山东省日照市2024年中考物理试题
1．（2024·日照）下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是（ ）
A．甲图中轮船过船闸，是利用了连通器的原理
B．乙图中撞击锤柄紧固锤头，是为了增大锤头的惯性
C．丙图中运动员手上涂防滑粉，是为了增大单杠对运动员的支持力
D．丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
2．（2024·日照）下列关于声现象的分析，正确的是（ ）
A．小明回答问题时声音洪亮，是由于小明的声带振动得快
B．音乐老师能够分辨钢琴和长笛发出的C调，是由于它们的音色不同
C．蝙蝠夜间能够精准确认目标，是利用次声波的反射确定目标位置
D．厂房外面安装玻璃隔音板降低噪声，是由于玻璃不能传播声音
3．（2024·日照）利用图甲所示的实验装置来探究冰的熔化规律，根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．试管中装上适量碎冰进行实验，因为碎冰比大块冰的比热容小，熔化的更快
B．实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，说明冰的熔点为-3℃
C．由图乙可知，在的时间内碎冰停止吸热
D．时间内的温度变化比时刻后的温度变化快，原因是水的比热容比冰的大
4．（2024·日照）运动员正在垫起排球，如图所示。不考虑空气阻力，下列相关说法正确的是（ ）
A．垫球时排球的运动状态发生改变，可能是以地面为参照物判断的
B．垫球时手臂对排球的作用力和排球对手臂的作用力是一对平衡力
C．排球在上升的过程中速度不断减小，是因为受到惯性的作用
D．排球在下落的过程中速度不断变大，机械能也在不断变大
5．（2024·日照）下图所示的四个事例中，关于压强的说法正确的是（ ）
A．甲为压路机，碾子做的很大，是为了减小压强
B．乙为安全锤，锤头做得很尖，是为了减小压强
C．丙图中加热后再密封的铁桶被压扁，是因为外部大气压强远大于内部压强
D．丁图中热气球能在空中自由升降，是利用“气体流速大的地方压强小”的原理
6．（2024·日照）随着生产和技术的发展，人们开始将太阳能转化为其他形式的能加以利用。比如无人驾驶太阳能汽车，利用太阳能电池提供能源，利用电磁波实现远程操控。下列说法正确的是（ ）
A．电磁波的传播和声音的传播一样，都需要介质
B．太阳核心每时每刻都在发生氢弹爆炸，通过聚变释放出巨大的核能
C．太阳能汽车消耗的能量可以全部收集起来继续驱动汽车，实现能量循环利用
D．化石能源是以前存贮的太阳能，因此属于可再生能源
7．（2024·日照）如图所示，取两个相同的验电器甲和乙，使甲带负电，乙不带电。下列分析正确的是（ ）
A．甲验电器带负电是因为它失去了电子
B．甲验电器的金属箔片张开是由于异种电荷相互吸引
C．用金属棒连接两金属球，乙验电器的金属箔片会张开
D．用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中的电流方向由甲到乙
8．（2024·日照）物理学习小组研究电路的特点，一组同学按照甲电路图连接好电路后，闭合开关，电路正常工作，学生电压表V1和V2的指针偏转均如图乙所示；二组同学按照丙电路图连接电路。已知，两小组所用的电源和定值电阻均相同，下列判断正确的是（ ）
A．甲图中电流表示数为0.6A B．的阻值为20Ω
C．丙图中，的电流为0.5A D．丙图中，的功率为25W
9．（2024·日照）小明用红外线烤箱为爷爷奶奶烤了香喷喷的面包。在烘焙的过程中，发现很多现象都与他学习的物理知识相关。以下解释正确的是（ ）
A．红外线烤箱发射的红外线是一种可见光
B．闻到面包的香味，说明香气分子在不停地做无规则的运动
C．面包夹的手柄上刻有很多花纹，主要是为了使用时增大摩擦力
D．热腾腾的面包内能增加，是通过烤箱对面包做功实现的
10．（2024·日照）下列四幅图的解释，正确的是（ ）
A．甲图安检员手中的金属探测仪靠近金属制品会报警，是电磁感应现象
B．乙图中对着话筒说话，能把声音传到扬声器，是电流的磁效应
C．丙图中的电磁起重机通电后能吸引金属材料，与发电机的原理相同
D．丁图中的电路通电后，导体棒会沿导轨滑动，与电动机的原理相同
11．（2024·日照）如图甲所示，将一底面积为的长方体木块用细线系在一个空容器的底部，然后向容器中缓慢加水，直到木块的上表面与液面相平．木块底部受到水的压强p随容器中水的深度h的变化规律如图乙所示。下列说法正确的是（，）（ ）
A．木块的重力是24N
B．木块的体积是
C．木块完全浸没后受到的浮力是40N
D．木块的密度是
12．（2024·日照）某起重车提升货物时，起重臂上滑轮组的示意图如图所示，货物在钢丝绳的拉力F作用下匀速上升。货物所受的重力为，钢丝绳的拉力F为，货物上升的速度为0.25m/s。在提升货物的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．拉力F的功率为 B．有用功的功率为
C．动滑轮所受的重力为 D．滑轮组的机械效率约为83.3%
13．（2024·日照）小明用装满水的玻璃瓶、橡皮塞和细玻璃管制作了一个简易温度计，如图所示。将此装置放入热水中，由于液体 ，细玻璃管内液面会上升；将装置取出，细玻璃管内液面将 。
14．（2024·日照）有一种小型单缸四冲程汽油机，每个工作循环做功500J，曲轴的转速是300r/min，每分钟消耗汽油5g。则该内燃机的功率是 W，机械效率是 。（）
15．（2024·日照）如图是小明家新房中的部分电路，存在的问题是 。问题解决后，闭合开关、，电灯正常发光，但仍然不亮。将一把新买的电热水壶插入三孔插座，电热水壶也不能工作。把试电笔分别插入三孔插座的左、右孔，氖管均能发光，则可以判断出电路的故障是 。
16．（2024·日照）物理兴趣小组的同学在实验室找到一棱镜，其横截面为直角三角形ABC，如图所示，其中BC面镀银。一条光线从AB面上的O点射入棱镜，经过BC面一次反射后，从AC面的P点出射。请在答题卡的图中画出该光线射入棱镜之后的光路图。
17．（2024·日照）甲图是使用核桃夹的情形，乙图是把核桃夹上臂简化成的杠杆，A为大拇指的作用点，B为核桃的作用点。请在答题卡的乙图中画出作用在核桃夹上臂的动力、动力臂和阻力。
18．（2024·日照）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：
（1）如图甲，在探究平面镜成像的特点时，用透明玻璃板代替平面镜的目的是 ；如果在图中玻璃板与蜡烛的像之间平行于玻璃板放一块不透明的白色光屏，那么在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到像；
（2）如图乙，平行光线经过该透镜后将会被 （选填“发散”或“会聚”），这样的透镜可用于矫正 （选填“近视眼”或“远视眼”）；
（3）生活中经常看到的投影灯，其内部结构如图丙所示。图中凸透镜的焦距为50mm，则投影片到凸透镜的距离范围应为 ；
（4）在探究照相机原理时，小明将焦距为10.0cm的凸透镜A放置在图丁所示的位置，向左移动光屏，在光屏上看到了清晰的像，他又将凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，其它要素不变，发现光屏上的像变模糊了。他认为此现象与 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相似，为了使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动；
（5）若保持图丁中凸透镜B和蜡烛的位置不变，继续实验，撤掉光屏，换成凸透镜A，并移动到光具座66cm刻度处，从A的右侧向左看，在透镜A中也能看到清晰的像，这个像是 （选填“实”或“虚”）像。
19．（2024·日照）小明在电学学习中，对电学的神奇和电能对人类生产生活产生的巨大影响深感敬畏，他通过下列实验对电学知识进行了进一步的探究。实验一：如图甲所示，在“探究电流与电阻关系”的实验时选用了如下器材：电压恒为6V的电源，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）在检查电路时，他发现有一根导线连接错误，请你在答题卡的甲图中将连接错误的那条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确 ；
（2）要完成该实验，滑动变阻器应该选用以下哪种规格：______（填下列选项前的字母）；
A．20Ω，0.5A B．40Ω，0.2A C．50Ω，1A
（3）改正电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑至最 （选填“左”或“右”）端。闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，可能是定值电阻发生 （填“断路”或“短路”）；
（4）更换正常电阻后，A、B两同学根据各自的实验数据作出了如图乙所示的图像，分析图像，你认为 （选填“A”或“B”）同学的实验操作是错误的，他操作中的问题是： ；
（5）改正错误后，他们都正确完成了实验，并记录相关数据，描绘出合理的图像，据此得出结论：在电压一定时， ；
（6）实验二：为了探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关，设计了如图所示的实验装置（电源、开关未画出）。图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，探究 对产生热量多少的影响；图丁是控制导体电阻和通电时间相同，探究 对产生热量多少的影响。这两套装置进行实验的过程中都采用的研究方法是 。
