广东省佛山市2025年中考一模物理试题
1．（2025·佛山模拟）小明和家人在瑶海湾湿地公园划船游玩，以岸边的树为参照物，小明是运动的。要说明运动的相对性，还需要的依据是（ ）
A．以岸上的亭子为参照物，树是静止的
B．以小明为参照物，树是运动的
C．以飞过的鸽子为参照物，小明是运动的
D．以船上的家人为参照物，小明是静止的
【答案】D
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】选取的参照物不同时，同一个物体的运动状态不同。以岸边的树为参照物，小明是运动的，还需要选择不同的参照物，来证明小明是静止的。
A．以岸上的亭子为参照物，树是静止的，研究对象是树，不能证明小明的运动情况，故A不符合题意；
B．以小明为参照物，树是运动的，研究对象是树，不能说明运动的相对性，故B不符合题意；
C．以飞过的鸽子为参照物，小明是运动的，研究对象是小明，没有证明小明是静止的，故C不符合题意；
D．以船上的人为参照物，小明是静止的，研究对象是小明，并且证明小明是静止的，故D符合题意。
故选D。
【分析】物体间的运动和静止是相互的，相对于参照物，有位置变化是运动的，没有位置变化是静止的。
2．（2025·佛山模拟）如图所示，“神舟十三号”载人飞船在酒泉卫星发射中心准备升空。飞行乘组由航天员翟志刚、王亚平和叶光富组成。下列说法正确的是（ ）
A．“神舟十三号”升入太空，航天员质量变小
B．穿上宇航服行走时，地面对航天员的摩擦力不变
C．以载人飞船为参照物，宇航员是静止的
D．“神舟十三号”对地面的压力与地面对它的支持力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；增大或减小摩擦的方法；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．质量是物体的属性，与所处位置无关，航天员进入太空，质量不变，故A错误；
B．航天员穿上宇航服行走时，对地面的压力增大，地面对航天员的摩擦力也增大，故B错误；
C．以载人飞船为参照物，宇航员与载人飞船之间没有位置改变，宇航员是静止的，故C正确；
D．“神舟十三号”静止时，对地面的压力与地面对它的支持力是一对相互作用力，故D错误。
故选C。
【分析】质量是物体的属性，和空间位置无关；接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；物体间的力和反作用力，是相互作用力。
3．（2025·佛山模拟）如图是我国空间站的机械臂，它类似于人的手臂，可以省距离，下列工具使用时与机械臂属同类型杠杆的是（ ）
A．用镊子夹砝码 B．用羊角锤起钉子
C．用老虎钳剪断导线 D．用瓶盖起子起瓶盖
【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】空间站的机械臂工作时，可以省距离，需要费力，属于费力杠杆。
A．使用镊子夹砝码，动力臂小于阻力臂，镊子是费力杠杆，故A符合题意；
BCD．使用羊角锤起钉子，老虎钳剪导线，起子起瓶盖，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】使用杠杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。
4．（2025·佛山模拟）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．原子核是由质子和电子组成的
B．气体没有固定的形状，有确定的体积
C．液体很难被压缩，说明分子间有引力
D．银河系、地球、分子、原子核是按照尺度由大到小的顺序排列的
【答案】D
【知识点】分子间相互作用力；原子结构；宇宙
【解析】【解答】A．原子核质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，故A错误；
B．气体分子间距离较大，分子间作用力较小，气体没有固定的形状，没有固定的体积，故B错误；
C．液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故C错误；
D．按照尺度由大到小的顺序排列为银河系、地球、分子、原子核，故D正确。
故选D。
【分析】分子有原子组成，原子分为原子核和核外电子；原子核分为质子和中子；分子之间存在引力与斥力；银河系尺度比地球大，分子比原子核大。
5．（2025·佛山模拟）如图所示，下列情景中所描述的物态变化及吸、放热情况，分析正确的是（ ）
A．冰雪消融—熔化吸热
B．霜满枝头—升华放热
C．房檐冰挂—凝固吸热
D．雾绕山峦—汽化放热
【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪消融，从固态变为液态，是熔化现象，熔化吸收热量，故A正确；
B．霜是固态，是空气中的水蒸气，直接凝华而成的，凝华要放热，故B错误；
C．冰是固态的，是液态的水遇冷凝固形成的，凝固放热，故C错误；
D．雾是液态的水，是空气中的水蒸气遇冷，液化形成的小水滴，液化放热，故D错误。
故选A。
【分析】固态变为液态，是熔化现象；气体变为固态，是凝华现象；液态变为固态，是凝固现象；气体变为液态，是液化现象。
6．（2025·佛山模拟）下列关于热和能的说法中，正确的是（ ）
A．温度越高的物体含有的热量越多
B．扫地时尘土飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动
C．夏天在室外洒水降温，利用了水比热容较大的性质
D．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
【答案】D
【知识点】热量的概念；内能的概念；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A．热量是热传递时转移的能量，是过程量，不能说含有热量，故A错误；
B．扫地时尘土飞扬能看到，是机械运动，不能反应分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C．夏天洒水降温，利用了水蒸发吸收热量，实现降温，故C错误；
D.0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，吸收热量，内能变大，故D正确。
故选D。
【分析】热传递时改变的能量是热量，是过程量；尘土飞扬是机械运动，不是分子运动；水蒸发吸热，晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变，内能变大。
7．（2025·佛山模拟）某兴趣小组设计了酒精浓度检测仪的模拟电路，如图所示的电路图中，电源电压保持不变，是定值电阻，是气敏电阻，它的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，能实现酒精气体浓度越大，电压表示数越大的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计；串联电路的电压规律
【解析】【解答】要实现酒精气体浓度越大，电压表示数越大，因为串联分压，需要两电阻串联，是气敏电阻，阻值随酒精气体浓度的增大而减小，根据串联分压规律，酒精气体浓度越大气敏电阻分压越小，电压表示数越大，则电压表和R0并联，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】在串联电路中，各电阻分压之和等于电源电压；电阻越大，分压越大。
8．（2025·佛山模拟）辽宁男篮在CBA总决赛上以4：0的比分横扫浙江稠州获得冠军，面对浙江部分球迷不冷静的谩骂，而辽宁球迷用“1234，我爱辽篮”表现出对辽篮的挚爱，说明声音可以传递 ，张振麟抢断暴扣一条龙，在起跳后向上飞跃中，是动能转化为 ，电视机前的观众可以在屏幕上看到五颜六色画面，这些颜色是由红、绿、 三种色光混合而成的。
【答案】信息；重力势能；蓝
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；机械能及其转化；声与信息
【解析】【解答】球迷用喊声，表现出对辽篮的挚爱，是利用声音传递信息；
人起跳向上运动时，速度减小，高度增加，动能减小，势能增大，动能转化为重力势能。
光的三原色是红、绿、蓝，电视机屏幕上看到五颜六色的画面，是光的三原色混合而成的。故第1空填：信息；第2空填：重力势能；第3空填：蓝。
【分析】通过声音得知某事，可知声音可以传递信息；质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大；光的三原色是红、绿、蓝，三原色可混合成各种颜色。
