2025年重庆市名校联盟高考物理模拟试卷（3月份）
教师用卷
满分：100
班级：________ 姓名：________ 成绩：________
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（共7小题,共28分）
北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟的。如图为氢原子能级图，a、b、c为氢原子能级跃迁过程中所发出的三种光，则下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子
B.大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线
C.在相同条件下，a、b、c三种光中，a光最容易发生明显的衍射现象
D.用b光照射处于n=4能级的氢原子，氢原子会发生电离
【正确答案】 D
【答案解析】解：A、氢原子从低能级向高能级跃迁时要吸收能量，故A错误；
B、大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，根据C可得，形成的线状光谱总共有6条谱线，故B错误；
C、由图可知，在a、b、c三种光中，a光的能量最大，即a光的波长最短，所以在相同条件下，a光最不容易发生明显的衍射现象，故C错误；
D、由图可知b光子的能量大小为E=E4-E2=-0.85eV-（-3.40eV）=2.55eV＞0.85eV，所以用b光照射处于n=4能级的氢原子，氢原子会发生电离，故D正确。
故选：D。
地铁是一种“绿色”的公共交通工具。如图，某次地铁上连接左侧圆环的拉绳呈竖直状态，人拉着的右侧圆环的拉绳与竖直方向成一定角度，且处于绷紧状态，人与地铁车厢保持相对静止。下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.人对圆环的拉力大于圆环对人的拉力
B.由左侧拉绳的状态可知地铁车厢可能为静止或匀速直线运动状态
C.由右侧拉绳的状态可知地铁车厢可能正在向右加速
D.车厢地面受到人水平向左的摩擦力作用
【正确答案】 B
【答案解析】解：A.由牛顿第三定律可知：人对圆环的拉力大小等于圆环对人的拉力大小，故A错误；
BC.首先对于左侧圆环分析可知，左侧圆环所受的重力和拉绳对它的拉力，二力平衡，可知圆环所受合外力为零，所以处于平衡状态，表明车厢可能处在静止或匀速直线运动状态，故B正确，C错误；
D.以人和右侧圆环为研究对象，由题可知人拉着圆环与地铁车厢保持相对静止，即人和圆环处于平衡状态，由于它们受到拉绳斜向右上方的拉力，该拉力产生水平向右的分力，表明人受到车厢地面水平向左的静摩擦力作用，根据牛顿第三定律，车厢地面受到人水平向左的摩擦力。故D错误。
故选：B。
“笛音雷”是某些地区春节期间常放的一种鞭炮，其着火后一段时间内的速度—时间图像如图所示（取竖直向上为正方向），其中t0时刻为“笛音雷”起飞时刻、DE段是斜率大小为重力加速度g的直线。不计空气阻力，则关于“笛音雷”的运动，下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.t0～t1时间内“笛音雷”的平均速度等于
B.t1～t2时间内“笛音雷”的加速度逐渐减小
C.“笛音雷”在t2时刻上升至最高点
D.t3～t4时间内“笛音雷”做自由落体运动
【正确答案】 B
【答案解析】解：A.v-t图像与坐标轴所围的面积表示位移，由于A、B两点间曲线在二者直连线下方，所以t0～t1内“笛音雷”的位移小于v1（t1-t0），则平均速度小于，故A错误；
B.v-t图像中斜率表示加速度，由图可知，t1～t2图线的斜率逐渐减小，所以加速度逐渐减小，故B正确；
C.AB.由图可知，“笛音雷”在t0～t4时间内速度方向一直为竖直向上，即该段时间内始终上升，所以t2时刻运动方向向上，未升至最高点，故C错误；
D.t3～t4时间内“笛音雷”速度方向向上，图像斜率为一恒定的负值，表明t3～t4时间内“笛音雷”实际上是在向上做竖直上抛运动，其加速度就是重力加速度g,方向向下，故D错误。
故选：B。
