【中考押题预测】2025年中考物理核心考点考前冲刺 简单机械(含解析）

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中考核心考点 简单机械
一．选择题（共12小题）
1．（2025 长安区二模）物理与日常生活、工程实践密切相关，下列分析正确的是（　　）
A．自行车安装滚珠轴承是通过减小压力来减小摩擦力
B．我们使用的筷子属于省力杠杆
C．绕地球做圆周运动的人造卫星，运动状态没有改变
D．用吸管吸取饮料的过程中利用了大气压强
2．（2025 台山市一模）如图所示，这是用来夹核桃的核桃夹，核桃夹是（　　）
A．省力杠杆，且省距离
B．费力杠杆，但省距离
C．省力杠杆，但费距离
D．等臂杠杆，既不省力也不费力
3．（2025 镇江一模）在探究杠杆平衡条件的实验中，先调节杠杆在水平位置平衡。杠杆上每格长度相等，杠杆上A、B、C、D的位置如图所示。当在A处挂5个钩码时，下列操作可能使杠杆在水平位置平衡的是（　　）
A．在B点处挂7个钩码
B．在C点处挂4个钩码
C．在D点，用弹簧测力计竖直向下拉
D．在C点，用弹簧测力计竖直向下拉
4．（2025 淄博二模）如图甲为施工时常见独轮车，独轮车的支架刚好离地时可抽象成如图乙所示的水平杠杆模型，支点在O点，车身和砖头的重心在A点，手对车竖直向上的力F作用在B点，OA长为0.4m，AB长为0.8m。已知车身和砖头的总重为1200N，下列说法正确的是（　　）
①为了抬起车更省力一些，手抓握的位置可以离支点远一些
②独轮车的支架刚好离地时，竖直向上的力F＝400N
③车上装入不同数量的砖头，抬起时竖直向上的力总是车身和砖头总重力的一半
④上坡前建筑工人加快速度是为了增大惯性
A．①③ B．①② C．①②④ D．①③④
5．（2025 长沙二模）如图所示是古人运送巨木的劳动情境示意图。下列有关说法正确的是（　　）
A．在抬起巨木时横杆是费力杠杆
B．在抬巨起木时，在横杆上施力的众人离支架越远越省力
C．增大横杆上悬绳与支架之间的距离更省力
D．支架下端垫有底面积较大的石块是为了减小压力
6．（2025 青羊区校级模拟）如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成。工人利用该装置在5s内使重为4000N的物体M在水平地面向右匀速移动了4m，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为F＝250N，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.1倍，动滑轮重50N，在此过程中，电动卷扬机的效率是80%。则下列说法正确的是（　　）
A．电动卷扬机对物体M的功率为320J
B．滑轮组的机械效率为88.9%
C．克服绳重和摩擦做的功为200J
D．电动卷扬机消耗的电能为1600J
7．（2025 徐州模拟）如图所示，当人用手抬起重物时，肱二头肌对前臂A处的拉力为动力F1，B处重物对手向下的作用力为阻力F2，假设动力臂长度不变，则（　　）
A．F1＝F2
B．F1＜F2
C．由图示位置缓慢抬起重物，拉力F1的大小不变
D．在图示位置缓慢抬起重物，拉力F1减小
8．（2025 裕华区校级二模）如图甲所示，重为G的物体A在水平拉力F1（F1＜G）的作用下在水平路面上匀速直线移动一段距离s，所用时间为t，改用如图乙所示滑轮组拉动物体A在同一水平路面上用相同时间匀速直线移动相同距离，拉力为F2，每个滑轮的重力为G0，此过程中（　　）
A．拉力F1的功率为
B．拉力F2做的总功为F2s
C．滑轮组的机械效率为
D．使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为
9．（2025春 启东市校级月考）如图是《天工开物》中记载农户用舂捣米劳作时的情景，用脚按住春较短的一端，就可以把舂较长的另一端高高抬起。下列工具使用时与图中舂工作原理相同的是（　　）
A．瓶起子 B．托盘天平
C．独轮车 D．扫帚
10．（2025 章丘区二模）阿基米德曾说过：“给我一个支点和一根足够长的杠杆，我就可以撬动地球。”看过这句话后，小明思考后认为，要想用更小的力撬动地球，下列操作可行的是（　　）
A．将支点靠近人 B．将手的位置靠近支点
C．将手的位置远离支点 D．将支点抬得更高
11．（2025 昆明校级一模）关于图四个杠杆，说法正确的是（　　）
A．图甲起重机的吊臂是省力杠杆
B．图乙指甲钳中既有省力杠杆也有费力杠杆
C．图丙开瓶起子支点是B，A点受到的阻力竖直向上
D．图丁钓鱼竿受到的阻力就是鱼的重力
12．（2025 博山区二模）下列有关“探究杠杆的平衡条件”的描述中，错误的是（　　）
A．杠杆静止或匀速转动，我们就说此时杠杆处于平衡状态
B．安装好杠杆，调节杠杆两端的平衡螺母，使之在水平位置平衡
C．如图保持测力计悬挂的位置不变，若斜向下拉，测力计示数会变大
D．测力计向下移动1cm，钩码向上移动距离小于1cm
二．填空题（共8小题）
13．（2025 沛县二模）重为600N的小明（未画出）站在地上用如图所示的滑轮组匀速提升重350N的重物，所用的拉力F为250N，5s内绳子自由端被拉下2m，不计绳重和摩擦，绳子所能承受的力足够大，则动滑轮的重为 　 　 N，拉力F做功的功率为 　 　 W，小明使用此滑轮组的最大机械效率为 　 　 。
14．（2025 潮阳区一模）杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，其原理是　 　 。如图所示，杆秤有两个提纽B、C，在使用提纽C称量货物时，该杆秤的称量范围较　 　 。若秤砣磨损严重，则测得的结果要比真实值偏　 　 。
15．（2025 日照一模）如图，是《墨经 经下》里记载的斜面引重车，将绳一端紧系在后轮轴上，另一端绕过车尾圆轮与斜板上的重物相连，人向前推车即可将重物拉到高处。车尾圆轮的作用是　 　 。已知斜板长2m、高0.8m，若用该车将重2000N的木箱从斜板底端匀速拉到顶端，后轮轴对绳子的拉力为1000N，不计绳重及圆轮处的摩擦，该斜板的机械效率为　 　 。
16．（2025 垫江县校级模拟）将重为30N的物体用如图所示的滑轮组匀速提升2m，所用拉力F＝12.5N。该过程中做的有用功为　 　 J，该滑轮组的机械效率为　 　 %。
17．（2025春 龙胜县期中）3月12日植树节，小李根据图中的情景提到两个物理现象，请帮他解释：劳动中，使用的铁锹属于 　 　 杠杆；落叶归根，是因为树叶受到 　 　 作用。
