浙江省罗阳联盟2024-2025学年九年级下学期开学考科学试题
一、选择题（本题有15小题，每小题3分，共45分。每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选均不给分）
1．（2025九下·浙江开学考）服用药物“洛哌丁胺胶囊"可以缓解感染诺如病毒造成的腹泻等肠胃不适症状。其主要成分洛哌丁胺的分子式为C29H33ClN2O2。从物质分类角度分析，洛哌丁胺属于（ ）
A．氧化物 B．盐 C．有机物 D．混合物
2．（2025九下·浙江开学考）“一带一路”是跨越时空的宏伟构想，赋予古丝绸之路崭新的时代内涵，古丝绸之路将我国的发明和技术传送到国外，下列不属于化学变化的是 ( )
A．蚕丝织绫 B．使用火药 C．冶炼金属 D．稻草造纸
3．（2025九下·浙江开学考）2025年2月3日是立春，立春过后给小麦合理施用氮肥可有助于小麦返青拔节，使小麦增产。下列化肥中，氮含量最高的化肥是 ( )
A．CO(NH2)2 B． C．NH4NO3 D．NH4Cl
4．（2025九下·浙江开学考）如图为小哲同学制作的生态瓶，它是不是生态系统呢 下列从生态系统组成的角度分析判断，正确的是 （ ）
A．生物种类少，不是生态系统
B．生物数量少，不是生态系统
C．包含植物、动物和微生物，是生态系统
D．包括生物和非生物因素，是生态系统
5．（2025九下·浙江开学考）西湖龙井是中国十大名茶之一，属绿茶，因其产于浙江省杭州市西湖龙井村周围群山而得名。如图所示是小明拍摄的龙井茶树照片。下列对茶树和龙井茶叶的观察和实验合理的是（ ）
A．茶树的种子外没有果皮包被，属裸子植物
B．可用放大镜观察茶树根部根毛的着生部位
C．茶树叶的上表皮和下表皮属于上皮组织
D．可用显微镜观察龙井茶水中分子的热运动
6．（2025九下·浙江开学考）科学实验操作需要规范严谨。以下是小科同学的科学实验操作，操作规范的是（ ）
A．盛放氢氧化钠
B．检测溶液pH
C．气密性检查
D．稀释浓硫酸
7．（2025九下·浙江开学考）2024年中国钠电池技术实现了重大突破。钠电池的高能量密度，使其成为新能源汽车等领域的理想选择。如图，下列说法正确的是（ ）
A．钠属于非金属元素 B．钠原子的质子数为23
C．钠的原子质量为22.99 D．钠原子与钠离子质量几乎相等
8．（2025九下·浙江开学考）如图是小科同学的学习笔记，其中“→”表示物质之间能转化，“—”表示物质之间能发生化学反应。关于该图，下列说法中不正确的是（ ）
A．该图中的X可以是
B．反应①是一个放热反应
C．反应②的转化中必须有盐类物质参加
D．反应⑤不一定属于分解反应
9．（2025九下·浙江开学考）华为使中国的芯片技术领先于世界。芯片是电脑、智能家电的核心部件，它是以高纯度的单质硅（Si） 为材料制成的。硅及其氧化物能发生如下反应：
①Si+O2 SiO2②SiO2+Na2CO3 Na2SiO3+CO2↑
③SiO2+2C Si+2CO↑ ④Si+2NaOH+H2O Na2SiO3+2H2↑
下列说法不正确的是（ ）
A．反应③属于置换反应
B．上述反应中共生成三种可燃性气体
C．Na2SiO3中Si 为+4价
D．Si和SiO2在一定条件下可以相互转化
10．（2025九下·浙江开学考）在竖直放置的平面镜前，有一只小蜜蜂以a点为圆心，0.5米长为半径顺时针（面对我们）做圆周运动，a点到平面镜距离为2米，则像的旋转方向，物、像间的最大距离分别为（ ）
A．逆时针4米 B．逆时针5米 C．顺时针4米 D．顺时针5米
11．（2025九下·浙江开学考）全民运动已经成为社会热点。如图所示，小科在水平冰面上滑冰车时，用钎子用力杵冰面，冰车加速向前滑行，但停止用力后会慢慢停下来，不计空气阻力。对此现象分析正确的是（ ）
A．冰车加速向前滑行是由于钎子给冰面的力大于冰面给钎子的力
B．小科停止用力后，冰车能继续向前滑行是因为冰车受到惯性力
C．扔掉钎子，冰车继续滑行，冰车受到阻力和地面对冰车的支持力是一对平衡力
D．停止用力后，若一切外力都消失，则小科和冰车一起向前做匀速直线运动
12．（2025九下·浙江开学考）如图用酒精灯给试管加热，试管口的软木塞在冲出去的过程中，下列说法中不正确的是 ( )
A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减少
B．能量的转化与内燃机压缩冲程相同
C．试管口的“白气”是水蒸气液化形成的
D．水蒸气的内能转化为软木塞的机械能
13．（2025九下·浙江开学考）2021年8月，全红婵在奥运会跳水项目的完美表现引起国人关注。图①是她站在跳板上压缩跳板至最低点，随后完成②③④动作。不考虑空气阻力，下列选项中能表示全红婵从起跳到即将入水的过程中，其机械能变化的大致图像是（ ）
A． B．
C． D．
14．（2025九下·浙江开学考）李明同学为了探究鲫鱼“浮头”的原因，取来两只相同的鱼缸甲、乙，并设计了下列实验方案，试选出最合理的一种( )
A．取大小、活力相当的六条鲫鱼，分别放入盛有等量河水的鱼缸甲、乙中，甲中泵入空气，乙中不作处理，放置于相同的环境中观察
B．取一大一小活力相当的鲫鱼，分别放入盛有等量河水的鱼缸甲、乙中，甲用玻璃封闭，乙不作处理，放置于相同的环境中观察
C．取大小、活力相当的两条鲫鱼，分别放入甲、乙两鱼缸中，甲中加适量河水，乙中加等量煮沸后冷却的河水，放置于相同的环境中观察
D．取大小、活力相当的六条鲫鱼，平均投放于甲、乙两鱼缸中，甲中加适量河水，乙中加等量煮沸后冷却的河水，放置于相同的环境中观察
15．（2025九下·浙江开学考）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为60欧，电源电压保持不变。滑动变阻器R2的滑片从一端滑到另一端的过程中，测得R2的电功率与通过它的电流的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．R2的滑片向左滑动时，电流表和电压表的示数都变大
B．电源电压为12V
C．R1的电功率变化范围是1.2～10.8W
D．电流为0.6A时，2min内电流通过R1产生的热量是648J
二、填空题（本题有7小题，第16、17题每空1分，其余每空2份，共35分）
16．（2025九下·浙江开学考）第19届亚运会将于2023年9月23日至10月8日在杭州举办，杭州成为第三个举办亚运会的中国城市。如图为地球公转示意图，请回答下列问题：
（1）开幕当天恰好为北半球的 节气。
（2）10月8日这一天，地球大约处于图中所示的位置是 （选填序号），新昌的昼夜长短情况是 （选填“昼短夜长”、“昼长夜短”或“昼夜平分”）。
（3）亚运会结束后，太阳直射点继续往 （选填“北”或“南”）移动。
17．（2025九下·浙江开学考）人体患病的发热过程可分为体温上升期、高温持续期和体温下降期。图表示了患者发热时体温调节的部分过程，请回答：
（1）如图表示的是发热过程中的 期。
（2）人体可以通过皮肤血管舒张、 等途径来增加散热，以使体温回到正常值。
18．（2025九下·浙江开学考）如图是一架“南瓜大炮”，表演者利用某气体X做燃料，将一个南瓜从钢质“炮筒”射出。
（1）发射时，气体X在炮筒中燃烧的化学方程式为，则X的化学式为 。
（2）南瓜脱离“炮筒”后，由于南瓜具有 ，还能继续飞行一段距离。
（3）南瓜射出后，“炮筒”附近出现大量的“白气”，这是 现象（填物态变化的名称）。
19．（2025九下·浙江开学考）图甲为项目化学习小组初步制作的一个防洪屋模型，中空基座中放有配重，基座上标有水位线（水位不能超过基座），请回答下列问题：
（1）小科发现防洪屋模型上浮时水位超过了基座，如图乙所示。为了让房子在水面以上，小科提出的改进措施是：增大基座的体积，他这样改进的科学原理是 ；
（2）该模型底部基座截面积为，空载时水位如图丙所示，最大水位为，则该模型最多能放入物体的质量为 。
20．（2025九下·浙江开学考）为了测量某未知液体的比热大小，小科分别称取了相同质量的水和某液体，在初温相同的条件下，利用如图所示装置在水浴法加热。
（1）做功和热传递是改变物体内能的两种途径。本实验中，液体内能增加的途径是 ；
（2）加热相同时间后，小科观察到温度计甲的示数上升了15℃，温度计乙的示数上升了30℃。由此可知，此未知液体的比热容是 J/（kg ℃）。[已知水的比热是]
21．（2025九下·浙江开学考）某校项目化小组同学以食品包装袋干燥剂为主题开展了微项目化学习。
【认识干燥剂】
（1）生活中常见的干燥剂有生石灰、浓硫酸、氢氧化钠……从食品安全角度考虑，食品包装袋内的干燥剂最有可能是 。
【探秘干燥剂】
小明同学对一包久置的生石灰干燥剂成分（如图）进行如下探究：查阅资料：
①生石灰会吸收空气中的水分，生成氢氧化钙，氢氧化钙在500℃以上会分解为氧化钙和水。
②氢氧化钙与空气中的二氧化碳反应能生成碳酸钙，碳酸钙在900℃左右分解为二氧化碳和氧化钙。
（2）为检验样品中是否存在氢氧化钙，小明设计了如下实验：用天平称量少量干燥剂质量为m1，在700℃条件下，加热一段时间后，测其质量为m2。若样品中含氢氧化钙，则m1 m2（选填“>”、“<”或“=”）。
（3）为检验样品中是否存在碳酸钙，取样品于试管中，加水后发现试管底部有固体剩余。小明认为样品中一定含有碳酸钙，小敏认为小明的结论不正确，理由是 。
【项目评价】
物质的检验有不同的方案，不同方案中所用试剂的量会影响检验的结果。为此他们设计了如下评价量表。
评价等级 优秀 合格 待改进
指标 有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断 现象不是很明显，但可借助仪器判断 借助仪器也不能判断
（4）在检验样品中是否存在氧化钙时，小明设计的方案是取适量样品于试管中，加入少量水振荡，观察现象，这一方案的评价等级是 。
22．（2025九下·浙江开学考）中科院研发了“液体阳光”技术，实现了简单有机物的人工合成。其反应模型如图所示，即在二氧化钛催化下，将二氧化碳转化为水和甲醇（），后者是当下重要的清洁燃料。
（1）模型图中“”所表示的物质是 （填写化学式），可以推断是催化剂的依据是 。
（2）该技术通过光伏捕获太阳能，最终将太阳能以液态燃料甲醇的形式储存并利用，从能量转化角度分析，该过程类似于植物的 这一生理过程。
三、实验探究题（本题4小题，第23题每空2分，其余每空3分，共33分）
23．（2025九下·浙江开学考）学习了金属活动性的相关知识后，科学兴趣小组想要比较具有磁性的铁、钴、镍三种金属活动性。他们查阅了资料，发现三种金属都可以与酸反应生成氢气，于是他们设计如图所示的实验装置并进行实验研究。
实验药品：铁、钴、镍粉末，质量分数为7.3%的盐酸，清水。
请帮助他们完成实验步骤：
（1） 检查装置的气密性，若气密性良好， 进行下一步；
（2）分别取等质量的 ，分三次实验分别置于如图的锥形瓶中；
（3）在分液漏斗中装入体积相同质量分数为7.3%的盐酸，三次实验均以相同的速率滴入锥形瓶中；
（4）观察 ，由此判断三种金属的活动性强弱。
24．（2025九下·浙江开学考）小乐用如图所示装置（夹持装置已略去）和如下实验步骤进行有关碳及其氧化物的实验。
实验步骤：
①检查装置气密性并加入药品；
②缓缓通入，使装置中充满后点燃A处酒精喷灯；
③在A处酒精喷灯加热一段时间后，点燃B处酒精喷灯；
④待反应结束后，停止通入，熄灭A、B两处的酒精喷灯。
（1）步骤③，A处酒精喷灯加热过程中，能观察到的现象是：木炭粉逐渐减少，D中左侧导管口有气泡冒出、澄清石灰水变浑浊且 ；点燃B处酒精喷灯后，可观察到氧化铁逐渐变为黑色，发生此反应的化学方程式为 ；实验说明 （填写物质名称）具有还原性。
（2）该装置是否需要添加尾气处理装置，判断并说明理由。 。
25．（2025九下·浙江开学考）小明利用如图甲所示电路测量小灯泡的功率，被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右，实验室有如下器材：电源（），电流表（），电压表（），滑动变阻器、电阻箱各一只，单刀单掷、单刀双掷开关各一个，导线若干。
（1）图甲是小明刚连好的实物图，正要闭合开关。小华却发现有两处不合实验规范。请指出来 ；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表的示数为0，则出现故障的原因可能是 ；
（3）完善电路后，闭合开关，小明改变滑动变阻器的阻值测量出了5组数据，并描点画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像，如图乙，小灯泡的额定功率为 ；
（4）实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为 ；
A．； B．； C．；
（5）实验中，将滑片从阻值最大处移至合适位置的过程中，小组记录了多组电压表和电流表的数据，描绘出图丙所示的I—U图像。其中U0表示电源电压，若图中的阴影部分表示电压表为时，灯泡消耗的实际功率大小，请帮助小组同学在图中将表示此时滑动变阻器实际消耗功率的区域涂黑 。
26．（2025九下·浙江开学考）小柯在探究物体动能与哪些因素有关的实验中，让小球分别从同一斜面上由静止开始滚下，小球滚动到同一水平面时与同一木块相撞，木块在水平面上移动了一段距离后，停在图中所示位置。
（1）甲、乙、丙三次实验中，通过比较 来比较小球的动能大小；
（2）选择甲、乙两次实验进行比较，可以得到的结论是 ；
（3）小柯完成上述实验后，选用上述部分材料继续探究物体重力势能大小与质量的关系，实验设计如图1所示；
