【中考押题卷】2025年湖北省武汉市中考物理模拟预测卷一（含解析）
文档属性
| 名称 | 【中考押题卷】2025年湖北省武汉市中考物理模拟预测卷一（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.9MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-05-17 16:00:12 | ||
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文档简介
2025年武汉市中考物理模拟预测卷
一．选择题（共12小题）
1．（2025春 武汉月考）如图所示，小红在西樵山游玩时，品尝了“西樵大饼”。请估测一个西樵大饼的直径约为（ ）
A．5cm B．20cm C．150cm D．200cm
2．（2025 武汉模拟）厨房是日常生活中充满物态变化的“实验室”。下列关于物态变化说法正确的是（ ）
A．制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水的效果更好
B．从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是由于肉里面的水分凝固造成的
C．烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气的温度比开水高
D．用干冰保鲜食物，是利用干冰熔化吸热
3．（2024秋 江岸区期末）一束光通过透镜的光路如图所示，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2025春 青山区期中）各种各样的测力计被广泛应用于生活、生产和科学实验中，下面四种测量工具不能测量力的是（ ）
A．台秤 B．握力计
C．指针式测力计 D．数显式测力计
5．（2025春 江汉区期中）如图所示，在玻璃瓶内装入适量带颜色的水，用穿有透明细塑料管的橡胶塞塞住瓶口。从细塑料管上端向瓶内吹入空气，使细塑料管内水面上升到瓶口以上。将整个装置放在电梯中进行实验，电梯从2楼上升到12楼，细管中水面变化了3cm。已知这个过程中每升高10m，大气压减小100Pa，不计瓶内气压的变化。下列说法不正确的是（ ）
A．这个过程中，细管中的水面会升高
B．这个过程中，瓶外气压减小了300Pa
C．到达12楼时，瓶内气压比瓶外气压大300Pa
D．若每层楼的高度相同，则每层楼高3m
6．（2025 武汉模拟）如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B点上升到C点，之后来回摆动多次静止在B点。下列说法正确的是（ ）
A．小球从A点到B点过程中，动能转化为重力势能
B．小球从B点到C点过程中，重力势能转化为动能
C．小球从A点到C点过程中，重力势能先增大后减小
D．小球上升到C点时若绳子突然断了，小球会竖直下落
7．（2025 武汉模拟）下列有关物理现象的描述中正确的是（ ）
A．冬天戴眼镜的同学从冰冷的室外走到室内时镜片会变模糊
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气温度更高
C．暖气用水取暖是因为水蒸发快，在同样散热的情况下温度变化的小
D．“下雪不冷化雪冷”主要是因为下雪水凝结成冰，要吸热；而化雪冰熔化为水，要放热
8．（2025春 武汉月考）电动自行车充电好后，转动钥匙就可以骑行了。在骑行时，电动车的电瓶相当于（ ）
A．电源 B．开关 C．导线 D．用电器
9．（2025 武汉模拟）如图所示的带有USB接口的插线板有过载保护功能，若接入的用电器总功率超过2500W，它会自动切断电路。当插线板上已接入一台800W的吸尘器正在工作，同时一个USB接口正在给某电子设备充电，充电功率是10W，再将一个1200W的电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路。下列说法错误的是（ ）
A．插线板的外壳是用绝缘材料制成的
B．吸尘器和被充电的电子设备是并联的
C．插线板切断了电路是因为接入的用电器总功率过大
D．插线板切断了电路的原因可能是电热水壶的内部电路短路
10．（2025春 武汉月考）随着科技的发展，无人机外卖已经在部分城市走入了百姓的生活，无人机在进入目标区域后向目的快递柜发出着陆请求、本机任务报告和本机运行状态报告，在收到着陆请求应答之后，由快递柜指引无人机在快递柜顶端停机平台着陆、装卸快递、以及进行快速充电。无人机是通过电磁波来与数据中心进行数据传输的。下列关于电磁波的说法不正确的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的速度为3×108m/s
C．超声波在空气中的传播速度比电磁波快
D．电磁波可以传递信息
11．（2025 武汉模拟）如图所示，武汉市许多家庭屋顶安装了太阳能电池板，利用逆变电器将太阳能电池板输出的电流变成“220V 50Hz”交变电流供家庭使用，从而减少家庭对传统电力的依赖。下列说法错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是一种清洁的可再生能源
C．太阳能电池板将太阳能转化为电能
D．我国供生活用的交变电流的方向在每秒内变化50次
12．（2025 武汉模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，图中OEF为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成。下列说法正确的是（ ）
A．车速仪是由电压表改装而成
B．车速仪中定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
C．踩下油门的过程中，电压表的示数与电流表的示数比值增大
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
二．填空题（共2小题）
13．（2024秋 硚口区月考）（1）分别标有“20Ω 0.4A”和“40Ω 0.1A”的两定值电阻，它们串联后电路两端允许加的最大电压是 V；它们并联后干路允许通过的最大电流是 A。
（2）如图是汽车油量表的工作原理图，其中的油量表是用电流表改装的，当油箱中的油面下降时，油量表的示数 （填“变大”、“变小”或“不变”），若油量表是用电压表改装，应与 （填“R0”或“R”）并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
14．（2024秋 江汉区期末）某同学用如图所示的装置探究光的折射现象及其特点，使光从空气斜射入半圆形玻璃砖，并将入射角和折射角记录在了表格中。
实验次数 1 2 3 4
入射角 10° 20° 30° 40°
折射角 6.6° 13.2° 19.5° 25.4°
（1）根据表中数据可知：光从空气斜射入玻璃砖时，折射角 （填“小干”“大于”或“等于”）入射角，折射角随着入射角的增大而 。
（2）当光垂直射入玻璃砖时，折射角为 度。
（3）该同学将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，这说明在折射现象中， 。
三．实验探究题（共4小题）
15．（2025 武汉模拟）某同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）图中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的实像，这个像是倒立的、 的。
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像变模糊了，此时既可以通过向 移动光屏得到清晰的像，也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的 （填“凸透镜”“凹透镜”或“平面镜”）得到清晰的像，后者是在模拟矫正 （填“近视眼”或“远视眼”）。
16．（2025春 青山区期中）某实验小组在“探究重力的大小跟质量的关系”的实验中，用几个20g、50g的钩码进行实验，表是他们记录的实验数据。
次数 1 2 3 4 5 6
质量m/kg 0.05 0.07 0.09 0.14 0.19 0.24
重力G/N 0.5 0.7 0.9 1.4 1.9 2.4
（1）分析表甲中重力G和质量m的数据，发现定量关系： 。
（2）请在图中建立坐标轴并确定坐标轴的标度，根据表甲中的数据描点作图。
（3）通过图像得出实验结论：物体的重力大小跟物体的质量成 。
17．（2025春 江汉区期中）如图所示是探究浮力大小跟哪些因素有关的几个实验情景，弹簧测力计下悬挂的是同一个实心圆柱体，弹簧测力计的示数如图所示，图丙、丁中液面相平且圆柱体在液体中的位置相同。
（1）请在图甲中画出圆柱体对细绳的拉力的示意图，并标出其大小。
（2）分析比较 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟物体浸在液体中的体积有关，分析比较 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟液体的密度有关。
（3）图乙中，圆柱体下表面受到水的压力为 N。已知图乙中圆柱体下表面和图丙中圆柱体上表面在水中的深度相同，则图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力大 N。
（4）图丁中，盐水的密度为 kg/m3。
18．（2025 武汉模拟）某实验小组利用如图甲所示的器材探究电流与电阻的关系，电源电压为6V，滑动变阻器标有“25Ω 2A”字样，5个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整，要求滑片向右移动时电压表示数变大。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表示数如图乙所示，该电流为 A。同学们发现此时电压表的示数却为零，导致这一现象的原因可能是 。
（3）排除故障完成实验后，该组同学根据实验数据作出了如图丙所示的图象。分析图象可知，该组同学用阻值为 Ω的定值电阻进行实验时操作错误，错误的原因是 。
四．计算题（共1小题）
19．（2024秋 武昌区期末）如图甲所示是小明同学家安装的壁挂管线饮水机，这种饮水机没有水仓，打开出水开关电热丝立即给水加热，出水口随即流出热水，停止出水时，加热就会停止，避免了反复加热。通过内部控制电路改变加热功率，有6挡出水温度，非常方便。下表是部分参数。试求：
额定电压（V） 220
额定最大加热功率（W） 2200
出水速度（L/min） 0.4
出水温度（℃） 25/45/60/75/85/100
（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为多大？
（2）某次接水前后，家中其他用电器一直以恒定功率工作，饮水机进水的温度为20℃，出水温度为85℃，出水持续45s，如图乙所示电能表指示灯闪烁31次。饮水机停止出水后，电能表指示灯在150s内闪烁10次。（不计饮水机待机和抽水功率）
①此次接水过程中水吸收的热量为多少？
②此次接水时饮水机的加热效率为多大？
2025年武汉市中考物理模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．（2025春 武汉月考）如图所示，小红在西樵山游玩时，品尝了“西樵大饼”。请估测一个西樵大饼的直径约为（ ）
