广东省广州市第二中学2025年九年级中考二模考试物理科目试卷
一、选择题(共30分)
1．（2025·广州二模） 下列估测中，最接近实际的是（ ）
A．冰箱保鲜室中矿泉水的温度约为-5℃
B．中学生百米赛跑的速度约为7m/s
C．初中物理课本的质量约为20g
D．正常成年人脉搏1min 跳动10次
【答案】B
【知识点】摄氏温度及其计算；质量及其特性；速度与物体运动
【解析】【解答】A. 冰箱保鲜室中矿泉水的温度为5℃左右，故A错误；
B. 中学生百米赛跑的速度约为7m/s，故B正确；
C. 初中物理课本的质量为200g左右，故C错误；
D. 正常成年人脉搏1min 跳动70次，故D错误。
故选B。
【分析】对常见的物理量要有初步的了解，并根据需要进行单位换算或简单计算，排除与生活实际相差较远的选项。
2．（2025·广州二模） 分别拨动古筝的八、十三号弦，如图所示用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b 和 b 处， 最右摆到c 和 c'处，静止时在a 处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s， 则八 号 弦 振 动 时 ( )
A．响度比十三号弦大
B．声音在空气中的传播速度比十三号弦小
C．音调比十三号弦高
D．频率为220Hz
【答案】C
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A.由图可知，八号弦的振幅比十三号弦的振幅小，发出的声音的响度比十三号弦小，故A错误；
B.声音的传播速度与介质的种类和温度有关，所以八号弦产生的声音在空气中的传播速度和十三号弦产生的声音在空气中的传播速度相同，故B错误；
CD. 每振动880次，八号弦用时2s，频率为440Hz，十三号弦用时4s，频率为220Hz，八号弦的振动频率比十三号弦的振动频率高，所以八号弦产生的声音音调比十三号弦产生的声音的音调高，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1.振幅：振动物体离开平衡位置的最大距离，响度由振幅决定，振幅越大，响度越大；
2.频率：物体1s内振动的次数，音调由振动的频率决定，频率越高，音调越高；
3.声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
3．（2025·广州二模） 安装了太阳能板的无人机可以大大提高续航能力。以下说法正确的是（ ）
A．太阳能是通过内部核聚变释放出的能量，属于可再生资源
B．遥控无人机精准飞行作业，是利用超声波来传递信息的
C．太阳能电池板工作过程是将电能转化为太阳能
D．无人机上的信号LED 灯核心元件主要是由超导材料制成的
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A. 太阳能是通过内部核聚变释放出的能量，属于可再生资源，故A正确；
B. 遥控无人机精准飞行作业，是利用电磁波来传递信息的，故B错误；
C. 太阳能电池板工作过程是将太阳能转化为电能，故C错误；
D. 无人机上的信号LED 灯核心元件主要是由半导材料制成的，故D错误。
故选A。
【分析】1.太阳能内部时刻都在发生核聚变放出能量；
可再生能源：像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到能源；
2.电磁波可以传递信息；
3.太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
4.LED 灯核心元件主要是由半导材料制成的。
4．（2025·广州二模） 将均匀实心正方体甲、乙分别置于相同的海绵上，观察到如图所示的现象。甲、乙对海绵 的压力F甲、F乙及对海绵的压强p 甲、p乙的大小关系为( )
A．F 甲
P乙
C．F甲>F乙，p甲F 乙，p 甲>p乙
【答案】A
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较
【解析】【解答】由图可知，乙海绵的凹陷程度较大，所以乙对海绵的压强较大，即P甲由图可知，乙与海绵的接触面积较大，即S甲故选A。
【分析】1.转换法：通过比较海绵的凹陷程度来比较压强的大小；
2.根据F=PS分析比较压力的大小。
5．（2025·广州二模） 如图所示，小光同学把带绝缘层的导线绕在塑料管外，导线两端连接着小灯泡，形成闭合 电路，管内封闭一个强磁体。沿图中所示方向来回快速摇动装置，小灯泡发光。以下说法正确 的 是 ( )
A．灯丝中电流方向保持不变 B．实验现象表明电能够生磁
C．该现象属于电磁感应现象 D．此装置与电动机原理相同
【答案】C
【知识点】电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】BCD.沿图中所示方向来回快速摇动装置，相当于闭合电路的部分导体在做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，所以小灯泡会发光，该现象属于电磁感应现象，表明磁能生电，与发电机的原理相同，故BD错误，C正确；
A.由于导体切割磁感线的方向不断发生变化，产生的感应电流不断发生变化，所以灯丝中的电流方向不断发生变化，故A错误。
故选C。
【分析】1.发电机的原理：电磁感应；
2.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流；
3.感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
6．（2025·广州二模） 跳远是广州市的中考体育项目之一。如下图为跳远运动的几个阶段，整个过程不考虑空气阻力。起跳后，运动员( )
A．能继续往前是由于受到地面弹力的作用
B．在空中运动时，运动员受力不平衡
C．运动员机械能先减小后增大
D．若在最高点时运动员受的一切力都消失，则运动员静止在最高点
【答案】B
【知识点】机械能守恒条件；力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】A. 运动员能继续往前是由于运动员具有惯性，故A错误；
B. 运动员在空中运动时，运动的方向和速度都发生变化，运动状态发生改变，运动员受力不平衡，故B正确；
C. 整个过程不考虑空气阻力，只有动能和势能之间相互转化，机械能守恒，保持不变，故C错误；
D. 运动员在最高点时有水平方向的速度，若此时运动员所受的一切力都消失，则运动员会做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
【分析】1.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体的固有属性；
2.力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
3.机械能守恒：在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能与势能可以互相转化，而总的机械能保持不变；
4.牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
7．（2025·广州二模） 将带正电的验电器上的金属球接地后，金属箔立即闭合，则( )
A．正电荷由验电器转移到了地面
B．正电荷由地面转移到了验电器
C．瞬间电流方向由验电器流向地面
D．瞬间电流方向由地面流向验电器
【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用；电流的形成；电流的方向