小妍认为小柯的实验设计不合理，应该设计成图2所示实验，你赞同哪位同学观点，请说明理由： 。
四、解答题（本题有6小题，第27题6分，第28题7分，第29题7分，第30题7分，第31题10分，第32题10分，共47分）
27．（2025九下·浙江开学考）有A、B、C、D四种物质，A是无色无味的气体；B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰生成C；D是一种无色气体，把D通入澄清的石灰水中，澄清石灰水变浑浊。
（1）请判断写出下列物质的名称：A是 ；C是 。
（2）写出把D通入澄清石灰水发生反应的文字表达式 。
28．（2025九下·浙江开学考）如图为小科制作的血液循环演示模型，其中单向阀模拟瓣膜（箭头表示液体流动方向），软管楔拟与心脏相连的血管，装置内的红墨水模拟血液。据图回答：
（1）若甲烧杯模拟肺泡，则蓝色软管1模拟的是 。
（2）在演示过程中，同时松开两个橡皮球，则该过程可模拟血液 （选填“流回”或“流出”）心脏。
（3）请指出该模型中的不足之处 （写出一点即可）。
29．（2025九下·浙江开学考）市售的工业纯碱中常含少量氯化钠，国家标准规定工业纯碱中碳酸钠的质量分数为合格品。为测定实验室购入的工业纯碱是否为合格品，小江和小科采用了不同的实验方法。
（1）小江利用氯化钙与纯碱反应生成沉淀的方法计算纯碱的质量。现称取15克样品完全溶解于水中配成60克样品溶液，取三个烧杯分三次进行实验，每次加入30克氯化钙溶液充分反应，过滤、洗涤、干燥所得的沉淀质量记录如表。通过计算判断该工业纯碱是否为合格品 。（写出计算过程，结果精确到0.1%）
烧杯1 烧杯2 烧杯3
样品溶液（克） 10 20 30
氯化钙溶液（克） 30 30 30
沉淀质量（克） 2 4 5
（2）小科利用图中装置甲，称取15克该样品置于装置甲的锥形瓶中，加入足量的稀盐酸充分反应，生成的二氧化碳通过装置甲中的溶液，反应停止后测量溶液的质量增加了4.4克，则该方法测得样品中碳酸钠的质量分数为 。（结果精确到0.1%）
（3）小江指出小科的测量方法存在较大误差，小江提出在装置甲左侧加一通气导管（如装置乙），反应结束后让左侧导管鼓入空气一段时间，来进一步减小误差。你是否赞同他的观点 ？请说明理由： 。
30．（2025九下·浙江开学考）如图所示，轻质木棒AB平放在水平方形台面EF上，木棒AB可以绕E或F点在竖直平面内转动。已知：，A、B两端各用一轻质细绳悬挂物体C和D，物体C的质量为1kg、体积为。
请回答：
（1）若物体D下沉，则此时杠杆的支点是 。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是 N。
（3）物体C完全浸没在水中时，为使木棒在水平台面保持平衡，求物体D的最小质量。
（4）若物体D质量为0.4kg，要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围是多少？
31．（2025九下·浙江开学考）有一个足够大的水池，在其水平池底中竖直放置一段圆木。圆木可近似看作一个圆柱体，底面积0.8m2，高5m，密度0.7×103kg/m3。（g=10N/kg）
(1)未向池内注水时，圆木对池底的压力和压强分别为多大？
(2)向池内缓慢注水，在水位到达 1m 时圆木受到水的浮力和圆木对池底的压力分别为多大？
(3)当向水池内注水深度达到 4m 时，圆木受到的浮力又为多大？
32．（2025九下·浙江开学考）图甲为某品牌电压力锅的结构示意图，图乙为其内部电路简图，图丙为煮饭时锅内压强随时间变化的曲线。其工作过程为：接通电源，启动智能开关S，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合；当保压状态结束，煮饭完成，开关S自动接到b，进入保温状态。（已知R1的规格为“220V 880W”， R2的阻值为220Ω， R0的阻值为484Ω。）
回答下列问题：
（1）该电压力锅保压阶段的功率 （填“恒定”或“不恒定”）；
（2）升压阶段通过熔断器的电流；
（3）正常煮饭一次，至少需要消耗多少电能？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】常见物质的分类
【解析】【分析】根据氧化物由两种元素组成，其中一种元素为氧化物，盐是金属离子和酸根离子形成化合物，有机物是含碳元素化合物， 混合物是由不同种物质组成分析。
【解答】 洛哌丁胺由碳、氢、氮三种元素组成，属于有机物。
故选C。
2．【答案】A
【知识点】化学变化与物理变化的判别
【解析】【分析】 化学变化和物理变化的本质区别为是否有新物质生成。
【解答】A.蚕丝织绫过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，故A符合题意；
B.使用火药过程中有新物质生成，属于化学变化，故B不合题意；
C.冶炼金属过程中有新物质生成，属于化学变化，故C不合题意；
D.稻草造纸过程中有新物质生成，属于化学变化，故D不合题意。
故选A。
3．【答案】A
【知识点】有关化学式的计算和推断；盐与化肥
【解析】【分析】根据进行计算，然后进行比较。
【解答】A.CO（NH2）2中氮的质量分数为；
B.NH4HCO3中氮的质量分数为；
C.NH4NO3中氮的质量分数为；
D.NH4Cl中氮的质量分数为；
因此CO（NH2）2中氮的含量最高。
故答案为：A。
4．【答案】D
【知识点】生态系统的成分；生态球模型
【解析】【分析】在一定的空间范围内，生物与环境所形成的统一的整体叫做生态系统；
【解答】生态瓶中除了具有生产者（水草）和消费者（小鱼）外，在河沙里还含有细菌和真菌，它们是生态瓶中的分解者，该生态瓶中的非食物因素除了空气和土壤外，还具有温度、水、阳光等因素，可见生态瓶包括生物部分和非生物部分，是生态系统，D正确。
故答案为：D。
5．【答案】B
【知识点】组织；种子植物；分子的热运动
【解析】【分析】 常见的植物从高等到低等依次为被子植物，裸子植物，蕨类，苔藓类和藻类。被子植物是指所有的绿色开花植物，有根、茎、叶、花、果实、种子；裸子植物由松、杉、柏、银杏、和苏铁，有根、茎、叶、种子；蕨类，孢子繁殖，只有根茎叶，代表满江红，胎生狗脊；苔藓类，无根，有茎叶，孢子繁殖，代表地钱、葫芦藓；藻类什么器官都没有，孢子繁殖，代表紫菜，水绵，蓝藻。植物的五大组织分别是保护组织，输导组织，分生组织，机械组织和营养组织；
【解答】A. 茶树的种子外有果皮包被，属于被子植物，A错误；
B. 可用放大镜观察茶树根部根毛的着生部位 ，B正确；
C. 茶树叶的上表皮和下表皮属于保护组织，C错误；
D. 无法可用显微镜观察到龙井茶水中分子的热运动，D错误；
故答案为：B。
6．【答案】C
【知识点】常见实验操作；溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】根据常见实验操作的规范分析判断。
【解答】A.氢氧化钠溶液不能用玻璃塞，应放在细口瓶中，故A错误；
B.用pH试纸测定溶液的pH时，在白瓷板或玻璃片上放一小片pH试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH试纸上，把试纸显示的颜色与标准比色卡比较，读出pH，故B错误；
C.检查装置气密性时可先关闭止水夹，然后注水观察长颈漏斗内液面的变化，故C正确；
D.浓硫酸稀释时，要将浓硫酸沿器壁缓缓注入盛水的烧杯中，并用玻璃棒搅拌，故D错误。
故选C。
7．【答案】D
【知识点】元素周期表
【解析】【分析】根据图中元素周期表可以获得的信息：左上角的数字表示原子序数；字母表示该元素的元素符号；中间的汉字表示元素名称；汉字下面的数字表示相对原子质量，进行分析判断即可。
【解答】A、钠带“钅”字旁，属于金属元素，故选项说法错误；
B、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原子序数为11；根据原子中原子序数=核电荷数=质子数=核外电子数，则该元素的原子核内质子数为11，故选项说法错误；
C、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，该元素的相对原子质量为22.99，非实际质量，故选项说法错误；
D、钠离子是由钠原子失去1个电子后形成的，原子的质量主要集中在原子核上，电子的质量微乎其微，因此钠原子与钠离子的质量几乎相等，故选项说法正确。
故答案为：D。
8．【答案】C
【知识点】盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】碳酸钙可以和二氧化碳相互转化，二氧化碳能和氢氧化钙反应，则X可以是二氧化碳，据此解答。【解答】A.二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，碳酸钙在高温的条件下分解成氧化钙和二氧化碳，二氧化碳与碳酸钙之间能相互转化、二氧化碳能与氢氧化钙反应，物质X可以是二氧化碳，故A正确，不符合题意；
B.反应①是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，是一个放热反应，故B正确，不符合题意；
C.反应②可以是二氧化碳能和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，二氧化碳是氧化物，该转化中不一定有盐类物质参加，故C错误，符合题意；
D.反应⑤是碳酸钙转化成二氧化碳，可以是碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，该反应属于复分解反应，反应⑤不一定属于分解反应，故D正确，不符合题意。
故答案为：C。
9．【答案】B
【知识点】元素化合价的规则与计算；置换反应及其应用
【解析】【分析】根据置换反应中反应物和生成物中都一种单质和一种化合物、二氧化碳不可燃、化合物中元素化合价代数和为0及该转化关系中反应物和生成物种类分析。
【解答】A、 反应③反应物和生成物中都一种单质和一种化合物属于置换反应 ，不符合题意；
B、该反应中生成气体有二氧化碳、一氧化碳、氢气，但二氧化碳不具有可燃性，符合题意；
C、 Na2SiO3中钠元素为+1价，氧元素为－2价，依据化合价代数和为0可知，Si 为+4价 ，不符合题意；
D、 由反应过程可知，Si和SiO2在一定条件下可以相互转化 ，不符合题意；
故选B。
10．【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】 根据平面镜成像的特点是像与物体大小相等，像距等于物距，物像对称，分析即可得出答案。
【解答】根据图片可知，a点到平面镜距离为2m，0.5m长为半径，
则小蜜蜂距离平面镜最远2m+0.5m=2.5m；
根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，物、像间的最大距离为：2.5m+2.5m=5m；
根据图片可知，此时需要蜜蜂逆时针方向旋转。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
11．【答案】D
【知识点】力的作用是相互的；牛顿第一定律；惯性；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】 A.物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等。
B.物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
C.二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
D.根据牛顿第一定律，一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。对于正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向运动下去，即做匀速直线运动。
【解答】 A.用钎子用力杵冰面，冰车能加速向前滑行是由于铁钎子给冰面的力与冰面给铁钎子的力是一对相互作用力，大小相同，故A错误；
B.小科停止用力后，冰车能继续向前滑行是因为冰车具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，故B错误；
C.扔掉铁钎子，冰车在滑行的过程中，冰车受到阻力和地面对冰车的支持力互相垂直，所以不是一对平衡力，故C错误；
D.停止用力后，若一切物体的外力都消失，则冰车对冰面的压力、冰面对冰车的支持力消失，冰面对冰车的摩擦力消失，即冰车不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，小明和冰车一起向前做匀速直线运动，故D正确。
故选D。
12．【答案】B
【知识点】功；力是否做功的判断
【解析】【分析】 （1）当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
（2）在内燃机的压缩冲程中能量转化关系是机械能转化为内能；
（3）“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，液化放热。
【解答】 AD、水蒸气对软木塞做功是内能转化为软木塞的机械能的过程，水蒸气的内能减小，故AD正确；
B、内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，水蒸气对软木塞做功是内能转化为软木塞的机械能的过程，二者能量转化不同，故B错误；