A．5cm B．20cm C．150cm D．200cm
【考点】常见的长度及估测．
【专题】长度、时间、速度；理解能力．
【答案】B
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
【解答】解：根据图片进行估测，手掌的宽度大约是10cm，西樵大饼的直径大约是手掌的宽度的两倍，西樵大饼的直径约是20cm。
故选：B。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2025 武汉模拟）厨房是日常生活中充满物态变化的“实验室”。下列关于物态变化说法正确的是（ ）
A．制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水的效果更好
B．从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是由于肉里面的水分凝固造成的
C．烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气的温度比开水高
D．用干冰保鲜食物，是利用干冰熔化吸热
【考点】凝华的概念及现象；熔化的吸热特点；液化的放热特点；升华的吸热特点．
【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；分析、综合能力．
【答案】A
【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
【解答】解：A、制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水效果更好。因为冰块从固态熔化成液态水的过程中要吸收热量，会使饮料温度降得更低，而冷水加入后只是通过热传递使饮料降温，降温效果不如冰块，故A正确。
B、从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是因为冰箱中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶附着在冻肉上，使冻肉变重，而不是肉里面的水分凝固，故B错误。
C、烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化成小水滴时要放出大量的热，所以烫伤更严重，而不是水蒸气温度比开水高，水蒸气和开水温度通常是相同的，故C错误。
D、用干冰保鲜食物，是利用干冰升华吸热，使周围环境温度降低，而不是干冰熔化吸热，干冰是直接从固态变为气态，发生升华现象，故D错误。
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3．（2024秋 江岸区期末）一束光通过透镜的光路如图所示，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【考点】透镜的三条特殊光线的作图．
【专题】作图题；透镜及其应用．
【答案】A
【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：
A、对于凸透镜，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，故A正确；
B、对于凸透镜，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，故B错；
C、对于凹透镜，过焦点的光线不属于特殊光线，折射光线将远离主光轴，故C错；
D、对于凹透镜，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，故D错。
故选：A。
【点评】凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线传播方向不变，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后平行于主光轴。
4．（2025春 青山区期中）各种各样的测力计被广泛应用于生活、生产和科学实验中，下面四种测量工具不能测量力的是（ ）
A．台秤 B．握力计
C．指针式测力计 D．数显式测力计
【考点】弹簧测力计的使用．
【专题】运动和力；应用能力．
【答案】A
【分析】测量力大小的工具叫测力计。
【解答】解：测量力大小的工具叫测力计，测量工具能测量力的是握力计、指针式测力计、数显式测力计，台秤是测量质量的工具，不能测量力，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查测量力的工具，属于基础题。
5．（2025春 江汉区期中）如图所示，在玻璃瓶内装入适量带颜色的水，用穿有透明细塑料管的橡胶塞塞住瓶口。从细塑料管上端向瓶内吹入空气，使细塑料管内水面上升到瓶口以上。将整个装置放在电梯中进行实验，电梯从2楼上升到12楼，细管中水面变化了3cm。已知这个过程中每升高10m，大气压减小100Pa，不计瓶内气压的变化。下列说法不正确的是（ ）
A．这个过程中，细管中的水面会升高
B．这个过程中，瓶外气压减小了300Pa
C．到达12楼时，瓶内气压比瓶外气压大300Pa
D．若每层楼的高度相同，则每层楼高3m
【考点】气压计；大气压强与高度的关系．
【专题】应用题；气体的压强、流体压强与流速的关系；应用能力．
【答案】C
【分析】A.大气压随海拔高度的增加而减小；
B.根据p＝ρgh进行计算；
C.瓶子内外压强关系为：p内＝p外+ρ水gh；
D.注意2楼至12楼总共为10个楼层高。
【解答】解：A、大气压随高度的增加而减小，电梯从2楼上升到12楼，大气压减小，水气压计细管中的水面会升高，故A正确，不符合题意；
B、细管中水面变化了3cm，减小的压强为：，故B正确，不符合题意；
C、该装置的内外压强关系为：p内＝p外+ρ水gh，到达12楼时，因为不知道细管中水柱的高度，所以无法确定瓶内气压比瓶外气压大多少，故C错误，符合题意；
D、由每升高10m大气压减小100Pa可知，大气压减小了300Pa高度应该升了30m，2楼至12楼总共为10个层高，所以每层楼高3m，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查自制气压计的原理和应用，中等难度。
6．（2025 武汉模拟）如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B点上升到C点，之后来回摆动多次静止在B点。下列说法正确的是（ ）
A．小球从A点到B点过程中，动能转化为重力势能
B．小球从B点到C点过程中，重力势能转化为动能
C．小球从A点到C点过程中，重力势能先增大后减小
D．小球上升到C点时若绳子突然断了，小球会竖直下落
【考点】动能和重力势能的相互转化；牛顿第一定律的应用．
【专题】运动和力；机械能及其转化；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）动能和物体的质量、速度有关；
（2）重力势能和物体的质量、高度有关；
（3）动能和重力势能是可以相互转化的；
（4）当小球运动到最高点C点的瞬间，处于静止状态，此时只受重力作用。
【解答】解：A、小球从A点下落到B点过程中，质量不变，高度降低，速度变大，重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，故A错误；
B、小球从B点上升到C点的过程中，质量不变，速度减小，高度增加，动能转化为重力势能，故B错误；
C、小球从A点到C点过程中，质量不变，高度先减小后增加，重力势能先减小后增大，故C错误；
D、当小球运动到最高点C点时，处于静止状态，所以若此时绳子断裂，小球将沿竖直方向直线下落，故D正确。
故选：D。
【点评】明确影响动能和重力势能的因素、机械能的守恒，是解题的关键。
7．（2025 武汉模拟）下列有关物理现象的描述中正确的是（ ）
A．冬天戴眼镜的同学从冰冷的室外走到室内时镜片会变模糊
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气温度更高
C．暖气用水取暖是因为水蒸发快，在同样散热的情况下温度变化的小
D．“下雪不冷化雪冷”主要是因为下雪水凝结成冰，要吸热；而化雪冰熔化为水，要放热
【考点】水的比热容特点及实际应用；熔化的吸热特点；液化的概念及现象；液化的放热特点；凝华的放热特点．
【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；分析、综合能力．
【答案】A
【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。
物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热；物质由固态变为液态的过程是熔化，熔化需要吸热。
【解答】解：A、冬天，从冰冷的室外走到室内，室内温暖且湿度较大的空气中的水蒸气，遇到温度较低的眼镜片会发生液化现象，形成小水珠附着在镜片上，使镜片变模糊，故A正确。
B、水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气遇冷液化时会放出大量的热，而不是因为水蒸气温度更高。通常情况下，水蒸气和开水的温度是相同的，都是100℃，故B错误。
C、暖气用水取暖是因为水的比热容较大，在质量相同、降低相同温度时，水能够放出更多的热量，所以能更好地为室内供暖，而不是因为水蒸发快。故C错误。
D、“下雪不冷化雪冷”是因为下雪时，水蒸气凝华成雪花要放热，且下雪时通常有云层覆盖，减少了地面热量的散失；化雪时，雪熔化成水要吸热，且化雪时天空中少云或无云，地面热量更容易散失到大气中，导致环境温度下降。故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了液化、凝华、熔化现象。
8．（2025春 武汉月考）电动自行车充电好后，转动钥匙就可以骑行了。在骑行时，电动车的电瓶相当于（ ）
A．电源 B．开关 C．导线 D．用电器
【考点】电路的组成部分．
【专题】应用题；电流和电路；应用能力．
【答案】A
【分析】电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
【解答】解：在骑行时，电动车的电瓶提供电能，在电路中相当于电源，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用是解题的关键。
9．（2025 武汉模拟）如图所示的带有USB接口的插线板有过载保护功能，若接入的用电器总功率超过2500W，它会自动切断电路。当插线板上已接入一台800W的吸尘器正在工作，同时一个USB接口正在给某电子设备充电，充电功率是10W，再将一个1200W的电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路。下列说法错误的是（ ）
A．插线板的外壳是用绝缘材料制成的
B．吸尘器和被充电的电子设备是并联的
C．插线板切断了电路是因为接入的用电器总功率过大
D．插线板切断了电路的原因可能是电热水壶的内部电路短路
【考点】总功率过大对家庭电路的影响；常见的导体与绝缘体；串联和并联的概念与辨析．
【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．
【答案】C
【分析】（1）电器元件的外壳要用绝缘材料制成；
