【精品解析】广东省广州市天河区2025年中考一模物理试卷

广东省广州市天河区2025年中考一模物理试卷
1．（2025·天河模拟）如图，小孩抱着长为L、质量为m的布娃娃，则符合实际的是
A．L=30dm B．m=0.6kg C．L=30mm D．m=3g
【答案】B
【知识点】质量的测量与天平的使用；长度的估测
【解析】【解答】AC.图中布娃娃的长度和小孩身体的宽度差不多，小孩身体的宽度约为0.3m，因此图中布娃娃的长度L=0.3m=30cm，故AC不符合实际；
BD.长为30cm的布娃娃的质量约为m=0.6kg， 故B符合实际，D不符合实际。
故选B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．（2025·天河模拟）如图，叶片运行时会与尘埃摩擦而带正电，停转后叶片吸引M，则
A．M 一定带负电
B．M可能带正电
C．叶片得到了正电荷
D．叶片和尘埃摩擦后分别带异种电荷
【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】AB.叶片吸引M，则M有两种可能，一是因异种电荷相互吸引，带负电荷；二是因带电体吸引轻小物体，不带电，故AB错误；
CD.叶片运行时会与尘埃摩擦而带正电，叶片失去电子，则尘埃得到电子带负电，故C错误，D正确；
故选D。
【分析】摩擦起电现象实质是电子的转移，得到电子带负电荷，失去电子带正电荷；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
带电体可以吸引轻小物体。
3．（2025·天河模拟）某种乐器发出“五音”的频率和弦长的信息如下表，弦发“羽”音比发“宫”音时
五音 宫 商 角 徽 羽
频率(Hz) 261.6 293.7 329.6 392 440
乐器弦长 (单位一致) 1
A．长度大 B．振动得快 C．振幅一定大 D．发声音调低
【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】ABCD.由题意可知，弦发“羽”音比发“宫”音时琴弦长度小，振动频率高，即振动的快，音调高；但振幅不一定大，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
4．（2025·天河模拟）某物质在不同压强和温度下的状态如图所示，从初始状态M，压强pM=10万Pa，温度TM=20℃，降温加压到状态NPN=12万Pa，TN=10℃，物质发生的状态变化和吸放热情况是
A．凝华 放热 B．液化 吸热 C．汽化 吸热 D．凝固 放热
【答案】A
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】由图片可知，初始状态M为气态，降温加压后变为固态，这个过程叫凝华，凝华放热，故A正确，BCD错误；
故选A。
【分析】物质由气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热。
5．（2025·天河模拟）紫外线按波长大小可分为多个子波段如图，其中EUV 段可用于制造芯片，则EUV
A．不是电磁波 B．波长大于紫光
C．波长可能为110nm D．传播速度比无线电波大
【答案】C
【知识点】波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
6．（2025·天河模拟）如图为核能发电过程，则
A．M装置是电动机
B．核能是可再生能源
C．核能可全部转化为电能输出
D．环节②主要通过做功使内能减少
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；实用电动机的构造、特点和应用
【解析】【解答】A.在核能发电过程中，汽轮机带动发电机转动发电，M装置是发电机机而不是电动机，故A错误；
B.核能主要来源于铀等放射性元素的裂变，核燃料是有限的自然资源，属于不可再生能源，故B错误；
C.在核能发电过程中，核能先转化为内能，再转化为机械能，最后转化为电能，在能量转化过程中，会有能量的损耗，如散热等，所以核能不可能全部转化为电能输出，故C错误；
D.环节②是蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，这个过程中蒸汽对外做功，内能减少，故D正确。
故选D。
【分析】(1)在核能发电过程中，汽轮机带动发电机转动发电；
(2)不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；
(3)在核能发电过程中，核能先转化为内能，再转化为机械能，最后转化为电能；
(4)蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，这个过程中蒸汽对外做功，内能减少。
7．（2025·天河模拟）物块 M 在硬纸杯(重力不计)底，杯子放入水中，处于如图静止状态，a点与杯底在同水平面。a、b点水的压强及 M对杯底的压强pM正确的关系是
A．papa D．pb=pa
【答案】A
【知识点】液体压强的计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB.杯子漂浮，杯子受到水的浮力等于物体M的重力F浮=GM，根据浮力产生的原因可知，a点的压强等于杯外水对杯底的压强，
物体M对杯底部的压强：
因为S杯>SM，所以PaCD.由液体的压强p=ρgh可知，液体内部的压强与液体的深度成正比，因为ha>hb，所以Pa>Pb，故CD错误；
故选A。
【分析】（1）由物体的沉浮条件可知，物体M受到的浮力等于重力，由浮力产生的原因可知a点的压强与浮力的关系，物体M对杯底的压强等于M的重力除以M的底面积，可知Pa与PM的大小关系；
（2）由液体的压强p=ρgh可知Pa与Pb的大小关系。
8．（2025·天河模拟）如图，螺线管中有电流通过，a、c、d为垂直于纸面的三根导线，c、d导线通有相反方向的电流，a是闭合电路的一部分，b为磁化后的轻针处于静止状态，只考虑螺线管的磁场，则
A．针尖为N 极
B．c、d导线受磁场力方向相同