9．（2025·佛山模拟）人们在市场购物付款时用手机在不同的方向都可以扫到二维码，这是因为光照到二维码上发生了 现象，二维码通过手机所成的像是 像。要使所成的像变大，应使手机 （选填、“靠近”或“远离”）二维码。
【答案】漫反射；倒立、缩小的实；靠近
【知识点】镜面反射与漫反射；生活中的透镜
【解析】【解答】手机在不同的方向都可以扫到二维码，是由于光在二维码图案上发生了漫反射现象。手机的镜头为凸透镜，二维码反射的光经过摄像头后，成倒立、缩小的实像。要使屏幕上二维码的像变大，需要减小物距，增大像距，即将二维码靠近手机摄像头。
【分析】粗糙物体的表面发生漫反射；物体在凸透镜的二倍焦距外时，成倒立缩小的实像；物体靠近凸透镜时，像变大。
10．（2025·佛山模拟）指出下列过程中的能量转化：
（1）气体膨胀做功 ； （2）燃料燃烧 ．
【答案】内能转化为机械能；化学能转化为内能
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）气体膨胀做功时，消耗了气体的内能，使物体获得机械能，实现内能转化为机械能；
（2）燃料燃烧时，消耗了燃料的化学能，获得了内能，将化学能转化为内能。
【分析】（1）气体对外做功，内能转化为机械能；
（2）燃料燃烧，化学能转化为内能。
11．（2025·佛山模拟）我国南极泰山站采用轻质材料装配而成，支架上悬空部分的结构特点如图甲所示；某飞机的机翼模型如图乙所示。从流体流速与压强的关系这一方面来说，二者的设计原理 ，作用 。（均选填“相同”或“不相同”）
【答案】相同；不相同
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】图甲中，当空气流过时，上方平齐，气体的流速小，压强大，下方凸起，空气流速大，压强小，产生向下的压力差，使房屋更加牢固；图乙中，机翼模型上方凸起，空气流速大，压强小；机翼模型下方流速小压强大，形成向上的压强差，使飞机获得向上的升力，故二者的设计原理相同，作用不相同。故第1空填：相同；第2空填：不相同。
【分析】物体在凸起的位置流速大，压强小，在平齐的物体流速小，压强大，会产生压强差。
12．（2025·佛山模拟）常规潜艇以四冲程柴油内燃机为动力，工作时包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中利用内能做功的是 冲程：核潜艇利用核反应堆发生核 （填“裂变”或“聚变”）提供动力，其核能是 （填“可再生能源”或“不可再生能源”）；在海面下潜艇上浮过程中受到的浮力 （填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】做功；裂变；不可再生能源；不变
【知识点】热机；能源及其分类；核裂变；浮力的利用
【解析】【解答】四冲程柴油机工作时，包括吸气、压缩、做功和排气四个冲程，只有做功冲程是高温高压的燃气推动活塞向下运动，对外做功，将内能转化为机械能，利用内能做功。
核潜艇利用核反应堆发生核裂变来提供动力。核裂变时，会释放出大量的核能。核能一旦消耗无法在短时间内从自然界中得到补充，是不可再生能源。
潜艇在海面下上浮时，虽然它的深度在减小，但排开的水的体积并没有改变。潜艇受到的浮力大小不变。故第1空填：做功；第2空填：裂变；第3空填：不可再生能源；第4空填：不变。
【分析】柴油机工作中，做功冲程将内能转化机械能，对外做功；核电站的核反应堆利用核裂变释放能量；核能是不可再生能源；液体密度和排开液体的体积一定时，受到的浮力不变。
13．（2025·佛山模拟）如图所示为假期小明在家人的陪同下前往游乐场乘坐过山车的情景，在乘坐过山车奔驰之际，小明对过山车的动力来源产生思考。他认为：过山车是先通过机械装置将过山车拉到最高点，再依靠重力做功带动过山车运动。据此请回答下列问题：
（1）过山车被拉到最高点时所具有的 能最大；
（2）过山车在等高的B、D两点处的动能 （填“相等”或“不相等”）；
（3）仔细观察过山车轨道会发现是一个个不断减小高度的“小山丘”，这样设计的原因是 ；
（4）实际上过山车在运行过程中也会使用其他辅助动力，如电磁动力，是在轨道上通过布设线圈，车厢中装有磁体，当轨道的线圈中通电后，利用通电导体在磁场中 ，进而给过山车提供辅助动力。同时也可以作为“刹车”系统，只需改变通电电流的 ，就可以实现“刹车”。
【答案】重力势；不相等；过山车受到摩擦力的作用，整个过程中机械能部分转化为内能，机械能总量减少；受到力的作用；方向
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）过山车被拉到最高点时，高度最大，质量不变，具有的重力势能最大。
（2）过山车在运动过程中克服摩擦做功，机械能会减小，所以过山车在B点的机械能大于D点的机械能；B、D两点高度相等，重力势能相等，所以过山车在B点的动能大于D点的动能，故B、D两点处的动能不相等。
（3）设计的原因是：过山车受到摩擦力的作用，整个过程中机械能部分转化为内能，机械能总量减少。
（4）当轨道的线圈中通电后，利用通电导体在磁场中受到力的作用，进而给过山车提供辅助动力。
同时也可以作为“刹车”系统，只需改变通电电流的方向，就可以实现“刹车”。
【分析】1.机械能等于物体的动能和势能之和；
动能与物体的质量和速度有关；
重力势能与物体的质量和所处的高度有关；
2.物体克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能不断减小；
3.通电导线在磁场中受到力的作用，受力方向与电流方向和磁场方向有关。
14．（2025·佛山模拟）如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，发现左侧容器连接的U形管液面高度差较大，这说明电流通过导体产生的热量跟 有关。如果通过R1的电流为0.2A，30s内R2产生的热量为 J。将R1换成10Ω的电阻，再将R3拆下，此装置还能探究电流产生的热量与 的关系。
【答案】电流；1.5；电阻
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】图中，R2、R3两个5Ω的电阻并联后再与R1串联，根据并联电路的电流，右端两个电阻的总电流之和等于左端电阻的电流，即I左=I2+I3，由于右侧两电阻阻值相等，则支路中电流相等，
左侧容器中的电流是右边容器中电流的2倍，探究电流产生的热量与电流的关系。
如果通过R1的电流为0.2A，根据并联电路的特点，通过R2的电流为0.1A，则30s内R2产生的热量为：，
拆下R3，将R1换成10Ω的电阻，图中，此时R1与R2串联，根据串联电路电流相等，电阻不同，还能探究电流产生的热量与电阻的关系。故第1空填：电流；第2空填：1.5；第3空填：电阻。
【分析】电阻相同，电流不同时，可以探究电流产生的热量和电流的关系；当电阻不同，电流相同时，可以探究电流产生热量和电阻的关系，根据Q=I2Rt，计算电流产生热量的多少。
15．（2025·佛山模拟）（1）如图甲所示，小明用绳子拉匀质木箱，请画出木箱所受拉力和摩擦力的示意图。
（2）如图乙所示，为增强喷水池夜间美化效果，在池底安装了射灯，射出的光束在水面发生反射和折射，请画出反射光线和大致的折射光线。
（3）如图丙所示，根据磁感线的分布情况标出电源的“+”“-”极。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；摩擦力的方向；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）匀质木箱的重心位于几何中心，拉力沿着绳子，木箱受到向右的拉力，摩擦力方向向左，与接触面平行，拉力和摩擦力作用在木箱的重心，如图所示：
（2）图乙中，过入射点作出法线和水面垂直，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；当光从水斜射入空气中时，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，空气中的折射角大于入射角，在空气中画出折射光线的大致位置，如图所示：
（3）图丙中，根据磁感线分布，可以判断通电螺线管右端为N极，根据安培定则，判断电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源的右端为“+”极，左端为“-”极，如图所示：
【分析】（1）物体受到拉力和绳子方向一致，物体在水平面上，受到的摩擦力方向和运动方向相反；
（2）光从水中斜射入空气中，反射光线在水中，反射角等于入射角；空气中的折射角大于入射角；
（3）根据磁感线的分布，判断磁极间相互排斥，判断通电螺线管的磁极，结合安培定则，判断电流方向。
（1）匀质木箱的重心位于几何中心，拉力沿着绳子，木箱向右运动或有向右运动的趋势，摩擦力方向向左，与接触面平行，拉力和摩擦力作用在木箱的重心，如图所示：
