四川省绵阳市游仙区2025届九年级下学期中考三模物理试卷
一、选择题(本题包括 13小题,每小题3分,共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求)
1．（2025·游仙模拟）科技强国，中国科技工作者在各个领域一步一个脚印 ，一次次刷新“中国高度”。下列有关说法中正确的是（ ）
A．中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过超声波传回地面的
B．神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的
C．嫦娥六号使用的“中国芯”是超导材料制成的
D．中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核裂变
2．（2025·游仙模拟）图甲是--款降噪耳机，耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果(如图乙所示)。关于这款耳机，下列说法正确的是（ ）
A．它是在声源处控制噪声
B．它是在人耳处减弱噪声
C．噪声为人所厌，没有可利用的地方
D．反相位声波与外界噪声的声速相同
3．（2025·游仙模拟）下列关于食物的保鲜方法中，分析不正确的是（ ）
A．简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度
B．生鱼片下方的“白气”是固态干冰升华形成的二氧化碳气体
C．超市中利月水熔化吸热.给鱼保鲜
D．冰箱冷冻室内壁上的霜是水秦气凝华形成的
4．（2025·游仙模拟）某家庭电路图如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．a为空气开关，b为电能表
B．连接电路时可以将地线和零线互换
C．螺口灯的安装符合安全用电要求
D．三孔插座的“两孔”和“三孔”是串联的
5．（2025·游仙模拟）目前流行一种白热火锅(如图)，玄自然火锅配有发热包，发热包的主要成分包括牛石厌、活性炭.硅葆土和钻粉等，将发热包放到冷水中，生石灰与水发生化学反应并放出大量的热。从而加热上层食物。有关自热火锅，下列谈法不正确的是（ ）
A．食物被加热的过程中，食物含有的热量增多
B．食物被加热的过程中.是通过热传递的方式使其内能增加的
C．食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停地做无规则运动
D．发热包放到水中，将化学能转化为内能
6．（2025·游仙模拟）小明用弹性膜注水制作了一个水凸透镜，通过往射器让水或出水改变透镜的厚度。固定透镜，将一个“F”形光源放在合适位置后，调节光屏得到清晰的像(像未画出)。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲模拟正常人眼球观察物体时的成像情况，光屏上成倒立、放大的实像
B．模拟图乙的成因时需要从水透镜向外抽水
C．若将远视眼镜靠近图中透镜左侧放置，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像
D．将“F"形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置.则会聚点将仍在焦点F处
7．（2025·游仙模拟）运动员头顶足球时的情景如图所示，以下说法中正确的是（ ）
A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态
B．足球在空中受到重力和头的推力
C．足球在空中继续运动是因为受到惯性力的作用
D．球受到的推力是球发生了形变而产生的
8．（2025·游仙模拟）下列对光学现象的描述或解释错误的是（ ）
A．图甲：该实验演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况
B．图乙：黑板“反光”是因为发生了镜面反射
C．图丙：顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调小
D．图丁：著向右拉动内筒，半透明膜上爐焰的清晰像将变大且仍然清晰
9．（2025·游仙模拟）在粗糙程度相同的水平面上，手推水块向有压缩轻质弹簧至图甲所示的位置.松手后木块最终静止在图乙所示的位置(此时彈簧处于原长)。下列说法中正确的是（ ）
A．松手后，木块向左运动过程中没有力对木块做功
B．图乙弹簧在恢复原长的过程中弹性势能在减小
C．图甲和图乙中弹簧前后能量转化过程相同
D．假如图乙中木块刚离开弹簧时所妥外力全部消失，木块就会立即停止
10．（2025·游仙模拟）关于圈中电磁现象，下列描述正确的是（ ）
①图甲电动机的工作原理
②图乙：当电磁继电器的开关S闭合时，红灯亮
③图丙：奥斯特发现磁生电现象
④图丁 ：动圈式话筒是利用电磁感应的原理工作的
A．①③. B．②④ C．②③ D．①④
11．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，闭合开关s，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是( )
A．电压表V示数变大，电流表A2示数变小
B．电流表A1示数变小。灯泡L.亮度变暗
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
D．电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变
12．（2025·游仙模拟）在如图所示的现象或事例中，关于压强的说法正确的是( )
A．图甲：瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力
B．图乙：洗手间的下水管是利用流体中流速大的地方压力小的原理工作的
C．图丙：“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，若瓶子侧放则无法完成实验
D．图丁：墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，其原因是摩擦力大于重力
13．（2025·游仙模拟）如图所示，轻杆OB可绕O点自由转动，OA和AB的长度之比为1 ： 2，物体重为15N。小林在B处用细线沿方向1向上拉住轻杆，然后逐渐改变拉力方向，最终沿方向2向上拉住轻杆，整个过程中轻杆始终在水平位置平衡。下列说法正确的是( )
A．沿方向1拉住轻杆的拉力大小为15N
B．轻杆受到的阻力就是重物所受的重力
C．沿方向2与沿方向1拉住轻杆的拉力大小是相同的
D．沿方向2向.上拉住轻杆时，此时是费力杠杆
二、填空题(本题包括5小题,每空2分,共20分)
14．（2025·游仙模拟）水池的池壁垂直于水平池底，水池上方支架(AB)装有一激光器。水池中没有水时，激光器发出的光线a正好射到池底和池壁的交点上，且与池底的夹角为45° ，如图甲所示。往池中注水，并待水面平静时，如图乙所示，激光被反射到池壁上，使池壁上出现一个光点S(图中没有画出)。
（1）图乙中，若水面位于池壁上3 dm刻度处，光点S在水中的像S'在
(选填“0”“1”“2”或“3"”)刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度 (选填“ 上升”“静止”或“下降”)。
15．（2025·游仙模拟）小明家的电冰箱铭牌及电能表表盘如图所示，则该冰箱一天实际工作 h(计算结果保留2位小数)，单独工作--天能使电能表转盘转 r
16．（2025·游仙模拟）图甲是小好设计的一个自动记录绣球过圈数量的计数器的示意图，其内部简化电路如图乙所示，其中R1是光敏电阻，当绣球挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会减小为20Ω，A、B间电压增大，这时自动计数器计数一次。已知R2是定值电阻，电源电压恒为12 V，当绣球穿过球圈时，A、B间的电压U随时间t变化的图像如图丙所示，则R2的阻值为 Ω，当没有绣球通过球圈，红外线正常照射R1时，电路的总电流为 A.
17．（2025·游仙模拟）两辆汽车A.B在平直路面上运动时的S-t图像如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0~t1时间内，两车速度VA (选填“>"“<"或“=")VB。在t2~t3 时间内，若以A车为参照物，B车向 (选填“东"或“西”)运动。
18．（2025·游仙模拟）小杰和小华在科技馆里看到一种升降座椅.它由滑轮组控制升降，其简化图如图所示。已知座椅和动滑轮的总重为150N，小华在10s内将小杰匀速拉高2m，小华拉力的功率为150W(不计绳重和摩擦) ，则小杰受到的重力为 N，该滑轮组的机械效率为 .
