【精品解析】四川省成都市锦江区2025年中考二诊物理试题

四川省成都市锦江区2025年中考二诊物理试题
1．（2025·锦江模拟） 下列用电器中，额定功率最接近20W的是（　　）
A．洗衣机 B．台灯 C．电饭锅 D．空调
【答案】B
【知识点】电功率
【解析】【解答】A、洗衣机的功率在300W左右，A错误；
B、台灯的功率在20W左右，B错误；
C、电饭锅和空调的功率较高，在1000W左右，CD错误；
综上选B。
【分析】电学基本常识：电压：提供电源装置，一节干电池为1.5V，额定功率为用电器正常工作时的电功率，计算公式P额=U额I额，常见电器的电功率为灯泡20W， 家用微波炉的额定功率一般约为500W。
2．（2025·锦江模拟） 随着科技的飞速发展，汽车智能化转型已取得可喜成绩，其车载语音导航助手实现“人与车”自然交互。下列有关说法正确的是（　　）
A．车主发出语音指令，语音助手就会工作，是因为它可以辨别音调
B．导航时，语音助手发出的声音属于次声；频率低于20Hz
C．出行途中，遇到较大噪声的路段可以关闭车窗，这是在声源处减弱噪声
D．语音助手能对车主指令作出回应，说明声音可以传递信息
【答案】D
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、 语音助手通过音色辨别声音，进而开展工作，A错误；
B、 语音助手发出的声音 人耳可以听到，不属于次声波，B错误；
C、 出行途中，遇到较大噪声的路段可以关闭车窗 ，属于在传播过程中减弱噪音，C错误；
D、 语音助手能对车主指令作出回应，说明声音可以传递信息 ，D正确。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
3．（2025·锦江模拟）如图是“探究平面镜成像特点”实验示意图，为点燃的蜡烛，是通过玻璃板所成像的位置。关于该实验，下列说法正确的（　　）
A．实验中成像的大小会随蜡烛位置的改变而改变
B．若蜡烛比玻璃板大，则其所成的像一定不是完整的
C．若在处放一光屏，无法在光屏上承接到的像
D．实验时，若玻璃板与水平桌面不垂直，则蜡烛无法通过玻璃板成像
【答案】C
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 A、平面镜成的像与物大小相等，实验中成像的大小不会随蜡烛A位置的改变而改变，故A错误；
B、由平面镜成像的特点可知，像与物体的大小相同，与镜子的大小无关，故B错误；
C、虚像不能成在光屏上，若在B处放一光屏，无法在光屏上承接到A的像，故C正确；
D、实验时，若玻璃板与水平桌面不垂直，由平面镜成的像与物关于镜面对称可知，成的像偏高或偏低，故D错误。
故选C。
【分析】 A.平面镜成的像与物大小相等；
B.由平面镜成像的特点作图分析；
C.虚像不能成在光屏上；
D.平面镜成的像与物关于镜面对称，据此分析。
4．（2025·锦江模拟）近年来，我国在信息技术领域取得了举世瞩目的成就。关于电磁波和信息技术，下列说法错误的是（　　）
A．电磁波可以在真空中传播，传播速度约为
B．北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务
C．移动电话既能发射电磁波也能接收电磁波
D．光纤通信是利用激光在光纤中不断反射传递信息的
【答案】A
【知识点】电磁波的产生；移动通信；光纤通信；卫星中继通信
【解析】【解答】A.电磁波可以在真空中传播，传播速度约为3×108m/s，而声音在15℃的空气中传播速度才是340m/s，故A错误符合题意；
B.北斗卫星导航系统是通过电磁波来提供定位服务的，卫星与地面之间通过电磁波传递信息，故B正确不合题意；C.移动电话既能发射电磁波，将信息传递出去，也能接收电磁波，获取来自其他设备的信息，故C正确不合题意；
D.光纤通信是利用激光在光纤中不断反射传递信息的，激光在光纤内通过全反射原理，沿着光纤传输到另一端，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】A.根据电磁波的传播速度的知识判断；
B.根据电磁波的特点和应用判断；
C.根据移动电话的功能判断；
D.利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出．这样就把它携带的信息传递到了远方．这种通信方式叫做光线通信。
5．（2025·锦江模拟）在透明塑料袋中滴入几滴酒精，排尽塑料袋中空气，再用细绳扎紧袋口后，将塑料袋放入C左右的热水中，会发现塑料袋慢慢鼓胀起来；从热水中拿出来，过段时间塑料袋变瘪了。关于该实验，下列分析正确的是（　　）
A．塑料袋放入热水后，由于塑料袋的热胀冷缩，所以鼓胀起来
B．塑料袋鼓胀和变瘪过程中，塑料袋中的酒精先液化后汽化
C．塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精密度增大
D．塑料袋鼓胀和变 过程中，袋内酒精质量不变
【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】AB.液态的酒精由于受热会发生汽化现象，形成蒸气，体积变大，故塑料袋会膨胀；从热水中拿出塑料袋，温度降低，袋内的酒精蒸汽会发生液化现象，形成液态酒精，体积减小，故塑料袋会变瘪。则塑料袋鼓胀和变瘪过程中，塑料袋中的酒精先汽化后液化，故AB错误。CD.根据质量的属性可知，塑料袋鼓胀和变瘪过程中，袋内酒精质量不变；塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精质量不变，体积变大，根据可知，其密度变小，故C错误、D正确。
故选D。
【分析】 AB.由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；液化过程中放热，汽化过程中需要吸热。
CD.塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精质量不变，体积变大，根据密度公式分析其密度变化。
6．（2025·锦江模拟）“以茶会友”是中国人社交的重要方式。如图，主人将一杯热气腾腾的绿茶端到客人面前，茶香四溢，令人心旷神怡。下列说法中正确的是（　　）
A．茶香四溢是因为茶分子在做无规则运动
B．茶水温度越高所含的热量越多
C．加热茶水是通过做功的方式改变茶水内能
D．茶水上方的“白气”是水汽化形成的水蒸气
【答案】A
【知识点】液化及液化放热；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 A．因为分子在不停地做无规则运动，茶的香味分子运动到人的鼻孔，所以我们可以闻到茶的香味，故A正确；
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．加热茶水时，水从水壶中吸热，是通过热传递的方式改变水的内能，故C错误；
D．茶水上方的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故D错误。
故选A。
【分析】 A.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
B.热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；
C.做功和热传递都可以改变物体的内能；
