四川省自贡市2025年中考物理真题
一、选择题（共20小题，每小题2分，共40分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·自贡） 下列数据中符合实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为26℃ B．中学生正常步行的速度为10m/s
C．一节新干电池的电压为1.5V D．九年级物理课本的质量约为5kg
2．（2025·自贡） 以下说法正确的是（ ）
A．核电站通过核聚变获得核能
B．利用半导体材料可以制作二极管
C．白鹤滩水电站利用不可再生能源发电
D．“神舟二十号”的航天员靠超声波与地面保持联系
3．（2025·自贡） 下列现象与小孔成像原理相同的是（ ）
A．日晷计时 B．雨后彩虹
C．湖面倒影 D．鱼翔“浅底”
4．（2025·自贡） 第九届亚冬会主题歌在开幕式现场唱响。下列说法正确的是（ ）
A．歌手发出的声音是由空气振动产生的
B．我们能通过响度区分不同乐器发出的声音
C．麦克风的主要功能是使声音的音调变高
D．后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音响度小
5．（2025·自贡） 以下诗句描绘的情境不涉及分子热运动的是（ ）
A．菡萏香清画舸浮 B．满架蔷薇一院香
C．一行白鹭上青天 D．醒茶摇香叶初醒
6．（2025·自贡） 以下做法能减小摩擦力的是（ ）
A．机器转轴处加润滑油 B．用力压着黑板擦擦黑板
C．鞋底做成凹凸不平的槽纹 D．体操运动员在手上涂镁粉
7．（2025·自贡） 如图，质量为0.5kg的物体静置于水平桌面上，用10N的水平拉力使物体沿水平方向做匀速直线运动，g取。下列说法正确的是（ ）
A．物体对桌面的压力大于5N
B．物体受到的摩擦力是10N
C．若为5N，物体仍做匀速直线运动
D．若为15N，物体仍做匀速直线运动
8．（2025·自贡） 关于生活中安全用电的叙述正确的是（ ）
A．冰箱的金属外壳需接地
B．导线的绝缘皮破损后仍可以继续使用
C．可在一个插线板上同时使用多个大功率用电器
D．当电路中的电流过大时，漏电保护器自动断开，保护电路
9．（2025·自贡） 如图为某用电器的I-U图像，其额定电压为12V，则额定功率是（ ）
A．0.6W B．1.8W C．3.2W D．4.8W
10．（2025·自贡） 下列关于电和磁的描述不正确的是（ ）
A．图甲：“天算”卫星靠电磁波高速互联
B．图乙：根据该实验装置的原理制成了电动机
C．图丙：油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害
D．图丁：用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，金属箔张开且带负电
11．（2025·自贡） 下列说法正确的是（ ）
A．图甲：泥坯随着转盘转动是因为受到惯性作用
B．图乙：农用无人机在喷洒肥料的过程中惯性不变
C．图丙：硬币“站立”在高速列车窗台上，说明硬币此时没有惯性
D．图丁：短道速滑运动员不能立即停下来，是因为运动员具有惯性
12．（2025·自贡） 如图，“神舟十九号”返回舱打开降落伞后，在竖直匀速下落过程中，下列有关返回舱的说法正确的是（ ）
A．重力势能减小 B．动能增大
C．重力势能转化为动能 D．机械能守恒
13．（2025·自贡） 下列说法中不正确的是（ ）
A．图甲：三峡船闸利用了连通器原理
B．图乙：“拔火罐”技术利用了大气压强
C．图丙：给坦克安装上宽大的履带是为了增大压强
D．图丁：运油-20起飞时机翼上表面的压强小于下表面的压强
14．（2025·自贡） 下列说法正确的是（ ）
A．图甲：机器人甲抛出的手绢对它而言是静止的
B．图乙：哪吒将毽子踢向空中，说明力可以改变物体的形状
C．图丙：短跑运动员通过向后蹬起跑器来获得向前的力，说明力的作用是相互的
D．图丁：竖直放置的磁性棋盘上，棋子受到的重力和棋盘对它的吸引力是一对平衡力
15．（2025·自贡） 某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加。能满足此要求的电路是（ ）
A． B．
C． D．
16．（2025·自贡） 如图，质量为60kg的工人将重为500N的彩灯组件竖直向上匀速提升了6m，用时12s，绳子自由端拉力为300N。不计绳重和摩擦，g取10N／kg。下列说法正确的是（ ）
A．拉力的功率是150W
B．绳子末端移动的速度是
C．滑轮组的机械效率是
D．若工人的脚与地面接触的总面积为，则他对地面的压强是
17．（2025·自贡） 图甲为测量杯中液体比热容的装置，图乙为液体温度与加热时间的关系图。已知液体质量为0.5kg，初温为20℃，电加热器的功率为800W，不计一切热量损失。下列说法正确的是（ ）
A．液体的沸点是100℃
B．液体的比热容是
C．液体持续加热120s后温度会继续升高
D．液体加热至某时刻，温度计示数如图丙，此时温度是
18．（2025·自贡） 如图，均是杆秤称量时的支点。当使用称量时，调整秤砣至A点位置，使秤杆处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），已知秤砣质量为5kg，O1A=110cm，=10cm。下列说法正确的是（ ）
A．所称物体质量是50kg
B．换称质量较小的物体时，秤砣应向A点左边移动
C．改用称量物体时，会使该杆秤的称量范围变小
D．当秤砣在A点时，使用称量的物体质量比使用称量的物体质量大
19．（2025·自贡） 图甲为某无人机内发动机限速的简化电路，当飞行速度达到时，衔铁B刚好被吸下，油门C的喷油量减小，无人机速度不再增大。已知电源电压为12V，定值电阻为，电磁铁线圈电阻不计，图乙为电阻的阻值随飞行速度变化的关系图。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁下端的极性为S极
B．当飞行速度增大对，电压表的示数减小
C．当飞行速应达到210km/h时，电压表的示数为7.5V
D．若以的速度飞行1min，电阻产生的热量是
20．（2025·自贡） 图甲中静置于水平地面上的物体受到竖直向上的拉力F，图乙为拉力F与时间t的关系图，图丙为物体上升的高度h与时间t的关系图，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．物体受到的重力是60N
B．在内，物体对地面的压力是60N
C．在内，物体匀速上升的速度是
D．在2～3s内，物体匀速上升的速度是
二、填空题（共6小题，每空1分，共12分）
21．（2025·自贡） 如图，舰载机在甲板上起飞时，发动机的轰鸣声能传入引导员耳中。是因为声音的传播 介质（选填“需要”或“不需要”）；引导员配戴防噪声耳罩，这是在 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
22．（2025·自贡） 如图所示为内燃机的 冲程，该过程是将 转化为机械能。
23．（2025·自贡） “四川舰”在某次海航时排开水的质量为4.0×107kg，g取10N/kg，它受到的浮力是 N。若其从海水密度大的海域驶入密度小的海域，吃水深度 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
24．（2025·自贡） 如图，闭合开关，条形磁铁S极受到 力。为增大条形磁铁和通电螺线管间的相互作用力，滑动变阻器的滑片P应向 滑动。
25．（2025·自贡） 如图，闭合开关S，无论怎样移动滑片P，发现电压表示数始终接近电源电压，经查灯泡L完好，导致这一现象的原因是滑动变阻器 。排除故障后，闭合开关S，灯泡L正常发光，将滑片P向左滑动，电压表示数 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
26．（2025·自贡） 如图为初中体育均衡检测中握力计的工作原理简图，电源电压恒为3V，R的阻值大小与其连入电路的长度成正比，R0为保护电阻，弹簧电阻不计。握力F为零时，P在A端；握力F最大时，P在B端。P从A端滑至B端过程中，弹簧的弹性势能将 （选填“减小”“增大”或“不变”）。电路中电流表的变化范围是0.1-0.6A，R连入电路的阻值变化范围是 。
三、简答、作图、实验题（共6小题，共33分）
27．（2025·自贡） “霜降”时节，清晨常能在路边的草地上见到霜，日出后，草叶上的霜逐渐消失，叶面又变湿了。请结合物态变化的相关知识解释霜的形成和消失的原因。
28．（2025·自贡） 图甲为车内后视镜，请在图乙中画出司机的眼睛C通过后视镜MN看见后排座椅上A点的光路图。
29．（2025·自贡） 根据下方“测量小灯泡的电功率”实验的实物图，在虚线框内完善电路图。
30．（2025·自贡） 小华利用实验室的器材探究凸透镜成像的规律。
⑴实验时，调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度；
⑵调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图甲，光屏上恰好得到清晰的像，则该凸透镜的焦距是 cm；
⑶把蜡烛移至30cm刻度线处，向远离凸透镜的方向移动光屏，可以得到清晰的倒立的 （选填“缩小”“放大”或“不变”）的实像；
⑷图乙为某次实验时火焰上的A点发出的一束光，请通过作图标出A点的像；
⑸实验中，小华将自己的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原来清晰的像变得模糊。将光屏适当远离凸透镜后，光屏上再次出现清晰的像，由此可判断小华佩戴的是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
31．（2025·自贡） 航空航天科研团队成功研制出新型铌合金材料。
（1）某校研究小组获得一小块此材料，设计以下探究方案测量其密度：
如图甲，将铌合金材料切割成正方体形状，用刻度尺测出边长 cm；如图乙，用天平称量其质量是 g，根据数据计算出密度是8.6×103kg/m3。
（2）小敏发现铌合金块形状不规则，怀疑体积测量不准确，于是设计了新方案：
①如图丙，在水平放置的电子秤上放一装有适量水的容器，记下此时水的质量；
②如图丁，将铌合金块轻放入水中，待水位稳定后，做好标记B，记下此时水和铌合金块的总质量；
③如图戊，取出铌合金块，在容器内注入水，直到水位达到 处，记下此时水的质量，则铌合金块的体积是 ；
④算出铌合金块的密度是 （保留小数点后一位）。
32．（2025·自贡） 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，图甲为小董将学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω、10Ω和15Ω）和开关连接成的电路。
（1）将电源电压调至4.5V，在a、b间接入的定值电阻，将滑动变阻器滑片P滑至 （选填“A”或“B”）端，闭合开关S，调节滑片P使电压表示数为3V，记录电流表读数；
（2）将定值电阻分别更换为和，重复上述操作。图乙为某次实验中电流表的示数，读数为 A；
（3）图丙为根据实验数据得到的图像，可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 （选填“正”或“反”）比；
（4）小董还想测量标有“0.3A”字样的小灯泡L正常发光时的电阻。选用一个定值电阻，并添加一个电阻箱，设计了如图丁所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑到B端，电阻箱调至某一阻值；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为 A，记录电压表读数；
③断开开关，如图中虚线所示，将电压表连接C点的导线改接到D点，闭合开关，反复调节电阻箱和滑动变阻器，使电流表和电压表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值，断开开关；
④小泡L正常发光时的电阻 。
四、计算题（共2小题，共15分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