20．（2024·日照）港口装载货物时，经常通过斜面将货物拉到甲板上。如图甲所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，体重为800N的工人用300N竖直向下的拉力将重500N的货物从斜面底端拉到顶端。货物沿着斜面运动的速度随时间变化的图像如图乙所示，工人的鞋底与地面的总接触面积约为，不计滑轮的摩擦和绳子的重力。求：
（1）拉动货物时工人对地面的压强；
（2）货物在0～10s内运动的平均速度；
（3）货物运动时受到的摩擦力大小。
21．（2024·日照）为了研究家用电器对电路的影响，物理老师带领同学们进行了探究。
（1）老师带来一个标有“220V5.5A”的电热水壶，在壶中装入1.5L水，初始温度为27℃。仅将电热水壶接入图甲所示的电能表所在的电路，加热7.5min，电能表的转盘转过了250r；
①电热水壶消耗的电能是多少
②消耗的电能中有70%的能量被水吸收，则水的温度变为多少？[，]
③若电热水壶的电阻始终保持不变，则该过程中电热水壶工作的实际电压是多少？
（2）为了研究家用电器电压偏低的原因，老师指导同学们设计了如图乙所示的电路进行模拟实验：、、相当于家用电器电饭煲、电暖器、电烙铁；由于实际中输电线较长，电阻不可忽略，相当于输电线的电阻。依次闭合S和、、，描绘出两电压表、的示数、随电流表A的示数I变化的规律，如图丙所示。则随着接入电路的家用电器增加，输电线电阻上的电压怎么变化？
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．轮船从上游到中游时，闸室与上游上面开口，底部联通，从而构成连通器，故A正确；
B．锤头的惯性与它的质量有关，与其它因素无关，故B错误；
C．运动员手上涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度从而增加手与单杠之间的摩擦力，故C错误；
D．小朋友能将饮料吸进嘴里，是因为吸管内部的气压降低，饮料在外部大气压的作用下被压进吸管里，故D错误。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.物体的惯性大小只与质量大小有关；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.根据大气压强的知识分析。
2．【答案】B
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．声音洪亮，即通声音的响度大，是由于小明的声带振幅大，故A错误；
B． 音乐老师能够分辨钢琴和长笛发出的C调，是由于它们的音色不同 ，故B正确；
C．蝙蝠在夜间导航和捕食时使用的是超声波，通过接收这些回声来确定目标的位置和距离，故C错误；
D．隔音板通过吸收、反射或散射声波来降低噪声，而不是因为玻璃不能传播声音，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
B.声音的特点叫音色；
C.根据超声波的特点和应用判断；
D.根据减弱噪声的途径和方法判断。
3．【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】A．使用装有适量碎冰的试管进行实验，可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态，故A错误；
B．根据丙图可知，温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，所以读数为-3℃，说明某时刻冰的温度是-3℃，而不是冰的熔点为-3℃，故B错误；
C．根据图乙可知，的时间内，冰在吸收热量，温度保持0℃不变，故C错误；
D． 相同时间内，吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大， 由 知道，升高的温度不同，水升温比冰要慢，故D正确。
故选D。
【分析】A．将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态；
B．图丙中温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，得出读数；
C．冰在熔化过程中，冰在吸收热量，温度保持不变；
D．取0至t1时段与t2时刻后一段相等时间观察，则吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大。
4．【答案】A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A．当运动员垫起排球时，排球的速度和方向都会发生变化，如果以地面为参照物，排球的运动状态确实发生了改变，故A正确；
B．手臂对排球的作用力和排球对手臂的作用力，它们没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C．排球在上升过程中速度减小是因为受到重力的作用，故C错误；
D．排球在下落过程中，由于重力的作用，其速度确实会不断变大。由于不考虑空气阻力，因此机械能没有损失，即总的机械能是守恒的，故D错误。
故选A。
【分析】A.如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变；
B.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.力是改变物体运动状态的原因；
D.根据不考虑空气阻力分析。
5．【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据甲图可知，压路机的碾子质量很大，是通过增大压力来增大压强，故A错误；
B．根据乙图可知，安全锤做得很尖，是通过减小受力面积增大压强的，故B错误；
C．根据丙图可知， 加热后再密封的铁桶被压扁，是因为外部大气压强远大于内部压强 ，故C正确；
D．根据丁图可知， 气球能在空中自由升降， 是通过热气球中气体密度小于外界空气密度，实现了空中飞行，故D错误。
故选C。
【分析】A.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
B.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
C.根据大气压强的知识判断；
D.根据热气球的浮沉方法判断。
6．【答案】B
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；电磁波的产生
【解析】【解答】A．电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B．太阳核心每时每刻都在发生氢弹爆炸，通过聚变释放出巨大的核能，故B正确；
C．由于存在能量的损耗，所以太阳能不能实现能量循环利用，故C错误；
D．由于化石能源不能在短时间获得，所以其属于不可再生能源，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据电磁波的传播特点判断；
B.根据太阳能量的来源判断；
C.根据能量利用时肯定存在能量损耗分析；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
7．【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】A．甲验电器带负电是因为它得到了电子，而不是失去电子，故A错误；
B．由于同种电荷相互排斥，所以甲验电器的金属箔片张开，故B错误；
C．用金属棒把甲和乙连接起来，甲验电器金属箔片上的电子转移到B上，则B验电器金属箔片会张开，故C正确；
D．金属杆和金属球接触的一瞬间，自由电子的移动方向从甲到乙，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D错误。
故选C。
【分析】A.物体得到电子带负电，失去电子带正电，
B.根据电荷之间的相互作用规律判断；
C.根据验电器的工作原理判断；
D.自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
8．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据甲图可知，R1和R2两电阻串联，电压表V1测的是R1两端的电压，电压表V2测的是电源的电压。
根据串联电路的电压规律可知，电压表V1的示数肯定小于V2的示数，
所以电压表V1选择示数小量程，为2.0V，电压表V2选择示数大量程，为10.0V，
此时电路电流，
故A错误；
B．R2两端的电压U2=U-U1=10.0V-2.0V=8V，
则R2的阻值为：，
故B错误；
CD．图丙中通过R2的电流，图丙中R1的功率，
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 A.串联电路各处电流都相等，总电压等于各串联电路的电压之和；并联电路各支路两端的电压相等，干路电流等于各支路电流之和。据此读出两个电压表的示数，根据计算电路电流，
B.根据U2=U-U1计算R2两端的电压，根据计算R2的阻值；
CD.根据计算图丙通过R2的电流，根据计算R1的功率。
9．【答案】B,C
【知识点】红外线；热传递改变物体内能；增大或减小摩擦的方法；分子热运动
【解析】【解答】A．红外线是在太阳光谱中红光意外肉眼看不到的光，故A错误；
B．闻到面包的香味，说明香气分子在不停地做无规则的运动，故B正确；
C．面包夹的手柄上刻有很多花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故C正确；
