广东省深圳市31校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·深圳模拟）世界充满了声音，校园里就有很多关于声音的现象。下列关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．高声唱国歌，其中“高”指声音的响度
B．我们根据音调分辨出不同乐器发出的声音
C．校园内禁鸣喇叭是从传播过程中减弱噪声
D．上课铃声响起是声传递能量的实例
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．高声唱国歌，高声描述的是声音大，是响度大 ，故A正确；
B．音色是声音的品质和特色，发声体的材料或结构不同，声音的音色不同，通过音色可辨别发声体，故B错误；
C．校园内禁鸣喇叭，阻止声音产生，是在声源处减弱噪声，不是在传播过程中，故C错误；
D．通过声音得知某事，是声音在传递信息，上课铃声响起，是声传递信息，故D错误。
故选A。
【分析】声音的大小是响度，声音的特色，是音色，是辨别发声体的依据；阻止声音的产生，是在声源处控制噪声；通过声音得知某事，是声音传递信息。
2．（2025·深圳模拟）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，然后将一个空的纸杯迅速套上，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去，下列说法正确的是（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．酒精燃烧时，将化学能转化为内能，故A错误；
BC．纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，燃气的内能转化为纸杯的机械能，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；故C错误；
D．纸杯飞出去，燃气对纸杯做功，易拉罐内气体的内能减小，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧，将化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能，内能减小。
3．（2025·深圳模拟）善于思考的小明发现实验课上有趣的光现象如下图，下列说法错误的是（ ）
A．白光经过三棱镜后形成彩色光带，说明白光是由多种色光组成的
B．用凸透镜观察墙上的标识看到放大的像，是光的反射形成的
C．日晷仪通过晷针影子的变化进行计时，应用了光的直线传播的原理
D．光在该盐水中不沿直线传播，是由于该盐水不均匀使光发生了弯曲
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．太阳光由多种色光混合而成，经过三棱镜发生折射，不同色光的偏折程度不同，会形成彩色光带，故A正确，不符合题意；
B．图中，用凸透镜观察墙上的标识，看到正立、放大的虚像，属于放大镜，是光的折射形成的，故B错误，符合题意；
C．图中，日晷仪通过晷针影子长度的变化计时，影子是光沿直线传播形成的，故C正确，不符合题意；
D．光在同种均匀介质中沿直线传播，盐水不均匀光发生了弯曲，光不沿直线传播，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】白光是多种色光混合而成的，经过三棱镜折射角度不同，形成色散现象；放大镜成正立放大的虚像；影子是光沿直线传播形成的；介质不均匀，光线发生弯曲。
4．（2025·深圳模拟）如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．在甲处安装灯泡，乙处安装开关符合安全用电原则
B．当电冰箱接入三孔插座后，其金属外壳与零线相连
C．若A处断开，使用该插座的电冰箱能工作但有安全隐患
D．若电冰箱外壳漏电，图中所示的保险丝会熔断
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
5．（2025·深圳模拟）跳远是广州市的中考体育项目之一，其中跳远运动的几个阶段如图所示，不考虑空气阻力，则下面说法中正确的是（ ）
A．助跑过程可以增大运动员的惯性，从而增大跳远的距离
B．起跳后，运动员能继续往前是由于他受到惯性的作用
C．运动员在空中运动时，受到了非平衡力的作用
D．在最高点时若运动员受的一切力都消失，则运动员会静止在最高点
【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．惯性的大小只与质量有关，故A错误；
B．惯性是一个物体所具有的固有属性，不能说“物体受到了惯性作用”，故B错误；
C．运动员在空中运动时，速度和方向都发生了改变，受到了非平衡力的作用，故C正确；
D．运动员到最高点时水平方向上具有一定的速度，所有力都消失，将保持匀速直线运动状态，故D错误。
故选C。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
6．（2025·深圳模拟）一个小球被水平抛出后，其部分运动轨迹如图甲所示，图中位置①和位置③距离地的高度相等。乙图中的M、N两点对应图甲中“①”、“②”或“③”中的两个位置，其动能和重力势能的参数如图乙所示，则（ ）
A．乙图中的M点对应甲图中的位置②
B．小球在位置③的速度比在位置②的大
C．M点的重力势能大于在N点的重力势能
D．小球在位置①的动能大于260J
【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】AC．图乙中，小球在M点的机械能为：，
M点的动能为：，在N点时的机械能为：，
小球在N点时的重力势能为：，
则小球在N点时机械能大于在M点时的机械能，且N点时重力势能较大，小球在运动过程中，机械能不断减小，位置①和③离地高度相等，重力势能相等，N点对应的是②，M点对应的是③，在M点的重力势能小于在N点的，故AC不符合题意；
B．点③的动能比点②的小，小球在点③的速度比在点②的小，故B不符合题意；
D．小球在点①时的重力势能与在点③时的重力势能相等，为240J，若小球在点①时机械能为500J，动能为，而小球在运动过程中，机械能不断减小，小球在点①时的机械能大于在点②时的机械能500J，小球在点①的动能大于260J，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据动能或重力势能在机械能中的比值，计算机械能；质量一定时，高度越高，重力势能越大；速度越大，动能越大；小球运动时，消耗机械能，机械能减小。
7．（2025·深圳模拟）乐于动手的静静同学想要设计一款可调光的台灯，采用电位器进行调光（电位器实质是一种变阻器），如图A、B、C是电位器的接线柱。要求当滑片向A端旋转时，灯泡变暗，请将下面的图连接完成。