C．若针放置a所在处静止，针尖水平向左
D．a水平向右运动时，会产生感应电流
【答案】C
【知识点】磁现象；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A.由图可知，电流从螺线管的左侧流入，由安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端是S极，由同名磁极相互排斥可知，针尖为S极，故A错误；
B.通电螺线管上方与下方的磁场方向相同，c、d导线通有相反方向的电流，所以c、d导线受磁场力方向不相同，故B错误；
C.螺线管的右端是N极，针尖为S极，若针放置a所在处静止，针尖水平向左，故C正确；
D.a水平向右运动时，不能切割磁感线，不会产生感应电流，故D错误。
故选C。
【分析】(1)根据安培定则判断出螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断出针尖的磁极；
(2)通电螺线管的磁场方向跟电流方向有关；
(3)闭合电路的部分导体，若切割磁感线运动，在电路中就会产生感应电流，该现象就叫电磁感应现象。
9．（2025·天河模拟）卡车和货物一起向左做直线运动如图1，它们10s前的路程-时间图像如图2，忽略空气影响及车对货物的摩擦。t=10s，卡车刹车，货物的速度v及它受到挡板的弹力F在10s前后随时间t变化的图像可能是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；时间速度路程的图像分析
10．（2025·天河模拟）小明自制测定油箱内油面高度的装置如图。R1是滑动变阻器，它的金属滑片连在动杆一端，电路与恒压电源连接，闭合开关，油面升高时
A．甲图电流表示数变小 B．甲图电压表示数变小
C．乙图电压表示数变大 D．乙图电流表示数变大
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；串联动态电路分析
【解析】【解答】AB.由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压；当油面升高时，浮标上升，滑片下移，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故A错误；
由U0=IR0可知，电流变大，R0的电阻不变，R0两端的电压变大，即电压表示数变大，故B错误；
CD.由图乙可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的滑片上部分电阻两端的电压；由于滑动变阻器的阻值全部连入电路，则电路中总电阻不变，根据可知，电路中的电流不变，即电流表示数不变，故D错误；
当油面升高时，浮标上升，滑片下移，滑动变阻器的滑片上部分电阻的阻值变大，由U=IR可知，滑片上部分电阻两端的电压变大，即电压表示数变大，故C正确。
故选C。
【分析】根据油量变化时浮标的变化可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化即为电流表示数的变化，根据欧姆定律可知两端的电压变化。
11．（2025·天河模拟）点光源S发出的光线a经平面镜反射，其反射光线b平行于凸透镜的主光轴，F为焦点。
（1）画出平面镜，用“”表示，以及S在平面镜中成的像S’.
（2）画出光线b经过凸透镜后的光线c；
（3）为了使S发出的经过光心0的光线d进入光纤内，应该水平向　 　移动凸透镜(选填“左”“右”)
【答案】（1）
（2）
（3）右
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】(1)反射角等于入射角，作入射光线a和反射光线b夹角的平分线即为法线，镜面与法线垂直，据此画出平面镜，平面镜成的像与物关于平面镜对称，作光源S关于平面镜的对称点即为像S'，作图如下：
(2)平行于凸透镜的主光轴的光线穿过凸透镜后过焦点，据此画出光线b经过凸透镜后的光线c如下：
(3)经过透镜光心O的光线传播方向不变，所以为了使S发出的经过光心O的光线d进入光纤内，应该水平向右移动凸透镜。
【分析】(1)反射现象中，反射角等于入射角，由此作出法线，法线垂直平面镜，由此再作出平面镜即可。作出S关于平面镜的对称点即为S在平面镜中成的像S'；
(2)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；
(3)根据过光心的光线传播方向不改变分析。
12．（2025·天河模拟）如图1所示，农用喷雾器的手动杆可看成以〇为支点的杠杆，杠杆质量不计且静止。M点受到竖杆的力为F2不变时，手作用在N点的最小的力为F1。(F2的力臂为l2)
（1）①在图2中画出：力F1及对应的力臂l1　 　；
②用上述字母写表达式 F1=　 　 .
③该杠杆为　 　(选填“省力”“费力”)杠杆。
（2）图3输液管里A点的液体流速小于喷头孔里B点的流速，则A点液体的压强　 　(选填“大于”“小于”)B点液体的压强。
【答案】（1）；；省力
（2）大于
【知识点】流体压强与流速的关系；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】(1) ① 阻力和阻力臂不变，以ON为动力臂时，动力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小。过点N作垂直于ON向下的力即为手作用在N点的最小力F1，ON即为力F1对应的力臂I1，作图如下：
② 根据杠杆平衡条件可得F1I1=F2I2，所以
③ 由图2可知动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆；
(2)A点的液体流速小于喷头孔里B点的流速，则A点液体的压强大于B点液体的压强。
【分析】(1) ① 阻力和阻力臂不变，以ON为动力臂时，动力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小；
②根据杠杆平衡条件可得F1I1=F2I2，所以；
