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题号 总分
得分
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。（共10小题,共46分）
如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在小球后方的屏上阴影中心出现了一个亮斑。这是光的（ ）
（4分）
A.衍射现象
B.偏振现象
C.干涉现象
D.折射现象
在透明吸管内，手指和液体之间密封一定质量的气体，如图所示，由于手的接触，密封气体温度高于外界气体。则（ ）
（4分）
A.密封气体压强高于外界气体压强
B.图中液体与吸管内壁之间是不浸润的
C.密封气体分子数密度等于外界气体分子数密度
D.密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能
自卸车能自动卸货物，如图所示。在车厢由水平位置逐渐抬起至货物全部卸完的过程中，自卸车始终保持静止，下列说法中正确的是（ ）
（4分）
A.货物受车厢的摩擦力逐渐减小
B.货物受车厢的摩擦力先增大后减小
C.地面对自卸车的支持力保持不变
D.自卸车不受地面施加的摩擦力
如图所示，A、B两点分别固定电荷量为+3Q、-Q的两个点电荷，以B为圆心的圆交A、B中垂线于C、D两点，交AB延长线于P点，下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.C、D两点电场强度相同
B.C、D两点电势不同
C.将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小
D.将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电场力做负功
自然界中一些放射性重元素会发生一系列连续衰变，称为衰变链。已知U的衰变链如图所示，图中纵坐标为中子数，横坐标为质子数，X为衰变链中某一原子核。下列判断中正确的是（ ）
（4分）
A.衰变为X要经过2次α衰变，3次β衰变
B.衰变为X要经过2次α衰变，2次β衰变
C.衰变为X质量数减小了2
D.衰变为X质量数减小了6
图（a）为一列简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x=4m处的质点；图（b）为质点Q的振动图像，下列说法正确的是（ ） （4分）
A.从t=0.2s到t=0.5s,质点P通过的路程为15cm
B.从t=0.2s到t=0.4s,该波沿x轴负方向传播了2m
C.在t=0.25s时，质点P的加速度沿y轴负方向
D.质点P简谐运动的表达式y=0.05sin（5πt）m
一卫星运行轨迹投影图如图所示，它记录了卫星在地球表面垂直投影的位置变化。在一段时间内卫星绕地球沿圆周匀速飞行了三圈，其投影图依次为①、②、③，图中竖线为经线，相邻两条经线相差15°，则地球同步卫星与该卫星的轨道半径之比为（ ）
（4分）
A.
B.
C.
D.3
交流发电机通过自耦变压器给一电阻供电，如图所示，不计发电机内阻，下列说法正确的是（ ）
（6分）
A.图示位置线圈产生的感应电动势为零
B.仅将线圈的转速增大，电压表示数变大
C.仅将变压器滑片P上移，电压表示数变大
D.仅将变压器滑片P上移，电阻R的热功率变小
医院中X光检测设备的核心器件为X射线管。如图所示，在X射线管中，电子（质量为m、电荷量为-e,初速度可以忽略）经电压为U的电场加速后，从P点垂直磁场边界水平射入匀强磁场中。磁场宽为2L，磁感应强度大小可以调节。电子经过磁场偏转后撞击目标靶。已知水平放置的目标靶MN长为2L，Q为MN中点，PM长为L，不计电子重力、电子间相互作用力及电子高速运行中辐射的能量。则（ ）
（6分）
A.电子进入磁场的速度大小
B.垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间
C.撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间之比为3：2
D.能使电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小之比为5：2
如图所示，大圆环固定在竖直平面内，一根轻绳两端各系一个小球A、B，轻绳跨过固定在大圆环顶端的小滑轮，A为有孔小球套在光滑的大圆环上。A与大圆环圆心连线和竖直方向夹角为60°，A的质量为4m,B的质量为m,大圆环半径为R，重力加速度为g。由静止释放A、B，则在A球下滑到最低点的过程中（不计一切摩擦）（ ）
（6分）
A.A球重力的瞬时功率一直变大
B.B球所受拉力可能小于其重力
C.A球到达最低点时的速度
D.A球与大圆环圆心等高时B球的速度
二、非选择题：本题共5小题，共54分。（共5小题,共54分）
（6分）
(1) 某同学要测量某一电阻，他先用多用电表进行测量，他选用的欧姆挡倍率为“×100”，如图（a）所示，其测量结果为 _______kΩ（保留两位有效数字）。
（2分）
(2) 他为了精确测量该电阻的阻值，设计了如图（b）所示电路，闭合开关S1，单刀双置开关接1时，调节R1，R2使电表有合适读数，读得电压表和电流表的示数分别为U1、I1；保持R1、R2不变，当单刀双置开关接2时，读得电压表和电流表的示数分别为U1、I2。则该电阻Rx= _______（用上述物理量符号表示）。（2分）
(3) 在此实验中，电表的内阻对测量结果 _______（选填“有”、“无”）影响。（2分）
一位同学利用直尺设计了可以测量水平加速度的加速度计，如图（a）所示。将一总刻度长为20cm的直尺水平固定在一个T型架的竖直杆上，将一端系有小球的细线悬于T型架上的O点，O点位于直尺中央刻度的正上方，O点距直尺上沿10cm。将该装置底座平放在车上，当细线与直尺的交点位置不变时，根据直尺的刻度，便可得到车水平运动时的加速度。
（8分）
(1) 图（b）中P刻度应该标记的加速度为 _______；该装置可测加速度最大值是 _______。（结果由g表示）（4分）