【答案】
【知识点】实物的电路连接；变阻器；欧姆定律及其应用
8．（2025·深圳模拟）如图所示，轿车后窗玻璃的内壁上有“除雾器”，实际上是一些平行很窄的“细丝条”，驾驶员可以通过开关对其进行控制，当通电时这些“细丝条”发热。“细丝条”是 （选填“导体”或“绝缘体”），由于电流的 效应“细丝条”会发热，使附着在窗玻璃内表面上的小水滴 或者使附着在玻璃窗外表面上的积雪 （填物态变化名称），便于司机通过驾驶室上方的反光镜观察车后面的情况。
【答案】导体；热；汽化；熔化
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；导体与绝缘体；电流的热效应
【解析】【解答】当通电时，电流可以通过细丝条，是导体；电流通过导体时，导体会产生热量，是电流的热效应。
物质从液态变成气体是汽化；物质从固态变成液态是熔化。细丝条发热时，附着在窗玻璃内表面上的小水滴汽化或者使玻璃窗外表面的积雪发生熔化现象，便于司机通过反光镜观察车后情况。故第1空填：导体；第2空填：热；第3空填：汽化；第4空填：熔化。
【分析】容易导电的物体叫导体；电流通过导体产生热，是电流的热效应；液体变为气体，是汽化现象；固态变为液态，是熔化现象。
9．（2025·深圳模拟）我国空间站自建成以来，成绩斐然。如图所示，某实验舱在轨运行时，每天的用电量约为304kW h，这些能量来自于我国自主研制的大型柔性太阳能电池翼，其展开面积达280，发电功率高达19kW，其中“kW h”是 （填物理量名称）的单位，太阳能电池翼每天至少工作 h才能满足每天的用电量。假设利用转化后的电能为手机充电时，手机相当于 （选填“电源”或“用电器”）。
【答案】电能；16；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】千瓦时符号为：“kW h”，俗称度，是电能的单位。
实验舱在轨运行时，每天的用电量约为304kW h，太阳能电池翼，发电功率高达19kW，为了满足每天的用电量，太阳能电池翼每天至少工作的时间为：，
给手机充电时，手机消耗电能，相当于电路中的用电器。故第1空填：电能；第2空填：16；第3空填：用电器。
【分析】电能的单位是千瓦时，符号为kW·h，根据电能和电功率，利用，计算工作时间；电路中，消耗电能的是用电器。
10．（2025·深圳模拟）福建舰是我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。如图是它的弹射装置，弹射车处于导轨的强磁场中，给弹射车内的导体通入强电流，它会获得强大推力，并推动舰载机快速起飞。弹射车获得推力的原理与 相同（选填“发电机”或“电动机”）。如果你是电磁弹射器的设计师，请写出一种可以改变弹射器的弹射力度的方法 。
【答案】电动机；改变弹射器的弹射力度，可以通过改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等方式来改变弹射器的弹射力度
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】电磁弹射车处于导轨的强磁场中，当弹射车的导体通入强电流时，可受到强大的推力，其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，与电动机原理相同。
改变弹射器的弹射力度，可以通过改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等方式来改变弹射器的弹射力度。故第1空填：电动机；第2空填：改变弹射器的弹射力度，可以改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等，改变弹射器的弹射力度。
【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，磁场对电流的力的大小和电流大小有关，和线圈匝数有关。
11．（2025·深圳模拟）在探究杠杆平衡条件的实验中，每个钩码重1N。
（1）实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向 调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杆平衡后如图乙所示在杠杆B点挂3个相同的钩码，则在杠杆的D点挂 个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡；
（3）保持B点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时测出多组动力臂l1和动力F1所数据绘制了l1-F1的关系图像，如图丙所示。由图像推算，当l1为0.6m时，F1为 N；
（4）如图丁所示，用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的另一杠杆，杠杆转动过程中，拉力F的大小将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）右
（2）4
（3）0.5
（4）不变
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】探究杠杆的平衡条件时，
（1）图甲中，杠杆不在水平位置，右端上翘，向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）图乙中，根据杠杆平衡条件，则3G×4L=FD×3L，所以FD=4G，需在D点挂4个钩码。
（3）当阻力和阻力臂不变，根据，利用图象中任意一组数据都能得出：，若当l1为0.6m时，动力；
（4）图中，拉力始终竖直向上，随着杠杆匀速转动，两个力的方向与支点O构成相似三角形，两力的力臂之比不变，故拉力F的大小不变。
【分析】（1）调节杠杆水平平衡时，平衡螺母向偏高的一侧移动；
（2）根据杠杆的平衡条件，结合钩码重力和力臂，计算钩码个数；
（3）根据杠杆的力和力臂的乘积相等，结合力臂，判断力的大小；
（4）当动力和阻力的方向在竖直向下、竖直向上，杠杆的位置改变，力臂的比值一定，动力不变。
（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知3G×4L=FD×3L，所以FD=4G，需在D点挂4个钩码。
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，据可知，利用图象中任意一组数据都能得出，
故若当l1为0.6m时，F1为
（4）由式子可得，拉力始终竖直向上，且匀速随着杠杆的转动，可知两个力的方向与支点O构成相似三角形，所以两力的力臂之比是不变的，故拉力F的大小将不变。