跳台滑雪是一项勇敢者的运动，某运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜面AB上的B处着陆，斜面AB与水平方向夹角为30°且足够长，如图所示，测得A、B间的距离为40m,斜坡与水平面的夹角为30°，运动员质量m=60kg,不计空气阻力，下列说法正确的有（ ）
（4分）
A.运动员在空中相同时间内的速度变化相同
B.运动员的质量越大，落点离A越远
C.运动员在A处的速度为m/s
D.运动员落在B处的速度与水平方向夹角为60°
【正确答案】 A
【答案解析】解：A、运动员在空中只受重力，加速度恒定，相同时间内的速度变化相同，故A正确；
B、利用平抛规律有x=v0t,，，联立解得，与质量无关，故B错误；
C、落点到A的距离s=，得，，，故C错误；
D、运动员在B点的竖直方向速度为vy=gt=10×2m/s=20m/s,与水平方向夹角为，不是60°，故D错误。
故选：A。
如图所示，一理想变压器原线圈可通过移动滑动触头P的位置改变接入电路的匝数，b为原线圈的中点。当P接a时，原、副线圈的匝数比为5：1，线圈L上的直流电阻不计。原线圈接u=sinωt（V）的交流电，则（ ）
（4分）
A.当P接a时，滑动变阻器R两端的电压为V
B.若将P由a向b滑动，则变压器的输入功率增大
C.若将滑片M向上滑动，则变压器输入功率增大
D.若增大电源的频率，则灯泡B将变亮
【正确答案】 B
【答案解析】解：A、当P接a时，原副线圈匝数之比为5：1，根据题意可得原线圈的电压有效值为U1=V=220V，则=
解得：U2=44V，故A错误；
B、若将P由a向b滑动时，则副线圈电压变大，变压器输出功率增大，则变压器的输入功率也增大，故B正确；
C、若将滑片M向上滑动，则电阻变大，根据P=可知，变压器输出功率减小，则输入功率减小，故C错误；
D、若增大电源的频率，L的感抗增大，L上的自感电动势增大，则灯泡B两端的电压减小，灯泡B将变暗，故D错误；
故选：B。
如图所示，餐桌中心有一个半径为r的圆盘，可绕其中心轴转动，在圆盘的边缘放置一质量为m的小物块，物块与圆盘及餐桌间的动摩擦因数均为μ。现缓慢增大圆盘的角速度，小物块将从圆盘上滑落，最终恰好停在桌面边缘。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,圆盘厚度及圆盘与餐桌间的间隙不计。则下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.物块随圆盘转动的过程中，圆盘对物块的摩擦力与速度方向相反
B.小物块刚滑落时，圆盘的角速度为
C.餐桌的半径为r
D.该过程中支持力的冲量为零
【正确答案】 C
【答案解析】解：A.因为圆盘的角速度缓慢增加，因此在任意微小时间内，均可认为物块随圆盘做匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力，指向圆盘圆心，故A错误；
B.小物块刚滑落时，向心力恰好等于最大静摩擦力，因此有mω2r=μmg,因此有ω=，故B错误；
C.假设物块从A点自圆盘滑落，滑下时速度为v,v=ωr,滑至桌面边缘停下，滑行距离为r′，在桌面上时，物块在水平方向仅受到摩擦力的作用，做匀减速直线运动，根据直线运动规律可知，0-v2=-2ar′，由牛顿第二定律可知ma=μmg,联立方程，代入ω可得r′=r,根据勾股定理可知R=r,故C正确；
D.已知物块受到的支持力N≠0，作用时间t≠0，因此冲量不为0，故D错误。
故选：C。
如图所示，边长为L的正四面体ABCD的中心为O，A、B两点分别固定等量异种点电荷-q、+q。已知O点到A、B的距离均为L，下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.C、D两点电场强度大小相等，方向不同
B.O点场强大小为
C.C点电势小于D点电势
D.将一试探电荷+Q从C点沿直线移到D点，电势能先增大后减小
【正确答案】 B
【答案解析】解：A、A、B两点分别固定等量异种点电荷，则C、D两点电场强度大小相等，方向也相同，故A错误；
B、十q在O点场强大小为E1=，根据几何关系可知合成后O点场强大小为E=，故B正确；
CD、C、D两点连线在等量异种点电荷连线的垂直平分面上，故在同一个等势面上，将一试探电荷十Q从C点沿直线移到D点电场力一直不做功，故CD错误；
