广东省佛山市禅城区2025年中考二模物理试卷
一、选择题：（7小题，每小题3分，共21分.下列各题所列答案中，只有一项是符合题目要求的，选对的给3分，选错或不选的给0分），
1．（2025·禅城模拟）【从生活走向物理】厨房里的物理现象无处不在.根据观察与实践，完成1~4题
（1）妈妈买了一颗大白菜，其质量最接近
A．50g B．500g C．5kg D．5t
（2）用微波炉解冻大鱼头，该过程说法正确的是
A．消耗的电能属于一次能源
B．微波是一种电磁波
C．主要将电能转化为光能
D．微波在空气中的速度为3×10m/s
（3）煲白菜鱼头的过程中，小华看到锅边冒出“白气”，并闻到香味，下列说法正确的是
A．“白气”是汽化形成的水蒸气
B．燃烧过程中天然气热值不断减小
C．闻到香味是因为分子在不停地做无规则的运动
D．加大火力可以加快汤沸腾，这是因为提高了汤的沸点
（4）使用超声波洗碗机清洗餐具，下列说法正确的是
A．利用声音可以传递信息 B．超声波在水中的速度为340m/s
C．人听到的噪声是超声波 D．超声波是由物体振动产生的
【答案】（1）C
（2）B
（3）C
（4）D
【知识点】质量及其特性；声音的产生；电磁波的传播；分子热运动
【解析】【解答】（1）一颗大白菜的质量约为8斤＝4kg，最接近5kg。ACD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）A．电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，A错误；
B．微波是一种波长较短的电磁波，B正确；
C．微波炉主要将电能转化为内能，C错误；
D．微波在空气中的速度3×108m/s，D错误。
故答案为：B。
（3）A．“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，A错误；
B．热值只和物质种类有关，燃烧过程中天然气热值不变，B错误；
C．闻到香味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，C正确；
D．加大火力可以加快汤沸腾，汤沸腾时温度保持不变，但汤的沸点并没有提高，D错误。
故答案为：C。
（4）A．使用超声波洗碗机清洗餐具，利用了声可以传递能量，A错误；
B．超声波在水中的传播速度大于在空气中的传播速度340m/s，B错误；
C．人耳的听觉频率范围为20～20000Hz，人听到的噪声不是超声波，C错误；
D．声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体振动产生的，D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
（2）电能属于二次能源，微波是电磁波，能将电能转化为内能，速度为3×108m/s。
（3）物质由气态变为液态叫做液化；热值只和物质种类有关；扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；沸腾时温度保持不变。
（4）声音是由物体的振动产生的，声可以传递信息和能量；声音的传播速度与介质的种类和温度有关；人耳的听觉频率范围为20～20000Hz。
2．（2025·禅城模拟）佛山叠滘龙舟队在河道中漂移过弯，船桨杠杆模型如图所示.下列说法正确的是
A．船桨是省力杠杆
B．过弯时龙舟受平衡力的作用
C．停止划桨，龙舟由于惯性继续滑行
D．龙舟前进动力的施力物体是船奖
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】 A．船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，A错误；
B．过弯时龙舟的运动方向改变，即运动状态改变，说明过弯时龙舟受到非平衡力的作用，B错误；
C．惯性是物体保持原来状态不变的一种性质，停止划桨，由于惯性，龙舟会继续滑行，C正确；
D．力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动龙舟向前行驶，因此使龙舟前进的力的施力物体是水，D错误。
故答案为：C。
【分析】根据动力臂和阻力臂的大小关系，判断属于哪种类型的杠杆；静止状态和匀速直线运动状态，受平衡力的作用；惯性是物体保持原来状态不变的一种性质；由相互作用力判断施力物体。
3．（2025·禅城模拟）体重是评价人体健康状况的重要指标，国家实施“体重管理年"行动.小华用图电路设计电子体重秤，两电表中适合改装为体重秤表盘的是
A．只能是电压表 B．只能是电流表
C．两者都适合 D．两者都不适合
【答案】A
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；判断电流表测量对象问题；判断电压表测量对象问题
【解析】【解答】由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测变阻器接入电路中的电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表在电路中相当于断路，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，由 可知，电路中的电流不变，当测量人的重力时，滑片下移，由U＝IR可知，电压表有示数，所以，电压表适合改装为体重秤表盘。A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】滑动变阻器和欧姆定律的应用，根据电压表内阻特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻进行分析解答。
4．（2025·禅城模拟）博物馆在精巧的文物前放置凸透镜，可观察到正立、放大的像，则文物到凸透镜的距离 和凸透镜焦距f最合理的是
A． =15cm f=10cm B． =10cm f=10cm
C． =9cm f=10cm D． =1cm f=10cm
【答案】C
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜
【解析】【解答】文物前放置凸透镜，看到正立的像，主要起放大镜作用，看到的是正立放大的虚像，由凸透镜成像规律可知，文物放在焦点之内，即u＜f，由此可知，选项C中，物距9cm小于焦距10cm，符合条件，选项D中，物距1cm太小，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】凸透镜成像规律的应用，根据物距与像距的关系进行计算分析。
二、填空题（7小题，每空1分，共21分）
5．（2025·禅城模拟）中国“人造小太阳”EAST装置利用气核与核在超高温下进行反应释放能量，该反应属于 反应（选填“裂变”或“聚变”）：氟核由质子和 组成，质子 （“带正电”“带负电”或“不带电”）：
【答案】聚变；中子；带正电
【知识点】核能；核聚变；核裂变；原子核
【解析】【解答】中国“人造小太阳”EAST装置利用氘核与氚核在超高温下进行反应释放能量，该反应属于聚变反应；氚核由质子和中子组成，质子带正电。
故答案为：聚变；中子；带正电。
【分析】知道原子核的结构，原子核是由质子和中子组成的，质子不带正电，中子不带电。
6．（2025·禅城模拟）如图是博物馆中的青铜古镜，当游客靠近古镜时，其像的大小 ，其像到镜面的距离 （前两空均选填“变大”“变小”或“不变”），游客看到的像是 像（选填“虚”或“实”）
【答案】不变；变小；虚
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】由平面镜成像的特点可知，当游客靠近古镜时，像与物的大小相等，其像的大小不变；人向靠近镜面的方向移动，其像到镜面的距离变小，平面镜所成的像是虚像。
故答案为：不变；变小；虚。
【分析】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理。
7．（2025·禅城模拟）小华戴着“运动手环”运动时，手环中小磁体在管内反复运动，线圈中便会产生电流，通过传感器实现运动追踪，该过程中 转化为电能，这是 现象，与 （选填“乙”或“丙”）工作原理相似.
【答案】机械能；电磁感应；丙
【知识点】电磁感应；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】手环中小磁体在管内反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。所以运动手环的基本原理是电磁感应，该过程中将机械能转化为电能，与发电机的工作原理是相同的；乙图中有电源，其原理是通电导体在磁场中受力而运动，据此制成了电动机；丙图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，产生感应电流，其工作原理是电磁感应现象，与“运动手环” 工作原理相同。
故答案为：机械能；电磁感应；丙。
【分析】电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流；过程中将机械能转化为电能。
8．（2025·禅城模拟）一个空玻璃瓶的质量为90g，装满水后测得总质量为590g，则瓶子的容积为 cm3，重新将瓶子装满牛奶，测得总质量为600g，则牛奶的密度为 kg/m3，喝了一半后，牛奶的密度 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】500；1.02×103；不变
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】水的质量，瓶子的容积等于水的体；牛奶的质量，牛奶的密度；密度是物质的一种特性，质量减半，密度不变。
故答案为： 500；1.02×103；不变。
【分析】本题考查了密度公式的应用，对密度特性的理解。利用密度公式求出牛奶的密度；密度是物质的一种特性，与牛奶的质量无关。
9．（2025·禅城模拟）如图是使用“三合一”充电线同时为两部手机和一个充电宝充电。两台手机是 （填“串联”或“并联”）的，此时充电宝相当于 （填“电源”或“用电器”），拔掉手机A，手机B的电流将 （填“变大”“不变”或“变小”）.