（2）家庭电路中各用电器是并联的；
（3）造成家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器总功率过大；
（4）根据接入设备的总功率和插线板允许的最大功率进行比较，可判断切断电路的原因。
【解答】解：A、插线板的外壳是用绝缘材料制成的，这样可防止触电事故的发生，故A正确；
B、吸尘器和被充电的电子设备可以独立工作，是并联的，故B正确；
CD、由题意知，插线板允许的最大功率是2500W，而此时接入的总功率为800W+10W+1200W＝2010W，没有超过允许的最大功率，因此，电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路可能是电热水壶的内部电路短路造成的，故C错误，D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了对家用电器连接方式、使用材料的了解，对造成家庭电路中电流过大原因的分析，有一定综合性。
10．（2025春 武汉月考）随着科技的发展，无人机外卖已经在部分城市走入了百姓的生活，无人机在进入目标区域后向目的快递柜发出着陆请求、本机任务报告和本机运行状态报告，在收到着陆请求应答之后，由快递柜指引无人机在快递柜顶端停机平台着陆、装卸快递、以及进行快速充电。无人机是通过电磁波来与数据中心进行数据传输的。下列关于电磁波的说法不正确的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的速度为3×108m/s
C．超声波在空气中的传播速度比电磁波快
D．电磁波可以传递信息
【考点】电磁波的传播．
【专题】信息的传递；分析、综合能力．
【答案】C
【分析】电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
【解答】解：A．电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故A正确，不符合题意；
B．电磁波在真空中传播的速度为3×108m/s，在空气中的传播速度接近在真空中的传播速度，通常也近似认为是3×108m/s，故B正确，不符合题意；
C．电磁波在空气中的传播速度比超声波快，因为超声波在空气中传播的速度约为340m/s，电磁波在空气中传播的速度约为3×108m/s，故C错误，符合题意；
D．电磁波与声波一样可以传递信息，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波的运用，属于基础题。
11．（2025 武汉模拟）如图所示，武汉市许多家庭屋顶安装了太阳能电池板，利用逆变电器将太阳能电池板输出的电流变成“220V 50Hz”交变电流供家庭使用，从而减少家庭对传统电力的依赖。下列说法错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是一种清洁的可再生能源
C．太阳能电池板将太阳能转化为电能
D．我国供生活用的交变电流的方向在每秒内变化50次
【考点】太阳能的利用；交变电流；能源及其分类．
【专题】应用题；能源的利用与发展；应用能力．
【答案】D
【分析】根据对太阳能分类的了解和对太阳能转化的认识可做出判断；50Hz是电流变化的频率，表示每秒内电流方向变化100次。
【解答】解：A、太阳能可以直接从自然界获得，属一次能源，故A正确；
B、太阳能是一种清洁的可再生能源，故B正确；
C、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故C正确；
D、我国供生产和生活用的交变电流，频率是50Hz，电流方向1s内变化100次，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了对太阳能的认识与应用，对交变电流频率的认识，属基础题。
12．（2025 武汉模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，图中OEF为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成。下列说法正确的是（ ）
A．车速仪是由电压表改装而成
B．车速仪中定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
C．踩下油门的过程中，电压表的示数与电流表的示数比值增大
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
【考点】动态电路的分析．
【专题】应用题；电流和电路；欧姆定律；应用能力．
【答案】D
【分析】分析电路可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器的电压；
（1）当驾驶员踩下“油门”时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据电压表示数和电流表示数分析电压表与电流表示数比值的变化；
（2）从保护电路的角度分析R0的作用；
（3）根据欧姆定律得出电压表示数变化量的关系式，然后根据R分析电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值的变化。
【解答】解：根据电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器的电压，电流表测量电路中的电流。
AC．踩下油门的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，变阻器分担的电压减小，所以电压表示数减小；变阻器的电阻变小，电路总电阻变小，根据可知电流变大，即电流表示数变大；当驾驶员踩下油门时车速仪示数增大，所以车速仪是由电流表改装而成；电压表示数变小，电流表示数变大，则电压表的示数与电流表的示数比值变小，故AC错误；
B．定值电阻R0可以防止电路中电流过大，烧坏仪表，起到保护电路的作用，故B错误；
D．由于串联电路的分压作用，电压表的示数变化量即为定值电阻电压的变化量。对于定值电阻R0，设某时刻下电压为U1，电流为I1，根据欧姆定律则有：U1＝I1R0 ①
设另一时刻下电压为U2，电流为I2，根据欧姆定律则有：U2＝I2R0 ②
②﹣①则有U2﹣U1＝（I2﹣I1）R0，则有：；因为R0是定值电阻，所以踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，属于基础题。
二．填空题（共2小题）
13．（2024秋 硚口区月考）（1）分别标有“20Ω 0.4A”和“40Ω 0.1A”的两定值电阻，它们串联后电路两端允许加的最大电压是 6 V；它们并联后干路允许通过的最大电流是 0.3 A。
（2）如图是汽车油量表的工作原理图，其中的油量表是用电流表改装的，当油箱中的油面下降时，油量表的示数 变小 （填“变大”、“变小”或“不变”），若油量表是用电压表改装，应与 R0 （填“R0”或“R”）并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；串联电路中的电流规律；并联电路中的电流规律；并联电路中的电压规律；动态电路的分析．
【专题】欧姆定律；应用能力．
【答案】（1）6；0.3； （2）变小；R0。
【分析】（1）已知两定值电阻允许通过的最大电流，由串联电路的电流特点（且保证不损害用电器），可得出电路中允许通过的最大电流；再利用U＝IR求出串联后电路两端允许加的最大电压；
利用U＝IR分别求出两定值电阻两端允许加的最大电压，由并联电路的电压特点（且保证不损害用电器），可得出电路两端允许加的最大电压，
再利用欧姆定律和并联电路的电流特点可得出并联后干路允许通过的最大电流；
（2）当油箱中油面下降时，从杠杆的偏转确定滑动变阻器的变化，再利用欧姆定律进行分析判断电路中电流的变化；
根据油面下降时判断变阻器连入阻值变化，由串联电路的分压原理判断两电阻的电压变化，从而判断电压表的连接。
【解答】解：（1）两定值电阻允许通过的最大电流分别为：I1＝0.4A，I2＝0.1A，
串联后通过两电阻的电流相同，为保证不损害用电器，电路中允许通过的最大电流为：I大＝I2＝0.1A，
则串联后电路两端允许加的最大电压为：U＝I大R总＝I大（R1+R2）＝0.1A×（20Ω+40Ω）＝6V；
两定值电阻两端允许加的最大电压分别为：U1＝I1R1＝0.4A×20Ω＝8V，U2＝I2R2＝0.1A×40Ω＝4V，
并联后各支路两端的电压相同，为保证不损害用电器，电路两端允许加的最大电压为：U大＝U2＝4V，
则并联后干路允许通过的最大电流为：I并＝I′1+I2I20.1A＝0.3A；
（2）由图知，R0和滑动变阻器R串联，油量表串联接入电路中，为电流表；
当油箱中油面下降时，滑片向上滑动，变阻器连入电路的长度变大，阻值变大，电路中总电阻变大，电源电压一定，由欧姆定律可知电路中电流变小，油量表示数变小；
当油箱中油面上升时，滑动变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，滑动变阻器分得电压变小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻R0分得电压变大，若油量表是用电压表改装，则电压表应与R0并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
故答案为：（1）6；0.3； （2）变小；R0。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律的运用和对串、并联电路的电流、电压和电阻的特点的理解，是基础题。
14．（2024秋 江汉区期末）某同学用如图所示的装置探究光的折射现象及其特点，使光从空气斜射入半圆形玻璃砖，并将入射角和折射角记录在了表格中。
实验次数 1 2 3 4
入射角 10° 20° 30° 40°
折射角 6.6° 13.2° 19.5° 25.4°
（1）根据表中数据可知：光从空气斜射入玻璃砖时，折射角 小于 （填“小干”“大于”或“等于”）入射角，折射角随着入射角的增大而 增大 。
（2）当光垂直射入玻璃砖时，折射角为 0 度。
（3）该同学将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，这说明在折射现象中， 光路可逆 。
【考点】探究光折射时的特点．
【专题】光的折射、光的色散；分析、综合能力．
【答案】（1）小于；增大；（2）0；（3）光路可逆。
【分析】（1）结合表格中的入射角和折射角的关系进行总结规律，看入射角增大，折射角如何变化或同样的入射角射入不同介质中的折射情况。
（2）在折射现象中，光路可逆。
【解答】解：（1）由表格数据可知，当光从空气斜射入玻璃砖时，折射角小于入射角；且折射角随着入射角的增大而增大；
（2）由表格中可知，当入射角为0°时，折射角也为0°；由此可得，当光从空气垂直入射到其它透明介质时，传播方向不发生改变；
（3）由表格可知，光从空气斜射入玻璃砖时，入射角为40°，折射角为25.4°；将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，说明光路可逆。
故答案为：（1）小于；增大；（2）0；（3）光路可逆。
【点评】解决此类问题要根据表格数据总结光的折射规律，考查了学生的分析归纳能力。
三．实验探究题（共4小题）