故选：B。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。（共3小题,共15分）
2024年5月，嫦娥六号探测器发射成功，开启了人类首次从月球背面采样返回之旅。已知月球半径为R，表面重力加速度大小为g月，引力常量为G，不考虑月球自转，则下列说法正确的是（ ） （5分）
A.在环月飞行时，嫦娥六号所受合力为零
B.月球的质量为
C.月球的密度为ρ=
D.嫦娥六号着陆前近月环绕月球做圆周运动的周期约为T=2π
【正确答案】 B C
【答案解析】解：A.环月飞行时，嫦娥六号做圆周运动，因此受力不平衡，合力不为0，故A错误；
B.已知在月球表面，重力等于万有引力，即mg月=，因此有M=，故B正确；
C.由上知月球的质量为M=，月球的体积为V=πR3，已知密度为ρ=，代入可得ρ=，故C正确；
D.嫦娥六号环月运行时，做半径为R的匀速圆周运动，万有引力提供向心力，因此有=，v=，联立方程，代入月球质量可得T=2π，故D错误。
故选：BC。
如图所示，一广场小火车是由车头和6节车厢编组而成。假设各车厢质量均相等（含乘客），在水平地面上运行过程中阻力与车重成正比。则（ ）
（5分）
A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反
B.当火车匀速直线运动时，第3、4节与第4、5节车厢间的拉力相等
C.做匀加速直线运动时，第3、4节与第4、5节车厢间的拉力之比为3：2
D.关闭发动机后，沿水平直线到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比
【正确答案】 C D
【答案解析】解：A.启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以乘客受到车厢作用力与乘客的重力的合力与车运动的方向相同，乘客受到车厢作用力的方向为斜向上，故A错误；
B.设每节车厢的质量为m,匀速运动时，以4、5、6节车厢为研究对象，则有F34-k 3mg=0
解得F34=3kmg
以第5、6节车厢为研究对象则有F45-k 2mg=0
解得F45=2kmg
故B错误；
C.做匀加速运动时，结合上述分析，由牛顿第二定律可得F34-k 3mg=3ma,F45-k 2mg=2ma
联立解得F34：F45=3：2
故C正确；
D.火车关闭发动机后只受大小恒定的阻力，作匀减速运动，根据v2=2ax
可知滑行距离x与关闭发动机时速度v的平方成正比，故D正确。
故选：CD。
如图所示，间距d=1m的平行光滑金属导轨MN、PQ固定在水平面内，垂直于导轨的虚线AB的左、右两侧存在垂直于导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小分别为B1=0.5T、B2=1T。质量m1=1kg、阻值R1=1.5Ω的金属棒a静止在虚线AB左侧足够远的位置，质量m2=1kg、阻值R2=0.5Ω的金属棒b静止在虚线AB的右侧。O时刻，金属棒a以初速度v0=2m/s、金属棒b以初速度2v0=4m/s沿导轨运动，t时刻，金属棒b达到最小速度vmin。已知a、b两棒的长度均为d,且始终与导轨垂直并接触良好，导轨电阻不计。则在a、b棒的运动过程中，下列说法正确的是（ ）
（5分）
A.通过金属棒a的最大电流为1.5A
B.金属棒b的最小速度vmin=3.2m/s
C.0～t时间内通过金属棒a的电荷量为2.4C
D.0～t时间内金属棒a上产生的焦耳热为3.6J
【正确答案】 A C
【答案解析】解：A、两金属棒刚开始运动时感应电流最大，由闭合电路的欧姆定律得：Im=，代入数据解得：Im=1.5A，故A正确；
B、金属棒b的速度最小时回路电动势为0，即B2dvb-B1dva=0，
以向右为正方向，由动量定理得：
对a：B1idt=m1va-m1v0
对b：-B2idt=m2vb-m2×2v0
代入数据解得：va=3.2m/s,vb=1.6m/s,即金属棒b的最小速度是1.6m/s,故B错误；
C、以向右为正方向，对金属棒a,由动量定理得：Bdt=m1va-m1v0，
其中：q=t,代入数据解得：q=2.4C，故C正确；
D、对两金属棒组成的系统，由能量守恒定律得：=+Q，
金属棒a上产生的的焦耳热Qa=Q，代入数据解得：Qa=2.7J，故D错误。
故选：AC。
三、非选择题：本题共5小题，共57分。（共5小题,共57分）
