考点冲刺20【物态变化的辨析】—2025年中考物理考前素描40天终极冲刺宝典
一、选择题
1．（2025·湘西模拟）水是我们赖以生存和发展的生命之源，下列关于水的物态变化中需要放热的是
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，冰冻饮料瓶身会“出汗”
C．深秋，日出雾散
D．凛冬，堆好的雪人“变小”
【答案】B
【知识点】液化及液化放热；水的三态变化
【解析】【解答】A、 冰雪消融是熔化，熔化吸热，故A错误；
B、冰冻饮料瓶身会“出汗”是液化，液化放热，故B正确；
C、 日出雾散是蒸发，需要吸收热量，故C错误；
D、堆好的雪人“变小”是升华，升华吸热，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）熔化、气化、升华是吸热；
（2）凝固、液化、凝华是放热。
2．（2025九下·湖南模拟）如图所示，将冰块放在室温下，冰块正在不断熔化，关于此过程，下列说法正确的是（ ）
A．冰块的温度不变，其内能不变
B．空气和冰块之间在进行热传递
C．冰块的温度升高，所含的热量增加
D．冰块改变内能的方式与钻木取火是相同的
【答案】B
【知识点】熔点和凝固点；晶体和非晶体；热量的概念；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、冰块正在不断熔化，吸收热量，内能增加，故A错误；
B、冰块和空气之间有温度差，它们之间进行热传递，故B正确；
C、热量是过程量，不能说含有，故C错误；
D、冰块熔化是通过热传递方式改变内能的，钻木取火是通过做功的方式改变内能的，冰块改变内能的方式与钻木取火是不相同的，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）晶体熔化过程中，吸收热量，内能增加；
（2）热传递的条件是温度差；
（3）热量是过程量，不能说含有；
（4）改变内能的方式包括做功和热传递。
3．（2025九下·湖南模拟）在湖南，春天气温快速回升时，较光滑的地面上会出现水渍，俗称“回潮天”。关于“回潮”形成的原因，下列分析正确的是（ ）
A．“回潮”是地底的水渗出地表形成的
B．“回潮”是水蒸气液化形成的
C．“回潮”发生时天气必须很干燥
D．“回潮”过程需要吸热
【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】ABCD、“回潮”形成的原因是在湿润的天气，空气中的水蒸气遇冷放热液化形成的，故B正确，ACD错误。
故选：B
【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
4．（2025·玉林模拟）“泼水成冰”是严寒天气下，当热水被洒向空中，其周围的水蒸气直接由气态变为固态，形成如图所示的“线条”。此过程涉及的物态变化是
A．凝固 B．凝华 C．熔化 D．升华
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】水蒸气在极寒环境下可以直接放热凝华成小冰晶，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
5．（2025·巴中模拟）今年 2 月下旬从南海吹来的暖湿气流，与从西伯利亚南下的冷空气相遇，南方大部分城市迎来了“回南天”。下列表述正确的是（ ）
A．暖湿气流遇到冷空气会汽化
B．窗户看起来像“出汗”都是液化现象
C．为了减轻屋内的潮湿，“回南天”时期应该开窗通风
D．小水珠出现在窗户的外侧
【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A、 暖湿气流中的热水蒸气遇到冷空气会发生液化变为小液滴，故A错误；
B、窗户看起来像“出汗”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，与“白气”的形成原理相同，故B正确；
C、“回南天”时，室外空气的湿度大，开窗通风会使室外潮湿空气进入室内，增加室内湿度，应关闭窗户，减少室外潮湿空气进入到室内，故C错误；
D、室内温度高，故是室内的热水蒸气遇到冷的玻璃发生液化，故小水珠出现在窗户的室内一侧。故D错误；
故选：B。
【分析】（1）液化指物质从气态变为液态的过程，液化放热；
（2）“白气”等类似现象均是是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴；
（3）分析室内外空气的湿度关系分析判断；
（4）热水蒸气遇冷发生液化，据此分析判断。
6．（2025·乳源模拟）如图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块
A．汽化吸热 B．液化放热 C．熔化吸热 D．凝华放热
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】冰块熔化时会吸热，使海鲜的温度降低，起到保鲜的作用，故C正确，ABD错误。
故选C.
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热。
7．（2025·河源模拟）古代劳动人民巧妙地在冬季利用“注水破石”的方法开山采石.白天给石头打孔后注满水并封实，晚上水降温结冰后，石头就裂开了。水结冰发生的物态变化是
A．汽化 B．升华 C．熔化 D．凝固
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】解：水结冰发生的物态变化属于凝固，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
8．（2025·贵州模拟）关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物。以上描述的打印过程中，涉及到的物态变化表述正确的是（ ）
A．仅熔化 B．仅凝固
C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】ABCD.关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料是熔化现象，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物是凝固现象。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化；物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
9．（2025·岳阳楼模拟）“铁盘盛满红亮小龙虾，麻辣香气混着蒜蓉升腾”这是属于岳阳的市井烟火。烹饪小龙虾的过程蕴含了很多物理知识，下列说法正确的是
A．锅周边“白气”的形成是汽化现象
B．天然气燃烧时把内能转化为化学能
C．闻到蒜蓉香味说明分子不停地做无规则运动
D．水沸腾后把火调小，水的比热容会减小
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；比热容；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A.锅周边“白气”是锅中温度高的水蒸气在上升过程中遇冷液化形成的小水珠，故A错误；
B. 天然气燃烧时把化学能转化为内能，故B错误；
C. 闻到蒜蓉香味说明分子不停地做无规则运动，故C正确；
D.比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，故D错误。
故选C。
【分析】A.液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
B.燃料燃烧时，将化学能转化为内能；
C.分子不停地做无规则运动；
D.比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关。
10．（2024·天津市）天津盘山有“上盘雪花飘，中盘雾雨渺，下盘夕阳照”的天然奇观，其中“雾”的形成过程中发生的主要物态变化是（ ）
A．凝固 B．升华 C．汽化 D．液化
【答案】D
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】“雾气”是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
二、填空题
11．（2025九下·鹤山模拟）“蒹葭苍苍，白露为霜，所谓伊人，在水一方”。这句诗出自中国第一部诗歌总集《诗经》。从物理学角度分析，诗中的“露”和“霜”分别是物态变化中的 现象和 现象。 两种物态变化都需要 .(填“吸热”或“放热”)
【答案】液化；凝华；放热
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】诗中的“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠；诗中的“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶；这两种物态变化都需要放热。
【分析】液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
12．（2025·河源模拟）俗话说“真金不怕火炼”，说明黄金有较高的 拍电影时用泡沫塑料用作擂石道具，是利用了泡沫塑料 较小.水暖暖气片通过热水循环来散发热量，是利用了水的 较大。(三个空均填物质属性)
【答案】熔点；密度；比热容
【知识点】熔点和凝固点；密度及其特性；比热容
【解析】【解答】 火焰的温度是800℃左右，金的熔点远远高于这个温度，所以用普通火不会使金熔化，“ 真金不怕火炼 ” 说明黄金有较高的熔点；
拍电影时不希望发生真实的伤亡事故，所以用密度较小的材料模拟擂石道具。