33．（2025·自贡） 小张有一底面积、高的长方体物块，将物块悬挂在弹簧测力计下端，测力计读取如图甲。取来一底面积为的薄壁圆柱形容器，盛入足量水静置于水平桌面上，将物块放入水中，物块静止时漂浮在水面上，如图乙。再将一小铁块放在物块上表面，静止时，物块上表面刚好与液面相平，如图丙。以上过程中没有水溢出且物块不吸水，取，。求：
（1）漂浮状态的物块露出水面的高度；
（2）小铁块放在物块上表面前后，水对容器底部压强的增加量。
34．（2025·自贡） 某种植基地安装了一款可以自动注水的喷淋系统，该系统由控制电路和工作电路两部分组成，其简化电路如图甲；图乙是工作电路总电流随时间变化的图像；图丙是与工作电路连接的电能表。控制电路的电源电压，为压敏电阻，放置在注水系统水箱底部，其阻值随压力的增大而减小。随着注水系统水箱内水量的增加，通过电磁铁线圈中的电流逐渐增大，当电流增大到0.15A时，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作。电磁铁线圈的电阻忽略不计。求：
（1）当衔铁恰好被吸下时，电阻的阻值；
（2）10min内与工作电路连接的电能表转盘转了多少转；
（3）注水系统的电功率。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；速度与物体运动；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】 A.人体的正常体温约为37℃，故A不符合实际；
B.中学生正常步行的速度约为1.1m/s，故B不符合实际；
C.一节新干电池的电压为1.5V，故C符合实际；
D.九年级物理课本的质量约为250g=0.25kg，故D不符合实际。
故选C。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】B
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；半导体特点及作用；电磁波的产生
【解析】【解答】 A.核电站是通过核裂变获得核能的，而不是核聚变。核裂变是一个原子核分裂成两个或多个更小的原子核并释放能量的核反应，目前世界各地用于生产电力的核能都是通过核裂变产生的，故A错误；
B.二极管通常由半导体材料制成，最常见的是硅和锗，也有其他材料如砷化镓和碳化硅等可用于制造二极管。半导体材料具有单向导电性，故B正确；
C.白鹤滩水电站利用的是水能发电，水能是可再生能源。水电是全球公认的清洁、优质、灵活的可再生能源，具有无污染、运行成本低、资源利用率高、便于电力调峰等特点，开发综合效益高，故C错误；
D.“神舟二十号”的航天员靠电磁波与地面保持联系，而不是超声波。因为太空是真空环境，超声波无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，能够实现飞船与地面之间的信息传输，故D错误。
故选B。
【分析】 A.核电站是通过核裂变获得核能的。
B.半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
C.可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
D.电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
3．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】 小孔成像是由于光的直线传播形成的。A.日晷计时是利用光的直线传播，故A符合题意；
B.雨后彩虹是由于光的色散形成的，故B不符合题意；
C.湖面倒影是由于光的反射所成的虚像，故C不符合题意；
D.鱼翔“浅底”是由于光的折射形成的虚像，故D不符合题意。
故选A。
【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；小孔成像、日食、月食、日晷都是由于光的直线传播形成的。
4．【答案】D
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 A.歌手发出的声音是由声带的振动产生的，故A错误；
B.我们能通过音色区分不同乐器发出的声音，故B错误；
C.麦克风的主要功能是使声音的响度变大，故C错误；
D.后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音响度小，故D正确。
故选D。
【分析】 A.歌手发出的声音是由声带的振动产生的；
B.不同的乐器音色不同，音色与发声体的结构和材料有关；
C.麦克风的主要功能是提高声音的响度；
D.声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
5．【答案】C
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】 A.“菡萏香清画舸浮”，意思是荷花的清香弥漫在画船周围，是香气分子的扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，涉及分子热运动，故A不符合题意。
B.“满架蔷薇一院香”，蔷薇的花香分子在空气中做无规则运动，使得整个院子都能闻到香味，是分子热运动的结果，故B不符合题意。
C.“一行白鹭上青天”，描述的是白鹭在天空中飞行的宏观机械运动，白鹭是宏观物体，其运动与分子热运动无关，故C符合题意。
D.“醒茶摇香叶初醒”，茶叶的香气分子在空气中扩散，人能闻到茶香，这涉及分子的热运动，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
6．【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A.在机器转轴处加润滑油，是通过分开接触面的方法来减小摩擦力的，故A正确；
B.用力压住橡皮擦去纸上的字，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C.鞋底上有槽纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D.体操运动员在手上涂镁粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选A。
【分析】 增大摩擦力的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度、用滑动代替滚动。
减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、用滚动代替滑动、使接触面脱离等。
7．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】 A.对物体受力分析可知，物体受竖直向下的重力和桌面对物体竖直向上的支持力，因为物体静止，所以由力的平衡条件可得，物体受到的支持力：
F支=G=mg=0.5kg×10N/kg=5N，因为支持力与物体对桌面的压力为作用力与反作用力，所以物体对桌面的压力F=5N，故A错误；
B.物体匀速运动时拉力与它受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，故物体在匀速运动的过程中受到的摩擦力为10N，故B正确；
C.若F为5N，此时拉力小于摩擦力，物体将做减速运动，故C错误；
D.若F为15N，此时拉力大于摩擦力，物体将做加速运动，故D错误。
故选B。
【分析】 A.对物体受力分析可知，物体受竖直向下的重力和桌面对物体竖直向上的支持力，因为物体静止，受到平衡力，根据支持力与物体对桌面的压力为作用力与反作用力，二者大小相等，得出物体对桌面的压力；
B.物体在水平方向上受到拉力和摩擦力，受到的是平衡力，据此判断；
C.若物体受到的动力大于阻力，物体做减速运动；
D.若物体受到的动力大于阻力，物体做加速运动。
8．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.家用电器的金属外壳需要接地，以防止漏电导致触电事故，故A正确：
B.导线的绝缘皮破损后，为了防止发生触电事故，应立即断电维修，故B错误；
C.多个大功率用电器不可以同时在一个插线板上使用，以防止电流过大导致线路发热失火，故C错误；
D.电路中的电流过大时，空气开关自动断开，保护电路，故D错误。
故选A。
【分析】 A.有金属外壳的用电器，其外壳要接地；
B.导线绝缘片破损后要及时维修；
C.家庭电路中电流过大会导致跳闸，电路中电流过大的原因是短路或总功率过大；
D.漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源；空气开关在电路过载或短路时，即通过电流过大时起到保护作用。
9．【答案】D
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 由图可知，额定电压为12V时，额定电流为0.4A，
用电器的额定功率P=UI=12V×0.4A=4.8W。
故选D。
【分析】 根据P=UI求出用电器的额定功率。
10．【答案】B
【知识点】两种电荷；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A.卫星通信是利用电磁波来传递信息的，因为电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，所以“天算”卫星靠电磁波高速互联，故A正确。
B.电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。而发电机是利用电磁感应原理制成的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。如果图乙是电磁感应实验装置图，那么根据其原理制成的是发电机，而不是电动机，故B错误。
C.油罐车在运输过程中，油会与桶壁摩擦起电，由于汽车轮胎是绝缘体，电荷无法通过轮胎传到地下，电荷积聚可能会产生电火花，引发爆炸。油罐车后挂铁链与地面相连，能将产生的电荷及时转移到大地，防止静电带来的危害，故C正确。
D.用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，当它接触验电器的金属球时，橡胶棒上的一部分负电荷会转移到验电器上，使验电器的金属箔张开且带负电，故D正确。
故选B。
【分析】A.卫星通信是利用电磁波来传递信息的。
B.电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
C.静电：即相对静止不动的电荷，通常指因不同物体之间相互摩擦而产生的在物体表面所带的正负电荷。
D.用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，当它接触验电器的金属球时，橡胶棒上的一部分负电荷会转移到验电器上，使验电器的金属箔张开且带负电。
11．【答案】D
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】 A.图甲：泥坯随着转盘转动是由于惯性，惯性是物体本身的一种性质，不是一种作用，故A错误；
B.图乙：农用无人机在喷洒肥料的过程中质量减小，惯性减小，故B错误；
C.图丙：硬币“站立”在高速列车窗台上，硬币此时仍然具有惯性，保持原来的静止状态，故C错误；
D.图丁：短道速滑运动员不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，故D正确。
故选D。
【分析】 AB.物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与物体的质量有关；
C.一切物体在任何情况下都具有惯性；
D.惯性是物体的一种性质，而不是一种作用力。
12．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件
【解析】【解答】 A.重力势能大小的影响因素：质量和高度，返回舱在竖直匀速下落过程中，速度不变，高度减小，重力势能减小，故A正确；
B.动能大小的影响因素：质量和速度，返回舱在竖直匀速下落过程中，质量和速度都不变，则动能不变，故B错误；
C.返回舱穿越大气层时，返回舱克服空气的摩擦做功，重力势能转化为内能，故C错误；
D.返回舱匀速下落的过程中，它的质量不变，速度不变，故动能不变；同时质量不变，高度减小，重力势能减小，所以机械能变小，机械能不守恒，故D错误。
