第二课时 锁定热点题型,强化迁移应用
有关分离定律中的特殊分离比,一直是高考命题的热点,也是教学中的重点和难点。本讲从“复等位基因遗传现象”“分离定律中的不完全显性和致死遗传现象”“分离定律的其他特殊遗传现象”三个题型进行剖析,以期帮助考生攻克这一重难点,补齐失分短板。
题型(一) 复等位基因遗传现象
[典例导析]
(2023·全国甲卷)水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a):基因A1控制全抗性状(抗所有菌株),基因A2控制抗性性状(抗部分菌株),基因a控制易感性状(不抗任何菌株),且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交,子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是 ( )
A.全抗植株与抗性植株杂交,子代可能出现全抗∶抗性=3∶1
B.抗性植株与易感植株杂交,子代可能出现抗性∶易感=1∶1
C.全抗植株与易感植株杂交,子代可能出现全抗∶抗性=1∶1
D.全抗植株与抗性植株杂交,子代可能出现全抗∶抗性∶易感=2∶1∶1
听课随笔:
[思维建模]
[应用体验]
1.(2025·吉安模拟)某二倍体植物的株高受复等位基因A+、A和a控制,其中A+对A和a为显性,A对a为显性,A控制高茎,A+和a基因均控制矮茎,且两者控制的性状无差别。某随机交配的种群中A+、A和a的基因频率相等,下列有关叙述错误的是 ( )
A.该群体中的矮茎植株存在4种基因型
B.该群体中高茎植株所占的比例为1/3
C.矮茎植株之间杂交,若后代出现高茎,则高茎占1/4
D.高茎植株之间杂交,若后代出现矮茎,则矮茎占1/4
2.(2025·焦作一模)某种鸟类的羽色有灰色、黄色、黑色三种,分别由位于常染色体上的复等位基因D1、D2、D3控制。现有几个纯合品系的杂交结果如下所示。下列相关分析错误的是 ( )
实验Ⅰ 灰色×黄色→F1为灰色
实验Ⅱ 灰色×黑色→F1为灰色,F1雌雄交配,F2中灰色∶黑色=2∶1
实验Ⅲ 黑色×黄色→F1为黄色,F1雌雄交配,F2中黄色∶黑色=5∶1
A.基因D1、D2、D3的显隐性关系为D1>D2>D3
B.正常情况下,若实验Ⅰ中F1雌雄交配,F2灰色个体中纯合子占1/3
C.实验Ⅱ中灰色∶黑色=2∶1,可能与杂合子只有1/2的存活率有关
D.实验Ⅲ中黄色∶黑色=5∶1,可能与含基因D3的卵细胞有1/4不育有关
题型(二) 分离定律中的不完全显性和致死遗传现象
[典例导析]
[例1] (2025·吉林模拟)若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制,棕色马与白色马交配,F1均为淡棕色马,F1随机交配,F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马=1∶2∶1。下列叙述正确的是 ( )
A.马的毛色性状中,棕色对白色为完全显性
B.F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果
C.F2中相同毛色的雌雄马交配,其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8
D.F2中淡棕色马与棕色马交配,其子代基因型的比例与表型的比例相同
[例2] (2022·海南高考)匍匐鸡是一种矮型鸡,匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性,这对基因位于常染色体上,且A基因纯合时会导致胚胎死亡。某鸡群中野生型个体占20%,匍匐型个体占80%,随机交配得到F1,F1雌、雄个体随机交配得到F2。下列有关叙述正确的是 ( )
A.F1中匍匐型个体的比例为12/25
B.与F1相比,F2中A基因频率较高
C.F2中野生型个体的比例为25/49
D.F2中a基因频率为7/9
听课随笔:
[思维建模]
1.不完全显性
指具有相对性状的两个纯合亲本杂交,F1的性状表现介于显性和隐性的亲本之间的性状表现形式。如紫茉莉的花色遗传中,红花(RR)与白花(rr)杂交产生的F1为粉红花(Rr),F1自交后代有3种表型:红花、粉红花、白花,性状分离比为1∶2∶1。
2.致死遗传现象
现以亲本基因型均为Aa为例进行分析:
[应用体验]
1.(2024·枣庄期末)在牡丹花的遗传实验中,红色对白色为显性,用纯合红色牡丹花和纯合白色牡丹花杂交,F1全是粉红色牡丹花。将F1自交后,F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牡丹花,比例为1∶2∶1。接下来有两种种植方式:①取F2中的粉红色牡丹花和红色牡丹花均匀混合种植,进行自由传粉;②使F2中的牡丹花自交,下列叙述正确的是 ( )
A.方式①后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=4∶4∶1
B.方式①后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1
C.方式②后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=4∶4∶1
D.方式②后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1
2.(2025·珠海模拟)基因在生物进化中有“绝对自私性”。某种植物的花有红花、粉红花和白花三种颜色,受一对等位基因A/a控制,基因A是一种“自私基因”,杂合子在产生配子时,基因A能“杀死”体内的部分雄配子。选择红花(AA)植株和白花(aa)植株杂交,F1全部开粉红花,F1植株自交,F2中红花∶粉红花∶白花=2∶3∶1。下列相关分析正确的是 ( )
A.基因A能“杀死”体内的部分雄配子,说明基因A对a为完全显性
B.F2中三种花色的比例,说明该性状遗传不遵循基因分离定律
C.F1产生的配子中,基因型为a的雄配子有1/3被基因A“杀死”
D.若让F2进行随机传粉,则后代中出现白花植株的比例为5/36
3.(2025·长沙模拟)水稻细胞中的A基因编码一种毒性蛋白,对雌配子没有影响,但会导致同株水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡,通过这种方式来改变后代分离比,使其有更多的机会遗传下去。现让基因型为Aa的水稻自交,F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa=3∶5∶2,F1随机交配获得F2。
(1)亲本中有 比例的含a基因的花粉死亡。选择杂交组合为 ,如果杂交后代中aa为 ,则可以证实此结论。
(2)F2中基因型为Aa的个体比例为 %,基因型为aa的个体比例为 %。
(3)F2中a的基因频率为 %。
题型(三) 分离定律的其他特殊遗传现象
[典例导析]
(2024·全国甲卷)袁隆平研究杂交水稻,对粮食生产具有突出贡献。回答下列问题。
(1)用性状优良的水稻纯合体(甲)给某雄性不育水稻植株授粉,杂交子一代均表现雄性不育;杂交子一代与甲回交(回交是杂交后代与两个亲本之一再次交配),子代均表现雄性不育;连续回交获得性状优良的雄性不育品系(乙)。由此推测控制雄性不育的基因(A)位于 (填“细胞质”或“细胞核”)。
(2)将另一性状优良的水稻纯合体(丙)与乙杂交,F1均表现雄性可育,且长势与产量优势明显,F1即为优良的杂交水稻。丙的细胞核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达。基因R表达过程中,以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是 。F1自交子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为 。
(3)以丙为父本与甲杂交(正交)得F1,F1自交得F2,则F2中与育性有关的表(现)型有 种。反交结果与正交结果不同,反交的F2中与育性有关的基因型有 种。
[思维建模]
1.雄性不育
类型 分析
细胞核 雄性不育 核基因控制的雄性不育,可分为显性核不育和隐性核不育,遗传方式符合孟德尔分离定律
细胞质 雄性不育 表现为母体遗传、花粉败育和雌穗正常。可以被显性核恢复基因恢复育性
核质互作 不育型 是由核基因和细胞质基因相互作用共同控制的雄性不育类型
2.从性遗传
概念 指由常染色体上的基因控制的性状,在表型上受个体性别影响的现象,又称性控遗传
表现 由于性别的差异而表现出男、女(雄、雌)分布比例上或表现程度上的差别。比如牛、羊角的遗传和人类秃顶、蝴蝶翅膀颜色的遗传等
本质 表型=基因型+特殊条件(性激素种类及含量差异)
3.“母性效应”
“母性效应”是指子代的某一表型受到母本基因型的影响,而和母本的基因型所控制的表型一样,因此正反交结果不同。这种遗传不是由细胞质基因所决定的,而是由核基因表达并积累在卵细胞中的物质所决定的。
[应用体验]
1.(2024·威海期末)水稻存在雄性不育基因:R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性,是存在于细胞核中的一对等位基因;N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因;只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时,个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是 ( )
A.R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律
B.水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型
C.母本S(rr)与父本N(rr)的杂交后代均为雄性不育
D.母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代均为雄性可育
2.(2024·西城二模)斑点牛分为褐色和红色,相关基因位于常染色体上。育种人员将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交,实验结果如下表。相关叙述错误的是 ( )
子代 表型 比例
F1 褐色公牛∶红色母牛 1∶1
F2 褐色公牛∶红色公牛∶ 褐色母牛∶红色母牛 3∶1∶1∶3
A.斑点牛体色的表型与性别有关
B.该性状受2对独立遗传基因控制
C.F1公牛、母牛的相关基因型相同
D.反交实验结果应与上述结果相同