D.液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
7．（2025·锦江模拟） 爱思考的小薇在厨房和妈妈做饭时联想到许多物理知识，其中正确的是（　　）
A．用鸡蛋碰碗边，鸡蛋破了，说明鸡蛋对碗的力大于碗对鸡蛋的力
B．妈妈清洗完菜后，用力用掉手上的水滴，这是利用了水滴的惯性
C．静止在灶台上的锅受到的重力和灶台对它的支持力是一对相互作用力
D．用高压锅煮食物熟得更快，是因为锅内气压增大，水的沸点降低
【答案】B
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A、根据相互作用力可知， 用鸡蛋碰碗边，鸡蛋对碗的力等于碗对鸡蛋的力 ，A错误；
B、 妈妈清洗完菜后，用力用掉手上的水滴， 水滴原来和手保持相对静止，甩手时，由于惯性，水滴保持静止，从而和手产生相对位移，B正确；
C、 静止在灶台上的锅受到的重力和灶台对它的支持力是一对平衡力，C错误；
D、 用高压锅煮食物熟得更快，是因为锅内气压增大，水的沸点增加，D错误。
综上选B。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
8．（2025·锦江模拟）在探究“导体在磁场中产生电流的条件”的实验中，将导体、开关、灵敏电流表用导线连接组成电路，蹄形磁体水平放置，如图所示，下列选项中能产生感应电流的是（　　）
A．闭合开关，蹄形磁体不动，导体向上运动
B．闭合开关，蹄形磁体不动，导体向下运动
C．闭合开关，导体不动，蹄形磁体水平向右运动
D．断开开关，蹄形磁体不动，导体左右运动
【答案】C
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】AB.蹄形磁体不动，铜棒ab竖直向上或向下运动，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故AB错误；C.铜棒ab不动，蹄形磁体水平向右运动，导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C正确；
D.断开开关，此时电路不闭合，不会产生感应电流，故D错误。
故选C。
【分析】 闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流。
9．（2025·锦江模拟）某物流公司某次使用大疆无人机在高原地区运输货物。下列关于货物机械能的说法正确的是（　　）
A．无人机上升过程中，货物的重力势能一定增大
B．无人机减速上升过程中，货物的机械能一定守恒
C．无人机悬停在山口调整姿态时，货物的机械能为零
D．无人机下降过程中，货物的动能一定增大
【答案】A
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】 A.无人机上升过程中，高度增大，货物的重力势能一定增大，故A正确；
B.无人机减速上升过程中，速度减小，因此动能减小；高度增大，因此重力势能增大；增加的量不一定等于减小的量，因此货物的机械能不一定守恒，故B错误；
C.无人机悬停在山口调整姿态时，距离地面的高度不为零，因此重力势能不为零，货物的机械能也不为零，故C错误；
D.无人机下降过程中，速度不一定增大，因此货物的动能不一定增大，故D错误。
故选A。
【分析】 机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。
10．（2025·锦江模拟）如图，是某家庭电路一部分电路结构示意图，闭合开关S，灯泡L正常发光。关于该家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．导线是火线，导线是零线
B．在开关闭合的情况下，也能更换灯泡L
C．若导线间断路，仍然可以安全使用三孔插座
D．断开开关后，试电笔检测点时，氖管会发光
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．三孔插座接线时“左零右火中间地”，导线是火线，导线是地线，故A错误；
B．根据图片可知，在开关闭合的情况下，此时灯泡和火线接通，更换灯泡容易发生触电，故B错误；
C．若导线间断路，三孔插座与地线断开，不再具有防触电的能力，故C错误；
D．断开开关后，点与火线接通，因此试电笔检测点时氖管会发光，故D正确。
故选D。
【分析】 A.开关应该接在火线与用电器之间，且三孔插座左零右火上接地；
B.人之间或间接接触火线后构成通路，会造成触电事故；
C.根据三孔插座的接线方法判断；
D.根据测电笔的使用方法判断。
11．（2025·锦江模拟） 小东想利用空的塑料瓶来证明大气压强的存在，下列操作能达到目的的是（　　）
A．用注射器从密封的空塑料瓶中抽出空气，瓶子变瘪
B．将空塑料瓶从高处扔下，瓶子变瘪
C．将空塑料瓶瓶盖旋紧后浸没在深水中，瓶子变瘪
D．用手挤压空塑料瓶，瓶子变瘪
【答案】A
【知识点】力的作用效果；液体压强的计算；大气压强的存在
【解析】【解答】A、 用注射器从密封的空塑料瓶中抽出空气，瓶内体积减小，压强小于外界气压，所以瓶子变瘪 ，A正确；
BD、 将空塑料瓶从高处扔下，瓶子在力的作用下变瘪，BD错误；
C、 将空塑料瓶瓶盖旋紧后浸没在深水中，瓶子在水压下变瘪，C错误；
综上选A。
【分析】1、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
12．（2025·锦江模拟） 在2025年的春节联欢晚会上，智能机器人的精彩表演惊艳全场。以下关于机器人相关的说法，正确的是（　　）
A．机器人内部的电池工作时，将电能转化为化学能
B．机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都大
C．机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成
D．机器人工作时，通过其电路的电流越大，电阻就越大
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；影响电阻大小的因素；半导体特点及作用
【解析】【解答】A、 机器人内部的电池工作时，将电能转化为机械能，A错误；
B、 机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都小 ，B错误；
C、 机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成 ，C正确；
D、电阻和电流无关，D错误。
综上选C。
【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
2、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如机器器人内部的电池工作时，将电能转化为机械能；
3、半导体的应用：常用作发光二极管。
13．（2025·锦江模拟）如图所示，在“测量物体运动的平均速度”的实验中，使小车从斜面A点静止下滑，经过B点到达C点，图中已标出小车经过A、B、C三点对应时刻。下列说法中正确的是（　　）
A．图中刻度尺的分度值为1dm
B．小车在段平均速度为
C．斜面坡度越大越便于测量时间
D．小车过A点后计时测出段平均速度将偏大
【答案】D
