江苏省扬州市2025年中考物理试题
1．（2025·扬州）“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
2．（2025·扬州）《江苏省推动氢能产业高质量发展行动方案(2025—2030年)》明确重点发展可再生能源制氢.下列属于可再生能源的是
A．风能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
3．（2025·扬州）关于热现象，下列说法正确的是
A．春天，草叶上出现露珠，是凝华现象
B．夏天，打开冰箱门有“白气”产生，是升华现象
C．秋天，出现大雾，是液化现象
D．冬天，走进温暖的室内眼镜片变模糊，是汽化现象
4．（2025·扬州）如图是单缸四冲程汽油机工作循环中的一个冲程，它是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
5．（2025·扬州）2025年5月29日，“天问二号”探测器发射成功，开启小行星探测与采样返回之旅.下列说法正确的是
A．“天问二号”发射时加速上升，其动能不变
B．“天问二号”利用电磁波与地球传输信息
C．太阳能电池将光能全部转化为内能
D．到达地球后，样品质量变大
6．（2025·扬州）今年1--5月份，扬州地区降雨偏少，固定在河床上的水位尺显示水位较去年同期低.如图，水位尺上 P 点较去年同期
A．深度不变 B．深度变大 C．压强变小 D．压强不变
7．（2025·扬州）如图，铅笔斜插在水中，看见水中的铅笔向上弯折，解释这一现象的光路是
A． B．
C． D．
8．（2025·扬州）如图，工人用动滑轮提升重物，下列说法正确的是
A．克服动滑轮重力做的功是有用功
B．重物与人手移动的距离相等
C．重物与人手移动的速度相等
D．增加重物，动滑轮的机械效率变大
9．（2025·扬州）为防止“天降冰凌”产生危害，将除冰环从桥梁斜拉索上端由静止释放，除去斜拉索上的积冰.除冰环在下滑过程中
A．只受重力作用 B．速度始终不变
C．一直处于平衡状态 D．机械能不断减小
10．（2025·扬州）对《宇宙探秘》相关内容进行梳理，图中①、②位置内容填写正确的是
A．宇宙大爆炸、中国天眼 B．星系远离我们、中国天眼
C．宇宙大爆炸、开普勒望远镜 D．星系远离我们、开普勒望远镜
11．（2025·扬州）观察电动自行车发现：捏紧左边或右边的刹车把手，车尾的同一盏刹车指示灯就会亮起；拨动向左或向右的转向灯开关，车尾对应一侧的转向指示灯就会亮起.车尾指示灯电路原理图合理的是
A． B．
C． D．
12．（2025·扬州）如图，电源电压U可调、R1是阻值为5Ω的定值电阻，R2为敏感元件，其阻值随电流增大而减小.电源电压从零增大，电路中电流逐渐增大.当电流为0.3A时，R2两端电压为1.5 V. R1的功率为P1，R2的功率为 P2.则
A．U=J、5 V时，P1可能等于P2 B．U =2.5 V时，P1一定小于P
C．U=3.5 V时，P1一定等于P D．U=4.5 V时，P1一定小于P2
13．（2025·扬州）如图，小朋友沿塑料滑梯滑下，长发竖起散开，这是 现象，头发散开的原因是 ；同时由于摩擦生热，臀部发烫，这是通过 方式改变物体内能
14．（2025·扬州）在研究电磁感应现象活动中。
（1）摇动发电机模型的手柄，灯泡发光，是因为线圈在 中转动，产生感应电流，把 能转化为电能.
（2）如图，导体AB 静止，闭合开关，灵敏电流计指针 ；再让导体AB 水平向右运动，灵敏电流计指针 .(选填“偏转”或“不偏转”)
15．（2025·扬州）用乒乓球做小实验.
（1）如图1，乒乓球接触到正在发声的音叉时，会被弹起，说明发声体在 .乒乓球在该实验中所起的作用是 .
（2）如图2，用吸管吹气，两乒乓球向中间靠拢，这是因为两球中间气体流速大，气体压强 .
16．（2025·扬州）如图是《天工开物》记载的我国古人磨面的场景.水从高处流下来， 能转化为 能，冲击水轮机带动石磨转动.石磨接触面粗糙，是为了增大 .
17．（2025·扬州）如图，测电笔的氖管发光，所测孔连接的是 线.多个用电器同时插入插线板都能独立工作，各用电器是 联的.断开插线板上的开关，所有插孔都不能供电，表明开关连接在 路上.三孔插座中间的插孔接地，将用电器的 与大地相连，目的是防止触电.
18．（2025·扬州）如图是兄弟二人抬水的场景.扁担相当于杠杆，若以哥哥的肩为支点，弟弟对扁担的作用力是动力，哥哥将水桶悬挂点向自己移动一段距离，动力臂 ，阻力臂 ，弟弟对扁担的作用力 .(填变化情况)
19．（2025·扬州）某款人形机器人参加半程马拉松比赛，安装在腹部的摄像头相当于一个 .透镜，远处的物体成倒立、 的实像.该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是磁场对 有力的作用.以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人是 的.机器人跑完21km路程用时约为2 h40 min，平均速度约为 km/h.(计算结果保留整数)
20．（2025·扬州）现收藏于扬州市博物馆的东汉铜卡尺如图1.小明观察后仿制了一把卡尺，活动长爪滑动到最左侧时，其 端与刻度尺“0”刻线对齐.如图2，用此卡尺测量透明胶带卷的外径和厚度，测得外径为 cm，内径为 cm.
21．（2025·扬州）按照题目要求作图.
（1）如图1，苹果静止在水平桌面上，作出苹果的受力示意图.
（2）如图2，根据小磁针静止时N极的指向，标出A 处的磁感线方向和电源正、负极.
（3）如图3，卫生间吸顶灯从A 点发出的一束光射向平面镜上的O点，画出入射光线和反射光线.
22．（2025·扬州）某无人快递配送车轮胎与水平地面接触的总面积为500 cm2.对地面的压强为1×105Pa，在大小为400 N的牵引力作用下匀速行驶，g 取10 N/ kg.求：
（1）配送车所受阻力 f 的大小；
（2）配送车与货物的总质量m.
23．（2025·扬州）某电水壶内部电路简化后如图.当开关S1、S2都闭合，电水壶处于加热状态.水烧开后温控开关S2 自动断开，电水壶处于保温状态.已知电阻R1为22Ω，保温时通过 R 的电流为0.2 A，c=4.2×103J/(kg·℃).求：
（1）将质量为1kg、初温为20℃的水加热至70℃，水吸收的热量Q；
（2）电水壶处于加热状态时的电功率 P；
（3）电水壶处于保温状态时，1min消耗的电能W.
24．（2025·扬州）小华和小明做“探究平面镜成像的特点”实验.
（1）实验应选用 (选填“薄”或“厚”)茶色玻璃板，并准备两个相同的棋子A、B.
（2）小华在玻璃板前放置棋子A，再将棋子B放到玻璃板后，调整棋子B的位置，使它与棋子A 所成的像重合，说明像与物大小 ，在方格纸上标记棋子A、B的位置A、B1.
（3）小明将棋子B放在 B1 位置，调整棋子A 的位置，使它与棋子B所成的像重合，在方格纸上标记棋子A的位置A2.如图，A2与A.不重合的具体原因是 .
25．（2025·扬州）用电压表和电流表测量定值电阻. R的阻值.
（1）如图1，请用笔画线代替导线将电路连接完整 .
（2）正确连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表示数始终为零、电流表示数有变化，则故障是 .(写出一种可能的情况)
（3）排除故障，闭合开关前，小明观察到电流表示数为0.04 A，由于没有螺丝刀，无法调零.继续实验，电流表示数为0.28 A时，电压表示数如图2，读数为 V，电阻R 的阻值为 Ω.多次测量后，为了画出通过电阻R 的电流随它两端电压变化的图像，应注意什么 .
（4）小明画出了如图3的图像.发现图线与纵轴交点的纵坐标为0.04 A，此数值恰与电流表未调零时的示数相同，他认为这是一种巧合.他的观点是否正确 ，请说明理由： .
26．（2025·扬州）学习小组利用电子秤、注射器做“测量液体密度”实验.
电子秤置于水平桌面上，将量程为10 ml的空注射器放在秤盘上，按“清零”键，数码显示屏显示“0.0”，再放上质量为 100g的标准砝码，数码显示屏显示“100.0”，可认为电子秤只测量了砝码的质量.
（1）撤掉砝码，若用注射器吸取10 ml水，放在秤盘上，数码显示屏应显示“ ”.
（2）将此电子秤和注射器改装成准确度高的电子密度计.如图，在数码显示屏右侧贴一张标签纸，请完成密度计的读数面板设计.