15．（2025 武汉模拟）某同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）图中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的实像，这个像是倒立的、 等大 的。
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像变模糊了，此时既可以通过向 左 移动光屏得到清晰的像，也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的 凹透镜 （填“凸透镜”“凹透镜”或“平面镜”）得到清晰的像，后者是在模拟矫正 近视眼 （填“近视眼”或“远视眼”）。
【考点】探究凸透镜成像的规律；探究凸透镜成像实验的成像原理．
【专题】透镜及其应用；分析、综合能力．
【答案】（1）等大；（2）左；凹透镜；近视眼。
【分析】（1）u＝v＝2f，成倒立、等大的实像；
（2）根据物远像近像变小分析；
凹透镜对光有发散作用，凹透镜矫正近视眼。
【解答】解：（1）由图可知，物距等于像距，即u＝v＝2f，成倒立、等大的实像；
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，根据物远像近像变小可知，将光屏向左移动可得清晰的像；
也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的凹透镜，凹透镜对光有发散作用，使像距变大，使像成在光屏上；凹透镜矫正近视眼。
故答案为：（1）等大；（2）左；凹透镜；近视眼。
【点评】本题探究凸透镜成像的规律实验，掌握凸透镜成像规律是关键。
16．（2025春 青山区期中）某实验小组在“探究重力的大小跟质量的关系”的实验中，用几个20g、50g的钩码进行实验，表是他们记录的实验数据。
次数 1 2 3 4 5 6
质量m/kg 0.05 0.07 0.09 0.14 0.19 0.24
重力G/N 0.5 0.7 0.9 1.4 1.9 2.4
（1）分析表甲中重力G和质量m的数据，发现定量关系： 10N/kg 。
（2）请在图中建立坐标轴并确定坐标轴的标度，根据表甲中的数据描点作图。
（3）通过图像得出实验结论：物体的重力大小跟物体的质量成 正比 。
【考点】探究重力的大小与质量的关系；绘制G与m的图像；重力与质量成正比．
【专题】实验题；探究型实验综合题；应用能力．
【答案】（1）10N/kg；（2）见解答；（3）正比。
【分析】（1）根据表格中数据求出比值；
（2）利用数学描点法描出重力跟质量的对应点，然后用平滑的线连接起来；
（3）坐标图象中，过原点的直线表示两个物理量成正比例。
【解答】解：（1）由表格中数据知，重力和质量比值是：
10N/kg；
（2）在坐标系中确定各点的坐标，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：
（3）由图象可知，重力、质量图象为一条过原点的直线，表示物体所受重力与质量成正比。
故答案为：（1）10N/kg；（2）见解答；（3）正比。
【点评】此题是探究“物体所受到的重力与它的质量的关系”的实验，考查了描点法图象的画法及对数据和图象的分析，考查了重力和质量的关系及应用。
17．（2025春 江汉区期中）如图所示是探究浮力大小跟哪些因素有关的几个实验情景，弹簧测力计下悬挂的是同一个实心圆柱体，弹簧测力计的示数如图所示，图丙、丁中液面相平且圆柱体在液体中的位置相同。
（1）请在图甲中画出圆柱体对细绳的拉力的示意图，并标出其大小。
（2）分析比较 乙、丙 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟物体浸在液体中的体积有关，分析比较 丙、丁 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟液体的密度有关。
（3）图乙中，圆柱体下表面受到水的压力为 0.5 N。已知图乙中圆柱体下表面和图丙中圆柱体上表面在水中的深度相同，则图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力大 1 N。
（4）图丁中，盐水的密度为 1.1×103 kg/m3。
【考点】探究浮力大小的影响因素；探究浮力大小与液体密度的关系；探究浮力大小与排开液体体积的关系．
【专题】浮力；科学探究能力．
【答案】（1）；（2）乙、丙；丙、丁；（3）0.5；1；（4）1.1×103。
【分析】（1）圆柱体对细绳的拉力竖直向下，画出即可；
（2）物体受到的浮力与排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另外一个因素不变；据此分析；
（3）结合弹簧测力计的分度值读数；浮力产生的原因是物体上下表面存在压力差；
（4）根据称重法求出图丙、丁中金属块受到的浮力大小，结合阿基米德原理可知，代入数据计算即可。
【解答】解：（1）如图所示；
；
（2）由图可知，乙、丙两图中，烧杯中液体的密度相同，圆柱体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同。所以，比较乙、丙两图可以得出：浮力的大小跟物体浸在液体中的体积有关。由图可知，丙、丁两图中，圆柱体浸入液体中的体积相同，烧杯中液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同。所以，比较丙、丁两图可以得出：浮力的大小跟液体的密度有关。
（3）根据甲图弹簧测力计表盘读数为4N，则物体的重力为4N，图乙中，圆柱体上表面的压力为0，则下表面受到水的压力为4N﹣3.5N＝ 0.5N；图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力就是物体在丙图中所受到的浮力，大小为4N﹣3N＝1N；
（4）由图丙、丁可知，物体在两种液体中均处于完全浸入状态，在两中液体中排开液体的体积均设为V。丁图中：弹簧测力计示数为2.9N，在盐水中所受浮力为F盐浮＝G﹣F盐示＝4N﹣2.9N＝1.1N，
丙图中：液体的示数为1N，在水中所受浮力为F水浮＝G﹣F水示＝4N﹣3N＝1N，根据浮力计算公式：，
所以ρ盐1.1×103kg/m3。
故答案为：（1）；（2）乙、丙；丙、丁；（3）0.5；1；（4）1.1×103。
【点评】本题探究“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，主要考查控制变量法的应用。
18．（2025 武汉模拟）某实验小组利用如图甲所示的器材探究电流与电阻的关系，电源电压为6V，滑动变阻器标有“25Ω 2A”字样，5个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整，要求滑片向右移动时电压表示数变大。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表示数如图乙所示，该电流为 0.2 A。同学们发现此时电压表的示数却为零，导致这一现象的原因可能是 电压表断路 。
（3）排除故障完成实验后，该组同学根据实验数据作出了如图丙所示的图象。分析图象可知，该组同学用阻值为 10 Ω的定值电阻进行实验时操作错误，错误的原因是 没有控制电阻两端电压保持3V不变 。
【考点】探究电流与电阻的关系．
【专题】电流和电路；分析、综合能力．
【答案】（1）见解析；（2）0.2；电压表断路；（3）10；没有控制电阻两端电压保持3V不变。
【分析】（1）根据滑片向右移动时电压表示数变大，确定滑动变阻器应该接入的接线柱，据此连接电路；
（2）观察电流的量程、分度值，再读数；
闭合开关后，电压表的示数却为零，可能是与电压表并联的定值电阻短路；
（3）探究电流与电阻的关系，应该控制定值电阻两端电压保持不变，据此分析。
【解答】解：（1）滑片向右移动时电压表示数变大，滑动变阻器应该接右下接线柱，定值电阻与电流表串联，如图所示：
（2）电流表示数如图乙所示，量程为0﹣0.6A，分度值是0.02A，示数为0.2A；
若定值电阻短路，则电路电路最小为0.24A，此时电流是0.2A，故闭合开关后，电压表的示数却为零，可能是电压表断路；
（3）探究电流与电阻的关系，应该控制定值电阻两端电压保持不变，分析图象可知，定值电阻两端电压是3V，而10Ω定值电阻对应的电流是0.24A，有欧姆定律可知，此时电阻两端电压不是3V，故10Ω的定值电阻进行实验时操作错误。
故答案为：（1）见解析；（2）0.2；电压表断路；（3）10；没有控制电阻两端电压保持3V不变。
【点评】本题探究电流与电阻的关系实验，利用控制变量法分析。
四．计算题（共1小题）
19．（2024秋 武昌区期末）如图甲所示是小明同学家安装的壁挂管线饮水机，这种饮水机没有水仓，打开出水开关电热丝立即给水加热，出水口随即流出热水，停止出水时，加热就会停止，避免了反复加热。通过内部控制电路改变加热功率，有6挡出水温度，非常方便。下表是部分参数。试求：
额定电压（V） 220
额定最大加热功率（W） 2200
出水速度（L/min） 0.4
出水温度（℃） 25/45/60/75/85/100
（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为多大？
（2）某次接水前后，家中其他用电器一直以恒定功率工作，饮水机进水的温度为20℃，出水温度为85℃，出水持续45s，如图乙所示电能表指示灯闪烁31次。饮水机停止出水后，电能表指示灯在150s内闪烁10次。（不计饮水机待机和抽水功率）
①此次接水过程中水吸收的热量为多少？
②此次接水时饮水机的加热效率为多大？
【考点】电功率的综合计算；利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率．
【专题】电能和电功率；应用能力．
【答案】（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为22Ω；
（2）①此次接水过程中水吸收的热量为81900J；
②此次接水时饮水机的加热效率为97.5%。
【分析】（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，根据P可知电热丝电阻；
（2）①得出水的体积，根据密度公式得出水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）得出水吸收的热量；
②饮水机停止出水前，根据电能表指示灯闪烁次数得出用电器消耗的电能W1，饮水机停止出水后，根据电能表指示灯闪烁次数得出其他用电器消耗的电能W2，根据P′得出其他用电器的总功率，饮水机停止出水前，根据W3＝P′t1得出其他用电器消耗的电能，根据W＝W1﹣W3得出饮水机消耗的电能，根据效率公式得出此次接水时饮水机的加热效率。
【解答】解：（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，根据P可知电热丝电阻为R22Ω；
（2）①水的体积V＝0.4L/minmin＝0.3L，
水的质量：m＝ρV＝1kg/m3×0.3×10﹣3m3＝0.3kg，
水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×0.3kg×（85℃﹣20℃）＝81900J；
②饮水机停止出水前，用电器消耗的电能W1kW h＝93000J；
饮水机停止出水后，其他用电器消耗的电能W2kW h＝30000J，
其他用电器的总功率P′200W，
