2025 年春季期玉林市八校联合调研考试
高一物理 参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C A D C B A AD AC BD
1.【答案】B
【详解】A．卡文迪什利用扭秤装置在实验室里比较准确地测出了引力常量 G值，故 A错误；
B．牛顿发现了万有引力与物体质量及它们之间距离的关系，故 B正确；
C．哥白尼是“日心说”的主要代表人物，现代天文学表明太阳只是太阳系的中心，不是宇宙的中
心，故 C错误；
D．开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，但并未找出行星按
照这些规律运动的原因，D错误。故选 B。
2.【答案】C
【详解】因为船速 v2大于水速 v1，小船要最短位移渡河，实际速度要垂直河岸，则船头指向对岸的
上游，合速度与河岸垂直。故选 C。
3.【答案】A
【详解】设抛出点离地 h1，回收箱洞口离地 h2，抛出点距回收箱的水平距离为 x，平抛的初速度为
v0，根据平抛运动的规律可得根据平抛运动的规律可得 1 代入数据解得 v2 0=6m/s 故h1 h2 gt , x v0t2
选 A。
4.【答案】D
G Mm GM2 ma a 2
【详解】AB．由题意，根据 r 得 r 由于 rb rc ，可知 ab ac
2
根据 an r ， a c， ra rc可得 aa ac ，所以 ab ac aa，故 AB 错误；
G Mm
2 GM
2 m
v v
CD．由题意，根据 r r 得 r 由于 rb rc，可知vb vc根据 v r ， a c， ra rc
可得 va vc，所以 vb vc va ，故 C错误，D正确。故选 D。
5.【答案】C
【详解】A．由于不知道人的质量，所以无法确定人对车的压力，
故 A 错误；
N mg 1500N
B．对人和车受力分析，如图所示根据几何关系有 cos
C．根据牛顿第三定律可得，车对弯道的压力大小为 1500N，故 B错误；
高一物理试题 第 1 页 （共 6 页）
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2
mg tan m v ma 2
CD．根据牛顿第二定律可得 r ，解得 r 67.5m，a 13.33m/s 故 C正确，D错误。故
选 C。
6.【答案】B
【详解】ABD．根据关联速度，物体A与小车间的速度关系为 vA vcos
物体A上升过程中小车与水平方向的夹角 逐渐减小，则A的速度逐渐增大，A做加速运动，根据
牛顿第二定律可知，绳子拉力大于物体重力，物体超重，故 AD 错误，B正确；
C．将小车的速度沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向的分速度大小即为A物体上升的速度大小当
v vcos30 6 3 m / s 3 3m / s
30 A时， 2 ，故 C错误。故选 B。
7.【答案】A
F G Mm GMm 2
【详解】质量为 M的球体对质点 m的万有引力 (2R) 4R
2
4 (R )3
M 3 2 M M 4 R3 8
挖去的球体的质量 3
F G Mm GMm 2 2 F
(R R )2 18R 9
质量为M 的球体对质点 m的万有引力 2
F F F 7 F
剩
则剩余部分对质点 m的万有引力 9 故选 A。
8.【答案】AD
【详解】A．在齿轮传动中，三个齿轮的边缘线速度大小都相等。故小齿轮边缘的 A点和大齿轮边
缘的 B点线速度大小之比为1:1。故 A正确；
: v : v 3 :1
B．根据 v r
A B
可知，三个齿轮边缘线速度大小相等，则角速度 rA rB 故 B错误；
2 r TA r 1T A
C．根据 v 可知，周期之比为 TB rB 3 故 C错误；
1 nn A
TB 3
f
D．根据 T 可知，转速之比为 nB TA 1 故 D正确。故选 AD。
9.【答案】AC
【详解】A．由题意 ra : rc 2 : 3，则卫星在轨道 a 的半径与椭圆轨道 b 的半长轴之比为4 :5，由开普
高一物理试题 第 2 页 （共 6 页）
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r3 T 2a a3 2
勒第三定律得 rb Tb 解得卫星在轨道 a与轨道 b的运行周期之比为Ta :Tb 8 : 5 5故 A正确；
B．卫星由轨道 a进入轨道 b，即由低轨道进入高轨道，应在 M点加速，同理，卫星由轨道 b 进入
