专题7.4 复数运算的综合应用大题专项训练【五大题型】(举一反三)(含答案)2024-2025学年高一数学举一反三系列(人教A版2019必修第二册)

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名称 专题7.4 复数运算的综合应用大题专项训练【五大题型】(举一反三)(含答案)2024-2025学年高一数学举一反三系列(人教A版2019必修第二册)
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资源类型 试卷
版本资源 人教A版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-05-05 09:08:33

文档简介

专题 7.4 复数运算的综合应用大题专项训练【五大题型】
【人教 A 版(2019)】
姓名:___________班级:___________考号:___________
题型一 复数的四则运算
1.(23-24 高一下·河南郑州·期中)已知复数 满足 = 4且 + + | | = 0.
(1)求复数 ;
(2)求 3.
【解题思路】(1)设复数 = + i, 、 ∈ R,由共轭复数的概念、复数的模长公式结合题意列方程组求
解即可;
(2)根据(1)中 的值,利用复数的乘法法则计算求 3即可.
【解答过程】(1)设复数 = + i, 、 ∈ R,则 = i, + = 2 ,| | = 2 + 2,
2 + 2 = 4
由 = 4且 + + | | = 0,得 2 + 2 + 2 = 0 ,
= 1
解方程得 =± 3 ,所以复数 = 1 + 3i或 = 1 3i;
2
(2)当 = 1 + 3i时, 3 = ( 1 + 3i) × ( 1 + 3i) = ( 2 2 3i) × ( 1 + 3i)
= 2 2(1 + 3i) × ( 1 + 3i) = 2 ( 3i) ( 1)2 = 2 × ( 3 1) = 8;
2
当 = 1 3i时, 3 = ( 1 3i) × ( 1 3i) = ( 2 + 2 3i) × ( 1 3i)
= 2 2(1 3i)(1 + 3i) = 2 (1)2 ( 3i) = 2 × (1 + 3) = 8,
综上, 3 = 8.
2.(23-24 高一下·河南商丘·期中)已知复数 1 = 4 + i( ∈ ),且 1 (1 2i)为纯虚数.
(1)求复数 1;
1
(2)若 2 = (1 i)2,求复数 2及| 2|.
【解题思路】(1)根据 1 = 4 + i( ∈ )和 1 (1 2i)为纯虚数列关于 的方程组求解 ,求出复数 1;
(2)求出 1,求出 2,求出 2,求出| 2|.
【解答过程】(1)由 1 = 4 + i( ∈ ),所以(4 + i) (1 2i) = 4 + 2 + ( 8)i,
(1 2i) 4 + 2 = 0又 1 为纯虚数,所以 8 ≠ 0 ,
解得 = 2,所以复数 1 = 4 2i;
4+2i (4+2i) 2i
(2)由(1)知 1 = 4 + 2i
4+2i
,所以 2 = (1 i)2 = 2i = ( 2i) 2i = 1 + 2i,
故 2 = 1 2i,| 2| = ( 1)2 + 22 = 5.
3.(24-25 高一·上海·课堂例题)计算:
(1)(4 + i)(3 + 2i);
(2)( 2 + 3i)( 2 3i)( 3 + 2i)( 3 2i);
(3) 3+29i1+2i ;
(4)(1+i)
4
+ (1 i)
4
1+2i 1 2i ;
2
(5) ( 3 + 1) + ( 3 1)i .
【解题思路】(1)(2)(3)(4)(5)根据复数的乘除法运算即可.
【解答过程】(1)(4 + i)(3 + 2i) = 12 + 8i +3i +2i2 = 10 + 11i.
(2)( 2 + 3i)( 2 3i)( 3 + 2i)( 3 2i) = (2 3i2)(3 2i2) = 25.
3 3+29i
( 3+29i)(1 2i) 2
( ) 1+2i =
3+6i+29i 58i
(1+2i)(1 2i) = 5 = 11 + 7i.
4 (1+i)
4
+ (1 i)
4 4 4(1 2i) 4(1+2i)
( ) 1+2i 1 2i = 1+2i +
4 8
1 2i = (1+2i)(1 2i) + (1 2i)(1+2i) = 5.
2 2 2
(5)[( 3 + 1) + ( 3 1)i] = ( 3 + 1) +2( 3 +1)( 3 1)i + ( 3 1) i2
= 4 + 2 3 +4i (4 2 3) = 4 3 +4i.
4.(23-24 高一下·山西大同·期中)已知复数 满足 (1 3i)为纯虚数, = 2i.
(1)求 以及 ;
3
(2) + i设 1 = +3 ,若| 1| = 2 2,求实数 的值.
【解题思路】(1)设复数 的代数形式,利用复数的乘法运算化简,根据纯虚数概念求解;
(2)利用复数的乘除、乘方化简,再由模的公式建立方程求解 .
【解答过程】(1)设 = + i( , ∈ ),则 = i,
由 (1 3i) = ( + i)(1 3i) = ( + 3 ) + ( 3 )i为纯虚数,
得 + 3 = 0①,且 3 ≠ 0,
由 = 2 i = 2i,得 2 = 2②,
由①②解得 = 3, = 1,验证知 3 = 10 ≠ 0,满足题意.
所以 = 3 + i, = 3 i.
+ i3 3+2i ( 3+2i) i
(2)由(1)可知, 1 = +3 = i = ( i) i = 2 + ( 3)i,
由| 1| = 2 2,得 ( 2)2 + ( 3)2 = 2 2,
整理,得 2 6 + 5 = 0,
解得 = 1或 = 5.
故实数 的值为 1 或 5.

5.(23-24 1高一下·江苏南京·期中)已知复数 1 = + i, 2 = 1 i, 是纯虚数,其中 是实数.2
(1)求实数 的值;
2 3 2023
(2) 1 1 1 求 1 + + + + .2 2 2 2
【解题思路】(1)化简运用纯虚数概念求解即可;
(2)化简,结合i1 = i,i2 = 1,i3 = i,i4 = 1,周期性质即可解题.
1 +i ( +i)(1+i)1 = + i, = 1 i, ∈ R = = ( 1)+(1+ )i 1 1+ 【解答过程】( )复数 1 2 ,则 2 1 i (1 i)(1+i) = 2 = 2 + 2 i,
1
1 = 0
因为 是纯虚数,于是
2
1+ ,解得 = 12 ≠ 0
2
1
(2)由(1)得到 = i,又i1 = i,i2 = 1,i3 = i,i4 = 1,2
则 ∈ N*,i4 3 = i,i4 2 = 1,i4 1 = i,i4 = 1,即有 ∈ N ,i4 3 + i4 2 + i4 1 + i4 = 0,
2 3 2022 20231
所以 + 1 + 1 + +
1 + 1 = 505
(i + i
2 + i3 + i4) + i + i2 + i3 = i 1 i= 1.
2 2 2 2 2
6.(23-24 高一下·福建漳州·期中)已知复数 = 3 + i( ∈ R),且(1 + 3i) 为纯虚数.
(1)求复数 ;

(2) 6若复数 = 2+i,求复数 5i的模.
【解题思路】(1)运用纯虚数概念,结合乘法计算即可;
(2)运用模长公式,结合除法和共轭复数知识求解.
【解答过程】(1)由题意得(1 + 3i) (3 + i) = (3 3 ) + (9 + )i,
∵ (1 + 3i) 是纯虚数,
∴ 3 3 = 09 + ≠ 0 ,
∴ = 1,
∴ = 3 + i
3+i (3+i) (2 i)
(2) = 2+i = 2+i = (2+i) (2 i)
7 i 7 1
= 5 = 5 5 i
7 1
∴ = 5 + 5 i
6 7 1 6 7
∴ 5 i = 5 + 5 i 5 i = 5 i
∴ | 6 2i| = 7 + ( 1)2 = 74.5 5 5
7.(23-24 高一下·江苏淮安·期中)设复数 1 = 1 + i( ∈ ), 2 = 2 i.
(1)若 1 + 2是实数,求 1 2