饮水机停止出水前，其他用电器消耗的电能W3＝P′t1＝200W×45s＝9000J，
饮水机消耗的电能W＝W1﹣W3＝93000J﹣9000J＝84000J，
此次接水时饮水机的加热效率η97.5%。
答：（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为22Ω；
（2）①此次接水过程中水吸收的热量为81900J；
②此次接水时饮水机的加热效率为97.5%。
【点评】本题考查电功率、热量和效率的计算，是一道综合题。
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一．选择题（共12小题）
1．（2025春 武汉月考）如图所示，小红在西樵山游玩时，品尝了“西樵大饼”。请估测一个西樵大饼的直径约为（ ）
A．5cm B．20cm C．150cm D．200cm
2．（2025 武汉模拟）厨房是日常生活中充满物态变化的“实验室”。下列关于物态变化说法正确的是（ ）
A．制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水的效果更好
B．从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是由于肉里面的水分凝固造成的
C．烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气的温度比开水高
D．用干冰保鲜食物，是利用干冰熔化吸热
3．（2024秋 江岸区期末）一束光通过透镜的光路如图所示，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2025春 青山区期中）各种各样的测力计被广泛应用于生活、生产和科学实验中，下面四种测量工具不能测量力的是（ ）
A．台秤 B．握力计
C．指针式测力计 D．数显式测力计
5．（2025春 江汉区期中）如图所示，在玻璃瓶内装入适量带颜色的水，用穿有透明细塑料管的橡胶塞塞住瓶口。从细塑料管上端向瓶内吹入空气，使细塑料管内水面上升到瓶口以上。将整个装置放在电梯中进行实验，电梯从2楼上升到12楼，细管中水面变化了3cm。已知这个过程中每升高10m，大气压减小100Pa，不计瓶内气压的变化。下列说法不正确的是（ ）
A．这个过程中，细管中的水面会升高
B．这个过程中，瓶外气压减小了300Pa
C．到达12楼时，瓶内气压比瓶外气压大300Pa
D．若每层楼的高度相同，则每层楼高3m
6．（2025 武汉模拟）如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B点上升到C点，之后来回摆动多次静止在B点。下列说法正确的是（ ）
A．小球从A点到B点过程中，动能转化为重力势能
B．小球从B点到C点过程中，重力势能转化为动能
C．小球从A点到C点过程中，重力势能先增大后减小
D．小球上升到C点时若绳子突然断了，小球会竖直下落
7．（2025 武汉模拟）下列有关物理现象的描述中正确的是（ ）
A．冬天戴眼镜的同学从冰冷的室外走到室内时镜片会变模糊
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气温度更高
C．暖气用水取暖是因为水蒸发快，在同样散热的情况下温度变化的小
D．“下雪不冷化雪冷”主要是因为下雪水凝结成冰，要吸热；而化雪冰熔化为水，要放热
8．（2025春 武汉月考）电动自行车充电好后，转动钥匙就可以骑行了。在骑行时，电动车的电瓶相当于（ ）
A．电源 B．开关 C．导线 D．用电器
9．（2025 武汉模拟）如图所示的带有USB接口的插线板有过载保护功能，若接入的用电器总功率超过2500W，它会自动切断电路。当插线板上已接入一台800W的吸尘器正在工作，同时一个USB接口正在给某电子设备充电，充电功率是10W，再将一个1200W的电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路。下列说法错误的是（ ）
A．插线板的外壳是用绝缘材料制成的
B．吸尘器和被充电的电子设备是并联的
C．插线板切断了电路是因为接入的用电器总功率过大
D．插线板切断了电路的原因可能是电热水壶的内部电路短路
10．（2025春 武汉月考）随着科技的发展，无人机外卖已经在部分城市走入了百姓的生活，无人机在进入目标区域后向目的快递柜发出着陆请求、本机任务报告和本机运行状态报告，在收到着陆请求应答之后，由快递柜指引无人机在快递柜顶端停机平台着陆、装卸快递、以及进行快速充电。无人机是通过电磁波来与数据中心进行数据传输的。下列关于电磁波的说法不正确的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的速度为3×108m/s
C．超声波在空气中的传播速度比电磁波快
D．电磁波可以传递信息
11．（2025 武汉模拟）如图所示，武汉市许多家庭屋顶安装了太阳能电池板，利用逆变电器将太阳能电池板输出的电流变成“220V 50Hz”交变电流供家庭使用，从而减少家庭对传统电力的依赖。下列说法错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是一种清洁的可再生能源
C．太阳能电池板将太阳能转化为电能
D．我国供生活用的交变电流的方向在每秒内变化50次
12．（2025 武汉模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，图中OEF为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成。下列说法正确的是（ ）
A．车速仪是由电压表改装而成
B．车速仪中定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
C．踩下油门的过程中，电压表的示数与电流表的示数比值增大
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
二．填空题（共2小题）
13．（2024秋 硚口区月考）（1）分别标有“20Ω 0.4A”和“40Ω 0.1A”的两定值电阻，它们串联后电路两端允许加的最大电压是 V；它们并联后干路允许通过的最大电流是 A。
（2）如图是汽车油量表的工作原理图，其中的油量表是用电流表改装的，当油箱中的油面下降时，油量表的示数 （填“变大”、“变小”或“不变”），若油量表是用电压表改装，应与 （填“R0”或“R”）并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
14．（2024秋 江汉区期末）某同学用如图所示的装置探究光的折射现象及其特点，使光从空气斜射入半圆形玻璃砖，并将入射角和折射角记录在了表格中。
实验次数 1 2 3 4
入射角 10° 20° 30° 40°
折射角 6.6° 13.2° 19.5° 25.4°
（1）根据表中数据可知：光从空气斜射入玻璃砖时，折射角 （填“小干”“大于”或“等于”）入射角，折射角随着入射角的增大而 。
（2）当光垂直射入玻璃砖时，折射角为 度。
（3）该同学将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，这说明在折射现象中， 。
三．实验探究题（共4小题）
15．（2025 武汉模拟）某同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）图中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的实像，这个像是倒立的、 的。
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像变模糊了，此时既可以通过向 移动光屏得到清晰的像，也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的 （填“凸透镜”“凹透镜”或“平面镜”）得到清晰的像，后者是在模拟矫正 （填“近视眼”或“远视眼”）。
16．（2025春 青山区期中）某实验小组在“探究重力的大小跟质量的关系”的实验中，用几个20g、50g的钩码进行实验，表是他们记录的实验数据。
次数 1 2 3 4 5 6
质量m/kg 0.05 0.07 0.09 0.14 0.19 0.24
重力G/N 0.5 0.7 0.9 1.4 1.9 2.4
（1）分析表甲中重力G和质量m的数据，发现定量关系： 。
（2）请在图中建立坐标轴并确定坐标轴的标度，根据表甲中的数据描点作图。
（3）通过图像得出实验结论：物体的重力大小跟物体的质量成 。
17．（2025春 江汉区期中）如图所示是探究浮力大小跟哪些因素有关的几个实验情景，弹簧测力计下悬挂的是同一个实心圆柱体，弹簧测力计的示数如图所示，图丙、丁中液面相平且圆柱体在液体中的位置相同。
（1）请在图甲中画出圆柱体对细绳的拉力的示意图，并标出其大小。
（2）分析比较 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟物体浸在液体中的体积有关，分析比较 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟液体的密度有关。
（3）图乙中，圆柱体下表面受到水的压力为 N。已知图乙中圆柱体下表面和图丙中圆柱体上表面在水中的深度相同，则图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力大 N。
（4）图丁中，盐水的密度为 kg/m3。
18．（2025 武汉模拟）某实验小组利用如图甲所示的器材探究电流与电阻的关系，电源电压为6V，滑动变阻器标有“25Ω 2A”字样，5个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整，要求滑片向右移动时电压表示数变大。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表示数如图乙所示，该电流为 A。同学们发现此时电压表的示数却为零，导致这一现象的原因可能是 。
（3）排除故障完成实验后，该组同学根据实验数据作出了如图丙所示的图象。分析图象可知，该组同学用阻值为 Ω的定值电阻进行实验时操作错误，错误的原因是 。
四．计算题（共1小题）
19．（2024秋 武昌区期末）如图甲所示是小明同学家安装的壁挂管线饮水机，这种饮水机没有水仓，打开出水开关电热丝立即给水加热，出水口随即流出热水，停止出水时，加热就会停止，避免了反复加热。通过内部控制电路改变加热功率，有6挡出水温度，非常方便。下表是部分参数。试求：
额定电压（V） 220
额定最大加热功率（W） 2200
出水速度（L/min） 0.4
出水温度（℃） 25/45/60/75/85/100
（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为多大？
（2）某次接水前后，家中其他用电器一直以恒定功率工作，饮水机进水的温度为20℃，出水温度为85℃，出水持续45s，如图乙所示电能表指示灯闪烁31次。饮水机停止出水后，电能表指示灯在150s内闪烁10次。（不计饮水机待机和抽水功率）
①此次接水过程中水吸收的热量为多少？
②此次接水时饮水机的加热效率为多大？
2025年武汉市中考物理模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．（2025春 武汉月考）如图所示，小红在西樵山游玩时，品尝了“西樵大饼”。请估测一个西樵大饼的直径约为（ ）