【知识点】刻度尺的使用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】A.由图示可知，刻度尺的分度值为1cm，故A错误；B.小车在BC段的路程sBC=6.00dm-1.00dm=5.00dm=50.0cm，
所用时间tBC=15：35：23-15：35：22=1s，
BC段平均速度，故B错误；
C.实验中为了方便计时，应使斜面的坡度较小，故C错误；
D.如果小车过了A点才开始计时，计时开始会晚一些，测量的时间会偏小一些，根据速度公式可知，在路程不变时，时间偏小，测得的平均速度会偏大，故D正确。
故选D。
【分析】A.分度值就是在测量仪器所能读出的最小值，指测量工具上相邻的两个刻度之间的最小格的数值；
B.从图中得出小车在BC段的路程和所用时间，利用速度公式得出平均速度；
C.实验中，应使斜面的坡度较小，这样小车滑下的速度较小，时间较长，便于测量；
D.如果过了A点才开始计时，测量的时间会偏小，测得的平均速度会偏大。
14．（2025·锦江模拟）如图是“蹦极”的示意图，将一根有弹性的绳子系在人身上，另一端固定在跳台上。人从跳台跳下，落至图中点时弹性绳刚好被拉直，图中点是人能达到的最低点。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．人在整个过程中始终受弹力
B．人受到的弹力方向都是向上的
C．从点到点，人受到的弹力大小不变
D．从点到点，人受到的弹力逐渐变小
【答案】B
【知识点】弹力
【解析】【解答】A.在A点之前弹性绳没有发生弹性形变，所以没有对人施加弹力，故A错误；B.弹性绳的形变方向始终向下，所以绳子对人的弹力始终向上，故B正确；
CD.从A点到B点弹性绳形变量不断增加，所以人受到的弹力在不断变大，故CD错误。
故选B。
【分析】A. 弹力产生的条件是相互接触和发生弹性形变；
B. 弹力的方向与物体发生的形变方向相反；
CD. 弹力的大小与物体的弹性形变有关。
15．（2025·锦江模拟）如图甲是“探究电流与电阻关系”的实验电路图，电源电压为4V恒定不变，定值电阻有、、、、，通过实验绘制出了如图乙所示的图象，则下列说法中正确的是（　　）
A．该实验过程中，R两端电压不断减小
B．R从换成后，应将滑片P向右移
C．本实验滑动变阻器的规格可以是“”
D．实验结论：在电压一定时，导体的电阻与电流成反比
【答案】B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据乙图，利用U=IR计算可知，在探究电流与电阻关系时，要控制电阻两端电压2.5V不变，故A错误；
B．R从5Ω换成10Ω后，定值电阻阻值变大，根据串联电路电压与电阻成正比可知，要保持它的电压不变，此时变阻器接入的阻值也要变大，即需增大滑动变阻器接入电阻，即滑片P向右移动，故B正确；
C．由图乙可知，实验中控制R两端电压为UR=0.5A×5Ω=2.5V，最小电流为0.1A，
则滑动变阻器分压U滑=U总-U=4V 2.5V=1.5V。
则滑动变阻器接入电阻，
故C错误；
D．实验探究的是电流与电阻的关系，实验结论应为“电压一定时，电流与电阻成反比”，而非“电阻与电流成反比”，故D错误。
故选B。
【分析】 A.探究电流与电阻关系的实验中，通过改变滑动变阻器的阻值，保持电阻两端电压不变；
B.根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
C.根据串联分压可知滑动变阻器分得的电压，根据图像确定电路的最小电流，当定值电阻为25Ω时，由可得滑动变阻器的阻值；
D.当电阻两端电压一定时，电流与电阻成反比。
16．（2025·锦江模拟）夜晚一场冬雨使停在马路旁的汽车覆盖一层冻冰，冻冰是雨水　 　形成的；向汽车挡风玻璃上泼洒冬季玻璃水，可以快速除冰，这是由于向冰上泼洒冬季玻璃水，可以降低冰的　 　，使冻冰在寒冷低温下快速熔化。
【答案】凝固；熔点
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔点和凝固点
【解析】【解答】冻冰是由液态雨水凝固为固态形成的向冻冰上泼洒冬季玻璃水，说明泼洒冬季玻璃水，可以降低冰的熔点。
【分析】凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰。
17．（2025·锦江模拟） 冰雪运动是人们喜爱的运动之一。滑雪运动员穿宽大的滑雪板是为了　 　对雪地的压强；滑雪运动员在匀速转弯的过程中，其运动状态　 　。
【答案】减小；发生改变
【知识点】物体运动状态的变化；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 滑雪运动员穿宽大的滑雪板 ，是通过增加受力面积，减小压强， 滑雪运动员在匀速转弯的过程中，速度方向改变，运动状态改变。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
2、运动状态包括速度和方向，其中之一改变，运动状态改变。
18．（2025·锦江模拟） 快递员小张在仓库里搬运纸箱。小张走动时，是鞋底与地面之间的　 　力使他向前运动。搬运过程中，纸箱与衣服摩擦，会使纸箱带上　 　，容易吸附灰尘。
【答案】摩擦；电荷
【知识点】摩擦力的大小；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 小张走动时，鞋底相对地面向后，所以地面对鞋子由向前的摩擦力， 纸箱与衣服摩擦，会使纸箱带上电荷，吸引灰尘。
【分析】电荷作用规律：异性电荷相互吸引，同种电荷相互排斥； 毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电，丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电
摩擦力的方向和物体的运动方向相反。
19．（2025·锦江模拟）如图所示是常用的“一拖三”手机充电线，若将其USB插头连入电路同时为三台手机充电，三台手机的连接方式是　 　，你判断的理由是　 　。
【答案】并联；三台手机同时充电时互不影响
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意可知，三台手机同时充电时互不影响，所以可以判断出三个手机是并联。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
20．（2025·锦江模拟）如图是小明自制的一种测定风速的装置．当有风吹过探头时，由于探头上、下表面空气流速不同，产生上下表面的压强差，探头带动杠杆转动，使得滑片移动．当风速减小时，在弹簧的作用下，滑片向　 　移动．若将电压表改装为测定风速大小的仪表，要求风速增大时，电压表示数变大，则电压表应并联在　 　（选填“”或“”）的两端．
【答案】上；R2
【知识点】流体压强与流速的关系；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据流体压强和流速的关系确定压强差的方向，进而确定风速减小时，滑片P移动的方向；（2）根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可知电路中的电流变化和定值电阻R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知滑动变阻器R1两端的电压变化，从而确定电压表的位置。