12．（2025·深圳模拟）晶晶和静静利用如图甲所示的电路测定小灯泡（额定电压为2.5V）正常发光时的电阻。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。
（1）晶晶闭合开关后，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 ；
（2）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，晶晶画出了小灯泡I-U关系图象，如图丙所示，由图可知晶晶使用的小灯泡正常发光时的电阻为 ，一旁的静静迅速算出小灯泡的额定功率为 W；在多次测量中，晶晶还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；原因是 ；
（3）灯泡的电阻测量完毕，静静将灯泡分别更换成5、10、15、20、25的定值电阻，探究电流与电阻的关系，得到如图丁所示的I-R关系图像，则静静应选用滑动变阻器 （选填“”、“”或“”）；若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14，则所选定值电阻的阻值为 ；
（4）晶晶依次换上10、15、20、25四个定值电阻继续实验，采用“伏安法”各测量一次，把每个定值电阻两端的电压和通过的电流在U-I坐标系中描点，得到了图戊中甲、乙、丙、丁四点， 点是阻值为20的点。
【答案】（1）断开开关，将电流表换接小量程
（2）10；0.625；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大
（3）R2；10
（4）乙
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量小灯泡的电阻时，
（1）图乙中，电流表指针偏转角度较小，量程较大，断开开关，将电流表换接小量程，可减小误差；
（2）图丙中，灯泡两端电压为2.5V时，经过灯泡的电流为0.25A，灯泡的电阻为，小灯泡的额定功率为：；
当电压表的示数增大时，曲线的程度逐渐变小，电压表与电流表的示数之比变大，即电阻变大，则灯泡的电阻大小与温度有关，温度升高，电阻变大。
（3）探究电流跟电阻的关系时，要控制电阻两端的电压保持不变，图丁，定值电阻两端的电压为，
根据串联电路分压规律，即①
定值电阻的最大阻值为25Ω，两端电压为2.5V，电源电压为6V，则，解得，实验应选择最大阻值稍大于35Ω的滑动变阻器，故选择的是R2。
若滑动变阻器连入的阻值为14Ω，代入①式，可得，解得R=10Ω，则所选定值电阻的阻值为10Ω。
（4）根据电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，可得图像为：
在横坐标上取相同的点，则四个电阻电流相同，当电流相同时，丙的电压最大，根据，丙的电阻最大，即丙为25Ω的阻值的点。当电流相同时，乙的电压排第二，乙的电阻排第二，乙点是阻值为20Ω的点。
【分析】（1）利用电流表测量电流时，若指针偏转角度较小，需要换用较大量程；
（2）根据测量的电压和电流，利用，计算电阻；根据P=UI，计算电功率；灯丝电阻随温度的升高而变大；
（3）探究电流和电阻关系时，根据U=IR，且电阻两端的电压保持不变，根据，结合分压和电阻，计算滑动变阻器接入电路的电阻，判断选用的滑动变阻器；
（4）根据实验图像，当电流相同时，电阻分压越大，电阻的阻值越大， 判断对应电阻的大小。
（1）电流表指针偏转角度较小，为了减小误差，应断开开关，将电流表换接小量程。
（2）[1]由图可知，灯泡两端电压为2.5V时，经过灯泡的电流为0.25A，故灯泡的电阻为
[2]小灯泡的额定功率为
[3][4]当电压表的示数增大时，曲线的程度逐渐变小，电压表与电流表的示数之比即电阻逐渐变大，原因是灯泡的电阻大小与温度有关，温度升高，电阻变大。
（3）[1]探究电流跟电阻的关系时，要控制电阻两端的电压保持不变，由图丁可知，定值电阻两端的电压为
串联电路电压比等于电阻比，即①
已知定值电阻的最大阻值为25Ω，两端电压为2.5V，电源电压为6V，带入上式可得
解得，实验应选择最大阻值稍大于35Ω的滑动变阻器，故选择的是R2。
[2]若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，代入①式可得
解得R=10Ω，则所选定值电阻的阻值为10Ω。
（4）根据电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，可得图像为
在横坐标上取相同的点，说明四个电阻电流相同，由图可知，当电流相同时，丙的电压最大，由可知，丙的电阻最大，即丙为25Ω的阻值的点。当电流相同时，乙的电压排第二，乙的电阻排第二，乙点是阻值为20的点。
13．（2025·深圳模拟）小宇想把一个重1300N的物体搬到高2m的车厢里，为了省力，他找了一块长5m的硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），如图甲所示。小宇用力把物体拉至车厢上，物体沿木板移动距离s与拉物体所用时间t的图像如图乙所示，则：
（1）30s内做的有用功是多少？
（2）若物体与木板间的摩擦力为200N，斜面的机械效率是多少？（计算结果保留至0.1%）
（3）30s内拉力的功率是多少？
【答案】（1）解：（1）由图乙可知，30s内物体沿木板移动的距离为5m，则物体刚好上升了2m，故克服物体重力做的有用功：
W有＝Gh＝1300N×2m＝2600J
（2）解：（2）克服物体所受摩擦力做的额外功W额＝fs＝200N×5m＝1000J
拉力做的总功W总＝W有+W额＝2600J+1000J=3600J；
斜面的机械效率
（3）解：（3）30s内拉力的功率
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据物体的重力和移动的距离，利用W=Gh，计算客服重力做功多少；
（2）根据摩擦力和移动的距离，利用W=fs，计算额外功，总功是有用功和额外功之和，计算总功；根据，计算机械效率；
（3）根据，计算功率的大小。
（1）由图乙可知，30s内物体沿木板移动的距离为5m，则物体刚好上升了2m，故克服物体重力做的有用功W有＝Gh＝1300N×2m＝2600J
（2）克服物体所受摩擦力做的额外功W额＝fs＝200N×5m＝1000J
拉力做的总功W总＝W有+W额＝2600J+1000J＝3600J
斜面的机械效率
（3）30s内拉力的功率
14．（2025·深圳模拟）某压力传感器的电阻R随撞击力F的变化图像如图甲，将它接入图乙电路来做手机抗摔实验。闭合开关S，在传感器上方释放手机，手机屏幕向下撞到传感器的平台上（平台的质量不计），当撞击力为80N时屏幕刚好破裂。实验测得撞击前、撞击时和撞击后的电流随时间变化的图像如图丙。已知电源电压，定值电阻。求：
（1）未受到撞击时，传感器的阻值。