A．5cm B．20cm C．150cm D．200cm
【考点】常见的长度及估测．
【专题】长度、时间、速度；理解能力．
【答案】B
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
【解答】解：根据图片进行估测，手掌的宽度大约是10cm，西樵大饼的直径大约是手掌的宽度的两倍，西樵大饼的直径约是20cm。
故选：B。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2025 武汉模拟）厨房是日常生活中充满物态变化的“实验室”。下列关于物态变化说法正确的是（ ）
A．制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水的效果更好
B．从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是由于肉里面的水分凝固造成的
C．烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气的温度比开水高
D．用干冰保鲜食物，是利用干冰熔化吸热
【考点】凝华的概念及现象；熔化的吸热特点；液化的放热特点；升华的吸热特点．
【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；分析、综合能力．
【答案】A
【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
【解答】解：A、制作冰凉的饮料时，加冰块比直接加冷水效果更好。因为冰块从固态熔化成液态水的过程中要吸收热量，会使饮料温度降得更低，而冷水加入后只是通过热传递使饮料降温，降温效果不如冰块，故A正确。
B、从冰箱冷冻室拿出来的冻肉比刚放进去时重，是因为冰箱中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶附着在冻肉上，使冻肉变重，而不是肉里面的水分凝固，故B错误。
C、烧开水时水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化成小水滴时要放出大量的热，所以烫伤更严重，而不是水蒸气温度比开水高，水蒸气和开水温度通常是相同的，故C错误。
D、用干冰保鲜食物，是利用干冰升华吸热，使周围环境温度降低，而不是干冰熔化吸热，干冰是直接从固态变为气态，发生升华现象，故D错误。
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3．（2024秋 江岸区期末）一束光通过透镜的光路如图所示，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【考点】透镜的三条特殊光线的作图．
【专题】作图题；透镜及其应用．
【答案】A
【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：
A、对于凸透镜，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，故A正确；
B、对于凸透镜，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，故B错；
C、对于凹透镜，过焦点的光线不属于特殊光线，折射光线将远离主光轴，故C错；
D、对于凹透镜，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，故D错。
故选：A。
【点评】凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线传播方向不变，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后平行于主光轴。
4．（2025春 青山区期中）各种各样的测力计被广泛应用于生活、生产和科学实验中，下面四种测量工具不能测量力的是（ ）
A．台秤 B．握力计
C．指针式测力计 D．数显式测力计
【考点】弹簧测力计的使用．
【专题】运动和力；应用能力．
【答案】A
【分析】测量力大小的工具叫测力计。
【解答】解：测量力大小的工具叫测力计，测量工具能测量力的是握力计、指针式测力计、数显式测力计，台秤是测量质量的工具，不能测量力，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查测量力的工具，属于基础题。
5．（2025春 江汉区期中）如图所示，在玻璃瓶内装入适量带颜色的水，用穿有透明细塑料管的橡胶塞塞住瓶口。从细塑料管上端向瓶内吹入空气，使细塑料管内水面上升到瓶口以上。将整个装置放在电梯中进行实验，电梯从2楼上升到12楼，细管中水面变化了3cm。已知这个过程中每升高10m，大气压减小100Pa，不计瓶内气压的变化。下列说法不正确的是（ ）
A．这个过程中，细管中的水面会升高
B．这个过程中，瓶外气压减小了300Pa
C．到达12楼时，瓶内气压比瓶外气压大300Pa
D．若每层楼的高度相同，则每层楼高3m
【考点】气压计；大气压强与高度的关系．
【专题】应用题；气体的压强、流体压强与流速的关系；应用能力．
【答案】C
【分析】A.大气压随海拔高度的增加而减小；
B.根据p＝ρgh进行计算；
C.瓶子内外压强关系为：p内＝p外+ρ水gh；
D.注意2楼至12楼总共为10个楼层高。
【解答】解：A、大气压随高度的增加而减小，电梯从2楼上升到12楼，大气压减小，水气压计细管中的水面会升高，故A正确，不符合题意；
B、细管中水面变化了3cm，减小的压强为：，故B正确，不符合题意；
C、该装置的内外压强关系为：p内＝p外+ρ水gh，到达12楼时，因为不知道细管中水柱的高度，所以无法确定瓶内气压比瓶外气压大多少，故C错误，符合题意；
D、由每升高10m大气压减小100Pa可知，大气压减小了300Pa高度应该升了30m，2楼至12楼总共为10个层高，所以每层楼高3m，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查自制气压计的原理和应用，中等难度。
6．（2025 武汉模拟）如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B点上升到C点，之后来回摆动多次静止在B点。下列说法正确的是（ ）
A．小球从A点到B点过程中，动能转化为重力势能
B．小球从B点到C点过程中，重力势能转化为动能
C．小球从A点到C点过程中，重力势能先增大后减小
D．小球上升到C点时若绳子突然断了，小球会竖直下落
【考点】动能和重力势能的相互转化；牛顿第一定律的应用．
【专题】运动和力；机械能及其转化；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）动能和物体的质量、速度有关；
（2）重力势能和物体的质量、高度有关；
（3）动能和重力势能是可以相互转化的；
（4）当小球运动到最高点C点的瞬间，处于静止状态，此时只受重力作用。
【解答】解：A、小球从A点下落到B点过程中，质量不变，高度降低，速度变大，重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，故A错误；
B、小球从B点上升到C点的过程中，质量不变，速度减小，高度增加，动能转化为重力势能，故B错误；
C、小球从A点到C点过程中，质量不变，高度先减小后增加，重力势能先减小后增大，故C错误；
D、当小球运动到最高点C点时，处于静止状态，所以若此时绳子断裂，小球将沿竖直方向直线下落，故D正确。
故选：D。
【点评】明确影响动能和重力势能的因素、机械能的守恒，是解题的关键。
7．（2025 武汉模拟）下列有关物理现象的描述中正确的是（ ）
A．冬天戴眼镜的同学从冰冷的室外走到室内时镜片会变模糊
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气温度更高
C．暖气用水取暖是因为水蒸发快，在同样散热的情况下温度变化的小
D．“下雪不冷化雪冷”主要是因为下雪水凝结成冰，要吸热；而化雪冰熔化为水，要放热
【考点】水的比热容特点及实际应用；熔化的吸热特点；液化的概念及现象；液化的放热特点；凝华的放热特点．
【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；分析、综合能力．
【答案】A
【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。
物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热；物质由固态变为液态的过程是熔化，熔化需要吸热。
【解答】解：A、冬天，从冰冷的室外走到室内，室内温暖且湿度较大的空气中的水蒸气，遇到温度较低的眼镜片会发生液化现象，形成小水珠附着在镜片上，使镜片变模糊，故A正确。
B、水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气遇冷液化时会放出大量的热，而不是因为水蒸气温度更高。通常情况下，水蒸气和开水的温度是相同的，都是100℃，故B错误。
C、暖气用水取暖是因为水的比热容较大，在质量相同、降低相同温度时，水能够放出更多的热量，所以能更好地为室内供暖，而不是因为水蒸发快。故C错误。
D、“下雪不冷化雪冷”是因为下雪时，水蒸气凝华成雪花要放热，且下雪时通常有云层覆盖，减少了地面热量的散失；化雪时，雪熔化成水要吸热，且化雪时天空中少云或无云，地面热量更容易散失到大气中，导致环境温度下降。故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了液化、凝华、熔化现象。
8．（2025春 武汉月考）电动自行车充电好后，转动钥匙就可以骑行了。在骑行时，电动车的电瓶相当于（ ）
A．电源 B．开关 C．导线 D．用电器
【考点】电路的组成部分．
【专题】应用题；电流和电路；应用能力．
【答案】A
【分析】电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
【解答】解：在骑行时，电动车的电瓶提供电能，在电路中相当于电源，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用是解题的关键。
9．（2025 武汉模拟）如图所示的带有USB接口的插线板有过载保护功能，若接入的用电器总功率超过2500W，它会自动切断电路。当插线板上已接入一台800W的吸尘器正在工作，同时一个USB接口正在给某电子设备充电，充电功率是10W，再将一个1200W的电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路。下列说法错误的是（ ）
A．插线板的外壳是用绝缘材料制成的
B．吸尘器和被充电的电子设备是并联的
C．插线板切断了电路是因为接入的用电器总功率过大
D．插线板切断了电路的原因可能是电热水壶的内部电路短路
【考点】总功率过大对家庭电路的影响；常见的导体与绝缘体；串联和并联的概念与辨析．
【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．
【答案】C
【分析】（1）电器元件的外壳要用绝缘材料制成；
（2）家庭电路中各用电器是并联的；
（3）造成家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器总功率过大；