(2) 为了制作加速度计的刻度盘，需要测量当地的重力加速度，该同学用图（c）中圆锥摆进行测量，将一细线上端固定，下端连接一小球。让小球某段时间内在某一水平面做匀速圆周运动，测出小球做N次完整圆周运动的时间为t,又测出悬点到小球做圆周运动平面的高为h,则当地重力加速度大小g= _______（用题中所给物理量符号表示）。（2分）
(3) 该加速度计的刻度 _______（选填“均匀”或“不均匀”）。（2分）
避免碰撞是智能扫地机器人的重要功能，如图a所示。机场某大型扫地机器人在水平面匀速直线前行，通过激光雷达和传感器检测到前方有旅客，系统立即自动控制，使之做加速度大小为a1的匀减速直线运动，并向旅客发出提醒，若旅客未避让，机器人前行至某处时自动触发“紧急制动”，做加速度大小为a2的匀减速直线运动，最终没有与旅客发生碰撞，机器人运动的v2-x图像如图b所示，求：
（10分）
(1) 机器人在两个阶段的加速度a1、a2；（5分）
(2) 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间t。（5分）
如图所示，质量为M的小车ABC静止在光滑水平面上，轨道水平部分AB的上表面粗糙、动摩擦因数μ=0.1，圆形轨道BC的内表面光滑，半径R=0.3m,B为圆形轨道的最低点。质量为m的物块（可视为质点）从P点斜向上抛出，恰能在小车的最右端A点沿水平方向滑上小车，已知M=4m,P，A两点的竖直高度差h=0.2m,水平距离x=0.6m,取重力加速度g=10m/s2。
（13分）
(1) 求物块在A点的速度大小vA；（4分）
(2) 在小车固定的情况下，物块恰好到达小车最高点C，求小车AB部分的长度L；（4分）
(3) 在小车不固定的情况下，物块能到达的最高点为Q（图中未标出），求Q到AB的竖直高度差hQ。（5分）
如图所示，电阻不计的金属导轨abc和a'b′c′平行等高正对放置，导轨左右两侧相互垂直，左侧两导轨粗糙，右侧两导轨光滑且与水平面的夹角θ=37°，两组导轨均足够长。整个空间存在平行于左侧导轨的匀强磁场。导体棒Q在外力作用下静置于左侧导轨上并保持水平，其与导轨间的动摩擦因数μ=0.5。导体棒P水平放置于右侧导轨上，两导体作的质量均为m,电阻相等。t=0时起，对导体棒P施加沿斜面向下的随时间变化的拉力F=kt（k已知），使其由静止开始做匀加速直线运动，同时撤去对Q的外力，导体棒Q开始沿轨道下滑。已知两导体棒与导轨始终垂直且接触良好，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
（17分）
(1) 求导体棒P的加速度a1；（5分）
(2) 求导体作Q经多长时间t达到最大速度及最大速度vm；（6分）
(3) 导体棒Q达到最大速度后减速到停下的同时撤去对导体棒P的拉力F，之后Q棒是否会再次下滑，请说明原因。（6分）
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。（共10小题）
第1题：
【正确答案】 A
【答案解析】解：当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在后方屏上的阴影中心出现了一个亮斑，这就是泊松亮斑，是激光绕过不透光的小球发生衍射形成的，是光的衍射现象，故A错误，BCD正确。
故选：A。
第2题：
【正确答案】 D
【答案解析】解：AC．设液柱的质量为m,外界大气压强为p0，横截面积为S，对液柱分析，密封气体压强，因此密封气体压强低于外界气体压强，且吸管内部压强不变。密封气体温度升高，压强不变，体积就会变大，分子数密度就会减小，因此密封气体分子数密度小于外界气体分子数密度，故AC错误；
B．由图可知，液体在吸管内呈下凹状，液体与吸管内壁是浸润的，故B错误；
D．温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大，因此密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能，故D正确。
故选：D。
第3题：
【正确答案】 B
【答案解析】解：AB．开始时货物受重力和支持力，抬起后受到斜向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即f=mgsinθ，随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变成滑动摩擦力，滑动摩擦力f=μmgcosθ，cosθ随角度的增加而减小，故滑动摩擦力将减小；因此摩擦力是先增大后减小的，故A错误，B正确；
CD．开始时货物受到静摩擦力作用，刚开始卸货时，对整体分析，竖直方向仅受重力和支持力作用，水平方向上不受力。因此地面对自卸车的支持力保持不变，自卸车不受地面施加的摩擦力。当物体开始加速滑动时，如图所示，分解加速度
对整体分析，水平方向f=max
竖直方向FN=M车厢g+m货（g-ay）
因此在卸货的过程中，货物的质量减小，自卸车受地面施加的摩擦力，地面对自卸车的支持力发生变化，故CD错误。
故选：B。
第4题：
【正确答案】 C
【答案解析】解：A、根据题意，由点电荷场强公式及电场叠加原理可知，C、D两点电场强度大小相等，方向不同，故A错误；
B、根据题意，由电势公式及电势叠加原理可知，C、D两点电势相同，故B错误；
C、根据题意可知，B点处点电荷在C和P点产生的电势相等，且为负，A点处点电荷在C点产生的电势大于P点电势，且为正，叠加后C点电势高于P点电势，由EP=φq可知，正电荷在C点电势能较多，正电荷从高电势到低电势，电势能减小。即将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小，故C正确；
D、由BC分析可知，D点电势高于P点电势，负电荷在P点的电势能较大，将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电势能减小，电场力做正功，故D错误。
故选：C。
第5题：
【正确答案】 B
【答案解析】解：AB、由图可知X的质子数（电荷数）是90，中子数是137，则质量数是227。设衰变为X要经过a次α衰变和b次β衰变，则2a-b=92-90；235-4a=227
解得a=2，b=2，即要经过2次α衰变，2次β衰变，故A错误，B正确；
CD、衰变为X质量数减小为235-227=8，故CD错误。
故选：B。
第6题：
【正确答案】 C
