广东省茂名市高州市部分学校2025年联考中考一模物理试题
1．（2025·高州模拟）下列常见物理量最接近实际的是（ ）
A．教室里课桌高度80dm
B．中学生做完4节眼保健操的时间为0.5h
C．人洗澡淋浴的适宜温度约是40℃
D．空调正常工作时电流约为0.5A
2．（2025·高州模拟）下列有关声的说法正确的是（ ）
A．小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声
B．我们听不见蝴蝶振动翅膀的声音是因为它的响度小
C．超声波清洗精密零件是利用了声传递信息
D．摩托车的消声器是通过阻断噪声的传播来控制噪声
3．（2025·高州模拟）光的世界美妙无穷，如图中有关光现象的描述正确的是（ ）
A．图甲：手影是由于光的直线传播形成的
B．图乙：电视屏幕上色彩丰富的画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
C．图丙：漫反射的光线杂乱无章，不遵循光的反射定律
D．图丁：物体温度升高时辐射的紫外线会增强，可以利用紫外线拍摄热谱图
4．（2025·高州模拟）两轮电动平衡车作为一种新兴的交通工具，备受中学生的喜爱，如图所示，当人操控平衡车在水路面上做匀速直线运动时，下列说法不正确的是（ ）
A．关闭电机后，平衡车仍维续前进是由于平衡车具有惯性
B．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，将做匀速直线运动
C．平衡车对地面的压力与地面对它的支持力是相互作用力
D．平衡车受到的重力与地面对它的支持力是一对平衡力
5．（2025·高州模拟）以下现象，不属于扩散现象的是（ ）
A．刚出锅的饺子满屋飘香
B．被风吹散的蒲公英在空中飘
C．煤炭堆在石灰墙角，石灰墙变黑了
D．糖放入水中，整杯水变甜
6．（2025·高州模拟）关于下列四幅图的描述正确的是（
A．图甲：司南指示南北方向是由于受到地磁场的作用
B．图乙：小磁针发生偏转是因为电磁感应原理
C．图丙：只要导体在磁场中运动，就一定会产生感应电流
D．图丁：发电机是应用了此实验装置的工作原理
7．（2025·高州模拟）教室里同时开了九盏灯，小明关掉了其中的三盏灯后，以下物理量的变化符合实际的是（ ）
A．电路中的总电流增大了 B．电路中的总电阻减小了
C．电路两端的电压降低了 D．电路中的总功率减小了
8．（2025·高州模拟）2024巴黎奥运会羽毛球比赛中，中国组合郑思维、黄雅琼夺得金牌，比赛中羽毛球离开球拍上升过程中，羽毛球的动能 ，在只有动能和势能相互转化的的过程中，机械能的总量 （均选填“增大减小"或“不变"），若以该羽毛球为参照物，观众是 （选填“运动”或“静止”）的。
9．（2025·高州模拟） 1911年，英籍物理学家卢瑟福提出了原子“核式结构模型”：原子由带正电的原子核与其周围绕着它运动的带负电的 组成。核电站是利用核 （选填“聚变”或“裂变”）的方式来获取能量的，核能属于 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
10．（2025·高州模拟）如图是电磁波及其应用实例，可见光 （选填“属于”或“不属于”）电磁波的一种，电视遥控器使用的是 进行遥控，电磁波 （选填“能”或“不能”）在真空中传播。
11．（2025·高州模拟）在探究“凸透镜成像的规律”的实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则此时成的是 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像，此时成像原理与 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同，若想让光屏上的像缩小，应将蜡烛向 （选填“左”或“右”）移动。
12．（2025·高州模拟）在探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关的实验中，先后把木块放在长木板上，水平向右拉动木块，当木块匀速运动时，读出弹簧测力计的示数。
（1）如图甲所示，弹簧测力计的示数为2N，木块受到的滑动摩擦力为 N
（2）比较图甲和图乙实验，可得结论：滑动摩擦力的大小与接触面所受的 有关：
（3）根据比较 两个实验可得的原理，许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹来增大摩擦。
13．（2025·高州模拟）如图所示，用滑轮组将重300N的物体在10s内匀速提升了2m，拉力F为200N。则物体上升的速度为 m/s：拉力所做的有用功为 J：滑轮组的机械效率为 （g=10N/kg）
14．（2025·高州模拟）柔柔同学用稳定热源加热碎冰，绘制了温度随时间的变化图像如图。冰熔化过程，温度不变，内能 （填“增大”、“减小”或“不变”），冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”），加热前冰的质量为100g，那么A-B过程中吸收的热量为 J.[水的比热容c水=4.2×103J/（kg·℃）]
15．（2025·高州模拟）
（1）如图所示，小华拉着木箱匀速前行，请画出木箱所受拉力和重力：
（2）如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路：
（3）如图所示，一束光线AO与水面成45°的角斜射到水面。在图中画出反射光线、大致的折射光线，并标出反射角大小。
16．（2025·高州模拟）
（1）图中所测物体A的长度是 cm：秒表的读数为 s：温度计的示数为 ℃
（2）若实验前杠杆静止在图甲位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 （左/右）调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡的目的是 。
（3）如图乙所示，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个相同的钩码；当杠杆水平平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向各移动一小格，则杠杆将 （左端下沉/右端下沉/保持水平平衡）；
17．（2025·高州模拟）如图所示是小丽探究浮力的大小跟哪些因素有关的实验装置。（水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
（1）分析数据可知，金属块浸没在水中时受到的浮力为 N
（2）比较ACD三次实验，可以探究浮力与物体浸没在液体中的深度 （填“有关”或“无关”）：比较ABC三次实验，可以探究浮力与物体浸在液体中的 有关
（3）比较AD和 三次实验，可以探究浮力与液体密度的关系，她接下来更换不同密度的液体多次进行实验，目的是 。
（4）若先完成步骤C，再完成步骤A，则测得的浮力将 （填“偏大”或“偏小”）
（5）用获得的数据求出盐水的密度为 kg/m3
18．（2025·高州模拟）在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某实验小组选用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个电阻，电压电源恒为6V，“40Ω1A”的滑动变阻器等器材，设计了如图甲所示的实验电路。
实验序号 1 2 3 4
电压/V 2.0 2.4 2.8 3.0
电流/A 0.2 1.2 0.3
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最 端（选填“右”或“左”）：
（2）小要接入一电阻探究“电流与电压的关系”：
①当电压表示数为2.8V时，电流表如图乙，所示为 A：小要记录的实验数据如上表所示，她分析数据发现有一组数据不符合实际，这组数据对应的实验序号是 .