3.“母性效应”是指子代性状的表型由母体的核基因型决定,而不受自身基因型的控制。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物,一般通过异体受精繁殖。若单独饲养,也可以进行自体受精。其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分,旋转方向遵循“母性效应”。某杂交实验过程如图所示,下列分析错误的是 ( )
A.与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律
B.让图示F2个体进行自交,其后代全为右旋螺
C.若图中为亲本正交的结果,则亲本反交得到的F2结果与正交结果一致
D.将某右旋椎实螺自交,所得后代全为左旋螺,则该右旋椎实螺基因型为dd
第二课时 锁定热点题型，强化迁移应用
题型(一)
[典例导析] 选A 根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为A1A1、A1A2、A1a，抗性植株有两种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，杂交子代都不可能出现全抗∶抗性＝3∶1，A错误；抗性植株与易感植株(aa)杂交，若抗性植株的基因型为A2a，则杂交子代中会出现抗性∶易感＝1∶1，B正确；全抗植株与易感植株(aa)杂交，若全抗植株的基因型为A1A2，则杂交子代中会出现全抗∶抗性＝1∶1，C正确；全抗植株(A1a)与抗性植株(A2a)杂交，子代可能出现全抗(A1A2、A1a)∶抗性(A2a)∶易感(aa)＝2∶1∶1，D正确。
[应用体验]
1．选C A＋对A和a为显性，A对a为显性，因此高茎植株的基因型有AA和Aa两种，而矮茎植株有A＋A＋、A＋A、A＋a和aa，一共有4种不同的基因型，A正确；已知A＋、A和a的基因频率相等，即各基因频率均为1/3，该群体中高茎植株的基因型为AA和Aa两种，其所占的比例为1/3×1/3＋2×1/3×1/3＝1/3，B正确；矮茎植株之间杂交，若后代出现高茎，则亲本的杂交组合为A＋A×A＋A、A＋A×A＋a或A＋A×aa，后代高茎植株(AA、Aa)所占的比例为1/4或1/2，C错误；高茎植株之间杂交，若后代出现矮茎，则杂交亲本为Aa×Aa，子代矮茎(aa)占1/4，D正确。
2．选D 根据实验Ⅲ黑色×黄色→F1为黄色可知，黄色对黑色为显性，显隐性关系为D2>D3，同理，根据实验Ⅱ、实验Ⅰ中F1的性状可知，基因灰色D1、黄色D2、黑色D3的显隐性关系为D1>D2>D3，A正确；分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅰ中亲本为灰色(D1D1)、黄色(D2D2)，F1为D1D2，正常情况下，若实验Ⅰ中F1雌雄交配，F2灰色个体(1D1D1∶2D1D2)中纯合子所占的比例为1/3，B正确；分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅱ中亲本为灰色(D1D1)、黑色(D3D3)，F1为灰色(D1D3)，F1雌雄交配，实验Ⅱ中灰色∶黑色＝2∶1，因为纯合子死亡不符合题意，可能与杂合子的存活率为1/2有关，C正确；分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅲ中亲本为黄色(D2D2)、黑色(D3D3)，F1为黄色(D2D3)，F1雌雄交配，实验Ⅲ中黄色∶黑色＝5∶1，可能与含D3的卵细胞1/2不育有关，即雄配子为1/2D2、1/2D3，雌配子为2/3D2、1/3D3，D错误。
题型(二)
[典例导析]
[例1] 选D 马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，A错误；F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误；F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4＋2/4×1/4＝3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误；F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1∶1，表型为淡棕色马与棕色马，比例为1∶1，D正确。
[例2] 选D 依题意，A基因纯合致死，基因型为Aa的个体表现为匍匐性状，基因型为aa的个体表现为野生性状。亲本基因型及比例为aa＝20%、Aa＝80%，则A基因频率＝40%、a基因频率＝60%，随机交配的F1中AA＝16%、Aa＝48%、aa＝36%，其中AA个体死亡，则存活的F1中匍匐型个体(Aa)的比例为4/7，野生型个体(aa)的比例为3/7，A错误；由上述分析可推知，F1中A基因频率＝2/7、a基因频率＝5/7，F1雌、雄个体随机交配得到的F2中，AA＝4/49(死亡)、Aa＝20/49、aa＝25/49，则存活的F2中匍匐型个体(Aa)的比例为4/9，野生型个体(aa)的比例为5/9，可计算F2中A基因频率＝2/9、a基因频率＝7/9，与F1相比，F2中A基因频率较低，B、C错误，D正确。
[应用体验]
1．选A 由题意可知，牡丹花花色是由一对等位基因控制的，且出现不完全显性现象。假设牡丹花色用基因A/a表示，则粉红色的基因型为Aa，红色和白色的基因型分别为AA和aa。方式①取F2中的粉红色牡丹花(2/3Aa)和红色牡丹花(1/3AA)均匀混合种植，产生的配子中A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，进行自由传粉，子代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，即红色∶粉红色∶白色＝4∶4∶1，A正确，B错误。方式②让F2中的牡丹花(1/4AA、2/4Aa、1/4aa)自交，后代AA基因型频率＝1/4＋2/4×1/4＝3/8，Aa基因型频率＝2/4×2/4＝2/8，aa基因型频率＝1/4＋2/4×1/4＝3/8，即红色∶粉红色∶白色＝3∶2∶3，C、D错误。
2．选D 基因型为Aa的植株开粉红花，说明基因A对a为不完全显性，而杂合子产生配子时，基因A能“杀死”体内的部分雄配子，并不能说明基因A对a为完全显性的结论，A错误。花色受一对等位基因A/a控制，且存在致死遗传现象，F2中三种花色的比例，说明该性状的遗传遵循孟德尔的分离定律，B错误。F2中红花∶粉红花∶白花＝2∶3∶1，即aa占1/6，含a的雌配子占1/2，说明含a的雄配子占1/3，则F1产生的含a的雄配子有1/2被A基因“杀死”，C错误。F2的基因型是AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，随机传粉，雌配子A＝2/6＋3/6×1/2＝7/12，雌配子a占5/12；因Aa产生雄配子时含A的雄配子都存活，但含a的雄配子有一半死亡，故F2产生的雄配子A＝2/6＋3/6×1/2＝7/12，雄配子a＝1/6＋3/6×1/2×1/2＝7/24，即A∶a＝2∶1，白花aa＝5/12×1/3＝5/36，D正确。
3．解析：(1)依据题意可知，基因型为Aa的水稻自交，F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝3∶5∶2，A基因编码一种毒性蛋白，对雌配子没有影响，但会导致同株水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡，综合以上可知：F1中aa占2/10，雌配子占1/2，则只有雄配子a＝2/5才符合题意，F1中AA占3/10，雌配子A＝1/2，雄配子A占3/5，所以亲本产生的雌配子A∶a＝1∶1，雄配子A∶a＝3∶2，而正常雄配子中A∶a＝1∶1，所以是有1/3的含a基因的花粉致死。选用杂交组合为aa(♀)×Aa(♂)进行验证，如果杂交后代中aa为2/5，则可证实上述结论。
(2)由于F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝3∶5∶2，F1雌配子基因型及比例为A∶a＝11∶9，雄配子a为2/10＋1/2×5/10×2/3＝11/30，雄配子A为3/10＋1/2×5/10＝11/20，即雄配子A∶a＝3∶2。雌雄配子随机结合，F2中基因型为AA的个体所占比例为33/100，aa的个体所占比例为18/100，Aa的个体所占比例为(1－33/100－18/100)×100%＝49%。
(3)由上述分析可知，F2中a的基因频率为(18/100＋1/2×49/100)×100%＝42.5%。
答案：(1)1/3 aa(♀)×Aa(♂) 2/5 (2)49 18 (3)42.5
题型(三)
[典例导析] 解析：(1)若控制雄性不育的基因(A)位于细胞核，则杂交子一代的基因型为Aa，甲的基因型为aa，回交应出现基因型为aa的个体，即可育株，不符合题意；若控制雄性不育的基因(A)位于细胞质，则杂交子一代和回交子代均表现为雄性不育，符合题意。
(2)基因R表达过程中，以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是核糖体。由题意可知，丙的基因型为RR，乙的基因型为rr(A)，括号内为细胞质基因，下同，丙与乙杂交，F1的基因型为Rr(A)，表现为雄性可育，F1自交子代中雄性可育株的基因型为RR(A)、Rr(A)，雄性不育株的基因型为rr(A)，二者的数量比为3∶1。
(3)由题意可知，甲的基因型为rr(a)，以丙为父本与甲杂交，F1的基因型为Rr(a)，F2不含基因A，均表现雄性可育，即与育性有关的表(现)型只有1种；反交结果与正交结果不同，说明丙的细胞质基因为A，反交F1的基因型为Rr(A)，F2中与育性有关的基因型有RR(A)、Rr(A)、rr(A)，共3种。
答案：(1)细胞质 (2)核糖体 3∶1 (3)1 3
[应用体验]
1．选C 基因的自由组合定律适用于真核生物的细胞核基因遗传，细胞质中基因的遗传不遵循自由组合定律，A错误；由题意分析可知，只有S(rr)表现为雄性不育，其他均为雄性可育，即水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，B错误；细胞质遗传的特点是所产生的后代细胞质基因均来自母本，而细胞核基因遗传遵循分离定律，因此母本S(rr)与父本N(rr)杂交，后代细胞质基因为S，细胞核基因为rr，即产生的后代均为雄性不育，C正确；母本S(rr)与父本N(Rr)杂交，后代的基因型为S(Rr)、S(rr)，即后代一半雄性可育，一半雄性不育，D错误。