【答案解析】解：A．根据图形知A=5cm,λ=4m,T=0.4s
根据波长、波速和周期的关系：v=，解得波速：v=10m/s
从t=0.2s到t=0.5s,该时间与周期的关系满足：
t=0.2s时刻P在平衡位置与波峰之间，故质点P通过的路程不可能为：3A=3×5cm=15cm
故A错误；
B．由图乙可知t=0.2s时，质点Q处于平衡位置且速度沿y轴负方向，结合图甲可判断波沿x轴正向传播，故从t=0.2s到t=0.4s,该波沿x轴正方向传播了v×Δt1=10m/s×0.2s=2m
故B错误；
C．t=0.2s时质点P向y轴正方向振动，故到t=0.25s时间内满足：
质点P仍在 y轴正向位移处，故质点P的加速度沿y轴负方向，故C正确；
D．根据图（b）知质点Q简谐运动的表达式：
根据平移法知质点P简谐运动的表达式不是：y=0.05sin（5πt）m
故D错误。
故选：C。
第7题：
【正确答案】 A
【答案解析】解：设地球自转周期为T，则同步卫星的运行周期为T。卫星每运行一周，地球自转角度为2×15°，则卫星运行的周期
根据开普勒第三定律可得
，故A正确，BCD错误。
故选：A。
第8题：
【正确答案】 B D
【答案解析】解：A．图示位置线圈平面与磁场方向平行，产生的感应电动势最大，不为零，与图示位置垂直的平面叫中性面，电动势为零，故A错误；
B．线圈转动产生的感应电动势最大值为Em=NBSω，仅将线圈的转速增大，角速度增大，原线圈两端的电压增大，电压表示数变大，故B正确；
CD．仅将变压器滑片P上移，线圈转动产生的感应电动势最大值不变，原线圈两端电压不变，电压表示数不变，由于原线圈匝数增大，根据可知，副线圈两端的电压减小，根据可知，电阻R的热功率变小，故C错误，D正确。
故选：BD。
第9题：
【正确答案】 A D
【答案解析】解：A．电场经电场加速过程，根据动能定理有：
解得，故A正确。
B．垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动轨迹为四分之一圆周，根据半径为L，则圆周运动周期：
故垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间：
故B错误；
C．根据几何关系可知，撞击在Q点的电子在磁场中运动的轨迹有：R2=（R-L）2+（2L）2
解得
则撞击在Q点的电子在磁场中运动的周期为：
令撞击在Q点的电子在磁场中轨迹对应的圆心角为θ，根据几何关系有：
解得：θ=53°
撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间分别为：，
解得：
故C错误；
D．根据洛伦兹力提供向心力：
解得磁感应强度大小：
故电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小分别为：，
解得：
故D正确。
故选：AD。
第10题：
【正确答案】 B C
【答案解析】解：A、开始时，A球速度为0，重力的瞬时功率为0。当A滑到最低点时，速度与重力垂直，重力的瞬时功率为0，所以A球重力的瞬时功率先增大后减小，故A错误；
B、B球的速度等于A球沿绳方向的分速度，A球到达最低点时，B球的速度为0，可知B球先加速后减速，当B球向上减速时，所受拉力小于其重力，故B正确；
C、A球到达最低点的过程中，根据两球组成的系统机械能守恒可知，系统重力势能减少量等于动能的增加量，即有
解得，故C正确；
D、A球与大圆环圆心等高时，根据系统机械能守恒有
解得B球的速度为，故D错误。
故选：BC。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。（共5小题）
第11题：
第1小题:
【正确答案】 1.1；
【答案解析】指针位于11的位置，读数为11×100Ω=1100Ω=1.1kΩ
第2小题:
【正确答案】 ；
【答案解析】闭合开关S1，单刀双置开关接1时，电压表测量Rx、RA与R2的总电压，当单刀双置开关接2时，电压表测量RA、R2的电压，根据欧姆定律可知
第3小题:
【正确答案】 无。
【答案解析】由于电流表内阻产生的误差已被消除，所以实验测量值没有误差。
第12题：
第1小题:
【正确答案】 0.3g，g；
【答案解析】设图（b）中细线与竖直方向的夹角为θ，根据牛顿第二定律可得
mgtanθ=ma
根据几何关系可得
则图（b）中P刻度应该标记的加速度为a=0.3g
当细线摆到刻度尺的最大刻度时，加速度最大，则该装置可测加速度最大值是
第2小题:
【正确答案】 ；
【答案解析】测出小球做N次完整圆周运动的时间为t,则小球做圆周运动的周期为
设细线与竖直方向夹角为α，以小球为对象，根据牛顿第二定律可得
联立解得当地重力加速度大小为
第3小题:
【正确答案】 均匀。
【答案解析】设直尺中央刻度为x0，刻度为x时，对应的加速度为a,则有
其中x0=10cm,h0=10cm,可知加速度与刻度x成线性关系，则该加速度计的刻度均匀。
第13题：
第1小题:
【正确答案】 机器人在两个阶段的加速度a1、a2分别等于0.25m/s2，0.50m/s2，方向与速度方向相反；
【答案解析】根据可知v2-x图像的斜率为2a,可知加速度大小为，
方向与速度方向相反。
第2小题:
【正确答案】 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间t等于3s。
【答案解析】 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间。
第14题：
第1小题:
【正确答案】 物块在A点的速度大小vA为3m/s；
【答案解析】 根据逆向思维，可看作物块从小车的最右端A点平抛运动到P点，则
竖直方向有
水平方向有x=vAt
代入数据解得vA=3m/s
第2小题:
【正确答案】 小车AB部分的长度L为1.5m；
【答案解析】物块恰好到达小车最高点C，由能量守恒定律得
代入数据解得L=1.5m
第3小题:
【正确答案】 Q到AB的竖直高度差hQ为0.21m。
【答案解析】 小车不固定的情况下，物块到达小车最高点Q，此时两者速度相等，设共同的速度大小为v,取水平向左为正方向，物块和小车组成的系统水平方向动量守恒有
mvA=（m+M）v
由能量守恒定律得
代入数据解得h0=0.21m。
第15题：