（2）通过计算说明此次实验中手机屏幕是否会破裂？
（3）实验过程中电路消耗总功率的最小值与最大值之比是多少？
【答案】（1）解：由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R0和压力传感器电阻串联，电流表测电路中的电流。由图丙可知，传感器未受到撞击时，此时电路中的电流最小，则此时电路中的电流：
I＝I传＝0.05A
由可知，电路的总电阻为
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，压力传感器未受到撞击时的电阻：R传＝R总-R0＝600Ω-10Ω＝590Ω
（2）解：撞击力越大，压力传感器电阻越小，电路中电流越大，由图丙知电路中最大电流为I大＝1.5A，此时电路的总电阻
此时压力传感器的电阻：R传″=R总'-R0=20Ω-10Ω=10Ω
由图甲可知，此时传感器受到的撞击力为60N，小于80N，所以手机屏幕不会破裂
（3）解：（3）电路消耗总功率的最小值为：
P小=UI=30V×0.05A=1.5W
电路消耗总功率的最大值为P大=UI大=30V×1.5A=45W
则实验过程中电路消耗总功率的最小值与最大值之比为
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
15．（2025·深圳模拟）主动式空气净化器
图甲为某型号空气净化器，在不同档位工作时的参数如下表所示。洁净空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器洁净空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作档位 待机 1挡 2挡 3挡 4挡 5挡 6挡
功率/W 0.9 23 45 103 121 148
净化空气量/（m3/h） -- 120 240 360 500 610 760
噪音/dB -- 23 32 39 47 49 55
（1）颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为 ；
（2）该净化器接在家庭电路中，在2挡正常工作时的电流约为 A（结果保留一位小数），如果室内面积为，房间的高度为2.5m，请你计算该空气净化器工作档位为4挡时，理论上1h可以净化房间内空气 次；
（3）该空气净化器工作档位为3挡时，出风口的面积为，则风速为 m/s。单独使用该净化器10min，规格为2400imp/（kW·h）的电能表指示灯闪烁30次，此时该空气净化器的能效比为 。
【答案】（1）带电体具有吸引轻小物体的性质
（2）0.2；4
（3）0.4；4.8
【知识点】物体带电情况的判断；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
16．（2025·深圳模拟）【项目主题】探索顶针密度，解锁材质奥秘
【项目背景】《游子吟》慈母手中线，游子身上衣，临行密密缝，意恐迟迟归。诗词中临行密密缝体现古代也常用顶针作为缝纫用品，如图所示为“顶针”，一般为铁质或铜制，套在手指上，能顶着针尾，手指发力来穿透衣物。小芳发现妈妈的缝纫盒里也有一个顶针，刚学完密度知识的小芳设计了两个不同的方案鉴定顶针的材料的项目化学习活动，查阅完资料得知、。
【项目器材】天平、量筒、烧杯、足量水、细绳、电子秤
【项目实施】
方案一：利用天平和量筒测量，实验操作如下：
①小芳将顶针放在调节好的天平左盘，天平重新平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示；
②再将顶针放入倾斜的装满水的烧杯中，如图乙所示，用量筒测出小烧杯中溢出的水的体积，如图丙所示。（顶针大于量筒口）
方案二：利用电子秤测量，实验操作如下：
①给烧杯中装入适量水，按电子秤清零键，如图a；
②用细线悬挂顶针，慢慢放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为；
③慢慢松开细线，使顶针沉底，如图c，此时电子秤的示数为。
【交流和评估】
（1）用顶针套在手指上推针的目的是通过增大受力面积减小对手指的压强。针头非常尖锐的目的是 （选填“增大”或“减小”）压强；
（2）方案一中测量的顶针的密度为 ，该顶针的原材料为 ；
（3）方案二中测出顶针的质量是 ；顶针的体积V= ；顶针的密度 （以上填空用已知量和测量量表示，水的密度记为）；
（4）你认为 （选填“方案一”或“方案二”）的测量方法更精确。
【答案】（1）增大
（2）8.9；铜
（3）；；
（4）方案二
【知识点】固体密度的测量；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】（1）针头非常尖锐，在压力一定时，减小了受力面积，可增大压强。
（2）根据图像，标尺的分度值为0.2g，游码在标上的示数为2.8g，则顶针的质量为，丙中量筒分度值为0.1mL，水的体积为2mL=2cm3，
计算密度为：，根据材料的密度，顶针的原材料为铜。
（3）方案二中，给烧杯中装入适量水，电子秤清零，如图a；用细线悬挂顶针，放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为m1；松开细线，使顶针沉底，如图c，电子秤的示数为m2，测出顶针的质量是m=m2，顶针排开水的质量为m1，顶针的体积等于排开水的体积：
计算顶针的密度：，
（4）方案二中，体积的测量是通过测量出的质量算出来的，误差小，测量方法更精确。
【分析】（1）压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量，利用量筒中液面位置，测量体积；根据，计算密度；不同材料的密度一般不同，进行材料的辨别；
（3）利用物体浸没在水中，排开水的质量，结合水的密度，计算体积；根据物体的质量和体积，利用，计算密度；
（4）根据排开液体的质量计算体积，误差很小，可以减小测量时的误差。
（1）针头非常尖锐，减小了受力面积可增大压强。
（2）[1][2]根据标尺的分度值为0.2克，游码在标上的示数为2.8克，则顶针的质量为
丙中量筒分度值为0.1mL，水的体积为2mL=2cm3，故密度为
所以，顶针的原材料为铜。
（3）[1]给烧杯中装入适量水，按电子秤清零键，如图a；用细线悬挂顶针，慢慢放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为m1；慢慢松开细线，使顶针沉底，如图c，此时电子秤的示数为m2，测出顶针的质量是m=m2
[2][3]顶针排开水的质量为m1，顶针的体积等于排开水的体积
由知道，顶针的密度
（4）方案二中，体积的测量是通过测量出的质量算出来的，误差小，故方案二的测量方法更精确。