【解析】【解答】将带正电的验电器上的金属球接地后，金属箔立即闭合，说明电子有地面转移到了验电器上，瞬时电流方向由验电器流向地面，故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】1.验电器的原理：同种电荷相互排斥，由验电器的金属箔立即闭合，分析电荷的移动方向；
2.把正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。
8．（2025·广州二模） 某小组自制肺活量比较装置，电源电压恒定不变，吹气时，气球胀大，隔板向上运动，下列说法正确的是( )
A．电路总电阻变大 B．电压表示数变大
C．电压表与电流表示数比值变大 D．电流表示数变大
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，电阻R0与R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，吹气时，气球胀大，隔板向上运动，R0的阻值变小，根据串联的电阻关系可知，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；R0的阻值变小，根据串联分压的关系可知，R0两端的电压变小，即电压表的示数变小，所以电压表与电流表示数比值变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】分析电路可知，电阻R0与R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，吹气时，R0的阻值变小，根据串联的电阻关系分析电路中总电阻大小变化，根据欧姆定律分析电路中的电流大小变化，根据串联分压的关系分析R0两端的电压大小变化。
9．（2025·广州二模） 如图为某汽油机工作时的能量流向图，汽油的热值q取4.5×107J/kg 。 以下说法正确的是
A．汽油未完全燃烧时的热值比完全燃烧时的小
B．完全燃烧10kg 汽油可放出4.5×108J 的热量
C．在做功冲程，该汽油机气缸中的气体内能增大
D．该汽油机工作效率可达65%
【答案】B
【知识点】热量的计算；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A.燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；
B. 完全燃烧10kg汽油放出的热量为：
Q放=mq= 10kg x 4.5×107J/kg = 4.5×108J
故B正确；
C. 在做功冲程，将内能转化为机械能，该汽油机气缸中的气体内能减小，故C错误；
D.由汽油机工作时的能量流向图可知，该汽油机工作效率为100%-33%-25%-7%=35%，故D错误。
故选B。
【分析】1.热值是燃料的异种特性，只与燃料的种类有关；
2.根据Q放=mq求出燃料完全燃烧放出的热量；
3.汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能；
4.机械效率：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比。
10．（2025·广州二模）如图甲家庭电路连接正确，电源电压恒为220V，各元件均正常，开关闭合时灯泡正常发光。不考虑电阻随温度的影响，现将图乙中电烤箱接入三孔插座，电烤箱高低温档位的功率分别是1210w 和440w。图丙是电烤箱内部简化电路，下列有关说法正确的是( )
A．电烤箱的金属外壳不需要接地线
B．图甲闭合开关时可以使试电笔氖管发光的有A、B、C三 点
C．图丙中闭合开关S1 、S2 电烤箱处于高温档
D．电烤箱高温挡正常工作10s 产生的热量为4400J
【答案】C
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接；测电笔的使用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A.为防止因漏电导致触电事故，保障使用者安全 ，电烤箱的金属外壳必须接地线，故A错误；
B.图甲闭合开关时，A、B两点与火线相连，可以使试电笔氖管发光，C、D两点与零线相连，不能使试电笔氖管发光，故B错误；
C. 图丙中闭合开关S1 、S2 时，只有R1接入电路，电路中的总电阻最小，根据可知，电源电压不变时，总电阻越小，电功率越大，所以此时电烤箱处于高温档，故C正确；
D. 电烤箱高温挡功率为1210W，正常工作10s 产生的热量为：
Q=W=P高温t=1210W x 10s=12100J
故D错误。
故选C。
【分析】1.为防止因漏电导致触电事故，保障使用者安全 ，用电器的金属外壳必须接地；
2.使用电笔区分零线和火线的核心方法是：接触电线时，氖泡发光则为火线，不亮则为零线 ；
3.根据分析用电器的挡位；
4.已知用电器的电功率和工作时间，根据W=Pt求用电器工作时产生的热量。
二、非选择题(共60分)
11．（2025·广州二模）图甲戥 (děng) 子是凝聚我国古代劳动人民智慧的一种小型杆秤。
（1）如图乙用戥子称量某包药物G1 时，秤砣挪至A 点时杆秤平衡，0点为杠杆支点，请在 图乙的简图中画出戥子在A 点受到力F1 及其力臂 L1；
（2）用同一戥子称量另一包药物G2 时，将秤砣右移至B 点时杆秤平衡，则Gr Gz( 选 填 “”“<”“=”)依据是： .
（3）忽略杆重和绳重，已知秤砣重25g， 空盘重20g， 支点0距悬挂点C 点 1 0cm， 最大刻度 线处距0点40cm， 则该戥子可称量中药的最大质量为 .
【答案】（1）
（2）<；称量另一包药物后，秤砣质量不变且右移，C 点悬挂点不变， 则FA=G不变，力臂Lo 不变，力臂LA 变大；根据杠杆平衡 原理FALoA=FcLoc，所以Fc变大，Fc-G药+m 即G1（3）80g
【知识点】力臂的画法；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）戥子在A 点受到秤砣的拉力，方向竖直向下，符号为F1；
过支点O，向力F1的作用线作垂线，垂线段即为力臂L1，如图所示：
（2）根据杠杆平衡条件可知，药包的力臂和秤砣的重力不变，秤砣的力臂变大，则药包的重力变大，所以G1（3）根据杠杆平衡条件可知：（G物+G盘）.LOC=G秤砣.L秤砣
即（G物+0.02kg）.0.1m=0.025kg.0.4m
解得则该戥子可称量中药的最大质量为：m物=0.08kg=80g
【分析】（1）秤砣的拉力作用在杠杆上，方向竖直向下；
力臂：从支点到力的作用线的垂直距离；
（2）根据杠杆平衡条件进行分析；
（3）根据杠杆平衡条件进行计算。
12．（2025·广州二模）
（1）日晕是太阳光透过冰晶时发生 (选填“反射”“折射”)，在太阳周围形成内红外紫的彩色光环而形成。小冰晶是由地面上常温下的液态水 (选填“汽化” “液化”)形成水蒸气升入高空的云层中，在海拔高、温度低等原因的作用下 ( 选填“凝固”“凝华”)形成冰晶。
（2）如图乙所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水下有 一 块平面镜M， 一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经水中的平面镜反射后恰过P点，请将光路图补充完整
【答案】（1）折射；汽化；凝华
（2）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热；作光的反射光路图；光的折射规律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）日晕是太阳光透过冰晶时发生折射，在太阳周围形成内红外紫的彩色光环而形成；
小冰晶是由地面上常温下的液态水汽化形成水蒸气升入高空的云层中，在海拔高、温度低等原因的作用下凝华形成冰晶。
（2） 平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线过焦点F射出；