2．选B 分析题意，将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交，子代中性状与性别有关联，说明斑点牛体色的表型与性别有关，A正确；斑点牛相关基因位于常染色体上，且据F2可知，同一性别内均出现3∶1的性状分离比，说明该性状受1对基因控制，B错误；将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交，F1是褐色公牛∶红色母牛＝1∶1，且F2中公牛与母牛均有3∶1的性状分离比，说明F1公牛、母牛的相关基因型相同，均为杂合子，C正确；该基因位于常染色体上，反交时F1基因型与正交时相同，故反交实验结果应与上述结果相同，D正确。
3．选B Dd在产生配子时，等位基因分离，说明与螺壳旋转方向有关的基因的遗传遵循基因的分离定律，A正确；让图示中F2个体进行自交，DD和Dd自交的后代都是右旋螺，dd自交的后代是左旋螺，因此后代螺壳右旋∶左旋＝3∶1，B错误；若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F1的基因型为Dd，表型为右旋螺，子代的性状由母体的核基因决定，所以F1自交得到的F2结果和正交结果一致，C正确；由于子代的性状由母体的核基因决定，所以当将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺时，说明该右旋椎实螺为纯合子，且基因型为dd，D正确。
(共74张PPT)
锁定热点题型，强化迁移应用
第二课时
有关分离定律中的特殊分离比，一直是高考命题的热点，也是教学中的重点和难点。本讲从“复等位基因遗传现象”“分离定律中的不完全显性和致死遗传现象”“分离定律的其他特殊遗传现象”三个题型进行剖析，以期帮助考生攻克这一重难点，补齐失分短板。
目录
题型（一）
题型（二）
复等位基因遗传现象
课时跟踪检测
分离定律中的不完全显性和致死
遗传现象
题型（三）
分离定律的其他特殊遗传现象
题型(一) 复等位基因遗传现象
[典例导析]
(2023·全国甲卷)水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a):基因A1控制全抗性状(抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状(抗部分菌株)，基因a控制易感性状(不抗任何菌株)，且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是( )
A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性=3∶1
B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感=1∶1
C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性=1∶1
D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感=2∶1∶1
√
[解析] 根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为A1A1、A1A2、A1a，抗性植株有两种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，杂交子代都不可能出现全抗∶抗性=3∶1，A错误;抗性植株与易感植株(aa)杂交，若抗性植株的基因型为A2a，则杂交子代中会出现抗性∶易感=1∶1，B正确;全抗植株与易感植株(aa)杂交，若全抗植株的基因型为A1A2，则杂交子代中会出现全抗∶抗性=1∶1，C正确;全抗植株(A1a)与抗性植株(A2a)杂交，子代可能出现全抗(A1A2、A1a)∶抗性(A2a)∶易感(aa)=2∶1∶1，D正确。
[思维建模]
[应用体验]
1.(2025·吉安模拟)某二倍体植物的株高受复等位基因A+、A和a控制，其中A+对A和a为显性，A对a为显性，A控制高茎，A+和a基因均控制矮茎，且两者控制的性状无差别。某随机交配的种群中A+、A和a的基因频率相等，下列有关叙述错误的是( )
A.该群体中的矮茎植株存在4种基因型
B.该群体中高茎植株所占的比例为1/3
C.矮茎植株之间杂交，若后代出现高茎，则高茎占1/4
D.高茎植株之间杂交，若后代出现矮茎，则矮茎占1/4
√
解析:A+对A和a为显性，A对a为显性，因此高茎植株的基因型有AA和Aa两种，而矮茎植株有A+A+、A+A、A+a和aa，一共有4种不同的基因型，A正确;已知A+、A和a的基因频率相等，即各基因频率均为1/3，该群体中高茎植株的基因型为AA和Aa两种，其所占的比例为1/3×1/3+2×1/3×1/3=1/3，B正确;矮茎植株之间杂交，若后代出现高茎，则亲本的杂交组合为A+A×A+A、A+A×A+a或A+A×aa，后代高茎植株(AA、Aa)所占的比例为1/4或1/2，C错误;高茎植株之间杂交，若后代出现矮茎，则杂交亲本为Aa×Aa，子代矮茎(aa)占1/4，D正确。
2.(2025·焦作一模)某种鸟类的羽色有灰色、黄色、黑色三种，分别由位于常染色体上的复等位基因D1、D2、D3控制。现有几个纯合品系的杂交结果如下所示。下列相关分析错误的是 ( )
实验Ⅰ 灰色×黄色→F1为灰色
实验Ⅱ 灰色×黑色→F1为灰色，F1雌雄交配，F2中灰色∶黑色=2∶1
实验Ⅲ 黑色×黄色→F1为黄色，F1雌雄交配，F2中黄色∶黑色=5∶1
A.基因D1、D2、D3的显隐性关系为D1>D2>D3
B.正常情况下，若实验Ⅰ中F1雌雄交配，F2灰色个体中纯合子占1/3
C.实验Ⅱ中灰色∶黑色=2∶1，可能与杂合子只有1/2的存活率有关
D.实验Ⅲ中黄色∶黑色=5∶1，可能与含基因D3的卵细胞有1/4不育有关
√
解析:根据实验Ⅲ黑色×黄色→F1为黄色可知，黄色对黑色为显性，显隐性关系为D2>D3，同理，根据实验Ⅱ、实验Ⅰ中F1的性状可知，基因灰色D1、黄色D2、黑色D3的显隐性关系为D1>D2>D3，A正确;分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅰ中亲本为灰色(D1D1)、黄色(D2D2)，F1为D1D2，正常情况下，若实验Ⅰ中F1雌雄交配，F2灰色个体(1D1D1∶2D1D2)中纯合子所占的比例为1/3，B正确;分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅱ中亲本为灰色(D1D1)、黑色(D3D3)，F1为灰色(D1D3)，F1雌雄交配，实验Ⅱ中灰色∶黑色=2∶1，因为纯合子死亡不符合题意，可能与杂合子的存活率为1/2有关，C正确;分析题干可知，亲本均为纯合品系，则实验Ⅲ中亲本为黄色(D2D2)、黑色(D3D3)，F1为黄色(D2D3)，F1雌雄交配，实验Ⅲ中黄色∶黑色=5∶1，可能与含D3的卵细胞1/2不育有关，即雄配子为1/2D2、1/2D3，雌配子为2/3D2、1/3D3，D错误。
题型(二) 分离定律中的不完全显性和致死遗传现象
[典例导析]
[例1] (2025·吉林模拟)若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马=1∶2∶1。下列叙述正确的是( )
A.马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性
B.F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果
C.F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8
D.F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表型的比例相同
√
[解析] 马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，A错误;F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误;F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4+2/4×1/4=3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误;F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1∶1，表型为淡棕色马与棕色马，比例为1∶1，D正确。
[例2] (2022·海南高考)匍匐鸡是一种矮型鸡，匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性，这对基因位于常染色体上，且A基因纯合时会导致胚胎死亡。某鸡群中野生型个体占20%，匍匐型个体占80%，随机交配得到F1，F1雌、雄个体随机交配得到F2。下列有关叙述正确的是 ( )
A.F1中匍匐型个体的比例为12/25
B.与F1相比，F2中A基因频率较高
C.F2中野生型个体的比例为25/49
D.F2中a基因频率为7/9
√
[解析] 依题意，A基因纯合致死，基因型为Aa的个体表现为匍匐性状，基因型为aa的个体表现为野生性状。亲本基因型及比例为aa=20%、Aa=80%，则A基因频率=40%、a基因频率=60%，随机交配的F1中AA=16%、Aa=48%、aa=36%，其中AA个体死亡，则存活的F1中匍匐型个体(Aa)的比例为4/7，野生型个体(aa)的比例为3/7，A错误;由上述分析可推知，F1中A基因频率=2/7、a基因频率=5/7，F1雌、雄个体随机交配得到的F2中，AA=4/49(死亡)、Aa=20/49、aa=25/49，则存活的F2中匍匐型个体(Aa)的比例为4/9，野生型个体(aa)的比例为5/9，可计算F2中A基因频率=2/9、a基因频率=7/9，与F1相比，F2中A基因频率较低，B、C错误，D正确。
[思维建模]
1.不完全显性
指具有相对性状的两个纯合亲本杂交，F1的性状表现介于显性和隐性的亲本之间的性状表现形式。如紫茉莉的花色遗传中，红花(RR)与白花(rr)杂交产生的F1为粉红花(Rr)，F1自交后代有3种表型:红花、粉红花、白花，性状分离比为1∶2∶1。
2.致死遗传现象
现以亲本基因型均为Aa为例进行分析:
[应用体验]
1.(2024·枣庄期末)在牡丹花的遗传实验中，红色对白色为显性，用纯合红色牡丹花和纯合白色牡丹花杂交，F1全是粉红色牡丹花。将F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牡丹花，比例为1∶2∶1。接下来有两种种植方式:①取F2中的粉红色牡丹花和红色牡丹花均匀混合种植，进行自由传粉;②使F2中的牡丹花自交，下列叙述正确的是( )
A.方式①后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=4∶4∶1
B.方式①后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1
C.方式②后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=4∶4∶1
