【期末押题卷】北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷一（含解析）

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北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
一．选择题（共15小题）
1．（2025 西城区期末）用现代分析仪器可检测元素或物质的组成、结构。下列说法不正确的是（　　）
A.利用原子光谱上的特征谱线可鉴定元素 B.通过质谱法可测定有机化合物的相对分子质量 C.通过红外光谱图可获得有机化合物分子中含有的化学键或官能团信息 D.通过核磁共振氢谱图可确定有机化合物的实验式
A．A B．B C．C D．D
2．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（　　）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
3．（2025 东城区期末）一定条件下，将乙烯和氧气通入PdCl2和CuCl2的盐酸溶液中可制得乙醛，热化学方程式为2C2H4（g）+O2（g）→2CH3CHO（g）ΔH＝﹣487.4kJ mol﹣1。其催化机理如图所示。
下列分析不正确的是（　　）
A．X为CH3CHO，Z为O2
B．①中，C2H4发生了氧化反应
C．②中，n（PdCl2）：n（CuCl2）＝1：2
D．③中，n（Y）：n（Z）＝2：1
4．（2025春 芙蓉区校级期末）实验小组探究甲烷与氯气的取代反应，装置、现象如下：
现象
i．光照后，产生白雾，混合气体颜色变浅 ii．试管内液面上升 iii．试管壁出现油状液滴
下列说法不正确的是（　　）
A．饱和NaCl溶液可以减少氯气的溶解
B．CH4的二氯代物有两种结构
C．产生白雾以及试管内液面上升与HCl的生成有关
D．若用铅箔套住装满CH4和Cl2的试管，一段时间后没有明显变化
5．（2025春 北京校级期末）“鲁米诺”又名发光氨，是一种化学发光试剂，它在一定条件下被氧化后能发出蓝光，可用于鉴定血液，在刑侦中扮演了重要的角色，如图所示为鲁米诺的一种合成原理，下列叙述正确的是（　　）
A．鲁米诺的分子式为C8H6N3O2
B．①、②两步的反应类型分别为加成反应和还原反应
C．X可以和乙二醇发生酯化反应生成含有两个六元环的物质
D．若使用“84消毒液”对环境消毒，可能会干扰用鲁米诺在该环境下鉴定血液
6．（2025春 北京校级期末）川菜以其“清鲜醇浓、麻辣辛香”给同学们留下了深刻的印象。食物中的“麻”与“辣”一般来自于山椒素、辣椒素及它们的衍生物。羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素的结构如图：
以下关于羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素的说法不正确的是（　　）
A．两者都有顺反异构体
B．两者都含有3种官能团
C．两者都能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色
D．从辣椒素的结构推断，它在水中的溶解性一定比它在植物油中的溶解性好
7．（2025春 北京校级期末）“春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”是唐代诗人李商隐的著名诗句。下列关于该诗句中所涉及物质的说法不正确的是（　　）
A．蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质在酸、碱或酶的作用下能发生水解
B．人造丝的主要成分是纤维素，用灼烧的方法可以鉴别蚕丝和人造丝织物
C．唐代蜡烛的主要成分是动物油脂，油脂属于天然有机高分子
D．现代蜡烛的主要成分是石油的分馏产物——石蜡，石油分馏属于物理变化
8．（2025 北京学业考试）下列关于蛋白质的说法不正确的是（　　）
A．是重要的营养物质 B．可发生水解反应
C．仅含C、H、O三种元素 D．牛奶中含有蛋白质
9．（2025春 海淀区校级期末）下列关于合成高分子材料的单体说法不正确的是（　　）
A 防弹衣的主要材料： 两种单体的核磁共振氢谱均有2个峰
B 隐形飞机的微波吸收材料： 单体能使溴水褪色
C 潜艇的消声瓦： 可由CH2＝CH—CH＝CH2和合成
D 锦纶（尼龙﹣6）： 单体是天然氨基酸
A．A B．B C．C D．D
10．（2025 西城区校级模拟）下列说法不正确的是（　　）
A．糖类是多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物
B．油脂不属于高分子，可用于制造肥皂和人造奶油
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，其不能与酸反应
D．核酸分子的碱基含有N—H键，碱基间易形成氢键
11．（2025春 海淀区校级期末）下列关于有机物的除杂和鉴别说法正确的是（　　）
A．乙烷中混有少量乙烯：通入氢气在一定条件下反应使乙烯转化为乙烷
B．乙酸乙酯中混有少量乙酸：加入NaOH溶液振荡后分液
C．只用一种试剂可以鉴别甲酸、乙醛、乙酸
D．用碳酸氢钠鉴别苯酚与环己醇，有气体放出的是苯酚
12．（2025春 海淀区校级期末）对乙酰氨基酚又称为扑热息痛，具有很强的解热镇痛作用，其合成路线如图：
下列说法不正确的是（　　）
A．反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化
B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，体现了—OCH3对苯环的活化