（2）过入射点作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；当光从水斜射入空气中时，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，在空气中画出折射光线的大致位置，如图所示：
（3）根据磁感线分布情况，可以判断通电螺线管右端为N极，根据安培定则，可以判断电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源的右端为“+”极，左端为“-”极，如图所示：
16．（2025·佛山模拟）（1）如下左图所示尺的分度值是 ，物体A的长度是 mm；
（2）在“研究凸透镜成像条件”的实验中，在光屏上出现清晰的烛焰的像，如下右图所示，由此可以判断蜡烛到凸透镜的距离所在的范围是 ，该实验是 的应用模型。
【答案】1mm；33.2；f【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）图中，该刻度尺的分度值是1mm；测量长度时，要估读到分度值的下一位，物体A的长度是33.2mm。
（2）图中，物距小于像距，则物距为f2f，投影仪是利用这一原理制成的。
【分析】（1）刻度尺上最小的单位长度，表示分度值；根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；
（2）当物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间，成倒立放大的实像，实际应用有投影仪。
17．（2025·佛山模拟）小明同学按如图所示的电路进行实验，实验中电阻 R1 保持不变，三次调整滑动变阻器 R2 的阻值，得到如下表所示的实验数据：
实验次数 A1 表示数 I/A A2表示数 I/A V1表示数 U/V V2 表示数 U/V V 表示数 U/V
1 0.4 0.4 4 8 12
2 0.6 0.6 6 6 12
3 0.8 0.8 8 4 12
(1)连接电路时开关应处于 状态，在此电路中电阻 R1 和 R2 联，V 测 两端电压，闭合开关前滑动变阻器应处于 (填最左端或最右端)
(2)分析电流表 A1、A2的示数，可得出 ；
(3)分析电压表V、Vl、V2 的示数，可得出 。
【答案】断开；串联；电源；最右端；串联电路中电流处处相等；串联电路中总电压等于各部分电压之和
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；探究串并联电路中的电流特点实验；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】探究串联电路电流、电压规律时，（1）连接电路时，开关应处于断开状态，保证电路安全。
图中，电路只有一条电路，电阻 R1和R2是串联的。电压表V两端接在电源两端，测电源两端电压。
闭合开关前，滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，滑片应处于最右端。
（2）根据表格中数据，电流表A1、A2的示数相等，可以得出：串联电路中电流处处相等。
（3）根据表格中电压表V、V1、V2的示数，电压表V的示数等于电压表V1、V2的示数之和，可以得出串联电路中总电压等于各部分电压之和。
【分析】（1）连接电路时，开关要断开，各用电器顺次连接，是串联电路；电压表和所测量的位置并联；闭合开关前，滑片在电阻最大处；
（2）串联电路中，电流处处相等；
（3）在串联电路中，总电压等于各用电器分压之和。
18．（2025·佛山模拟）小鲁和小巴在江边捡回一石块，准备利用所学知识测量它的密度。
（1）调节天平平衡时，移动游码至标尺左端零刻度线处，发现指针如图甲所示，则应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡；
（2）小鲁测出石块的质量（如图乙）为 g；在量筒内装有适量的水，该石块放入前、后的情况如图丙，则石块的密度是 ；
（3）小巴准备自己动手做实验时，不小心打碎了量筒。聪明的小巴利用天平、烧杯、水、记号笔设计了另一种测量石块密度的方案，如图丁；
①用天平测出装有适量水的杯子总质量为；
②将石块缓慢浸没在杯中，测得总质量为，在水面到达的位置上做标记a；
③取出石块，测得总质量为；
④向杯中缓慢加水，让水面上升至标记a处，测得杯和水的总质量为；小鲁和小巴讨论交流后认为4个实验步骤中其中有一个数据记录会导致结果误差很大并且是多余的，这个数据是 （填物理量符号）。石块密度的表达式为 （用已知的物理量符号及来表示）。
【答案】右；38.4；2.56；；
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】测量石块的密度时，
（1）图甲中，指针指向分度盘左侧，根据左偏右调的规律，应向右调节平衡螺母。
（2）图乙中，天平分度值为0.2g，根据砝码和游码位置，则石块的质量为：
m石=20g+10g+5g+3.4g=38.4g，石块的体积为：V石=45mL-30mL=15mL=15cm3，
计算石块的密度为：；
（3）图丁中，用天平测出装有适量水的杯子总质量为，将石块浸没在杯中，测得总质量为，在水面到达的位置上做标记a，则石头的质量为：m石=m2-m1，
取出石块，测得总质量为，则m3与m1大致相等，因为石块沾上水，使用m3会使测得小石块的质量产生误差，多余的数据是m3。
向杯中缓慢加水，让水面上升至标记a处，测得杯和水的总质量为，则石块的体积等于后来加水的体积：，
则石块密度的表达式：。
【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；
（2）根据天平上砝码和游码位置，测量质量；根据量筒中液面位置，测量体积；根据，计算密度；
（3）根据物体浸没时液面位置，通过补入的水的质量，计算体积，判断石块的体积，根据，计算密度。
19．（2025·佛山模拟）如图所示为我国国产运输机“运20”。若一次飞行过程中，飞机及运送的人员和物资的总质量为2.1×105kg。飞机匀速直线飞行过程中的受到的平均阻力是9×104N。着陆后，飞机所有轮胎与地面总接触面积为4.2m2，取g=10N/kg。求：
（1）飞机及运送的人员和物资所受重力的大小G；
（2）飞机匀速直线飞行过程中所受牵引力的大小F牵；
（3）降落后，飞机静止时对水平地面的压强的大小p。
【答案】解：（1）飞机及运送的人员和物资所受重力
G=mg=2.1×105kg×10N/kg=2.1×106N
（2）因为飞机做匀速直线运动，所以受平衡力，则牵引力等于阻力
F牵=f阻=9×104N
（3）因为飞机在地面保持静止，所以飞机对水平地面的压力
F压=G=2.1×106N
飞机静止时对水平地面的压强
答：（1）每架飞机及运送人员和物资所受的重力为2.1×106N；
（2）所受牵引力为9×104N；
（3）降落后静止时对地面压强为5×105Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg，计算重力的大小；
（2）根据阻力和重力的关系，计算阻力大小，根据二力平衡，结合阻力，计算摩擦力；
（3）水平面受到的压力等于物体的重力，利用，计算压强。
20．（2025·佛山模拟）如图甲所示电路中，定值电阻R的阻值为20Ω，电源电压保持不变。闭合开关S后，整个电路正常工作，两电流表的表盘均如图乙所示。求：
（1）通过灯泡L的电流是多少安？
（2）灯泡L消耗的电功率是多少瓦？
（3）整个电路工作10s消耗了多少焦的电能？
【答案】解：（1）电流表A在干路上，A1在支路上，故电流表A的示数大于电流表A1的示数，故电流表A是选择大量程，电流为I=1A，而电流表A1选择小量程，其示数为IR=0.2A，根据并联电路电流规律可知，通过灯泡L的电流为
（2）由欧姆定律可得电阻R两端的电压为
根据并联电路电压规律，即UL=U=UR
灯泡L消耗的电功率
（3）由可得整个电路工作10s消耗的电能
答：（1）通过灯泡L的电流是0.8A；
（2）灯泡L消耗的电功率是3.2W；
（3）整个电路工作10s消耗了40J的电能。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据并联电路电流规律，计算支路电流；
（2）根据已知的电流和电阻，利用U=IR，计算分压大小；根据P=UI，计算电功率；
（3）根据电功率和时间，利用W=Pt，计算消耗的电能。
21．（2025·佛山模拟）我国新一代水上飞机“鲲龙”（如图1）的一项绝技是森林灭火，它汲水迅速、投水精准，灭火能力不同凡响．
（1）用水灭火的原理是 ．（写出一点）