三、实验探究题(本题包括3小题,每空2分,共20分)
19．（2025·游仙模拟）小华同学在“探究不同物质吸热情况"的实验中，将水和煤袖分别装在两个相同的烧杯中(ρ水>ρ煤油)用两个相同的酒精灯加热，每隔2 min记录-次温度。
（1）图甲是小华同学的实验装置.其中有-处明显错误.请指出错误之处： 。
（2）纠正错误后继续实验。小华同学根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像。由图像可知 的吸热能力强。
（3）已知水的比热容为4.2X103 J/(kg).则煤油的比热容为 J/(kg)。
20．（2025·游仙模拟）在"探究影响滑动摩擦力大小因素"的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块，一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，比较第1.2两次实验，是为了探究摩擦力大小与 的关系。
（2）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图像如图乙所示，木块的速度随时间变化的图像如图丙所示，则本块在第7s时所受的摩擦力为 N.
（3）在操作过程中小英还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动(如图丁所示).此过程中，木块处于 (选填“平衡”或“非平衡”)状态，弹寶测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力 (选填“是”或“不是")一对平衡力。
21．（2025·游仙模拟）小明同学利用“伏安法测量小灯泡的电阻”实验中，所连接的实物电路如图甲所示。请你解答下列问题。.
（1） 闭合开关S，按照正确的操作进行实验，当滑片P移至某一位置时.小灯泡发光，两电表指针均正常偏转.如果小灯泡的灯丝突然断了，则电压表的示数将 。(选填“变大”“不变”或“变小”)。
（2）换相同规格的小灯泡，进行多次实验，并根据所测的实验数据绘出小灯泡的I-U图像，如图乙中的a所示，其中P、Q是曲线a上的两点.则这两点所对应的小灯泡电阻值RP (选填“>““<"或“=")Ro.
（3）小强同学利用相同的电路和器材也做这个实验时。由于其接线错误.他根据两只电表测量的多组实验数据绘出的I-U图像如图乙中的曲线b所示，你认为出现这种情况的原因可能是 。
四、计算题(本题包括2小题,第22小题9分,第23小题12分,共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)
22．（2025·游仙模拟）我国自主研发的新能源汽车可通过充电桩进行充电。某充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A。现有一电动汽车的电源由8 000节电池组成，电池总质量为400 kg，该电池的能量密度为0.20kW●h/kg(能量密度是指电池可以充人的最大电能与电池质量的比值)。求：
（1）该充电桩的额定输出功率；
（2）该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间。
23．（2025·游仙模拟）如图甲所示，一轻质细杆与不吸水的正方体物块A连接，另一端固定在质量为1 kg、底面积为200cm2 的容器底部，容器放在水平桌面上。现向容器内缓慢加水，物块A对杆的力F与容器内水的深度h 的关系如图乙所示，杆的体积不计。已知水的密度是1.0X103 kg/m3，g取10N/kg，求：
（1）物块A浸没时受到的浮力；
（2）物块A的密度；
（3）物块A对杆的拉力F=2N时，容器对桌面的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】核聚变；力作用的相互性；声音的传播条件；半导体特点及作用
【解析】【解答】A.超声波的传播需要介质，不能在真空中传播，所以中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过电磁波传回地面的，故A错误；
B. 神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的，故B正确；
C.嫦娥六号使用的“中国芯”是半导材料制成的，故C错误；
D.中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核聚变，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
B.物体间力的作用是相互的；
C.半导体：在常温下，半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，其导电性能受到温度、光照、杂质等因素的影响。半导体材料可以制造多种电子元件，如二极管、三极管和集成电路等 ；
D.太阳内部通过核聚变释放能量。
2．【答案】D
【知识点】声速；防治噪声的途径
【解析】【解答】ABD.耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波， 反相位声波与外界噪声的声速相同，将噪声中和，实现降噪效果，是在传播过程中减弱噪声，故AB错误，D正确；
C. 噪声为人所厌，但也可以用噪声来传递信息或能量，故C错误；
故选D。
【分析】1.减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
2.利用声音可以传递信息和能量；
3.声速与介质的种类和温度有关。
3．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A. 简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度，故A正确；
B. 固态干冰升华时吸收热量，使生鱼片周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠而形成“白气”，故B错误；
C. 超市中利用冰熔化吸热，给鱼保鲜，故C正确；
D. 冰箱冷冻室内壁上的霜是水蒸气凝华形成的小冰晶，故D正确。
故选B。
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热；
凝固：物质由液态变成固态的过程，凝固放热；
汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
升华：物质由固态直接变成气态的过程，升华吸热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
4．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A.家庭电路中，a为电能表，b为总开关，故A错误；
B.地线和零线在家庭电路中的功能是不同的，连接电路时将地线和零线互换可能会有安全隐患，故B错误；
C.螺口灯泡的上端接火线，侧边接零线，控制灯泡的开关接在火线和灯泡之间，符合安全用电的原则，故C正确；
D.三孔插座的“两孔”和“三孔”是并联的，故D错误。
故选C。
【分析】1.家庭电路的干路元件依次是：电能表、总开关、保险装置；
2.开关先接火线，再接用电器；
3.螺口灯泡上端接火线，侧边接零线；
4.三孔插座接法：左零右火上接地。
5．【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A.热量是热传递过程中的一个中间量，不能说含有或具有热量，故A错误；
B. 食物被加热的过程中，是通过热传递的方式使其内能增加的，故B正确；
C. 食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D. 发热包放到水中，将化学能转化为内能，故D正确。
故选A。
【分析】A.热量是热传递过程中的一个中间量，不能说含有或具有热量；
B.改变物体内能的方法：做功和热传递；
C.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
D.由题意可知发热包的能量转化情况。
6．【答案】C
【知识点】凸透镜成像的应用；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A.图甲中，物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像，模拟的是正常人眼球观察物体时的成像情况，故A错误；
B.图乙模拟的是近视眼的成因，凸透镜变厚，折光能力变强，使像成在视网膜的前方，所以此时需要向水透镜中注水，故B错误；
C. 若将远视眼镜（凸透镜）靠近图中透镜左侧放置，对光有会聚作用，此时成像在原来位置之前，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像，故C正确；
D.将“F"形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置，光经过凸透镜折射后再经过玻璃砖折射，最后会聚点将不会在焦点F处，故D错误。
故选C。
【分析】A.物距大于像距，即物距大于2倍焦距，像距大于1倍焦距小于2倍焦距，在光屏上成倒立、缩小的实像；
B.近视眼成因：晶状体太厚或眼球在前后方向距离太长，来自远处某点的光会聚在视网膜前，佩戴凹透镜矫正；
C.远视眼镜（凸透镜）对光有会聚作用；
D.光通过玻璃砖时会发生折射。
7．【答案】A
【知识点】力的作用效果；弹力；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A. 头顶足球时，求的运动方向发生改变，所以头给球的力改变了球的运动状态，故A正确；
B. 足球在空中运动时，没有受到头的推力，故B错误；
C.惯性不是力，故C错误；
D. 球受到的推力是手发生了形变而产生的，故D错误；
故选A。
【分析】1.力的作用效果：力可以使物体发生形变，力可以改变物体的运动状态；