轨道 c，应在 N点加速，故 B错误；
G Mm M2 ma a G
C．根据 r 解得 r
2
因卫星在 M点到地心的距离小于在 N 点到地心的距离，卫星在 M 点
的加速度大于在 N点的加速度，故 C正确；
Mm v2 v GMG m 2
D．根据 r r 解得 r ，因轨道 a的半径小于轨道 c的轨道半径，所以卫星在轨道
a过 M点的速度大于卫星在轨道 c过 N点的速度，又卫星从轨道 a的 M点应加速才能进入轨道 b，
故在轨道 b过 M点的速度大于在轨道 a过 M点的速度，综上可得在轨道 b过 M点的速度大于在轨道
c过 N点的速度，故 D错误。故选 AC。
10.【答案】BD
【详解】A．A球竖直方向做竖直上抛运动至最高点，B球做自由落体运动，运动时间相同，则两球
h h vsin53
2
A B 0.8m
运动的高度相同，均为 2g 小球 B下落时离地面的高度是 1.6m，故 A错误；
t v vsin53 v vsin53 1 0.4sB．小球 A抛出时在竖直方向的分速度为 ，则上升时间为 g g ，则小球 A
上升至最高处时水平位移是 x1 vcos53 t1 1.2m 故 B正确；
3 5 1
x2 v2t2 m
C．碰后 A 球水平方向运动的位移为 10 ，小球 A 从抛出到落回地面的水平位移为
3 5 3
x x1 x2 m10 故 C错误；
D．根据题意可知碰后 A、B两球粘在一起，整体碰后水平速度变为 A球碰前水平速度的一半，碰后
v 11 gt1 2m/s
竖直速度变为 B 球碰前竖直速度的一半，则碰后的竖直速度为 2 ，则碰后的水平速度
v 12 v cos53
1.5m/s
为 2
hA v t
1 gt 2 t 5 11 2 2 2 s
碰后 A球下落的时间为 t2，则有 2 解得 5
t t t 5 1 1 2 s
小球 A从抛出到落回地面的时间为 5 故 D正确。故选 BD。
11．（6分，每空 2分）(1)B (2) 相同 (3)1:4
高一物理试题 第 3 页 （共 6 页）
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【详解】(1)探究向心力的大小 F 与质量 m、角速度ω和半径 r 之间关系，采用的实验方向是控制
变量法。
A.探究平抛运动的特点，采用的是等效思想，故 A错误；
B.探究加速度与力、质量的关系采用的实验方法是控制变量法，故 B正确；
C.探究两个互成角度的力的合成规律采用的实验方法是等效替代法，故 C错误。 故选 B。
(2)图乙探究向心力大小 F与质量 m关系，两小球质量不同，做圆周运动的角速度相同，需要保证
做圆周运动的半径相同，故所选的两个球半径应该相等，即体积大小应该相同；
(3)在甲图情境中，变速塔轮的半径 2 :1，根据v R可知，两钢球做圆周运动的角速度之比为1: 2，
根据F m
2r 2可知，两钢球所受向心力的比值为1: 4。
12．（9分，每空 2分，第 4空 3分）(1)BC (2)0.10 4.0 (3)9.60
【详解】（1）A.小球释放的初始位置应适当，初始位置太高会导致平抛初速度较大，运动轨迹可能
很大部分超出坐标纸；初始位置太低会导致平抛初速度较小，运动轨迹不易绘制。故 A错误。
B.保证每次从斜槽末端抛出时，小球初速度相同，则要求每次小球要从同一高度由静止释放。故 B
正确。
C.由于要平面直角坐标系，以描述平抛运动竖直方向和水平方向的相关数据，坐标纸上的竖线需沿
数值方向，应用重垂线检查。故 C正确。
D.记录小球位置时，不需要每次必须严格地等距离下降，只要保证小球平抛即可，故 D错误。
故选 BC。
y 0.45 0.35
（2）根据 y gT 2 可得T s 0.10 s 则小球从A点运动到 B点所用的时间为0.10 s。
g 10
x 0.40
小球水平抛出时的初速度大小 v AB0 m / s 4.0 m / sT 0.10
1 gx2
（3）根据平抛规律可得 y gt 2， x v2 0t 可得
y
2v20
g
则 y﹣x2 2图像的斜率 2 k2v 解得 g 2kv00
根据图像 = 0.8 1 1 20.04 = 20 代入解得 g＝9.60m/s
4
13.（9 分）（1）1.92×10 N（2）10m/s
【详解】（1）汽车以 6m/s 的速率驶过凸形桥面的顶部时，设桥面的支持力为 FN，则有
2
mg﹣FN= 1.....................................(3 分)
