2024—2025学年上海市中考物理一模实验题汇总（含解析）

2024—2025学年上海市中考物理一模实验题汇总
1．[2025上海交大附中·一模]交附物理兴趣小组同学在做“用电压表，电流表测电阻”的实验中，备有：电流表一个，0~0.6A，0~3A两个量程，电压表一个，0~3V、0~15V两个量程；学生电源，电压分别为1.5V、3V、6V、15V；开关一个；定值电阻R1=15Ω，待测电阻Rx，滑动变阻器R上标有“20Ω 2A”的字样，导线若干。
方案①：小交同学按图所示的电路图正确连接电路，当他按操作规范进行实验时，闭合电键K，电流表A的示数为I，然后他调节滑动变阻器滑片P的位置，当滑片P的位置恰好在中点时，电流表A的示数为0.5A。
（1）I的取值为 ；
方案②：如图是小通同学的同学们设计的测量电阻的电路图，他们决定只用一个电表完成测量，闭合开关S时，电流表的示数为0.2A；两个开关都闭合时，电流表的示数变为0.3A。
（2）待测电阻R2（Rx）的阻值约为 ，为了减小电表读数时的误差，要求在几次测量中，电表指针的示数大于量程的，则电源应选用 V，电压表应选用 量程，电流表应选用 量程；
方案③：晓彤同学看到小通同学的方案后，决定保持电路中的其他元件不变，只将电流表换成电压表，来测量待测电阻的阻值
（3）请在框格内画出相应的电路图 （留有1张备用，若要涂改，请在左上角标明哪幅是最终结果）。
2．[2025上海浦东新·一模]某小组同学在学习了大气压的知识后，回顾了如图（a）所示的“覆杯”实验，他们将塑料薄片覆盖在装满水的杯口后，将杯子往各个方向转动，发现薄片始终没有落下。
（1）小方根据实验现象得出结论：大气存在向各个方向的压强。小明认为该实验无法证明大气存在竖直向下的压强。你 （选填“支持”或“不支持”）小明的观点，请结合所学知识简述理由 。
（2）小珠认为薄片没有下落，并不是因为大气“顶”住了薄片，而是杯中的水“粘”住了薄片。于是她设计了如图（b）所示实验：将装满水并覆盖有薄片的杯子倒挂在密封玻璃罩中（玻璃罩内的气压与罩外大气压相同），用一根橡胶管将玻璃罩与抽气机相连（橡胶管与玻璃罩、抽气机的连接口均密封），启动抽气机进行抽气。选出你认为正确的观点 ，并结合所学知识简述理由 。
A．若薄片落下，可证明小珠的观点是错误的
B．若薄片没有落下，可证明小珠的观点是正确的
C．该实验无法证明小珠的观点是否正确
3．[2025上海浦东新·一模]小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为2V、4V、6V中的一个，且保持不变）、待测电阻、滑动变阻器（标有“ 2A”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他正确串联器材，并将电压表并联在电路中、小华在读取并记录数据时，有一个电表始终未按所选量程读数，而是在另一量程下读数。当变阻器的滑片在一端时，他记录的电压表示数为0.6V，当滑片在某一位置时，他记录的电压表和电流表示数为1.0V和0.48A，当滑片在另一端时，他记录的电流表示数为0.58A。实验过程中，电压表、电流表的量程均未发生改变，其表盘如图所示。
（1）该实验的实验原理是 。
（2）求出待测电阻的阻值。（计算结果精确到，需写出解答过程）
4．[2025上海金山·一模]小红和小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，他们所用滑动变阻器有A、B两个，A标有“5欧3安”字样、B标有“20欧；2安”字样，其它实验器材齐全且相同（电源电压为2伏的整数倍且保持不变）。他们各自选取一个变阻器进行实验，小红正确连接电路，操作规范，闭合开关，观察到电压表示数如图所示。小华将器材正确串联之后，将电压表并联在电路中，闭合开关移动滑动变阻器滑片，发现两个电表的示数一个变大一个变小，当滑片移至某一位置时，测量得到一组实验数据记录在表一序号1中。
