广东省2025年中考考前最后一卷物理试卷
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025·广东模拟）琴、瑟是中国古代乐器，《诗经》中记有“琴瑟击鼓，以御田祖”，奏乐时听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据声音的（ ）
A．音调 B．振幅 C．音色 D．响度
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据不同乐器的音色不同。
故选C。
【分析】 音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
2．（2025·广东模拟）《资治通鉴》中记载古人“以铜为镜”，则人在铜镜中所成的像是（ ）
A．等大的实像 B．等大的虚像 C．缩小的实像 D．缩小的虚像
【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 磨光的铜面相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，人在铜镜中所成的像是正立等大的虚像，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】 平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
3．（2025·广东模拟）下列物态变化过程中，属于吸热过程的是（ ）
A．冬去春来，冰雪消融了
B．初秋的清晨，枝叶上出现了露珠
C．深秋的早晨，植物叶片上蒙上一层霜
D．在寒冬中，人们口中吐出“白气”
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 A.冬去春来，冰雪消融了，是熔化现象吸热，故A符合题意；
B.初秋的清晨，枝叶上出现了露珠，是液化现象放热，故B不符合题意；
C.深秋的早晨，植物叶片上蒙上一层霜，是凝华现象放热，故C不符合题意；
D.在寒冬中，人们口中吐出“白气”，是液化现象放热，故D不符合题意；
故选A。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
4．（2025·广东模拟）以下情景中，小明对书包有做功的是( )
A．小明提着书包不动 B．小明提着书包沿水平面行走
C．小明提着书包乘电梯上升 D．小明背着书包在水平面行走
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、提着书包不动，书包受力，但没有移动距离，力不做功，A不符合题意；
BD、提着或背着书包水平行走，力的方向向上，移动的距离是水平的，距离和力的方向不一致，力不做功，BD不符合题意；
C、提着书包上升，对书包的力向上，移动的距离向上，移动的距离在力的方向上，力做了功，C符合题意。
故选C。
【分析】物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
5．（2025·广东模拟）为了更好地推进习总书记提出的“一带一路”发展战略，我国计划发射十八颗通信卫星，为沿线国家提供信息服务。人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示），卫星在大气层外运行，不受空气阻力。当卫星从远地点向近地点运行的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．重力势能增大 B．动能减小
C．动能转化为重力势能 D．机械能守恒
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；动能与势能的应用；机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】当卫星从远地点向近地点运行的过程中，与地球的距离减小所以A、重力势能减小，故A错误；B、由于重力势能减小，且太空中没有空气阻力，卫星运行过程中只受重力作用，所以重力势能减小，动能增大，故B错误；C、重力势能转化为动能，故C错误；D、只受重力作用，且不受空气阻力，所以机械能守恒，故D正确；
故选D。
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度。当质量不变时，速度越大，动能越大。地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能。
6．（2025·广东模拟）为了减少医护人员与流感病人的接触，科研人员设计了如图所示的输液提示器，让护士在护士站就能观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（ ）
A．电路总电阻增大 B．电压表示数增大
C．电路总功率增大 D．灯泡亮度变暗
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABD.由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大。由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡两端分得的电压变大，又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，即灯泡变亮，故ABD错误；
C.由P=UI知电路总功率增大，故C正确。
故选C。
【分析】ABD. 由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，根据P=UI得出灯泡电功率的变化从而得出灯泡亮暗的变化；
C.由P=UI判断出电路总功率的变化。
7．（2025·广东模拟） 如图为封闭小区常见的智能门禁系统，住户可以通过刷卡或人脸识别进入小区，当门禁系统接通电源后，指示灯发光。住户刷卡或人脸识别成功时（相当于分别闭合对应的开关），电动机工作，控制门打开。下列关于门禁系统的简化电路设计合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计
【解析】【解答】由题知，人脸识别、刷卡识别，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以两个开关应并联后再与电动机串联在电源上；灯泡与电动机能独立工作，是并联的；故B符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，电动机启动分析解答；用电器工作时互不影响，是并联的。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。（特殊题型：每小题均3个空）
8．（2025·广东模拟）如题图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。使导线与电池触接，观察到小磁针发生偏转。说明通电导线周围存在 ，还说明力能改变物体的 。要想改变小磁针偏转方向，可以改变导线中的 。
【答案】磁场；运动状态；电流方向
【知识点】力的作用效果；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场。小磁针受到力的作用，由静止变为转动，说明力可以改变物体的运动状态。导体周围的磁场方向与电流方向有关，可以通过改变导线中的电流方向改变小磁针偏转方向。
【分析】电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转，磁效应和电流的方向有关。
9．（2025·广东模拟）原子是由原子核和 构成的，原子核带 电，如图是铀-235原子核模型示意图，利用中子轰击该原子核能诱发 （选填“核裂变”或“核聚变”）。
【答案】核外电子；正；核裂变
【知识点】核聚变；核裂变；原子结构
【解析】【解答】原子由带正电的原子核和带负电核外电子构成，用中子轰击铀235原子核，铀235原子核会发生核裂变。
综上 第1空、核外电子； 第2空、正； 第3空、核裂变；
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
10．（2025·广东模拟）佩香囊、吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做 运动；煮粽子是通过 的方式增加了粽子的内能；在加速滑行时，龙舟的惯性将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】无规则运动；热传递；不变
【知识点】热传递改变物体内能；惯性及其现象；分子热运动
【解析】【解答】 （1）我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做无规则运动；
（2）煮粽子，粽子吸收热量，内能增加，通过热传递的方式增加粽子的内能；
（3）在加速滑行时，龙舟的质量不变，惯性不变。
【分析】 （1）组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递；
（3）惯性与质量有关，质量越大，惯性越大。
11．（2025·广东模拟）小华用滑轮匀速提升重为10牛的物体，如图（a）、（b）所示，图 中的滑轮可以看作省力杠杆；图（a）中，若不计摩擦和滑轮重力，力F1的大小为 牛；物体上升过程中，其重力势能 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】b；10；增大
【知识点】势能大小的比较；动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答】 （1）图（b）中的滑轮是动滑轮，可以看作省力杠杆；图（a）中的滑轮为定滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向。
（2）若不计摩擦和滑轮重力，力F1=G=10牛；
