【期末押题卷】北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷三（含解析）
文档属性
| 名称 | 【期末押题卷】北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷三（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 4.2MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 化学 | ||
| 更新时间 | 2025-06-16 09:14:53 | ||
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文档简介
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北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 北京期末）下列化学用语或图示表达不正确的是（ ）
A．基态磷原子价层电子轨道表示式：
B．反﹣2﹣丁烯的结构简式：
C．的名称：2﹣甲基丁醇
D．乙醛的分子结构模型为：
2．（2024春 东城区校级期末）下列有机物的命名错误的是（ ）
选项 A B C D
物质
名称 2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷 1，3﹣丙二醇 2﹣氯丙烷 3﹣甲基﹣1﹣戊烯
A．A B．B C．C D．D
3．（2024春 鼓楼区校级期末）某烃与H2反应后能生成，则该烃不可能是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2024春 丰台区期末）下列关于烷烃的说法不正确的是（ ）
A．烷烃的分子式可用通式CnH2n+2表示
B．戊烷存在三种同分异构体
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子处于一条直线上
D．CH3CH3与互为同系物
5．（2024春 房山区期末）下列属于天然有机高分子材料的是（ ）
A．羊毛 B．塑料 C．合成纤维 D．合成橡胶
6．（2024春 海淀区校级期末）一次性纸尿片中有一层能吸水保水的物质。下列高分子中有可能被采用的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025 门头沟区一模）下列说法不正确的是（ ）
A．利用盐析的方法可以将蛋白质从溶液中分离出来
B．葡萄糖发生水解反应生成CO2和H2O是放热反应
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应得到核苷和磷酸
D．植物油经催化加氢得到的硬化油不易被空气氧化变质
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（ ）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
9．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
10．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（ ）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
11．（2024春 大兴区期末）下列说法不正确的是（ ）
A．用酸性KMnO4溶液可以鉴别和
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯
C．用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇
D．某有机化合物的相对分子质量为58，其分子式一定为 C4H10
12．（2024春 西城区校级期末）某优质甜樱桃中含有一种羟基酸（用N表示），N的碳链结构无支链，分子式为C4H6O5（M＝134）；1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L。N在一定条件下可发生如下转化：NABC。下列有关说法中不正确的是（ ）
A．N的结构简式为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH
B．B的分子式为C4H4O4Br2
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有2种
D．C物质不溶于水
13．（2025春 东城区校级期末）叶蝉散对水稻叶蝉和飞虱具有较强的触杀作用，防效迅速，但残效不长。工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如图。下列有关说法正确的是（ ）
A．叶蝉散的分子式是C11H16NO2
B．叶蝉散分子中含有羧基
C．邻异丙基苯酚的核磁共振氢谱有7个峰
D．互为同系物
14．（2025春 东城区校级期末）氯吡格雷可用于防治动脉硬化。下列关于该有机物的说法正确的是（ ）
A．属于烃类
B．可发生加成反应
C．分子中含有3个苯环
D．分子式为C16H17ClNO2S
15．（2025 朝阳区期末）CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。
下列说法不正确的是（ ）
A．反应②是缩聚反应
B．Y中存在手性碳原子
C．高分子P中存在“”
D．高分子P完全水解可以得到Y
二．解答题（共2小题）
16．（2024秋 房山区期末）马西替坦是一种治疗肺动脉高血压的新型内皮素受体拮抗剂药物，其合成路线如图：
（1）A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，A中的含氧官能团是 。
（2）A→B的反应方程式是 。
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因 。
（4）合成马西替坦的关键中间体是E，D→E的合成路线如图：
L和M的结构简式分别是 、
（5）已知：，H的结构简式 。
（6）下列说法正确的是 。
a.F中有手性碳原子
b.利用核磁共振氢谱可区分I和J
c.该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH
17．（2025 江岸区校级模拟）开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体K的合成路线如图：
已知：ⅰ．R—Br+CHR1（COOR2）2R—CR1（COOR2）2
ⅱ．R—NH2+→
（1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是 。
（2）B中含有—OH，试剂a是 。
（3）D的结构简式是 。
（4）E→F中，反应i的化学方程式为 。
（5）下列关于有机物F和G的说法正确的是 （填字母）。
a．F和G均没有手性碳原子
b．F和G均能与NaHCO3反应
c．F和G均能与银氨溶液反应
（6）H与NH2OH反应得到I经历了如图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含N—O键。
中间产物1、中间产物3的结构简式是 、 。
（7）I→J的过程中，SeO2转化为含+2价Se的化合物，反应中SeO2和I的物质的量之比为 。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 朝阳区期末）药物Q用于白血病的治疗研究，合成路线如图所示。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）B中所含官能团的名称是碳碳三键、 。
（2）E的结构简式是 。
（3）F→G的化学方程式是 。
（4）下列说法正确的是 。
a.D能发生取代反应、消去反应
b.有机物J的名称为乙二酸二乙酯
c.F是的同系物
（5）L的结构简式是 。
（6）Z的分子式为C13H11NO4，Z的结构简式是 。
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是 。
19．（2025 丰台区期末）有机化合物K作为高活性农用杀菌剂，其合成路线如下。
已知：
ⅰ.R—COOHR—COCl
ⅱ.