根据平面镜所成的像关于平面镜对称的关系，作出F点在平面镜中所成的像F'，连接F'P，与平面镜相交于点Q，FQ即为反射光线，连接FQ，即为平面镜的入射光线，也是水中的折射光线，如图所示：
【分析】（1）1.光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
2.汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热；
（2）1.平行于凸透镜主轴的光线，经凸透镜折射后会聚于焦点；
2.平面镜所成的像关于平面镜对称；
3.光的反射：光的反射规律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角。
13．（2025·广州二模）小琳用如图A所示装置测量物块所受到的滑动摩擦力。轻质弹簧一端固定在上方，一端通过定滑轮水平拉着物块。传送带向左匀速运动，速度可调，木块放在传送带上。
（1）当木块相对地面静止时，弹簧测力计的示数如图B所示，忽略空气阻力和滑轮摩擦，在图C方框内画出木块水平方向的受力示意图并标出摩擦力f的大小 (用“●”表示木块)；
（2）增大传送带的速度，此时物体所受到的摩擦力将 (选填“变大““变小”不变”)。
（3）实验完成后，小琳发现木块底部温度升高，这是通过 (选填“做功”“热传递”) 的方式增大木块内能。
【答案】（1）
（2）不变
（3）做功
【知识点】做功改变物体内能；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）由图B可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，示数为4N；木块相对于地面静止时，木块水平方向上所受的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，如图所示：
（2）滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，所以增大传送带的速度，此时物体所受到的摩擦力将不变。
（3）实验时，要克服摩擦力做功，机械能转化为内能，所以实验完成后，小琳发现木块底部温度升高，这是通过做功的方式增大木块内能。
【分析】（1）认清弹簧测力计的分度值，再读数；
木块处于静止状态，所受的拉力和摩擦力是一对平衡力；
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（2）滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与相对运动的速度无关。
（3）改变物体内能的方式：做功和热传递。
14．（2025·广州二模）
（1）小明利用图甲电路图测量电动机的工作电压，请在图乙用笔画线代替导线， 完成电路的连接 。要求：①连接电路时导线不能交叉；②电流要从电动机a接线流入，b 接线流出。
（2）连接好电路后闭合开关，发现电压表示数趋近于电源电压，可能的原因是____。
A．电动机短路 B．电动机断路
C．电动机实际电功率过低 D．滑动变阻器短路
【答案】（1）
（2）B；D
【知识点】实物的电路连接；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）由图甲可知，电流从电源正极流出后，依次经开关、滑动变阻器、电动机后，再回到电源负极，再将电压表并联到电动机两端，据此连接实物图，如图所示：
（2）A.电压表与电动机并联，若电动机短路，则电压表也会短路，电压表示数为零，故A不符合题意；
B.若电动机短路，此时电压表串联到电源两端，可以测电源电压，示数趋近于电源电压，故B符合题意；
C.若电动机实际电功率过低，说明电动机的实际电压过低，则电压表的示数较小，故C不符合题意；
D.电动机与滑动变阻器串联，若滑动变阻器短路，此时只有电动机接入电路，电压表测电源电压，示数趋近于电源电压，故D符合题意。
故选BD。
【分析】（1）分析电路图，根据电流流向连接实物图；
（2）根据选项中的故障进行分析，判断电压表的示数是否会趋近于电源电压。
15．（2025·广州二模）如下图，两支完全相同的密度计漂浮在甲、乙两种液体中，静止时两液面相平。则 密度计排开两种液体的体积 V甲 V乙(选填“” “<” “=”)；液体密度P甲 p乙 (选填“”“<”“=”)；两支密度计所受的浮力F 甲 F乙 (选填“”“<”“=')， 甲、乙两种液体对容器底部的压强p甲 P乙 (选填“”“<”“=”)。
【答案】<；＞；=；＞
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由图可知，密度计排开两种液体的体积V甲两支完全相同的密度计漂浮在甲、乙两种液体中，根据浮沉条件可知，浮力等于重力，所以两支密度计所受的浮力F甲=F乙；
根据F浮=ρ液gV排可知，F甲=F乙，V甲ρ乙；
根据P=ρ液gh可知，ρ甲>ρ乙，h甲=h乙，则 甲、乙两种液体对容器底部的压强p甲>P乙。
【分析】1.由图克比较出密度计排开液体的体积；
2.密度计在两种液体中漂浮，根据浮沉条件分析密度计所受浮力的大小关系；
3.已知密度计所受浮力的大小关系和排开液体的体积大小关系，根据F浮=ρ液gV排分析液体密度大小；
4.已知液体密度大小关系和深度关系，根据P=ρ液gh分析液体对容器底部的压强关系。
16．（2025·广州二模） 《墨经》中记录了一种斜面引重车，如图甲所示，前轮小后轮大，绳子一端紧系 在后轮轮轴，另一端绕过斜面顶端的滑轮与重物相连，重物通过绳子被从斜面的底端匀速拉到 顶端。运动过程忽略空气阻力和滑轮摩擦。
小敏用图乙斜面M来研究引重车。用力F沿斜面匀速拉动同一物体，改变斜面M 的倾斜程度， 多次实验，记录如下数据。根据数据计算以下问题：
实验 次序 倾斜 程度 物重 G/N 斜面高度 h/m 拉力 F/N 斜面长度 Sm 有用功 W/J 总功 WgJJ 机械效率 η
1 较缓 5 0.2 2.4 1.0 1.0 2.4 41.7%
2 较陡 5 0.5 3.2 1.0 2.5 3.2 78.1%
3 最陡 5 0.8 4.3 1.0
（1）第1次实验中的额外功和物体所受的摩擦力 N
（2）倾斜程度“最陡”时，斜面的机械效率 。(保留一位小数)
（3）通过数据分析可推出，其他条件不变时，沿斜面向上匀速拉动相同质量的重物，设计 (选填 “a” 、“b”) 更省力。
【答案】（1）1.4
（2）93%
（3）a
【知识点】斜面机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）由第1次实验可知，额外功为：
W额=W总-W有=2.4J-1.0J=1.4J
实验时克服摩擦力做功为额外功，则物体所受的摩擦力为：
（2）由第3次实验可知，倾斜程度“最陡”时，有用功为：
W有=Gh=5N x 0.8m=4J
总功为：
W总=Fs=4.3N x 1m=4.3J
斜面的机械效率为：
（3）由表格数据可知，物体重力相同时，斜面的倾斜程度越小，越省力，所以其他条件不变时，沿斜面向上匀速拉动相同质量的重物，设计a更省力。
【分析】（1）由第1次实验，已知W有和W总，根据W总=W有+W额求出额外功；
根据W额=fs求出物体所受的摩擦力；
（2）利用第3次实验数据，根据W有=Gh求出有用功，根据W总=Fs求出总功，根据求出机械效率；
（3）由表格数据可知，物体重力相同时，斜面的倾斜程度越小，越省力。
17．（2025·广州二模）3D打印机的原理是把数据指令和原料倒入打印机中，喷头将丝材原料热熔后喷出，丝材遇冷迅速凝固成所构造物体。小勤家的3D打印机规格为“220V，250W”，其正常工作40s能将0.1kg的PLA塑料从30℃加热到80℃，所使用的丝材原料是PLA塑料，其比热容c=1.6×103J/(kg·℃).