第1小题:
【正确答案】 求导体棒P的加速度0.6g；
【答案解析】t=0时，对P根据牛顿第二定律有mgsinθ=ma1
解得a1=0.6g
第2小题:
【正确答案】 求导体作Q经多长时间t达到最大速度及最大速度；
【答案解析】 对P分析，根据牛顿第二定律有mgsinθ+F-BIL=ma1
其中
则有
应有
外力
对Q分析，根据牛顿第二定律有mgcosθ-μFN=ma2
其中FN=mgsinθ+BIL
解得mgcosθ-μmgsinθ-μkt=ma2
当Q的加速度为0时，速度最大，此时解得
如图所示，a2-t图像与时间轴围成的面积代表速度变化
由图可知
第3小题:
【正确答案】 导体棒Q达到最大速度后减速到停下的同时撤去对导体棒P的拉力F，之后Q棒会再次下滑，原因见解析。
【答案解析】 撤去拉力后，P最终匀速运动，有F安=mgsinθ
此时Q的最大静摩擦力为f′=μ（mgsinθ+F安）
解得f′=0.6mg＜mgcosθ
所以Q会再次下滑。
试卷第4页，总4页
第3页 第4页2025年内蒙古呼和浩特市高考物理一模试卷
满分：100
班级：
姓名：
考号：
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每
题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得
0分。（共10小题，共46分）
1,如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在小球后方的屏上阴影中心出现了一个亮斑。
这是光的(
(4分)
A.衍射现象
B.偏振现象
C.干涉现象
D.折射现象
正确答案：A
答案解析：解：当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在后方屏上的阴影中心出现了一个亮
斑，这就是泊松亮斑，是激光绕过不透光的小球发生衍射形成的，是光的衍射现象，故A错误，BCD正
确。
故选：A。
2.在透明吸管内，手指和液体之间密封一定质量的气体，如图所示，由于手的接触，密封气体温度高于
外界气体。则()
(4分)
A.密封气体压强高于外界气体压强
B.图中液体与吸管内壁之间是不浸润的
C.密封气体分子数密度等于外界气体分子数密度
D.密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能
正确答案：D
答案解析：解：AC.设液柱的质量为m,外界大气压强为o,横截面积为S,对液柱分析，密封气体压强
P=一罗，因此密封气体压强低于外界气体压强，且吸管内部压强不变。密封气体温度升高，压
强不变，体积就会变大，分子数密度就会减小，因此密封气体分子数密度小于外界气体分子数密度，故
AC错误：
B.由图可知，液体在吸管内呈下凹状，液体与吸管内壁是浸润的，故B错误：
D,温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大，因此密封气体分子平均动能高于外界气
体分子平均动能，故D正确。
故选：D。
3.自卸车能自动卸货物，如图所示。在车厢由水平位置逐渐抬起至货物全部卸完的过程中，自卸车始终
保持静止，下列说法中正确的是()
(4分)
A.货物受车厢的摩擦力逐渐减小
B.货物受车厢的摩擦力先增大后减小
C.地面对自卸车的支持力保持不变
D.自卸车不受地面施加的摩擦力
正确答案：B
答案解析：解：AB.开始时货物受重力和支持力，抬起后受到斜向上的静摩擦力：静摩擦力等于重力沿
斜面向下的分力，即f=mgsi0，随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，
由静摩擦力变成滑动摩擦力，滑动摩擦力f=μngcos0，cos0随角度的增加而减小，故滑动摩擦力将减
小：因此摩擦力是先增大后减小的，故A错误，B正确：
CD.开始时货物受到静摩擦力作用，刚开始卸货时，对整体分析，竖直方向仅受重力和支持力作用，水
平方向上不受力。因此地面对自卸车的支持力保持不变，自卸车不受地面施加的摩擦力。当物体开始加
速滑动时，如图所示，分解加速度
对整体分析，水平方向f=max
竖直方向Fv=M车厢g+m货（gay）
因此在卸货的过程中，货物的质量减小，自卸车受地面施加的摩擦力，地面对自卸车的支持力发生变
化，故CD错误。
故选：B。
4.如图所示，A、B两点分别固定电荷量为+3Q、Q的两个点电荷，以B为圆心的圆交A、B中垂线于C、D两
点，交AB延长线于P点，下列说法正确的是()
C
(4分)
A.C、D两点电场强度相同
B.C、D两点电势不同
C.将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小
D.将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电场力做负功
正确答案：C
答案解析：解：A、根据题意，由点电荷场强公式及电场叠加原理可知，C、D两点电场强度大小相等，
方向不同，故A错误；
B、根据题意，由电势公式及电势叠加原理可知，C、D两点电势相同，故B错误：
C、根据题意可知，B点处点电荷在C和P点产生的电势相等，且为负，A点处点电荷在C点产生的电势大于P
点电势，且为正，叠加后C点电势高于P点电势，由E印=中q可知，正电荷在C点电势能较多，正电荷从高电满分：100
班级：________ 姓名：________ 成绩：________
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。（共10小题,共46分）
如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在小球后方的屏上阴影中心出现了一个亮斑。这是光的（ ）
（4分）
A.衍射现象
B.偏振现象
C.干涉现象
D.折射现象
【正确答案】 A
【答案解析】解：当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在后方屏上的阴影中心出现了一个亮斑，这就是泊松亮斑，是激光绕过不透光的小球发生衍射形成的，是光的衍射现象，故A错误，BCD正确。
故选：A。
在透明吸管内，手指和液体之间密封一定质量的气体，如图所示，由于手的接触，密封气体温度高于外界气体。则（ ）