C．中间产物D既能与HCl反应，又能与NaOH反应
D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，其可能结构共有13种
13．（2025春 通州区期末）乳酸分子的结构式如图，下列说法不正确的是（　　）
A．碳原子有两种杂化方式
B．分子中有1个手性碳原子
C．最多有9个原子可以共处于同一平面
D．σ键与π键数目之比为11：1
14．（2025 东城区期末）由C、H、O三种元素组成的某有机化合物X的分子结构模型如图所示。下列关于X的说法不正确的是（　　）
A．分子式为C7H6O3
B．能与浓溴水发生取代反应
C．1mol X最多能与2mol NaOH发生反应
D．1mol X最多能与4mol H2发生加成反应
15．（2025 丰台区期末）有机化合物K主要用作杀菌防腐剂，其合成路线如下（部分条件已省略）。
下列说法不正确的是（　　）
A．F能被酸性KMnO4氧化是—CH3对苯环影响的结果
B．J中最多有16个原子共平面
C．过程①、③和④中均发生取代反应
D．K的合成过程中进行了官能团的保护
二．解答题（共2小题）
16．（2025春 北京校级期末）F是一种环状酯，其合成路线如下（部分反应条件未标出）。
请回答：
（1）按官能团分类，A的类别是 　 　 。
（2）生成A的化学方程式是 　 　 。
（3）有机物C的沸点 　 　 （“＞”“＝”或“＜”）2﹣甲基丙烷。
（4）由生成D的化学方程式是 　 　 。
（5）的同分异构体G符合以下条件：
①能与FeCl3反应显紫色 ②苯环上有2种氢
③1mol G能与1mol NaOH反应 ④G分子中有一个甲基
写出G与浓溴水反应的化学方程式 　 　 。
（6）醇类物质是重要的化工原料，以2﹣丙醇为起始原料，选用必要的无机试剂可合成异丁烯酸。请结合以下信息，设计合成路线（参照以下示例，注明物质与条件） 　 　 。
已知：
17．（2025春 东城区校级期末）乙炔是重要的化工基础原料，常用于合成有机工业产品M。合成路线如图：
已知：ⅰ.炔烃像烯烃一样，可以发生类似上述反应
ⅱ.RCH＝CHR'RCHO+R'CHO
（1）HOCH2C≡CCH2OH含有的官能团的名称是 　 　 。
（2）反应1的反应类型是 　 　 。
（3）反应2的化学方程式是 　 　 。
（4）同一个碳原子形成两个碳碳双键不稳定。链烃B的分子式为C4H4结构简式是 　 　 。
（5）由C合成M要经历C→D→E→M三步反应。
①中间产物E的结构简式是 　 　 。
②该过程中C→D选择催化氢化时还有副产物F，F与D互为同分异构体。若F按合成路线继续反应，最终将得到M的同分异构体N。则N的结构简式是 　 　 。
（6）结合共价键的极性，从化学键的断裂和形成的角度描述反应1发生的过程：　 　 。
三．推断题（共2小题）
18．（2025春 北京校级期末）抗癌药物的中间体Q、有机物L的合成路线如下。
已知：
ⅰ．RCOOR′+R''OH→RCOOR''+R′OH
ⅱ．（R、R'、R“表示烃基或氢）
（1）关于D→E的反应：
①D中官能团的名称是　 　 。②E的结构简式是　 　 。
（2）L分子中含苯环。下列说法正确的是　 　 。
a．L分子中含羧基，Q分子中含手性碳原子
b．G可以通过缩聚反应生成高聚物
c．K2CO3、均可与酸反应
（3）X的核磁共振氢谱有两组峰。
①M分子中除苯环外，还含有一个含氮原子的五元环。M的结构简式是　 　 。
②Y的结构简式是　 　 。
③在生成Q时，在W分子中用虚线标出断裂的化学键（如：）：　 　 。
19．（2025春 北京校级期末）环丙基甲基酮是合成环丙氟哌酸类广谱抗菌药物和抗艾滋特效药依法韦仑的重要中间体，在医药、化工及农林等领域均有广泛应用。
已知：
Ⅰ．2RCH2COOC2H5+C2H5OH
Ⅱ．R1COOR2+R3OH→一定条件R1COOR3+R2OH
（1）实验室制取A的化学方程式为 　 　 。
（2）A→B发生了加成反应，B中含有羟基。B的结构简式为 　 　 。
（3）M是F的同分异构体，写出符合下列条件的M的结构简式 　 　 。
①能发生银镜反应
②核磁共振氢谱有3组峰，且峰面积之比为1：2：2
（4）H分子中含有一个五元环，写出G→H的化学方程式 　 　 。
（5）I可以与NaHCO3溶液反应。I的结构简式为 　 　 。
（6）J→K的反应中常伴有其他环状副产物生成，依据J→K的反应原理，该副产物的结构简式为 　 　 。
北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
1．（2025 西城区期末）用现代分析仪器可检测元素或物质的组成、结构。下列说法不正确的是（　　）
A.利用原子光谱上的特征谱线可鉴定元素 B.通过质谱法可测定有机化合物的相对分子质量 C.通过红外光谱图可获得有机化合物分子中含有的化学键或官能团信息 D.通过核磁共振氢谱图可确定有机化合物的实验式
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【分析】A．根据原子光谱的特点进行分析；
B．根据质谱法的应用进行分析；
C．根据红外光谱图的应用进行分析；
D．根据核磁共振氢谱图的应用进行分析。
【解答】解：A．不同元素的原子在光谱上有不同的特征谱线，利用原子光谱上的特征谱线可以鉴定元素，故A正确；
B．质谱法是一种测量离子荷质比的分析方法，通过质谱图的质荷比可以测定有机化合物的相对分子质量，故B正确；
C．红外光谱图可以提供分子中含有的化学键或官能团的信息，因为不同的化学键或官能团有其特定的吸收频率，故C正确；