(2) 1若 是纯虚数,求 2 1.
【解题思路】(1)根据复数的分类特征,结合复数加法和乘法的运算性质进行求解即可;
(2)根据复数除法的运算法则,结合纯虚数的定义进行求解即可.
【解答过程】(1) 1 + 2 = 1 + i +2 i = 3 + ( 1)i,
因为 1 + 2是实数,
所以有 1 = 0 = 1,
因此 1 2 = (1 + i)(2 i) = 2 i +2i +1 = 3 + i;
1 1+ i (1+ i)(2+i)2 = = = 2+i+2 i 2 ( ) 2 i (2 i)(2+i) 4+1 = 5 +
1+2
5 i,2
1
因为 是纯虚数,2
2 = 0
所以有 51+2 = 2,所以 1 = 1 + 2i.≠ 0
5
题型二 复数的四则运算与复数特征的综合应用
用向量证明线段垂直

8.(23-24 高二下·江用向苏量证无明锡线段·垂期直末)已知复数 z 使得 + 2i ∈ R,2 i ∈ R,其中 i 是虚数单位.
(1)求复数 z 的共轭复数;
(2)若复数( + i)2在复平面上对应的点在第四象限,求实数 的取值范围.
【解题思路】(1)根据复数的除法运算以及加法运算化简复数,即可根据复数的分类求解,
(2)根据复数乘法化简,根据第四象限的点的特征即可列不等式求解.
【解答过程】(1)设 = + i( , ∈ R),∴ + 2i = + ( + 2)i ∈ R
∴ = 2
z ( 2i)(2+i)∴ = 2 +2+( 4)i 42 i (2 i)(2+i) = 5 ∈ R, 所以 5 = 0,解得 = 4,
∴ = 4 2i,
∴ = 4 + 2i;
(2)∵m 为实数,
( + i)2 = (12 + 4 2) + 8( 2)i
∴ 12 + 4
2 > 0
8( 2) < 0 ,
解得 2 < < 2
∴ 的取值范围是( 2,2).
9.(23-24 高一下·贵州·期中)已知复数 的共轭复数为 , 在复平面上对应的点在第一象限,且满足 = 6
i, = 25,
(1)求复数 ;

(2)求复数 + 1 i的模长.
【解题思路】(1)设 = + i,a,b∈R,则 = i,结合题意列式求解即可;

(2 9)由(1)可得 + 1 i = 2 +
13
2 i,进而可得模长.
【解答过程】(1)设 = + i,a,b∈R,则 = i,
( + i) ( i) = 2 i = 6i = 3
由题意可得 ( + i)( i) = 2 + 2 = 25 ,解得 =± 4 ,
又因为 = 3在复平面上对应的点在第一象限,即 = 4 ,所以 = 4 + 3i.
4+3i 9 13
(2)由(1)可知 = 4 + 3i,则 + 1 i = (4 + 3i) + 1 i = 2 + 2 i,
9 2 13 2 5 10
所以| + = + = .1 i| 2 2 2
10.(24-25 高二上·重庆·开学考试)已知复数 = + i( ∈ , ∈ )满足| | = 2, 2的虚部是 2.
(1)求复数 ;
(2)设 , 2, 2在复平面上的对应点分别为 , , ,若 点位于第一象限,求 △ 的面积.
【解题思路】(1)设 = + i( , ∈ R),结合条件求 , 即可得 z;
(2)结合(1)结论,利用复数的四则运算即可得 , 2, 2的对应坐标,进而求它们构成的 △ 的面积;
【解答过程】(1) = + i( , ∈ R),
则 2 = 2 2 +2 i,
由题意得 2 + 2 = 2,
且2 = 2,
解得 = = 1或 = = 1,
所以 = 1 + i或 = 1 i.
(2)因为 位于第一象限,所以 = 1 + i,
2 = 2i,
2 = 1 i,
所以 (1,1), (0,2), (1, 1),
直线 : = 1,所以且 到 的距离为 1;
∴S = 1 1△ 2| | × 1 = 2 × 2 × 1 = 1.
所以 △ = 1.
11.(23-24 高一下·河北唐山·期中)已知复数 满足| | = 2 2, 2的虚部为 8, 在复平面上对应的点 在第
一象限.
(1)求复数 ;
(2)若复数 1 = 3i,且 1是实数,求实数 的值.
【解题思路】(1)设 = + i,由已知条件列方程求出 , 的值,得复数 ;
(2)由复数的乘法和复数的分类,求实数 的值.
【解答过程】(1)设复数 = + i,由| | = 2 2, 2的虚部为 8, 在复平面上对应的点 在第一象限,
> 0
> 0
则有 2 2 + 2 = (2 2) = 8 ,解得 = = 2,即 = 2 + 2i.
2 = 8
(2) 1 = (2 + 2i)( 3i) = (2 + 6) + (2 6)i,
1是实数,则有2 6 = 0,解得 = 3.
12.(23-24 高一下·福建龙岩·期中)已知复数 = 1 + i( ∈ R,i为虚数单位).
(1)若(1 2i) 为纯虚数,求实数 a 的值;

(2)若 = 1+i,且复数 在复平面内所对应的点位于第四象限,求 a 的取值范围.
【解题思路】(1)由复数(1 2i) 为纯虚数,列出方程组求解即可得 的值;
(2)由在复平面上对应的点在第四象限列出不等式组求解即可得 的取值范围.
【解答过程】(1)(1 2i) = (1 2i)(1 + i) = (1 + 2 ) + ( 2)i.
因为(1 2i) ∴ 1 + 2 = 0
1
为纯虚数, 2 ≠ 0 ,解得 = 2,
1
所以 = 2.
1+ i (1+ i)(1 i)2 (1+ )+( 1)i +1 1( )由 = 1+i = 1+i = (1+i)(1 i) = 2 = 2 + 2 i,
+1 > 0
由复数 在复平面内所对应的点位于第四象限,得 2 1 ,解得 1 < < 1.< 0
2
∴ 的取值范围为( 1,1).
13.(24-25 高一下·全国·课后作业)已知复数 = 1 + i(i 是虚数单位, ∈ ),且 (3 + i)为纯虚数
( 是 z 的共轭复数).
(1) = +2i设复数 1 1 i ,求| 1|;
2021
(2) i设复数 2 = ,且复数 2在复平面内所对应的点在第一象限,求实数 a 的取值范围.
+2i
【解题思路】(1)化简 (3 + i),由其为纯虚数求出 的值,将 代入 1 = 1 i 化简,从而可求出其模;
2021
(2)将 = 1 3i = i代入 2 化简,再由复数 2在复平面内所对应的点在第一象限,列不等式组可求出实
数 a 的取值范围.
【解答过程】(1) ∵ = 1 + i, ∴ = 1 i,
∴ (3 + i) = (1 i)(3 + i) = (3 + ) + (1 3 )i.
又 ∵ (3 + i)为纯虚数,
∴ 3 + = 01 3 ≠ 0 ,解得 = 3,
3+2i ( 3+2i)(1+i) 5 i
所以 1 = 1 i = (1 i)(1+i) = 2 =
5
2
1
2i,
∴ | 1| =
25 + 1 = 26.
4 4 2
(2)由(1)知 = 1 3i,
∴ = i
( i)(1+3i)
2 1 3i = =
( +3)+(3 1)i
(1 3i)(1+3i) 10 .
又 ∵ 复数 2在复平面内所对应的点在第一象限,
∴ + 3 > 0 13 1 > 0 ,解得 > 3,
1
即实数 a 的取值范围是 , + ∞ .
3
14.(23-24 高一下·山东聊城·期中)已知复数 1, 2在复平面上对应的点分别为(0, 2),(3,4).