【解答】 （1）流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大，探头上凸下平，当有风吹过探头时，由于探头上表面空气流速大压强小，下表面空气流速小压强大，空气在探头的上、下表面产生一个向上的压强差，探头向上运动带动杠杆转动，使得滑片P向下移动。
当风速减小时，探头的上、下表面受到的空气压强差减小，在弹簧的作用下，探头向下运动，带动杠杆使滑片P向上移动；
（2）由电路图可知，闭合开关，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，结合上述分析可知，当风速增大时，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；电源电压一定，由欧姆定律可知电路中的电流变大，由U=IR可知，定值电阻R2两端的电压变大；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器R1两端的电压变小，所以要求风速增大时，电压表示数变大，则电压表应并联在R2的两端。
21．（2025·锦江模拟）如图所示，斜面长4m，高1.5m。小南将重80N的木箱由斜面底端匀速推到顶端，推力大小为50N，使用斜面　 　省力（选填“能”或“不能”），木箱受到的摩擦力大小为　 　N。
【答案】能；20
【知识点】斜面的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，木箱的重力为80N，推力为50N，则推力小于重力，则使用斜面可以省力。
（2）根据题意可知，小南做的总功为；
小南做的有用功为；
小南做的额外功为；
木箱受到的摩擦力大小为。
【分析】 （1）比较木箱重力和推力大小，从而判断斜面是否省力。
（2）知道木块重力、斜面高，利用W有用=Gh求拉力做的有用功；知道拉力大小、斜面长，利用W总=Fs求拉力做的总功；根据W总=W有用+W额求克服摩擦力做的额外功，根据W额=fs求木块与斜面间的摩擦力。
22．（2025·锦江模拟）如图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极。当运动员蹲在起跑器上后，裁判员老师闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则判定该运动员抢跑。
【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据右手安培定则可知，电磁铁的上端为N极。将衔铁吸下，灯L2所在电路接通，则抢跑指示灯L2亮。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
23．（2025·锦江模拟）小明测量石头挂件“福兔”的密度。正确使用用天平测它的质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码位置如图所示，将它放入量筒并倒入适量水，如图所示。取出挂件，量筒中剩余水的体积为30mL，挂件密度为　 　g/cm3，测得挂件的密度值与真实值相比　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
【答案】2.8；偏小
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】由图可知，砝码总质量为15g，游码1.8g，所以挂件的质量游码和砝码的质量之和，即
；挂件和水的总体积为36mL，则挂件的体积，根据密度公式计算挂件的密度
；取挂件时，沾有水导致挂件体积偏大，造成所测挂件密度偏小。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
24．（2025·锦江模拟）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻且R1=20Ω。闭合开关、，电流表示数为，再断开开关，电流表示数变化了0.2A。电源电压为　 　V。若开关、同时闭合，通电1min定值电阻R2产生的热量为　 　J。
【答案】8；96
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，闭合开关S1、S2，电阻R1和R2并联。 电流表测量干路电流I=0.6A。断开开关S2，电路变为只有R1单独工作。
根据并联电路的电流规律可知，电流表示数变化量就是通过R2的电流，
即通过R2的电流I2=0.2A，
此时通过R1的电流I1=I-I2=0.6A 0.2A=0.4A，
电源电压为。
（2）根据题意可知，R2的阻值
通电1min定值电阻R2产生的热量为。
【分析】 91由图可知，先闭合开关 S1、S2，R1、R2并联，电流表测干路中的电流；再断开开关S2，根据并联电路的特点可知通过R2的电流，根据并联电路的电流规律可知通过R1的电流，根据欧姆定律可得电源电压；
（2）根据计算R2的阻值，Q=I2Rt计算通电1min定值电阻R2产生的热量。
25．（2025·锦江模拟）（1）如图所示，水池的侧壁上安装了一盏小射灯A，是水池中平静的水面位置，射灯A发出的光经水面反射后，反射光恰好经过凸透镜的左焦点，再经凸透镜折射后平行射出。请画出该光的完整光路图（要求保留必要的作图痕迹）；
（2）如图是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图。若将自拍杆看作一个轻质杠杆，点是支点。请在图中画出阻力的力 和施加在点最小的动力。
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力臂的画法
【解析】【解答】（1） 根据平面镜成像特点，先作出A点关于平面镜的对称点，即为A的像点A'，再连接A'与凸透镜的左焦点F交水面于点O，即为光线在水面的反射点，连接AO即为水面的入射光线；再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
（2） 延长力F2的作用线，过支点O作力F2作用线的垂线段，垂线段的长即为力F2的力臂L2；要动力最小，则动力臂应最长，连接支点O与A点，则OA为最长的动力臂；阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向斜向上，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如图所示：
【分析】（1） 物和像关于平面镜对称，据此确定像点的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与凸透镜上发生折射时的折射点，画出反射光线和入射光线，再根据过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴画出折射光线。
（2） 力臂是支点到力的作用线的距离；
根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。力的作用点给出时，以支点到动力作用点间距离为力臂是最长力臂，据此可解决此题。
（1）过水面作射灯A的对称点为射灯的像点，光的反射光线与像点在同一条直线上，连接像点与凸透镜左侧的焦点，该连线与水面的交点为反射点，反射点与射灯A的连线为入射光线；根据凸透镜的特殊光线，过焦点的光线经过凸透镜会平行于主光轴，作图如下图所示：