D.方式②后代表型及比例为红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1
√
解析:由题意可知，牡丹花花色是由一对等位基因控制的，且出现不完全显性现象。假设牡丹花色用基因A/a表示，则粉红色的基因型为Aa，红色和白色的基因型分别为AA和aa。方式①取F2中的粉红色牡丹花(2/3Aa)和红色牡丹花(1/3AA)均匀混合种植，产生的配子中A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，进行自由传粉，子代基因型及比例为AA∶Aa∶aa=4∶4∶1，即红色∶粉红色∶白色=4∶4∶1，A正确，B错误。方式②让F2中的牡丹花(1/4AA、2/4Aa、1/4aa)自交，后代AA基因型频率=1/4+2/4×1/4=3/8，Aa基因型频率=2/4×2/4=2/8，aa基因型频率=1/4+2/4×1/4=3/8，即红色∶粉红色∶白色=3∶2∶3，C、D错误。
2.(2025·珠海模拟)基因在生物进化中有“绝对自私性”。某种植物的花有红花、粉红花和白花三种颜色，受一对等位基因A/a控制，基因A是一种“自私基因”，杂合子在产生配子时，基因A能“杀死”体内的部分雄配子。选择红花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，F1全部开粉红花，F1植株自交，F2中红花∶粉红花∶白花=2∶3∶1。下列相关分析正确的是 ( )
A.基因A能“杀死”体内的部分雄配子，说明基因A对a为完全显性
B.F2中三种花色的比例，说明该性状遗传不遵循基因分离定律
C.F1产生的配子中，基因型为a的雄配子有1/3被基因A“杀死”
D.若让F2进行随机传粉，则后代中出现白花植株的比例为5/36
√
解析:基因型为Aa的植株开粉红花，说明基因A对a为不完全显性，而杂合子产生配子时，基因A能“杀死”体内的部分雄配子，并不能说明基因A对a为完全显性的结论，A错误。花色受一对等位基因A/a控制，且存在致死遗传现象，F2中三种花色的比例，说明该性状的遗传遵循孟德尔的分离定律，B错误。F2中红花∶粉红花∶白花=2∶3∶1，即aa占1/6，含a的雌配子占1/2，说明含a的雄配子占1/3，则F1产生的含a的雄配子有1/2被A基因“杀死”，C错误。F2的基因型是AA∶Aa∶aa=2∶3∶1，随机传粉，雌配子A=2/6+3/6×1/2=7/12，雌配子a占5/12;因Aa产生雄配子时含A的雄配子都存活，但含a的雄配子有一半死亡，故F2产生的雄配子A=2/6+3/6×1/2=7/12，雄配子a=1/6+3/6×1/2×1/2=7/24，即A∶a=
2∶1，白花aa=5/12×1/3=5/36，D正确。
3.(2025·长沙模拟)水稻细胞中的A基因编码一种毒性蛋白，对雌配子没有影响，但会导致同株水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡，通过这种方式来改变后代分离比，使其有更多的机会遗传下去。现让基因型为Aa的水稻自交，F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa=3∶
5∶2，F1随机交配获得F2。
(1)亲本中有_____比例的含a基因的花粉死亡。选择杂交组合为_______________，如果杂交后代中aa为_____，则可以证实此结论。
1/3
aa(♀)×Aa( )
2/5
解析:依据题意可知，基因型为Aa的水稻自交，F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa=3∶5∶2，A基因编码一种毒性蛋白，对雌配子没有影响，但会导致同株水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡，综合以上可知:F1中aa占2/10，雌配子占1/2，则只有雄配子a=2/5才符合题意，F1中AA占3/10，雌配子A=1/2，雄配子A占3/5，所以亲本产生的雌配子A∶a=1∶1，雄配子A∶a=3∶2，而正常雄配子中A∶a=
1∶1，所以是有1/3的含a基因的花粉致死。选用杂交组合为aa(♀)×
Aa( )进行验证，如果杂交后代中aa为2/5，则可证实上述结论。
(2)F2中基因型为Aa的个体比例为____%，基因型为aa的个体比例为___%。
解析:由于F1中三种基因型的比例为AA∶Aa∶aa=3∶5∶2，F1雌配子基因型及比例为A∶a=11∶9，雄配子a为2/10+1/2×5/10×2/3=11/30，雄配子A为3/10+1/2×5/10=11/20，即雄配子A∶a=3∶2。雌雄配子随机结合，F2中基因型为AA的个体所占比例为33/100，aa的个体所占比例为18/100，Aa的个体所占比例为(1-33/100-18/100)×100%=49%。
49
18
(3)F2中a的基因频率为_____%。
解析:由上述分析可知，F2中a的基因频率为(18/100+1/2×49/100)×
100%=42.5%。
42.5
题型(三) 分离定律的其他特殊遗传现象
[典例导析]
(2024·全国甲卷)袁隆平研究杂交水稻，对粮食生产具有突出贡献。回答下列问题。
(1)用性状优良的水稻纯合体(甲)给某雄性不育水稻植株授粉，杂交子一代均表现雄性不育;杂交子一代与甲回交(回交是杂交后代与两个亲本之一再次交配)，子代均表现雄性不育;连续回交获得性状优良的雄性不育品系(乙)。由此推测控制雄性不育的基因(A)位于________ (填“细胞质”或“细胞核”)。
细胞质
[解析] 若控制雄性不育的基因(A)位于细胞核，则杂交子一代的基因型为Aa，甲的基因型为aa，回交应出现基因型为aa的个体，即可育株，不符合题意;若控制雄性不育的基因(A)位于细胞质，则杂交子一代和回交子代均表现为雄性不育，符合题意。
(2)将另一性状优良的水稻纯合体(丙)与乙杂交，F1均表现雄性可育，且长势与产量优势明显，F1即为优良的杂交水稻。丙的细胞核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达。基因R表达过程中，以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是_________。F1自交子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为_____。
[解析]基因R表达过程中，以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是核糖体。由题意可知，丙的基因型为RR，乙的基因型为rr(A)，括号内为细胞质基因，下同，丙与乙杂交，F1的基因型为Rr(A)，表现为雄性可育，F1自交子代中雄性可育株的基因型为RR(A)、Rr(A)，雄性不育株的基因型为rr(A)，二者的数量比为3∶1。
核糖体
3∶1
(3)以丙为父本与甲杂交(正交)得F1，F1自交得F2，则F2中与育性有关的表(现)型有__种。反交结果与正交结果不同，反交的F2中与育性有关的基因型有___种。
[解析]由题意可知，甲的基因型为rr(a)，以丙为父本与甲杂交，F1的基因型为Rr(a)，F2不含基因A，均表现雄性可育，即与育性有关的表(现)型只有1种;反交结果与正交结果不同，说明丙的细胞质基因为A，反交F1的基因型为Rr(A)，F2中与育性有关的基因型有RR(A)、Rr(A)、rr(A)，共3种。
1
3
[思维建模]
1.雄性不育
类型 分析
细胞核 雄性不育 核基因控制的雄性不育，可分为显性核不育和隐性核不育，遗传方式符合孟德尔分离定律
细胞质 雄性不育 表现为母体遗传、花粉败育和雌穗正常。可以被显性核恢复基因恢复育性
核质互作 不育型 是由核基因和细胞质基因相互作用共同控制的雄性不育类型
2.从性遗传
概念 指由常染色体上的基因控制的性状，在表型上受个体性别影响的现象，又称性控遗传
表现 由于性别的差异而表现出男、女(雄、雌)分布比例上或表现程度上的差别。比如牛、羊角的遗传和人类秃顶、蝴蝶翅膀颜色的遗传等
本质 表型=基因型+特殊条件(性激素种类及含量差异)
3.“母性效应”
“母性效应”是指子代的某一表型受到母本基因型的影响，而和母本的基因型所控制的表型一样，因此正反交结果不同。这种遗传不是由细胞质基因所决定的，而是由核基因表达并积累在卵细胞中的物质所决定的。
[应用体验]
1. (2024·威海期末)水稻存在雄性不育基因:R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性，是存在于细胞核中的一对等位基因;N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因;只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是( )
A.R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律
B.水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型
C.母本S(rr)与父本N(rr)的杂交后代均为雄性不育
D.母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代均为雄性可育
√
解析:基因的自由组合定律适用于真核生物的细胞核基因遗传，细胞质中基因的遗传不遵循自由组合定律，A错误;由题意分析可知，只有S(rr)表现为雄性不育，其他均为雄性可育，即水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，B错误;细胞质遗传的特点是所产生的后代细胞质基因均来自母本，而细胞核基因遗传遵循分离定律，因此母本S(rr)与父本N(rr)杂交，后代细胞质基因为S，细胞核基因为rr，即产生的后代均为雄性不育，C正确;母本S(rr)与父本N(Rr)杂交，后代的基因型为S(Rr)、S(rr)，即后代一半雄性可育，一半雄性不育，D错误。
2.(2024·西城二模)斑点牛分为褐色和红色，相关基因位于常染色体上。育种人员将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交，实验结果如下表。相关叙述错误的是 ( )
A.斑点牛体色的表型与性别有关
B.该性状受2对独立遗传基因控制
C.F1公牛、母牛的相关基因型相同
D.反交实验结果应与上述结果相同
子代 表型 比例
F1 褐色公牛∶红色母牛 1∶1
F2 褐色公牛∶红色公牛∶ 褐色母牛∶红色母牛 3∶1∶1∶3
√