18．（2025春 香坊区校级期中）如图停放自行车时，若要从图示四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，其中最省力的点是 　 　 （选填“A”“B”“C”“D”）。控制前轮转向的车把属于 　 　 杠杆。
19．（2025春 微山县月考）去年微山县在进行雨污分离工程中，挖掘机发挥了重要的作用。挖掘机在运送砂土过程中，装有1.5×104N砂土的铲斗用4s以2.5m/s的平均速度从最低点A移到最高点B，接着再用2s沿水平方向移动4m将砂土卸到汽车上。则此过程挖掘机铲斗对砂土做功为　 　 ；如果挖掘机在上述过程中的平均功率为40kW，则挖掘机的机械效率为　 　 。
20．（2025 韶关一模）图甲为高速铁路输电线，绷直的输电线采用坠砣牵引确保列车电极与输电线的良好接触，图乙为输电线的牵引装置工作原理图，其中A滑轮是　 　 滑轮，要使输电线P端受到的拉力大小为1×105N，则坠坨的总重力为　 　 N，若某段时间内坠坨串下降了0.3m，则输电线P端向左移动了　 　 m。（不计滑轮、钢绳自重及摩擦）
三．实验探究题（共2小题）
21．（2025 和平区二模）某同学用图（a）装置探究“杠杆的平衡条件”。杠杆上每小格为5cm，每个钩码的重力均为0.5N。
（1）如图（a），安装好杠杆，将平衡螺母向左调节，杠杆在水平位置平衡，说明开始时杠杆的 　 　 （填“左”或“右”）端下沉。
（2）如图（b），在杠杆两侧挂上数量不同的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡。调节杠杆在水平位置平衡的好处是 　 　 。
（3）该同学进行了多次实验，将测量数据填入表中。分析实验数据，初步归纳出杠杆的平衡条件是 　 　 （用表格中的物理量符号表示）。
动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 10 2.0 5
2 2.0 10 2.0 10
3 2.0 15 1.5 20
4 3.0 20 6.0 10
5 4.0 25 5.0 20
（4）如图（c），在C点竖直向上拉弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 　 　 N。保持弹簧测力计的作用点和拉力方向不变，竖直向上缓慢拉动杠杆，弹簧测力计的示数将 　 　 （填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）如图（d），使用某型号的螺丝扳手时有①和②两种方式，其中更省力的是 　 　 。
22．（2025 诸城市二模）在“测量滑轮组机械效率”的实验中，进行了三次实验，实验数据如下表。
实验次数 物重G/N 物体上升的高度h/cm 测力计示数F/N 测力计移动的距离s/cm 机械效率η/%
1 6 3 2.5 9 80.0
2 8 3 3.2 9
3 10 3 3.9 9 85.5
（1）由表中数据可知，该实验是用　 　 图（选填“甲”或“乙”）所示的滑轮组进行操作的；
（2）第2次实验中，滑轮组的机械效率是　 　 （结果保留到0.1%）；
（3）分析三次实验数据，可以得到的实验结论是：　 　 ；
（4）实验过程中，发现拉动弹簧测力计时不易读数，某同学认为应该静止时读数，老师说该想法是错误的，原因是　 　 。
四．计算题（共2小题）
23．（2025 镇江一模）如图，用动滑轮将重180N的货物匀速竖直提升2m，所用拉力F为100N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦。求：
（1）上述过程中的有用功W有。
（2）动滑轮的机械效率η。
（3）动滑轮所受的重力G动。
24．（2025 大通县模拟）西宁时代盛华大厦以总高度218.63米（含楼顶天线）位居青海省建筑物高度第一，它坐落于西宁市城西区胜利路，总建筑面积约16.5万平方米。在项目施工过程中，要用到如图甲所示的塔吊搬运建筑材料，塔吊上的滑轮部分与电动机的连接方式如图乙所示。请解答以下问题。
（1）质量为3t的重物静止在水平地面上时，与地面的接触面积为1.2m2，则重物对地面的压强是多大？（g取10N/kg）
（2）使用图乙所示的装置将该重物匀速提高3m，用时20s，滑轮组钢索自由端的拉力为1.25×104N，则滑轮组的机械效率是多少？
中考核心考点 简单机械
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．（2025 长安区二模）物理与日常生活、工程实践密切相关，下列分析正确的是（　　）
A．自行车安装滚珠轴承是通过减小压力来减小摩擦力
B．我们使用的筷子属于省力杠杆
C．绕地球做圆周运动的人造卫星，运动状态没有改变
D．用吸管吸取饮料的过程中利用了大气压强
【考点】杠杆的分类；物体运动状态变化的判断；减小有害摩擦的方法；大气压的综合应用．
【专题】应用题；其他综合题；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
（2）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（3）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变；
（4）利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没有空气或空气减少。由此就能判断出生活中大气压存在和应用的一些现象。
【解答】解：A、自行车安装滚珠轴承是通过变滑动摩擦为滚动摩擦的方式来减小摩擦力，故A错误；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；
C、绕地球做圆周运动的人造卫星，运动方向不断变化，因此其运动状态发生改变，故C错误；
D、用吸管吸取饮料时，先用力将吸管内的空气吸走，使吸管内的气压减小；由于吸管外的大气压大于吸管内的气压，大气压就将饮料压入吸管中。这是利用了大气压强，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的知识点较多，综合性较强，但难度不大。
2．（2025 台山市一模）如图所示，这是用来夹核桃的核桃夹，核桃夹是（　　）
A．省力杠杆，且省距离
B．费力杠杆，但省距离
C．省力杠杆，但费距离