C、试管口的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小液滴，故C正确。
故答案为：B。
13．【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒
【解析】vv【分析】（1）物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
（2）在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。
【解答】图①是她站在跳板上压缩跳板至最低点，此时她的机械能最小，从①到②的过程中，跳板的弹性势能会转化为运动员的动能和重力势能，这段时间内它的机械能增大。从②到③到④的过程中，不计空气阻力，则机械能守恒，也就是她的机械能保持不变。
故ACD错误，B正确。
故答案为： B。
14．【答案】D
【知识点】实验方案设计与评价
【解析】【分析】 探究鱼适于水中生活的形态结构特点和生理特点时，要注意对照实验的变量具有唯一性。
【解答】鲫鱼“浮头”应该是水中氧气含量太少所致，即题目有唯一变量为水中的含氧量。故一个中加适量河水，另一个加等量煮沸后冷却的河水(除去水中的氧气)。
为了避免实验的偶然性，选择鲫鱼的数量要尽量多，
故D符合题意，而ABC不合题意。
故选D。
15．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）R2的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律即可判断电路中的电流变化，根据串联电路的电压分配特点可知电压表示数变化；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出最大和最小电流值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值和电源电压；
（3）根据P=I2R即可求出R1的电功率变化范围；
（4）根据Q=I2Rt即可求出R1产生的热量。【解答】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.R2的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知断电路中的电流变大，根据串联电路的电压分配特点可知电压表示数变小，故A错误；
B.当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知最大和最小电流分别为I最小=0.2A；I最大=0.6A，
由及串联电路的电压规律可得：
U=I最小（R1+R2）=0.2A×（R1+60Ω） ①；
U=I最大R1=0.6A×R1 ②，
解①②得：R1=30Ω，U=18V，故B错误；
C.P1最小=I最小2R1=（0.2A）2×30Ω=1.2W；P1最大=I最大2R1=（0.6A）2×30Ω=10.8W；
所以，R1的电功率变化范围是1.2～10.8W，故C正确；
D.R1产生的热量Q1=I最大2R1t=（0.6A）2×30Ω×120s=1296J，故D错误。
故选C。
16．【答案】（1）秋分
（2）④；昼短夜长
（3）南
【知识点】地球公转；昼夜长短变化
【解析】【分析】 在北半球，3月21日前后，太阳光直射在赤道上，这一天为春分日，全球昼夜等长；之后太阳光线向北移动，6月22日前后，太阳光直射在北回归线上，北极圈及以内地区有极昼现象，这一天为夏至日，昼最长夜最短；之后太阳光线向南移动，9月23日前后，太阳光直射在赤道上，这一天为秋分日，全球昼夜等长；太阳光线继续向南移动，12月22日前后，太阳光直射在南回归线上，南极圈及以内地区有极昼现象，这一天为冬至日，昼最短夜最长。
【解答】（1）根据题意可知， 开幕当天9月22日左右，即处于北半球的秋分节气。
（2）根据题意可知，10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，即位置④。此时太阳直射点在南半球，此时位于北半球的新昌昼短夜长。
（3）秋分时太阳直射点在赤道，冬至日太阳直射点在南回归线，所以亚运会结束后，太阳直射点继续往南移动。
（1）太阳的左边，此时太阳直射点在北回归线，时间为夏至日，时间为6月21日，地球绕日公转的方向是自西向东，所以太阳的下面是秋分日，时间为9月22日左右，所以 开幕当天恰好为北半球的秋分节气。
（2）10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，在图中是位置④，太阳直射点在南半球，此时位于北半球的新昌昼短夜长。
（3）10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，秋分时太阳直射点在赤道，冬至日太阳直射点在南回归线，所以亚运会结束后，太阳直射点继续往南移动。
17．【答案】体温上升；汗液蒸发
【知识点】体温的控制
【解析】【分析】（1）产热大于散热，则体温升高；产热等于散热，则体温恒定；产热小于散热，则体温降低；
（2）根据人体散热的方法解答。
【解答】（1）根据图片可知，此时骨骼肌收缩，使人体增加产热；皮肤血管收缩，则减少散热，因此产热大于散热，是发热过程中的气温上升期。
（2）根据题意可知，人体可以通过皮肤血管舒张、汗液蒸发等途径来增加散热，以使体温回到正常值。
18．【答案】C3H8；惯性；液化
【知识点】液化及液化现象；惯性；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】 （1）根据质量守恒定律分析可得；
（2）一切物体都具有惯性；
（3）白气是小液滴，故是水蒸气液化形成的。
【解答】 （1）根据质量守恒定律，生成物中有3个碳原子、8个氢原子和10个氧原子，而反应物中有10个氧原子，故X只含C和H元素，故化学式为C3H8；
（2）南瓜继续飞行一段距离，是由于南瓜具有惯性，要保持原有的状态；
（3）白气是小液滴，是水蒸气液化形成的。
19．【答案】（1）增大排开液体体积，增大浮力
（2）解：由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，空载时水位为6.0cm，最大水位为，基座截面积为，
则基座全部浸入水中排开水的体积增加量；
该模型最多能放入物体的重力
；
则该模型最多能放入物体的质量。
答：该模型最多能放入物体的质量为2kg。
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）根据物体的浮沉条件F浮=G物，及阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析解答；
（2）从图中可知防洪屋漂浮时浸没水中的深度为6cm，则模型最多能放入的物体重力等于基座全部浸没水中多受的浮力大小；计算出多放入物体的重力，再计算出其质量。
【解答】（1） 小科发现防洪屋模型上浮时水位超过了基座，如图乙所示。为了让房子在水面以上，小科提出的改进措施是：增大基座的体积，他这样改进的科学原理是：增大排开液体体积，增大浮力。
（1）由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，液体密度一定时，排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大，所以增大基座的体积，可以增大排开液体体积，增大浮力。
（2）由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，空载时水位为6.0cm，最大水位为，基座截面积为，则基座全部浸入水中，排开水的体积增加量
由阿基米德原理可知，该模型最多能放入物体的重力
则该模型最多能放入物体的质量
20．【答案】热传递；
【知识点】物体内能的改变方法；比热容
【解析】【分析】 （1）做功和热传递都可以改变物体的内能，热传递是内能的转移，做功是能量的转化；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt计算未知液体的比热。
【解答】（1）根据题意可知，本实验中利用水浴法对物体加热，液体内能增加的途径是热传递来实现的。
（2）加热相同时间后，两液体吸收的热量相同，故；
；
；
解得：。
21．【答案】生石灰；>；氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙；优秀
【知识点】盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】（1）根据浓硫酸和氢氧化钠虽具有吸水性，但具有强烈的腐蚀性来分析解答；
（2）根据700℃条件下，氢氧化钙会分解为氧化钙和水，而碳酸钙在该温度下不分解来分析解答；
（3）根据氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙来分析解答；
（4）根据氧化钙溶于水会放出大量的热，小科设计的方案有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断来分析解答。
【解答】（1）生活中常见的干燥剂有生石灰、浓硫酸、氢氧化钠，从食品安全角度考虑，食品包装袋内的干燥剂最有可能是生石灰，因为生石灰能够与水反应，可以用作食品干燥剂，而浓硫酸和氢氧化钠虽具有吸水性，但具有强烈的腐蚀性，不能用作食品干燥剂；
（2）氢氧化钙在500℃以上会分解为氧化钙和水，碳酸钙在900℃左右分解为二氧化碳和氧化钙，用天平称量少量干燥剂质量为m1在700℃条件下，加热一段时间后，测其质量为m2，由结论可知固体中含有氢氧化钙，说明m1＞m2；
（3）为检验样品中是否存在碳酸钙，取样品于试管中，加水后发现试管底部有固体剩余，小科认为样品中一定含有碳酸钙，由于氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙，则小丽认为小科的结论不正确；
（4）氧化钙溶于水会放出大量的热，则在检验样品中是否存在氧化钙时，小科设计的方案是取适量样品于试管中，加入少量水振荡，会观察到试管外壁发热，有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断，故这一方案的评价等级是优秀。
22．【答案】；TiO2能改变其他物质的化学反应的速率，但其质量与化学性质在反应前后没有发生改变；光合作用
【知识点】光合作用的原理；有关化学式的计算和推断；催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】（1）根据模型图结合质量守恒定律推算“”的化学式即可。根据催化剂的性质分析。
（2）光合作用利用太阳能将水、二氧化碳和无机物转换为有机物，并释放出能量。
【解答】（1）根据图片可知，模型图中“”所表示的物质是氢气，其化学式为H2；
判断TiO2是催化剂的依据是：能改变其他物质的化学反应的速率，但其质量与化学性质在反应前后没有发生改变；
（2）该技术通过光伏捕获太阳能，最终将太阳能以液态燃料甲醇的形式储存并利用，该过程类似于植物的光合作用这一生理过程。
23．【答案】铁、钴、镍三种金属粉末；右侧注射器中产生相同体积的气体所用的时间
【知识点】金属的化学性质；金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】（2）根据实验目的确定实验步骤的内容；
（4）产生相同体积气体所用的时间越短，则说明反应越快，即金属活动性越强。
【解答】（2）根据实验的目的可知，步骤2的内容为：分别取等质量的铁、钴、镍三种金属粉末，分三次实验分别置于如图的锥形瓶中；
（4）根据题意可知，观察右侧注射器中产生相同体积的气体所用的时间，由此判断三种金属的活动性强弱。
24．【答案】石灰水沿右侧导管流入E；3CO+Fe2O32Fe+3CO2；木炭和一氧化碳；不需要，未反应的一氧化碳进入D装置中不会逸散到空气中
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）①根据装置内的压强变化、化学反应的原理以及物质的性质来分析；
②根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的方程式；
③物质得到氧元素被氧化，具有还原性。
（2）根据装置的特点来分析。
【解答】（1）① 步骤③，A处酒精喷灯加热过程中，能观察到的现象是：木炭粉逐渐减少，D中左侧导管口有气泡冒出、澄清石灰水变浑浊且D装置中的石灰水被没有反应的气体压出流入E；
②氧化铁逐渐变为黑色，即A中生成的一氧化碳和氧化铁在高温条件下反应生成铁和二氧化碳，该反应的化学方程式为3CO+Fe2O32Fe+3CO2。
③木炭夺取了二氧化碳中的氧元素被氧化，具有还原性；一氧化碳夺取了氧化铁中的氧元素被氧化生成二氧化碳气体，具有还原性，故该实验说明木炭和一氧化碳具有还原性。
（2）过量的一氧化碳已收集在装置D中，并没有排放到空气中，不会造成污染，则该装置不需要添加尾气处理装置，因为
25．【答案】①闭合开关前滑片P没有处于阻值最大处；②电流表所选量程太大；小灯泡短路；0.625；C；
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处；
（2）电流表有示数，说明电路是通路，电压表的示数为零，说明电压表并联部分短路；