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热。
故答案为：熔点；密度；比热容。
【分析】黄金的熔点较高；
泡沫塑料的密度小，砸到人身上不至于发生伤害；
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
13．（2025九下·顺德模拟）常温下，如图所示，取一个不漏水的空易拉罐，将干冰（固态二氧化碳，熔点：-75.5℃，沸点：-57℃）放入易拉罐中，过一会儿干冰变少了，这是干冰发生了 （填物态变化名称），易拉罐的底部有白霜生成，用电子温度计测得易拉罐底部白霜的温度是-22℃．小明认为白霜是易拉罐外部空气中的气态二氧化碳凝华而成，小明的观点 （选填“正确”、“错误”），这是由于二氧化碳应在低于 ℃的温度才会变成固态。
【答案】升华；错误；-78.5
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】过一会儿干冰变少了，这是固态干冰直接变成了气态二氧化碳，即干冰发生了升华，易拉罐的底部有白霜生成，用电子温度计测得易拉罐底部白霜的温度是-22℃。小明认为白霜是易拉罐外部空气中的气态二氧化碳凝华而成，小明的观点错误，这是由于二氧化碳应低于-75.5℃的温度才会变成固态，它是空气中的水蒸气凝华形成的。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
14．（2025·山东模拟）如图甲所示，用酒精灯加热密封在玻璃罐中的碘粒，出现了紫色的碘蒸气。为了探究碘蒸气是碘升华形成，还是先将化后汽化形成的，同学们查得碘的熔点约为114℃后，将冷却后的玻璃罐放入80℃的水中，如图乙所示。若未出现碘蒸气，则说明碘蒸气是碘 形成的；若出现碘蒸气，则说明碘蒸气是碘 形成的。
【答案】汽化；升华
【知识点】物质的三态；升华及升华吸热
【解析】【解答】玻璃罐中的碘颗粒放入80℃的水中，温度低于碘熔点，固态碘不能熔化成液态碘，液态变为气态是汽化；而碘蒸气是固态碘直接变为气态碘，是升华形成的。
【分析】当液态变为气态，是汽化现象； 固态直接变为气态，是升华现象。
15．（2024·和田模拟）茶文化意为饮茶活动过程中形成的文化特征，中国是茶的故乡。
（1）打开茶叶盒，茶香飘满屋是一种 现象，用煮沸的水泡茶后茶香更加浓郁，水在沸腾过程中温度 （选填“变大”“变小”或“不变”），沏满茶水的杯子底部看起来较浅是由于光从 （选填“空气到水”或“水到空气”）中发生了折射。
（2）紫砂壶是茶具中的一种，在茶艺发展史上它占有特殊的地位。紫砂壶的壶身和壶嘴构成一个 ，将一把120g的紫砂壶置于足量水的容器中漂浮时受到的浮力为 N，将其轻轻按入水中后浸没（水进入壶内部），它受到容器底部的支持力为0.7N，该紫砂壶材质的密度为 。（）
【答案】（1）扩散；不变；水到空气
（2）连通器；1.2；2.4
【知识点】沸腾及沸腾条件；密度公式及其应用；光的折射规律；连通器原理及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）①打开茶叶盒，茶香飘满屋是茶香分子在空气中发生的扩散现象；
② 用煮沸的水泡茶后茶香更加浓郁，水在沸腾过程中温度不变；
③沏满茶水的杯子底部看起来较浅是由于光从水到空气中发生了折射。
（2）① 紫砂壶的壶身和壶嘴的底部连通，上面开口，因此为连通器；
②紫砂壶漂浮在液面上，则它受到的浮力F浮=G=mg=0.12kg×10N/kg=1.2N；
③紫砂壺受到的浮力F浮=G-F支=1.2N-0.7N=0.5N；
它的体积：；
那么材料的密度为：。
【分析】（1）①不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
②根据液体沸腾的特点解答；
③根据光的折射的知识解答。
（2）①上面开口，底部连通的容器为连通器；
②根据漂浮条件计算紫砂壶受到的浮力；
③根据F浮=G-F支计算紫砂壺受到的浮力，再根据阿基米德原理计算它的体积，最后根据计算紫砂壶的密度。
16．（2018届中考物理复习----物态变化试题）如图是常用的一种体温计，此时它指示的温度是 ℃．分析如表提供的信息（在标准大气压下）可以知道，温度计选用 作为测温物质，能测量的温度最低；温度计选用 作为测温物质，灵敏度最高．
【答案】36.5；酒精；水银
【知识点】液体温度计的构造与工作原理
【解析】【解答】体温计上1℃之间有10个小格，一个小格代表的温度是0.1℃，所以此体温计的分度值为0.1℃，此时的温度为36.5℃；从表中知道，酒精的凝固点最低，
故选择酒精制造的温度计能测量的温度最低，从表中知道，水银的比热容最小，吸收相同的热量，温度就升高的越多，体积变化也就越大，
【分析】温度计是利用液体的热胀冷缩制成的，如果液体凝固了，当然就无法测量了，甚至有可能导致温度计损坏．温度计所使用的液体的比热容，直接影响到对温度变化的难易程度，比热容越小，吸收相同的热量，温度就升高的越多，体积变化也就越大，故制造出的温度计就越灵敏．
三、实验探究题
17．（2024九下·莲湖模拟）寒假期间，学校布置了假期社会实践作业、小聪在家和妈妈学烹饪时注意到，盐（主要成分是NaCl）和糖（主要成分是蔗糖）外观非常像（如图甲），除了尝味道几乎分辨不出来。于是他找来小明和小林，想利用自己所学的物理知识，科学的分辨出两种物质。经过查阅资料，他们得到以下数据（如表格）：
物质 密度/ 熔点/℃ 比热容/
盐（NaCl） 2.17 801
糖（蔗糖） 1.66 185
（1）小聪找来A、B两个相同的勺子，分别装满一平勺两种样品。用天平测得A勺总质量为16.2g，B勺总质量如图乙所示，读数为 g，由此可知 （选填“A”或“B”）勺中样品为盐。
（2）小明和小林从学校借来实验器材，组装了如图丙所示装置，通过水浴法加热两种样品，水浴法的优点是 。某时刻，试管D中温度计示数如图，此时温度为 ℃。实验中每隔一段时间记录一次C、D试管中物质的温度，并做出温度随时间变化的规律图象，如图丁所示。
（3）根据图丁可知，吸收相等热量，升温较多的是 （选填“C”或“D”），进而判断出试管D中样品为 （选填“糖”或“盐”）。
（4）小林发现该实验无法根据熔点辨别两种物质，原因是 。
【答案】13.2；A；受热均匀；56℃；C；盐；水的沸点低，无法达到样品的熔点
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图乙，托盘天平的分度值为0.2g，B勺总质量读数为：
根据表中数据，糖的密度小于盐的密度，A、B两个相同的勺子，均装满一平勺不同样品，体积相等，用天平测得A勺总质量为16.2g，根据，由于A的密度大，体积相同时，则可知A勺中样品为盐。
（2）通过水浴法加热两种样品，受热均匀，便于观察现象。根据图丙，温度计的分度值是1℃，温度计的示数为56℃。
（3）根据图丁，加热相同的时间，即吸收相同的热量，C升高的温度较多；分析表中数据可知，盐的比热容大于糖的比热容，糖的质量小于盐的质量，升高相同的温度，根据Q=cmΔt可得，盐加热的时间较长，试管D中样品为盐。
（4）水浴加热的最高温度是沸水的温度，达不到样品的熔点，故无法根据熔点辨别两种物质。
【分析】（1）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；在体积相同时，密度越大，质量越大；
（2）水浴法加热，物体受热均匀；根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，温度差越小，比热容越大；
（4）温度没有到达晶体的熔点，不能熔化。
18．（2023·长岭模拟）在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图象。
（1）安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡应该 水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
（2）从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 （选填“变大”、“变小”或“不变”），到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
（3）分析图乙中的图象可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 。
【答案】（1）全部浸没
（2）变大
（3）5：3
【知识点】探究水的沸腾实验；热量的计算
【解析】【解答】（1）安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡应该全部浸没水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
（2）从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
（3）根据乙图可知，当加热时间都是6min时，二者吸收相同的热量。第一次升高的温度为：98℃-92℃=6℃，第二次升高的温度：98℃-88℃=10℃。
根据Q=cm△t可知，当吸收的热量和比热容相同时，升高的温度与质量成反比，
即：。
【分析】（1）根据温度计的使用规范解答；
（2）水沸腾时，上面的水和下面的水的温度相同，随着气泡的上升，水的压强减小，则气泡的体积逐渐变大，直到表面破裂开来；
（3）根据乙图确定两次水升高的温度，然后根据Q=cm△t计算出水的质量之比。
19．（2024九下·龙湖模拟）在课堂上同学们用小纸锅烧水，如图甲所示。为什么水能烧开而纸锅不会燃烧呢？带着这个问题，同学们开始探究水沸腾时温度变化的特点。
甲 乙 丙 丁
（1）如图乙，在安装实验器材时，老师提醒大家固定夹A和B的高度都要适当，固定夹A高度适当的标准是保证能够用酒精灯外焰加热，那么固定夹B高度“适当”的标准是 .