（1）A分子含有的官能团名称是 。
（2）D→E的化学方程式是 。
（3）F的结构简式是 。
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为 。
（5）下列说法正确的是 （填序号）。
a.I能与NaHCO3溶液反应
b.J的分子式为C4H11N，核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6
c.1mol K最多能与7mol H2发生加成反应
（6）B与F合成G过程如下。
①判断并解释F中基团对α—H活泼性的影响 。
②已知：，L和M的结构简式分别为 、 。
北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 北京期末）下列化学用语或图示表达不正确的是（ ）
A．基态磷原子价层电子轨道表示式：
B．反﹣2﹣丁烯的结构简式：
C．的名称：2﹣甲基丁醇
D．乙醛的分子结构模型为：
【答案】C
【分析】A．基态磷原子价层电子排布式为3s23p3；
B．反﹣2﹣丁烯的两个甲基在双键异侧；
C．根据醇的命名规则进行解答；
D．乙醛的结构简式为CH3CHO。
【解答】解：A．基态磷原子价层电子排布式为3s23p3，则价层电子轨道表示式：，故A正确；
B．反﹣2﹣丁烯的两个甲基在双键异侧，故反﹣2﹣丁烯的结构简式为，故B正确；
C．根据醇的命名规则可知为2﹣甲基﹣丙醇，故C错误；
D．乙醛的结构简式为CH3CHO，则乙醛的分子结构模型为：，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查化学用语的书写判断，侧重辨析能力和规范答题能力考查，明确价层电子排布式的书写、价电子及其排布图、分子结构模型是解题关键，题目难度中等。
2．（2024春 东城区校级期末）下列有机物的命名错误的是（ ）
选项 A B C D
物质
名称 2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷 1，3﹣丙二醇 2﹣氯丙烷 3﹣甲基﹣1﹣戊烯
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【分析】根据有机物的命名规则进行分析解答。
【解答】解：A．根据烷烃的系统命名可知，该烷烃的名称为2，3，4，4﹣四甲基己烷，故A错误；
B．根据醇的系统命名可知，该醇的名称为1，3﹣丙二醇，故B正确；
C．根据卤代烃的命名，该氯代烃的命名为2﹣氯丙烷，故C正确；
D．根据烯烃的系统命名可知，该烯烃的名称为：3﹣甲基﹣1﹣戊烯，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的命名，关键是理解掌握系统命名法的原则，有机物命名是常考考点，适当拓展多官能团等较复杂有机物的命名。
3．（2024春 鼓楼区校级期末）某烃与H2反应后能生成，则该烃不可能是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【分析】，5号碳原子与1号碳原子化学环境相同，据此分析解题。
【解答】解：某烃与H2反应后能生成，如图所示，5号碳原子与1号碳原子化学环境相同，则该烃可能是CH2＝C（CH3）CH2CH3、（CH3）2C＝CHCH3、CH2＝C（CH3）CH＝CH2、CH≡CCH（CH3）2，
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题比较简单。
4．（2024春 丰台区期末）下列关于烷烃的说法不正确的是（ ）
A．烷烃的分子式可用通式CnH2n+2表示
B．戊烷存在三种同分异构体
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子处于一条直线上
D．CH3CH3与互为同系物
【答案】C
【分析】A．依据烷烃的结构特征分析通式；
B．分子式相同，结构不同的有机物互为同分异构体；
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子均为sp3杂化；
D．结构相似，在分子组成上相差一个或n个CH2原子团的有机物互称同系物。
【解答】解：A．分子通式为CnH2n+2的烃，满足碳原子的价键是分子中形成的全是单键，是饱和烃，所以一定是烷烃，故A正确；
B．戊烷存在三种同分异构体，分别是正戊烷、异戊烷和新戊烷，故B正确；
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子均为sp3杂化，三个碳原子不可能处于一条直线上，故C错误；
D．二者结构相似，在分子组成上相差3个CH2原子团，互称同系物，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查了烷烃的结构特征，化学性质的应用，通式判断等，较简单，掌握基础便可解决。
5．（2024春 房山区期末）下列属于天然有机高分子材料的是（ ）
A．羊毛 B．塑料 C．合成纤维 D．合成橡胶
【答案】A
【分析】合成有机高分子材料，由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶，天然材料，是指自然界原来就有未经加工或基本不加工就可直接使用的材料。
【解答】解：塑料、合成纤维、合成橡胶都是通过有机小分子聚合生成，主要成分为合成高分子化合物；羊毛的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物，
故选：A。
【点评】本题主要考查有机高分子化合物的结构等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
6．（2024春 海淀区校级期末）一次性纸尿片中有一层能吸水保水的物质。下列高分子中有可能被采用的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【分析】高分子能吸水，说明结构中必须含有亲水性基团，一般含有—OH，以此解答该题。
【解答】解：一次性纸尿片能吸水说明分子中含亲水基，常见亲水基有—COOH、—OH等，A、C、D均不易溶于水，三者都不溶于水，也不吸水。B为聚羧酸钠，具有良好的保水性，故B正确，
故选：B。
【点评】本题考查常见高分子材料，为高频考点，侧重于化学与生活、生产的考查，有利于培养学生良好的科学素养，注意把握有机物官能团的性质，难度不大。
7．（2025 门头沟区一模）下列说法不正确的是（ ）
A．利用盐析的方法可以将蛋白质从溶液中分离出来
B．葡萄糖发生水解反应生成CO2和H2O是放热反应
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应得到核苷和磷酸
D．植物油经催化加氢得到的硬化油不易被空气氧化变质
【答案】B
【分析】A．根据蛋白质的性质，进行分析；
B．根据葡萄糖的化学反应类型，进行分析；
C．根据核苷酸的水解产物，进行分析；
D．根据植物油硬化后的性质，进行分析。
【解答】解：A．蛋白质可以通过盐析的方法从溶液中分离出来，盐析是一种可逆的物理过程，不会破坏蛋白质的结构，故A正确；
B．实际上葡萄糖本身不会直接水解生成CO2和H2O，葡萄糖的氧化反应（如燃烧）才会生成CO2和H2O，且该反应是放热反应，但题目中提到的“水解反应”描述错误，故B错误；
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应，得到的是核苷和磷酸，故C正确；
D．植物油经催化加氢后得到的硬化油，不饱和键减少，化学性质更稳定，不易被空气氧化变质，故D正确；
故选：B。
【点评】本题主要考查蛋白质、葡萄糖、核苷酸和植物油的性质及反应类型，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（ ）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
【答案】A
【分析】A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物；
C.葡萄糖和果糖的分子式相同，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位。
【解答】解：A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动，所以是放热反应，而不是吸热反应，故A错误；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用，故B正确；
C.葡萄糖和果糖的分子式均为C6H12O6，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体，故C正确；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位，故D正确；
故选：A。
【点评】本题可根据常见有机物的性质、同分异构体的概念以及生物大分子的相关知识来逐一分析选项。
9．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
【答案】D
【分析】A．该分子中含羟基和羧基；
B．该物质含羧基；
C．该物质含羧基；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应。
【解答】解：A．该分子中含羟基和羧基，共2种官能团，故A正确；
B．该物质含羧基，能使紫色石蕊溶液变红，故B正确；
C．该物质含羧基，能与NaHCO3溶液反应，故C正确；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应，故1mol该物质最多可与4mol Na反应，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
10．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（ ）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