【答案】并联；用电器；不变
【知识点】电路的构成及电路图；并联电路的电流规律
【解析】【解答】使用“三合一”充电线同时为两部手机和一个充电宝充电，由图可知，两手机互不影响，是并联连接；此时充电宝消耗电能，在电路中相当于用电器；并联电路各支路互不影响，拔掉手机A，手机B的电流将不变。
故答案为：答案为：并联；用电器；不变。
【分析】根据并联电路的特点，和电路的组成元件及功能进行分析解答。
10．（2025·禅城模拟）题图是我国自主研制的水陆两栖飞机“鲲龙”.根据表中数据，在河水中“鲲龙”空载时所受的浮力是 N，最底部受到液体压强约为 Pa：“鲲龙”加速起飞时，机翼上方空气流速 下方空气流速（选填“大于”“等于”或“小于”）
【答案】2.88ⅹ105；5ⅹ103；大于
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算；流体压强与流速的关系；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】“鲲龙”处于漂浮状态，此时所受的浮力等于重力，即；最底部受到液体压强约为：；由机翼的形状可知，“鲲龙”加速起飞时，机翼上表面的空气流速比下表面空气流速大。
故答案为：2.88×105；5×103；大于。
【分析】漂浮时浮力等于重力；根据p＝ρgh计算液体压强；流体流速大的位置压强小。
11．（2025·禅城模拟）分别用甲、乙两滑轮组将物体A、B匀速提升1m，不计绳重与摩擦，此过程相关数据如图，乙滑轮组所做的有用功为 J：甲滑轮组机械效率η甲为 %（结果保留一位小数）：F甲 F乙（选填“大于”“等于”或“小于”）
【答案】200；90.9；大于
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）由图知，使用乙滑轮组做的总功，额外功，做的有用功；
（2）由图知，使用甲滑轮组做的总功330J，额外功30J，做的有用功W有用甲＝W总甲﹣；甲滑轮组的机械效率：；
（3）由图知，n甲＝3，n乙＝2，分别用甲．乙两滑轮组将物体A．B匀速提升1m，拉力端移动距离s甲＝n甲h＝3×1m＝3m，s乙＝n乙h＝2×1m＝2m，由W＝Fs可得：，，所以F甲＜F乙。
故答案为：200；90.9；＜。
【分析】由图可知，使用甲、乙滑轮组做的总功．额外功，通过W有用＝W总﹣W额计算出有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功的比值；先分析出承担物重的绳子段数，拉力端移动距离s＝nh，利用W＝Fs分别计算拉力，进而得出拉力大小关系。
三、作图题（共7分）
12．（2025·禅城模拟）
（1）请在图中O点画出吉祥物小蛇漂浮时所受力的示意图.
（2）如图所示，凸透镜的主光轴与平静水面重合，光线AO射向水面，O与透镜焦点F重合，请画出大致的折射光线及其经凸透镜后的光线
（3）如图是电磁门锁的原理简化图.当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，请在电源右端括号内标出“+”或“”极，并标明A点的磁场方向和电磁铁右端磁极
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；浮力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 (1)漂浮时，物体受到的浮力等于物体的重力，大小相等，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，作用点画在重心处，如图所示：
(2) 过焦点F画出法线，光从水中斜射入空气中时，折射角小于入射角，折射光线偏离法线；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，如图所示：
(3) 条形磁体的右端是N极，当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，说明电磁铁的左端是S极，右端是N极；根据安培定则可知，电流从电磁铁线圈的右后侧流入，从左前侧流出，因此电源右端是正极；在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极，A点磁感线的方向向右，如图所示：
【分析】（1）漂浮时，物体受到浮力和重力的作用，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下，这两个力的大小相等。
（2）根据光的折射规律画出折射光线；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。
（3）根据磁极间的相互作用规律判断电磁铁的磁极；根据安培定则判断电磁铁线圈中的电流方向，从而判断出电源的正．负极。在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极。
四、实验题（3小题，第16小题7分、第17小题6分，第18小题7分，共20分）
13．（2025·禅城模拟）
（1）如题图所示，小蛇吉祥物的高度为 cm.
（2）小明利用图装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，此时弹簧测力计读数为 N，若拉动木板向右做加速运动，木块受到摩擦力 （选填“变小”“不变”或“变大”）.
（3）小明想探究蔗糖和盐的吸热情况，经查阅资料可知蔗糖熔点为185℃，盐的熔点801°℃，所以他采用如图乙所示装置，将质量相同的糖和盐分别放入AB试管中进行实验.如图甲所示质量为 g；某时刻试管B中温度计示数如图乙为 ℃，实验中每隔一段时间记录一次温度，作出温度随时间变化的规律图像如图丙，可判断出 吸热能力更强（选填“蔗糖”或“盐”），小明认为在标准大气压下，该实验过程中两种物质不会熔化，理由是 。
【答案】（1）3.70
（2）2.4；不变
（3）13.2；56；盐；水沸点100℃低于糖和盐的熔点
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；长度及其测量；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）由图1可知，刻度尺的分度值是0.1cm，小蛇的高度为。
故答案为：3.70。
（2）由图2可知，弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为2.4N；若拉动木板向右做加速运动，压力、接触面的粗擦程度不变，故木块受到摩擦力不变；
故答案为：2.4；不变。
（3）如图甲所示质量；如图乙试管B中温度计示数为56℃；由图丙可知，加热相同时间，B温度变化小，故B的吸热能力强，B试管装的是盐，即盐吸热能力更强；标准大气压下水的沸点为100℃，达不到蔗糖和盐的熔点，故该实验过程中两种物质不会熔化。
故答案为：13.2；56；盐；标准大气压下水的沸点为100℃，达不到蔗糖和盐的熔点。
【分析】（1）根据刻度尺的使用方法进行读数。
（2）根据弹簧测力计的使用方法读数；滑动摩擦力影响因素压力、接触面的粗擦程度。
（3）根据托盘天平和温度计的使用方法进行读数；由比热容的特点进行分析，标准大气压下水的沸点为100℃。
14．（2025·禅城模拟）小明利用若干个钩码（每个钩码质量为50g）和弹簧测力计，探究杠杆的平衡条件
（1）如图甲所示静止的杠杆处于 状态（选填“平衡”或“非平衡”）；要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 调节，目的是可直接 。
（2）调平后小明进行图乙实验，在A处挂了4个钩码，为使杠杆重新平衡，他应在B点挂 个相同的钩码；此时杠杆的动力或阻力是 （填“钩码受到的重力”“钩码对杠杆的拉力”或“杠杆对钩码的拉力”），
（3）在图丙实验中，改用弹簧测力计拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计的示数为3.0N时，该拉力的作用点可能是 点（多选，填“B”“C”“D”或“E”）.
