2025全省普通高中学业水平等级模拟考试
物理
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.答案：C
解析：半衰期公式为：m()=m。()
T.
其中m()为未衰变的元素质量。
74
3740
m,=m(=m,分
故选C。
2.答案：A
解析：乙车经过t=8s速度减为0，该过程中Sz1=
8+0)×8=32m,8s内前45甲车做匀加速直线运动，
2
位移S甲1=
×2X=16m,后4s内甲车以录大速度8ms做匀速直线运动，位移5云8×4上3z江
8s末，两车相距100-32-32-16=20m:再经历2s,乙车在2s内保持静止，甲车在2s内做匀速直线运动，S
甲3=8×2=16m:故10s末，两车相距20-16=4m:
故选A。
3.答案：B
解析：力F的方向始终沿着圆弧切线方向，故力F做的功W=F,}×2R=mgR。在运动过程中任一
4
2
位置建立沿着切线和半径方向的坐标系，设半径与竖直方向夹角为0，沿着切线方向有郁-%s加9=，
故沿着切线方向，物块始终做加速运动。力F的功率一直增大。重力的瞬时功率P。:啊m0，也是一
直增大的。
4.答案：D
解析：A.地球自转的角速度①和同步轨道的角速度0相同，同步轨道的角速度0小于近地轨道的角速度
0,所以g=0,<0,故A错误：
GM
B.由于轨道I和轨道Ⅲ属于绕转，根据v=
可知'>，：又由于卫星在c点加速后进入轨道Ⅲ，所
以>"；又由于卫星在b点加速后进入轨道Ⅱ，所以">：综上，>>>：：故B错误：
C.根据T=2π1
GM
,可知，轨道I为近地圆轨道，轨道Ⅲ为同步轨道，卫星在轨道Ⅲ运行的周期约为24h,
大于在轨道I运行的周期：故C错误。
D,卫星在轨道I的b点加速变轨轨道Ⅱ，因此动能增大，又引力势能不变，故卫星在Ⅱ轨道的机械能大于
I轨道的机械能：同理，卫星在c点经过加速到达Ⅲ轨道，所以Ⅲ轨道的机械能大于Ⅱ轨道的机械能：故
D正确。
5.答案：D
解析：由题意得E。=肠8=10V,线圈与磁场平行时开始计时，故表达式应为e=100cos100t(V)
电压长的不数为有效值，即心，一导后=0、2V,省游动交阻器带片向上滑动时，质酬线园电压均不变，灯
八=
泡电流不变：当自耦变压器滑片P向上滑动时，根据，历，1增大，U2减小，故灯泡变暗，
6.答案：A
解析：方法一：增加薄木片并向左移动，条纹间距一定减小，故排除D:设单色光的波长为入，每一片薄
木片的厚度为，初始条纹间距为x。,去掉两片薄木片前后，根据三角形相似以可得：
2=h,2
h
X
X
联立可得：=3
若使条纹间距变成原来的2倍，需把薄木片向左平移，可得
2-h
3x。12x01
2
联立可得：【=
1,
故移动的距离为一1
3
方法二：设劈尖夹角为0，设条纹间距为。，根据几何关系可得
tan 0=2
Xo
可得：=2
tan 0
若使条纹间距变为原来的两倍，则n日变为原来的2，结合选项可得A正确。2025 全省普通高中学业水平等级模拟考试
物理
一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.答案：C
解析：半衰期公式为： ，其中 为未衰变的元素质量。
故选 C。
2.答案：A
解析：乙车经过 t1=8s 速度减为 0，该过程中 S 乙 1= ，8s 内前 4s 甲车做匀加速直线运动，
位移 S 甲 1= ，后 4s 内甲车以最大速度 8m/s 做匀速直线运动，位移 S 甲 2= ；则
8s 末，两车相距 100-32-32-16=20m；再经历 2s，乙车在 2s 内保持静止，甲车在 2s 内做匀速直线运动，S
甲 3= ；故 10s 末，两车相距 20-16=4m；
故选 A。
3．答案：B
解析：力 F 的方向始终沿着圆弧切线方向，故力 F 做的功 。在运动过程中任一
位置建立沿着切线和半径方向的坐标系，设半径与竖直方向夹角为θ，沿着切线方向有 ，
故沿着切线方向，物块始终做加速运动。力 F 的功率一直增大。重力的瞬时功率 ，也是一