1 / 1广东省深圳市31校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·深圳模拟）世界充满了声音，校园里就有很多关于声音的现象。下列关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．高声唱国歌，其中“高”指声音的响度
B．我们根据音调分辨出不同乐器发出的声音
C．校园内禁鸣喇叭是从传播过程中减弱噪声
D．上课铃声响起是声传递能量的实例
2．（2025·深圳模拟）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，然后将一个空的纸杯迅速套上，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去，下列说法正确的是（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
3．（2025·深圳模拟）善于思考的小明发现实验课上有趣的光现象如下图，下列说法错误的是（ ）
A．白光经过三棱镜后形成彩色光带，说明白光是由多种色光组成的
B．用凸透镜观察墙上的标识看到放大的像，是光的反射形成的
C．日晷仪通过晷针影子的变化进行计时，应用了光的直线传播的原理
D．光在该盐水中不沿直线传播，是由于该盐水不均匀使光发生了弯曲
4．（2025·深圳模拟）如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．在甲处安装灯泡，乙处安装开关符合安全用电原则
B．当电冰箱接入三孔插座后，其金属外壳与零线相连
C．若A处断开，使用该插座的电冰箱能工作但有安全隐患
D．若电冰箱外壳漏电，图中所示的保险丝会熔断
5．（2025·深圳模拟）跳远是广州市的中考体育项目之一，其中跳远运动的几个阶段如图所示，不考虑空气阻力，则下面说法中正确的是（ ）
A．助跑过程可以增大运动员的惯性，从而增大跳远的距离
B．起跳后，运动员能继续往前是由于他受到惯性的作用
C．运动员在空中运动时，受到了非平衡力的作用
D．在最高点时若运动员受的一切力都消失，则运动员会静止在最高点
6．（2025·深圳模拟）一个小球被水平抛出后，其部分运动轨迹如图甲所示，图中位置①和位置③距离地的高度相等。乙图中的M、N两点对应图甲中“①”、“②”或“③”中的两个位置，其动能和重力势能的参数如图乙所示，则（ ）
A．乙图中的M点对应甲图中的位置②
B．小球在位置③的速度比在位置②的大
C．M点的重力势能大于在N点的重力势能
D．小球在位置①的动能大于260J
7．（2025·深圳模拟）乐于动手的静静同学想要设计一款可调光的台灯，采用电位器进行调光（电位器实质是一种变阻器），如图A、B、C是电位器的接线柱。要求当滑片向A端旋转时，灯泡变暗，请将下面的图连接完成。
8．（2025·深圳模拟）如图所示，轿车后窗玻璃的内壁上有“除雾器”，实际上是一些平行很窄的“细丝条”，驾驶员可以通过开关对其进行控制，当通电时这些“细丝条”发热。“细丝条”是 （选填“导体”或“绝缘体”），由于电流的 效应“细丝条”会发热，使附着在窗玻璃内表面上的小水滴 或者使附着在玻璃窗外表面上的积雪 （填物态变化名称），便于司机通过驾驶室上方的反光镜观察车后面的情况。
9．（2025·深圳模拟）我国空间站自建成以来，成绩斐然。如图所示，某实验舱在轨运行时，每天的用电量约为304kW h，这些能量来自于我国自主研制的大型柔性太阳能电池翼，其展开面积达280，发电功率高达19kW，其中“kW h”是 （填物理量名称）的单位，太阳能电池翼每天至少工作 h才能满足每天的用电量。假设利用转化后的电能为手机充电时，手机相当于 （选填“电源”或“用电器”）。
10．（2025·深圳模拟）福建舰是我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。如图是它的弹射装置，弹射车处于导轨的强磁场中，给弹射车内的导体通入强电流，它会获得强大推力，并推动舰载机快速起飞。弹射车获得推力的原理与 相同（选填“发电机”或“电动机”）。如果你是电磁弹射器的设计师，请写出一种可以改变弹射器的弹射力度的方法 。
11．（2025·深圳模拟）在探究杠杆平衡条件的实验中，每个钩码重1N。
（1）实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向 调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杆平衡后如图乙所示在杠杆B点挂3个相同的钩码，则在杠杆的D点挂 个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡；
（3）保持B点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时测出多组动力臂l1和动力F1所数据绘制了l1-F1的关系图像，如图丙所示。由图像推算，当l1为0.6m时，F1为 N；
（4）如图丁所示，用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的另一杠杆，杠杆转动过程中，拉力F的大小将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
12．（2025·深圳模拟）晶晶和静静利用如图甲所示的电路测定小灯泡（额定电压为2.5V）正常发光时的电阻。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。
（1）晶晶闭合开关后，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 ；
（2）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，晶晶画出了小灯泡I-U关系图象，如图丙所示，由图可知晶晶使用的小灯泡正常发光时的电阻为 ，一旁的静静迅速算出小灯泡的额定功率为 W；在多次测量中，晶晶还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；原因是 ；
（3）灯泡的电阻测量完毕，静静将灯泡分别更换成5、10、15、20、25的定值电阻，探究电流与电阻的关系，得到如图丁所示的I-R关系图像，则静静应选用滑动变阻器 （选填“”、“”或“”）；若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14，则所选定值电阻的阻值为 ；
（4）晶晶依次换上10、15、20、25四个定值电阻继续实验，采用“伏安法”各测量一次，把每个定值电阻两端的电压和通过的电流在U-I坐标系中描点，得到了图戊中甲、乙、丙、丁四点， 点是阻值为20的点。
13．（2025·深圳模拟）小宇想把一个重1300N的物体搬到高2m的车厢里，为了省力，他找了一块长5m的硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），如图甲所示。小宇用力把物体拉至车厢上，物体沿木板移动距离s与拉物体所用时间t的图像如图乙所示，则：