（4分）
A.密封气体压强高于外界气体压强
B.图中液体与吸管内壁之间是不浸润的
C.密封气体分子数密度等于外界气体分子数密度
D.密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能
【正确答案】 D
【答案解析】解：AC．设液柱的质量为m,外界大气压强为p0，横截面积为S，对液柱分析，密封气体压强，因此密封气体压强低于外界气体压强，且吸管内部压强不变。密封气体温度升高，压强不变，体积就会变大，分子数密度就会减小，因此密封气体分子数密度小于外界气体分子数密度，故AC错误；
B．由图可知，液体在吸管内呈下凹状，液体与吸管内壁是浸润的，故B错误；
D．温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大，因此密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能，故D正确。
故选：D。
自卸车能自动卸货物，如图所示。在车厢由水平位置逐渐抬起至货物全部卸完的过程中，自卸车始终保持静止，下列说法中正确的是（ ）
（4分）
A.货物受车厢的摩擦力逐渐减小
B.货物受车厢的摩擦力先增大后减小
C.地面对自卸车的支持力保持不变
D.自卸车不受地面施加的摩擦力
【正确答案】 B
【答案解析】解：AB．开始时货物受重力和支持力，抬起后受到斜向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即f=mgsinθ，随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变成滑动摩擦力，滑动摩擦力f=μmgcosθ，cosθ随角度的增加而减小，故滑动摩擦力将减小；因此摩擦力是先增大后减小的，故A错误，B正确；
CD．开始时货物受到静摩擦力作用，刚开始卸货时，对整体分析，竖直方向仅受重力和支持力作用，水平方向上不受力。因此地面对自卸车的支持力保持不变，自卸车不受地面施加的摩擦力。当物体开始加速滑动时，如图所示，分解加速度
对整体分析，水平方向f=max
竖直方向FN=M车厢g+m货（g-ay）
因此在卸货的过程中，货物的质量减小，自卸车受地面施加的摩擦力，地面对自卸车的支持力发生变化，故CD错误。
故选：B。
如图所示，A、B两点分别固定电荷量为+3Q、-Q的两个点电荷，以B为圆心的圆交A、B中垂线于C、D两点，交AB延长线于P点，下列说法正确的是（ ）
（4分）
A.C、D两点电场强度相同
B.C、D两点电势不同
C.将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小
D.将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电场力做负功
【正确答案】 C
【答案解析】解：A、根据题意，由点电荷场强公式及电场叠加原理可知，C、D两点电场强度大小相等，方向不同，故A错误；
B、根据题意，由电势公式及电势叠加原理可知，C、D两点电势相同，故B错误；
C、根据题意可知，B点处点电荷在C和P点产生的电势相等，且为负，A点处点电荷在C点产生的电势大于P点电势，且为正，叠加后C点电势高于P点电势，由EP=φq可知，正电荷在C点电势能较多，正电荷从高电势到低电势，电势能减小。即将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小，故C正确；
D、由BC分析可知，D点电势高于P点电势，负电荷在P点的电势能较大，将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电势能减小，电场力做正功，故D错误。
故选：C。
自然界中一些放射性重元素会发生一系列连续衰变，称为衰变链。已知U的衰变链如图所示，图中纵坐标为中子数，横坐标为质子数，X为衰变链中某一原子核。下列判断中正确的是（ ）
（4分）
A.衰变为X要经过2次α衰变，3次β衰变
B.衰变为X要经过2次α衰变，2次β衰变
C.衰变为X质量数减小了2
D.衰变为X质量数减小了6
【正确答案】 B
【答案解析】解：AB、由图可知X的质子数（电荷数）是90，中子数是137，则质量数是227。设衰变为X要经过a次α衰变和b次β衰变，则2a-b=92-90；235-4a=227
解得a=2，b=2，即要经过2次α衰变，2次β衰变，故A错误，B正确；
CD、衰变为X质量数减小为235-227=8，故CD错误。
故选：B。
图（a）为一列简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x=4m处的质点；图（b）为质点Q的振动图像，下列说法正确的是（ ） （4分）
A.从t=0.2s到t=0.5s,质点P通过的路程为15cm
B.从t=0.2s到t=0.4s,该波沿x轴负方向传播了2m
C.在t=0.25s时，质点P的加速度沿y轴负方向
D.质点P简谐运动的表达式y=0.05sin（5πt）m
【正确答案】 C
【答案解析】解：A．根据图形知A=5cm,λ=4m,T=0.4s
根据波长、波速和周期的关系：v=，解得波速：v=10m/s
从t=0.2s到t=0.5s,该时间与周期的关系满足：
t=0.2s时刻P在平衡位置与波峰之间，故质点P通过的路程不可能为：3A=3×5cm=15cm
故A错误；
B．由图乙可知t=0.2s时，质点Q处于平衡位置且速度沿y轴负方向，结合图甲可判断波沿x轴正向传播，故从t=0.2s到t=0.4s,该波沿x轴正方向传播了v×Δt1=10m/s×0.2s=2m
故B错误；
C．t=0.2s时质点P向y轴正方向振动，故到t=0.25s时间内满足：
质点P仍在 y轴正向位移处，故质点P的加速度沿y轴负方向，故C正确；
D．根据图（b）知质点Q简谐运动的表达式：
根据平移法知质点P简谐运动的表达式不是：y=0.05sin（5πt）m
故D错误。
故选：C。
一卫星运行轨迹投影图如图所示，它记录了卫星在地球表面垂直投影的位置变化。在一段时间内卫星绕地球沿圆周匀速飞行了三圈，其投影图依次为①、②、③，图中竖线为经线，相邻两条经线相差15°，则地球同步卫星与该卫星的轨道半径之比为（ ）
（4分）
A.