（3）物体上升过程中，质量不变，高度升高，其重力势能增大。
【分析】 （1）轴不随物体一起运动的滑轮是定滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向；
（2）轴随物体一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但费距离；
（3）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；物体的质量越大，位置越高，它具有的重力势能就越大。
12．（2025·广东模拟）如图甲所示的干鞋器是专门为烘干鞋子而设计的小家电，它工作时能吹出热风烘干鞋子，将电能主要转化为 和 能。这种干鞋器工作时还会发出人眼看不见的 ，起到消毒的作用。
【答案】内能；机械；紫外线
【知识点】紫外线；能量的转化或转移
【解析】【解答】 （1）干鞋器在吹热风时，是电动机和电热丝同时工作，而电动机工作时，将电能转化为机械能，电热丝加热温度升高，得到热风，是电能转化为内能的，所以干鞋器在吹热风工作时，是将电能转化为内能和机械能。
（2）紫外线可以杀死微生物，这种干鞋器工作时还会发出人眼看不见的紫外线起到消毒的作用。
【分析】 （1）做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程；
（2）紫外线有杀菌的作用。
13．（2025·广东模拟）如图甲所示，用平行斜面向上的拉力F，在10s内将重物从底端匀速拉到顶端．该过程中，力做功占比及斜面摩擦力做功如图乙所示；则斜面的机械效率为 ；有用功为 J；拉力做功的功率为 W．
【答案】72%；360；50
【知识点】功率计算公式的应用；斜面的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】斜面的机械效率为：
总功为：
有用功为：
拉力做功的功率为：
【分析】斜面的机械效率等于有用功与总功的比值，分析乙图可知斜面的机械效率；
由图乙可知，使用斜面克服摩擦力做的额外功大小、W额与W有的比值，可求有用功W有用大小，拉力做的总功W总=W额+W有，利用计算拉力做功功率。
14．（2025·广东模拟）如图所示是电阻R和灯泡L的I-U图像，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时通过灯L的电流为 A，干路电流为 A；若电阻R和灯泡L串联接在9V电源上时，灯泡L的电阻为 Ω。
【答案】0.8；1.4；5
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上时，则它们两端的电压均为6V。根据图像可知，对应的电流分别为IL'=0.8A，IR=0.6A；
则干路电流I=IL'+IR=0.8A+0.6A=1.4A；
（2）电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为9V，根据图像可知，当电流为0.6A时，灯泡两端的电压为UL=3V，电阻两端的电压UR=6V。
那么电源电源U总=UL+UR=3V+6V=9V，与题意相符；
此时灯泡L的电阻为。
【分析】（1）根据图像确定电压为6V时通过灯泡和电阻的电流，然后根据并联电路的电流规律I=IL'+IR计算干路电流；
（2）串联电路中各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此根据图像确定灯泡的电压和通过它的电流，最后根据计算灯泡的电阻。
三、作图题：本题7分。
15．（2025·广东模拟）按要求作图。
（1）如题（1）图，小木块从粗糙的斜坡滑下，请在O点画出小木块受力的示意图；
（2）如题（2）图所示的滑轮组，要用最小的拉力拉动水平地面上的重物，请用笔画线代替绳子画出正确的绕绳方法．
（3）按要求将电路（题（3）图）连接完整：闭合开关，小灯泡发光，向左调节滑动变阻器滑片，小灯泡亮度不变，电路总功率增大；开关断开，整个电路不工作．
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；滑轮组的设计与组装；实物的电路连接
【解析】【解答】（1） 小木块从粗糙的斜坡滑下，小木块受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F、沿斜面向上的摩擦力f，三力的作用点都画在小车的重心，如图所示：
（2） 只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的右挂钩上，然后绕过右边的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示；
（3） 由题意可知，小灯泡与滑动变阻器互不影响，即两者并联；向左调节滑动变阻器滑片，电路总功率增大，由P=UI可知，电路中的总电流变大，则应使滑动变阻器的滑片向左移动时接入电路的阻值变小，即选择滑动变阻器的左下接线柱接入电路；开关断开，整个电路不工作，即开关在干路中，如图所示：
【分析】（1） 先对小木块进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图；
（2）滑轮组绳子的绕法，有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过动滑轮，再绕过定滑轮，这样反复，共有两段绳子承担阻力；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，这样反复，共有三段绳子承担阻力。
本题中，要求最省力，即承担阻力的绳子数最多的一种，即第二种。
（3） 根据题意确定小灯泡与滑动变阻器的连接方式，以滑动变阻器所接下接线柱、开关的位置，从而连接电路。
四、实验题：本大题共3小题，第16小题6分，第17小题7分，第18小题7分，共20分。
16．（2025·广东模拟）小明收到的新年礼物是一个蛇年的小饰品，他用小饰品做了以下实验。
（1）如题1图和题2图，小饰品底座的长度是 cm，质量是 g；
（2）小明想测量小饰品的密度，发现小饰品放不进量筒，改用如题4图所示方法测体积。
①往烧杯中加入适量水浸没小饰品，在水面到达的位置上作标记，然后取出小饰品；
②往量筒装入80mL的水，然后将量筒的水倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒里剩余水的体积如题3图，为 mL；
③计算出小饰品的密度为 g/cm3（保留一位小数）；
（3）小华不用量筒也完成了实验，步骤如下：
①把小饰品放入烧杯加水浸没，在水面做记号后测出总质量m1；
②取走小饰品，测出烧杯和水的质量m2；
③加水到标记，测出烧杯和水的总质量m3；
水的密度为，利用公式可测出小饰品的密度。小明分析：取出时小饰品会沾有水，导致测量的质量 ，体积偏大，这样测得的密度 。（均选填“偏大”“不变”或“偏小”）
【答案】（1）3.50；71.8
（2）50；2.4
（3）偏大；偏小
【知识点】质量的测量与天平的使用；密度公式及其应用；量筒的使用；固体密度的测量；长度及其测量
【解析】【解答】 （1）根据图1可知，刻度尺的分度值为1mm，则小饰品底座长度为3.50cm。
根据图2可知，质量为：50g+20g+1.8g=71.8g。
（2）②图3中量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL；
③小饰品的体积V=80mL-50mL=30cm3，
小饰品的密度。
（3）②小饰品的m'=m1-m2，
③加水到标记处，不考虑小饰品的沾水，
小饰品的体积等于加水的体积，
所以小饰品的密度；
考虑到小饰品从水中取出沾水，剩余水和烧杯的值m2偏小，测量的小饰品的m'=m1-m2偏大，
由，设不沾水的烧杯和剩余水的质量为m2+Δm，
则实际密度值，
因为m1-m2＞m3-m2，所以ρ实际＞ρ'
故测量的密度偏小。
【分析】 （1）测量长度读数时，要取分度值的下一位四舍五入，小饰品的质量等于砝码的质量加游码的示数；
（2）②图3中量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL；
③小饰品的体积等于水的总体积减去剩余水的体积，小饰品的质量已知，由密度公式求出其密度；
（3）②小饰品的质量等于烧杯、水和饰品的总质量m1减去水和烧杯的质量m2；
③加水到标记处，不考虑小饰品的沾水，小饰品的体积等于加水的体积，由密度公式求出密度表达式；考虑到小饰品从水中取出沾水，剩余水和烧杯的值m2偏小，测量的小饰品的质量偏大，测量的体积偏大，由求出的密度表达式分析对测量结果的影响。
17．（2025·广东模拟）小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素实验中”，猜想了下列可能影响滑动摩擦力大小的因素有：
①接触面所受的压力的大小；
②接触面的粗糙程度；
③接触面的面积。
接下来小明通过如图所示的实验操作验证他的猜想。
（1）实验中，小明应该用弹簧测力计沿 方向 拉动木块在长木板上滑动，根据 的原理，可知道摩擦力的大小等于拉力的大小，从而测出木块所受的摩擦力的大小；
（2）对比甲、丙两图，可以验证猜想 （选填“①”、“②”或“③”）；
（3）如果小明要探究猜想①，他应该选择 两图所示的实验步骤来操作，根据所选图中弹簧测力计的示数可得出结论： ；
（4）小明为了探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示。他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论正确吗？如果正确，请写出分析过程；如果不正确，请重新设计实验方案： 。
【答案】（1）水平；匀速；二力平衡
（2）②