2.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体的固有属性，不是力；
3.弹力：物体发生弹性形变而产生的力。
8．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A. 太阳光经过三棱镜折射后，红光偏折程度最小，紫光偏折程度最大，图甲演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况，故A正确；
B.图乙，黑板“反光”是因为发生了镜面反射，故B正确；
C. 图丙，顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调大，故C错误；
D. 图丁，若向右拉动内筒，半透明膜上爐焰的清晰像将变大且仍然清晰，故D正确。
故选C。
【分析】A.太阳光经过三棱镜折射后，红光偏折程度最小，紫光偏折程度最大；
B. 若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来，这种反射就属于镜面反射；
C.当反射光线或折射光线进入人眼时，眼睛才能看见物体；
D.小孔成像的大小与物体到小孔的距离和光屏到小孔的距离有关 。当物体到小孔的距离越近，成像越大；当光屏到小孔的距离越远，成像也越大 。
9．【答案】B
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；牛顿第一定律；是否做功的判断
【解析】【解答】A.松手后，木块向左运动过程中，木块受到水平向右的摩擦力的作用，木块在水平方向上移动了距离，所以摩擦力对木块做了功，故A错误；
B. 图乙弹簧在恢复原长的过程中，弹簧的弹性形变程度减小，弹性势能在减小，故B错误；
C.图甲中，手推木块压缩弹簧，主要将手的动能转化为弹簧的弹性势能，图乙中，将弹簧的弹性势能转化为内能，故C错误；
D. 图乙中木块刚离开弹簧时，木块向左运动，若所有外力消失，木块会向左做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
【分析】A.做功的必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
B.弹性势能与物体发生弹性形变的程度有关；
C.分析哪种能量减少，哪种能量增加，减少的能量转化为增大的能量；
D.牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
10．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】①图甲中，通电导体在磁场中会受到力的作用，是电动机的原理，故①正确；
②图乙中，当电磁继电器的开关S闭合时，电磁铁有磁性，将衔铁向下吸，将红灯断开，绿灯接通，绿灯亮 故②错误；
③图丙中，奥斯特发现电生磁现象，故③错误；
④图丁中，使用动圈式话筒时，线圈在磁场中左切割磁感线运动，使电路中产生感应电流，是利用电磁感应的原理工作的，故④正确；
综上所述，描述正确的是 ①④。
故选D。
【分析】1.电动机的原理：通电导体在磁场中会受到力的作用；
2.电磁铁被接通时，电磁铁将衔铁吸下，据此分析；
3.奥斯特发现电生磁现象，法拉第发现磁生电现象；
4.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
11．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，灯L与滑动变阻器R并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流。
A.电压表测电源电压，示数不变， 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，故A错误；
B.并联电路中，各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，灯泡L的亮度不变，通过灯泡L的电流大小不变，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路电流变大，即电流表A1示数变小，故B错误；
C.电压表的示数不变，电流表A2的示数变小，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，故C错误；
D. 电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流，电流表A1示数与电流表A2示数的差为通过灯泡的电流，通过灯泡的电流不变，所以电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变，故D正确。
故选D。
【分析】灯L与滑动变阻器R并联，各支路互不影响，电压表测电源电压，保持不变，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，根据欧姆定律分析通过滑动变阻器的电流变化，根据并联电路电流的规律分析干路电流的变化。
12．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；固液压强综合分析——形杯问题
【解析】【解答】A.图甲，瓶子正立时，瓶盖受到水的压力等于水的重力；瓶子倒置时，瓶子侧壁会分担一部分水的重力，使瓶盖受到水的压力小于水的重力，所以瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力，故A正确；
B.图乙， 洗手间的下水管是利用连通器的原理工作的，故B错误；
C.图丙，“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，各个方向都有大气压强，若瓶子侧放依然可以完成实验，故C错误；
D.图丁，墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，吸盘所受的摩擦力和重力是一对平衡力，大小相等，即摩擦力等于重力，故D错误。
故选A。
【分析】1.液体对容器底部的压力与容器形状的关系：
竖直壁容器：液体对容器底部的压力等于液体自身的重力，即F = G；
敞口容器（上宽下窄容器）：液体对容器底部的压力小于液体自身的重力，即F < G；
窄口容器（上窄下宽容器）：液体对容器底部的压力大于液体自身的重力，即F > G；
2.连通器：上端开口，下端连通的容器，连通器中装有同种液体，且液体不流动时，各液面总保持相平；
3. 空气受到重力的作用并且具有流动性，大气压对浸在其中的物体产生压强叫做大气压强；
4.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
13．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】ACD.由图可知，拉力方向1和2 都与水平杠杆成30°，从支点到这两个力的的垂直距离相等，即拉力的力臂相等，根据杠杆平衡条件可知，拉力大小都相等，即动力臂，阻力臂为，动力臂大于阻力臂，此时杠杆为省力杠杆，根据杠杆平衡条件可得：
即
则拉力为：F1=10N，故AD错误，C正确；
B. 轻杆受到的阻力作用在杠杆上，而重物的重力作用在物体的重心上，只是轻杆受到的阻力大小等于重物所受的重力大小，故B错误。
故选C。
【分析】1.根据杠杆平衡条件计算拉力的大小；
2.阻力：作用在杠杆上，阻碍杠杆转动的力；
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力；
3.杠杆分类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离），费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离），等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力也不费距离）。
14．【答案】（1）0
（2）静止
【知识点】光的反射定律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）光线a与池底的夹角为45°，即入射角为45°，根据光的反射定律，入射角等于反射角，则反射角也为45°，注水后反射光路与入射光路对称，水面位于3dm刻度处，则光点S到水面的垂直距离为3dm，即位于池壁6dm刻度处；根据平面镜所成的像与物关于镜面对称，所以光点S'的位置应该在水面下方3dm处，即0刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'应该位于水面的对称位置，光点S的位置随水面同步变化，且像始终关于水面对称，所以光点S的像S'相对于O刻度静止。
【分析】1.光的反射规律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角；
2.平面镜成像特点：平面镜成正立的虚像，像与物的大小相等，像与物到平面镜的距离相等，像与物的连线与镜面垂直。
15．【答案】7.14；1500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】由电冰箱的铭牌可知，耗电量为0.5kW·h/（24h），额定功率为70w=0.07kw，则该冰箱一天实际工作的时间为：
由电能表参数为3000r/kW·h，冰箱一天（24h）的耗电量为0.5kW·h，则冰箱单独工作一天能使电能表转盘转过的圈数为：
【分析】1.由电能表的铭牌，根据耗电量和额定功率求出冰箱一天实际工作的时间；
2.电能表转过的圈数=冰箱消耗的电能 x 电能表的参数。
16．【答案】40；0.1
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】由图乙可知R1与R2串联，当绣球挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会减小为20Ω，A、B间电压增大， 由图丙可知，AB间的输出电压为8V，即U2=8V，此时R1两端的电压为：