（2）“鲲龙”机翼截面如图2，飞行时机翼上表面空气流速 下表面空气流速，使上表面气压小于下表面气压，从而获得足够大的升力．
（3）“鲲龙”飞行时最大航速为560千米/时，计算飞往距它140千米远的火灾现场至少需要的时间 ．
【答案】水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，火就熄灭了；大于；0.25h
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；速度公式及其应用；飞机的升力
【解析】【解答】（1）水在着火物体上，汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，火就熄灭了；
（2）图2中，机翼上方凸起，空气流经机翼上方时，通过的距离大于机翼下方，机翼上表面空气流速大，压强小，下表面空气流速小，压强大，上表面气压小于下表面气压，从而获得向上的升力；
（3）计算“鲲龙”飞行的距离140km，计算时间至少为：。
【分析】（1）水在温度高的位置吸收热量，变为气体，是汽化现象；
（2）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，使飞机获得升力；
（3）根据路程和速度，利用，计算时间。
22．（2025·佛山模拟）图甲是一种智能电热中药壶，内部简化电路如图乙所示。控制电路中电源电压恒为6V，R0为热敏电阻，其阻值随温度变化的关系图像如图丙所示，电磁铁线圈电阻为10Ω，当通过线圈的电流达到时电磁铁将衔铁吸下。工作电路有“加热”和“保温”两个挡位，加热电阻R1=48.4Ω、R2=193.6Ω且不随温度变化。
（1）闭合开关S0和S，随着壶内温度的升高，热敏电阻R0的阻值 （选填“增大”或“减小”），电磁铁的磁性 （选填“增强”或“减弱”），达到一定温度时，电磁铁将衔铁吸下，此时中药壶处于 （选填“加热”或“保温”）挡；
（2）热敏电阻R0的阻值为多少时，工作电路开始处于保温状态？
（3）电热中药壶的额定加热、保温功率分别是多少？
【答案】减小；增强；保温；40Ω；1000W，200W
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）图丙中，随着温度升高，热敏电阻R0的阻值变小；图乙中，开关S0和S都闭合，根据欧姆定律，电路中的电流增大，电磁铁性增强，达到一定温度时，衔铁被吸下，动触点与静触点C接触，工作中电阻R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点，工作电路中的电阻最大，根据，电路的电功率最小， 中药壶处于保温档。
（2）当电路中的电流为120mA=0.12A时，衔铁被吸下，电路中的总电阻为：
；
热敏电阻R0的阻值为：R0=R总-R线=50Ω-10Ω=40Ω，
（3）当只有加热电阻R1接入电路，为加热档，加热的功率为
；
当工作电路接C时，加热电阻R1、R2串联，为保温档，保温的功率为
。
【分析】（1）根据图像，判断电阻和温度的关系；在串联电路中，温度升高，电阻减小，电路中的电流变大；电磁铁的磁性随电流增大而增大，工作电路中，串联的电阻越多，电功率越小；
（2）保温状态时，工作电路电阻较大，根据，计算总电阻，结合串联电路电阻规律，计算部分电阻；
（3）根据，计算电功率，结合串联电路电阻规律，计算保温电功率。
23．（2025·佛山模拟）阅读材料，回答问题。
混合动力汽车
随着汽车科技的不断进步，混合动力汽车逐渐受到人们的青睐。插电式混合动力是当前比较流行的新能源汽车动力模式，它是介于纯电动汽车和燃油汽车之间的新能源汽车，具有传统汽车的发动机、变速器、传动系统、油路、油箱和电池，可以外接充电。油电混合动力汽车燃油经济性高，驾驶性能优异。油电混合动力汽车的发动机需要燃油，起步和加速时，在电动机的辅助下，可以降低油耗。当电池电量充足时，以电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”；当电池电量不足时，以燃油模式行驶，又能给电池充电，综合油耗依然比传统燃油车更低。
（1）汽车的后视镜是一个 镜，能让司机看到车后更大的范围；
（2）汽车上的“倒车防撞可视雷达”，通过安装在车尾的摄像头对准车后的障碍物，障碍物经摄像头中的凸透镜成倒立 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，这个像通过电子装置加工、调整并传递到显示屏上，如果看到显示屏中的障碍物的像变大，则障碍物离车尾的距离变 （远、近）；
（3）已知该车电池能够储存电能，小王驾驶充满电的汽车沿平直公路如图甲从A地匀速行驶至B地（路面对汽车的阻力恒定不变），假设电池消耗的电能全部用来驱动汽车行驶。当行驶到C地时，电池的能量还剩余30%，随即开启燃油模式。当汽车行驶到B地时，电池能量显示为50%（忽略充电过程中的能量损失），若该行驶模式过程中恰好消耗3L汽油，则汽车从C地到B地的过程中汽油的综合利用效率为 （汽油的热值取）。
（4）如图乙为四冲程汽油机某气缸的各冲程示意图，一个工作循环合理的顺序为 。若该汽油机以3000r/min的速度运行，则该气缸每秒对外做功 次。
（5）请说出混合动力汽车的优点 。
【答案】凸面；缩小；近；40%；DACB；25；混合动力汽车的优点：节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等，电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”等
【知识点】凸面镜和凹面镜；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）汽车的后视镜是凸面镜；对光有发散作用，可以扩大视野，能更好地注意到后方路况；
（2）摄像头的镜头相当于凸透镜，成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像。
凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；显示屏中的像变大，则障碍物离车尾的距离变近。
（3）汽车从A地到C地电池消耗的电能为：W1=(1-η)W=(1-30%)×20kW·h=14kW·h，
汽车匀速行驶时，受到的牵引力为：，
匀速行驶，汽车从C地到B地做的功：W汽=Fs2=840N×40×103m=3.36×107J，
从C地到B地，获得的电能：W2 =(50% 30%)W=(50% 30%)×20kW h=4kW h=1.44×107J，
汽油利用有用能量：W有=W汽+W2 =3.36×107J+1.44×107J=4.8×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=3×10-3m3×4.0×107J/m3=1.2×108J，
汽油的综合利用效率：；
（4）汽油机的一个工作循环有四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
A图中，两个气门都关闭，活塞向上运动，压缩缸内气体，是压缩冲程；
B图，排气门打开，活塞向上运动，排出废气，是排气冲程；
C图，两个气门都关闭，活塞向下运动，火花塞喷出电火花，点燃燃气，是做功冲程；
D图，进气门打开，活塞向下运动，吸入汽油和空气的混合物，是吸气冲程。
正确的顺序是：DACB。
汽油机的转速是3000r/min=50r/s，1个工作循环，飞轮转动2圈，活塞往复2次，对外做功1次，每秒飞轮转动50圈，则对外做功25次。
（5）混合动力汽车的优点：节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等，电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”等。
【分析】（1）汽车的后视镜是凸面镜，可以看到更大范围；
（2）倒车镜头是凸透镜，物体在镜头的二倍焦距外，成倒立缩小的实像，物距减小时，像距变大，像变大；
（3）根据剩余能量和总能量，计算消耗的电能；根据，计算牵引力做功多少；利用W=Fs，计算做功，利用Q=Vq，计算燃料放出的热量，根据，计算能量的利用率；
（4）根据汽油机的气门的状态和活塞运行方向，判断冲程；汽油机的工作过程是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；汽油机工作时，飞轮转动数是做功数的2倍；
（5）油电混合动力汽车，有节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等优点。
1 / 1广东省佛山市2025年中考一模物理试题