故选A。
【分析】A.重力势能与质量和高度有关；
B.动能与质量和速度有关；
C.根据能量转化的知识判断；
D.注意机械能与内能的转化。
13．【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压强的存在；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A.船闸是利用连通器原理工作的。当船要从下游驶向上游时，先进入闸室，关闭下游闸门，向闸室注水，使水位与上游齐平，然后打开上游闸门，船驶入上游；从上游驶向下游时则相反，通过控制闸室水位与上下游水位一致，让船只顺利通过不同水位的水域，故A正确不合题意；
B.拔火罐是利用燃火、抽气等方法使罐内气压小于外界大气压，从而将火罐吸附在体表。罐内空气被排出一部分后，气压降低，在大气压强的作用下，火罐就紧紧吸附在皮肤上，故B正确不合题意；
C.坦克安装宽大的履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误符合题意；
D.由机翼的形状可知，飞机在飞行过程中，机翼上表面的空气流速大，压强小，机翼下表面空气流速小，压强大，在压强差的作用下，从而产生向上的升力，使得飞机能升空，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】 A.船闸的工作原理主要是利用 连通器的原理，通过调整闸室中的水位来实现船舶在不同水位间的升降，从而通过集中的航道水位落差。
B.大气压的综合应用主要涉及到多个方面，包括生活用品、 天气影响、 人体影响、 液体沸点的影响以及体积与压强的关系。
C.减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
D.流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
14．【答案】C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】 A.机器人甲抛出的手绢相对于机器人的位置在不断发生改变，则抛出的手绢对它而言是运动的，故A错误；
B.哪吒将毽子踢向空中，毽子由静止变运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C.短跑运动员通过向后蹬起跑器来获得向前的力，是因为力的作用是相互的，故C正确；
D.竖直放置的磁性棋盘上，棋子受到的重力和棋盘对它的吸引力大小不一定相等，方向不是相反的，故二者不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】 A.在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
B.力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
C.物体间力的作用是相互的；
D.二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
15．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加，说明此时通过电动机的电流变大，转速增大，
A.图中按下按钮时电动机被短路，无电流通过，故A错误；
B.电阻与电动机串联，按下按钮时，电阻被短路，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律知，电流变大，故电动机转速增大，故B正确；
C.按下按钮时，电阻与电动机并联，根据并联电路的特点，电动机的电流不变，故不可能转速增大，故C错误；
D.图中按下按钮时电动机被短路，无电流通过，不转动，故D错误。
故选B。
【分析】 根据电动机M转速增大，必须通过电动机的电流增大，结合串并联的特点分析电路。
16．【答案】D
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 A.由图可知，动滑轮上的绳子段数为n=2，
绳子自由端移动的距离：s=nh=2×6m=12m，
拉力做的功：W=Fs=300N×12m=3600J，
拉力的功率：，故A错误；
B.绳子末端移动的速度：，故B错误；
C.滑轮组的机械效率：，故C错误；
D.工人的重力：G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，
工作时矿工对水平地面的压力等于他的重力与绳子拉力之差，即：
F压=G人-F=600N-300N=300N，
地面的受力面积等于工人的脚与地面接触的总面积，
故他对水平地面的压强：，故D正确。
故选D。
【分析】 A.由图可知，动滑轮上的绳子段数，根据s=nh可得绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求拉力做的总功，根据求拉力的功率；
B.根据求绳子末端移动的速度；
C.根据求滑轮组的机械效率；
D.根据G=mg求工人的重力，工作时矿工对水平地面的压力等于他的重力与绳子拉力之差，根据求他对地面的压强。
17．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；比热容；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】 AC.液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变，由图乙可知，液体的沸点为80℃，故A错误；
加热90s，液体开始沸腾，而沸腾时温度保持80℃不变，所以液体持续加热120s后温度保持80℃不变，故C错误；
B.加热90s，加热器消耗的电能：W=Pt=800W×90s=7.2×104J，
不计一切热量损失，液体吸收的热量：Q吸=W=7.2×104J，
由Q吸=cmΔt可知，液体的比热容：，故B正确；
D.由图丙可知，温度计的分度值为1℃，此时的温度为37℃，故D错误。
故选B。
【分析】 AC.液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变；
B.由图乙可知液体加热到沸腾的时间，根据W=Pt求出加热器消耗的电能，不计一切热量损失，液体吸收的热量等于加热消耗的电能，根据Q吸=cmΔt求出液体的比热容；
D.根据温度计的分度值和液柱的位置可知此时的温度。
18．【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】 A.当使用O1称量时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，m物g×10cm=5kg×g×110cm，解得，m物=55kg，故A错误；
B.换称质量较小的物体时，左边的力与力臂的乘积变小，秤砣质量，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，秤砣应向A点左边移动，故B正确；
C.改用O2称量物体时，重物力臂变大，O2A＜O1A，秤砣质量m不变，由杠杆平衡条件：Mg×O2B=mg×O2A可知，杆秤的称量范围变大，故C错误；
D.因为O2A＜O1A，杠杆平衡条件可知，当秤砣在A点时，使用O1称量的物体质量比使用O2称量的物体质量小，故D错误。
故选B。
【分析】 A.由杠杆平衡条件F1L1=F2L2和G=mg表示出物体质量的关系式可求得所称物体质量；
B.由杠杆平衡条件分析换称质量较小的物体时，秤砣应向哪边移动；
C.改用O2称量物体时，重物力臂变大，应用杠杆平衡条件分析答题。
D.由杠杆平衡条件分析。
19．【答案】C
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 A.闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端为N极，上端为S极，故A错误；
B.从图中可知R和R0串联，从图乙可知，R的阻值随飞行速度的增加而变小，当飞行速度增大时，根据串联分压特点可知R两端的电压变小，电源电压不变，根据串联分压特点可知R0两端的电压变大，故B错误；
C.当无人机飞行速度达到210km/h时，从图中可知R=15Ω，R、R0串联，
根据欧姆定律可知电路电流：，
电压表示数为R0两端的电压：UR0=IR0=0.3A×25Ω=7.5V，故C正确；
D.当无人机飞行速度达到350km/h时，从图中可知R=5Ω，R、R0串联，
根据欧姆定律可知电路电流：，则电阻R在1min内产生的热量：Q=W=I2Rt=（0.4A）2×5Ω×60s=48J，故D错误。
故选C。
【分析】A.闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端的极性；
B.根据R随飞行速度的增大而减小，结合串联分压确定电压表的示数变化；
C.由甲图与乙图中的信息可知：当无人机达到最大飞行速度时，找出R的阻值为10Ω，此时电阻R、R0串联，由欧姆定律求出I，再根据电功率P=UI=I2R即可求出R0的电功率；
D.根据欧姆定律可知电路电流，再根据电功公式计算。
20．【答案】D
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】 AB.由丙图可知，物体在2～3s内做匀速直线运动，由图乙可知此时的拉力F3=80N，
拉力等于重力，故重力为80N，故A错误；
由图乙知，0～1s时物体上升高度为0，即物体静止在地面上，受力平衡，
由图乙可知，在0～1s内，拉力F1=60N，受到向下的重力、向上的支持力以及向上的拉力作用处于静止状态，
所以：F支+F1=G，
则地面对物体的支持力：F支=G-F1=80N-60N=20N，
根据力的作用是相互的，重物对地面的压力：F压=F支=20N，故B错误；
C.在1～2s内，物体的路程与时间不成正比，故不是匀速直线运动，故C错误；
D.2～3s内，物体的路程与时间成正比，故是匀速直线运动，物体匀速上升的速度是，故D正确。
故选D。
【分析】 （1）根据物体静止或匀速直线运动时受力平衡分析重力；
（2）根据匀速直线运动的路程与时间成正比分析，结合速度公式计算。
21．【答案】需要；人耳处
【知识点】声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】 （1）发动机的轰鸣声能通过空气传入引导员耳中，是因为声音的传播需要介质；
（2）引导员配戴防噪声耳罩，属于人耳处减弱噪声。
【分析】（1）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；
（2）防治噪声的途径：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。
22．【答案】做功；内能
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 由图可知，该冲程中，进气门和排气门均关闭，活塞向下运动，故该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能。
【分析】 根据图中气门的开、闭情况和活塞运动方向判断内燃机的工作冲程，从而可知其能量转化情况。
23．【答案】；变大
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 （1）“四川舰”在某次海航时排开水的质量为4.0×107kg，此时它受到的浮力：
F浮=G排=m排g=4.0×107kg×10N/kg=4.0×108N；
（2）“四川舰”从海水密度大的海域驶入密度小的海域，总是处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件可知它所受的浮力总是等于它的重力，大小不变，根据可知，它排开海水的体积变大，则吃水深度变大。
【分析】 （1）已知“四川舰”在某次海航时的排水量，根据F浮=G排=m排g求它受到的浮力；
（2）“四川舰”从海水密度大的海域驶入密度小的海域，总是处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件可知它所受的浮力变化情况，根据F浮=ρ液gV排可知它排开海水的体积变化，从而可知吃水深度的变化。