D．等臂杠杆，既不省力也不费力
【考点】杠杆的分类．
【专题】应用题；简单机械；应用能力．
【答案】C
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3．（2025 镇江一模）在探究杠杆平衡条件的实验中，先调节杠杆在水平位置平衡。杠杆上每格长度相等，杠杆上A、B、C、D的位置如图所示。当在A处挂5个钩码时，下列操作可能使杠杆在水平位置平衡的是（　　）
A．在B点处挂7个钩码
B．在C点处挂4个钩码
C．在D点，用弹簧测力计竖直向下拉
D．在C点，用弹簧测力计竖直向下拉
【考点】杠杆的平衡条件．
【专题】实验题；简单机械；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在A处挂钩码的个数；
（3）（4）动力促使杠杆转动，阻力阻碍杠杆转动，据此分析。
【解答】解：设每个钩码重力为G，每个小格长度为L，则支点左侧力与力臂的积为：5G×3L＝15GL；
A、在B点挂7个钩码时，杠杆右侧力与力臂的积为：7G×2L＝14GL＜15GL，杠杆不能平衡，故A错误；
B、在C点挂4个钩码时，杠杆右侧力与力臂的积为：4G×4L＝16GL＞15GL，杠杆能不平衡，故B错误；
C、用弹簧测力计在D点用弹簧测力计竖直向上拉，会使杠杆逆时针转动，不能使杠杆平衡，故C错误；
D、阻力使杠杆绕支点逆时针转动，故阻力臂使杠杆绕支点顺时针转动，故用弹簧测力计竖直向上拉杠杆，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的实验探究，学生要加强对杠杆的认识。
4．（2025 淄博二模）如图甲为施工时常见独轮车，独轮车的支架刚好离地时可抽象成如图乙所示的水平杠杆模型，支点在O点，车身和砖头的重心在A点，手对车竖直向上的力F作用在B点，OA长为0.4m，AB长为0.8m。已知车身和砖头的总重为1200N，下列说法正确的是（　　）
①为了抬起车更省力一些，手抓握的位置可以离支点远一些
②独轮车的支架刚好离地时，竖直向上的力F＝400N
③车上装入不同数量的砖头，抬起时竖直向上的力总是车身和砖头总重力的一半
④上坡前建筑工人加快速度是为了增大惯性
A．①③ B．①② C．①②④ D．①③④
【考点】杠杆的平衡条件的应用；惯性大小的影响因素；杠杆的平衡条件的计算．
【专题】简单机械；分析、综合能力．
【答案】B
【分析】（1）根据杠杆平衡条件分析为了抬起车更省力一些，手抓握的位置的变化；
（2）根据杠杆平衡条件求出抬起时，竖直向上的力；
（3）根据杠杆平衡条件分析车上装入不同数量的砖头，抬起时竖直向上的力总是车身和砖头总重力的关系；
（4）惯性与质量有关，与速度无关。
【解答】解：①车身和砖头的总重不变，对应的力臂不变，由杠杆平衡条件可知，为了抬起车更省力一些，即F小一些，可以增大F的力臂，因此手抓握的位置可以离支点远一些，故①正确；
②由图乙可知，F的力臂为OB＝OA+AB＝0.4m+0.8m＝1.2m，G的力臂为OA，由杠杆平衡条件可知：F×OB＝G×OA，代入数据有：F×1.2m＝1200N×0.4m，解得则竖直向上的力F＝400N，故②正确；
③由杠杆平衡条件可知，只有当竖直向上的力F的力臂是车身和砖头总重力G的力臂的两倍时，车上装入不同数量的砖头，抬起时竖直向上的力才是车身和砖头总重力的一半，但由于竖直向上的力F的力臂是车身和砖头总重力G的力臂的3倍，此关系不成立，故③错误。
④惯性与质量有关，与速度无关，上坡前建筑工人加快速度没有增大惯性，故④错误。
故选：B。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，难度不大。
5．（2025 长沙二模）如图所示是古人运送巨木的劳动情境示意图。下列有关说法正确的是（　　）
A．在抬起巨木时横杆是费力杠杆
B．在抬巨起木时，在横杆上施力的众人离支架越远越省力
C．增大横杆上悬绳与支架之间的距离更省力
D．支架下端垫有底面积较大的石块是为了减小压力
【考点】杠杆的平衡条件的应用；杠杆的分类；减小压强．
【专题】应用题；简单机械；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）在抬巨木时，横杆相当于一个杠杆，支架处是支点。在抬起巨木时，动力臂大于阻力臂，由此可知横杆的杠杆类型；
根据杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，增大动力臂可以更省力；在阻力和动力臂一定时，减小阻力臂可以更省力；
（2）在压力一定时，增大受力面积可以减小压强。
【解答】解：A、在抬巨木时，横杆相当于一个杠杆，支架处是支点在抬起巨木时，动力臂大于阻力臂，由此可知横杆属于省力杠杆，故A错误；
B、根据杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，增大动力臂可以更省力，所以在抬巨木时，在横杆上施力的众人离支架越远越省力，故B正确；
C、在阻力和动力臂一定时，减小阻力臂可以更省力，增大横杆上悬绳与支架之间的距离，阻力臂增大，则更费力，故C错误；
D、支架下端垫有底面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小支架对地面的压强，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用和减小压强的方法，难度适中。
6．（2025 青羊区校级模拟）如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成。工人利用该装置在5s内使重为4000N的物体M在水平地面向右匀速移动了4m，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为F＝250N，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.1倍，动滑轮重50N，在此过程中，电动卷扬机的效率是80%。则下列说法正确的是（　　）
A．电动卷扬机对物体M的功率为320J
B．滑轮组的机械效率为88.9%
C．克服绳重和摩擦做的功为200J
D．电动卷扬机消耗的电能为1600J
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；功的简单计算；功率的计算．