D．热腾腾的面包内能增加，是面包吸收了电烤箱的热量，即是通过烤箱对面包热传递实现的，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据红外线的定义判断；
B.根据分子运动的知识判断；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.内能改变的方法：做功本质是能量的转化，热传递的本质是能量的转移。
10．【答案】A,D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．根据题意可知，金属探测仪靠近金属制品时，它施加的探测磁场被外来导体切割磁感线产生感应电流，通过信号放大发出警报，故A正确；
B．乙图中，对着话筒说话，声波引起膜片振动，膜片带动线圈做切割磁感线运动从而产生感应电流，由此可知其工作原理是电磁感应现象，故B错误；
C．电磁起重机通电后能吸引金属材料，其工作原理是电流的磁效应，而发动机的工作原理是电磁感应，其与发动机的原理不同，故C错误；
D．丁图中的电路通电后，通电的导体棒在磁场中受到磁场力的作用，导体棒会沿导轨滑动，与电动机的原理相同，故D正确。
故选AD。
【分析】根据图片分析描述的实验过程，确定其中包含的物理原理即可。
11．【答案】A,C
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】A．根据图片可知，容器中水的深度在6cm时，随着水面的上升，木块底部受到的压强保持不变，即木块进入的深度保存不变，那么此时木块刚好漂浮，细线对木块没有拉力。
此时水对木块下表面的压强是600Pa，则木块下表面受到水的压力为F=pS=600Pa×0.04m2=24N；
根据浮力产生的原因F浮=F下-F上得到：F浮=F=24N；
根据漂浮条件得，木块的重力G=F浮=24N，
故A正确；
C．由图像知，当容器中水的深度是22cm时，木块刚好浸没，木块下表面受到水的压强是1000Pa，
则此时木块下表面受到水的压力为F'=p'S=1000Pa×0.04m2=40N，
根据浮力产生的原因F浮=F下-F上得到：F'浮=F'=40N
故C正确；
B．木块浸没时排开水的体积等于自身体积，即
，
故B错误；
D．木块的密度为。
故D错误。
故选AC。
【分析】 A.由图乙可知，木块恰好漂浮时木块底部受到水的压强，根据F=pS求出木块底部受到水向上的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出木块受到的浮力，根据漂浮条件求出木块的重力；
BCD.木块浸没时排开水的体积最大，受到的浮力最大，细线对木块的拉力最大，此时木块下表面所处的深度最大，受到水的压强最大，
由图乙可知，木块上表面与液面相平时，木块底部受到水的压强p'=1000Pa，
根据F=pS求出木块底部受到水向上的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出木块受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排求出排开水的体积，即物体的体积，根据G=mg=ρVg可求出物体的密度。
12．【答案】A,B,D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，承担重力的绳子段数n=3，
则拉力移动的速度为v=nv物=3×0.25m/s=0.75m/s，
拉力F做功的功率，
故A正确；
B．有用功的功率，
故B正确；
C．根据可知，
动滑轮的重力。
但题中绳重和摩擦不可忽略，故动滑轮重应小于3×103N，故C错误；
D．滑轮组的机械效率，故D正确。
故选ABD。
【分析】A.根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据v=nv物计算拉力移动的速度，最后根据P=Fv计算拉力F的功率；
B.根据计算有用功的功率；
C.根据计算动滑轮的重力，在结合绳重和摩擦分析；
D.根据计算滑轮组的机械效率。
13．【答案】热胀冷缩；下降
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将此装置放入热水中，由于液体的热胀冷缩，细玻璃管内液面会上升；
（2）将装置取出，温度降低，此装置内的水会遇冷收缩，体积变小，所以细玻璃管内液面将下降。
【分析】根据液体热胀冷缩的性质分析解答即可。
14．【答案】1250；32.6%
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）根据题意可知，飞轮的转速是300r/min，所以每分钟对外做功150次，
那么工作1min做的功；
该汽油机的功率。
（2）5g汽油燃烧释放的热量；
满负荷工作效率。
【分析】（1）在四冲程内燃机中，每完成一个工作循环，对外做功1次，活塞往复2次，飞轮转动2圈。根据计算汽油机的功率。
（2）根据计算汽油燃烧放出的热量，再根据计算汽油机的效率。
15．【答案】三孔插座没有接地；FG之间断路
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】（1）三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，中孔接地线，根据图片可知，电路 存在的问题是三孔插座没有接地。
（2）正常情况下，插座的左孔接零线，氖管不发光；右孔接火线，氖管发光。根据题意可知，L1正常工作，说明L1支路是连通的；L2和三孔插座不能工作，说明出现断路，而三孔插座左孔能使氖管发光，说明左孔通过L2和火线连通，故FG之间断路。
【分析】（1）根据三孔插座的接线方法解答；
（2）根据测电笔的用途，结合电路连接的知识判断电路故障的种类和位置。
16．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】根据平面镜成像的对称性可知，作P点关于BC面的对称点，确定虚像P'的位置；连接虚像点P'与O点，与BC面交于O'，OO'为经AB面的折射光线，O'P即为反射到P的反射光线，如下图所示：
【分析】P点是经过平面镜反射后形成的出射点，可将其看作一个物体，根据平面镜成像的对称性找到对应的像点，它肯定在从O射出的折射光线上。可将像点与O点相连得到折射光线即可。
17．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】根据图片可知，B点受到的核桃的弹力为阻力F2，其方向向上；大拇指施加的动力作用在A点，方向向下。从支点O向动力F1的作用线作垂线，支点到垂线的距离为动力臂l1，如图所示：
【分析】根据核桃夹的使用过程确定动力和阻力的作用位置，以及动力和阻力的方向，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。而力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
18．【答案】（1）便于确定像的位置；不能
（2）发散；近视眼
（3）
（4）近视眼；靠近
（5）虚
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）①玻璃板是半透明的，不但可以成像，还可通过它看到后面的蜡烛，则选择玻璃板代替平面镜便于确定像的位置。
②因为平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，无法在光屏上呈现，所以在玻璃板与蜡烛的像之间放一块白色光屏，不能看到像。
（2）①根据乙图可知，该透镜中间薄、边缘厚，所以是凹透镜，对光线有发散作用。
②近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，则需要使光线发散才行，则需戴凹透镜矫正。
（3）投影仪工作时，成倒立放大的实像，此时。凸透镜的焦距，所以投影片到凸透镜的距离范围应为。
（4）焦距为10.0cm的凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，此时焦距变短，会聚能力变强，成像在视网膜前，此现象与近视眼的成因相似。由于此时光线会聚，像距变短，则可将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
（5）由题意知，对于焦距为8.0cm的凸透镜B，由于物距u=50cm-10cm=40cm>2f=16cm。
根据成像规律，此时成倒立、缩小的实像，像距f【分析】 （1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
虚像不能成在光屏上；
（2）凹透镜对光线有发散作用，可用于矫正凹透镜；
（3）投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距2f＞u＞f，像距v＞2f；
（4）凸透镜焦距越短，会聚光的能力越强；
（5）当u＞2f时，成倒立缩小的实像。
（1）[1]玻璃板可以透光，也可以成像，选择玻璃板代替平面镜便于确定像的位置。
[2]在玻璃板与蜡烛的像之间平行于玻璃板放一块不透明的白色光屏，不能看到像。因为平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，无法在光屏上呈现。
（2）[1]由图乙可知，该透镜中间薄、边缘厚，所以是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
[2]近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正。
（3）对于投影仪工作时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，即，已知凸透镜的焦距，所以投影片到凸透镜的距离范围应为。