（1）30s内做的有用功是多少？
（2）若物体与木板间的摩擦力为200N，斜面的机械效率是多少？（计算结果保留至0.1%）
（3）30s内拉力的功率是多少？
14．（2025·深圳模拟）某压力传感器的电阻R随撞击力F的变化图像如图甲，将它接入图乙电路来做手机抗摔实验。闭合开关S，在传感器上方释放手机，手机屏幕向下撞到传感器的平台上（平台的质量不计），当撞击力为80N时屏幕刚好破裂。实验测得撞击前、撞击时和撞击后的电流随时间变化的图像如图丙。已知电源电压，定值电阻。求：
（1）未受到撞击时，传感器的阻值。
（2）通过计算说明此次实验中手机屏幕是否会破裂？
（3）实验过程中电路消耗总功率的最小值与最大值之比是多少？
15．（2025·深圳模拟）主动式空气净化器
图甲为某型号空气净化器，在不同档位工作时的参数如下表所示。洁净空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器洁净空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作档位 待机 1挡 2挡 3挡 4挡 5挡 6挡
功率/W 0.9 23 45 103 121 148
净化空气量/（m3/h） -- 120 240 360 500 610 760
噪音/dB -- 23 32 39 47 49 55
（1）颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为 ；
（2）该净化器接在家庭电路中，在2挡正常工作时的电流约为 A（结果保留一位小数），如果室内面积为，房间的高度为2.5m，请你计算该空气净化器工作档位为4挡时，理论上1h可以净化房间内空气 次；
（3）该空气净化器工作档位为3挡时，出风口的面积为，则风速为 m/s。单独使用该净化器10min，规格为2400imp/（kW·h）的电能表指示灯闪烁30次，此时该空气净化器的能效比为 。
16．（2025·深圳模拟）【项目主题】探索顶针密度，解锁材质奥秘
【项目背景】《游子吟》慈母手中线，游子身上衣，临行密密缝，意恐迟迟归。诗词中临行密密缝体现古代也常用顶针作为缝纫用品，如图所示为“顶针”，一般为铁质或铜制，套在手指上，能顶着针尾，手指发力来穿透衣物。小芳发现妈妈的缝纫盒里也有一个顶针，刚学完密度知识的小芳设计了两个不同的方案鉴定顶针的材料的项目化学习活动，查阅完资料得知、。
【项目器材】天平、量筒、烧杯、足量水、细绳、电子秤
【项目实施】
方案一：利用天平和量筒测量，实验操作如下：
①小芳将顶针放在调节好的天平左盘，天平重新平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示；
②再将顶针放入倾斜的装满水的烧杯中，如图乙所示，用量筒测出小烧杯中溢出的水的体积，如图丙所示。（顶针大于量筒口）
方案二：利用电子秤测量，实验操作如下：
①给烧杯中装入适量水，按电子秤清零键，如图a；
②用细线悬挂顶针，慢慢放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为；
③慢慢松开细线，使顶针沉底，如图c，此时电子秤的示数为。
【交流和评估】
（1）用顶针套在手指上推针的目的是通过增大受力面积减小对手指的压强。针头非常尖锐的目的是 （选填“增大”或“减小”）压强；
（2）方案一中测量的顶针的密度为 ，该顶针的原材料为 ；
（3）方案二中测出顶针的质量是 ；顶针的体积V= ；顶针的密度 （以上填空用已知量和测量量表示，水的密度记为）；
（4）你认为 （选填“方案一”或“方案二”）的测量方法更精确。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．高声唱国歌，高声描述的是声音大，是响度大 ，故A正确；
B．音色是声音的品质和特色，发声体的材料或结构不同，声音的音色不同，通过音色可辨别发声体，故B错误；
C．校园内禁鸣喇叭，阻止声音产生，是在声源处减弱噪声，不是在传播过程中，故C错误；
D．通过声音得知某事，是声音在传递信息，上课铃声响起，是声传递信息，故D错误。
故选A。
【分析】声音的大小是响度，声音的特色，是音色，是辨别发声体的依据；阻止声音的产生，是在声源处控制噪声；通过声音得知某事，是声音传递信息。
2．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．酒精燃烧时，将化学能转化为内能，故A错误；
BC．纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，燃气的内能转化为纸杯的机械能，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；故C错误；
D．纸杯飞出去，燃气对纸杯做功，易拉罐内气体的内能减小，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧，将化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能，内能减小。
3．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．太阳光由多种色光混合而成，经过三棱镜发生折射，不同色光的偏折程度不同，会形成彩色光带，故A正确，不符合题意；
B．图中，用凸透镜观察墙上的标识，看到正立、放大的虚像，属于放大镜，是光的折射形成的，故B错误，符合题意；
C．图中，日晷仪通过晷针影子长度的变化计时，影子是光沿直线传播形成的，故C正确，不符合题意；
D．光在同种均匀介质中沿直线传播，盐水不均匀光发生了弯曲，光不沿直线传播，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】白光是多种色光混合而成的，经过三棱镜折射角度不同，形成色散现象；放大镜成正立放大的虚像；影子是光沿直线传播形成的；介质不均匀，光线发生弯曲。
4．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
5．【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．惯性的大小只与质量有关，故A错误；
B．惯性是一个物体所具有的固有属性，不能说“物体受到了惯性作用”，故B错误；
C．运动员在空中运动时，速度和方向都发生了改变，受到了非平衡力的作用，故C正确；
D．运动员到最高点时水平方向上具有一定的速度，所有力都消失，将保持匀速直线运动状态，故D错误。
故选C。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
