专题03 活用正余弦定理玩转三角形(7大题型)-直击2025期末:高一数学下册必考题型全解析(人教A版2019)(学生版+教师版)

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名称 专题03 活用正余弦定理玩转三角形(7大题型)-直击2025期末:高一数学下册必考题型全解析(人教A版2019)(学生版+教师版)
格式 zip
文件大小 6.2MB
资源类型 试卷
版本资源 人教A版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-05-08 17:20:32

文档简介

中小学教育资源及组卷应用平台
专题03 活用正余弦定理玩转三角形
【题型归纳目录】
题型一:利用正余弦定理解三角形
题型二:三角形形状的判断
题型三:三角形的多解问题
题型四:周长与面积问题
题型五:实际应用问题
题型六:正余弦定理与三角函数性质结合问题
题型七:综合应用问题
【知识点梳理】
1、正弦定理
(其中为外接圆的半径).
常用变形:
(1);
(2);
(3);
(4),,.
2、余弦定理
,,,
,,
3、三角形中的常见结论
(1).
(2) 在三角形中大边对大角, 大角对大边:.
(3)任意两边之和大于第三边, 任意两边之差小于第三边.
(4)的面积公式
①( 表示边上的高);
②;
③(为内切圆半径);
④,其中.
4、用正弦定理和余弦定理解三角形的常见题型
测量距离问题、高度问题、角度问题、计算面积问题、航海问题、物理问题等.
5、实际问题中的常用角
(1)仰角和俯角
与目标线在同一铅垂平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方的角叫仰角,目标视线在水平视线下方的角叫俯角(如图①).
(2)方向角:相对于某正方向的水平角,如南偏东30°,北偏西45°等.
(3)方位角:指从正北方向顺时针转到目标方向线的水平角,如B点的方位角为α(如图②).
(4)坡度=,即坡角的正切值.
【典型例题】
题型一:利用正余弦定理解三角形
【例1】(23-24高一下·江苏常州·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,,,则( )
A.2 B. C.3 D.
【变式1-1】(23-24高一下·贵州黔东南·期末)在中,,则( )
A. B. C.1 D.2
【变式1-2】(23-24高一下·陕西商洛·期末)记△的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知,,则( )
A. B. C. D.
【变式1-3】(2016高二·全国·课后作业)在△ABC中,若,则最大角的余弦值是( )
A. B. C.0 D.
题型二:三角形形状的判断
【例2】(24-25高一下·福建福州·期中)在中,的对边分别为,若,则的形状为()
A.等边三角形 B.直角三角形
C.等腰直角三角形 D.等腰三角形或直角三角形
【变式2-1】(23-24高一下·吉林通化·期末)在中,角所对的边分别为,若,则为( )
A.直角三角形 B.等边三角形
C.等腰三角形 D.等腰直角三角形
【变式2-2】(23-24高一下·甘肃临夏·期末)在中,若,则此三角形为( )
A.直角三角形 B.等腰三角形 C.等边三角形 D.等腰或直角三角形
【变式2-3】(23-24高一下·安徽马鞍山·期末)在中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,若,则为( ).
A.等腰三角形 B.等边三角形
C.直角三角形 D.等腰直角三角形
题型三:三角形的多解问题
【例3】(23-24高一下·天津西青·期末)由下列条件解,其中有两解的是( )
A. B.
C. D.
【变式3-1】(23-24高一下·福建福州·期末)已知的内角,,的对边分别为,,,,,下面使得有两组解的的值可以为( )
A.3 B. C.2 D.
【变式3-2】(23-24高一下·河北张家口·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,,若有两解,则b的取值范围为( )
A. B. C. D.
【变式3-3】(23-24高一下·山东枣庄·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,根据下列条件解三角形:①,,;②,,.则( )
A.①只有一个解,②有两个解 B.①有两个解,②只有一个解
C.①②都只有一个解 D.①②都有两个解
题型四:周长与面积问题
【例4】(23-24高一下·山西吕梁·期末)在中,内角的对边分别为,若,则的面积是( )
A.2 B.4 C. D.3
【变式4-1】(23-24高一下·北京·期末)在中,.
(1)求的大小;
(2)再从下列三个条件中,选择两个作为已知,使得存在且唯一,求的面积.
条件①:;条件②:边上的高为;条件③:.
注:如果选择的条件不符合要求,第(2)问得0分;如果选择多个符合要求的条件分别解答,按第一个解答计分.
【变式4-2】(23-24高一下·吉林通化·期末)在中,角的对边分别是,且.
(1)求;
(2)若,的面积是,求的周长.
【变式4-3】(23-24高一下·山东东营·期末)在锐角中,角的对边分别为,已知.
(1)求的值;
(2)若是的外接圆上一点(与位于直线异侧),且,求四边形的面积.
题型五:实际应用问题
【例5】(23-24高一下·河南周口·期末)如图,点是海上的一个钻井平台,甲船 乙船 丙船分别位于点三个位置,甲船在乙船的正北方向,丙船在乙船的正东方向,且海里,海里,若海里,则丙船到钻井平台的距离为 海里.