某实验小组利用图（a）装置测量重力加速度。摆线上端固定在O点，下端悬挂一小钢球，通过光电门传感器采集摆动周期。
（6分）
(1) 实验中采用游标卡尺测得小球的直径结果如图（b）所示，则小球的直径为_______cm；（2分）
【正确答案】 1.84；
【答案解析】游标卡尺是10分度的，精确度为0.1mm,所以小球的直径为18mm+4×0.1mm=18.4mm=1.84cm
(2) 多次改变摆线长度，在小摆角下测得不同摆长l对应的小钢球摆动周期T，并借助数表软件绘制T2-l图像如图（c）所示，利用处理结果，计算可得重力加速度g=_______m/s2（保留三位有效数字，π2取9.87）。（2分）
【正确答案】 9.79；
【答案解析】根据单摆周期公式T=可得，所以图像的斜率为k=4.0325=，解得g=9.79m/s2
(3) 若某同学将摆线长度误认为摆长，仍用上述图像法处理数据，得到的重力加速度值将_______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。（2分）
【正确答案】 不变。
【答案解析】若某同学将摆线长度误认为摆长，设摆线长为L，小球的半径为r,则单摆的摆长应该为l=L+r,根据单摆周期公式可得，则图像的斜率不变，所以得到的重力加速度值将不变。
用如图甲所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约1Ω），（R0阻值约5Ω），电阻器R，电压表V，开关S，导线若干。
（9分）
(1) 实验主要步骤如下：
（ⅰ）将电阻箱接入电路的阻值调到 _______（填最大或最小），闭合开关；
（ⅱ）逐渐改变电阻箱接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电阻箱的示数R；
（ⅲ）以为纵坐标，为横坐标，作-图线，如图乙所示（所有都用国际单位）；
（ⅳ）求出-图线斜率的绝对值k和纵截距b。（2分）
【正确答案】 最大；
【答案解析】（i）为保护电路，应将电阻箱接入电路的阻值调到最大，然后再闭合开关。
(2) 电压表最好选用 _______；
A.电压表（0～3V，内阻约15kΩ）
B.电压表（0～3V，内阻约3kΩ）（2分）
【正确答案】 A；
【答案解析】待测电源电动势约为3V，电压表内阻越大，电压表的分流越小，实验误差越小，为减小实验误差，电压表应选择A。
(3) 选用k或b表示待测电源的电动势表达式E= _______。（2分）
【正确答案】 ；
【答案解析】根据图甲所示电路图，由闭合电路的欧姆定律得：E=U+I（r+R0）=U+（r+R0），整理得：=×+
由图示图像可知，图像的纵轴截距b=，解得电源电动势E=。
(4) 本实验中由于电压表存在内阻导致实验有误差，若已知电压表内阻为RV，则电动势的真实值为 _______。（3分）
【正确答案】 。
【答案解析】根据图甲所示电路图，由闭合电路的欧姆定律得：E=U+（）（r+R0），整理得：=×++
根据图示图像可知，图像的斜率k=，b=+，解得：E=。
永川中学某同学设计了一种测定液体折射率的方案。如图，取一不透明的长方体容器，高12cm、宽16cm,在容器底部平放一把刻度尺。当容器中没有液体时，眼睛在OA延长线上的E点观察，视线沿着EA斜向下看，恰能看到尺的左端零刻度。现保持眼睛的位置不变，向容器内倒某种液体至液面与容器口相平，这时眼睛仍沿EA方向观察，恰能看到尺上7cm的刻度。求；
（10分）
(1) 液体的的折射率；（5分）
【正确答案】 液体的的折射率为；
【答案解析】 由题意，作出装满液体后的光路图如下：
根据几何关系得：
，
，
由光的折射定律可得：
，
解得：
(2) 上下调整观察点的位置到E′点，视线沿着E′A斜向下看，能否再次观察到尺的左端零刻度O点，若能，求出E′A的方向，若不能，请说明理由。（5分）
【正确答案】 上下调整观察点的位置到E′点，视线沿着E′A斜向下看，不能再次观察到尺的左端零刻度O点，理由见解析。
【答案解析】 上下调整观察点的位置到E′点，视线沿着E′A斜向下看，不能再次观察到尺的左端零刻度O点，理由如下：
设临界角为C，
结合（1）可得：
＜sinr=0.8，
又由图知，O点到A点的光线的入射角与r相等，即入射角大于临界角，故该光线将发生全反射，无论如何调整都无法沿着E'A方向再次观察到O点。