（3）请完善操作说明书。
电子密度计操作说明书 1.将电子秤放置于平稳无风的水平台面上，按电源键开机； 2. ，按“清零”键； 3. ； 4.将注射器放在秤盘上，待示数稳定后，读数； 、开机状态下按电源键关机。
27．（2025·扬州）小明发现冰块在不同饮料中熔化快慢不同，决定探究影响冰块熔化快慢的因素.
（1）相同的0℃的冰块在某液体中熔化得快，说明相同时间内，冰块在该液体中吸收的热量 (选填“多”或“少”).
（2）若将两个相同的0℃的冰块分别放入水和浓盐水中，所受浮力分别为F 、F盐水，与液体接触面积分别为S水、S盐水，则 F水 F盐水，S水 S块水.
（3）为探究冰块熔化快慢与接触面积的关系，下列两个方案，应选用方案 .
方案一：如图1、2，取两个相同的0℃的冰块，一块直接放入水中，另一块竖切成4 小块放入相同的水中，记录冰块完全熔化的时间分别为t1、t2.
方案二：如图3.4，在装满相同温度的水和浓盐水的玻璃杯中，分别放入相同的0℃的冰块，盖上杯盖使冰块保持浸没，记录冰块完全熔化的时间分别为t3、t4.
（4）①采用方案一进行实验，发现 ，得出的结论是 .
②采用方案二进行实验，发现 ，得出的结论是 .
（5）在用方案二进行实验前，小明根据“向积雪的公路上撒盐，盐能尽快地融雪”，预测冰块在浓盐水中熔化得更快.他的推理是否正确 ，请说明理由： .
28．（2025·扬州）阅读短文，回答问题.
2025 年5 月，我国首批五座9000 吨级气膜粮仓充气成型，标志着中国第四代新型粮仓正式进入实践应用阶段.
每座气膜粮仓直径为 24 m、高度达33 m.结构如右图所示，外层为 PVDF 材料的白色膜材层，反射太阳光且防水；中间层为聚氨酯材料层，导热系数远低于混凝土建材；内层为钢筋混凝土层，起主要支撑作用.气膜粮仓相当于给传统粮仓“穿上了一件雨衣和一件羽绒服”，其储存粮食的气密性和保温性都大幅提升.投入使用后，气膜粮仓集成氮气气调技术，将高纯度的氮气注入粮堆内部.均匀分布的传感器实时获取粮食温度、湿度等信息.
气膜粮仓就像白色安全卫士，守护着粮食安全.
（1）聚氨酯材料具有优良的 .(填材料属性)
（2）为减少粮食因变质产生损失，在气膜粮仓中采取的措施是 .(写出一条即可)
（3）9000 t粮食可以提供____万人一天的口粮.
A．2.3 B．23 C．230 D．2300
（4）工程上，常用测量“压强差半衰期”的方法来检测粮仓的气密性.
原理 操作
用风机将空气吹入粮仓内，使粮仓内外达到一定的压强差、停机后，由于漏气，粮仓内外的压强差逐渐减小.根据压强差衰减到一定程度的时间，判断气密性的好坏. 测量人员仔细观察压强差的变化，当压强差下降到500 Pa时，用秒表开始计时，当压强差下降到 250 Pa时，停止计时，秒表的示数即为本次测定的“压强差半衰期”.
①检测现场，某风机功率是 11 kW，送风量约为36000 m3/h，则该风机正常工作 1m in消耗的电能为 J，吹进粮仓的空气质量约为 kg，空气密度约为1.3kg/m3.
②粮仓内外压强差随时间变化的图像如图，本次测定的压强差半衰期约为 s.
③对照国家公布的《粮仓气密性分级表》，该气膜粮仓气密性达到 级.
级别 压强差半衰期t(min)
I 1=8
Ⅱ 5≤t<8
Ⅲ 3≤t<5
Ⅳ 1≤t<3
V l<1
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音色
【解析】【解答】诗句：不敢高声语，指不能大声说话，描述声音的大小， 是声音的响度，音调指声音的高低不同，和发声体振动的频率有关，音色是声音的特色，与发声体的材料有关，B符合题意，ACD丙符合题意。
故选B。
【分析】声音的大小指响度，声音的高低指音调，声音的特色是音色。
2．【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】风能在短时间内可以从自然界得到补充的能源，是可再生能源；石油、天然气、核燃料不能在短时间内得到补充，是不可再生能源，A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】可再生能源可以短时间从自然界得到补充，如：风能、水能、太阳能等；短时间不能得到补充的能源，是不可再生能源，如石油、煤炭、天然气、核能等。
3．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】AC、露、雾，是空气中的水蒸气遇冷变为液态的小水滴，是液化现象，A错误，C正确；
B、打开冰箱门有“白气”产生，是空气中的水蒸气遇冷，形成的小水滴，是液化现象，B错误；
D、从室外走进温暖的室内，室内温度高的水蒸气遇到冷的眼镜，在眼镜上液化成小水滴，使眼镜片变模糊，D错误。
故选C。
【分析】水蒸气遇冷变为液态，是液化现象，液化放热。
4．【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】根据图像，单缸四冲程汽油机的气门都关闭，活塞向上运行，压缩气缸内的气体，是汽油机的压缩冲程，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据汽油机的气门闭合时，活塞向上运行，是压缩冲程；汽油机的气门都关闭，活塞向下运行，是汽油机的做功冲程。
5．【答案】B
【知识点】质量及其特性；动能的影响因素；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、天问二号发射时加速上升，质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，且可以传递信息，天问二号通过电磁波与地球传递信息，故B正确；
C、太阳能电池发电时，消耗太阳能，得到电能，将光能转化为电能，故C错误；
D、质量是物体含有物质的多少，和空间位置无关，样品到达地球后，质量不变，故D错误。
故选B。
【分析】物体的动能和质量、速度有关；重力势能和质量、高度有关；电磁波可以在真空中传播；太阳能电池将太阳能转化为电能；质量是物体的属性，和空间位置无关。
6．【答案】C
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】AB、由于降雨少，水位尺显示水位低，则P点在水中的深度较小，故AB不符合题意；
CD、根据p=ρgh，水的密度一定，P点深度较小，则受到的液体压强小，C符合题意，D不符合题意。
故选C。
【分析】降水少，水位尺在水中的深度小；根据p=ρgh，水的深度越小，压强小。
7．【答案】D
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】图中，铅笔斜放入水中，水中的铅笔反射的光线从水中进入空气中，由于光线经过不同介质，发生折射，且空气中的折射光线远离法线，折射角大于入射角，人眼逆着折射光线看去，看到的铅笔向上弯折，D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】光线从水中斜射入空气中，光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
8．【答案】D
【知识点】动滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A、图中，是动滑轮，提升重物时，对物体做的功是有用功，故A错误；
BC、动滑轮上绳子股数n=2，根据s=nh，人手移动的距离是重物移动距离的2倍，根据，人手和物体移动的时间相等，则人手移动的速度是物体移动速度的2倍，故BC错误；
D、根据，增加重物G，则比值减小，减小，则动滑轮的机械效率变大，D正确。
故选D。
【分析】使用动滑轮时，可以省力，但费距离，绳子移动的距离是物体移动距离的2倍，绳子的速度是物体速度的2倍；动滑轮一定时，物体重力越大， 机械效率越大。
9．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、除冰环从斜拉索上端由静止下滑时，受到重力的作用，还受到冰的摩擦力、索绳的支持力的作用，故A错误；
BC、 除冰环在下滑时，速度逐渐变大，运动状态在改变，处于非平衡状态，故BC错误；
D、除冰环在下降时，克服摩擦力做功，消耗了机械能，总机械能不断减小，D正确。
故选D。
【分析】除冰环在索绳上下滑时，受到重力、摩擦力、支持力的作用；物体运动速度改变时，是非平衡状态；运动的物体克服摩擦力，消耗机械能，机械能减小。
10．【答案】A
【知识点】宇宙；科学家及其贡献
【解析】【解答】现代宇宙观主要基于宇宙大爆炸理论，是目前被广泛接受的解释宇宙起源的理论，而星系远离我们是宇宙大爆炸理论的一个观测证据，不是完整的理论，①处为宇宙大爆炸；
中国天眼是目前世界上最大单口径、最灵敏的射电望远镜，在宇宙探索方面发挥着重要作用，开普勒望远镜主要用于发现系外行星，不如中国天眼在现代宇宙观中的地位重要，②处为中国天眼，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】宇宙大爆炸是现代宇宙观中的基本理论，中国天眼在探索宇宙中有至关重要的作用。
11．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据实际现象，捏紧左边或右边的刹车把手，即闭合左边或右边的开关，刹车灯发光，两开关分别控制同一盏刹车灯，两个开关互不影响，是并联的；闭合向左或向右的转向灯开关，车尾对应的转向指示灯亮起，即各转向灯可以独立发光，是并联的，各开关只控制一个转向灯，和所控制的转向灯串联，刹车灯和转向灯互不影响，是并联的，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】多个开关能分别控制用电器，在开关是并联的； 各用电器工作互不影响，是并联电路；支路开关控制本支路的用电器。