【变式5-1】(23-24高一下·陕西宝鸡·期末)如图所示的是某城市的一座纪念碑,一位学生为测量该纪念碑的高度,选取与碑基在同一水平面内的两个测量点.现测得米,在点处测得碑顶的仰角为,则该同学通过测量计算出纪念碑高为 米.(保留根号)
【变式5-2】(23-24高一下·河北唐山·期末)如图,从楼顶点测得地面两点的俯角分别为,已知两点的距离为,则楼高约等于 .(用四舍五入法将结果精确到个位.参考数据:)
【变式5-3】(24-25高一下·江西上饶·期中)八一南昌起义纪念塔为八一广场标志性建筑,塔为长方体,由台基、塔座、塔身、塔顶四部分组成.塔身正北面有“八一南昌起义纪念塔”九个铜胎鎏金大字.如图,为了测量该塔的高度,无人机在与塔底位于同一水平面的点测得塔顶的仰角为,无人机飞行到与塔底位于同一水平面的点,测得,,,则纪念塔的塔高为 .
(参考数据:取,)

题型六:正余弦定理与三角函数性质结合问题
【例6】(24-25高一下·广东广州·期中)已知函数.在中,,且.
(1)求的大小:
(2)若,,求的面积.
【变式6-1】(24-25高一下·上海·期中)若图象最高点都在直线上.
(1)求的值;
(2)在中,分别是的对边,若点是函数图像的一个对称中心,且,求外接圆的面积.
【变式6-2】(24-25高一下·山东枣庄·阶段练习)已知向量,,函数.
(1)求的解析式和当时在方向上的投影向量;
(2)已知中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,若,,,求的边上的中线长;
(3)若,,求.
【变式6-3】(23-24高一下·北京顺义·期末)已知函数.在中,,且.
(1)求的大小;
(2)若,,求的面积.
题型七:综合应用问题
【例7】(24-25高一下·江苏连云港·期中)射影几何学中,中心投影是指光从一点向四周散射而形成的投影,如图,光从点出发,平面内四个点经过中心投影之后的投影点分别为.对于四个有序点,若,,定义比值叫做这四个有序点的交比,记作.
(1)若点分别是线段的中点,求;
(2)当时称为调和点列,若,求值;
(3)已知,且,点为线段的中点,,,求
【变式7-1】(24-25高一下·江苏扬州·期中)在中,角所对的边分别为,已知,.
(1)求;
(2)若,求的面积;
(3)若的面积为是上的点,且,求的长.
【变式7-2】(24-25高一下·湖北武汉·期中)如图所示,四边形地块是东湖畔拟建造的一个露营基地.为考虑露营客人娱乐休闲的需求,在四边形区域中,将三角形区域设立成花卉观赏区,三角形区域设立成烧烤区,边,,,修建观赏步道,边修建隔离防护栏,其中米,米,.
(1)如果烧烤区是一个占地面积为平方米的三角形,那么最长需要修建多长的隔离防护栏?
(2)考虑到烧烤区的安全性,在规划四边形区域时,首先保证烧烤区的占地面积最大时,再使得花卉观赏区的周长尽可能大,则应如何设计观赏步道和?
【变式7-3】(23-24高一下·江苏苏州·期末)“费马点”是由十七世纪法国数学家费马提出并征解的一个问题.该问题是:“在一个三角形内求作一点,使其与此三角形的三个顶点的距离之和最小.”意大利数学家托里拆利给出了解答,当的三个内角均小于时,使得的点即为费马点;当有一个内角大于或等于时,最大内角的顶点为费马点.在中,内角,,的对边分别为,,.
(1)若,且的面积为,设点为的费马点,求的取值范围;
(2)若内一点满足,且平分,试问是否存在常实数,使得,若存在,求出常数;若不存在,请说明理由.
【强化训练】
1.(24-25高一下·江苏无锡·期中)记的内角的对边分别为,面积为,则( )
A. B. C. D.
2.(24-25高一下·江苏徐州·阶段练习)在中,已知,则角( )
A. B. C. D.
3.(23-24高一下·吉林白城·期末)在中,角,,的对边分别为,,,,角的平分线交对边于点,且将的面积分成的两部分,则等于( )
A. B. C. D.
4.(23-24高一下·吉林长春·期末)在中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知向量,,共线,则的形状为(  )
A.等边三角形 B.钝角三角形
C.有一个内角是的直角三角形 D.等腰直角三角形
5.(23-24高一下·江苏南京·期末)如图,某同学为测量南京大报恩寺琉璃塔的高度,在琉璃塔的正东方向找到一座建筑物,高约为,在地面上点处(,,三点共线)测得建筑物顶部和琉璃塔顶部的仰角分别为和,在处测得塔顶部的仰角为,则琉璃塔的高度约为( )
A.78 B.74 C.64 D.52
6.(23-24高一下·安徽六安·期末)的内角的对边分别为,且,,则( )
A.
B.的外接圆半径为
C.的面积的最大值为
D.的周长的取值范围是
7.(23-24高一下·浙江宁波·期末)在中,,则该三角形外接圆半径与内切圆半径的比值是( )
A. B. C. D.
8.(23-24高一下·天津·期末)在中,角,,所对的边分别为,,.若,则的值是( )
A. B. C. D.
9.(多选题)(24-25高一下·重庆沙坪坝·期中)重庆解放碑是抗战胜利纪功碑暨人民解放纪念碑,是抗战胜利的精神象征,是中国唯一一座纪念中华民族抗日战争胜利的纪念碑.现某兴趣小组准备对解放碑的高度进行测量,并绘制出测量方案示意图,为解放碑的最顶端,为解放碑的基座(在的正下方,即),在纪念碑所在广场内(与在同一水平面内)选取两点,测得的长为.兴趣小组成员利用测角仪可测得的角有、,若已知,则下列各测量数据中,能计算出解放碑高度的是( )
A. B. C. D.
10.(多选题)(24-25高一下·河北唐山·期中)在中,,,分别是内角,,的对边,下列说法正确的是( )
A.若为锐角,则 B.若为锐角,则
C.若,则 D.若为锐角三角形,则
11.(多选题)(24-25高一下·四川·期中)记△ABC中三个内角A,B,C所对边分别为a,b,c.如图,M,N分别是函数与直线的两个交点,其中,则( )