（2）用酒精灯给水加热至沸腾，需要计时，记录温度并观察现象。实验中判断水沸腾的依据是烧杯中出现图丙中的 （填“a”或“b”）所示现象；
（3）两位同学将收集的数据绘制成如图丁所示的“温度-时间”关系图象，发现水在沸腾过程中，温度变化的特点是 ，根据图像可知两位同学所用水的质量大小关系是mA mB（填“＞”或“＜”）；
（4）交流评估环节中，同学们提出了各自的观点，其中正确的有 （填字母）。
a.纸板上的小孔加快了水的散热，因此小孔是多余的
b.用初温较高的水做实验，可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源
c.纸锅烧水实验中，纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时要不断吸热
【答案】（1）温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁
（2）a
（3）保持不变；＞
（4）b c
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1) 第1空、 固定夹 B 高度“适当”的标准是温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁。这是为了确保温度计能准确测量水的温度，若玻璃泡接触容器底或壁，测量结果会不准确。故该空填“ 温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁 ”；
(2) 第1空、 水沸腾时会在液体内部和表面产生大量气泡并不断上升、变大，在水面破裂开来，呈现图丙中 a 所示的现象；而 b 是水未沸腾时气泡的状态。故该空填“ a ”；
(3) 第1空、 水在沸腾过程中吸收热量但温度保持不变，这是水沸腾的重要特点。故该空填“ 保持不变 ”；
第2空、 从图丁可以看出，A 加热到沸腾需要更长时间，根据热量公式 Q=cmΔt（Q 为吸收热量，c 为比热容，m 为质量，Δt 为温度变化），在相同条件下，加热时间长说明吸收热量多，而比热容相同、温度变化相同，所以质量更大，即 mA＞mB。故该空填“ ＞ ”；
(4) 第1空、 a 选项中，纸板上的小孔不是多余的，它可以减少热量散失，使水更容易沸腾，a 错误；b 选项用初温较高的水做实验，确实可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源，b 正确；c 选项纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时不断吸热使纸锅温度达不到着火点，c 正确。故该空填“ b、 c ”；
【分析】 实验围绕水沸腾时的现象、温度变化以及相关影响因素展开。首先通过合理安装实验器材，如保证温度计正确测量和酒精灯外焰加热，为实验做好准备。观察水沸腾的现象来准确判断沸腾时刻，通过分析温度-时间图像得出水沸腾时温度不变的特点，还能比较不同情况下水质量的大小。
20．（2023·合阳模拟）如图甲所示是家用电热加湿器，其工作电路如图乙所示，相关参数如表。电热加湿器的电热丝浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度；当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入加热仓中。
工作电压 220V
最大运行功率 40W
储水箱容量 2.4L
气雾调节器最大电阻 990Ω
（1）图甲中加湿器上方的“白气”是 （选填“水蒸气”或“小水滴”）。
（2）当加湿器以最大运行功率工作时，电热丝R1的电阻值多大？
（3）如果加热仓内冷水的温度为20℃，以最大运行功率正常工作，经过336s恰好使水沸腾产生水蒸气，求加热仓中水的质量；[设电热丝R1产生的热量全部被水吸收，当地气压为1标准大气压，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（4）电热加湿器以最低气雾量正常工作时，求气雾调节器消耗的电功率。
【答案】（1）小水滴
（2）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，加湿器以最大运行功率工作；
由表格数据可知，加湿器的最大运行功率P大＝40W，
电热丝R1的阻值：
答：电热丝R1的电阻值为1210Ω；
（3）电阻丝R1产生的热量：Q放＝W最大＝P最大t＝40W×336s＝13440J，
水吸收的热量：Q吸＝Q放＝13440J，
答：加热仓中水的质量为0.04kg；
（4）当滑片移到最右端时，接入电路中的电阻最大，此时R1与R2串联，加湿器以最低气雾量工作，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流： ，
此时气雾调节器R2消耗的电功率：P2＝I2R2＝（0.1A）2×990Ω＝9.9W
答：气雾调节器消耗的电功率为9.9W。
【知识点】液化及液化放热；热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）空气中的水蒸气遇冷后放热，从气态变成液态发生液化现象，形成大量的小水珠就是看到的“白气”。
【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
（2）根据公式 计算加热电阻随R2的阻值；
（3）首先根据 Q放＝W最大＝P最大t 计算电阻丝产生的热量，再根据 Q吸＝Q放 计算水吸收的热量，最后根据 计算加热仓中水的质量。
（4）当滑片移到最右端时，接入电路中的电阻最大，此时R1与R2串联，加湿器以最低气雾量工作。
再根据R总=R1+R2计算总电阻，根据欧姆定律计算电路中的电流，最后根据 P2＝I2R2 计算R2消耗的电功率。
21．（2019九下·东莞月考）沙漠集水器
（1）有些沙漠紧邻大海， （白天/晚上）风通常从大海吹向沙漠，导致空气中富含水蒸气。
（2）伯克利分校团队设计出一款沙漠集水器——Waterseer，利用风能这种 （可再生/不可再生）能源，借助风力驱动风轮旋转，带动螺旋桨空气输入金属管中部。
（3）深埋在土壤深处的金属管底部温度较低，由于金属 （填物理属性）好使得金属管中部温度也降低。
（4）空气中的水蒸气在金属管中部 （吸/放热），液化成水滴，水滴在 力的作用下，沿管壁下落，汇集于金属管底部容器。
（5）Waterseer第天可以收集约37L饮用水，合 kg，应用前景十分乐观。（ 水=1.0x103kg/m3）
【答案】（1）白天
（2）可再生
（3）导热性
（4）放热；重
（5）37
【知识点】液化及液化放热；密度公式及其应用；比热容；能源及其分类
【解析】【解答】（1）在海边，由于海水和沙滩的比热容不同，白天风从海洋吹向陆地，是海陆风；（2）风能短时间可再生，是可再生能源；（3）金属的导热性好，可以使金属管温度降低；（4）水蒸气遇冷会液化成水，在重力的作用下下落；（5）37L=37dm3=3.7×10-2m3，水的质量为.
【分析】（1）由于比热容不同，海边白天和晚上风向不同；
（2）风是可再生能源；
（3）金属是热的良导体；
（4）水蒸气遇冷会液化成小水滴，并由于重力而下落；
（5）根据水的密度和体积的乘积计算质量。
四、多选题
22．（2023九下·宁洱模拟）某实验小组利用酒精灯对冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的“温度一时间”图像，由图像可知（ ）
A．冰是晶体，熔化过程用了25min
B．冰在熔化过程中温度保持不变，内能不变
C．水升温比冰慢，说明水的比热容比冰的小
D．实验中物质吸热多少可用加热时间来比较
【答案】A,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；比热容
【解析】【解答】A．据图可知，水熔化时有固定的温度，所以有熔点，为晶体，熔化时间为5-30min，所以共用了25min， 故A正确；
B．冰在熔化过程中温度保持不变，内能增加，故B错误；
C．升高相同的温度，水升温较长，所以水的比热容较大，故C错误；
D．实验过程中使用相同的加热装置进行装置，所以实验中物质吸热多少可用加热时间来比较，故D正确。
故选AD。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）。
23．（2024·和平模拟）下列说法不正确的是（ ）
A．激光在光导纤维中利用光的反射传递信息，其传播速度为
B．“冻梨”放在水中“缓”一下，变软才好吃。缓的时候冻梨中发生的物态变化是熔化
C．搬起石头所用的力等于石头的重力
D．物体处于平衡状态时，机械能不变
【答案】A,C,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；机械能及其转化；平衡状态的判断；光纤通信
【解析】【解答】A．光纤通信是利用激光在多次反射传递信息的，速度小于3×108m/s，故A错误，符合题意；
B．冻梨变软是熔化现象，故B正确，不符合题意；
C．加速搬起石头，人所用的力大于石头的重力，故C错误，符合题意；
D．匀速下落的降落伞，机械能变小，故D错误，符合题意。
故选ACD。
【分析】根据光线通信、熔化、力和运动、机械能判识选项
1、 光纤通信是利用激光在光导纤维中多次反射传递信息的
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
24．（2024·楚雄模拟）如图在注射器中吸入少量液态乙醚，用橡皮塞堵住注射孔，向外拉动活塞，液态乙醚消失，下列选项正确的是
A．乙醚质量不变，密度变小
B．乙醚质量和密度均不变
C．乙醚的物态变化与放在室外的湿衣服变干的物态变化相同
D．接着往里拉动活塞，液态乙醚又将出现，此时注射器温度有一定程度的降低
【答案】A,C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】AB.拉动活塞时，乙醚体积变大，质量不变，密度变小，A符合题意；B不符合题意；
C.乙醚消失，发生了汽化，放在室外的湿衣服变干，液体变为气体，发生汽化，C符合题意；
D.往里推动活塞，液态乙醚又将出现，发生了液化现象，液化放热，注射器温度升高，D不符合题意。
故答案为：AC.