②分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 。
（3）接着小要继续按照图甲所示电路，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω这五个电阻接入电路，探究电流与电阻的关系，实验中控制电阻两端的电压为2V不变。她用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上15Ω的电阻，闭合开关后，应将滑动变阻器滑片向 移动。当接入25Ω的电阻时，她发现无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V，若想完成实验，应更换一个最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器：
19．（2025·高州模拟）如图，小莉在水平地面上玩滑板时，她的滑板重40N，与地面的总接触面积为8×10-4m2。质量为44kg的小莉踩着滑板向前以2m/s的速度匀速直线滑行，受到的阻力为重力的0.02倍，求：
（1）小莉站在滑板上时对滑板的压力：
（2）小莉站在滑板上时滑板对地面的压强为：
（3）小莉踩着滑板向前滑行时的功率。（g取10N/kg）
20．（2025·高州模拟）某电吹风的简化电路图如图所示，R1、R2是电热丝，M是电动机，开关S闭合，S1、S2断开时吹冷风，通过电动机的电流为0.5A；S、S1合，S断2开时吹暖风，R1的阻值为110Ω；S、S1、S2均闭合时吹热风，电吹风的总功率为1100W。求：
（1）吹冷风时电动机的功率；
（2）吹暖风时通过R的电流；
（3）吹热风1分钟消耗的电能。
21．（2025·高州模拟）2024年8月23日，国家标准《新能源汽车运行安全性能检验规程》正式发布。我国新能源汽车保有量已达2472万辆，占汽车总量的7.18%，其中纯电动汽车占比高达73.35%数量达1813.4万辆。小茗同学针对新能源汽车和燃油汽车做了相关调查了解：
（1）如甲图为某四冲程汽油机，此时正处于 冲程，气缸内部的温度 （选填“上升”、“下降”或“不变”），若其转速为1800r/min，这台汽油机的活塞每秒对外做功 次。
（2）若该汽油机的效率是25%，在汽油机内完全燃烧2kg汽油时，放出 J的热量，这些热量通过汽油机的转化，能对外做 J的有用功；（汽油的热值为4.6×107J/kg）
（3）汽车发动机的散热器用水作冷却剂，是由于水的比热容较 （选填“大"或“小"）的缘故。
（4）如乙图所示，是一排新能源汽车充电桩，充电桩之间的连接方式是 （选填“串联"或“并联”）。给新能源汽车充电时，其电池相当于简单电路中的 （选填“用电器”或“电源”）。
22．（2025·高州模拟）请阅读《微型太阳能驱动无人机》并回答下列问题
微型太阳能驱动无人机
北京航空航天大学科研团队利用自主研发的新型静电电动机，成功研制出仅重4.2lg的太阳能动力微型无人机，在自然光强度的照射下，实现发电、驱动、垂直飞行等一系列动作。只有巴掌大的无人机，仅靠两片微型太阳能电池就能驱动。
传统的电磁电动机在微型化后，由于转速高、发热大，能量转化效率低，即使采用太阳能作为能源，受限于太阳能电池的面积，导致输出电压不足，也无法满足微型飞行器的飞行需求。静电电动机利用摩擦、接触或感应产生的静电（不流动的电荷）作为能源，在电动机周边有一画电极片，在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排厅，被左侧的电极片吸引，最终产生一个带动整个飞行器起飞的升力。这些轻质部件由薄如晶片的碳纤维片制成，外层包裹着极为细小的铝箔，太阳能电池可以在自然光下产生低压直流电，由于低压直流电无法直接驱动电动机，因此科研团队在无人机内部安装了一种高压功率转换器，可以将4.5V的低压直流电转换成4~9kV的高压电，以满足静电电动机的工作需求。静电电动机的高电压、低电流工作特性，使其在工作过程中发热少且无明显红外特征，可以有效提高能量转化效率并降低能耗。
（1）微型无人机上的太阳能电池产生的低压直流电相当于 节新的干电池串联后的电压，此电压对人体 （选填“安全”或“不安全”）：
（2）无人机飞行主要是将电能转化为 能：
（3）静电电动机中相邻的左右两侧电极片带 （选填“同种”或“异种”）电荷：
（4）太阳能电池的输出电压可能与太阳能电池的 有关，太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
23．（2025·高州模拟）请阅读《速印机》并回答下列问题。
速印机
如图甲是一台速印机，当备用纸槽上纸张较多时，不容易发生卡纸，当备用纸槽上纸张较少时，容易发生卡纸，且印刷速度较小时卡纸机率较小。为此，晓舟设想在备用纸张较多时高速印刷，备用纸张较少时低速印刷。
如图乙是晓舟设计的电路原理图，M、M是两台额定功率不同的电动机，电动机工作时带动机体内的滚筒转动，从而完成“进纸”、“印刷”等操作，电动机转速越大，印刷速度也越快。0为衔铁的支点，AO的长度是OB的1.5倍，在控制电路中，R0是保护电阻，阻值为10Ω。电源电压为6V，R是安装在备用纸槽底部的力敏电阻，其阻值与受到纸张的压力成反比，图像如图丙。印刷时先闭合S2，后闭合S1，当控制电路中的电流大于或等于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作。印刷时所用纸张规格相同，每500张纸的重力为20N。
电动机型号 额定功率/W 额定电流/A 印刷速度/（秒/张）
M1 220 1 0.2
M2 110 0.5 0.5
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）当正常工作时，工作电路电压U为 V，电磁铁的上方为 极
（2）下列关于晓舟设计的速印机说法，哪一个是正确的____。
A．工作电路中电动机M1比M2的印刷速度慢
B．当备用纸槽上纸张减少时，电磁铁的磁性变弱
C．当控制电路中的电流大于0.2A时，M1和M2同时工作
D．当备用纸槽上无纸时，控制电路中电流为0.6A
（3）若衔铁被电磁铁吸引的电流大小不变恒等于0.2A，将R0换成阻值15Ω的定值电阻。当备用纸槽中纸张逐渐变少，启动另一个电动机时，备用纸槽中纸的张数比R0为10Ω时 （选填“多”或“少”）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测；电流的大小
【解析】【解答】 A.教室里课桌高度80cm，故A不符合实际；
B.中学生做完4节眼保健操的时间为5min，故B不符合实际；
C.人洗澡淋浴的适宜温度约是40℃，故C符合实际；
D.空调正常工作时电流约为5A，故D不符合实际；
故选C。
【分析】 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】A
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与能量；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A.小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声，故A正确；
B.人耳的听觉频率范围是20～20000Hz，人耳听不到蝴蝶翅膀振动的声音，是因为蝴蝶翅膀振动的频率低于20Hz，故B错误；
C.利用超声波清洗精密零件是利用了声可以传递能量，故C错误；
D.摩托车的消声器是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
【分析】 A.固体可以传声；
B.音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
C.声音可以传递信息和能量；
D.防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。
3．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；色光的三（基）原色和颜料的三原色；红外线
【解析】【解答】A．图甲：手影是手的影子，是光的直线传播形成的，故A正确；
B． 图乙： 电视屏幕上色彩丰富的画面是由红、绿、蓝光混合而成的，故B错误；
C． 图丙： 光在粗糙的表面上发生漫反射，反射光线 杂乱无章 ，但遵循光的反射定律，故C错误；
D． 图丁： 物体温度升高时辐射的红外线会增强，可以利用红外线拍摄热谱图，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据光沿直线传播的知识判断；
B.根据光的三原色的知识判断；
C.根据漫反射的特点判断；
D.根据红外线的特点和应用判断。
4．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；牛顿第一定律；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】 A.关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故A正确不合题意；
B.若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，平衡车将做匀速直线运动，故B正确不合题意；
C.平衡车对地面的压力与地面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故C正确不合题意；
D.由于人站在平衡力上，所以平衡车受到的重力与地面对它的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 A.一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
B.所受的各力突然消失，即为牛顿第一定律描述的情况：当物体不受任何外力时，总要保持静止或是匀速直线运动状态；
C.相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
D.二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。
5．【答案】B
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】 A.刚出锅的饺子满屋飘香，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象，故A不合题意；
B.被风吹散的蒲公英在空中飘，是蒲公英的机械运动，故B符合题意；
C.煤炭堆在墙角多年后，墙内都变黑了，是分子在不停地做无规则运动的结果，这是扩散现象，故C不合题意；
D.一块糖放在装水的杯子里，溶解后整杯水变甜了，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象，故D不合题意。
故选B。
【分析】 不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散说明分子在不停地做无规则运动。
6．【答案】A
【知识点】磁场；地磁场；通电直导线周围的磁场；实用电动机的构造、特点和应用；电磁感应
【解析】【解答】 A．如图为司南，它是利用地磁场的作用来指示南北的，静止时其柢指南，故A正确；
B．如图为奥斯特实验装置图，该实验中小磁针发生偏转是因为通电导线周围存在磁场，故B错误；
C．只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D．图中有电源，是探究磁场对通电导线的作用装置图，电动机应用了该原理，故D错误。
故选A。
【分析】 A.指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的；
B.奥斯特最早发现电流周围存在磁场；
C.闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
D.电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，发电机的原理是电磁感应。
7．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率