12．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图，电阻串联，通过两电阻的电流相等，根据R2的分压和电流，计算R2的电阻为：，此时R2的电阻等于R1的电阻；此时电阻R1分压为：U1=IR1=0.3A×5Ω=1.5V，则电源电压：U=1.5V+1.5V=3V；
AB、当电源电压小于3V时，电路中的电流小于0.3A，电阻R2的阻值将大于R1，即R2>R1，根据P=I2R，两电阻串联，电流相等，R1和R2的功率为P1
CD、当电源电压大于3V，电路中的电流大于0.3A，R2的电阻减小，则R2P2；CD错误。
故选B。
【分析】利用电阻的电压和电流，根据，计算电阻；根据U=IR，计算电阻的分压，结合串联电路电压规律，计算总电压；根据实际的电源电压和3V的电源电压比较，判断电流的大小变化，推出R2的电阻变化，再利用P=I2R，判断电功率的关系。
13．【答案】摩擦起电；同种电荷相互排斥；做功
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】小朋友滑滑梯时，人和滑梯相互摩擦，使电子发生转移，人体带电，是摩擦起电现象；由于头发带同种电荷，根据同种电荷相互排斥，头发会竖起散开；臀部和滑梯摩擦而发烫，将机械能转化为内能，是做功改变内能。故第1空填：摩擦起电；第2空填：同种电荷相互排斥；第3空填：做功。
【分析】不同物体间相互摩擦，实现电子转移，是摩擦起电现象；电荷间同种电荷相互排斥；物体间摩擦产生热量，是做功改变内能。
14．【答案】（1）磁场；机械能
（2）不偏转；偏转
【知识点】探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】探究电磁感应现象时，
（1）在摇动发电机模型的手柄时，发电机的线圈在磁场中转动，使线圈切割磁感线，电路中产生感应电流，实现把机械能能转化为电能，产生的电能为灯泡提供能量，使灯泡发光；故第1空填：磁场；第2空填：机械能；
（2）闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象；图中，导体AB连接在灵敏电流计上，导线AB处于静止状态，闭合开关，灵敏电流计指针不偏转；当导体AB水平向右运动，导线能切割磁感线，导体中有电流产生，灵敏电流计指针偏转。故第1空填：不偏转；第2空填：偏转。
【分析】（1）导体在磁场中转动时，能切割磁感线，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能；
（2）当导体切割磁感线时，电路中有电流产生，灵敏电流计指针偏转，导体不能切割磁感线，电路中不能产生感应电流。
15．【答案】（1）振动；将微小的振动放大，便于观察
（2）小
【知识点】流体压强与流速的关系；声音的产生
【解析】【解答】（1）图1中，音叉正在发声，乒乓球与之接触时，会被反复弹起，乒乓球受到音叉的力，反映音叉在振动，可知发声体在振动；实验中，乒乓球被弹起，可以将音叉微小的振动放大，便于观察；故第1空填：振动；第2空填：将微小的振动放大；
（2）图2中，用吸管在乒乓球中间吹气，乒乓球中间的空气流速大，压强小，两侧流速小，压强大，两乒乓球在外侧压强差的作用下向中间靠拢。故第1空填：小。
【分析】（1）发声体在振动，能将与之接触的乒乓球弹开；乒乓球被弹开，将微小的振动放大；
（2）流体在流速大的位置压强小；流速小的位置压强大。
16．【答案】重力势；动；摩擦力
【知识点】动能和势能的大小变化；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】水从高处流下，冲击水轮机带动石磨转动，水的高度减小，重力势能变小，石磨转动，动能变大，将水的重力势能能转化为石磨的动能；石磨接触面粗糙，在压力一定时，可增大摩擦力。故第1空填：重力势；第2空填：动；第3空填：摩擦力。
【分析】质量一定时，高度减小，重力势能减小，石磨被推动，动能变大；压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大。
17．【答案】火；并；干；金属外壳
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；插座的构造与工作方式
【解析】【解答】家庭电路中，火线使测电笔的氖管发光，当测电笔的氖管发光时，则接触的插孔是火线；
多个用电器插入插线板，用电器工作时能独立工作，互不影响，各用电器是并联的；
当断开插线板上的开关，各插孔都不能供电，则电路是断开的，可知开关连接在干路上，控制所有用电器；
有金属外壳的用电器，使用三孔插座让金属外壳与大地相连，防止金属外壳带电发生触电事故。故第1空填：火；第2空填：并；第3空填：干；第4空填：金属外壳。
【分析】使用测电笔时，火线使测电笔的氖管发光；家庭电路中，各用电器是并联的；并联电路中，干路开关控制所有用电器；有金属外壳的用电器，金属外壳要接地。
18．【答案】不变；变小；变小
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】用扁担抬水时，以哥哥的肩为支点，水桶对扁担的拉力为阻力，弟弟对扁担的力为动力，若将水桶悬挂点向哥哥移动一段距离，哥哥到弟弟的距离不变，即支点到动力的距离不变，则动力臂不变；
水桶到哥哥的距离减小，则阻力臂变小；
根据杠杆的平衡条件，可得：F1L1=G水L2，由于动力臂L1、阻力G不变，当阻力臂L2减小，则动力F1变小，弟弟对扁担的作用力变小。故第1空填：不变；第2空填：变小；第3空填：变小。
【分析】阻力方向一定，阻力作用点到支点的距离靠近，阻力臂减小；根据杠杆的平衡条件，在动力臂、阻力一定时，阻力臂减小，则动力减小。
19．【答案】凸；缩小；电流；静止；8
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜；速度公式及其应用；参照物及其选择；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】机器人身体上安装有摄像机，其镜头相当于一个凸透镜，远处的物体在镜头的二倍焦距外，根据凸透镜磁性规律，此时成倒立、缩小的实像；
机器人内的电动机带动机器人跑步，电动机消耗电能，工作原理是磁场对电流有力的作用；
以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人相对于陪跑员没有位置变化，是静止的；
根据机器人的路程21km，用时约为，计算平均速度约为。故第1空填：凸；第2空填：缩小；第3空填：电流；第2空填：静止；第5空填：8。
【分析】摄像机的镜头是凸透镜，当物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立缩小的实像；电动机的工作原理是磁场对电流的作用；相对于参照物，没有位置变化，物体的静止的；根据，计算速度。
20．【答案】左；4.20；0.40
【知识点】长度及其测量
【解析】【解答】图中，使用卡尺测量长度时，根据活动长爪和主尺间的距离，为物体长度，对卡尺调零时，应使活动长爪的左侧对应零刻度线；
图2中，卡尺的分度值为0.1cm，透明胶带的外径为4.20cm；透明胶带的厚度为：0.40cm。故第1空填：左；第2空填：4.20；第3空填：0.40。
【分析】对卡尺调零时，使活动长爪的左侧对准零刻度线；根据长爪的左侧对应的位置，测量长度，读取数值时，要估读到分度值的下一位。
21．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）图1中，苹果在水平桌面静止，受到平衡力，苹果受到竖直向下的重力，受到竖直向上的支持力，作用点在重心，两个力在同一直线上，分别画出竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F，如图 ；
（2）图2中，小磁针的N极在左侧，则右侧是S极，根据磁极间相互作用，通电螺线管的左侧是N极，磁体的外部，磁场方向从N极指向S极，A点磁场方向指向右；根据安培定则，右手大拇指在通电螺线管的左侧，四指方向为电流方向，则电源的右侧是正极，左侧是负极，如图 ；
（3）图3中，光线从A点射向O点，连接AO为入射光线，过O作平面镜的垂线为法线，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，画出反射光线，如图。
【分析】（1）静止的苹果受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力，二力平衡时，力的大小相等；
（2）根据磁极间相互作用，判断通电螺线管的磁极位置，磁体外部的磁场方向从N极指向S极；根据安培定则判断通电螺线管的电流方向；
（3）光在反射时，反射角等于入射角。
22．【答案】（1）解：快递配送车在牵引力作用下，匀速直线行驶，受到平衡力的作用，牵引力和摩擦力是一对平衡力，则摩擦力：f=F牵=400N；
（2）解：已知快递配送车对地面的压强和受力面积，可以计算水平面受到的压力为：
F=pS=1×105Pa×500×10-4m2=5×103N， 水平面受到的压力等于物体的重力，则物体的总重力为：G=F=5×103N；配送车与货物的总质量为：。
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）物体匀速直线运动时，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等；
（2）根据F=pS，计算物体对地面的压力，结合水平面受到的压力等于重力，计算重力大小， 结合，计算质量。
23．【答案】（1）解：水吸收的热量为：
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(70℃-20℃)=2.1×105J
（2）解：当开关S1、S2闭合，电路中只接入R1，电水壶处于加热状态，则加热功率为：