A.
B. 面积的最大值为
C.周长的取值范围为
D.若为锐角三角形,则的取值范围为
12.(多选题)(24-25高一下·江苏扬州·期中)在中,角所对的边分别是且,则下列说法正确的是( )
A.
B.若,且有一解,则的取值范围为
C.若,且,为的内心,则
D.若,则的取值范围为
13.(23-24高一下·贵州黔西·期末)在中,角的对边分别为,,且是关于x的方程的两个不等实数根,则 .
14.(23-24高一下·天津西青·期末)已知a,b,c分别为三个内角A,B,C的对边,且,则角 .
15.(23-24高一下·四川凉山·期末)在中,角的对边分别为,其中,,,若点在边上,且为的角平分线,则 .
16.(23-24高一下·黑龙江大庆·期末)在中,分别为内角的对边,若,,且,则 .
17.(23-24高一下·河南南阳·期末)如图,在中,,,,的角平分线交于,交过点且与平行的直线于点,则 .
18.(23-24高一下·陕西商洛·期末)在中,已知为的中点,,,.
(1)求的面积;
(2)求的长.
19.(24-25高一下·江苏苏州·期中)在中,角的对边分别为.三个内角满足.
(1)求角的值;
(2)如果,并且,求的周长.
20.(24-25高一下·江苏连云港·期中)在中,、、分别为角、、所对应的边,已知,,.
(1)求的值;
(2)在边上取一点,使得,求的长.
21.(24-25高一下·四川·期中)如图,和与存在对顶角,且 ,,,且.
(1)求 的大小;
(2)证明:O为BD中点;
(3)若,求OC的长.
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专题03 活用正余弦定理玩转三角形
【题型归纳目录】
题型一:利用正余弦定理解三角形
题型二:三角形形状的判断
题型三:三角形的多解问题
题型四:周长与面积问题
题型五:实际应用问题
题型六:正余弦定理与三角函数性质结合问题
题型七:综合应用问题
【知识点梳理】
1、正弦定理
(其中为外接圆的半径).
常用变形:
(1);
(2);
(3);
(4),,.
2、余弦定理
,,,
,,
3、三角形中的常见结论
(1).
(2) 在三角形中大边对大角, 大角对大边:.
(3)任意两边之和大于第三边, 任意两边之差小于第三边.
(4)的面积公式
①( 表示边上的高);
②;
③(为内切圆半径);
④,其中.
4、用正弦定理和余弦定理解三角形的常见题型
测量距离问题、高度问题、角度问题、计算面积问题、航海问题、物理问题等.
5、实际问题中的常用角
(1)仰角和俯角
与目标线在同一铅垂平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方的角叫仰角,目标视线在水平视线下方的角叫俯角(如图①).
(2)方向角:相对于某正方向的水平角,如南偏东30°,北偏西45°等.
(3)方位角:指从正北方向顺时针转到目标方向线的水平角,如B点的方位角为α(如图②).
(4)坡度=,即坡角的正切值.
【典型例题】
题型一:利用正余弦定理解三角形
【例1】(23-24高一下·江苏常州·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,,,则( )
A.2 B. C.3 D.
【答案】A
【解析】由,可得,又,
所以,解得,
又因为,,所以,所以,
由正弦定理可得,所以,解得.
故选:A.
【变式1-1】(23-24高一下·贵州黔东南·期末)在中,,则( )
A. B. C.1 D.2
【答案】D
【解析】因为,由正弦定理,
即,解得.
故选:D
【变式1-2】(23-24高一下·陕西商洛·期末)记△的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知,,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】,由正弦定理得.
又,根据余弦定理,得.
故选:A.
【变式1-3】(2016高二·全国·课后作业)在△ABC中,若,则最大角的余弦值是( )
A. B. C.0 D.
【答案】B
【解析】∵,∴所对的角C为最大角.
由余弦定理得
故选:B
题型二:三角形形状的判断