解析:分析题意，将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交，子代中性状与性别有关联，说明斑点牛体色的表型与性别有关，A正确;斑点牛相关基因位于常染色体上，且据F2可知，同一性别内均出现3∶1的性状分离比，说明该性状受1对基因控制，B错误;将纯种红色斑点母牛与纯种褐色斑点公牛杂交，F1是褐色公牛∶红色母牛=1∶1，且F2中公牛与母牛均有3∶1的性状分离比，说明F1公牛、母牛的相关基因型相同，均为杂合子，C正确;该基因位于常染色体上，反交时F1基因型与正交时相同，故反交实验结果应与上述结果相同，D正确。
3.“母性效应”是指子代性状的表型由母体的核基因型决定，而不受自身基因型的控制。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖。若单独饲养，也可以进行自体受精。其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分，旋转方向遵循“母性效应”。某杂交实验过程如图所示，下列分析错误的是 ( )
A.与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律
B.让图示F2个体进行自交，其后代全为右旋螺
C.若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F2结果与正交结果一致
D.将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺，则该右旋椎实螺基因型为dd
√
解析:Dd在产生配子时，等位基因分离，说明与螺壳旋转方向有关的基因的遗传遵循基因的分离定律，A正确;让图示中F2个体进行自交，DD和Dd自交的后代都是右旋螺，dd自交的后代是左旋螺，因此后代螺壳右旋∶左旋=3∶1，B错误;若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F1的基因型为Dd，表型为右旋螺，子代的性状由母体的核基因决定，所以F1自交得到的F2结果和正交结果一致，C正确;由于子代的性状由母体的核基因决定，所以当将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺时，说明该右旋椎实螺为纯合子，且基因型为dd，D正确。
课时跟踪检测
(本课时配有重难点加练题，以电子文档形式推送，供学优生选用)
1
2
3
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5
6
7
8
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10
11
12
一、选择题
1.(2025·张掖模拟)某二倍体植物的性别由L、LM、LN决定，只要有LM即为雄性，LNLN为雌性，其他均为雌雄同株。下列叙述错误的是( )
A.此植物种群中和性别相关的基因型共6种
B.雌雄同株的杂合子自交得F1，F1自交得到的F2中雌性占1/6
C.2个基因型相同的个体杂交，子代一定没有雄性
D.LMLN与LNLN杂交，后代雌雄比为1∶1
√
6
7
8
10
11
12
1
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3
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5
解析:由于雌性或雌雄同株的个体无法产生LM的卵细胞，故种群中不存在LMLM这种基因型，种群中和性别相关的基因型有LMLN、LML、LNLN、LNL、LL，共5种，A错误;雌雄同株的杂合子(LNL)自交得F1，F1中LNLN∶LNL∶LL=1∶2∶1，F1中只有LNL、LL可以自交，自交F2中雌性(LNLN)的比例为2/3×1/4=1/6，B正确;2个基因型相同的个体杂交，只能是LNL×LNL或LL×LL，子代一定没有雄性，C正确;LMLN与LNLN杂交，后代基因型之比为LMLN∶LNLN=1∶1，即雌雄比为1∶1，D正确。
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2.(2025·洛阳调研)蜜蜂雄蜂由卵细胞发育形成，雌蜂或蜂王由受精卵发育而成。每个雄蜂个体只能通过假减数分裂产生1种基因型的精子，且与体细胞基因型相同。蜜蜂体色褐色对黑色为显性，控制这对性状的基因位于常染色体上。现有亲本褐色雄蜂(A)与黑色蜂王(aa)交配，后代的体色是 ( )
A.全部褐色 B.褐色∶黑色=3∶1
C.雌蜂为黑色，雄蜂为褐色 D.雌蜂为褐色，雄蜂是黑色
解析:雄蜂只能产生含A的精子，蜂王产生含a的卵细胞，故后代雄蜂为黑色(a)，雌蜂为褐色(Aa)。
√
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3.(2024·泸州二模)某种自花传粉植物，花粉的育性受等位基因R、r控制，其中含r的花粉50%不育，其余可育。下列有关叙述正确的是 ( )
A.构成基因R与基因r的核糖核苷酸的排列顺序存在差异
B.基因型为rr的植株能产生可育雌配子，不能产生可育雄配子
C.将基因型为Rr的亲本自花传粉，子代基因型RR的比例为1/4
D.将基因型为Rr的亲本进行测交，子代中rr个体占1/2或1/3
√
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解析:构成基因R与基因r的脱氧核糖核苷酸的排列顺序存在差异，A错误。含r的花粉50%不育，其余可育，因此基因型为rr的植株能产生可育雌配子，也能产生可育雄配子，B错误。将基因型为Rr的亲本自花传粉，含R或r的雌配子均占1/2，含R或r的雄配子分别占2/3和1/3，因此子代基因型RR的比例为1/3，C错误。将基因型为Rr的亲本进行测交，若Rr植株为雌株，则产生的雌配子R∶r=1∶1，测交子代rr个体占1/2;若Rr植株为雄株，则产生的雌配子R∶r=2∶1，测交子代rr个体占1/3，D正确。
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4.(2025·吕梁模拟)牛的有角和无角是由等位基因A、a控制的一对相对性状，但雌牛中的杂合子表现为隐性性状。现让多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交，F1中雄牛全表现为有角，雌牛全表现为无角，再让F1中的雌雄个体自由交配。下列相关叙述正确的是 ( )
A.控制该相对性状的基因位于常染色体上
B.F2的有角牛中，雄牛所占比例为1/4
C.F2的雌牛中，有角所占比例为3/4
D.在F2无角雌牛中杂合子所占比例为1/3
√
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解析:多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交，F1中雄牛全表现为有角，雌牛全表现为无角，则可判断亲本基因型为AA×aa，F1中雄牛和雌牛基因型为Aa，所以控制该相对性状的基因位于常染色体上，A正确;已知有角为显性，有角雄牛的基因型为AA或Aa，而有角雌牛的基因型为AA，因此在F2的有角牛中，雄牛∶雌牛=3∶1，即雄牛所占比例是3/4，F2的雌牛中，有角∶无角=1∶3，有角所占比例为1/4，B、C错误;无角雌牛基因型为Aa或aa，在F2的无角雌牛(Aa或aa)中，杂合子(Aa)所占比例为2/3，D错误。
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5.(2025年1月·八省联考内蒙古卷)锥实螺壳的右旋和左旋是一对相对性状，由一对等位基因(T/t)控制，右旋为显性。已知t基因没有表达产物。下列实验结果中能直接支持“子代螺壳的转向不受自身的基因型控制，而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋”的是 ( )
A.取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成右旋螺
B.取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成左旋螺
C.将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺
D.将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺
√
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12
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解析:取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞中，与TT螺精子受精，已知t基因没有表达产物，则此时受精卵中有来自母本T基因的表达产物，子代的基因型为Tt，若子代发育成右旋螺，不能支持题述结论，A不符合题意;取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞，与TT螺精子受精，已知t基因没有表达产物，则此时受精卵中有植入TT螺卵细胞核的表达产物，子代的基因型为TT，无论是否支持题述结论，理论上子代均应发育成右旋螺，B不符合题意;
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将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞，与tt螺精子受精，则受精卵中有来自母本T基因的产物，子代基因型为Tt，若子代发育成右旋螺，不能支持题述结论，C不符合题意;将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，则受精卵中有来自母本T基因的表达产物，子代基因型为tt，若子代发育成右旋螺，可支持题述结论，D符合题意。
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4
6.(2025·南通模拟)梨树是雌雄同株植物，研究发现其具有通过“不亲和基因”(复等位基因S1、S2、S3、S4)抑制“近亲繁殖”的机制，具体表现为当花粉与母本含有的基因相同时，花粉不能参与受精。下列叙述错误的是 ( )
A.父本S1S2与母本S2S3杂交后代的基因型为S1S2、S1S3
B.S1S2×S1S3正反交结果相同，且都没有纯合子后代
C.基因S1、S2、S3、S4位于同源染色体上，遵循分离定律
D.基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交可提高结实率
√