（3）解：保温状态时，电路中的电流为0.2A，结合时间，计算消耗的电能为：
W=UIt=220V×0.2A×60s=2640J
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量的多少；
（2）当电路中接入电阻最小时，电功率最大，利用，计算电功率；
（3）根据W=UIt，计算电水壶保温时消耗的电能。
24．【答案】（1）薄
（2）相等
（3）平面镜不在原来的直线上，移动了位置
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】探究平面镜成像特点时，
（1）实验时，若用较厚的玻璃进行实验，玻璃的前后两个面都发生反射，会出现重影现象测量像距出现差距，所以，选用薄的茶色玻璃板，避免重影；
（2）实验时，在玻璃板前放置棋子A，再将棋子B放到玻璃板后，棋子A、B相同，由于棋子B能与棋子A的像重合，可知，像与物大小相等，并在方格纸上标记棋子A、B的位置；
（3）图中，将棋子B放在B1位置，调整棋子A的位置，与棋子B的像重合，而方格纸上标记棋子A的位置A2与A1位置不重合，平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，可能是平面镜向左移动了位置。
【分析】（1）探究平面镜成像规律时，选择薄玻璃，可以避免重影现象；
（2）实验时，玻璃板后面的棋子和前面棋子的像重合，可以探究像和物体大小相等；
（3）平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，实验时，平面镜的位置移动，不在原来的直线上，像的位置改变。
25．【答案】（1）
（2）电压表断路（或定值电阻短路）
（3）2.4；10；将电流表的示数减去0.04A
（4）不正确；若电路未接通，电压表示数为零，电路中无电流，而电流表示数为0.04A，正是未调零的指针示数
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量定值电阻R的阻值时，
（1）图1中，电源电压是2节电池，电源电压为3V，电压表选用0~3V量程，和电阻并联，如图：
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电路中的电阻发生变化，电流表示数有变化，则电路接通，电压表示数为零，可能没有接入电路中，则电压表断路了；
（3）根据图2，电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，结合指针位置， 示数为2.4V；实验前，电流表示数为0.04 A，当电流表示数为0.28A时，实际电流为0.28A-0.04A=0.24A，则电阻R的阻值为：；根据多次测量的数据，画出电阻R的电流-电压图像，应将电流表的示数减去0.04A，以得到电阻R的真实电流，再根据对应的电压值作出图像；
（4）图3中，图线与纵轴交点的纵坐标为0.04A，恰与电流表未调零时的示数相同，若电路未接通，电压表示数为零，电路中无电流，而电流表示数为0.04A，正是未调零的指针示数，是必然的，不是巧合，所以观点不正确。
【分析】（1）测量电阻的阻值时，电压表和电阻并联，根据电源电压，选择0~3V量程；
（2）在串联电路中，移动滑片，电流表示数变化，电压表无示数，可能电压表断路；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压，利用电流表示数和开始时的示数差，计算电流，根据，计算电阻；
（4）由于电流表未调零，所以当电压表示数为零时，电流表有示数。
26．【答案】（1）10.0
（2）
（3）将注射器放在电子秤上；用注射器吸取10mL待测液体
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】测量液体密度时，
（1）注射器内吸取水的体积为10mL=10cm3，则水的质量为：m=ρV=1g/cm3×10cm3=10g；由于电子秤显示数值精确到0.1，则显示屏显示值为：10.0；
（2）由于注射器单独在电子秤上时，示数清零，当吸取液体后，显示的示数为液体的质量，当取液体的体积为10cm3时，根据，可以测量液体的密度，则液体的密度值显示值为；
（3）使用电子密度计时，先将注射器放在电子秤上，并清零；再用注射器吸取10mL的液体，测量质量，根据电子密度计的示数，测量密度。
【分析】（1）根据水的体积，利用m=ρV，计算水的质量，根据电子秤的精确程度，判断示数大小；
（2）当注射器吸取的液体体积为10cm3，根据，计算密度，即密度值是测量的质量的十分之一；
（3）使用电子密度计时，先将注射器放在电子秤上，进行调零，再吸取10mL的液体测量质量，显示屏则显示密度大小。
27．【答案】（1）多
（2）=；>
（3）方案一
（4）冰块熔化的快慢和接触面积有关；冰块熔化的快慢和液体密度有关
（5）不正确；向雪地撒盐，降低了雪的熔点，而冰在盐水中熔化，需要吸热，盐水的温度不一定比冰的熔点高，盐水中的冰不一定熔化快
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；浮力大小的计算
【解析】【解答】探究影响冰块熔化快慢的因素时，
（1）冰熔化时，需要吸热，相同的冰放在不同液体中，熔化快慢不同，可知，在相同时间内，冰块熔化越快，则吸热越多；
（2）由于冰块相同，则重力相同，当冰在水中和盐水中漂浮时，根据二力平衡，受到的浮力等于冰的重力，则受到的浮力：F水=F盐水，根据F浮=ρ液gV排，盐水的密度比水的密度大，则排开盐水的体积比排开水的体积小，冰与盐水的接触面积比冰与水的接触面积小，则S水>S盐水；
（3）探究熔化快慢和接触面积的关系时，根据控制变量法，只改变接触面积，方案二中，冰块和液体的接触面积不同，但液体也不同，变量不唯一，方案一只改变了冰和水的接触面积，更合理；
（4）①利用方案一进行实验，当t2②方案二中，液体密度不同，熔化时间不同，可知，冰块的熔化快慢可能和液体密度有关；
（5）在雪地撒盐融雪，降低了雪的熔点，而冰在盐水中熔化，需要吸热，盐水的温度不一定比冰的熔点高，盐水中的冰不一定熔化快，可知预测冰块在浓盐水中熔化得更快是不正确的。
【分析】（1）固体熔化时，需要吸热，熔化越快，则吸收热量越多；
（2）相同的冰块重力相等，冰块漂浮时，受到的浮力等于重力，则在不同液体中漂浮，浮力相等；根据F浮=ρ液gV排，液体密度密度越大， 排开液体的体积越小，和液体的接触面积越小；
（3）探究冰熔化快慢和接触面积的关系，保持其他条件相同，只改变和液体的接触面积；
（4）在相同环境中，冰和液体的接触面积越大，熔化越快；在不同液体中，熔化快慢不同；
（5）雪地撒盐，可以降低雪的熔点，使雪更容易熔化，盐水的温度不一定高于冰的温度，盐水中的冰不一定熔化快。
28．【答案】（1）隔热性
（2）气膜粮仓中均匀分布的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息
（3）C
（4）6.6×105；780；3×103；Ⅱ
【知识点】物质的基本属性；密度公式及其应用；电功的计算；纳米材料及其应用
【解析】【解答】（1）根据材料内容：聚氨酯材料层，导热系数远低于混凝土建材，可知聚氨酯材料的隔热性强；
（2）气膜粮仓中均匀分布的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息，能及时获取粮食信息，守护粮食安全；
（3）通常情况下，每人每天的口粮越0.4kg，则9000t=9×106kg，可供人数为，接近230万人，C正确；
故选C；
（4）①根据风机功率P=11kW=1.1×104W，工作时间t=1min=60s，则消耗的电能W=Pt=1.1×104W×60s=6.6×105J；
根据送风量和时间，计算送风体积为，结合空气密度，计算吹进粮仓的空气质量为：m=ρV=1.3kg/m3×600m3=780kg；
②根据压强差的变化图像，压强差为500Pa到压强差为250Pa，对应的时间分别为1×102s和4×102s，则压强差半衰期为：4×102s-1×102s=300s；
③压强差半衰期为：300s=5min，根据《粮仓气密性分级表》，该气膜仓气密性达到Ⅱ级。
【分析】（1）根据材料内容，判断聚氨酯材料层的优点；
（2）气膜粮仓中的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息，能及时获取粮食信息；
（3）根据人日常消耗的粮食，结合粮食总质量，计算可供的人数；
（4）根据W=Pt，计算电动机消耗的电能；根据送风量和时间，计算送风体积，利用m=ρV，计算送风质量；结合图像，分析粮仓的半衰期时间，结合气密性等级表，判断粮仓的气密性等级。
1 / 1江苏省扬州市2025年中考物理试题
1．（2025·扬州）“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音色
【解析】【解答】诗句：不敢高声语，指不能大声说话，描述声音的大小， 是声音的响度，音调指声音的高低不同，和发声体振动的频率有关，音色是声音的特色，与发声体的材料有关，B符合题意，ACD丙符合题意。
故选B。
【分析】声音的大小指响度，声音的高低指音调，声音的特色是音色。
2．（2025·扬州）《江苏省推动氢能产业高质量发展行动方案(2025—2030年)》明确重点发展可再生能源制氢.下列属于可再生能源的是
A．风能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】风能在短时间内可以从自然界得到补充的能源，是可再生能源；石油、天然气、核燃料不能在短时间内得到补充，是不可再生能源，A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】可再生能源可以短时间从自然界得到补充，如：风能、水能、太阳能等；短时间不能得到补充的能源，是不可再生能源，如石油、煤炭、天然气、核能等。