（4）[1][2]小明将焦距为10.0cm的凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，相当于晶状体变凸，会聚能力变强，此现象与近视眼的成因相似，因为近视眼是晶状体太厚，对光线的会聚能力太强，像成在视网膜前方；由于会聚能力变强，像提前会聚了，为了使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
（5）由题意知，对于焦距为8.0cm的凸透镜B，由于物距
u=50cm-10cm=40cm>2f=16cm
根据成像规律，此时成倒立、缩小的实像，像距f19．【答案】（1）
（2）C
（3）左；断路
（4）A；没有控制定值电阻两端的电压一定
（5）通过电阻的电流与导体的电阻成反比
（6）电阻；电流；控制变量法
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电流的热效应
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，电压表要与定值电阻并联。根据甲图可知，此时电压表测变阻器和定值电阻的总电压。此时可以将定值电阻与变阻器相连的导线从变阻器上拆下，改接在变阻器左上角的接线柱上，如下图所示：
（2）根据电压表的量程可知，其能测量的最大的电压为3V，
即定值电阻两端的最大电压为3V，
由于电源电压为6V，则滑动变阻器分得的最小电压为3V，定值电阻的最大阻值为25Ω，
根据串联电路的电压与电阻的规律得到：，
即；
解得：滑动变阻器最小阻值为R变=25Ω，
故选C。
（3）①为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大的最左端。
②闭合开关，发现电流表无示数，这说明电路断路，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，说明定值电阻发生断路。
（4）根据图片可知，A同学所绘制的图像可得电压为：
；
；
可知实验过程中，定值电阻两端的电压发生了变化，
探究“电流与电阻关系”的实验，实验过程中应控制定值电阻两端的电压一定，
则A同学的操作错误，问题是：没有控制定值电阻两端的电压一定。
（5）根据图像，据此得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（6）①根据题意可知，图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，导体的电阻不同，所以探究导体电阻对产生热量多少的影响。
②图丁中，左边的电阻在干路上电流大，右边的电阻在支路上电流小，则是控制导体电阻和通电时间相同，通过导体电阻的电流不同，所以探究电流对产生热量的影响。
③探究电流与电阻的关系时，保证了定值电阻两端的电压是一定的，而探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关时，当探究电流与导体产生的热量的关系，保证了导体的电阻和通电时间相同，当探究电阻与导体产生的热量的关系，保证了导体的电流和通电时间相同，所以这两套装置进行实验的过程中都保证其它因素相同，所以都采用的研究方法是控制变量法。
【分析】 （1）根据电路连接和电表使用分析回答；
（2）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；
（3）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处；
闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数较大；说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（4）探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，根据图乙利用欧姆定律分析解答；
（5）根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（6）①探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；
②探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；
③根据控制变量法分析回答。
（1）由于电压表测定值电阻的电压，则可知电路连接正确如下图所示：
（2）由于电压表的小量程接入电路中，其能测量的最大的电压为3V，而电路中定值阻值的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，则电路的最大电流为
由于电源电压为6V，则滑动变阻器分得的最小电压为3V，定值电阻的最大阻值为25Ω，根据串联电路的电压与电阻的规律可知，滑动变阻器最小阻值为25Ω，综上所述，为了要完成该实验，滑动变阻器应选50Ω，1A，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（3）[1]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大，即应将滑动变阻器的滑片滑至最左端。
[2]闭合开关，发现电流表无示数，这说明电路断路，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，说明定值电阻发生断路。
（4）[1][2]探究“电流与电阻关系”的实验，实验过程中应控制定值电阻两端的电压一定，而A同学所绘制的图像可得电压为
可知实验过程中，定值电阻两端的电压发生了变化，没有控制定值电阻两端的电压一定。
（5）根据图像，据此得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（6）[1]图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，导体的电阻不同，所以探究导体电阻对产生热量多少的影响。
[2]图丁是控制导体电阻和通电时间相同，通过导体电阻的电流不同，所以探究电流对产生热量的影响。
[3]探究电流与电阻的关系时，保证了定值电阻两端的电压是一定的，而探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关时，当探究电流与导体产生的热量的关系，保证了导体的电阻和通电时间相同，当探究电阻与导体产生的热量的关系，保证了导体的电流和通电时间相同，所以这两套装置进行实验的过程中都保证其它因素相同，所以都采用的研究方法是控制变量法。
20．【答案】（1）解：地面对工人的支持力为；
工人对地面的压力为；
工人对地面的压强为；
答：工人对地面的压强为1×104Pa。
（2）解：根据图乙可知，货物0-5s内速度为1.4m/s，则通过的路程为；
货物5-10s内的速度为1m/s，则通过的路程为；
货物0-10s运动的路程为；
则货物0-10s运动的平均速度为。
答：货物0-10s运动的平均速度为12m/s。
（3）解：工人所做的有用功为；
工人所做的总功为；
货物运动时受到的摩擦力为。
答：货物运动时受到的摩擦力为50N。
【知识点】速度公式及其应用；力的合成与应用；压强的大小及其计算；有用功和额外功
【解析】【分析】 （1）工人对地面的压力等于人的重力和拉力之差，根据得到工人对水平地面的压强；（2）根据图乙得出0～5s和5～10s的速度，利用s=vt计算出每个阶段的路程即可得出货物在0～10s内运动的路程，再根据求出货物在0～10s内运动的平均速度；
（3）根据在直角三角形中30°的角所对的直角边等于斜边的一半得出物体在0～10s内上升的高度，定滑轮不省力，绳对物体的拉力与人的拉力大小相等，由W有=Gh求出有用功，由W总=Fs求出总功，总功和有用功之差等于额外功，根据W额=fs求出摩擦力。
（1）根据题意可知，地面对工人的支持力为
地面对工人的支持力和工人对地面的压力为相互作用力，大小相等，工人对地面的压力为
工人对地面的压强为
（2）根据图乙可知，货物0-5s通过的路程为
货物5-10s通过的路程为
货物0-10s运动的路程为
则货物0-10s运动的平均速度为
（3）根据题意可知，工人所做的有用功为
工人所做的总功为
货物运动时受到的摩擦力为
21．【答案】（1）解：①根据甲图2000r/kW·h可知，电能表转动2000圈消耗1kW·h，
则电热水壶消耗的电能为；
②水吸收的热量为；
水的质量为；
则水升高的温度为；
则水的温度变为；
③电热水壶的电阻为；
该过程中电热水壶工作的实际功率为；
根据得到：，
解得：。
（2）电压变大。
【知识点】比热容；串联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】（2）根据乙图可知，、、并联部分和串联，电压表测电源电压，电压表测、、并联部分的电压。由丙图可知，随着接入电路的家用电器增加，电流表A的示数I变大，根据U=IR可知，输电线电阻上的电压变大。
【分析】（1）①根据计算电热水壶消耗的电能；
②根据计算水吸收的热量，根据计算水的质量，根据计算水的温度，最后根据计算水的温度。
③根据计算电热水壶的电阻，根据计算电热水壶的实际效率，最后根据计算实际电压。
（2）在并联电路中，用电器越多，则干路电流越大，根据U=IR分析导线分担电压的变化即可。
（1）电热水壶消耗的电能为
水吸收的热量为
水的质量为
则水升高的温度为
则水的温度变为
电热水壶的电阻为
该过程中电热水壶工作的实际功率为
根据，实际电压为
（2）分析乙图可知，、、并联部分和串联，电压表测电源电压，电压表测、、并联部分的电压。由丙图可知，随着接入电路的家用电器增加，电流表A的示数I变大，电压表示数不变，电压表示数变小，根据串联分压规律可知输电线电阻上的电压变大。