（3）甲、乙；当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（4）不正确，因为图丁将木块切去一半，接触面改变的同时，压力也改变了，应将切去的半块木块放在剩下的半块木块的上方，控制压力大小不变。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）实验时，用弹簧测力计拉木块使它在水平木板上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由甲、丙两图知，压力相同，接触面越粗糙，拉力越大，则摩擦力越大，可知其它条件相同，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。因此可知：滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，可以验证猜想②。
（3）要验证猜想②①，即滑动摩擦力大小与压力大小的关系，需使接触面粗糙程度和接触面积相同，压力大小不同，所以应选择甲、乙两图进行探究。甲、乙两图中，接触面的粗糙程度相同，乙中压力较大，弹簧测力计示数较大，滑动摩擦力较大，可得出结论：在接触面越粗糙相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大；
（4）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而小明将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，所以得出错误结论
【分析】 （1）影响滑动摩擦力大小因素有很多，故要用到控制变量法，只改变一个因素，保持其他因素不变；
实验中应该用弹簧测力计水平匀速直线拉动木块在长木板上滑动，根据二力平衡可知，这时拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力等于拉力；
（2）（3）（4）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，运用控制变量法进行分析。
18．（2025·广东模拟）探究“通过导体的电流与电阻的关系”，图甲为实验装置，其中滑动变阻器最大阻值为，电源电压恒为6V。
（1）图中有一根导线连接错误，请在该导线上画×，并用笔画线代替导线在图上改正 （导线不能交叉）；
（2）改正电路后，闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最 端，将电阻箱调一阻值，闭合开关，发现电压表有示数，电流表示数几乎为零，经检查排除导线和接线柱故障，则原因可能是 ；
（3）排除故障后，将电压表更换成小量程送行实验，实验过程中，依次将电阻箱阻值调为、、、、，得到实验数据，并根据数据画出的图像如图乙所示；
①当电流表示数为0.4A时，电阻箱接入的电阻是 ；滑动变阻器的电功率是 W；
②实验过程中，当完成某次实验后，仅改变电阻箱阻值，观察到电压表示数如图丙所示，由此可知上一次电阻箱接入的阻值为 ；
（4）由以上实验初步得出电流和电阻的关系，为使结论更具普遍性，下列操作可行的是____。（填序号字母）
A．仅将电阻箱阻值再调为、，再补测两组数据
B．仅将滑动变阻器换为最大阻值为，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验
C．仅将电源电压调为4V，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验
D．电源电压保持不变，仅将电阻箱两端电压控制为2.5V不变，重复实验
【答案】（1）
（2）左；电阻箱断路
（3）5；1.6；15
（4）D
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）电阻箱和滑动变阻器串联接入电路，电压表与电阻箱并联接入电路，如图：
；
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最左端；闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表串联接入电路，所以电路故障为电阻箱断路；
（3）①由可知当I=0.4A时，，则，
根据欧姆定律可得电阻箱两端的电压UV=IR=0.4A×5Ω=2V；实验中电阻箱两端的电压保持2V不变，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压UP=U-UV=6V-2V=4V，滑动变阻器的电功率是PP=UPI=4V×0.4A=1.6W；
②设上一次电阻箱接入电路的阻值为R'，则滑动变阻器接入电路的阻值为2R'，由丙图可知电压表示数为1.5V，
因为实验时将电阻箱阻值依次调为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，由此分析可知下一次实验电阻箱的阻值总比上一次小5Ω，
则根据串联电路电压规律、串联分压原理可得，
解方程可得：R'=15Ω；
（4）为使结论更具普遍性，需改变电阻箱两端的电压，进行多次实验，
A.将电阻箱阻值调为30Ω再测一组数据，根据小题4中分析可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为60Ω，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故不可行；
B.将滑动变阻器换为最大阻值为100Ω，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验，故可行；
C.将电源电压调为4V，重复实验，电阻箱两端的电压不变，根据欧姆定律可知实验数据不变，故不可行；
D.电阻箱两端电压控制为2.5V不变，重复实验，根据串联电路电压规律、串联分压原理可得
，
当R=25Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值为35Ω＜50Ω，故可行，
故选：BD。
【分析】 （1）电阻箱和滑动变阻器串联接入电路，电压表与电阻箱并联接入电路；
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最大值处；闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表串联接入电路，据此分析电路故障；
（3）由可知当I=0.4A时，，则，根据欧姆定律计算电阻箱两端的电压；实验中电阻箱两端的电压保持2V不变，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理可得，根据P=UI算出滑动变阻器的电功率；，设上一次电阻箱接入电路的阻值为R'，则滑动变阻器接入电路的阻值为2R'，由丙图可知电压表示数为1.5V，根据串联电路电压规律、串联分压原理列方程，代入数据可得R'的值；
（4）为使结论更具普遍性，需改变电阻箱两端的电压，进行多次实验，逐项分析并作答。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．（2025·广东模拟）我国宇树科技的机器狗性能指标已超越美国波士顿动力机器狗，如图所示为其中一款机械狗（UnitreeLaikago），它的质量为22kg，它的单足与地面接触面积为，最大奔跑速度为2.5m/s，受到地面的阻力为80N（g取10N/kg）；求：
（1）该机械狗静止站立在水平地面时，对地面的压强；
（2）该机械狗以最大速度匀速运动5min，受到的牵引力做功多少？
【答案】（1）解：机械狗静止站立在水平地面时，
对地面的压力为；
四足与地面接触面积为；
对地面的压强为。
（2）解： 机械狗以最大速度匀速运动，处于平衡状态，
受到的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等为；
运动的时间为；
运动的路程为；
牵引力做功为 。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）该机械狗静止站立在水平地面时，对地面的压力等于其重力，根据 计算对地面的压强；
（2）根据计算机械狗以最大速度匀速运动5min的路程，根据二力平衡和W=Fs计算牵引力做的功。
20．（2025·广东模拟）题图甲所示的电饭锅简化电路原理图如图乙所示，其额定电压为220V，、为阻值不变的加热电阻，S为温控开关，1为加热挡，2为保温挡，额定加热功率为440W。求：
（1）加热时电路中的电流；
（2）的阻值；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能。
【答案】（1）解：加热时电路中的电流。
（2）解：根据图片可知，当S接1时，为只有R1的简单电路，为加热档，
则的阻值。
（3）解：电饭锅加热50min消耗的电能。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）已知加热功率，根据P=UI可知加热档工作时的电流；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，为加热档，根据可知R1的阻值；
（3）根据W=Pt可知50min内电路消耗的电能。
（1）由可得，加热时电路中的电流
（2）S接1时，为只有R1的简单电路，为加热挡，的阻值
（3）电饭锅加热50min消耗的电能
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
21．（2025·广东模拟）九年级的同学即将面临体育中考。下面是体重50kg的小徐在备考中的场景。
（1）如图甲所示，小徐跳绳跳起过程中，动能 ，总机械能 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
（2）如图乙示，小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为 ，使运动员前进的力的施力物是 ，小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，他会 。
（3）练习实心球时，小徐投出的实心球在空中画了一条优美弧线，如图丙，小徐对实心球有做功的是 。