3．（2025·扬州）关于热现象，下列说法正确的是
A．春天，草叶上出现露珠，是凝华现象
B．夏天，打开冰箱门有“白气”产生，是升华现象
C．秋天，出现大雾，是液化现象
D．冬天，走进温暖的室内眼镜片变模糊，是汽化现象
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】AC、露、雾，是空气中的水蒸气遇冷变为液态的小水滴，是液化现象，A错误，C正确；
B、打开冰箱门有“白气”产生，是空气中的水蒸气遇冷，形成的小水滴，是液化现象，B错误；
D、从室外走进温暖的室内，室内温度高的水蒸气遇到冷的眼镜，在眼镜上液化成小水滴，使眼镜片变模糊，D错误。
故选C。
【分析】水蒸气遇冷变为液态，是液化现象，液化放热。
4．（2025·扬州）如图是单缸四冲程汽油机工作循环中的一个冲程，它是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】根据图像，单缸四冲程汽油机的气门都关闭，活塞向上运行，压缩气缸内的气体，是汽油机的压缩冲程，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据汽油机的气门闭合时，活塞向上运行，是压缩冲程；汽油机的气门都关闭，活塞向下运行，是汽油机的做功冲程。
5．（2025·扬州）2025年5月29日，“天问二号”探测器发射成功，开启小行星探测与采样返回之旅.下列说法正确的是
A．“天问二号”发射时加速上升，其动能不变
B．“天问二号”利用电磁波与地球传输信息
C．太阳能电池将光能全部转化为内能
D．到达地球后，样品质量变大
【答案】B
【知识点】质量及其特性；动能的影响因素；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、天问二号发射时加速上升，质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，且可以传递信息，天问二号通过电磁波与地球传递信息，故B正确；
C、太阳能电池发电时，消耗太阳能，得到电能，将光能转化为电能，故C错误；
D、质量是物体含有物质的多少，和空间位置无关，样品到达地球后，质量不变，故D错误。
故选B。
【分析】物体的动能和质量、速度有关；重力势能和质量、高度有关；电磁波可以在真空中传播；太阳能电池将太阳能转化为电能；质量是物体的属性，和空间位置无关。
6．（2025·扬州）今年1--5月份，扬州地区降雨偏少，固定在河床上的水位尺显示水位较去年同期低.如图，水位尺上 P 点较去年同期
A．深度不变 B．深度变大 C．压强变小 D．压强不变
【答案】C
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】AB、由于降雨少，水位尺显示水位低，则P点在水中的深度较小，故AB不符合题意；
CD、根据p=ρgh，水的密度一定，P点深度较小，则受到的液体压强小，C符合题意，D不符合题意。
故选C。
【分析】降水少，水位尺在水中的深度小；根据p=ρgh，水的深度越小，压强小。
7．（2025·扬州）如图，铅笔斜插在水中，看见水中的铅笔向上弯折，解释这一现象的光路是
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】图中，铅笔斜放入水中，水中的铅笔反射的光线从水中进入空气中，由于光线经过不同介质，发生折射，且空气中的折射光线远离法线，折射角大于入射角，人眼逆着折射光线看去，看到的铅笔向上弯折，D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】光线从水中斜射入空气中，光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
8．（2025·扬州）如图，工人用动滑轮提升重物，下列说法正确的是
A．克服动滑轮重力做的功是有用功
B．重物与人手移动的距离相等
C．重物与人手移动的速度相等
D．增加重物，动滑轮的机械效率变大
【答案】D
【知识点】动滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A、图中，是动滑轮，提升重物时，对物体做的功是有用功，故A错误；
BC、动滑轮上绳子股数n=2，根据s=nh，人手移动的距离是重物移动距离的2倍，根据，人手和物体移动的时间相等，则人手移动的速度是物体移动速度的2倍，故BC错误；
D、根据，增加重物G，则比值减小，减小，则动滑轮的机械效率变大，D正确。
故选D。
【分析】使用动滑轮时，可以省力，但费距离，绳子移动的距离是物体移动距离的2倍，绳子的速度是物体速度的2倍；动滑轮一定时，物体重力越大， 机械效率越大。
9．（2025·扬州）为防止“天降冰凌”产生危害，将除冰环从桥梁斜拉索上端由静止释放，除去斜拉索上的积冰.除冰环在下滑过程中
A．只受重力作用 B．速度始终不变
C．一直处于平衡状态 D．机械能不断减小
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、除冰环从斜拉索上端由静止下滑时，受到重力的作用，还受到冰的摩擦力、索绳的支持力的作用，故A错误；
BC、 除冰环在下滑时，速度逐渐变大，运动状态在改变，处于非平衡状态，故BC错误；
D、除冰环在下降时，克服摩擦力做功，消耗了机械能，总机械能不断减小，D正确。
故选D。
【分析】除冰环在索绳上下滑时，受到重力、摩擦力、支持力的作用；物体运动速度改变时，是非平衡状态；运动的物体克服摩擦力，消耗机械能，机械能减小。
10．（2025·扬州）对《宇宙探秘》相关内容进行梳理，图中①、②位置内容填写正确的是
A．宇宙大爆炸、中国天眼 B．星系远离我们、中国天眼
C．宇宙大爆炸、开普勒望远镜 D．星系远离我们、开普勒望远镜
【答案】A
【知识点】宇宙；科学家及其贡献
【解析】【解答】现代宇宙观主要基于宇宙大爆炸理论，是目前被广泛接受的解释宇宙起源的理论，而星系远离我们是宇宙大爆炸理论的一个观测证据，不是完整的理论，①处为宇宙大爆炸；
中国天眼是目前世界上最大单口径、最灵敏的射电望远镜，在宇宙探索方面发挥着重要作用，开普勒望远镜主要用于发现系外行星，不如中国天眼在现代宇宙观中的地位重要，②处为中国天眼，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】宇宙大爆炸是现代宇宙观中的基本理论，中国天眼在探索宇宙中有至关重要的作用。
11．（2025·扬州）观察电动自行车发现：捏紧左边或右边的刹车把手，车尾的同一盏刹车指示灯就会亮起；拨动向左或向右的转向灯开关，车尾对应一侧的转向指示灯就会亮起.车尾指示灯电路原理图合理的是
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据实际现象，捏紧左边或右边的刹车把手，即闭合左边或右边的开关，刹车灯发光，两开关分别控制同一盏刹车灯，两个开关互不影响，是并联的；闭合向左或向右的转向灯开关，车尾对应的转向指示灯亮起，即各转向灯可以独立发光，是并联的，各开关只控制一个转向灯，和所控制的转向灯串联，刹车灯和转向灯互不影响，是并联的，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】多个开关能分别控制用电器，在开关是并联的； 各用电器工作互不影响，是并联电路；支路开关控制本支路的用电器。
12．（2025·扬州）如图，电源电压U可调、R1是阻值为5Ω的定值电阻，R2为敏感元件，其阻值随电流增大而减小.电源电压从零增大，电路中电流逐渐增大.当电流为0.3A时，R2两端电压为1.5 V. R1的功率为P1，R2的功率为 P2.则
A．U=J、5 V时，P1可能等于P2 B．U =2.5 V时，P1一定小于P
C．U=3.5 V时，P1一定等于P D．U=4.5 V时，P1一定小于P2
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图，电阻串联，通过两电阻的电流相等，根据R2的分压和电流，计算R2的电阻为：，此时R2的电阻等于R1的电阻；此时电阻R1分压为：U1=IR1=0.3A×5Ω=1.5V，则电源电压：U=1.5V+1.5V=3V；
AB、当电源电压小于3V时，电路中的电流小于0.3A，电阻R2的阻值将大于R1，即R2>R1，根据P=I2R，两电阻串联，电流相等，R1和R2的功率为P1CD、当电源电压大于3V，电路中的电流大于0.3A，R2的电阻减小，则R2P2；CD错误。
故选B。
【分析】利用电阻的电压和电流，根据，计算电阻；根据U=IR，计算电阻的分压，结合串联电路电压规律，计算总电压；根据实际的电源电压和3V的电源电压比较，判断电流的大小变化，推出R2的电阻变化，再利用P=I2R，判断电功率的关系。
13．（2025·扬州）如图，小朋友沿塑料滑梯滑下，长发竖起散开，这是 现象，头发散开的原因是 ；同时由于摩擦生热，臀部发烫，这是通过 方式改变物体内能
【答案】摩擦起电；同种电荷相互排斥；做功
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】小朋友滑滑梯时，人和滑梯相互摩擦，使电子发生转移，人体带电，是摩擦起电现象；由于头发带同种电荷，根据同种电荷相互排斥，头发会竖起散开；臀部和滑梯摩擦而发烫，将机械能转化为内能，是做功改变内能。故第1空填：摩擦起电；第2空填：同种电荷相互排斥；第3空填：做功。
【分析】不同物体间相互摩擦，实现电子转移，是摩擦起电现象；电荷间同种电荷相互排斥；物体间摩擦产生热量，是做功改变内能。
14．（2025·扬州）在研究电磁感应现象活动中。
（1）摇动发电机模型的手柄，灯泡发光，是因为线圈在 中转动，产生感应电流，把 能转化为电能.