如图所示，一“”形平板静止在光滑水平面上，其上表面粗糙，右侧为竖直弹性挡板（即物体与挡板的碰撞可视为弹性碰撞）。一物块静止于平板最左端，一小球用不可伸长的轻质细线悬挂于O点正下方，并轻靠在物块左侧。现将细线拉直到水平位置时，静止释放小球，小球运动到最低点时与物块发生弹性碰撞，碰撞后，物块沿着平板运动。已知细线长L=0.8m,小球质量m=0.5kg,物块、平板质量均为M=1.5kg,平板长s=1.25m。
小球、物块均可视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，求：
（14分）
(1) 小球运动到最低点与物块碰撞前向心加速度的大小；（4分）
【正确答案】 小球运动到最低点与物块碰撞前向心加速度的大小为20m/s2；
【答案解析】小球运动到最低点过程中，由动能定理知：
解得小球运动到最低点的速度大小
v0=4m/s
在最低点
解得
a=20m/s2
(2) 小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小；（5分）
【正确答案】 小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小2m/s；
【答案解析】 小球与物块碰撞过程中，以v0的方向为正方向，由动量守恒和机械能守恒得
mv0=mv+Mv2
联立解得小球与物块碰撞后瞬间，物块速度的大小为
v2=2m/s
(3) 若物块恰好不脱离平板，求物块与平板上表面的动摩擦因数。（5分）
【正确答案】 物块与平板上表面的动摩擦因数为0.04。
【答案解析】物块恰好不脱离平板，即物块返回平板左端时恰好与平板达共速，设共同速度为v,以向右的方向为正方向，根据动量守恒定律和能量守恒定律有
Mv2=2Mv
联立解得物块与平板上表面的动摩擦因数为
μ=0.04。
现代科学仪器常利用电场、磁场控制带电粒子的运动。如图所示，在真空坐标系xOy中，第二象限内有边界互相平行且宽度均为d的两个区域，分别分布着方向竖直向下的匀强电场和方向垂直纸面向里的匀强磁场，调节电场和磁场大小，可以控制飞出的带电粒子的速度大小及方向。现将质量为m、电荷量为q的带正电粒子在边界P处由静止释放，粒子恰好以速度大小为v0、沿x轴正方向从坐标原点O进入x＞0区域，x＞0区域存在磁感应强度大小B1、方向垂直xOy平面向里的匀强磁场和另一未知的匀强电场。粒子进入x＞0区域后恰好做匀速直线运动，不计粒子重力。求：
（18分）
(1) x＞0区域中电场强度E1的大小和方向；（6分）
【正确答案】 x＞0区域中电场强度E1的大小为v0B1，方向沿y轴负方向；
【答案解析】 粒子进入x＞0区域后恰好做匀速直线运动，根据平衡条件由
qv0B1=qE1
解得
E1=v0B1
方向沿y轴负方向
(2) 第二象限中电场强度大小E0与磁感应强度大小B0；（6分）
【正确答案】 第二象限中电场强度大小E0为，磁感应强度大小B0为 ；
【答案解析】粒子从O到P，根据动能定理有
解得
粒子在B0中做匀速圆周运动
r=d
洛伦兹力提供向心力
解得
(3) 保持第二象限中磁感应强度大小不变，将电场强度大小增大为原来的4倍，同时左右调整入射P点的位置，使粒子仍能从O点进入x＞0区域，求粒子进入x＞0区域后，运动过程中距离x轴最远位置的坐标。（6分）
【正确答案】 粒子进入x＞0区域后，运动过程中距离x轴最远位置的坐标为和（n=0，1，2…）。
【答案解析】 将第二象限中电场强度大小增大为原来的4倍，根据动能定理有
解得
v=2vo
磁感应强度大小不变
解得
r1=2d
其运动轨迹如图
由图可知
即粒子从O点进入x＞0区域时速度方向与y轴负方向的夹角为
θ=300
该速度沿x轴和y轴正方向的分速度大小为
vx=vsin30°=v0
则粒子进入x＞0 区域后的运动可分解为沿x轴正方向的匀速直线运动和速度大小为
的匀速圆周运动，可知
解得
粒子做圆周运动的周期为
第一个周期内粒子运动
和
距离x轴最远，根据粒子运动的周期性，粒子运动和（n=0，1，2…）时距离x轴最远位置的横坐标分别为
（n=0，1，2 ）
（n=0，1，2 ）
纵坐标分别为
综上所述，最远的位置坐标为
和（n=0，1，2…）。
第2页