6．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】AC．图乙中，小球在M点的机械能为：，
M点的动能为：，在N点时的机械能为：，
小球在N点时的重力势能为：，
则小球在N点时机械能大于在M点时的机械能，且N点时重力势能较大，小球在运动过程中，机械能不断减小，位置①和③离地高度相等，重力势能相等，N点对应的是②，M点对应的是③，在M点的重力势能小于在N点的，故AC不符合题意；
B．点③的动能比点②的小，小球在点③的速度比在点②的小，故B不符合题意；
D．小球在点①时的重力势能与在点③时的重力势能相等，为240J，若小球在点①时机械能为500J，动能为，而小球在运动过程中，机械能不断减小，小球在点①时的机械能大于在点②时的机械能500J，小球在点①的动能大于260J，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据动能或重力势能在机械能中的比值，计算机械能；质量一定时，高度越高，重力势能越大；速度越大，动能越大；小球运动时，消耗机械能，机械能减小。
7．【答案】
【知识点】实物的电路连接；变阻器；欧姆定律及其应用
8．【答案】导体；热；汽化；熔化
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；导体与绝缘体；电流的热效应
【解析】【解答】当通电时，电流可以通过细丝条，是导体；电流通过导体时，导体会产生热量，是电流的热效应。
物质从液态变成气体是汽化；物质从固态变成液态是熔化。细丝条发热时，附着在窗玻璃内表面上的小水滴汽化或者使玻璃窗外表面的积雪发生熔化现象，便于司机通过反光镜观察车后情况。故第1空填：导体；第2空填：热；第3空填：汽化；第4空填：熔化。
【分析】容易导电的物体叫导体；电流通过导体产生热，是电流的热效应；液体变为气体，是汽化现象；固态变为液态，是熔化现象。
9．【答案】电能；16；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】千瓦时符号为：“kW h”，俗称度，是电能的单位。
实验舱在轨运行时，每天的用电量约为304kW h，太阳能电池翼，发电功率高达19kW，为了满足每天的用电量，太阳能电池翼每天至少工作的时间为：，
给手机充电时，手机消耗电能，相当于电路中的用电器。故第1空填：电能；第2空填：16；第3空填：用电器。
【分析】电能的单位是千瓦时，符号为kW·h，根据电能和电功率，利用，计算工作时间；电路中，消耗电能的是用电器。
10．【答案】电动机；改变弹射器的弹射力度，可以通过改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等方式来改变弹射器的弹射力度
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】电磁弹射车处于导轨的强磁场中，当弹射车的导体通入强电流时，可受到强大的推力，其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，与电动机原理相同。
改变弹射器的弹射力度，可以通过改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等方式来改变弹射器的弹射力度。故第1空填：电动机；第2空填：改变弹射器的弹射力度，可以改变电流的大小或改变线圈匝数、采用多组线圈等，改变弹射器的弹射力度。
【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，磁场对电流的力的大小和电流大小有关，和线圈匝数有关。
11．【答案】（1）右
（2）4
（3）0.5
（4）不变
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】探究杠杆的平衡条件时，
（1）图甲中，杠杆不在水平位置，右端上翘，向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）图乙中，根据杠杆平衡条件，则3G×4L=FD×3L，所以FD=4G，需在D点挂4个钩码。
（3）当阻力和阻力臂不变，根据，利用图象中任意一组数据都能得出：，若当l1为0.6m时，动力；
（4）图中，拉力始终竖直向上，随着杠杆匀速转动，两个力的方向与支点O构成相似三角形，两力的力臂之比不变，故拉力F的大小不变。
【分析】（1）调节杠杆水平平衡时，平衡螺母向偏高的一侧移动；
（2）根据杠杆的平衡条件，结合钩码重力和力臂，计算钩码个数；
（3）根据杠杆的力和力臂的乘积相等，结合力臂，判断力的大小；
（4）当动力和阻力的方向在竖直向下、竖直向上，杠杆的位置改变，力臂的比值一定，动力不变。
（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知3G×4L=FD×3L，所以FD=4G，需在D点挂4个钩码。
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，据可知，利用图象中任意一组数据都能得出，
故若当l1为0.6m时，F1为
（4）由式子可得，拉力始终竖直向上，且匀速随着杠杆的转动，可知两个力的方向与支点O构成相似三角形，所以两力的力臂之比是不变的，故拉力F的大小将不变。
12．【答案】（1）断开开关，将电流表换接小量程
（2）10；0.625；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大
（3）R2；10
（4）乙
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量小灯泡的电阻时，
（1）图乙中，电流表指针偏转角度较小，量程较大，断开开关，将电流表换接小量程，可减小误差；
（2）图丙中，灯泡两端电压为2.5V时，经过灯泡的电流为0.25A，灯泡的电阻为，小灯泡的额定功率为：；
当电压表的示数增大时，曲线的程度逐渐变小，电压表与电流表的示数之比变大，即电阻变大，则灯泡的电阻大小与温度有关，温度升高，电阻变大。
（3）探究电流跟电阻的关系时，要控制电阻两端的电压保持不变，图丁，定值电阻两端的电压为，
根据串联电路分压规律，即①
定值电阻的最大阻值为25Ω，两端电压为2.5V，电源电压为6V，则，解得，实验应选择最大阻值稍大于35Ω的滑动变阻器，故选择的是R2。
若滑动变阻器连入的阻值为14Ω，代入①式，可得，解得R=10Ω，则所选定值电阻的阻值为10Ω。
（4）根据电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，可得图像为：
在横坐标上取相同的点，则四个电阻电流相同，当电流相同时，丙的电压最大，根据，丙的电阻最大，即丙为25Ω的阻值的点。当电流相同时，乙的电压排第二，乙的电阻排第二，乙点是阻值为20Ω的点。