（4）根据接入设备的总功率和插线板允许的最大功率进行比较，可判断切断电路的原因。
【解答】解：A、插线板的外壳是用绝缘材料制成的，这样可防止触电事故的发生，故A正确；
B、吸尘器和被充电的电子设备可以独立工作，是并联的，故B正确；
CD、由题意知，插线板允许的最大功率是2500W，而此时接入的总功率为800W+10W+1200W＝2010W，没有超过允许的最大功率，因此，电热水壶接入插线板并闭合开关，插线板立即切断电路可能是电热水壶的内部电路短路造成的，故C错误，D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了对家用电器连接方式、使用材料的了解，对造成家庭电路中电流过大原因的分析，有一定综合性。
10．（2025春 武汉月考）随着科技的发展，无人机外卖已经在部分城市走入了百姓的生活，无人机在进入目标区域后向目的快递柜发出着陆请求、本机任务报告和本机运行状态报告，在收到着陆请求应答之后，由快递柜指引无人机在快递柜顶端停机平台着陆、装卸快递、以及进行快速充电。无人机是通过电磁波来与数据中心进行数据传输的。下列关于电磁波的说法不正确的是（ ）
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波的速度为3×108m/s
C．超声波在空气中的传播速度比电磁波快
D．电磁波可以传递信息
【考点】电磁波的传播．
【专题】信息的传递；分析、综合能力．
【答案】C
【分析】电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
【解答】解：A．电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故A正确，不符合题意；
B．电磁波在真空中传播的速度为3×108m/s，在空气中的传播速度接近在真空中的传播速度，通常也近似认为是3×108m/s，故B正确，不符合题意；
C．电磁波在空气中的传播速度比超声波快，因为超声波在空气中传播的速度约为340m/s，电磁波在空气中传播的速度约为3×108m/s，故C错误，符合题意；
D．电磁波与声波一样可以传递信息，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波的运用，属于基础题。
11．（2025 武汉模拟）如图所示，武汉市许多家庭屋顶安装了太阳能电池板，利用逆变电器将太阳能电池板输出的电流变成“220V 50Hz”交变电流供家庭使用，从而减少家庭对传统电力的依赖。下列说法错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是一种清洁的可再生能源
C．太阳能电池板将太阳能转化为电能
D．我国供生活用的交变电流的方向在每秒内变化50次
【考点】太阳能的利用；交变电流；能源及其分类．
【专题】应用题；能源的利用与发展；应用能力．
【答案】D
【分析】根据对太阳能分类的了解和对太阳能转化的认识可做出判断；50Hz是电流变化的频率，表示每秒内电流方向变化100次。
【解答】解：A、太阳能可以直接从自然界获得，属一次能源，故A正确；
B、太阳能是一种清洁的可再生能源，故B正确；
C、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故C正确；
D、我国供生产和生活用的交变电流，频率是50Hz，电流方向1s内变化100次，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了对太阳能的认识与应用，对交变电流频率的认识，属基础题。
12．（2025 武汉模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，图中OEF为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成。下列说法正确的是（ ）
A．车速仪是由电压表改装而成
B．车速仪中定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
C．踩下油门的过程中，电压表的示数与电流表的示数比值增大
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
【考点】动态电路的分析．
【专题】应用题；电流和电路；欧姆定律；应用能力．
【答案】D
【分析】分析电路可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器的电压；
（1）当驾驶员踩下“油门”时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据电压表示数和电流表示数分析电压表与电流表示数比值的变化；
（2）从保护电路的角度分析R0的作用；
（3）根据欧姆定律得出电压表示数变化量的关系式，然后根据R分析电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值的变化。
【解答】解：根据电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器的电压，电流表测量电路中的电流。
AC．踩下油门的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，变阻器分担的电压减小，所以电压表示数减小；变阻器的电阻变小，电路总电阻变小，根据可知电流变大，即电流表示数变大；当驾驶员踩下油门时车速仪示数增大，所以车速仪是由电流表改装而成；电压表示数变小，电流表示数变大，则电压表的示数与电流表的示数比值变小，故AC错误；
B．定值电阻R0可以防止电路中电流过大，烧坏仪表，起到保护电路的作用，故B错误；
D．由于串联电路的分压作用，电压表的示数变化量即为定值电阻电压的变化量。对于定值电阻R0，设某时刻下电压为U1，电流为I1，根据欧姆定律则有：U1＝I1R0 ①
设另一时刻下电压为U2，电流为I2，根据欧姆定律则有：U2＝I2R0 ②
②﹣①则有U2﹣U1＝（I2﹣I1）R0，则有：；因为R0是定值电阻，所以踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，属于基础题。
二．填空题（共2小题）
13．（2024秋 硚口区月考）（1）分别标有“20Ω 0.4A”和“40Ω 0.1A”的两定值电阻，它们串联后电路两端允许加的最大电压是 6 V；它们并联后干路允许通过的最大电流是 0.3 A。
（2）如图是汽车油量表的工作原理图，其中的油量表是用电流表改装的，当油箱中的油面下降时，油量表的示数 变小 （填“变大”、“变小”或“不变”），若油量表是用电压表改装，应与 R0 （填“R0”或“R”）并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；串联电路中的电流规律；并联电路中的电流规律；并联电路中的电压规律；动态电路的分析．
【专题】欧姆定律；应用能力．
【答案】（1）6；0.3； （2）变小；R0。
【分析】（1）已知两定值电阻允许通过的最大电流，由串联电路的电流特点（且保证不损害用电器），可得出电路中允许通过的最大电流；再利用U＝IR求出串联后电路两端允许加的最大电压；
利用U＝IR分别求出两定值电阻两端允许加的最大电压，由并联电路的电压特点（且保证不损害用电器），可得出电路两端允许加的最大电压，
再利用欧姆定律和并联电路的电流特点可得出并联后干路允许通过的最大电流；
（2）当油箱中油面下降时，从杠杆的偏转确定滑动变阻器的变化，再利用欧姆定律进行分析判断电路中电流的变化；
根据油面下降时判断变阻器连入阻值变化，由串联电路的分压原理判断两电阻的电压变化，从而判断电压表的连接。
【解答】解：（1）两定值电阻允许通过的最大电流分别为：I1＝0.4A，I2＝0.1A，
串联后通过两电阻的电流相同，为保证不损害用电器，电路中允许通过的最大电流为：I大＝I2＝0.1A，
则串联后电路两端允许加的最大电压为：U＝I大R总＝I大（R1+R2）＝0.1A×（20Ω+40Ω）＝6V；
两定值电阻两端允许加的最大电压分别为：U1＝I1R1＝0.4A×20Ω＝8V，U2＝I2R2＝0.1A×40Ω＝4V，
并联后各支路两端的电压相同，为保证不损害用电器，电路两端允许加的最大电压为：U大＝U2＝4V，
则并联后干路允许通过的最大电流为：I并＝I′1+I2I20.1A＝0.3A；
（2）由图知，R0和滑动变阻器R串联，油量表串联接入电路中，为电流表；
当油箱中油面下降时，滑片向上滑动，变阻器连入电路的长度变大，阻值变大，电路中总电阻变大，电源电压一定，由欧姆定律可知电路中电流变小，油量表示数变小；
当油箱中油面上升时，滑动变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，滑动变阻器分得电压变小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻R0分得电压变大，若油量表是用电压表改装，则电压表应与R0并联，才能实现油量增多油量表示数变大。
故答案为：（1）6；0.3； （2）变小；R0。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律的运用和对串、并联电路的电流、电压和电阻的特点的理解，是基础题。
14．（2024秋 江汉区期末）某同学用如图所示的装置探究光的折射现象及其特点，使光从空气斜射入半圆形玻璃砖，并将入射角和折射角记录在了表格中。
实验次数 1 2 3 4
入射角 10° 20° 30° 40°
折射角 6.6° 13.2° 19.5° 25.4°
（1）根据表中数据可知：光从空气斜射入玻璃砖时，折射角 小于 （填“小干”“大于”或“等于”）入射角，折射角随着入射角的增大而 增大 。
（2）当光垂直射入玻璃砖时，折射角为 0 度。
（3）该同学将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，这说明在折射现象中， 光路可逆 。
【考点】探究光折射时的特点．
【专题】光的折射、光的色散；分析、综合能力．
【答案】（1）小于；增大；（2）0；（3）光路可逆。
【分析】（1）结合表格中的入射角和折射角的关系进行总结规律，看入射角增大，折射角如何变化或同样的入射角射入不同介质中的折射情况。
（2）在折射现象中，光路可逆。
【解答】解：（1）由表格数据可知，当光从空气斜射入玻璃砖时，折射角小于入射角；且折射角随着入射角的增大而增大；
（2）由表格中可知，当入射角为0°时，折射角也为0°；由此可得，当光从空气垂直入射到其它透明介质时，传播方向不发生改变；
（3）由表格可知，光从空气斜射入玻璃砖时，入射角为40°，折射角为25.4°；将一束光从半圆形玻璃砖中以25.4°的入射角射入空气，测得折射角恰好为40°，说明光路可逆。
故答案为：（1）小于；增大；（2）0；（3）光路可逆。
【点评】解决此类问题要根据表格数据总结光的折射规律，考查了学生的分析归纳能力。
三．实验探究题（共4小题）
15．（2025 武汉模拟）某同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）图中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的实像，这个像是倒立的、 等大 的。