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解析:父本S1S2与母本S2S3杂交，含S2的花粉不参与受精，后代的基因型为S1S2、S1S3，A正确;S1S2×S1S3正反交结果不相同，且都没有纯合子后代，B错误;基因S1、S2、S3、S4为复等位基因，位于同源染色体上，遵循分离定律，C正确;基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交，所有花粉均可参与受精，可提高结实率，D正确。
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7.农作物的雄性不育(雄蕊异常，雌蕊正常)在育种方面发挥着重要作用。油菜的雄性不育与育性正常由3个复等位基因(A1、A2、a)决定，其显隐性关系是A1对A2、a为显性，A2对a为显性。利用油菜的雄性不育突变植株进行的杂交实验如图所示。下列分析错误的是 ( )
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A.雄性不育株、品系1、品系3的基因型分别为A2A2、A1A1、aa
B.杂交一和杂交二后代中的雄性不育个体的基因型不同
C.通过杂交二最终获得雄性不育个体，最终只有雄性不育株的一条完整染色体
D.若不考虑突变，杂交二的后代中上下两代的雄性不育植株遗传物质的组成有可能相同
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√
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解析:根据杂交一亲本和F1可知，品系1中的育性基因对雄性不育株中的育性基因为显性，又根据杂交二中亲本和F1可知，雄性不育株中的育性基因对品系3中的育性基因为显性，且根据题意可知，显隐性关系是A1对A2、a为显性，A2对a为显性，因此可判断杂交一亲本为雄性不育株(A2A2)×品系1(A1A1)，杂交二的亲本为雄性不育株(A2A2)×品系3(aa)，A正确;杂交一的雄性不育株基因型均为A2A2，杂交二后代中的雄性不育株基因型为A2a，B正确;由于减数分裂过程中，来自雄性不育株和品系3的同源染色体随机移向细胞一极，因此雄性不育个体产生的雌配子中可能只含有亲本雄性不育株的一套染色体，因此后代雄性不育个体的遗传物质为一个染色体组来自品系3，一个染色体组来自亲本雄性不育株，因此若不考虑突变，杂交二的后代中上下两代的雄性不育植株遗传物质的组成有可能相同，C错误，D正确。
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8.(2024·白山二模)某种玉米存在单向异交不亲和现象:可为不同品种的其他玉米传粉使之结实，却不能接受不同品种的其他玉米的花粉而结出果实，该性状由一对等位基因H、h控制。科研人员利用甲(HH)、乙(Hh)、丙(hh)三种植株进行了如下四组实验:
①hh( )×HH(♀)→不结实;②HH( )×hh(♀)→结实;
③HH( )×Hh(♀)→结实;④Hh( )×HH(♀)→结实。
下列分析正确的是 ( )
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A.表现为单向异交不亲和植株的基因型为hh
B.①②组结果表明:H的精子无法参与受精作用
C.①②组实验中，雌配子h不能与雄配子H结合
D.③④组实验中，第③组的传粉成功率更高
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√
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解析:①②组属于正反交实验，③④组属于正反交实验。若hh作父本，则雌穗不能结实，若用其作母本，则可以结实;Hh无论作父本还是作母本，雌穗均可结实，说明应是含h的精子无法参与受精作用，据①②实验结果可以得出，表现为单向异交不亲和植株的基因型为HH，从配子的角度看单向异交不亲和现象是雌配子H不能与雄配子h结合导致，A、B、C错误。第③组和第④组实验中，由于雌配子H不能与雄配子h结合，第③组的传粉成功率更高，D正确。
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9.(2025·连云港模拟)某些生物体的隐性等位基因很不稳定，以较高的频率逆转为野生型。玉米的一个基因A决定果实产生红色色素，等位基因a1或a2不会产生红色色素，a1在玉米果实发育中较晚发生逆转，但逆转频率高;a2较早发生逆转，但逆转频率低。下列说法正确的是( )
A.Aa1自交后代成熟果实红色和无色比例为3∶1
B.a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较少的小红斑
C.a2a2自交后代成熟果实表现为有数量较多的大红斑
D.a1a2自交后代成熟果实中既有小红斑又有大红斑的占1/2
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√
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解析:Aa1自交后代基因型及比例为AA∶Aa1∶a1a1=1∶2∶1，a1会发生逆转而出现较多的小红斑，A错误;由于a1较晚发生逆转，但逆转频率高，因此a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较多的小红斑，B错误;由于a2较早发生逆转，但逆转频率低，因此a2a2成熟果实有数量较少的大红斑，C错误;因为a1a2自交后代基因型及比例为a1a1∶a1a2∶a2a2=1∶2∶1，因此后代成熟果实中既有小红斑又有大红斑的占1/2，且小红斑数量多，大红斑数量少，D正确。
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10.(2025·黄冈模拟)紫茉莉的叶子颜色分为三种类型——绿色、白色和斑色(绿白相间)。杂交实验表明,对于绿色母本和白色母本而言,无论父本的叶子颜色如何变化,其后代的叶子颜色都为母本对应的颜色；而当母本为斑色时,无论父本的叶子颜色如何变化,后代则都表现出白色、斑色、绿色三种性状。有兴趣小组在初步研究后发现,这种性状的变化与叶肉细胞中的叶绿体正常与否(正常的呈绿色,不正常的呈白色)有关:含有正常叶绿体的叶肉细胞呈绿色；只含有不正常叶绿体的叶肉细胞呈白色。下列相关叙述正确的是 ( )
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A.绿色植株的全部叶肉细胞只有正常的叶绿体；白色植株的全部叶肉细胞只有不正常的叶绿体；斑色植株的全部叶肉细胞为正常叶绿体和不正常叶绿体都有
B.斑色植株和斑色植株杂交,后代出现白色、斑色、绿色是因为发生了性状分离,且后代中白色、斑色、绿色植株有一定的性状分离比
C.紫茉莉叶子颜色的遗传方式属于细胞质遗传
D.若取斑色植株的绿色细胞进行无性繁殖,则得到的后代植株中一定只有斑色
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解析:绿色植株全部叶肉细胞一定都含正常叶绿体可能含不正常叶绿体；斑色植株总共有三种叶肉细胞:只含不正常叶绿体、只含正常叶绿体、含正常和不正常叶绿体,A错误；据题分析,紫茉莉植株叶子的遗传是细胞质遗传,不符合孟德尔遗传定律,斑色植株和斑色植株杂交,后代有3种表型,但不会出现一定的性状分离比,B错误,C正确；绿色细胞包括了只含有正常叶绿体以及两种叶绿体都有的细胞,而无性繁殖本质上就是让选定的细胞分裂、分化形成完整植株(即选定的细胞代替受精卵),故而后代一定为绿色,D错误。
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二、非选择题(除特别注明外，每空1分)
11.(10分)(2025·唐山模拟)通常雌鸡的羽毛宽、短、钝且直，叫母羽;雄鸡的羽毛细、长、尖且弯曲，叫雄羽。所有的雌鸡都只具有母羽，而雄鸡可以有母羽也可以有雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色体上的一对等位基因控制(用H、h表示)。现用一对母羽亲本进行杂交，发现子代中的雌鸡都为母羽，而雄鸡中母羽∶雄羽=3∶1。请回答下列问题:
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(1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为____________。母羽和雄羽中显性性状是________。
解析:亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明母羽对雄羽是显性，亲本都是杂合子，即Hh。
(2)在子代中，母羽鸡的基因型为_____________ (2分)。将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡杂交，理论上后代雄鸡的表型及比例是________________ (2分)。
9
性状分离
母羽
HH、Hh、hh
母羽∶雄羽=1∶1
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解析:在子代中，由于所有的雌鸡都为母羽，所以母羽鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。雌鸡的基因型有HH、Hh、hh，比例为1∶2∶1，将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡hh杂交，理论上后代雄鸡的基因型有Hh和hh，比例为1∶1，所以表型及比例是母羽∶雄羽=1∶1。
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(3)现有各种表型鸡的品种，为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子，请另行设计一组杂交实验，用遗传图解表示(需写出配子和F1中雄鸡表型及比例)。(4分)
答案：如图所示
9
解析:为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子，可用母羽雌鸡(Hh)与雄羽雄鸡(hh)杂交，子代中雌鸡都是母羽，雄鸡中母羽∶雄羽=1∶1，遗传图解见答案。
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12.(12分)(2025·武汉模拟)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制，其中M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系为Mf>M>m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。如表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析回答问题。