1．（2025·佛山模拟）小明和家人在瑶海湾湿地公园划船游玩，以岸边的树为参照物，小明是运动的。要说明运动的相对性，还需要的依据是（ ）
A．以岸上的亭子为参照物，树是静止的
B．以小明为参照物，树是运动的
C．以飞过的鸽子为参照物，小明是运动的
D．以船上的家人为参照物，小明是静止的
2．（2025·佛山模拟）如图所示，“神舟十三号”载人飞船在酒泉卫星发射中心准备升空。飞行乘组由航天员翟志刚、王亚平和叶光富组成。下列说法正确的是（ ）
A．“神舟十三号”升入太空，航天员质量变小
B．穿上宇航服行走时，地面对航天员的摩擦力不变
C．以载人飞船为参照物，宇航员是静止的
D．“神舟十三号”对地面的压力与地面对它的支持力是一对平衡力
3．（2025·佛山模拟）如图是我国空间站的机械臂，它类似于人的手臂，可以省距离，下列工具使用时与机械臂属同类型杠杆的是（ ）
A．用镊子夹砝码 B．用羊角锤起钉子
C．用老虎钳剪断导线 D．用瓶盖起子起瓶盖
4．（2025·佛山模拟）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．原子核是由质子和电子组成的
B．气体没有固定的形状，有确定的体积
C．液体很难被压缩，说明分子间有引力
D．银河系、地球、分子、原子核是按照尺度由大到小的顺序排列的
5．（2025·佛山模拟）如图所示，下列情景中所描述的物态变化及吸、放热情况，分析正确的是（ ）
A．冰雪消融—熔化吸热
B．霜满枝头—升华放热
C．房檐冰挂—凝固吸热
D．雾绕山峦—汽化放热
6．（2025·佛山模拟）下列关于热和能的说法中，正确的是（ ）
A．温度越高的物体含有的热量越多
B．扫地时尘土飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动
C．夏天在室外洒水降温，利用了水比热容较大的性质
D．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
7．（2025·佛山模拟）某兴趣小组设计了酒精浓度检测仪的模拟电路，如图所示的电路图中，电源电压保持不变，是定值电阻，是气敏电阻，它的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，能实现酒精气体浓度越大，电压表示数越大的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2025·佛山模拟）辽宁男篮在CBA总决赛上以4：0的比分横扫浙江稠州获得冠军，面对浙江部分球迷不冷静的谩骂，而辽宁球迷用“1234，我爱辽篮”表现出对辽篮的挚爱，说明声音可以传递 ，张振麟抢断暴扣一条龙，在起跳后向上飞跃中，是动能转化为 ，电视机前的观众可以在屏幕上看到五颜六色画面，这些颜色是由红、绿、 三种色光混合而成的。
9．（2025·佛山模拟）人们在市场购物付款时用手机在不同的方向都可以扫到二维码，这是因为光照到二维码上发生了 现象，二维码通过手机所成的像是 像。要使所成的像变大，应使手机 （选填、“靠近”或“远离”）二维码。
10．（2025·佛山模拟）指出下列过程中的能量转化：
（1）气体膨胀做功 ； （2）燃料燃烧 ．
11．（2025·佛山模拟）我国南极泰山站采用轻质材料装配而成，支架上悬空部分的结构特点如图甲所示；某飞机的机翼模型如图乙所示。从流体流速与压强的关系这一方面来说，二者的设计原理 ，作用 。（均选填“相同”或“不相同”）
12．（2025·佛山模拟）常规潜艇以四冲程柴油内燃机为动力，工作时包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中利用内能做功的是 冲程：核潜艇利用核反应堆发生核 （填“裂变”或“聚变”）提供动力，其核能是 （填“可再生能源”或“不可再生能源”）；在海面下潜艇上浮过程中受到的浮力 （填“变大”“变小”或“不变”）。
13．（2025·佛山模拟）如图所示为假期小明在家人的陪同下前往游乐场乘坐过山车的情景，在乘坐过山车奔驰之际，小明对过山车的动力来源产生思考。他认为：过山车是先通过机械装置将过山车拉到最高点，再依靠重力做功带动过山车运动。据此请回答下列问题：
（1）过山车被拉到最高点时所具有的 能最大；
（2）过山车在等高的B、D两点处的动能 （填“相等”或“不相等”）；
（3）仔细观察过山车轨道会发现是一个个不断减小高度的“小山丘”，这样设计的原因是 ；
（4）实际上过山车在运行过程中也会使用其他辅助动力，如电磁动力，是在轨道上通过布设线圈，车厢中装有磁体，当轨道的线圈中通电后，利用通电导体在磁场中 ，进而给过山车提供辅助动力。同时也可以作为“刹车”系统，只需改变通电电流的 ，就可以实现“刹车”。
14．（2025·佛山模拟）如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，发现左侧容器连接的U形管液面高度差较大，这说明电流通过导体产生的热量跟 有关。如果通过R1的电流为0.2A，30s内R2产生的热量为 J。将R1换成10Ω的电阻，再将R3拆下，此装置还能探究电流产生的热量与 的关系。
15．（2025·佛山模拟）（1）如图甲所示，小明用绳子拉匀质木箱，请画出木箱所受拉力和摩擦力的示意图。
（2）如图乙所示，为增强喷水池夜间美化效果，在池底安装了射灯，射出的光束在水面发生反射和折射，请画出反射光线和大致的折射光线。
（3）如图丙所示，根据磁感线的分布情况标出电源的“+”“-”极。
16．（2025·佛山模拟）（1）如下左图所示尺的分度值是 ，物体A的长度是 mm；
（2）在“研究凸透镜成像条件”的实验中，在光屏上出现清晰的烛焰的像，如下右图所示，由此可以判断蜡烛到凸透镜的距离所在的范围是 ，该实验是 的应用模型。
17．（2025·佛山模拟）小明同学按如图所示的电路进行实验，实验中电阻 R1 保持不变，三次调整滑动变阻器 R2 的阻值，得到如下表所示的实验数据：
实验次数 A1 表示数 I/A A2表示数 I/A V1表示数 U/V V2 表示数 U/V V 表示数 U/V
1 0.4 0.4 4 8 12
2 0.6 0.6 6 6 12
3 0.8 0.8 8 4 12
(1)连接电路时开关应处于 状态，在此电路中电阻 R1 和 R2 联，V 测 两端电压，闭合开关前滑动变阻器应处于 (填最左端或最右端)
(2)分析电流表 A1、A2的示数，可得出 ；
(3)分析电压表V、Vl、V2 的示数，可得出 。
18．（2025·佛山模拟）小鲁和小巴在江边捡回一石块，准备利用所学知识测量它的密度。
（1）调节天平平衡时，移动游码至标尺左端零刻度线处，发现指针如图甲所示，则应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡；
（2）小鲁测出石块的质量（如图乙）为 g；在量筒内装有适量的水，该石块放入前、后的情况如图丙，则石块的密度是 ；
（3）小巴准备自己动手做实验时，不小心打碎了量筒。聪明的小巴利用天平、烧杯、水、记号笔设计了另一种测量石块密度的方案，如图丁；
①用天平测出装有适量水的杯子总质量为；
②将石块缓慢浸没在杯中，测得总质量为，在水面到达的位置上做标记a；
③取出石块，测得总质量为；
④向杯中缓慢加水，让水面上升至标记a处，测得杯和水的总质量为；小鲁和小巴讨论交流后认为4个实验步骤中其中有一个数据记录会导致结果误差很大并且是多余的，这个数据是 （填物理量符号）。石块密度的表达式为 （用已知的物理量符号及来表示）。
19．（2025·佛山模拟）如图所示为我国国产运输机“运20”。若一次飞行过程中，飞机及运送的人员和物资的总质量为2.1×105kg。飞机匀速直线飞行过程中的受到的平均阻力是9×104N。着陆后，飞机所有轮胎与地面总接触面积为4.2m2，取g=10N/kg。求：
（1）飞机及运送的人员和物资所受重力的大小G；
（2）飞机匀速直线飞行过程中所受牵引力的大小F牵；
（3）降落后，飞机静止时对水平地面的压强的大小p。
20．（2025·佛山模拟）如图甲所示电路中，定值电阻R的阻值为20Ω，电源电压保持不变。闭合开关S后，整个电路正常工作，两电流表的表盘均如图乙所示。求：
（1）通过灯泡L的电流是多少安？
（2）灯泡L消耗的电功率是多少瓦？
（3）整个电路工作10s消耗了多少焦的电能？
21．（2025·佛山模拟）我国新一代水上飞机“鲲龙”（如图1）的一项绝技是森林灭火，它汲水迅速、投水精准，灭火能力不同凡响．
（1）用水灭火的原理是 ．（写出一点）
（2）“鲲龙”机翼截面如图2，飞行时机翼上表面空气流速 下表面空气流速，使上表面气压小于下表面气压，从而获得足够大的升力．
（3）“鲲龙”飞行时最大航速为560千米/时，计算飞往距它140千米远的火灾现场至少需要的时间 ．