【解析】【解答】教室里的灯工作时互不影响，熄灭其中的三盏灯，电路两端的电压不变，熄灭其中的三盏灯，相当于使电阻的横截面积变小，根据电阻与横截面积的关系可知，电路中的总电阻增大，由I=可知，电路中的总电流减小了，由P=UI可知，电路中的总功率减小了，故只有D符合；
故答案为：D。
【分析】照明电路中，各用电器互不影响，是并联连接的；电阻并联时相当于增大了横截面积，所以电阻变小，由欧姆定律公式分析电流，由P=UI分析电功率。
8．【答案】减小；不变；运动
【知识点】动能和势能的大小变化；能量守恒；参照物及其选择
【解析】【解答】 羽毛球离开球拍上升过程中，羽毛球的的质量不变，速度变小，动能减小；
根据机械能守恒可知，在只有动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量不变；
若以该羽毛球为参照物，观众的位置发生变化，则观众是运动的。
【分析】机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度；
研究对象相对于参照物的位置发生变化，则研究对象是运动的，若位置没有发生变化，则研究对象是静止的
9．【答案】电子；裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；原子结构
【解析】【解答】 原子由带正电的原子核与其周围绕着它运动的带负电的电子组成。核电站是利用核裂变的方式来获取能量的，核能属于不可再生能源。
【分析】核式原子结构是1911年由卢瑟福提出的一种原子结构模型．核式原子结构认为：原子的质量几乎全部集中在直径很小的核心区域，叫原子核，电子在原子核外绕核作轨道运动。
核电站利用核能发电，目前核电站中进行的都是核裂变反应。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
10．【答案】属于；红外线；能
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 可见光是电磁波谱中人类可看见的电磁波，波长范围大致为380至780nm。
电视遥控器一般使用红外线来传输信号。红外线是指波长比红光略长的电磁波。
电磁波是由电场和磁场相互作用产生的一种波动现象，它可以在真空中或介质中传播，并以光速的速度传播。
【分析】电磁波按波长可分为无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
11．【答案】放大；投影仪；左
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
若想让光屏上的像缩小，凸透镜成实像时，物远像近像变小，则将蜡烛向左移动。
【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
（2）凸透镜成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小。
12．【答案】（1）2
（2）压力
（3）甲丙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）让木块做匀速直线运动，此时弹簧测力计的拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，拉力等于摩擦力，弹簧测力计示数为2，木块受到的滑动摩擦力为2N；
（2）比较甲、乙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大，得出滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关；
（3）比较甲和丙实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，且接触面越粗糙滑动摩擦力越大，许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，是应用步骤（3）的结论来增大鞋底与地面的摩擦。
【分析】 （1）根据二力平衡的原理分析；
（2）探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答；
（3）增大接触面的粗糙程度可以增加摩擦力。
13．【答案】0.2；600；50%
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）物体上升的速度：；
（2）拉力做的有用功：W有=Gh=300N×2m=600J；
（3）由图可知n=3，滑轮组的机械效率：。
【分析】 （1）利用速度公式求出物体上升的速度；
（2）利用W有=Gh求有用功；
（3）根据图片确定承担重力的绳子段数n，利用求滑轮组的机械效率。
14．【答案】增大；晶体；2100
【知识点】晶体和非晶体；温度、热量与内能的关系；热量的计算
【解析】【解答】 （1）分析图像可知，在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，但内能增大；
（2）由于冰熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；
（3）冰熔化成时，质量不变，即水的质量m=100g=0.1kg，
CD段水所吸收的热量：Q=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.1kg×10℃=4.2×103J；
则该物质在1min所吸收的热量4.2×103J×=420J，
由图可知，A-B过程所用时间为5min，则A-B过程中吸收的热量是：Q'=420J/min×5min=2.1×103J。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变；
（2）晶体有熔点，非晶体没有熔点；
（3）利用吸热公式Q吸=cmΔt求出水在CD段所吸收的热量，可求出物质在1min所吸收的热量，进而求出该物质从A-B过程中吸收的热量。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1） 木箱受重力的方向竖直向下、受拉力的方向沿绳子向上，作用点都画在木箱的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G、F，如图所示：
（2） 三孔插座的连接：上孔接地线（防止金属外壳漏电发生触电事故），左孔接零线，右孔接火线。
灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套；开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断了火线，安全的更换灯泡；如图所示：
（3） 由图可知，法线已作出，入射光线与水面的夹角为45°，则入射角等于90°-45°=45°，再根据反射角等于入射角即可画出反射光线；
光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角。如图所示：
【分析】（1）先确定木箱所受拉力和重力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2）①火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套。火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全。
②三孔插座的接法：左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线。
（3） 根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，当光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
16．【答案】（1）2.73；281.9；-17
（2）左；便于直接读出力臂
（3）6；左端下沉
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；长度及其测量；杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 （1）①刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体A左侧与4.00cm对齐，右侧与6.73cm对齐，所以物体A的长度为L=6.73cm-4.00cm=2.73cm；
②由图知：在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“4”和“5”之间，偏向“5”一侧，所以分针指示的时间为4min=240s；
在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在41.9s处，所以秒针指示的时间为41.9s，即秒表的读数为240s+41.9s=281.9s。
③温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，此时的温度为-17℃；
（2）由图甲可知，杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；
杠杆在水平位置平衡，当力与杠杆垂直时，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即4G×3L=FB×2L，解得：FB=6G，需挂6个钩码；
若A、B两点的钩码同时向靠近支点O的方向移动一个格，则左侧力与力臂的乘积为：4G×2L=8GL，右侧力与力臂的乘积为：6G×L=6GL，由8GL＞6GL可知，杠杆的左侧下沉。
【分析】 （1）有刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
②秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
③使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（2）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂。
（3）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向靠近支点O的方向移动一格，比较钩码总重力和对应力臂的乘积，杠杆向乘积较大的一侧下沉。
17．【答案】（1）2
（2）无关；体积
（3）F；结论具有普遍性
（4）偏大
（5）12000
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】 （1）根据称重法可知，金属块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-FD=4.8N-2.8N=2N；
（2）研究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度关系，要控制排开液体的体积和密度相同，只改变浸没在液体中的深度，故由A、C、D图可知，物体排开液体的体积相同时，液体的密度相同，浸没的深度不同，浮力相同，所以物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
分析A、B、C、可知，液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同，所以物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）分析A、D、F可知，排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，浮力大小不同，更换不同密度的液体多次进行实验，目的是得到普遍规律；
（4） 若先完成步骤C，再完成步骤A， 由于金属块带水会造成它的重力偏大，根据F浮=G-F可知，这会导致测出的浮力将偏大；
（5）金属块排开液体的体积，
金属块浸没在另一液体中受到的浮力：F浮'=G-FF=4.8N-2.4N=2.4N，
F中盐水的密度为。
【分析】（1）根据称重法可知，金属块浸没在水中时受到的浮力；