直增大的。
4. 答案：D
解析：A.地球自转的角速度 和同步轨道的角速度 相同，同步轨道的角速度 小于近地轨道的角速度
，所以 故 A 错误； ；
B.由于轨道Ⅰ和轨道Ⅲ属于绕转，根据 可知 ；又由于卫星在 c 点加速后进入轨道Ⅲ，所
以 ；又由于卫星在 b 点加速后进入轨道Ⅱ，所以 ；综上， ；故 B 错误；
C.根据 可知，轨道Ⅰ为近地圆轨道，轨道Ⅲ为同步轨道，卫星在轨道Ⅲ运行的周期约为 24h，
大于在轨道Ⅰ运行的周期；故 C 错误。
D.卫星在轨道Ⅰ的 b 点加速变轨轨道Ⅱ，因此动能增大，又引力势能不变，故卫星在Ⅱ轨道的机械能大于
Ⅰ轨道的机械能；同理，卫星在 c 点经过加速到达Ⅲ轨道，所以Ⅲ轨道的机械能大于Ⅱ轨道的机械能；故
D 正确。
5.答案：D
解析：由题意得 ，线圈与磁场平行时开始计时，故表达式应为 （V）
;
电压表的示数为有效值，即 ;当滑动变阻器滑片向上滑动时，原副线圈电压均不变，灯
泡电流不变；当自耦变压器滑片 P 向上滑动时，根据 ，n1 增大，U2 减小，故灯泡变暗。
6.答案：A
解析：方法一：增加薄木片并向左移动，条纹间距一定减小，故排除 D；设单色光的波长为 ，每一片薄
木片的厚度为 h，初始条纹间距为 ，去掉两片薄木片前后，根据三角形相似可得：
，
联立可得：
若使条纹间距变成原来的 2 倍，需把薄木片向左平移，可得
，
联立可得： ，故移动的距离为 。
方法二：设劈尖夹角为θ，设条纹间距为 ，根据几何关系可得
可得：
若使条纹间距变为原来的两倍，则 变为原来的 ，结合选项可得 A 正确。
7.答案：B
解析：P 点的场强为+q 和带电圆环在该点产生的场强的叠加。如图，+q 在 p
点产生的场强方向与 x 轴成 45°角，因 P 的合场强沿着 y 轴负方向，所以带
电圆环在 p 点产生的场强水平向左，即 ，
解的 ，带负电。故选 B。
8. 答案：C
【解析】 的过程中，气体的温度不变，体积增大，根据 可知气体的压强减小，
的过程中，气体压强不变，这两个过程中气体体积的增大量相同，但 过程中气体的压强较大，故
气体对外做功较多，A 错误； 过程中，温度不变，体积减小，故外界对气体做功，根据热力学第
一定律 可知外界对气体做的功与气体放出的热量相等，B 错误；由题图可知状态 d 的体积
，且气体在 过程中的压强较大，体积变化量较大，所以 过程中外界对气体做
的功大于 过程中气体对外界做的功，由于这两个过程中内能均不变，故 过程中气体吸收
的热量大于 过程中气体放出的热量，C 正确；由能量守恒定律可知，气体在 c→d→a 过程中内能
的减少量等于 a→b→c 过程中内能的增加量，D 错误。
【方法技巧】本题还可以根据 V-T 图像作出 p-V 图像，如图所示，图像与横
轴所围图形的面积表示功，然后根据热力学第一定律即可解题。
二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得
4 分，选对但不全得 2 分，有选错得得 0 分。
9.答案：AB
10.答案：BD
解析：第一种方式：对 B 气体有 ，解的 ， ；第二种方式，对 A
气体有 ，解的 ，故末状态 A 中气体压强不相等。第一种方式，对 A 中气体有
，解得 。第二种方式，对 B 中气体应用克拉伯龙方程 ，
，解得 ，所以抽出气体与原来 B 中气体得比值为 。故选 BD。
11. 答案：ACD
解析：A.传送带对物体做功可以根据动能定理，传送带对物理的摩擦力做的功等于物体动能的增加量，初
速度为 0，末速度为 2m/s，因此动能增加为为 4J，所以 A 正确；
B.货物在 0-1s 内做 a=μg=2m/s 的匀加速直线运动，1s 末速度为 2m/s，向右加速；1-1.5s 内继续做匀加速，
1.5s 时与传送带共速，共速速度为 3m/s,1.5-2s 内一起做 a=ug=2m/s 的匀减速直线运动，货物 2s 末和传送