【分析】拉动注射器的活塞，内部体积变大，质量不变时，密度减小；液体变为气体是汽化现象；气体变为液体是液化现象，液化放热。
25．（2024九下·南宁月考） 如图所示的是某种物质熔化时其温度随时间变化的图象。根据图象，下列判断中正确的是（ ）
A．该物质是晶体，熔点为80℃
B．该物质的熔化过程经历了12min
C．在第10min时，该物质处于固液共存状态
D．在第8min到第12min之间，该物质内能不变
【答案】A,C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；晶体和非晶体
【解析】【解答】A.晶体具有熔点而非晶体没有固定的熔化温度，晶体在熔化过程中温度保持不变，根据图像可知该物质在加热过程中从第6min到第12min温度保持不变，可判断该物质为晶体，该物质的熔点为80℃，故A正确；
B.根据图像可知该物质在加热过程中从第6min到第12min温度保持不变，可判断该物质的熔化过程经历了6min，故B错误；
C.根据图像可知，该物质在第6min开始熔化，此时物质处于固态，该物质在12min完全熔化，物质处于液态，该物质在第10min为固液共存态，故C正确；
D.该物质持续的在吸热其内能增大，故D错误。
故选AC。
【分析】A.晶体具有熔点而非晶体没有固定的熔化温度，晶体在熔化过程中温度保持不变，在图像中找到物质在加热过程中温度不变的点即为晶体的熔点；
B.该物质在第6min之前为固态，没有开始熔化，该物质在12min完全熔化，物质处于液态，整个熔化过程经历了6min；
C.晶体在熔化的过程中，由固态物质变为液态物质，熔化过程中处于固液共存态；
D.热传递是改变物体内能的方式，物体吸热器内能增加，做功也可以改变物体的内能。
26．（2022·大连）下列古诗句中都对应着一种自然现象，这种现象的形成属于凝华的是（ ）
A．胡天八月即飞雪 B．天接云涛连晓雾
C．羌管悠悠霜满地 D．欲渡黄河冰塞川
【答案】A,C
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．雪是水蒸气凝华形成的，A符合题意；
B．雾是水蒸气液化形成的，B不符合题意；
C．霜是水蒸气凝华形成的，C符合题意；
D．冰是水凝固形成的，D不符合题意。
故答案为：AC。
【分析】物体从气态变为固态的过程叫凝华。
27．（2023·西岗模拟）关于物态变化的现象，下列描述正确的是（ ）
A．冬天的水面结冰是凝固现象
B．冰冻的衣服也能晾干是熔化现象
C．用久了的灯管两端变黑是汽化现象
D．烧开水时冒出的“白气”是液化现象
【答案】A,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 A、冬天水面结冰，由液态变成固态，是凝固现象，故A正确；
B、冰冻的衣服也能晾干是升华现象，故B错误；
C、用久了的灯管两端变黑是凝华现象，故C错误；
D、烧开水时冒出的“白气”是液化现象，故D正确。
故选：AD。
【分析】 物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
28．（2023·宝安模拟）下列关于热现象的说法中，正确的是（ ）
A．寒冷的冬天，室外的人口中呼出“白气”是汽化现象，是吸热过程
B．打气筒打气时，筒壁发热主要是通过做功改变了内能
C．内燃机的做功冲程将机械能转化为内能
D．汽车发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大
【答案】B,D
【知识点】液化及液化放热；做功改变物体内能；比热容；能量的转化或转移
【解析】【解答】 A、寒冷的冬天，室外的人口中呼出的“白气”是呼出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A错误；
B、打气筒给轮胎打气时气筒壁发热，是压缩空气做功过程，将机械能转化为内能，即通过做功的方式改变内能，故B正确；
C、内燃机的做功冲程，燃料燃烧产生的燃气对外做功，将燃料的内能转化为活塞的机械能，故C错误；
D、水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，故D正确。
故选：BD。
【分析】 物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热过程；压缩空气做功，是通过做功改变内能的；内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能；相同条件下，比热容大的物质能吸收更多的热量。
五、计算题
29．（2023·韩城模拟）如图甲所示是一款养生壶，其内部电路简图如图乙所示，R1和R2均为加热电阻且阻值不变，通过旋钮开关可以切换加热和保温两种功能，其部分参数如下表所示，其中保温功率被磨损。
额定电压/V 220
容积/L 1
加热功率/W 1000
保温功率/W
（1）该养生壶的壶体用高硼硅玻璃制造，在温度约821℃时该玻璃开始软化，高硼硅玻璃属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）求电阻R1的阻值；
（3）该养身壶正常工作时，先经过6min将1 kg，20℃的水加热至沸腾（标准大气压下）后再保温1h，共消耗电能0.2kW h，求：[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
①该养生壶加热时的效率；（结果保留至0.1%）
②电阻R2的阻值。
【答案】（1）非晶
（2）旋钮开关与触点1接触时，R1与R2串联；旋钮开关与触点2接触时，电路为R1的简单电路；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，养身壶为加热挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，养身壶为保温挡；
加热挡电路中的电阻： ，
因为加热挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1＝R加热＝48.4Ω；
答：电阻R1的阻值为48.4Ω；
（3）①养身壶正常加热工作6min消耗的电能：W加热＝P加热t加热＝1000W×6×60s＝3.6×105J＝0.1kW h，
1标准大气压下水的沸点为100℃，水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，
养生壶加热时的效率： ；
②由题意可知，保温阶段消耗的电能：W保温＝W﹣W加热＝0.2kW h﹣0.1kW h＝0.1kW h，
保温时电路的总电阻： ，
由串联电路的电阻特点可知，电阻R2的阻值：R2＝R保温﹣R1＝484Ω﹣48.4Ω＝435.6Ω。
答：①该养生壶加热时的效率为93.3%
②电阻R2的阻值为435.6Ω。
【知识点】晶体和非晶体；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】（1）根据高硼硅玻璃在温度约821℃时该玻璃开始软化可知，它熔化没有固定的温度，即没有熔点，那么为非晶体。
【分析】（1）晶体和非晶体的区别：有无熔点；
（2）首先根据公式比较开关在不同位置时电功率的大小，从而确定对应的工作状态。然后根据加热功率，利用公式 ， 计算出R1的阻值。
（3）①首先根据 W加热＝P加热t加热 计算出加热消耗的电能，再根据公式 Q吸＝c水mΔt 计算水吸收的热量，最后根据公式 ； 计算养生壶的加热效率；
②首先根据 W保温＝W﹣W加热 计算出保温阶段消耗的电能，再根据计算保温功率，接下来根据 计算保温时的总电阻，最后根据 R2＝R保温﹣R1 计算R2的阻值。
30．（2019·禹州模拟）图甲为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱装水最多0.4kg，加热功率有大小两个挡位，挂烫机内部电路如图乙所示，其中电热丝R1=88Ω，R2=44Ω．
（1）高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 （填物态变化名称）成小水珠，放出热量，将衣服烫平．
（2）挂烫机正常工作时，电路中最大电流是多少 电路在高温挡每分钟放出的热量是多少
（3）若挂烫机的效率为90%，将水箱中0.3kg的水从20℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多少秒？[结果保留整数，水的比热容c=4.2×103J/(kg·℃）]
（4）如果在用电高峰使用挂烫机，实际电压可能低于额定电压。若实际电压为198V，则挂烫机的低温挡实际功率是多少？
【答案】（1）液化
（2）解：电路中最大电流为：I高=l1+I2= + = + =7.5A
高温挡的功率为：P高=UI高=220V×7.5A=1650W