【例2】(24-25高一下·福建福州·期中)在中,的对边分别为,若,则的形状为()
A.等边三角形 B.直角三角形
C.等腰直角三角形 D.等腰三角形或直角三角形
【答案】D
【解析】由题可得,
由正弦定理可得,
所以,
又,则,
所以或,
所以或,
所以为等腰三角形或直角三角形.
故选:D
【变式2-1】(23-24高一下·吉林通化·期末)在中,角所对的边分别为,若,则为( )
A.直角三角形 B.等边三角形
C.等腰三角形 D.等腰直角三角形
【答案】A
【解析】因为,
所以由余弦定理得,
所以,所以,
所以为直角三角形.
故选:A.
【变式2-2】(23-24高一下·甘肃临夏·期末)在中,若,则此三角形为( )
A.直角三角形 B.等腰三角形 C.等边三角形 D.等腰或直角三角形
【答案】B
【解析】由可得,
又,
所以,
由于为的内角,所以,
故为等腰三角形,
故选:B
【变式2-3】(23-24高一下·安徽马鞍山·期末)在中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,若,则为( ).
A.等腰三角形 B.等边三角形
C.直角三角形 D.等腰直角三角形
【答案】C
【解析】由正弦定理得,
其中,
所以,
因为,所以,
故,
因为,所以,
故为直角三角形.
故选:C
题型三:三角形的多解问题
【例3】(23-24高一下·天津西青·期末)由下列条件解,其中有两解的是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】对于A,由,,由正弦定理可得,
由和可知和只有唯一解,所以只有唯一解,因此A不正确;
对于B,因为,由余弦定理可知只有唯一解,
所以三角形的三个边唯一确定,即只有唯一解,因此B不正确;
对于C,因为,由正弦定理得,
即,又,所以,
所以角只有唯一解,即只有唯一解,因此C不正确;
对于D,因为,由正弦定理得,
所以,又,所以,所以角有两个解,即有两个解,因此D正确.
故选:D.
【变式3-1】(23-24高一下·福建福州·期末)已知的内角,,的对边分别为,,,,,下面使得有两组解的的值可以为( )
A.3 B. C.2 D.
【答案】B
【解析】由题意,根据正弦定理有,所以,
要使有两组解,则,且,即,
即,即,
所以选项所给四个数据中只有符合,
故选:B.
【变式3-2】(23-24高一下·河北张家口·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,,若有两解,则b的取值范围为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】三角形中,,如图,
当有两解时,,
即,即.
故选:A.
【变式3-3】(23-24高一下·山东枣庄·期末)在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,根据下列条件解三角形:①,,;②,,.则( )
A.①只有一个解,②有两个解 B.①有两个解,②只有一个解
C.①②都只有一个解 D.①②都有两个解
【答案】A
【解析】对于①:由正弦定理可知,
因为,所以,则①只有一个解;
对于②:由正弦定理可知,
且,则有两解,因此②有两个解;
故选:A
题型四:周长与面积问题
【例4】(23-24高一下·山西吕梁·期末)在中,内角的对边分别为,若,则的面积是( )
A.2 B.4 C. D.3
【答案】C
【解析】若,则,
由余弦定理得,
因为,所以,
则的面积是.
故选:C.
【变式4-1】(23-24高一下·北京·期末)在中,.
(1)求的大小;
(2)再从下列三个条件中,选择两个作为已知,使得存在且唯一,求的面积.
条件①:;条件②:边上的高为;条件③:.
注:如果选择的条件不符合要求,第(2)问得0分;如果选择多个符合要求的条件分别解答,按第一个解答计分.
【解析】(1)因为在中,,所以
所以,由正弦定理及
得,因为,所以.
因为,所以.
(2)选择条件①②:若为锐角,则,可得;
若为钝角,则,可得;
综上所述:存在但不唯一,不合题意;
选择条件①③,存在且唯一,解答如下:
由,且,可得,
由正弦定理及,得,解得,
方法1:由,得,