（1）打印机正常工作时的电流大小；(保留一位小数)
（2）此过程打印机消耗的电能和PLA塑料吸收的热量。
（3）下图是打印机喷头的温控电路。温度传感器R1 的阻值随温度的变化情况如下表所示。U =9V， 当设置喷头的最高温度是180℃时，线圈的电流达到100mA时，磁铁被吸下来，喷头(选填“停止加热”“开始加热”)。若忽略电磁铁的线圈电阻，求此时滑动变 阻器R2 的阻值。
温度/℃ 30 60 90 120 150 180
电阻/Ω 140 90 58 40 35 30
（4）若要提高喷头最高温度，需要将滑动变阻器 R2阻值调整 (选填“大 “小”)。
【答案】（1）解：打印机正常工作时，P实=P额=250W，U实=U额=220V，则打印机正常工作时的电流为：
答：打印机正常工作时的电流大小约为1.1A 。
（2）解：已知打印机的功率P=250W，则打印机正常工作40s消耗的电能为：
W=Pt=250W×40s=1×104J
PLA塑料从30℃加热到80℃，则PLA塑料的温度变化为：
Δt=80℃-30℃=50℃
PLA塑料吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=1.6×103J/(kg·℃)×0.1kg×50℃=8×103J
答：打印机消耗的电能为1×104J；PLA塑料吸收的热量为8×103J。
（3）解：由图可知，当磁铁被吸下来，喷头停止加热；
由表得最高温度是180℃时，热敏电阻
滑动变阻器阻值：
答：此时滑动变 阻器R2的阻值为60Ω。
（4）大
【知识点】热量的计算；欧姆定律及其应用；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）根据3D打印机规格，利用求出打印机正常工作时的电流大小；
（2）已知打印机的功率和工作的时间，根据W=Pt求出打印机消耗的电能；
已知PLA塑料的比热容和质量，再求出PLA塑料的温度变化，根据Q吸=cmΔt求出PLA塑料吸收的热量；
（3）由图可知，当磁铁被吸下来，喷头停止加热；由表得最高温度是180℃时，热敏电阻，根据欧姆定律可求出电路的总电阻，利用串联电路电阻的特点，可求出滑动变 阻器R2的阻值；
（4）由表格可知，温度传感器R1的阻值随温度升高而减小；要提高喷头最高温度，即当达到更高温度时，R1的阻值更小；因为控制电路电源电压U1不变，要使电路中电流仍为100mA（使磁铁吸下来停止加热的电流），根据，总电阻R总不变，又因为R总=R1+R2，R1变小，所以滑动变阻器R2阻值应该调大。
18．（2025·广州二模）兴趣小组想测量某物块密度，实验步骤如下。 (g=10N/kg)
（1）正确操作天平测量物块质量，砝码和游码的位置如图1-甲所示，则物块质量为 g；
（2）利用图1-乙测量木块体积，弹簧测力计示数为0.1N， 则物块所受浮力为 N， 通过公式计算可得到物块体积，遂求得物块密度。
（3）小思认为弹簧测力计不够精确，改进设计了如下图2所示的实验。
①图2-甲电子秤示数为m0=100g；
②图2-乙所示，将物块放入水中，物块漂浮，电子秤示数为m1=112g；
③图2-丙用细针将物块压入水中，物块未触杯底，静止时电子秤示数为m2=120g，则该实验测得物块密度为 g/cm3；
（4）如图2-丁在烧杯中加入适量盐水，电子秤示数为m3；图戊用细针将物块压入盐水中，物块未触杯底，静止时电子秤示数为m4；则盐水的密度ρ盐水= ( 用字母m0、m1、 m2、m3、m4、ρ水表示)；
【答案】（1）12
（2）0.22
（3）0.6
（4）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，物体的质量为：10g+2g=12g.