1 / 1山东省日照市2024年中考物理试题
1．（2024·日照）下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是（ ）
A．甲图中轮船过船闸，是利用了连通器的原理
B．乙图中撞击锤柄紧固锤头，是为了增大锤头的惯性
C．丙图中运动员手上涂防滑粉，是为了增大单杠对运动员的支持力
D．丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
【答案】A
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．轮船从上游到中游时，闸室与上游上面开口，底部联通，从而构成连通器，故A正确；
B．锤头的惯性与它的质量有关，与其它因素无关，故B错误；
C．运动员手上涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度从而增加手与单杠之间的摩擦力，故C错误；
D．小朋友能将饮料吸进嘴里，是因为吸管内部的气压降低，饮料在外部大气压的作用下被压进吸管里，故D错误。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.物体的惯性大小只与质量大小有关；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.根据大气压强的知识分析。
2．（2024·日照）下列关于声现象的分析，正确的是（ ）
A．小明回答问题时声音洪亮，是由于小明的声带振动得快
B．音乐老师能够分辨钢琴和长笛发出的C调，是由于它们的音色不同
C．蝙蝠夜间能够精准确认目标，是利用次声波的反射确定目标位置
D．厂房外面安装玻璃隔音板降低噪声，是由于玻璃不能传播声音
【答案】B
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．声音洪亮，即通声音的响度大，是由于小明的声带振幅大，故A错误；
B． 音乐老师能够分辨钢琴和长笛发出的C调，是由于它们的音色不同 ，故B正确；
C．蝙蝠在夜间导航和捕食时使用的是超声波，通过接收这些回声来确定目标的位置和距离，故C错误；
D．隔音板通过吸收、反射或散射声波来降低噪声，而不是因为玻璃不能传播声音，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
B.声音的特点叫音色；
C.根据超声波的特点和应用判断；
D.根据减弱噪声的途径和方法判断。
3．（2024·日照）利用图甲所示的实验装置来探究冰的熔化规律，根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．试管中装上适量碎冰进行实验，因为碎冰比大块冰的比热容小，熔化的更快
B．实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，说明冰的熔点为-3℃
C．由图乙可知，在的时间内碎冰停止吸热
D．时间内的温度变化比时刻后的温度变化快，原因是水的比热容比冰的大
【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】A．使用装有适量碎冰的试管进行实验，可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态，故A错误；
B．根据丙图可知，温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，所以读数为-3℃，说明某时刻冰的温度是-3℃，而不是冰的熔点为-3℃，故B错误；
C．根据图乙可知，的时间内，冰在吸收热量，温度保持0℃不变，故C错误；
D． 相同时间内，吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大， 由 知道，升高的温度不同，水升温比冰要慢，故D正确。
故选D。
【分析】A．将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态；
B．图丙中温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，得出读数；
C．冰在熔化过程中，冰在吸收热量，温度保持不变；
D．取0至t1时段与t2时刻后一段相等时间观察，则吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大。
4．（2024·日照）运动员正在垫起排球，如图所示。不考虑空气阻力，下列相关说法正确的是（ ）
A．垫球时排球的运动状态发生改变，可能是以地面为参照物判断的
B．垫球时手臂对排球的作用力和排球对手臂的作用力是一对平衡力
C．排球在上升的过程中速度不断减小，是因为受到惯性的作用
D．排球在下落的过程中速度不断变大，机械能也在不断变大
【答案】A
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A．当运动员垫起排球时，排球的速度和方向都会发生变化，如果以地面为参照物，排球的运动状态确实发生了改变，故A正确；
B．手臂对排球的作用力和排球对手臂的作用力，它们没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C．排球在上升过程中速度减小是因为受到重力的作用，故C错误；
D．排球在下落过程中，由于重力的作用，其速度确实会不断变大。由于不考虑空气阻力，因此机械能没有损失，即总的机械能是守恒的，故D错误。
故选A。
【分析】A.如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变；
B.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.力是改变物体运动状态的原因；
D.根据不考虑空气阻力分析。
5．（2024·日照）下图所示的四个事例中，关于压强的说法正确的是（ ）
A．甲为压路机，碾子做的很大，是为了减小压强
B．乙为安全锤，锤头做得很尖，是为了减小压强
C．丙图中加热后再密封的铁桶被压扁，是因为外部大气压强远大于内部压强
D．丁图中热气球能在空中自由升降，是利用“气体流速大的地方压强小”的原理
【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据甲图可知，压路机的碾子质量很大，是通过增大压力来增大压强，故A错误；
B．根据乙图可知，安全锤做得很尖，是通过减小受力面积增大压强的，故B错误；
C．根据丙图可知， 加热后再密封的铁桶被压扁，是因为外部大气压强远大于内部压强 ，故C正确；
D．根据丁图可知， 气球能在空中自由升降， 是通过热气球中气体密度小于外界空气密度，实现了空中飞行，故D错误。
故选C。
【分析】A.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
B.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
C.根据大气压强的知识判断；
D.根据热气球的浮沉方法判断。
6．（2024·日照）随着生产和技术的发展，人们开始将太阳能转化为其他形式的能加以利用。比如无人驾驶太阳能汽车，利用太阳能电池提供能源，利用电磁波实现远程操控。下列说法正确的是（ ）
A．电磁波的传播和声音的传播一样，都需要介质
B．太阳核心每时每刻都在发生氢弹爆炸，通过聚变释放出巨大的核能
C．太阳能汽车消耗的能量可以全部收集起来继续驱动汽车，实现能量循环利用
D．化石能源是以前存贮的太阳能，因此属于可再生能源
【答案】B
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；电磁波的产生
【解析】【解答】A．电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B．太阳核心每时每刻都在发生氢弹爆炸，通过聚变释放出巨大的核能，故B正确；
C．由于存在能量的损耗，所以太阳能不能实现能量循环利用，故C错误；
D．由于化石能源不能在短时间获得，所以其属于不可再生能源，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据电磁波的传播特点判断；
B.根据太阳能量的来源判断；
C.根据能量利用时肯定存在能量损耗分析；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
7．（2024·日照）如图所示，取两个相同的验电器甲和乙，使甲带负电，乙不带电。下列分析正确的是（ ）
A．甲验电器带负电是因为它失去了电子
B．甲验电器的金属箔片张开是由于异种电荷相互吸引
C．用金属棒连接两金属球，乙验电器的金属箔片会张开
D．用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中的电流方向由甲到乙
【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】A．甲验电器带负电是因为它得到了电子，而不是失去电子，故A错误；
B．由于同种电荷相互排斥，所以甲验电器的金属箔片张开，故B错误；
C．用金属棒把甲和乙连接起来，甲验电器金属箔片上的电子转移到B上，则B验电器金属箔片会张开，故C正确；
D．金属杆和金属球接触的一瞬间，自由电子的移动方向从甲到乙，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D错误。
故选C。
【分析】A.物体得到电子带负电，失去电子带正电，
B.根据电荷之间的相互作用规律判断；