③ 由图2可知动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆；
(2)流体压强与流速的关系：流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大。
13．（2025·天河模拟）下过程忽略空气作用力。如图1物体从A点水平飞出，先碰B点，再至C点，后沿水平面滑到F点。从离开 A 点到碰 B点前的过程，物体的机械能　 　，动能　 　(均选填“变小”“变大”或“不变”)。据图2数据，碰撞B点过程损失的机械能为　 　J。在方框内画出物体在CF之间的受力示意图　 　。
【答案】不变；变大；80；
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】忽略空气阻力，物体从从离开A点到碰B点前的过程，只有重力势能和动能的转化，所以机械能守恒，机械能不变，重力势能转化为动能，重力势能变小，动能变大；
机械能等于动能和势能之和；由图2可知，碰撞B点前的机械能为：
E0=300J+200J=500J
碰撞B点后到C点前机械能守恒，所以碰撞B点的机械能等于乙处的机械能，大小为：
E1=320J+100J=420J
所以碰撞B点过程损失的机械能为：
△E=E0-E1=500J-420J=80J
物体在CF之间受到竖直向下的重力、桌面对其竖直向上的支持力以及平行于桌面向左的摩擦力，其中重力等于支持力，如图所示：
【分析】（1）忽略空气阻力，物体从从离开A点到碰B点前的过程，只有重力势能和动能的转化，满足机械能守恒，机械能不变，重力势能转化为动能，重力势能变小，动能变大；
（2）机械能等于动能和势能之和；由图2可知，碰撞B点前的机械能为E0，碰撞B点后的机械能为E1，碰撞B点过程损失的机械能为△E=E0-E1；
（3）物体在CF之间受到竖直向下的重力、桌面对其竖直向上的支持力以及平行于桌面向左的摩擦力，根据里的示意图作图。
14．（2025·天河模拟）用燃料分别加热相等质量的水和油如图1，已知比热容C油【答案】甲；从初始到甲、乙温度相等时经过相等的时间，液体吸收的热量相等，根据公式，和m相等，t相等，甲的较小温度升高较大，则甲的c较小，甲为油。；0.02
【知识点】比热容；热量的计算；有关热机的计算
【解析】【解答】(1)从初始到甲、乙温度相等时经过相等的时间，液体吸收的热量相等，根据公式，和m相等，t相等，甲的较小温度升高较大，则甲的c较小，甲为油，乙为水；
(2)由Q放=qV可知，消耗的燃料体积为：
【分析】(1)根据图象，利用比较升高温度的大小；
(1)已知燃料的热值和完全燃烧放出热量，利用Q放=qV可求出燃料完全燃烧的体积。
15．（2025·天河模拟）图1养生壶有高火、文火和保温三个档位，图2是其内部简化电路图，R1、R2、R3为加热电阻，且R2=110Ω，高火档功率为1320W，转动铜片切换档位。
（1）当铜片转到　 　(选填“a”“b”或“c”)位置时，电路处于高火状态，此状态下，求通电 10s 消耗的电能　 　。
（2）铜片转到c时，接入电路的 R2两端的电压若为 22V，求R3两端的电压。
（3）铜片转到a时，求：①通过R2的电流 ②R1的电阻。
【答案】（1）a；(1)由图2可知，当铜片转到a时，R1、R2并联，根据并联电路特点可知，此时电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，养生壶处于高火挡；当铜片转到c时，R2、R3串联，根据串联电路特点可知，此时电路的总电阻最大，总功率最小，养生壶处于保温挡；当铜片转到b时，只有R2工作，养生壶处于文火挡；电路处于高火状态下通电10s消耗的电能：W =P高t =1320W ×10s=13200J；答：电路处于高火状态，通电10s消耗的电能为13200J。
（2）铜片转到c时，等效电路如下图，两端的电压：
答：R3两端的电压为198V。
（3）铜片转到a时，R1、R2并联，养生壶处于高火挡，等效电路如下图，通过的电流：
由得，干路总电流：
通过的电流：
的电阻：
答： ①通过R2的电流为2A；②R1的电阻为55Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)由图2可知，当铜片转到a时，R1、R2并联，当铜片转到b时，只有R2工作，当铜片转到c时，R2、R3串联，根据串并联电路特点和可知养生壶高火、文火和保温挡的电路连接；根据W=Pt求出电路处于高火状态下通电10s消耗的电能；
(2)根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压；
(3)①根据欧姆定律求出铜片转到a时，通过R2的电流；
②根据求出通过的电流，利用求出干路电流，根据并联电流电流规律求出通过R1的电流，根据可求出R1的阻值。
16．（2025·天河模拟）某种威亚的装置结构如图1，两台电动机各控制一套滑轮系统，分别使演员左右、上下移动。演员在钢丝的控制下，如图2从A点匀速竖直提升到B点，再依次水平移动到 C、D、E点，BC、DE段是匀速直线运动，各段距离和时间已标出。
（1）通过分析，比较演员在BC、DE段的速度大小。
（2）演员重800N，电动机2的拉力F=500N，求AB段：
①拉力F的功率 ②电动机2控制的滑轮组的机械效率
【答案】（1）解：BC与DE段比较，s2t3， 由速度定义式：，演员BC段运动的路程短，所花时间长，则v2 < v3，则BC段物体运动得速度小，运动得慢。
（2）解： 演员上升 AB 段，拉力 F 作用点向下移动的距离：
拉力 F 做的功：
F 做功的功率：
电动机控制的滑轮组做的有用功：
演员匀速直线运动，处于平衡状态：
则：
滑轮组的机械效率：
答： ①拉力F的功率为1000W；
②电动机2控制的滑轮组的机械效率为80%。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据可得，演员BC段运动的路程短，所花时间长，则v2 < v3，故BC段物体运动得速度小，运动得慢；
（2）根据绳端移动距离为人上升高度的n倍，计算出拉力 F 作用点向下移动的距离；利用计算拉力F做的功，根据计算F做功的功率；