（3）根据I-U图像知小灯泡在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（4）根据I-U图像知灯的电压为0.5V时电流大小，由串联电路的规律及欧姆定律得出此时实验中所使用的滑动变阻器连入电路的电阻，确定变阻器的规格；
（5）根据串联电路电压的规律和P=UI计算出此时滑动变阻器所消耗的电功率的区域。
【解答】（1）为保护电路，连接电路时，开关要断开，闭合开关前，滑片P应处于连入阻值最大处；因为灯正常发光时的电流约为
所以电流表应选0～0.6A量程，故图中不符合实验规范处是：①闭合开关前滑片P没有处于阻值最大处。②电流表所选量程太大。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表的示数为零，说明电压表并联部分短路，即小灯泡短路。
（3）由I-U图像知道，小灯泡在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为
（4）由I-U图像知道，小灯泡的电压为0.5V时，电流为0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律，此时实验中所使用的滑动变阻器连入电路的电阻为
故变阻器的规格可能为60Ω，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（5）若图中的阴影部分表示电压表为2.0V时，灯泡消耗的实际功率大小，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压为
根据串联电路电流特点，通过滑动变阻器的电流与小灯泡的电流相同，由P=UI知道，滑动变阻器的电功率为
此时滑动变阻器所消耗的电功率的区域如下图
26．【答案】木块被撞的距离；质量相同时，速度越大，动能越大；见详解
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【分析】（1）实验采用了转换法，把不易观察的量转化为容易观察的量。
（2）甲乙两次实验小球下落的高度不同，探究的是动能与速度的关系。
（3）根据控制变量法，探究重力势能与质量的关系应控制下落高度相同。
【解答】（1）在探究物体动能与哪些因素有关的实验中，不能直接观察小球的动能大小，所以运用转换法，通过比较木块被撞的距离来比较小球的动能大小。
（2）观察甲、乙两次实验发现，同一小球从斜面上不同的高度，由静止滚下，小球的质量相同，撞击木块时的速度不同，乙图中，小球撞击木块时的速度较大，木块被撞的距离更远，所以乙图中，小球的动能较大，所以甲、乙两次实验可以得到的结论是质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）小妍的实验设计更合理，探究物体重力势能大小与质量的关系，应控制物体下降的高度相同，图2中，两个小球的重心下降高度相同，所以实验设计更合理。
27．【答案】氧气；二氧化硫；二氧化碳+氢氧化钙→碳酸钙+水
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；书写化学方程式、文字表达式；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】有A、B、C、D四种物质。A是无色无味的气体，B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰，同时生成一种无色有刺激性气味的气体C，硫和氧气在点燃的条件下生成二氧化硫，则A是氧气，B是硫，C是二氧化硫；D是一种无色气体，把D通入澄清的石灰水中，石灰水变浑浊，则D是二氧化碳。
【解答】（1）由分析可知，B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰生成C，则A能够支持燃烧，为氧气，B为硫，C为二氧化硫，故填氧气，二氧化硫。
（2）把D通入澄清石灰水，石灰水变浑浊，则D为二氧化碳，发生的反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，故反应的文字表达式写为：二氧化碳+氢氧化钙→碳酸钙+水。
28．【答案】（1）肺静脉
（2）流回
（3）蓝色软管1与红色软管1的位置应对换
【知识点】心脏和血管；血液循环
【解析】【分析】（1）流向心脏的血液为静脉血，流出心脏的血液为动脉血；
（2）心脏膨胀压强减小，则血液流入心脏；心脏缩小压强增大，则血液流入心脏；
（3） 在血液循环中，右心房接受来自身体的静脉血并通过右心室、肺动脉输送到肺泡，左心房接受来自肺部的氧合血并通过主动脉送往全身。因此，红色软管1和蓝色软管1应对换；进行调整后，软管的颜色才能更准确地模拟动脉血、静脉血。
【解答】（1）根据图片可知，若甲烧杯模拟肺泡，而蓝色软管1模拟的是从肺流向心脏的血管，那么软管1为肺静脉。
（2）根据题意可知，松开橡皮球时，心脏内体积增大压强减小，则相当于心脏舒张，此时通过负压会将血液从周围血管吸入心脏。
（3） 该模型中的不足之处是蓝色软管1与红色软管1的位置应对换。
（1）若甲烧杯模拟肺泡，根据箭头方向，蓝色软管1模拟的是从肺流向心脏的血管，为肺静脉。
（2）松开橡皮球时，相当于心脏舒张，此时通过负压会将血液从周围血管吸入心脏（即血液流回）。
（3）在血液循环中，右心房接受来自身体的静脉血并通过右心室、肺动脉输送到肺泡，左心房接受来自肺部的氧合血并通过主动脉送往全身。因此，红色软管1和蓝色软管1应对换；进行调整后，软管的颜色才能更准确地模拟动脉血、静脉血。
该模型中不同部分并不能代表不同的心脏腔室（如心房和心室），并且该模型过于简单，不能很好地模拟心脏复杂的四腔室结构和功能。
29．【答案】不合格；70.7%；不赞同；空气中含有二氧化碳，影响测量结果
【知识点】误差分析；根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途
【解析】【分析】 （1）根据表格数据分析生成沉淀和加入样品溶液的关系，据此推算10g溶液中碳酸钠的质量，并计算出它的溶质质量分数即可；
（2）根据NaOH溶液增加的质量就是二氧化碳的质量，由二氧化碳的质量和化学方程式求出碳酸钠的质量，进而求出碳酸钠的质量分数即可。
（3）根据空气中含有二氧化碳来分析解答。
【解答】（1）根据表格数据可知，氯化钙溶液是30g，分别加入10g、20g样品溶液时，产生沉淀的质量分别为2g、4g，说明10g样品溶液完全反应时生成沉淀2g；
设10g样品溶液中碳酸钠的质量为x，
；
解得：x=2.12g
则15g样品中碳酸钠的质量为：2.12g×=12.72g，
样品中碳酸钠的质量分数为。
则该样品不是合格产品。
（2）根据题意可知，NaOH溶液增加的质量就是二氧化碳的质量，则二氧化碳的质量为4.4g；
设样品中碳酸钠的质量为y。
；
解得：y=10.6g；
则样品中碳酸钠的质量分数为。
（3）我不赞同他的观点，因为空气中含有二氧化碳，会影响测量结果。
30．【答案】（1）F
（2）8
（3）为使木棒在水平台面保持平衡，物体D的质量最小时，拉力最小，此时力臂应最大，故此时的支点为E点，EB为物体D的力臂，此时杠杆上A点到的拉力
由杠杆的平衡条件可得，物体D对杠杆B点的拉力
物体D的最小质量
（4）若物体D质量为0.4kg，物体D对杠杆B点的拉力
若以E点为支点，此时杠杆A点拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最小体积
若以F为支点，此时杠杆B受到的拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最大体积
要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围为。
【知识点】阿基米德原理；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）杠杆支点的判断：杠杆绕着转动的固定点叫做支点。当物体 D 下沉时，木棒 AB 会绕着 F 点转动，因为此时 F 点与台面接触且相对固定，满足支点的定义。
（2）根据阿基米德原理计算。
（3）先根据浮力公式算出物体 C 浸没时受到的浮力，进而得到绳子对杠杆 A 端的拉力FC。再结合杠杆平衡条件，已知力臂长度，求出物体 D 的最小质量。
（4）根据已知的物体 D 质量求出其重力，作为杠杆 B 端的力。再分别以 E 点和 F 点为支点，结合杠杆平衡条件列出方程，通过浮力公式将绳子拉力与排开水的体积联系起来，求解出物体 C 排开水的体积范围。
【解答】（1）若物体D下沉，由杠杆的平衡条件可知，则此时杠杆的支点是F点。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是
（1）若物体D下沉，由杠杆的平衡条件可知，则此时杠杆的支点是F点。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是
（3）为使木棒在水平台面保持平衡，物体D的质量最小时，拉力最小，此时力臂应最大，故此时的支点为E点，EB为物体D的力臂，此时杠杆上A点到的拉力
由杠杆的平衡条件可得，物体D对杠杆B点的拉力
物体D的最小质量
（4）若物体D质量为0.4kg，物体D对杠杆B点的拉力
若以E点为支点，此时杠杆A点拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最小体积
若以F为支点，此时杠杆B受到的拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最大体积
要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围为。
31．【答案】解：（1）根据题意可知，圆木的体积V=Sh=0.8m2×5m=4m3；
圆木的质量m=ρ木V=0.7×103kg/m3×4m3=2.8×103kg；
圆木的重力G=mg=2.8×103kg×10N/kg=2.8×104N；
未向池内注水时，圆木对池底的压力等于圆木的重力，即F未=G=2.8×104N；
那么圆木对池底的压强；
答：圆木对池底的压强为3.5×104Pa。
（2）根据题意可知，向池内缓慢注水，在水位到达1m时V排1=0.8m2×1m=0.8m3，
圆木受到的浮力F浮1= ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.8m3=8×103N，
圆木对池底的压力F=G—F浮1=2.8×104N—8×103N=2×104N，
答：圆木对池底的压力为2×104N。
（3）当圆木对池底的压力为0时，浮力等于重力，
即F浮2=G；
2.8×104N=ρ水gV排2；
2.8×104N=103kg/m3×10N/kg×0.8m2×h；
解得：h=3.5m；
即当水位达到4m时，圆木静止地漂浮在水面上，
则圆木所受的浮力F浮3=G=2.8×104N。
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据V=Sh求出圆木的体积，再利用m=ρV求圆木的质量，利用G=mg求圆木重力；未向水池内注水时，圆木对池底的压力等于圆木重力；根据可求出圆木对池底的压强；
（2）水位达到1m时，求出排开水的体积，利用阿基米德原理求圆木受到的浮力，圆木对池底的压力等于圆木重力减去浮力；
（3）当圆木对池底的压力为0时，求出圆木受到的浮力，根据阿基米德原理求排开水的体积，进而求出浸入深度（水深），和4m比较得出圆木的浮沉情况，再根据物体的漂浮条件求此时受到的浮力。
32．【答案】（1）不恒定
（2）解：根据题意可知，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态，此时R1与R2并联。
此时通过R1的电流为；
通过R2的电流为；
此时通过熔断器的总电流为。
（3）解：根据丙图可知，在升压阶段的总功率为；
升压阶段的总时间为t1=6min+3min+3min=12min=720s；
升压阶段消耗的电能为；
当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，即此时为R2的简单电路，
工作的时间为t1=3min+3min=6min=360s，
消耗的电能为
正常煮饭一次，至少需要消耗的电能为。
【知识点】串、并联电路的电流特点；欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合，据此分析；
（2）接通电源，启动智能开关S，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态，此时R1和R2并联，根据P=UI可求出通过R1的电流，根据通过R2的电流，根据并联电路电流规律可求出升压阶段通过熔断器的电流；（3）根据计算R2的功率，由图丙知升压、保压的时间，根据W=Pt算出这次煮饭总共消耗的电能。
【解答】（1）根据丙图可知，当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合加热，所以该电压力锅保压阶段的功率不恒定。
（1）当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合加热，所以该电压力锅保压阶段的功率不恒定。
（2）S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；此时R1与R2并联。R1的电流为
R2的电流为
总电流为
（3）在升压阶段的总功率为
升压阶段的总时间为t1=6min+3min+3min=12min=720s