(1) 2若 = ,求 的共轭复数;1
(2)若复数 1 + 2在复平面上对应的点在第四象限,求实数 的取值范围.
【解题思路】(1)可得出: 1 = 2i, 2 = 3 + 4i,然后根据复数的除法运算得出复数 ,然后即可得出 的
共轭复数;
(2)进行复数的运算得出 1 + 2 = 3 + (4 2)i,然后根据条件得出关于 的不等式,然后解出 的范围
即可.
【解答过程】(1)根据题意知: 1 = 2i, 2 = 3 + 4i,

∴ = 2 = 3+4i (3+4i)(2i) 3 1 2i = 4 = 2 + 2i,
∴ = 2 32i;
(2) 1 + 2 = 2i + (3 + 4i) = 3 + (4 2)i,且 1 + 2在复平面上对应的点在第四象限,
∴ 3 > 0 14 2 < 0 ,解答0 < < 2,
∴ 1实数 的取值范围为(0,2).
题型三 复数范围内方程的根的问题
15.(23-24 高一下·湖北武汉·期中)知复数 1 = 5 + 10i,复数 2在复平面内对应的点为 (3, 4)
(1)若复数 2是关于 的方程 2 + + 1 = 0的一个根, ∈ R,求 + 的值:
1 1
(2) 1若复数 满足 = + ,求复数 的共轭复数 .1 2
【解题思路】(1)将 2 = 3 4i代入一元二次方程即可得到方程组,解出即可;
(2)根据复数的除法和共轭复数的概念即可得到答案.
【解答过程】(1)由题意得 2 = 3 4i,
因为复数 2是关于 的方程 2 + + 1 = 0的一个根,
所以(3 4i)2 + (3 4i) + 1 = 0,
3 + 8 (4 + 24)i = 0,
3 + 8 = 0
4 + 24 = 0 ,
解得 = 6, = 26,所以 + = 20.
5(11+2i)(4 3i)
(2) = 1 2 = (5+10i)(3 4i) 55+10i 5 1+ 2 5+10i+3 4i = 8+6i = 2(4+3i)(4 3i) = 5 2i,
∴ = 5 + 52i.
16.(23-24 高一下·上海松江·期末)已知i为虚数单位,复数 = ( 2 3 4) + ( 2 + )i.
(1)当实数 取何值时, 是纯虚数;
(2)当 = 1时,复数 是关于 的方程 2 + + = 0的一个根,求实数 与 的值.
【解题思路】(1)由 是纯虚数得到实部为0,虚部不为0,解方程组得到 的值;
(2)将 = 6 + 2i代入方程,实部和虚部均为0,解方程组得到 和 的值.
2 3 4 = 0
【解答过程】(1)由 是纯虚数得 2 + ≠ 0 ,解得 = 4.
所以当 = 4时, 是纯虚数.
(2)当 = 1时, = 6 + 2i,
因为 是关于 的方程 2 + + = 0的一个根,所以 2 + + = 0,
即( 6 + 2i)2 + ( 6 + 2i) + = 0,整理得(32 6 + ) + (2 24)i = 0,
32 6 + = 0 = 12
所以 2 24 = 0 ,解得 = 40 .
17.(23-24 高一下·江苏宿迁·期中)已知复数 = 1 i(i是虚数单位)是方程 2 + + = 0的根,其中 ,
是实数
(1)求 和 的值;
(2)若( + i) ( 2 i)是纯虚数,求实数 的值
【解题思路】(1)根据虚根成对原理可知 = 1 + i也为方程的根,利用韦达定理计算可得;
(2)根据复数代数形式的乘法运算化简( + i) ( 2 i),再根据其为纯虚数,则实部为0,虚部不为0得
到方程(不等式)组,解得即可.
【解答过程】(1)因为复数 = 1 i(i是虚数单位)是方程 2 + + = 0的根( , 是实数),
所以 = 1 + i也为方程的根,
= (1 i) + (1 + i) = 2
所以 = (1 i)(1 + i) ,所以 = 2 ;
(2)由(1)可知( + i) ( 2 i) = ( 2 + 2i) ( 2 i)
= 2 2 + 2 i + 2 2i 2 i2
= (2 2 2) + (2 + 2 2)i,
又( + i) ( 2 i)是纯虚数,
2 2 2 = 0
所以 2 + 2 2 ≠ 0 ,解得 = 1.
18.(23-24 高一下·吉林·期末)已知复数 = 2 + i是一元二次方程 2 + + = 0( , ∈ )的根.
(1)求 , 的值;
(2)若复数( + i) ( 2i)(其中 ∈ )为纯虚数,求复数 = (2 + 1) + (4 2)i的模.
【解题思路】根据 = 2 + i是一元二次方程 2 + + = 0的根得到2 i也是一元二次方程 2 + + = 0的
根,代入列方程组求解即可;
(2)求出( + i) ( 2i),根据复数( + i) ( 2i)为纯虚数求出 即可求出| |.
【解答过程】(1)因为 = 2 + i是一元二次方程 2 + + = 0的根,
所以2 i也是一元二次方程 2 + + = 0的根,
(2 + i) + (2 i) = = 4
故 (2 + i) (2 i) = ,解得 = 5 ;
(2)因为复数( + i) ( 2i) = (10 4 ) + (5 + 8)i为纯虚数,
所以10 4 = 0,且5 + 8 ≠ 0,
即 = 52,所以复数 = (2 + 1) + (4 2)i = 6 + 8i,
故| | = 62 + 82 = 10.
19.(23-24 高一下·上海·期末)设i是虚数单位, ∈ . 是关于 的方程
2 (2 + i) + = 0的两根,
且满足| | + | | = 3.
(1)若 = 2 + 5i,求 与 的值;
(2)若 = 0,求 的值.
2
【解题思路】(1)由| | = 22 + 5 = 3,及| | + | | = 3,得| | = 0,即可求解;
(2)当 = 0时,则 , 是关于 的方程 2 2 + = 0的两根,则 △= 4 4 ,进行分类讨论,即可求解.
2
【解答过程】(1)解:由 = 2 + 5i,得| | = 22 + 5 = 3,
而| | + | | = 3,得| | = 0,
因为 , 是关于 的方程 2 (2 + i) + = 0的两根,
2 + 5i+ =2+ i
所以 2 + 5i = ,
得 = 5 i,由| | = 0,得 = 5,
得 = 0,则 = 0;
(2)当 = 0时,则 , 是关于 的方程 2 2 + = 0的两根,
则 △= 4 4 ,
当 = 1时,则 = = 1,不满足| | + | | = 3,
当 < 1时,得 △= 4 4 > 0
+ =2
得 = ,
由| | + | | = 3得(| | + | |)2 = 9,
得 2 + 2 +2| | = 9,
得( + )2 2 + 2| | = 9,
得 2 + 2| | = 5,
当0 ≤ < 1 5时,不成立,当 < 0时,得 = 4,
当 > 1时,得 △= 4 4 < 0,
不妨记 = 1 1i, = 1 + 1i,
由| | + | | = 3得 1 + 1 + 1 + 1 = 3,
9
得 = 4,
故 的值为: 5 94或4.
20.(24-25高一下·江苏徐州·阶段练习)已知复数 1 = 1 + i, 2 = + 3i( ∈ R)(i为虚数单位)满足__________.
在① 2 2 = 10( > 0),② 1( i) > 0这两个条件中任选一个,补充在上面的横线上,并解答下列问题.
1 1
(1)若 = + ,求复数 以及| |;1 2
(2)若 2是实系数一元二次方程 2 + + 4 3 = 0的根,求实数 的值.
注:如果选择多个条件分别解答,那么按第一个解答计分.
【解题思路】(1)选条件①,利用共轭复数的意义及复数乘法运算求出 ,再利用复数除法运算及模的意
义求解;选条件②,利用复数乘法运算及复数的意义求出 ,再利用复数除法运算及模的意义求解.
(2)利用实系数一元二次方程的虚根成对出现,再借助韦达定理计算即得.
【解答过程】(1)选条件①, 2 2 = 10( > 0),由 2 = + 3i,得 2 = 3i,
因此 = 22 2 +9 = 10,即 2 = 1,又 > 0,解得 = 1,
1 1
所以 = 1 1 1 i 1 3i 3 4 3 2 4 2 + =1 2 1+i + 1+3i = 2 + 10 = 5 5i,| | = ( ) + ( ) = 1.5 5
选条件②, 1( i) > 0,由 1 = 1 + i
+ 1 > 0得 1( i) = (1 + i)( i) = + 1 + ( 1)i > 0,因此 1 = 0 ,解得 = 1,
1 1
= + = 1 1 1 i 1 3i 3所以 1+i + 1+3i = 2 + 10 = 5
4 3 2 4 2
5i,| | = ( ) + ( ) = 1.1 2 5 5
(2) 2是实系数一元二次方程 2 + + 4 3 = 0的根,则 2也是该方程的根,
于是 2 + 2 = ,则实数 = ( 2 + 2) = (1 + 3i + 1 3i) = 2,
所以实数 的值为 2.
21.(23-24 高一下·江苏无锡·期末)已知复数 = 4 + i,其中 是正实数,i是虚数单位
(1)如果 2为纯虚数,求实数 的值;