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4
杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育
1 甲×甲 716株 242株
2 甲×乙 476株 481株
3 甲×丙 936株 0株
9
(1)该种植物雄性不育与可育的遗传______ (填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。
遵循
解析:由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律。
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(2)据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为_____、
_____、_____。
9
MfM
mm
MfMf
杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育
1 甲×甲 716株 242株
2 甲×乙 476株 481株
3 甲×丙 936株 0株
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解析:依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf>M>m，雄性可育植株的基因型有4种:MfMf、MfM、Mfm和mm。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM;由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm;由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。
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(3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工传粉前，母本________ (填“需要”或“不需要”)去雄处理。
解析:对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。
9
不需要
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2
3
4
(4)现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。
①实验思路:_________________________________________________
___________(3分)。
②预期实验结果和结论:
若子代植株____________________ (2分)，
则植株丁的基因型为MM;
若子代植株__________________________ (2分)，
则植株丁的基因型为Mm。
9
选择丁(母本)和乙(父本)进行杂交，统计子代植株的表
型及比例
全部表现为雄性不育
雄性可育∶雄性不育=1∶1
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解析:①雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁(母本)和乙(父本mm)进行杂交，统计子代植株的表型及比例。②若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM;若子代植株中雄性可育∶雄性不育=1∶1，则丁的基因型为Mm。
9课时跟踪检测(二十) 基因的分离定律(对应第二课时)
一、选择题
1.(2025·张掖模拟)某二倍体植物的性别由L、LM、LN决定,只要有LM即为雄性,LNLN为雌性,其他均为雌雄同株。下列叙述错误的是 ( )
A.此植物种群中和性别相关的基因型共6种
B.雌雄同株的杂合子自交得F1,F1自交得到的F2中雌性占1/6
C.2个基因型相同的个体杂交,子代一定没有雄性
D.LMLN与LNLN杂交,后代雌雄比为1∶1
2.(2025·洛阳调研)蜜蜂雄蜂由卵细胞发育形成,雌蜂或蜂王由受精卵发育而成。每个雄蜂个体只能通过假减数分裂产生1种基因型的精子,且与体细胞基因型相同。蜜蜂体色褐色对黑色为显性,控制这对性状的基因位于常染色体上。现有亲本褐色雄蜂(A)与黑色蜂王(aa)交配,后代的体色是 ( )
A.全部褐色
B.褐色∶黑色=3∶1
C.雌蜂为黑色,雄蜂为褐色
D.雌蜂为褐色,雄蜂是黑色
3.(2024·泸州二模)某种自花传粉植物,花粉的育性受等位基因R、r控制,其中含r的花粉50%不育,其余可育。下列有关叙述正确的是 ( )
A.构成基因R与基因r的核糖核苷酸的排列顺序存在差异
B.基因型为rr的植株能产生可育雌配子,不能产生可育雄配子
C.将基因型为Rr的亲本自花传粉,子代基因型RR的比例为1/4
D.将基因型为Rr的亲本进行测交,子代中rr个体占1/2或1/3
4.(2025·吕梁模拟)牛的有角和无角是由等位基因A、a控制的一对相对性状,但雌牛中的杂合子表现为隐性性状。现让多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交,F1中雄牛全表现为有角,雌牛全表现为无角,再让F1中的雌雄个体自由交配。下列相关叙述正确的是 ( )
A.控制该相对性状的基因位于常染色体上
B.F2的有角牛中,雄牛所占比例为1/4
C.F2的雌牛中,有角所占比例为3/4
D.在F2无角雌牛中杂合子所占比例为1/3
5.(2025年1月·八省联考内蒙古卷)锥实螺壳的右旋和左旋是一对相对性状,由一对等位基因(T/t)控制,右旋为显性。已知t基因没有表达产物。下列实验结果中能直接支持“子代螺壳的转向不受自身的基因型控制,而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋”的是 ( )
A.取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞,与TT螺精子受精,发育成右旋螺
B.取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞,与TT螺精子受精,发育成左旋螺
C.将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞,与tt螺精子受精,发育成右旋螺
D.将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞,与tt螺精子受精,发育成右旋螺
6.(2025·南通模拟)梨树是雌雄同株植物,研究发现其具有通过“不亲和基因”(复等位基因S1、S2、S3、S4)抑制“近亲繁殖”的机制,具体表现为当花粉与母本含有的基因相同时,花粉不能参与受精。下列叙述错误的是 ( )
A.父本S1S2与母本S2S3杂交后代的基因型为S1S2、S1S3
B.S1S2×S1S3正反交结果相同,且都没有纯合子后代
C.基因S1、S2、S3、S4位于同源染色体上,遵循分离定律
D.基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交可提高结实率
7.农作物的雄性不育(雄蕊异常,雌蕊正常)在育种方面发挥着重要作用。油菜的雄性不育与育性正常由3个复等位基因(A1、A2、a)决定,其显隐性关系是A1对A2、a为显性,A2对a为显性。利用油菜的雄性不育突变植株进行的杂交实验如图所示。下列分析错误的是 ( )
A.雄性不育株、品系1、品系3的基因型分别为A2A2、A1A1、aa
B.杂交一和杂交二后代中的雄性不育个体的基因型不同
C.通过杂交二最终获得雄性不育个体,最终只有雄性不育株的一条完整染色体
D.若不考虑突变,杂交二的后代中上下两代的雄性不育植株遗传物质的组成有可能相同
8.(2024·白山二模)某种玉米存在单向异交不亲和现象:可为不同品种的其他玉米传粉使之结实,却不能接受不同品种的其他玉米的花粉而结出果实,该性状由一对等位基因H、h控制。科研人员利用甲(HH)、乙(Hh)、丙(hh)三种植株进行了如下四组实验:
①hh(♂)×HH(♀)→不结实;
②HH(♂)×hh(♀)→结实;
③HH(♂)×Hh(♀)→结实;
④Hh(♂)×HH(♀)→结实。
下列分析正确的是 ( )
A.表现为单向异交不亲和植株的基因型为hh
B.①②组结果表明:H的精子无法参与受精作用
C.①②组实验中,雌配子h不能与雄配子H结合
D.③④组实验中,第③组的传粉成功率更高
9.(2025·连云港模拟)某些生物体的隐性等位基因很不稳定,以较高的频率逆转为野生型。玉米的一个基因A决定果实产生红色色素,等位基因a1或a2不会产生红色色素,a1在玉米果实发育中较晚发生逆转,但逆转频率高;a2较早发生逆转,但逆转频率低。下列说法正确的是 ( )
A.Aa1自交后代成熟果实红色和无色比例为3∶1
B.a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较少的小红斑
C.a2a2自交后代成熟果实表现为有数量较多的大红斑
D.a1a2自交后代成熟果实中既有小红斑又有大红斑的占1/2
10.(2025·黄冈模拟)紫茉莉的叶子颜色分为三种类型——绿色、白色和斑色(绿白相间)。杂交实验表明,对于绿色母本和白色母本而言,无论父本的叶子颜色如何变化,其后代的叶子颜色都为母本对应的颜色;而当母本为斑色时,无论父本的叶子颜色如何变化,后代则都表现出白色、斑色、绿色三种性状。有兴趣小组在初步研究后发现,这种性状的变化与叶肉细胞中的叶绿体正常与否(正常的呈绿色,不正常的呈白色)有关:含有正常叶绿体的叶肉细胞呈绿色;只含有不正常叶绿体的叶肉细胞呈白色。下列相关叙述正确的是 ( )
A.绿色植株的全部叶肉细胞只有正常的叶绿体;白色植株的全部叶肉细胞只有不正常的叶绿体;斑色植株的全部叶肉细胞为正常叶绿体和不正常叶绿体都有
B.斑色植株和斑色植株杂交,后代出现白色、斑色、绿色是因为发生了性状分离,且后代中白色、斑色、绿色植株有一定的性状分离比
C.紫茉莉叶子颜色的遗传方式属于细胞质遗传
D.若取斑色植株的绿色细胞进行无性繁殖,则得到的后代植株中一定只有斑色
二、非选择题(除特别注明外,每空1分)