高一物理试题 第 4 页 （共 6 页）
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4
代入数据得：FN＝1.92×10 N..........................(1 分)
4
根据牛顿第三定律，汽车对桥面的压力大小为 1.92×10 N.............(1 分)
（2）汽车驶过凸形桥面的顶部，刚脱离桥面的速率为 v2，则
=
2
mg 2............................... ...(3 分)
代入数据得：v2＝30m/s.........................(1 分)
2h 2hR 3h
14． （1） g
t2
（2） ；（3）
t 2πGt 2R
【详解】（1）设行星表面的重力加速度为 g，对小球，有
h 1 gt 2 .........................................（2 分）
2
g 2h解得 2 ..........................................（1 分）t
（2）对处于行星表面附近做匀速圆周运动的卫星m ，由牛顿第二定律有
2
m g m v ....................................（2 分）
R
2hR
故该行星的第一宇宙速度 v gR .........................（1 分）
t
Mm
（3）对行星表面的物体 m，有G 2 mgR ..........................................（2 分）
2hR2
故行星质量 M 2 ..........................................（1 分）Gt
M 3h
故该行星的平均密度 4 πR3 2πGt
2R .............................（2 分）
3
15.（1）8 / （2）2s （3）5m
【解答】解：（1）煤块平抛，在竖直方向，根据 2 0 = 2 .....................（1 分）
解得 = 2 = 2 × 10 × 1.8 / = 6 / ...................（1 分）
煤块在 A点 37° = ......................................................（1 分）
0
解得 0 =
= 6 / = 8 / ................................（1 分）
37° 0.75
（2）煤块到达传送带顶端 A时，有 vAcos37°＝v0
8
解得 = 0 = / = 10 / .................（1 分） 37° 0.8
煤块先沿传送带向下做匀加速直线运动，有
mgsin37°+μmgcos37°＝ma1................................（1 分）
解得 1 = 37° + 37° = 10 × 0.6 / 2 + 0.5 × 10 × 0.8 / 2 = 10 / 2 .....（1 分）
= 20 10由 v＝vA+a1t1得 1 = = 1 ..........................（1 分） 1 10
高一物理试题 第 5 页 （共 6 页）
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则 1 =
1 ( + ) =
1
1 × (10 + 20) × 1 = 15 ..................（1 分）2 2
随后煤块继续向下做匀加速直线运动，有
mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma2..................................（1 分）
解得 1 = 37° 37° = 10 × 0.6 / 2 0.5 × 10 × 0.8 / 2 = 2 / 2 .......（1 分）
煤块运动至底端发生的位移为 x2＝L﹣x1＝36m﹣15m＝21m..........................（1 分）
1
而 22 = 2 + 2 2 ..........................................（1 分）2
1
代入数据得 21 = 20 2 + × 2 × 22解得 t2＝1s2