D．核磁共振氢谱图可以提供分子中不同类型氢原子的环境信息，包括氢原子的数目和它们相邻的原子或官能团，但不能直接确定有机化合物的实验式，故D错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查了现代分析仪器在检测元素或物质组成、结构中的应用。注意完成此题，需要掌握原子光谱、质谱法、红外光谱和核磁共振氢谱的基本原理和应用。了解这些分析技术的特点和用途是解题的关键。
2．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（　　）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
【答案】D
【分析】A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H。
【解答】解：A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强，所以甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能，能说明上述观点，故A错误；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性，可说明原子团之间相互影响导致化学性质不同，故B错误；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应，说明羟基活化了苯环，故C错误；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H，与基团之间的相互影响无关，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。
3．（2025 东城区期末）一定条件下，将乙烯和氧气通入PdCl2和CuCl2的盐酸溶液中可制得乙醛，热化学方程式为2C2H4（g）+O2（g）→2CH3CHO（g）ΔH＝﹣487.4kJ mol﹣1。其催化机理如图所示。
下列分析不正确的是（　　）
A．X为CH3CHO，Z为O2
B．①中，C2H4发生了氧化反应
C．②中，n（PdCl2）：n（CuCl2）＝1：2
D．③中，n（Y）：n（Z）＝2：1
【答案】D
【分析】A．根据反应总方程式及催化机理图，分析各物质的转化关系来确定X、Z。
B．依据氧化反应的定义，判断①中C2H4反应时元素化合价变化情况。
C．结合②中发生反应的化学计量关系，确定n（PdCl2）与n（CuCl2）的比例。
D．根据③中发生反应的化学计量关系，分析n（Y）与n（Z）的比例。
【解答】解：A．由总反应2C2H4（g）+O2（g）→2CH3CHO（g）及催化机理图，①中C2H4转化为X，所以X为CH3CHO；③中CuCl与Z反应生成CuCl2，Z为O2，故A正确；
B．①中C2H4中碳元素化合价升高，发生了氧化反应，故B正确；
C．②中反应为PdCl2+2CuCl2+H2O＝Pd+2CuCl+2HCl+Cl2，n（PdCl2）：n（CuCl2）＝1：2，故C正确；
D．③中反应为4CuCl+4HCl+O2＝4CuCl2+2H2O，n（Y）：n（Z）＝4：1（Y为HCl，Z为O2 ），故D错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查化学反应的催化机理及相关分析，涉及物质的推断、氧化反应判断以及反应中物质的量比例关系。解题关键在于理解催化机理图中物质的转化过程，结合化学反应方程式分析各选项。
4．（2025春 芙蓉区校级期末）实验小组探究甲烷与氯气的取代反应，装置、现象如下：
现象
i．光照后，产生白雾，混合气体颜色变浅 ii．试管内液面上升 iii．试管壁出现油状液滴
下列说法不正确的是（　　）
A．饱和NaCl溶液可以减少氯气的溶解
B．CH4的二氯代物有两种结构
C．产生白雾以及试管内液面上升与HCl的生成有关
D．若用铅箔套住装满CH4和Cl2的试管，一段时间后没有明显变化
【答案】B
【分析】A、根据氯气和水的反应是可逆反应进行分析；
B、根据CH4为正四面体，进行分析；
C、根据氯化氢易溶于水，可产生白雾进行分析；
D、根据反应是在光照条件下发生的进行分析。
【解答】解：A．氯气和水的反应是可逆反应：Cl2+H2O HCl+HClO，饱和食盐水中的Cl﹣能使平衡左移，从而减少氯气的溶解，故A正确；
B．甲烷的结构是正四面体结构，二氯代物只有一种结构，故B错误；
C．HCl易溶于水，可产生白雾，会导致试管内液面上升，故C正确；
D．此反应是在光照条件下发生的，根据控制变量法，若为了探究反应条件，可用铅箔套住装满甲烷和氯气的试管，甲烷和氯气没有反应，一段时间后进行观察，没有明显变化，故D正确；
故选：B。
【点评】本题主要考查甲烷的取代反应等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
5．（2025春 北京校级期末）“鲁米诺”又名发光氨，是一种化学发光试剂，它在一定条件下被氧化后能发出蓝光，可用于鉴定血液，在刑侦中扮演了重要的角色，如图所示为鲁米诺的一种合成原理，下列叙述正确的是（　　）
A．鲁米诺的分子式为C8H6N3O2
B．①、②两步的反应类型分别为加成反应和还原反应
C．X可以和乙二醇发生酯化反应生成含有两个六元环的物质
D．若使用“84消毒液”对环境消毒，可能会干扰用鲁米诺在该环境下鉴定血液
【答案】D
【分析】A．结合C原子价电子数目是4个；
B．根据X、Y及鲁米诺分子结构简式可知反应①为取代反应，反应②为还原反应；
C．X和乙二醇发生酯化反应生成的物质的结构为：；
D．“84消毒液”具有强氧化性，鲁米诺分子中含有氨基，具有还原性，二者会发生氧化还原反应。
【解答】解：A．结合C原子价电子数目是4个，可知其分子式为C8H7N3O2，故A错误；