A．用力将实心球抛出（球未离开手）
B．实心球在空中飞行
C．实心球掉到地上
D．实心球在地上滚动
【答案】（1）减小；减小
（2）力的作用是相互的；地面；做匀速直线运动
（3）A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会有部分机械能转化为内能，所以总机械能减小。
（2）①小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，使运动员前进的力的施力物体是地面。
②小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，根据牛顿第一定律可知，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功，故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）物体由于运动所具有的能量叫动能；动能与质量和速度有关。重力势能与质量和高度有关。动能和势能统称为机械能；
（2）①物体间力的作用是相互的；
②根据牛顿第一定律可知，物体没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）。
（1）[1]动能跟物体的质量和速度有关。小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。
[2]小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会消耗掉一部分机械能，所以总机械能减小。
（2）[1][2]小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，小徐给地面一个向后的力，同时地面会给小徐一个向前的力，使运动员前进的力的施力物体是地面。
[3]根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）做功的两个必要因素是作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功。故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
22．（2025·广东模拟）小明发现实验用温度计和体温计采用的测温液体不同，于是猜想，不同物质遇热膨胀能力不同。他查阅资料，得到以下的信息：物体在温度升高时会发生膨胀，热膨胀系数就是用来衡量物体这种热胀冷缩特性的物理量。液体体积膨胀系数可以通过公式计算：，其中β为液体的体积膨胀系数，V为液体的体积，ΔV为液体体积的变化量，ΔT为温度的变化量。液体体积膨胀系数的数值通常是一个正值，表示液体的体积随温度的升高而增大。如题图所示为液体膨胀演示装置。在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），用插有玻璃管的橡皮塞塞住试管口，每支玻璃管上都套有1个刻度盘，添加液体到0刻度线，烧杯中装有50℃的热水，将上述3支试管同时浸在热水中，待玻璃管中液柱稳定时，比较液面的高度。
（1）本实验采用的三种液体的初始温度和初始 都相等；由题图可以看出：当液柱稳定时，在这3种液体中， 的热膨胀系数最高；若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，表示液体的体积随温度的升高而 （选填“增大”、“不变”或“减小”）；
（2）本实验，衡量热胀冷缩特性的物理量β是用（ ）表示的；
A．体积 B．温度
C．体积的变化量 D．单位温度内体积的变化量
（3）在实验过程中记录水银的温度和体积变化如表所示：
温度/℃ 20 25 30 35
体积/cm3 100 100.09 100.18
①请将表格填写完整： ；
②根据表中数据，请写出水银的体积膨胀系数：β= 。
【答案】（1）体积；煤油；减小
（2）D
（3）100.27；
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】 （1）在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），本实验采用的三种液体的初始温度和初始体积都相等。
由图可以看出：当液柱稳定时，在这3种液体中，根据，因V和ΔT相同，而煤油田体积增大的最多，故煤油的热膨胀系数最高；
若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，可知ΔV 为负数，表示液体的体积随温度的升高而减小。
（2）根据，本实验，衡量热胀冷缩特性的物理量β是用单位温度内体积的变化量表示的，故选D。
（3）①根据水银的体积膨胀系数不变有：；
解得：V=100.27cm3
②根据表中数据，水银的体积膨胀系数。
【分析】 （1）在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），据此回答；
由图示，根据分析；
若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，可知ΔV 为负数，据此回答；
（2）根据分析；
（3）①由表中数据，根据水银的体积膨胀系数不变结合得出V；
②根据表中数据由水银的体积膨胀系数求解。
23．（2025·广东模拟）阅读短文，回答问题。
手机无线充电
生活中常见的手机无线充电主要方式为电磁感应充电，原理如图甲所示，交变电流通过无线充电板（送电线圈）产生磁场，手机（受电线圈）放在无线充电板上就能充电，并将电能储存到手机的锂电池内。这种无线充电的主要优势是在近距离时效率可达90%。现在很多手机都搭配了超级无线快充功能，在快充过程中的不同阶段中充电功率会根据电池的电量进行调整。我国某品牌智能手机使用标称电压3V，容量的电池，采用超级快充技术，不到10min就可把电池的电量充达一半，极大地方便了人们使用。
虽然电磁感应式无线充电具有便捷、高效等优点，但充电效率也受到多种因素影响。系统的发热程度、环境干扰物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率。只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电。
（1）给电池充电的过程中，将 转化为化学能，电池相当于 （选填“用电器”或“电源”）；
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，该过程与 （选填“发电机”或“电动机”）工作原理相似；
（3）以下哪个选项是正确的充电方式并能提高充电的效率______；
A． B．
C． D．
（4）标有“输出11V 6A”字样的充电器给电池充电，设充电器工作时输入功率保持不变，充电效率为80%，则选用该充电器将上述手机电池从零到充满电需要 min；
（5）利用USB充电电流电压显示计来实时测量充电过程中充电器输出的电流和电压，并绘制如题图乙、丙所示图像。若充电的导线的阻值为0.05Ω，前20min导线产生的热量为 。
【答案】（1）电；用电器
（2）发电机
（3）A
（4）15
（5）900J
【知识点】电路的构成及电路图；电功的计算；电功率的计算；焦耳定律的应用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】发电机的原理主要是基于 电磁感应现象 。 当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象被称为电磁感应。
（1）给电池充电的过程中，将电转化为化学能，电池相当于用电器；
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，该过程与发电机工作原理相似；发电机也是利用电磁感应现象来工作的。
（3）手机无线充电时只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电，如图2所示正确的充电方式并能提高充电的效率的是A；
（4）充电器的输入功率为
电池充满电储存的电能为
电池从零到充满电需要的时间为
（5）前20min电压不变，电流分别为6A、4A、2A，根据焦耳定律可得，前20min导线产生的热量为
【分析】（1）电池充电时将电能转化为化学能，消耗电能，电池相当于用电器。
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，发电机也是利用电磁感应来工作的。
（3）手机无线充电效率受到多种因素影响，系统的发热程度、环境干忧物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率，只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电。
（4）根据充电器的输出电压和电流求出输入功率。根据电池电压和容量求出电池充满电所能储存的电能。充电时充电效率是80%，根据W=Pt算出所需的时间。
（5）如图乙、丙可得，充电前20分钟时的电压和电流，利用焦耳定律来计算产生的热量。
（1）[1][2]电池放电时，化学能转化为电能，给电池充电的过程中，将电转化为化学能，此时电池相当于用电器。
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，原理是电磁感应现象，该过程与电动机工作原理相似。
（3）系统的发热程度、环境干扰物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率。只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（4）充电器的输入功率为
电池充满电储存的电能为
电池从零到充满电需要的时间为
（5）前20min电压不变，电流分别为6A、4A、2A，根据焦耳定律可得，前20min导线产生的热量为
1 / 1广东省2025年中考考前最后一卷物理试卷