U1=U-U2=12V-8V=4V
根据串联电路的分压原理可得：
，即
解得：R2=40Ω；
由图丙可知，当没有绣球通过球圈，红外线正常照射R1时，AB间的输出电压为4V，即U'2=4V，此时电路中的电流为：
【分析】1.R1、R2串联，当绣球挡住了射向R1的红外线时，由图丙可知AB间输出的电压，即R2两端的电压，根据由串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的分压原理求出R的阻值；
2.当红外线照射R1时，由图丙可知，AB间输出的电压，即R2两端的电压，根据欧姆定律计算电路中的电流。
17．【答案】；东
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】由图甲可知，在0~40s内，A做匀速直线运动，A运动的路程sA=600m，则A的速度为：
在0~80s内，B做匀速直线运动，B运动的路程sB=840m，则B的速度为：
可知，在0~t1时间内，两车速度VA >VB；
由图甲可知，在50s~80s内，A做匀速直线运动，A运动的路程s'A=600m，则A的速度为：
在t2~t3 时间内，A、B两车运动的方向相同，都向西运动，若以A车为参照物，B车向东运动。
【分析】1.在s-t图像中，倾斜直线 表示物体做匀速直线运动，利用求出物体运动的速度；
2.物体之间相对运动方向的判断：速度相等时，两物体相对静止；
相向运动，运动方向即相对运动方向；
同向运动时，速度大的物体相对于速度小的有向前趋势，反之有向后趋势。
18．【答案】600；80%
【知识点】功率的计算；机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】已知小华拉力的功率为150w，则总功为：
W总=Pt=150w x 10s=1500J
已知座椅和动滑轮的总重为150N ，则额外功为：
W额=G总h=150N x 2m=300J
有用功为：
W有=W总-W额=1500J-300J=1200J
则小杰受到的重力为：
该换轮组的机械效率为：
【分析】已知拉力的功率（总功功率），根据W总=Pt求出总功；已知座椅和动滑轮的总重和上升高度，根据W额=G总h求出额外功，进而求出有用功，根据W有=Gh求出小杰的重力，根据求出滑轮组的机械效率。
19．【答案】（1）未控制液体的质量相同
（2）水
（3）2.1 3
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，水和煤油的体积相等， ρ水>ρ煤油 ，根据m=ρV可知，m水>m煤油 ；“探究不同物质吸热情况"的实验中，应控制水和煤油的质量相等，故实验装置中明显错误之处是：未控制液体的质量相同；
（2）用两个相同的酒精灯加热，在相等时间内，物质吸收的热量相同；图乙中，当水和煤油的温度都由20℃升高到60℃时，加热水的时间较长，即水吸收的热量较多，可知水的吸热能力强；
（3）图乙中，当水和煤油的温度都由20℃升高到60℃时，水的加热时间为8min，加热没有的时间为4min，则水和煤油吸收的热量之比为：
由可知，吸收的热量与物质的比热容成正比，即
则煤油的比热容为：
【分析】（1）“探究不同物质吸热情况"的实验中，应控制水和煤油的质量相等，根据m=ρV分析水和煤油的质量关系；
（2）用两个相同的酒精灯加热，在相等时间内，物质吸收的热量相同；
质量相同的不同物质，温度变化相同时，吸收热量越多的物质，吸热能力越强；
（3）根据可知，在质量和升高的温度相同时，吸收的热量与物质的比热容成正比。
20．【答案】（1）压力大小
（2）3
（3）平衡；不是
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）比较第1.2两次实验，接触面的粗糙程度相同，木块对长木板的压力大小不同，是为了探究摩擦力大小与压力大小的关系；
（2）由图丙可知，在2~6s内，木块做匀速直线运动，此时木块所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，由图乙可知，此时的拉力为3N，即摩擦力为3N；在第7s时，木块做减速直线运动，由于木块对长木板的压力大小和接触面的粗糙程度不变，所受的摩擦力大小不变，仍为3N；
（3）弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，此过程中木块处于平衡状态，弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力没有作用在同一直线上，不是一对平衡力。
【分析】（1）摩擦力的大小与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法进行分析；
（2）当物体做匀速直线运动时，木块所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，根据影响摩擦力的因素分析摩擦力的大小；
（3）物体做匀速直线运动时，处于平衡状态；
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
21．【答案】（1）变大
（2）＜
（3）电压表并联在滑动变阻器两端了
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，闭合开关S，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，根据串联分压原理可知，电压表的示数小于电源电压；如果小灯泡的灯丝突然断了，电压表串联在电路中，电压表测电源电压，所以电压表的示数将变大；
（2）图乙中，由P点可知，当小灯泡的电压UP=0.5V时，通过灯泡的电流IP=0.1A，此时小灯泡的电阻为：
若小灯泡的电阻阻值不变，当灯泡两端的电压为2V时，通过灯泡的电流为：
由图乙Q点可知，当小灯泡的电压UQ=2V时，通过灯泡的电流小于0.4A，根据可知，小灯泡的电阻变大，即RP（3）由图乙曲线b可知，电压增大时，电流减小；根据欧姆定律可知，当电路中电流变小时，小灯泡两端的电压减小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，所以可能原因是电压表并联在滑动变阻器两端了。
【分析】（1）当电路正常工作时，电压表测小灯泡两端的电压（小于电源电压）；当灯丝突然断了，电压表测电源电压；
（2）由图线a中P点的电压和电流，利用求出小灯泡的电阻，若小灯泡的电阻不变时，根据求出当电压等于2V时，通过小灯泡的电流，与Q点的电流进行比较分析；
（3）由图像可知，电压增大时，电流变小；根据欧姆定律和串联电路电压的规律分析，当电路中电流变小时，灯泡和滑动变阻器两端电压的变化。
22．【答案】（1）解：充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，则该充电桩的额定输出功率为：
P=UI=500V x 20A=10000w=10kw
答：该充电桩的额定输出功率为10Kw。
（2）解：电池总质量为400 kg，电池的能量密度为0.20kW●h/kg，汽车电池充满电需充入的总能量为：
E=0.20kW●h/kg x 400 kg=80kW·h
充电桩的额定输出功率为10kw，该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间为：
答：该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间为8h。
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）已知充电桩的额定输出电压和额定输出电流，根据P=UI求出充电桩的额定输出功率；
（2）根据能量密度和电池的质量求出电池的总能量E，再根据求出充电的时间。
23．【答案】（1）解：由图乙可知，当h=4cm时，物块A开始浸入水中，当h=14cm时，物块A刚好浸没在水中，可知，物块A的边长为：
14cm-4cm=10cm=0.1m
则物块A的体积为：
V=（0.1m）3=10-3m3
当物块A浸没时，排开水的体积等于物体A的体积，即V排=V=10-3m3，此时物块A受到的浮力为：
F浮=ρgV排= 1.0X103 kg/m3 x 10N/kg x 10-3m3=10N
答：物块A受到的浮力为10N。
（2）解： 由图乙可知，当未向容器中加水时，物块A对杆的力为7N，即物块A的重力为7N，则物块A的质量为：
物块A的密度为：
答：物块A的密度为0.7 3。
（3）解：容器的重力为：
G容=m容g=1kg x 10N/kg =10N
容器的底面积为200cm2 =0.02m2，由图乙可知，物块A下方的细杆的高度为4cm=0.04m，物块A下方水的重力为：
G1=ρV1g= 1.0X103 kg/m3 x 0.02m2x 0.04m x 10N/kg =8N
当物块A对杆的拉力F=2N时，此时物块A的重力小于浮力，物块A受到的浮力为：
F'浮=7N+2N=9N
物块A浸入水的体积为：
物块A浸入水的深度为：
此时物块A底部以上水的重力为：
G2=ρV2g= 1.0X103 kg/m3 x（ 0.02m2-0.01m2） x 0.09m x 10N/kg =9N
容器对桌面的压强为：
答：物块A对杆的拉力F=2N时，容器对桌面的压强为1700Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，当h物块A开始浸入水中和物块A刚好浸没在水中时的深度，即可求出物块A的边长，进而求出物块A的体积；当物块A浸没时，排开水的体积等于物体A的体积，根据F浮=ρgV排求出物块A浸没时受到的浮力；
（2）由图乙可知，当未向容器中加水时物块A对杆的力，即物块A的重力，根据求出物块A的质量，利用求出物块A的密度；