24．【答案】斥；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 （1）由图可知，电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管右侧为N极，左侧是S极，由同名磁极相互排斥可知，条形磁铁S极受到斥力；
（2）为增大条形磁铁和通电螺线管间的相互作用力，应增大螺线管的磁场，即电流中的电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故滑片应该向左移动。
【分析】 （1）由安培定则可知螺线管的磁极，由磁极间的相互作用可知条形磁铁S极受到的力；
（2）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈匝数的多少有关。
25．【答案】断路；变大
【知识点】电路故障的判断；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由电路图知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关S，无论怎样移动滑动变阻器，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即滑动变阻器断路；
滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压作用知滑动变阻器两端的电压变大，电压表的示数变大。
【分析】 由电路图知小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关S，无论怎样移动滑动变阻器，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压作用判断出电压表示数的变化。
26．【答案】增大；
【知识点】动能和势能的大小变化；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 弹簧的弹性势能与弹幕的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大。当P从A端滑至B端过程中，弹簧被压缩，形变程度增大，其弹性势能增大；
由图可知，滑动变阻器R与R0串联，电流表测电路中的电流。
当电路中的电流最大为I大=0.6A时，R接入电路的电阻最小为0Ω，
此时R0的阻值：；
当电路中的电流最小为I小=0.1A时，R接入电路的电阻最大，
此时电路的总电阻：，
根据串联电路的电阻规律可得，R接入电路的最大阻值：R=R总-R0=30Ω-5Ω=25Ω。
则R连入电路的阻值变化范围是0-25Ω。
【分析】弹簧的弹性势能与弹幕的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；
由图可知，滑动变阻器R与R0串联，电流表测电路中的电流。已知电流表示数的变化范围，根据欧姆定律可得R的最小值和最大值，即R的阻值变化范围。
27．【答案】霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，日出后，草叶上的霜逐渐消失，叶面又变湿了，这是因为霜吸热熔化成了小水珠。
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 “霜降”时节，夜晚地面的温度迅速降低到 0℃以下。当空气中的水蒸气遇到温度低于0℃的草地等物体表面时，水蒸气直接凝华成小冰晶形成霜。日出后，太阳辐射使周围环境温度升高。霜会通过两种方式消失，一种是直接升华为水蒸气，即固态的霜直接变成气态的水蒸气进入空气中；
另一种更为常见的方式是熔化成水，固态的霜吸收热量变成液态水，使叶面变湿。在通常情况下，温度升高后，霜大多先通过熔化成水的方式消失。
【分析】 物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化。
28．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】 先作出后排座椅上A点关于平面镜MN的对称点A'，即为像点，连接CA'交平面镜于点O，连接AO可得入射光线，连接OC可得反射光线，如图所示：
【分析】 根据平面镜成像时像与物关于平面镜对称，作出车内装饰物关于平面镜的对称点，即为像点，连接像点、眼睛交平面镜于点O，可得入射点，进而画出入射光线、反射光线。
29．【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】 根据实物图，从电源的正极出发，依次连接开关、灯泡，电流表、滑动变阻器、最后回到电源的负极，电压表与灯泡并联，电路图如下：
【分析】 分析实物图，得出灯与滑动变阻器的连接方式，以及开关、电流表和电压表的位置，据此画出对应的电路图。
30．【答案】15.0；放大；；近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 （2）由图甲可知，u=v=2f=30cm，故f=15cm；
（3）将蜡烛移动到30cm刻度线处，此时物距2f＞u=50cm-30cm=20cm＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，故向远离凸透镜的方向移动光屏，直到光屏上出现烛焰清晰的像，该像为倒立、放大的实像；
（4）过光心的光线，传播方向不变，过焦点的光线，经凸透镜折射后平行于主光轴，两条光线的交点就是A点的像A'，光路图如图所示：
；
（5）小华将自己的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，将光屏适当远离凸透镜后，光屏上的像又变清晰了，说明该眼镜对光线具有发散作用，所以使用凹透镜，所以小华佩戴的是近视眼镜。
【分析】 （2）根据u=v=2f，得出焦距；
（3）根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；
（4）过光心的光线，传播方向不变；
（5）凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
31．【答案】（1）2.00；68.8
（2）B；7.8；
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）由图甲可知，刻度尺的分度值为0.1cm，材料的边长是2.00cm。标尺的分度值为0.2g，则游码质量为3.8g，砝码质量：50g+10g+5g=65g，
那么材料的质量为m正=65g+3.8g=68.8g；
（2）③如图戊，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，
由图戊和图丙可得注入水的质量为m注=307.80g-300.00g=7.80g，
水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3=1.0g/cm3，
注入水的体积，即铌合金块的体积：，
④由图丙和图丁可得铌合金块的质量：m=368.80g-300.00g=68.80g，
铌合金块的密度：。
【分析】 （1）由图甲可知，刻度尺的分度值，并读出材料的边长；由图乙可得材料的质量；
（2）③如图戊，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，由图戊和图丙可得注入水的质量，根据求注入水的体积，即铌合金块的体积；
④由图丙和图丁可得铌合金块的质量，根据求铌合金块的密度。
32．【答案】（1）B
（2）0.2
（3）反
（4）0.3；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处，即B端；
（2）如图乙所示，电流表的连接小量程，分度值为0.02A，此时电流表的读数为0.2A；
（3）根据绘制出I-R图像可知电阻的电压为：U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，
即电流与电阻之积为一定值，得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）测量标有“0.3A”字样的小灯泡正常发光时的电阻RL，由于通过小灯泡的额定电流为0.3A，因此闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A，记录电压表示数。断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端，与电压表并联的那部分电阻变大，电压表示数会发生变化，而实验中需保持两表的示数不变，因此闭合开关，反复调节电阻箱R'和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
在步骤②中，电阻箱R'、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R'和定值电阻R两端的电压，调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A，此时灯泡正常发光；
在步骤③中，电阻箱R'、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡仍串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R'、定值电阻R和灯泡两端的电压，反复调节电阻箱R'和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，此时灯泡仍正常发光；根据欧姆定律可得R1+R=R2+R+RL，电阻箱减少的电阻就等于小灯泡正常发光时的电阻，根据等效替代法可知，小灯泡正常发光时的电阻为RL=R1-R2。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；
（2）根据电流表量程和分度值读数；
（3）根据绘制出I-R图像求出电流与电阻之积为一定值得出结论；
（4）要测小灯泡正常发光时的电阻RL，首先应使灯泡正常发光；导线改接后，调节电阻箱和滑动变阻器，使电压表、电流表的示数不变，由等效替代法求出小灯泡正常发光时的电阻RL。
33．【答案】（1）解： 如图甲，测力计分度值为0.2N，示数为3N，则物块重力。图乙中，物块漂浮，则浮力为；
排开水的体积为；
则浸入水中的深度为；
则漂浮状态的物块露出水面的高度。。
（2）解： 小铁块放在物块上表面前后，物块上表面刚好与液面相平，则排开水的体积增加量为；
则水位上升的高度为；
则小铁块放在物块上表面前后，水对容器底部压强的增加量。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）由图甲读出物块重力，物块漂浮，则浮力为F浮=G，由F浮=ρ液gV排可求得排开水的体积，可求浸入水中的深度，已知长方体物块高度，可求露出水面的高度；
（2）小铁块放在物块上表面前后，物块上表面刚好与液面相平，可求排开水的体积增加量，然后求水位上升的高度，由p=ρ液gh可求得水对容器底部压强的增加量Δp。
34．【答案】（1）解： 控制电路中，电阻和线圈串联，当衔铁恰好被吸下时，电阻的阻值。
（2）解： 工作电路中，注水系统和喷淋系统并联，电能表在干路上，测整个工作电路消耗的电能。，由乙图可知，工作电路总电流为2A，工作电路总电流为0.5A，则10min内工作电路消耗的电能为
则电能表转盘转数为。
（3）解： 衔铁没有被吸下时，注水系统和喷淋系统并联，总电流为2A，衔铁被吸下后，注水系统停止工作，喷淋系统单独工作，总电流为0.5A，
根据并联电流规律，注水系统的电流为；
则注水系统的电功率。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据欧姆定律求出当衔铁恰好被吸下时，电阻RF的阻值；
（2）由图乙可知10min内工作电路的电流，根据W=UIt求出10min内工作电路消耗的电能；由图乙可知，当电路消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出10min内与工作电路连接的电能表转盘的转数；
（3）由图甲可知，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，喷淋系统故障；衔铁被释放时，注水系统和喷淋系统并联工作，根据并联电路的特点结合图乙求出注水系统工作时的电流，根据P=UI求出注水系统的电功率。