利用W=GS1计算出滑轮组做的有用功，根据计算滑轮组的机械效率。
17．（2025·天河模拟）小明设计了两组有电动机的实验
（1）①按照图1，在图2中用笔画线代替接线，连接实物，要求滑动变阻器的滑片向左移，其接入电路的电阻变小　 　。
②闭合图1电路开关，调节滑动变阻器，发现电动机不转动。用电压表测得B、D和B、C间的电压一样(如图 3)，而 A、B 间电压为0，则可能是：　 　(选填“A、B"“B、C”或“C、D”)间断路。
③图3读数为　 　。
（2）①在图4中用笔画线完成电路的连接。使得：当室温高于 309C时，温控开关闭合，电磁继电器 B、C 触点接通(实现开关控制的功能)，电动机工作且LED发光　 　。
②)若将电源1正负极接反而其它正常连接，是否影响电路工作 　 　(选填“是”“否”)。
【答案】（1）；BC；9.0V
（2）；否
【知识点】串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】(1)①要求当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小。所以需要将滑动变阻器左下方的接线柱接入电路。实物连接如下：
②电动机不转，并且B、D和B、C间的电压相同，同时A、B间电压为0，这表明B、C间断路。因为A、B间电压为0，说明A、B以外的电路断路，B、C间出现断路后，B、D和B、C间的电压相同；
③图3电压表接0~15V的量程，分度值为0.5V，示数为9V；
(2)①在连接图4的电路时，要把温控开关的输出端和电磁继电器的控制电路进行连接。当室温高于30℃时，温控开关闭合，电磁继电器的B、C触点就会接通。接着，把电动机和LED并联之后，连接到B、C触点上，开关接火线，灯泡接零线。实物连接如下：
②要是将电源1的正负极接反了，但是其他部分都正常连接，那么这不会影响电路的工作。因为电磁继电器、电动机以及LED在工作时，对电流的方向没有要求，所以电源正负极接反不会影响它们正常发挥作用。
【分析】(1)①实物连接的具体情况要依据图1和图2来确定。滑动变阻器在连接时，要把左下方的接线柱接入电路；
②电动机不转，并且B、D和B、C间的电压相同，同时A、B间电压为0，这表明B、C间断路；
③图3电压表接大量程，分度值为0.5V，读出示数；
(2)①在连接图4的电路时，要把温控开关的输出端和电磁继电器的控制电路进行连接。当室温高于30℃时，温控开关闭合，电磁继电器的B、C触点就会接通。接着，把电动机和LED并联之后，连接到B、C触点上，开关接火线，灯泡接零线；
②要是将电源1的正负极接反了，但是其他部分都正常连接，那么这不会影响电路的工作。
18．（2025·天河模拟）小明设计实验测量实心小球A的密度，器材如图：
（1）完善以下实验步骤：
①将空烧杯放上电子秤，测出空烧杯的质量为m0；将空烧杯放在溢水口下；
②将盐水倒入溢水杯中，并刚好装满至不再溢出，将小球A轻放入溢水杯中；
③　 　．
A 受到的浮力 F浮=　 　(根据测量的物理量写表达式，重力与质量之比为g)
（2）已知ρ盐水=1.2x103kg/m3'， ρ酒精=0.8x103kg/m3
①若将A完全浸没在盐水和酒精中，A受浮力依次分别为F1、F2，则=　 　。
②A分别轻放入盐水和酒精中静止，测得排开盐水的质量为 m1=40g，排开酒精的质量为m2=32g，则A在盐水中静止时的状态为　 　(选填“漂浮”“悬浮”“沉在底部”)。
③用(2)中的字母写出A的密度表达式　 　，写出推导过程。
【答案】（1）将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为；
（2）①；漂浮；
【知识点】设计实验测密度；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1） ③ 将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为m1；
根据阿基米德原理F浮=G排，排开盐水的重力：
G排=(m1-m0)g，
所以小球A受到的浮力：
F浮=(m1-m0)g；
（2） ①若将A完全浸没在盐水和酒精中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，因为A完全浸没，V排相同，所以
②已知排开盐水的质量m1=40g，排开酒精的质量m2=32g，则排开盐水的重力：
G排1=m1g = 0.04kg×10N/kg=0.4N，
排开酒精的重力：
G排2=m2g=0.032kg×10N/kg=0.32N。
假设A在盐水中和酒精中都浸没，根据F浮=ρ液gV排可得，V排相同，
而此时
因为G排1>G排2，且ρ盐水>ρ酒精，如果A在盐水中沉底，在酒精中也会沉底，那么浮力之比应该是，现在不是，说明A在盐水中漂浮。
③ 因为漂浮时F浮=G物，所以GA=G排1，A的质量mA=m1；
A在酒精中受到的浮力F浮2=G排2，根据F浮=ρ酒精gV排，可得：
因为A在酒精中沉底，
故A的密度：
【分析】（1） ③ 将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为m1；根据阿基米德原理F浮=G排，小球A受到的浮力等于排开盐水的重力为G排=(m1-m0)g；
（2） ①若将A完全浸没在盐水和酒精中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，因为A完全浸没，V排相同，所以 ；
②已知排开盐水的质量m1=40g，排开酒精的质量m2=32g，则排开盐水的重力为G排1=m1g ，
排开酒精的重力为G排2=m2g，假设A在盐水中和酒精中都浸没，根据F浮=ρ液gV排可得，V排相同，
而此时
因为G排1>G排2，且ρ盐水>ρ酒精，如果A在盐水中沉底，在酒精中也会沉底，那么浮力之比应该是，现在不是，说明A在盐水中漂浮。
③ 因为漂浮时F浮=G物，所以GA=G排1，A的质量mA=m1；A在酒精中受到的浮力F浮2=G排2，根据A在酒精中沉底浮力F浮=ρ酒精gV排，可得A的体积，得出故A的密度。
1 / 1广东省广州市天河区2025年中考一模物理试卷