表一小华的实验数据
序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安）
1 3.0 0.20
2
3
（1）画出小红实验的电路图 。
（2）小华实验中电压表并联在 （选填“待测电阻”或“滑动变阻器”）两端。
（3）通过推理计算说明实验时所用的电源电压U和实验序号1中待测电阻的阻值 。（需写出解答过程）
5．[2025上海黄浦·一模]小明做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有两个滑动变阻器（分别标有“5欧3安”和“10欧2安”），他选用某一滑动变阻器与电源（电压有6伏和7.5伏两挡可选）、待测电阻Rx、电流表、开关正确串联。他移动滑片至阻值最大处，将电压表（只有0~3伏挡完好）并联在待测电阻两端，闭合开关，观察到的现象如图所示，然后他将电压表并联在滑动变阻器两端，观察到的现象仍如图所示。为了完成实验，他调整电源电压，移动变阻器滑片，又做了两次实验，实验数据记录在表1中，根据三次实验数据测出了待测电阻的阻值。
表1
序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安）
1
2 2.4 0.36
3 2 0.40
（1）图（a）中电流表的示数为 安。
（2）根据题中信息判断调整后的电源电压 。（需写出判断过程）
（3）求待测电阻的阻值 。（需写出计算过程，精确到0.1欧）
6．[2025上海杨浦·一模]小明做“测量金属块的密度”实验，先把电子天平放置在水平桌面上，后续的实验场景如图所示。
（1）该实验的原理是 。
（2）小明记录了相关实验数据：金属块质量为33.10克，金属块体积为12厘米3；并计算出本次实验的金属块密度约为2.76克/厘米3。你认为小明的这次实验过程是否合理，请说明理由。
（3）请你给出一个更合理的实验过程，并根据上述的测量数据计算金属块的密度ρ金属。
7．[2025上海杨浦·一模]小红和小华做“用电流表、电压表测电阻”实验。现有待测导体两个（分别是电阻R和小灯泡L），其余的器材相同且完好，其中滑动变阻器上均标有“1A”字样。他们分别选择一个待测导体，与电源、电流表、开关正确串联，其中一人将电压表并联在待测导体两端，另一人将电压表并联在滑动变阻器两端。小红和小华均规范操作，并将刚闭合开关时的电压表示数记录实验序号1中。实验过程中，两位同学观察到电流表示数的最小值均为0.2安，电流表示数的最大值分别为0.58安、0.3安。他们讨论后分别计算出了定值电阻R的平均值与小灯泡L电阻的平均值，表1、表2中记录了两人的实验部分数据。
表1小红实验数据
实验序号 电压（伏） 电流（安）
1 4.0
2 2.8 0.3
3 0
表2小华实验数据
实验序号 电压（伏） 电流（安）
1 2.0
2 3.5 0.24
3
根据上述信息
（1） 将电压表并联在滑动变阻器（选填“小红”或“小华”），理由是： 。
（2）求小红和小华实验所用电源的电压U。（写出主要的推理和分析过程）
（3）求定值电阻R的平均值。（精确到0.1欧姆）
（4）将小灯泡L电阻的平均值作为小灯泡的电阻，你认为这样做合理吗？为什么？
8．[2025上海宝山·一模]如图所示是某同学为研究“并联电路电流的特点”所设计的实验电路图，实验后数据记录如下表所示。研究过程中，该同学采用了两种方案进行实验：A．改变电源电压；B．移动滑动变阻器的滑片。
实验序号 电流表A1的示数（A） 电流表A2的示数（A） 电流表A3的示数（A）
1 0.10 0.16 0.26
2 0.20 0.32 0.52
3 0.20 0.20 0.40
（1）从实验序号1、2的数据可知，该同学所采用的实验方案为 （选填“A”或“B”），理由是 。
（2）分析实验序号1、2、3的数据，可以得出的结论是： 。
9．[2025上海宝山·一模]在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，小灯泡标有“2.2V”字样，实验电路图如图（a）所示：