则 t 总＝t1+t2＝1s+1s＝2s ...................................（1 分）
（3）煤块在第一段匀加速直线运动中，传送带的位移为 x3＝vt1＝20×1m＝20m .....（1 分）
则煤块相对于传送带的位移大小为Δx1＝x3﹣x1＝20m﹣15m＝5m.....................（1 分）
此过程中煤块相对于传送带向上运动，留下 5m 的划痕。
煤块在第二段匀加速直线运动中，传送带的位移为 x4＝vt2＝20×1m＝20m.............（1 分）
则煤块相对于传送带的位移大小为Δx2＝x2﹣x4＝21m﹣20m＝1m......................（. 1分）
此过程中煤块相对于传送带向下运动，留下 1m 的划痕。
则传送带上留下的划痕的长度为 5m。.............................................（1 分）
高一物理试题 第 6 页 （共 6 页）
{#{QQABIQCxxwgY0AQACJ7aQwXQCQuQkJESJSoGBRCWOA5rQBFIBAA=}#}2025年春季期玉林市八校联合调研考试高一物理 试题
考试时间：75分钟 满分：100分
一、选择题，本大题共10小题，共46分。第1～7题,每小题4分，只一项符合题目要求，第8～10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．在物理学的发展历程中，有很多科学家做出了卓越的贡献，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常数G
B．牛顿发现了万有引力与物体质量及它们之间距离的关系
C．哥白尼是“地心说”的主要代表人物，并且现代天文学也证明了太阳是宇宙的中心
D．第谷总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因
2．已知河水以自西向东流动，小船在静水中的速度为，且，下图小箭头表示小船船头的指向，虚线表示小船过河的路径，则小船在最短位移内渡河的情景图示是（ ）
A． B．
C． D．
3．如图，为号召同学们创建文明校园，玉林市某学校以游戏“抛射入洞”引导学生将空饮料瓶作为可回收垃圾放入对应回收箱中。已知某次学生水平抛射时，抛出点离地1.80m，距回收箱的水平距离为1.80m。回收箱洞口离地1.35m。不计空气阻力，试估算饮料瓶出手时速度的大小（ ）
A．6m/s B．4m/s
C．3m/s D．1m/s
4．如图所示，a为静止在赤道上的物体，b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，c为地球同步卫星。以地心为参考系，关于它们的向心加速度、线速度，下列描述正确的是（ ）
A. B.
C. D.
5．钢架雪车是一项精彩刺激的冬奥会比赛项目，运动员起跑区推动雪车起跑后俯卧在雪车上，再经出发区、滑行区和减速区的一系列直道、弯道后到达终点、用时少者获胜。图（a）是比赛中一运动员在滑行区某弯道的图片，假设可视为质点的人和车的总质量m=90kg，其在弯道上P处做水平面内圆周运动的模型如图（b），车在P处既无侧移也无切向加速度，速率v=30m/s，弯道表面与水平面成θ=53°，不计摩擦力和空气阻力，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8。则在P处（ ）
A．人对车的压力大小为1500N
B．车对弯道的压力大小为900N
C．人和车做圆周运动的半径为67.5m
D．人和车的加速度大小为7.5m/s2
6．如图所示，物体用跨过定滑轮的轻绳与汽车连接，汽车以的速度向右匀速运动，连接小车端的轻绳与水平方向的夹角为，在物体上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．物体向上做减速运动
B．绳子拉力大于物体的重力
C．时物体的速度大小为
D．物体始终处于失重状态
7．有一质量为M、半径为R、密度均匀的球体，在距离球心O为的地方有一质量为m的质点，球体与质点间的万有引力大小为F。现从M中挖去半径为的球体，如图所示，则剩余部分对m的万有引力大小（ ）
A． B．
C． D．
8．在如图所示的齿轮传动中，三个齿轮的半径之比为1:2:3，当齿轮转动时，小齿轮边缘的A点和大齿轮边缘的B点（ ）
A．线速度大小之比为1:1
B．角速度大小之比为1：3
C．周期之比为3:1