B.
C.
D.3
【正确答案】 A
【答案解析】解：设地球自转周期为T，则同步卫星的运行周期为T。卫星每运行一周，地球自转角度为2×15°，则卫星运行的周期
根据开普勒第三定律可得
，故A正确，BCD错误。
故选：A。
交流发电机通过自耦变压器给一电阻供电，如图所示，不计发电机内阻，下列说法正确的是（ ）
（6分）
A.图示位置线圈产生的感应电动势为零
B.仅将线圈的转速增大，电压表示数变大
C.仅将变压器滑片P上移，电压表示数变大
D.仅将变压器滑片P上移，电阻R的热功率变小
【正确答案】 B D
【答案解析】解：A．图示位置线圈平面与磁场方向平行，产生的感应电动势最大，不为零，与图示位置垂直的平面叫中性面，电动势为零，故A错误；
B．线圈转动产生的感应电动势最大值为Em=NBSω，仅将线圈的转速增大，角速度增大，原线圈两端的电压增大，电压表示数变大，故B正确；
CD．仅将变压器滑片P上移，线圈转动产生的感应电动势最大值不变，原线圈两端电压不变，电压表示数不变，由于原线圈匝数增大，根据可知，副线圈两端的电压减小，根据可知，电阻R的热功率变小，故C错误，D正确。
故选：BD。
医院中X光检测设备的核心器件为X射线管。如图所示，在X射线管中，电子（质量为m、电荷量为-e,初速度可以忽略）经电压为U的电场加速后，从P点垂直磁场边界水平射入匀强磁场中。磁场宽为2L，磁感应强度大小可以调节。电子经过磁场偏转后撞击目标靶。已知水平放置的目标靶MN长为2L，Q为MN中点，PM长为L，不计电子重力、电子间相互作用力及电子高速运行中辐射的能量。则（ ）
（6分）
A.电子进入磁场的速度大小
B.垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间
C.撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间之比为3：2
D.能使电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小之比为5：2
【正确答案】 A D
【答案解析】解：A．电场经电场加速过程，根据动能定理有：
解得，故A正确。
B．垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动轨迹为四分之一圆周，根据半径为L，则圆周运动周期：
故垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间：
故B错误；
C．根据几何关系可知，撞击在Q点的电子在磁场中运动的轨迹有：R2=（R-L）2+（2L）2
解得
则撞击在Q点的电子在磁场中运动的周期为：
令撞击在Q点的电子在磁场中轨迹对应的圆心角为θ，根据几何关系有：
解得：θ=53°
撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间分别为：，
解得：
故C错误；
D．根据洛伦兹力提供向心力：
解得磁感应强度大小：
故电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小分别为：，
解得：
故D正确。
故选：AD。
如图所示，大圆环固定在竖直平面内，一根轻绳两端各系一个小球A、B，轻绳跨过固定在大圆环顶端的小滑轮，A为有孔小球套在光滑的大圆环上。A与大圆环圆心连线和竖直方向夹角为60°，A的质量为4m,B的质量为m,大圆环半径为R，重力加速度为g。由静止释放A、B，则在A球下滑到最低点的过程中（不计一切摩擦）（ ）
（6分）
A.A球重力的瞬时功率一直变大
B.B球所受拉力可能小于其重力
C.A球到达最低点时的速度
D.A球与大圆环圆心等高时B球的速度
【正确答案】 B C
【答案解析】解：A、开始时，A球速度为0，重力的瞬时功率为0。当A滑到最低点时，速度与重力垂直，重力的瞬时功率为0，所以A球重力的瞬时功率先增大后减小，故A错误；
B、B球的速度等于A球沿绳方向的分速度，A球到达最低点时，B球的速度为0，可知B球先加速后减速，当B球向上减速时，所受拉力小于其重力，故B正确；
C、A球到达最低点的过程中，根据两球组成的系统机械能守恒可知，系统重力势能减少量等于动能的增加量，即有
解得，故C正确；
D、A球与大圆环圆心等高时，根据系统机械能守恒有
解得B球的速度为，故D错误。
故选：BC。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。（共5小题,共54分）
（6分）
(1) 某同学要测量某一电阻，他先用多用电表进行测量，他选用的欧姆挡倍率为“×100”，如图（a）所示，其测量结果为 _______kΩ（保留两位有效数字）。
（2分）
【正确答案】 1.1；
【答案解析】指针位于11的位置，读数为11×100Ω=1100Ω=1.1kΩ
(2) 他为了精确测量该电阻的阻值，设计了如图（b）所示电路，闭合开关S1，单刀双置开关接1时，调节R1，R2使电表有合适读数，读得电压表和电流表的示数分别为U1、I1；保持R1、R2不变，当单刀双置开关接2时，读得电压表和电流表的示数分别为U1、I2。则该电阻Rx= _______（用上述物理量符号表示）。（2分）