电路在高温挡每分钟放出的热量
Q1=P高t=1650W×60s=9.9×104J
（3）解：0.3kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量为：
Q2=cm(t1-t0)=4.2×103J/(kg·℃) ×0.3kg×(100℃-20℃）=1.008×105J
挂烫机消耗的电能：即W= =1.12×105J
由P= 知，当功率最大时，所需时间最少
t'= ≈68s
（4）解：若实际电压为198V，则挂烫机的低温挡实际功率
P实= =45.5W
【知识点】液化及液化放热；热量的计算；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）水蒸气变为水是液化现象，并放出热量；
（2）利用电压和电阻的比值计算电流，利用并联电路的电流规律计算总电流；利用总电功率和时间的乘积计算产生的总热量；
（3）根据水的质量、比热容和温度差计算吸热多少，结合热效率，计算消耗的总电能，根据电能和电功率计算工作时间；
（4）利用实际电压和电阻可以计算实际电功率。
1 / 1考点冲刺20【物态变化的辨析】—2025年中考物理考前素描40天终极冲刺宝典
一、选择题
1．（2025·湘西模拟）水是我们赖以生存和发展的生命之源，下列关于水的物态变化中需要放热的是
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，冰冻饮料瓶身会“出汗”
C．深秋，日出雾散
D．凛冬，堆好的雪人“变小”
2．（2025九下·湖南模拟）如图所示，将冰块放在室温下，冰块正在不断熔化，关于此过程，下列说法正确的是（ ）
A．冰块的温度不变，其内能不变
B．空气和冰块之间在进行热传递
C．冰块的温度升高，所含的热量增加
D．冰块改变内能的方式与钻木取火是相同的
3．（2025九下·湖南模拟）在湖南，春天气温快速回升时，较光滑的地面上会出现水渍，俗称“回潮天”。关于“回潮”形成的原因，下列分析正确的是（ ）
A．“回潮”是地底的水渗出地表形成的
B．“回潮”是水蒸气液化形成的
C．“回潮”发生时天气必须很干燥
D．“回潮”过程需要吸热
4．（2025·玉林模拟）“泼水成冰”是严寒天气下，当热水被洒向空中，其周围的水蒸气直接由气态变为固态，形成如图所示的“线条”。此过程涉及的物态变化是
A．凝固 B．凝华 C．熔化 D．升华
5．（2025·巴中模拟）今年 2 月下旬从南海吹来的暖湿气流，与从西伯利亚南下的冷空气相遇，南方大部分城市迎来了“回南天”。下列表述正确的是（ ）
A．暖湿气流遇到冷空气会汽化
B．窗户看起来像“出汗”都是液化现象
C．为了减轻屋内的潮湿，“回南天”时期应该开窗通风
D．小水珠出现在窗户的外侧
6．（2025·乳源模拟）如图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块
A．汽化吸热 B．液化放热 C．熔化吸热 D．凝华放热
7．（2025·河源模拟）古代劳动人民巧妙地在冬季利用“注水破石”的方法开山采石.白天给石头打孔后注满水并封实，晚上水降温结冰后，石头就裂开了。水结冰发生的物态变化是
A．汽化 B．升华 C．熔化 D．凝固
8．（2025·贵州模拟）关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物。以上描述的打印过程中，涉及到的物态变化表述正确的是（ ）
A．仅熔化 B．仅凝固
C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化
9．（2025·岳阳楼模拟）“铁盘盛满红亮小龙虾，麻辣香气混着蒜蓉升腾”这是属于岳阳的市井烟火。烹饪小龙虾的过程蕴含了很多物理知识，下列说法正确的是
A．锅周边“白气”的形成是汽化现象
B．天然气燃烧时把内能转化为化学能
C．闻到蒜蓉香味说明分子不停地做无规则运动
D．水沸腾后把火调小，水的比热容会减小
10．（2024·天津市）天津盘山有“上盘雪花飘，中盘雾雨渺，下盘夕阳照”的天然奇观，其中“雾”的形成过程中发生的主要物态变化是（ ）
A．凝固 B．升华 C．汽化 D．液化
二、填空题
11．（2025九下·鹤山模拟）“蒹葭苍苍，白露为霜，所谓伊人，在水一方”。这句诗出自中国第一部诗歌总集《诗经》。从物理学角度分析，诗中的“露”和“霜”分别是物态变化中的 现象和 现象。 两种物态变化都需要 .(填“吸热”或“放热”)
12．（2025·河源模拟）俗话说“真金不怕火炼”，说明黄金有较高的 拍电影时用泡沫塑料用作擂石道具，是利用了泡沫塑料 较小.水暖暖气片通过热水循环来散发热量，是利用了水的 较大。(三个空均填物质属性)
13．（2025九下·顺德模拟）常温下，如图所示，取一个不漏水的空易拉罐，将干冰（固态二氧化碳，熔点：-75.5℃，沸点：-57℃）放入易拉罐中，过一会儿干冰变少了，这是干冰发生了 （填物态变化名称），易拉罐的底部有白霜生成，用电子温度计测得易拉罐底部白霜的温度是-22℃．小明认为白霜是易拉罐外部空气中的气态二氧化碳凝华而成，小明的观点 （选填“正确”、“错误”），这是由于二氧化碳应在低于 ℃的温度才会变成固态。
14．（2025·山东模拟）如图甲所示，用酒精灯加热密封在玻璃罐中的碘粒，出现了紫色的碘蒸气。为了探究碘蒸气是碘升华形成，还是先将化后汽化形成的，同学们查得碘的熔点约为114℃后，将冷却后的玻璃罐放入80℃的水中，如图乙所示。若未出现碘蒸气，则说明碘蒸气是碘 形成的；若出现碘蒸气，则说明碘蒸气是碘 形成的。
15．（2024·和田模拟）茶文化意为饮茶活动过程中形成的文化特征，中国是茶的故乡。
（1）打开茶叶盒，茶香飘满屋是一种 现象，用煮沸的水泡茶后茶香更加浓郁，水在沸腾过程中温度 （选填“变大”“变小”或“不变”），沏满茶水的杯子底部看起来较浅是由于光从 （选填“空气到水”或“水到空气”）中发生了折射。
（2）紫砂壶是茶具中的一种，在茶艺发展史上它占有特殊的地位。紫砂壶的壶身和壶嘴构成一个 ，将一把120g的紫砂壶置于足量水的容器中漂浮时受到的浮力为 N，将其轻轻按入水中后浸没（水进入壶内部），它受到容器底部的支持力为0.7N，该紫砂壶材质的密度为 。（）
16．（2018届中考物理复习----物态变化试题）如图是常用的一种体温计，此时它指示的温度是 ℃．分析如表提供的信息（在标准大气压下）可以知道，温度计选用 作为测温物质，能测量的温度最低；温度计选用 作为测温物质，灵敏度最高．
三、实验探究题
17．（2024九下·莲湖模拟）寒假期间，学校布置了假期社会实践作业、小聪在家和妈妈学烹饪时注意到，盐（主要成分是NaCl）和糖（主要成分是蔗糖）外观非常像（如图甲），除了尝味道几乎分辨不出来。于是他找来小明和小林，想利用自己所学的物理知识，科学的分辨出两种物质。经过查阅资料，他们得到以下数据（如表格）：
物质 密度/ 熔点/℃ 比热容/
盐（NaCl） 2.17 801
糖（蔗糖） 1.66 185
（1）小聪找来A、B两个相同的勺子，分别装满一平勺两种样品。用天平测得A勺总质量为16.2g，B勺总质量如图乙所示，读数为 g，由此可知 （选填“A”或“B”）勺中样品为盐。
（2）小明和小林从学校借来实验器材，组装了如图丙所示装置，通过水浴法加热两种样品，水浴法的优点是 。某时刻，试管D中温度计示数如图，此时温度为 ℃。实验中每隔一段时间记录一次C、D试管中物质的温度，并做出温度随时间变化的规律图象，如图丁所示。
（3）根据图丁可知，吸收相等热量，升温较多的是 （选填“C”或“D”），进而判断出试管D中样品为 （选填“糖”或“盐”）。
（4）小林发现该实验无法根据熔点辨别两种物质，原因是 。
18．（2023·长岭模拟）在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图象。
（1）安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡应该 水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
（2）从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 （选填“变大”、“变小”或“不变”），到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
（3）分析图乙中的图象可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 。
19．（2024九下·龙湖模拟）在课堂上同学们用小纸锅烧水，如图甲所示。为什么水能烧开而纸锅不会燃烧呢？带着这个问题，同学们开始探究水沸腾时温度变化的特点。
甲 乙 丙 丁
（1）如图乙，在安装实验器材时，老师提醒大家固定夹A和B的高度都要适当，固定夹A高度适当的标准是保证能够用酒精灯外焰加热，那么固定夹B高度“适当”的标准是 .
