广东省东莞市济川中学2025年中考一模物理试题
1．（2025·东莞模拟）小米酷爱打乒乓球，在学校经常打，身体越来越好。他对球、球拍、球台、球网进行了一些估测（ ）
A．乒乓球重1g B．乒乓球拍重1g
C．乒乓球台高1m D．球网高1cm
2．（2025·东莞模拟）声现象与我们生活密切相关，关于声现象下列说法中错误的是（ ）
A．甲图中，正在发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的
B．乙图中，听不到真空罩里闹铃的声音，说明真空不能传声
C．丙图中，随着吸管被剪短，吹出的声音音调会变高
D．丁图中，倒车雷达能探测离障碍物的距离说明声音能传递能量
3．（2025·东莞模拟）如图所示，渔民要瞄准鱼的下方才能叉到鱼，以下四幅光路图中，能正确说明这一现象成因是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2025·东莞模拟）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A．0℃的冰没有内能
B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加
C．物体的温度越高，所含的热量越多
D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
5．（2025·东莞模拟）燃放烟花实质上是烟花内的火药被点燃，产生高压燃气瞬间冲破纸膜的过程，此过程能量转化与热机工作循环的哪个冲程相似（ ）
A． B． C． D．
6．（2025·东莞模拟）小明家新购入一盆盆栽，盆栽底部有永磁体，底座内装有电磁铁，底座通电后能使得盆栽悬浮在空中，下列说法正确的是（ ）
A．盆栽底部的永磁体周围存在着磁感线
B．底座通电后能产生磁感线
C．盆栽悬浮的原理是同名磁极相互排斥
D．底座周围的磁场分布是均匀的
7．（2025·东莞模拟）为了减少医护人员与流感病人的接触，科研人员设计了如图所示的输液提示器，让护士在护士站就能观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（ ）
A．电路总电阻增大 B．电压表示数增大
C．电路总功率增大 D．灯泡亮度变暗
8．（2025·东莞模拟）音乐课上音乐老师美妙动听的歌声是通过 传到听众耳朵的；人们能分辨出是哪位同学的歌声，是因为每位同学声音的 不同；长笛、箫等乐器，吹奏时抬起不同的手指，就会改变空气柱振动的长度从而改变声音的 （后两空选填“音调”、“响度”或“音色”）。
9．（2025·东莞模拟）中国古诗词蕴含许多物理知识，比如唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的 现象，“香满衣”属于 现象，说明了分子 。
10．（2025·东莞模拟）卫星是通过 传递信息的，它从图所示位置向近地点运行时势能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；站在地面上的人观察到同步卫星静止不动，选取的参照物是 ．
11．（2025·东莞模拟）“长征五号”运载火箭，它采用了我国新研制的大推力液氧液氢发动机。火箭起飞时，采用液态氢作为燃料，是因为液态氢 大；3kg液态氢完全燃烧释放出的热量是4.2×106J，液态氢的热值是 J/kg，若不计热量损失，所放出来的热量可以将2t水从20℃加热到 ℃。（）
12．（2025·东莞模拟）今年，我国在“人造太阳”的项目中取得重大突破．如图是实验室内的场景．“人造太阳”是利用氢核 （选填“裂”或“聚”）变来获得巨大能量的．利用“人造太阳”发电可缓解电力紧张，电能是 （选填“一次”或“二次”）能源．
13．（2025·东莞模拟）如图所示是小颖家的电能表，当只有空调工作时，她观察到电能表的转盘1min转30转，该空调1小时消耗的电能为 kW h，可供“220V 40W”的电灯工作 h。空调遥控器是通过 （选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）来控制空调的。
14．（2025·东莞模拟）如图所示是电阻R和灯泡L的I-U图像，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时通过灯L的电流为 A，干路电流为 A；若电阻R和灯泡L串联接在9V电源上时，灯泡L的电阻为 Ω。
15．（2025·东莞模拟）（1）如图是某戏曲演员在平面镜前化妆的情景。请画出演员通过平面镜看见头饰上A点的光路图。
（2）请用笔画线代替绳子，画出图中工人用滑轮组提升重物G的最省力的绕法。
（3）如图所示，按照安全用电原则，用笔画线代替导线，将开关、两盏均标有“220V，60W”字样的灯泡接入家庭电路中，要求开关闭合后两盏灯都能同时正常发光。
16．（2025·东莞模拟）（1）长度测量是最基本的测量，如图1是小明同学使用刻度尺测量某一物体长度的情景，则该刻度尺的分度值是 mm，被测物体的长度是 cm；
（2）如图2所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 ，实验时选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系，运用的物理研究方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）；
（3）如图乙所示，将一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，则硬币成像在________。
A．a处 B．b处
C．c处 D．硬币无法通过平面镜成像
17．（2025·东莞模拟）在探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”时，小明设计了如图甲所示的电路图。实验所用电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压6V，滑动变阻器标有“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按图甲连接完整（要求导线不交叉）；
（2）连接电路时断开开关，实验前滑动变阻器的滑片应位于 （选填“A”或“B”）端；
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是 ，排除故障后，分别接入三个定值电阻，依次进行实验，得到了如图丙所示的图象，由图象分析可得出的结论是： ；
（4）实验过程回顾：小明用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V，读出电流表的示数；
（5）小明又把R换为20Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，为完成这次实验，他需要更换滑动变阻器 Ω。
18．（2025·东莞模拟）在学习了光学相关知识后，小君利用蜡烛光源做了相关实验。
（1）首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距为 cm；实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到 ；
（2）接着，他将蜡烛光源放在了如图乙所示的位置，在光屏上得到了一个倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；
（3）接着将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，此时若要在光屏上得到清晰的烛焰像，可以把光屏 （选填“向左”或“向右”）移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像；
（4）在图乙中，小君借来物理老师的眼镜，并将其靠近凸透镜左侧，向右移动光屏又发现清晰的像，说明老师所戴眼镜的镜片是 透镜（选填“凸”或“凹”）。
19．（2025·东莞模拟）汽车是当今社会中非常重要的交通工具，汽车在行驶过程中受到多方面的阻力，阻力会随车速增大而增大。如图所示为某型号家用轿车行驶过程中阻力与速度的关系图像，该车质量为1.24t。当该轿车以100km/h的速度匀速行驶1h时，求：
（1）轿车行驶的路程；
（2）发动机做了多少功？
（3）发动机的功率是多少？
20．（2025·东莞模拟）如图甲所示，小波家使用的一款智能养生壶，它具有加热、保温两挡功能，壶内部简化电路如图乙所示，其中R1和R2为电热丝，S2为自动控制开关，该养生壶的主要参数如表所示。求：
产品名称 智能养生壶
额定电压 220V
额定加热功率 880W
额定保温功率 110W
（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为多少A？
（2）电热丝R2的阻值为多少Ω？
（3）小波将该养生壶接入家庭电路中单独工作，在养生壶给水加热的过程中，观察到家里电能表（如图丙所示）的转盘3min内转了132转，则该养生壶加热时的实际功率是多少？
21．（2025·东莞模拟）九年级的同学即将面临体育中考。下面是体重50kg的小徐在备考中的场景。
（1）如图甲所示，小徐跳绳跳起过程中，动能 ，总机械能 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
（2）如图乙示，小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为 ，使运动员前进的力的施力物是 ，小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，他会 。
（3）练习实心球时，小徐投出的实心球在空中画了一条优美弧线，如图丙，小徐对实心球有做功的是 。
A．用力将实心球抛出（球未离开手）
B．实心球在空中飞行
C．实心球掉到地上
D．实心球在地上滚动
22．（2025·东莞模拟）自古以来，物理学对工程技术的发展一直起到重要的促进作用。《天工开物》是我国古代科技著作，记录了我国古代的传统手工技术。
（1）如图甲所示，人们晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以 液体的表面积，从而 （选填“加快”或“减慢”）水分的蒸发；
（2）如图乙所示，对釜的铸造，有“铁化如水，其中“铁化如水”描述的物态变化是 ，铁水在凝固成铁块的过程中，温度 （选填“升高”“降低”或“不变”），内能 ；（选填“增大”“减小”或“不变”）