【正确答案】 ；
【答案解析】闭合开关S1，单刀双置开关接1时，电压表测量Rx、RA与R2的总电压，当单刀双置开关接2时，电压表测量RA、R2的电压，根据欧姆定律可知
(3) 在此实验中，电表的内阻对测量结果 _______（选填“有”、“无”）影响。（2分）
【正确答案】 无。
【答案解析】由于电流表内阻产生的误差已被消除，所以实验测量值没有误差。
一位同学利用直尺设计了可以测量水平加速度的加速度计，如图（a）所示。将一总刻度长为20cm的直尺水平固定在一个T型架的竖直杆上，将一端系有小球的细线悬于T型架上的O点，O点位于直尺中央刻度的正上方，O点距直尺上沿10cm。将该装置底座平放在车上，当细线与直尺的交点位置不变时，根据直尺的刻度，便可得到车水平运动时的加速度。
（8分）
(1) 图（b）中P刻度应该标记的加速度为 _______；该装置可测加速度最大值是 _______。（结果由g表示）（4分）
【正确答案】 0.3g，g；
【答案解析】设图（b）中细线与竖直方向的夹角为θ，根据牛顿第二定律可得
mgtanθ=ma
根据几何关系可得
则图（b）中P刻度应该标记的加速度为a=0.3g
当细线摆到刻度尺的最大刻度时，加速度最大，则该装置可测加速度最大值是
(2) 为了制作加速度计的刻度盘，需要测量当地的重力加速度，该同学用图（c）中圆锥摆进行测量，将一细线上端固定，下端连接一小球。让小球某段时间内在某一水平面做匀速圆周运动，测出小球做N次完整圆周运动的时间为t,又测出悬点到小球做圆周运动平面的高为h,则当地重力加速度大小g= _______（用题中所给物理量符号表示）。（2分）
【正确答案】 ；
【答案解析】测出小球做N次完整圆周运动的时间为t,则小球做圆周运动的周期为
设细线与竖直方向夹角为α，以小球为对象，根据牛顿第二定律可得
联立解得当地重力加速度大小为
(3) 该加速度计的刻度 _______（选填“均匀”或“不均匀”）。（2分）
【正确答案】 均匀。
【答案解析】设直尺中央刻度为x0，刻度为x时，对应的加速度为a,则有
其中x0=10cm,h0=10cm,可知加速度与刻度x成线性关系，则该加速度计的刻度均匀。
避免碰撞是智能扫地机器人的重要功能，如图a所示。机场某大型扫地机器人在水平面匀速直线前行，通过激光雷达和传感器检测到前方有旅客，系统立即自动控制，使之做加速度大小为a1的匀减速直线运动，并向旅客发出提醒，若旅客未避让，机器人前行至某处时自动触发“紧急制动”，做加速度大小为a2的匀减速直线运动，最终没有与旅客发生碰撞，机器人运动的v2-x图像如图b所示，求：
（10分）
(1) 机器人在两个阶段的加速度a1、a2；（5分）
【正确答案】 机器人在两个阶段的加速度a1、a2分别等于0.25m/s2，0.50m/s2，方向与速度方向相反；
【答案解析】根据可知v2-x图像的斜率为2a,可知加速度大小为，
方向与速度方向相反。
(2) 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间t。（5分）
【正确答案】 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间t等于3s。
【答案解析】 机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间。
如图所示，质量为M的小车ABC静止在光滑水平面上，轨道水平部分AB的上表面粗糙、动摩擦因数μ=0.1，圆形轨道BC的内表面光滑，半径R=0.3m,B为圆形轨道的最低点。质量为m的物块（可视为质点）从P点斜向上抛出，恰能在小车的最右端A点沿水平方向滑上小车，已知M=4m,P，A两点的竖直高度差h=0.2m,水平距离x=0.6m,取重力加速度g=10m/s2。
（13分）
(1) 求物块在A点的速度大小vA；（4分）
【正确答案】 物块在A点的速度大小vA为3m/s；
【答案解析】 根据逆向思维，可看作物块从小车的最右端A点平抛运动到P点，则
竖直方向有
水平方向有x=vAt
代入数据解得vA=3m/s
(2) 在小车固定的情况下，物块恰好到达小车最高点C，求小车AB部分的长度L；（4分）
【正确答案】 小车AB部分的长度L为1.5m；
【答案解析】物块恰好到达小车最高点C，由能量守恒定律得
代入数据解得L=1.5m
(3) 在小车不固定的情况下，物块能到达的最高点为Q（图中未标出），求Q到AB的竖直高度差hQ。（5分）
【正确答案】 Q到AB的竖直高度差hQ为0.21m。
【答案解析】 小车不固定的情况下，物块到达小车最高点Q，此时两者速度相等，设共同的速度大小为v,取水平向左为正方向，物块和小车组成的系统水平方向动量守恒有
mvA=（m+M）v
由能量守恒定律得
代入数据解得h0=0.21m。