22．（2025·佛山模拟）图甲是一种智能电热中药壶，内部简化电路如图乙所示。控制电路中电源电压恒为6V，R0为热敏电阻，其阻值随温度变化的关系图像如图丙所示，电磁铁线圈电阻为10Ω，当通过线圈的电流达到时电磁铁将衔铁吸下。工作电路有“加热”和“保温”两个挡位，加热电阻R1=48.4Ω、R2=193.6Ω且不随温度变化。
（1）闭合开关S0和S，随着壶内温度的升高，热敏电阻R0的阻值 （选填“增大”或“减小”），电磁铁的磁性 （选填“增强”或“减弱”），达到一定温度时，电磁铁将衔铁吸下，此时中药壶处于 （选填“加热”或“保温”）挡；
（2）热敏电阻R0的阻值为多少时，工作电路开始处于保温状态？
（3）电热中药壶的额定加热、保温功率分别是多少？
23．（2025·佛山模拟）阅读材料，回答问题。
混合动力汽车
随着汽车科技的不断进步，混合动力汽车逐渐受到人们的青睐。插电式混合动力是当前比较流行的新能源汽车动力模式，它是介于纯电动汽车和燃油汽车之间的新能源汽车，具有传统汽车的发动机、变速器、传动系统、油路、油箱和电池，可以外接充电。油电混合动力汽车燃油经济性高，驾驶性能优异。油电混合动力汽车的发动机需要燃油，起步和加速时，在电动机的辅助下，可以降低油耗。当电池电量充足时，以电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”；当电池电量不足时，以燃油模式行驶，又能给电池充电，综合油耗依然比传统燃油车更低。
（1）汽车的后视镜是一个 镜，能让司机看到车后更大的范围；
（2）汽车上的“倒车防撞可视雷达”，通过安装在车尾的摄像头对准车后的障碍物，障碍物经摄像头中的凸透镜成倒立 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，这个像通过电子装置加工、调整并传递到显示屏上，如果看到显示屏中的障碍物的像变大，则障碍物离车尾的距离变 （远、近）；
（3）已知该车电池能够储存电能，小王驾驶充满电的汽车沿平直公路如图甲从A地匀速行驶至B地（路面对汽车的阻力恒定不变），假设电池消耗的电能全部用来驱动汽车行驶。当行驶到C地时，电池的能量还剩余30%，随即开启燃油模式。当汽车行驶到B地时，电池能量显示为50%（忽略充电过程中的能量损失），若该行驶模式过程中恰好消耗3L汽油，则汽车从C地到B地的过程中汽油的综合利用效率为 （汽油的热值取）。
（4）如图乙为四冲程汽油机某气缸的各冲程示意图，一个工作循环合理的顺序为 。若该汽油机以3000r/min的速度运行，则该气缸每秒对外做功 次。
（5）请说出混合动力汽车的优点 。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】选取的参照物不同时，同一个物体的运动状态不同。以岸边的树为参照物，小明是运动的，还需要选择不同的参照物，来证明小明是静止的。
A．以岸上的亭子为参照物，树是静止的，研究对象是树，不能证明小明的运动情况，故A不符合题意；
B．以小明为参照物，树是运动的，研究对象是树，不能说明运动的相对性，故B不符合题意；
C．以飞过的鸽子为参照物，小明是运动的，研究对象是小明，没有证明小明是静止的，故C不符合题意；
D．以船上的人为参照物，小明是静止的，研究对象是小明，并且证明小明是静止的，故D符合题意。
故选D。
【分析】物体间的运动和静止是相互的，相对于参照物，有位置变化是运动的，没有位置变化是静止的。
2．【答案】C
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；增大或减小摩擦的方法；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．质量是物体的属性，与所处位置无关，航天员进入太空，质量不变，故A错误；
B．航天员穿上宇航服行走时，对地面的压力增大，地面对航天员的摩擦力也增大，故B错误；
C．以载人飞船为参照物，宇航员与载人飞船之间没有位置改变，宇航员是静止的，故C正确；
D．“神舟十三号”静止时，对地面的压力与地面对它的支持力是一对相互作用力，故D错误。
故选C。
【分析】质量是物体的属性，和空间位置无关；接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；物体间的力和反作用力，是相互作用力。
3．【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】空间站的机械臂工作时，可以省距离，需要费力，属于费力杠杆。
A．使用镊子夹砝码，动力臂小于阻力臂，镊子是费力杠杆，故A符合题意；
BCD．使用羊角锤起钉子，老虎钳剪导线，起子起瓶盖，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】使用杠杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。
4．【答案】D
【知识点】分子间相互作用力；原子结构；宇宙
【解析】【解答】A．原子核质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，故A错误；
B．气体分子间距离较大，分子间作用力较小，气体没有固定的形状，没有固定的体积，故B错误；
C．液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故C错误；
D．按照尺度由大到小的顺序排列为银河系、地球、分子、原子核，故D正确。
故选D。
【分析】分子有原子组成，原子分为原子核和核外电子；原子核分为质子和中子；分子之间存在引力与斥力；银河系尺度比地球大，分子比原子核大。
5．【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪消融，从固态变为液态，是熔化现象，熔化吸收热量，故A正确；
B．霜是固态，是空气中的水蒸气，直接凝华而成的，凝华要放热，故B错误；
C．冰是固态的，是液态的水遇冷凝固形成的，凝固放热，故C错误；
D．雾是液态的水，是空气中的水蒸气遇冷，液化形成的小水滴，液化放热，故D错误。
故选A。
【分析】固态变为液态，是熔化现象；气体变为固态，是凝华现象；液态变为固态，是凝固现象；气体变为液态，是液化现象。
6．【答案】D
【知识点】热量的概念；内能的概念；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A．热量是热传递时转移的能量，是过程量，不能说含有热量，故A错误；
B．扫地时尘土飞扬能看到，是机械运动，不能反应分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C．夏天洒水降温，利用了水蒸发吸收热量，实现降温，故C错误；
D.0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，吸收热量，内能变大，故D正确。
故选D。
【分析】热传递时改变的能量是热量，是过程量；尘土飞扬是机械运动，不是分子运动；水蒸发吸热，晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变，内能变大。
7．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计；串联电路的电压规律
【解析】【解答】要实现酒精气体浓度越大，电压表示数越大，因为串联分压，需要两电阻串联，是气敏电阻，阻值随酒精气体浓度的增大而减小，根据串联分压规律，酒精气体浓度越大气敏电阻分压越小，电压表示数越大，则电压表和R0并联，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】在串联电路中，各电阻分压之和等于电源电压；电阻越大，分压越大。
8．【答案】信息；重力势能；蓝
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；机械能及其转化；声与信息
【解析】【解答】球迷用喊声，表现出对辽篮的挚爱，是利用声音传递信息；
人起跳向上运动时，速度减小，高度增加，动能减小，势能增大，动能转化为重力势能。
光的三原色是红、绿、蓝，电视机屏幕上看到五颜六色的画面，是光的三原色混合而成的。故第1空填：信息；第2空填：重力势能；第3空填：蓝。
【分析】通过声音得知某事，可知声音可以传递信息；质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大；光的三原色是红、绿、蓝，三原色可混合成各种颜色。
9．【答案】漫反射；倒立、缩小的实；靠近
【知识点】镜面反射与漫反射；生活中的透镜
【解析】【解答】手机在不同的方向都可以扫到二维码，是由于光在二维码图案上发生了漫反射现象。手机的镜头为凸透镜，二维码反射的光经过摄像头后，成倒立、缩小的实像。要使屏幕上二维码的像变大，需要减小物距，增大像距，即将二维码靠近手机摄像头。