【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】C
【分析】（1）物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.1倍，据此确定摩擦力，利用P求出电动卷扬机对物体M的功率；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总＝Fs'＝Fns求出拉力做的总功，根据W有＝fs求出克服摩擦力做的有用功，利用η求出滑轮组的机械效率；
（3）根据W动＝G动h求出克服动滑轮重做的功，利用W总＝W有+W动+W绳+摩求出克服绳重和摩擦做的功；
（4）根据电动卷扬机的效率求出消耗的电能。
【解答】解：A、物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.1倍，即f＝0.1G＝0.1×4000N＝400N，电动卷扬机对物体M的功率为：
P320W，故A错误；
B、由图可知，n＝2，拉力做的总功为：
W总＝Fs'＝Fns＝250N×2×4m＝2000J，
克服摩擦力做的有用功为：
W有＝fs＝400N×4m＝1600J，
则滑轮组的机械效率为：
η100%＝80%，故B错误；
C、克服动滑轮重做的功为：
W动＝G动h＝50N×4m＝200J，
克服绳重和摩擦做的功为：
W绳+摩＝W总﹣W有﹣W动＝2000J﹣1600J﹣200J＝200J，故C正确；
D、电动卷扬机的效率为80%，则电能为：
W电2500J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和机械效率公式的综合应用。
7．（2025 徐州模拟）如图所示，当人用手抬起重物时，肱二头肌对前臂A处的拉力为动力F1，B处重物对手向下的作用力为阻力F2，假设动力臂长度不变，则（　　）
A．F1＝F2
B．F1＜F2
C．由图示位置缓慢抬起重物，拉力F1的大小不变
D．在图示位置缓慢抬起重物，拉力F1减小
【考点】杠杆的动态平衡分析．
【专题】简单机械；分析、综合能力．
【答案】D
【分析】（1）根据力臂大小关系，结合杠杆的平衡条件分析力的大小关系；
（2）由图示位置缓慢抬起重物，根据阻力臂减小，结合杠杆平衡条件分析动力变化。
【解答】解：AB、根据图中肌肉拉力的力臂远小于物体的阻力的力臂，是费力杠杆，故F1＞F2，故AB错误；
CD、由图示位置缓慢抬起重物，阻力是否在竖直方向，则阻力臂在水平方向，故阻力臂减小，根据杠杆平衡条件知，动力臂和阻力不变，阻力臂减小，动力减小，故D正确，C错误。
故选：D。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用与动态平衡，属于中档题。
8．（2025 裕华区校级二模）如图甲所示，重为G的物体A在水平拉力F1（F1＜G）的作用下在水平路面上匀速直线移动一段距离s，所用时间为t，改用如图乙所示滑轮组拉动物体A在同一水平路面上用相同时间匀速直线移动相同距离，拉力为F2，每个滑轮的重力为G0，此过程中（　　）
A．拉力F1的功率为
B．拉力F2做的总功为F2s
C．滑轮组的机械效率为
D．使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；功率的计算；动滑轮的重力；总功．
【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）根据P求出拉力F1的功率；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总2＝F2s'＝F2ns求出拉力F2做的总功；
（3）在图乙中，同一物体在同一路面上匀速运动，由于压力大小不变、接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，物体A受到的摩擦力不变，克服摩擦力做的功等于拉力F1做的功，根据η求出滑轮组的机械效率；
（4）根据W动＝G0s求出克服动滑轮做的额外功，利用W总2＝W有2+W动+W绳+摩求出克服绳重和摩擦所做的额外功，根据η'求出使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例。
【解答】解：A、拉力F1的功率为：
P，故A错误；
B、由图乙可知，n＝2，拉力F2做的总功为：
W总2＝F2s'＝F2ns＝2F2s，故B错误；
C、在图乙中，同一物体在同一路面上匀速运动，由于压力大小不变、接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，物体A受到的摩擦力不变，克服摩擦力做的功等于拉力F1做的功，即W有2＝W1＝F1s，则滑轮组的机械效率为：
η，故C错误；
D、每个滑轮的重力为G0，克服动滑轮做的额外功为W动＝G0s；
克服绳重和摩擦所做的额外功为：
W绳+摩＝W总2﹣W有2﹣W动＝2F2s﹣F1s﹣G0s，
则克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为：
η'，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了滑轮组的有用功、总功、额外功、机械效率的计算，属于综合性题目。
9．（2025春 启东市校级月考）如图是《天工开物》中记载农户用舂捣米劳作时的情景，用脚按住春较短的一端，就可以把舂较长的另一端高高抬起。下列工具使用时与图中舂工作原理相同的是（　　）
A．瓶起子 B．托盘天平
C．独轮车 D．扫帚
【考点】杠杆的分类．
【专题】应用题；简单机械；应用能力．
【答案】D
【分析】结合图片和题目的叙述，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：用脚按住舂较短的一端，下压一小段距离，就可以把舂较长的另一端高高抬起，操作过程中动力臂小于阻力臂，故舂是费力杠杆；
A、瓶起子在开瓶的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B不符合题意；
C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、扫帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
【点评】杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