C.根据验电器的工作原理判断；
D.自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
8．（2024·日照）物理学习小组研究电路的特点，一组同学按照甲电路图连接好电路后，闭合开关，电路正常工作，学生电压表V1和V2的指针偏转均如图乙所示；二组同学按照丙电路图连接电路。已知，两小组所用的电源和定值电阻均相同，下列判断正确的是（ ）
A．甲图中电流表示数为0.6A B．的阻值为20Ω
C．丙图中，的电流为0.5A D．丙图中，的功率为25W
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据甲图可知，R1和R2两电阻串联，电压表V1测的是R1两端的电压，电压表V2测的是电源的电压。
根据串联电路的电压规律可知，电压表V1的示数肯定小于V2的示数，
所以电压表V1选择示数小量程，为2.0V，电压表V2选择示数大量程，为10.0V，
此时电路电流，
故A错误；
B．R2两端的电压U2=U-U1=10.0V-2.0V=8V，
则R2的阻值为：，
故B错误；
CD．图丙中通过R2的电流，图丙中R1的功率，
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 A.串联电路各处电流都相等，总电压等于各串联电路的电压之和；并联电路各支路两端的电压相等，干路电流等于各支路电流之和。据此读出两个电压表的示数，根据计算电路电流，
B.根据U2=U-U1计算R2两端的电压，根据计算R2的阻值；
CD.根据计算图丙通过R2的电流，根据计算R1的功率。
9．（2024·日照）小明用红外线烤箱为爷爷奶奶烤了香喷喷的面包。在烘焙的过程中，发现很多现象都与他学习的物理知识相关。以下解释正确的是（ ）
A．红外线烤箱发射的红外线是一种可见光
B．闻到面包的香味，说明香气分子在不停地做无规则的运动
C．面包夹的手柄上刻有很多花纹，主要是为了使用时增大摩擦力
D．热腾腾的面包内能增加，是通过烤箱对面包做功实现的
【答案】B,C
【知识点】红外线；热传递改变物体内能；增大或减小摩擦的方法；分子热运动
【解析】【解答】A．红外线是在太阳光谱中红光意外肉眼看不到的光，故A错误；
B．闻到面包的香味，说明香气分子在不停地做无规则的运动，故B正确；
C．面包夹的手柄上刻有很多花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故C正确；
D．热腾腾的面包内能增加，是面包吸收了电烤箱的热量，即是通过烤箱对面包热传递实现的，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据红外线的定义判断；
B.根据分子运动的知识判断；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.内能改变的方法：做功本质是能量的转化，热传递的本质是能量的转移。
10．（2024·日照）下列四幅图的解释，正确的是（ ）
A．甲图安检员手中的金属探测仪靠近金属制品会报警，是电磁感应现象
B．乙图中对着话筒说话，能把声音传到扬声器，是电流的磁效应
C．丙图中的电磁起重机通电后能吸引金属材料，与发电机的原理相同
D．丁图中的电路通电后，导体棒会沿导轨滑动，与电动机的原理相同
【答案】A,D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．根据题意可知，金属探测仪靠近金属制品时，它施加的探测磁场被外来导体切割磁感线产生感应电流，通过信号放大发出警报，故A正确；
B．乙图中，对着话筒说话，声波引起膜片振动，膜片带动线圈做切割磁感线运动从而产生感应电流，由此可知其工作原理是电磁感应现象，故B错误；
C．电磁起重机通电后能吸引金属材料，其工作原理是电流的磁效应，而发动机的工作原理是电磁感应，其与发动机的原理不同，故C错误；
D．丁图中的电路通电后，通电的导体棒在磁场中受到磁场力的作用，导体棒会沿导轨滑动，与电动机的原理相同，故D正确。
故选AD。
【分析】根据图片分析描述的实验过程，确定其中包含的物理原理即可。
11．（2024·日照）如图甲所示，将一底面积为的长方体木块用细线系在一个空容器的底部，然后向容器中缓慢加水，直到木块的上表面与液面相平．木块底部受到水的压强p随容器中水的深度h的变化规律如图乙所示。下列说法正确的是（，）（ ）
A．木块的重力是24N
B．木块的体积是
C．木块完全浸没后受到的浮力是40N
D．木块的密度是
【答案】A,C
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】A．根据图片可知，容器中水的深度在6cm时，随着水面的上升，木块底部受到的压强保持不变，即木块进入的深度保存不变，那么此时木块刚好漂浮，细线对木块没有拉力。
此时水对木块下表面的压强是600Pa，则木块下表面受到水的压力为F=pS=600Pa×0.04m2=24N；
根据浮力产生的原因F浮=F下-F上得到：F浮=F=24N；
根据漂浮条件得，木块的重力G=F浮=24N，
故A正确；
C．由图像知，当容器中水的深度是22cm时，木块刚好浸没，木块下表面受到水的压强是1000Pa，
则此时木块下表面受到水的压力为F'=p'S=1000Pa×0.04m2=40N，
根据浮力产生的原因F浮=F下-F上得到：F'浮=F'=40N
故C正确；
B．木块浸没时排开水的体积等于自身体积，即
，
故B错误；
D．木块的密度为。
故D错误。
故选AC。
【分析】 A.由图乙可知，木块恰好漂浮时木块底部受到水的压强，根据F=pS求出木块底部受到水向上的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出木块受到的浮力，根据漂浮条件求出木块的重力；
BCD.木块浸没时排开水的体积最大，受到的浮力最大，细线对木块的拉力最大，此时木块下表面所处的深度最大，受到水的压强最大，
由图乙可知，木块上表面与液面相平时，木块底部受到水的压强p'=1000Pa，
根据F=pS求出木块底部受到水向上的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出木块受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排求出排开水的体积，即物体的体积，根据G=mg=ρVg可求出物体的密度。
12．（2024·日照）某起重车提升货物时，起重臂上滑轮组的示意图如图所示，货物在钢丝绳的拉力F作用下匀速上升。货物所受的重力为，钢丝绳的拉力F为，货物上升的速度为0.25m/s。在提升货物的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．拉力F的功率为 B．有用功的功率为
C．动滑轮所受的重力为 D．滑轮组的机械效率约为83.3%
【答案】A,B,D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，承担重力的绳子段数n=3，
则拉力移动的速度为v=nv物=3×0.25m/s=0.75m/s，
拉力F做功的功率，
故A正确；
B．有用功的功率，
故B正确；
C．根据可知，
动滑轮的重力。
但题中绳重和摩擦不可忽略，故动滑轮重应小于3×103N，故C错误；
D．滑轮组的机械效率，故D正确。
故选ABD。
【分析】A.根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据v=nv物计算拉力移动的速度，最后根据P=Fv计算拉力F的功率；
B.根据计算有用功的功率；
C.根据计算动滑轮的重力，在结合绳重和摩擦分析；
D.根据计算滑轮组的机械效率。
13．（2024·日照）小明用装满水的玻璃瓶、橡皮塞和细玻璃管制作了一个简易温度计，如图所示。将此装置放入热水中，由于液体 ，细玻璃管内液面会上升；将装置取出，细玻璃管内液面将 。
【答案】热胀冷缩；下降
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将此装置放入热水中，由于液体的热胀冷缩，细玻璃管内液面会上升；
（2）将装置取出，温度降低，此装置内的水会遇冷收缩，体积变小，所以细玻璃管内液面将下降。
【分析】根据液体热胀冷缩的性质分析解答即可。
14．（2024·日照）有一种小型单缸四冲程汽油机，每个工作循环做功500J，曲轴的转速是300r/min，每分钟消耗汽油5g。则该内燃机的功率是 W，机械效率是 。（）
【答案】1250；32.6%
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）根据题意可知，飞轮的转速是300r/min，所以每分钟对外做功150次，
那么工作1min做的功；
该汽油机的功率。
（2）5g汽油燃烧释放的热量；
满负荷工作效率。
【分析】（1）在四冲程内燃机中，每完成一个工作循环，对外做功1次，活塞往复2次，飞轮转动2圈。根据计算汽油机的功率。
（2）根据计算汽油燃烧放出的热量，再根据计算汽油机的效率。
15．（2024·日照）如图是小明家新房中的部分电路，存在的问题是 。问题解决后，闭合开关、，电灯正常发光，但仍然不亮。将一把新买的电热水壶插入三孔插座，电热水壶也不能工作。把试电笔分别插入三孔插座的左、右孔，氖管均能发光，则可以判断出电路的故障是 。
【答案】三孔插座没有接地；FG之间断路
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】（1）三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，中孔接地线，根据图片可知，电路 存在的问题是三孔插座没有接地。