（2）研究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度关系，要控制排开液体的体积和密度相同，只改变浸没在液体中的深度；液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同；
（3）排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，浮力大小不同；
（4）注意从水中取出金属块时会带出部分水；
（5）根据阿基米德公式算出金属块排开液体的体积；根据称重法可知，金属块浸没在另一液体中受到的浮力；根据阿基米德公式算出液体密度。
18．【答案】（1）左
（2）0.28；2；正比
（3）左；50
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）为了保护电路，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片到阻值最大处，即最左端；
（2）①记录表格如下，当电压表示数为2.8V时，电流表如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.28A；
分析表格中的实验数据知：，所以第2组实验数据不正确；
②由表格数据可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（3）①用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，换上15Ω电阻，这时定值电阻的阻值变大了，根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的阻值大小不变，则定值电阻的电压变大，为了使电阻两端的电压恢复到2V，变阻器接入电路的阻值也应该变大，观察实物图可知，此时应将滑片适当向左调。
②实验中控制电阻两端的电压为2V不变，根据串联电路电压的规律，
变阻器分得的电压为：U滑=6V-2V=4V；
滑动变阻器的电压为定值电阻电压的2倍，根据分压原理，当接入25Ω的电阻进行实验时，滑动变阻器的最大阻值为R滑换=2×25Ω=50Ω的滑动变阻器。
【分析】 （1）为了保护电路，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处；
（2）①根据电流表选用小量程确定分度值读数；
②分析表格中的实验数据，求出电压和电流之比分析回答；
（3）①在串联电路中，电压与电阻成正比，据此分析更换电阻后变阻器接入阻值的变化即可。
②实验中控制电阻两端的电压为2V不变，变阻器分得的电压为4V，根据分压原理得出当接入定值电阻连入电路中的电阻为25Ω时对应的滑动变阻器的最大值。
19．【答案】（1）解： 站在水平滑板上， 小莉站在滑板上时对滑板的压力；
（2）解： 小莉站在滑板上时滑板对地面的压力 ；
小莉站在滑板上时滑板对地面的压强 。
（3）解：向前滑行时滑板产生的牵引力；
小莉踩着滑板向前滑行时的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）在水平地面上玩滑板时，小莉站在滑板上时对滑板的压力等于总重力；
（2）利用压强公式计算小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；
（3）根据计算滑板受到的牵引力，根据P=Fv求向前滑行时的功率。
20．【答案】（1）解： 根据电路图可知，开关S闭合、S1、S2断开时，只有电动机M接入电路，此时吹冷风，
通过电动机的电流为I=0.5A，
则吹冷风时电动机的功率为： 。
（2）解： 根据电路图可知，当S、S1闭合、S2断开时，电动机M与R1并联，此时吹温风，
由欧姆定律可得，此时流过电阻R1的电流为。
（3）解： ，
吹热风1分钟消耗的电能 。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）开关S闭合、S1、S2断开时，电路中只有电动机，已知电压和电流，可利用公式P=UI计算电功率。
（2）开关S闭合、S1、S2断开时，电路中电动机和电阻R1并联，已知电压和电阻，可利用公式计算支路的电流。
（3）根据W=Pt可知吹热风1分钟消耗的电能。
21．【答案】（1）压缩；上升；15
（2）9.2×107；2.3×107
（3）大
（4）并联；用电器
【知识点】比热容；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 （1）如甲图为某四冲程汽油机，此时进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，即正处于压缩冲程，气缸内部的温度上升；
根据四冲程汽油机的转速与做功次数的关系，曲轴转2圈，做一次功，可知这台汽油机的活塞每秒对外做功次数：；
（2）根据燃料燃烧释放热量公式可得放出热量的多少：Q=mq=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J；
根据效率可知有用功的多少：W=Q有=Qη=9.2×107J×25%=2.3×107J；
（3）汽车发动机的散热器用水作冷却剂，是由于水的比热容较大，比热容是物质的一种特性，与物质的质量多少无关，因此当散热器中水的质量减少时，水的比热容不变；
（4）一排新能源汽车充电桩能够单独使用，因此充电桩之间的连接方式是并联；给新能源汽车充电时，其电池在消耗电能，因此相当于用电器。
【分析】 （1）进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高。
根据四冲程汽油机的转速与做功次数的关系，可知这台汽油机的活塞每秒对外做功次数。
（2）根据燃料燃烧释放热量公式可得放出热量的多少；根据效率可知有用功的多少；
（3）比热容是物质的一种特性，与物质的质量多少无关；水的比热容较大；
（4）一排新能源汽车充电桩能够单独使用；给新能源汽车充电时，其电池在消耗电能。
22．【答案】（1）3；安全
（2）机械
（3）异种
（4）面积；可再生
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电荷间的相互作用规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 （1）已知一节新干电池的电压是1.5V，微型无人机上的太阳能电池产生的低压是4.5V，则相当于3节新的干电池串联后的电压，此电压对人体安全，因为低于36V；
（2）无人机飞行主要是将电能转化为机械能；
（3）在电动机周边有一圈电极片，在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排斥，被左侧的电极片吸引，说明左右两侧电极片带异种电荷。
（4）传统的电磁电动机在微型化后，即使采用太阳能作为能源，受限于太阳能电池的面积，因此推出太阳能电池的输出电压可能与面积有关。
太阳能可以在短时间内得到补充，属于可再生能源。
【分析】（1）电压电池组的电压等于各串联电池两端电压之和。
（2）根据能量转化的知识解答；
（3）根据电荷之间的相互作用规律解答；
（4）太阳能电池板的面积越大，单位时间内吸收的太阳能越多，则转化成的电能越多。可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
23．【答案】（1）220；N
（2）B
（3）多
【知识点】并联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）①由图乙可知，两个电动机并联，电动机两端的电压等于电源电压，
由P=UI得电压为；
②电磁铁线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则上方为电磁铁的N极。
（2）A.工作电路中电动机M1比M2的电功率大，印刷速度快，故A错误；
B.Rx是安装在备用纸槽底部的力敏电阻，其阻值与受到纸张的压力成反比，当备用纸槽上纸张减少时，阻值增大，此时电流减小，电磁铁的磁性变弱，故B正确；
C.当控制电路中的电流大于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作，故C错误；
D.控制电路中，当Rx=0时，电流最大为，
当备用纸槽上无纸时，力敏电阻的阻值较大，控制电路中电流变小，小于0.6A，故D错误；
故选B。
（3）由图丙可知，当备用纸槽放置总重力为12N的纸张时，此时力敏电阻的阻值为20Ω，
根据控制电路中总电阻R=R0+Rx=10Ω+20Ω=30Ω，
控制电路的电流为，
此时衔铁被吸引，电动机M1连入工作电路，
由以上可知：当纸张的压力为12N时，M1工作，当压力减小时，M2工作，
由纸张和页数的关系可得12N：n=20N：500张，得n=300张，
由以上还可推得：当电流为0.2A时，控制电路的总电阻为30Ω，当定值电阻为15Ω时，力敏电阻的阻值也为15Ω，
由丙图可知，此时的压力大于12N，即此时纸槽的纸张数量更多。
【分析】 （1）①由P=UI得电压，电动机两端的电压等于电源电压；
②根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
（2）A.工作电路中电动机M1比M2的电功率大，印刷速度快；
B.当备用纸槽上纸张减少时，Rx阻值增大，此时电流减小，电磁铁的磁性变弱；
C.当控制电路中的电流大于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作；
D.控制电路中最大电流为0.6A，当备用纸槽上无纸时，力敏电阻的阻值较大，控制电路中电流小于0.6A；
（3）已知电流为0.2A时，衔铁被吸引，电动机M1连入工作电路，由欧姆定律可得控制电路中总电阻，减去R0得力敏电阻的阻值，由图丙可知，当备用纸槽放置总重力，由纸张和页数的关系可得纸张数，两次纸张数的差，就是启动另一个电动机时，备用纸槽中纸的张数增加值。
1 / 1广东省茂名市高州市部分学校2025年联考中考一模物理试题
1．（2025·高州模拟）下列常见物理量最接近实际的是（ ）
A．教室里课桌高度80dm
B．中学生做完4节眼保健操的时间为0.5h
C．人洗澡淋浴的适宜温度约是40℃
D．空调正常工作时电流约为0.5A
【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测；电流的大小
【解析】【解答】 A.教室里课桌高度80cm，故A不符合实际；
B.中学生做完4节眼保健操的时间为5min，故B不符合实际；
C.人洗澡淋浴的适宜温度约是40℃，故C符合实际；
D.空调正常工作时电流约为5A，故D不符合实际；
故选C。
【分析】 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．（2025·高州模拟）下列有关声的说法正确的是（ ）
A．小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声
B．我们听不见蝴蝶振动翅膀的声音是因为它的响度小
C．超声波清洗精密零件是利用了声传递信息
D．摩托车的消声器是通过阻断噪声的传播来控制噪声
【答案】A
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与能量；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A.小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声，故A正确；
B.人耳的听觉频率范围是20～20000Hz，人耳听不到蝴蝶翅膀振动的声音，是因为蝴蝶翅膀振动的频率低于20Hz，故B错误；
C.利用超声波清洗精密零件是利用了声可以传递能量，故C错误；
D.摩托车的消声器是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
【分析】 A.固体可以传声；
B.音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
C.声音可以传递信息和能量；
D.防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。