（2）用酒精灯给水加热至沸腾，需要计时，记录温度并观察现象。实验中判断水沸腾的依据是烧杯中出现图丙中的 （填“a”或“b”）所示现象；
（3）两位同学将收集的数据绘制成如图丁所示的“温度-时间”关系图象，发现水在沸腾过程中，温度变化的特点是 ，根据图像可知两位同学所用水的质量大小关系是mA mB（填“＞”或“＜”）；
（4）交流评估环节中，同学们提出了各自的观点，其中正确的有 （填字母）。
a.纸板上的小孔加快了水的散热，因此小孔是多余的
b.用初温较高的水做实验，可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源
c.纸锅烧水实验中，纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时要不断吸热
20．（2023·合阳模拟）如图甲所示是家用电热加湿器，其工作电路如图乙所示，相关参数如表。电热加湿器的电热丝浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度；当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入加热仓中。
工作电压 220V
最大运行功率 40W
储水箱容量 2.4L
气雾调节器最大电阻 990Ω
（1）图甲中加湿器上方的“白气”是 （选填“水蒸气”或“小水滴”）。
（2）当加湿器以最大运行功率工作时，电热丝R1的电阻值多大？
（3）如果加热仓内冷水的温度为20℃，以最大运行功率正常工作，经过336s恰好使水沸腾产生水蒸气，求加热仓中水的质量；[设电热丝R1产生的热量全部被水吸收，当地气压为1标准大气压，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（4）电热加湿器以最低气雾量正常工作时，求气雾调节器消耗的电功率。
21．（2019九下·东莞月考）沙漠集水器
（1）有些沙漠紧邻大海， （白天/晚上）风通常从大海吹向沙漠，导致空气中富含水蒸气。
（2）伯克利分校团队设计出一款沙漠集水器——Waterseer，利用风能这种 （可再生/不可再生）能源，借助风力驱动风轮旋转，带动螺旋桨空气输入金属管中部。
（3）深埋在土壤深处的金属管底部温度较低，由于金属 （填物理属性）好使得金属管中部温度也降低。
（4）空气中的水蒸气在金属管中部 （吸/放热），液化成水滴，水滴在 力的作用下，沿管壁下落，汇集于金属管底部容器。
（5）Waterseer第天可以收集约37L饮用水，合 kg，应用前景十分乐观。（ 水=1.0x103kg/m3）
四、多选题
22．（2023九下·宁洱模拟）某实验小组利用酒精灯对冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的“温度一时间”图像，由图像可知（ ）
A．冰是晶体，熔化过程用了25min
B．冰在熔化过程中温度保持不变，内能不变
C．水升温比冰慢，说明水的比热容比冰的小
D．实验中物质吸热多少可用加热时间来比较
23．（2024·和平模拟）下列说法不正确的是（ ）
A．激光在光导纤维中利用光的反射传递信息，其传播速度为
B．“冻梨”放在水中“缓”一下，变软才好吃。缓的时候冻梨中发生的物态变化是熔化
C．搬起石头所用的力等于石头的重力
D．物体处于平衡状态时，机械能不变
24．（2024·楚雄模拟）如图在注射器中吸入少量液态乙醚，用橡皮塞堵住注射孔，向外拉动活塞，液态乙醚消失，下列选项正确的是
A．乙醚质量不变，密度变小
B．乙醚质量和密度均不变
C．乙醚的物态变化与放在室外的湿衣服变干的物态变化相同
D．接着往里拉动活塞，液态乙醚又将出现，此时注射器温度有一定程度的降低
25．（2024九下·南宁月考） 如图所示的是某种物质熔化时其温度随时间变化的图象。根据图象，下列判断中正确的是（ ）
A．该物质是晶体，熔点为80℃
B．该物质的熔化过程经历了12min
C．在第10min时，该物质处于固液共存状态
D．在第8min到第12min之间，该物质内能不变
26．（2022·大连）下列古诗句中都对应着一种自然现象，这种现象的形成属于凝华的是（ ）
A．胡天八月即飞雪 B．天接云涛连晓雾
C．羌管悠悠霜满地 D．欲渡黄河冰塞川
27．（2023·西岗模拟）关于物态变化的现象，下列描述正确的是（ ）
A．冬天的水面结冰是凝固现象
B．冰冻的衣服也能晾干是熔化现象
C．用久了的灯管两端变黑是汽化现象
D．烧开水时冒出的“白气”是液化现象
28．（2023·宝安模拟）下列关于热现象的说法中，正确的是（ ）
A．寒冷的冬天，室外的人口中呼出“白气”是汽化现象，是吸热过程
B．打气筒打气时，筒壁发热主要是通过做功改变了内能
C．内燃机的做功冲程将机械能转化为内能
D．汽车发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大
五、计算题
29．（2023·韩城模拟）如图甲所示是一款养生壶，其内部电路简图如图乙所示，R1和R2均为加热电阻且阻值不变，通过旋钮开关可以切换加热和保温两种功能，其部分参数如下表所示，其中保温功率被磨损。
额定电压/V 220
容积/L 1
加热功率/W 1000
保温功率/W
（1）该养生壶的壶体用高硼硅玻璃制造，在温度约821℃时该玻璃开始软化，高硼硅玻璃属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）求电阻R1的阻值；
（3）该养身壶正常工作时，先经过6min将1 kg，20℃的水加热至沸腾（标准大气压下）后再保温1h，共消耗电能0.2kW h，求：[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
①该养生壶加热时的效率；（结果保留至0.1%）
②电阻R2的阻值。
30．（2019·禹州模拟）图甲为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱装水最多0.4kg，加热功率有大小两个挡位，挂烫机内部电路如图乙所示，其中电热丝R1=88Ω，R2=44Ω．
（1）高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 （填物态变化名称）成小水珠，放出热量，将衣服烫平．
（2）挂烫机正常工作时，电路中最大电流是多少 电路在高温挡每分钟放出的热量是多少
（3）若挂烫机的效率为90%，将水箱中0.3kg的水从20℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多少秒？[结果保留整数，水的比热容c=4.2×103J/(kg·℃）]
（4）如果在用电高峰使用挂烫机，实际电压可能低于额定电压。若实际电压为198V，则挂烫机的低温挡实际功率是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】液化及液化放热；水的三态变化
【解析】【解答】A、 冰雪消融是熔化，熔化吸热，故A错误；
B、冰冻饮料瓶身会“出汗”是液化，液化放热，故B正确；
C、 日出雾散是蒸发，需要吸收热量，故C错误；
D、堆好的雪人“变小”是升华，升华吸热，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）熔化、气化、升华是吸热；
（2）凝固、液化、凝华是放热。
2．【答案】B
【知识点】熔点和凝固点；晶体和非晶体；热量的概念；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、冰块正在不断熔化，吸收热量，内能增加，故A错误；
B、冰块和空气之间有温度差，它们之间进行热传递，故B正确；
C、热量是过程量，不能说含有，故C错误；
D、冰块熔化是通过热传递方式改变内能的，钻木取火是通过做功的方式改变内能的，冰块改变内能的方式与钻木取火是不相同的，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）晶体熔化过程中，吸收热量，内能增加；
（2）热传递的条件是温度差；
（3）热量是过程量，不能说含有；
（4）改变内能的方式包括做功和热传递。
3．【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】ABCD、“回潮”形成的原因是在湿润的天气，空气中的水蒸气遇冷放热液化形成的，故B正确，ACD错误。
故选：B
【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
4．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】水蒸气在极寒环境下可以直接放热凝华成小冰晶，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
5．【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A、 暖湿气流中的热水蒸气遇到冷空气会发生液化变为小液滴，故A错误；
B、窗户看起来像“出汗”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，与“白气”的形成原理相同，故B正确；
C、“回南天”时，室外空气的湿度大，开窗通风会使室外潮湿空气进入室内，增加室内湿度，应关闭窗户，减少室外潮湿空气进入到室内，故C错误；
D、室内温度高，故是室内的热水蒸气遇到冷的玻璃发生液化，故小水珠出现在窗户的室内一侧。故D错误；
故选：B。
【分析】（1）液化指物质从气态变为液态的过程，液化放热；
（2）“白气”等类似现象均是是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴；
（3）分析室内外空气的湿度关系分析判断；
（4）热水蒸气遇冷发生液化，据此分析判断。
6．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】冰块熔化时会吸热，使海鲜的温度降低，起到保鲜的作用，故C正确，ABD错误。
故选C.