升压阶段消耗的电能为
当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，即此时为R2的简单电路，工作的时间为t1=3min+3min=6min=360s
消耗的电能为
正常煮饭一次，至少需要消耗的电能为
1 / 1浙江省罗阳联盟2024-2025学年九年级下学期开学考科学试题
一、选择题（本题有15小题，每小题3分，共45分。每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选均不给分）
1．（2025九下·浙江开学考）服用药物“洛哌丁胺胶囊"可以缓解感染诺如病毒造成的腹泻等肠胃不适症状。其主要成分洛哌丁胺的分子式为C29H33ClN2O2。从物质分类角度分析，洛哌丁胺属于（ ）
A．氧化物 B．盐 C．有机物 D．混合物
【答案】C
【知识点】常见物质的分类
【解析】【分析】根据氧化物由两种元素组成，其中一种元素为氧化物，盐是金属离子和酸根离子形成化合物，有机物是含碳元素化合物， 混合物是由不同种物质组成分析。
【解答】 洛哌丁胺由碳、氢、氮三种元素组成，属于有机物。
故选C。
2．（2025九下·浙江开学考）“一带一路”是跨越时空的宏伟构想，赋予古丝绸之路崭新的时代内涵，古丝绸之路将我国的发明和技术传送到国外，下列不属于化学变化的是 ( )
A．蚕丝织绫 B．使用火药 C．冶炼金属 D．稻草造纸
【答案】A
【知识点】化学变化与物理变化的判别
【解析】【分析】 化学变化和物理变化的本质区别为是否有新物质生成。
【解答】A.蚕丝织绫过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，故A符合题意；
B.使用火药过程中有新物质生成，属于化学变化，故B不合题意；
C.冶炼金属过程中有新物质生成，属于化学变化，故C不合题意；
D.稻草造纸过程中有新物质生成，属于化学变化，故D不合题意。
故选A。
3．（2025九下·浙江开学考）2025年2月3日是立春，立春过后给小麦合理施用氮肥可有助于小麦返青拔节，使小麦增产。下列化肥中，氮含量最高的化肥是 ( )
A．CO(NH2)2 B． C．NH4NO3 D．NH4Cl
【答案】A
【知识点】有关化学式的计算和推断；盐与化肥
【解析】【分析】根据进行计算，然后进行比较。
【解答】A.CO（NH2）2中氮的质量分数为；
B.NH4HCO3中氮的质量分数为；
C.NH4NO3中氮的质量分数为；
D.NH4Cl中氮的质量分数为；
因此CO（NH2）2中氮的含量最高。
故答案为：A。
4．（2025九下·浙江开学考）如图为小哲同学制作的生态瓶，它是不是生态系统呢 下列从生态系统组成的角度分析判断，正确的是 （ ）
A．生物种类少，不是生态系统
B．生物数量少，不是生态系统
C．包含植物、动物和微生物，是生态系统
D．包括生物和非生物因素，是生态系统
【答案】D
【知识点】生态系统的成分；生态球模型
【解析】【分析】在一定的空间范围内，生物与环境所形成的统一的整体叫做生态系统；
【解答】生态瓶中除了具有生产者（水草）和消费者（小鱼）外，在河沙里还含有细菌和真菌，它们是生态瓶中的分解者，该生态瓶中的非食物因素除了空气和土壤外，还具有温度、水、阳光等因素，可见生态瓶包括生物部分和非生物部分，是生态系统，D正确。
故答案为：D。
5．（2025九下·浙江开学考）西湖龙井是中国十大名茶之一，属绿茶，因其产于浙江省杭州市西湖龙井村周围群山而得名。如图所示是小明拍摄的龙井茶树照片。下列对茶树和龙井茶叶的观察和实验合理的是（ ）
A．茶树的种子外没有果皮包被，属裸子植物
B．可用放大镜观察茶树根部根毛的着生部位
C．茶树叶的上表皮和下表皮属于上皮组织
D．可用显微镜观察龙井茶水中分子的热运动
【答案】B
【知识点】组织；种子植物；分子的热运动
【解析】【分析】 常见的植物从高等到低等依次为被子植物，裸子植物，蕨类，苔藓类和藻类。被子植物是指所有的绿色开花植物，有根、茎、叶、花、果实、种子；裸子植物由松、杉、柏、银杏、和苏铁，有根、茎、叶、种子；蕨类，孢子繁殖，只有根茎叶，代表满江红，胎生狗脊；苔藓类，无根，有茎叶，孢子繁殖，代表地钱、葫芦藓；藻类什么器官都没有，孢子繁殖，代表紫菜，水绵，蓝藻。植物的五大组织分别是保护组织，输导组织，分生组织，机械组织和营养组织；
【解答】A. 茶树的种子外有果皮包被，属于被子植物，A错误；
B. 可用放大镜观察茶树根部根毛的着生部位 ，B正确；
C. 茶树叶的上表皮和下表皮属于保护组织，C错误；
D. 无法可用显微镜观察到龙井茶水中分子的热运动，D错误；
故答案为：B。
6．（2025九下·浙江开学考）科学实验操作需要规范严谨。以下是小科同学的科学实验操作，操作规范的是（ ）
A．盛放氢氧化钠
B．检测溶液pH
C．气密性检查
D．稀释浓硫酸
【答案】C
【知识点】常见实验操作；溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】根据常见实验操作的规范分析判断。
【解答】A.氢氧化钠溶液不能用玻璃塞，应放在细口瓶中，故A错误；
B.用pH试纸测定溶液的pH时，在白瓷板或玻璃片上放一小片pH试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH试纸上，把试纸显示的颜色与标准比色卡比较，读出pH，故B错误；
C.检查装置气密性时可先关闭止水夹，然后注水观察长颈漏斗内液面的变化，故C正确；
D.浓硫酸稀释时，要将浓硫酸沿器壁缓缓注入盛水的烧杯中，并用玻璃棒搅拌，故D错误。
故选C。
7．（2025九下·浙江开学考）2024年中国钠电池技术实现了重大突破。钠电池的高能量密度，使其成为新能源汽车等领域的理想选择。如图，下列说法正确的是（ ）
A．钠属于非金属元素 B．钠原子的质子数为23
C．钠的原子质量为22.99 D．钠原子与钠离子质量几乎相等
【答案】D
【知识点】元素周期表
【解析】【分析】根据图中元素周期表可以获得的信息：左上角的数字表示原子序数；字母表示该元素的元素符号；中间的汉字表示元素名称；汉字下面的数字表示相对原子质量，进行分析判断即可。
【解答】A、钠带“钅”字旁，属于金属元素，故选项说法错误；
B、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原子序数为11；根据原子中原子序数=核电荷数=质子数=核外电子数，则该元素的原子核内质子数为11，故选项说法错误；
C、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，该元素的相对原子质量为22.99，非实际质量，故选项说法错误；
D、钠离子是由钠原子失去1个电子后形成的，原子的质量主要集中在原子核上，电子的质量微乎其微，因此钠原子与钠离子的质量几乎相等，故选项说法正确。
故答案为：D。
8．（2025九下·浙江开学考）如图是小科同学的学习笔记，其中“→”表示物质之间能转化，“—”表示物质之间能发生化学反应。关于该图，下列说法中不正确的是（ ）
A．该图中的X可以是
B．反应①是一个放热反应
C．反应②的转化中必须有盐类物质参加
D．反应⑤不一定属于分解反应
【答案】C
【知识点】盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】碳酸钙可以和二氧化碳相互转化，二氧化碳能和氢氧化钙反应，则X可以是二氧化碳，据此解答。【解答】A.二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，碳酸钙在高温的条件下分解成氧化钙和二氧化碳，二氧化碳与碳酸钙之间能相互转化、二氧化碳能与氢氧化钙反应，物质X可以是二氧化碳，故A正确，不符合题意；
B.反应①是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，是一个放热反应，故B正确，不符合题意；
C.反应②可以是二氧化碳能和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，二氧化碳是氧化物，该转化中不一定有盐类物质参加，故C错误，符合题意；
D.反应⑤是碳酸钙转化成二氧化碳，可以是碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，该反应属于复分解反应，反应⑤不一定属于分解反应，故D正确，不符合题意。
故答案为：C。
9．（2025九下·浙江开学考）华为使中国的芯片技术领先于世界。芯片是电脑、智能家电的核心部件，它是以高纯度的单质硅（Si） 为材料制成的。硅及其氧化物能发生如下反应：
①Si+O2 SiO2②SiO2+Na2CO3 Na2SiO3+CO2↑
③SiO2+2C Si+2CO↑ ④Si+2NaOH+H2O Na2SiO3+2H2↑
下列说法不正确的是（ ）
A．反应③属于置换反应
B．上述反应中共生成三种可燃性气体
C．Na2SiO3中Si 为+4价
D．Si和SiO2在一定条件下可以相互转化
【答案】B
【知识点】元素化合价的规则与计算；置换反应及其应用
【解析】【分析】根据置换反应中反应物和生成物中都一种单质和一种化合物、二氧化碳不可燃、化合物中元素化合价代数和为0及该转化关系中反应物和生成物种类分析。
【解答】A、 反应③反应物和生成物中都一种单质和一种化合物属于置换反应 ，不符合题意；
B、该反应中生成气体有二氧化碳、一氧化碳、氢气，但二氧化碳不具有可燃性，符合题意；
C、 Na2SiO3中钠元素为+1价，氧元素为－2价，依据化合价代数和为0可知，Si 为+4价 ，不符合题意；
D、 由反应过程可知，Si和SiO2在一定条件下可以相互转化 ，不符合题意；
故选B。
10．（2025九下·浙江开学考）在竖直放置的平面镜前，有一只小蜜蜂以a点为圆心，0.5米长为半径顺时针（面对我们）做圆周运动，a点到平面镜距离为2米，则像的旋转方向，物、像间的最大距离分别为（ ）
A．逆时针4米 B．逆时针5米 C．顺时针4米 D．顺时针5米
【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】 根据平面镜成像的特点是像与物体大小相等，像距等于物距，物像对称，分析即可得出答案。
【解答】根据图片可知，a点到平面镜距离为2m，0.5m长为半径，
则小蜜蜂距离平面镜最远2m+0.5m=2.5m；
根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，物、像间的最大距离为：2.5m+2.5m=5m；
根据图片可知，此时需要蜜蜂逆时针方向旋转。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
11．（2025九下·浙江开学考）全民运动已经成为社会热点。如图所示，小科在水平冰面上滑冰车时，用钎子用力杵冰面，冰车加速向前滑行，但停止用力后会慢慢停下来，不计空气阻力。对此现象分析正确的是（ ）
A．冰车加速向前滑行是由于钎子给冰面的力大于冰面给钎子的力
B．小科停止用力后，冰车能继续向前滑行是因为冰车受到惯性力
C．扔掉钎子，冰车继续滑行，冰车受到阻力和地面对冰车的支持力是一对平衡力
D．停止用力后，若一切外力都消失，则小科和冰车一起向前做匀速直线运动
【答案】D
【知识点】力的作用是相互的；牛顿第一定律；惯性；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】 A.物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等。
B.物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
C.二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
D.根据牛顿第一定律，一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。对于正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向运动下去，即做匀速直线运动。
【解答】 A.用钎子用力杵冰面，冰车能加速向前滑行是由于铁钎子给冰面的力与冰面给铁钎子的力是一对相互作用力，大小相同，故A错误；
B.小科停止用力后，冰车能继续向前滑行是因为冰车具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，故B错误；
C.扔掉铁钎子，冰车在滑行的过程中，冰车受到阻力和地面对冰车的支持力互相垂直，所以不是一对平衡力，故C错误；
D.停止用力后，若一切物体的外力都消失，则冰车对冰面的压力、冰面对冰车的支持力消失，冰面对冰车的摩擦力消失，即冰车不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，小明和冰车一起向前做匀速直线运动，故D正确。
故选D。
12．（2025九下·浙江开学考）如图用酒精灯给试管加热，试管口的软木塞在冲出去的过程中，下列说法中不正确的是 ( )
A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减少
B．能量的转化与内燃机压缩冲程相同
C．试管口的“白气”是水蒸气液化形成的
D．水蒸气的内能转化为软木塞的机械能
【答案】B
【知识点】功；力是否做功的判断
【解析】【分析】 （1）当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