（2）物体的重力为：
G=mg=0.012kg x 10N/kg =0.12N
物块浸没在水中，受到竖直向上的浮力、竖直向下的拉力和重力，根据平衡力的关系可知，物块所受的浮力为：
F浮=G+F拉=0.12N+0.1N=0.22N
（3）由甲乙两次实验可知，物块的质量为：
m物=m1-m0=112g-100g=12g
由甲丙两次实验可知，物块排开水的质量为：
m排=m2-m0=120g-100g=20g
物块浸没在水中，排开水的体积等于物块的体积，则物块的体积为：
物块的密度为：
（4）由丁戊两次实验可知，物块排开盐水的质量为：
m排盐水=m4-m3
物块的体积为：
...... ①
由甲丙两次实验可知，物块排开水的质量为：
m排水=m2-m0
物块的体积为：
...... ②
由①②可得，盐水的密度为：
【分析】（1）认清标尺的分度值，读出游码对应的示数，物体质量等于砝码质量加游码示数；
（2）已知物块的质量，根据G=mg求出物块的重力；浸没在水中的物块，受到竖直向上的浮力、竖直向下的拉力和重力，根据平衡力的关系求出物块受到的浮力；
（3）由电子秤的示数分别求出物块的质量和物块排开水的质量，根据物块排开水的质量，利用求出物块的体积，根据求出物块的密度；
（4）根据电子秤的示数分别求出物块排开水的质量和物块排开盐水的质量，根据物块排开水的质量，利用，根据物块排开盐水的质量，利用，建立关系求出盐水的密度。
1 / 1广东省广州市第二中学2025年九年级中考二模考试物理科目试卷
一、选择题(共30分)
1．（2025·广州二模） 下列估测中，最接近实际的是（ ）
A．冰箱保鲜室中矿泉水的温度约为-5℃
B．中学生百米赛跑的速度约为7m/s
C．初中物理课本的质量约为20g
D．正常成年人脉搏1min 跳动10次
2．（2025·广州二模） 分别拨动古筝的八、十三号弦，如图所示用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b 和 b 处， 最右摆到c 和 c'处，静止时在a 处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s， 则八 号 弦 振 动 时 ( )
A．响度比十三号弦大
B．声音在空气中的传播速度比十三号弦小
C．音调比十三号弦高
D．频率为220Hz
3．（2025·广州二模） 安装了太阳能板的无人机可以大大提高续航能力。以下说法正确的是（ ）
A．太阳能是通过内部核聚变释放出的能量，属于可再生资源
B．遥控无人机精准飞行作业，是利用超声波来传递信息的
C．太阳能电池板工作过程是将电能转化为太阳能
D．无人机上的信号LED 灯核心元件主要是由超导材料制成的
4．（2025·广州二模） 将均匀实心正方体甲、乙分别置于相同的海绵上，观察到如图所示的现象。甲、乙对海绵 的压力F甲、F乙及对海绵的压强p 甲、p乙的大小关系为( )
A．F 甲P乙
C．F甲>F乙，p甲F 乙，p 甲>p乙
5．（2025·广州二模） 如图所示，小光同学把带绝缘层的导线绕在塑料管外，导线两端连接着小灯泡，形成闭合 电路，管内封闭一个强磁体。沿图中所示方向来回快速摇动装置，小灯泡发光。以下说法正确 的 是 ( )
A．灯丝中电流方向保持不变 B．实验现象表明电能够生磁
C．该现象属于电磁感应现象 D．此装置与电动机原理相同
6．（2025·广州二模） 跳远是广州市的中考体育项目之一。如下图为跳远运动的几个阶段，整个过程不考虑空气阻力。起跳后，运动员( )
A．能继续往前是由于受到地面弹力的作用
B．在空中运动时，运动员受力不平衡
C．运动员机械能先减小后增大
D．若在最高点时运动员受的一切力都消失，则运动员静止在最高点
7．（2025·广州二模） 将带正电的验电器上的金属球接地后，金属箔立即闭合，则( )
A．正电荷由验电器转移到了地面
B．正电荷由地面转移到了验电器
C．瞬间电流方向由验电器流向地面
D．瞬间电流方向由地面流向验电器
8．（2025·广州二模） 某小组自制肺活量比较装置，电源电压恒定不变，吹气时，气球胀大，隔板向上运动，下列说法正确的是( )
A．电路总电阻变大 B．电压表示数变大
C．电压表与电流表示数比值变大 D．电流表示数变大
9．（2025·广州二模） 如图为某汽油机工作时的能量流向图，汽油的热值q取4.5×107J/kg 。 以下说法正确的是
A．汽油未完全燃烧时的热值比完全燃烧时的小
B．完全燃烧10kg 汽油可放出4.5×108J 的热量
C．在做功冲程，该汽油机气缸中的气体内能增大
D．该汽油机工作效率可达65%
10．（2025·广州二模）如图甲家庭电路连接正确，电源电压恒为220V，各元件均正常，开关闭合时灯泡正常发光。不考虑电阻随温度的影响，现将图乙中电烤箱接入三孔插座，电烤箱高低温档位的功率分别是1210w 和440w。图丙是电烤箱内部简化电路，下列有关说法正确的是( )
A．电烤箱的金属外壳不需要接地线
B．图甲闭合开关时可以使试电笔氖管发光的有A、B、C三 点
C．图丙中闭合开关S1 、S2 电烤箱处于高温档
D．电烤箱高温挡正常工作10s 产生的热量为4400J
二、非选择题(共60分)
11．（2025·广州二模）图甲戥 (děng) 子是凝聚我国古代劳动人民智慧的一种小型杆秤。
（1）如图乙用戥子称量某包药物G1 时，秤砣挪至A 点时杆秤平衡，0点为杠杆支点，请在 图乙的简图中画出戥子在A 点受到力F1 及其力臂 L1；
（2）用同一戥子称量另一包药物G2 时，将秤砣右移至B 点时杆秤平衡，则Gr Gz( 选 填 “”“<”“=”)依据是： .
（3）忽略杆重和绳重，已知秤砣重25g， 空盘重20g， 支点0距悬挂点C 点 1 0cm， 最大刻度 线处距0点40cm， 则该戥子可称量中药的最大质量为 .