第2页2025年重庆市名校联盟高考物理模拟试卷(3月份)
满分：100
班级：
姓名：
考号：
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求的。（共7小题，共28分）
1.北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐
射出来的电磁波去控制校准石英钟的。如图为氢原子能级图，、b、c为氢原子能级跃迁过程中所发出的
三种光，则下列说法正确的是()
E/eV
00.54
-0.85
-1.51
b
3.40
(4分)
-13.6
A.氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子
B.大量处于=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线
C.在相同条件下，a、b、c三种光中，a光最容易发生明显的衍射现象
D.用b光照射处于=4能级的氢原子，氢原子会发生电离
2.地铁是一种“绿色”的公共交通工具。如图，某次地铁上连接左侧圆环的拉绳呈竖直状态，人拉着的
右侧圆环的拉绳与竖直方向成一定角度，且处于绷紧状态，人与地铁车厢保持相对静止。下列说法正确
的是(
(4分)
A.人对圆环的拉力大于圆环对人的拉力
B.由左侧拉绳的状态可知地铁车厢可能为静止或匀速直线运动状态
C.由右侧拉绳的状态可知地铁车厢可能正在向右加速
D.车厢地面受到人水平向左的摩擦力作用
3.“笛音雷”是某些地区春节期间常放的一种鞭炮，其着火后一段时间内的速度一时间图像如图所示(
取竖直向上为正方向)，其中t时刻为“笛音雷”起飞时刻、DE段是斜率大小为重力加速度g的直线。不
计空气阻力，则关于“笛音雷”的运动，下列说法正确的是()
D
B
(4分)
A
t
A.t0~t1时间内“笛音雷”的平均速度等于
B.t1~t2时间内“笛音雷”的加速度逐渐减小
C.“笛音雷”在t2时刻上升至最高点
D.t3~t4时间内“笛音雷”做自由落体运动
4.跳台滑雪是一项勇敢者的运动，某运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜面AB上的B处着陆，斜面AB
与水平方向夹角为30°且足够长，如图所示，测得A、B间的距离为40m,斜坡与水平面的夹角为30°，运
动员质量m=60g,不计空气阻力，下列说法正确的有()
(4分)
B2230°
A.运动员在空中相同时间内的速度变化相同
B.运动员的质量越大，落点离A越远
C.运动员在A处的速度为10√5m/s
D.运动员落在B处的速度与水平方向夹角为60
5.如图所示，一理想变压器原线圈可通过移动滑动触头P的位置改变接入电路的匝数，b为原线圈的中点
。当P接a时，原、副线圈的匝数比为5：1，线圈L上的直流电阻不计。原线圈接u=220√2 sinot(V)
的交流电，则(
(4分)
B
A.当P接a时，滑动变阻器R两端的电压为44√2V
B.若将P由a向b滑动，则变压器的输入功率增大
C.若将滑片M向上滑动，则变压器输入功率增大
D.若增大电源的频率，则灯泡B将变亮
6.如图所示，餐桌中心有一个半径为r的圆盘，可绕其中心轴转动，在圆盘的边缘放置一质量为m的小物
块，物块与圆盘及餐桌间的动摩擦因数均为μ。现缓慢增大圆盘的角速度，小物块将从圆盘上滑落，最
终恰好停在桌面边缘。己知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,圆盘厚度及圆盘与餐桌间的
间隙不计。则下列说法正确的是(
(4分)
A.物块随圆盘转动的过程中，圆盘对物块的摩擦力与速度方向相反
B.小物块刚滑落时，圆盘的角速度为
g
2r
C.餐桌的半径为5r
2
D.该过程中支持力的冲量为零
7.如图所示，边长为L的正四面体ABCD的中心为0，A、B两点分别固定等量异种点电荷-q、+q。已知0点
到A、B的距离均为Y6L,下列说法正确的是()
42025年重庆市名校联盟高考物理模拟试卷(3月份)
满分：100
班级：
姓名：
考号：
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求的。（共7小题，共28分）
1.北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐
射出来的电磁波去控制校准石英钟的。如图为氢原子能级图，、b、c为氢原子能级跃迁过程中所发出的
三种光，则下列说法正确的是()
E/eV
……0
0.54
-0.85
-1.51
b
3.40
(4分)
-13.6
A.氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子
B.大量处于=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线
C.在相同条件下，a、b、c三种光中，a光最容易发生明显的衍射现象
D.用b光照射处于=4能级的氢原子，氢原子会发生电离
正确答案：D
答案解析：解：A、氢原子从低能级向高能级跃迁时要吸收能量，故A错误：
B、大量处于=4能级的氢原子向低能级跃迁时，根据C2可得，形成的线状光谱总共有6条谱线，故B错
误：
C、由图可知，在a、b、c三种光中，a光的能量最大，即a光的波长最短，所以在相同条件下，a光最不容
易发生明显的衍射现象，故C错误：
D、由图可知b光子的能量大小为E=E4-E2=-0.85eV-(-3.40eV)=2.55eV>0.85eV,所以用b光照射处于
=4能级的氢原子，氢原子会发生电离，故D正确。
故选：D
2.地铁是一种“绿色”的公共交通工具。如图，某次地铁上连接左侧圆环的拉绳呈竖直状态，人拉着的
右侧圆环的拉绳与竖直方向成一定角度，且处于绷紧状态，人与地铁车厢保持相对静止。下列说法正确
的是(
(4分)
A.人对圆环的拉力大于圆环对人的拉力
B.由左侧拉绳的状态可知地铁车厢可能为静止或匀速直线运动状态
C.由右侧拉绳的状态可知地铁车厢可能正在向右加速
D.车厢地面受到人水平向左的摩擦力作用
正确答案：B
答案解析：解：A.由牛顿第三定律可知：人对圆环的拉力大小等于圆环对人的拉力大小，故A错误；
BC.首先对于左侧圆环分析可知，左侧圆环所受的重力和拉绳对它的拉力，二力平衡，可知圆环所受合外
力为零，所以处于平衡状态，表明车厢可能处在静止或匀速直线运动状态，故B正确，C错误：
D.以人和右侧圆环为研究对象，由题可知人拉着圆环与地铁车厢保持相对静止，即人和圆环处于平衡状
态，由于它们受到拉绳斜向右上方的拉力，该拉力产生水平向右的分力，表明人受到车厢地面水平向左
的静摩擦力作用，根据牛顿第三定律，车厢地面受到人水平向左的摩擦力。故D错误。
故选：B。
3.“笛音雷”是某些地区春节期间常放的一种鞭炮，其着火后一段时间内的速度一时间图像如图所示(
取竖直向上为正方向)，其中t0时刻为“笛音雷”起飞时刻、DE段是斜率大小为重力加速度g的直线。不
计空气阻力，则关于“笛音雷”的运动，下列说法正确的是()
D
(4分)
A
O to
t t2t t.
心0一1时间内“笛音雷”的平均速度等于之
B.t1一t2时间内“笛音雷”的加速度逐渐减小
C.“笛音雷”在t2时刻上升至最高点
D.t3~t4时间内“笛音雷”做自由落体运动
正确答案：B
答案解析：解：A.v-t图像与坐标轴所围的面积表示位移，由于A、B两点间曲线在二者直连线下方，所
以0~1内“笛音雷”的位移小于1(t1-0),则平均速度小于号，故A错误：
B.v-t图像中斜率表示加速度，由图可知，t1~t2图线的斜率逐渐减小，所以加速度逐渐减小，故B正
确：
C.AB.由图可知，“笛音雷”在to~t4时间内速度方向一直为竖直向上，即该段时间内始终上升，所以
t2时刻运动方向向上，未升至最高点，故C错误：
D.t3~t4时间内“笛音雷”速度方向向上，图像斜率为一恒定的负值，表明t3一t4时间内“笛音雷”实
际上是在向上做竖直上抛运动，其加速度就是重力加速度g,方向向下，故D错误。
故选：B。
4.跳台滑雪是一项勇敢者的运动，某运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜面AB上的B处着陆，斜面AB
与水平方向夹角为30°且足够长，如图所示，测得A、B间的距离为40m,斜坡与水平面的夹角为30°，运
动员质量m=60kg,不计空气阻力，下列说法正确的有()
A
(4分)
B30°
A.运动员在空中相同时间内的速度变化相同
B.运动员的质量越大，落点离A越远
C.运动员在A处的速度为10√5m/s
D.运动员落在B处的速度与水平方向夹角为60
正确答案：A