（2）正常情况下，插座的左孔接零线，氖管不发光；右孔接火线，氖管发光。根据题意可知，L1正常工作，说明L1支路是连通的；L2和三孔插座不能工作，说明出现断路，而三孔插座左孔能使氖管发光，说明左孔通过L2和火线连通，故FG之间断路。
【分析】（1）根据三孔插座的接线方法解答；
（2）根据测电笔的用途，结合电路连接的知识判断电路故障的种类和位置。
16．（2024·日照）物理兴趣小组的同学在实验室找到一棱镜，其横截面为直角三角形ABC，如图所示，其中BC面镀银。一条光线从AB面上的O点射入棱镜，经过BC面一次反射后，从AC面的P点出射。请在答题卡的图中画出该光线射入棱镜之后的光路图。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】根据平面镜成像的对称性可知，作P点关于BC面的对称点，确定虚像P'的位置；连接虚像点P'与O点，与BC面交于O'，OO'为经AB面的折射光线，O'P即为反射到P的反射光线，如下图所示：
【分析】P点是经过平面镜反射后形成的出射点，可将其看作一个物体，根据平面镜成像的对称性找到对应的像点，它肯定在从O射出的折射光线上。可将像点与O点相连得到折射光线即可。
17．（2024·日照）甲图是使用核桃夹的情形，乙图是把核桃夹上臂简化成的杠杆，A为大拇指的作用点，B为核桃的作用点。请在答题卡的乙图中画出作用在核桃夹上臂的动力、动力臂和阻力。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】根据图片可知，B点受到的核桃的弹力为阻力F2，其方向向上；大拇指施加的动力作用在A点，方向向下。从支点O向动力F1的作用线作垂线，支点到垂线的距离为动力臂l1，如图所示：
【分析】根据核桃夹的使用过程确定动力和阻力的作用位置，以及动力和阻力的方向，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。而力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
18．（2024·日照）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：
（1）如图甲，在探究平面镜成像的特点时，用透明玻璃板代替平面镜的目的是 ；如果在图中玻璃板与蜡烛的像之间平行于玻璃板放一块不透明的白色光屏，那么在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到像；
（2）如图乙，平行光线经过该透镜后将会被 （选填“发散”或“会聚”），这样的透镜可用于矫正 （选填“近视眼”或“远视眼”）；
（3）生活中经常看到的投影灯，其内部结构如图丙所示。图中凸透镜的焦距为50mm，则投影片到凸透镜的距离范围应为 ；
（4）在探究照相机原理时，小明将焦距为10.0cm的凸透镜A放置在图丁所示的位置，向左移动光屏，在光屏上看到了清晰的像，他又将凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，其它要素不变，发现光屏上的像变模糊了。他认为此现象与 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相似，为了使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动；
（5）若保持图丁中凸透镜B和蜡烛的位置不变，继续实验，撤掉光屏，换成凸透镜A，并移动到光具座66cm刻度处，从A的右侧向左看，在透镜A中也能看到清晰的像，这个像是 （选填“实”或“虚”）像。
【答案】（1）便于确定像的位置；不能
（2）发散；近视眼
（3）
（4）近视眼；靠近
（5）虚
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）①玻璃板是半透明的，不但可以成像，还可通过它看到后面的蜡烛，则选择玻璃板代替平面镜便于确定像的位置。
②因为平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，无法在光屏上呈现，所以在玻璃板与蜡烛的像之间放一块白色光屏，不能看到像。
（2）①根据乙图可知，该透镜中间薄、边缘厚，所以是凹透镜，对光线有发散作用。
②近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，则需要使光线发散才行，则需戴凹透镜矫正。
（3）投影仪工作时，成倒立放大的实像，此时。凸透镜的焦距，所以投影片到凸透镜的距离范围应为。
（4）焦距为10.0cm的凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，此时焦距变短，会聚能力变强，成像在视网膜前，此现象与近视眼的成因相似。由于此时光线会聚，像距变短，则可将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
（5）由题意知，对于焦距为8.0cm的凸透镜B，由于物距u=50cm-10cm=40cm>2f=16cm。
根据成像规律，此时成倒立、缩小的实像，像距f【分析】 （1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
虚像不能成在光屏上；
（2）凹透镜对光线有发散作用，可用于矫正凹透镜；
（3）投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距2f＞u＞f，像距v＞2f；
（4）凸透镜焦距越短，会聚光的能力越强；
（5）当u＞2f时，成倒立缩小的实像。
（1）[1]玻璃板可以透光，也可以成像，选择玻璃板代替平面镜便于确定像的位置。
[2]在玻璃板与蜡烛的像之间平行于玻璃板放一块不透明的白色光屏，不能看到像。因为平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，无法在光屏上呈现。
（2）[1]由图乙可知，该透镜中间薄、边缘厚，所以是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
[2]近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正。
（3）对于投影仪工作时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，即，已知凸透镜的焦距，所以投影片到凸透镜的距离范围应为。
（4）[1][2]小明将焦距为10.0cm的凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，相当于晶状体变凸，会聚能力变强，此现象与近视眼的成因相似，因为近视眼是晶状体太厚，对光线的会聚能力太强，像成在视网膜前方；由于会聚能力变强，像提前会聚了，为了使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
（5）由题意知，对于焦距为8.0cm的凸透镜B，由于物距
u=50cm-10cm=40cm>2f=16cm
根据成像规律，此时成倒立、缩小的实像，像距f19．（2024·日照）小明在电学学习中，对电学的神奇和电能对人类生产生活产生的巨大影响深感敬畏，他通过下列实验对电学知识进行了进一步的探究。实验一：如图甲所示，在“探究电流与电阻关系”的实验时选用了如下器材：电压恒为6V的电源，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）在检查电路时，他发现有一根导线连接错误，请你在答题卡的甲图中将连接错误的那条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确 ；
（2）要完成该实验，滑动变阻器应该选用以下哪种规格：______（填下列选项前的字母）；
A．20Ω，0.5A B．40Ω，0.2A C．50Ω，1A
（3）改正电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑至最 （选填“左”或“右”）端。闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，可能是定值电阻发生 （填“断路”或“短路”）；
（4）更换正常电阻后，A、B两同学根据各自的实验数据作出了如图乙所示的图像，分析图像，你认为 （选填“A”或“B”）同学的实验操作是错误的，他操作中的问题是： ；
（5）改正错误后，他们都正确完成了实验，并记录相关数据，描绘出合理的图像，据此得出结论：在电压一定时， ；
（6）实验二：为了探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关，设计了如图所示的实验装置（电源、开关未画出）。图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，探究 对产生热量多少的影响；图丁是控制导体电阻和通电时间相同，探究 对产生热量多少的影响。这两套装置进行实验的过程中都采用的研究方法是 。
【答案】（1）
（2）C
（3）左；断路
（4）A；没有控制定值电阻两端的电压一定
（5）通过电阻的电流与导体的电阻成反比
（6）电阻；电流；控制变量法
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电流的热效应
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，电压表要与定值电阻并联。根据甲图可知，此时电压表测变阻器和定值电阻的总电压。此时可以将定值电阻与变阻器相连的导线从变阻器上拆下，改接在变阻器左上角的接线柱上，如下图所示：
（2）根据电压表的量程可知，其能测量的最大的电压为3V，