(2)如果 = 2, = 21 1 i是关于 的方程 + + = 0( , ∈ )的一个复根,求 + 的值.
【解题思路】(1)先利用复数的四则运算求得 2,再利用复数的分类即可得解;
(2)先利用复数的四则运算化简 1,从而得到题设方程的两个复根,再利用韦达定理即可得解.
【解答过程】(1)因为 = 4 + i,所以 2 = (4 + i)2 = 16 2 +8 i,
2 16
2 = 0
因为 为纯虚数,所以 8 ≠ 0 ,解得 = 4(负值舍去),
所以 = 4.
(2)因为 = 2,所以 = 4 + 2i,
4+2i 2(2+i)(1+i) = = = = 2(1+3i)则 1 1 i 1 i (1 i)(1+i) 2 = 1 + 3i,
因为 1是关于 的方程 2 + + = 0( , ∈ )的一个复根,
所以1 + 3i与1 3i是 2 + + = 0的两个复根,
1 + 3i + 1 3i = = 2
故 (1 + 3i)(1 3i) = ,则 = 10 ,
所以 + = 8.
题型四 复数运算的三角表示
22.(24-25 高一下·辽宁大连·阶段练习)设复数 1 = 3 + i,
(1)写出 1的三角形式;
(2)复数 2满足| 2| = 2,且 21 2在复平面内对应的点在虚轴的负半轴上,arg 2 ∈ (0,π),求 2的代数形式.
【解题思路】(1)根据公式,即可直接得出答案;
(2)设 2 = 2(cos + isin ),根据三角恒等变换表示出 1 22,然后根据已知得出 的值,代入即可得出答
案.
【解答过程】(1)由已知可得,| 1| = 2,
= 3 + i=2 3 + 1 i = 2 cos π π所以, 1 + isin .2 2 6 6
(2)由已知可设 2 = 2(cos + isin ),
则 22 = 4(cos2 sin2 + 2isin cos ) = 4cos2 + 4isin2 .
所以, 1 2 π2 = 2 cos + isin
π (4cos2 + 4isin2 ) = 8 cos π cos2 sin π sin2 +8i
6 6 6 6
cos π sin2 + sin π cos2 = 8cos 2 + π +8isin 2 + π .
6 6 6 6
cos 2 + π = 0 π
由已知可得 6π ,所以2 + =

6 2 +2 π, ∈ Z,sin 2 + < 0
6

所以, = 3 + π, ∈ Z.
0 < < π = 2π又 ,所以 3 .
所以, 2π 2π2 = 2 cos + isin = 1 + 3i.3 3
23.(24-25 高一·全国·随堂练习)计算:
π π π π
(1)3(cos3 + isin3) 3(cos6 + isin6);
10(cos 2π+isin 2π )
(2) 3 35(cos π+isin π ) ;
3 3
π π π π
(3) 10(cos2 + isin2) 2(cos4 + isin4);
12(cos 3π+isin 3π )
(4) 2 26(cos π+isin π ) ;
6 6
(5)[3(cos10° + isin10°)]6;
5
(6)( 3+i) .
1+ 3i
【解题思路】(1)(2)(3)(4)(5)利用三角形式的复数乘法、除法、乘方运算法则求解即得.
(6)把复数化成三角形式,再利用三角形式的复数运算计算即得.
π π π π π π
【解答过程】(1)3(cos3 + isin3) 3(cos6 + isin6) = 9(cos2 + isin2) = 9i.
10(cos 2π+isin 2π ) π π
(2) 3 3 = 2(cos + isin ) = 1 + i5(cos π+isin π ) 3 3 3 .
3 3
π π π π
(3) 10(cos2 + isin2) 2(cos4 + isin4) = 2 5(cos
3π 3π
4 + isin 4 )
= 2 5( 2 + 2i) = 2 2 10 + 10i.
12(cos 3π+isin 3π )
(4) 2 2π π = 2(cos

3 + isin

3 ) = 2(
1 3
2 i) = 1 i6(cos +isin ) 3 .
6 6 2
(5)[3(cos10° + isin10°)]6 = 36(cos60° + isin60°) = 7292 +
729 3i.
2
5 [2(cos π+isin π )]5 25(cos 5π 5π
6 ( 3+i)
+isin ) π π
( ) = 6 62π 2π = 6 62(cos 2π+isin 2π ) = 16(cos6 + isin 1+ 3i 2(cos +isin ) 6)3 3 3 3
= 16( 3 + 12i) = 8 3 +8i.2
24 3.(24-25 高一上·上海·课堂例题)设 1、 2、 3在复平面上对应的点分别为 A、B、C, = 2(1 + 3i).若
| 1| = 1, 2 = 1 , 3 = 2 ,求四边形 的面积.
π π
【解题思路】写出复数的三角形式 = 3 cos + isin ,根据三角形式几何意义得到| | = 3,且∠ =
3 3
π π
3,| | = 9,且∠ = 3,利用三角形面积公式得到 △ , △ ,相加后得到答案.
3
【解答过程】| 1| = 1,得| | = 1,由 = 2(1 + 3i),
得 = 3 cos π + isin π .
3 3
π π π
因为 2 = 1 ,所以 2 = 1 3 cos + isin ,即| | = 3,且∠ = .3 3 3
= = 3 cos π + isin π
π
因为 3 2 ,所以 3 2 ,即| | = 9,且∠ = .3 3 3
设四边形 的面积为 ,
π
= 1 1
π
则 △ + △ = 2 | | | | sin3 + 2 | | | | sin3
= 1 × 1 × 3 × 3 + 12 2 × 3 × 9 ×
3 = 15 3.
2 2 2
25.(24-25 高一上·上海·课后作业)已知复数 z 满足 2 +2 + 4 = 0,且arg ∈ π ,π .
2
(1)求 z 的三角形式;
(2)记 , , 分别表示复数 z、 、 2 在复平面上的对应点.已知 , , 三点成逆时针顺序,且 △ 为等边三
角形,求tan(arg )的值.
【解题思路】(1)解方程结合辐角范围得到复数,再表示为三角形式即可.
(2)利用旋转的性质求出 z、 ,最后利用辐角的性质求解即可.
【解答过程】(1)由 2 +2 + 4 = 0,解得 = 1 ± 3i.
∵arg ∈ π ,π ,∴ = 1 3i应舍去,
2
∴ = 1 + 3i = 2 cos 2π + isin 2π .
3 3
(2)由题意得, : ( 2 ) = + 2 , : ( 2 ) = 3 .
π
∵| | = | |, , , 位置成逆时针顺序,又∠ = 3,
π
∴把 按逆时针方向旋转3即得 ,
∴3 = ( + 2 ) cos π + isin π ,
3 3
将 = 2 2cos 2π + isin 2π 代入上式,解得 =
3 3 7
(2 + 3i),
由点 在第三象限知tan(arg ) = 3.2
2
26.(24-25 高一下·全国·课后作业)已知 是实数, 是非零复数,且满足arg = 3 4 , 1 + + (1 + )
2
= 1 + .
(1)求 ;
(2)设 = cos + , ∈ [0,2 ),若| | = 1 + 2,求 的值.
【解题思路】(1)根据辐角,设出复数 ,再根据等量关系待定系数即可;
(2)由(1)中所求复数 代入(2)中的模长计算公式,即可化简求得.
3
【解答过程】(1)arg = 4 ,可设 = ( ∈ ),
2
将其代入 1 + + (1 + )2 = 1 + ,
化简可得2 + 2 (1 + ) + 2 = ,
∴ 2 = = 22 (1 + ) + 2 = ,解得 = 1 ,
∴ = 1 + .
(2)| | = |(cos + 1) + (sin 1) | = (cos + 1)2 + (sin 1)2 = 3 + 2(cos sin )
= 3 + 2 2cos + .
4
∵| | = 1 + 2,∴ 3 + 2 2cos + = 1 + 2,
4
化简得cos + = 1.
4