1．（2025·天河模拟）如图，小孩抱着长为L、质量为m的布娃娃，则符合实际的是
A．L=30dm B．m=0.6kg C．L=30mm D．m=3g
2．（2025·天河模拟）如图，叶片运行时会与尘埃摩擦而带正电，停转后叶片吸引M，则
A．M 一定带负电
B．M可能带正电
C．叶片得到了正电荷
D．叶片和尘埃摩擦后分别带异种电荷
3．（2025·天河模拟）某种乐器发出“五音”的频率和弦长的信息如下表，弦发“羽”音比发“宫”音时
五音 宫 商 角 徽 羽
频率(Hz) 261.6 293.7 329.6 392 440
乐器弦长 (单位一致) 1
A．长度大 B．振动得快 C．振幅一定大 D．发声音调低
4．（2025·天河模拟）某物质在不同压强和温度下的状态如图所示，从初始状态M，压强pM=10万Pa，温度TM=20℃，降温加压到状态NPN=12万Pa，TN=10℃，物质发生的状态变化和吸放热情况是
A．凝华 放热 B．液化 吸热 C．汽化 吸热 D．凝固 放热
5．（2025·天河模拟）紫外线按波长大小可分为多个子波段如图，其中EUV 段可用于制造芯片，则EUV
A．不是电磁波 B．波长大于紫光
C．波长可能为110nm D．传播速度比无线电波大
6．（2025·天河模拟）如图为核能发电过程，则
A．M装置是电动机
B．核能是可再生能源
C．核能可全部转化为电能输出
D．环节②主要通过做功使内能减少
7．（2025·天河模拟）物块 M 在硬纸杯(重力不计)底，杯子放入水中，处于如图静止状态，a点与杯底在同水平面。a、b点水的压强及 M对杯底的压强pM正确的关系是
A．papa D．pb=pa
8．（2025·天河模拟）如图，螺线管中有电流通过，a、c、d为垂直于纸面的三根导线，c、d导线通有相反方向的电流，a是闭合电路的一部分，b为磁化后的轻针处于静止状态，只考虑螺线管的磁场，则
A．针尖为N 极
B．c、d导线受磁场力方向相同
C．若针放置a所在处静止，针尖水平向左
D．a水平向右运动时，会产生感应电流
9．（2025·天河模拟）卡车和货物一起向左做直线运动如图1，它们10s前的路程-时间图像如图2，忽略空气影响及车对货物的摩擦。t=10s，卡车刹车，货物的速度v及它受到挡板的弹力F在10s前后随时间t变化的图像可能是
A． B．
C． D．
10．（2025·天河模拟）小明自制测定油箱内油面高度的装置如图。R1是滑动变阻器，它的金属滑片连在动杆一端，电路与恒压电源连接，闭合开关，油面升高时
A．甲图电流表示数变小 B．甲图电压表示数变小
C．乙图电压表示数变大 D．乙图电流表示数变大
11．（2025·天河模拟）点光源S发出的光线a经平面镜反射，其反射光线b平行于凸透镜的主光轴，F为焦点。
（1）画出平面镜，用“”表示，以及S在平面镜中成的像S’.
（2）画出光线b经过凸透镜后的光线c；
（3）为了使S发出的经过光心0的光线d进入光纤内，应该水平向　 　移动凸透镜(选填“左”“右”)
12．（2025·天河模拟）如图1所示，农用喷雾器的手动杆可看成以〇为支点的杠杆，杠杆质量不计且静止。M点受到竖杆的力为F2不变时，手作用在N点的最小的力为F1。(F2的力臂为l2)
（1）①在图2中画出：力F1及对应的力臂l1　 　；
②用上述字母写表达式 F1=　 　 .
③该杠杆为　 　(选填“省力”“费力”)杠杆。
（2）图3输液管里A点的液体流速小于喷头孔里B点的流速，则A点液体的压强　 　(选填“大于”“小于”)B点液体的压强。
13．（2025·天河模拟）下过程忽略空气作用力。如图1物体从A点水平飞出，先碰B点，再至C点，后沿水平面滑到F点。从离开 A 点到碰 B点前的过程，物体的机械能　 　，动能　 　(均选填“变小”“变大”或“不变”)。据图2数据，碰撞B点过程损失的机械能为　 　J。在方框内画出物体在CF之间的受力示意图　 　。
14．（2025·天河模拟）用燃料分别加热相等质量的水和油如图1，已知比热容C油15．（2025·天河模拟）图1养生壶有高火、文火和保温三个档位，图2是其内部简化电路图，R1、R2、R3为加热电阻，且R2=110Ω，高火档功率为1320W，转动铜片切换档位。
（1）当铜片转到　 　(选填“a”“b”或“c”)位置时，电路处于高火状态，此状态下，求通电 10s 消耗的电能　 　。
（2）铜片转到c时，接入电路的 R2两端的电压若为 22V，求R3两端的电压。
（3）铜片转到a时，求：①通过R2的电流 ②R1的电阻。
16．（2025·天河模拟）某种威亚的装置结构如图1，两台电动机各控制一套滑轮系统，分别使演员左右、上下移动。演员在钢丝的控制下，如图2从A点匀速竖直提升到B点，再依次水平移动到 C、D、E点，BC、DE段是匀速直线运动，各段距离和时间已标出。
（1）通过分析，比较演员在BC、DE段的速度大小。
（2）演员重800N，电动机2的拉力F=500N，求AB段：
①拉力F的功率 ②电动机2控制的滑轮组的机械效率
17．（2025·天河模拟）小明设计了两组有电动机的实验
（1）①按照图1，在图2中用笔画线代替接线，连接实物，要求滑动变阻器的滑片向左移，其接入电路的电阻变小　 　。
②闭合图1电路开关，调节滑动变阻器，发现电动机不转动。用电压表测得B、D和B、C间的电压一样(如图 3)，而 A、B 间电压为0，则可能是：　 　(选填“A、B"“B、C”或“C、D”)间断路。
③图3读数为　 　。
（2）①在图4中用笔画线完成电路的连接。使得：当室温高于 309C时，温控开关闭合，电磁继电器 B、C 触点接通(实现开关控制的功能)，电动机工作且LED发光　 　。
②)若将电源1正负极接反而其它正常连接，是否影响电路工作 　 　(选填“是”“否”)。
18．（2025·天河模拟）小明设计实验测量实心小球A的密度，器材如图：
（1）完善以下实验步骤：
①将空烧杯放上电子秤，测出空烧杯的质量为m0；将空烧杯放在溢水口下；
②将盐水倒入溢水杯中，并刚好装满至不再溢出，将小球A轻放入溢水杯中；
③　 　．
A 受到的浮力 F浮=　 　(根据测量的物理量写表达式，重力与质量之比为g)
（2）已知ρ盐水=1.2x103kg/m3'， ρ酒精=0.8x103kg/m3