【答案】（1）平衡；右；读取力臂
（2）6；钩码对杠杆的拉力
（3）BC
【知识点】杠杆的平衡分析法及其应用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆静止在如图甲所示的位置，静止即为平衡状态；杠杆右端高，平衡螺母向右调，使杠杆在水平位置平衡便于测量力臂大小。
故答案为：平衡；右；测量力臂大小。
（2）由杠杆的平衡条件可知：，即，解得，需挂6个钩码；此时杠杆的动力或阻力是钩码对杠杆的拉力。
故答案为： 6；钩码对杠杆的拉力。
（3）由杠杆的平衡条件可得：
，解得：，故拉力的作用点可能是B、C、D点。
故答案为： B、C、D。
【分析】（1）杠杆静止处于静止状态，静止即为平衡状态；左偏右调，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小。
（2）根据杠杆平衡条件进行分析判断。
（3）根据杠杆的平衡条件计算得出最大力臂。
15．（2025·禅城模拟）小明为了测量灯泡电阻，设计如图甲所示的电路图并进行实验，实验中电源电压保持3V不变，灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω0.5A”
（1）请你用笔画线代替导线将图乙实物图连接好 。
（2）闭合开关，观察到灯泡不亮，但电流表有示数，小明认为灯丝断了，小红认为他的说法 （选填“正确”或“错误”），为说服小明，小红向 （选填“左”或“右”）移动滑片，继续观察灯泡发光情况
（3）当电压表的示数为2.00V时，电流表如图丙所示，此时电流表示数为 A，灯泡电阻为 Ω.（计算结果保留一位小数）
（4）小明将阻值为5Ω的定值电阻代替小灯泡组成电路如图丁所示，探究电流与电压的关系，他预设好表格中的电压值并完成其中5次实验，将电流数据填入表格。
电压U/V 0.50 1.00 1.20 1.50 1.80 2.00 2.50 3.00
电流I/A 0.20 0.24 0.30 0.36 0.40
由以上数据可得到实验结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 ，为了进一步验证该结论，在不改变电路连接且保证各用电器安全使用的情况下，表格里余下的3次实验中，还能完成 次
【答案】（1）
（2）错误；右
（3）0.24；8.3
（4）成正比；1
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）电流表测通过小灯泡的电流，电压表测小灯泡两端的电压，所以应将小灯泡与电流表串联在电路中，将电压表并联在小灯泡的两端，如图所示：
（2）若灯丝断了，电路处于断路状态，电流表无示数，故小明说法错误。闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端，闭合开关后，需要增大电路中的电流，使小灯泡变亮，应逐渐减小滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将滑片向右移动。
故答案为：错误；右。
（3）图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，灯泡电阻为。
故答案为：0.24；8.3。
（4）由表中数据可知，电压一定时，通过导体的电流与导体两端的电压正比。定值电阻的阻值，当定值电阻两端的电压为0.5V时，由串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压，由串联电路分压规律可知，，解得，故不能得出第一组数据。
当定值电阻两端的电压为2.5V时，此时通过定值电阻的电流，滑动变阻器此时接入电路中的阻值，故能得出第七组数据。
当定值电阻两端的电压为3V时，此时通过定值电阻的电流，故不能得出第八组数据。在不改变电路连接且保证各用电器安全使用的情况下，只能得出1组数据。
故答案为：正比；1。
【分析】（1）根据测小灯泡电阻的实验中设计的电路进行分析。
（2）灯丝断了，电路断路状态，电流表无示数；小灯泡不亮可能是电路中的电流过小。
（3）由计算小灯泡的电阻。
（4）根据串联电路的分压规律、欧姆定律和滑动变阻器的规格来分析。
五、计算题（2小题，第19题6分，第20题7分，共13分）
16．（2025·禅城模拟）如图所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人，某次清扫以0.2m/s的速度水平匀速直线运动0.5min，与地面接触面积为4X10-4m2，该过程中牵引力恒为9N.g取10N/kg.求：
（1）此次清扫，扫地机运动的路程：
（2）行驶过程中牵引力做的功：
（3）清扫完成后，扫地机对地面的压强为1.25×10pa，求扫地机的总质量
【答案】（1）解：扫地机运动得路程为：
（2）解： 行驶过程中牵引力做的功
（3）解：
则总质量为
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算机器人运动的路程。
（2）由计算牵引力做功。
（3）机器人在水平地面上，由和计算扫地机器人的总质量。
17．（2025·禅城模拟）空气炸锅是一种广受欢迎的小家电，图甲为工作原理示意图，通过发热管加热，再利用电动机带动风扇将加热后的空气向下吹向锅体内食物，达到加热效果。其简化电路图如图乙所示，技术参数如下表
品名 额定电压 额定频率 额定功率 发热功率 容量
空气炸锅 220V 50HZ 1100W 1000W 3.0L
（1）正常工作时，发热电阻的阻值是多少？
（2）正常工作时，电动机的功率是多少？
（3）小明同学用空气炸锅炸薯条，他将温度设置为200℃，定时20分钟，空气炸锅正常工作时发热电阻的P-图像如图丙所示，求此过程中空气炸锅消耗的电能？
【答案】（1）解： 正常工作时，发热电阻得功率是，则其阻值为：。
答： 正常工作时，发热电阻的阻值是 。
（2）解： ，正常工作时电动机得功率为： 。
答： 正常工作时，电动机的功率是 100W。
（3）解：；
电阻丝总得工作时间为：；
所以发热电阻消耗得电能为：；
故炸锅20分钟内消耗得总电能为：。
答： 此过程中空气炸锅消耗的电能。
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由计算出发热电阻的阻值。
（2）发热功率与电动机的功率之和等于额定功率，据此来求解电动机的功率。
（3）先计算出发热管工作的时间，根据求出发热管消耗的电能，进而得出炸薯条共消耗的电能。
六、综合能力题（3小题，第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分）
18．（2025·禅城模拟）小明感觉跑步时跑得越快，风的阻挡越明显，他猜想“空气阻力的大小跟物体在空气中运动的速度大小可能有关”，为此，他做了以下实验。
他向气球内充入空气，充气后体积不变，如图甲所示，在气球上悬挂不同数量的钩码（钩码体积可忽略）研究球形物体的空气阻力与速度的关系.实验前将充好气的气球和细线挂在电子测力计上，无风环境下示数为mg，让气球分别挂上重力为mg、3mg、5mg的钩码从五楼落下，以墙壁为背景，拍摄到气球悬挂钩码落到地面附近的频闪照片（每隔相等的时间会拍摄一张照片，连续记录绳上同一点的位置）分别如图乙中所示.请回答下列问题：
（1）由图乙可判断出悬挂钩码的气球下落到地面附近，此过程中气球质量 （选填“变大”“变小”或“不变”），处于 状态（选填“平衡”或“非平衡”），三次实验中气球的速度之比为 。
（2）第2次实验中气球所受的空气阻力为 。
（3）由此可以得出：球形物体所受的空气阻力与其速度的关系是 （用文字表述），
（4）实验结束后，将气球中的空气排出，此时测得气球和细线的总重力 mg（选填“大于”“等于”或“小于”）.