【答案】D
【分析】A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H。
【解答】解：A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强，所以甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能，能说明上述观点，故A错误；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性，可说明原子团之间相互影响导致化学性质不同，故B错误；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应，说明羟基活化了苯环，故C错误；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H，与基团之间的相互影响无关，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。
11．（2024春 大兴区期末）下列说法不正确的是（ ）
A．用酸性KMnO4溶液可以鉴别和
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯
C．用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇
D．某有机化合物的相对分子质量为58，其分子式一定为 C4H10
【答案】D
【分析】A．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能使酸性高锰酸钾溶液褪色；
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯；
C．苯酚遇氯化铁溶液变为紫色；
D．有机化合物一定含有C元素，还可能含有H、O等元素。
【解答】解：A．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，用酸性KMnO4溶液可以鉴别和，故用酸性KMnO4溶液可以鉴别和，故A正确；
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，故B正确；
C．苯酚遇氯化铁溶液变为紫色，乙醇与氯化铁溶液互溶，故用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇，故C正确；
D．有机化合物一定含有C元素，还可能含有H、O等元素，若有机物的相对分子质量为58，其分子式可为C4H10，也可为C3H6O，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的性质的相关知识，掌握有机物的物理、化学性质为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大。
12．（2024春 西城区校级期末）某优质甜樱桃中含有一种羟基酸（用N表示），N的碳链结构无支链，分子式为C4H6O5（M＝134）；1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L。N在一定条件下可发生如下转化：NABC。下列有关说法中不正确的是（ ）
A．N的结构简式为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH
B．B的分子式为C4H4O4Br2
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有2种
D．C物质不溶于水
【答案】D
【分析】n（N）0.01mol，1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L，生成的气体为CO2，n（CO2）0.02mol，说明N中含有2个—COOH，N的碳链结构无支链，则N为HOOCCH（OH）CH2COOH，N发生消去反应生成A为HOOCCH＝CHCOOH，A和溴发生加成反应生成B为HOOCCHBrCHBrCOOH，B发生水解反应生成C为HOOCCH（OH）CH（OH）COOH。
【解答】解：A．通过以上分析知，N为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH，故A正确；
B．B为HOOCCHBrCHBrCOOH，分子式为C4H4O4Br2，故B正确；
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体中，两个羧基可以位于同一个碳原子上，有2种位置异构，故C正确；
D．C为HOOCCH（OH）CH（OH）COOH，含有亲水基羧基和醇羟基，则C易溶于水，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意题干信息的获取和灵活运用。
13．（2025春 东城区校级期末）叶蝉散对水稻叶蝉和飞虱具有较强的触杀作用，防效迅速，但残效不长。工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如图。下列有关说法正确的是（ ）
A．叶蝉散的分子式是C11H16NO2
B．叶蝉散分子中含有羧基
C．邻异丙基苯酚的核磁共振氢谱有7个峰
D．互为同系物
【答案】C
【分析】A．叶蝉散的分子中C、H、N、O原子个数依次是11、15、1、2；
B．叶蝉散分子中含有酯基和酰胺基；
C．邻异丙基苯酚中含有几种氢原子，其核磁共振氢谱就有几组峰；
D．二者结构不相似，前者属于酚、后者属于醇。
【解答】解：A．叶蝉散的分子中C、H、N、O原子个数依次是11、15、1、2，分子式为C11H15NO2，故A错误；
B．叶蝉散分子中含有酯基和酰胺基，不含羧基，故B错误；
C．邻异丙基苯酚中含有7种氢原子，其核磁共振氢谱有7组峰，故C正确；
D．二者结构不相似，前者属于酚、后者属于醇，二者不互为同系物，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，明确官能团及其性质的关系、同系物概念的内涵是解本题关键，题目难度不大。
14．（2025春 东城区校级期末）氯吡格雷可用于防治动脉硬化。下列关于该有机物的说法正确的是（ ）
A．属于烃类
B．可发生加成反应
C．分子中含有3个苯环
D．分子式为C16H17ClNO2S
【答案】B
【分析】A．该物质中除了C、H元素外还含有O、N、S元素；
B．碳碳双键和苯环能发生加成反应；
C．分子中含有1个苯环；
D．由结构简式可知氯吡格雷的分子中C、H、Cl、N、O、S原子个数依次是16、16、1、1、2、1。
【解答】解：A．该物质中除了C、H元素外还含有O、N、S元素，所以不属于烃类物质，故A错误；
B．分子中碳碳双键和苯环能发生加成反应，故B正确；
C．根据图知，分子中含有1个苯环，故C错误；
D．由结构简式可知氯吡格雷的分子中C、H、Cl、N、O、S原子个数依次是16、16、1、1、2、1，分子式为C16H16ClNO2S，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
15．（2025 朝阳区期末）CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。
下列说法不正确的是（ ）
A．反应②是缩聚反应
B．Y中存在手性碳原子
C．高分子P中存在“”
D．高分子P完全水解可以得到Y
【答案】D
【分析】A．Y发生缩聚反应生成P，同时还生成H2O；
B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；
C．根据图知，高分子P中含有；
D．P完全水解生成H2NCH2CH2CH2CH2C（COOH）NH2和CO2、H2O。
【解答】解：A．Y发生缩聚反应生成P，同时还生成H2O，所以反应②为缩聚反应，故A正确；
B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，Y中连接羧基的碳原子为手性碳原子，故B正确；
C．根据图知，高分子P中含有，故C正确；
D．P完全水解生成H2NCH2CH2CH2CH2C（COOH）NH2和CO2、H2O，所以不能得到Y，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
二．解答题（共2小题）
16．（2024秋 房山区期末）马西替坦是一种治疗肺动脉高血压的新型内皮素受体拮抗剂药物，其合成路线如图：
（1）A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，A中的含氧官能团是 羧基或—COOH 。
（2）A→B的反应方程式是 +CH3OH+H2O 。
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因 羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂 。
（4）合成马西替坦的关键中间体是E，D→E的合成路线如图：
L和M的结构简式分别是 、
（5）已知：，H的结构简式 （CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2 。
（6）下列说法正确的是 bc 。
a.F中有手性碳原子
b.利用核磁共振氢谱可区分I和J
c.该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH
【答案】（1）羧基或—COOH；
（2）+CH3OH+H2O；
（3）羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂；
（4）；；
（5）（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2；
（6）bc。