12．（2025·广州二模）
（1）日晕是太阳光透过冰晶时发生 (选填“反射”“折射”)，在太阳周围形成内红外紫的彩色光环而形成。小冰晶是由地面上常温下的液态水 (选填“汽化” “液化”)形成水蒸气升入高空的云层中，在海拔高、温度低等原因的作用下 ( 选填“凝固”“凝华”)形成冰晶。
（2）如图乙所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水下有 一 块平面镜M， 一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经水中的平面镜反射后恰过P点，请将光路图补充完整
13．（2025·广州二模）小琳用如图A所示装置测量物块所受到的滑动摩擦力。轻质弹簧一端固定在上方，一端通过定滑轮水平拉着物块。传送带向左匀速运动，速度可调，木块放在传送带上。
（1）当木块相对地面静止时，弹簧测力计的示数如图B所示，忽略空气阻力和滑轮摩擦，在图C方框内画出木块水平方向的受力示意图并标出摩擦力f的大小 (用“●”表示木块)；
（2）增大传送带的速度，此时物体所受到的摩擦力将 (选填“变大““变小”不变”)。
（3）实验完成后，小琳发现木块底部温度升高，这是通过 (选填“做功”“热传递”) 的方式增大木块内能。
14．（2025·广州二模）
（1）小明利用图甲电路图测量电动机的工作电压，请在图乙用笔画线代替导线， 完成电路的连接 。要求：①连接电路时导线不能交叉；②电流要从电动机a接线流入，b 接线流出。
（2）连接好电路后闭合开关，发现电压表示数趋近于电源电压，可能的原因是____。
A．电动机短路 B．电动机断路
C．电动机实际电功率过低 D．滑动变阻器短路
15．（2025·广州二模）如下图，两支完全相同的密度计漂浮在甲、乙两种液体中，静止时两液面相平。则 密度计排开两种液体的体积 V甲 V乙(选填“” “<” “=”)；液体密度P甲 p乙 (选填“”“<”“=”)；两支密度计所受的浮力F 甲 F乙 (选填“”“<”“=')， 甲、乙两种液体对容器底部的压强p甲 P乙 (选填“”“<”“=”)。
16．（2025·广州二模） 《墨经》中记录了一种斜面引重车，如图甲所示，前轮小后轮大，绳子一端紧系 在后轮轮轴，另一端绕过斜面顶端的滑轮与重物相连，重物通过绳子被从斜面的底端匀速拉到 顶端。运动过程忽略空气阻力和滑轮摩擦。
小敏用图乙斜面M来研究引重车。用力F沿斜面匀速拉动同一物体，改变斜面M 的倾斜程度， 多次实验，记录如下数据。根据数据计算以下问题：
实验 次序 倾斜 程度 物重 G/N 斜面高度 h/m 拉力 F/N 斜面长度 Sm 有用功 W/J 总功 WgJJ 机械效率 η
1 较缓 5 0.2 2.4 1.0 1.0 2.4 41.7%
2 较陡 5 0.5 3.2 1.0 2.5 3.2 78.1%
3 最陡 5 0.8 4.3 1.0
（1）第1次实验中的额外功和物体所受的摩擦力 N
（2）倾斜程度“最陡”时，斜面的机械效率 。(保留一位小数)
（3）通过数据分析可推出，其他条件不变时，沿斜面向上匀速拉动相同质量的重物，设计 (选填 “a” 、“b”) 更省力。
17．（2025·广州二模）3D打印机的原理是把数据指令和原料倒入打印机中，喷头将丝材原料热熔后喷出，丝材遇冷迅速凝固成所构造物体。小勤家的3D打印机规格为“220V，250W”，其正常工作40s能将0.1kg的PLA塑料从30℃加热到80℃，所使用的丝材原料是PLA塑料，其比热容c=1.6×103J/(kg·℃).
（1）打印机正常工作时的电流大小；(保留一位小数)
（2）此过程打印机消耗的电能和PLA塑料吸收的热量。
（3）下图是打印机喷头的温控电路。温度传感器R1 的阻值随温度的变化情况如下表所示。U =9V， 当设置喷头的最高温度是180℃时，线圈的电流达到100mA时，磁铁被吸下来，喷头(选填“停止加热”“开始加热”)。若忽略电磁铁的线圈电阻，求此时滑动变 阻器R2 的阻值。
温度/℃ 30 60 90 120 150 180
电阻/Ω 140 90 58 40 35 30
（4）若要提高喷头最高温度，需要将滑动变阻器 R2阻值调整 (选填“大 “小”)。
18．（2025·广州二模）兴趣小组想测量某物块密度，实验步骤如下。 (g=10N/kg)
（1）正确操作天平测量物块质量，砝码和游码的位置如图1-甲所示，则物块质量为 g；
（2）利用图1-乙测量木块体积，弹簧测力计示数为0.1N， 则物块所受浮力为 N， 通过公式计算可得到物块体积，遂求得物块密度。
（3）小思认为弹簧测力计不够精确，改进设计了如下图2所示的实验。
①图2-甲电子秤示数为m0=100g；
②图2-乙所示，将物块放入水中，物块漂浮，电子秤示数为m1=112g；
③图2-丙用细针将物块压入水中，物块未触杯底，静止时电子秤示数为m2=120g，则该实验测得物块密度为 g/cm3；
（4）如图2-丁在烧杯中加入适量盐水，电子秤示数为m3；图戊用细针将物块压入盐水中，物块未触杯底，静止时电子秤示数为m4；则盐水的密度ρ盐水= ( 用字母m0、m1、 m2、m3、m4、ρ水表示)；
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】摄氏温度及其计算；质量及其特性；速度与物体运动
【解析】【解答】A. 冰箱保鲜室中矿泉水的温度为5℃左右，故A错误；
B. 中学生百米赛跑的速度约为7m/s，故B正确；
C. 初中物理课本的质量为200g左右，故C错误；
D. 正常成年人脉搏1min 跳动70次，故D错误。
故选B。
【分析】对常见的物理量要有初步的了解，并根据需要进行单位换算或简单计算，排除与生活实际相差较远的选项。
2．【答案】C
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A.由图可知，八号弦的振幅比十三号弦的振幅小，发出的声音的响度比十三号弦小，故A错误；
B.声音的传播速度与介质的种类和温度有关，所以八号弦产生的声音在空气中的传播速度和十三号弦产生的声音在空气中的传播速度相同，故B错误；
CD. 每振动880次，八号弦用时2s，频率为440Hz，十三号弦用时4s，频率为220Hz，八号弦的振动频率比十三号弦的振动频率高，所以八号弦产生的声音音调比十三号弦产生的声音的音调高，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1.振幅：振动物体离开平衡位置的最大距离，响度由振幅决定，振幅越大，响度越大；
2.频率：物体1s内振动的次数，音调由振动的频率决定，频率越高，音调越高；
3.声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
3．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A. 太阳能是通过内部核聚变释放出的能量，属于可再生资源，故A正确；
B. 遥控无人机精准飞行作业，是利用电磁波来传递信息的，故B错误；
C. 太阳能电池板工作过程是将太阳能转化为电能，故C错误；
D. 无人机上的信号LED 灯核心元件主要是由半导材料制成的，故D错误。
故选A。
【分析】1.太阳能内部时刻都在发生核聚变放出能量；
可再生能源：像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到能源；
2.电磁波可以传递信息；
3.太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
4.LED 灯核心元件主要是由半导材料制成的。
4．【答案】A
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较
【解析】【解答】由图可知，乙海绵的凹陷程度较大，所以乙对海绵的压强较大，即P甲由图可知，乙与海绵的接触面积较大，即S甲故选A。
【分析】1.转换法：通过比较海绵的凹陷程度来比较压强的大小；
2.根据F=PS分析比较压力的大小。
5．【答案】C