所以.
方法2:由余弦定理,得
即,解得,
所以;
选择②③,存在且唯一,解答如下:
由,及,得,
因为边上的高为,所以
由正弦定理及,得,解得:
方法1:由,得,


所以.
方法2:由余弦定理,得
即,解得,
所以.
【变式4-2】(23-24高一下·吉林通化·期末)在中,角的对边分别是,且.
(1)求;
(2)若,的面积是,求的周长.
【解析】(1)由正弦定理(为外接圆的半径),
则,,,
因为,所以,
所以,即,
所以.
(2)因为,,所以,
又,所以,
由余弦定理,即,解得,
所以,
所以的周长.
【变式4-3】(23-24高一下·山东东营·期末)在锐角中,角的对边分别为,已知.
(1)求的值;
(2)若是的外接圆上一点(与位于直线异侧),且,求四边形的面积.
【解析】(1)在锐角中,
因为,所以,
而,故,
因为是锐角,所以,
由余弦定理得,
又因为,所以,整理的,
故.
(2)在中,因为,
所以,由余弦定理得

在中,由余弦定理得,即:
,解得,
所以四边形的面积为
.
题型五:实际应用问题
【例5】(23-24高一下·河南周口·期末)如图,点是海上的一个钻井平台,甲船 乙船 丙船分别位于点三个位置,甲船在乙船的正北方向,丙船在乙船的正东方向,且海里,海里,若海里,则丙船到钻井平台的距离为 海里.

【答案】
【解析】设,则,
在中,由正弦定理可得,可得,所以,
则,所以海里,,
在中,由余弦定理得

即丙船到钻井平台的距离为海里.
故答案为:.
【变式5-1】(23-24高一下·陕西宝鸡·期末)如图所示的是某城市的一座纪念碑,一位学生为测量该纪念碑的高度,选取与碑基在同一水平面内的两个测量点.现测得米,在点处测得碑顶的仰角为,则该同学通过测量计算出纪念碑高为 米.(保留根号)
【答案】
【解析】因为,
在中,,
由正弦定理得,即,解得,
在中,,
即纪念碑高为米.
故答案为:.
【变式5-2】(23-24高一下·河北唐山·期末)如图,从楼顶点测得地面两点的俯角分别为,已知两点的距离为,则楼高约等于 .(用四舍五入法将结果精确到个位.参考数据:)
【答案】77
【解析】因为从楼顶点测得地面两点的俯角分别为,
所以,,,
在中,由正弦定理可得:,即,
所以,
在中,,所以,
故答案为:77
【变式5-3】(24-25高一下·江西上饶·期中)八一南昌起义纪念塔为八一广场标志性建筑,塔为长方体,由台基、塔座、塔身、塔顶四部分组成.塔身正北面有“八一南昌起义纪念塔”九个铜胎鎏金大字.如图,为了测量该塔的高度,无人机在与塔底位于同一水平面的点测得塔顶的仰角为,无人机飞行到与塔底位于同一水平面的点,测得,,,则纪念塔的塔高为 .
(参考数据:取,)

【答案】53.6
【解析】由题意得,
在中,由正弦定理,
得,所以.
故答案为:.
题型六:正余弦定理与三角函数性质结合问题
【例6】(24-25高一下·广东广州·期中)已知函数.在中,,且.
(1)求的大小:
(2)若,,求的面积.
【解析】(1),在中,,所以,
因为,所以,
则有:或,
即或,因为,所以,即,
所以.
(2)因为,,
则,即,
所以.
【变式6-1】(24-25高一下·上海·期中)若图象最高点都在直线上.
(1)求的值;
(2)在中,分别是的对边,若点是函数图像的一个对称中心,且,求外接圆的面积.
【解析】(1)由函数,
当时,可得,
因为图象最高点都在直线,所以.
(2)因为点是函数图像的一个对称中心,可得,
因为为三角形的内角,所以,可得,
设的外接圆的半径为,
由正弦定理得,所以,
所以外接圆的面积为.
【变式6-2】(24-25高一下·山东枣庄·阶段练习)已知向量,,函数.
(1)求的解析式和当时在方向上的投影向量;
(2)已知中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,若,,,求的边上的中线长;
(3)若,,求.
【解析】(1)因为,
所以
所以