（3）根据G=mg求出容器的重力，由图乙可知，物块A下方的细杆的高度，根据G=ρVg求出物块A下方水的重力；由物块A对杆的拉力和物块A的重力求出物块A受到的浮力，根据求出物块A浸入水的体积，根据求出物块A浸入水的深度，根据G=ρVg求出此时物块A底部以上水的重力，
根据求出容器对桌面的压强。
1 / 1四川省绵阳市游仙区2025届九年级下学期中考三模物理试卷
一、选择题(本题包括 13小题,每小题3分,共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求)
1．（2025·游仙模拟）科技强国，中国科技工作者在各个领域一步一个脚印 ，一次次刷新“中国高度”。下列有关说法中正确的是（ ）
A．中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过超声波传回地面的
B．神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的
C．嫦娥六号使用的“中国芯”是超导材料制成的
D．中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核裂变
【答案】B
【知识点】核聚变；力作用的相互性；声音的传播条件；半导体特点及作用
【解析】【解答】A.超声波的传播需要介质，不能在真空中传播，所以中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过电磁波传回地面的，故A错误；
B. 神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的，故B正确；
C.嫦娥六号使用的“中国芯”是半导材料制成的，故C错误；
D.中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核聚变，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
B.物体间力的作用是相互的；
C.半导体：在常温下，半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，其导电性能受到温度、光照、杂质等因素的影响。半导体材料可以制造多种电子元件，如二极管、三极管和集成电路等 ；
D.太阳内部通过核聚变释放能量。
2．（2025·游仙模拟）图甲是--款降噪耳机，耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果(如图乙所示)。关于这款耳机，下列说法正确的是（ ）
A．它是在声源处控制噪声
B．它是在人耳处减弱噪声
C．噪声为人所厌，没有可利用的地方
D．反相位声波与外界噪声的声速相同
【答案】D
【知识点】声速；防治噪声的途径
【解析】【解答】ABD.耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波， 反相位声波与外界噪声的声速相同，将噪声中和，实现降噪效果，是在传播过程中减弱噪声，故AB错误，D正确；
C. 噪声为人所厌，但也可以用噪声来传递信息或能量，故C错误；
故选D。
【分析】1.减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
2.利用声音可以传递信息和能量；
3.声速与介质的种类和温度有关。
3．（2025·游仙模拟）下列关于食物的保鲜方法中，分析不正确的是（ ）
A．简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度
B．生鱼片下方的“白气”是固态干冰升华形成的二氧化碳气体
C．超市中利月水熔化吸热.给鱼保鲜
D．冰箱冷冻室内壁上的霜是水秦气凝华形成的
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A. 简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度，故A正确；
B. 固态干冰升华时吸收热量，使生鱼片周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠而形成“白气”，故B错误；
C. 超市中利用冰熔化吸热，给鱼保鲜，故C正确；
D. 冰箱冷冻室内壁上的霜是水蒸气凝华形成的小冰晶，故D正确。
故选B。
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热；
凝固：物质由液态变成固态的过程，凝固放热；
汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热；
升华：物质由固态直接变成气态的过程，升华吸热；
凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
4．（2025·游仙模拟）某家庭电路图如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．a为空气开关，b为电能表
B．连接电路时可以将地线和零线互换
C．螺口灯的安装符合安全用电要求
D．三孔插座的“两孔”和“三孔”是串联的
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A.家庭电路中，a为电能表，b为总开关，故A错误；
B.地线和零线在家庭电路中的功能是不同的，连接电路时将地线和零线互换可能会有安全隐患，故B错误；
C.螺口灯泡的上端接火线，侧边接零线，控制灯泡的开关接在火线和灯泡之间，符合安全用电的原则，故C正确；
D.三孔插座的“两孔”和“三孔”是并联的，故D错误。
故选C。
【分析】1.家庭电路的干路元件依次是：电能表、总开关、保险装置；
2.开关先接火线，再接用电器；
3.螺口灯泡上端接火线，侧边接零线；
4.三孔插座接法：左零右火上接地。
5．（2025·游仙模拟）目前流行一种白热火锅(如图)，玄自然火锅配有发热包，发热包的主要成分包括牛石厌、活性炭.硅葆土和钻粉等，将发热包放到冷水中，生石灰与水发生化学反应并放出大量的热。从而加热上层食物。有关自热火锅，下列谈法不正确的是（ ）
A．食物被加热的过程中，食物含有的热量增多
B．食物被加热的过程中.是通过热传递的方式使其内能增加的
C．食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停地做无规则运动
D．发热包放到水中，将化学能转化为内能
【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A.热量是热传递过程中的一个中间量，不能说含有或具有热量，故A错误；
B. 食物被加热的过程中，是通过热传递的方式使其内能增加的，故B正确；
C. 食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D. 发热包放到水中，将化学能转化为内能，故D正确。
故选A。
【分析】A.热量是热传递过程中的一个中间量，不能说含有或具有热量；
B.改变物体内能的方法：做功和热传递；
C.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
D.由题意可知发热包的能量转化情况。
6．（2025·游仙模拟）小明用弹性膜注水制作了一个水凸透镜，通过往射器让水或出水改变透镜的厚度。固定透镜，将一个“F”形光源放在合适位置后，调节光屏得到清晰的像(像未画出)。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲模拟正常人眼球观察物体时的成像情况，光屏上成倒立、放大的实像
B．模拟图乙的成因时需要从水透镜向外抽水
C．若将远视眼镜靠近图中透镜左侧放置，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像
D．将“F"形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置.则会聚点将仍在焦点F处
【答案】C
【知识点】凸透镜成像的应用；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A.图甲中，物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像，模拟的是正常人眼球观察物体时的成像情况，故A错误；
B.图乙模拟的是近视眼的成因，凸透镜变厚，折光能力变强，使像成在视网膜的前方，所以此时需要向水透镜中注水，故B错误；
C. 若将远视眼镜（凸透镜）靠近图中透镜左侧放置，对光有会聚作用，此时成像在原来位置之前，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像，故C正确；
D.将“F"形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置，光经过凸透镜折射后再经过玻璃砖折射，最后会聚点将不会在焦点F处，故D错误。
故选C。
【分析】A.物距大于像距，即物距大于2倍焦距，像距大于1倍焦距小于2倍焦距，在光屏上成倒立、缩小的实像；
B.近视眼成因：晶状体太厚或眼球在前后方向距离太长，来自远处某点的光会聚在视网膜前，佩戴凹透镜矫正；
C.远视眼镜（凸透镜）对光有会聚作用；
D.光通过玻璃砖时会发生折射。
7．（2025·游仙模拟）运动员头顶足球时的情景如图所示，以下说法中正确的是（ ）
A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态
B．足球在空中受到重力和头的推力
C．足球在空中继续运动是因为受到惯性力的作用
D．球受到的推力是球发生了形变而产生的
【答案】A
【知识点】力的作用效果；弹力；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A. 头顶足球时，求的运动方向发生改变，所以头给球的力改变了球的运动状态，故A正确；
B. 足球在空中运动时，没有受到头的推力，故B错误；