带共速，共速速度为 2m/s,2-3s 一起匀速；因此，货物没有始终向右加速，且 3s 末速度为 2m/s，故 B 错误。
C.货物的总位移为：0-1s，1m；1-1.5s，1.25m；1.5-2s，1.25m；2-3s，2m，总共 5.5m；根据图像可知，传
送带的位移为 9m，所以相对位移为 3.5m；所以 C 正确
D.摩擦生热为摩擦力 f 与相对位移Δx 的乘积，f=umg=4N，Δx=3.5m，因此 Q=fΔx=14J，所以 D 正确。
12.答案：BC
三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。
13.每空 2 分，共 6 分
14．每空 2 分，共 8 分
15.（8 分）答案：（1）4.8J （2）2.4m
解析：（1）m1 与 m2 组成的系统动量守恒
得
对系统应用能量守恒
得
得
（2）对 b 应用动量定理
联立可得
16. 答案：（1）不会发生全反射（2）
【解析】（1）如图，画出光路图
可知 解得 sinβ =
设光线在 BC 界面的入射角为θ，根据α=β+θ得 sinθ =sin（α-β），
解得
可得 sinθ <
故可知光线在 BC 边不发生全反射。
（2）设光线从射入玻璃柱到第一次离开玻璃柱的路程为 x，则 xcosθ =Rcosα
光线从射入玻璃柱到第一次离开玻璃柱的时间
光在玻璃柱中传播的速度
解得，光线从射入玻璃柱到第一次离开玻璃柱的时间
17.（14 分）答案：（1） （2） （3） (4)
解析：（1）带电粒子在电场中做类斜抛运动，可得
联立可得：
（2）粒子竖直方向通过的距离设为 y
得：
粒子以水平速度 进入圆形磁场区域，
得
粒子做圆周运动的半径等于圆形磁场的半径，故粒子从圆与 x 轴的切点 M 进入下方磁场区域，由几何关系
可得，最上端发出的粒子在圆形磁场中运动的时间最长，可得
解得：
（3）粒子进入 x 轴下方以后，方向范围在与 x 轴正半轴成 60°到 120°范围之内，可得
得
当速度与 x 轴正半轴成 60°和 120°时，粒子打到 x 轴的同一位置，
距 M 点的最近距离为
当速度与 x 轴成 90°进入下方磁场时，粒子打到 x 轴上距 M 最远
故 x 的坐标范围为
（4）0 点射出的粒子在 M 点射出时与 x 轴正方向的夹角为 60°，将粒子速度 v 分解出一个沿着 x 轴正方向
的速度 ，使得
可得
则另一分速度与 x 轴负方向的夹角为 60°，大小为 ，可得
以此速度做圆周运动的半径
离 x 轴的距离的表达式
18.（16 分）答案：(1) 1m/s2， 0 (2) 0.75s (3)0 (4) 3 次
解析：(1)放上小物块前对 A 由牛顿第二定律可得
m1gsinθ μm1gcosθ＝m1a1 …………………………1 分
放上小物块后对 A 由牛顿第二定律可得 m1gsinθ μ(m1+ m2)gcosθ＝m1a2 ………1 分
解得 a1=1m/s2，a2=0 ………………1 分
(2) 放上小物块时 A 的速度 vA1= a1t0 …………………………1 分
小物块在木板上运动时的加速度 a3=gsinθ ………………1 分
放上小物块至小物块与木板发生第一次碰撞， …………………………1 分
解得 t1=0.75s …………………………1 分
（3）放上小物块后 A 以 vA1=1m/s 的速度做匀速直线运动，碰前 B 的速度
vB1= a3t1 ………………1 分
第一次碰撞过程 …………………………1 分
………………1 分
解得 …………………………1 分
（4）放上小物块至小物块与木板发生第一次碰撞，木板的位移
由上一问可求得小物块与木板挡板第一次碰撞后木板 A 的速度 m/s
A、B 发生第二次碰撞前 B 的速度设为 vB2，碰后 A 的速度 、B 的速度 ，第一次碰撞和第二次碰撞
之间，时间设为 t2，A、B 的位移设为 L2
L2=
L2=
vB2= +a3t2 ………………1 分
第二次碰撞过程 …………………………1 分