（3）图丙所示为一种身高测量仪，顶部的感应器竖直向下发射超声波信号，经下方物体反射后返回，感应器记录信号从发射到接收所经历的时间为6.6×10-3s。已知感应器与测高台的距离为2.8m，空气中的声速为340m/s。则：小敏的身高为 m，太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站 （选填“能”或“不能”）应用超声测距仪测量它们之间的距离。
23．（2025·东莞模拟）目前，我国电动汽车的普及率在逐渐提高。下表是某电动汽车的一些参数：
整车质量 1500kg
电动机功率 120kW
0~100km/h加速时间 8.2s
最高车速 160km/h
综合工况耗电量 15kW h/100km
电池容量 50kW h
（1）如图，在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于 （选填“电源”或“用电器”）。当驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值 ，电流 ，从而改变电动机的转速；
（2）下列实验中与电动机的工作原理相同的是________；
A． B．
C． D．
（3）若该电动车充满电后匀速行驶了48km，发现剩余电量为80%，若电动汽车的效率为80%，则轿车在行驶过程中受到的阻力为 N；
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。按平均每天行驶50km，一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约 元。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】AB.乒乓球的质量约为10g，乒乓球拍重约150g，故A、B不符合题意；
C．人的身高大约1.7m左右，而乒乓球台高大概比成年人身高一半高一点，约为1m，故C符合题意；
D．球网高约10cm，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据对常见物体长度的认识判断即可。
2．【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；声与信息
【解析】【解答】A． 甲图中， 正在发声的音叉放在水面上激起水花，说明音叉在振动，故可以说明声音是由物体的振动产生的，故A正确不符合题意；
B． 乙图中， 当玻璃罩内的空气被全部抽出时，将听不到声音，故可以说明真空不能传声，故B正确不符合题意；
C． 丙图中， 随着吸管被剪短，空气柱的长度不断变短，空气柱振动的频率不断变快，吹出的声音的音调会变高，故C正确不符合题意；
D．倒车雷达能探测离障碍物的距离说明声音能传递信息，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 A.声音是物体振动产生的，一切发声体都在振动；
B.声音的传播是需要介质的，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
C.音调的高低和物体的振动频率快慢有关，振动频率越快，音调越高，振动频率越慢，音调越低；
D.声音可以传递信息，可以传递能量。
3．【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，水中的鱼身上的光由水中斜射入空气时发生折射，折射角应大于入射角。人眼逆着折射光线看去，光线好像从鱼的上方发出，实际上看到的是鱼升高了的虚像。
故选B。
【分析】根据光的折射规律分析判断即可。
4．【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】解：A、任何物体在任何温度下都具有内能，0℃的冰也有内能．故A错误．
B、冰是晶体，晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B正确；
C、描述热量的术语只能用”吸收“或”放出“，不能用“具有、所含”，故C错误；
D、内能的大小与物体的质量、状态和温度都有关系，所以单凭温度不变，不能确定物体的内能就不变，故D错误．
故选B．
【分析】（1）任何物体在任何温度下都具有内能．（2）晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加；（3）热量是一个过程量，只有热传递过程中才能谈热量，物体在一种状态下不能谈热量．
热量和内能的区别：热量只有在热传递过程中，物体才吸收或放出热量，物体在一种状态下不能说物体含有热量；内能是一个状态量，物体在任何状态下都具有内能．
5．【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】根据题意可知，高压燃气瞬间冲破纸膜的过程是将内能转化为机械能，与热机的做功冲程相似。
A图中两个气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程；
B图中进气门打开，活塞向下运动，为吸气冲程；
C图中两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程；
D图中排气门打开，活塞向上运动，为排气冲程。
故选A。
【分析】热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。根据活塞的运行方向和气门的开合确定冲程名称。
6．【答案】C
【知识点】磁场；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】AB．磁感线是人为引入的，磁感线不是真实存在的，故A、B错误；
C．盆栽受到的重力和电磁力相互平衡，即二者方向相反，即电磁力方向向上，即受到排斥力，故C正确；
D．电磁铁和永磁体一样，磁场分布是不均匀的，存在磁性最强的磁极，故D错误。
故选C。
【分析】AB.根据磁感线的定义判断；
C.根据平衡力的知识分析盆栽受到电磁力的种类即可；
D.根据磁体周围磁场分布的规律分析。
7．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABD.由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大。由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡两端分得的电压变大，又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，即灯泡变亮，故ABD错误；
C.由P=UI知电路总功率增大，故C正确。
故选C。
【分析】ABD. 由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，根据P=UI得出灯泡电功率的变化从而得出灯泡亮暗的变化；
C.由P=UI判断出电路总功率的变化。
8．【答案】空气；音色；音调
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】（1）音乐课上音乐老师美妙动听的歌声是通过空气传到听众耳朵的。
（2）人们能分辨出是哪位同学的歌声，是因为每位同学声音的音色不同。
（3）长笛、箫等乐器抬起不同的手指，就会改变空气柱振动的长度从而改变振动频率，从而发出不同音调的声音。
【分析】（1）声音的传播需要介质；
（2）音色是发声体的声音品质，是区别声音的重要标志；
（3）音调表示声音的高低，与发声体的振动频率有关。
9．【答案】反射；扩散；在不停地做无规则运动
【知识点】光的反射；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“月在手”中的“月”是月亮的虚像，是通过手中的水面反射形成的像。
（2）“香满衣”是扩散现象， 是因为花香分子在不停地做无规则运动。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点和原理解答；
（2）根据分子运动的知识分析解答。
10．【答案】电磁波；减小；地面
【知识点】势能的影响因素；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）卫星是通过电磁波来传递信息的；
（2）卫星从远地点运行到近地点时，高度减小，所以势能减小；
（3） 站在地面上的人观察到同步卫星静止不动，则卫星相对参照物的位置不变。因为同步卫星相对地面的位置不变，因此选取的参照物是地面。
【分析】（1）根据电磁波的特点和应用解答；
（2）重力势能与质量和高度有关；
（3）根据参照物的知识解答。
11．【答案】热值；1.4×106；20.5
【知识点】比热容；热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】（1） 火箭起飞时， 一般使用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较大的热值；
（2）根液态氢的热值为；
（3）若不计损失，则；
加热后水的温度变化量为；
由此可知，放出的热量可以使2t的初温20℃水温度升高到。
【分析】 （1）液态氢具有较大的热值，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量；
（2）根据Q放=mq可得液态氢的热值；
（3）若不计损失，则吸收的热量等于放出的热量，由Q吸=cmΔt可得，加热后水的温度变化量。
12．【答案】聚；二次
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“人造太阳”是利用氢核聚变来获得巨大能量的；
（2）电能不能从自然界直接获取，而是其它能量转化而成，属于二次能源。
【分析】（1）根据太阳能量的来源解答；
（2）直接从自然界获取的能源为一次能源，由一次能源转化而成的为二次能源。
13．【答案】0.72；18；电磁波
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据2500r/kW·h可知，电能表转动2500圈消耗1kW·h电能；
电能表的转盘1min转30转，该空调1min消耗的电能
该空调1小时消耗的电能为。
（2）根据“220V 40W”可知，灯泡的功率P=40W=0.04kW；
那么电灯工作的时间为。
（3）空调遥控器是利用红外线来实现对空调的控制 。
【分析】（1） 根据参数和转数得到1min消耗的电能，从而得到1h消耗的电能，
（2）根据得到可供“220V 40W”的电灯工作的时间；
（3）电磁波能够传递信息，无线通信都是利用电磁波传递信息的。
14．【答案】0.8；1.4；5
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上时，则它们两端的电压均为6V。根据图像可知，对应的电流分别为IL'=0.8A，IR=0.6A；