（2）当AO之间的连线作为力臂时，力臂是最大的，此时的动力最小，过A点作垂直于AO向上的线段，即为最小动力；过O点作阻力F2作用线的垂线，即为阻力力臂l2，如图所示：
26．（2025·锦江模拟）如图所示，某款机器人重800N，在某次测试中，该机器人先用100N的力在2s内将箱子匀速抬高1m，随后托着箱子在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，已知该机器人受到的阻力为其对地面压力的0.05倍，求：
（1）机器人对箱子做的功；
（2）机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率。
【答案】（1）解：机器人对箱子做的功为；
（2）解：用100牛的力将箱子匀速向上抬高，此时箱子箱子受到的重力和向上的提力是一对平衡力吗，即二者大小相等，
则箱子所受的重力为；
机器人在水平地面上运动时对地面的压力为；
机器人在水平地面上匀速运动，受到的牵引力与阻力是一对平衡力，
则牵引力为；
已知机器人在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，
则水平方向的速度为；
机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据W=Fs得到机器人对箱子做的功；
（2）根据机器人受到的阻力始终为其重力的0.05倍求出机器人受到的阻力，根据二力平衡条件求出机器人的牵引力，根据得到机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率。
（1）机器人对箱子施加的力是竖直向上的，将箱子匀速抬高1m，因此在竖直方向上对箱子做功，则机器人对箱子做的功为
（2）用100牛的力将箱子匀速向上抬高，此时箱子处于平衡状态，箱子受到的重力和向上的提力是一对平衡力、大小相等，则箱子所受的重力为
机器人在水平地面上运动时对地面的压力为
机器人在水平地面上匀速运动，受到的牵引力与阻力是一对平衡力，则牵引力为
已知机器人在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，则水平方向的速度为
机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为
27．（2025·锦江模拟）如图是小明设计的模拟货物称重的电路，货物对压力传感器的压力变化会使压敏电阻的阻值改变，进而改变电流表示数（电流表改装成压力指示表）。已知电源电压恒定，为保护电阻，电压表量程为，电流表量程为．当压力为0N时，闭合开关，电流表示数为0.2A。当电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开。压敏电阻的阻值与所受压力的对应关系如下表。请回答下列问题：
0 4 8 12 16 20 24 28 32
20 18 16 14 12 10 8 6 4
（1）电源电压是多少？
（2）若要使压力指示表能显示的压力范围为，需在电路中增加一个多大阻值的电阻？增加的电阻应接在、两点中的哪一点？阐述选择的依据。
【答案】（1）解：根据表格数据可知，当压力F=0N时，压敏电阻R=20Ω，保护电阻R0=2.5Ω，电流表示数I=0.2A，
则总电阻R总=R+R0=20Ω+2.5Ω=22.5Ω
电源电压U=IR总=0.2A×22.5Ω=4.5V。
（2）解： 由表格即可知当压力F=32N时压力传感器R的阻值为R'=4Ω，
当电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开，此时电路的总电阻；
根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得需要串联的电阻阻值为：
R串=R总-R'-R0=15Ω-4Ω-2.5Ω=8.5Ω，
增加的电阻若接在a点，则当F=0N时压力传感器R的阻值为R'=20Ω，
根据串联分压关系知：UV：（U-UV）=（R'+R串）：R0，
即UV：（4.5V-UV）=（8.5Ω+20Ω）：2.5Ω，解
得：UV≈4.1V，超过电压表的量程，故不可行；
当接在b点，则当F=0N时压力传感器R的阻值为R'=20Ω，根据串联分压关系知：U'V：（U-U'V）=R'：（R0+R串），
即U'V：（4.5V-U'V）=20Ω：（8.5Ω+2.5Ω），
解得：U'V≈2.9V；
若要使压力指示表能显示的压力范围为0～32N，需在电路中增加一个8.5Ω的电阻，增加的电阻应接在b点，接在a点时压力为0时，电压表超过量程，b点不超过量程。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 由图可知，压力传感器与定值电阻R0串联，电压表测量压力传感器两端电压，电流表测量电路中的电流；
（1）当压力为0N时压力传感器R的阻值，根据欧姆定律结合串联电路的特点计算电源电压；
（2）由表格即可得出压力为32N时压力传感器R的阻值，然后利用欧姆定律计算开关断开时的总电阻，根据电阻的串联特点计算增加电阻Rab的阻值，然后根据R两端电压，确定采取的措施。
（1）由表格数据可知，当压力F=0N时，压敏电阻R=20Ω，保护电阻R0=2.5Ω，电流表示数I=0.2A。 电源电压U恒定。电路为串联电路，总电阻R总=R+R0=20Ω+2.5Ω=22.5Ω
电源电压U=IR总=0.2A×22.5Ω=4.5V
（2）原电路中，当压力F=32N时，压敏电阻R'=4Ω，电路中电流
由于电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开。 需在电路中增加电阻以限制电流不超过 0.3A。此时电路总电阻
需增加的电阻
增加的电阻若接在a点，则当F=0N时，压力传感器R的阻值为R=20Ω， 则总电阻R总″=R+R增R0=20Ω+8.5Ω+2.5Ω=31Ω
电路中电流为
根据可得电压表示数U″=I″(R+R增)=0.15A×(20Ω+8.5Ω)=4.275V＞3V
即超过电压表量程，所以不能在a点接入电阻，需要在b点接入电阻。
28．（2025·锦江模拟）小华用图甲所示的电路测量“小灯泡正常发光时的电阻”，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，其电阻约为。
（1）该实验的原理是　 　；
（2）正确连接好电路后，闭合开关，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，发现灯泡不亮，两电表的指针始终处于乙图的位置，出现这种情况的原因可能是______（选填字母符号）；
A．小灯泡灯丝断 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，小华测量数据如下表所示，则：
序号 1 2 3 4
发光情况 不亮 较暗 明亮 更明亮
电压U/V 0.2 1.5 2.5 3.0
电流I/A 0.1 0.2 0.28 0.3
①灯泡L正常发光时的电阻为　 　；（保留一位小数）
②小华同学分析数据后发现：通过灯泡的电流与其两端电压不成正比，造成一现象的原因是　 　。
【答案】（1）
（2）A
（3）8.9；灯泡电阻受温度的影响发生改变