（2）在内燃机的压缩冲程中能量转化关系是机械能转化为内能；
（3）“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，液化放热。
【解答】 AD、水蒸气对软木塞做功是内能转化为软木塞的机械能的过程，水蒸气的内能减小，故AD正确；
B、内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，水蒸气对软木塞做功是内能转化为软木塞的机械能的过程，二者能量转化不同，故B错误；
C、试管口的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小液滴，故C正确。
故答案为：B。
13．（2025九下·浙江开学考）2021年8月，全红婵在奥运会跳水项目的完美表现引起国人关注。图①是她站在跳板上压缩跳板至最低点，随后完成②③④动作。不考虑空气阻力，下列选项中能表示全红婵从起跳到即将入水的过程中，其机械能变化的大致图像是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒
【解析】vv【分析】（1）物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
（2）在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。
【解答】图①是她站在跳板上压缩跳板至最低点，此时她的机械能最小，从①到②的过程中，跳板的弹性势能会转化为运动员的动能和重力势能，这段时间内它的机械能增大。从②到③到④的过程中，不计空气阻力，则机械能守恒，也就是她的机械能保持不变。
故ACD错误，B正确。
故答案为： B。
14．（2025九下·浙江开学考）李明同学为了探究鲫鱼“浮头”的原因，取来两只相同的鱼缸甲、乙，并设计了下列实验方案，试选出最合理的一种( )
A．取大小、活力相当的六条鲫鱼，分别放入盛有等量河水的鱼缸甲、乙中，甲中泵入空气，乙中不作处理，放置于相同的环境中观察
B．取一大一小活力相当的鲫鱼，分别放入盛有等量河水的鱼缸甲、乙中，甲用玻璃封闭，乙不作处理，放置于相同的环境中观察
C．取大小、活力相当的两条鲫鱼，分别放入甲、乙两鱼缸中，甲中加适量河水，乙中加等量煮沸后冷却的河水，放置于相同的环境中观察
D．取大小、活力相当的六条鲫鱼，平均投放于甲、乙两鱼缸中，甲中加适量河水，乙中加等量煮沸后冷却的河水，放置于相同的环境中观察
【答案】D
【知识点】实验方案设计与评价
【解析】【分析】 探究鱼适于水中生活的形态结构特点和生理特点时，要注意对照实验的变量具有唯一性。
【解答】鲫鱼“浮头”应该是水中氧气含量太少所致，即题目有唯一变量为水中的含氧量。故一个中加适量河水，另一个加等量煮沸后冷却的河水(除去水中的氧气)。
为了避免实验的偶然性，选择鲫鱼的数量要尽量多，
故D符合题意，而ABC不合题意。
故选D。
15．（2025九下·浙江开学考）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为60欧，电源电压保持不变。滑动变阻器R2的滑片从一端滑到另一端的过程中，测得R2的电功率与通过它的电流的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．R2的滑片向左滑动时，电流表和电压表的示数都变大
B．电源电压为12V
C．R1的电功率变化范围是1.2～10.8W
D．电流为0.6A时，2min内电流通过R1产生的热量是648J
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）R2的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律即可判断电路中的电流变化，根据串联电路的电压分配特点可知电压表示数变化；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出最大和最小电流值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值和电源电压；
（3）根据P=I2R即可求出R1的电功率变化范围；
（4）根据Q=I2Rt即可求出R1产生的热量。【解答】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.R2的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知断电路中的电流变大，根据串联电路的电压分配特点可知电压表示数变小，故A错误；
B.当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知最大和最小电流分别为I最小=0.2A；I最大=0.6A，
由及串联电路的电压规律可得：
U=I最小（R1+R2）=0.2A×（R1+60Ω） ①；
U=I最大R1=0.6A×R1 ②，
解①②得：R1=30Ω，U=18V，故B错误；
C.P1最小=I最小2R1=（0.2A）2×30Ω=1.2W；P1最大=I最大2R1=（0.6A）2×30Ω=10.8W；
所以，R1的电功率变化范围是1.2～10.8W，故C正确；
D.R1产生的热量Q1=I最大2R1t=（0.6A）2×30Ω×120s=1296J，故D错误。
故选C。
二、填空题（本题有7小题，第16、17题每空1分，其余每空2份，共35分）
16．（2025九下·浙江开学考）第19届亚运会将于2023年9月23日至10月8日在杭州举办，杭州成为第三个举办亚运会的中国城市。如图为地球公转示意图，请回答下列问题：
（1）开幕当天恰好为北半球的 节气。
（2）10月8日这一天，地球大约处于图中所示的位置是 （选填序号），新昌的昼夜长短情况是 （选填“昼短夜长”、“昼长夜短”或“昼夜平分”）。
（3）亚运会结束后，太阳直射点继续往 （选填“北”或“南”）移动。
【答案】（1）秋分
（2）④；昼短夜长
（3）南
【知识点】地球公转；昼夜长短变化
【解析】【分析】 在北半球，3月21日前后，太阳光直射在赤道上，这一天为春分日，全球昼夜等长；之后太阳光线向北移动，6月22日前后，太阳光直射在北回归线上，北极圈及以内地区有极昼现象，这一天为夏至日，昼最长夜最短；之后太阳光线向南移动，9月23日前后，太阳光直射在赤道上，这一天为秋分日，全球昼夜等长；太阳光线继续向南移动，12月22日前后，太阳光直射在南回归线上，南极圈及以内地区有极昼现象，这一天为冬至日，昼最短夜最长。
【解答】（1）根据题意可知， 开幕当天9月22日左右，即处于北半球的秋分节气。
（2）根据题意可知，10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，即位置④。此时太阳直射点在南半球，此时位于北半球的新昌昼短夜长。
（3）秋分时太阳直射点在赤道，冬至日太阳直射点在南回归线，所以亚运会结束后，太阳直射点继续往南移动。
（1）太阳的左边，此时太阳直射点在北回归线，时间为夏至日，时间为6月21日，地球绕日公转的方向是自西向东，所以太阳的下面是秋分日，时间为9月22日左右，所以 开幕当天恰好为北半球的秋分节气。
（2）10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，在图中是位置④，太阳直射点在南半球，此时位于北半球的新昌昼短夜长。
（3）10月8日这一天，位于秋分（9月22日）和冬至（12月22日）之间，秋分时太阳直射点在赤道，冬至日太阳直射点在南回归线，所以亚运会结束后，太阳直射点继续往南移动。
17．（2025九下·浙江开学考）人体患病的发热过程可分为体温上升期、高温持续期和体温下降期。图表示了患者发热时体温调节的部分过程，请回答：
（1）如图表示的是发热过程中的 期。
（2）人体可以通过皮肤血管舒张、 等途径来增加散热，以使体温回到正常值。
【答案】体温上升；汗液蒸发
【知识点】体温的控制
【解析】【分析】（1）产热大于散热，则体温升高；产热等于散热，则体温恒定；产热小于散热，则体温降低；
（2）根据人体散热的方法解答。
【解答】（1）根据图片可知，此时骨骼肌收缩，使人体增加产热；皮肤血管收缩，则减少散热，因此产热大于散热，是发热过程中的气温上升期。
（2）根据题意可知，人体可以通过皮肤血管舒张、汗液蒸发等途径来增加散热，以使体温回到正常值。
18．（2025九下·浙江开学考）如图是一架“南瓜大炮”，表演者利用某气体X做燃料，将一个南瓜从钢质“炮筒”射出。
（1）发射时，气体X在炮筒中燃烧的化学方程式为，则X的化学式为 。
（2）南瓜脱离“炮筒”后，由于南瓜具有 ，还能继续飞行一段距离。
（3）南瓜射出后，“炮筒”附近出现大量的“白气”，这是 现象（填物态变化的名称）。
【答案】C3H8；惯性；液化
【知识点】液化及液化现象；惯性；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】 （1）根据质量守恒定律分析可得；
（2）一切物体都具有惯性；
（3）白气是小液滴，故是水蒸气液化形成的。
【解答】 （1）根据质量守恒定律，生成物中有3个碳原子、8个氢原子和10个氧原子，而反应物中有10个氧原子，故X只含C和H元素，故化学式为C3H8；
（2）南瓜继续飞行一段距离，是由于南瓜具有惯性，要保持原有的状态；
（3）白气是小液滴，是水蒸气液化形成的。
19．（2025九下·浙江开学考）图甲为项目化学习小组初步制作的一个防洪屋模型，中空基座中放有配重，基座上标有水位线（水位不能超过基座），请回答下列问题：
（1）小科发现防洪屋模型上浮时水位超过了基座，如图乙所示。为了让房子在水面以上，小科提出的改进措施是：增大基座的体积，他这样改进的科学原理是 ；
（2）该模型底部基座截面积为，空载时水位如图丙所示，最大水位为，则该模型最多能放入物体的质量为 。
【答案】（1）增大排开液体体积，增大浮力
（2）解：由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，空载时水位为6.0cm，最大水位为，基座截面积为，
则基座全部浸入水中排开水的体积增加量；
该模型最多能放入物体的重力
；
则该模型最多能放入物体的质量。
答：该模型最多能放入物体的质量为2kg。
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）根据物体的浮沉条件F浮=G物，及阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析解答；
（2）从图中可知防洪屋漂浮时浸没水中的深度为6cm，则模型最多能放入的物体重力等于基座全部浸没水中多受的浮力大小；计算出多放入物体的重力，再计算出其质量。
【解答】（1） 小科发现防洪屋模型上浮时水位超过了基座，如图乙所示。为了让房子在水面以上，小科提出的改进措施是：增大基座的体积，他这样改进的科学原理是：增大排开液体体积，增大浮力。
（1）由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，液体密度一定时，排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大，所以增大基座的体积，可以增大排开液体体积，增大浮力。
（2）由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，空载时水位为6.0cm，最大水位为，基座截面积为，则基座全部浸入水中，排开水的体积增加量
由阿基米德原理可知，该模型最多能放入物体的重力
则该模型最多能放入物体的质量
20．（2025九下·浙江开学考）为了测量某未知液体的比热大小，小科分别称取了相同质量的水和某液体，在初温相同的条件下，利用如图所示装置在水浴法加热。
（1）做功和热传递是改变物体内能的两种途径。本实验中，液体内能增加的途径是 ；
（2）加热相同时间后，小科观察到温度计甲的示数上升了15℃，温度计乙的示数上升了30℃。由此可知，此未知液体的比热容是 J/（kg ℃）。[已知水的比热是]
【答案】热传递；
【知识点】物体内能的改变方法；比热容
【解析】【分析】 （1）做功和热传递都可以改变物体的内能，热传递是内能的转移，做功是能量的转化；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt计算未知液体的比热。
【解答】（1）根据题意可知，本实验中利用水浴法对物体加热，液体内能增加的途径是热传递来实现的。
（2）加热相同时间后，两液体吸收的热量相同，故；
；
；
解得：。
21．（2025九下·浙江开学考）某校项目化小组同学以食品包装袋干燥剂为主题开展了微项目化学习。
【认识干燥剂】
（1）生活中常见的干燥剂有生石灰、浓硫酸、氢氧化钠……从食品安全角度考虑，食品包装袋内的干燥剂最有可能是 。
【探秘干燥剂】
小明同学对一包久置的生石灰干燥剂成分（如图）进行如下探究：查阅资料：
①生石灰会吸收空气中的水分，生成氢氧化钙，氢氧化钙在500℃以上会分解为氧化钙和水。
②氢氧化钙与空气中的二氧化碳反应能生成碳酸钙，碳酸钙在900℃左右分解为二氧化碳和氧化钙。
（2）为检验样品中是否存在氢氧化钙，小明设计了如下实验：用天平称量少量干燥剂质量为m1，在700℃条件下，加热一段时间后，测其质量为m2。若样品中含氢氧化钙，则m1 m2（选填“>”、“<”或“=”）。
（3）为检验样品中是否存在碳酸钙，取样品于试管中，加水后发现试管底部有固体剩余。小明认为样品中一定含有碳酸钙，小敏认为小明的结论不正确，理由是 。