则干路电流I=IL'+IR=0.8A+0.6A=1.4A；
（2）电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为9V，根据图像可知，当电流为0.6A时，灯泡两端的电压为UL=3V，电阻两端的电压UR=6V。
那么电源电源U总=UL+UR=3V+6V=9V，与题意相符；
此时灯泡L的电阻为。
【分析】（1）根据图像确定电压为6V时通过灯泡和电阻的电流，然后根据并联电路的电流规律I=IL'+IR计算干路电流；
（2）串联电路中各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此根据图像确定灯泡的电压和通过它的电流，最后根据计算灯泡的电阻。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；滑轮组的设计与组装；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）通过A点作镜面的垂线，根据“物像等距”在镜面右侧找到对应的像点A'。连接A'和眼睛，交平面镜于点O，O为入射点，沿O点，人的眼睛画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示：
（2）根据图片可知，人站在地面上用滑轮组提升重物，则绳子上拉力方向向下。将绳头系在定滑轮上，按照从内到外，从上到下的顺序连接，如下图所示：
（3）根据题意可知，开关闭合后，两盏灯都能同时正常发光，且开关在干路上，所以两盏灯要并联，开关接在火线上，如图所示：
【分析】（1） 利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出点A的像点A'，根据反射光线反向延长通过像点，确定反射点（入射点），进而画出反射光线，并确定反射点（入射点），最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
（2）滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。通过比较提升物体绳子条数的多少确定最省力的绕法。
（3）根据家庭电路连接的方法和注意事项分析解答。
（1）作出A点关于平面镜的对称点，即为像点A'，连接A'和眼睛，交平面镜于点O，O为入射点，沿O点，人的眼睛画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示：
（2）因为是人站在地面上用滑轮组提升重物，所以绳子自由端连在人的手上，由2段绳子承担物重，如图所示：
（3）开关闭合后，两盏灯都能同时正常发光，且开关在干路上，所以两盏灯要并联，开关接在火线上，如图所示：
16．【答案】（1）1；3.50
（2）便于确定像的位置；大小；等效替代法
（3）A
【知识点】刻度尺的使用；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据图1可知，刻度尺上一个大格表示1cm，中间有10小格，则分度值为：1cm÷10=1mm，则被测物体的长度
（2）① 选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是：选用玻璃板代替平面镜，既能成像，又可以透过玻璃板看到后面的物体，便于确定像的位置。
②蜡烛B替代了蜡烛A的像，如果蜡烛B可以和蜡烛A的像完全重合，说明像与物等大，则选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小；
（3）若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，平面镜所在平面不变，则像的位置不变，物体所成的像仍在a处，故选A。
【分析】（1）根据刻度尺的分度值得出物体的长度。
（2）本实验根据等效替代法确定像的位置，当B与A的像重合时，可知像与物大小相等。
（3）平面镜成的像与物关于镜面对称。
（1）[1][2]如图1所示刻度尺分10小格，则分度值为1mm，则被测物体的长度
（2）[1]选用玻璃板代替平面镜，既能成像，又可以透过玻璃板看到后面的物体，便于确定像的位置。
[2][3]选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小，这种研究方法是等效替代法。蜡烛B替代了蜡烛A的像，如果蜡烛B可以和蜡烛A的像完全重合，说明像与物等大。
（3）平面镜所成的像与物关于镜面对称，所以若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，平面镜所在平面不变，则像的位置不变，物体所成的像仍在a处，故选A。
17．【答案】（1）
（2）B
（3）定值电阻R断路；当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
（4）B；2
（5）40
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，除了电压表并联在定值电阻两端，其它的都是串联。由图丙可知，电流值最大为0.4A，则电流表选择量程0-0.6A；电压表的示数为：U=IR=0.4A×5Ω=2V，则电压表选择量程0-3V。将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接，如图所示：
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大的一端，即位于B端。
（3）①闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R断路了；
②根据丙图可知，电流与电阻的乘积为一定值，那么得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（4）由图丙可知，定值电阻两端的电压UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变。将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
（5）根据串联分压可知：；
当定值电阻阻值为20Ω时，得到
解得：R滑=40Ω，
滑动变阻器的阻值最少40Ω。
【分析】 （1）电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，由图丙可知，两电表都接小量程，将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）①电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的电路断路了；
②由图丙图象求出电流和电阻的乘积分析回答；
（4）由图丙图象根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出变阻器的最大电阻值。
（1）电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，由图丙可知，两电表都接小量程，将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接，如图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大的B端。
（3）[1][2]闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R断路了；由图丙可知，电流随着电阻的增大而减小，且电流与电阻的乘积为一定值，故由图像可以得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（4）[1][2]由图丙可知，定值电阻两端的电压UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
（5）根据串联分压可知
当定值电阻阻值为20Ω时，得到
解得R滑=40Ω，滑动变阻器的阻值最少40Ω。
18．【答案】（1）10.0；同一高度
（2）缩小；照相机
（3）向左
（4）凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）①由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
②为了使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）由图乙可知，此时像距小于物距，则在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，利用此原理可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据“物远像近小”的规律可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动。
（4）向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，说明老师所戴眼镜的镜片能将光发散，所以是凹透镜。
【分析】（1）①凸透镜的焦点到光心的距离叫焦距；
②根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项解答。
（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用；
（3）根据物远像近像变小分析；
（4）凹透镜对光有发散作用，据此分析。
（1）[1]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，形成最小最亮的光斑，该光斑的位置为焦点的位置，由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
[2]为了能在光屏上观察到清晰的像，应使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）[1]由图乙可知，此时物距u=40.0cm-10.0cm=30.0cm>2f
由凸透镜成像规律可知，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像。
[2]由于照相机成像时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，所以利用此原理，可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据物远像近像变小可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）将眼镜片靠近凸透镜左侧，向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，说明老师所戴眼镜的镜片能将光发散，所以是凹透镜。