C.惯性不是力，故C错误；
D. 球受到的推力是手发生了形变而产生的，故D错误；
故选A。
【分析】1.力的作用效果：力可以使物体发生形变，力可以改变物体的运动状态；
2.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体的固有属性，不是力；
3.弹力：物体发生弹性形变而产生的力。
8．（2025·游仙模拟）下列对光学现象的描述或解释错误的是（ ）
A．图甲：该实验演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况
B．图乙：黑板“反光”是因为发生了镜面反射
C．图丙：顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调小
D．图丁：著向右拉动内筒，半透明膜上爐焰的清晰像将变大且仍然清晰
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A. 太阳光经过三棱镜折射后，红光偏折程度最小，紫光偏折程度最大，图甲演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况，故A正确；
B.图乙，黑板“反光”是因为发生了镜面反射，故B正确；
C. 图丙，顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调大，故C错误；
D. 图丁，若向右拉动内筒，半透明膜上爐焰的清晰像将变大且仍然清晰，故D正确。
故选C。
【分析】A.太阳光经过三棱镜折射后，红光偏折程度最小，紫光偏折程度最大；
B. 若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来，这种反射就属于镜面反射；
C.当反射光线或折射光线进入人眼时，眼睛才能看见物体；
D.小孔成像的大小与物体到小孔的距离和光屏到小孔的距离有关 。当物体到小孔的距离越近，成像越大；当光屏到小孔的距离越远，成像也越大 。
9．（2025·游仙模拟）在粗糙程度相同的水平面上，手推水块向有压缩轻质弹簧至图甲所示的位置.松手后木块最终静止在图乙所示的位置(此时彈簧处于原长)。下列说法中正确的是（ ）
A．松手后，木块向左运动过程中没有力对木块做功
B．图乙弹簧在恢复原长的过程中弹性势能在减小
C．图甲和图乙中弹簧前后能量转化过程相同
D．假如图乙中木块刚离开弹簧时所妥外力全部消失，木块就会立即停止
【答案】B
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；牛顿第一定律；是否做功的判断
【解析】【解答】A.松手后，木块向左运动过程中，木块受到水平向右的摩擦力的作用，木块在水平方向上移动了距离，所以摩擦力对木块做了功，故A错误；
B. 图乙弹簧在恢复原长的过程中，弹簧的弹性形变程度减小，弹性势能在减小，故B错误；
C.图甲中，手推木块压缩弹簧，主要将手的动能转化为弹簧的弹性势能，图乙中，将弹簧的弹性势能转化为内能，故C错误；
D. 图乙中木块刚离开弹簧时，木块向左运动，若所有外力消失，木块会向左做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
【分析】A.做功的必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
B.弹性势能与物体发生弹性形变的程度有关；
C.分析哪种能量减少，哪种能量增加，减少的能量转化为增大的能量；
D.牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
10．（2025·游仙模拟）关于圈中电磁现象，下列描述正确的是（ ）
①图甲电动机的工作原理
②图乙：当电磁继电器的开关S闭合时，红灯亮
③图丙：奥斯特发现磁生电现象
④图丁 ：动圈式话筒是利用电磁感应的原理工作的
A．①③. B．②④ C．②③ D．①④
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】①图甲中，通电导体在磁场中会受到力的作用，是电动机的原理，故①正确；
②图乙中，当电磁继电器的开关S闭合时，电磁铁有磁性，将衔铁向下吸，将红灯断开，绿灯接通，绿灯亮 故②错误；
③图丙中，奥斯特发现电生磁现象，故③错误；
④图丁中，使用动圈式话筒时，线圈在磁场中左切割磁感线运动，使电路中产生感应电流，是利用电磁感应的原理工作的，故④正确；
综上所述，描述正确的是 ①④。
故选D。
【分析】1.电动机的原理：通电导体在磁场中会受到力的作用；
2.电磁铁被接通时，电磁铁将衔铁吸下，据此分析；
3.奥斯特发现电生磁现象，法拉第发现磁生电现象；
4.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
11．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，闭合开关s，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是( )
A．电压表V示数变大，电流表A2示数变小
B．电流表A1示数变小。灯泡L.亮度变暗
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
D．电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，灯L与滑动变阻器R并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流。
A.电压表测电源电压，示数不变， 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，故A错误；
B.并联电路中，各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，灯泡L的亮度不变，通过灯泡L的电流大小不变，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路电流变大，即电流表A1示数变小，故B错误；
C.电压表的示数不变，电流表A2的示数变小，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，故C错误；
D. 电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流，电流表A1示数与电流表A2示数的差为通过灯泡的电流，通过灯泡的电流不变，所以电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变，故D正确。
故选D。
【分析】灯L与滑动变阻器R并联，各支路互不影响，电压表测电源电压，保持不变，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，根据欧姆定律分析通过滑动变阻器的电流变化，根据并联电路电流的规律分析干路电流的变化。
12．（2025·游仙模拟）在如图所示的现象或事例中，关于压强的说法正确的是( )
A．图甲：瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力
B．图乙：洗手间的下水管是利用流体中流速大的地方压力小的原理工作的
C．图丙：“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，若瓶子侧放则无法完成实验
D．图丁：墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，其原因是摩擦力大于重力
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；固液压强综合分析——形杯问题
【解析】【解答】A.图甲，瓶子正立时，瓶盖受到水的压力等于水的重力；瓶子倒置时，瓶子侧壁会分担一部分水的重力，使瓶盖受到水的压力小于水的重力，所以瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力，故A正确；
B.图乙， 洗手间的下水管是利用连通器的原理工作的，故B错误；
C.图丙，“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，各个方向都有大气压强，若瓶子侧放依然可以完成实验，故C错误；
D.图丁，墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，吸盘所受的摩擦力和重力是一对平衡力，大小相等，即摩擦力等于重力，故D错误。
故选A。
【分析】1.液体对容器底部的压力与容器形状的关系：
竖直壁容器：液体对容器底部的压力等于液体自身的重力，即F = G；
敞口容器（上宽下窄容器）：液体对容器底部的压力小于液体自身的重力，即F < G；
窄口容器（上窄下宽容器）：液体对容器底部的压力大于液体自身的重力，即F > G；
2.连通器：上端开口，下端连通的容器，连通器中装有同种液体，且液体不流动时，各液面总保持相平；
3. 空气受到重力的作用并且具有流动性，大气压对浸在其中的物体产生压强叫做大气压强；
4.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
13．（2025·游仙模拟）如图所示，轻杆OB可绕O点自由转动，OA和AB的长度之比为1 ： 2，物体重为15N。小林在B处用细线沿方向1向上拉住轻杆，然后逐渐改变拉力方向，最终沿方向2向上拉住轻杆，整个过程中轻杆始终在水平位置平衡。下列说法正确的是( )
A．沿方向1拉住轻杆的拉力大小为15N
B．轻杆受到的阻力就是重物所受的重力
C．沿方向2与沿方向1拉住轻杆的拉力大小是相同的
D．沿方向2向.上拉住轻杆时，此时是费力杠杆
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】ACD.由图可知，拉力方向1和2 都与水平杠杆成30°，从支点到这两个力的的垂直距离相等，即拉力的力臂相等，根据杠杆平衡条件可知，拉力大小都相等，即动力臂，阻力臂为，动力臂大于阻力臂，此时杠杆为省力杠杆，根据杠杆平衡条件可得：