10．（2025 章丘区二模）阿基米德曾说过：“给我一个支点和一根足够长的杠杆，我就可以撬动地球。”看过这句话后，小明思考后认为，要想用更小的力撬动地球，下列操作可行的是（　　）
A．将支点靠近人 B．将手的位置靠近支点
C．将手的位置远离支点 D．将支点抬得更高
【考点】杠杆在生活中的应用．
【专题】简单机械；分析、综合能力．
【答案】C
【分析】根据杠杆的平衡条件，结合阻力和阻力臂不变时，动力臂越大越省力分析。
【解答】解：根据杠杆平衡条件，撬动的物体和位置不变，即在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力，手位置远离支点动力臂变长，而将支点靠近人则动力臂减小，阻力臂变大，将手的位置靠近支点，动力臂减小，动力增大；不符合题意。故选：C。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，属于基础题。
11．（2025 昆明校级一模）关于图四个杠杆，说法正确的是（　　）
A．图甲起重机的吊臂是省力杠杆
B．图乙指甲钳中既有省力杠杆也有费力杠杆
C．图丙开瓶起子支点是B，A点受到的阻力竖直向上
D．图丁钓鱼竿受到的阻力就是鱼的重力
【考点】杠杆在生活中的应用；杠杆及其五要素；杠杆的分类．
【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率．
【答案】B
【分析】（1）分析起重机的吊臂在使用时动力臂和阻力臂大小关系，进而确定杠杆类型；
（2）指甲钳中上中下三个杠杆，确定各自的支点以及动力臂和阻力臂的大小关系，进行杠杆分类；
（3）分析题图，确定开瓶起子、钓鱼竿使用时的支点、动力、阻力，进而判断选项CD的正误。
【解答】解：
A、图甲起重机的吊臂是一个杠杆，由图知动力臂小于阻力臂，所以起重机的吊臂是费力杠杆，但能省距离，故A错；
B、指甲钳中，杠杆AFC的支点在C，由图知动力臂大于阻力臂，则杠杆AFC是省力杠杆；杠杆OFD支点在O，杠杆AFC对OFD的压力为动力，则动力臂小于阻力臂，所以OFD是费力杠杆，可见指甲钳中既有省力杠杆也有费力杠杆，故B正确；
C、图丙开瓶起子支点是A，阻力作用在B，起子受到的阻力竖直向下，故C错；
D、图丁钓鱼竿受到的阻力是绳子对鱼竿的拉力，不是鱼的重力，故D错。
故选：B。
【点评】本题考查了杠杆分类以及杠杆五要素的确定，明确支点以及动力臂和阻力臂的大小关系是关键。
12．（2025 博山区二模）下列有关“探究杠杆的平衡条件”的描述中，错误的是（　　）
A．杠杆静止或匀速转动，我们就说此时杠杆处于平衡状态
B．安装好杠杆，调节杠杆两端的平衡螺母，使之在水平位置平衡
C．如图保持测力计悬挂的位置不变，若斜向下拉，测力计示数会变大
D．测力计向下移动1cm，钩码向上移动距离小于1cm
【考点】探究杠杆的平衡条件．
【专题】实验题；简单机械；实验基本能力．
【答案】D
【分析】（1）杠杆的平衡状态包括两种，一是静止状态，二是匀速转动状态；
（2）在“研究杠杆的平衡条件”实验时，为了便于测量力臂，调节杠杆在水平位置平衡；
（3）竖直拉动弹簧测力计时，力与力臂垂直，此时拉力最小，斜拉时力臂变小，力自然会变大；
（4）“探究杠杆的平衡条件”的实验过程中不能调节平衡螺母。
【解答】解：A、杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆就处于平衡状态，故A正确；
B、在“研究杠杆的平衡条件”实验时，为了便于测量力臂，要先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，故B正确；
C、弹簧测力计改为斜向下拉后，其力臂小于作用点到支点的距离，力臂变小，拉力就会大，因此弹簧测力计的示数将变大，故C正确；
D、“探究杠杆的平衡条件”的实验过程中不能调节平衡螺母，故D错误。
故选：D。
【点评】杠杆的调节与天平类似，也要靠平衡螺母来完成，只不过天平是观察指针，而杠杆则直接看是否在水平位置平衡；
根据杠杆的平衡条件，当一侧的力与力臂不变时，另一侧的力臂减小，力会增大，反之亦然。
二．填空题（共8小题）
13．（2025 沛县二模）重为600N的小明（未画出）站在地上用如图所示的滑轮组匀速提升重350N的重物，所用的拉力F为250N，5s内绳子自由端被拉下2m，不计绳重和摩擦，绳子所能承受的力足够大，则动滑轮的重为 　150　 N，拉力F做功的功率为 　100　 W，小明使用此滑轮组的最大机械效率为 　87.5%　 。
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；功率的计算；动滑轮的重力．
【专题】功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】150；100；87.5%
【分析】由图可知，动滑轮上绳子段数，不计绳重和摩擦，根据可得动滑轮的重力；
根据W＝Fs求拉力做的功，根据P求拉力F做功的功率；
小明使用此滑轮组时，施加的最大拉力等于他的重力，根据可得能提升的最大物重，
根据可得小明使用此滑轮组的最大机械效率。
【解答】解：由图可知，动滑轮上绳子段数为n＝2，不计绳重和摩擦，根据可得，动滑轮的重力：
G动＝nF﹣G＝2×250N﹣350N＝150N；
拉力F做的功：W＝Fs＝250N×2m＝500J
拉力F做功的功率：；
小明使用此滑轮组时，施加的最大拉力等于他的重力，即：F最大＝G人＝600N，
根据可知，小明能提升的最大物重：G最大＝nF最大﹣G动＝2×600N﹣150N＝1050N，
根据可得，小明使用此滑轮组的最大机械效率：
。
故答案为：150；100；87.5%。
【点评】本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一。
14．（2025 潮阳区一模）杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，其原理是　杠杆的平衡条件　 。如图所示，杆秤有两个提纽B、C，在使用提纽C称量货物时，该杆秤的称量范围较　小　 。若秤砣磨损严重，则测得的结果要比真实值偏　大　 。
【考点】杠杆的平衡条件的应用．
【专题】简单机械；分析、综合能力．
【答案】杠杆的平衡条件；小；大。
【分析】①杆秤的工作原理是：杠杆的平衡条件，根据杆秤自重重心位置及杠杆平衡条件判断，杆秤零刻度线的位置；