B．根据X、Y及鲁米诺分子结构简式可知反应①为取代反应，反应②为还原反应，故B错误；
C．X和乙二醇发生酯化反应生成的物质的结构为：，含有一个六元环的物质，故C错误；
D．“84消毒液”具有强氧化性，鲁米诺分子中含有氨基，具有还原性，二者会发生氧化还原反应，因此可能会干扰用鲁米渃在该环境下鉴定血液，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
6．（2025春 北京校级期末）川菜以其“清鲜醇浓、麻辣辛香”给同学们留下了深刻的印象。食物中的“麻”与“辣”一般来自于山椒素、辣椒素及它们的衍生物。羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素的结构如图：
以下关于羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素的说法不正确的是（　　）
A．两者都有顺反异构体
B．两者都含有3种官能团
C．两者都能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色
D．从辣椒素的结构推断，它在水中的溶解性一定比它在植物油中的溶解性好
【答案】D
【分析】A．当碳碳双键的两个碳原子都连有两个不同的原子或原子团，这样的有机物就会有顺反异构；
B．羟基﹣α﹣山椒素含有羟基、碳碳双键、酰氨基，辣椒素含有碳碳双键、酰氨基、醚键；
C．羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素都有碳碳双键；
D．辣椒素中没有羟基、羧基等亲水性基团。
【解答】解：A．当碳碳双键的两个碳原子都连有两个不同的原子或原子团，这样的有机物就会有顺反异构，则羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素都有顺反异构体，故A正确；
B．辣椒素含有碳碳双键、酰氨基、醚键共3种官能团，羟基﹣α﹣山椒素含有羟基、碳碳双键、酰氨基共3种官能团，故B正确；
C．羟基﹣α﹣山椒素和辣椒素都有碳碳双键，两者都能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；
D．辣椒素中没有羟基、羧基等亲水性基团，则它在水中的溶解性一定比它在植物油中的溶解性差，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
7．（2025春 北京校级期末）“春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”是唐代诗人李商隐的著名诗句。下列关于该诗句中所涉及物质的说法不正确的是（　　）
A．蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质在酸、碱或酶的作用下能发生水解
B．人造丝的主要成分是纤维素，用灼烧的方法可以鉴别蚕丝和人造丝织物
C．唐代蜡烛的主要成分是动物油脂，油脂属于天然有机高分子
D．现代蜡烛的主要成分是石油的分馏产物——石蜡，石油分馏属于物理变化
【答案】C
【分析】A．蚕丝主要成分是蛋白质，蛋白质分子中含肽键；
B．人造丝主要成分是纤维素，蚕丝主要成分是蛋白质；
C．唐代蜡烛主要成分动物油脂，油脂是高级脂肪酸甘油酯，相对分子质量较小；
D．现代蜡烛主要成分石蜡是石油分馏产物。
【解答】解：A．蛋白质分子中含肽键，在酸、碱或酶作用下，肽键断裂，能发生水解反应生成氨基酸等，蚕丝主要成分是蛋白质，故A正确；
B．人造丝主要成分是纤维素，蚕丝主要成分是蛋白质；灼烧时，蛋白质有烧焦羽毛气味，纤维素没有，所以可用灼烧法鉴别蚕丝和人造丝织物，故B正确；
C．唐代蜡烛主要成分动物油脂，油脂是高级脂肪酸甘油酯，相对分子质量较小，不属于天然有机高分子化合物，故C错误；
D．现代蜡烛主要成分石蜡是石油分馏产物，石油分馏是利用各成分沸点不同进行分离，过程中没有新物质生成，属于物理变化，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
8．（2025 北京学业考试）下列关于蛋白质的说法不正确的是（　　）
A．是重要的营养物质 B．可发生水解反应
C．仅含C、H、O三种元素 D．牛奶中含有蛋白质
【答案】C
【分析】A．蛋白质是人体必需的六大营养物质之一，是重要的营养物质；
B．蛋白质在一定条件下可以发生水解反应，分解成氨基酸；
C．蛋白质主要由C（碳）、H（氢）、O（氧）、N（氮）等元素组成，有的还含有S（硫）、P（磷）等元素；
D．牛奶是一种常见的蛋白质来源，含有丰富的蛋白质。
【解答】解：A．蛋白质是构成细胞的基本物质，参与生命活动的调节、运输等，蛋白质是人体必需的六大营养物质之一，故A正确；
B．蛋白质在一定条件下可以发生水解反应，分解成氨基酸，故B正确；
C．蛋白质的主要组成元素是C、H、O、N，部分蛋白质还含S、P等元素，故C错误；
D．牛奶中含有蛋白质，如酪蛋白、乳清蛋白，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查蛋白质的组成元素和性质，了解蛋白质的基本组成和在人体中的作用是解答此题的关键。
9．（2025春 海淀区校级期末）下列关于合成高分子材料的单体说法不正确的是（　　）
A 防弹衣的主要材料： 两种单体的核磁共振氢谱均有2个峰
B 隐形飞机的微波吸收材料： 单体能使溴水褪色
C 潜艇的消声瓦： 可由CH2＝CH—CH＝CH2和合成
D 锦纶（尼龙﹣6）： 单体是天然氨基酸
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【分析】A．防弹衣主要材料的两种单体，一种是对苯二甲酸，一种是对苯二胺。对苯二甲酸中苯环上有 1 种氢，羧基上有 1 种氢；对苯二胺中苯环上有 1 种氢，氨基上有 1 种氢；