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025·广东模拟）琴、瑟是中国古代乐器，《诗经》中记有“琴瑟击鼓，以御田祖”，奏乐时听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据声音的（ ）
A．音调 B．振幅 C．音色 D．响度
2．（2025·广东模拟）《资治通鉴》中记载古人“以铜为镜”，则人在铜镜中所成的像是（ ）
A．等大的实像 B．等大的虚像 C．缩小的实像 D．缩小的虚像
3．（2025·广东模拟）下列物态变化过程中，属于吸热过程的是（ ）
A．冬去春来，冰雪消融了
B．初秋的清晨，枝叶上出现了露珠
C．深秋的早晨，植物叶片上蒙上一层霜
D．在寒冬中，人们口中吐出“白气”
4．（2025·广东模拟）以下情景中，小明对书包有做功的是( )
A．小明提着书包不动 B．小明提着书包沿水平面行走
C．小明提着书包乘电梯上升 D．小明背着书包在水平面行走
5．（2025·广东模拟）为了更好地推进习总书记提出的“一带一路”发展战略，我国计划发射十八颗通信卫星，为沿线国家提供信息服务。人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示），卫星在大气层外运行，不受空气阻力。当卫星从远地点向近地点运行的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．重力势能增大 B．动能减小
C．动能转化为重力势能 D．机械能守恒
6．（2025·广东模拟）为了减少医护人员与流感病人的接触，科研人员设计了如图所示的输液提示器，让护士在护士站就能观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（ ）
A．电路总电阻增大 B．电压表示数增大
C．电路总功率增大 D．灯泡亮度变暗
7．（2025·广东模拟） 如图为封闭小区常见的智能门禁系统，住户可以通过刷卡或人脸识别进入小区，当门禁系统接通电源后，指示灯发光。住户刷卡或人脸识别成功时（相当于分别闭合对应的开关），电动机工作，控制门打开。下列关于门禁系统的简化电路设计合理的是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。（特殊题型：每小题均3个空）
8．（2025·广东模拟）如题图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。使导线与电池触接，观察到小磁针发生偏转。说明通电导线周围存在 ，还说明力能改变物体的 。要想改变小磁针偏转方向，可以改变导线中的 。
9．（2025·广东模拟）原子是由原子核和 构成的，原子核带 电，如图是铀-235原子核模型示意图，利用中子轰击该原子核能诱发 （选填“核裂变”或“核聚变”）。
10．（2025·广东模拟）佩香囊、吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做 运动；煮粽子是通过 的方式增加了粽子的内能；在加速滑行时，龙舟的惯性将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
11．（2025·广东模拟）小华用滑轮匀速提升重为10牛的物体，如图（a）、（b）所示，图 中的滑轮可以看作省力杠杆；图（a）中，若不计摩擦和滑轮重力，力F1的大小为 牛；物体上升过程中，其重力势能 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
12．（2025·广东模拟）如图甲所示的干鞋器是专门为烘干鞋子而设计的小家电，它工作时能吹出热风烘干鞋子，将电能主要转化为 和 能。这种干鞋器工作时还会发出人眼看不见的 ，起到消毒的作用。
13．（2025·广东模拟）如图甲所示，用平行斜面向上的拉力F，在10s内将重物从底端匀速拉到顶端．该过程中，力做功占比及斜面摩擦力做功如图乙所示；则斜面的机械效率为 ；有用功为 J；拉力做功的功率为 W．
14．（2025·广东模拟）如图所示是电阻R和灯泡L的I-U图像，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时通过灯L的电流为 A，干路电流为 A；若电阻R和灯泡L串联接在9V电源上时，灯泡L的电阻为 Ω。
三、作图题：本题7分。
15．（2025·广东模拟）按要求作图。
（1）如题（1）图，小木块从粗糙的斜坡滑下，请在O点画出小木块受力的示意图；
（2）如题（2）图所示的滑轮组，要用最小的拉力拉动水平地面上的重物，请用笔画线代替绳子画出正确的绕绳方法．
（3）按要求将电路（题（3）图）连接完整：闭合开关，小灯泡发光，向左调节滑动变阻器滑片，小灯泡亮度不变，电路总功率增大；开关断开，整个电路不工作．
四、实验题：本大题共3小题，第16小题6分，第17小题7分，第18小题7分，共20分。
16．（2025·广东模拟）小明收到的新年礼物是一个蛇年的小饰品，他用小饰品做了以下实验。
（1）如题1图和题2图，小饰品底座的长度是 cm，质量是 g；
（2）小明想测量小饰品的密度，发现小饰品放不进量筒，改用如题4图所示方法测体积。
①往烧杯中加入适量水浸没小饰品，在水面到达的位置上作标记，然后取出小饰品；
②往量筒装入80mL的水，然后将量筒的水倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒里剩余水的体积如题3图，为 mL；
③计算出小饰品的密度为 g/cm3（保留一位小数）；
（3）小华不用量筒也完成了实验，步骤如下：
①把小饰品放入烧杯加水浸没，在水面做记号后测出总质量m1；
②取走小饰品，测出烧杯和水的质量m2；
③加水到标记，测出烧杯和水的总质量m3；
水的密度为，利用公式可测出小饰品的密度。小明分析：取出时小饰品会沾有水，导致测量的质量 ，体积偏大，这样测得的密度 。（均选填“偏大”“不变”或“偏小”）
17．（2025·广东模拟）小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素实验中”，猜想了下列可能影响滑动摩擦力大小的因素有：
①接触面所受的压力的大小；
②接触面的粗糙程度；
③接触面的面积。
接下来小明通过如图所示的实验操作验证他的猜想。
（1）实验中，小明应该用弹簧测力计沿 方向 拉动木块在长木板上滑动，根据 的原理，可知道摩擦力的大小等于拉力的大小，从而测出木块所受的摩擦力的大小；
（2）对比甲、丙两图，可以验证猜想 （选填“①”、“②”或“③”）；
（3）如果小明要探究猜想①，他应该选择 两图所示的实验步骤来操作，根据所选图中弹簧测力计的示数可得出结论： ；
（4）小明为了探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示。他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论正确吗？如果正确，请写出分析过程；如果不正确，请重新设计实验方案： 。
18．（2025·广东模拟）探究“通过导体的电流与电阻的关系”，图甲为实验装置，其中滑动变阻器最大阻值为，电源电压恒为6V。
（1）图中有一根导线连接错误，请在该导线上画×，并用笔画线代替导线在图上改正 （导线不能交叉）；
（2）改正电路后，闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最 端，将电阻箱调一阻值，闭合开关，发现电压表有示数，电流表示数几乎为零，经检查排除导线和接线柱故障，则原因可能是 ；
（3）排除故障后，将电压表更换成小量程送行实验，实验过程中，依次将电阻箱阻值调为、、、、，得到实验数据，并根据数据画出的图像如图乙所示；
①当电流表示数为0.4A时，电阻箱接入的电阻是 ；滑动变阻器的电功率是 W；
②实验过程中，当完成某次实验后，仅改变电阻箱阻值，观察到电压表示数如图丙所示，由此可知上一次电阻箱接入的阻值为 ；
（4）由以上实验初步得出电流和电阻的关系，为使结论更具普遍性，下列操作可行的是____。（填序号字母）
A．仅将电阻箱阻值再调为、，再补测两组数据
B．仅将滑动变阻器换为最大阻值为，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验
C．仅将电源电压调为4V，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验
D．电源电压保持不变，仅将电阻箱两端电压控制为2.5V不变，重复实验
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．（2025·广东模拟）我国宇树科技的机器狗性能指标已超越美国波士顿动力机器狗，如图所示为其中一款机械狗（UnitreeLaikago），它的质量为22kg，它的单足与地面接触面积为，最大奔跑速度为2.5m/s，受到地面的阻力为80N（g取10N/kg）；求：
（1）该机械狗静止站立在水平地面时，对地面的压强；
（2）该机械狗以最大速度匀速运动5min，受到的牵引力做功多少？
20．（2025·广东模拟）题图甲所示的电饭锅简化电路原理图如图乙所示，其额定电压为220V，、为阻值不变的加热电阻，S为温控开关，1为加热挡，2为保温挡，额定加热功率为440W。求：
（1）加热时电路中的电流；
（2）的阻值；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能。
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
21．（2025·广东模拟）九年级的同学即将面临体育中考。下面是体重50kg的小徐在备考中的场景。
（1）如图甲所示，小徐跳绳跳起过程中，动能 ，总机械能 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
（2）如图乙示，小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为 ，使运动员前进的力的施力物是 ，小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，他会 。