（1）该实验的原理是 （用公式表示）；
（2）图（a）电路中AB和CD间分别接入 　 　（选填“A”或“B”）；
A．电流表和电压表
B．电压表和电流表
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是 　 　；
A．更换小灯泡
B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（4）实验中滑动变阻器滑片移到某个位置时，电压表示数如图（b）所示。若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （填“a”或“b”）端移动；
（5）下表为某同学的实验记录分析表：
实验次数 电压表示数U（V） 电流表示数I（A） 功率P（W） 额定功率P额（W）
1 1.5 0.22 0.33
2 2.2 0.30 0.66
3 3.0 0.34 1.02
你认为该同学处理数据过程是否合理？若合理，请说明这样处理的目的；若不合理，请给出处理过程并说明理由。
10．[2025上海崇明·一模]学习“液体”压强时，老师展示了如图（甲）所示的实验，小明同学观察实验后，得出结论：深度越大，水的压强越大，水喷出的最远距离就越大。下课后小明将自己的结论告诉老师，老师表扬了小明爱思考的好习惯，然后与小明一起到实验室，另找了一个矿泉水瓶，在侧边扎了两个小圆孔C和D（圆孔A、B、C、D的直径相同），按如图（乙）所示进行实验，观察到sC（1）如水对侧边C、D两点压强为pC和pD，则pC pD（选填“＞”“=”或“＜”）。
（2）在图（乙）中，其他条件不变，将木板向右移动，使C孔、D孔流出的最远水流落在木板上，sC′、sD′分别是此时的最远距离，则sC′ sD′（选填“＞”“=”或“＜”）。
（3）判断小明同学的结论是 （选填“正确”或“错误”）的。
（4）用一句话写出你的判断依据（无需理由）是 。
11．[2025上海崇明·一模]在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，所用的电路图如图（a）所示，已知电源电压U保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R0。
（1）实验时在闭合开关S前，变阻器的滑片P应调至 （选填“A”“中间”或“B”）端；
（2）闭合开关S，移动变阻器滑片，当电压表示数为2.5伏时，电流表示数如图（b）所示，则待测电阻的阻值为 欧。接着继续改变滑片位置，测量电压和电流值，实验中测量多组电压和电流值的目的是 （选填“A．验证实验结果是否正确”“B．寻找普遍规律”“C．减小测量误差”）；
（3）完成测电阻后，小明同学思考这样一个问题，假如没有电流表，应该也能测出待测电阻的阻值。于是他就设计出如图（c）所示电路，请你帮助他将实验步骤补充完整。
①首先 前，将滑动变阻器的滑片移至 ；
②然后闭合开关S，读出此时电压表的读数为；
③待测电阻阻值的表达式是＝ （用已知量和所测物理量的符号来表示）。
12．[2025上海奉贤·一模]小华同学做“用电压表、电流表测电阻”实验，实验器材有：若干节新干电池（电压为 1.5V整数倍）、电压表、电流表、待测电阻、开关、滑动变阻器（标有“20　1A”）及导线若干。小华正确串联实验器材，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中。闭合开关后，电流表示数为0.12A，移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零。他分析数据发现电路连接存在问题，于是重新正确连接电路，操作步骤正确，当他将变阻器的滑片移动到中点附近时，电压表示数如图所示。
（1）该实验原理是 ；