【答案】（1）不变；平衡；1：2：3
（2）4mg
（3）阻力与速度成正比
（4）小于
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向；阻力对物体运动影响的探究实验；二力平衡的条件及其应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】（1）实验中气球内充入的空气量不变，所以气球质量不变。由频闪照片可知，气球在相同时间内通过的路程相等，说明气球做匀速直线运动，处于平衡状态。第一次实验中，第一个时间间隔t内通过的距离为s，则第二次实验中相同时间间隔t内通过的距离为2s，第三次实验中为3s。由v可知，三次实验中气球的速度之比为1：2：3。
故答案依次为：（1）不变；平衡；1：2：3大于。
（2）气球受到竖直向下的重力G＝3mg+mg＝4mg，竖直向上的空气阻力f。因为气球做变速运动，此时F＝G﹣f，当气球速度稳定时，空气阻力f近似等于重力G，即f＝4mg。
故答案依次为： 4mg。
（3）由题可知，随着气球速度的增大，空气阻力也增大。可以得出：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
故答案依次为：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
（4）实验前充好气的气球和细线在无风环境下电子测力计示数为mg，当把气球中的空气排出后，气球的体积变小，空气对气球的浮力变小。根据力的平衡，此时测得气球和细线的总重力会大于mg。因为mg=G-F浮，浮力变小后，测得的重力会变大。
故答案依次为：大于。
【分析】（1）质量是包含物质的多少，在相同时间内通过的路程相等，做匀速直线运动，处于平衡状态。根据速度公式v分析速度比。
（2）由力的合成和力的平衡条件进行分析。
（3）由实验数据分析得出：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
（4）根据力的平衡进行受力分析，浮力变小重力会变大。
19．（2025·禅城模拟）在“探究光反射的定律”时，小华进行了如图所示的实验
（1）如图甲，将一束光斜射到水平放置的平面镜上，尝试用一块白纸板去寻找入射光和反射光，实验中白纸板的作用是 ，固定入射光方向和入射点不变，多次调整白纸板位置，发现 ，白纸板上同时呈现入射光和反射光
（2）如图乙，当白纸板上能同时看到入射光和反射光后，分别进行如下三次操作（入射光始终紧贴白纸板，从白纸板上的E点射向O点）：
①将白纸板的右半边绕ON向后折（如图丙）：
②白纸板整体以ON为轴旋转（如图丁）：
③将白纸板整体绕底边CD向后倾斜（如图戊）
则反射光能在白纸板上量现的是 （选填“丙”、“丁”或“戊”），以上探究在引入“法线“模型后可以简洁表述为：反射光线、入射光线和法线在 。
（3）为进一步探究光反射的规律，接下来应该探究 的关系
（4）实验发现：法线在探究过程中有重要的作用，下列说法正确的有____（多选）
A．法线并不真实存在
B．法线便于我们判断并测出入射角和反射角
C．如果没有法线，则光在反射时就没有规律可言
【答案】（1）显示光路；纸板垂直镜面
（2）丁；同一平面上
（3）反射角和入射角
（4）A；B
【知识点】光的反射；光的反射定律；光反射的可逆性
【解析】【解答】（1）白板上发生漫反射，可以显示光的传播路径；反射光线、入射光线和法线同一平面内，固定入射光方向和入射点不变，多次调整白板位置，发现白板与镜面垂直时白纸板上同时呈现入射光和反射光。
故答案为：显示光的传播路径；纸板垂直镜面。
（2）①将白纸板的右半边绕ON向后折；②白纸板整体以ON为轴旋转；③将白纸板整体绕底边CD向后倾斜。则反射光能在白纸板上呈现的是丁，以上探究在引入“法线”模型后可以简洁表述为：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：丁；同一平面内。
（3）找到反射光线与入射光线的准确位置关系，接下来应该探究反射角与入射角的大小的关系。
故答案为：反射角与入射角的大小。
（4）引入“法线”模型，不是真实存在的，法线便于我们判断并测出入射角和反射角；如果没有法线，则光在反射时规律照样存在，故选AB。
故答案为：AB。
【分析】根据光的反射定律的探究实验步骤分析各个步骤的探究目的，根据模型法理解法线，运用反射定律的内容进行分析。
20．（2025·禅城模拟）阅读短文，回答问题
储水式电热水器
电热水器主要由加热棒、防电墙等部件组成，加热棒为阻值不变的电热丝，为了安全使用，电热丝外面要包裹一层材料。
电热水器在使用过程中会有漏电危险，为防止使用时漏电且接地线失效时出现触电事故，电热水器在出水口处串接了一个“防电墙”，如图甲、乙是电热水器防电墙的外部和内部构造图，其中防电墙内部水流的是螺旋绝缘通道（如图丙所示）。
表一为该热水器的部分参数，其中“额定最高温度”是电热水器正常工作时水箱中所能达到的最高温度
表一：
额定容量/L 额定功率/W 额定最高温度/℃ 额定电压/V
60 2000 70 220
用不同长度、不同横截面积的水管做成“防电墙”进行实验，测“防电墙”电阻的大小如表二所示。
表二：
螺旋水柱长度L/cm 10 20 30 30 30
横截面积S/cm2 1 1 1 2 3
防电墙电阻R/kΩ 24 48 72 36 24
（1）考虑用电安全，电热水器应使用 孔（选填“两”或“三”）插座，“防电墙”部做成螺旋状，可增加进入该处水管水流的 来增加电阻
（2）关于热水器内部的加热棒，下列说法正确的是____.
A．电热丝通电时内能增大是通过热传递改变的
B．电热丝外面包裹的是导热性差的材料
C．电热丝外面包裹的材料应为绝缘体
D．电热丝应选用电阻小、熔点低的材料
（3）电热水器水箱中注满初温为20°℃的冷水，以额定功率加热到额定最高温度所需要的时间为125min，吸收的热量为 J，则该电热水器的电热转化效率为 。
（4）为确保安全，要求淋浴时通过人体的安全电流不超过1mA，该品牌电热水器防电墙中螺旋水柱的横截面积为0.6cm2，则防电墙内的螺旋水柱总长度至少为 cm（淋浴时人体的电阻约为1kΩ，除防电墙和人体外其余水路电阻不计）
【答案】（1）三；长度
（2）C
（3）1.26ⅹ107；84%
（4）54.75
【知识点】导体与绝缘体；影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用；家庭电路的组成；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【解答】（1）电热水器有金属外壳，为了用电的安全，防止因用电器漏电而发生触电事故，其外壳必须要接地，故应使用三孔插座；导体的电阻与导体的材料、横截面积、长度和温度有关；流经防电墙中的水必须沿着内部隔片螺旋流动，与普通水管相比其中的水柱变得更细更长，使水的横截面积变小，长度变大，从而使水的电阻变大。
故答案为：三；长度。
（2）A．电阻丝通电后会产生热量，将电能转化为内能，这是做功改变物体的内能，A错误；
B．电热丝要给水箱内的水加热，所以电热丝外面包裹的材料导热性好，B错误；
C．为了安全使用，防止漏电，加热棒外面包裹的材料必须是绝缘体，C正确；
D．由可知，电压一定时，电阻越小，功率越大，所以电热丝应该使用电阻小的材料；为了防止电热丝熔断，电热丝还要使用熔点高的材料，D错误；
故答案为：C。
（3）由可得，水的质量：，水吸收的热量：，由P可得，125min消耗的电能：，该电热水器的电热转化效率：η100%100%＝84%。