【分析】（1）利用电流表测量电流时，若指针偏转角度较小，需要换用较大量程；
（2）根据测量的电压和电流，利用，计算电阻；根据P=UI，计算电功率；灯丝电阻随温度的升高而变大；
（3）探究电流和电阻关系时，根据U=IR，且电阻两端的电压保持不变，根据，结合分压和电阻，计算滑动变阻器接入电路的电阻，判断选用的滑动变阻器；
（4）根据实验图像，当电流相同时，电阻分压越大，电阻的阻值越大， 判断对应电阻的大小。
（1）电流表指针偏转角度较小，为了减小误差，应断开开关，将电流表换接小量程。
（2）[1]由图可知，灯泡两端电压为2.5V时，经过灯泡的电流为0.25A，故灯泡的电阻为
[2]小灯泡的额定功率为
[3][4]当电压表的示数增大时，曲线的程度逐渐变小，电压表与电流表的示数之比即电阻逐渐变大，原因是灯泡的电阻大小与温度有关，温度升高，电阻变大。
（3）[1]探究电流跟电阻的关系时，要控制电阻两端的电压保持不变，由图丁可知，定值电阻两端的电压为
串联电路电压比等于电阻比，即①
已知定值电阻的最大阻值为25Ω，两端电压为2.5V，电源电压为6V，带入上式可得
解得，实验应选择最大阻值稍大于35Ω的滑动变阻器，故选择的是R2。
[2]若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，代入①式可得
解得R=10Ω，则所选定值电阻的阻值为10Ω。
（4）根据电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，可得图像为
在横坐标上取相同的点，说明四个电阻电流相同，由图可知，当电流相同时，丙的电压最大，由可知，丙的电阻最大，即丙为25Ω的阻值的点。当电流相同时，乙的电压排第二，乙的电阻排第二，乙点是阻值为20的点。
13．【答案】（1）解：（1）由图乙可知，30s内物体沿木板移动的距离为5m，则物体刚好上升了2m，故克服物体重力做的有用功：
W有＝Gh＝1300N×2m＝2600J
（2）解：（2）克服物体所受摩擦力做的额外功W额＝fs＝200N×5m＝1000J
拉力做的总功W总＝W有+W额＝2600J+1000J=3600J；
斜面的机械效率
（3）解：（3）30s内拉力的功率
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据物体的重力和移动的距离，利用W=Gh，计算客服重力做功多少；
（2）根据摩擦力和移动的距离，利用W=fs，计算额外功，总功是有用功和额外功之和，计算总功；根据，计算机械效率；
（3）根据，计算功率的大小。
（1）由图乙可知，30s内物体沿木板移动的距离为5m，则物体刚好上升了2m，故克服物体重力做的有用功W有＝Gh＝1300N×2m＝2600J
（2）克服物体所受摩擦力做的额外功W额＝fs＝200N×5m＝1000J
拉力做的总功W总＝W有+W额＝2600J+1000J＝3600J
斜面的机械效率
（3）30s内拉力的功率
14．【答案】（1）解：由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R0和压力传感器电阻串联，电流表测电路中的电流。由图丙可知，传感器未受到撞击时，此时电路中的电流最小，则此时电路中的电流：
I＝I传＝0.05A
由可知，电路的总电阻为
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，压力传感器未受到撞击时的电阻：R传＝R总-R0＝600Ω-10Ω＝590Ω
（2）解：撞击力越大，压力传感器电阻越小，电路中电流越大，由图丙知电路中最大电流为I大＝1.5A，此时电路的总电阻
此时压力传感器的电阻：R传″=R总'-R0=20Ω-10Ω=10Ω
由图甲可知，此时传感器受到的撞击力为60N，小于80N，所以手机屏幕不会破裂
（3）解：（3）电路消耗总功率的最小值为：
P小=UI=30V×0.05A=1.5W
电路消耗总功率的最大值为P大=UI大=30V×1.5A=45W
则实验过程中电路消耗总功率的最小值与最大值之比为
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
15．【答案】（1）带电体具有吸引轻小物体的性质
（2）0.2；4
（3）0.4；4.8
【知识点】物体带电情况的判断；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
16．【答案】（1）增大
（2）8.9；铜
（3）；；
（4）方案二
【知识点】固体密度的测量；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】（1）针头非常尖锐，在压力一定时，减小了受力面积，可增大压强。
（2）根据图像，标尺的分度值为0.2g，游码在标上的示数为2.8g，则顶针的质量为，丙中量筒分度值为0.1mL，水的体积为2mL=2cm3，
计算密度为：，根据材料的密度，顶针的原材料为铜。
（3）方案二中，给烧杯中装入适量水，电子秤清零，如图a；用细线悬挂顶针，放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为m1；松开细线，使顶针沉底，如图c，电子秤的示数为m2，测出顶针的质量是m=m2，顶针排开水的质量为m1，顶针的体积等于排开水的体积：
计算顶针的密度：，
（4）方案二中，体积的测量是通过测量出的质量算出来的，误差小，测量方法更精确。
【分析】（1）压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量，利用量筒中液面位置，测量体积；根据，计算密度；不同材料的密度一般不同，进行材料的辨别；
（3）利用物体浸没在水中，排开水的质量，结合水的密度，计算体积；根据物体的质量和体积，利用，计算密度；
（4）根据排开液体的质量计算体积，误差很小，可以减小测量时的误差。
（1）针头非常尖锐，减小了受力面积可增大压强。
（2）[1][2]根据标尺的分度值为0.2克，游码在标上的示数为2.8克，则顶针的质量为
丙中量筒分度值为0.1mL，水的体积为2mL=2cm3，故密度为
所以，顶针的原材料为铜。
（3）[1]给烧杯中装入适量水，按电子秤清零键，如图a；用细线悬挂顶针，慢慢放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为m1；慢慢松开细线，使顶针沉底，如图c，此时电子秤的示数为m2，测出顶针的质量是m=m2
[2][3]顶针排开水的质量为m1，顶针的体积等于排开水的体积
由知道，顶针的密度
（4）方案二中，体积的测量是通过测量出的质量算出来的，误差小，故方案二的测量方法更精确。
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