∵4 ≤ + 4 < 2 + 4,

∴ + 4 = 2 ,
即 = 7 4 .
π
27.(24-25 高一下·全国·课后作业)在复平面内,把复数 1 + i对应的向量绕原点逆时针旋转4后所得向量
5π对应的复数为 1,绕原点顺时针旋转12后所得向量对应的复数为 2
(1)求复数 1, 2;

(2) 1若复数 = ,求复数 .2
【解题思路】(1)根据复数的三角形式旋转后可得新复数;
(2)根据复数三角形式的除法运算律求解即可.
3π 3π π
【解答过程】(1)复数 1 + i = 2 cos + isin 逆时针旋转4后得 1 = 2(cosπ + isinπ) = 2,4 4
5π π π 6
顺时针旋转12后得 2 = 2 cos + isin =
2 + i.
3 3 2 2

2 1 = 1
2(cosπ+ sin )
= 2π 2π 1 3( )由( )得 2 2 cos π+isin π = cos 3 + isin 3 = + i.3 3 2 2
28.(23-24 高一下·安徽马鞍山·期中)已知:①任何一个复数 = + i都可以表示成 (cos + isin )的形
式.其中 是复数 的模, 是以 轴的非负半轴为始边,向量 所在射线(射线 )为终边的角,叫做复数
= + i的辐角, (cos + isin )叫做复数 = + i的三角形式.②方程 = 1( 为正整数)有 个不同的
复数根;
(1)求证: 1(cos 1 + isin 1) 2(cos 2 + isin 2) = 1 2[cos( 1 + 2) + isin( 1 + 2)];
(2)设 = 12 +
3i,求 2024;
2
(3)试求出所有满足方程 6 = 1的复数 的值所组成的集合.
【解题思路】(1)根据题意,由复数的四则运算代入计算,即可证明;
(2)根据题意,将复数 化为复数的三角形式,然后结合三角形式的运算,代入计算,即可得到结果;
(3)根据题意,由复数的三角形式的运算代入计算,结合终边相同的角的集合,即可得到结果.
【解答过程】(1)证明: 1(cos 1 + isin 1) 2(cos 2 + isin 2)
= 1 2[cos 1cos 2 sin 1sin 2 + (cos 1sin 2 + sin 1cos 2)i]
= 1 2[cos( 1 + 2) + isin( 1 + 2)].
2 = 1 + 3i = cos2π + isin2π( )依题意, 2 2 3 3 ,
所以
2024
2024 = cos 2π + isin 2π = cos4048π3 + isin
4048π
3 = cos

3 + isin
4π = 13 2
3i
3 3 .2
(3)设 = cos + isin ,则 6 = (cos + isin )6 = cos6 + isin6 = 1,
因此sin6 = 0,cos6 = 1,6 = 2 π, ∈ ,解得 = π3 , ∈ ,
π
由终边相同的角的意义,取 = 0,1,2,3,4,5,则对应的 依次为0,3,
2π,π,4π3 3 ,

3 ,
1,1 + 3i, 1 + 3因此对应的 依次为 2 2 i, 1,
1 3
2 i,
1 3
2 2 2 2
i,
2
所以所求的集合是 1, 1 + 3 i, 1 + 3 i, 1, 1 3 i, 1 3 i .
2 2 2 2 2 2 2 2
题型五 复数综合
29.(24-25 高二上·河南焦作·期中)已知向量 = ( 3,1), = (cos ,sin ), > 0,若函数 ( ) = ,
且 ( ) π在区间 0, 上不具有单调性.
3
(1)求 的取值范围;
(2) 2 π π π π当 取最小整数值时,若 ( ) + [ ( )]i = + 2i(其中 ∈ , , ∈ , ,i是虚数单位),求5 2 2 6 6
cos( )的值.
π
1 ( ) = 2sin + π + ∈ π , ( +1)π【解题思路】( )利用数量积公式和三角恒等变换得到 ,求出 ,根
3 3 3 3
1
据不单调得到不等式,求出 > 2;
(2) = 1,根据复数相等得到方程,求出2sin + π = 2 2sin + π, = 2 π,结合角的范围得到cos5 +3 3 3
= 7 2,cos + π = 2,根据凑角法得到答案.10 3 2
【解答过程】(1)函数 ( ) = 3cos + sin = 2 1 sin + 3 cos = 2sin + π ,
2 2 3
π π
由 ∈ 0, ,得 + ∈ π , ( +1)π ,
3 3 3 3
( +1)π π
由函数 ( )在区间 0, π 上不具有单调性,得 3 > 2,解得 >
1
2,3
故 1的取值范围是 , + ∞ .
2
2 π( )依题意,得 = 1, ( ) = 2sin + , ( ) = 2sin + π ,
3 3
所以2sin + π = 2,2sin5 +
π = 2,
3 3
所以sin + π = 2,sin10 +
π = 2.
3 3 2
π
由 ∈ π 5π , π ,得 π < +
2 2 3
< 6 ,
π π
所以0 < + 3 < 2,
π π π π π
由 ∈ , ,得 < +
6 6 6 3
< 2.
sin2 + π由 + cos2 + π = 1,得cos + π = 7 2,
3 3 3 10
同理,cos + π = 2.
3 2
所以cos( ) = cos + π + π
3 3
π π π π
= cos + 3 cos + 3 + sin + 3 sin + 3
= 7 2 × 2 + 2 × 2 = 4.
10 2 10 2 5
30.(24-25 高一上·河南周口·期末)对任意一个非零复数 ,定义集合. = | = 2 1, ∈ * .
(1) 1设 是方程 + = 2的一个根,试用列举法表示集合 ;
(2)若复数 ∈ ,求证 .
1
【解题思路】(1)求解方程 + = 2得 =
2
1 , = 22 (1 + i) 2 2 (1 i),再由有理指数幂及i的运算性质可得
1,同理求得 2 = 1,则 可求;
(2)由 ∈ ,可知存在 ∈ N,使得 = 2 1,则对任意 ∈ N,有 2 1 = (2 1)(2 1) ,结合
(2 1)(2 1)是正奇数,得 2 1 ∈ ,即 .
1
【解答过程】(1)由 + = 2,得
2 2 + 1 = 0,
∴ = 21 2 (1 + i), 2 =
2
2 (1 i),

= 2(1 + i) ∵ 2 = i 2 1 =
2 i
当 1 时, 12 1 , 1
= ,
1 1
∴ = i , 1 , i , 1 = 2 1 (1 + i),
2 (1 i), 2 (1 + i), 2 (1 i) ,
1 1 1 1 2 2 2 2
2 ( i)
当 = 22 2 (1 i)时, ∵
2
2 = i, 2 1 =
2
2 = 2 ,2
∴ i 1 i 1 2 = , , , = 1.2 2 2 2
综上, = 2 (1 + i), 2 (1 i), 2 (1 + i), 2 (1 i) .2 2 2 2
(2) ∵ ∈ ,
∴ 存在 ∈ N,使得 = 2 1.
于是对任意 ∈ N, 2 1 = (2 1)(2 1),
由于(2 1)(2 1)是正奇数, 2 1 ∈ ,
∴ .
31.(24-25 高一·江苏· 1假期作业)设 为虚数, = + 为实数.
(1)求| |;
(2)设 在复平面 内对应的点为 ,以 轴的非负半轴为始边,射线 为终边的角记为 ,求证: 2 = cos2 +
isin2 ;
(3)若 1 < < 2 = 1 , 1+ ,求|
2|的最小值.
【解题思路】(1)设 = + i( , ∈ R),化简复数 ,通过 为实数,推出 = 0或 2 + 2 = 1,然后求解复
数的模.
(2)依题意,结合(1)知, = cos + isin ( ≠ π, ∈ Z).证明 2 = cos2 + isin2 .
(3)由(1)知, = 2 ,化简复数 ,求解复数的模,利用基本不等式转化求解即可.
【解答过程】(1)设 = + i( , ∈ R),
1
则 = + = + i +
1 i
+ i = + i + 2+ 2 = + 2+ 2 +(