【分析】A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，说明A中含有—COOH，根据D的结构简式及A、B的分子式和反应条件知，A为，A和甲醇发生酯化反应生成B为，B发生取代反应生成D，根据（5）及H的分子式知，H为（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2，H发生反应生成I，I发生取代反应生成J，F和J发生取代反应生成马西替坦；
（4）根据M的分子式及E的结构简式知，M中酚羟基发生取代反应生成E，M为，生成L的反应为加成反应，结合E的结构简式知，L为。
【解答】解：（1）根据以上分析知，A中的含氧官能团是羧基或—COOH，
故答案为：羧基或—COOH；
（2）A→B的反应方程式为+CH3OH+H2O，
故答案为：+CH3OH+H2O；
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因为羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂，
故答案为：羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂；
（4）通过以上分析知，L和M的结构简式分别是、，
故答案为：；；
（5）通过以上分析知，H的结构简式为（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2，
故答案为：（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2；
（6）a.根据图知，F中没有手性碳原子，故a错误；
b.I、J的氢原子种类不同，则利用核磁共振氢谱可区分I和J，故b正确；
c.A生成B消耗CH3OH、B生成D生成CH3OH，则该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH，故c正确；
故答案为：bc。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。
17．（2025 江岸区校级模拟）开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体K的合成路线如图：
已知：ⅰ．R—Br+CHR1（COOR2）2R—CR1（COOR2）2
ⅱ．R—NH2+→
（1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是 。
（2）B中含有—OH，试剂a是 HBr 。
（3）D的结构简式是 。
（4）E→F中，反应i的化学方程式为 +2NaOH→+2CH3OH 。
（5）下列关于有机物F和G的说法正确的是 bc （填字母）。
a．F和G均没有手性碳原子
b．F和G均能与NaHCO3反应
c．F和G均能与银氨溶液反应
（6）H与NH2OH反应得到I经历了如图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含N—O键。
中间产物1、中间产物3的结构简式是 、 或 。
（7）I→J的过程中，SeO2转化为含+2价Se的化合物，反应中SeO2和I的物质的量之比为 3：1 。
【答案】（1）；
（2）HBr；
（3）；
（4）+2NaOH→+2CH3OH；
（5）bc；
（6）；；；
（7）3：1。
【分析】由有机物的转化关系可知，核磁共振氢谱有3组峰的一定条件下与环氧乙烷反应生成，则A为、B为；与溴化氢发生取代反应生成，则C为；催化剂作用下与CH2（COOCH3）2发生取代反应生成，则D为；催化剂作用下与Br（CH2）2CHO发生取代反应生成，在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成，酸化生成，则F为；共热发生脱羧反应生成，则G为；一定条件下转化为，与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，与二氧化硒发生氧化反应生成，则J为；催化剂作用下发生取代反应生成。
【解答】解：（1）由分析可知，A的结构简式为，
故答案为：；
（2）由分析可知，与溴化氢发生取代反应生成和水，则试剂a为溴化氢，
故答案为：HBr；
（3）由分析可知，D的结构简式为，
故答案为：；
（4）由分析可知，E→F中，反应i的反应为在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成和甲醇，反应的化学方程式为+2NaOH→+2CH3OH，
故答案为：+2NaOH→+2CH3OH；
（5）由分析可知，F和G的结构简式为和；
a．由结构简式可知，G分子中含有1个如图*所示的1个手性碳原子：，故a错误；
b．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与碳酸氢钠反应的羧基，故b正确；
c．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与银氨溶液反应的醛基，故c正确；
故答案为：bc；
（6）由分析可知，H→I的反应为与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，则中间产物1的结构简式为，中间产物3的结构简式为或，
故答案为：；或；
（7）由分析可知，I→J的反应为与二氧化硒发生氧化反应生成，由得失电子数目守恒可知，反应中氧化剂二氧化硒和还原剂的物质的量之比为3：1，
故答案为：3：1。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析判断和综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 朝阳区期末）药物Q用于白血病的治疗研究，合成路线如图所示。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）B中所含官能团的名称是碳碳三键、 羟基 。
（2）E的结构简式是 。
（3）F→G的化学方程式是 。
（4）下列说法正确的是 ab 。
a.D能发生取代反应、消去反应
b.有机物J的名称为乙二酸二乙酯
c.F是的同系物
（5）L的结构简式是 OHCCH2COCOOCH2CH3 。
（6）Z的分子式为C13H11NO4，Z的结构简式是 。
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是 醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂 。
【答案】（1）羟基
（2）；
（3）；
（4）a、b；
（5）OHCCH2COCOOCH2CH3；
（6）；
（7）醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂。
【分析】A为HC≡CH，根据B的分子式知，A和丙酮以1：2发生加成反应生成B为，B和氢气发生加成反应生成D，D和HCl发生取代反应生成E，根据E的分子式知，D为、E为，根据F的分子式知，E和苯发生取代反应生成F为；根据Q的结构简式及反应条件知，F和浓硝酸发生取代反应生成G为，G中硝基发生还原反应生成X为；Y和乙醇发生酯化反应生成J，Y为HOOCCOOH，J为CH3CH2OOCCOOCH2CH3，J和乙醛发生信息ii的反应生成L为OHCCH2COCOOCH2CH3，L和对氨基苯甲酸发生取代反应生成Z为，
X、Z反应生成M为。
【解答】解：（1）B为，B中所含官能团的名称是碳碳三键、羟基，
故答案为：羟基；
（2）E的结构简式是，
故答案为：；
（3）F和浓硝酸发生取代反应生成G，F→G的化学方程式是，
故答案为：；
（4）a.D为、D中醇羟基能发生取代反应、消去反应，故a正确；
b.J为CH3CH2OOCCOOCH2CH3，有机物J的名称为乙二酸二乙酯，故b正确；
c.F为，F、的结构不相似，所以二者不互为同系物，故c错误；
故答案为：ab；
（5）L的结构简式是OHCCH2COCOOCH2CH3，
故答案为：OHCCH2COCOOCH2CH3；
（6）Z的结构简式是，
故答案为：；
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂，
故答案为：醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、推断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合题给信息、某些结构简式和分子式及反应条件进行推断，题目难度中等。
19．（2025 丰台区期末）有机化合物K作为高活性农用杀菌剂，其合成路线如下。
已知：
ⅰ.R—COOHR—COCl
ⅱ.
（1）A分子含有的官能团名称是 羧基、氯原子（碳氯键） 。
（2）D→E的化学方程式是 。
（3）F的结构简式是 。
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为 。
（5）下列说法正确的是 ab （填序号）。
a.I能与NaHCO3溶液反应
b.J的分子式为C4H11N，核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6
c.1mol K最多能与7mol H2发生加成反应
（6）B与F合成G过程如下。
①判断并解释F中基团对α—H活泼性的影响 F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂 。
②已知：，L和M的结构简式分别为 、 。
【答案】（1）羧基、碳氯键；
（2）；
（3）；
（4）；
（5）ab；
（6）①F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂；
②；。
【分析】根据A的分子式及B的结构简式知，A中羧基发生取代反应生成B，则A为；D能和乙醇发生酯化反应，则D中含有羧基，D为，E为，E和乙酸乙酯发生信息ii的反应生成F，根据F的分子式知，F为；G发生水解反应、酸化得到I，根据I的分子式知，I为，I和J发生取代反应生成K，根据K的结构简式知，J为CH3CH2NHCH2CH3；
（6）B与F发生取代反应生成L为，L异构化得到M，M发生取代反应生成G，根据信息知，M为。