故答案为：1.26×107；84%。
（4）防电墙水管的电阻跟它的长度成正比，跟它的横截面积成反比，据此可知电阻与长度、横截面积的关系为R＝k，根据表格数据可知，24kΩ＝k，解得：k＝2.4kΩ cm；则电阻R＝2.4kΩ cm；由题意可知，当发生漏电时，电流会沿着水管经过喷头流过人体而发生触电事故，即电流依次经过电阻和人体，电流只有一条路径，“隔电墙”的电阻和人体为串联；淋浴时人体的电阻约为1kΩ，故当淋浴时通过人体的安全电流不超过1mA时，“隔电墙”的电阻两端电压为220V，“隔电墙”的电阻最大值：R+R人。解得R＝2.19×105Ω＝219kΩ；根据题意可知，该品牌电热水器防电墙中螺旋水柱的横截面积为0.6cm2，则防电墙电阻：219kΩ＝2.4kΩ cm，解得：L＝54.75cm。
故答案为：54.75。
【分析】（1）根据安全用电，有金属外壳的用电器要使用三孔插座；导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
（2）改变内能的方式：做功和热传递；电热丝要给水箱内的水加热；不容易导电的物体是绝缘体；容易导电的物体是导体；电热丝加热时功率较大，温度较高；
（3）由ρ求得水的质量，由Q吸＝cmΔt求得水吸收的热量，由P求得125min消耗的电能，由η可求得该电热水器的电热转化效率。
（4）根据题上信息求出电阻与长度、横截面积的关系式，再结合欧姆定律进行综合分析计算。
1 / 1广东省佛山市禅城区2025年中考二模物理试卷
一、选择题：（7小题，每小题3分，共21分.下列各题所列答案中，只有一项是符合题目要求的，选对的给3分，选错或不选的给0分），
1．（2025·禅城模拟）【从生活走向物理】厨房里的物理现象无处不在.根据观察与实践，完成1~4题
（1）妈妈买了一颗大白菜，其质量最接近
A．50g B．500g C．5kg D．5t
（2）用微波炉解冻大鱼头，该过程说法正确的是
A．消耗的电能属于一次能源
B．微波是一种电磁波
C．主要将电能转化为光能
D．微波在空气中的速度为3×10m/s
（3）煲白菜鱼头的过程中，小华看到锅边冒出“白气”，并闻到香味，下列说法正确的是
A．“白气”是汽化形成的水蒸气
B．燃烧过程中天然气热值不断减小
C．闻到香味是因为分子在不停地做无规则的运动
D．加大火力可以加快汤沸腾，这是因为提高了汤的沸点
（4）使用超声波洗碗机清洗餐具，下列说法正确的是
A．利用声音可以传递信息 B．超声波在水中的速度为340m/s
C．人听到的噪声是超声波 D．超声波是由物体振动产生的
2．（2025·禅城模拟）佛山叠滘龙舟队在河道中漂移过弯，船桨杠杆模型如图所示.下列说法正确的是
A．船桨是省力杠杆
B．过弯时龙舟受平衡力的作用
C．停止划桨，龙舟由于惯性继续滑行
D．龙舟前进动力的施力物体是船奖
3．（2025·禅城模拟）体重是评价人体健康状况的重要指标，国家实施“体重管理年"行动.小华用图电路设计电子体重秤，两电表中适合改装为体重秤表盘的是
A．只能是电压表 B．只能是电流表
C．两者都适合 D．两者都不适合
4．（2025·禅城模拟）博物馆在精巧的文物前放置凸透镜，可观察到正立、放大的像，则文物到凸透镜的距离 和凸透镜焦距f最合理的是
A． =15cm f=10cm B． =10cm f=10cm
C． =9cm f=10cm D． =1cm f=10cm
二、填空题（7小题，每空1分，共21分）
5．（2025·禅城模拟）中国“人造小太阳”EAST装置利用气核与核在超高温下进行反应释放能量，该反应属于 反应（选填“裂变”或“聚变”）：氟核由质子和 组成，质子 （“带正电”“带负电”或“不带电”）：
6．（2025·禅城模拟）如图是博物馆中的青铜古镜，当游客靠近古镜时，其像的大小 ，其像到镜面的距离 （前两空均选填“变大”“变小”或“不变”），游客看到的像是 像（选填“虚”或“实”）
7．（2025·禅城模拟）小华戴着“运动手环”运动时，手环中小磁体在管内反复运动，线圈中便会产生电流，通过传感器实现运动追踪，该过程中 转化为电能，这是 现象，与 （选填“乙”或“丙”）工作原理相似.
8．（2025·禅城模拟）一个空玻璃瓶的质量为90g，装满水后测得总质量为590g，则瓶子的容积为 cm3，重新将瓶子装满牛奶，测得总质量为600g，则牛奶的密度为 kg/m3，喝了一半后，牛奶的密度 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
9．（2025·禅城模拟）如图是使用“三合一”充电线同时为两部手机和一个充电宝充电。两台手机是 （填“串联”或“并联”）的，此时充电宝相当于 （填“电源”或“用电器”），拔掉手机A，手机B的电流将 （填“变大”“不变”或“变小”）.
10．（2025·禅城模拟）题图是我国自主研制的水陆两栖飞机“鲲龙”.根据表中数据，在河水中“鲲龙”空载时所受的浮力是 N，最底部受到液体压强约为 Pa：“鲲龙”加速起飞时，机翼上方空气流速 下方空气流速（选填“大于”“等于”或“小于”）
11．（2025·禅城模拟）分别用甲、乙两滑轮组将物体A、B匀速提升1m，不计绳重与摩擦，此过程相关数据如图，乙滑轮组所做的有用功为 J：甲滑轮组机械效率η甲为 %（结果保留一位小数）：F甲 F乙（选填“大于”“等于”或“小于”）
三、作图题（共7分）
12．（2025·禅城模拟）
（1）请在图中O点画出吉祥物小蛇漂浮时所受力的示意图.
（2）如图所示，凸透镜的主光轴与平静水面重合，光线AO射向水面，O与透镜焦点F重合，请画出大致的折射光线及其经凸透镜后的光线
（3）如图是电磁门锁的原理简化图.当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，请在电源右端括号内标出“+”或“”极，并标明A点的磁场方向和电磁铁右端磁极
四、实验题（3小题，第16小题7分、第17小题6分，第18小题7分，共20分）
13．（2025·禅城模拟）
（1）如题图所示，小蛇吉祥物的高度为 cm.
（2）小明利用图装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，此时弹簧测力计读数为 N，若拉动木板向右做加速运动，木块受到摩擦力 （选填“变小”“不变”或“变大”）.
（3）小明想探究蔗糖和盐的吸热情况，经查阅资料可知蔗糖熔点为185℃，盐的熔点801°℃，所以他采用如图乙所示装置，将质量相同的糖和盐分别放入AB试管中进行实验.如图甲所示质量为 g；某时刻试管B中温度计示数如图乙为 ℃，实验中每隔一段时间记录一次温度，作出温度随时间变化的规律图像如图丙，可判断出 吸热能力更强（选填“蔗糖”或“盐”），小明认为在标准大气压下，该实验过程中两种物质不会熔化，理由是 。
14．（2025·禅城模拟）小明利用若干个钩码（每个钩码质量为50g）和弹簧测力计，探究杠杆的平衡条件
（1）如图甲所示静止的杠杆处于 状态（选填“平衡”或“非平衡”）；要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 调节，目的是可直接 。
（2）调平后小明进行图乙实验，在A处挂了4个钩码，为使杠杆重新平衡，他应在B点挂 个相同的钩码；此时杠杆的动力或阻力是 （填“钩码受到的重力”“钩码对杠杆的拉力”或“杠杆对钩码的拉力”），
（3）在图丙实验中，改用弹簧测力计拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计的示数为3.0N时，该拉力的作用点可能是 点（多选，填“B”“C”“D”或“E”）.