B．隐形飞机微波吸收材料的单体是乙炔（HC≡CH），含有碳﹣碳三键，能与溴水发生加成反应；
C．潜艇消声瓦的高分子材料，其结构是由CH2＝CH—CH＝CH2（1，3﹣丁二烯）和（苯乙烯）通过加聚反应合成的；
D．锦纶（尼龙﹣6）的单体是 ﹣己内酰胺，它不是天然氨基酸。
【解答】解：A．防弹衣主要材料的两种单体，一种是对苯二甲酸，一种是对苯二胺。对苯二甲酸中苯环上有 1 种氢，羧基上有 1 种氢；对苯二胺中苯环上有 1 种氢，氨基上有 1 种氢，所以两种单体的核磁共振氢谱均有 2 个峰，故A正确；
B．隐形飞机微波吸收材料的单体是乙炔（HC≡CH），乙炔含有碳﹣碳三键，能与溴水发生加成反应，从而使溴水褪色，故B正确；
C．潜艇消声瓦的高分子材料，其结构是由CH2＝CH—CH＝CH2（1，3﹣丁二烯）和（苯乙烯）通过加聚反应合成的，故C正确；
D．锦纶（尼龙﹣6）的单体是 ﹣己内酰胺，它不是天然氨基酸，天然氨基酸是同时含有氨基和羧基且氨基和羧基连在同一碳原子上的化合物，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查常见有机高分子材料的有机化合物的结构和性质等。
10．（2025 西城区校级模拟）下列说法不正确的是（　　）
A．糖类是多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物
B．油脂不属于高分子，可用于制造肥皂和人造奶油
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，其不能与酸反应
D．核酸分子的碱基含有N—H键，碱基间易形成氢键
【答案】C
【分析】A．糖类包括单糖、二糖、多糖；
B．油脂是小分子，油脂可以发生皂化反应，部分油脂可能含有C＝C，与氢气加成后；
C．氨基酸属于两性化合物；
D．核酸分子的碱基含有N—H键，N—H键之间可以形成氢键。
【解答】解：A．糖类包括单糖、二糖、多糖，分别是多羟基醛、多羟基酮或它们的脱水缩合物，故A正确；
B．油脂是小分子，不属于高分子化合物，油脂可以发生皂化反应，制取肥皂，部分油脂可能含有C＝C，与氢气加成后，可以制取人造奶油，故B正确；
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，属于两性化合物，可以与酸或碱反应，故C错误；
D．核酸分子的碱基含有N—H键，N—H键之间可以形成氢键，所以碱基间易形成氢键，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，属于基本知识的考查，难度中等。
11．（2025春 海淀区校级期末）下列关于有机物的除杂和鉴别说法正确的是（　　）
A．乙烷中混有少量乙烯：通入氢气在一定条件下反应使乙烯转化为乙烷
B．乙酸乙酯中混有少量乙酸：加入NaOH溶液振荡后分液
C．只用一种试剂可以鉴别甲酸、乙醛、乙酸
D．用碳酸氢钠鉴别苯酚与环己醇，有气体放出的是苯酚
【答案】C
【分析】A.根据乙烯和氢气的反应条件，进行分析；
B.根据乙酸和氢氧化钠的反应，进行分析；
C.根据甲酸、乙醛、乙酸的化学性质，进行分析；
D.根据苯酚与碳酸氢钠的反应，进行分析。
【解答】解：A．乙烷中混有少量乙烯，通入氢气在一定条件下反应使乙烯转化为乙烷，但此方法难以控制氢气的量，且可能引入新的杂质，故A错误；
B．乙酸乙酯中混有少量乙酸，加入NaOH溶液振荡后分液，乙酸与NaOH反应生成乙酸钠和水，但乙酸乙酯在碱性条件下可能发生皂化反应，故B错误；
C．只用一种试剂可以鉴别甲酸、乙醛、乙酸，可以使用新制的氢氧化铜悬浊液，甲酸能溶解氢氧化铜并生成砖红色沉淀，乙醛在加热条件下与氢氧化铜反应生成砖红色沉淀，乙酸能溶解氢氧化铜，故C正确；
D．用碳酸氢钠不可以鉴别苯酚与环己醇，因为苯酚和环己醇都不能与碳酸氢钠反应，故D错误；
故选：C。
【点评】本题主要考查了有机物的除杂和鉴别方法。注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。有机物的除杂和鉴别需要根据物质的性质选择合适的试剂和方法。
12．（2025春 海淀区校级期末）对乙酰氨基酚又称为扑热息痛，具有很强的解热镇痛作用，其合成路线如图：
下列说法不正确的是（　　）
A．反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化
B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，体现了—OCH3对苯环的活化
C．中间产物D既能与HCl反应，又能与NaOH反应
D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，其可能结构共有13种
【答案】D
【分析】根据的结构简式及A的分子式知，苯酚和CH3I发生取代反应生成A为，A和硝酸发生取代反应生成B为，B和HI发生取代反应生成，根据扑热息痛的结构简式和D的分子式知，发生还原反应生成D为，D发生取代反应生成扑热息痛。
【解答】解：A．酚羟基不稳定，易被硝酸氧化，反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化，故A正确；
B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，而不是浓硝酸，说明—OCH3对苯环的活化导致苯环上—OCH3对位的氢原子变得活泼，故B正确；
C．D为，氨基具有碱性、酚羟基具有酸性，所以D既能与HCl反应，又能与NaOH反应，故C正确；