1 / 1四川省自贡市2025年中考物理真题
一、选择题（共20小题，每小题2分，共40分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·自贡） 下列数据中符合实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为26℃ B．中学生正常步行的速度为10m/s
C．一节新干电池的电压为1.5V D．九年级物理课本的质量约为5kg
【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；速度与物体运动；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】 A.人体的正常体温约为37℃，故A不符合实际；
B.中学生正常步行的速度约为1.1m/s，故B不符合实际；
C.一节新干电池的电压为1.5V，故C符合实际；
D.九年级物理课本的质量约为250g=0.25kg，故D不符合实际。
故选C。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．（2025·自贡） 以下说法正确的是（ ）
A．核电站通过核聚变获得核能
B．利用半导体材料可以制作二极管
C．白鹤滩水电站利用不可再生能源发电
D．“神舟二十号”的航天员靠超声波与地面保持联系
【答案】B
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；半导体特点及作用；电磁波的产生
【解析】【解答】 A.核电站是通过核裂变获得核能的，而不是核聚变。核裂变是一个原子核分裂成两个或多个更小的原子核并释放能量的核反应，目前世界各地用于生产电力的核能都是通过核裂变产生的，故A错误；
B.二极管通常由半导体材料制成，最常见的是硅和锗，也有其他材料如砷化镓和碳化硅等可用于制造二极管。半导体材料具有单向导电性，故B正确；
C.白鹤滩水电站利用的是水能发电，水能是可再生能源。水电是全球公认的清洁、优质、灵活的可再生能源，具有无污染、运行成本低、资源利用率高、便于电力调峰等特点，开发综合效益高，故C错误；
D.“神舟二十号”的航天员靠电磁波与地面保持联系，而不是超声波。因为太空是真空环境，超声波无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，能够实现飞船与地面之间的信息传输，故D错误。
故选B。
【分析】 A.核电站是通过核裂变获得核能的。
B.半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
C.可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
D.电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
3．（2025·自贡） 下列现象与小孔成像原理相同的是（ ）
A．日晷计时 B．雨后彩虹
C．湖面倒影 D．鱼翔“浅底”
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】 小孔成像是由于光的直线传播形成的。A.日晷计时是利用光的直线传播，故A符合题意；
B.雨后彩虹是由于光的色散形成的，故B不符合题意；
C.湖面倒影是由于光的反射所成的虚像，故C不符合题意；
D.鱼翔“浅底”是由于光的折射形成的虚像，故D不符合题意。
故选A。
【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；小孔成像、日食、月食、日晷都是由于光的直线传播形成的。
4．（2025·自贡） 第九届亚冬会主题歌在开幕式现场唱响。下列说法正确的是（ ）
A．歌手发出的声音是由空气振动产生的
B．我们能通过响度区分不同乐器发出的声音
C．麦克风的主要功能是使声音的音调变高
D．后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音响度小
【答案】D
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 A.歌手发出的声音是由声带的振动产生的，故A错误；
B.我们能通过音色区分不同乐器发出的声音，故B错误；
C.麦克风的主要功能是使声音的响度变大，故C错误；
D.后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音响度小，故D正确。
故选D。
【分析】 A.歌手发出的声音是由声带的振动产生的；
B.不同的乐器音色不同，音色与发声体的结构和材料有关；
C.麦克风的主要功能是提高声音的响度；
D.声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
5．（2025·自贡） 以下诗句描绘的情境不涉及分子热运动的是（ ）
A．菡萏香清画舸浮 B．满架蔷薇一院香
C．一行白鹭上青天 D．醒茶摇香叶初醒
【答案】C
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】 A.“菡萏香清画舸浮”，意思是荷花的清香弥漫在画船周围，是香气分子的扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，涉及分子热运动，故A不符合题意。
B.“满架蔷薇一院香”，蔷薇的花香分子在空气中做无规则运动，使得整个院子都能闻到香味，是分子热运动的结果，故B不符合题意。
C.“一行白鹭上青天”，描述的是白鹭在天空中飞行的宏观机械运动，白鹭是宏观物体，其运动与分子热运动无关，故C符合题意。
D.“醒茶摇香叶初醒”，茶叶的香气分子在空气中扩散，人能闻到茶香，这涉及分子的热运动，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
6．（2025·自贡） 以下做法能减小摩擦力的是（ ）
A．机器转轴处加润滑油 B．用力压着黑板擦擦黑板
C．鞋底做成凹凸不平的槽纹 D．体操运动员在手上涂镁粉
【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A.在机器转轴处加润滑油，是通过分开接触面的方法来减小摩擦力的，故A正确；
B.用力压住橡皮擦去纸上的字，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C.鞋底上有槽纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D.体操运动员在手上涂镁粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选A。
【分析】 增大摩擦力的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度、用滑动代替滚动。
减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、用滚动代替滑动、使接触面脱离等。
7．（2025·自贡） 如图，质量为0.5kg的物体静置于水平桌面上，用10N的水平拉力使物体沿水平方向做匀速直线运动，g取。下列说法正确的是（ ）
A．物体对桌面的压力大于5N
B．物体受到的摩擦力是10N
C．若为5N，物体仍做匀速直线运动
D．若为15N，物体仍做匀速直线运动
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】 A.对物体受力分析可知，物体受竖直向下的重力和桌面对物体竖直向上的支持力，因为物体静止，所以由力的平衡条件可得，物体受到的支持力：
F支=G=mg=0.5kg×10N/kg=5N，因为支持力与物体对桌面的压力为作用力与反作用力，所以物体对桌面的压力F=5N，故A错误；
B.物体匀速运动时拉力与它受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，故物体在匀速运动的过程中受到的摩擦力为10N，故B正确；
C.若F为5N，此时拉力小于摩擦力，物体将做减速运动，故C错误；
D.若F为15N，此时拉力大于摩擦力，物体将做加速运动，故D错误。
故选B。
【分析】 A.对物体受力分析可知，物体受竖直向下的重力和桌面对物体竖直向上的支持力，因为物体静止，受到平衡力，根据支持力与物体对桌面的压力为作用力与反作用力，二者大小相等，得出物体对桌面的压力；
B.物体在水平方向上受到拉力和摩擦力，受到的是平衡力，据此判断；
C.若物体受到的动力大于阻力，物体做减速运动；
D.若物体受到的动力大于阻力，物体做加速运动。
8．（2025·自贡） 关于生活中安全用电的叙述正确的是（ ）
A．冰箱的金属外壳需接地
B．导线的绝缘皮破损后仍可以继续使用
C．可在一个插线板上同时使用多个大功率用电器
D．当电路中的电流过大时，漏电保护器自动断开，保护电路
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.家用电器的金属外壳需要接地，以防止漏电导致触电事故，故A正确：
B.导线的绝缘皮破损后，为了防止发生触电事故，应立即断电维修，故B错误；
C.多个大功率用电器不可以同时在一个插线板上使用，以防止电流过大导致线路发热失火，故C错误；
D.电路中的电流过大时，空气开关自动断开，保护电路，故D错误。
故选A。
【分析】 A.有金属外壳的用电器，其外壳要接地；
B.导线绝缘片破损后要及时维修；
C.家庭电路中电流过大会导致跳闸，电路中电流过大的原因是短路或总功率过大；
D.漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源；空气开关在电路过载或短路时，即通过电流过大时起到保护作用。
9．（2025·自贡） 如图为某用电器的I-U图像，其额定电压为12V，则额定功率是（ ）
A．0.6W B．1.8W C．3.2W D．4.8W
【答案】D
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 由图可知，额定电压为12V时，额定电流为0.4A，
用电器的额定功率P=UI=12V×0.4A=4.8W。
故选D。
【分析】 根据P=UI求出用电器的额定功率。
10．（2025·自贡） 下列关于电和磁的描述不正确的是（ ）
A．图甲：“天算”卫星靠电磁波高速互联
B．图乙：根据该实验装置的原理制成了电动机
C．图丙：油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害
D．图丁：用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，金属箔张开且带负电
【答案】B
【知识点】两种电荷；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A.卫星通信是利用电磁波来传递信息的，因为电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，所以“天算”卫星靠电磁波高速互联，故A正确。
B.电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。而发电机是利用电磁感应原理制成的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。如果图乙是电磁感应实验装置图，那么根据其原理制成的是发电机，而不是电动机，故B错误。
C.油罐车在运输过程中，油会与桶壁摩擦起电，由于汽车轮胎是绝缘体，电荷无法通过轮胎传到地下，电荷积聚可能会产生电火花，引发爆炸。油罐车后挂铁链与地面相连，能将产生的电荷及时转移到大地，防止静电带来的危害，故C正确。
D.用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，当它接触验电器的金属球时，橡胶棒上的一部分负电荷会转移到验电器上，使验电器的金属箔张开且带负电，故D正确。
故选B。
【分析】A.卫星通信是利用电磁波来传递信息的。
B.电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