2+ 2)i.
因为 为实数,所以 2 2 2+ 2 = 0,所以 = 0或 + = 1,
又 为虚数,故 ≠ 0,从而 2 + 2 = 1,所以| | = 2 + 2 = 1.
(2)证明:依题意,结合(1)知, = cos + isin ( ≠ π, ∈ Z).
则 2 = (cos + isin )2 = cos2 + 2icos sin + i2sin2
= cos2 sin2 + isin2 = cos2 + isin2 .
(1 i)(1+ i) 2 i
(3)由(1)知, = 2 = 1 = 1 i , 1+ 1+ + i = (1+ )2+ 2 = 2( +1) = +1i,
2 2
则| 2| = |2 + 1 1 ( +1)2| = |2 + ( +1)2| = |2 + +1| = 2[( + 1) +
1
+1] 3,
1 < < 2 1 1 3因为 ,所以 2 < < 1,所以2 < + 1 < 2,
所以| 2| ≥ 4
1
( + 1) 1 3 = 1 (当且仅当 + 1 =
+1 +1
,即 = 0时,等号成立),
所以| 2|的最小值为 1.
32.(23-24 高一下·江苏南通·期中)已知复数 1 = cos + 5 + (sin )i在复平面内对应的点在虚轴的正半13
轴上,复数 2 = cos( + ) + sin( + ) 3 i < 05
(1)求sin ,cos( + )的值;
(2)求cos( + 2 ),sin 的值.
cos + 5 = 0 cos( + ) < 0
【解题思路】(1)根据题意结合复数的相关概念以及几何意义可得 13 和 3 ,
sin > 0 sin( + ) = 05
即可得结果;
(2)根据(1)中结果,利用两角和差公式分析求解,注意角之间的关系.
5
【解答过程】(1)因为复数 1 = cos + + (sin )i在复平面内对应的点在虚轴的正半轴上,13
cos + 5 = 0 5 12
则 13 ,可得cos = ,sin = 1 cos2 = ;
sin > 0 13 13
3
又因为复数 2 = cos( + ) + sin( + ) i < 0,5
cos( + ) < 0 3 4
则 sin( + ) 3 = 0 ,可得sin( + ) = 5,cos( + ) = 1 sin2( + ) = 5.
5
2 1 cos = 5( )由( )可知: 13,sin =
12
13,sin( + ) =
3
5,cos( + ) =
4
5,
所以cos( + 2 ) = cos
16
[( + ) + ] = cos( + )cos sin( + )sin = 65;
sin = sin = sin cos cos sin = 33[( + ) ] ( + ) ( + ) 65.
33.(24-25 高一下·山东菏泽·阶段练习)已知复数 1 = 2sin 3i, 2 = 1 + (2cos )i, ∈ [0,π].
(1)若 1 = 2,求角 ;
(2)复数 1, 2对应的向量分别是 , ,
(ⅰ)求 的取值范围;
(ⅱ)存在 使等式 = 0成立,求实数 的取值范围.
【解题思路】(1)利用复数相等的性质和特殊角的三角函数值,结合角度的范围即可求解;
(2)(ⅰ)利用向量的数量积结合两角差的正弦公式,再由角度的范围即可求出 的取值范围;
(ⅱ)利用向量数量积的坐标运算化简等式,转化为 和三角函数得表达式,求出三角函数的整体范围,进
而计算 的取值范围.
【解答过程】(1) ∵ 1 = 2sin 3i, 2 = 1 + (2cos )i,且 1 = 2,
∴ 2sin = 1,2cos = 3,即sin =
1
2,cos =
3

2
又 ∈ 5π[0,π],故 = 6 .
(2)(ⅰ)由复数的坐标表示可得, = (2sin , 3), = (1,2cos ),
∴ = 2sin 2 3cos = 4sin π ,
3
π π
又 ∈ 2π[0,π],则 3 ≤ 3 ≤ 3 .
π π π π
∴ 当 3 = 2时, 取最大值为4,当 3 = 3时, 取最小值为 2 3,
∴ 的取值范围为[ 2 3,4];
(ⅱ) ∵ = (2sin , 3), = (1,2cos ),
∴ = (2 sin 1, 3 2cos ), = (2sin , 3 2 cos )
又 = 0,则(2 sin 1)(2sin ) + ( 3 2cos )( 3 2 cos ) = 0,
化简得,8 + ( 2 + 1)(2 3cos 2sin ) = 0,
∴ 8 π π 2+1 = 4sin ,由小问(ⅰ)的结论可知4sin ∈ [ 2 3,4],3 3
∴ 2 ≤ 8 3 2+1 ≤ 4,解得 ≤ 3 ≥
3
或 ,
3
综上所述, 的取值范围为:( ∞, 3] ∪ 3 , + ∞ .
3
34.(2024·贵州贵阳·二模)在复数集中有这样一类复数: = + i与 = i( , ∈ ),我们把它们互称
为共轭复数, ≠ 0时它们在复平面内的对应点关于实轴对称,这是共轭复数的特点.它们还有如下性质:
(1) + = 2 ∈ R
(2) = 2 i(当 ≠ 0时,为纯虚数)
(3) = ∈ R
(4)( ) =
(5) = 2 + 2 = | |2 = | |2.
(6)两个复数和 差 积 商(分母非零)的共轭复数,分别等于两个复数的共轭复数的和 差 积 商.
请根据所学复数知识,结合以上性质,完成下面问题:

(1)设 ≠± i,| | = 1.求证:1+ 2是实数;

(2)已知| 1| = 3,| 2| = 5,| 1 2| = 7
1
,求 的值;2
(3)设 = + i,其中 , 是实数,当| | = 1时,求| 2 + 1|的最大值和最小值.
【解题思路】(1)根据复数和共轭复数的性质即可证明;

(2 1)设 = + i( , ∈ R),则 1 = ( + i) 2,由已知| 1| = 3,| 2| = 5,| 1 2| = 7列等式即可求解;2
(3)设复数设 = cos + isin ( ∈ R)的三角形式,利用三角函数值域即可求解.
【解答过程】(1)设 = + i( , ∈ R), = i ( , ∈ R)
∴ = 2 + 2 = | |2 = | |2, + = 2 ∈ R
∵ ≠± i,| | = 1, ∴ = 1, + = 2 ∈ R且2 ≠ 0,
1
∴ 1+ 2 =
1
+ 2 = + = 2 是实数;

2 1( )设 = + i( , ∈ R),则 1 = ( + i) ,2 2
∵ | 1| = 3,| 2| = 5,
∴ 3 = | 1| =
9
|( + i)|| 2| = 5 2 + 2, ∴ 2 + 2 = 25①
又| 1 2| = |( + i) 2 2| = |( 1) + i|| 2| = 5 ( 1)2 + 2 = 7,
∴ ( 1)2 + 2 = 4925②,
3
联立①②,解得 = 10, =±
3 3