D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，如果取代基为—CH2CH2NO2，有1种位置异构；如果取代基为—CH（NO2）CH3，有1种位置异构；如果取代基为—NO2、—CH2CH3，有3种位置异构；如果取代基为—CH2NO2、—CH3，有3种位置异构，如果取代基为2个—CH3、1个—NO2，有6种位置异构，则符合条件的同分异构体有14种，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查对比、分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。
13．（2025春 通州区期末）乳酸分子的结构式如图，下列说法不正确的是（　　）
A．碳原子有两种杂化方式
B．分子中有1个手性碳原子
C．最多有9个原子可以共处于同一平面
D．σ键与π键数目之比为11：1
【答案】C
【分析】A．羧基中碳原子价层电子对数为3，其它碳原子价层电子对数为4；
B．连接4个不同原子或基团的碳原子是手性碳原子；
C．碳氧双键及其连接的原子为平面结构，旋转单键可以羧基中氢原子处于平面内、可以使羟基处于平面内（或使甲基中碳原子及1个氢原子处于平面内）；
D．单键为σ键，双键含有1个σ键、1个π键。
【解答】解：A．羧基中碳原子价层电子对数为3，该碳原子采取sp2杂化，其它碳原子价层电子对数为4，采取sp3杂化，故A正确；
B．分子中连接甲基、羧基、羟基的碳原子是手性碳原子，即分子含有1个手性碳原子，故B正确；
C．碳氧双键及其连接的原子为平面结构，旋转单键可以羧基中氢原子处于平面内、可以使羟基处于平面内（或使甲基中碳原子及1个氢原子处于平面内），分子中最多有7个原子可以共处于同一平面，故C错误；
D．单键为σ键，双键含有1个σ键、1个π键，分子含有4个C—H键、2个C—C键、2个C—O键、2个O—H键、1个C＝O键，分子中σ键与π键数目之比为（4+2+2+2+1）：1＝11：1，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，熟练掌握官能团的结构、性质与转化，理解手性碳原子，根据甲烷的四面体、乙烯与苯的平面形、乙炔直线形理解共面与共线问题，题目侧重考查学生分析能力、灵活运用知识的能力。
14．（2025 东城区期末）由C、H、O三种元素组成的某有机化合物X的分子结构模型如图所示。下列关于X的说法不正确的是（　　）
A．分子式为C7H6O3
B．能与浓溴水发生取代反应
C．1mol X最多能与2mol NaOH发生反应
D．1mol X最多能与4mol H2发生加成反应
【答案】D
【分析】A．根据图知，该分子结构简式为，分子中C、H、O原子个数依次是7、6、3；
B．苯环上酚羟基的邻位和对位氢原子能和浓溴水发生取代反应；
C．酚羟基、羧基都能和NaOH以1：1反应；
D．苯环和氢气以1：3发生加成反应，羧基中碳氧双键和氢气不反应。
【解答】解：A．根据图知，该分子结构简式为，分子中C、H、O原子个数依次是7、6、3，分子式为C7H6O3，故A正确；
B．分子中苯环上酚羟基的邻位和对位氢原子能和浓溴水发生取代反应，故B正确；
C．酚羟基、羧基都能和NaOH以1：1反应，该分子中含有1个羧基和1个酚羟基，所以1mol该物质最多消耗2mol NaOH，故C正确；
D．苯环和氢气以1：3发生加成反应，羧基中碳氧双键和氢气不反应，1mol该物质最多消耗3mol氢气发生加成反应，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
15．（2025 丰台区期末）有机化合物K主要用作杀菌防腐剂，其合成路线如下（部分条件已省略）。
下列说法不正确的是（　　）
A．F能被酸性KMnO4氧化是—CH3对苯环影响的结果
B．J中最多有16个原子共平面
C．过程①、③和④中均发生取代反应
D．K的合成过程中进行了官能团的保护
【答案】A
【分析】A．F能被酸性KMnO4氧化是苯环对—CH3影响的结果；
B．苯环、—OH、—COOH中所有原子共平面，单键可以旋转；
C．①③④的反应类型都是取代反应；
D．E中酚羟基发生取代反应生成甲氧基，G中甲氧基发生取代反应生成酚羟基，酚羟基易被酸性高锰酸钾溶液氧化。
【解答】解：A．F中甲基能被酸性高锰酸钾溶液氧化为羧基，F能被酸性KMnO4氧化是苯环对—CH3影响的结果，故A错误；
B．苯环、—OH、—COOH中所有原子共平面，单键可以旋转，J相当于苯环上的氢原子被羟基、羧基取代，所以J中最多有16个原子共平面，故B正确；
C．①③④的反应类型都是取代反应，故C正确；
D．E中酚羟基发生取代反应生成甲氧基，G中甲氧基发生取代反应生成酚羟基，酚羟基易被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以K的合成过程中进行了官能团的保护，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
二．解答题（共2小题）
16．（2025春 北京校级期末）F是一种环状酯，其合成路线如下（部分反应条件未标出）。
请回答：
（1）按官能团分类，A的类别是 　烯烃　 。
（2）生成A的化学方程式是 　（CH3）2C＝CH2+H2O　 。
（3）有机物C的沸点 　＞　 （“＞”“＝”或“＜”）2﹣甲基丙烷。
（4）由生成D的化学方程式是 　　 。
（5）的同分异构体G符合以下条件：
①能与FeCl3反应显紫色 ②苯环上有2种氢
③1mol G能与1mol NaOH反应 ④G分子中有一个甲基
写出G与浓溴水反应的化学方程式 　+2Br2→+2HBr　 。
（6）醇类物质是重要的化工原料，以2﹣丙醇为起始原料，选用必要的无机试剂可合成异丁烯酸。请结合以下信息，设计合成路线（参照以下示例，注明物质与条件） 　→HCN异丁烯酸　 。