19．【答案】解：（1）轿车行驶的路程为；
答：轿车行驶的路程为100km；
（2）由图像可知，该轿车以100km/h的速度匀速行驶时其受到的阻力f=500N；
由二力平衡条件可得轿车所受的牵引力F=f=500N；
则发动机做的功。
答：发动机做了5×107J的功；
（3）根据题意可知，所用时间t=1h=3600s，
发动机的功率。
答：发动机的功率为13888.9W。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据s=vt计算轿车行驶的路程；
（2）根据图像确定轿车受到的阻力，根据平衡力的知识计算轿车受到的牵引力，根据W=Fs计算发动机做的功；
（3）根据计算发动机的功率。
20．【答案】（1）解：根据表格可知，保温功率为110W，
则在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为。
（2）解：根据乙图可知，两开关均闭合时，R1被短路，此时电路中只有R2，此时电路中电阻最小，为加热档，
则R2阻值为。
（3）解：根据题意可知，电加热器烧水3min消耗的电能为；
加热功率为。
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率公式P=UI计算在保温状态时该养生壶正常工作的电流；
（2）图乙可知，当开关S1闭合，开关S2断开时，电阻R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，电阻R1被短路，电路只有R2工作；根据串联电路电阻规律以及可知养生壶的工作状态，根据 可计算出电热丝R2的阻值；
（3）3000r/（kW h）表示电路中的用电器消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以计算出电能表转盘转过132转，养生壶消耗的电能，利用电功率公式计算养生壶实际加热功率。
（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为
（2）由图乙得，两开关均闭合时，电路中只有R2，此时电路中电阻最小，为加热挡，由可得，R2阻值为
（3）根据题意可知，电加热器烧水3min消耗的电能为
加热功率为
21．【答案】（1）减小；减小
（2）力的作用是相互的；地面；做匀速直线运动
（3）A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会有部分机械能转化为内能，所以总机械能减小。
（2）①小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，使运动员前进的力的施力物体是地面。
②小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，根据牛顿第一定律可知，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功，故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）物体由于运动所具有的能量叫动能；动能与质量和速度有关。重力势能与质量和高度有关。动能和势能统称为机械能；
（2）①物体间力的作用是相互的；
②根据牛顿第一定律可知，物体没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）。
（1）[1]动能跟物体的质量和速度有关。小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。
[2]小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会消耗掉一部分机械能，所以总机械能减小。
（2）[1][2]小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，小徐给地面一个向后的力，同时地面会给小徐一个向前的力，使运动员前进的力的施力物体是地面。
[3]根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）做功的两个必要因素是作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功。故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
22．【答案】（1）增大；加快
（2）熔化；不变；减小
（3）1.678；不能
【知识点】凝固与凝固放热特点；影响蒸发快慢的因素；声音的传播条件；声速
【解析】【解答】（1）根据题意可知，晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以增大液体的表面积，加快水分的蒸发。
（2）①“铁化如水”意思是固态的铁块熔化成液态的铁水。
②铁是晶体，铁水在凝固成铁块的过程中，温度保持不变。
（3）①根据题意可知，感应器到小敏头顶的距离为；
则小敏的身高为；
②太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站不能应用超声测距仪测量它们之间的距离，原因为：太空中处于真空状态，声音不能在真空中传播。
【分析】 （1）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动得快慢等因素有关；
（2）物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液体变为固态的过程叫做凝固。晶体凝固时温度保持不变，放出热量。
（3）①根据速度公式得出感应器距离人的头部距离，结合题意得出人的高度；
②根据真空不能传声解答。
（1）[1][2]液体蒸发快慢与液体的表面积有关，其它条件相同时液体表面积越大，蒸发越快。晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以增大液体的表面积，加快水分的蒸发。
（2）[1]物质由固态变为液态的过程称为熔化。“铁化如水”意思是固态的铁块熔化成液态的铁水。
[2][3]铁是晶体，铁水在凝固成铁块的过程中，放出热量，内能减小，但温度保持不变。
（3）[1]感应器到小敏头顶的距离为
则小敏的身高为
[2]由于太空中处于真空状态，声音不能在真空中传播，所以太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站不能应用超声测距仪测量它们之间的距离。
23．【答案】（1）用电器；变小；变大
（2）B
（3）600
（4）540
【知识点】欧姆定律及其应用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）① 如图， 在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能转化为化学能，相当于用电器。
②根据图片可知，驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值变小，电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，总电流变大。
（2）电动汽车的主要结构为电动机，而电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。
A．N极指向地理北极，表示地磁场的南极在地理北极附近，与电动机工作原理不同，故A不符合题意；
B．闭合开关后，通电导线在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C．闭合开关后，闭合电路的部分导体在磁场中受力运动，此时电流表的指针发生偏转，说明发生电磁感应现象，故C不符合题意；
D．表示通电导体周围存在磁场，是奥斯特实验，故D不符合题意。
故选B。
（3）根据题意可知，电池输出的有用功W有用=(1-80%)×50×3.6×106J×80%=2.88×107J；
则电动车在行驶过程中受到的阻力。
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，
而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。
按平均每天行驶50km，则一天节约T=6元/升×4.5升-1.2元/度×7.5度=18元；
因此一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约T'=18元/天×30天=540元。
【分析】（1）①电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
②根据图片分析踩下油门时变阻器的阻值变化，根据欧姆定律分析电流的大小变化即可。
（2）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，分析各个选项中包含的物理原理即可
（3）利用W=Fs计算电动车受到的阻力；
（4）节约的总钱数=每天节约的钱数×天数。
（1）[1]在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器。
[2][3]由图可知，旋钮滑片以下接入电路，驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值变小，电路中总电阻变小，总电流变大。
（2）A．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。地球周围存在磁场，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，由A选项图可知，N极指向地理北极，表示地磁场的南极在地理北极附近，与电动机工作原理不同，故A不符合题意；
B．由B选项图可知，表示通电导线在磁场中受到力的作用，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C．由C选项图可知，是电磁感应的原理图，与发电机的工作原理相同，故C不符合题意；
D．由D选项图可知，表示通电导体周围存在磁场，是奥斯特实验，与电动机的工作原理不同，故D不符合题意。
故选B。
（3）若该电动车充满电后匀速行驶了48km，发现剩余电量为80%，则电池输出的有用功W有用=(1-80%)×50×3.6×106J×80%=2.88×107J
由W=Fs可得，电动车在行驶过程中受到的阻力