3．（2025·高州模拟）光的世界美妙无穷，如图中有关光现象的描述正确的是（ ）
A．图甲：手影是由于光的直线传播形成的
B．图乙：电视屏幕上色彩丰富的画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
C．图丙：漫反射的光线杂乱无章，不遵循光的反射定律
D．图丁：物体温度升高时辐射的紫外线会增强，可以利用紫外线拍摄热谱图
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；色光的三（基）原色和颜料的三原色；红外线
【解析】【解答】A．图甲：手影是手的影子，是光的直线传播形成的，故A正确；
B． 图乙： 电视屏幕上色彩丰富的画面是由红、绿、蓝光混合而成的，故B错误；
C． 图丙： 光在粗糙的表面上发生漫反射，反射光线 杂乱无章 ，但遵循光的反射定律，故C错误；
D． 图丁： 物体温度升高时辐射的红外线会增强，可以利用红外线拍摄热谱图，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据光沿直线传播的知识判断；
B.根据光的三原色的知识判断；
C.根据漫反射的特点判断；
D.根据红外线的特点和应用判断。
4．（2025·高州模拟）两轮电动平衡车作为一种新兴的交通工具，备受中学生的喜爱，如图所示，当人操控平衡车在水路面上做匀速直线运动时，下列说法不正确的是（ ）
A．关闭电机后，平衡车仍维续前进是由于平衡车具有惯性
B．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，将做匀速直线运动
C．平衡车对地面的压力与地面对它的支持力是相互作用力
D．平衡车受到的重力与地面对它的支持力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；牛顿第一定律；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】 A.关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故A正确不合题意；
B.若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，平衡车将做匀速直线运动，故B正确不合题意；
C.平衡车对地面的压力与地面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故C正确不合题意；
D.由于人站在平衡力上，所以平衡车受到的重力与地面对它的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 A.一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
B.所受的各力突然消失，即为牛顿第一定律描述的情况：当物体不受任何外力时，总要保持静止或是匀速直线运动状态；
C.相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
D.二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。
5．（2025·高州模拟）以下现象，不属于扩散现象的是（ ）
A．刚出锅的饺子满屋飘香
B．被风吹散的蒲公英在空中飘
C．煤炭堆在石灰墙角，石灰墙变黑了
D．糖放入水中，整杯水变甜
【答案】B
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】 A.刚出锅的饺子满屋飘香，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象，故A不合题意；
B.被风吹散的蒲公英在空中飘，是蒲公英的机械运动，故B符合题意；
C.煤炭堆在墙角多年后，墙内都变黑了，是分子在不停地做无规则运动的结果，这是扩散现象，故C不合题意；
D.一块糖放在装水的杯子里，溶解后整杯水变甜了，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象，故D不合题意。
故选B。
【分析】 不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散说明分子在不停地做无规则运动。
6．（2025·高州模拟）关于下列四幅图的描述正确的是（
A．图甲：司南指示南北方向是由于受到地磁场的作用
B．图乙：小磁针发生偏转是因为电磁感应原理
C．图丙：只要导体在磁场中运动，就一定会产生感应电流
D．图丁：发电机是应用了此实验装置的工作原理
【答案】A
【知识点】磁场；地磁场；通电直导线周围的磁场；实用电动机的构造、特点和应用；电磁感应
【解析】【解答】 A．如图为司南，它是利用地磁场的作用来指示南北的，静止时其柢指南，故A正确；
B．如图为奥斯特实验装置图，该实验中小磁针发生偏转是因为通电导线周围存在磁场，故B错误；
C．只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D．图中有电源，是探究磁场对通电导线的作用装置图，电动机应用了该原理，故D错误。
故选A。
【分析】 A.指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的；
B.奥斯特最早发现电流周围存在磁场；
C.闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
D.电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，发电机的原理是电磁感应。
7．（2025·高州模拟）教室里同时开了九盏灯，小明关掉了其中的三盏灯后，以下物理量的变化符合实际的是（ ）
A．电路中的总电流增大了 B．电路中的总电阻减小了
C．电路两端的电压降低了 D．电路中的总功率减小了
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率
【解析】【解答】教室里的灯工作时互不影响，熄灭其中的三盏灯，电路两端的电压不变，熄灭其中的三盏灯，相当于使电阻的横截面积变小，根据电阻与横截面积的关系可知，电路中的总电阻增大，由I=可知，电路中的总电流减小了，由P=UI可知，电路中的总功率减小了，故只有D符合；
故答案为：D。
【分析】照明电路中，各用电器互不影响，是并联连接的；电阻并联时相当于增大了横截面积，所以电阻变小，由欧姆定律公式分析电流，由P=UI分析电功率。
8．（2025·高州模拟）2024巴黎奥运会羽毛球比赛中，中国组合郑思维、黄雅琼夺得金牌，比赛中羽毛球离开球拍上升过程中，羽毛球的动能 ，在只有动能和势能相互转化的的过程中，机械能的总量 （均选填“增大减小"或“不变"），若以该羽毛球为参照物，观众是 （选填“运动”或“静止”）的。
【答案】减小；不变；运动
【知识点】动能和势能的大小变化；能量守恒；参照物及其选择
【解析】【解答】 羽毛球离开球拍上升过程中，羽毛球的的质量不变，速度变小，动能减小；
根据机械能守恒可知，在只有动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量不变；
若以该羽毛球为参照物，观众的位置发生变化，则观众是运动的。
【分析】机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度；
研究对象相对于参照物的位置发生变化，则研究对象是运动的，若位置没有发生变化，则研究对象是静止的
9．（2025·高州模拟） 1911年，英籍物理学家卢瑟福提出了原子“核式结构模型”：原子由带正电的原子核与其周围绕着它运动的带负电的 组成。核电站是利用核 （选填“聚变”或“裂变”）的方式来获取能量的，核能属于 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
【答案】电子；裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；原子结构
【解析】【解答】 原子由带正电的原子核与其周围绕着它运动的带负电的电子组成。核电站是利用核裂变的方式来获取能量的，核能属于不可再生能源。
【分析】核式原子结构是1911年由卢瑟福提出的一种原子结构模型．核式原子结构认为：原子的质量几乎全部集中在直径很小的核心区域，叫原子核，电子在原子核外绕核作轨道运动。
核电站利用核能发电，目前核电站中进行的都是核裂变反应。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
10．（2025·高州模拟）如图是电磁波及其应用实例，可见光 （选填“属于”或“不属于”）电磁波的一种，电视遥控器使用的是 进行遥控，电磁波 （选填“能”或“不能”）在真空中传播。
【答案】属于；红外线；能
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 可见光是电磁波谱中人类可看见的电磁波，波长范围大致为380至780nm。
电视遥控器一般使用红外线来传输信号。红外线是指波长比红光略长的电磁波。
电磁波是由电场和磁场相互作用产生的一种波动现象，它可以在真空中或介质中传播，并以光速的速度传播。
【分析】电磁波按波长可分为无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
11．（2025·高州模拟）在探究“凸透镜成像的规律”的实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则此时成的是 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像，此时成像原理与 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同，若想让光屏上的像缩小，应将蜡烛向 （选填“左”或“右”）移动。
【答案】放大；投影仪；左
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
若想让光屏上的像缩小，凸透镜成实像时，物远像近像变小，则将蜡烛向左移动。
【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
（2）凸透镜成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小。
12．（2025·高州模拟）在探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关的实验中，先后把木块放在长木板上，水平向右拉动木块，当木块匀速运动时，读出弹簧测力计的示数。
（1）如图甲所示，弹簧测力计的示数为2N，木块受到的滑动摩擦力为 N
（2）比较图甲和图乙实验，可得结论：滑动摩擦力的大小与接触面所受的 有关：
（3）根据比较 两个实验可得的原理，许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹来增大摩擦。
【答案】（1）2
（2）压力
（3）甲丙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）让木块做匀速直线运动，此时弹簧测力计的拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，拉力等于摩擦力，弹簧测力计示数为2，木块受到的滑动摩擦力为2N；
（2）比较甲、乙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大，得出滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关；
（3）比较甲和丙实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，且接触面越粗糙滑动摩擦力越大，许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，是应用步骤（3）的结论来增大鞋底与地面的摩擦。
【分析】 （1）根据二力平衡的原理分析；