①若将A完全浸没在盐水和酒精中，A受浮力依次分别为F1、F2，则=　 　。
②A分别轻放入盐水和酒精中静止，测得排开盐水的质量为 m1=40g，排开酒精的质量为m2=32g，则A在盐水中静止时的状态为　 　(选填“漂浮”“悬浮”“沉在底部”)。
③用(2)中的字母写出A的密度表达式　 　，写出推导过程。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量的测量与天平的使用；长度的估测
【解析】【解答】AC.图中布娃娃的长度和小孩身体的宽度差不多，小孩身体的宽度约为0.3m，因此图中布娃娃的长度L=0.3m=30cm，故AC不符合实际；
BD.长为30cm的布娃娃的质量约为m=0.6kg， 故B符合实际，D不符合实际。
故选B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】AB.叶片吸引M，则M有两种可能，一是因异种电荷相互吸引，带负电荷；二是因带电体吸引轻小物体，不带电，故AB错误；
CD.叶片运行时会与尘埃摩擦而带正电，叶片失去电子，则尘埃得到电子带负电，故C错误，D正确；
故选D。
【分析】摩擦起电现象实质是电子的转移，得到电子带负电荷，失去电子带正电荷；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
带电体可以吸引轻小物体。
3．【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】ABCD.由题意可知，弦发“羽”音比发“宫”音时琴弦长度小，振动频率高，即振动的快，音调高；但振幅不一定大，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
4．【答案】A
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】由图片可知，初始状态M为气态，降温加压后变为固态，这个过程叫凝华，凝华放热，故A正确，BCD错误；
故选A。
【分析】物质由气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热。
5．【答案】C
【知识点】波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
6．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；实用电动机的构造、特点和应用
【解析】【解答】A.在核能发电过程中，汽轮机带动发电机转动发电，M装置是发电机机而不是电动机，故A错误；
B.核能主要来源于铀等放射性元素的裂变，核燃料是有限的自然资源，属于不可再生能源，故B错误；
C.在核能发电过程中，核能先转化为内能，再转化为机械能，最后转化为电能，在能量转化过程中，会有能量的损耗，如散热等，所以核能不可能全部转化为电能输出，故C错误；
D.环节②是蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，这个过程中蒸汽对外做功，内能减少，故D正确。
故选D。
【分析】(1)在核能发电过程中，汽轮机带动发电机转动发电；
(2)不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；
(3)在核能发电过程中，核能先转化为内能，再转化为机械能，最后转化为电能；
(4)蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，这个过程中蒸汽对外做功，内能减少。
7．【答案】A
【知识点】液体压强的计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB.杯子漂浮，杯子受到水的浮力等于物体M的重力F浮=GM，根据浮力产生的原因可知，a点的压强等于杯外水对杯底的压强，
物体M对杯底部的压强：
因为S杯>SM，所以PaCD.由液体的压强p=ρgh可知，液体内部的压强与液体的深度成正比，因为ha>hb，所以Pa>Pb，故CD错误；
故选A。
【分析】（1）由物体的沉浮条件可知，物体M受到的浮力等于重力，由浮力产生的原因可知a点的压强与浮力的关系，物体M对杯底的压强等于M的重力除以M的底面积，可知Pa与PM的大小关系；
（2）由液体的压强p=ρgh可知Pa与Pb的大小关系。
8．【答案】C
【知识点】磁现象；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A.由图可知，电流从螺线管的左侧流入，由安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端是S极，由同名磁极相互排斥可知，针尖为S极，故A错误；
B.通电螺线管上方与下方的磁场方向相同，c、d导线通有相反方向的电流，所以c、d导线受磁场力方向不相同，故B错误；
C.螺线管的右端是N极，针尖为S极，若针放置a所在处静止，针尖水平向左，故C正确；
D.a水平向右运动时，不能切割磁感线，不会产生感应电流，故D错误。
故选C。
【分析】(1)根据安培定则判断出螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断出针尖的磁极；
(2)通电螺线管的磁场方向跟电流方向有关；
(3)闭合电路的部分导体，若切割磁感线运动，在电路中就会产生感应电流，该现象就叫电磁感应现象。
9．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；时间速度路程的图像分析
10．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；串联动态电路分析
【解析】【解答】AB.由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压；当油面升高时，浮标上升，滑片下移，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故A错误；