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，测量灯泡电阻的实验原理是。
（2）根据乙图可知，此时电路中无电流，电压表示数超过量程。串联电路中无电流，说明电路发生断路，则电压表串联接入电路，测电源电压，因此电路发生的故障是灯泡断路，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（3）①灯泡正常发光时的电阻为；
②通过灯泡的电流与其两端电压不成正比的原因为：由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变。
【分析】 （1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式；
（2）电压表有示数说明电压表两接线柱与电源连接的部分是通路，电流表无示数说明电路断路，由此分析故障原因；
（3）①根据表格确定灯泡的额定电流，根据计算灯泡正常发光时的电阻；
②根据欧姆定律计算电阻，灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（1）实验中利用电流表和电压表，结合公式计算得出灯泡的电阻，因此测量灯泡电阻的实验原理是。
（2）据乙图可知，电路中无电流，串联电路中无电流，说明电路发生断路，电压表示数较大，则电压表串联接入电路，测电源电压，因此电路发生的故障是灯泡断路，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（3）[1]据表可知，灯泡正常发光时电路中的电流是0.28A，则灯泡正常发光时的电阻为
[2]由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此通过灯泡的电流与其两端电压不成正比。
29．（2025·锦江模拟）小聪和小明用弹簧测力计和实心圆柱体A探究“浮力的大小与哪些因素有关”，如图甲、、、、是他们的实验情景及步骤（g取）。
（1）通过　 　两次实验，可以探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系。
（2）分析实验步骤、、、，可以说明浮力大小跟　 　有关。
（3）要探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，应该选择　 　两次实验。
（4）在利用某种液体进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图乙所示弹簧测力计读数与圆柱体A下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为　 　。
（5）小聪和小明又找来薄铜片，探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，他们的实验步骤如下：
步骤一：将铜片放入盛水的容器中，铜片下沉至容器底；
步骤二：将铜片弯成“碗状”再放入盛水的容器中，“铜碗”漂浮在水面上；
小明得出结论：物体受到的浮力与其形状有关。小聪认为小明得出的结论错误，原因是　 　。
【答案】（1）c和d
（2）排开液体的体积
（3）c和e
（4）800
（5） 形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
【知识点】阿基米德原理；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，探究浮力大小与浸没深度的关系时，需要控制排开液体的体积和液体密度相同，只改变物体所在的深度。故选c和d。
（2）根据图片可知，a、b、c中物体排开液体的体积不断改变，则弹簧测力计的示数不断改变，即浮力不断改变，那么得到结论：浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（3）探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，需要选择物体浸入相同体积，只有液体密度不同，故应选择c和e。
（4）根据图片ad可知， 圆柱体A浸没在水中所受浮力为：F浮A=G-F拉=2N-1.5N=0.5N；
圆柱体A的体积；
由图乙可知，物体浸没在某种液体中所受浮力；
由阿基米德原理可求某种液体的密度。
（5）根据题意可知，铜片 弯成“碗状”后，能排开更多水，浮力增大是因为排开水的体积增大，那么小明得出错误结论的原因是：形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
【分析】（1）（2）（3）（5）利用控制变量法进行分析；
（4）由称重法F浮=G-F示求圆柱体A浸没在水中所受浮力大小为0.5N，根据阿基米德原理得出圆柱体排开液体的体积，由图乙可知，圆柱体A浸没在液体中所受浮力，浸没时，圆柱体排开液体的体积相同，据此根据阿基米德原理得出液体密度。
（1）探究浮力大小与浸没深度的关系。需要选择物体完全浸没但深度不同的两次实验，且液体的密度相等。 c和d都浸没在水中，深度不同，弹簧测力计的示数相同，说明物体所受浮力大小与浸没深度无关。
（2）a：物体在空气中，测物体重力G。 b：物体部分浸入水中，测力计示数减小，说明物体受浮力。 c：物体浸没在水中，测力计示数进一步减小，浮力增大。 d：物体浸没后深度增加，测力计示数不再变化，浮力不再增大。 结论：浮力大小与物体排开液体的体积有关，跟浸没在液体中的深度无关。
（3）探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，需要选择物体浸入相同体积但液体密度不同的两次实验。 由图可知，应选择c和e。
（4）由图甲a和d可得圆柱体A的体积
由图乙可知，物体浸没在某种液体中所受浮力
由阿基米德原理可求某种液体的密度
（5）铜片下沉是因为其密度大于水，浮力小于重力。 弯成“碗状”后，能排开更多水，浮力增大是因为排开水的体积增大，而非形状本身。 小明得出错误结论的原因是：形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
30．（2025·锦江模拟）我国发布了“十四五”可再生能源发展规划，确立了到2025年实现可再生能源年发电量达到3.3万亿千瓦时左右的目标。下列关于能量和能源的认识，错误的是（　　）
A．为实现“十四五”能源发展规划，应大力发展煤炭和天然气发电
B．因为能量的转化和转移是有方向的，所以存在能源危机
C．核电站的能量转化为：核能内能机械能电能
D．太阳能是一次能源，且是可再生能源
【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A．根据题意可知，煤炭和天然气都是化石能源，大幅使用会增大环境污染，不符合“十四五”可再生能源发展规划，故A错误符合题意；
B．能量的转化和转移是有方向的，每一次能量的利用，都会导致可以利用能源的不断减小，所以存在能源危机，故B正确不符合题意；
C．核电站发电时， 核能内能机械能电能，故C正确不符合题意；
D．太阳能是可以直接获取的能源，属于一次能源，且太阳能可以在短时间内得到补充，是可再生能源，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】A.不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