即
则拉力为：F1=10N，故AD错误，C正确；
B. 轻杆受到的阻力作用在杠杆上，而重物的重力作用在物体的重心上，只是轻杆受到的阻力大小等于重物所受的重力大小，故B错误。
故选C。
【分析】1.根据杠杆平衡条件计算拉力的大小；
2.阻力：作用在杠杆上，阻碍杠杆转动的力；
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力；
3.杠杆分类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离），费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离），等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力也不费距离）。
二、填空题(本题包括5小题,每空2分,共20分)
14．（2025·游仙模拟）水池的池壁垂直于水平池底，水池上方支架(AB)装有一激光器。水池中没有水时，激光器发出的光线a正好射到池底和池壁的交点上，且与池底的夹角为45° ，如图甲所示。往池中注水，并待水面平静时，如图乙所示，激光被反射到池壁上，使池壁上出现一个光点S(图中没有画出)。
（1）图乙中，若水面位于池壁上3 dm刻度处，光点S在水中的像S'在
(选填“0”“1”“2”或“3"”)刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度 (选填“ 上升”“静止”或“下降”)。
【答案】（1）0
（2）静止
【知识点】光的反射定律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）光线a与池底的夹角为45°，即入射角为45°，根据光的反射定律，入射角等于反射角，则反射角也为45°，注水后反射光路与入射光路对称，水面位于3dm刻度处，则光点S到水面的垂直距离为3dm，即位于池壁6dm刻度处；根据平面镜所成的像与物关于镜面对称，所以光点S'的位置应该在水面下方3dm处，即0刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'应该位于水面的对称位置，光点S的位置随水面同步变化，且像始终关于水面对称，所以光点S的像S'相对于O刻度静止。
【分析】1.光的反射规律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角；
2.平面镜成像特点：平面镜成正立的虚像，像与物的大小相等，像与物到平面镜的距离相等，像与物的连线与镜面垂直。
15．（2025·游仙模拟）小明家的电冰箱铭牌及电能表表盘如图所示，则该冰箱一天实际工作 h(计算结果保留2位小数)，单独工作--天能使电能表转盘转 r
【答案】7.14；1500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】由电冰箱的铭牌可知，耗电量为0.5kW·h/（24h），额定功率为70w=0.07kw，则该冰箱一天实际工作的时间为：
由电能表参数为3000r/kW·h，冰箱一天（24h）的耗电量为0.5kW·h，则冰箱单独工作一天能使电能表转盘转过的圈数为：
【分析】1.由电能表的铭牌，根据耗电量和额定功率求出冰箱一天实际工作的时间；
2.电能表转过的圈数=冰箱消耗的电能 x 电能表的参数。
16．（2025·游仙模拟）图甲是小好设计的一个自动记录绣球过圈数量的计数器的示意图，其内部简化电路如图乙所示，其中R1是光敏电阻，当绣球挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会减小为20Ω，A、B间电压增大，这时自动计数器计数一次。已知R2是定值电阻，电源电压恒为12 V，当绣球穿过球圈时，A、B间的电压U随时间t变化的图像如图丙所示，则R2的阻值为 Ω，当没有绣球通过球圈，红外线正常照射R1时，电路的总电流为 A.
【答案】40；0.1
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】由图乙可知R1与R2串联，当绣球挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会减小为20Ω，A、B间电压增大， 由图丙可知，AB间的输出电压为8V，即U2=8V，此时R1两端的电压为：
U1=U-U2=12V-8V=4V
根据串联电路的分压原理可得：
，即
解得：R2=40Ω；
由图丙可知，当没有绣球通过球圈，红外线正常照射R1时，AB间的输出电压为4V，即U'2=4V，此时电路中的电流为：
【分析】1.R1、R2串联，当绣球挡住了射向R1的红外线时，由图丙可知AB间输出的电压，即R2两端的电压，根据由串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的分压原理求出R的阻值；
2.当红外线照射R1时，由图丙可知，AB间输出的电压，即R2两端的电压，根据欧姆定律计算电路中的电流。
17．（2025·游仙模拟）两辆汽车A.B在平直路面上运动时的S-t图像如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0~t1时间内，两车速度VA (选填“>"“<"或“=")VB。在t2~t3 时间内，若以A车为参照物，B车向 (选填“东"或“西”)运动。
【答案】；东
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】由图甲可知，在0~40s内，A做匀速直线运动，A运动的路程sA=600m，则A的速度为：
在0~80s内，B做匀速直线运动，B运动的路程sB=840m，则B的速度为：
可知，在0~t1时间内，两车速度VA >VB；
由图甲可知，在50s~80s内，A做匀速直线运动，A运动的路程s'A=600m，则A的速度为：
在t2~t3 时间内，A、B两车运动的方向相同，都向西运动，若以A车为参照物，B车向东运动。
【分析】1.在s-t图像中，倾斜直线 表示物体做匀速直线运动，利用求出物体运动的速度；
2.物体之间相对运动方向的判断：速度相等时，两物体相对静止；
相向运动，运动方向即相对运动方向；
同向运动时，速度大的物体相对于速度小的有向前趋势，反之有向后趋势。
18．（2025·游仙模拟）小杰和小华在科技馆里看到一种升降座椅.它由滑轮组控制升降，其简化图如图所示。已知座椅和动滑轮的总重为150N，小华在10s内将小杰匀速拉高2m，小华拉力的功率为150W(不计绳重和摩擦) ，则小杰受到的重力为 N，该滑轮组的机械效率为 .
【答案】600；80%
【知识点】功率的计算；机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】已知小华拉力的功率为150w，则总功为：
W总=Pt=150w x 10s=1500J
已知座椅和动滑轮的总重为150N ，则额外功为：
W额=G总h=150N x 2m=300J
有用功为：
W有=W总-W额=1500J-300J=1200J
则小杰受到的重力为：
该换轮组的机械效率为：
【分析】已知拉力的功率（总功功率），根据W总=Pt求出总功；已知座椅和动滑轮的总重和上升高度，根据W额=G总h求出额外功，进而求出有用功，根据W有=Gh求出小杰的重力，根据求出滑轮组的机械效率。
三、实验探究题(本题包括3小题,每空2分,共20分)
19．（2025·游仙模拟）小华同学在“探究不同物质吸热情况"的实验中，将水和煤袖分别装在两个相同的烧杯中(ρ水>ρ煤油)用两个相同的酒精灯加热，每隔2 min记录-次温度。
（1）图甲是小华同学的实验装置.其中有-处明显错误.请指出错误之处： 。
（2）纠正错误后继续实验。小华同学根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像。由图像可知 的吸热能力强。
（3）已知水的比热容为4.2X103 J/(kg).则煤油的比热容为 J/(kg)。
【答案】（1）未控制液体的质量相同
（2）水
（3）2.1 3
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，水和煤油的体积相等， ρ水>ρ煤油 ，根据m=ρV可知，m水>m煤油 ；“探究不同物质吸热情况"的实验中，应控制水和煤油的质量相等，故实验装置中明显错误之处是：未控制液体的质量相同；
（2）用两个相同的酒精灯加热，在相等时间内，物质吸收的热量相同；图乙中，当水和煤油的温度都由20℃升高到60℃时，加热水的时间较长，即水吸收的热量较多，可知水的吸热能力强；
（3）图乙中，当水和煤油的温度都由20℃升高到60℃时，水的加热时间为8min，加热没有的时间为4min，则水和煤油吸收的热量之比为：
由可知，吸收的热量与物质的比热容成正比，即
则煤油的比热容为：
【分析】（1）“探究不同物质吸热情况"的实验中，应控制水和煤油的质量相等，根据m=ρV分析水和煤油的质量关系；
（2）用两个相同的酒精灯加热，在相等时间内，物质吸收的热量相同；
质量相同的不同物质，温度变化相同时，吸收热量越多的物质，吸热能力越强；
（3）根据可知，在质量和升高的温度相同时，吸收的热量与物质的比热容成正比。
20．（2025·游仙模拟）在"探究影响滑动摩擦力大小因素"的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块，一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，比较第1.2两次实验，是为了探究摩擦力大小与 的关系。
（2）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图像如图乙所示，木块的速度随时间变化的图像如图丙所示，则本块在第7s时所受的摩擦力为 N.