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热。
7．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】解：水结冰发生的物态变化属于凝固，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
8．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】ABCD.关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料是熔化现象，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物是凝固现象。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化；物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
9．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；比热容；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A.锅周边“白气”是锅中温度高的水蒸气在上升过程中遇冷液化形成的小水珠，故A错误；
B. 天然气燃烧时把化学能转化为内能，故B错误；
C. 闻到蒜蓉香味说明分子不停地做无规则运动，故C正确；
D.比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，故D错误。
故选C。
【分析】A.液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
B.燃料燃烧时，将化学能转化为内能；
C.分子不停地做无规则运动；
D.比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关。
10．【答案】D
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】“雾气”是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
11．【答案】液化；凝华；放热
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】诗中的“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠；诗中的“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶；这两种物态变化都需要放热。
【分析】液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
12．【答案】熔点；密度；比热容
【知识点】熔点和凝固点；密度及其特性；比热容
【解析】【解答】 火焰的温度是800℃左右，金的熔点远远高于这个温度，所以用普通火不会使金熔化，“ 真金不怕火炼 ” 说明黄金有较高的熔点；
拍电影时不希望发生真实的伤亡事故，所以用密度较小的材料模拟擂石道具。
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热。
故答案为：熔点；密度；比热容。
【分析】黄金的熔点较高；
泡沫塑料的密度小，砸到人身上不至于发生伤害；
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
13．【答案】升华；错误；-78.5
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】过一会儿干冰变少了，这是固态干冰直接变成了气态二氧化碳，即干冰发生了升华，易拉罐的底部有白霜生成，用电子温度计测得易拉罐底部白霜的温度是-22℃。小明认为白霜是易拉罐外部空气中的气态二氧化碳凝华而成，小明的观点错误，这是由于二氧化碳应低于-75.5℃的温度才会变成固态，它是空气中的水蒸气凝华形成的。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
14．【答案】汽化；升华
【知识点】物质的三态；升华及升华吸热
【解析】【解答】玻璃罐中的碘颗粒放入80℃的水中，温度低于碘熔点，固态碘不能熔化成液态碘，液态变为气态是汽化；而碘蒸气是固态碘直接变为气态碘，是升华形成的。
【分析】当液态变为气态，是汽化现象； 固态直接变为气态，是升华现象。
15．【答案】（1）扩散；不变；水到空气
（2）连通器；1.2；2.4
【知识点】沸腾及沸腾条件；密度公式及其应用；光的折射规律；连通器原理及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）①打开茶叶盒，茶香飘满屋是茶香分子在空气中发生的扩散现象；
② 用煮沸的水泡茶后茶香更加浓郁，水在沸腾过程中温度不变；
③沏满茶水的杯子底部看起来较浅是由于光从水到空气中发生了折射。
（2）① 紫砂壶的壶身和壶嘴的底部连通，上面开口，因此为连通器；
②紫砂壶漂浮在液面上，则它受到的浮力F浮=G=mg=0.12kg×10N/kg=1.2N；
③紫砂壺受到的浮力F浮=G-F支=1.2N-0.7N=0.5N；
它的体积：；
那么材料的密度为：。
【分析】（1）①不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
②根据液体沸腾的特点解答；
③根据光的折射的知识解答。
（2）①上面开口，底部连通的容器为连通器；
②根据漂浮条件计算紫砂壶受到的浮力；
③根据F浮=G-F支计算紫砂壺受到的浮力，再根据阿基米德原理计算它的体积，最后根据计算紫砂壶的密度。
16．【答案】36.5；酒精；水银
【知识点】液体温度计的构造与工作原理
【解析】【解答】体温计上1℃之间有10个小格，一个小格代表的温度是0.1℃，所以此体温计的分度值为0.1℃，此时的温度为36.5℃；从表中知道，酒精的凝固点最低，
故选择酒精制造的温度计能测量的温度最低，从表中知道，水银的比热容最小，吸收相同的热量，温度就升高的越多，体积变化也就越大，
【分析】温度计是利用液体的热胀冷缩制成的，如果液体凝固了，当然就无法测量了，甚至有可能导致温度计损坏．温度计所使用的液体的比热容，直接影响到对温度变化的难易程度，比热容越小，吸收相同的热量，温度就升高的越多，体积变化也就越大，故制造出的温度计就越灵敏．
17．【答案】13.2；A；受热均匀；56℃；C；盐；水的沸点低，无法达到样品的熔点
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图乙，托盘天平的分度值为0.2g，B勺总质量读数为：
根据表中数据，糖的密度小于盐的密度，A、B两个相同的勺子，均装满一平勺不同样品，体积相等，用天平测得A勺总质量为16.2g，根据，由于A的密度大，体积相同时，则可知A勺中样品为盐。
（2）通过水浴法加热两种样品，受热均匀，便于观察现象。根据图丙，温度计的分度值是1℃，温度计的示数为56℃。
（3）根据图丁，加热相同的时间，即吸收相同的热量，C升高的温度较多；分析表中数据可知，盐的比热容大于糖的比热容，糖的质量小于盐的质量，升高相同的温度，根据Q=cmΔt可得，盐加热的时间较长，试管D中样品为盐。
（4）水浴加热的最高温度是沸水的温度，达不到样品的熔点，故无法根据熔点辨别两种物质。
【分析】（1）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；在体积相同时，密度越大，质量越大；
（2）水浴法加热，物体受热均匀；根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，温度差越小，比热容越大；
（4）温度没有到达晶体的熔点，不能熔化。
18．【答案】（1）全部浸没
（2）变大
（3）5：3
【知识点】探究水的沸腾实验；热量的计算
【解析】【解答】（1）安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡应该全部浸没水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
（2）从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
（3）根据乙图可知，当加热时间都是6min时，二者吸收相同的热量。第一次升高的温度为：98℃-92℃=6℃，第二次升高的温度：98℃-88℃=10℃。
根据Q=cm△t可知，当吸收的热量和比热容相同时，升高的温度与质量成反比，
即：。
【分析】（1）根据温度计的使用规范解答；
（2）水沸腾时，上面的水和下面的水的温度相同，随着气泡的上升，水的压强减小，则气泡的体积逐渐变大，直到表面破裂开来；
（3）根据乙图确定两次水升高的温度，然后根据Q=cm△t计算出水的质量之比。
19．【答案】（1）温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁
（2）a
（3）保持不变；＞
（4）b c
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1) 第1空、 固定夹 B 高度“适当”的标准是温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁。这是为了确保温度计能准确测量水的温度，若玻璃泡接触容器底或壁，测量结果会不准确。故该空填“ 温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁 ”；
(2) 第1空、 水沸腾时会在液体内部和表面产生大量气泡并不断上升、变大，在水面破裂开来，呈现图丙中 a 所示的现象；而 b 是水未沸腾时气泡的状态。故该空填“ a ”；
(3) 第1空、 水在沸腾过程中吸收热量但温度保持不变，这是水沸腾的重要特点。故该空填“ 保持不变 ”；
第2空、 从图丁可以看出，A 加热到沸腾需要更长时间，根据热量公式 Q=cmΔt（Q 为吸收热量，c 为比热容，m 为质量，Δt 为温度变化），在相同条件下，加热时间长说明吸收热量多，而比热容相同、温度变化相同，所以质量更大，即 mA＞mB。故该空填“ ＞ ”；
(4) 第1空、 a 选项中，纸板上的小孔不是多余的，它可以减少热量散失，使水更容易沸腾，a 错误；b 选项用初温较高的水做实验，确实可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源，b 正确；c 选项纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时不断吸热使纸锅温度达不到着火点，c 正确。故该空填“ b、 c ”；
【分析】 实验围绕水沸腾时的现象、温度变化以及相关影响因素展开。首先通过合理安装实验器材，如保证温度计正确测量和酒精灯外焰加热，为实验做好准备。观察水沸腾的现象来准确判断沸腾时刻，通过分析温度-时间图像得出水沸腾时温度不变的特点，还能比较不同情况下水质量的大小。
20．【答案】（1）小水滴
（2）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，加湿器以最大运行功率工作；
由表格数据可知，加湿器的最大运行功率P大＝40W，
电热丝R1的阻值：
答：电热丝R1的电阻值为1210Ω；
（3）电阻丝R1产生的热量：Q放＝W最大＝P最大t＝40W×336s＝13440J，
水吸收的热量：Q吸＝Q放＝13440J，
答：加热仓中水的质量为0.04kg；
（4）当滑片移到最右端时，接入电路中的电阻最大，此时R1与R2串联，加湿器以最低气雾量工作，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流： ，
此时气雾调节器R2消耗的电功率：P2＝I2R2＝（0.1A）2×990Ω＝9.9W
答：气雾调节器消耗的电功率为9.9W。
【知识点】液化及液化放热；热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）空气中的水蒸气遇冷后放热，从气态变成液态发生液化现象，形成大量的小水珠就是看到的“白气”。
【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
（2）根据公式 计算加热电阻随R2的阻值；
（3）首先根据 Q放＝W最大＝P最大t 计算电阻丝产生的热量，再根据 Q吸＝Q放 计算水吸收的热量，最后根据 计算加热仓中水的质量。
（4）当滑片移到最右端时，接入电路中的电阻最大，此时R1与R2串联，加湿器以最低气雾量工作。
再根据R总=R1+R2计算总电阻，根据欧姆定律计算电路中的电流，最后根据 P2＝I2R2 计算R2消耗的电功率。
21．【答案】（1）白天
（2）可再生
（3）导热性
（4）放热；重
（5）37
【知识点】液化及液化放热；密度公式及其应用；比热容；能源及其分类
【解析】【解答】（1）在海边，由于海水和沙滩的比热容不同，白天风从海洋吹向陆地，是海陆风；（2）风能短时间可再生，是可再生能源；（3）金属的导热性好，可以使金属管温度降低；（4）水蒸气遇冷会液化成水，在重力的作用下下落；（5）37L=37dm3=3.7×10-2m3，水的质量为.