所以;
当时,,
所以,,
所以在方向上的投影向量为;
(2)因为,所以,
又,所以,所以,则,
由余弦定理,又,,
所以
设的边上的中线为,则,
所以

所以,所以的边上的中线长为;
(3)因为,可得,
即,又,则,
所以,
所以.
【变式6-3】(23-24高一下·北京顺义·期末)已知函数.在中,,且.
(1)求的大小;
(2)若,,求的面积.
【解析】(1)
因为且,所以,
又,所以,

因此
(2)由余弦定理得
因为,
所以的面积为.
题型七:综合应用问题
【例7】(24-25高一下·江苏连云港·期中)射影几何学中,中心投影是指光从一点向四周散射而形成的投影,如图,光从点出发,平面内四个点经过中心投影之后的投影点分别为.对于四个有序点,若,,定义比值叫做这四个有序点的交比,记作.
(1)若点分别是线段的中点,求;
(2)当时称为调和点列,若,求值;
(3)已知,且,点为线段的中点,,,求
【解析】(1)由条件可得,,则,所以.
(2)由知,两点分属线段内外分点,
不妨设,,
则,,
由知:,
则,即,即.
(3)方法一:由,可得,即,所以,
又点B为线段的中点,即,所以,
又,所以,,,
又已知,所以.
设,,由,得,
即,解得,①
在中,由正弦定理可得,得②,
在中,由正弦定理可得,得③,
又,
②③得,即④,
由①④解得,(负值舍去),即,,
所以.
方法二:因为,所以,
设,则,
又B为线段的中点,所以,
又已知,,所以,
所以,得,所以,,
由,
得,
所以,
设,则,
由,互补得,
即,
解得,所以,,
所以
【变式7-1】(24-25高一下·江苏扬州·期中)在中,角所对的边分别为,已知,.
(1)求;
(2)若,求的面积;
(3)若的面积为是上的点,且,求的长.
【解析】(1)在中,因为,
所以,即,
因为,则,即,所以,
由余弦定理得.
(2)由(1)知,所以,
因为,,所以,
由(1)知,所以,
所以的面积.
(3)由(2)知,
因为,可得,
由(1)知,,故,,,
因为是上的点,且,则,,
由(1)知,
所以,,
在中,由正弦定理可得,
故.
【变式7-2】(24-25高一下·湖北武汉·期中)如图所示,四边形地块是东湖畔拟建造的一个露营基地.为考虑露营客人娱乐休闲的需求,在四边形区域中,将三角形区域设立成花卉观赏区,三角形区域设立成烧烤区,边,,,修建观赏步道,边修建隔离防护栏,其中米,米,.
(1)如果烧烤区是一个占地面积为平方米的三角形,那么最长需要修建多长的隔离防护栏?
(2)考虑到烧烤区的安全性,在规划四边形区域时,首先保证烧烤区的占地面积最大时,再使得花卉观赏区的周长尽可能大,则应如何设计观赏步道和?
【解析】(1)依题意知,
解得,所以,
当时,
当时,
故最长需要修建260米的隔离防护栏;
(2),
当且仅当时取到等号,此时,
设(),
在中,,
所以,,
所以,
当且仅当,即时取等号
所以周长的最大值为,此时,
故观赏步道,应均设计为长度是米.
【变式7-3】(23-24高一下·江苏苏州·期末)“费马点”是由十七世纪法国数学家费马提出并征解的一个问题.该问题是:“在一个三角形内求作一点,使其与此三角形的三个顶点的距离之和最小.”意大利数学家托里拆利给出了解答,当的三个内角均小于时,使得的点即为费马点;当有一个内角大于或等于时,最大内角的顶点为费马点.在中,内角,,的对边分别为,,.
(1)若,且的面积为,设点为的费马点,求的取值范围;
(2)若内一点满足,且平分,试问是否存在常实数,使得,若存在,求出常数;若不存在,请说明理由.
【解析】(1)因为,且,
所以,
所以,
即,
因为,,所以,,所以,
因为,所以;
因为,所以的内角均小于,
所以点在的内部,且,
由,得,
设,,则,
在中,由正弦定理得,即
在中,由正弦定理得,即,
所以