15．（2025·禅城模拟）小明为了测量灯泡电阻，设计如图甲所示的电路图并进行实验，实验中电源电压保持3V不变，灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω0.5A”
（1）请你用笔画线代替导线将图乙实物图连接好 。
（2）闭合开关，观察到灯泡不亮，但电流表有示数，小明认为灯丝断了，小红认为他的说法 （选填“正确”或“错误”），为说服小明，小红向 （选填“左”或“右”）移动滑片，继续观察灯泡发光情况
（3）当电压表的示数为2.00V时，电流表如图丙所示，此时电流表示数为 A，灯泡电阻为 Ω.（计算结果保留一位小数）
（4）小明将阻值为5Ω的定值电阻代替小灯泡组成电路如图丁所示，探究电流与电压的关系，他预设好表格中的电压值并完成其中5次实验，将电流数据填入表格。
电压U/V 0.50 1.00 1.20 1.50 1.80 2.00 2.50 3.00
电流I/A 0.20 0.24 0.30 0.36 0.40
由以上数据可得到实验结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 ，为了进一步验证该结论，在不改变电路连接且保证各用电器安全使用的情况下，表格里余下的3次实验中，还能完成 次
五、计算题（2小题，第19题6分，第20题7分，共13分）
16．（2025·禅城模拟）如图所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人，某次清扫以0.2m/s的速度水平匀速直线运动0.5min，与地面接触面积为4X10-4m2，该过程中牵引力恒为9N.g取10N/kg.求：
（1）此次清扫，扫地机运动的路程：
（2）行驶过程中牵引力做的功：
（3）清扫完成后，扫地机对地面的压强为1.25×10pa，求扫地机的总质量
17．（2025·禅城模拟）空气炸锅是一种广受欢迎的小家电，图甲为工作原理示意图，通过发热管加热，再利用电动机带动风扇将加热后的空气向下吹向锅体内食物，达到加热效果。其简化电路图如图乙所示，技术参数如下表
品名 额定电压 额定频率 额定功率 发热功率 容量
空气炸锅 220V 50HZ 1100W 1000W 3.0L
（1）正常工作时，发热电阻的阻值是多少？
（2）正常工作时，电动机的功率是多少？
（3）小明同学用空气炸锅炸薯条，他将温度设置为200℃，定时20分钟，空气炸锅正常工作时发热电阻的P-图像如图丙所示，求此过程中空气炸锅消耗的电能？
六、综合能力题（3小题，第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分）
18．（2025·禅城模拟）小明感觉跑步时跑得越快，风的阻挡越明显，他猜想“空气阻力的大小跟物体在空气中运动的速度大小可能有关”，为此，他做了以下实验。
他向气球内充入空气，充气后体积不变，如图甲所示，在气球上悬挂不同数量的钩码（钩码体积可忽略）研究球形物体的空气阻力与速度的关系.实验前将充好气的气球和细线挂在电子测力计上，无风环境下示数为mg，让气球分别挂上重力为mg、3mg、5mg的钩码从五楼落下，以墙壁为背景，拍摄到气球悬挂钩码落到地面附近的频闪照片（每隔相等的时间会拍摄一张照片，连续记录绳上同一点的位置）分别如图乙中所示.请回答下列问题：
（1）由图乙可判断出悬挂钩码的气球下落到地面附近，此过程中气球质量 （选填“变大”“变小”或“不变”），处于 状态（选填“平衡”或“非平衡”），三次实验中气球的速度之比为 。
（2）第2次实验中气球所受的空气阻力为 。
（3）由此可以得出：球形物体所受的空气阻力与其速度的关系是 （用文字表述），
（4）实验结束后，将气球中的空气排出，此时测得气球和细线的总重力 mg（选填“大于”“等于”或“小于”）.
19．（2025·禅城模拟）在“探究光反射的定律”时，小华进行了如图所示的实验
（1）如图甲，将一束光斜射到水平放置的平面镜上，尝试用一块白纸板去寻找入射光和反射光，实验中白纸板的作用是 ，固定入射光方向和入射点不变，多次调整白纸板位置，发现 ，白纸板上同时呈现入射光和反射光
（2）如图乙，当白纸板上能同时看到入射光和反射光后，分别进行如下三次操作（入射光始终紧贴白纸板，从白纸板上的E点射向O点）：
①将白纸板的右半边绕ON向后折（如图丙）：
②白纸板整体以ON为轴旋转（如图丁）：
③将白纸板整体绕底边CD向后倾斜（如图戊）
则反射光能在白纸板上量现的是 （选填“丙”、“丁”或“戊”），以上探究在引入“法线“模型后可以简洁表述为：反射光线、入射光线和法线在 。
（3）为进一步探究光反射的规律，接下来应该探究 的关系
（4）实验发现：法线在探究过程中有重要的作用，下列说法正确的有____（多选）
A．法线并不真实存在
B．法线便于我们判断并测出入射角和反射角
C．如果没有法线，则光在反射时就没有规律可言
20．（2025·禅城模拟）阅读短文，回答问题
储水式电热水器
电热水器主要由加热棒、防电墙等部件组成，加热棒为阻值不变的电热丝，为了安全使用，电热丝外面要包裹一层材料。
电热水器在使用过程中会有漏电危险，为防止使用时漏电且接地线失效时出现触电事故，电热水器在出水口处串接了一个“防电墙”，如图甲、乙是电热水器防电墙的外部和内部构造图，其中防电墙内部水流的是螺旋绝缘通道（如图丙所示）。
表一为该热水器的部分参数，其中“额定最高温度”是电热水器正常工作时水箱中所能达到的最高温度
表一：
额定容量/L 额定功率/W 额定最高温度/℃ 额定电压/V
60 2000 70 220
用不同长度、不同横截面积的水管做成“防电墙”进行实验，测“防电墙”电阻的大小如表二所示。
表二：
螺旋水柱长度L/cm 10 20 30 30 30
横截面积S/cm2 1 1 1 2 3
防电墙电阻R/kΩ 24 48 72 36 24
（1）考虑用电安全，电热水器应使用 孔（选填“两”或“三”）插座，“防电墙”部做成螺旋状，可增加进入该处水管水流的 来增加电阻
（2）关于热水器内部的加热棒，下列说法正确的是____.
A．电热丝通电时内能增大是通过热传递改变的
B．电热丝外面包裹的是导热性差的材料
C．电热丝外面包裹的材料应为绝缘体
D．电热丝应选用电阻小、熔点低的材料
（3）电热水器水箱中注满初温为20°℃的冷水，以额定功率加热到额定最高温度所需要的时间为125min，吸收的热量为 J，则该电热水器的电热转化效率为 。
（4）为确保安全，要求淋浴时通过人体的安全电流不超过1mA，该品牌电热水器防电墙中螺旋水柱的横截面积为0.6cm2，则防电墙内的螺旋水柱总长度至少为 cm（淋浴时人体的电阻约为1kΩ，除防电墙和人体外其余水路电阻不计）
答案解析部分
1．【答案】（1）C
（2）B
（3）C
（4）D
【知识点】质量及其特性；声音的产生；电磁波的传播；分子热运动
【解析】【解答】（1）一颗大白菜的质量约为8斤＝4kg，最接近5kg。ACD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）A．电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，A错误；
B．微波是一种波长较短的电磁波，B正确；
C．微波炉主要将电能转化为内能，C错误；
D．微波在空气中的速度3×108m/s，D错误。
故答案为：B。
（3）A．“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，A错误；
B．热值只和物质种类有关，燃烧过程中天然气热值不变，B错误；
C．闻到香味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，C正确；
D．加大火力可以加快汤沸腾，汤沸腾时温度保持不变，但汤的沸点并没有提高，D错误。
故答案为：C。
（4）A．使用超声波洗碗机清洗餐具，利用了声可以传递能量，A错误；
B．超声波在水中的传播速度大于在空气中的传播速度340m/s，B错误；
C．人耳的听觉频率范围为20～20000Hz，人听到的噪声不是超声波，C错误；
D．声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体振动产生的，D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
（2）电能属于二次能源，微波是电磁波，能将电能转化为内能，速度为3×108m/s。
（3）物质由气态变为液态叫做液化；热值只和物质种类有关；扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；沸腾时温度保持不变。
（4）声音是由物体的振动产生的，声可以传递信息和能量；声音的传播速度与介质的种类和温度有关；人耳的听觉频率范围为20～20000Hz。
2．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】 A．船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，A错误；
B．过弯时龙舟的运动方向改变，即运动状态改变，说明过弯时龙舟受到非平衡力的作用，B错误；
C．惯性是物体保持原来状态不变的一种性质，停止划桨，由于惯性，龙舟会继续滑行，C正确；
D．力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动龙舟向前行驶，因此使龙舟前进的力的施力物体是水，D错误。
故答案为：C。
【分析】根据动力臂和阻力臂的大小关系，判断属于哪种类型的杠杆；静止状态和匀速直线运动状态，受平衡力的作用；惯性是物体保持原来状态不变的一种性质；由相互作用力判断施力物体。
3．【答案】A