D．转速之比为3:1
9．2024年8月16日15时35分，我国在西昌卫星发射中心使用长征四号乙运载火箭，成功将遥感四十三号01组卫星发射升空。如图为卫星发射的示意图，首先将卫星发射到低空圆轨道a，然后在M点实施变轨经椭圆轨道b进入预定圆轨道c，已知卫星在圆轨道a、c的半径之比为。下列说法正确的是（ ）
卫星在轨道a与轨道b的运行周期比为
B．卫星在M点加速，在N点减速
C．卫星在M点的加速度大于在N点的加速度
卫星在轨道b过M点的速度小于在轨道c
过N点的速度
10．如图所示，质量为m的小球A从地面向上斜抛，抛出时的速度大小为5 m/s，方向与水平方向夹角为53°，在A抛出的同时有一质量为m的黏性小球B从某高处做自由落体运动，当A上升到最高点时恰能击中竖直下落中的黏性小球B，A、B两球碰撞时间极短，碰后A、B两球粘在一起，整体碰后水平速度变为A球碰前水平速度的一半，碰后竖直速度变为B球碰前竖直速度的一半，然后落回地面，不计空气阻
力，，g取10 m/s2。以下说法正确的是（ ）
A. 小球B下落时离地面的高度是0.8 m
B. 小球A上升至最高处时水平位移是1.2 m
C. 小球A从抛出到落回地面的水平位移为
D. 小球A从抛出到落回地面的时间为
二、非选择题：本大题共5小题，共54分
11．（6分）某同学用向心力演示仪探究向心力与质量、半径、角速度的关系，钢球或铝球在长槽和短槽位置如甲图、乙图、丙图所示，且对应两个变速塔轮的半径之比分别为：、、。
(1)下列实验的实验方法与本实验相同的是___________；
A.探究平抛运动的特点
B.探究加速度与力、质量的关系
C.探究两个互成角度的力的合成规律
(2)在图乙情境中，选用质量不相等的钢球和铝球对照研究，所选的两个球体积大小应该 （选填“相同”或“不同”）
(3)在甲图情境中，变速塔轮的半径，则两钢球所受向心力的比值为 。
12．（9分）以下为某学习小组在“探究平抛运动规律”时的实验操作。
(1)用如图甲所示装置获得钢球的平抛轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下列操作要求正确的是_____（填正确答案标号）。
A．小球释放的初始位置越高越好
B．每次小球要从同一高度由静止释放
C．实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直
D．记录小球位置时，每次必须严格地等距离下降
(2)按正确的操作步骤得到如图乙所示的小球的运动轨迹，在轨迹上取A、B、C三点，如图所示，则小球从A点运动到B点所用时间为 s，小球平抛的初速度 m/s（取）。（计算结果均保留2位有效数字）
(3)另一实验小组该同学在轨迹上选取间距较大的几个点，测出其坐标，并在直角坐标系内绘出了y﹣x2图像，此平抛物体的初速度v0＝0.49m/s，则竖直方向的加速度g＝ m/s2。（计算结果保留2位小数）
13．（9分）玉林中药港是中国三大药都之一，其中一条交通要道经过金港桥，金港桥桥宽40m，桥长106.75m，桥面圆弧半径90m，如图所示，质量m＝2.0×103kg的汽车以一定的速率驶过金港桥桥面的顶部，g取10m/s2。
（1）若汽车以6m/s的速率驶过凸形桥面的顶部。求汽车对桥面的压力大小；
（2）若汽车通过拱桥最高点时刚好腾空飞起，求汽车此时的速率。
14．（11分）假如宇航员乘坐宇宙飞船到达某行星，在该行星“北极”距地面h处由静止释放一个小球（引力视为恒力，阻力可忽略），经过时间t落到地面，已知该行星半径为R，自转周期为T，引力常量为G。
（1）求该行星的表面的重力加速度；
（2）求该行星的第一宇宙速度v；
（3）求该行星的平均密度。
15.（19分）如图所示，倾斜传送带倾角θ＝37°，顶端A到底端B的长度为36m，以20m/s的速度绕轴逆时针转动。一个质量为m＝0.5kg的黑色煤块（可看作质点）从距A点高度差h＝1.8m的O点以一定的初速度水平抛出，经过一段时间后运动至传送带顶端A，此时速度方向恰好沿传送带向下，已知煤块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5，煤块在传送带上经过时会留下黑色划痕。不考虑空气阻力，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：
（1）煤块水平抛出时初速度大小v0；
（2）煤块从传送带顶端A运动至底端B所用的时间；
（3）煤块从传送带顶端A运动至底端B的过程中在传送带上留下的划痕长度。