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。按平均每天行驶50km，则一天节约T=6元/升×4.5升-1.2元/度×7.5度=18元
因此一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约T'=18元/天×30天=540元
1 / 1广东省东莞市济川中学2025年中考一模物理试题
1．（2025·东莞模拟）小米酷爱打乒乓球，在学校经常打，身体越来越好。他对球、球拍、球台、球网进行了一些估测（ ）
A．乒乓球重1g B．乒乓球拍重1g
C．乒乓球台高1m D．球网高1cm
【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】AB.乒乓球的质量约为10g，乒乓球拍重约150g，故A、B不符合题意；
C．人的身高大约1.7m左右，而乒乓球台高大概比成年人身高一半高一点，约为1m，故C符合题意；
D．球网高约10cm，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据对常见物体长度的认识判断即可。
2．（2025·东莞模拟）声现象与我们生活密切相关，关于声现象下列说法中错误的是（ ）
A．甲图中，正在发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的
B．乙图中，听不到真空罩里闹铃的声音，说明真空不能传声
C．丙图中，随着吸管被剪短，吹出的声音音调会变高
D．丁图中，倒车雷达能探测离障碍物的距离说明声音能传递能量
【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；声与信息
【解析】【解答】A． 甲图中， 正在发声的音叉放在水面上激起水花，说明音叉在振动，故可以说明声音是由物体的振动产生的，故A正确不符合题意；
B． 乙图中， 当玻璃罩内的空气被全部抽出时，将听不到声音，故可以说明真空不能传声，故B正确不符合题意；
C． 丙图中， 随着吸管被剪短，空气柱的长度不断变短，空气柱振动的频率不断变快，吹出的声音的音调会变高，故C正确不符合题意；
D．倒车雷达能探测离障碍物的距离说明声音能传递信息，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 A.声音是物体振动产生的，一切发声体都在振动；
B.声音的传播是需要介质的，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
C.音调的高低和物体的振动频率快慢有关，振动频率越快，音调越高，振动频率越慢，音调越低；
D.声音可以传递信息，可以传递能量。
3．（2025·东莞模拟）如图所示，渔民要瞄准鱼的下方才能叉到鱼，以下四幅光路图中，能正确说明这一现象成因是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，水中的鱼身上的光由水中斜射入空气时发生折射，折射角应大于入射角。人眼逆着折射光线看去，光线好像从鱼的上方发出，实际上看到的是鱼升高了的虚像。
故选B。
【分析】根据光的折射规律分析判断即可。
4．（2025·东莞模拟）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A．0℃的冰没有内能
B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加
C．物体的温度越高，所含的热量越多
D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】解：A、任何物体在任何温度下都具有内能，0℃的冰也有内能．故A错误．
B、冰是晶体，晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B正确；
C、描述热量的术语只能用”吸收“或”放出“，不能用“具有、所含”，故C错误；
D、内能的大小与物体的质量、状态和温度都有关系，所以单凭温度不变，不能确定物体的内能就不变，故D错误．
故选B．
【分析】（1）任何物体在任何温度下都具有内能．（2）晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加；（3）热量是一个过程量，只有热传递过程中才能谈热量，物体在一种状态下不能谈热量．
热量和内能的区别：热量只有在热传递过程中，物体才吸收或放出热量，物体在一种状态下不能说物体含有热量；内能是一个状态量，物体在任何状态下都具有内能．
5．（2025·东莞模拟）燃放烟花实质上是烟花内的火药被点燃，产生高压燃气瞬间冲破纸膜的过程，此过程能量转化与热机工作循环的哪个冲程相似（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】根据题意可知，高压燃气瞬间冲破纸膜的过程是将内能转化为机械能，与热机的做功冲程相似。
A图中两个气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程；
B图中进气门打开，活塞向下运动，为吸气冲程；
C图中两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程；
D图中排气门打开，活塞向上运动，为排气冲程。
故选A。
【分析】热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。根据活塞的运行方向和气门的开合确定冲程名称。
6．（2025·东莞模拟）小明家新购入一盆盆栽，盆栽底部有永磁体，底座内装有电磁铁，底座通电后能使得盆栽悬浮在空中，下列说法正确的是（ ）
A．盆栽底部的永磁体周围存在着磁感线
B．底座通电后能产生磁感线
C．盆栽悬浮的原理是同名磁极相互排斥
D．底座周围的磁场分布是均匀的
【答案】C
【知识点】磁场；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】AB．磁感线是人为引入的，磁感线不是真实存在的，故A、B错误；
C．盆栽受到的重力和电磁力相互平衡，即二者方向相反，即电磁力方向向上，即受到排斥力，故C正确；
D．电磁铁和永磁体一样，磁场分布是不均匀的，存在磁性最强的磁极，故D错误。
故选C。
【分析】AB.根据磁感线的定义判断；
C.根据平衡力的知识分析盆栽受到电磁力的种类即可；
D.根据磁体周围磁场分布的规律分析。
7．（2025·东莞模拟）为了减少医护人员与流感病人的接触，科研人员设计了如图所示的输液提示器，让护士在护士站就能观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（ ）
A．电路总电阻增大 B．电压表示数增大
C．电路总功率增大 D．灯泡亮度变暗
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABD.由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大。由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡两端分得的电压变大，又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，即灯泡变亮，故ABD错误；
C.由P=UI知电路总功率增大，故C正确。
故选C。
【分析】ABD. 由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，根据P=UI得出灯泡电功率的变化从而得出灯泡亮暗的变化；
C.由P=UI判断出电路总功率的变化。
8．（2025·东莞模拟）音乐课上音乐老师美妙动听的歌声是通过 传到听众耳朵的；人们能分辨出是哪位同学的歌声，是因为每位同学声音的 不同；长笛、箫等乐器，吹奏时抬起不同的手指，就会改变空气柱振动的长度从而改变声音的 （后两空选填“音调”、“响度”或“音色”）。
【答案】空气；音色；音调
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】（1）音乐课上音乐老师美妙动听的歌声是通过空气传到听众耳朵的。
（2）人们能分辨出是哪位同学的歌声，是因为每位同学声音的音色不同。
（3）长笛、箫等乐器抬起不同的手指，就会改变空气柱振动的长度从而改变振动频率，从而发出不同音调的声音。
【分析】（1）声音的传播需要介质；
（2）音色是发声体的声音品质，是区别声音的重要标志；
（3）音调表示声音的高低，与发声体的振动频率有关。
9．（2025·东莞模拟）中国古诗词蕴含许多物理知识，比如唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的 现象，“香满衣”属于 现象，说明了分子 。
【答案】反射；扩散；在不停地做无规则运动
【知识点】光的反射；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“月在手”中的“月”是月亮的虚像，是通过手中的水面反射形成的像。
（2）“香满衣”是扩散现象， 是因为花香分子在不停地做无规则运动。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点和原理解答；
（2）根据分子运动的知识分析解答。
10．（2025·东莞模拟）卫星是通过 传递信息的，它从图所示位置向近地点运行时势能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；站在地面上的人观察到同步卫星静止不动，选取的参照物是 ．
【答案】电磁波；减小；地面
【知识点】势能的影响因素；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）卫星是通过电磁波来传递信息的；
（2）卫星从远地点运行到近地点时，高度减小，所以势能减小；
（3） 站在地面上的人观察到同步卫星静止不动，则卫星相对参照物的位置不变。因为同步卫星相对地面的位置不变，因此选取的参照物是地面。
【分析】（1）根据电磁波的特点和应用解答；
（2）重力势能与质量和高度有关；
（3）根据参照物的知识解答。
11．（2025·东莞模拟）“长征五号”运载火箭，它采用了我国新研制的大推力液氧液氢发动机。火箭起飞时，采用液态氢作为燃料，是因为液态氢 大；3kg液态氢完全燃烧释放出的热量是4.2×106J，液态氢的热值是 J/kg，若不计热量损失，所放出来的热量可以将2t水从20℃加热到 ℃。（）
【答案】热值；1.4×106；20.5
【知识点】比热容；热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】（1） 火箭起飞时， 一般使用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较大的热值；