B.能量的转化和转移是有方向的，要节约能源；
C.核电站是在核反应堆中利用可控的核裂变来进行工作，最终将核能转化为电能的；
D.从自然界直接获取的为一次能源，可以在自然界源源不断地得到的能源称为可再生能源。
31．（2025·锦江模拟）龙泉山的桃花如云似霞，与山间错落有致的新居交相辉映，绘就了一幅乡村振兴的美丽画卷，如图是游客在龙泉山用手机拍摄的照片。下列说法正确的是（　　）
A．桃花呈红色是因为它吸收了红光，反射了其他颜色的光
B．游客能看到远处整洁的新居，说明新居是光源
C．在拍摄照片时，景物应在手机镜头一倍焦距和二倍焦距之间
D．桃树在地上的影子，是由于光的直线传播形成的
【答案】D
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；物体的颜色
【解析】【解答】A． 桃花呈红色是因为它反射红光，吸收其他颜色的光， 故A错误；
B． 新居本身不发光，因此不是光源，故B错误；
C．手机镜头的成像原理类似于照相机，拍摄照片时，景物在二倍焦距以外以获得清晰的缩小实像。故C错误；
D．影子的形成是由于光的直线传播形成，故D正确。
故选D。
【分析】A.不透明物体的颜色由其反射的色光决定。
B.光源是指能够自行发光的物体；
C.根据凸透镜成像的规律和应用的知识判断；
D.根据光沿直线传播的知识判断。
32．（2025·锦江模拟）小悦用同一酒精灯分别加热质量为0.6kg的水和质量为1.2kg的液体A，得到的实验数据作出如图所示图象。若酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，且加热效率为，，，下列说法中正确的是（　　）
A．，水比液体A吸收的热量多
B．液体A的末温比水的高，液体A的吸热能力更强
C．液体A的比热容为
D．该酒精灯每分钟消耗酒精质量为6g
【答案】C
【知识点】比热容；燃料的热值；热机的效率；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．根据题意可知，0 ~6min，加热时间相同，则酒精灯放出热量相同，那么水和液体A吸收的热量相等，故A错误；
B．根据图片可知，液体A的末温高，则液体A升温快，则A的吸热能力弱，而水的吸热能力更强，故B错误；
C．根据图片可知，水从2min加热到10min温度升高20℃，液体A从0min加热到8min温度升高40℃。加热时间均为8min，则吸收的热量相同。
由Q吸=cmΔt得到：，则液体A的比热容，
故C正确；
D．水在8min吸收的热量；
酒精燃烧放出的热量；
酒精每分钟消耗的质量；
故D错误。
故选C。
【分析】A.同一酒精灯相同时间燃烧释放的热量相同，因此相同时间内两种液体吸收的热量相同；
B.根据Q=cm△t可知，吸收相同的热量时，温度升高越多，则吸热能力越弱；
C.相同时间内水和液体吸收相同的热量，根据图像确定升高的温度，根据Q=cm△t列式计算即可；
D.根据Q=cm△t计算水吸收的热量，根据计算酒精放出的热量，最后根据计算酒精每分钟放出的热量。
33．（2025·锦江模拟）小聪同学用如图所示的滑轮组提升重物A，他通过细绳用的拉力将重物匀速提升1.8m，所用时间为10s，此过程中固定在地面的细绳的拉力恒为110N，不计绳重和机械之间的摩擦，每个滑轮的重力均为10N，下列说法中正确的是（　　）
A．物体A的重力为220N
B．细绳的拉力为340N
C．拉力做功的功率为40.8W
D．该滑轮组在使用过程中的机械效率为
【答案】B,C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，承担重物的动滑轮绳子的股数n＝2，每段绳子拉力为110N，根据公式可得，物体A的重力：，
故A错误；
B．根据力的平衡条件可知，以中间的大动滑轮为研究对象，细绳b的拉力等于下面3股绳子的拉力加上中间滑轮的重力，则拉力，
故B正确；
C．重物A匀速提升的高度hA＝1.8m，由动滑轮的特点可知绳子a移动的距离sa＝2hA，由图可知，中间的滑轮受到3股绳子向下的拉力，而细绳b的拉力F1作用在该滑轮的挂钩上，此时费力但省距离，因此绳子b移动的距离，
拉力F1做的总功，
拉力F1做功的功率为，
故C正确；
D．使用滑轮组时，所做的有用功，
该滑轮组在使用过程中的机械效率为，
故D错误。
故选BC。
【分析】 A.由图知，承担下面动滑轮绳子的股数n=2，不计绳重和摩擦，根据求物体A的重力；
B.以中间的动滑轮为研究对象，根据力的平衡条件可知，细绳b的拉力等于下面3股绳子的拉力加上中间滑轮的重力，即F1=3F2+G轮，据此求出拉力F1的大小；
C.由动滑轮的特点可知绳子a移动的距离：sa=2hA；由图可知，中间的滑轮受到3股绳子向下的拉力，而细绳b的拉力F1作用在该滑轮的挂钩上，此时费力但省距离，因此绳子b移动的距离，据此求出绳子b移动的距离，根据W总=F1s求出拉力F1做的总功，根据求拉力F1做功的功率；
D.先根据W有=GAhA求出有用功，然后根据求出该滑轮组在使用过程中的机械效率。
34．（2025·锦江模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为，电压表的量程为，电压表的量程为，小灯泡L标有“，”字样，灯泡的电阻不变。当闭合开关、、且的滑片在最左端时，灯泡正常发光，电流表的示数为；当闭合开关、，断开，将的滑片置于距左端处，的滑片在最右端时，电压表的示数为；当闭合开关，断开、，在电路安全的前提下移动的滑片，当的滑片在距左端处时，电压表的示数为：已知。在电路安全的条件下，下列说法正确的是（　　）
A．的最大阻值为
B．当闭合开关，断开、，功率最大值为0.375W
C．当闭合开关，断开、，接入电路的阻值范围为
D．通过开关的断开、闭合和移动滑片，电路总功率最大值为4.5W
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，当闭合开关S1、S2、S3且R2的滑片在最左端时，电阻R1和灯泡并联，电阻R2的电阻为0，电流表测量干路电流，因为灯泡正常发光，
所以电阻R1两端的电压和电源电压均为6V，
通过灯泡的电流，
由并联电路的电流规律可得通过电阻R1的电流I1=I-IL=0.75A-0.5A=0.25A，
由欧姆定律公式可得电阻R1的电阻，
故A错误；
B．根据图片可知，当闭合开关S1、S2，断开S3，将R2的滑片置于距左端处，R2的滑片在最右端时，此时R1和的R2串联接入电路，根据欧姆定律可得电路中电流，
则滑动变阻器R2两端的电压，
当闭合开关S3，断开S1、S2，在电路安全的前提下移动R2的滑片，当R2的滑片在距左端处时，灯泡L和的R2串联接入电路，同理可得通过电路中的电流，
此时滑动变阻器R2两端的电压，
因为，则，
解得：R2=36Ω；
当闭合开关S2，断开S1、S3，此时R1和R2串联接入电路，若R2处于阻值最大处，由欧姆定律可得电路中的电流，
此时电阻R2两端的电压U2右=I小R2=0.1A×36Ω=3.6V，
其电压超过电压表的量程，所以其两端电压最大为3V，则此时电路中的最小电流，
当R2的滑片移至最左端时，电路中的最大电流，
所以电路中的电流范围为0.125A~0.25A，
根据电功率公式可得电阻R2消耗的电功率P2=U'2I2=(U-U'1)I'2=(6V-24Ω×I'2) I'2，
当I'2=0.125A时，电阻R2有最大功率且最大功率P大=U2I2=3V×0.125A=0.375W，