【解答】解：（1）A为，A分子含有的官能团名称是羧基、碳氯键，
故答案为：羧基、碳氯键；
（2）D→E的化学方程式是，
故答案为：；
（3）F的结构简式是，
故答案为：；
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为，
故答案为：；
（5）a.I为，I中含有羧基，所以I能与NaHCO3溶液反应，故a正确；
b.J的分子式为C4H11N，J为CH3CH2NHCH2CH3，含有三种氢原子，氢原子个数之比为1：4：6，所以核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6，故b正确；
c.K中苯环和氢气以1：3发生加成反应，碳碳双键、羰基能和氢气以1：1发生加成反应，酰胺基中碳氧双键和氢气不反应，则1mol K最多能与8mol H2发生加成反应，故c错误；
故答案为：ab；
（6）①F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂，
故答案为：F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂；
②通过以上分析知，L为，M为，
故答案为：；。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。
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北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 北京期末）下列化学用语或图示表达不正确的是（ ）
A．基态磷原子价层电子轨道表示式：
B．反﹣2﹣丁烯的结构简式：
C．的名称：2﹣甲基丁醇
D．乙醛的分子结构模型为：
2．（2024春 东城区校级期末）下列有机物的命名错误的是（ ）
选项 A B C D
物质
名称 2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷 1，3﹣丙二醇 2﹣氯丙烷 3﹣甲基﹣1﹣戊烯
A．A B．B C．C D．D
3．（2024春 鼓楼区校级期末）某烃与H2反应后能生成，则该烃不可能是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2024春 丰台区期末）下列关于烷烃的说法不正确的是（ ）
A．烷烃的分子式可用通式CnH2n+2表示
B．戊烷存在三种同分异构体
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子处于一条直线上
D．CH3CH3与互为同系物
5．（2024春 房山区期末）下列属于天然有机高分子材料的是（ ）
A．羊毛 B．塑料 C．合成纤维 D．合成橡胶
6．（2024春 海淀区校级期末）一次性纸尿片中有一层能吸水保水的物质。下列高分子中有可能被采用的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025 门头沟区一模）下列说法不正确的是（ ）
A．利用盐析的方法可以将蛋白质从溶液中分离出来
B．葡萄糖发生水解反应生成CO2和H2O是放热反应
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应得到核苷和磷酸
D．植物油经催化加氢得到的硬化油不易被空气氧化变质
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（ ）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
9．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
10．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（ ）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
11．（2024春 大兴区期末）下列说法不正确的是（ ）
A．用酸性KMnO4溶液可以鉴别和
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯
C．用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇
D．某有机化合物的相对分子质量为58，其分子式一定为 C4H10
12．（2024春 西城区校级期末）某优质甜樱桃中含有一种羟基酸（用N表示），N的碳链结构无支链，分子式为C4H6O5（M＝134）；1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L。N在一定条件下可发生如下转化：NABC。下列有关说法中不正确的是（ ）
A．N的结构简式为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH
B．B的分子式为C4H4O4Br2
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有2种
D．C物质不溶于水
13．（2025春 东城区校级期末）叶蝉散对水稻叶蝉和飞虱具有较强的触杀作用，防效迅速，但残效不长。工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如图。下列有关说法正确的是（ ）
A．叶蝉散的分子式是C11H16NO2
B．叶蝉散分子中含有羧基
C．邻异丙基苯酚的核磁共振氢谱有7个峰
D．互为同系物
14．（2025春 东城区校级期末）氯吡格雷可用于防治动脉硬化。下列关于该有机物的说法正确的是（ ）
A．属于烃类
B．可发生加成反应
C．分子中含有3个苯环
D．分子式为C16H17ClNO2S
15．（2025 朝阳区期末）CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。
下列说法不正确的是（ ）
A．反应②是缩聚反应
B．Y中存在手性碳原子
C．高分子P中存在“”
D．高分子P完全水解可以得到Y
二．解答题（共2小题）
16．（2024秋 房山区期末）马西替坦是一种治疗肺动脉高血压的新型内皮素受体拮抗剂药物，其合成路线如图：
（1）A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，A中的含氧官能团是 。
（2）A→B的反应方程式是 。
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因 。
（4）合成马西替坦的关键中间体是E，D→E的合成路线如图：
L和M的结构简式分别是 、
（5）已知：，H的结构简式 。
（6）下列说法正确的是 。
a.F中有手性碳原子
b.利用核磁共振氢谱可区分I和J
c.该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH
17．（2025 江岸区校级模拟）开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体K的合成路线如图：
已知：ⅰ．R—Br+CHR1（COOR2）2R—CR1（COOR2）2
ⅱ．R—NH2+→
（1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是 。
（2）B中含有—OH，试剂a是 。
（3）D的结构简式是 。
（4）E→F中，反应i的化学方程式为 。
（5）下列关于有机物F和G的说法正确的是 （填字母）。
a．F和G均没有手性碳原子
b．F和G均能与NaHCO3反应
c．F和G均能与银氨溶液反应
（6）H与NH2OH反应得到I经历了如图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含N—O键。
中间产物1、中间产物3的结构简式是 、 。
（7）I→J的过程中，SeO2转化为含+2价Se的化合物，反应中SeO2和I的物质的量之比为 。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 朝阳区期末）药物Q用于白血病的治疗研究，合成路线如图所示。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）B中所含官能团的名称是碳碳三键、 。
（2）E的结构简式是 。
（3）F→G的化学方程式是 。
（4）下列说法正确的是 。
a.D能发生取代反应、消去反应
b.有机物J的名称为乙二酸二乙酯
c.F是的同系物
（5）L的结构简式是 。
（6）Z的分子式为C13H11NO4，Z的结构简式是 。
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是 。
19．（2025 丰台区期末）有机化合物K作为高活性农用杀菌剂，其合成路线如下。
已知：
ⅰ.R—COOHR—COCl
ⅱ.
（1）A分子含有的官能团名称是 。
（2）D→E的化学方程式是 。
（3）F的结构简式是 。
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为 。
（5）下列说法正确的是 （填序号）。
a.I能与NaHCO3溶液反应
b.J的分子式为C4H11N，核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6
c.1mol K最多能与7mol H2发生加成反应
（6）B与F合成G过程如下。
①判断并解释F中基团对α—H活泼性的影响 。
②已知：，L和M的结构简式分别为 、 。
北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 北京期末）下列化学用语或图示表达不正确的是（ ）
A．基态磷原子价层电子轨道表示式：
B．反﹣2﹣丁烯的结构简式：
C．的名称：2﹣甲基丁醇
D．乙醛的分子结构模型为：
【答案】C
【分析】A．基态磷原子价层电子排布式为3s23p3；
B．反﹣2﹣丁烯的两个甲基在双键异侧；