10

∴ 1 =
3 3 3
10 ± i;2 10
(3) ∵ | | = 1,设 = cos + isin ( ∈ R),
则| 2 + 1| = | 2 + | = | ( + 1)| = | || + 1| = |2cos 1|,
∵ 1 ≤ cos ≤ 1, ∴ 3 ≤ 2cos 1 ≤ 1,
∴ | 2 + 1| 2max = 3,| + 1|min = 0.
35.(23-24 高一下·四川成都·期中)我们知道,复数可以用 + i( , ∈ )的形式来表示,与复平面内的点
( , )是一一对应的,复数的模| | = | + i| = 2 + 2,即是复平面内的点 ( , )到坐标原点 的距离
| |.又复数与平面向量 = ( , )也是一一对应的,所以也可以借助与 非负半轴为始边,以向量 所在
射线(射线 OZ)为终边的角 来刻画 的方向,在此基础上再来认识一下复数的乘除法运算.
π π
如: 1 = 1 + 3i,| 1| = 2,角 1 = 6; 2 = 3 + i,| 2| = 2,角 2 = 3,由 1 2 = (1 + 3i) × ( 3 + i) = 4
i.即:复数 = 1 2,相当于将复数 1伸长了| 2|倍,同时逆时针旋转角 2后得到.
(1) + i计算 i ( , ∈ ),并从模与角度的变化来解释除法运算的几何意义;
(2)现将直角坐标平面内任意一点 ( , ),绕坐标原点逆时针旋转 角,并将| |的长度伸长 倍后得到点
′, ′ .请借助以上复数运算的知识,推导点 与点 伸缩旋转变换的坐标关系;
(3) 1已知反比例函数 : = ,现将函数 上的点 ( , )都逆时针旋转45°后得到点 ′, ′ 的曲线 ′,求曲线 ′
上的点 ′, ′ 坐标关系式.
【解题思路】(1)先由复数的除法运算化简,再结合向量间的关系得出复数除法的几何意义.
(2)设出点 ( , )对应的复数为 1,坐标原点逆时针旋转 角,并将| |的长度伸长 倍,即( cos + sin
i),从而可得出答案.
(3)由(2 ′ = 1)知: ′ = + ,解出 , ,代入方程 = 从而得出答案.
1 + i
【解答过程】(1)令 1 = + i, 2 = i, = = i = i,则| 1| = 2 + 2,| 2| = 1,| | =2
2 + 2, 1 = ( , ), 2 = (0,1), = ( , )
π
复数 相当于将复数 1缩短了| 2|倍,顺时针旋转了2得到
(2)设点 ( , )对应的复数为: 1 = + i,设: 2 = cos + sin i,
点 ′, ′ 对应的复数为 = ′ + ′i,则
= 1 2 = ( + i)( cos + sin i) = ( cos sin ) + ( sin + sin )i = ′ + ′i所以
′ = ( )
′ = ( + )
′ = = 2 ( ) = 2 ′ + ′
(3)由(2)知: 2 , 2 ,
′ = + = 2 ( + ) = 2 ′ ′
2 2
1 2 2
代入反比例函数 : = 1得到 2 2 ′
′ ′
′ = 2 ( ′+ ′),化简得: = 1
2 2 2
.专题 7.4 复数运算的综合应用大题专项训练【五大题型】
【人教 A 版(2019)】
姓名:___________班级:___________考号:___________
题型一 复数的四则运算
1.(23-24 高一下·河南郑州·期中)已知复数 满足 = 4且 + + | | = 0.
(1)求复数 ;
(2)求 3.
2.(23-24 高一下·河南商丘·期中)已知复数 1 = 4 + i( ∈ ),且 1 (1 2i)为纯虚数.
(1)求复数 1;

(2)若 2 =
1
(1 i)2,求复数 2及| 2|.
3.(24-25 高一·上海·课堂例题)计算:
(1)(4 + i)(3 + 2i);
(2)( 2 + 3i)( 2 3i)( 3 + 2i)( 3 2i);
(3) 3+29i1+2i ;
(1+i)4(4) (1 i)
4
1+2i + 1 2i ;
2
(5) ( 3 + 1) + ( 3 1)i .
4.(23-24 高一下·山西大同·期中)已知复数 满足 (1 3i)为纯虚数, = 2i.
(1)求 以及 ;
(2) + i
3
设 1 = +3 ,若| 1| = 2 2,求实数 的值.

5.(23-24 高一下·江苏南京·期中)已知复数 1 = + i,
1
2 = 1 i, 是纯虚数,其中 是实数.2
(1)求实数 的值;
2 3 2023
(2) 1求 + 1 +
1 + + 1
2 .2 2 2
6.(23-24 高一下·福建漳州·期中)已知复数 = 3 + i( ∈ R),且(1 + 3i) 为纯虚数.
(1)求复数 ;

(2) 6若复数 = 2+i,求复数 5i的模.
7.(23-24 高一下·江苏淮安·期中)设复数 1 = 1 + i( ∈ ), 2 = 2 i.
(1)若 1 + 2是实数,求 1 2

(2) 1若 是纯虚数,求 .2 1
题型二 复数的四则运算与复数特征的综合应用
用向量证明线段垂直

8.(23-24 高二下·江用向苏量证无明锡线段·垂期直末)已知复数 z 使得 + 2i ∈ R,2 i ∈ R,其中 i 是虚数单位.
(1)求复数 z 的共轭复数;
(2)若复数( + i)2在复平面上对应的点在第四象限,求实数 的取值范围.
9.(23-24 高一下·贵州·期中)已知复数 的共轭复数为 , 在复平面上对应的点在第一象限,且满足 = 6
i, = 25,
(1)求复数 ;

(2)求复数 + 1 i的模长.
10.(24-25 高二上·重庆·开学考试)已知复数 = + i( ∈ , ∈ )满足| | = 2, 2的虚部是 2.
(1)求复数 ;
(2)设 , 2, 2在复平面上的对应点分别为 , , ,若 点位于第一象限,求 △ 的面积.
11.(23-24 高一下·河北唐山·期中)已知复数 满足| | = 2 2, 2的虚部为 8, 在复平面上对应的点 在第
一象限.
(1)求复数 ;
(2)若复数 1 = 3i,且 1是实数,求实数 的值.
12.(23-24 高一下·福建龙岩·期中)已知复数 = 1 + i( ∈ R,i为虚数单位).
(1)若(1 2i) 为纯虚数,求实数 a 的值;

(2)若 = 1+i,且复数 在复平面内所对应的点位于第四象限,求 a 的取值范围.
13.(24-25 高一下·全国·课后作业)已知复数 = 1 + i(i 是虚数单位, ∈ ),且 (3 + i)为纯虚数
( 是 z 的共轭复数).
(1) = +2i设复数 1 1 i ,求| 1|;
i2021(2)设复数 2 = ,且复数 2在复平面内所对应的点在第一象限,求实数 a 的取值范围.
14.(23-24 高一下·山东聊城·期中)已知复数 1, 2在复平面上对应的点分别为(0, 2),(3,4).

(1)若 = 2 ,求 的共轭复数;1
(2)若复数 1 + 2在复平面上对应的点在第四象限,求实数 的取值范围.
题型三 复数范围内方程的根的问题
15.(23-24 高一下·湖北武汉·期中)知复数 1 = 5 + 10i,复数 2在复平面内对应的点为 (3, 4)
(1)若复数 2是关于 的方程 2 + + 1 = 0的一个根, ∈ R,求 + 的值:
1 1 1(2)若复数 满足 = + ,求复数 的共轭复数 .1 2
16.(23-24 高一下·上海松江·期末)已知i为虚数单位,复数 = ( 2 3 4) + ( 2 + )i.
(1)当实数 取何值时, 是纯虚数;
(2)当 = 1时,复数 是关于 的方程 2 + + = 0的一个根,求实数 与 的值.
17.(23-24 高一下·江苏宿迁·期中)已知复数 = 1 i(i是虚数单位)是方程 2 + + = 0的根,其中 ,
是实数
(1)求 和 的值;
(2)若( + i) ( 2 i)是纯虚数,求实数 的值
18.(23-24 高一下·吉林·期末)已知复数 = 2 + i是一元二次方程 2 + + = 0( , ∈ )的根.
(1)求 , 的值;
(2)若复数( + i) ( 2i)(其中 ∈ )为纯虚数,求复数 = (2 + 1) + (4 2)i的模.
19.(23-24 高一下·上海·期末)设i是虚数单位, ∈ . 是关于 的方程
2 (2 + i) + = 0的两根,
且满足| | + | | = 3.
(1)若 = 2 + 5i,求 与 的值;
(2)若 = 0,求 的值.
20.(24-25高一下·江苏徐州·阶段练习)已知复数 1 = 1 + i, 2 = + 3i( ∈ R)(i为虚数单位)满足__________.
在① 2 2 = 10( > 0),② 1( i) > 0这两个条件中任选一个,补充在上面的横线上,并解答下列问题.
1 1
(1)若 = + ,求复数 以及| |;1 2
(2)若 2是实系数一元二次方程 2 + + 4 3 = 0的根,求实数 的值.
注:如果选择多个条件分别解答,那么按第一个解答计分.
21.(23-24 高一下·江苏无锡·期末)已知复数 = 4 + i,其中 是正实数,i是虚数单位
(1)如果 2为纯虚数,求实数 的值;