（2）探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答；
（3）增大接触面的粗糙程度可以增加摩擦力。
13．（2025·高州模拟）如图所示，用滑轮组将重300N的物体在10s内匀速提升了2m，拉力F为200N。则物体上升的速度为 m/s：拉力所做的有用功为 J：滑轮组的机械效率为 （g=10N/kg）
【答案】0.2；600；50%
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）物体上升的速度：；
（2）拉力做的有用功：W有=Gh=300N×2m=600J；
（3）由图可知n=3，滑轮组的机械效率：。
【分析】 （1）利用速度公式求出物体上升的速度；
（2）利用W有=Gh求有用功；
（3）根据图片确定承担重力的绳子段数n，利用求滑轮组的机械效率。
14．（2025·高州模拟）柔柔同学用稳定热源加热碎冰，绘制了温度随时间的变化图像如图。冰熔化过程，温度不变，内能 （填“增大”、“减小”或“不变”），冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”），加热前冰的质量为100g，那么A-B过程中吸收的热量为 J.[水的比热容c水=4.2×103J/（kg·℃）]
【答案】增大；晶体；2100
【知识点】晶体和非晶体；温度、热量与内能的关系；热量的计算
【解析】【解答】 （1）分析图像可知，在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，但内能增大；
（2）由于冰熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；
（3）冰熔化成时，质量不变，即水的质量m=100g=0.1kg，
CD段水所吸收的热量：Q=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.1kg×10℃=4.2×103J；
则该物质在1min所吸收的热量4.2×103J×=420J，
由图可知，A-B过程所用时间为5min，则A-B过程中吸收的热量是：Q'=420J/min×5min=2.1×103J。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变；
（2）晶体有熔点，非晶体没有熔点；
（3）利用吸热公式Q吸=cmΔt求出水在CD段所吸收的热量，可求出物质在1min所吸收的热量，进而求出该物质从A-B过程中吸收的热量。
15．（2025·高州模拟）
（1）如图所示，小华拉着木箱匀速前行，请画出木箱所受拉力和重力：
（2）如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路：
（3）如图所示，一束光线AO与水面成45°的角斜射到水面。在图中画出反射光线、大致的折射光线，并标出反射角大小。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1） 木箱受重力的方向竖直向下、受拉力的方向沿绳子向上，作用点都画在木箱的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G、F，如图所示：
（2） 三孔插座的连接：上孔接地线（防止金属外壳漏电发生触电事故），左孔接零线，右孔接火线。
灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套；开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断了火线，安全的更换灯泡；如图所示：
（3） 由图可知，法线已作出，入射光线与水面的夹角为45°，则入射角等于90°-45°=45°，再根据反射角等于入射角即可画出反射光线；
光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角。如图所示：
【分析】（1）先确定木箱所受拉力和重力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2）①火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套。火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全。
②三孔插座的接法：左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线。
（3） 根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，当光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
16．（2025·高州模拟）
（1）图中所测物体A的长度是 cm：秒表的读数为 s：温度计的示数为 ℃
（2）若实验前杠杆静止在图甲位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 （左/右）调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡的目的是 。
（3）如图乙所示，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个相同的钩码；当杠杆水平平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向各移动一小格，则杠杆将 （左端下沉/右端下沉/保持水平平衡）；
【答案】（1）2.73；281.9；-17
（2）左；便于直接读出力臂
（3）6；左端下沉
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；长度及其测量；杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 （1）①刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体A左侧与4.00cm对齐，右侧与6.73cm对齐，所以物体A的长度为L=6.73cm-4.00cm=2.73cm；
②由图知：在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“4”和“5”之间，偏向“5”一侧，所以分针指示的时间为4min=240s；
在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在41.9s处，所以秒针指示的时间为41.9s，即秒表的读数为240s+41.9s=281.9s。
③温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，此时的温度为-17℃；
（2）由图甲可知，杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；
杠杆在水平位置平衡，当力与杠杆垂直时，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即4G×3L=FB×2L，解得：FB=6G，需挂6个钩码；
若A、B两点的钩码同时向靠近支点O的方向移动一个格，则左侧力与力臂的乘积为：4G×2L=8GL，右侧力与力臂的乘积为：6G×L=6GL，由8GL＞6GL可知，杠杆的左侧下沉。
【分析】 （1）有刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
②秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
③使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（2）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂。
（3）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向靠近支点O的方向移动一格，比较钩码总重力和对应力臂的乘积，杠杆向乘积较大的一侧下沉。
17．（2025·高州模拟）如图所示是小丽探究浮力的大小跟哪些因素有关的实验装置。（水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
（1）分析数据可知，金属块浸没在水中时受到的浮力为 N
（2）比较ACD三次实验，可以探究浮力与物体浸没在液体中的深度 （填“有关”或“无关”）：比较ABC三次实验，可以探究浮力与物体浸在液体中的 有关
（3）比较AD和 三次实验，可以探究浮力与液体密度的关系，她接下来更换不同密度的液体多次进行实验，目的是 。
（4）若先完成步骤C，再完成步骤A，则测得的浮力将 （填“偏大”或“偏小”）
（5）用获得的数据求出盐水的密度为 kg/m3
【答案】（1）2
（2）无关；体积
（3）F；结论具有普遍性
（4）偏大
（5）12000
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】 （1）根据称重法可知，金属块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-FD=4.8N-2.8N=2N；
（2）研究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度关系，要控制排开液体的体积和密度相同，只改变浸没在液体中的深度，故由A、C、D图可知，物体排开液体的体积相同时，液体的密度相同，浸没的深度不同，浮力相同，所以物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
分析A、B、C、可知，液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同，所以物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）分析A、D、F可知，排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，浮力大小不同，更换不同密度的液体多次进行实验，目的是得到普遍规律；
（4） 若先完成步骤C，再完成步骤A， 由于金属块带水会造成它的重力偏大，根据F浮=G-F可知，这会导致测出的浮力将偏大；
（5）金属块排开液体的体积，
金属块浸没在另一液体中受到的浮力：F浮'=G-FF=4.8N-2.4N=2.4N，
F中盐水的密度为。
【分析】（1）根据称重法可知，金属块浸没在水中时受到的浮力；
（2）研究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度关系，要控制排开液体的体积和密度相同，只改变浸没在液体中的深度；液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同；
（3）排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，浮力大小不同；
（4）注意从水中取出金属块时会带出部分水；
（5）根据阿基米德公式算出金属块排开液体的体积；根据称重法可知，金属块浸没在另一液体中受到的浮力；根据阿基米德公式算出液体密度。
18．（2025·高州模拟）在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某实验小组选用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个电阻，电压电源恒为6V，“40Ω1A”的滑动变阻器等器材，设计了如图甲所示的实验电路。
实验序号 1 2 3 4
电压/V 2.0 2.4 2.8 3.0
电流/A 0.2 1.2 0.3
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最 端（选填“右”或“左”）：
（2）小要接入一电阻探究“电流与电压的关系”：
①当电压表示数为2.8V时，电流表如图乙，所示为 A：小要记录的实验数据如上表所示，她分析数据发现有一组数据不符合实际，这组数据对应的实验序号是 .