………………1 分
此后重复前面的过程，相邻两次碰撞之间的时间间隔相等，均为
t2= t3= t4=1s …………1 分
求得 L1=0.75m，L2=2m，L3=3m，L4=4m，
L1+ L2 + L3 < L， L1+ L2 + L3 +L4> L
故 A、B 发生了 3 次碰撞 ……………………1 分机密★启用前
试卷类型A
山东名校考试联盟
2025年4月高考模拟考试
物理试题
本试卷满分100分，考试用时90分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必用0.5惑米黑色签字笔将自已的姓名、准考证号、座号填写在答题卡
和试卷指定位置。
2.回答选择题时，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦
干净后，再选涂其他答案标号。
3.回答非选择题时，必须用0.5毫米黑色签字笔作答（作图除外），答案必须写在答题卡各
题目指定区域内相应的位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不能使用涂
改液、胶带纸、修正带和其他笔。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.元素半衰期被广泛应用于考古测年代、药物代谢控制、核能利用及医学诊断治疗等领域。已
知8F的半衰期为1l0min,6sGa的半衰期为68min,现将质量为m1的18F和质量为m2
的8Ga投入研究，研究时长为3740min。设研究结束后18F的剩余质量为m1,68Ga的剩
余质量为m2,下列说法正确的是
A.
=1-
7m1
231
B.m2=1-
C.mi=
D.m2=1
m2
269
7m1
230
7m2269
2.在智能物流系统中，智能配送车可在编程操作下自行完成物流货物装载工作，大大提
高了工作效率。现有两辆智能配送车甲和乙沿同一直线轨道同时相向而行，甲车从静
止出发以2m/s2的加速度做匀加速直线运动，乙车以初速度8m/s刹车，加速度大小
为1m/s2。已知智能配送车的最大速度为8m/s,两车初始相距100m。经过10s两车之
间的距离为
A.4m
B.6 m
C.8 m
D.2'm
高三物理试题第1页（共8页）
3.如图所示，半径为R的四分之一光滑圆弧竖直固定，最低点A放置一质量为m的物块，可
视为质点。物块在方向始终沿圆弧切线的推力F作用下由A运动到B,力F大小恒为
g。对于该运动过程，下列说法正确的是
A.力F做功大小为mgR
B
B.力F做功大小为g迟
2
C.力F的功率先增大后减小
D.克服重力做功的功率先增大后减小
4.我国近地小行星防御系统通过“监测一评估一干预”三位一体架构，力图避免小行星影响地
球，展现了从被动预警到主动防御的科技跨越。如图所示，近地圆轨道I和椭圆轨道Ⅱ相切
于b点，椭圆轨道Ⅱ和同步轨道Ⅲ相切于c点。现有防御卫星在轨道I处做匀速圆周运动，
经变轨后运行到同步轨道Ⅲ的a点拦截小行星进行干预，已知地球自转的角速度为ω，防御
卫星在轨道I和Ⅲ上运行的角速度为w1和ω，，卫星在轨道I、Ⅲ和轨道Ⅱ上的b点、c点运
行的线速度分别为v1、v3、V。、v:。下列说法正确的是
A.w=w1>ω3
B.v6:=v1>v=v3
m
C.卫星在轨道I运行的周期约为24h
D.卫星在轨道Ⅲ的机械能大于在轨道I的机械能
5.如图所示，匝数为100匝、面积为10cm2的交流发电机线圈在磁感应强度为10T的匀强磁
场中匀速转动。线圈平面与磁场平行时开始计时，通过一理想自耦变压器对外供电，转动角
速度为100rad/s,线圈内阻不计，电压表为理想电压表。则下列说法正确的是
A.线圈产生的电动势的瞬时值表达式为e=100sinl100t(V)
B.电压表V示数为100V
C.当滑动变阻器滑片向上滑动时，流经灯泡的电流变大
D.当自耦变压器滑片P向上滑动时，灯泡变暗
高三物理试题第2页（共8页）