【项目评价】
物质的检验有不同的方案，不同方案中所用试剂的量会影响检验的结果。为此他们设计了如下评价量表。
评价等级 优秀 合格 待改进
指标 有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断 现象不是很明显，但可借助仪器判断 借助仪器也不能判断
（4）在检验样品中是否存在氧化钙时，小明设计的方案是取适量样品于试管中，加入少量水振荡，观察现象，这一方案的评价等级是 。
【答案】生石灰；>；氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙；优秀
【知识点】盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】（1）根据浓硫酸和氢氧化钠虽具有吸水性，但具有强烈的腐蚀性来分析解答；
（2）根据700℃条件下，氢氧化钙会分解为氧化钙和水，而碳酸钙在该温度下不分解来分析解答；
（3）根据氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙来分析解答；
（4）根据氧化钙溶于水会放出大量的热，小科设计的方案有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断来分析解答。
【解答】（1）生活中常见的干燥剂有生石灰、浓硫酸、氢氧化钠，从食品安全角度考虑，食品包装袋内的干燥剂最有可能是生石灰，因为生石灰能够与水反应，可以用作食品干燥剂，而浓硫酸和氢氧化钠虽具有吸水性，但具有强烈的腐蚀性，不能用作食品干燥剂；
（2）氢氧化钙在500℃以上会分解为氧化钙和水，碳酸钙在900℃左右分解为二氧化碳和氧化钙，用天平称量少量干燥剂质量为m1在700℃条件下，加热一段时间后，测其质量为m2，由结论可知固体中含有氢氧化钙，说明m1＞m2；
（3）为检验样品中是否存在碳酸钙，取样品于试管中，加水后发现试管底部有固体剩余，小科认为样品中一定含有碳酸钙，由于氢氧化钙微溶于水，白色沉淀可能是氢氧化钙，则小丽认为小科的结论不正确；
（4）氧化钙溶于水会放出大量的热，则在检验样品中是否存在氧化钙时，小科设计的方案是取适量样品于试管中，加入少量水振荡，会观察到试管外壁发热，有明显的实验现象，可用感觉器官直接判断，故这一方案的评价等级是优秀。
22．（2025九下·浙江开学考）中科院研发了“液体阳光”技术，实现了简单有机物的人工合成。其反应模型如图所示，即在二氧化钛催化下，将二氧化碳转化为水和甲醇（），后者是当下重要的清洁燃料。
（1）模型图中“”所表示的物质是 （填写化学式），可以推断是催化剂的依据是 。
（2）该技术通过光伏捕获太阳能，最终将太阳能以液态燃料甲醇的形式储存并利用，从能量转化角度分析，该过程类似于植物的 这一生理过程。
【答案】；TiO2能改变其他物质的化学反应的速率，但其质量与化学性质在反应前后没有发生改变；光合作用
【知识点】光合作用的原理；有关化学式的计算和推断；催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】（1）根据模型图结合质量守恒定律推算“”的化学式即可。根据催化剂的性质分析。
（2）光合作用利用太阳能将水、二氧化碳和无机物转换为有机物，并释放出能量。
【解答】（1）根据图片可知，模型图中“”所表示的物质是氢气，其化学式为H2；
判断TiO2是催化剂的依据是：能改变其他物质的化学反应的速率，但其质量与化学性质在反应前后没有发生改变；
（2）该技术通过光伏捕获太阳能，最终将太阳能以液态燃料甲醇的形式储存并利用，该过程类似于植物的光合作用这一生理过程。
三、实验探究题（本题4小题，第23题每空2分，其余每空3分，共33分）
23．（2025九下·浙江开学考）学习了金属活动性的相关知识后，科学兴趣小组想要比较具有磁性的铁、钴、镍三种金属活动性。他们查阅了资料，发现三种金属都可以与酸反应生成氢气，于是他们设计如图所示的实验装置并进行实验研究。
实验药品：铁、钴、镍粉末，质量分数为7.3%的盐酸，清水。
请帮助他们完成实验步骤：
（1） 检查装置的气密性，若气密性良好， 进行下一步；
（2）分别取等质量的 ，分三次实验分别置于如图的锥形瓶中；
（3）在分液漏斗中装入体积相同质量分数为7.3%的盐酸，三次实验均以相同的速率滴入锥形瓶中；
（4）观察 ，由此判断三种金属的活动性强弱。
【答案】铁、钴、镍三种金属粉末；右侧注射器中产生相同体积的气体所用的时间
【知识点】金属的化学性质；金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】（2）根据实验目的确定实验步骤的内容；
（4）产生相同体积气体所用的时间越短，则说明反应越快，即金属活动性越强。
【解答】（2）根据实验的目的可知，步骤2的内容为：分别取等质量的铁、钴、镍三种金属粉末，分三次实验分别置于如图的锥形瓶中；
（4）根据题意可知，观察右侧注射器中产生相同体积的气体所用的时间，由此判断三种金属的活动性强弱。
24．（2025九下·浙江开学考）小乐用如图所示装置（夹持装置已略去）和如下实验步骤进行有关碳及其氧化物的实验。
实验步骤：
①检查装置气密性并加入药品；
②缓缓通入，使装置中充满后点燃A处酒精喷灯；
③在A处酒精喷灯加热一段时间后，点燃B处酒精喷灯；
④待反应结束后，停止通入，熄灭A、B两处的酒精喷灯。
（1）步骤③，A处酒精喷灯加热过程中，能观察到的现象是：木炭粉逐渐减少，D中左侧导管口有气泡冒出、澄清石灰水变浑浊且 ；点燃B处酒精喷灯后，可观察到氧化铁逐渐变为黑色，发生此反应的化学方程式为 ；实验说明 （填写物质名称）具有还原性。
（2）该装置是否需要添加尾气处理装置，判断并说明理由。 。
【答案】石灰水沿右侧导管流入E；3CO+Fe2O32Fe+3CO2；木炭和一氧化碳；不需要，未反应的一氧化碳进入D装置中不会逸散到空气中
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）①根据装置内的压强变化、化学反应的原理以及物质的性质来分析；
②根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的方程式；
③物质得到氧元素被氧化，具有还原性。
（2）根据装置的特点来分析。
【解答】（1）① 步骤③，A处酒精喷灯加热过程中，能观察到的现象是：木炭粉逐渐减少，D中左侧导管口有气泡冒出、澄清石灰水变浑浊且D装置中的石灰水被没有反应的气体压出流入E；
②氧化铁逐渐变为黑色，即A中生成的一氧化碳和氧化铁在高温条件下反应生成铁和二氧化碳，该反应的化学方程式为3CO+Fe2O32Fe+3CO2。
③木炭夺取了二氧化碳中的氧元素被氧化，具有还原性；一氧化碳夺取了氧化铁中的氧元素被氧化生成二氧化碳气体，具有还原性，故该实验说明木炭和一氧化碳具有还原性。
（2）过量的一氧化碳已收集在装置D中，并没有排放到空气中，不会造成污染，则该装置不需要添加尾气处理装置，因为
25．（2025九下·浙江开学考）小明利用如图甲所示电路测量小灯泡的功率，被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右，实验室有如下器材：电源（），电流表（），电压表（），滑动变阻器、电阻箱各一只，单刀单掷、单刀双掷开关各一个，导线若干。
（1）图甲是小明刚连好的实物图，正要闭合开关。小华却发现有两处不合实验规范。请指出来 ；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表的示数为0，则出现故障的原因可能是 ；
（3）完善电路后，闭合开关，小明改变滑动变阻器的阻值测量出了5组数据，并描点画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像，如图乙，小灯泡的额定功率为 ；
（4）实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为 ；
A．； B．； C．；
（5）实验中，将滑片从阻值最大处移至合适位置的过程中，小组记录了多组电压表和电流表的数据，描绘出图丙所示的I—U图像。其中U0表示电源电压，若图中的阴影部分表示电压表为时，灯泡消耗的实际功率大小，请帮助小组同学在图中将表示此时滑动变阻器实际消耗功率的区域涂黑 。
【答案】①闭合开关前滑片P没有处于阻值最大处；②电流表所选量程太大；小灯泡短路；0.625；C；
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处；
（2）电流表有示数，说明电路是通路，电压表的示数为零，说明电压表并联部分短路；
（3）根据I-U图像知小灯泡在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（4）根据I-U图像知灯的电压为0.5V时电流大小，由串联电路的规律及欧姆定律得出此时实验中所使用的滑动变阻器连入电路的电阻，确定变阻器的规格；
（5）根据串联电路电压的规律和P=UI计算出此时滑动变阻器所消耗的电功率的区域。
【解答】（1）为保护电路，连接电路时，开关要断开，闭合开关前，滑片P应处于连入阻值最大处；因为灯正常发光时的电流约为
所以电流表应选0～0.6A量程，故图中不符合实验规范处是：①闭合开关前滑片P没有处于阻值最大处。②电流表所选量程太大。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表的示数为零，说明电压表并联部分短路，即小灯泡短路。
（3）由I-U图像知道，小灯泡在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为
（4）由I-U图像知道，小灯泡的电压为0.5V时，电流为0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律，此时实验中所使用的滑动变阻器连入电路的电阻为
故变阻器的规格可能为60Ω，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（5）若图中的阴影部分表示电压表为2.0V时，灯泡消耗的实际功率大小，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压为
根据串联电路电流特点，通过滑动变阻器的电流与小灯泡的电流相同，由P=UI知道，滑动变阻器的电功率为
此时滑动变阻器所消耗的电功率的区域如下图
26．（2025九下·浙江开学考）小柯在探究物体动能与哪些因素有关的实验中，让小球分别从同一斜面上由静止开始滚下，小球滚动到同一水平面时与同一木块相撞，木块在水平面上移动了一段距离后，停在图中所示位置。
（1）甲、乙、丙三次实验中，通过比较 来比较小球的动能大小；
（2）选择甲、乙两次实验进行比较，可以得到的结论是 ；
（3）小柯完成上述实验后，选用上述部分材料继续探究物体重力势能大小与质量的关系，实验设计如图1所示；
小妍认为小柯的实验设计不合理，应该设计成图2所示实验，你赞同哪位同学观点，请说明理由： 。
【答案】木块被撞的距离；质量相同时，速度越大，动能越大；见详解
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【分析】（1）实验采用了转换法，把不易观察的量转化为容易观察的量。
（2）甲乙两次实验小球下落的高度不同，探究的是动能与速度的关系。
（3）根据控制变量法，探究重力势能与质量的关系应控制下落高度相同。
【解答】（1）在探究物体动能与哪些因素有关的实验中，不能直接观察小球的动能大小，所以运用转换法，通过比较木块被撞的距离来比较小球的动能大小。
（2）观察甲、乙两次实验发现，同一小球从斜面上不同的高度，由静止滚下，小球的质量相同，撞击木块时的速度不同，乙图中，小球撞击木块时的速度较大，木块被撞的距离更远，所以乙图中，小球的动能较大，所以甲、乙两次实验可以得到的结论是质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）小妍的实验设计更合理，探究物体重力势能大小与质量的关系，应控制物体下降的高度相同，图2中，两个小球的重心下降高度相同，所以实验设计更合理。
四、解答题（本题有6小题，第27题6分，第28题7分，第29题7分，第30题7分，第31题10分，第32题10分，共47分）
27．（2025九下·浙江开学考）有A、B、C、D四种物质，A是无色无味的气体；B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰生成C；D是一种无色气体，把D通入澄清的石灰水中，澄清石灰水变浑浊。
（1）请判断写出下列物质的名称：A是 ；C是 。
（2）写出把D通入澄清石灰水发生反应的文字表达式 。
【答案】氧气；二氧化硫；二氧化碳+氢氧化钙→碳酸钙+水
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；书写化学方程式、文字表达式；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】有A、B、C、D四种物质。A是无色无味的气体，B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰，同时生成一种无色有刺激性气味的气体C，硫和氧气在点燃的条件下生成二氧化硫，则A是氧气，B是硫，C是二氧化硫；D是一种无色气体，把D通入澄清的石灰水中，石灰水变浑浊，则D是二氧化碳。