C．根据醇的命名规则进行解答；
D．乙醛的结构简式为CH3CHO。
【解答】解：A．基态磷原子价层电子排布式为3s23p3，则价层电子轨道表示式：，故A正确；
B．反﹣2﹣丁烯的两个甲基在双键异侧，故反﹣2﹣丁烯的结构简式为，故B正确；
C．根据醇的命名规则可知为2﹣甲基﹣丙醇，故C错误；
D．乙醛的结构简式为CH3CHO，则乙醛的分子结构模型为：，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查化学用语的书写判断，侧重辨析能力和规范答题能力考查，明确价层电子排布式的书写、价电子及其排布图、分子结构模型是解题关键，题目难度中等。
2．（2024春 东城区校级期末）下列有机物的命名错误的是（ ）
选项 A B C D
物质
名称 2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷 1，3﹣丙二醇 2﹣氯丙烷 3﹣甲基﹣1﹣戊烯
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【分析】根据有机物的命名规则进行分析解答。
【解答】解：A．根据烷烃的系统命名可知，该烷烃的名称为2，3，4，4﹣四甲基己烷，故A错误；
B．根据醇的系统命名可知，该醇的名称为1，3﹣丙二醇，故B正确；
C．根据卤代烃的命名，该氯代烃的命名为2﹣氯丙烷，故C正确；
D．根据烯烃的系统命名可知，该烯烃的名称为：3﹣甲基﹣1﹣戊烯，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的命名，关键是理解掌握系统命名法的原则，有机物命名是常考考点，适当拓展多官能团等较复杂有机物的命名。
3．（2024春 鼓楼区校级期末）某烃与H2反应后能生成，则该烃不可能是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【分析】，5号碳原子与1号碳原子化学环境相同，据此分析解题。
【解答】解：某烃与H2反应后能生成，如图所示，5号碳原子与1号碳原子化学环境相同，则该烃可能是CH2＝C（CH3）CH2CH3、（CH3）2C＝CHCH3、CH2＝C（CH3）CH＝CH2、CH≡CCH（CH3）2，
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题比较简单。
4．（2024春 丰台区期末）下列关于烷烃的说法不正确的是（ ）
A．烷烃的分子式可用通式CnH2n+2表示
B．戊烷存在三种同分异构体
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子处于一条直线上
D．CH3CH3与互为同系物
【答案】C
【分析】A．依据烷烃的结构特征分析通式；
B．分子式相同，结构不同的有机物互为同分异构体；
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子均为sp3杂化；
D．结构相似，在分子组成上相差一个或n个CH2原子团的有机物互称同系物。
【解答】解：A．分子通式为CnH2n+2的烃，满足碳原子的价键是分子中形成的全是单键，是饱和烃，所以一定是烷烃，故A正确；
B．戊烷存在三种同分异构体，分别是正戊烷、异戊烷和新戊烷，故B正确；
C．CH3—CH2—CH3中三个碳原子均为sp3杂化，三个碳原子不可能处于一条直线上，故C错误；
D．二者结构相似，在分子组成上相差3个CH2原子团，互称同系物，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查了烷烃的结构特征，化学性质的应用，通式判断等，较简单，掌握基础便可解决。
5．（2024春 房山区期末）下列属于天然有机高分子材料的是（ ）
A．羊毛 B．塑料 C．合成纤维 D．合成橡胶
【答案】A
【分析】合成有机高分子材料，由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶，天然材料，是指自然界原来就有未经加工或基本不加工就可直接使用的材料。
【解答】解：塑料、合成纤维、合成橡胶都是通过有机小分子聚合生成，主要成分为合成高分子化合物；羊毛的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物，
故选：A。
【点评】本题主要考查有机高分子化合物的结构等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
6．（2024春 海淀区校级期末）一次性纸尿片中有一层能吸水保水的物质。下列高分子中有可能被采用的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【分析】高分子能吸水，说明结构中必须含有亲水性基团，一般含有—OH，以此解答该题。
【解答】解：一次性纸尿片能吸水说明分子中含亲水基，常见亲水基有—COOH、—OH等，A、C、D均不易溶于水，三者都不溶于水，也不吸水。B为聚羧酸钠，具有良好的保水性，故B正确，
故选：B。
【点评】本题考查常见高分子材料，为高频考点，侧重于化学与生活、生产的考查，有利于培养学生良好的科学素养，注意把握有机物官能团的性质，难度不大。
7．（2025 门头沟区一模）下列说法不正确的是（ ）
A．利用盐析的方法可以将蛋白质从溶液中分离出来
B．葡萄糖发生水解反应生成CO2和H2O是放热反应
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应得到核苷和磷酸
D．植物油经催化加氢得到的硬化油不易被空气氧化变质
【答案】B
【分析】A．根据蛋白质的性质，进行分析；
B．根据葡萄糖的化学反应类型，进行分析；
C．根据核苷酸的水解产物，进行分析；
D．根据植物油硬化后的性质，进行分析。
【解答】解：A．蛋白质可以通过盐析的方法从溶液中分离出来，盐析是一种可逆的物理过程，不会破坏蛋白质的结构，故A正确；
B．实际上葡萄糖本身不会直接水解生成CO2和H2O，葡萄糖的氧化反应（如燃烧）才会生成CO2和H2O，且该反应是放热反应，但题目中提到的“水解反应”描述错误，故B错误；
C．核苷酸在酶的作用下发生水解反应，得到的是核苷和磷酸，故C正确；
D．植物油经催化加氢后得到的硬化油，不饱和键减少，化学性质更稳定，不易被空气氧化变质，故D正确；
故选：B。
【点评】本题主要考查蛋白质、葡萄糖、核苷酸和植物油的性质及反应类型，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（ ）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
【答案】A
【分析】A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物；
C.葡萄糖和果糖的分子式相同，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位。
【解答】解：A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动，所以是放热反应，而不是吸热反应，故A错误；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用，故B正确；
C.葡萄糖和果糖的分子式均为C6H12O6，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体，故C正确；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位，故D正确；
故选：A。
【点评】本题可根据常见有机物的性质、同分异构体的概念以及生物大分子的相关知识来逐一分析选项。
9．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
【答案】D
【分析】A．该分子中含羟基和羧基；
B．该物质含羧基；
C．该物质含羧基；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应。
【解答】解：A．该分子中含羟基和羧基，共2种官能团，故A正确；
B．该物质含羧基，能使紫色石蕊溶液变红，故B正确；
C．该物质含羧基，能与NaHCO3溶液反应，故C正确；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应，故1mol该物质最多可与4mol Na反应，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
10．（2025春 东城区校级期末）有机化合物分子中的邻近基团往往存在相互影响，这种影响会使有机化合物性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（ ）
A．甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，而甲烷不能
B．乙酸能与碳酸钠发生反应，而乙醇不能
C．与苯相比，甲苯更易与浓HNO3发生取代反应
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应
【答案】D
【分析】A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H。
【解答】解：A．甲苯受苯环影响导致甲基的活泼性增强，所以甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能，能说明上述观点，故A错误；
B．乙酸能与碳酸钠反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响—COOH易电离显酸性，可说明原子团之间相互影响导致化学性质不同，故B错误；
C．羟基影响苯环，苯环上H变活泼，则与苯相比，苯酚更易与HNO3发生取代反应，说明羟基活化了苯环，故C错误；
D．2﹣甲基﹣1﹣丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H，与基团之间的相互影响无关，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。