【分析】粗糙物体的表面发生漫反射；物体在凸透镜的二倍焦距外时，成倒立缩小的实像；物体靠近凸透镜时，像变大。
10．【答案】内能转化为机械能；化学能转化为内能
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）气体膨胀做功时，消耗了气体的内能，使物体获得机械能，实现内能转化为机械能；
（2）燃料燃烧时，消耗了燃料的化学能，获得了内能，将化学能转化为内能。
【分析】（1）气体对外做功，内能转化为机械能；
（2）燃料燃烧，化学能转化为内能。
11．【答案】相同；不相同
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】图甲中，当空气流过时，上方平齐，气体的流速小，压强大，下方凸起，空气流速大，压强小，产生向下的压力差，使房屋更加牢固；图乙中，机翼模型上方凸起，空气流速大，压强小；机翼模型下方流速小压强大，形成向上的压强差，使飞机获得向上的升力，故二者的设计原理相同，作用不相同。故第1空填：相同；第2空填：不相同。
【分析】物体在凸起的位置流速大，压强小，在平齐的物体流速小，压强大，会产生压强差。
12．【答案】做功；裂变；不可再生能源；不变
【知识点】热机；能源及其分类；核裂变；浮力的利用
【解析】【解答】四冲程柴油机工作时，包括吸气、压缩、做功和排气四个冲程，只有做功冲程是高温高压的燃气推动活塞向下运动，对外做功，将内能转化为机械能，利用内能做功。
核潜艇利用核反应堆发生核裂变来提供动力。核裂变时，会释放出大量的核能。核能一旦消耗无法在短时间内从自然界中得到补充，是不可再生能源。
潜艇在海面下上浮时，虽然它的深度在减小，但排开的水的体积并没有改变。潜艇受到的浮力大小不变。故第1空填：做功；第2空填：裂变；第3空填：不可再生能源；第4空填：不变。
【分析】柴油机工作中，做功冲程将内能转化机械能，对外做功；核电站的核反应堆利用核裂变释放能量；核能是不可再生能源；液体密度和排开液体的体积一定时，受到的浮力不变。
13．【答案】重力势；不相等；过山车受到摩擦力的作用，整个过程中机械能部分转化为内能，机械能总量减少；受到力的作用；方向
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）过山车被拉到最高点时，高度最大，质量不变，具有的重力势能最大。
（2）过山车在运动过程中克服摩擦做功，机械能会减小，所以过山车在B点的机械能大于D点的机械能；B、D两点高度相等，重力势能相等，所以过山车在B点的动能大于D点的动能，故B、D两点处的动能不相等。
（3）设计的原因是：过山车受到摩擦力的作用，整个过程中机械能部分转化为内能，机械能总量减少。
（4）当轨道的线圈中通电后，利用通电导体在磁场中受到力的作用，进而给过山车提供辅助动力。
同时也可以作为“刹车”系统，只需改变通电电流的方向，就可以实现“刹车”。
【分析】1.机械能等于物体的动能和势能之和；
动能与物体的质量和速度有关；
重力势能与物体的质量和所处的高度有关；
2.物体克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能不断减小；
3.通电导线在磁场中受到力的作用，受力方向与电流方向和磁场方向有关。
14．【答案】电流；1.5；电阻
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】图中，R2、R3两个5Ω的电阻并联后再与R1串联，根据并联电路的电流，右端两个电阻的总电流之和等于左端电阻的电流，即I左=I2+I3，由于右侧两电阻阻值相等，则支路中电流相等，
左侧容器中的电流是右边容器中电流的2倍，探究电流产生的热量与电流的关系。
如果通过R1的电流为0.2A，根据并联电路的特点，通过R2的电流为0.1A，则30s内R2产生的热量为：，
拆下R3，将R1换成10Ω的电阻，图中，此时R1与R2串联，根据串联电路电流相等，电阻不同，还能探究电流产生的热量与电阻的关系。故第1空填：电流；第2空填：1.5；第3空填：电阻。
【分析】电阻相同，电流不同时，可以探究电流产生的热量和电流的关系；当电阻不同，电流相同时，可以探究电流产生热量和电阻的关系，根据Q=I2Rt，计算电流产生热量的多少。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；摩擦力的方向；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）匀质木箱的重心位于几何中心，拉力沿着绳子，木箱受到向右的拉力，摩擦力方向向左，与接触面平行，拉力和摩擦力作用在木箱的重心，如图所示：
（2）图乙中，过入射点作出法线和水面垂直，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；当光从水斜射入空气中时，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，空气中的折射角大于入射角，在空气中画出折射光线的大致位置，如图所示：
（3）图丙中，根据磁感线分布，可以判断通电螺线管右端为N极，根据安培定则，判断电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源的右端为“+”极，左端为“-”极，如图所示：
【分析】（1）物体受到拉力和绳子方向一致，物体在水平面上，受到的摩擦力方向和运动方向相反；
（2）光从水中斜射入空气中，反射光线在水中，反射角等于入射角；空气中的折射角大于入射角；
（3）根据磁感线的分布，判断磁极间相互排斥，判断通电螺线管的磁极，结合安培定则，判断电流方向。
（1）匀质木箱的重心位于几何中心，拉力沿着绳子，木箱向右运动或有向右运动的趋势，摩擦力方向向左，与接触面平行，拉力和摩擦力作用在木箱的重心，如图所示：
（2）过入射点作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；当光从水斜射入空气中时，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，在空气中画出折射光线的大致位置，如图所示：
（3）根据磁感线分布情况，可以判断通电螺线管右端为N极，根据安培定则，可以判断电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源的右端为“+”极，左端为“-”极，如图所示：
16．【答案】1mm；33.2；f【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）图中，该刻度尺的分度值是1mm；测量长度时，要估读到分度值的下一位，物体A的长度是33.2mm。
（2）图中，物距小于像距，则物距为f2f，投影仪是利用这一原理制成的。
【分析】（1）刻度尺上最小的单位长度，表示分度值；根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；
（2）当物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间，成倒立放大的实像，实际应用有投影仪。
17．【答案】断开；串联；电源；最右端；串联电路中电流处处相等；串联电路中总电压等于各部分电压之和
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；探究串并联电路中的电流特点实验；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】探究串联电路电流、电压规律时，（1）连接电路时，开关应处于断开状态，保证电路安全。
图中，电路只有一条电路，电阻 R1和R2是串联的。电压表V两端接在电源两端，测电源两端电压。
闭合开关前，滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，滑片应处于最右端。
（2）根据表格中数据，电流表A1、A2的示数相等，可以得出：串联电路中电流处处相等。
（3）根据表格中电压表V、V1、V2的示数，电压表V的示数等于电压表V1、V2的示数之和，可以得出串联电路中总电压等于各部分电压之和。
【分析】（1）连接电路时，开关要断开，各用电器顺次连接，是串联电路；电压表和所测量的位置并联；闭合开关前，滑片在电阻最大处；
（2）串联电路中，电流处处相等；
（3）在串联电路中，总电压等于各用电器分压之和。
18．【答案】右；38.4；2.56；；
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】测量石块的密度时，