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；判断电流表测量对象问题；判断电压表测量对象问题
【解析】【解答】由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测变阻器接入电路中的电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表在电路中相当于断路，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，由 可知，电路中的电流不变，当测量人的重力时，滑片下移，由U＝IR可知，电压表有示数，所以，电压表适合改装为体重秤表盘。A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】滑动变阻器和欧姆定律的应用，根据电压表内阻特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻进行分析解答。
4．【答案】C
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜
【解析】【解答】文物前放置凸透镜，看到正立的像，主要起放大镜作用，看到的是正立放大的虚像，由凸透镜成像规律可知，文物放在焦点之内，即u＜f，由此可知，选项C中，物距9cm小于焦距10cm，符合条件，选项D中，物距1cm太小，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】凸透镜成像规律的应用，根据物距与像距的关系进行计算分析。
5．【答案】聚变；中子；带正电
【知识点】核能；核聚变；核裂变；原子核
【解析】【解答】中国“人造小太阳”EAST装置利用氘核与氚核在超高温下进行反应释放能量，该反应属于聚变反应；氚核由质子和中子组成，质子带正电。
故答案为：聚变；中子；带正电。
【分析】知道原子核的结构，原子核是由质子和中子组成的，质子不带正电，中子不带电。
6．【答案】不变；变小；虚
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】由平面镜成像的特点可知，当游客靠近古镜时，像与物的大小相等，其像的大小不变；人向靠近镜面的方向移动，其像到镜面的距离变小，平面镜所成的像是虚像。
故答案为：不变；变小；虚。
【分析】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理。
7．【答案】机械能；电磁感应；丙
【知识点】电磁感应；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】手环中小磁体在管内反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。所以运动手环的基本原理是电磁感应，该过程中将机械能转化为电能，与发电机的工作原理是相同的；乙图中有电源，其原理是通电导体在磁场中受力而运动，据此制成了电动机；丙图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，产生感应电流，其工作原理是电磁感应现象，与“运动手环” 工作原理相同。
故答案为：机械能；电磁感应；丙。
【分析】电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流；过程中将机械能转化为电能。
8．【答案】500；1.02×103；不变
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】水的质量，瓶子的容积等于水的体；牛奶的质量，牛奶的密度；密度是物质的一种特性，质量减半，密度不变。
故答案为： 500；1.02×103；不变。
【分析】本题考查了密度公式的应用，对密度特性的理解。利用密度公式求出牛奶的密度；密度是物质的一种特性，与牛奶的质量无关。
9．【答案】并联；用电器；不变
【知识点】电路的构成及电路图；并联电路的电流规律
【解析】【解答】使用“三合一”充电线同时为两部手机和一个充电宝充电，由图可知，两手机互不影响，是并联连接；此时充电宝消耗电能，在电路中相当于用电器；并联电路各支路互不影响，拔掉手机A，手机B的电流将不变。
故答案为：答案为：并联；用电器；不变。
【分析】根据并联电路的特点，和电路的组成元件及功能进行分析解答。
10．【答案】2.88ⅹ105；5ⅹ103；大于
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算；流体压强与流速的关系；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】“鲲龙”处于漂浮状态，此时所受的浮力等于重力，即；最底部受到液体压强约为：；由机翼的形状可知，“鲲龙”加速起飞时，机翼上表面的空气流速比下表面空气流速大。
故答案为：2.88×105；5×103；大于。
【分析】漂浮时浮力等于重力；根据p＝ρgh计算液体压强；流体流速大的位置压强小。
11．【答案】200；90.9；大于
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）由图知，使用乙滑轮组做的总功，额外功，做的有用功；
（2）由图知，使用甲滑轮组做的总功330J，额外功30J，做的有用功W有用甲＝W总甲﹣；甲滑轮组的机械效率：；
（3）由图知，n甲＝3，n乙＝2，分别用甲．乙两滑轮组将物体A．B匀速提升1m，拉力端移动距离s甲＝n甲h＝3×1m＝3m，s乙＝n乙h＝2×1m＝2m，由W＝Fs可得：，，所以F甲＜F乙。
故答案为：200；90.9；＜。
【分析】由图可知，使用甲、乙滑轮组做的总功．额外功，通过W有用＝W总﹣W额计算出有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功的比值；先分析出承担物重的绳子段数，拉力端移动距离s＝nh，利用W＝Fs分别计算拉力，进而得出拉力大小关系。
12．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；浮力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 (1)漂浮时，物体受到的浮力等于物体的重力，大小相等，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，作用点画在重心处，如图所示：
(2) 过焦点F画出法线，光从水中斜射入空气中时，折射角小于入射角，折射光线偏离法线；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，如图所示：
(3) 条形磁体的右端是N极，当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，说明电磁铁的左端是S极，右端是N极；根据安培定则可知，电流从电磁铁线圈的右后侧流入，从左前侧流出，因此电源右端是正极；在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极，A点磁感线的方向向右，如图所示：
【分析】（1）漂浮时，物体受到浮力和重力的作用，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下，这两个力的大小相等。
（2）根据光的折射规律画出折射光线；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。
（3）根据磁极间的相互作用规律判断电磁铁的磁极；根据安培定则判断电磁铁线圈中的电流方向，从而判断出电源的正．负极。在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极。
13．【答案】（1）3.70
（2）2.4；不变
（3）13.2；56；盐；水沸点100℃低于糖和盐的熔点
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；长度及其测量；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）由图1可知，刻度尺的分度值是0.1cm，小蛇的高度为。
故答案为：3.70。
（2）由图2可知，弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为2.4N；若拉动木板向右做加速运动，压力、接触面的粗擦程度不变，故木块受到摩擦力不变；
故答案为：2.4；不变。
（3）如图甲所示质量；如图乙试管B中温度计示数为56℃；由图丙可知，加热相同时间，B温度变化小，故B的吸热能力强，B试管装的是盐，即盐吸热能力更强；标准大气压下水的沸点为100℃，达不到蔗糖和盐的熔点，故该实验过程中两种物质不会熔化。
故答案为：13.2；56；盐；标准大气压下水的沸点为100℃，达不到蔗糖和盐的熔点。
【分析】（1）根据刻度尺的使用方法进行读数。
（2）根据弹簧测力计的使用方法读数；滑动摩擦力影响因素压力、接触面的粗擦程度。
（3）根据托盘天平和温度计的使用方法进行读数；由比热容的特点进行分析，标准大气压下水的沸点为100℃。
14．【答案】（1）平衡；右；读取力臂
（2）6；钩码对杠杆的拉力
（3）BC
【知识点】杠杆的平衡分析法及其应用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆静止在如图甲所示的位置，静止即为平衡状态；杠杆右端高，平衡螺母向右调，使杠杆在水平位置平衡便于测量力臂大小。
故答案为：平衡；右；测量力臂大小。
（2）由杠杆的平衡条件可知：，即，解得，需挂6个钩码；此时杠杆的动力或阻力是钩码对杠杆的拉力。