【知识点】电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】BCD.沿图中所示方向来回快速摇动装置，相当于闭合电路的部分导体在做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，所以小灯泡会发光，该现象属于电磁感应现象，表明磁能生电，与发电机的原理相同，故BD错误，C正确；
A.由于导体切割磁感线的方向不断发生变化，产生的感应电流不断发生变化，所以灯丝中的电流方向不断发生变化，故A错误。
故选C。
【分析】1.发电机的原理：电磁感应；
2.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流；
3.感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
6．【答案】B
【知识点】机械能守恒条件；力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】A. 运动员能继续往前是由于运动员具有惯性，故A错误；
B. 运动员在空中运动时，运动的方向和速度都发生变化，运动状态发生改变，运动员受力不平衡，故B正确；
C. 整个过程不考虑空气阻力，只有动能和势能之间相互转化，机械能守恒，保持不变，故C错误；
D. 运动员在最高点时有水平方向的速度，若此时运动员所受的一切力都消失，则运动员会做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
【分析】1.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体的固有属性；
2.力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
3.机械能守恒：在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能与势能可以互相转化，而总的机械能保持不变；
4.牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
7．【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用；电流的形成；电流的方向
【解析】【解答】将带正电的验电器上的金属球接地后，金属箔立即闭合，说明电子有地面转移到了验电器上，瞬时电流方向由验电器流向地面，故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】1.验电器的原理：同种电荷相互排斥，由验电器的金属箔立即闭合，分析电荷的移动方向；
2.把正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。
8．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，电阻R0与R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，吹气时，气球胀大，隔板向上运动，R0的阻值变小，根据串联的电阻关系可知，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；R0的阻值变小，根据串联分压的关系可知，R0两端的电压变小，即电压表的示数变小，所以电压表与电流表示数比值变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】分析电路可知，电阻R0与R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，吹气时，R0的阻值变小，根据串联的电阻关系分析电路中总电阻大小变化，根据欧姆定律分析电路中的电流大小变化，根据串联分压的关系分析R0两端的电压大小变化。
9．【答案】B
【知识点】热量的计算；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A.燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；
B. 完全燃烧10kg汽油放出的热量为：
Q放=mq= 10kg x 4.5×107J/kg = 4.5×108J
故B正确；
C. 在做功冲程，将内能转化为机械能，该汽油机气缸中的气体内能减小，故C错误；
D.由汽油机工作时的能量流向图可知，该汽油机工作效率为100%-33%-25%-7%=35%，故D错误。
故选B。
【分析】1.热值是燃料的异种特性，只与燃料的种类有关；
2.根据Q放=mq求出燃料完全燃烧放出的热量；
3.汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能；
4.机械效率：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比。
10．【答案】C
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接；测电笔的使用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A.为防止因漏电导致触电事故，保障使用者安全 ，电烤箱的金属外壳必须接地线，故A错误；
B.图甲闭合开关时，A、B两点与火线相连，可以使试电笔氖管发光，C、D两点与零线相连，不能使试电笔氖管发光，故B错误；
C. 图丙中闭合开关S1 、S2 时，只有R1接入电路，电路中的总电阻最小，根据可知，电源电压不变时，总电阻越小，电功率越大，所以此时电烤箱处于高温档，故C正确；
D. 电烤箱高温挡功率为1210W，正常工作10s 产生的热量为：
Q=W=P高温t=1210W x 10s=12100J
故D错误。
故选C。
【分析】1.为防止因漏电导致触电事故，保障使用者安全 ，用电器的金属外壳必须接地；
2.使用电笔区分零线和火线的核心方法是：接触电线时，氖泡发光则为火线，不亮则为零线 ；
3.根据分析用电器的挡位；
4.已知用电器的电功率和工作时间，根据W=Pt求用电器工作时产生的热量。
11．【答案】（1）
（2）<；称量另一包药物后，秤砣质量不变且右移，C 点悬挂点不变， 则FA=G不变，力臂Lo 不变，力臂LA 变大；根据杠杆平衡 原理FALoA=FcLoc，所以Fc变大，Fc-G药+m 即G1（3）80g
【知识点】力臂的画法；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）戥子在A 点受到秤砣的拉力，方向竖直向下，符号为F1；
过支点O，向力F1的作用线作垂线，垂线段即为力臂L1，如图所示：
（2）根据杠杆平衡条件可知，药包的力臂和秤砣的重力不变，秤砣的力臂变大，则药包的重力变大，所以G1（3）根据杠杆平衡条件可知：（G物+G盘）.LOC=G秤砣.L秤砣
即（G物+0.02kg）.0.1m=0.025kg.0.4m
解得则该戥子可称量中药的最大质量为：m物=0.08kg=80g
【分析】（1）秤砣的拉力作用在杠杆上，方向竖直向下；
力臂：从支点到力的作用线的垂直距离；
（2）根据杠杆平衡条件进行分析；
（3）根据杠杆平衡条件进行计算。
12．【答案】（1）折射；汽化；凝华
（2）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热；作光的反射光路图；光的折射规律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）日晕是太阳光透过冰晶时发生折射，在太阳周围形成内红外紫的彩色光环而形成；
小冰晶是由地面上常温下的液态水汽化形成水蒸气升入高空的云层中，在海拔高、温度低等原因的作用下凝华形成冰晶。
（2） 平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线过焦点F射出；
根据平面镜所成的像关于平面镜对称的关系，作出F点在平面镜中所成的像F'，连接F'P，与平面镜相交于点Q，FQ即为反射光线，连接FQ，即为平面镜的入射光线，也是水中的折射光线，如图所示：
【分析】（1）1.光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