②当秤砣被磨损掉一部分，其质量变小，重力变小，再测同一个物体的质量，根据杠杆的平衡条件分析。
【解答】解：①杆秤的工作原理是：杠杆的平衡条件，根据杠杆的平衡条件可知：杆秤平衡时，因为物体距提纽C的距离较大，所以秤砣D距提纽C的距离较小，因此在称量货物时，使用提纽C时，在秤砣重力一定时，物体的重力较小，故该杆秤的称量范围更小。
②当秤砣被磨损掉一部分，其质量变小，重力变小，再测同一个物体的质量，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣将远离提纽，故称量货物时杆秤显示的质量比货物的真实质量偏大。
故答案为：杠杆的平衡条件；小；大。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，属于中档题。
15．（2025 日照一模）如图，是《墨经 经下》里记载的斜面引重车，将绳一端紧系在后轮轴上，另一端绕过车尾圆轮与斜板上的重物相连，人向前推车即可将重物拉到高处。车尾圆轮的作用是　改变力的方向　 。已知斜板长2m、高0.8m，若用该车将重2000N的木箱从斜板底端匀速拉到顶端，后轮轴对绳子的拉力为1000N，不计绳重及圆轮处的摩擦，该斜板的机械效率为　80%　 。
【考点】斜面机械效率的计算；定滑轮改变力的方向．
【专题】应用题；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】改变力的方向；80%。
【分析】（1）轴的位置固定不动的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向。
（2）利用W＝Fs计算拉力做的总功，利用W＝Gh计算拉力做的有用功（克服重物重力做的功），此装置的机械效率等于有用功与总功的比值。
【解答】解：车尾圆轮在此装置中相当于一个定滑轮，其主要作用是改变绳子拉力的方向，使人推车前行时能够拉动重物上升；
拉力做的总功：
W总＝Fs＝1000N×2m＝2000J，
拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝2000N×0.8m＝1600J，
此装置的机械效率：
。
故答案为：改变力的方向；80%。
【点评】本题考查了定滑轮和斜面的特点，以及使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，属于基础题目。
16．（2025 垫江县校级模拟）将重为30N的物体用如图所示的滑轮组匀速提升2m，所用拉力F＝12.5N。该过程中做的有用功为　60　 J，该滑轮组的机械效率为　80　 %。
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；有用功的计算．
【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】60；80。
【分析】（1）根据W有＝Gh求出该过程中做的有用功；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用η求出该滑轮组的机械效率。
【解答】解：该过程中做的有用功为：
W有＝Gh＝30N×2m＝60J；
由图可知，n＝3，该滑轮组的机械效率为：
η100%＝80%。
故答案为：60；80。
【点评】本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行简单的计算。
17．（2025春 龙胜县期中）3月12日植树节，小李根据图中的情景提到两个物理现象，请帮他解释：劳动中，使用的铁锹属于 　费力　 杠杆；落叶归根，是因为树叶受到 　重力　 作用。
【考点】杠杆的分类；重力的方向总是竖直向下．
【专题】定性思想；简单机械；理解能力．
【答案】费力；重力。
【分析】（1）结合生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）地球表面的物体都受到重力作用，由于重力作用，抛出的物体都要落向地面。
【解答】解：（1）铁锹使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
（2）落叶归根，树叶会向下落，是因为树叶受到竖直向下的重力作用。
故答案为：费力；重力。
【点评】本题考查了杠杆的分类以及重力，是一道基础题。
18．（2025春 香坊区校级期中）如图停放自行车时，若要从图示四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，其中最省力的点是 　D　 （选填“A”“B”“C”“D”）。控制前轮转向的车把属于 　省力　 杠杆。
【考点】杠杆的最小动力；杠杆的分类．
【专题】简单机械；应用能力．
【答案】D；省力
【分析】（1）根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最省力，必须使动力臂最长。
（2）根据车把使用时力臂的关系可判断其属哪种类型的杠杆。
【解答】解：根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂大小一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，是围绕前轮转轴为支点，力的方向是竖直向上的，所以在D点施加竖直向上的力时，此时的力臂是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时所用的力是最小的。
自行车中控制前轮转向的车把在使用时，动力臂大于阻力臂，所以属于简单机械中的省力杠杆。
故答案为：D；省力。
【点评】本题考查杠杆中最小力的问题，找到动力作用点到支点O的最长动力臂是解决问题的关键。
19．（2025春 微山县月考）去年微山县在进行雨污分离工程中，挖掘机发挥了重要的作用。挖掘机在运送砂土过程中，装有1.5×104N砂土的铲斗用4s以2.5m/s的平均速度从最低点A移到最高点B，接着再用2s沿水平方向移动4m将砂土卸到汽车上。则此过程挖掘机铲斗对砂土做功为　1.2×105J　 ；如果挖掘机在上述过程中的平均功率为40kW，则挖掘机的机械效率为　50%　 。
【考点】机械效率的简单计算；功的简单计算．
【专题】应用题；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】1.2×105J；50%。