C.静电：即相对静止不动的电荷，通常指因不同物体之间相互摩擦而产生的在物体表面所带的正负电荷。
D.用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，当它接触验电器的金属球时，橡胶棒上的一部分负电荷会转移到验电器上，使验电器的金属箔张开且带负电。
11．（2025·自贡） 下列说法正确的是（ ）
A．图甲：泥坯随着转盘转动是因为受到惯性作用
B．图乙：农用无人机在喷洒肥料的过程中惯性不变
C．图丙：硬币“站立”在高速列车窗台上，说明硬币此时没有惯性
D．图丁：短道速滑运动员不能立即停下来，是因为运动员具有惯性
【答案】D
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】 A.图甲：泥坯随着转盘转动是由于惯性，惯性是物体本身的一种性质，不是一种作用，故A错误；
B.图乙：农用无人机在喷洒肥料的过程中质量减小，惯性减小，故B错误；
C.图丙：硬币“站立”在高速列车窗台上，硬币此时仍然具有惯性，保持原来的静止状态，故C错误；
D.图丁：短道速滑运动员不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，故D正确。
故选D。
【分析】 AB.物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与物体的质量有关；
C.一切物体在任何情况下都具有惯性；
D.惯性是物体的一种性质，而不是一种作用力。
12．（2025·自贡） 如图，“神舟十九号”返回舱打开降落伞后，在竖直匀速下落过程中，下列有关返回舱的说法正确的是（ ）
A．重力势能减小 B．动能增大
C．重力势能转化为动能 D．机械能守恒
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件
【解析】【解答】 A.重力势能大小的影响因素：质量和高度，返回舱在竖直匀速下落过程中，速度不变，高度减小，重力势能减小，故A正确；
B.动能大小的影响因素：质量和速度，返回舱在竖直匀速下落过程中，质量和速度都不变，则动能不变，故B错误；
C.返回舱穿越大气层时，返回舱克服空气的摩擦做功，重力势能转化为内能，故C错误；
D.返回舱匀速下落的过程中，它的质量不变，速度不变，故动能不变；同时质量不变，高度减小，重力势能减小，所以机械能变小，机械能不守恒，故D错误。
故选A。
【分析】A.重力势能与质量和高度有关；
B.动能与质量和速度有关；
C.根据能量转化的知识判断；
D.注意机械能与内能的转化。
13．（2025·自贡） 下列说法中不正确的是（ ）
A．图甲：三峡船闸利用了连通器原理
B．图乙：“拔火罐”技术利用了大气压强
C．图丙：给坦克安装上宽大的履带是为了增大压强
D．图丁：运油-20起飞时机翼上表面的压强小于下表面的压强
【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压强的存在；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A.船闸是利用连通器原理工作的。当船要从下游驶向上游时，先进入闸室，关闭下游闸门，向闸室注水，使水位与上游齐平，然后打开上游闸门，船驶入上游；从上游驶向下游时则相反，通过控制闸室水位与上下游水位一致，让船只顺利通过不同水位的水域，故A正确不合题意；
B.拔火罐是利用燃火、抽气等方法使罐内气压小于外界大气压，从而将火罐吸附在体表。罐内空气被排出一部分后，气压降低，在大气压强的作用下，火罐就紧紧吸附在皮肤上，故B正确不合题意；
C.坦克安装宽大的履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误符合题意；
D.由机翼的形状可知，飞机在飞行过程中，机翼上表面的空气流速大，压强小，机翼下表面空气流速小，压强大，在压强差的作用下，从而产生向上的升力，使得飞机能升空，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】 A.船闸的工作原理主要是利用 连通器的原理，通过调整闸室中的水位来实现船舶在不同水位间的升降，从而通过集中的航道水位落差。
B.大气压的综合应用主要涉及到多个方面，包括生活用品、 天气影响、 人体影响、 液体沸点的影响以及体积与压强的关系。
C.减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
D.流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
14．（2025·自贡） 下列说法正确的是（ ）
A．图甲：机器人甲抛出的手绢对它而言是静止的
B．图乙：哪吒将毽子踢向空中，说明力可以改变物体的形状
C．图丙：短跑运动员通过向后蹬起跑器来获得向前的力，说明力的作用是相互的
D．图丁：竖直放置的磁性棋盘上，棋子受到的重力和棋盘对它的吸引力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】 A.机器人甲抛出的手绢相对于机器人的位置在不断发生改变，则抛出的手绢对它而言是运动的，故A错误；
B.哪吒将毽子踢向空中，毽子由静止变运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C.短跑运动员通过向后蹬起跑器来获得向前的力，是因为力的作用是相互的，故C正确；
D.竖直放置的磁性棋盘上，棋子受到的重力和棋盘对它的吸引力大小不一定相等，方向不是相反的，故二者不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】 A.在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
B.力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
C.物体间力的作用是相互的；
D.二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
15．（2025·自贡） 某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加。能满足此要求的电路是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加，说明此时通过电动机的电流变大，转速增大，
A.图中按下按钮时电动机被短路，无电流通过，故A错误；
B.电阻与电动机串联，按下按钮时，电阻被短路，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律知，电流变大，故电动机转速增大，故B正确；
C.按下按钮时，电阻与电动机并联，根据并联电路的特点，电动机的电流不变，故不可能转速增大，故C错误；
D.图中按下按钮时电动机被短路，无电流通过，不转动，故D错误。
故选B。
【分析】 根据电动机M转速增大，必须通过电动机的电流增大，结合串并联的特点分析电路。
16．（2025·自贡） 如图，质量为60kg的工人将重为500N的彩灯组件竖直向上匀速提升了6m，用时12s，绳子自由端拉力为300N。不计绳重和摩擦，g取10N／kg。下列说法正确的是（ ）
A．拉力的功率是150W
B．绳子末端移动的速度是
C．滑轮组的机械效率是
D．若工人的脚与地面接触的总面积为，则他对地面的压强是
【答案】D
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 A.由图可知，动滑轮上的绳子段数为n=2，
绳子自由端移动的距离：s=nh=2×6m=12m，
拉力做的功：W=Fs=300N×12m=3600J，
拉力的功率：，故A错误；
B.绳子末端移动的速度：，故B错误；
C.滑轮组的机械效率：，故C错误；
D.工人的重力：G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，
工作时矿工对水平地面的压力等于他的重力与绳子拉力之差，即：
F压=G人-F=600N-300N=300N，
地面的受力面积等于工人的脚与地面接触的总面积，
故他对水平地面的压强：，故D正确。
故选D。
【分析】 A.由图可知，动滑轮上的绳子段数，根据s=nh可得绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求拉力做的总功，根据求拉力的功率；
B.根据求绳子末端移动的速度；
C.根据求滑轮组的机械效率；
D.根据G=mg求工人的重力，工作时矿工对水平地面的压力等于他的重力与绳子拉力之差，根据求他对地面的压强。
17．（2025·自贡） 图甲为测量杯中液体比热容的装置，图乙为液体温度与加热时间的关系图。已知液体质量为0.5kg，初温为20℃，电加热器的功率为800W，不计一切热量损失。下列说法正确的是（ ）
A．液体的沸点是100℃
B．液体的比热容是
C．液体持续加热120s后温度会继续升高
D．液体加热至某时刻，温度计示数如图丙，此时温度是
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；比热容；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】 AC.液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变，由图乙可知，液体的沸点为80℃，故A错误；
加热90s，液体开始沸腾，而沸腾时温度保持80℃不变，所以液体持续加热120s后温度保持80℃不变，故C错误；
B.加热90s，加热器消耗的电能：W=Pt=800W×90s=7.2×104J，
不计一切热量损失，液体吸收的热量：Q吸=W=7.2×104J，
由Q吸=cmΔt可知，液体的比热容：，故B正确；
D.由图丙可知，温度计的分度值为1℃，此时的温度为37℃，故D错误。
故选B。
【分析】 AC.液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变；
B.由图乙可知液体加热到沸腾的时间，根据W=Pt求出加热器消耗的电能，不计一切热量损失，液体吸收的热量等于加热消耗的电能，根据Q吸=cmΔt求出液体的比热容；
D.根据温度计的分度值和液柱的位置可知此时的温度。
18．（2025·自贡） 如图，均是杆秤称量时的支点。当使用称量时，调整秤砣至A点位置，使秤杆处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），已知秤砣质量为5kg，O1A=110cm，=10cm。下列说法正确的是（ ）
A．所称物体质量是50kg
B．换称质量较小的物体时，秤砣应向A点左边移动
C．改用称量物体时，会使该杆秤的称量范围变小
D．当秤砣在A点时，使用称量的物体质量比使用称量的物体质量大
【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】 A.当使用O1称量时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，m物g×10cm=5kg×g×110cm，解得，m物=55kg，故A错误；
B.换称质量较小的物体时，左边的力与力臂的乘积变小，秤砣质量，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，秤砣应向A点左边移动，故B正确；
C.改用O2称量物体时，重物力臂变大，O2A＜O1A，秤砣质量m不变，由杠杆平衡条件：Mg×O2B=mg×O2A可知，杆秤的称量范围变大，故C错误；
D.因为O2A＜O1A，杠杆平衡条件可知，当秤砣在A点时，使用O1称量的物体质量比使用O2称量的物体质量小，故D错误。
故选B。
【分析】 A.由杠杆平衡条件F1L1=F2L2和G=mg表示出物体质量的关系式可求得所称物体质量；
B.由杠杆平衡条件分析换称质量较小的物体时，秤砣应向哪边移动；
C.改用O2称量物体时，重物力臂变大，应用杠杆平衡条件分析答题。
D.由杠杆平衡条件分析。
19．（2025·自贡） 图甲为某无人机内发动机限速的简化电路，当飞行速度达到时，衔铁B刚好被吸下，油门C的喷油量减小，无人机速度不再增大。已知电源电压为12V，定值电阻为，电磁铁线圈电阻不计，图乙为电阻的阻值随飞行速度变化的关系图。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁下端的极性为S极