11.(10分)(2025·唐山模拟)通常雌鸡的羽毛宽、短、钝且直,叫母羽;雄鸡的羽毛细、长、尖且弯曲,叫雄羽。所有的雌鸡都只具有母羽,而雄鸡可以有母羽也可以有雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色体上的一对等位基因控制(用H、h表示)。现用一对母羽亲本进行杂交,发现子代中的雌鸡都为母羽,而雄鸡中母羽∶雄羽=3∶1。请回答下列问题:
(1)亲本都为母羽,子代中出现雄羽,这一现象在遗传学上称为 。母羽和雄羽中显性性状是 。
(2)在子代中,母羽鸡的基因型为 (2分)。将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡杂交,理论上后代雄鸡的表型及比例是 (2分)。
(3)现有各种表型鸡的品种,为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子,请另行设计一组杂交实验,用遗传图解表示(需写出配子和F1中雄鸡表型及比例)。(4分)
12.(12分)(2025·武汉模拟)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制,其中M为不育基因,Mf为恢复可育基因,m为可育基因,且其显隐性强弱关系为Mf>M>m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉,但雌蕊发育正常。如表为雄性可育植株的杂交组合及结果,请分析回答问题。
杂交 组合 亲本 子代植株
雄性可育 雄性不育
1 甲×甲 716株 242株
2 甲×乙 476株 481株
3 甲×丙 936株 0株
(1)该种植物雄性不育与可育的遗传 (填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。
(2)据表分析,雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为 、 、 。
(3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工传粉前,母本 (填“需要”或“不需要”)去雄处理。
(4)现有某雄性不育植株丁,请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。
①实验思路:
(3分)。
②预期实验结果和结论:
若子代植株 (2分),
则植株丁的基因型为MM;
若子代植株 (2分),
则植株丁的基因型为Mm。
课时跟踪检测(二十)
1．选A 由于雌性或雌雄同株的个体无法产生LM的卵细胞，故种群中不存在LMLM这种基因型，种群中和性别相关的基因型有LMLN、LML、LNLN、LNL、LL，共5种，A错误；雌雄同株的杂合子(LNL)自交得F1，F1中LNLN∶LNL∶LL＝1∶2∶1，F1中只有LNL、LL可以自交，自交F2中雌性(LNLN)的比例为2/3×1/4＝1/6，B正确；2个基因型相同的个体杂交，只能是LNL×LNL或LL×LL，子代一定没有雄性，C正确；LMLN与LNLN杂交，后代基因型之比为LMLN∶LNLN＝1∶1，即雌雄比为1∶1，D正确。
2．选D 雄蜂只能产生含A的精子，蜂王产生含a的卵细胞，故后代雄蜂为黑色(a)，雌蜂为褐色(Aa)。
3．选D 构成基因R与基因r的脱氧核糖核苷酸的排列顺序存在差异，A错误。含r的花粉50%不育，其余可育，因此基因型为rr的植株能产生可育雌配子，也能产生可育雄配子，B错误。将基因型为Rr的亲本自花传粉，含R或r的雌配子均占1/2，含R或r的雄配子分别占2/3和1/3，因此子代基因型RR的比例为1/3，C错误。将基因型为Rr的亲本进行测交，若Rr植株为雌株，则产生的雌配子R∶r＝1∶1，测交子代rr个体占1/2；若Rr植株为雄株，则产生的雌配子R∶r＝2∶1，测交子代rr个体占1/3，D正确。
4．选A 多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交，F1中雄牛全表现为有角，雌牛全表现为无角，则可判断亲本基因型为AA×aa，F1中雄牛和雌牛基因型为Aa，所以控制该相对性状的基因位于常染色体上，A正确；已知有角为显性，有角雄牛的基因型为AA或Aa，而有角雌牛的基因型为AA，因此在F2的有角牛中，雄牛∶雌牛＝3∶1，即雄牛所占比例是3/4，F2的雌牛中，有角∶无角＝1∶3，有角所占比例为1/4，B、C错误；无角雌牛基因型为Aa或aa，在F2的无角雌牛(Aa或aa)中，杂合子(Aa)所占比例为2/3，D错误。
5．选D 取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞中，与TT螺精子受精，已知t基因没有表达产物，则此时受精卵中有来自母本T基因的表达产物，子代的基因型为Tt，若子代发育成右旋螺，不能支持题述结论，A不符合题意；取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞，与TT螺精子受精，已知t基因没有表达产物，则此时受精卵中有植入TT螺卵细胞核的表达产物，子代的基因型为TT，无论是否支持题述结论，理论上子代均应发育成右旋螺，B不符合题意；将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞，与tt螺精子受精，则受精卵中有来自母本T基因的产物，子代基因型为Tt，若子代发育成右旋螺，不能支持题述结论，C不符合题意；将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，则受精卵中有来自母本T基因的表达产物，子代基因型为tt，若子代发育成右旋螺，可支持题述结论，D符合题意。
6．选B 父本S1S2与母本S2S3杂交，含S2的花粉不参与受精，后代的基因型为S1S2、S1S3，A正确；S1S2×S1S3正反交结果不相同，且都没有纯合子后代，B错误；基因S1、S2、S3、S4为复等位基因，位于同源染色体上，遵循分离定律，C正确；基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交，所有花粉均可参与受精，可提高结实率，D正确。
7．选C 根据杂交一亲本和F1可知，品系1中的育性基因对雄性不育株中的育性基因为显性，又根据杂交二中亲本和F1可知，雄性不育株中的育性基因对品系3中的育性基因为显性，且根据题意可知，显隐性关系是A1对A2、a为显性，A2对a为显性，因此可判断杂交一亲本为雄性不育株(A2A2)×品系1(A1A1)，杂交二的亲本为雄性不育株(A2A2)×品系3(aa)，A正确；杂交一的雄性不育株基因型均为A2A2，杂交二后代中的雄性不育株基因型为A2a，B正确；由于减数分裂过程中，来自雄性不育株和品系3的同源染色体随机移向细胞一极，因此雄性不育个体产生的雌配子中可能只含有亲本雄性不育株的一套染色体，因此后代雄性不育个体的遗传物质为一个染色体组来自品系3，一个染色体组来自亲本雄性不育株，因此若不考虑突变，杂交二的后代中上下两代的雄性不育植株遗传物质的组成有可能相同，C错误，D正确。
8．选D ①②组属于正反交实验，③④组属于正反交实验。若hh作父本，则雌穗不能结实，若用其作母本，则可以结实；Hh无论作父本还是作母本，雌穗均可结实，说明应是含h的精子无法参与受精作用，据①②实验结果可以得出，表现为单向异交不亲和植株的基因型为HH，从配子的角度看单向异交不亲和现象是雌配子H不能与雄配子h结合导致，A、B、C错误。第③组和第④组实验中，由于雌配子H不能与雄配子h结合，第③组的传粉成功率更高，D正确。
9．选D Aa1自交后代基因型及比例为AA∶Aa1∶a1a1＝1∶2∶1，a1会发生逆转而出现较多的小红斑，A错误；由于a1较晚发生逆转，但逆转频率高，因此a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较多的小红斑，B错误；由于a2较早发生逆转，但逆转频率低，因此a2a2成熟果实有数量较少的大红斑，C错误；因为a1a2自交后代基因型及比例为a1a1∶a1a2∶a2a2＝1∶2∶1，因此后代成熟果实中既有小红斑又有大红斑的占1/2，且小红斑数量多，大红斑数量少，D正确。
10．选C 绿色植株全部叶肉细胞一定都含正常叶绿体可能含不正常叶绿体；斑色植株总共有三种叶肉细胞：只含不正常叶绿体、只含正常叶绿体、含正常和不正常叶绿体，A错误；据题分析，紫茉莉植株叶子的遗传是细胞质遗传，不符合孟德尔遗传定律，斑色植株和斑色植株杂交，后代有3种表型，但不会出现一定的性状分离比，B错误，C正确；绿色细胞包括了只含有正常叶绿体以及两种叶绿体都有的细胞，而无性繁殖本质上就是让选定的细胞分裂、分化形成完整植株(即选定的细胞代替受精卵)，故而后代一定为绿色，D错误。
11．解析：(1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明母羽对雄羽是显性，亲本都是杂合子，即Hh。
(2)在子代中，由于所有的雌鸡都为母羽，所以母羽鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。雌鸡的基因型有HH、Hh、hh，比例为1∶2∶1，将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡hh杂交，理论上后代雄鸡的基因型有Hh和hh，比例为1∶1，所以表型及比例是母羽∶雄羽＝1∶1。
(3)为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子，可用母羽雌鸡(Hh)与雄羽雄鸡(hh)杂交，子代中雌鸡都是母羽，雄鸡中母羽∶雄羽＝1∶1，遗传图解见答案。
答案：(1)性状分离 母羽 (2)HH、Hh、hh 母羽∶雄羽＝1∶1
(3)如图所示
12．解析：(1)由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律。
(2)依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf＞M＞m，雄性可育植株的基因型有4种：MfMf、MfM、Mfm和mm。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。
(3)对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。
(4)①雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁(母本)和乙(父本mm)进行杂交，统计子代植株的表型及比例。②若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM；若子代植株中雄性可育∶雄性不育＝1∶1，则丁的基因型为Mm。
答案：(1)遵循 (2)MfM mm MfMf (3)不需要 (4)①选择丁(母本)和乙(父本)进行杂交，统计子代植株的表型及比例 ②全部表现为雄性不育 雄性可育∶雄性不育＝1∶1