由U0=IR0可知，电流变大，R0的电阻不变，R0两端的电压变大，即电压表示数变大，故B错误；
CD.由图乙可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的滑片上部分电阻两端的电压；由于滑动变阻器的阻值全部连入电路，则电路中总电阻不变，根据可知，电路中的电流不变，即电流表示数不变，故D错误；
当油面升高时，浮标上升，滑片下移，滑动变阻器的滑片上部分电阻的阻值变大，由U=IR可知，滑片上部分电阻两端的电压变大，即电压表示数变大，故C正确。
故选C。
【分析】根据油量变化时浮标的变化可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化即为电流表示数的变化，根据欧姆定律可知两端的电压变化。
11．【答案】（1）
（2）
（3）右
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】(1)反射角等于入射角，作入射光线a和反射光线b夹角的平分线即为法线，镜面与法线垂直，据此画出平面镜，平面镜成的像与物关于平面镜对称，作光源S关于平面镜的对称点即为像S'，作图如下：
(2)平行于凸透镜的主光轴的光线穿过凸透镜后过焦点，据此画出光线b经过凸透镜后的光线c如下：
(3)经过透镜光心O的光线传播方向不变，所以为了使S发出的经过光心O的光线d进入光纤内，应该水平向右移动凸透镜。
【分析】(1)反射现象中，反射角等于入射角，由此作出法线，法线垂直平面镜，由此再作出平面镜即可。作出S关于平面镜的对称点即为S在平面镜中成的像S'；
(2)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；
(3)根据过光心的光线传播方向不改变分析。
12．【答案】（1）；；省力
（2）大于
【知识点】流体压强与流速的关系；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】(1) ① 阻力和阻力臂不变，以ON为动力臂时，动力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小。过点N作垂直于ON向下的力即为手作用在N点的最小力F1，ON即为力F1对应的力臂I1，作图如下：
② 根据杠杆平衡条件可得F1I1=F2I2，所以
③ 由图2可知动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆；
(2)A点的液体流速小于喷头孔里B点的流速，则A点液体的压强大于B点液体的压强。
【分析】(1) ① 阻力和阻力臂不变，以ON为动力臂时，动力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小；
②根据杠杆平衡条件可得F1I1=F2I2，所以；
③ 由图2可知动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆；
(2)流体压强与流速的关系：流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大。
13．【答案】不变；变大；80；
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】忽略空气阻力，物体从从离开A点到碰B点前的过程，只有重力势能和动能的转化，所以机械能守恒，机械能不变，重力势能转化为动能，重力势能变小，动能变大；
机械能等于动能和势能之和；由图2可知，碰撞B点前的机械能为：
E0=300J+200J=500J
碰撞B点后到C点前机械能守恒，所以碰撞B点的机械能等于乙处的机械能，大小为：
E1=320J+100J=420J
所以碰撞B点过程损失的机械能为：
△E=E0-E1=500J-420J=80J
物体在CF之间受到竖直向下的重力、桌面对其竖直向上的支持力以及平行于桌面向左的摩擦力，其中重力等于支持力，如图所示：
【分析】（1）忽略空气阻力，物体从从离开A点到碰B点前的过程，只有重力势能和动能的转化，满足机械能守恒，机械能不变，重力势能转化为动能，重力势能变小，动能变大；
（2）机械能等于动能和势能之和；由图2可知，碰撞B点前的机械能为E0，碰撞B点后的机械能为E1，碰撞B点过程损失的机械能为△E=E0-E1；
（3）物体在CF之间受到竖直向下的重力、桌面对其竖直向上的支持力以及平行于桌面向左的摩擦力，根据里的示意图作图。
14．【答案】甲；从初始到甲、乙温度相等时经过相等的时间，液体吸收的热量相等，根据公式，和m相等，t相等，甲的较小温度升高较大，则甲的c较小，甲为油。；0.02
【知识点】比热容；热量的计算；有关热机的计算
【解析】【解答】(1)从初始到甲、乙温度相等时经过相等的时间，液体吸收的热量相等，根据公式，和m相等，t相等，甲的较小温度升高较大，则甲的c较小，甲为油，乙为水；
(2)由Q放=qV可知，消耗的燃料体积为：
【分析】(1)根据图象，利用比较升高温度的大小；
(1)已知燃料的热值和完全燃烧放出热量，利用Q放=qV可求出燃料完全燃烧的体积。
15．【答案】（1）a；(1)由图2可知，当铜片转到a时，R1、R2并联，根据并联电路特点可知，此时电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，养生壶处于高火挡；当铜片转到c时，R2、R3串联，根据串联电路特点可知，此时电路的总电阻最大，总功率最小，养生壶处于保温挡；当铜片转到b时，只有R2工作，养生壶处于文火挡；电路处于高火状态下通电10s消耗的电能：W =P高t =1320W ×10s=13200J；答：电路处于高火状态，通电10s消耗的电能为13200J。
（2）铜片转到c时，等效电路如下图，两端的电压：
答：R3两端的电压为198V。
（3）铜片转到a时，R1、R2并联，养生壶处于高火挡，等效电路如下图，通过的电流：
由得，干路总电流：
通过的电流：
的电阻：