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像变模糊了，此时既可以通过向 左 移动光屏得到清晰的像，也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的 凹透镜 （填“凸透镜”“凹透镜”或“平面镜”）得到清晰的像，后者是在模拟矫正 近视眼 （填“近视眼”或“远视眼”）。
【考点】探究凸透镜成像的规律；探究凸透镜成像实验的成像原理．
【专题】透镜及其应用；分析、综合能力．
【答案】（1）等大；（2）左；凹透镜；近视眼。
【分析】（1）u＝v＝2f，成倒立、等大的实像；
（2）根据物远像近像变小分析；
凹透镜对光有发散作用，凹透镜矫正近视眼。
【解答】解：（1）由图可知，物距等于像距，即u＝v＝2f，成倒立、等大的实像；
（2）把点燃的蜡烛向左移动一段距离，根据物远像近像变小可知，将光屏向左移动可得清晰的像；
也可以不移动光屏，在蜡烛与凸透镜之间放上一块合适的凹透镜，凹透镜对光有发散作用，使像距变大，使像成在光屏上；凹透镜矫正近视眼。
故答案为：（1）等大；（2）左；凹透镜；近视眼。
【点评】本题探究凸透镜成像的规律实验，掌握凸透镜成像规律是关键。
16．（2025春 青山区期中）某实验小组在“探究重力的大小跟质量的关系”的实验中，用几个20g、50g的钩码进行实验，表是他们记录的实验数据。
次数 1 2 3 4 5 6
质量m/kg 0.05 0.07 0.09 0.14 0.19 0.24
重力G/N 0.5 0.7 0.9 1.4 1.9 2.4
（1）分析表甲中重力G和质量m的数据，发现定量关系： 10N/kg 。
（2）请在图中建立坐标轴并确定坐标轴的标度，根据表甲中的数据描点作图。
（3）通过图像得出实验结论：物体的重力大小跟物体的质量成 正比 。
【考点】探究重力的大小与质量的关系；绘制G与m的图像；重力与质量成正比．
【专题】实验题；探究型实验综合题；应用能力．
【答案】（1）10N/kg；（2）见解答；（3）正比。
【分析】（1）根据表格中数据求出比值；
（2）利用数学描点法描出重力跟质量的对应点，然后用平滑的线连接起来；
（3）坐标图象中，过原点的直线表示两个物理量成正比例。
【解答】解：（1）由表格中数据知，重力和质量比值是：
10N/kg；
（2）在坐标系中确定各点的坐标，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：
（3）由图象可知，重力、质量图象为一条过原点的直线，表示物体所受重力与质量成正比。
故答案为：（1）10N/kg；（2）见解答；（3）正比。
【点评】此题是探究“物体所受到的重力与它的质量的关系”的实验，考查了描点法图象的画法及对数据和图象的分析，考查了重力和质量的关系及应用。
17．（2025春 江汉区期中）如图所示是探究浮力大小跟哪些因素有关的几个实验情景，弹簧测力计下悬挂的是同一个实心圆柱体，弹簧测力计的示数如图所示，图丙、丁中液面相平且圆柱体在液体中的位置相同。
（1）请在图甲中画出圆柱体对细绳的拉力的示意图，并标出其大小。
（2）分析比较 乙、丙 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟物体浸在液体中的体积有关，分析比较 丙、丁 两图中的实验，可以探究浮力的大小是否跟液体的密度有关。
（3）图乙中，圆柱体下表面受到水的压力为 0.5 N。已知图乙中圆柱体下表面和图丙中圆柱体上表面在水中的深度相同，则图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力大 1 N。
（4）图丁中，盐水的密度为 1.1×103 kg/m3。
【考点】探究浮力大小的影响因素；探究浮力大小与液体密度的关系；探究浮力大小与排开液体体积的关系．
【专题】浮力；科学探究能力．
【答案】（1）；（2）乙、丙；丙、丁；（3）0.5；1；（4）1.1×103。
【分析】（1）圆柱体对细绳的拉力竖直向下，画出即可；
（2）物体受到的浮力与排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另外一个因素不变；据此分析；
（3）结合弹簧测力计的分度值读数；浮力产生的原因是物体上下表面存在压力差；
（4）根据称重法求出图丙、丁中金属块受到的浮力大小，结合阿基米德原理可知，代入数据计算即可。
【解答】解：（1）如图所示；
；
（2）由图可知，乙、丙两图中，烧杯中液体的密度相同，圆柱体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同。所以，比较乙、丙两图可以得出：浮力的大小跟物体浸在液体中的体积有关。由图可知，丙、丁两图中，圆柱体浸入液体中的体积相同，烧杯中液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同。所以，比较丙、丁两图可以得出：浮力的大小跟液体的密度有关。
（3）根据甲图弹簧测力计表盘读数为4N，则物体的重力为4N，图乙中，圆柱体上表面的压力为0，则下表面受到水的压力为4N﹣3.5N＝ 0.5N；图丙中圆柱体下表面受到液体的压力比图乙中圆柱体下表面受到液体的压力就是物体在丙图中所受到的浮力，大小为4N﹣3N＝1N；
（4）由图丙、丁可知，物体在两种液体中均处于完全浸入状态，在两中液体中排开液体的体积均设为V。丁图中：弹簧测力计示数为2.9N，在盐水中所受浮力为F盐浮＝G﹣F盐示＝4N﹣2.9N＝1.1N，
丙图中：液体的示数为1N，在水中所受浮力为F水浮＝G﹣F水示＝4N﹣3N＝1N，根据浮力计算公式：，
所以ρ盐1.1×103kg/m3。
故答案为：（1）；（2）乙、丙；丙、丁；（3）0.5；1；（4）1.1×103。
【点评】本题探究“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，主要考查控制变量法的应用。
18．（2025 武汉模拟）某实验小组利用如图甲所示的器材探究电流与电阻的关系，电源电压为6V，滑动变阻器标有“25Ω 2A”字样，5个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整，要求滑片向右移动时电压表示数变大。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表示数如图乙所示，该电流为 0.2 A。同学们发现此时电压表的示数却为零，导致这一现象的原因可能是 电压表断路 。
（3）排除故障完成实验后，该组同学根据实验数据作出了如图丙所示的图象。分析图象可知，该组同学用阻值为 10 Ω的定值电阻进行实验时操作错误，错误的原因是 没有控制电阻两端电压保持3V不变 。
【考点】探究电流与电阻的关系．
【专题】电流和电路；分析、综合能力．
【答案】（1）见解析；（2）0.2；电压表断路；（3）10；没有控制电阻两端电压保持3V不变。
【分析】（1）根据滑片向右移动时电压表示数变大，确定滑动变阻器应该接入的接线柱，据此连接电路；
（2）观察电流的量程、分度值，再读数；
闭合开关后，电压表的示数却为零，可能是与电压表并联的定值电阻短路；
（3）探究电流与电阻的关系，应该控制定值电阻两端电压保持不变，据此分析。
【解答】解：（1）滑片向右移动时电压表示数变大，滑动变阻器应该接右下接线柱，定值电阻与电流表串联，如图所示：
（2）电流表示数如图乙所示，量程为0﹣0.6A，分度值是0.02A，示数为0.2A；
若定值电阻短路，则电路电路最小为0.24A，此时电流是0.2A，故闭合开关后，电压表的示数却为零，可能是电压表断路；
（3）探究电流与电阻的关系，应该控制定值电阻两端电压保持不变，分析图象可知，定值电阻两端电压是3V，而10Ω定值电阻对应的电流是0.24A，有欧姆定律可知，此时电阻两端电压不是3V，故10Ω的定值电阻进行实验时操作错误。
故答案为：（1）见解析；（2）0.2；电压表断路；（3）10；没有控制电阻两端电压保持3V不变。
【点评】本题探究电流与电阻的关系实验，利用控制变量法分析。
四．计算题（共1小题）
19．（2024秋 武昌区期末）如图甲所示是小明同学家安装的壁挂管线饮水机，这种饮水机没有水仓，打开出水开关电热丝立即给水加热，出水口随即流出热水，停止出水时，加热就会停止，避免了反复加热。通过内部控制电路改变加热功率，有6挡出水温度，非常方便。下表是部分参数。试求：
额定电压（V） 220
额定最大加热功率（W） 2200
出水速度（L/min） 0.4
出水温度（℃） 25/45/60/75/85/100
（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为多大？
（2）某次接水前后，家中其他用电器一直以恒定功率工作，饮水机进水的温度为20℃，出水温度为85℃，出水持续45s，如图乙所示电能表指示灯闪烁31次。饮水机停止出水后，电能表指示灯在150s内闪烁10次。（不计饮水机待机和抽水功率）
①此次接水过程中水吸收的热量为多少？
②此次接水时饮水机的加热效率为多大？
【考点】电功率的综合计算；利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率．
【专题】电能和电功率；应用能力．
【答案】（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为22Ω；
（2）①此次接水过程中水吸收的热量为81900J；
②此次接水时饮水机的加热效率为97.5%。
【分析】（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，根据P可知电热丝电阻；
（2）①得出水的体积，根据密度公式得出水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）得出水吸收的热量；
②饮水机停止出水前，根据电能表指示灯闪烁次数得出用电器消耗的电能W1，饮水机停止出水后，根据电能表指示灯闪烁次数得出其他用电器消耗的电能W2，根据P′得出其他用电器的总功率，饮水机停止出水前，根据W3＝P′t1得出其他用电器消耗的电能，根据W＝W1﹣W3得出饮水机消耗的电能，根据效率公式得出此次接水时饮水机的加热效率。
【解答】解：（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，根据P可知电热丝电阻为R22Ω；
（2）①水的体积V＝0.4L/minmin＝0.3L，
水的质量：m＝ρV＝1kg/m3×0.3×10﹣3m3＝0.3kg，
水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×0.3kg×（85℃﹣20℃）＝81900J；
②饮水机停止出水前，用电器消耗的电能W1kW h＝93000J；
饮水机停止出水后，其他用电器消耗的电能W2kW h＝30000J，
其他用电器的总功率P′200W，
饮水机停止出水前，其他用电器消耗的电能W3＝P′t1＝200W×45s＝9000J，
饮水机消耗的电能W＝W1﹣W3＝93000J﹣9000J＝84000J，
此次接水时饮水机的加热效率η97.5%。
答：（1）该饮水机以额定最大加热功率工作时，电热丝电阻为22Ω；
（2）①此次接水过程中水吸收的热量为81900J；
②此次接水时饮水机的加热效率为97.5%。
【点评】本题考查电功率、热量和效率的计算，是一道综合题。
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