（3）练习实心球时，小徐投出的实心球在空中画了一条优美弧线，如图丙，小徐对实心球有做功的是 。
A．用力将实心球抛出（球未离开手）
B．实心球在空中飞行
C．实心球掉到地上
D．实心球在地上滚动
22．（2025·广东模拟）小明发现实验用温度计和体温计采用的测温液体不同，于是猜想，不同物质遇热膨胀能力不同。他查阅资料，得到以下的信息：物体在温度升高时会发生膨胀，热膨胀系数就是用来衡量物体这种热胀冷缩特性的物理量。液体体积膨胀系数可以通过公式计算：，其中β为液体的体积膨胀系数，V为液体的体积，ΔV为液体体积的变化量，ΔT为温度的变化量。液体体积膨胀系数的数值通常是一个正值，表示液体的体积随温度的升高而增大。如题图所示为液体膨胀演示装置。在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），用插有玻璃管的橡皮塞塞住试管口，每支玻璃管上都套有1个刻度盘，添加液体到0刻度线，烧杯中装有50℃的热水，将上述3支试管同时浸在热水中，待玻璃管中液柱稳定时，比较液面的高度。
（1）本实验采用的三种液体的初始温度和初始 都相等；由题图可以看出：当液柱稳定时，在这3种液体中， 的热膨胀系数最高；若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，表示液体的体积随温度的升高而 （选填“增大”、“不变”或“减小”）；
（2）本实验，衡量热胀冷缩特性的物理量β是用（ ）表示的；
A．体积 B．温度
C．体积的变化量 D．单位温度内体积的变化量
（3）在实验过程中记录水银的温度和体积变化如表所示：
温度/℃ 20 25 30 35
体积/cm3 100 100.09 100.18
①请将表格填写完整： ；
②根据表中数据，请写出水银的体积膨胀系数：β= 。
23．（2025·广东模拟）阅读短文，回答问题。
手机无线充电
生活中常见的手机无线充电主要方式为电磁感应充电，原理如图甲所示，交变电流通过无线充电板（送电线圈）产生磁场，手机（受电线圈）放在无线充电板上就能充电，并将电能储存到手机的锂电池内。这种无线充电的主要优势是在近距离时效率可达90%。现在很多手机都搭配了超级无线快充功能，在快充过程中的不同阶段中充电功率会根据电池的电量进行调整。我国某品牌智能手机使用标称电压3V，容量的电池，采用超级快充技术，不到10min就可把电池的电量充达一半，极大地方便了人们使用。
虽然电磁感应式无线充电具有便捷、高效等优点，但充电效率也受到多种因素影响。系统的发热程度、环境干扰物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率。只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电。
（1）给电池充电的过程中，将 转化为化学能，电池相当于 （选填“用电器”或“电源”）；
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，该过程与 （选填“发电机”或“电动机”）工作原理相似；
（3）以下哪个选项是正确的充电方式并能提高充电的效率______；
A． B．
C． D．
（4）标有“输出11V 6A”字样的充电器给电池充电，设充电器工作时输入功率保持不变，充电效率为80%，则选用该充电器将上述手机电池从零到充满电需要 min；
（5）利用USB充电电流电压显示计来实时测量充电过程中充电器输出的电流和电压，并绘制如题图乙、丙所示图像。若充电的导线的阻值为0.05Ω，前20min导线产生的热量为 。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据不同乐器的音色不同。
故选C。
【分析】 音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
2．【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 磨光的铜面相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，人在铜镜中所成的像是正立等大的虚像，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】 平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
3．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 A.冬去春来，冰雪消融了，是熔化现象吸热，故A符合题意；
B.初秋的清晨，枝叶上出现了露珠，是液化现象放热，故B不符合题意；
C.深秋的早晨，植物叶片上蒙上一层霜，是凝华现象放热，故C不符合题意；
D.在寒冬中，人们口中吐出“白气”，是液化现象放热，故D不符合题意；
故选A。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
4．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、提着书包不动，书包受力，但没有移动距离，力不做功，A不符合题意；
BD、提着或背着书包水平行走，力的方向向上，移动的距离是水平的，距离和力的方向不一致，力不做功，BD不符合题意；
C、提着书包上升，对书包的力向上，移动的距离向上，移动的距离在力的方向上，力做了功，C符合题意。
故选C。
【分析】物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
5．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；动能与势能的应用；机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】当卫星从远地点向近地点运行的过程中，与地球的距离减小所以A、重力势能减小，故A错误；B、由于重力势能减小，且太空中没有空气阻力，卫星运行过程中只受重力作用，所以重力势能减小，动能增大，故B错误；C、重力势能转化为动能，故C错误；D、只受重力作用，且不受空气阻力，所以机械能守恒，故D正确；
故选D。
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度。当质量不变时，速度越大，动能越大。地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能。
6．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABD.由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大。由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡两端分得的电压变大，又因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，即灯泡变亮，故ABD错误；
C.由P=UI知电路总功率增大，故C正确。
故选C。
【分析】ABD. 由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当药液袋中液体减少时，变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，根据P=UI得出灯泡电功率的变化从而得出灯泡亮暗的变化；
C.由P=UI判断出电路总功率的变化。
7．【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计
【解析】【解答】由题知，人脸识别、刷卡识别，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以两个开关应并联后再与电动机串联在电源上；灯泡与电动机能独立工作，是并联的；故B符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，电动机启动分析解答；用电器工作时互不影响，是并联的。
8．【答案】磁场；运动状态；电流方向
【知识点】力的作用效果；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场。小磁针受到力的作用，由静止变为转动，说明力可以改变物体的运动状态。导体周围的磁场方向与电流方向有关，可以通过改变导线中的电流方向改变小磁针偏转方向。
【分析】电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转，磁效应和电流的方向有关。
9．【答案】核外电子；正；核裂变
【知识点】核聚变；核裂变；原子结构
【解析】【解答】原子由带正电的原子核和带负电核外电子构成，用中子轰击铀235原子核，铀235原子核会发生核裂变。
综上 第1空、核外电子； 第2空、正； 第3空、核裂变；
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
10．【答案】无规则运动；热传递；不变
【知识点】热传递改变物体内能；惯性及其现象；分子热运动
【解析】【解答】 （1）我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做无规则运动；
（2）煮粽子，粽子吸收热量，内能增加，通过热传递的方式增加粽子的内能；
（3）在加速滑行时，龙舟的质量不变，惯性不变。
【分析】 （1）组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递；
（3）惯性与质量有关，质量越大，惯性越大。
11．【答案】b；10；增大
