安徽省鼎尖联考2024-2025学年高二下学期4月月考数学试题(含详解)

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名称 安徽省鼎尖联考2024-2025学年高二下学期4月月考数学试题(含详解)
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资源类型 教案
版本资源 通用版
科目 数学
更新时间 2025-05-22 10:58:39

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文档简介

安徽省鼎尖联考2024 2025学年高二下学期4月月考数学试题
一、单选题
1.的展开式中的系数为( )
A.10 B.20 C.30 D.40
2.已知函数,则( )
A. B. C. D.
3.等比数列的公比,前项和为,若成等差数列,则( )
A.32 B.62 C.124 D.248
4.已知函数,则函数在处的切线方程为( )
A. B. C. D.
5.中国古代儒家提出的“六艺”是指:礼、乐、射、御、书、数,某校国学社团预计在周六开展“六艺”课程讲座活动,周六这天准备排课六节,每艺一节,其中“礼”和“乐”均不排在第一和第六节,且“礼”和“乐”不相邻,则排法有( )
A.72种 B.144种 C.150种 D.240种
6.如图,已知在长方体中,,点E在棱上,且,则直线与直线所成角的余弦值为( )
A. B. C. D.
7.已知,则下列说法正确的是( )
A. B. C. D.
8.定义“鼎尖数列”满足以下条件:是由4个1和4个2组成的有穷数列,且对任意的,前m项中1的个数不少于2的个数.则不同的“鼎尖数列”共有( )
A.10个 B.12个 C.14个 D.18个
二、多选题
9.已知一元三次函数的图象过点,其导函数,则下列说法正确的是( )
A.
B.
C.函数的极小值点为
D.函数的对称中心是
10.已知直线的方程为,圆C的方程为.则下列说法正确的是( )
A.直线恒过点
B.直线的方向向量与向量共线
C.若直线与C有公共点,则
D.当时,则直线与圆C所交弦长为
11.如图,“杨辉三角”是我国古代的伟大发明,其中表示第i行的第j个数表示第i行所有数字之和,例如.则下列说法正确的是( )
A.
B.
C.若,则数列的前n和为
D.若,则
三、填空题
12.某学校为培养学生的动手能力、合作能力和环保意识,在新的学期建立了一块劳动基地(形状如图),并进行花卉种植活动.现有4种不同的花卉,在基地的5个区域种植,只要求相邻区域种植不同的花卉,则不同的种植方法共有 种.
13.如图,雷达接收器的工作原理是将接收信号汇集到同一焦点,从而获取信息;已知雷达接收器的截面曲线可看作抛物线,则水平光信号入射到抛物线上点A,经抛物线反射到点B,反射光线与x轴的交点为F,则的最小值为 .

14.已知函数,则函数与函数的公切线有 条.
四、解答题
15.已知二项式,且满足.求:
(1)n的值和所有项的系数之和;
(2)二项式系数最大的项.
16.某商场在“五一”劳动节期间,要对某商品进行调价,已知该商品的每日销售量y(单位:)与销售价格x(单位:百元/)满足,其中,该商品的成本为1百元/.
(1)将该商场每日销售该商品所获利润表示为销售价格x的函数;
(2)当每日销售该商品所获利润最大和最小时,销售价格分别是多少?(参考数据:)
17.已知数列满足,且.
(1)求证:数列为等差数列;
(2)已知,记数列的前n项和为,求证:.
18.已知函数.
(1)当时,求函数的极值;
(2)当时,讨论函数的单调性;
(3)若函数恒成立,求实数a的取值范围.
19.已知椭圆的离心率为,短轴长为,直线的方向向量.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)若直线与椭圆相切.
(i)求直线的方程;
(ii)若是椭圆上关于原点对称的两点,过分别作椭圆的切线,其中一条交直线l于两点,求的最小值.
(附:已知点在椭圆上,则椭圆在该点处的切线方程为)
参考答案
1.【答案】D
【详解】因为展开式的第项为:
.
由.
即.
所以的系数为.
故选D
2.【答案】A
【详解】,
令得,解得.
故选A
3.【答案】B
【详解】由题意,成等差数列,则,即,
因为,所以,解得.
则.
故选B.
4.【答案】D
【详解】易知,
可得,又,
所以切线方程为,即.
故选D
5.【答案】B
【详解】先排射、御、书、数4节,有种排法,
因为“礼”和“乐”均不排在第一和第六节,且“礼”和“乐”不相邻,
所以从射、御、书、数中间的3个空选2个空排“礼”和“乐”,有种排法.
根据分步乘法计数原理,满足条件的排列方法有:种.
故选B
6.【答案】C
【详解】以为原点,分别以所在直线为轴建立空间直角坐标系.
已知,,则,.
所以,,.
因为点在棱上,且,,所以,,则.
所以,.
根据向量的夹角公式.
先计算.