【分析】（1）根据W有用＝Gh求出挖掘机铲斗对砂土做的有用功；
（2）根据P求出挖掘机做的总功，利用η求出挖掘机的机械效率。
【解答】解：根据题意可知，此过程挖掘机铲斗对砂土做的有用功为：；
挖掘机做的总功为：
，
则挖掘机的机械效率为：
。
故答案为：1.2×105J；50%。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和机械效率公式的综合应用。
20．（2025 韶关一模）图甲为高速铁路输电线，绷直的输电线采用坠砣牵引确保列车电极与输电线的良好接触，图乙为输电线的牵引装置工作原理图，其中A滑轮是　定　 滑轮，要使输电线P端受到的拉力大小为1×105N，则坠坨的总重力为　5×104　 N，若某段时间内坠坨串下降了0.3m，则输电线P端向左移动了　0.15　 m。（不计滑轮、钢绳自重及摩擦）
【考点】滑轮组绳子上的拉力；定滑轮与动滑轮的判断；滑轮组的特点．
【专题】应用题；简单机械；应用能力．
【答案】定；5×104；0.15。
【分析】（1）使用过程中，轴固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的是动滑轮；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计滑轮、钢绳自重及摩擦，利用FFP求出自由端的拉力，据此求出坠坨的总重力；
（3）根据h＝ns求出输电线P端向左移动的距离。
【解答】解：由图可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；
由图可知，n＝2，不计滑轮、钢绳自重及摩擦，自由端的拉力为：
FFP1×105N＝5×104N，
根据二力平衡可知，坠坨的总重力为G＝F＝5×104N；
若某段时间内坠坨串下降了0.3m，则输电线P端向左移动的距离为：
s0.15m。
故答案为：定；5×104；0.15。
【点评】本题考查了滑轮组相关计算，基础题。
三．实验探究题（共2小题）
21．（2025 和平区二模）某同学用图（a）装置探究“杠杆的平衡条件”。杠杆上每小格为5cm，每个钩码的重力均为0.5N。
（1）如图（a），安装好杠杆，将平衡螺母向左调节，杠杆在水平位置平衡，说明开始时杠杆的 　左　 （填“左”或“右”）端下沉。
（2）如图（b），在杠杆两侧挂上数量不同的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡。调节杠杆在水平位置平衡的好处是 　方便测量力臂大小　 。
（3）该同学进行了多次实验，将测量数据填入表中。分析实验数据，初步归纳出杠杆的平衡条件是 　F1L1＝F2L2　 （用表格中的物理量符号表示）。
动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 10 2.0 5
2 2.0 10 2.0 10
3 2.0 15 1.5 20
4 3.0 20 6.0 10
5 4.0 25 5.0 20
（4）如图（c），在C点竖直向上拉弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 　2.5　 N。保持弹簧测力计的作用点和拉力方向不变，竖直向上缓慢拉动杠杆，弹簧测力计的示数将 　不变　 （填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）如图（d），使用某型号的螺丝扳手时有①和②两种方式，其中更省力的是 　②　 。
【考点】探究杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件的实验前调节杠杆平衡；探究杠杆的平衡条件的实验中杠杆水平平衡的原因．
【专题】实验题；简单机械；应用能力．
【答案】（1）左；；（2）方便测量力臂大小；（3）F1L1＝F2L2；（4）2.5；不变；（5）②。
【分析】（1）在调节杠杆平衡时，杠杆向哪端转动，哪端沉，平衡螺母要向另一端移动；
（2）实验中使杠杆水平平衡是为了便于测量力臂；
（3）结合表格数据得到结论，进一步分析计算；
（4）根据杠杆的平衡条件得出拉力F的大小；杠杆虽然没有在水平位置平衡，由几何知识，根据杠杆平衡条件判断；
（5）从螺丝扳手的使用情况判断，通过比较动力臂和阻力臂的大小关系判断省费力。
【解答】解：（1）要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，将平衡螺母向左调节，杠杆在水平位置平衡，说明杠杆左端翘起；
（2）实验前要调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，因重力的方向竖直向下，由力臂的定义可知，此时力的作用点与支点的距离大小等于力臂大小，即可在杠杆上直接读出力臂大小，故目的之一是方便测量力臂大小；
（3）分析实验数据可知，每组实验动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积，则可得出杠杆的平衡条件是：F1L1＝F2L2；
（4）设杠杆一个小格代表L，根据杠杆的平衡条件得：3×0.5N×5L＝F×3L，
解得，F＝2.5N；
保持弹簧测力计的作用点和拉力方向不变，竖直向上缓慢拉动杠杆，杠杆虽然没有在水平位置平衡，但钩码和弹簧测力计的力臂都不变，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数不变；
（3）图d①所示，动力臂较小，根据杠杆平衡条件可知此方法费力，而图d②所示，动力臂较大，根据杠杆平衡条件可知此方法省力，所以图②可以更轻松地拧动螺丝。
故答案为：（1）左；；（2）方便测量力臂大小；（3）F1L1＝F2L2；（4）2.5；不变；（5）②。
【点评】此题是“探究杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆的调平及目的，杠杆平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
22．（2025 诸城市二模）在“测量滑轮组机械效率”的实验中，进行了三次实验，实验数据如下表。
实验次数 物重G/N 物体上升的高度h/cm 测力计示数F/N 测力计移动的距离s/cm 机械效率η/%
1 6 3 2.5 9 80.0
2 8 3 3.2 9
3 10 3 3.9 9 85.5