2.汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热；
（2）1.平行于凸透镜主轴的光线，经凸透镜折射后会聚于焦点；
2.平面镜所成的像关于平面镜对称；
3.光的反射：光的反射规律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角。
13．【答案】（1）
（2）不变
（3）做功
【知识点】做功改变物体内能；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）由图B可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，示数为4N；木块相对于地面静止时，木块水平方向上所受的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，如图所示：
（2）滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，所以增大传送带的速度，此时物体所受到的摩擦力将不变。
（3）实验时，要克服摩擦力做功，机械能转化为内能，所以实验完成后，小琳发现木块底部温度升高，这是通过做功的方式增大木块内能。
【分析】（1）认清弹簧测力计的分度值，再读数；
木块处于静止状态，所受的拉力和摩擦力是一对平衡力；
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（2）滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与相对运动的速度无关。
（3）改变物体内能的方式：做功和热传递。
14．【答案】（1）
（2）B；D
【知识点】实物的电路连接；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）由图甲可知，电流从电源正极流出后，依次经开关、滑动变阻器、电动机后，再回到电源负极，再将电压表并联到电动机两端，据此连接实物图，如图所示：
（2）A.电压表与电动机并联，若电动机短路，则电压表也会短路，电压表示数为零，故A不符合题意；
B.若电动机短路，此时电压表串联到电源两端，可以测电源电压，示数趋近于电源电压，故B符合题意；
C.若电动机实际电功率过低，说明电动机的实际电压过低，则电压表的示数较小，故C不符合题意；
D.电动机与滑动变阻器串联，若滑动变阻器短路，此时只有电动机接入电路，电压表测电源电压，示数趋近于电源电压，故D符合题意。
故选BD。
【分析】（1）分析电路图，根据电流流向连接实物图；
（2）根据选项中的故障进行分析，判断电压表的示数是否会趋近于电源电压。
15．【答案】<；＞；=；＞
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由图可知，密度计排开两种液体的体积V甲两支完全相同的密度计漂浮在甲、乙两种液体中，根据浮沉条件可知，浮力等于重力，所以两支密度计所受的浮力F甲=F乙；
根据F浮=ρ液gV排可知，F甲=F乙，V甲ρ乙；
根据P=ρ液gh可知，ρ甲>ρ乙，h甲=h乙，则 甲、乙两种液体对容器底部的压强p甲>P乙。
【分析】1.由图克比较出密度计排开液体的体积；
2.密度计在两种液体中漂浮，根据浮沉条件分析密度计所受浮力的大小关系；
3.已知密度计所受浮力的大小关系和排开液体的体积大小关系，根据F浮=ρ液gV排分析液体密度大小；
4.已知液体密度大小关系和深度关系，根据P=ρ液gh分析液体对容器底部的压强关系。
16．【答案】（1）1.4
（2）93%
（3）a
【知识点】斜面机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）由第1次实验可知，额外功为：
W额=W总-W有=2.4J-1.0J=1.4J
实验时克服摩擦力做功为额外功，则物体所受的摩擦力为：
（2）由第3次实验可知，倾斜程度“最陡”时，有用功为：
W有=Gh=5N x 0.8m=4J
总功为：
W总=Fs=4.3N x 1m=4.3J
斜面的机械效率为：
（3）由表格数据可知，物体重力相同时，斜面的倾斜程度越小，越省力，所以其他条件不变时，沿斜面向上匀速拉动相同质量的重物，设计a更省力。
【分析】（1）由第1次实验，已知W有和W总，根据W总=W有+W额求出额外功；
根据W额=fs求出物体所受的摩擦力；
（2）利用第3次实验数据，根据W有=Gh求出有用功，根据W总=Fs求出总功，根据求出机械效率；
（3）由表格数据可知，物体重力相同时，斜面的倾斜程度越小，越省力。
17．【答案】（1）解：打印机正常工作时，P实=P额=250W，U实=U额=220V，则打印机正常工作时的电流为：
答：打印机正常工作时的电流大小约为1.1A 。
（2）解：已知打印机的功率P=250W，则打印机正常工作40s消耗的电能为：
W=Pt=250W×40s=1×104J
PLA塑料从30℃加热到80℃，则PLA塑料的温度变化为：
Δt=80℃-30℃=50℃
PLA塑料吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=1.6×103J/(kg·℃)×0.1kg×50℃=8×103J
答：打印机消耗的电能为1×104J；PLA塑料吸收的热量为8×103J。
（3）解：由图可知，当磁铁被吸下来，喷头停止加热；
由表得最高温度是180℃时，热敏电阻
滑动变阻器阻值：
答：此时滑动变 阻器R2的阻值为60Ω。
（4）大
【知识点】热量的计算；欧姆定律及其应用；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）根据3D打印机规格，利用求出打印机正常工作时的电流大小；
（2）已知打印机的功率和工作的时间，根据W=Pt求出打印机消耗的电能；
已知PLA塑料的比热容和质量，再求出PLA塑料的温度变化，根据Q吸=cmΔt求出PLA塑料吸收的热量；
（3）由图可知，当磁铁被吸下来，喷头停止加热；由表得最高温度是180℃时，热敏电阻，根据欧姆定律可求出电路的总电阻，利用串联电路电阻的特点，可求出滑动变 阻器R2的阻值；
（4）由表格可知，温度传感器R1的阻值随温度升高而减小；要提高喷头最高温度，即当达到更高温度时，R1的阻值更小；因为控制电路电源电压U1不变，要使电路中电流仍为100mA（使磁铁吸下来停止加热的电流），根据，总电阻R总不变，又因为R总=R1+R2，R1变小，所以滑动变阻器R2阻值应该调大。
18．【答案】（1）12
（2）0.22
（3）0.6
（4）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，物体的质量为：10g+2g=12g.
（2）物体的重力为：
G=mg=0.012kg x 10N/kg =0.12N
物块浸没在水中，受到竖直向上的浮力、竖直向下的拉力和重力，根据平衡力的关系可知，物块所受的浮力为：
F浮=G+F拉=0.12N+0.1N=0.22N
（3）由甲乙两次实验可知，物块的质量为：
m物=m1-m0=112g-100g=12g
由甲丙两次实验可知，物块排开水的质量为：
m排=m2-m0=120g-100g=20g
物块浸没在水中，排开水的体积等于物块的体积，则物块的体积为：
物块的密度为：
（4）由丁戊两次实验可知，物块排开盐水的质量为：
m排盐水=m4-m3
物块的体积为：
...... ①
由甲丙两次实验可知，物块排开水的质量为：
m排水=m2-m0
物块的体积为：
...... ②
由①②可得，盐水的密度为：
【分析】（1）认清标尺的分度值，读出游码对应的示数，物体质量等于砝码质量加游码示数；
（2）已知物块的质量，根据G=mg求出物块的重力；浸没在水中的物块，受到竖直向上的浮力、竖直向下的拉力和重力，根据平衡力的关系求出物块受到的浮力；
（3）由电子秤的示数分别求出物块的质量和物块排开水的质量，根据物块排开水的质量，利用求出物块的体积，根据求出物块的密度；
（4）根据电子秤的示数分别求出物块排开水的质量和物块排开盐水的质量，根据物块排开水的质量，利用，根据物块排开盐水的质量，利用，建立关系求出盐水的密度。
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