(2)如果 = 2, = 21 1 i是关于 的方程 + + = 0( , ∈ )的一个复根,求 + 的值.
题型四 复数运算的三角表示
22.(24-25 高一下·辽宁大连·阶段练习)设复数 1 = 3 + i,
(1)写出 1的三角形式;
(2)复数 2满足| 2| = 2,且 1 22在复平面内对应的点在虚轴的负半轴上,arg 2 ∈ (0,π),求 2的代数形式.
23.(24-25 高一·全国·随堂练习)计算:
π π π π
(1)3(cos3 + isin3) 3(cos6 + isin6);
10(cos 2π+isin 2π )
(2) 3 35(cos π+isin π ) ;
3 3
π π π π
(3) 10(cos2 + isin2) 2(cos4 + isin4);
12(cos 3π+isin 3π )
(4) 2 26(cos π+isin π ) ;
6 6
(5)[3(cos10° + isin10°)]6;
5
(6)( 3+i) .
1+ 3i
24 3.(24-25 高一上·上海·课堂例题)设 1、 2、 3在复平面上对应的点分别为 A、B、C, = 2(1 + 3i).若
| 1| = 1, 2 = 1 , 3 = 2 ,求四边形 的面积.
25.(24-25 高一上· π上海·课后作业)已知复数 z 满足 2 +2 + 4 = 0,且arg ∈ ,π .
2
(1)求 z 的三角形式;
(2)记 , , 分别表示复数 z、 、 2 在复平面上的对应点.已知 , , 三点成逆时针顺序,且 △ 为等边三
角形,求tan(arg )的值.
3 226.(24-25 高一下·全国·课后作业)已知 是实数, 是非零复数,且满足arg = 4 , 1 + + (1 + )
2
= 1 + .
(1)求 ;
(2)设 = cos + , ∈ [0,2 ),若| | = 1 + 2,求 的值.
π
27.(24-25 高一下·全国·课后作业)在复平面内,把复数 1 + i对应的向量绕原点逆时针旋转4后所得向量

对应的复数为 1,绕原点顺时针旋转12后所得向量对应的复数为 2
(1)求复数 1, 2;

(2) 1若复数 = ,求复数 .2
28.(23-24 高一下·安徽马鞍山·期中)已知:①任何一个复数 = + i都可以表示成 (cos + isin )的形
式.其中 是复数 的模, 是以 轴的非负半轴为始边,向量 所在射线(射线 )为终边的角,叫做复数
= + i的辐角, (cos + isin )叫做复数 = + i的三角形式.②方程 = 1( 为正整数)有 个不同的
复数根;
(1)求证: 1(cos 1 + isin 1) 2(cos 2 + isin 2) = 1 2[cos( 1 + 2) + isin( 1 + 2)];
(2) = 1 3设 2 + i,求
2024;
2
(3)试求出所有满足方程 6 = 1的复数 的值所组成的集合.
题型五 复数综合
29.(24-25 高二上·河南焦作·期中)已知向量 = ( 3,1), = (cos ,sin ), > 0,若函数 ( ) = ,
且 ( ) π在区间 0, 上不具有单调性.
3
(1)求 的取值范围;
(2) ( ) + [ ( )]i = 2当 取最小整数值时,若 + 2i(其中 ∈ π , π , ∈ π , π ,i是虚数单位),求5 2 2 6 6
cos( )的值.
30.(24-25 高一上·河南周口·期末)对任意一个非零复数 ,定义集合. = | = 2 1, ∈ * .
(1)设 是方程 + 1 = 2的一个根,试用列举法表示集合 ;
(2)若复数 ∈ ,求证 .
31.(24-25 高一·江苏·假期作业)设 为虚数, = + 1 为实数.
(1)求| |;
(2)设 在复平面 内对应的点为 ,以 轴的非负半轴为始边,射线 为终边的角记为 ,求证: 2 = cos2 +
isin2 ;
(3) 1 < < 2 = 1 若 , 1+ ,求|
2|的最小值.
32 5.(23-24 高一下·江苏南通·期中)已知复数 1 = cos + + (sin )i在复平面内对应的点在虚轴的正半13
轴上,复数 2 = cos( + ) + sin( + ) 3 i < 05
(1)求sin ,cos( + )的值;
(2)求cos( + 2 ),sin 的值.
33.(24-25 高一下·山东菏泽·阶段练习)已知复数 1 = 2sin 3i, 2 = 1 + (2cos )i, ∈ [0,π].
(1)若 1 = 2,求角 ;
(2)复数 1, 2对应的向量分别是 , ,
(ⅰ)求 的取值范围;
(ⅱ)存在 使等式 = 0成立,求实数 的取值范围.
34.(2024·贵州贵阳·二模)在复数集中有这样一类复数: = + i与 = i( , ∈ ),我们把它们互称
为共轭复数, ≠ 0时它们在复平面内的对应点关于实轴对称,这是共轭复数的特点.它们还有如下性质:
(1) + = 2 ∈ R
(2) = 2 i(当 ≠ 0时,为纯虚数)
(3) = ∈ R
(4)( ) =
(5) = 2 + 2 = | |2 = | |2.
(6)两个复数和 差 积 商(分母非零)的共轭复数,分别等于两个复数的共轭复数的和 差 积 商.
请根据所学复数知识,结合以上性质,完成下面问题:

(1)设 ≠± i,| | = 1.求证:1+ 2是实数;

(2)已知| 1| = 3,| 2| = 5,| 1 2| = 7
1
,求 的值;2
(3)设 = + i,其中 , 是实数,当| | = 1时,求| 2 + 1|的最大值和最小值.
35.(23-24 高一下·四川成都·期中)我们知道,复数可以用 + i( , ∈ )的形式来表示,与复平面内的点
( , )是一一对应的,复数的模| | = | + i| = 2 + 2,即是复平面内的点 ( , )到坐标原点 的距离
| |.又复数与平面向量 = ( , )也是一一对应的,所以也可以借助与 非负半轴为始边,以向量 所在
射线(射线 OZ)为终边的角 来刻画 的方向,在此基础上再来认识一下复数的乘除法运算.
π π
如: 1 = 1 + 3i,| 1| = 2,角 1 = 6; 2 = 3 + i,| 2| = 2,角 2 = 3,由 1 2 = (1 + 3i) × ( 3 + i) = 4
i.即:复数 = 1 2,相当于将复数 1伸长了| 2|倍,同时逆时针旋转角 2后得到.
(1) + i计算 i ( , ∈ ),并从模与角度的变化来解释除法运算的几何意义;
(2)现将直角坐标平面内任意一点 ( , ),绕坐标原点逆时针旋转 角,并将| |的长度伸长 倍后得到点
′, ′ .请借助以上复数运算的知识,推导点 与点 伸缩旋转变换的坐标关系;
(3) 1已知反比例函数 : = ,现将函数 上的点 ( , )都逆时针旋转45°后得到点 ′, ′ 的曲线 ′,求曲线 ′
上的点 ′, ′ 坐标关系式.