（2）如图，导体AB 静止，闭合开关，灵敏电流计指针 ；再让导体AB 水平向右运动，灵敏电流计指针 .(选填“偏转”或“不偏转”)
【答案】（1）磁场；机械能
（2）不偏转；偏转
【知识点】探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】探究电磁感应现象时，
（1）在摇动发电机模型的手柄时，发电机的线圈在磁场中转动，使线圈切割磁感线，电路中产生感应电流，实现把机械能能转化为电能，产生的电能为灯泡提供能量，使灯泡发光；故第1空填：磁场；第2空填：机械能；
（2）闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象；图中，导体AB连接在灵敏电流计上，导线AB处于静止状态，闭合开关，灵敏电流计指针不偏转；当导体AB水平向右运动，导线能切割磁感线，导体中有电流产生，灵敏电流计指针偏转。故第1空填：不偏转；第2空填：偏转。
【分析】（1）导体在磁场中转动时，能切割磁感线，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能；
（2）当导体切割磁感线时，电路中有电流产生，灵敏电流计指针偏转，导体不能切割磁感线，电路中不能产生感应电流。
15．（2025·扬州）用乒乓球做小实验.
（1）如图1，乒乓球接触到正在发声的音叉时，会被弹起，说明发声体在 .乒乓球在该实验中所起的作用是 .
（2）如图2，用吸管吹气，两乒乓球向中间靠拢，这是因为两球中间气体流速大，气体压强 .
【答案】（1）振动；将微小的振动放大，便于观察
（2）小
【知识点】流体压强与流速的关系；声音的产生
【解析】【解答】（1）图1中，音叉正在发声，乒乓球与之接触时，会被反复弹起，乒乓球受到音叉的力，反映音叉在振动，可知发声体在振动；实验中，乒乓球被弹起，可以将音叉微小的振动放大，便于观察；故第1空填：振动；第2空填：将微小的振动放大；
（2）图2中，用吸管在乒乓球中间吹气，乒乓球中间的空气流速大，压强小，两侧流速小，压强大，两乒乓球在外侧压强差的作用下向中间靠拢。故第1空填：小。
【分析】（1）发声体在振动，能将与之接触的乒乓球弹开；乒乓球被弹开，将微小的振动放大；
（2）流体在流速大的位置压强小；流速小的位置压强大。
16．（2025·扬州）如图是《天工开物》记载的我国古人磨面的场景.水从高处流下来， 能转化为 能，冲击水轮机带动石磨转动.石磨接触面粗糙，是为了增大 .
【答案】重力势；动；摩擦力
【知识点】动能和势能的大小变化；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】水从高处流下，冲击水轮机带动石磨转动，水的高度减小，重力势能变小，石磨转动，动能变大，将水的重力势能能转化为石磨的动能；石磨接触面粗糙，在压力一定时，可增大摩擦力。故第1空填：重力势；第2空填：动；第3空填：摩擦力。
【分析】质量一定时，高度减小，重力势能减小，石磨被推动，动能变大；压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大。
17．（2025·扬州）如图，测电笔的氖管发光，所测孔连接的是 线.多个用电器同时插入插线板都能独立工作，各用电器是 联的.断开插线板上的开关，所有插孔都不能供电，表明开关连接在 路上.三孔插座中间的插孔接地，将用电器的 与大地相连，目的是防止触电.
【答案】火；并；干；金属外壳
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；插座的构造与工作方式
【解析】【解答】家庭电路中，火线使测电笔的氖管发光，当测电笔的氖管发光时，则接触的插孔是火线；
多个用电器插入插线板，用电器工作时能独立工作，互不影响，各用电器是并联的；
当断开插线板上的开关，各插孔都不能供电，则电路是断开的，可知开关连接在干路上，控制所有用电器；
有金属外壳的用电器，使用三孔插座让金属外壳与大地相连，防止金属外壳带电发生触电事故。故第1空填：火；第2空填：并；第3空填：干；第4空填：金属外壳。
【分析】使用测电笔时，火线使测电笔的氖管发光；家庭电路中，各用电器是并联的；并联电路中，干路开关控制所有用电器；有金属外壳的用电器，金属外壳要接地。
18．（2025·扬州）如图是兄弟二人抬水的场景.扁担相当于杠杆，若以哥哥的肩为支点，弟弟对扁担的作用力是动力，哥哥将水桶悬挂点向自己移动一段距离，动力臂 ，阻力臂 ，弟弟对扁担的作用力 .(填变化情况)
【答案】不变；变小；变小
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】用扁担抬水时，以哥哥的肩为支点，水桶对扁担的拉力为阻力，弟弟对扁担的力为动力，若将水桶悬挂点向哥哥移动一段距离，哥哥到弟弟的距离不变，即支点到动力的距离不变，则动力臂不变；
水桶到哥哥的距离减小，则阻力臂变小；
根据杠杆的平衡条件，可得：F1L1=G水L2，由于动力臂L1、阻力G不变，当阻力臂L2减小，则动力F1变小，弟弟对扁担的作用力变小。故第1空填：不变；第2空填：变小；第3空填：变小。
【分析】阻力方向一定，阻力作用点到支点的距离靠近，阻力臂减小；根据杠杆的平衡条件，在动力臂、阻力一定时，阻力臂减小，则动力减小。
19．（2025·扬州）某款人形机器人参加半程马拉松比赛，安装在腹部的摄像头相当于一个 .透镜，远处的物体成倒立、 的实像.该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是磁场对 有力的作用.以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人是 的.机器人跑完21km路程用时约为2 h40 min，平均速度约为 km/h.(计算结果保留整数)
【答案】凸；缩小；电流；静止；8
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜；速度公式及其应用；参照物及其选择；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】机器人身体上安装有摄像机，其镜头相当于一个凸透镜，远处的物体在镜头的二倍焦距外，根据凸透镜磁性规律，此时成倒立、缩小的实像；
机器人内的电动机带动机器人跑步，电动机消耗电能，工作原理是磁场对电流有力的作用；
以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人相对于陪跑员没有位置变化，是静止的；
根据机器人的路程21km，用时约为，计算平均速度约为。故第1空填：凸；第2空填：缩小；第3空填：电流；第2空填：静止；第5空填：8。
【分析】摄像机的镜头是凸透镜，当物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立缩小的实像；电动机的工作原理是磁场对电流的作用；相对于参照物，没有位置变化，物体的静止的；根据，计算速度。
20．（2025·扬州）现收藏于扬州市博物馆的东汉铜卡尺如图1.小明观察后仿制了一把卡尺，活动长爪滑动到最左侧时，其 端与刻度尺“0”刻线对齐.如图2，用此卡尺测量透明胶带卷的外径和厚度，测得外径为 cm，内径为 cm.
【答案】左；4.20；0.40
【知识点】长度及其测量
【解析】【解答】图中，使用卡尺测量长度时，根据活动长爪和主尺间的距离，为物体长度，对卡尺调零时，应使活动长爪的左侧对应零刻度线；
图2中，卡尺的分度值为0.1cm，透明胶带的外径为4.20cm；透明胶带的厚度为：0.40cm。故第1空填：左；第2空填：4.20；第3空填：0.40。
【分析】对卡尺调零时，使活动长爪的左侧对准零刻度线；根据长爪的左侧对应的位置，测量长度，读取数值时，要估读到分度值的下一位。
21．（2025·扬州）按照题目要求作图.