（2）小华第一次连接电路时，将电压表并联在 的两端（选填“待测电阻”、“滑动变阻器”或“电源”）；
（3）通过计算说明小华所用电源的电压 。
13．[2025上海嘉定·一模]小嘉在物理课上做“用电流表、电压表测电阻”实验，实验桌上有标有“20Ω 2A”和“5Ω 1A”的2个滑动变阻器可选。小嘉选取了一个滑动变阻器与待测电阻Rx、开关、电流表、电源（电压不变）正确串联，再将电压表并联在电路中。闭合开关，观察到两电表的示数分别为3.0伏和0.24安。移动滑片过程中，观察到两电表的指针偏转方向相反，移至某位置时，电压表示数突然增大为6.0V，电流表示数突然减小为0A。小嘉思考后，更换了另一个变阻器进行实验。闭合开关，滑片从变阻器一端移到另一端的过程中，观察到电压表示数的最大值如图所示。
（1）实验中所用电源的电压为 伏。
（2）更换变阻器前，电压表并联在 （选填“电源”“待测电阻Rx”或“滑动变阻器”）两端。
（3）分析计算当电压表为图所示的示数时待测电阻Rx的电阻值 。（精确到0.1欧）
参考答案
1．【答案】（1）0.27A或0.375A
（2）30Ω；15；0~15V；0~0.6A
（3）见详解
【详解】（1）由已知条件可知，调节滑动变阻器滑片P的位置，当滑片P的位置恰好在中点时，电流表A的示数为0.5A。根据欧姆定律的变形式可得滑动变阻器两端电压
故电源电压一定大于5V，那么题干中电源电压大于5V的电压只有6V和15V。
当用6V电源电压的时候，则此时待测电阻两端电压
由欧姆定律可得此时待测电阻为
因为按操作规范进行实验时，闭合电键K，此时滑动变阻器接入最大值，电路最小电流，即电流表A的示数为I为
当电源电压为15V时，则此时待测电阻两端电压
由欧姆定律可得此时待测电阻为
因为按操作规范进行实验时，闭合电键K，此时滑动变阻器接入最大值，电路最小电流，即电流表A的示数为I为
（2）由电路图可知，闭合开关S时，电路中只有R1工作，电流表的示数为0.2A，此时R1两端的电压等于电源电压，则电源电压为
U=I1R1=0.2A×15Ω=3V
两个开关都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表的示数变为0.3A，根据并联电路电流与电压的特点可知，待测电阻R2的阻值
由题知，要求在几次测量中，电表指针的示值大于量程的，若按此要求，我们先看看在使用电流表各个量程时，电路中的电流情况：
对于0~0.6A量程，电路中的电流应大于0.4A；对于0~3A量程，电路中的电流应大于2A；由于被测电阻的阻值大约30Ω，可知电流表若用0~0.6A量程，则被测电阻两端电压大于
U1=I1R1=0.4A×30Ω=12V
电流表若用0~3A量程，则被测电阻两端电压大于
U2=I2R2=2A×30Ω=60V
由已知条件可知，电源电压应该选择15V，电压表选择0~15V量程；如果电源电压为15V，由欧姆定律，所以通过电阻的最大电流约为
即电流表选择0~0.6A。
（3）根据可知，要测电阻R2，需直接或间接测出电阻两端的电压和通过电阻的电流，把R1与R2串联，利用电压表直接测R2两端电压，利用开关的控制电压表的测量对象，根据串联电路电流相等的特点，可求出R2的电阻，如图所示：
2．【答案】（1）支持；见解析
（2）AB；见解析
【详解】（1）小方根据实验现象得出结论：大气存在向各个方向的压强。小明认为该实验无法证明大气存在竖直向下的压强。支持小明的观点，因为在覆杯实验中，杯口朝上时，薄片受到杯口对他竖直向上的支持力可能与薄片所受的重力平衡，所以无法证明大气压存在竖直向下 的压强。
（2）用一根橡胶管将玻璃罩与抽气机相连（橡胶管与玻璃罩、抽气机的连接口均密封），启动抽气机进行抽气。如果是杯中的水“粘”住了薄片，则薄片不会掉落，如果薄片掉落，则说明是由于大气压的存在，故AB正确，C错误。
3．【答案】（1）
（2）10.4Ω
【详解】（1）实验中测量电阻的阻值的原理是欧姆定律的变形公式。