（2）根液态氢的热值为；
（3）若不计损失，则；
加热后水的温度变化量为；
由此可知，放出的热量可以使2t的初温20℃水温度升高到。
【分析】 （1）液态氢具有较大的热值，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量；
（2）根据Q放=mq可得液态氢的热值；
（3）若不计损失，则吸收的热量等于放出的热量，由Q吸=cmΔt可得，加热后水的温度变化量。
12．（2025·东莞模拟）今年，我国在“人造太阳”的项目中取得重大突破．如图是实验室内的场景．“人造太阳”是利用氢核 （选填“裂”或“聚”）变来获得巨大能量的．利用“人造太阳”发电可缓解电力紧张，电能是 （选填“一次”或“二次”）能源．
【答案】聚；二次
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“人造太阳”是利用氢核聚变来获得巨大能量的；
（2）电能不能从自然界直接获取，而是其它能量转化而成，属于二次能源。
【分析】（1）根据太阳能量的来源解答；
（2）直接从自然界获取的能源为一次能源，由一次能源转化而成的为二次能源。
13．（2025·东莞模拟）如图所示是小颖家的电能表，当只有空调工作时，她观察到电能表的转盘1min转30转，该空调1小时消耗的电能为 kW h，可供“220V 40W”的电灯工作 h。空调遥控器是通过 （选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）来控制空调的。
【答案】0.72；18；电磁波
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据2500r/kW·h可知，电能表转动2500圈消耗1kW·h电能；
电能表的转盘1min转30转，该空调1min消耗的电能
该空调1小时消耗的电能为。
（2）根据“220V 40W”可知，灯泡的功率P=40W=0.04kW；
那么电灯工作的时间为。
（3）空调遥控器是利用红外线来实现对空调的控制 。
【分析】（1） 根据参数和转数得到1min消耗的电能，从而得到1h消耗的电能，
（2）根据得到可供“220V 40W”的电灯工作的时间；
（3）电磁波能够传递信息，无线通信都是利用电磁波传递信息的。
14．（2025·东莞模拟）如图所示是电阻R和灯泡L的I-U图像，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时通过灯L的电流为 A，干路电流为 A；若电阻R和灯泡L串联接在9V电源上时，灯泡L的电阻为 Ω。
【答案】0.8；1.4；5
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上时，则它们两端的电压均为6V。根据图像可知，对应的电流分别为IL'=0.8A，IR=0.6A；
则干路电流I=IL'+IR=0.8A+0.6A=1.4A；
（2）电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为9V，根据图像可知，当电流为0.6A时，灯泡两端的电压为UL=3V，电阻两端的电压UR=6V。
那么电源电源U总=UL+UR=3V+6V=9V，与题意相符；
此时灯泡L的电阻为。
【分析】（1）根据图像确定电压为6V时通过灯泡和电阻的电流，然后根据并联电路的电流规律I=IL'+IR计算干路电流；
（2）串联电路中各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此根据图像确定灯泡的电压和通过它的电流，最后根据计算灯泡的电阻。
15．（2025·东莞模拟）（1）如图是某戏曲演员在平面镜前化妆的情景。请画出演员通过平面镜看见头饰上A点的光路图。
（2）请用笔画线代替绳子，画出图中工人用滑轮组提升重物G的最省力的绕法。
（3）如图所示，按照安全用电原则，用笔画线代替导线，将开关、两盏均标有“220V，60W”字样的灯泡接入家庭电路中，要求开关闭合后两盏灯都能同时正常发光。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；滑轮组的设计与组装；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）通过A点作镜面的垂线，根据“物像等距”在镜面右侧找到对应的像点A'。连接A'和眼睛，交平面镜于点O，O为入射点，沿O点，人的眼睛画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示：
（2）根据图片可知，人站在地面上用滑轮组提升重物，则绳子上拉力方向向下。将绳头系在定滑轮上，按照从内到外，从上到下的顺序连接，如下图所示：
（3）根据题意可知，开关闭合后，两盏灯都能同时正常发光，且开关在干路上，所以两盏灯要并联，开关接在火线上，如图所示：
【分析】（1） 利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出点A的像点A'，根据反射光线反向延长通过像点，确定反射点（入射点），进而画出反射光线，并确定反射点（入射点），最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
（2）滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。通过比较提升物体绳子条数的多少确定最省力的绕法。
（3）根据家庭电路连接的方法和注意事项分析解答。
（1）作出A点关于平面镜的对称点，即为像点A'，连接A'和眼睛，交平面镜于点O，O为入射点，沿O点，人的眼睛画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示：
（2）因为是人站在地面上用滑轮组提升重物，所以绳子自由端连在人的手上，由2段绳子承担物重，如图所示：
（3）开关闭合后，两盏灯都能同时正常发光，且开关在干路上，所以两盏灯要并联，开关接在火线上，如图所示：
16．（2025·东莞模拟）（1）长度测量是最基本的测量，如图1是小明同学使用刻度尺测量某一物体长度的情景，则该刻度尺的分度值是 mm，被测物体的长度是 cm；
（2）如图2所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 ，实验时选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系，运用的物理研究方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）；
（3）如图乙所示，将一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，则硬币成像在________。
A．a处 B．b处
C．c处 D．硬币无法通过平面镜成像
【答案】（1）1；3.50
（2）便于确定像的位置；大小；等效替代法
（3）A
【知识点】刻度尺的使用；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据图1可知，刻度尺上一个大格表示1cm，中间有10小格，则分度值为：1cm÷10=1mm，则被测物体的长度
（2）① 选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是：选用玻璃板代替平面镜，既能成像，又可以透过玻璃板看到后面的物体，便于确定像的位置。
②蜡烛B替代了蜡烛A的像，如果蜡烛B可以和蜡烛A的像完全重合，说明像与物等大，则选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小；
（3）若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，平面镜所在平面不变，则像的位置不变，物体所成的像仍在a处，故选A。
【分析】（1）根据刻度尺的分度值得出物体的长度。
（2）本实验根据等效替代法确定像的位置，当B与A的像重合时，可知像与物大小相等。
（3）平面镜成的像与物关于镜面对称。
（1）[1][2]如图1所示刻度尺分10小格，则分度值为1mm，则被测物体的长度
（2）[1]选用玻璃板代替平面镜，既能成像，又可以透过玻璃板看到后面的物体，便于确定像的位置。
[2][3]选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小，这种研究方法是等效替代法。蜡烛B替代了蜡烛A的像，如果蜡烛B可以和蜡烛A的像完全重合，说明像与物等大。
（3）平面镜所成的像与物关于镜面对称，所以若将平面镜平移至如图丙所示的位置时，平面镜所在平面不变，则像的位置不变，物体所成的像仍在a处，故选A。
17．（2025·东莞模拟）在探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”时，小明设计了如图甲所示的电路图。实验所用电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压6V，滑动变阻器标有“20Ω，1A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按图甲连接完整（要求导线不交叉）；
（2）连接电路时断开开关，实验前滑动变阻器的滑片应位于 （选填“A”或“B”）端；
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是 ，排除故障后，分别接入三个定值电阻，依次进行实验，得到了如图丙所示的图象，由图象分析可得出的结论是： ；
（4）实验过程回顾：小明用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V，读出电流表的示数；
（5）小明又把R换为20Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，为完成这次实验，他需要更换滑动变阻器 Ω。
【答案】（1）
（2）B
（3）定值电阻R断路；当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
（4）B；2
（5）40
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，除了电压表并联在定值电阻两端，其它的都是串联。由图丙可知，电流值最大为0.4A，则电流表选择量程0-0.6A；电压表的示数为：U=IR=0.4A×5Ω=2V，则电压表选择量程0-3V。将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接，如图所示：