B．当飞行速度增大对，电压表的示数减小
C．当飞行速应达到210km/h时，电压表的示数为7.5V
D．若以的速度飞行1min，电阻产生的热量是
【答案】C
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 A.闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端为N极，上端为S极，故A错误；
B.从图中可知R和R0串联，从图乙可知，R的阻值随飞行速度的增加而变小，当飞行速度增大时，根据串联分压特点可知R两端的电压变小，电源电压不变，根据串联分压特点可知R0两端的电压变大，故B错误；
C.当无人机飞行速度达到210km/h时，从图中可知R=15Ω，R、R0串联，
根据欧姆定律可知电路电流：，
电压表示数为R0两端的电压：UR0=IR0=0.3A×25Ω=7.5V，故C正确；
D.当无人机飞行速度达到350km/h时，从图中可知R=5Ω，R、R0串联，
根据欧姆定律可知电路电流：，则电阻R在1min内产生的热量：Q=W=I2Rt=（0.4A）2×5Ω×60s=48J，故D错误。
故选C。
【分析】A.闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端的极性；
B.根据R随飞行速度的增大而减小，结合串联分压确定电压表的示数变化；
C.由甲图与乙图中的信息可知：当无人机达到最大飞行速度时，找出R的阻值为10Ω，此时电阻R、R0串联，由欧姆定律求出I，再根据电功率P=UI=I2R即可求出R0的电功率；
D.根据欧姆定律可知电路电流，再根据电功公式计算。
20．（2025·自贡） 图甲中静置于水平地面上的物体受到竖直向上的拉力F，图乙为拉力F与时间t的关系图，图丙为物体上升的高度h与时间t的关系图，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．物体受到的重力是60N
B．在内，物体对地面的压力是60N
C．在内，物体匀速上升的速度是
D．在2～3s内，物体匀速上升的速度是
【答案】D
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】 AB.由丙图可知，物体在2～3s内做匀速直线运动，由图乙可知此时的拉力F3=80N，
拉力等于重力，故重力为80N，故A错误；
由图乙知，0～1s时物体上升高度为0，即物体静止在地面上，受力平衡，
由图乙可知，在0～1s内，拉力F1=60N，受到向下的重力、向上的支持力以及向上的拉力作用处于静止状态，
所以：F支+F1=G，
则地面对物体的支持力：F支=G-F1=80N-60N=20N，
根据力的作用是相互的，重物对地面的压力：F压=F支=20N，故B错误；
C.在1～2s内，物体的路程与时间不成正比，故不是匀速直线运动，故C错误；
D.2～3s内，物体的路程与时间成正比，故是匀速直线运动，物体匀速上升的速度是，故D正确。
故选D。
【分析】 （1）根据物体静止或匀速直线运动时受力平衡分析重力；
（2）根据匀速直线运动的路程与时间成正比分析，结合速度公式计算。
二、填空题（共6小题，每空1分，共12分）
21．（2025·自贡） 如图，舰载机在甲板上起飞时，发动机的轰鸣声能传入引导员耳中。是因为声音的传播 介质（选填“需要”或“不需要”）；引导员配戴防噪声耳罩，这是在 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
【答案】需要；人耳处
【知识点】声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】 （1）发动机的轰鸣声能通过空气传入引导员耳中，是因为声音的传播需要介质；
（2）引导员配戴防噪声耳罩，属于人耳处减弱噪声。
【分析】（1）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；
（2）防治噪声的途径：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。
22．（2025·自贡） 如图所示为内燃机的 冲程，该过程是将 转化为机械能。
【答案】做功；内能
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 由图可知，该冲程中，进气门和排气门均关闭，活塞向下运动，故该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能。
【分析】 根据图中气门的开、闭情况和活塞运动方向判断内燃机的工作冲程，从而可知其能量转化情况。
23．（2025·自贡） “四川舰”在某次海航时排开水的质量为4.0×107kg，g取10N/kg，它受到的浮力是 N。若其从海水密度大的海域驶入密度小的海域，吃水深度 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
【答案】；变大
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 （1）“四川舰”在某次海航时排开水的质量为4.0×107kg，此时它受到的浮力：
F浮=G排=m排g=4.0×107kg×10N/kg=4.0×108N；
（2）“四川舰”从海水密度大的海域驶入密度小的海域，总是处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件可知它所受的浮力总是等于它的重力，大小不变，根据可知，它排开海水的体积变大，则吃水深度变大。
【分析】 （1）已知“四川舰”在某次海航时的排水量，根据F浮=G排=m排g求它受到的浮力；
（2）“四川舰”从海水密度大的海域驶入密度小的海域，总是处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件可知它所受的浮力变化情况，根据F浮=ρ液gV排可知它排开海水的体积变化，从而可知吃水深度的变化。
24．（2025·自贡） 如图，闭合开关，条形磁铁S极受到 力。为增大条形磁铁和通电螺线管间的相互作用力，滑动变阻器的滑片P应向 滑动。
【答案】斥；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 （1）由图可知，电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管右侧为N极，左侧是S极，由同名磁极相互排斥可知，条形磁铁S极受到斥力；
（2）为增大条形磁铁和通电螺线管间的相互作用力，应增大螺线管的磁场，即电流中的电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故滑片应该向左移动。
【分析】 （1）由安培定则可知螺线管的磁极，由磁极间的相互作用可知条形磁铁S极受到的力；
（2）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈匝数的多少有关。
25．（2025·自贡） 如图，闭合开关S，无论怎样移动滑片P，发现电压表示数始终接近电源电压，经查灯泡L完好，导致这一现象的原因是滑动变阻器 。排除故障后，闭合开关S，灯泡L正常发光，将滑片P向左滑动，电压表示数 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
【答案】断路；变大
【知识点】电路故障的判断；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由电路图知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关S，无论怎样移动滑动变阻器，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即滑动变阻器断路；
滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压作用知滑动变阻器两端的电压变大，电压表的示数变大。
【分析】 由电路图知小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关S，无论怎样移动滑动变阻器，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压作用判断出电压表示数的变化。
26．（2025·自贡） 如图为初中体育均衡检测中握力计的工作原理简图，电源电压恒为3V，R的阻值大小与其连入电路的长度成正比，R0为保护电阻，弹簧电阻不计。握力F为零时，P在A端；握力F最大时，P在B端。P从A端滑至B端过程中，弹簧的弹性势能将 （选填“减小”“增大”或“不变”）。电路中电流表的变化范围是0.1-0.6A，R连入电路的阻值变化范围是 。
【答案】增大；
【知识点】动能和势能的大小变化；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 弹簧的弹性势能与弹幕的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大。当P从A端滑至B端过程中，弹簧被压缩，形变程度增大，其弹性势能增大；
由图可知，滑动变阻器R与R0串联，电流表测电路中的电流。
当电路中的电流最大为I大=0.6A时，R接入电路的电阻最小为0Ω，
此时R0的阻值：；
当电路中的电流最小为I小=0.1A时，R接入电路的电阻最大，
此时电路的总电阻：，
根据串联电路的电阻规律可得，R接入电路的最大阻值：R=R总-R0=30Ω-5Ω=25Ω。
则R连入电路的阻值变化范围是0-25Ω。
【分析】弹簧的弹性势能与弹幕的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；
由图可知，滑动变阻器R与R0串联，电流表测电路中的电流。已知电流表示数的变化范围，根据欧姆定律可得R的最小值和最大值，即R的阻值变化范围。
三、简答、作图、实验题（共6小题，共33分）
27．（2025·自贡） “霜降”时节，清晨常能在路边的草地上见到霜，日出后，草叶上的霜逐渐消失，叶面又变湿了。请结合物态变化的相关知识解释霜的形成和消失的原因。
【答案】霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，日出后，草叶上的霜逐渐消失，叶面又变湿了，这是因为霜吸热熔化成了小水珠。
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 “霜降”时节，夜晚地面的温度迅速降低到 0℃以下。当空气中的水蒸气遇到温度低于0℃的草地等物体表面时，水蒸气直接凝华成小冰晶形成霜。日出后，太阳辐射使周围环境温度升高。霜会通过两种方式消失，一种是直接升华为水蒸气，即固态的霜直接变成气态的水蒸气进入空气中；
另一种更为常见的方式是熔化成水，固态的霜吸收热量变成液态水，使叶面变湿。在通常情况下，温度升高后，霜大多先通过熔化成水的方式消失。
【分析】 物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化。
28．（2025·自贡） 图甲为车内后视镜，请在图乙中画出司机的眼睛C通过后视镜MN看见后排座椅上A点的光路图。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】 先作出后排座椅上A点关于平面镜MN的对称点A'，即为像点，连接CA'交平面镜于点O，连接AO可得入射光线，连接OC可得反射光线，如图所示：
【分析】 根据平面镜成像时像与物关于平面镜对称，作出车内装饰物关于平面镜的对称点，即为像点，连接像点、眼睛交平面镜于点O，可得入射点，进而画出入射光线、反射光线。
29．（2025·自贡） 根据下方“测量小灯泡的电功率”实验的实物图，在虚线框内完善电路图。
【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】 根据实物图，从电源的正极出发，依次连接开关、灯泡，电流表、滑动变阻器、最后回到电源的负极，电压表与灯泡并联，电路图如下：
【分析】 分析实物图，得出灯与滑动变阻器的连接方式，以及开关、电流表和电压表的位置，据此画出对应的电路图。