已知：
【答案】（1）烯烃；
（2）（CH3）2C＝CH2+H2O；
（3）＞；
（4）；
（5）+2Br2→+2HBr；
（6） →HCN 异丁烯酸。
【分析】在浓硫酸作用下发生消去反应生成A为（CH3）2C＝CH2，（CH3）2C＝CH2与Br2发生加成反应生成B为（CH3）2CBrCH2Br，（CH3）2CBrCH2Br在氢氧化钠溶液中加热发生水解反应生成C为（CH3）2C（OH）CH2OH；在催化剂作用下与氧气发生氧化反应生成D为，在催化剂作用下与氧气发生氧化反应生成E为；与（CH3）2C（OH）CH2OH在一定条件下发生缩聚反应生成高分子化合物F为，据此分析解答。
【解答】解：（1）A为（CH3）2C＝CH2，按官能团分类，A的类别是烯烃，
故答案为：烯烃；
（2）在浓硫酸作用下发生消去反应生成A为（CH3）2C＝CH2，化学方程式为（CH3）2C＝CH2+H2O，
故答案为：（CH3）2C＝CH2+H2O；
（3）C为（CH3）2C（OH）CH2OH，具有相同碳原子数的醇的沸点高于烷烃，则有机物C的沸点＞2﹣甲基丙烷，
故答案为：＞；
（4）由生成D的化学方程式是，
故答案为：；
（5）的同分异构体G符合以下条件：①能与FeCl3反应显紫色，含有酚羟基，②苯环上有2种氢③1mol G能与1mol NaOH反应④G分子中有一个甲基，则结构可能为，其和溴发生取代反应，方程式为：+2Br2→+2HBr，
故答案为：+2Br2→+2HBr；
（6）根据已知，则由转化为，再转化为，得到转化为异丁烯酸，故合成路线为 →HCN 异丁烯酸，
故答案为： →HCN 异丁烯酸。
【点评】本题考查有机推断，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
17．（2025春 东城区校级期末）乙炔是重要的化工基础原料，常用于合成有机工业产品M。合成路线如图：
已知：ⅰ.炔烃像烯烃一样，可以发生类似上述反应
ⅱ.RCH＝CHR'RCHO+R'CHO
（1）HOCH2C≡CCH2OH含有的官能团的名称是 　羟基、碳碳三键　 。
（2）反应1的反应类型是 　加成反应　 。
（3）反应2的化学方程式是 　HOOCC≡CCOOH+2CH3OHCH3OOCC≡CCOOCH3+2H2O　 。
（4）同一个碳原子形成两个碳碳双键不稳定。链烃B的分子式为C4H4结构简式是 　HC≡CCH＝CH2　 。
（5）由C合成M要经历C→D→E→M三步反应。
①中间产物E的结构简式是 　　 。
②该过程中C→D选择催化氢化时还有副产物F，F与D互为同分异构体。若F按合成路线继续反应，最终将得到M的同分异构体N。则N的结构简式是 　　 。
（6）结合共价键的极性，从化学键的断裂和形成的角度描述反应1发生的过程：　乙炔中C—H键、甲醛中断裂C＝O键，然后H—、C—O—形成O—H键　 。
【答案】（1）羟基、碳碳三键；
（2）加成反应；
（3）HOOCC≡CCOOH+2CH3OHCH3OOCC≡CCOOCH3+2H2O；
（4）HC≡CCH＝CH2；
（5）①；
②；
（6）乙炔中C—H键、甲醛中断裂C＝O键，然后H—、C—O—形成O—H键。
【分析】乙炔和甲醛发生加成反应生成HOCH2C≡CCH2OH，A和甲醇发生酯化反应生成CH3OOCC≡CCOOCH3，则HOCH2C≡CCH2OH发生氧化反应生成A为HOOCC≡CCOOH，B和氢气发生加成反应正丁烷，B和氢气发生加成反应生成CH2＝CHCH＝CH2，则B为HC≡CCH＝CH2，生成C的反应类似于信息i的反应，则C为，C和氢气发生加成反应生成D，CH2＝CHCH＝CH2和D发生信息i的反应生成E，E发生信息ii的反应生成M，则E为、D为。
【解答】解：（1）HOCH2C≡CCH2OH含有的官能团的名称是羟基、碳碳三键，
故答案为：羟基、碳碳三键；
（2）反应1的反应类型是加成反应，
故答案为：加成反应；
（3）反应2的化学方程式是HOOCC≡CCOOH+2CH3OHCH3OOCC≡CCOOCH3+2H2O，
故答案为：HOOCC≡CCOOH+2CH3OHCH3OOCC≡CCOOCH3+2H2O；
（4）同一个碳原子形成两个碳碳双键不稳定，链烃B的分子式为C4H4，结构简式是HC≡CCH＝CH2，
故答案为：HC≡CCH＝CH2；
（5）①中间产物E的结构简式分别是，
故答案为：；
②该过程中C→D选择催化氢化时还有副产物F，F与D互为同分异构体，若F按合成路线继续反应，最终将得到M的同分异构体N，则N的结构简式是，
故答案为：；
（6）结合共价键的极性，从化学键的断裂和形成的角度描述反应1发生的过程：乙炔中C—H键、甲醛中断裂C＝O键，然后H—、C—O—形成O—H键，
故答案为：乙炔中C—H键、甲醛中断裂C＝O键，然后H—、C—O—形成O—H键。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键特点，题目难度中等。
三．推断题（共2小题）
18．（2025春 北京校级期末）抗癌药物的中间体Q、有机物L的合成路线如下。
已知：
ⅰ．RCOOR′+R''OH→RCOOR''+R′OH
ⅱ．（R、R'、R“表示烃基或氢）
（1）关于D→E的反应：
①D中官能团的名称是　酮羰基、酯基　 。②E的结构简式是　　 。
（2）L分子中含苯环。下列说法正确的是　abc　 。
a．L分子中含羧基，Q分子中含手性碳原子
b．G可以通过缩聚反应生成高聚物
c．K2CO3、均可与酸反应
（3）X的核磁共振氢谱有两组峰。
①M分子中除苯环外，还含有一个含氮原子的五元环。M的结构简式是　　 。
②Y的结构简式是　HCHO　 。
③在生成Q时，在W分子中用虚线标出断裂的化学键（如：）：　　 。