【解答】（1）由分析可知，B在A中燃烧发出明亮的蓝紫色火焰生成C，则A能够支持燃烧，为氧气，B为硫，C为二氧化硫，故填氧气，二氧化硫。
（2）把D通入澄清石灰水，石灰水变浑浊，则D为二氧化碳，发生的反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，故反应的文字表达式写为：二氧化碳+氢氧化钙→碳酸钙+水。
28．（2025九下·浙江开学考）如图为小科制作的血液循环演示模型，其中单向阀模拟瓣膜（箭头表示液体流动方向），软管楔拟与心脏相连的血管，装置内的红墨水模拟血液。据图回答：
（1）若甲烧杯模拟肺泡，则蓝色软管1模拟的是 。
（2）在演示过程中，同时松开两个橡皮球，则该过程可模拟血液 （选填“流回”或“流出”）心脏。
（3）请指出该模型中的不足之处 （写出一点即可）。
【答案】（1）肺静脉
（2）流回
（3）蓝色软管1与红色软管1的位置应对换
【知识点】心脏和血管；血液循环
【解析】【分析】（1）流向心脏的血液为静脉血，流出心脏的血液为动脉血；
（2）心脏膨胀压强减小，则血液流入心脏；心脏缩小压强增大，则血液流入心脏；
（3） 在血液循环中，右心房接受来自身体的静脉血并通过右心室、肺动脉输送到肺泡，左心房接受来自肺部的氧合血并通过主动脉送往全身。因此，红色软管1和蓝色软管1应对换；进行调整后，软管的颜色才能更准确地模拟动脉血、静脉血。
【解答】（1）根据图片可知，若甲烧杯模拟肺泡，而蓝色软管1模拟的是从肺流向心脏的血管，那么软管1为肺静脉。
（2）根据题意可知，松开橡皮球时，心脏内体积增大压强减小，则相当于心脏舒张，此时通过负压会将血液从周围血管吸入心脏。
（3） 该模型中的不足之处是蓝色软管1与红色软管1的位置应对换。
（1）若甲烧杯模拟肺泡，根据箭头方向，蓝色软管1模拟的是从肺流向心脏的血管，为肺静脉。
（2）松开橡皮球时，相当于心脏舒张，此时通过负压会将血液从周围血管吸入心脏（即血液流回）。
（3）在血液循环中，右心房接受来自身体的静脉血并通过右心室、肺动脉输送到肺泡，左心房接受来自肺部的氧合血并通过主动脉送往全身。因此，红色软管1和蓝色软管1应对换；进行调整后，软管的颜色才能更准确地模拟动脉血、静脉血。
该模型中不同部分并不能代表不同的心脏腔室（如心房和心室），并且该模型过于简单，不能很好地模拟心脏复杂的四腔室结构和功能。
29．（2025九下·浙江开学考）市售的工业纯碱中常含少量氯化钠，国家标准规定工业纯碱中碳酸钠的质量分数为合格品。为测定实验室购入的工业纯碱是否为合格品，小江和小科采用了不同的实验方法。
（1）小江利用氯化钙与纯碱反应生成沉淀的方法计算纯碱的质量。现称取15克样品完全溶解于水中配成60克样品溶液，取三个烧杯分三次进行实验，每次加入30克氯化钙溶液充分反应，过滤、洗涤、干燥所得的沉淀质量记录如表。通过计算判断该工业纯碱是否为合格品 。（写出计算过程，结果精确到0.1%）
烧杯1 烧杯2 烧杯3
样品溶液（克） 10 20 30
氯化钙溶液（克） 30 30 30
沉淀质量（克） 2 4 5
（2）小科利用图中装置甲，称取15克该样品置于装置甲的锥形瓶中，加入足量的稀盐酸充分反应，生成的二氧化碳通过装置甲中的溶液，反应停止后测量溶液的质量增加了4.4克，则该方法测得样品中碳酸钠的质量分数为 。（结果精确到0.1%）
（3）小江指出小科的测量方法存在较大误差，小江提出在装置甲左侧加一通气导管（如装置乙），反应结束后让左侧导管鼓入空气一段时间，来进一步减小误差。你是否赞同他的观点 ？请说明理由： 。
【答案】不合格；70.7%；不赞同；空气中含有二氧化碳，影响测量结果
【知识点】误差分析；根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途
【解析】【分析】 （1）根据表格数据分析生成沉淀和加入样品溶液的关系，据此推算10g溶液中碳酸钠的质量，并计算出它的溶质质量分数即可；
（2）根据NaOH溶液增加的质量就是二氧化碳的质量，由二氧化碳的质量和化学方程式求出碳酸钠的质量，进而求出碳酸钠的质量分数即可。
（3）根据空气中含有二氧化碳来分析解答。
【解答】（1）根据表格数据可知，氯化钙溶液是30g，分别加入10g、20g样品溶液时，产生沉淀的质量分别为2g、4g，说明10g样品溶液完全反应时生成沉淀2g；
设10g样品溶液中碳酸钠的质量为x，
；
解得：x=2.12g
则15g样品中碳酸钠的质量为：2.12g×=12.72g，
样品中碳酸钠的质量分数为。
则该样品不是合格产品。
（2）根据题意可知，NaOH溶液增加的质量就是二氧化碳的质量，则二氧化碳的质量为4.4g；
设样品中碳酸钠的质量为y。
；
解得：y=10.6g；
则样品中碳酸钠的质量分数为。
（3）我不赞同他的观点，因为空气中含有二氧化碳，会影响测量结果。
30．（2025九下·浙江开学考）如图所示，轻质木棒AB平放在水平方形台面EF上，木棒AB可以绕E或F点在竖直平面内转动。已知：，A、B两端各用一轻质细绳悬挂物体C和D，物体C的质量为1kg、体积为。
请回答：
（1）若物体D下沉，则此时杠杆的支点是 。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是 N。
（3）物体C完全浸没在水中时，为使木棒在水平台面保持平衡，求物体D的最小质量。
（4）若物体D质量为0.4kg，要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围是多少？
【答案】（1）F
（2）8
（3）为使木棒在水平台面保持平衡，物体D的质量最小时，拉力最小，此时力臂应最大，故此时的支点为E点，EB为物体D的力臂，此时杠杆上A点到的拉力
由杠杆的平衡条件可得，物体D对杠杆B点的拉力
物体D的最小质量
（4）若物体D质量为0.4kg，物体D对杠杆B点的拉力
若以E点为支点，此时杠杆A点拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最小体积
若以F为支点，此时杠杆B受到的拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最大体积
要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围为。
【知识点】阿基米德原理；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）杠杆支点的判断：杠杆绕着转动的固定点叫做支点。当物体 D 下沉时，木棒 AB 会绕着 F 点转动，因为此时 F 点与台面接触且相对固定，满足支点的定义。
（2）根据阿基米德原理计算。
（3）先根据浮力公式算出物体 C 浸没时受到的浮力，进而得到绳子对杠杆 A 端的拉力FC。再结合杠杆平衡条件，已知力臂长度，求出物体 D 的最小质量。
（4）根据已知的物体 D 质量求出其重力，作为杠杆 B 端的力。再分别以 E 点和 F 点为支点，结合杠杆平衡条件列出方程，通过浮力公式将绳子拉力与排开水的体积联系起来，求解出物体 C 排开水的体积范围。
【解答】（1）若物体D下沉，由杠杆的平衡条件可知，则此时杠杆的支点是F点。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是
（1）若物体D下沉，由杠杆的平衡条件可知，则此时杠杆的支点是F点。
（2）物体C完全浸没在水中时，所受到的浮力是
（3）为使木棒在水平台面保持平衡，物体D的质量最小时，拉力最小，此时力臂应最大，故此时的支点为E点，EB为物体D的力臂，此时杠杆上A点到的拉力
由杠杆的平衡条件可得，物体D对杠杆B点的拉力
物体D的最小质量
（4）若物体D质量为0.4kg，物体D对杠杆B点的拉力
若以E点为支点，此时杠杆A点拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最小体积
若以F为支点，此时杠杆B受到的拉力为
此时物体C受到的浮力
则物体C排开水的最大体积
要使木棒在水平台面保持平衡，则物体C排开水的体积范围为。
31．（2025九下·浙江开学考）有一个足够大的水池，在其水平池底中竖直放置一段圆木。圆木可近似看作一个圆柱体，底面积0.8m2，高5m，密度0.7×103kg/m3。（g=10N/kg）
(1)未向池内注水时，圆木对池底的压力和压强分别为多大？
(2)向池内缓慢注水，在水位到达 1m 时圆木受到水的浮力和圆木对池底的压力分别为多大？
(3)当向水池内注水深度达到 4m 时，圆木受到的浮力又为多大？
【答案】解：（1）根据题意可知，圆木的体积V=Sh=0.8m2×5m=4m3；
圆木的质量m=ρ木V=0.7×103kg/m3×4m3=2.8×103kg；
圆木的重力G=mg=2.8×103kg×10N/kg=2.8×104N；
未向池内注水时，圆木对池底的压力等于圆木的重力，即F未=G=2.8×104N；
那么圆木对池底的压强；
答：圆木对池底的压强为3.5×104Pa。
（2）根据题意可知，向池内缓慢注水，在水位到达1m时V排1=0.8m2×1m=0.8m3，
圆木受到的浮力F浮1= ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.8m3=8×103N，
圆木对池底的压力F=G—F浮1=2.8×104N—8×103N=2×104N，
答：圆木对池底的压力为2×104N。
（3）当圆木对池底的压力为0时，浮力等于重力，
即F浮2=G；
2.8×104N=ρ水gV排2；
2.8×104N=103kg/m3×10N/kg×0.8m2×h；
解得：h=3.5m；
即当水位达到4m时，圆木静止地漂浮在水面上，
则圆木所受的浮力F浮3=G=2.8×104N。
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据V=Sh求出圆木的体积，再利用m=ρV求圆木的质量，利用G=mg求圆木重力；未向水池内注水时，圆木对池底的压力等于圆木重力；根据可求出圆木对池底的压强；
（2）水位达到1m时，求出排开水的体积，利用阿基米德原理求圆木受到的浮力，圆木对池底的压力等于圆木重力减去浮力；
（3）当圆木对池底的压力为0时，求出圆木受到的浮力，根据阿基米德原理求排开水的体积，进而求出浸入深度（水深），和4m比较得出圆木的浮沉情况，再根据物体的漂浮条件求此时受到的浮力。
32．（2025九下·浙江开学考）图甲为某品牌电压力锅的结构示意图，图乙为其内部电路简图，图丙为煮饭时锅内压强随时间变化的曲线。其工作过程为：接通电源，启动智能开关S，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合；当保压状态结束，煮饭完成，开关S自动接到b，进入保温状态。（已知R1的规格为“220V 880W”， R2的阻值为220Ω， R0的阻值为484Ω。）
回答下列问题：
（1）该电压力锅保压阶段的功率 （填“恒定”或“不恒定”）；
（2）升压阶段通过熔断器的电流；
（3）正常煮饭一次，至少需要消耗多少电能？
【答案】（1）不恒定
（2）解：根据题意可知，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态，此时R1与R2并联。
此时通过R1的电流为；
通过R2的电流为；
此时通过熔断器的总电流为。
（3）解：根据丙图可知，在升压阶段的总功率为；
升压阶段的总时间为t1=6min+3min+3min=12min=720s；
升压阶段消耗的电能为；
当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，即此时为R2的简单电路，
工作的时间为t1=3min+3min=6min=360s，
消耗的电能为
正常煮饭一次，至少需要消耗的电能为。
【知识点】串、并联电路的电流特点；欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合，据此分析；
（2）接通电源，启动智能开关S，S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态，此时R1和R2并联，根据P=UI可求出通过R1的电流，根据通过R2的电流，根据并联电路电流规律可求出升压阶段通过熔断器的电流；（3）根据计算R2的功率，由图丙知升压、保压的时间，根据W=Pt算出这次煮饭总共消耗的电能。
【解答】（1）根据丙图可知，当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合加热，所以该电压力锅保压阶段的功率不恒定。
（1）当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，当锅内压强降至160kPa时，压力开关又会自动闭合加热，所以该电压力锅保压阶段的功率不恒定。
（2）S自动接a，同时压力开关自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；此时R1与R2并联。R1的电流为
R2的电流为
总电流为
（3）在升压阶段的总功率为
升压阶段的总时间为t1=6min+3min+3min=12min=720s
升压阶段消耗的电能为
当锅内压强达到180kPa时，压力开关自动断开，进入保压状态，即此时为R2的简单电路，工作的时间为t1=3min+3min=6min=360s
消耗的电能为
正常煮饭一次，至少需要消耗的电能为
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