如图所示，电阻不计的金属导轨abc和a'b′c′平行等高正对放置，导轨左右两侧相互垂直，左侧两导轨粗糙，右侧两导轨光滑且与水平面的夹角θ=37°，两组导轨均足够长。整个空间存在平行于左侧导轨的匀强磁场。导体棒Q在外力作用下静置于左侧导轨上并保持水平，其与导轨间的动摩擦因数μ=0.5。导体棒P水平放置于右侧导轨上，两导体作的质量均为m,电阻相等。t=0时起，对导体棒P施加沿斜面向下的随时间变化的拉力F=kt（k已知），使其由静止开始做匀加速直线运动，同时撤去对Q的外力，导体棒Q开始沿轨道下滑。已知两导体棒与导轨始终垂直且接触良好，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
（17分）
(1) 求导体棒P的加速度a1；（5分）
【正确答案】 求导体棒P的加速度0.6g；
【答案解析】t=0时，对P根据牛顿第二定律有mgsinθ=ma1
解得a1=0.6g
(2) 求导体作Q经多长时间t达到最大速度及最大速度vm；（6分）
【正确答案】 求导体作Q经多长时间t达到最大速度及最大速度；
【答案解析】 对P分析，根据牛顿第二定律有mgsinθ+F-BIL=ma1
其中
则有
应有
外力
对Q分析，根据牛顿第二定律有mgcosθ-μFN=ma2
其中FN=mgsinθ+BIL
解得mgcosθ-μmgsinθ-μkt=ma2
当Q的加速度为0时，速度最大，此时解得
如图所示，a2-t图像与时间轴围成的面积代表速度变化
由图可知
(3) 导体棒Q达到最大速度后减速到停下的同时撤去对导体棒P的拉力F，之后Q棒是否会再次下滑，请说明原因。（6分）
【正确答案】 导体棒Q达到最大速度后减速到停下的同时撤去对导体棒P的拉力F，之后Q棒会再次下滑，原因见解析。
【答案解析】 撤去拉力后，P最终匀速运动，有F安=mgsinθ
此时Q的最大静摩擦力为f′=μ（mgsinθ+F安）
解得f′=0.6mg＜mgcosθ
所以Q会再次下滑。
第2页
第2页2025年内蒙古呼和浩特市高考物理一模试卷
满分：100
班级：
姓名：
考号：
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每
题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得
0分。（共10小题，共46分）
1,如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在小球后方的屏上阴影中心出现了一个亮斑。
这是光的(
(4分)
A.衍射现象
B.偏振现象
C.干涉现象
D.折射现象
2.在透明吸管内，手指和液体之间密封一定质量的气体，如图所示，由于手的接触，密封气体温度高于
外界气体。则()
(4分)
A.密封气体压强高于外界气体压强
B.图中液体与吸管内壁之间是不浸润的
C.密封气体分子数密度等于外界气体分子数密度
D.密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能
3.自卸车能自动卸货物，如图所示。在车厢由水平位置逐渐抬起至货物全部卸完的过程中，自卸车始终
保持静止，下列说法中正确的是()
(4分)
A.货物受车厢的摩擦力逐渐减小
B.货物受车厢的摩擦力先增大后减小
C.地面对自卸车的支持力保持不变
D.自卸车不受地面施加的摩擦力
4.如图所示，A、B两点分别固定电荷量为+3Q、Q的两个点电荷，以B为圆心的圆交A、B中垂线于C、D两
点，交AB延长线于P点，下列说法正确的是()
C
(4分)
A、
P
D
A.C、D两点电场强度相同
B.C、D两点电势不同
C.将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小
D.将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电场力做负功
瓦。自然界中一些放射性重元素会发生一系列连续衰变，称为衰变链。已知沿5的衰变链如图所示，图
中纵坐标为中子数，横坐标为质子数，X为衰变链中某一原子核。下列判断中正确的是()
144
U
142
140
138
136
134
(4分)
132
130
128
126
12
8082848688909294
A.235U衰变为X要经过2次a衰变，3次B衰变
92
B路5度变为N婴经过2次 衰变，2次B衰变
C站5U哀变为N质量数减小了2
,235U衰变为x质量数减小了6
D.92
6.图(a)为一列简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x=4
m处的质点：图(b)为质点Q的振动图像，下列说法正确的是()
y/cm
6 x/m
0.2
0.4
0.6t/s(4分)
5
图(a)
图b)
A.从t=0.2s到t=0.5s,质点P通过的路程为15cm
B.从t=0.2s到t=0.4s,该波沿x轴负方向传播了2m
C.在t=0.25s时，质点P的加速度沿y轴负方向
D.质点P简谐运动的表达式y=0.05sin(5Tt)m
7.一卫星运行轨迹投影图如图所示，它记录了卫星在地球表面垂直投影的位置变化。在一段时间内卫星
绕地球沿圆周匀速飞行了三圈，其投影图依次为①、②、③，图中竖线为经线，相邻两条经线相差15
,则地球同步卫星与该卫星的轨道半径之比为()