11．（2024春 大兴区期末）下列说法不正确的是（ ）
A．用酸性KMnO4溶液可以鉴别和
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯
C．用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇
D．某有机化合物的相对分子质量为58，其分子式一定为 C4H10
【答案】D
【分析】A．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能使酸性高锰酸钾溶液褪色；
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯；
C．苯酚遇氯化铁溶液变为紫色；
D．有机化合物一定含有C元素，还可能含有H、O等元素。
【解答】解：A．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，用酸性KMnO4溶液可以鉴别和，故用酸性KMnO4溶液可以鉴别和，故A正确；
B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，故B正确；
C．苯酚遇氯化铁溶液变为紫色，乙醇与氯化铁溶液互溶，故用FeCl3溶液可以鉴别苯酚溶液与乙醇，故C正确；
D．有机化合物一定含有C元素，还可能含有H、O等元素，若有机物的相对分子质量为58，其分子式可为C4H10，也可为C3H6O，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的性质的相关知识，掌握有机物的物理、化学性质为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大。
12．（2024春 西城区校级期末）某优质甜樱桃中含有一种羟基酸（用N表示），N的碳链结构无支链，分子式为C4H6O5（M＝134）；1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L。N在一定条件下可发生如下转化：NABC。下列有关说法中不正确的是（ ）
A．N的结构简式为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH
B．B的分子式为C4H4O4Br2
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有2种
D．C物质不溶于水
【答案】D
【分析】n（N）0.01mol，1.34gN与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448L，生成的气体为CO2，n（CO2）0.02mol，说明N中含有2个—COOH，N的碳链结构无支链，则N为HOOCCH（OH）CH2COOH，N发生消去反应生成A为HOOCCH＝CHCOOH，A和溴发生加成反应生成B为HOOCCHBrCHBrCOOH，B发生水解反应生成C为HOOCCH（OH）CH（OH）COOH。
【解答】解：A．通过以上分析知，N为HOOC—CH（OH）—CH2—COOH，故A正确；
B．B为HOOCCHBrCHBrCOOH，分子式为C4H4O4Br2，故B正确；
C．与N的官能团种类、数量完全相同的同分异构体中，两个羧基可以位于同一个碳原子上，有2种位置异构，故C正确；
D．C为HOOCCH（OH）CH（OH）COOH，含有亲水基羧基和醇羟基，则C易溶于水，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意题干信息的获取和灵活运用。
13．（2025春 东城区校级期末）叶蝉散对水稻叶蝉和飞虱具有较强的触杀作用，防效迅速，但残效不长。工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如图。下列有关说法正确的是（ ）
A．叶蝉散的分子式是C11H16NO2
B．叶蝉散分子中含有羧基
C．邻异丙基苯酚的核磁共振氢谱有7个峰
D．互为同系物
【答案】C
【分析】A．叶蝉散的分子中C、H、N、O原子个数依次是11、15、1、2；
B．叶蝉散分子中含有酯基和酰胺基；
C．邻异丙基苯酚中含有几种氢原子，其核磁共振氢谱就有几组峰；
D．二者结构不相似，前者属于酚、后者属于醇。
【解答】解：A．叶蝉散的分子中C、H、N、O原子个数依次是11、15、1、2，分子式为C11H15NO2，故A错误；
B．叶蝉散分子中含有酯基和酰胺基，不含羧基，故B错误；
C．邻异丙基苯酚中含有7种氢原子，其核磁共振氢谱有7组峰，故C正确；
D．二者结构不相似，前者属于酚、后者属于醇，二者不互为同系物，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，明确官能团及其性质的关系、同系物概念的内涵是解本题关键，题目难度不大。
14．（2025春 东城区校级期末）氯吡格雷可用于防治动脉硬化。下列关于该有机物的说法正确的是（ ）
A．属于烃类
B．可发生加成反应
C．分子中含有3个苯环
D．分子式为C16H17ClNO2S
【答案】B
【分析】A．该物质中除了C、H元素外还含有O、N、S元素；
B．碳碳双键和苯环能发生加成反应；
C．分子中含有1个苯环；
D．由结构简式可知氯吡格雷的分子中C、H、Cl、N、O、S原子个数依次是16、16、1、1、2、1。
【解答】解：A．该物质中除了C、H元素外还含有O、N、S元素，所以不属于烃类物质，故A错误；
B．分子中碳碳双键和苯环能发生加成反应，故B正确；
C．根据图知，分子中含有1个苯环，故C错误；
D．由结构简式可知氯吡格雷的分子中C、H、Cl、N、O、S原子个数依次是16、16、1、1、2、1，分子式为C16H16ClNO2S，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
15．（2025 朝阳区期末）CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。
下列说法不正确的是（ ）
A．反应②是缩聚反应
B．Y中存在手性碳原子
C．高分子P中存在“”
D．高分子P完全水解可以得到Y
【答案】D
【分析】A．Y发生缩聚反应生成P，同时还生成H2O；
B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；
C．根据图知，高分子P中含有；
D．P完全水解生成H2NCH2CH2CH2CH2C（COOH）NH2和CO2、H2O。
【解答】解：A．Y发生缩聚反应生成P，同时还生成H2O，所以反应②为缩聚反应，故A正确；
B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，Y中连接羧基的碳原子为手性碳原子，故B正确；
C．根据图知，高分子P中含有，故C正确；
D．P完全水解生成H2NCH2CH2CH2CH2C（COOH）NH2和CO2、H2O，所以不能得到Y，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
二．解答题（共2小题）
16．（2024秋 房山区期末）马西替坦是一种治疗肺动脉高血压的新型内皮素受体拮抗剂药物，其合成路线如图：
（1）A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，A中的含氧官能团是 羧基或—COOH 。
（2）A→B的反应方程式是 +CH3OH+H2O 。
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因 羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂 。
（4）合成马西替坦的关键中间体是E，D→E的合成路线如图：
L和M的结构简式分别是 、
（5）已知：，H的结构简式 （CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2 。
（6）下列说法正确的是 bc 。
a.F中有手性碳原子
b.利用核磁共振氢谱可区分I和J
c.该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH
【答案】（1）羧基或—COOH；
（2）+CH3OH+H2O；
（3）羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂；
（4）；；
（5）（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2；
（6）bc。
【分析】A能与NaHCO3溶液发生反应产生CO2，说明A中含有—COOH，根据D的结构简式及A、B的分子式和反应条件知，A为，A和甲醇发生酯化反应生成B为，B发生取代反应生成D，根据（5）及H的分子式知，H为（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2，H发生反应生成I，I发生取代反应生成J，F和J发生取代反应生成马西替坦；
（4）根据M的分子式及E的结构简式知，M中酚羟基发生取代反应生成E，M为，生成L的反应为加成反应，结合E的结构简式知，L为。
【解答】解：（1）根据以上分析知，A中的含氧官能团是羧基或—COOH，
故答案为：羧基或—COOH；
（2）A→B的反应方程式为+CH3OH+H2O，
故答案为：+CH3OH+H2O；
（3）B中羰基相邻碳原子上的C—H键易断裂的原因为羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂，
故答案为：羰基的吸电子作用使得羰基相连的C—H 键极性增强，易断裂；
（4）通过以上分析知，L和M的结构简式分别是、，
故答案为：；；
（5）通过以上分析知，H的结构简式为（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2，
故答案为：（CH3O）2CHCH2CH（OCH3）2；