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大的一端，即位于B端。
（3）①闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R断路了；
②根据丙图可知，电流与电阻的乘积为一定值，那么得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（4）由图丙可知，定值电阻两端的电压UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变。将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
（5）根据串联分压可知：；
当定值电阻阻值为20Ω时，得到
解得：R滑=40Ω，
滑动变阻器的阻值最少40Ω。
【分析】 （1）电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，由图丙可知，两电表都接小量程，将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）①电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的电路断路了；
②由图丙图象求出电流和电阻的乘积分析回答；
（4）由图丙图象根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出变阻器的最大电阻值。
（1）电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，由图丙可知，两电表都接小量程，将定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器要求一上一下连接，如图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大的B端。
（3）[1][2]闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R断路了；由图丙可知，电流随着电阻的增大而减小，且电流与电阻的乘积为一定值，故由图像可以得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（4）[1][2]由图丙可知，定值电阻两端的电压UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
（5）根据串联分压可知
当定值电阻阻值为20Ω时，得到
解得R滑=40Ω，滑动变阻器的阻值最少40Ω。
18．（2025·东莞模拟）在学习了光学相关知识后，小君利用蜡烛光源做了相关实验。
（1）首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距为 cm；实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到 ；
（2）接着，他将蜡烛光源放在了如图乙所示的位置，在光屏上得到了一个倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；
（3）接着将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，此时若要在光屏上得到清晰的烛焰像，可以把光屏 （选填“向左”或“向右”）移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像；
（4）在图乙中，小君借来物理老师的眼镜，并将其靠近凸透镜左侧，向右移动光屏又发现清晰的像，说明老师所戴眼镜的镜片是 透镜（选填“凸”或“凹”）。
【答案】（1）10.0；同一高度
（2）缩小；照相机
（3）向左
（4）凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）①由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
②为了使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）由图乙可知，此时像距小于物距，则在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，利用此原理可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据“物远像近小”的规律可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动。
（4）向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，说明老师所戴眼镜的镜片能将光发散，所以是凹透镜。
【分析】（1）①凸透镜的焦点到光心的距离叫焦距；
②根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项解答。
（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用；
（3）根据物远像近像变小分析；
（4）凹透镜对光有发散作用，据此分析。
（1）[1]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，形成最小最亮的光斑，该光斑的位置为焦点的位置，由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
[2]为了能在光屏上观察到清晰的像，应使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）[1]由图乙可知，此时物距u=40.0cm-10.0cm=30.0cm>2f
由凸透镜成像规律可知，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像。
[2]由于照相机成像时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，所以利用此原理，可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据物远像近像变小可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）将眼镜片靠近凸透镜左侧，向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，说明老师所戴眼镜的镜片能将光发散，所以是凹透镜。
19．（2025·东莞模拟）汽车是当今社会中非常重要的交通工具，汽车在行驶过程中受到多方面的阻力，阻力会随车速增大而增大。如图所示为某型号家用轿车行驶过程中阻力与速度的关系图像，该车质量为1.24t。当该轿车以100km/h的速度匀速行驶1h时，求：
（1）轿车行驶的路程；
（2）发动机做了多少功？
（3）发动机的功率是多少？
【答案】解：（1）轿车行驶的路程为；
答：轿车行驶的路程为100km；
（2）由图像可知，该轿车以100km/h的速度匀速行驶时其受到的阻力f=500N；
由二力平衡条件可得轿车所受的牵引力F=f=500N；
则发动机做的功。
答：发动机做了5×107J的功；
（3）根据题意可知，所用时间t=1h=3600s，
发动机的功率。
答：发动机的功率为13888.9W。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据s=vt计算轿车行驶的路程；
（2）根据图像确定轿车受到的阻力，根据平衡力的知识计算轿车受到的牵引力，根据W=Fs计算发动机做的功；
（3）根据计算发动机的功率。
20．（2025·东莞模拟）如图甲所示，小波家使用的一款智能养生壶，它具有加热、保温两挡功能，壶内部简化电路如图乙所示，其中R1和R2为电热丝，S2为自动控制开关，该养生壶的主要参数如表所示。求：
产品名称 智能养生壶
额定电压 220V
额定加热功率 880W
额定保温功率 110W
（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为多少A？
（2）电热丝R2的阻值为多少Ω？
（3）小波将该养生壶接入家庭电路中单独工作，在养生壶给水加热的过程中，观察到家里电能表（如图丙所示）的转盘3min内转了132转，则该养生壶加热时的实际功率是多少？
【答案】（1）解：根据表格可知，保温功率为110W，
则在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为。
（2）解：根据乙图可知，两开关均闭合时，R1被短路，此时电路中只有R2，此时电路中电阻最小，为加热档，
则R2阻值为。
（3）解：根据题意可知，电加热器烧水3min消耗的电能为；
加热功率为。
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率公式P=UI计算在保温状态时该养生壶正常工作的电流；
（2）图乙可知，当开关S1闭合，开关S2断开时，电阻R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，电阻R1被短路，电路只有R2工作；根据串联电路电阻规律以及可知养生壶的工作状态，根据 可计算出电热丝R2的阻值；
（3）3000r/（kW h）表示电路中的用电器消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以计算出电能表转盘转过132转，养生壶消耗的电能，利用电功率公式计算养生壶实际加热功率。
（1）在保温状态下，该养生壶正常工作时的电流为
（2）由图乙得，两开关均闭合时，电路中只有R2，此时电路中电阻最小，为加热挡，由可得，R2阻值为
（3）根据题意可知，电加热器烧水3min消耗的电能为
加热功率为
21．（2025·东莞模拟）九年级的同学即将面临体育中考。下面是体重50kg的小徐在备考中的场景。
（1）如图甲所示，小徐跳绳跳起过程中，动能 ，总机械能 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
（2）如图乙示，小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为 ，使运动员前进的力的施力物是 ，小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，他会 。
（3）练习实心球时，小徐投出的实心球在空中画了一条优美弧线，如图丙，小徐对实心球有做功的是 。
A．用力将实心球抛出（球未离开手）