则.
因为异面直线所成角的范围是,所以直线与直线所成角的余弦值为.
直线与直线所成角的余弦值为.
故选C.
7.【答案】A
【详解】因为,所以.
又因为,所以,
而,所以.
综上.
故选A
8.【答案】C
【详解】依次列举,满足条件的“鼎尖数列”如下:
1 1 1 1 2 2 2 2
2 1 2 2
2 1 2
2 1
2 1 1 2 2
2 1 2
2 1
2 1 1 2
2 1
2 1 1 1 2 2
2 1 2
2 1
2 1 1 2
2 1
可知:不同的“鼎尖数列”共有个.
故选C
9.【答案】AB
【详解】已知,设原函数:
(为常数).
因为函数的图象过点,将代入可得:
,解得.
所以.
将代入可得:
,所以选项A正确.
根据导数的定义,.
将代入可得:
,所以选项B正确.
令,即,解得或.
当时,,单调递增;
当时,,单调递减;
当时,,单调递增.
所以是函数的极小值点,而不是点,所以选项C错误.
根据三次函数对称中心为,对于,
,所以函数的对称中心是,选项D错误.
故选A B.
10.【答案】ACD
【详解】当时,,则直线恒过定点,故A正确;
直线的方向向量为,若与共线,则,得,
故只有当时才与共线,故B错误;
若直线与C有公共点,且圆的半径,
则圆心到直线的距离,
解得或,故C正确;
当时,圆心到直线的距离,
因圆的半径,则弦长为,故D正确.
故选ACD
11.【答案】ACD
【详解】对A:因为,故A正确;
对B:因为,故B错误;
对C:因为,所以,
所以数列的前项和为:
,故C正确;
对D:当,时,
,故D正确.
故选ACD
12.【答案】72
【详解】依题意可按照的顺序分为5步进行种植,
则区域1,2,3各有4种、3种、2种不同的花卉供选择,
若区域4与区域2种植相同的花卉,则区域4有一种选择,区域5有2种;
若区域4与区域2种植不同的花卉,则区域4有一种选择,区域5有1种;
再由分类分步计数原理计算可得.
13.【答案】9
【详解】根据题意可知,直线过抛物线的焦点,作,垂直于抛物线的准线,垂足分别为,如下图所示:

设,易知,可得,即,
可得,
同理可得,
因此,
由因为,所以,
因此,
即的最小值为9.
14.【答案】2
【详解】设在函数函数与函数处的切点分别为,
则,因此,可得切线方程为,即;
由,则,
因此切线方程为,即;
令,因此可得,
设,则,
令,解得,即在上单调递增,
令,解得,即在上单调递减;
当, ,又,;
因此函数在上有两个零点,即公切线有2条.
15.【答案】(1),;
(2)和.
【详解】(1)由可得,
因为,经整理可得,即,解得或(舍去),
所以,.
令,二项式所有项的系数之和为.
(2)二项式的展开式的通项公式为,
因为是奇数,所以二项式系数最大的项是和,
当时,,
当时,,
所以二项式系数最大的项是和.
16.【答案】(1),()
(2)当销售单价(百元)时,利润最大;当销售单价(百元)时,利润最小.
【详解】(1)由题意:,().
(2)因为,().
设,().
则,因为,所以.
所以函数在上单调递增.
又,,

当时,,所以,所以在上单调递减;
当时,,所以,所以在上单调递增.
又,

.
所以当销售单价(百元)时,利润最大;当销售单价(百元)时,利润最小.
17.【答案】(1)证明见解析
(2)证明见解析
【详解】(1)因为当时,,
所以,所以,
所以,
又,
所以数列为以3为首项,以3为公差的等差数列.
(2)由(1)得:.
所以.
所以.
18.【答案】(1)极小值;极大值
(2)答案见解析
(3)
【详解】(1)当时,,.
所以.
由或;
由.
所以函数在和上单调递增,在上单调递减.
所以当时,函数取得极大值,且;
当时,函数取得极小值,且.
(2)当时,,.
所以.
当时,由或;由.
所以函数在和上单调递增,在上单调递减.
当时,在上恒成立,所以函数在上单调递增.
当时,由或;由.
所以函数在和上单调递增,在上单调递减.
(3)若,当时,,故不合题意;
若,则,所以,
由;由.
所以在上单调递增,在上单调递减.
所以函数的最大值为:.
所以恒成立;
若,则,.
由;由.
所以函数的最大值为:.
由,所以.
综上可知.
故的取值范围是.
19.【答案】(1)
(2)(i)或;(ii)
【详解】(1)根据题意可知,又,
解得,,
所以椭圆的标准方程为.
(2)(i)由直线的方向向量可知其斜率为,
设直线方程为,
联立,整理可得,
若直线与椭圆相切,所以,
解得;
即直线l的方程为或;
(ii)设,不妨取直线为,如下图所示:
则可得椭圆在两点处的切线方程分别为和;
联立,解得,
显然,若,此时与平行或重合,不合题意;
同理可得,
所以,且;
因此可得
,其中;
令,则;
令,则,
令,解得,
当时,,即在上单调递减,
当时,,即在上单调递增,
当时,,即在上单调递减,
因此在处取得极小值,即,又因为时,;
即当时,;
所以,当且仅当等号成立;
当时,,
综上可得,的最小值为.
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