（1）图甲中，指针指向分度盘左侧，根据左偏右调的规律，应向右调节平衡螺母。
（2）图乙中，天平分度值为0.2g，根据砝码和游码位置，则石块的质量为：
m石=20g+10g+5g+3.4g=38.4g，石块的体积为：V石=45mL-30mL=15mL=15cm3，
计算石块的密度为：；
（3）图丁中，用天平测出装有适量水的杯子总质量为，将石块浸没在杯中，测得总质量为，在水面到达的位置上做标记a，则石头的质量为：m石=m2-m1，
取出石块，测得总质量为，则m3与m1大致相等，因为石块沾上水，使用m3会使测得小石块的质量产生误差，多余的数据是m3。
向杯中缓慢加水，让水面上升至标记a处，测得杯和水的总质量为，则石块的体积等于后来加水的体积：，
则石块密度的表达式：。
【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；
（2）根据天平上砝码和游码位置，测量质量；根据量筒中液面位置，测量体积；根据，计算密度；
（3）根据物体浸没时液面位置，通过补入的水的质量，计算体积，判断石块的体积，根据，计算密度。
19．【答案】解：（1）飞机及运送的人员和物资所受重力
G=mg=2.1×105kg×10N/kg=2.1×106N
（2）因为飞机做匀速直线运动，所以受平衡力，则牵引力等于阻力
F牵=f阻=9×104N
（3）因为飞机在地面保持静止，所以飞机对水平地面的压力
F压=G=2.1×106N
飞机静止时对水平地面的压强
答：（1）每架飞机及运送人员和物资所受的重力为2.1×106N；
（2）所受牵引力为9×104N；
（3）降落后静止时对地面压强为5×105Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg，计算重力的大小；
（2）根据阻力和重力的关系，计算阻力大小，根据二力平衡，结合阻力，计算摩擦力；
（3）水平面受到的压力等于物体的重力，利用，计算压强。
20．【答案】解：（1）电流表A在干路上，A1在支路上，故电流表A的示数大于电流表A1的示数，故电流表A是选择大量程，电流为I=1A，而电流表A1选择小量程，其示数为IR=0.2A，根据并联电路电流规律可知，通过灯泡L的电流为
（2）由欧姆定律可得电阻R两端的电压为
根据并联电路电压规律，即UL=U=UR
灯泡L消耗的电功率
（3）由可得整个电路工作10s消耗的电能
答：（1）通过灯泡L的电流是0.8A；
（2）灯泡L消耗的电功率是3.2W；
（3）整个电路工作10s消耗了40J的电能。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据并联电路电流规律，计算支路电流；
（2）根据已知的电流和电阻，利用U=IR，计算分压大小；根据P=UI，计算电功率；
（3）根据电功率和时间，利用W=Pt，计算消耗的电能。
21．【答案】水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，火就熄灭了；大于；0.25h
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；速度公式及其应用；飞机的升力
【解析】【解答】（1）水在着火物体上，汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，火就熄灭了；
（2）图2中，机翼上方凸起，空气流经机翼上方时，通过的距离大于机翼下方，机翼上表面空气流速大，压强小，下表面空气流速小，压强大，上表面气压小于下表面气压，从而获得向上的升力；
（3）计算“鲲龙”飞行的距离140km，计算时间至少为：。
【分析】（1）水在温度高的位置吸收热量，变为气体，是汽化现象；
（2）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，使飞机获得升力；
（3）根据路程和速度，利用，计算时间。
22．【答案】减小；增强；保温；40Ω；1000W，200W
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）图丙中，随着温度升高，热敏电阻R0的阻值变小；图乙中，开关S0和S都闭合，根据欧姆定律，电路中的电流增大，电磁铁性增强，达到一定温度时，衔铁被吸下，动触点与静触点C接触，工作中电阻R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点，工作电路中的电阻最大，根据，电路的电功率最小， 中药壶处于保温档。
（2）当电路中的电流为120mA=0.12A时，衔铁被吸下，电路中的总电阻为：
；
热敏电阻R0的阻值为：R0=R总-R线=50Ω-10Ω=40Ω，
（3）当只有加热电阻R1接入电路，为加热档，加热的功率为
；
当工作电路接C时，加热电阻R1、R2串联，为保温档，保温的功率为
。
【分析】（1）根据图像，判断电阻和温度的关系；在串联电路中，温度升高，电阻减小，电路中的电流变大；电磁铁的磁性随电流增大而增大，工作电路中，串联的电阻越多，电功率越小；
（2）保温状态时，工作电路电阻较大，根据，计算总电阻，结合串联电路电阻规律，计算部分电阻；
（3）根据，计算电功率，结合串联电路电阻规律，计算保温电功率。
23．【答案】凸面；缩小；近；40%；DACB；25；混合动力汽车的优点：节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等，电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”等
【知识点】凸面镜和凹面镜；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）汽车的后视镜是凸面镜；对光有发散作用，可以扩大视野，能更好地注意到后方路况；
（2）摄像头的镜头相当于凸透镜，成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像。
凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；显示屏中的像变大，则障碍物离车尾的距离变近。
（3）汽车从A地到C地电池消耗的电能为：W1=(1-η)W=(1-30%)×20kW·h=14kW·h，
汽车匀速行驶时，受到的牵引力为：，
匀速行驶，汽车从C地到B地做的功：W汽=Fs2=840N×40×103m=3.36×107J，
从C地到B地，获得的电能：W2 =(50% 30%)W=(50% 30%)×20kW h=4kW h=1.44×107J，
汽油利用有用能量：W有=W汽+W2 =3.36×107J+1.44×107J=4.8×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=3×10-3m3×4.0×107J/m3=1.2×108J，
汽油的综合利用效率：；
（4）汽油机的一个工作循环有四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
A图中，两个气门都关闭，活塞向上运动，压缩缸内气体，是压缩冲程；
B图，排气门打开，活塞向上运动，排出废气，是排气冲程；
C图，两个气门都关闭，活塞向下运动，火花塞喷出电火花，点燃燃气，是做功冲程；
D图，进气门打开，活塞向下运动，吸入汽油和空气的混合物，是吸气冲程。
正确的顺序是：DACB。
汽油机的转速是3000r/min=50r/s，1个工作循环，飞轮转动2圈，活塞往复2次，对外做功1次，每秒飞轮转动50圈，则对外做功25次。
（5）混合动力汽车的优点：节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等，电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”等。
【分析】（1）汽车的后视镜是凸面镜，可以看到更大范围；
（2）倒车镜头是凸透镜，物体在镜头的二倍焦距外，成倒立缩小的实像，物距减小时，像距变大，像变大；
（3）根据剩余能量和总能量，计算消耗的电能；根据，计算牵引力做功多少；利用W=Fs，计算做功，利用Q=Vq，计算燃料放出的热量，根据，计算能量的利用率；
（4）根据汽油机的气门的状态和活塞运行方向，判断冲程；汽油机的工作过程是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；汽油机工作时，飞轮转动数是做功数的2倍；
（5）油电混合动力汽车，有节能，低排放，动力性能好，经济性高，驾驶性能优异等优点。
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