（2）当滑片在某一位置时，他记录的电压表和电流表示 数为1.0V和0.48A，当滑片在另一端时，他记录的电流表示数为0.58A，滑片移到另一端电流变大，可知此时滑动变阻器为零，当变阻器的滑片在一端时，他记录的电压表示数为0.6V，说明这一端是滑动变阻器最大值端。滑动变阻器阻值在最大值端时电压表为 0.6V，滑动变阻器滑片在某一位置时，电压为1.0V，可知电压表接在待测电阻两端。假设电流表读数未按照所选量程读数，从电流0.48A可知，这个电流值读取的电流表的小量程，此时电流表接的量程为0~3A，实际电流
那么待测电阻
电源电压
故假设不成立。当电压表的示数未按所选量程度数，由电压0.6V可知，此示数是按小量程读取的，电压表实际量程为0~15V。当滑片在某一位置时，他记录的电压表和电流表示数为1.0V和0.48A，实际电压为
待测的电阻实际阻值为
电源电压
故符合题意。
4．【答案】（1）见详解
（2）滑动变阻器
（3）见解析
【详解】（1）用电流表、电压表测电阻，小红正确连接电路，操作规范，故电路图是伏安法测电阻的常规电路，如下所示：
（2）上图中，电压表与电流表示数之比为一定值，故电压表示数变大（小）时，电流表示数也变大（小）。小华将器材正确串联之后，将电压表并联在电路中，闭合开关移动滑动变阻器滑片，发现两个电表的示数一个变大一个变小，可知小华应该是把电压表并联在滑动变阻器两端了（因电源电压不变，不可能并联在电源两端），这样连接电路，实验过程中，当滑动变阻器阻值调大时，电压表示数变大，电流表示数变小；反之如果滑动变阻器阻值调小时，电压表示数变小，电流表示数变大。
（3）根据表中序号1的数据，滑动变阻器连入电路的阻值为
所以，小华使用的滑动变阻器是标有“20欧 2安”字样的B，小红使用的是滑动变阻器A；小红正确连接电路，操作规范，闭合开关时，滑动变阻器连入电路的阻值应最大为RA=5Ω，小于15欧，和小华的电路对比，由分压原理可知，变阻器此时的电压小于3伏，上图中电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压表示数为Ux=4.5V，电源电压U=Ux+UA<4.5V+3V
即U<7.5V，所以4.5V根据欧姆定律有6V=0.2A×Rx+3V
解之得Rx =15Ω
5．【答案】（1）0.38　（2）6伏　（3）9.9欧
【详解】（1）由图（a）可知，电流表接的是小量程，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.38A。
（2）将滑动变阻器处于最大值，电压表量程0~3V并联在待测电阻两端，闭合开关，电流表为0.38A，电压表超过3V，此时把电压表并联在滑动变阻器两端，电压表还是超过3V，由此可知电源电压高于6V，所以电源电压为7.5V。故调整前电源电压U为7.5伏，调整后电源电压为6伏。
（3）由题意可知，电压表接在滑动变阻器两端时，当电源电压为7.5V时，电流为0.38A，滑动变阻器两端的电压大于3V，滑动变阻器的最大阻值为，故选用的滑动变阻器的规格是10Ω　2A，实验序号1待测电阻阻值为，实验序号2待测电阻阻值为，实验序号3待测电阻阻值为，待测电阻阻值的阻值为。
6．【答案】（1）　（2）不合理，理由见解析　（3）2.7g/cm3
【详解】（1）测金属块密度，需要测量金属块的质量和金属块的体积，由密度公式得到金属块的密度，所以实验原理是。
（2）由步骤（c）到步骤（d），金属块上沾有水，使得测量的金属块的质量偏大，由式知，金属块密度偏大，故这次实验过程不合理。
（3）步骤（b）到步骤（c）得金属块的质量，金属块的密度。
7．【答案】（1）小红；电流增大时，电压变小　（2）6V　（3）10.3Ω　（4）不合理，因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【详解】（1）由表1中，实验序号1的电流为0.2A，实验序号2的为0.3A，可见，电流增大时，待测电阻两端电压变大，而表格中的电压表示数变小，故可以判断小红把电压表接在了滑动变阻器两端。