30．（2025·自贡） 小华利用实验室的器材探究凸透镜成像的规律。
⑴实验时，调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度；
⑵调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图甲，光屏上恰好得到清晰的像，则该凸透镜的焦距是 cm；
⑶把蜡烛移至30cm刻度线处，向远离凸透镜的方向移动光屏，可以得到清晰的倒立的 （选填“缩小”“放大”或“不变”）的实像；
⑷图乙为某次实验时火焰上的A点发出的一束光，请通过作图标出A点的像；
⑸实验中，小华将自己的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原来清晰的像变得模糊。将光屏适当远离凸透镜后，光屏上再次出现清晰的像，由此可判断小华佩戴的是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
【答案】15.0；放大；；近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 （2）由图甲可知，u=v=2f=30cm，故f=15cm；
（3）将蜡烛移动到30cm刻度线处，此时物距2f＞u=50cm-30cm=20cm＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，故向远离凸透镜的方向移动光屏，直到光屏上出现烛焰清晰的像，该像为倒立、放大的实像；
（4）过光心的光线，传播方向不变，过焦点的光线，经凸透镜折射后平行于主光轴，两条光线的交点就是A点的像A'，光路图如图所示：
；
（5）小华将自己的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，将光屏适当远离凸透镜后，光屏上的像又变清晰了，说明该眼镜对光线具有发散作用，所以使用凹透镜，所以小华佩戴的是近视眼镜。
【分析】 （2）根据u=v=2f，得出焦距；
（3）根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；
（4）过光心的光线，传播方向不变；
（5）凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
31．（2025·自贡） 航空航天科研团队成功研制出新型铌合金材料。
（1）某校研究小组获得一小块此材料，设计以下探究方案测量其密度：
如图甲，将铌合金材料切割成正方体形状，用刻度尺测出边长 cm；如图乙，用天平称量其质量是 g，根据数据计算出密度是8.6×103kg/m3。
（2）小敏发现铌合金块形状不规则，怀疑体积测量不准确，于是设计了新方案：
①如图丙，在水平放置的电子秤上放一装有适量水的容器，记下此时水的质量；
②如图丁，将铌合金块轻放入水中，待水位稳定后，做好标记B，记下此时水和铌合金块的总质量；
③如图戊，取出铌合金块，在容器内注入水，直到水位达到 处，记下此时水的质量，则铌合金块的体积是 ；
④算出铌合金块的密度是 （保留小数点后一位）。
【答案】（1）2.00；68.8
（2）B；7.8；
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）由图甲可知，刻度尺的分度值为0.1cm，材料的边长是2.00cm。标尺的分度值为0.2g，则游码质量为3.8g，砝码质量：50g+10g+5g=65g，
那么材料的质量为m正=65g+3.8g=68.8g；
（2）③如图戊，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，
由图戊和图丙可得注入水的质量为m注=307.80g-300.00g=7.80g，
水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3=1.0g/cm3，
注入水的体积，即铌合金块的体积：，
④由图丙和图丁可得铌合金块的质量：m=368.80g-300.00g=68.80g，
铌合金块的密度：。
【分析】 （1）由图甲可知，刻度尺的分度值，并读出材料的边长；由图乙可得材料的质量；
（2）③如图戊，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，由图戊和图丙可得注入水的质量，根据求注入水的体积，即铌合金块的体积；
④由图丙和图丁可得铌合金块的质量，根据求铌合金块的密度。
32．（2025·自贡） 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，图甲为小董将学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω、10Ω和15Ω）和开关连接成的电路。
（1）将电源电压调至4.5V，在a、b间接入的定值电阻，将滑动变阻器滑片P滑至 （选填“A”或“B”）端，闭合开关S，调节滑片P使电压表示数为3V，记录电流表读数；
（2）将定值电阻分别更换为和，重复上述操作。图乙为某次实验中电流表的示数，读数为 A；
（3）图丙为根据实验数据得到的图像，可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 （选填“正”或“反”）比；
（4）小董还想测量标有“0.3A”字样的小灯泡L正常发光时的电阻。选用一个定值电阻，并添加一个电阻箱，设计了如图丁所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑到B端，电阻箱调至某一阻值；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为 A，记录电压表读数；
③断开开关，如图中虚线所示，将电压表连接C点的导线改接到D点，闭合开关，反复调节电阻箱和滑动变阻器，使电流表和电压表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值，断开开关；
④小泡L正常发光时的电阻 。
【答案】（1）B
（2）0.2
（3）反
（4）0.3；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处，即B端；
（2）如图乙所示，电流表的连接小量程，分度值为0.02A，此时电流表的读数为0.2A；
（3）根据绘制出I-R图像可知电阻的电压为：U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，
即电流与电阻之积为一定值，得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）测量标有“0.3A”字样的小灯泡正常发光时的电阻RL，由于通过小灯泡的额定电流为0.3A，因此闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A，记录电压表示数。断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端，与电压表并联的那部分电阻变大，电压表示数会发生变化，而实验中需保持两表的示数不变，因此闭合开关，反复调节电阻箱R'和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2，断开开关。
在步骤②中，电阻箱R'、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R'和定值电阻R两端的电压，调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A，此时灯泡正常发光；
在步骤③中，电阻箱R'、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡仍串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R'、定值电阻R和灯泡两端的电压，反复调节电阻箱R'和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，此时灯泡仍正常发光；根据欧姆定律可得R1+R=R2+R+RL，电阻箱减少的电阻就等于小灯泡正常发光时的电阻，根据等效替代法可知，小灯泡正常发光时的电阻为RL=R1-R2。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；
（2）根据电流表量程和分度值读数；
（3）根据绘制出I-R图像求出电流与电阻之积为一定值得出结论；
（4）要测小灯泡正常发光时的电阻RL，首先应使灯泡正常发光；导线改接后，调节电阻箱和滑动变阻器，使电压表、电流表的示数不变，由等效替代法求出小灯泡正常发光时的电阻RL。
四、计算题（共2小题，共15分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
33．（2025·自贡） 小张有一底面积、高的长方体物块，将物块悬挂在弹簧测力计下端，测力计读取如图甲。取来一底面积为的薄壁圆柱形容器，盛入足量水静置于水平桌面上，将物块放入水中，物块静止时漂浮在水面上，如图乙。再将一小铁块放在物块上表面，静止时，物块上表面刚好与液面相平，如图丙。以上过程中没有水溢出且物块不吸水，取，。求：
（1）漂浮状态的物块露出水面的高度；
（2）小铁块放在物块上表面前后，水对容器底部压强的增加量。
【答案】（1）解： 如图甲，测力计分度值为0.2N，示数为3N，则物块重力。图乙中，物块漂浮，则浮力为；
排开水的体积为；
则浸入水中的深度为；
则漂浮状态的物块露出水面的高度。。
（2）解： 小铁块放在物块上表面前后，物块上表面刚好与液面相平，则排开水的体积增加量为；
则水位上升的高度为；
则小铁块放在物块上表面前后，水对容器底部压强的增加量。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）由图甲读出物块重力，物块漂浮，则浮力为F浮=G，由F浮=ρ液gV排可求得排开水的体积，可求浸入水中的深度，已知长方体物块高度，可求露出水面的高度；
（2）小铁块放在物块上表面前后，物块上表面刚好与液面相平，可求排开水的体积增加量，然后求水位上升的高度，由p=ρ液gh可求得水对容器底部压强的增加量Δp。
34．（2025·自贡） 某种植基地安装了一款可以自动注水的喷淋系统，该系统由控制电路和工作电路两部分组成，其简化电路如图甲；图乙是工作电路总电流随时间变化的图像；图丙是与工作电路连接的电能表。控制电路的电源电压，为压敏电阻，放置在注水系统水箱底部，其阻值随压力的增大而减小。随着注水系统水箱内水量的增加，通过电磁铁线圈中的电流逐渐增大，当电流增大到0.15A时，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作。电磁铁线圈的电阻忽略不计。求：
（1）当衔铁恰好被吸下时，电阻的阻值；
（2）10min内与工作电路连接的电能表转盘转了多少转；
（3）注水系统的电功率。
【答案】（1）解： 控制电路中，电阻和线圈串联，当衔铁恰好被吸下时，电阻的阻值。
（2）解： 工作电路中，注水系统和喷淋系统并联，电能表在干路上，测整个工作电路消耗的电能。，由乙图可知，工作电路总电流为2A，工作电路总电流为0.5A，则10min内工作电路消耗的电能为
则电能表转盘转数为。
（3）解： 衔铁没有被吸下时，注水系统和喷淋系统并联，总电流为2A，衔铁被吸下后，注水系统停止工作，喷淋系统单独工作，总电流为0.5A，
根据并联电流规律，注水系统的电流为；
则注水系统的电功率。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据欧姆定律求出当衔铁恰好被吸下时，电阻RF的阻值；
（2）由图乙可知10min内工作电路的电流，根据W=UIt求出10min内工作电路消耗的电能；由图乙可知，当电路消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出10min内与工作电路连接的电能表转盘的转数；
（3）由图甲可知，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，喷淋系统故障；衔铁被释放时，注水系统和喷淋系统并联工作，根据并联电路的特点结合图乙求出注水系统工作时的电流，根据P=UI求出注水系统的电功率。
1 / 1