因为,所以,所以,
所以的取值范围为;
(2)因为,
即,所以,
在,,中,
分别由余弦定理得:,
,,
三式相加整理得,

将代入得:,
因为平分,所以,,
所以,③
又由余弦定理可得:,④
由③-④得:,所以,
即,所以常数,使得.
【强化训练】
1.(24-25高一下·江苏无锡·期中)记的内角的对边分别为,面积为,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】由题意,,
所以,
所以,
解得或(舍去).
故选:B.
2.(24-25高一下·江苏徐州·阶段练习)在中,已知,则角( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】在中,∵,

∴由余弦定理可得:.
,.
故选:C.
3.(23-24高一下·吉林白城·期末)在中,角,,的对边分别为,,,,角的平分线交对边于点,且将的面积分成的两部分,则等于( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】因为,所以,结合题意得.
因为是角的平分线,所以,所以,
由正弦定理,得,即,
所以.
故选:C.
4.(23-24高一下·吉林长春·期末)在中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知向量,,共线,则的形状为(  )
A.等边三角形 B.钝角三角形
C.有一个内角是的直角三角形 D.等腰直角三角形
【答案】A
【解析】因为向量,共线,
则,由正弦定理可得,
则,
因为,则,可知均不为0,
可得,则,即;
同理由向量,共线可得;
综上所述:.
所以的形状为等边三角形.
故选:A.
5.(23-24高一下·江苏南京·期末)如图,某同学为测量南京大报恩寺琉璃塔的高度,在琉璃塔的正东方向找到一座建筑物,高约为,在地面上点处(,,三点共线)测得建筑物顶部和琉璃塔顶部的仰角分别为和,在处测得塔顶部的仰角为,则琉璃塔的高度约为( )
A.78 B.74 C.64 D.52
【答案】A
【解析】根据题意,可得,,
在中,.
在中,,,所以,
在中,由正弦定理得,即,
即,解得,
在中,,,所以.
故选:A.
6.(23-24高一下·安徽六安·期末)的内角的对边分别为,且,,则( )
A.
B.的外接圆半径为
C.的面积的最大值为
D.的周长的取值范围是
【答案】D
【解析】选项A,由可得,
又是的内角,,
所以,由正弦定理得,
因为中,所以,即,
所以,A说法错误;
选项B,设的外接圆半径为,因为,
所以由正弦定理得,
所以,解得,B说法错误;
选项C:由正弦定理可得,解得,
由余弦定理得,即,解得,
当且仅当时等号成立,
所以的面积,C说法错误;
选项D,由C知,
解得,当且仅当时等号成立,
由三角形的性质知,
所以,D说法正确;
故选:D
7.(23-24高一下·浙江宁波·期末)在中,,则该三角形外接圆半径与内切圆半径的比值是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】在中,,由正弦定理可得,
设,
由余弦定理得,所以,
则,
所以,则,
所以,
故选:C
8.(23-24高一下·天津·期末)在中,角,,所对的边分别为,,.若,则的值是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】因为,可设,,,,
利用余弦定理.
故选:D
9.(多选题)(24-25高一下·重庆沙坪坝·期中)重庆解放碑是抗战胜利纪功碑暨人民解放纪念碑,是抗战胜利的精神象征,是中国唯一一座纪念中华民族抗日战争胜利的纪念碑.现某兴趣小组准备对解放碑的高度进行测量,并绘制出测量方案示意图,为解放碑的最顶端,为解放碑的基座(在的正下方,即),在纪念碑所在广场内(与在同一水平面内)选取两点,测得的长为.兴趣小组成员利用测角仪可测得的角有、,若已知,则下列各测量数据中,能计算出解放碑高度的是( )
A. B. C. D.
【答案】ABC
【解析】由题意,因为,
且平面,平面,
所以平面,
对于A,在中,借助直角三角形用表示出,然后在中由余弦定理解三角形求得,故A正确;
对于B,在中,根据,可利用正弦定理求得,再根据求得,故B正确;
对于C,由,借助直角三角形和余弦定理,用和表示出,然后结合在中利用余弦定理列方程,解方程求得,故C正确;
对于D,根据四个条件,无法通过解三角形求得,故D错误;
故选:ABC.
10.(多选题)(24-25高一下·河北唐山·期中)在中,,,分别是内角,,的对边,下列说法正确的是( )
A.若为锐角,则 B.若为锐角,则
C.若,则 D.若为锐角三角形,则
【答案】ACD
【解析】对于A:因为为锐角,则由,故A正确;
对于选项B:同A可知选项B错误;
对于选项C:由,由正弦定理得,
故,由大边对大角,得到,故选项C正确;
对于选项D:因为为锐角三角形,所以
且,因为正弦函数在区间单调递增,
故,故选项D正确;
故选:ACD
11.(多选题)(24-25高一下·四川·期中)记△ABC中三个内角A,B,C所对边分别为a,b,c.如图,M,N分别是函数与直线的两个交点,其中,则( )