（6）a.根据图知，F中没有手性碳原子，故a错误；
b.I、J的氢原子种类不同，则利用核磁共振氢谱可区分I和J，故b正确；
c.A生成B消耗CH3OH、B生成D生成CH3OH，则该合成路线中可循环利用的物质是CH3OH，故c正确；
故答案为：bc。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。
17．（2025 江岸区校级模拟）开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体K的合成路线如图：
已知：ⅰ．R—Br+CHR1（COOR2）2R—CR1（COOR2）2
ⅱ．R—NH2+→
（1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是 。
（2）B中含有—OH，试剂a是 HBr 。
（3）D的结构简式是 。
（4）E→F中，反应i的化学方程式为 +2NaOH→+2CH3OH 。
（5）下列关于有机物F和G的说法正确的是 bc （填字母）。
a．F和G均没有手性碳原子
b．F和G均能与NaHCO3反应
c．F和G均能与银氨溶液反应
（6）H与NH2OH反应得到I经历了如图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含N—O键。
中间产物1、中间产物3的结构简式是 、 或 。
（7）I→J的过程中，SeO2转化为含+2价Se的化合物，反应中SeO2和I的物质的量之比为 3：1 。
【答案】（1）；
（2）HBr；
（3）；
（4）+2NaOH→+2CH3OH；
（5）bc；
（6）；；；
（7）3：1。
【分析】由有机物的转化关系可知，核磁共振氢谱有3组峰的一定条件下与环氧乙烷反应生成，则A为、B为；与溴化氢发生取代反应生成，则C为；催化剂作用下与CH2（COOCH3）2发生取代反应生成，则D为；催化剂作用下与Br（CH2）2CHO发生取代反应生成，在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成，酸化生成，则F为；共热发生脱羧反应生成，则G为；一定条件下转化为，与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，与二氧化硒发生氧化反应生成，则J为；催化剂作用下发生取代反应生成。
【解答】解：（1）由分析可知，A的结构简式为，
故答案为：；
（2）由分析可知，与溴化氢发生取代反应生成和水，则试剂a为溴化氢，
故答案为：HBr；
（3）由分析可知，D的结构简式为，
故答案为：；
（4）由分析可知，E→F中，反应i的反应为在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成和甲醇，反应的化学方程式为+2NaOH→+2CH3OH，
故答案为：+2NaOH→+2CH3OH；
（5）由分析可知，F和G的结构简式为和；
a．由结构简式可知，G分子中含有1个如图*所示的1个手性碳原子：，故a错误；
b．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与碳酸氢钠反应的羧基，故b正确；
c．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与银氨溶液反应的醛基，故c正确；
故答案为：bc；
（6）由分析可知，H→I的反应为与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，则中间产物1的结构简式为，中间产物3的结构简式为或，
故答案为：；或；
（7）由分析可知，I→J的反应为与二氧化硒发生氧化反应生成，由得失电子数目守恒可知，反应中氧化剂二氧化硒和还原剂的物质的量之比为3：1，
故答案为：3：1。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析判断和综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 朝阳区期末）药物Q用于白血病的治疗研究，合成路线如图所示。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）B中所含官能团的名称是碳碳三键、 羟基 。
（2）E的结构简式是 。
（3）F→G的化学方程式是 。
（4）下列说法正确的是 ab 。
a.D能发生取代反应、消去反应
b.有机物J的名称为乙二酸二乙酯
c.F是的同系物
（5）L的结构简式是 OHCCH2COCOOCH2CH3 。
（6）Z的分子式为C13H11NO4，Z的结构简式是 。
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是 醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂 。
【答案】（1）羟基
（2）；
（3）；
（4）a、b；
（5）OHCCH2COCOOCH2CH3；
（6）；
（7）醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂。
【分析】A为HC≡CH，根据B的分子式知，A和丙酮以1：2发生加成反应生成B为，B和氢气发生加成反应生成D，D和HCl发生取代反应生成E，根据E的分子式知，D为、E为，根据F的分子式知，E和苯发生取代反应生成F为；根据Q的结构简式及反应条件知，F和浓硝酸发生取代反应生成G为，G中硝基发生还原反应生成X为；Y和乙醇发生酯化反应生成J，Y为HOOCCOOH，J为CH3CH2OOCCOOCH2CH3，J和乙醛发生信息ii的反应生成L为OHCCH2COCOOCH2CH3，L和对氨基苯甲酸发生取代反应生成Z为，
X、Z反应生成M为。
【解答】解：（1）B为，B中所含官能团的名称是碳碳三键、羟基，
故答案为：羟基；
（2）E的结构简式是，
故答案为：；
（3）F和浓硝酸发生取代反应生成G，F→G的化学方程式是，
故答案为：；
（4）a.D为、D中醇羟基能发生取代反应、消去反应，故a正确；
b.J为CH3CH2OOCCOOCH2CH3，有机物J的名称为乙二酸二乙酯，故b正确；
c.F为，F、的结构不相似，所以二者不互为同系物，故c错误；
故答案为：ab；
（5）L的结构简式是OHCCH2COCOOCH2CH3，
故答案为：OHCCH2COCOOCH2CH3；
（6）Z的结构简式是，
故答案为：；
（7）J→L中CH3CHO的C→H键易发生断裂、L→Z中的N→H键易发生断裂，原因是醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂，
故答案为：醛基的吸电子作用使得醛基相连的 C—H 键极性增强，易断裂；氮的电负性较大，N—H 极性较强，易断裂。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、推断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合题给信息、某些结构简式和分子式及反应条件进行推断，题目难度中等。
19．（2025 丰台区期末）有机化合物K作为高活性农用杀菌剂，其合成路线如下。
已知：
ⅰ.R—COOHR—COCl
ⅱ.
（1）A分子含有的官能团名称是 羧基、氯原子（碳氯键） 。
（2）D→E的化学方程式是 。
（3）F的结构简式是 。
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为 。
（5）下列说法正确的是 ab （填序号）。
a.I能与NaHCO3溶液反应
b.J的分子式为C4H11N，核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6
c.1mol K最多能与7mol H2发生加成反应
（6）B与F合成G过程如下。
①判断并解释F中基团对α—H活泼性的影响 F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂 。
②已知：，L和M的结构简式分别为 、 。
【答案】（1）羧基、碳氯键；
（2）；
（3）；
（4）；
（5）ab；
（6）①F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂；
②；。
【分析】根据A的分子式及B的结构简式知，A中羧基发生取代反应生成B，则A为；D能和乙醇发生酯化反应，则D中含有羧基，D为，E为，E和乙酸乙酯发生信息ii的反应生成F，根据F的分子式知，F为；G发生水解反应、酸化得到I，根据I的分子式知，I为，I和J发生取代反应生成K，根据K的结构简式知，J为CH3CH2NHCH2CH3；
（6）B与F发生取代反应生成L为，L异构化得到M，M发生取代反应生成G，根据信息知，M为。
【解答】解：（1）A为，A分子含有的官能团名称是羧基、碳氯键，
故答案为：羧基、碳氯键；
（2）D→E的化学方程式是，
故答案为：；
（3）F的结构简式是，
故答案为：；
（4）依据E→F的反应原理，F在一定条件下缩聚成高分子的化学方程式为，
故答案为：；
（5）a.I为，I中含有羧基，所以I能与NaHCO3溶液反应，故a正确；
b.J的分子式为C4H11N，J为CH3CH2NHCH2CH3，含有三种氢原子，氢原子个数之比为1：4：6，所以核磁共振氢谱显示峰面积比为1：4：6，故b正确；
c.K中苯环和氢气以1：3发生加成反应，碳碳双键、羰基能和氢气以1：1发生加成反应，酰胺基中碳氧双键和氢气不反应，则1mol K最多能与8mol H2发生加成反应，故c错误；
故答案为：ab；
（6）①F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂，
故答案为：F中羰基、酯基都是吸电子基团，可以使α—H极性增强，易断裂；
②通过以上分析知，L为，M为，
故答案为：；。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。
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