【答案】（1）酮羰基、酯基；；
（2）abc；
（3）；HCHO；。
【分析】（1）合成有机物L的路线为：将A：CH3COOH在浓H2SO4催化作用下与CH3CH2OH酯化后得到B：CH3COOCH2CH3，再将B进行酯交换得到D：，然后D与在碱作用下生成E（C9H14O4），再将E与反应得到J：，由J的结构反推出E的结构为：，最后将J进行水解得到有机物L：；
合成中间体Q的路线为：将B进行酯交换后得到的另一产物F：CH3CH2OH，与取代得到X：；同时将G：在LiAlH4催化下还原为Z（C9H12NOBr）：；将X和Z合成为M，在M分子中除苯环外，还有一个含氮原子的五元环，根据已知ii的反应原理得到M的结构简式为：，将M与Y反应后脱水得到K，然后K与得到W，再将W在NaOH溶液中反应得到目标产物Q：，结合Q的结构，反推出W为：，K的结构为：，对比M和K的结构可知Y只提供了1个碳原子，结合已知ii得到Y为：HCHO，据此分析解答。
【解答】解：（1）①D的结构为：，其官能团的名称为：酮羰基、酯基，
故答案为：酮羰基、酯基；
②根据分析，E的结构简式为：，
故答案为：；
（2）a．根据L的结构，分子中含羧基，根据Q的结构，分子中含手性碳原子，a正确；b．G中含—NH2和—COOH，可以通过缩聚反应生成多肽高聚物，故b正确；
c．中有亚氨基，显碱性，所以K2CO3、均可与酸反应，故c正确；
故答案为：abc；
（3）①M分子中除苯环外，还含有一个含氮原子的五元环，根据分析可知M的结构简式为：，
故答案为：；
②根据分析，对比M和K的结构可知Y只提供了1个碳原子，结合已知ii的反应原理得到Y的结构简式为：HCHO，
故答案为：HCHO；
③在生成Q时，在W分子中用虚线标出断裂的化学键：对比Q的结构和W的结构可知，W中断裂的化学键为：，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物的推断与合成，涉及官能团识别、有机反应方程式的书写，充分利用有机物分子式与结构简式采取正逆推法相结合进行分析推断，注意对给予反应信息的理解，题目较好地考查分析推理能力、知识迁移运用能力。
19．（2025春 北京校级期末）环丙基甲基酮是合成环丙氟哌酸类广谱抗菌药物和抗艾滋特效药依法韦仑的重要中间体，在医药、化工及农林等领域均有广泛应用。
已知：
Ⅰ．2RCH2COOC2H5+C2H5OH
Ⅱ．R1COOR2+R3OH→一定条件R1COOR3+R2OH
（1）实验室制取A的化学方程式为 　CH3CH2OHCH2＝CH2↑+H2O　 。
（2）A→B发生了加成反应，B中含有羟基。B的结构简式为 　　 。
（3）M是F的同分异构体，写出符合下列条件的M的结构简式 　OHC—CH2—CH2—O—CH2—CH2—CHO　 。
①能发生银镜反应
②核磁共振氢谱有3组峰，且峰面积之比为1：2：2
（4）H分子中含有一个五元环，写出G→H的化学方程式 　+CH3CH2OH　 。
（5）I可以与NaHCO3溶液反应。I的结构简式为 　　 。
（6）J→K的反应中常伴有其他环状副产物生成，依据J→K的反应原理，该副产物的结构简式为 　　 。
【答案】（1）CH3CH2OHCH2＝CH2↑+H2O；
（2）；
（3）OHC—CH2—CH2—O—CH2—CH2—CHO；
（4）+CH3CH2OH；
（5）；
（6）。
【分析】合成环丙基甲基酮的工艺流程为：根据A的分子式可知，A为CH2＝CH2，将A与HClO通过加成反应得到B，B中含有羟基，则B的结构简式为：，将B脱去HCl成环生成C：；将D与CH3CH2OH反应生成E，E与乙醇钠反应生成F，F再与C反应生成G：，根据G的结构通过逆推法推知F为：，E为：CH3COOCH2CH3，D为：CH3COOH；将G反应生成H，H分子中含有一个五元环，则H为：，H在酸作用下再与HBr反应生成I，则I为：，脱羧后得到J为：，最后J脱去HBr后得到目标产物环丙基甲基酮K：，据此分析解答。
【解答】解：（1）实验室制取乙烯是将乙醇在浓硫酸催化作用下加热到170℃消去水生成CH2＝CH2，反应的方程式为：CH3CH2OHCH2＝CH2↑+H2O，
故答案为：CH3CH2OHCH2＝CH2↑+H2O；
（2）根据分析，A→B发生了加成反应，B中含有羟基，反应为：CH2＝CH2+Cl—OH→，则B的结构简式为：，
故答案为：；
（3）F的结构为：，分子式为：C6H10O3，M是F的同分异构体，符合下列条件：①能发生银镜反应，说明含醛基或甲酸的酯结构；②核磁共振氢谱有3组峰，且峰面积之比为1：2：2，则结构中不含甲基且属于对称结构，则M中不含甲酸的酯结构（3个氧原子无法满足条件）且含有2个醛基，M中满足条件的同分异构体为：OHC—CH2—CH2—O—CH2—CH2—CHO，
故答案为：OHC—CH2—CH2—O—CH2—CH2—CHO；
（4）H的结构为：，则由G→H的化学方程式为+CH3CH2OH，
故答案为：+CH3CH2OH；
（5）I可以与NaHCO3溶液反应，说明I中含有羧基，根据分析，则I的结构简式为：，
故答案为：；
（6）根据J的结构和K的结构可知，主反应为断裂Br原子，同时断裂酮羰基相邻的—CH2﹣上的H原子后形成三元环结构，按照此原理，则副反应可能是断裂酮羰基相邻的—CH3上的H原子后形成五元环结构，则副产物的结构简式为：，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物的推断与合成，涉及官能团识别、有机反应方程式的书写，充分利用有机物分子式与结构简式采取正逆推法相结合进行分析推断，注意对给予反应信息的理解，题目较好地考查分析推理能力、知识迁移运用能力。
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