（1）如图1，苹果静止在水平桌面上，作出苹果的受力示意图.
（2）如图2，根据小磁针静止时N极的指向，标出A 处的磁感线方向和电源正、负极.
（3）如图3，卫生间吸顶灯从A 点发出的一束光射向平面镜上的O点，画出入射光线和反射光线.
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）图1中，苹果在水平桌面静止，受到平衡力，苹果受到竖直向下的重力，受到竖直向上的支持力，作用点在重心，两个力在同一直线上，分别画出竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F，如图 ；
（2）图2中，小磁针的N极在左侧，则右侧是S极，根据磁极间相互作用，通电螺线管的左侧是N极，磁体的外部，磁场方向从N极指向S极，A点磁场方向指向右；根据安培定则，右手大拇指在通电螺线管的左侧，四指方向为电流方向，则电源的右侧是正极，左侧是负极，如图 ；
（3）图3中，光线从A点射向O点，连接AO为入射光线，过O作平面镜的垂线为法线，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，画出反射光线，如图。
【分析】（1）静止的苹果受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力，二力平衡时，力的大小相等；
（2）根据磁极间相互作用，判断通电螺线管的磁极位置，磁体外部的磁场方向从N极指向S极；根据安培定则判断通电螺线管的电流方向；
（3）光在反射时，反射角等于入射角。
22．（2025·扬州）某无人快递配送车轮胎与水平地面接触的总面积为500 cm2.对地面的压强为1×105Pa，在大小为400 N的牵引力作用下匀速行驶，g 取10 N/ kg.求：
（1）配送车所受阻力 f 的大小；
（2）配送车与货物的总质量m.
【答案】（1）解：快递配送车在牵引力作用下，匀速直线行驶，受到平衡力的作用，牵引力和摩擦力是一对平衡力，则摩擦力：f=F牵=400N；
（2）解：已知快递配送车对地面的压强和受力面积，可以计算水平面受到的压力为：
F=pS=1×105Pa×500×10-4m2=5×103N， 水平面受到的压力等于物体的重力，则物体的总重力为：G=F=5×103N；配送车与货物的总质量为：。
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）物体匀速直线运动时，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等；
（2）根据F=pS，计算物体对地面的压力，结合水平面受到的压力等于重力，计算重力大小， 结合，计算质量。
23．（2025·扬州）某电水壶内部电路简化后如图.当开关S1、S2都闭合，电水壶处于加热状态.水烧开后温控开关S2 自动断开，电水壶处于保温状态.已知电阻R1为22Ω，保温时通过 R 的电流为0.2 A，c=4.2×103J/(kg·℃).求：
（1）将质量为1kg、初温为20℃的水加热至70℃，水吸收的热量Q；
（2）电水壶处于加热状态时的电功率 P；
（3）电水壶处于保温状态时，1min消耗的电能W.
【答案】（1）解：水吸收的热量为：
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(70℃-20℃)=2.1×105J
（2）解：当开关S1、S2闭合，电路中只接入R1，电水壶处于加热状态，则加热功率为：
（3）解：保温状态时，电路中的电流为0.2A，结合时间，计算消耗的电能为：
W=UIt=220V×0.2A×60s=2640J
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量的多少；
（2）当电路中接入电阻最小时，电功率最大，利用，计算电功率；
（3）根据W=UIt，计算电水壶保温时消耗的电能。
24．（2025·扬州）小华和小明做“探究平面镜成像的特点”实验.
（1）实验应选用 (选填“薄”或“厚”)茶色玻璃板，并准备两个相同的棋子A、B.
（2）小华在玻璃板前放置棋子A，再将棋子B放到玻璃板后，调整棋子B的位置，使它与棋子A 所成的像重合，说明像与物大小 ，在方格纸上标记棋子A、B的位置A、B1.
（3）小明将棋子B放在 B1 位置，调整棋子A 的位置，使它与棋子B所成的像重合，在方格纸上标记棋子A的位置A2.如图，A2与A.不重合的具体原因是 .
【答案】（1）薄
（2）相等
（3）平面镜不在原来的直线上，移动了位置
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】探究平面镜成像特点时，
（1）实验时，若用较厚的玻璃进行实验，玻璃的前后两个面都发生反射，会出现重影现象测量像距出现差距，所以，选用薄的茶色玻璃板，避免重影；
（2）实验时，在玻璃板前放置棋子A，再将棋子B放到玻璃板后，棋子A、B相同，由于棋子B能与棋子A的像重合，可知，像与物大小相等，并在方格纸上标记棋子A、B的位置；
（3）图中，将棋子B放在B1位置，调整棋子A的位置，与棋子B的像重合，而方格纸上标记棋子A的位置A2与A1位置不重合，平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，可能是平面镜向左移动了位置。
【分析】（1）探究平面镜成像规律时，选择薄玻璃，可以避免重影现象；
（2）实验时，玻璃板后面的棋子和前面棋子的像重合，可以探究像和物体大小相等；
（3）平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，实验时，平面镜的位置移动，不在原来的直线上，像的位置改变。
25．（2025·扬州）用电压表和电流表测量定值电阻. R的阻值.
（1）如图1，请用笔画线代替导线将电路连接完整 .
（2）正确连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表示数始终为零、电流表示数有变化，则故障是 .(写出一种可能的情况)
（3）排除故障，闭合开关前，小明观察到电流表示数为0.04 A，由于没有螺丝刀，无法调零.继续实验，电流表示数为0.28 A时，电压表示数如图2，读数为 V，电阻R 的阻值为 Ω.多次测量后，为了画出通过电阻R 的电流随它两端电压变化的图像，应注意什么 .
（4）小明画出了如图3的图像.发现图线与纵轴交点的纵坐标为0.04 A，此数值恰与电流表未调零时的示数相同，他认为这是一种巧合.他的观点是否正确 ，请说明理由： .
【答案】（1）
（2）电压表断路（或定值电阻短路）
（3）2.4；10；将电流表的示数减去0.04A
（4）不正确；若电路未接通，电压表示数为零，电路中无电流，而电流表示数为0.04A，正是未调零的指针示数
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量定值电阻R的阻值时，
（1）图1中，电源电压是2节电池，电源电压为3V，电压表选用0~3V量程，和电阻并联，如图：
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电路中的电阻发生变化，电流表示数有变化，则电路接通，电压表示数为零，可能没有接入电路中，则电压表断路了；
（3）根据图2，电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，结合指针位置， 示数为2.4V；实验前，电流表示数为0.04 A，当电流表示数为0.28A时，实际电流为0.28A-0.04A=0.24A，则电阻R的阻值为：；根据多次测量的数据，画出电阻R的电流-电压图像，应将电流表的示数减去0.04A，以得到电阻R的真实电流，再根据对应的电压值作出图像；
（4）图3中，图线与纵轴交点的纵坐标为0.04A，恰与电流表未调零时的示数相同，若电路未接通，电压表示数为零，电路中无电流，而电流表示数为0.04A，正是未调零的指针示数，是必然的，不是巧合，所以观点不正确。
【分析】（1）测量电阻的阻值时，电压表和电阻并联，根据电源电压，选择0~3V量程；
（2）在串联电路中，移动滑片，电流表示数变化，电压表无示数，可能电压表断路；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压，利用电流表示数和开始时的示数差，计算电流，根据，计算电阻；
（4）由于电流表未调零，所以当电压表示数为零时，电流表有示数。
26．（2025·扬州）学习小组利用电子秤、注射器做“测量液体密度”实验.
电子秤置于水平桌面上，将量程为10 ml的空注射器放在秤盘上，按“清零”键，数码显示屏显示“0.0”，再放上质量为 100g的标准砝码，数码显示屏显示“100.0”，可认为电子秤只测量了砝码的质量.
（1）撤掉砝码，若用注射器吸取10 ml水，放在秤盘上，数码显示屏应显示“ ”.
（2）将此电子秤和注射器改装成准确度高的电子密度计.如图，在数码显示屏右侧贴一张标签纸，请完成密度计的读数面板设计.