【知识点】势能大小的比较；动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答】 （1）图（b）中的滑轮是动滑轮，可以看作省力杠杆；图（a）中的滑轮为定滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向。
（2）若不计摩擦和滑轮重力，力F1=G=10牛；
（3）物体上升过程中，质量不变，高度升高，其重力势能增大。
【分析】 （1）轴不随物体一起运动的滑轮是定滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向；
（2）轴随物体一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但费距离；
（3）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；物体的质量越大，位置越高，它具有的重力势能就越大。
12．【答案】内能；机械；紫外线
【知识点】紫外线；能量的转化或转移
【解析】【解答】 （1）干鞋器在吹热风时，是电动机和电热丝同时工作，而电动机工作时，将电能转化为机械能，电热丝加热温度升高，得到热风，是电能转化为内能的，所以干鞋器在吹热风工作时，是将电能转化为内能和机械能。
（2）紫外线可以杀死微生物，这种干鞋器工作时还会发出人眼看不见的紫外线起到消毒的作用。
【分析】 （1）做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程；
（2）紫外线有杀菌的作用。
13．【答案】72%；360；50
【知识点】功率计算公式的应用；斜面的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】斜面的机械效率为：
总功为：
有用功为：
拉力做功的功率为：
【分析】斜面的机械效率等于有用功与总功的比值，分析乙图可知斜面的机械效率；
由图乙可知，使用斜面克服摩擦力做的额外功大小、W额与W有的比值，可求有用功W有用大小，拉力做的总功W总=W额+W有，利用计算拉力做功功率。
14．【答案】0.8；1.4；5
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上时，则它们两端的电压均为6V。根据图像可知，对应的电流分别为IL'=0.8A，IR=0.6A；
则干路电流I=IL'+IR=0.8A+0.6A=1.4A；
（2）电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为9V，根据图像可知，当电流为0.6A时，灯泡两端的电压为UL=3V，电阻两端的电压UR=6V。
那么电源电源U总=UL+UR=3V+6V=9V，与题意相符；
此时灯泡L的电阻为。
【分析】（1）根据图像确定电压为6V时通过灯泡和电阻的电流，然后根据并联电路的电流规律I=IL'+IR计算干路电流；
（2）串联电路中各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此根据图像确定灯泡的电压和通过它的电流，最后根据计算灯泡的电阻。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；滑轮组的设计与组装；实物的电路连接
【解析】【解答】（1） 小木块从粗糙的斜坡滑下，小木块受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F、沿斜面向上的摩擦力f，三力的作用点都画在小车的重心，如图所示：
（2） 只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的右挂钩上，然后绕过右边的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示；
（3） 由题意可知，小灯泡与滑动变阻器互不影响，即两者并联；向左调节滑动变阻器滑片，电路总功率增大，由P=UI可知，电路中的总电流变大，则应使滑动变阻器的滑片向左移动时接入电路的阻值变小，即选择滑动变阻器的左下接线柱接入电路；开关断开，整个电路不工作，即开关在干路中，如图所示：
【分析】（1） 先对小木块进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图；
（2）滑轮组绳子的绕法，有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过动滑轮，再绕过定滑轮，这样反复，共有两段绳子承担阻力；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，这样反复，共有三段绳子承担阻力。
本题中，要求最省力，即承担阻力的绳子数最多的一种，即第二种。
（3） 根据题意确定小灯泡与滑动变阻器的连接方式，以滑动变阻器所接下接线柱、开关的位置，从而连接电路。
16．【答案】（1）3.50；71.8
（2）50；2.4
（3）偏大；偏小
【知识点】质量的测量与天平的使用；密度公式及其应用；量筒的使用；固体密度的测量；长度及其测量
【解析】【解答】 （1）根据图1可知，刻度尺的分度值为1mm，则小饰品底座长度为3.50cm。
根据图2可知，质量为：50g+20g+1.8g=71.8g。
（2）②图3中量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL；
③小饰品的体积V=80mL-50mL=30cm3，
小饰品的密度。
（3）②小饰品的m'=m1-m2，
③加水到标记处，不考虑小饰品的沾水，
小饰品的体积等于加水的体积，
所以小饰品的密度；
考虑到小饰品从水中取出沾水，剩余水和烧杯的值m2偏小，测量的小饰品的m'=m1-m2偏大，
由，设不沾水的烧杯和剩余水的质量为m2+Δm，
则实际密度值，
因为m1-m2＞m3-m2，所以ρ实际＞ρ'
故测量的密度偏小。
【分析】 （1）测量长度读数时，要取分度值的下一位四舍五入，小饰品的质量等于砝码的质量加游码的示数；
（2）②图3中量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL；
③小饰品的体积等于水的总体积减去剩余水的体积，小饰品的质量已知，由密度公式求出其密度；
（3）②小饰品的质量等于烧杯、水和饰品的总质量m1减去水和烧杯的质量m2；
③加水到标记处，不考虑小饰品的沾水，小饰品的体积等于加水的体积，由密度公式求出密度表达式；考虑到小饰品从水中取出沾水，剩余水和烧杯的值m2偏小，测量的小饰品的质量偏大，测量的体积偏大，由求出的密度表达式分析对测量结果的影响。
17．【答案】（1）水平；匀速；二力平衡
（2）②
（3）甲、乙；当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（4）不正确，因为图丁将木块切去一半，接触面改变的同时，压力也改变了，应将切去的半块木块放在剩下的半块木块的上方，控制压力大小不变。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）实验时，用弹簧测力计拉木块使它在水平木板上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由甲、丙两图知，压力相同，接触面越粗糙，拉力越大，则摩擦力越大，可知其它条件相同，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。因此可知：滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，可以验证猜想②。
（3）要验证猜想②①，即滑动摩擦力大小与压力大小的关系，需使接触面粗糙程度和接触面积相同，压力大小不同，所以应选择甲、乙两图进行探究。甲、乙两图中，接触面的粗糙程度相同，乙中压力较大，弹簧测力计示数较大，滑动摩擦力较大，可得出结论：在接触面越粗糙相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大；
（4）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而小明将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，所以得出错误结论
【分析】 （1）影响滑动摩擦力大小因素有很多，故要用到控制变量法，只改变一个因素，保持其他因素不变；
实验中应该用弹簧测力计水平匀速直线拉动木块在长木板上滑动，根据二力平衡可知，这时拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力等于拉力；
（2）（3）（4）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，运用控制变量法进行分析。
18．【答案】（1）
（2）左；电阻箱断路
（3）5；1.6；15
（4）D
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）电阻箱和滑动变阻器串联接入电路，电压表与电阻箱并联接入电路，如图：
；
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最左端；闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表串联接入电路，所以电路故障为电阻箱断路；
（3）①由可知当I=0.4A时，，则，
根据欧姆定律可得电阻箱两端的电压UV=IR=0.4A×5Ω=2V；实验中电阻箱两端的电压保持2V不变，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压UP=U-UV=6V-2V=4V，滑动变阻器的电功率是PP=UPI=4V×0.4A=1.6W；
②设上一次电阻箱接入电路的阻值为R'，则滑动变阻器接入电路的阻值为2R'，由丙图可知电压表示数为1.5V，
因为实验时将电阻箱阻值依次调为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，由此分析可知下一次实验电阻箱的阻值总比上一次小5Ω，