（2）由第（1）小问可知，小红把电压表接在了滑动变阻器两端了，小华把电压表接在了待测电阻两端，从两人均操作规范，闭合开关时，滑动变阻器都在最大值处，此时电路中的电流最小，为0.2A，从两人第一次实验电压数据可知，电源电压为U＝4.0V+2.0V＝6V。
（3）从表格2实验序号1是滑动变阻器接入最大值时对应的数据，电流I小＝0.2A，所以此时待测电阻为，从表格2实验序号2的数据，计算待测电阻的阻值为，故小华待测电阻是小灯泡，小红待测电阻定值电阻。因为两位同学电流表的示数的最大值分别是0.58A、0.3A，假设滑动变阻器接入电阻为零时，灯泡的最大电流位0.58A，则此时小灯泡的电阻，这与小灯泡的电阻随温度的升高而增大相矛盾，故假设不成立，所以小红实验3的电流I13＝0.58A，小红的实验1，待测电阻为，小红的实验2，待测电阻为，小红的实验3，待测电阻为，待测电阻的阻值为。
（4）因为小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故测小灯泡的电阻，求平均值作为小灯泡的电阻，不合理，没有实际意义。
8．【答案】（1）A；定值电阻R1所在支路的电流也在改变
（2）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和
【详解】（1）从实验序号1、2的数据可知，定值电阻R1所在支路的电流也在改变，由欧姆定律得，U＝IR，定值电阻R1所在支路两端的电压在变化，因为并联电路中各支路两端的电压相等，等于电源电压，所以电源电压发生改变，该同学所采用的实验方案A。
（2）电流表A3的示数I3是干路电流，A1的示数I1、A2的示数I2是支路电流，由表中实验数据可知，
所以可以得出：在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和。
9．【答案】（1）P＝UI
（2）B
（3）C
（4）a
（5）不合理，灯泡在不同电压下的实际功率不同，求平均值没有物理意义
【详解】（1）在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P＝UI求出灯泡额定功率，故该实验的原理是P＝UI。
（2）电压表测灯泡两端电压，故电压表并联在灯泡两端；电流表测通过灯泡的电流，故电流表串联在电路中，因此图（a）电路中AB和CD间分别接入电压表和电流表，综上分析知，故B符合题意，A不符合题意。
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡不亮，说明小灯泡可能实际功率太小，接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，综上分析知，故C符合题意，AB不符合题意。
（4）小灯泡额定电压为2.2V，小于3V，故电压表选0~3V的小量程；实验中滑动变阻器滑片移到某个位置时，电压表示数如图（b）所示，电压表分度值0.1V，其示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.2V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向a端移动。
（5）由于灯泡在不同电压下的实际功率不同，所以不能通过求平均值的方法来求功率，该同学数据处理过程是不合理的，求平均值没有物理意义。
10．【答案】（1）＜　（2）＞　（3）错误　（4）与第（2）小题中的实验事实不符
【详解】（1）液体压强随深度的增加而增大，由p=ρgh可知，当液体密度相同时，由hc（2）根据题意，其他条件不变，将木板向右移，最远的水流依然落在木板上，左侧仍在瓶子下方；根据下图木板与水流轨迹的交点知，此时C孔流出水的距离大，即sC'>sD'。