（3）请完善操作说明书。
电子密度计操作说明书 1.将电子秤放置于平稳无风的水平台面上，按电源键开机； 2. ，按“清零”键； 3. ； 4.将注射器放在秤盘上，待示数稳定后，读数； 、开机状态下按电源键关机。
【答案】（1）10.0
（2）
（3）将注射器放在电子秤上；用注射器吸取10mL待测液体
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】测量液体密度时，
（1）注射器内吸取水的体积为10mL=10cm3，则水的质量为：m=ρV=1g/cm3×10cm3=10g；由于电子秤显示数值精确到0.1，则显示屏显示值为：10.0；
（2）由于注射器单独在电子秤上时，示数清零，当吸取液体后，显示的示数为液体的质量，当取液体的体积为10cm3时，根据，可以测量液体的密度，则液体的密度值显示值为；
（3）使用电子密度计时，先将注射器放在电子秤上，并清零；再用注射器吸取10mL的液体，测量质量，根据电子密度计的示数，测量密度。
【分析】（1）根据水的体积，利用m=ρV，计算水的质量，根据电子秤的精确程度，判断示数大小；
（2）当注射器吸取的液体体积为10cm3，根据，计算密度，即密度值是测量的质量的十分之一；
（3）使用电子密度计时，先将注射器放在电子秤上，进行调零，再吸取10mL的液体测量质量，显示屏则显示密度大小。
27．（2025·扬州）小明发现冰块在不同饮料中熔化快慢不同，决定探究影响冰块熔化快慢的因素.
（1）相同的0℃的冰块在某液体中熔化得快，说明相同时间内，冰块在该液体中吸收的热量 (选填“多”或“少”).
（2）若将两个相同的0℃的冰块分别放入水和浓盐水中，所受浮力分别为F 、F盐水，与液体接触面积分别为S水、S盐水，则 F水 F盐水，S水 S块水.
（3）为探究冰块熔化快慢与接触面积的关系，下列两个方案，应选用方案 .
方案一：如图1、2，取两个相同的0℃的冰块，一块直接放入水中，另一块竖切成4 小块放入相同的水中，记录冰块完全熔化的时间分别为t1、t2.
方案二：如图3.4，在装满相同温度的水和浓盐水的玻璃杯中，分别放入相同的0℃的冰块，盖上杯盖使冰块保持浸没，记录冰块完全熔化的时间分别为t3、t4.
（4）①采用方案一进行实验，发现 ，得出的结论是 .
②采用方案二进行实验，发现 ，得出的结论是 .
（5）在用方案二进行实验前，小明根据“向积雪的公路上撒盐，盐能尽快地融雪”，预测冰块在浓盐水中熔化得更快.他的推理是否正确 ，请说明理由： .
【答案】（1）多
（2）=；>
（3）方案一
（4）冰块熔化的快慢和接触面积有关；冰块熔化的快慢和液体密度有关
（5）不正确；向雪地撒盐，降低了雪的熔点，而冰在盐水中熔化，需要吸热，盐水的温度不一定比冰的熔点高，盐水中的冰不一定熔化快
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；浮力大小的计算
【解析】【解答】探究影响冰块熔化快慢的因素时，
（1）冰熔化时，需要吸热，相同的冰放在不同液体中，熔化快慢不同，可知，在相同时间内，冰块熔化越快，则吸热越多；
（2）由于冰块相同，则重力相同，当冰在水中和盐水中漂浮时，根据二力平衡，受到的浮力等于冰的重力，则受到的浮力：F水=F盐水，根据F浮=ρ液gV排，盐水的密度比水的密度大，则排开盐水的体积比排开水的体积小，冰与盐水的接触面积比冰与水的接触面积小，则S水>S盐水；
（3）探究熔化快慢和接触面积的关系时，根据控制变量法，只改变接触面积，方案二中，冰块和液体的接触面积不同，但液体也不同，变量不唯一，方案一只改变了冰和水的接触面积，更合理；
（4）①利用方案一进行实验，当t2②方案二中，液体密度不同，熔化时间不同，可知，冰块的熔化快慢可能和液体密度有关；
（5）在雪地撒盐融雪，降低了雪的熔点，而冰在盐水中熔化，需要吸热，盐水的温度不一定比冰的熔点高，盐水中的冰不一定熔化快，可知预测冰块在浓盐水中熔化得更快是不正确的。
【分析】（1）固体熔化时，需要吸热，熔化越快，则吸收热量越多；
（2）相同的冰块重力相等，冰块漂浮时，受到的浮力等于重力，则在不同液体中漂浮，浮力相等；根据F浮=ρ液gV排，液体密度密度越大， 排开液体的体积越小，和液体的接触面积越小；
（3）探究冰熔化快慢和接触面积的关系，保持其他条件相同，只改变和液体的接触面积；
（4）在相同环境中，冰和液体的接触面积越大，熔化越快；在不同液体中，熔化快慢不同；
（5）雪地撒盐，可以降低雪的熔点，使雪更容易熔化，盐水的温度不一定高于冰的温度，盐水中的冰不一定熔化快。
28．（2025·扬州）阅读短文，回答问题.
2025 年5 月，我国首批五座9000 吨级气膜粮仓充气成型，标志着中国第四代新型粮仓正式进入实践应用阶段.
每座气膜粮仓直径为 24 m、高度达33 m.结构如右图所示，外层为 PVDF 材料的白色膜材层，反射太阳光且防水；中间层为聚氨酯材料层，导热系数远低于混凝土建材；内层为钢筋混凝土层，起主要支撑作用.气膜粮仓相当于给传统粮仓“穿上了一件雨衣和一件羽绒服”，其储存粮食的气密性和保温性都大幅提升.投入使用后，气膜粮仓集成氮气气调技术，将高纯度的氮气注入粮堆内部.均匀分布的传感器实时获取粮食温度、湿度等信息.
气膜粮仓就像白色安全卫士，守护着粮食安全.
（1）聚氨酯材料具有优良的 .(填材料属性)
（2）为减少粮食因变质产生损失，在气膜粮仓中采取的措施是 .(写出一条即可)
（3）9000 t粮食可以提供____万人一天的口粮.
A．2.3 B．23 C．230 D．2300
（4）工程上，常用测量“压强差半衰期”的方法来检测粮仓的气密性.
原理 操作
用风机将空气吹入粮仓内，使粮仓内外达到一定的压强差、停机后，由于漏气，粮仓内外的压强差逐渐减小.根据压强差衰减到一定程度的时间，判断气密性的好坏. 测量人员仔细观察压强差的变化，当压强差下降到500 Pa时，用秒表开始计时，当压强差下降到 250 Pa时，停止计时，秒表的示数即为本次测定的“压强差半衰期”.
①检测现场，某风机功率是 11 kW，送风量约为36000 m3/h，则该风机正常工作 1m in消耗的电能为 J，吹进粮仓的空气质量约为 kg，空气密度约为1.3kg/m3.
②粮仓内外压强差随时间变化的图像如图，本次测定的压强差半衰期约为 s.
③对照国家公布的《粮仓气密性分级表》，该气膜粮仓气密性达到 级.
级别 压强差半衰期t(min)
I 1=8
Ⅱ 5≤t<8
Ⅲ 3≤t<5
Ⅳ 1≤t<3
V l<1
【答案】（1）隔热性
（2）气膜粮仓中均匀分布的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息
（3）C
（4）6.6×105；780；3×103；Ⅱ
【知识点】物质的基本属性；密度公式及其应用；电功的计算；纳米材料及其应用
【解析】【解答】（1）根据材料内容：聚氨酯材料层，导热系数远低于混凝土建材，可知聚氨酯材料的隔热性强；
（2）气膜粮仓中均匀分布的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息，能及时获取粮食信息，守护粮食安全；
（3）通常情况下，每人每天的口粮越0.4kg，则9000t=9×106kg，可供人数为，接近230万人，C正确；
故选C；
（4）①根据风机功率P=11kW=1.1×104W，工作时间t=1min=60s，则消耗的电能W=Pt=1.1×104W×60s=6.6×105J；
根据送风量和时间，计算送风体积为，结合空气密度，计算吹进粮仓的空气质量为：m=ρV=1.3kg/m3×600m3=780kg；
②根据压强差的变化图像，压强差为500Pa到压强差为250Pa，对应的时间分别为1×102s和4×102s，则压强差半衰期为：4×102s-1×102s=300s；
③压强差半衰期为：300s=5min，根据《粮仓气密性分级表》，该气膜仓气密性达到Ⅱ级。
【分析】（1）根据材料内容，判断聚氨酯材料层的优点；
（2）气膜粮仓中的传感器，实时获取粮食温度、湿度等信息，能及时获取粮食信息；
（3）根据人日常消耗的粮食，结合粮食总质量，计算可供的人数；
（4）根据W=Pt，计算电动机消耗的电能；根据送风量和时间，计算送风体积，利用m=ρV，计算送风质量；结合图像，分析粮仓的半衰期时间，结合气密性等级表，判断粮仓的气密性等级。
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