则根据串联电路电压规律、串联分压原理可得，
解方程可得：R'=15Ω；
（4）为使结论更具普遍性，需改变电阻箱两端的电压，进行多次实验，
A.将电阻箱阻值调为30Ω再测一组数据，根据小题4中分析可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为60Ω，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故不可行；
B.将滑动变阻器换为最大阻值为100Ω，电阻箱两端控制的电压不变，重复上述实验，故可行；
C.将电源电压调为4V，重复实验，电阻箱两端的电压不变，根据欧姆定律可知实验数据不变，故不可行；
D.电阻箱两端电压控制为2.5V不变，重复实验，根据串联电路电压规律、串联分压原理可得
，
当R=25Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值为35Ω＜50Ω，故可行，
故选：BD。
【分析】 （1）电阻箱和滑动变阻器串联接入电路，电压表与电阻箱并联接入电路；
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最大值处；闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表串联接入电路，据此分析电路故障；
（3）由可知当I=0.4A时，，则，根据欧姆定律计算电阻箱两端的电压；实验中电阻箱两端的电压保持2V不变，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理可得，根据P=UI算出滑动变阻器的电功率；，设上一次电阻箱接入电路的阻值为R'，则滑动变阻器接入电路的阻值为2R'，由丙图可知电压表示数为1.5V，根据串联电路电压规律、串联分压原理列方程，代入数据可得R'的值；
（4）为使结论更具普遍性，需改变电阻箱两端的电压，进行多次实验，逐项分析并作答。
19．【答案】（1）解：机械狗静止站立在水平地面时，
对地面的压力为；
四足与地面接触面积为；
对地面的压强为。
（2）解： 机械狗以最大速度匀速运动，处于平衡状态，
受到的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等为；
运动的时间为；
运动的路程为；
牵引力做功为 。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）该机械狗静止站立在水平地面时，对地面的压力等于其重力，根据 计算对地面的压强；
（2）根据计算机械狗以最大速度匀速运动5min的路程，根据二力平衡和W=Fs计算牵引力做的功。
20．【答案】（1）解：加热时电路中的电流。
（2）解：根据图片可知，当S接1时，为只有R1的简单电路，为加热档，
则的阻值。
（3）解：电饭锅加热50min消耗的电能。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）已知加热功率，根据P=UI可知加热档工作时的电流；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，为加热档，根据可知R1的阻值；
（3）根据W=Pt可知50min内电路消耗的电能。
（1）由可得，加热时电路中的电流
（2）S接1时，为只有R1的简单电路，为加热挡，的阻值
（3）电饭锅加热50min消耗的电能
21．【答案】（1）减小；减小
（2）力的作用是相互的；地面；做匀速直线运动
（3）A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会有部分机械能转化为内能，所以总机械能减小。
（2）①小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，使运动员前进的力的施力物体是地面。
②小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，根据牛顿第一定律可知，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功，故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）物体由于运动所具有的能量叫动能；动能与质量和速度有关。重力势能与质量和高度有关。动能和势能统称为机械能；
（2）①物体间力的作用是相互的；
②根据牛顿第一定律可知，物体没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）。
（1）[1]动能跟物体的质量和速度有关。小徐跳绳跳起过程中，质量不变，速度减小，故动能减小。
[2]小徐上升过程中，受到空气的阻力作用，会消耗掉一部分机械能，所以总机械能减小。
（2）[1][2]小徐用力向后蹬地面时，他就会向前跳起，这是因为物体间力的作用是相互的，小徐给地面一个向后的力，同时地面会给小徐一个向前的力，使运动员前进的力的施力物体是地面。
[3]根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。小徐在跳起的过程中若突然所有外力消失了，由于他此时是运动的，所以他会保持原来的速度做匀速直线运动。
（3）做功的两个必要因素是作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
A．小徐用力将实心球抛出（球未离开手），并且球在推力的方向上移动了距离，人对球做了功。故A符合题意；
BCD．实心球在空中飞行、实心球掉到地上、实心球在地上滚动，这三个过程手对球没有力的作用，因此都没有做功。故BCD不符合题意。
故选A。
22．【答案】（1）体积；煤油；减小
（2）D
（3）100.27；
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】 （1）在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），本实验采用的三种液体的初始温度和初始体积都相等。
由图可以看出：当液柱稳定时，在这3种液体中，根据，因V和ΔT相同，而煤油田体积增大的最多，故煤油的热膨胀系数最高；
若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，可知ΔV 为负数，表示液体的体积随温度的升高而减小。
（2）根据，本实验，衡量热胀冷缩特性的物理量β是用单位温度内体积的变化量表示的，故选D。
（3）①根据水银的体积膨胀系数不变有：；
解得：V=100.27cm3
②根据表中数据，水银的体积膨胀系数。
【分析】 （1）在相同的3支试管中分别装满水、煤油和水银（初温均为20℃），据此回答；
由图示，根据分析；
若液体体积膨胀系数的数值是一个负值，可知ΔV 为负数，据此回答；
（2）根据分析；
（3）①由表中数据，根据水银的体积膨胀系数不变结合得出V；
②根据表中数据由水银的体积膨胀系数求解。
23．【答案】（1）电；用电器
（2）发电机
（3）A
（4）15
（5）900J
【知识点】电路的构成及电路图；电功的计算；电功率的计算；焦耳定律的应用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】发电机的原理主要是基于 电磁感应现象 。 当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象被称为电磁感应。
（1）给电池充电的过程中，将电转化为化学能，电池相当于用电器；
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，该过程与发电机工作原理相似；发电机也是利用电磁感应现象来工作的。
（3）手机无线充电时只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电，如图2所示正确的充电方式并能提高充电的效率的是A；
（4）充电器的输入功率为
电池充满电储存的电能为
电池从零到充满电需要的时间为
（5）前20min电压不变，电流分别为6A、4A、2A，根据焦耳定律可得，前20min导线产生的热量为
【分析】（1）电池充电时将电能转化为化学能，消耗电能，电池相当于用电器。
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，发电机也是利用电磁感应来工作的。
（3）手机无线充电效率受到多种因素影响，系统的发热程度、环境干忧物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率，只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电。
（4）根据充电器的输出电压和电流求出输入功率。根据电池电压和容量求出电池充满电所能储存的电能。充电时充电效率是80%，根据W=Pt算出所需的时间。
（5）如图乙、丙可得，充电前20分钟时的电压和电流，利用焦耳定律来计算产生的热量。
（1）[1][2]电池放电时，化学能转化为电能，给电池充电的过程中，将电转化为化学能，此时电池相当于用电器。
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，原理是电磁感应现象，该过程与电动机工作原理相似。
（3）系统的发热程度、环境干扰物，线圈材料的电阻、对齐相对位置等都会影响能量传输的效率。只有当线圈完全对齐时才能实现高效率的充电，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（4）充电器的输入功率为
电池充满电储存的电能为
电池从零到充满电需要的时间为
（5）前20min电压不变，电流分别为6A、4A、2A，根据焦耳定律可得，前20min导线产生的热量为
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