故答案为： 6；钩码对杠杆的拉力。
（3）由杠杆的平衡条件可得：
，解得：，故拉力的作用点可能是B、C、D点。
故答案为： B、C、D。
【分析】（1）杠杆静止处于静止状态，静止即为平衡状态；左偏右调，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小。
（2）根据杠杆平衡条件进行分析判断。
（3）根据杠杆的平衡条件计算得出最大力臂。
15．【答案】（1）
（2）错误；右
（3）0.24；8.3
（4）成正比；1
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）电流表测通过小灯泡的电流，电压表测小灯泡两端的电压，所以应将小灯泡与电流表串联在电路中，将电压表并联在小灯泡的两端，如图所示：
（2）若灯丝断了，电路处于断路状态，电流表无示数，故小明说法错误。闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端，闭合开关后，需要增大电路中的电流，使小灯泡变亮，应逐渐减小滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将滑片向右移动。
故答案为：错误；右。
（3）图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，灯泡电阻为。
故答案为：0.24；8.3。
（4）由表中数据可知，电压一定时，通过导体的电流与导体两端的电压正比。定值电阻的阻值，当定值电阻两端的电压为0.5V时，由串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压，由串联电路分压规律可知，，解得，故不能得出第一组数据。
当定值电阻两端的电压为2.5V时，此时通过定值电阻的电流，滑动变阻器此时接入电路中的阻值，故能得出第七组数据。
当定值电阻两端的电压为3V时，此时通过定值电阻的电流，故不能得出第八组数据。在不改变电路连接且保证各用电器安全使用的情况下，只能得出1组数据。
故答案为：正比；1。
【分析】（1）根据测小灯泡电阻的实验中设计的电路进行分析。
（2）灯丝断了，电路断路状态，电流表无示数；小灯泡不亮可能是电路中的电流过小。
（3）由计算小灯泡的电阻。
（4）根据串联电路的分压规律、欧姆定律和滑动变阻器的规格来分析。
16．【答案】（1）解：扫地机运动得路程为：
（2）解： 行驶过程中牵引力做的功
（3）解：
则总质量为
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算机器人运动的路程。
（2）由计算牵引力做功。
（3）机器人在水平地面上，由和计算扫地机器人的总质量。
17．【答案】（1）解： 正常工作时，发热电阻得功率是，则其阻值为：。
答： 正常工作时，发热电阻的阻值是 。
（2）解： ，正常工作时电动机得功率为： 。
答： 正常工作时，电动机的功率是 100W。
（3）解：；
电阻丝总得工作时间为：；
所以发热电阻消耗得电能为：；
故炸锅20分钟内消耗得总电能为：。
答： 此过程中空气炸锅消耗的电能。
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由计算出发热电阻的阻值。
（2）发热功率与电动机的功率之和等于额定功率，据此来求解电动机的功率。
（3）先计算出发热管工作的时间，根据求出发热管消耗的电能，进而得出炸薯条共消耗的电能。
18．【答案】（1）不变；平衡；1：2：3
（2）4mg
（3）阻力与速度成正比
（4）小于
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向；阻力对物体运动影响的探究实验；二力平衡的条件及其应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】（1）实验中气球内充入的空气量不变，所以气球质量不变。由频闪照片可知，气球在相同时间内通过的路程相等，说明气球做匀速直线运动，处于平衡状态。第一次实验中，第一个时间间隔t内通过的距离为s，则第二次实验中相同时间间隔t内通过的距离为2s，第三次实验中为3s。由v可知，三次实验中气球的速度之比为1：2：3。
故答案依次为：（1）不变；平衡；1：2：3大于。
（2）气球受到竖直向下的重力G＝3mg+mg＝4mg，竖直向上的空气阻力f。因为气球做变速运动，此时F＝G﹣f，当气球速度稳定时，空气阻力f近似等于重力G，即f＝4mg。
故答案依次为： 4mg。
（3）由题可知，随着气球速度的增大，空气阻力也增大。可以得出：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
故答案依次为：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
（4）实验前充好气的气球和细线在无风环境下电子测力计示数为mg，当把气球中的空气排出后，气球的体积变小，空气对气球的浮力变小。根据力的平衡，此时测得气球和细线的总重力会大于mg。因为mg=G-F浮，浮力变小后，测得的重力会变大。
故答案依次为：大于。
【分析】（1）质量是包含物质的多少，在相同时间内通过的路程相等，做匀速直线运动，处于平衡状态。根据速度公式v分析速度比。
（2）由力的合成和力的平衡条件进行分析。
（3）由实验数据分析得出：球形物体所受的空气阻力与其速度成正比。
（4）根据力的平衡进行受力分析，浮力变小重力会变大。
19．【答案】（1）显示光路；纸板垂直镜面
（2）丁；同一平面上
（3）反射角和入射角
（4）A；B
【知识点】光的反射；光的反射定律；光反射的可逆性
【解析】【解答】（1）白板上发生漫反射，可以显示光的传播路径；反射光线、入射光线和法线同一平面内，固定入射光方向和入射点不变，多次调整白板位置，发现白板与镜面垂直时白纸板上同时呈现入射光和反射光。
故答案为：显示光的传播路径；纸板垂直镜面。
（2）①将白纸板的右半边绕ON向后折；②白纸板整体以ON为轴旋转；③将白纸板整体绕底边CD向后倾斜。则反射光能在白纸板上呈现的是丁，以上探究在引入“法线”模型后可以简洁表述为：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：丁；同一平面内。
（3）找到反射光线与入射光线的准确位置关系，接下来应该探究反射角与入射角的大小的关系。
故答案为：反射角与入射角的大小。
（4）引入“法线”模型，不是真实存在的，法线便于我们判断并测出入射角和反射角；如果没有法线，则光在反射时规律照样存在，故选AB。
故答案为：AB。
【分析】根据光的反射定律的探究实验步骤分析各个步骤的探究目的，根据模型法理解法线，运用反射定律的内容进行分析。
20．【答案】（1）三；长度
（2）C
（3）1.26ⅹ107；84%
（4）54.75
【知识点】导体与绝缘体；影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用；家庭电路的组成；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【解答】（1）电热水器有金属外壳，为了用电的安全，防止因用电器漏电而发生触电事故，其外壳必须要接地，故应使用三孔插座；导体的电阻与导体的材料、横截面积、长度和温度有关；流经防电墙中的水必须沿着内部隔片螺旋流动，与普通水管相比其中的水柱变得更细更长，使水的横截面积变小，长度变大，从而使水的电阻变大。
故答案为：三；长度。
（2）A．电阻丝通电后会产生热量，将电能转化为内能，这是做功改变物体的内能，A错误；
B．电热丝要给水箱内的水加热，所以电热丝外面包裹的材料导热性好，B错误；
C．为了安全使用，防止漏电，加热棒外面包裹的材料必须是绝缘体，C正确；
D．由可知，电压一定时，电阻越小，功率越大，所以电热丝应该使用电阻小的材料；为了防止电热丝熔断，电热丝还要使用熔点高的材料，D错误；
故答案为：C。
（3）由可得，水的质量：，水吸收的热量：，由P可得，125min消耗的电能：，该电热水器的电热转化效率：η100%100%＝84%。
故答案为：1.26×107；84%。
（4）防电墙水管的电阻跟它的长度成正比，跟它的横截面积成反比，据此可知电阻与长度、横截面积的关系为R＝k，根据表格数据可知，24kΩ＝k，解得：k＝2.4kΩ cm；则电阻R＝2.4kΩ cm；由题意可知，当发生漏电时，电流会沿着水管经过喷头流过人体而发生触电事故，即电流依次经过电阻和人体，电流只有一条路径，“隔电墙”的电阻和人体为串联；淋浴时人体的电阻约为1kΩ，故当淋浴时通过人体的安全电流不超过1mA时，“隔电墙”的电阻两端电压为220V，“隔电墙”的电阻最大值：R+R人。解得R＝2.19×105Ω＝219kΩ；根据题意可知，该品牌电热水器防电墙中螺旋水柱的横截面积为0.6cm2，则防电墙电阻：219kΩ＝2.4kΩ cm，解得：L＝54.75cm。
故答案为：54.75。
【分析】（1）根据安全用电，有金属外壳的用电器要使用三孔插座；导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
（2）改变内能的方式：做功和热传递；电热丝要给水箱内的水加热；不容易导电的物体是绝缘体；容易导电的物体是导体；电热丝加热时功率较大，温度较高；
（3）由ρ求得水的质量，由Q吸＝cmΔt求得水吸收的热量，由P求得125min消耗的电能，由η可求得该电热水器的电热转化效率。
（4）根据题上信息求出电阻与长度、横截面积的关系式，再结合欧姆定律进行综合分析计算。
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