答： ①通过R2的电流为2A；②R1的电阻为55Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)由图2可知，当铜片转到a时，R1、R2并联，当铜片转到b时，只有R2工作，当铜片转到c时，R2、R3串联，根据串并联电路特点和可知养生壶高火、文火和保温挡的电路连接；根据W=Pt求出电路处于高火状态下通电10s消耗的电能；
(2)根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压；
(3)①根据欧姆定律求出铜片转到a时，通过R2的电流；
②根据求出通过的电流，利用求出干路电流，根据并联电流电流规律求出通过R1的电流，根据可求出R1的阻值。
16．【答案】（1）解：BC与DE段比较，s2t3， 由速度定义式：，演员BC段运动的路程短，所花时间长，则v2 < v3，则BC段物体运动得速度小，运动得慢。
（2）解： 演员上升 AB 段，拉力 F 作用点向下移动的距离：
拉力 F 做的功：
F 做功的功率：
电动机控制的滑轮组做的有用功：
演员匀速直线运动，处于平衡状态：
则：
滑轮组的机械效率：
答： ①拉力F的功率为1000W；
②电动机2控制的滑轮组的机械效率为80%。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据可得，演员BC段运动的路程短，所花时间长，则v2 < v3，故BC段物体运动得速度小，运动得慢；
（2）根据绳端移动距离为人上升高度的n倍，计算出拉力 F 作用点向下移动的距离；利用计算拉力F做的功，根据计算F做功的功率；
利用W=GS1计算出滑轮组做的有用功，根据计算滑轮组的机械效率。
17．【答案】（1）；BC；9.0V
（2）；否
【知识点】串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】(1)①要求当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小。所以需要将滑动变阻器左下方的接线柱接入电路。实物连接如下：
②电动机不转，并且B、D和B、C间的电压相同，同时A、B间电压为0，这表明B、C间断路。因为A、B间电压为0，说明A、B以外的电路断路，B、C间出现断路后，B、D和B、C间的电压相同；
③图3电压表接0~15V的量程，分度值为0.5V，示数为9V；
(2)①在连接图4的电路时，要把温控开关的输出端和电磁继电器的控制电路进行连接。当室温高于30℃时，温控开关闭合，电磁继电器的B、C触点就会接通。接着，把电动机和LED并联之后，连接到B、C触点上，开关接火线，灯泡接零线。实物连接如下：
②要是将电源1的正负极接反了，但是其他部分都正常连接，那么这不会影响电路的工作。因为电磁继电器、电动机以及LED在工作时，对电流的方向没有要求，所以电源正负极接反不会影响它们正常发挥作用。
【分析】(1)①实物连接的具体情况要依据图1和图2来确定。滑动变阻器在连接时，要把左下方的接线柱接入电路；
②电动机不转，并且B、D和B、C间的电压相同，同时A、B间电压为0，这表明B、C间断路；
③图3电压表接大量程，分度值为0.5V，读出示数；
(2)①在连接图4的电路时，要把温控开关的输出端和电磁继电器的控制电路进行连接。当室温高于30℃时，温控开关闭合，电磁继电器的B、C触点就会接通。接着，把电动机和LED并联之后，连接到B、C触点上，开关接火线，灯泡接零线；
②要是将电源1的正负极接反了，但是其他部分都正常连接，那么这不会影响电路的工作。
18．【答案】（1）将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为；
（2）①；漂浮；
【知识点】设计实验测密度；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1） ③ 将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为m1；
根据阿基米德原理F浮=G排，排开盐水的重力：
G排=(m1-m0)g，
所以小球A受到的浮力：
F浮=(m1-m0)g；
（2） ①若将A完全浸没在盐水和酒精中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，因为A完全浸没，V排相同，所以
②已知排开盐水的质量m1=40g，排开酒精的质量m2=32g，则排开盐水的重力：
G排1=m1g = 0.04kg×10N/kg=0.4N，
排开酒精的重力：
G排2=m2g=0.032kg×10N/kg=0.32N。
假设A在盐水中和酒精中都浸没，根据F浮=ρ液gV排可得，V排相同，
而此时
因为G排1>G排2，且ρ盐水>ρ酒精，如果A在盐水中沉底，在酒精中也会沉底，那么浮力之比应该是，现在不是，说明A在盐水中漂浮。
③ 因为漂浮时F浮=G物，所以GA=G排1，A的质量mA=m1；
A在酒精中受到的浮力F浮2=G排2，根据F浮=ρ酒精gV排，可得：
因为A在酒精中沉底，
故A的密度：
【分析】（1） ③ 将装有溢出盐水的烧杯放在电子秤上，测得它们的总质量为m1；根据阿基米德原理F浮=G排，小球A受到的浮力等于排开盐水的重力为G排=(m1-m0)g；
（2） ①若将A完全浸没在盐水和酒精中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，因为A完全浸没，V排相同，所以 ；
②已知排开盐水的质量m1=40g，排开酒精的质量m2=32g，则排开盐水的重力为G排1=m1g ，
排开酒精的重力为G排2=m2g，假设A在盐水中和酒精中都浸没，根据F浮=ρ液gV排可得，V排相同，
而此时
因为G排1>G排2，且ρ盐水>ρ酒精，如果A在盐水中沉底，在酒精中也会沉底，那么浮力之比应该是，现在不是，说明A在盐水中漂浮。
③ 因为漂浮时F浮=G物，所以GA=G排1，A的质量mA=m1；A在酒精中受到的浮力F浮2=G排2，根据A在酒精中沉底浮力F浮=ρ酒精gV排，可得A的体积，得出故A的密度。
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