（1）由表中数据可知，该实验是用　甲　 图（选填“甲”或“乙”）所示的滑轮组进行操作的；
（2）第2次实验中，滑轮组的机械效率是　83.3%　 （结果保留到0.1%）；
（3）分析三次实验数据，可以得到的实验结论是：　使用同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高　 ；
（4）实验过程中，发现拉动弹簧测力计时不易读数，某同学认为应该静止时读数，老师说该想法是错误的，原因是　没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响　 。
【考点】测量滑轮组的机械效率的实验．
【专题】实验题；探究型实验综合题；实验基本能力．
【答案】（1）甲；（2）83.3%；（3）使用同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高；（4）没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
【分析】（1）根据实验数据分析使用的滑轮组；
实验过程中要匀速直线拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（2）根据η计算出第2次实验滑轮组机械效率；
（3）影响滑轮组机械效率的因素：物重和动滑轮的个数，被提升的物体越重、动滑轮的个数越少，则滑轮组的机械效率越高；
（4）绳与轮之间的存在摩擦力，据此分析。
【解答】解：（1）由表格数据可知，当物体上升的高度为5cm时，测力计移动的距离为15cm，可知滑轮组绳子承重股数为：
n3，
由题图可知，甲滑轮组的绳子承重股数为3股，乙滑轮组的绳子承重股数为2股，所以该实验是用甲图所示滑轮组进行操作的；
（2）第2次实验中，滑轮组的机械效率是：
η100%≈83.3%；
（3）纵向分析实验数据可知，使用同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高；
（4）在弹簧测力计静止时读出了数据，由于不会克服绳与轮之间的摩擦，所以测得的拉力偏小，所以她的想法是不正确的，因为她没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
故答案为：（1）甲；（2）83.3%；（3）使用同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高；（4）没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
【点评】本题探究影响滑轮组机械效率的因素，注意数据分析和控制变量法的运用。
四．计算题（共2小题）
23．（2025 镇江一模）如图，用动滑轮将重180N的货物匀速竖直提升2m，所用拉力F为100N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦。求：
（1）上述过程中的有用功W有。
（2）动滑轮的机械效率η。
（3）动滑轮所受的重力G动。
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；动滑轮的重力；有用功的计算．
【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】（1）上述过程中的有用功为360J；
（2）动滑轮的机械效率为90%；
（3）动滑轮所受的重力为20N。
【分析】（1）根据W有＝Gh求出上述过程中的有用功；
（2）动滑轮绳子股数为2，利用W总＝Fs＝Fnh求出拉力做的总功，根据η求出动滑轮的机械效率；
（3）不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F（G+G动）求出动滑轮所受的重力。
【解答】解：（1）上述过程中的有用功为：
W有＝Gh＝180N×2m＝360J；
（2）拉力做的总功为：
W总＝Fs＝Fnh＝100N×2×2m＝400J，
则动滑轮的机械效率为：
η100%＝90%；
（3）不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F（G+G动）可知，动滑轮所受的重力为：
G动＝nF﹣G＝2×100N﹣180N＝20N。
答：（1）上述过程中的有用功为360J；
（2）动滑轮的机械效率为90%；
（3）动滑轮所受的重力为20N。
【点评】本题考查了做功公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。
24．（2025 大通县模拟）西宁时代盛华大厦以总高度218.63米（含楼顶天线）位居青海省建筑物高度第一，它坐落于西宁市城西区胜利路，总建筑面积约16.5万平方米。在项目施工过程中，要用到如图甲所示的塔吊搬运建筑材料，塔吊上的滑轮部分与电动机的连接方式如图乙所示。请解答以下问题。
（1）质量为3t的重物静止在水平地面上时，与地面的接触面积为1.2m2，则重物对地面的压强是多大？（g取10N/kg）
（2）使用图乙所示的装置将该重物匀速提高3m，用时20s，滑轮组钢索自由端的拉力为1.25×104N，则滑轮组的机械效率是多少？
【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；压强的公式的应用．
【专题】应用题；压强、液体的压强；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】（1）重物对地面的压强是2.5×104Pa；
（2）滑轮组的机械效率是80%。
【分析】（1）重物对地面的压力等于自身的重力，利用p求出重物对地面的压强；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用η求出该滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）重物对地面的压力等于自身的重力，即F压＝G＝mg＝3×103kg×10N/kg＝3×104N，则重物对地面的压强为：
p2.5×104Pa；
（2）由图可知，n＝3，该滑轮组的机械效率为：
η100%＝80%。
答：（1）重物对地面的压强是2.5×104Pa；
（2）滑轮组的机械效率是80%。
【点评】本题考查了压强公式和机械效率公式的综合应用。
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