【分析】（1）由于比热容不同，海边白天和晚上风向不同；
（2）风是可再生能源；
（3）金属是热的良导体；
（4）水蒸气遇冷会液化成小水滴，并由于重力而下落；
（5）根据水的密度和体积的乘积计算质量。
22．【答案】A,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；比热容
【解析】【解答】A．据图可知，水熔化时有固定的温度，所以有熔点，为晶体，熔化时间为5-30min，所以共用了25min， 故A正确；
B．冰在熔化过程中温度保持不变，内能增加，故B错误；
C．升高相同的温度，水升温较长，所以水的比热容较大，故C错误；
D．实验过程中使用相同的加热装置进行装置，所以实验中物质吸热多少可用加热时间来比较，故D正确。
故选AD。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）。
23．【答案】A,C,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；机械能及其转化；平衡状态的判断；光纤通信
【解析】【解答】A．光纤通信是利用激光在多次反射传递信息的，速度小于3×108m/s，故A错误，符合题意；
B．冻梨变软是熔化现象，故B正确，不符合题意；
C．加速搬起石头，人所用的力大于石头的重力，故C错误，符合题意；
D．匀速下落的降落伞，机械能变小，故D错误，符合题意。
故选ACD。
【分析】根据光线通信、熔化、力和运动、机械能判识选项
1、 光纤通信是利用激光在光导纤维中多次反射传递信息的
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
24．【答案】A,C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】AB.拉动活塞时，乙醚体积变大，质量不变，密度变小，A符合题意；B不符合题意；
C.乙醚消失，发生了汽化，放在室外的湿衣服变干，液体变为气体，发生汽化，C符合题意；
D.往里推动活塞，液态乙醚又将出现，发生了液化现象，液化放热，注射器温度升高，D不符合题意。
故答案为：AC.
【分析】拉动注射器的活塞，内部体积变大，质量不变时，密度减小；液体变为气体是汽化现象；气体变为液体是液化现象，液化放热。
25．【答案】A,C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；晶体和非晶体
【解析】【解答】A.晶体具有熔点而非晶体没有固定的熔化温度，晶体在熔化过程中温度保持不变，根据图像可知该物质在加热过程中从第6min到第12min温度保持不变，可判断该物质为晶体，该物质的熔点为80℃，故A正确；
B.根据图像可知该物质在加热过程中从第6min到第12min温度保持不变，可判断该物质的熔化过程经历了6min，故B错误；
C.根据图像可知，该物质在第6min开始熔化，此时物质处于固态，该物质在12min完全熔化，物质处于液态，该物质在第10min为固液共存态，故C正确；
D.该物质持续的在吸热其内能增大，故D错误。
故选AC。
【分析】A.晶体具有熔点而非晶体没有固定的熔化温度，晶体在熔化过程中温度保持不变，在图像中找到物质在加热过程中温度不变的点即为晶体的熔点；
B.该物质在第6min之前为固态，没有开始熔化，该物质在12min完全熔化，物质处于液态，整个熔化过程经历了6min；
C.晶体在熔化的过程中，由固态物质变为液态物质，熔化过程中处于固液共存态；
D.热传递是改变物体内能的方式，物体吸热器内能增加，做功也可以改变物体的内能。
26．【答案】A,C
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．雪是水蒸气凝华形成的，A符合题意；
B．雾是水蒸气液化形成的，B不符合题意；
C．霜是水蒸气凝华形成的，C符合题意；
D．冰是水凝固形成的，D不符合题意。
故答案为：AC。
【分析】物体从气态变为固态的过程叫凝华。
27．【答案】A,D
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 A、冬天水面结冰，由液态变成固态，是凝固现象，故A正确；
B、冰冻的衣服也能晾干是升华现象，故B错误；
C、用久了的灯管两端变黑是凝华现象，故C错误；
D、烧开水时冒出的“白气”是液化现象，故D正确。
故选：AD。
【分析】 物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
28．【答案】B,D
【知识点】液化及液化放热；做功改变物体内能；比热容；能量的转化或转移
【解析】【解答】 A、寒冷的冬天，室外的人口中呼出的“白气”是呼出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A错误；
B、打气筒给轮胎打气时气筒壁发热，是压缩空气做功过程，将机械能转化为内能，即通过做功的方式改变内能，故B正确；
C、内燃机的做功冲程，燃料燃烧产生的燃气对外做功，将燃料的内能转化为活塞的机械能，故C错误；
D、水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，故D正确。
故选：BD。
【分析】 物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热过程；压缩空气做功，是通过做功改变内能的；内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能；相同条件下，比热容大的物质能吸收更多的热量。
29．【答案】（1）非晶
（2）旋钮开关与触点1接触时，R1与R2串联；旋钮开关与触点2接触时，电路为R1的简单电路；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，养身壶为加热挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，养身壶为保温挡；
加热挡电路中的电阻： ，
因为加热挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1＝R加热＝48.4Ω；
答：电阻R1的阻值为48.4Ω；
（3）①养身壶正常加热工作6min消耗的电能：W加热＝P加热t加热＝1000W×6×60s＝3.6×105J＝0.1kW h，
1标准大气压下水的沸点为100℃，水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，
养生壶加热时的效率： ；
②由题意可知，保温阶段消耗的电能：W保温＝W﹣W加热＝0.2kW h﹣0.1kW h＝0.1kW h，
保温时电路的总电阻： ，
由串联电路的电阻特点可知，电阻R2的阻值：R2＝R保温﹣R1＝484Ω﹣48.4Ω＝435.6Ω。
答：①该养生壶加热时的效率为93.3%
②电阻R2的阻值为435.6Ω。
【知识点】晶体和非晶体；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】（1）根据高硼硅玻璃在温度约821℃时该玻璃开始软化可知，它熔化没有固定的温度，即没有熔点，那么为非晶体。
【分析】（1）晶体和非晶体的区别：有无熔点；
（2）首先根据公式比较开关在不同位置时电功率的大小，从而确定对应的工作状态。然后根据加热功率，利用公式 ， 计算出R1的阻值。
（3）①首先根据 W加热＝P加热t加热 计算出加热消耗的电能，再根据公式 Q吸＝c水mΔt 计算水吸收的热量，最后根据公式 ； 计算养生壶的加热效率；
②首先根据 W保温＝W﹣W加热 计算出保温阶段消耗的电能，再根据计算保温功率，接下来根据 计算保温时的总电阻，最后根据 R2＝R保温﹣R1 计算R2的阻值。
30．【答案】（1）液化
（2）解：电路中最大电流为：I高=l1+I2= + = + =7.5A
高温挡的功率为：P高=UI高=220V×7.5A=1650W
电路在高温挡每分钟放出的热量
Q1=P高t=1650W×60s=9.9×104J
（3）解：0.3kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量为：
Q2=cm(t1-t0)=4.2×103J/(kg·℃) ×0.3kg×(100℃-20℃）=1.008×105J
挂烫机消耗的电能：即W= =1.12×105J
由P= 知，当功率最大时，所需时间最少
t'= ≈68s
（4）解：若实际电压为198V，则挂烫机的低温挡实际功率
P实= =45.5W
【知识点】液化及液化放热；热量的计算；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）水蒸气变为水是液化现象，并放出热量；
（2）利用电压和电阻的比值计算电流，利用并联电路的电流规律计算总电流；利用总电功率和时间的乘积计算产生的总热量；
（3）根据水的质量、比热容和温度差计算吸热多少，结合热效率，计算消耗的总电能，根据电能和电功率计算工作时间；
（4）利用实际电压和电阻可以计算实际电功率。
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