（3）由上述实验可知，保持其他条件不变，仅将木板向右移，只改变了小孔到地面的距离，发现对应小孔水喷出的最远距离发生了变化，由此可知∶水喷出的最远距离不仅与小孔在水中的深度有关，还与小孔到地面的距离有关。小明同学实验过程中，没有控制小孔到地面的距离，小孔到地面的距离是变化的，故不能通过喷出的距离显示压强的大小，不能探究压强与深度关系，因此小明同学的结论是错误的。
（4）通过第（2）步实验可知，小明得出的“深度越大，水的压强越大，水喷出的最远距离就越大” 的结论与第（2）小题中的实验事实不符。
11．【答案】（1）B　（2）5；C　（3）闭合开关S；阻值最大处；
【详解】（1）实验时，为了保护电路，在闭合开关S前，应该将变阻器的滑片移到阻值最大处，即B端。
（2）由图（b）可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.5A，由图（a）可知，电压表测待测电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表示数为2.5伏，则待测电阻的阻值，用电流表、电压表测电阻时，改变变阻器的阻值多次实验，是为了求平均值，减小误差，故C符合题意，AB不符合题意。
（3）由图（c）可知，定值电阻Rx与变阻器串联，电压表测量定值电阻Rx两端的电压，将滑片置于阻值最大处，闭合开关，读出此时电压表示数Ux。根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压U滑=U-Ux，电路中电流，由欧姆定律可知，未知电阻阻值的表达式为。
12．【答案】（1）　（2）滑动变阻器 （3）4.5V
【详解】（1）根据，可利用电压表、电流表测电阻。
（2）定值电阻和滑动变阻器串联，移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零。根据串联分压原理可知，定值电阻的电压不可能为零，所以电压表是并联在滑动变阻器的两端。
（3）依题意可知，滑动变阻器接入最大阻值时，电流表示数为0.12A，则变阻器电压为,根据串联电压规律可知，电源电压。
正确连接电路，即电压表与未知电阻并联时，将变阻器的滑片移动到中点附近，电压表示数如图所示，选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.8V，即未知电阻电压。根据串联分压原理，变阻器阻值变小，分压变少，则变阻器电压，所以电源电压为,综上，电源电压满足，因为电源电压为 1.5伏整数倍，所以电源电压为3V或4.5V。当电源电压时，，则变阻器电压约为,则电路中电流约为,变阻器阻值变小，电路中电流应变大，即大于0.12A，所以电源电压，所以小华所用电源的电压为4.5V。
13．【答案】（1）6.0
（2）滑动变阻器
（3）12.6Ω
【详解】（1）由题意可知，滑动变阻器与待测电阻Rx串联，移动滑片到某位置时，电压表示数突然增大为6.0V，电流表示数突然减小为0A。故电路发生断路，电压表有示数，则与电压表并联的元件断路，电压表与另一完好的元件串联在电源两端，此时电压表的示数等于电源电压，故电源电压为6.0V。
（2）由题可知，移动滑片，两电表的指针偏转方向相反，即一个电表示数变大，另一个电表示数变小，若电流表示数变大，待测电阻阻值不变，其两端电压变大，根据串联电路电压的特点可知，滑动变阻器两端电压变小，所以电压表测的不是待测电阻两端电压，电压表应并联在滑动变阻器两端，测滑动变阻器两端电压才符合题意。
（3）由图可知，电压表的示数为1.7V，此时滑动变阻器接入的阻值最大。更换电阻前，观察到两电表的示数分别为3.0伏和0.24安，则当时滑动变阻器接入的阻值为
故接的是“20Ω 2A”的滑动变阻器，更换的变阻器规格为“5Ω 1A”，滑动变阻器的最大阻值为5Ω，此时电路的电流为
此时待测电阻两端电压为
Ux=U-UV大=6V-1.7V=4.3V
待测电阻的阻值为
第 page number 页，共 number of pages 页