②分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 。
（3）接着小要继续按照图甲所示电路，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω这五个电阻接入电路，探究电流与电阻的关系，实验中控制电阻两端的电压为2V不变。她用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上15Ω的电阻，闭合开关后，应将滑动变阻器滑片向 移动。当接入25Ω的电阻时，她发现无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V，若想完成实验，应更换一个最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器：
【答案】（1）左
（2）0.28；2；正比
（3）左；50
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）为了保护电路，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片到阻值最大处，即最左端；
（2）①记录表格如下，当电压表示数为2.8V时，电流表如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.28A；
分析表格中的实验数据知：，所以第2组实验数据不正确；
②由表格数据可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（3）①用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，换上15Ω电阻，这时定值电阻的阻值变大了，根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的阻值大小不变，则定值电阻的电压变大，为了使电阻两端的电压恢复到2V，变阻器接入电路的阻值也应该变大，观察实物图可知，此时应将滑片适当向左调。
②实验中控制电阻两端的电压为2V不变，根据串联电路电压的规律，
变阻器分得的电压为：U滑=6V-2V=4V；
滑动变阻器的电压为定值电阻电压的2倍，根据分压原理，当接入25Ω的电阻进行实验时，滑动变阻器的最大阻值为R滑换=2×25Ω=50Ω的滑动变阻器。
【分析】 （1）为了保护电路，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处；
（2）①根据电流表选用小量程确定分度值读数；
②分析表格中的实验数据，求出电压和电流之比分析回答；
（3）①在串联电路中，电压与电阻成正比，据此分析更换电阻后变阻器接入阻值的变化即可。
②实验中控制电阻两端的电压为2V不变，变阻器分得的电压为4V，根据分压原理得出当接入定值电阻连入电路中的电阻为25Ω时对应的滑动变阻器的最大值。
19．（2025·高州模拟）如图，小莉在水平地面上玩滑板时，她的滑板重40N，与地面的总接触面积为8×10-4m2。质量为44kg的小莉踩着滑板向前以2m/s的速度匀速直线滑行，受到的阻力为重力的0.02倍，求：
（1）小莉站在滑板上时对滑板的压力：
（2）小莉站在滑板上时滑板对地面的压强为：
（3）小莉踩着滑板向前滑行时的功率。（g取10N/kg）
【答案】（1）解： 站在水平滑板上， 小莉站在滑板上时对滑板的压力；
（2）解： 小莉站在滑板上时滑板对地面的压力 ；
小莉站在滑板上时滑板对地面的压强 。
（3）解：向前滑行时滑板产生的牵引力；
小莉踩着滑板向前滑行时的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）在水平地面上玩滑板时，小莉站在滑板上时对滑板的压力等于总重力；
（2）利用压强公式计算小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；
（3）根据计算滑板受到的牵引力，根据P=Fv求向前滑行时的功率。
20．（2025·高州模拟）某电吹风的简化电路图如图所示，R1、R2是电热丝，M是电动机，开关S闭合，S1、S2断开时吹冷风，通过电动机的电流为0.5A；S、S1合，S断2开时吹暖风，R1的阻值为110Ω；S、S1、S2均闭合时吹热风，电吹风的总功率为1100W。求：
（1）吹冷风时电动机的功率；
（2）吹暖风时通过R的电流；
（3）吹热风1分钟消耗的电能。
【答案】（1）解： 根据电路图可知，开关S闭合、S1、S2断开时，只有电动机M接入电路，此时吹冷风，
通过电动机的电流为I=0.5A，
则吹冷风时电动机的功率为： 。
（2）解： 根据电路图可知，当S、S1闭合、S2断开时，电动机M与R1并联，此时吹温风，
由欧姆定律可得，此时流过电阻R1的电流为。
（3）解： ，
吹热风1分钟消耗的电能 。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）开关S闭合、S1、S2断开时，电路中只有电动机，已知电压和电流，可利用公式P=UI计算电功率。
（2）开关S闭合、S1、S2断开时，电路中电动机和电阻R1并联，已知电压和电阻，可利用公式计算支路的电流。
（3）根据W=Pt可知吹热风1分钟消耗的电能。
21．（2025·高州模拟）2024年8月23日，国家标准《新能源汽车运行安全性能检验规程》正式发布。我国新能源汽车保有量已达2472万辆，占汽车总量的7.18%，其中纯电动汽车占比高达73.35%数量达1813.4万辆。小茗同学针对新能源汽车和燃油汽车做了相关调查了解：
（1）如甲图为某四冲程汽油机，此时正处于 冲程，气缸内部的温度 （选填“上升”、“下降”或“不变”），若其转速为1800r/min，这台汽油机的活塞每秒对外做功 次。
（2）若该汽油机的效率是25%，在汽油机内完全燃烧2kg汽油时，放出 J的热量，这些热量通过汽油机的转化，能对外做 J的有用功；（汽油的热值为4.6×107J/kg）
（3）汽车发动机的散热器用水作冷却剂，是由于水的比热容较 （选填“大"或“小"）的缘故。
（4）如乙图所示，是一排新能源汽车充电桩，充电桩之间的连接方式是 （选填“串联"或“并联”）。给新能源汽车充电时，其电池相当于简单电路中的 （选填“用电器”或“电源”）。
【答案】（1）压缩；上升；15
（2）9.2×107；2.3×107
（3）大
（4）并联；用电器
【知识点】比热容；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 （1）如甲图为某四冲程汽油机，此时进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，即正处于压缩冲程，气缸内部的温度上升；
根据四冲程汽油机的转速与做功次数的关系，曲轴转2圈，做一次功，可知这台汽油机的活塞每秒对外做功次数：；
（2）根据燃料燃烧释放热量公式可得放出热量的多少：Q=mq=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J；
根据效率可知有用功的多少：W=Q有=Qη=9.2×107J×25%=2.3×107J；
（3）汽车发动机的散热器用水作冷却剂，是由于水的比热容较大，比热容是物质的一种特性，与物质的质量多少无关，因此当散热器中水的质量减少时，水的比热容不变；
（4）一排新能源汽车充电桩能够单独使用，因此充电桩之间的连接方式是并联；给新能源汽车充电时，其电池在消耗电能，因此相当于用电器。
【分析】 （1）进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高。
根据四冲程汽油机的转速与做功次数的关系，可知这台汽油机的活塞每秒对外做功次数。