（3）在操作过程中小英还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动(如图丁所示).此过程中，木块处于 (选填“平衡”或“非平衡”)状态，弹寶测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力 (选填“是”或“不是")一对平衡力。
【答案】（1）压力大小
（2）3
（3）平衡；不是
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）比较第1.2两次实验，接触面的粗糙程度相同，木块对长木板的压力大小不同，是为了探究摩擦力大小与压力大小的关系；
（2）由图丙可知，在2~6s内，木块做匀速直线运动，此时木块所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，由图乙可知，此时的拉力为3N，即摩擦力为3N；在第7s时，木块做减速直线运动，由于木块对长木板的压力大小和接触面的粗糙程度不变，所受的摩擦力大小不变，仍为3N；
（3）弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，此过程中木块处于平衡状态，弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力没有作用在同一直线上，不是一对平衡力。
【分析】（1）摩擦力的大小与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法进行分析；
（2）当物体做匀速直线运动时，木块所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，根据影响摩擦力的因素分析摩擦力的大小；
（3）物体做匀速直线运动时，处于平衡状态；
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
21．（2025·游仙模拟）小明同学利用“伏安法测量小灯泡的电阻”实验中，所连接的实物电路如图甲所示。请你解答下列问题。.
（1） 闭合开关S，按照正确的操作进行实验，当滑片P移至某一位置时.小灯泡发光，两电表指针均正常偏转.如果小灯泡的灯丝突然断了，则电压表的示数将 。(选填“变大”“不变”或“变小”)。
（2）换相同规格的小灯泡，进行多次实验，并根据所测的实验数据绘出小灯泡的I-U图像，如图乙中的a所示，其中P、Q是曲线a上的两点.则这两点所对应的小灯泡电阻值RP (选填“>““<"或“=")Ro.
（3）小强同学利用相同的电路和器材也做这个实验时。由于其接线错误.他根据两只电表测量的多组实验数据绘出的I-U图像如图乙中的曲线b所示，你认为出现这种情况的原因可能是 。
【答案】（1）变大
（2）＜
（3）电压表并联在滑动变阻器两端了
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，闭合开关S，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，根据串联分压原理可知，电压表的示数小于电源电压；如果小灯泡的灯丝突然断了，电压表串联在电路中，电压表测电源电压，所以电压表的示数将变大；
（2）图乙中，由P点可知，当小灯泡的电压UP=0.5V时，通过灯泡的电流IP=0.1A，此时小灯泡的电阻为：
若小灯泡的电阻阻值不变，当灯泡两端的电压为2V时，通过灯泡的电流为：
由图乙Q点可知，当小灯泡的电压UQ=2V时，通过灯泡的电流小于0.4A，根据可知，小灯泡的电阻变大，即RP（3）由图乙曲线b可知，电压增大时，电流减小；根据欧姆定律可知，当电路中电流变小时，小灯泡两端的电压减小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，所以可能原因是电压表并联在滑动变阻器两端了。
【分析】（1）当电路正常工作时，电压表测小灯泡两端的电压（小于电源电压）；当灯丝突然断了，电压表测电源电压；
（2）由图线a中P点的电压和电流，利用求出小灯泡的电阻，若小灯泡的电阻不变时，根据求出当电压等于2V时，通过小灯泡的电流，与Q点的电流进行比较分析；
（3）由图像可知，电压增大时，电流变小；根据欧姆定律和串联电路电压的规律分析，当电路中电流变小时，灯泡和滑动变阻器两端电压的变化。
四、计算题(本题包括2小题,第22小题9分,第23小题12分,共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)
22．（2025·游仙模拟）我国自主研发的新能源汽车可通过充电桩进行充电。某充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A。现有一电动汽车的电源由8 000节电池组成，电池总质量为400 kg，该电池的能量密度为0.20kW●h/kg(能量密度是指电池可以充人的最大电能与电池质量的比值)。求：
（1）该充电桩的额定输出功率；
（2）该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间。
【答案】（1）解：充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，则该充电桩的额定输出功率为：
P=UI=500V x 20A=10000w=10kw
答：该充电桩的额定输出功率为10Kw。
（2）解：电池总质量为400 kg，电池的能量密度为0.20kW●h/kg，汽车电池充满电需充入的总能量为：
E=0.20kW●h/kg x 400 kg=80kW·h
充电桩的额定输出功率为10kw，该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间为：
答：该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间为8h。
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）已知充电桩的额定输出电压和额定输出电流，根据P=UI求出充电桩的额定输出功率；
（2）根据能量密度和电池的质量求出电池的总能量E，再根据求出充电的时间。
23．（2025·游仙模拟）如图甲所示，一轻质细杆与不吸水的正方体物块A连接，另一端固定在质量为1 kg、底面积为200cm2 的容器底部，容器放在水平桌面上。现向容器内缓慢加水，物块A对杆的力F与容器内水的深度h 的关系如图乙所示，杆的体积不计。已知水的密度是1.0X103 kg/m3，g取10N/kg，求：
（1）物块A浸没时受到的浮力；
（2）物块A的密度；
（3）物块A对杆的拉力F=2N时，容器对桌面的压强。
【答案】（1）解：由图乙可知，当h=4cm时，物块A开始浸入水中，当h=14cm时，物块A刚好浸没在水中，可知，物块A的边长为：
14cm-4cm=10cm=0.1m
则物块A的体积为：
V=（0.1m）3=10-3m3
当物块A浸没时，排开水的体积等于物体A的体积，即V排=V=10-3m3，此时物块A受到的浮力为：
F浮=ρgV排= 1.0X103 kg/m3 x 10N/kg x 10-3m3=10N
答：物块A受到的浮力为10N。
（2）解： 由图乙可知，当未向容器中加水时，物块A对杆的力为7N，即物块A的重力为7N，则物块A的质量为：
物块A的密度为：
答：物块A的密度为0.7 3。
（3）解：容器的重力为：
G容=m容g=1kg x 10N/kg =10N
容器的底面积为200cm2 =0.02m2，由图乙可知，物块A下方的细杆的高度为4cm=0.04m，物块A下方水的重力为：
G1=ρV1g= 1.0X103 kg/m3 x 0.02m2x 0.04m x 10N/kg =8N
当物块A对杆的拉力F=2N时，此时物块A的重力小于浮力，物块A受到的浮力为：
F'浮=7N+2N=9N
物块A浸入水的体积为：
物块A浸入水的深度为：
此时物块A底部以上水的重力为：
G2=ρV2g= 1.0X103 kg/m3 x（ 0.02m2-0.01m2） x 0.09m x 10N/kg =9N
容器对桌面的压强为：
答：物块A对杆的拉力F=2N时，容器对桌面的压强为1700Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，当h物块A开始浸入水中和物块A刚好浸没在水中时的深度，即可求出物块A的边长，进而求出物块A的体积；当物块A浸没时，排开水的体积等于物体A的体积，根据F浮=ρgV排求出物块A浸没时受到的浮力；
（2）由图乙可知，当未向容器中加水时物块A对杆的力，即物块A的重力，根据求出物块A的质量，利用求出物块A的密度；
（3）根据G=mg求出容器的重力，由图乙可知，物块A下方的细杆的高度，根据G=ρVg求出物块A下方水的重力；由物块A对杆的拉力和物块A的重力求出物块A受到的浮力，根据求出物块A浸入水的体积，根据求出物块A浸入水的深度，根据G=ρVg求出此时物块A底部以上水的重力，
根据求出容器对桌面的压强。
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