即定值电阻两端的最大电压为3V，
由于电源电压为6V，则滑动变阻器分得的最小电压为3V，定值电阻的最大阻值为25Ω，
根据串联电路的电压与电阻的规律得到：，
即；
解得：滑动变阻器最小阻值为R变=25Ω，
故选C。
（3）①为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大的最左端。
②闭合开关，发现电流表无示数，这说明电路断路，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，说明定值电阻发生断路。
（4）根据图片可知，A同学所绘制的图像可得电压为：
；
；
可知实验过程中，定值电阻两端的电压发生了变化，
探究“电流与电阻关系”的实验，实验过程中应控制定值电阻两端的电压一定，
则A同学的操作错误，问题是：没有控制定值电阻两端的电压一定。
（5）根据图像，据此得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（6）①根据题意可知，图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，导体的电阻不同，所以探究导体电阻对产生热量多少的影响。
②图丁中，左边的电阻在干路上电流大，右边的电阻在支路上电流小，则是控制导体电阻和通电时间相同，通过导体电阻的电流不同，所以探究电流对产生热量的影响。
③探究电流与电阻的关系时，保证了定值电阻两端的电压是一定的，而探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关时，当探究电流与导体产生的热量的关系，保证了导体的电阻和通电时间相同，当探究电阻与导体产生的热量的关系，保证了导体的电流和通电时间相同，所以这两套装置进行实验的过程中都保证其它因素相同，所以都采用的研究方法是控制变量法。
【分析】 （1）根据电路连接和电表使用分析回答；
（2）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；
（3）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处；
闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数较大；说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（4）探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，根据图乙利用欧姆定律分析解答；
（5）根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（6）①探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；
②探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；
③根据控制变量法分析回答。
（1）由于电压表测定值电阻的电压，则可知电路连接正确如下图所示：
（2）由于电压表的小量程接入电路中，其能测量的最大的电压为3V，而电路中定值阻值的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，则电路的最大电流为
由于电源电压为6V，则滑动变阻器分得的最小电压为3V，定值电阻的最大阻值为25Ω，根据串联电路的电压与电阻的规律可知，滑动变阻器最小阻值为25Ω，综上所述，为了要完成该实验，滑动变阻器应选50Ω，1A，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（3）[1]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大，即应将滑动变阻器的滑片滑至最左端。
[2]闭合开关，发现电流表无示数，这说明电路断路，电压表示数较大；移动滑动变阻器的滑片，两表的示数无变化，说明定值电阻发生断路。
（4）[1][2]探究“电流与电阻关系”的实验，实验过程中应控制定值电阻两端的电压一定，而A同学所绘制的图像可得电压为
可知实验过程中，定值电阻两端的电压发生了变化，没有控制定值电阻两端的电压一定。
（5）根据图像，据此得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（6）[1]图丙是控制通过导体的电流和通电时间相同，导体的电阻不同，所以探究导体电阻对产生热量多少的影响。
[2]图丁是控制导体电阻和通电时间相同，通过导体电阻的电流不同，所以探究电流对产生热量的影响。
[3]探究电流与电阻的关系时，保证了定值电阻两端的电压是一定的，而探究电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关时，当探究电流与导体产生的热量的关系，保证了导体的电阻和通电时间相同，当探究电阻与导体产生的热量的关系，保证了导体的电流和通电时间相同，所以这两套装置进行实验的过程中都保证其它因素相同，所以都采用的研究方法是控制变量法。
20．（2024·日照）港口装载货物时，经常通过斜面将货物拉到甲板上。如图甲所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，体重为800N的工人用300N竖直向下的拉力将重500N的货物从斜面底端拉到顶端。货物沿着斜面运动的速度随时间变化的图像如图乙所示，工人的鞋底与地面的总接触面积约为，不计滑轮的摩擦和绳子的重力。求：
（1）拉动货物时工人对地面的压强；
（2）货物在0～10s内运动的平均速度；
（3）货物运动时受到的摩擦力大小。
【答案】（1）解：地面对工人的支持力为；
工人对地面的压力为；
工人对地面的压强为；
答：工人对地面的压强为1×104Pa。
（2）解：根据图乙可知，货物0-5s内速度为1.4m/s，则通过的路程为；
货物5-10s内的速度为1m/s，则通过的路程为；
货物0-10s运动的路程为；
则货物0-10s运动的平均速度为。
答：货物0-10s运动的平均速度为12m/s。
（3）解：工人所做的有用功为；
工人所做的总功为；
货物运动时受到的摩擦力为。
答：货物运动时受到的摩擦力为50N。
【知识点】速度公式及其应用；力的合成与应用；压强的大小及其计算；有用功和额外功
【解析】【分析】 （1）工人对地面的压力等于人的重力和拉力之差，根据得到工人对水平地面的压强；（2）根据图乙得出0～5s和5～10s的速度，利用s=vt计算出每个阶段的路程即可得出货物在0～10s内运动的路程，再根据求出货物在0～10s内运动的平均速度；
（3）根据在直角三角形中30°的角所对的直角边等于斜边的一半得出物体在0～10s内上升的高度，定滑轮不省力，绳对物体的拉力与人的拉力大小相等，由W有=Gh求出有用功，由W总=Fs求出总功，总功和有用功之差等于额外功，根据W额=fs求出摩擦力。
（1）根据题意可知，地面对工人的支持力为
地面对工人的支持力和工人对地面的压力为相互作用力，大小相等，工人对地面的压力为
工人对地面的压强为
（2）根据图乙可知，货物0-5s通过的路程为
货物5-10s通过的路程为
货物0-10s运动的路程为
则货物0-10s运动的平均速度为
（3）根据题意可知，工人所做的有用功为
工人所做的总功为
货物运动时受到的摩擦力为
21．（2024·日照）为了研究家用电器对电路的影响，物理老师带领同学们进行了探究。
（1）老师带来一个标有“220V5.5A”的电热水壶，在壶中装入1.5L水，初始温度为27℃。仅将电热水壶接入图甲所示的电能表所在的电路，加热7.5min，电能表的转盘转过了250r；
①电热水壶消耗的电能是多少
②消耗的电能中有70%的能量被水吸收，则水的温度变为多少？[，]
③若电热水壶的电阻始终保持不变，则该过程中电热水壶工作的实际电压是多少？
（2）为了研究家用电器电压偏低的原因，老师指导同学们设计了如图乙所示的电路进行模拟实验：、、相当于家用电器电饭煲、电暖器、电烙铁；由于实际中输电线较长，电阻不可忽略，相当于输电线的电阻。依次闭合S和、、，描绘出两电压表、的示数、随电流表A的示数I变化的规律，如图丙所示。则随着接入电路的家用电器增加，输电线电阻上的电压怎么变化？
【答案】（1）解：①根据甲图2000r/kW·h可知，电能表转动2000圈消耗1kW·h，
则电热水壶消耗的电能为；
②水吸收的热量为；
水的质量为；
则水升高的温度为；
则水的温度变为；
③电热水壶的电阻为；
该过程中电热水壶工作的实际功率为；
根据得到：，
解得：。
（2）电压变大。
【知识点】比热容；串联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】（2）根据乙图可知，、、并联部分和串联，电压表测电源电压，电压表测、、并联部分的电压。由丙图可知，随着接入电路的家用电器增加，电流表A的示数I变大，根据U=IR可知，输电线电阻上的电压变大。
【分析】（1）①根据计算电热水壶消耗的电能；
②根据计算水吸收的热量，根据计算水的质量，根据计算水的温度，最后根据计算水的温度。
③根据计算电热水壶的电阻，根据计算电热水壶的实际效率，最后根据计算实际电压。
（2）在并联电路中，用电器越多，则干路电流越大，根据U=IR分析导线分担电压的变化即可。
（1）电热水壶消耗的电能为
水吸收的热量为
水的质量为
则水升高的温度为
则水的温度变为
电热水壶的电阻为
该过程中电热水壶工作的实际功率为
根据，实际电压为
（2）分析乙图可知，、、并联部分和串联，电压表测电源电压，电压表测、、并联部分的电压。由丙图可知，随着接入电路的家用电器增加，电流表A的示数I变大，电压表示数不变，电压表示数变小，根据串联分压规律可知输电线电阻上的电压变大。
1 / 1