B．实心球在空中飞行
C．实心球掉到地上
D．实心球在地上滚动
【答案】（1）减小；减小
（2）力的作用是相互的；地面；做匀速直线运动
（3）A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会有部分机械能转化为内能，所以总机械能减小。
（2）①小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，使运动员前进的力的施力物体是地面。
②小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，根据牛顿第一定律可知，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功，故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）物体由于运动所具有的能量叫动能；动能与质量和速度有关。重力势能与质量和高度有关。动能和势能统称为机械能；
（2）①物体间力的作用是相互的；
②根据牛顿第一定律可知，物体没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）。
（1）[1]动能跟物体的质量和速度有关。小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。
[2]小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会消耗掉一部分机械能，所以总机械能减小。
（2）[1][2]小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，小徐给地面一个向后的力，同时地面会给小徐一个向前的力，使运动员前进的力的施力物体是地面。
[3]根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）做功的两个必要因素是作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功。故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
22．（2025·东莞模拟）自古以来，物理学对工程技术的发展一直起到重要的促进作用。《天工开物》是我国古代科技著作，记录了我国古代的传统手工技术。
（1）如图甲所示，人们晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以 液体的表面积，从而 （选填“加快”或“减慢”）水分的蒸发；
（2）如图乙所示，对釜的铸造，有“铁化如水，其中“铁化如水”描述的物态变化是 ，铁水在凝固成铁块的过程中，温度 （选填“升高”“降低”或“不变”），内能 ；（选填“增大”“减小”或“不变”）
（3）图丙所示为一种身高测量仪，顶部的感应器竖直向下发射超声波信号，经下方物体反射后返回，感应器记录信号从发射到接收所经历的时间为6.6×10-3s。已知感应器与测高台的距离为2.8m，空气中的声速为340m/s。则：小敏的身高为 m，太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站 （选填“能”或“不能”）应用超声测距仪测量它们之间的距离。
【答案】（1）增大；加快
（2）熔化；不变；减小
（3）1.678；不能
【知识点】凝固与凝固放热特点；影响蒸发快慢的因素；声音的传播条件；声速
【解析】【解答】（1）根据题意可知，晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以增大液体的表面积，加快水分的蒸发。
（2）①“铁化如水”意思是固态的铁块熔化成液态的铁水。
②铁是晶体，铁水在凝固成铁块的过程中，温度保持不变。
（3）①根据题意可知，感应器到小敏头顶的距离为；
则小敏的身高为；
②太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站不能应用超声测距仪测量它们之间的距离，原因为：太空中处于真空状态，声音不能在真空中传播。
【分析】 （1）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动得快慢等因素有关；
（2）物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液体变为固态的过程叫做凝固。晶体凝固时温度保持不变，放出热量。
（3）①根据速度公式得出感应器距离人的头部距离，结合题意得出人的高度；
②根据真空不能传声解答。
（1）[1][2]液体蒸发快慢与液体的表面积有关，其它条件相同时液体表面积越大，蒸发越快。晾晒豆株时要尽量将豆株铺开，这样做可以增大液体的表面积，加快水分的蒸发。
（2）[1]物质由固态变为液态的过程称为熔化。“铁化如水”意思是固态的铁块熔化成液态的铁水。
[2][3]铁是晶体，铁水在凝固成铁块的过程中，放出热量，内能减小，但温度保持不变。
（3）[1]感应器到小敏头顶的距离为
则小敏的身高为
[2]由于太空中处于真空状态，声音不能在真空中传播，所以太空中的神舟飞船向空间站靠近的过程中，空间站不能应用超声测距仪测量它们之间的距离。
23．（2025·东莞模拟）目前，我国电动汽车的普及率在逐渐提高。下表是某电动汽车的一些参数：
整车质量 1500kg
电动机功率 120kW
0~100km/h加速时间 8.2s
最高车速 160km/h
综合工况耗电量 15kW h/100km
电池容量 50kW h
（1）如图，在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于 （选填“电源”或“用电器”）。当驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值 ，电流 ，从而改变电动机的转速；
（2）下列实验中与电动机的工作原理相同的是________；
A． B．
C． D．
（3）若该电动车充满电后匀速行驶了48km，发现剩余电量为80%，若电动汽车的效率为80%，则轿车在行驶过程中受到的阻力为 N；
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。按平均每天行驶50km，一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约 元。
【答案】（1）用电器；变小；变大
（2）B
（3）600
（4）540
【知识点】欧姆定律及其应用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）① 如图， 在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能转化为化学能，相当于用电器。
②根据图片可知，驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值变小，电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，总电流变大。
（2）电动汽车的主要结构为电动机，而电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。
A．N极指向地理北极，表示地磁场的南极在地理北极附近，与电动机工作原理不同，故A不符合题意；
B．闭合开关后，通电导线在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C．闭合开关后，闭合电路的部分导体在磁场中受力运动，此时电流表的指针发生偏转，说明发生电磁感应现象，故C不符合题意；
D．表示通电导体周围存在磁场，是奥斯特实验，故D不符合题意。
故选B。
（3）根据题意可知，电池输出的有用功W有用=(1-80%)×50×3.6×106J×80%=2.88×107J；
则电动车在行驶过程中受到的阻力。
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，
而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。
按平均每天行驶50km，则一天节约T=6元/升×4.5升-1.2元/度×7.5度=18元；
因此一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约T'=18元/天×30天=540元。
【分析】（1）①电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
②根据图片分析踩下油门时变阻器的阻值变化，根据欧姆定律分析电流的大小变化即可。
（2）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，分析各个选项中包含的物理原理即可
（3）利用W=Fs计算电动车受到的阻力；
（4）节约的总钱数=每天节约的钱数×天数。
（1）[1]在给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器。
[2][3]由图可知，旋钮滑片以下接入电路，驾驶员踩下“油门”，电路中变阻器阻值变小，电路中总电阻变小，总电流变大。
（2）A．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。地球周围存在磁场，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，由A选项图可知，N极指向地理北极，表示地磁场的南极在地理北极附近，与电动机工作原理不同，故A不符合题意；
B．由B选项图可知，表示通电导线在磁场中受到力的作用，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C．由C选项图可知，是电磁感应的原理图，与发电机的工作原理相同，故C不符合题意；
D．由D选项图可知，表示通电导体周围存在磁场，是奥斯特实验，与电动机的工作原理不同，故D不符合题意。
故选B。
（3）若该电动车充满电后匀速行驶了48km，发现剩余电量为80%，则电池输出的有用功W有用=(1-80%)×50×3.6×106J×80%=2.88×107J
由W=Fs可得，电动车在行驶过程中受到的阻力
（4）若燃油车油耗为9升/100km，每升汽油6元，而纯电动车每度电的充电成本为1.2元（含服务费）。按平均每天行驶50km，则一天节约T=6元/升×4.5升-1.2元/度×7.5度=18元
因此一月（按30天）电动汽车比燃油汽车节约T'=18元/天×30天=540元
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