（2）根据燃料燃烧释放热量公式可得放出热量的多少；根据效率可知有用功的多少；
（3）比热容是物质的一种特性，与物质的质量多少无关；水的比热容较大；
（4）一排新能源汽车充电桩能够单独使用；给新能源汽车充电时，其电池在消耗电能。
22．（2025·高州模拟）请阅读《微型太阳能驱动无人机》并回答下列问题
微型太阳能驱动无人机
北京航空航天大学科研团队利用自主研发的新型静电电动机，成功研制出仅重4.2lg的太阳能动力微型无人机，在自然光强度的照射下，实现发电、驱动、垂直飞行等一系列动作。只有巴掌大的无人机，仅靠两片微型太阳能电池就能驱动。
传统的电磁电动机在微型化后，由于转速高、发热大，能量转化效率低，即使采用太阳能作为能源，受限于太阳能电池的面积，导致输出电压不足，也无法满足微型飞行器的飞行需求。静电电动机利用摩擦、接触或感应产生的静电（不流动的电荷）作为能源，在电动机周边有一画电极片，在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排厅，被左侧的电极片吸引，最终产生一个带动整个飞行器起飞的升力。这些轻质部件由薄如晶片的碳纤维片制成，外层包裹着极为细小的铝箔，太阳能电池可以在自然光下产生低压直流电，由于低压直流电无法直接驱动电动机，因此科研团队在无人机内部安装了一种高压功率转换器，可以将4.5V的低压直流电转换成4~9kV的高压电，以满足静电电动机的工作需求。静电电动机的高电压、低电流工作特性，使其在工作过程中发热少且无明显红外特征，可以有效提高能量转化效率并降低能耗。
（1）微型无人机上的太阳能电池产生的低压直流电相当于 节新的干电池串联后的电压，此电压对人体 （选填“安全”或“不安全”）：
（2）无人机飞行主要是将电能转化为 能：
（3）静电电动机中相邻的左右两侧电极片带 （选填“同种”或“异种”）电荷：
（4）太阳能电池的输出电压可能与太阳能电池的 有关，太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】（1）3；安全
（2）机械
（3）异种
（4）面积；可再生
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电荷间的相互作用规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 （1）已知一节新干电池的电压是1.5V，微型无人机上的太阳能电池产生的低压是4.5V，则相当于3节新的干电池串联后的电压，此电压对人体安全，因为低于36V；
（2）无人机飞行主要是将电能转化为机械能；
（3）在电动机周边有一圈电极片，在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排斥，被左侧的电极片吸引，说明左右两侧电极片带异种电荷。
（4）传统的电磁电动机在微型化后，即使采用太阳能作为能源，受限于太阳能电池的面积，因此推出太阳能电池的输出电压可能与面积有关。
太阳能可以在短时间内得到补充，属于可再生能源。
【分析】（1）电压电池组的电压等于各串联电池两端电压之和。
（2）根据能量转化的知识解答；
（3）根据电荷之间的相互作用规律解答；
（4）太阳能电池板的面积越大，单位时间内吸收的太阳能越多，则转化成的电能越多。可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
23．（2025·高州模拟）请阅读《速印机》并回答下列问题。
速印机
如图甲是一台速印机，当备用纸槽上纸张较多时，不容易发生卡纸，当备用纸槽上纸张较少时，容易发生卡纸，且印刷速度较小时卡纸机率较小。为此，晓舟设想在备用纸张较多时高速印刷，备用纸张较少时低速印刷。
如图乙是晓舟设计的电路原理图，M、M是两台额定功率不同的电动机，电动机工作时带动机体内的滚筒转动，从而完成“进纸”、“印刷”等操作，电动机转速越大，印刷速度也越快。0为衔铁的支点，AO的长度是OB的1.5倍，在控制电路中，R0是保护电阻，阻值为10Ω。电源电压为6V，R是安装在备用纸槽底部的力敏电阻，其阻值与受到纸张的压力成反比，图像如图丙。印刷时先闭合S2，后闭合S1，当控制电路中的电流大于或等于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作。印刷时所用纸张规格相同，每500张纸的重力为20N。
电动机型号 额定功率/W 额定电流/A 印刷速度/（秒/张）
M1 220 1 0.2
M2 110 0.5 0.5
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）当正常工作时，工作电路电压U为 V，电磁铁的上方为 极
（2）下列关于晓舟设计的速印机说法，哪一个是正确的____。
A．工作电路中电动机M1比M2的印刷速度慢
B．当备用纸槽上纸张减少时，电磁铁的磁性变弱
C．当控制电路中的电流大于0.2A时，M1和M2同时工作
D．当备用纸槽上无纸时，控制电路中电流为0.6A
（3）若衔铁被电磁铁吸引的电流大小不变恒等于0.2A，将R0换成阻值15Ω的定值电阻。当备用纸槽中纸张逐渐变少，启动另一个电动机时，备用纸槽中纸的张数比R0为10Ω时 （选填“多”或“少”）。
【答案】（1）220；N
（2）B
（3）多
【知识点】并联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）①由图乙可知，两个电动机并联，电动机两端的电压等于电源电压，
由P=UI得电压为；
②电磁铁线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则上方为电磁铁的N极。
（2）A.工作电路中电动机M1比M2的电功率大，印刷速度快，故A错误；
B.Rx是安装在备用纸槽底部的力敏电阻，其阻值与受到纸张的压力成反比，当备用纸槽上纸张减少时，阻值增大，此时电流减小，电磁铁的磁性变弱，故B正确；
C.当控制电路中的电流大于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作，故C错误；
D.控制电路中，当Rx=0时，电流最大为，
当备用纸槽上无纸时，力敏电阻的阻值较大，控制电路中电流变小，小于0.6A，故D错误；
故选B。
（3）由图丙可知，当备用纸槽放置总重力为12N的纸张时，此时力敏电阻的阻值为20Ω，
根据控制电路中总电阻R=R0+Rx=10Ω+20Ω=30Ω，
控制电路的电流为，
此时衔铁被吸引，电动机M1连入工作电路，
由以上可知：当纸张的压力为12N时，M1工作，当压力减小时，M2工作，
由纸张和页数的关系可得12N：n=20N：500张，得n=300张，
由以上还可推得：当电流为0.2A时，控制电路的总电阻为30Ω，当定值电阻为15Ω时，力敏电阻的阻值也为15Ω，
由丙图可知，此时的压力大于12N，即此时纸槽的纸张数量更多。
【分析】 （1）①由P=UI得电压，电动机两端的电压等于电源电压；
②根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
（2）A.工作电路中电动机M1比M2的电功率大，印刷速度快；
B.当备用纸槽上纸张减少时，Rx阻值增大，此时电流减小，电磁铁的磁性变弱；
C.当控制电路中的电流大于0.2A时，衔铁被吸引，只有电动机M1工作；
D.控制电路中最大电流为0.6A，当备用纸槽上无纸时，力敏电阻的阻值较大，控制电路中电流小于0.6A；
（3）已知电流为0.2A时，衔铁被吸引，电动机M1连入工作电路，由欧姆定律可得控制电路中总电阻，减去R0得力敏电阻的阻值，由图丙可知，当备用纸槽放置总重力，由纸张和页数的关系可得纸张数，两次纸张数的差，就是启动另一个电动机时，备用纸槽中纸的张数增加值。
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