A.
B. 面积的最大值为
C.周长的取值范围为
D.若为锐角三角形,则的取值范围为
【答案】BCD
【解析】由图可得,而,故,
注意到或,.
由题可得,则.
对于A,,故A错误;
对于B,,
由余弦定理,,由基本不等式,
,当且仅当取等号.
则,故B正确;
对于C,
,因,则,结合和差化积公式,
则,
因,则,
因在上单调递增,在上单调递减,
则,故C正确;
对于D,,
因是锐角三角形,,则.
,
其中,,又.
因,则,又,
则在上单调递增,在上单调递减,
.
因,,则.
则,
因,则.
故,故D正确.
故选:BCD
12.(多选题)(24-25高一下·江苏扬州·期中)在中,角所对的边分别是且,则下列说法正确的是( )
A.
B.若,且有一解,则的取值范围为
C.若,且,为的内心,则
D.若,则的取值范围为
【答案】ABD
【解析】对于A,由,得,
即,而,因此,A正确;
对于B,由余弦定理得,整理得,
由关于的一元二次方程只有一个正数解,得或,
解得或,B正确;
对于C,由,得,又,则,
即,
而,解得,由,得为锐角,则,
因此,为直角三角形,设其内切圆的半径为,
则,,
因此,C错误;
对于D,由正弦定理可得, ,即,
在中,,解得,,则,D正确.
故选:ABD
13.(23-24高一下·贵州黔西·期末)在中,角的对边分别为,,且是关于x的方程的两个不等实数根,则 .
【答案】
【解析】因为,由余弦定理得,
又因为,所以,
由是关于x的方程的两个不等实数根,
可得,
所以.
故答案为:.
14.(23-24高一下·天津西青·期末)已知a,b,c分别为三个内角A,B,C的对边,且,则角 .
【答案】/
【解析】,由正弦定理可得,
在中,,,

.
故答案为:.
15.(23-24高一下·四川凉山·期末)在中,角的对边分别为,其中,,,若点在边上,且为的角平分线,则 .
【答案】
【解析】在中,由为的角平分线,得,
由,得,
则,所以.
故答案为:
16.(23-24高一下·黑龙江大庆·期末)在中,分别为内角的对边,若,,且,则 .
【答案】4
【解析】因为,所以,
所以,即,
由题干及正弦定理得,①,
由余弦定理得,②,
由①②得,,即,
故答案为:4.
17.(23-24高一下·河南南阳·期末)如图,在中,,,,的角平分线交于,交过点且与平行的直线于点,则 .
【答案】
【解析】在中,由余弦定理可得:,
即,又,所以.
因为,平分,所以,所以.
在中,因为,所以.
因为,所以,
所以.
故答案为:
18.(23-24高一下·陕西商洛·期末)在中,已知为的中点,,,.
(1)求的面积;
(2)求的长.
【解析】(1)根据题意可知,
又因为为的中点,可得,
,,,
根据余弦定理,
代入已知条件得,
得到,故所以可得是直角三角形,
所以可得
故答案为:
(2)由第一问可知,
根据余弦定理可知,
代入得,
所以可得,
故答案为:
19.(24-25高一下·江苏苏州·期中)在中,角的对边分别为.三个内角满足.
(1)求角的值;
(2)如果,并且,求的周长.
【解析】(1)在中,因为,
所以.
因为,
所以,
即,
所以,
即,
又因为是三角形的内角,所以,
所以.
(2)由余弦定理可得,
因为,,所以,
又因为,所以,
解得或(舍去),所以,
所以的周长为.
20.(24-25高一下·江苏连云港·期中)在中,、、分别为角、、所对应的边,已知,,.
(1)求的值;
(2)在边上取一点,使得,求的长.
【解析】(1)由余弦定理可得,,
由正弦定理可得,,则.
(2)由,可知为钝角,
则,
在中,由正弦定理,,
则.
21.(24-25高一下·四川·期中)如图,和与存在对顶角,且 ,,,且.
(1)求 的大小;
(2)证明:O为BD中点;
(3)若,求OC的长.
【解析】(1),
化简得:.
在中,由正弦定理得:,
由余弦定理可得:,故.
(2)设,,则,.
在中,由余弦定理得:
.
在中,由余弦定理得:.
由,所以.
化简得:,故 为 中点.
(3)如图:过点做,交与.则.
由().
所以,又,所以.
所以.
所以,又,. 所以.
由于
所以.
又,所以,所以.
所以.即.
在中,根据正弦定理,可得:.
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