故B正确；
C．当闭合开关S3，断开开关S1、S2，此时灯泡L和电阻R2串联接入电路，灯泡安全，当电阻R2的滑片向右移动时，电阻R2两端的电压逐渐变大，而电压表V2的量程为0~3V，当电压表达到最大值时，灯泡两端的电压为3V，
根据欧姆定律可得通过灯泡的电流，
则根据欧姆定律可得R2的最大电阻，
所以此时电阻R2接入电路的阻值范围为0~12Ω，故C错误；
D．由公式可知，电路中的阻值越小，电路消耗的电功率越大，则当开关均闭合时，将电阻R2的滑片移到最左端时，此时灯泡正常发光，整个电路中的总电阻最小，
所以电路的最大功率，
故D正确。
故选BD。
【分析】 A.当闭合开关S1、S2、S3且R2的滑片在最左端时，灯泡正常发光，此时灯泡L和滑动变阻器R1并联接入电路，因此电源电压大小等于小灯泡的额定电压，可以求得此时滑动变阻器R1接入电路的阻值最大；
B.当闭合开关S1、S2，断开S3，将R2的滑片置于距左端处，R1的滑片在最右端时，此时R1和串联接入电路；当闭合开关S3，断开S1、S2，在电路安全的前提下移动R2的滑片，当R2的滑片在距左端处时，灯泡L和R2串联接入电路；当闭合开关S2，断开S1、S3，此时R1和R2串联接入电路，假若R2可以滑到最右端；可以求得R2功率最大值；
C.当闭合开关S3，断开S1、S2，此时灯泡L和电阻R2串联接入电路，灯泡安全，则当R2的滑片P向右移动时，R2两端的电压逐渐变大，电压表V2的量程为0～3V，当电压表达到最大值时，灯泡两端的电压也为3V；可以求得此时R2接入电路的阻值范围；
D.由电功率公式可知，当电路中的电阻越小时，电路消耗的电功率越大，则当开关均闭合时，将R2的滑片移到最左端时，此时灯泡正常发光，整个电路的总电阻最小，此时电路的电功率最大，据此解答。
35．（2025·锦江模拟）物理兴趣小组开展了“电动自行车”项目化学习活动，请帮助完成下列内容：
（1）通过走访，小组同学发现有市民直接从自家楼上私拉接线板为电动自行车“飞线充电”（图甲）。“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，可能导致电路　 　，引发火灾。
（2）正常充电时，电动自行车电池充电时间不宜过长，为了保证充电安全，兴趣小组同学设计了如图乙所示的定时充电器为电动自行车充电。当定时器中有电流通过时，充电器就会被断开。针对该定时充电器的设计方案，下面说法正确的是______。
A．充电时，定时器与充电器串联
B．充电时，定时器在电路中相当于一根导线
C．停止充电时，充电器在电路中处于被短路状态
（3）有的电动自行车上有加速按钮，当把这个按钮按下时，电动机转速增大，能体现此设计的电路是　 　图（选填“丙”或“丁”）。
（4）某辆电动自行车在水平路面上以正常速度匀速行驶时，其电池组提供给电动机的电压为36V，通过电动机的电流为5A，电动机工作10min消耗的电能为　 　J。
【答案】（1）短路
（2）C
（3）丙
（4）108000
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算
【解析】【解答】（1）“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，雨水是导体，可能导致电路短路。
（2）根据乙图可知，定时器和充电器并联后再与指示灯串联在电路中，定时器起到开关的作用。停止充电时，定时器有电流通过，从而将充电器短路，实现停止充电的目的。
故C正确，AB错误。
故选C。
（3）根据丙图可知，定值电阻与电动机串联，加速按钮与定值电阻并联。按下加速按钮时将定值电阻短路，此时只有电动机接入电路，电动机两端电压等于电源电压。电动机两端电压增大，通过的电流变大，因此电动机转速增大，因此能体现加速设计的电路是丙图。
（4）电动机消耗电能W=UIt=36V×5A×10×60s=108000J。
【分析】 （1）“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，可能导致电路短路，引发火灾。
（2）根据题目信息，充满电后充电器不工作可知被短路。
（3）根据电路图分析解答，通过改变电阻的大小来改变电路中电流的大小；电流越大，电动车运行的速度越大。
（4）根据W=UIt得出电动机工作10min消耗的电能。
（1）私拉接线板为电动自行车充电存在安全隐患，尤其是雨水进入插线板内部时。 雨水是导体，可能导致电路短路，引发火灾。
（2）由图乙可知，定时器和充电器并联后再与指示灯串联在电路中，定时器起到开关的作用，充电器充电时，定时器断开，定时器在电路中相当于一个断开的开关。停止充电时，定时器有电流通过，定时器是导通的，此时充电器被定时器短接，无电流通过，实现停止充电的目的。综上，故C正确，AB错误。
故选C。
（3） 按下加速按钮时，电动机转速增大，说明通过电动机的电流增大。图丙中，定值电阻与电动机串联，加速按钮与定值电阻并联。按下加速按钮时将定值电阻短路，此时只有电动机接入电路，电动机两端电压等于电源电压。电动机两端电压增大，通过的电流变大，因此电动机转速增大；图丁中，定值电阻和电动机并联，由并联电路的特点可知，按下加速按钮对电动机无影响。因此能体现加速设计的电路是丙图。
（4）电动机消耗电能W=UIt=36V×5A×10×60s=108000J
36．（2025·锦江模拟）如图所示，薄壁圆柱形容器A置于水平地面，容器底面积为、高为20cm。其内部中央竖直放置着一个底面积为、体积为、质量为3.2kg的圆柱形物体B（不吸水）。现往容器中加水，每次加水的体积均相同（加水过程中，物体B始终保持竖直），加水后，水对容器底部的压强的大小如下表所示。g取，，求：
加水次数 第1次 第2次 ……
水对容器底部的压强 600 1200 ……
（1）物体B的高度。
（2）第3次加水后水对容器底部的压强。
（3）第5次加水后，待物体B静止时，再将其竖直提高4cm，此时水对容器底部的压力。
【答案】（1）解：物体B的高度为。
（2）解：圆柱形物体B的密度为
则物体B漂浮。
第一次水的深度为；
则每次加水的体积为
当物体B漂浮时，，
则物体B浸没得高度为
则浸没部分水的体积为；
由题意可知，第3次加水的体积为；
第3次加水后水的高度为；
由可得，第3次加水后水对容器底部的压强为。
（3）解：由题意可知，第5次加水的体积为
若容器足够高，则第5次加水后水的高度为，所以会溢出水。
上提4cm，由可得，
水面下降的高度为，
则第5次加水后水面的高度为
由可得水对容器底的压强为
由可得此时水对容器底部的压力为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求出物体B的高度；
（2）根据出物体B的密度，据此判断物体B浮沉状态；根据表格及p=ρ液gh可得第一次水的深度，据此求出每次加水的体积；当物体B漂浮时，根据阿基米德原理求出物体B浸没的高度，据此求出浸没部分水的体积；因每次加水的体积相同，根据体积关系求出第3次加水后水的深度，利用p=ρ液gh求出第3次加水后水对容器底部的压强。（3）根据题意求出第5次加水的体积，利用体积关系求出加水后水的深度，据此判断水是否溢出；上提4cm，由SBhB=（S容-SB）Δh水求出水下降的高度，据此求出水的深度，利用p=ρ液gh求出水对容器底部的压强，根据求出水对容器底部的压力。
（1）由可得物体B的高度为
（2）圆柱形物体B的密度为
则物体B漂浮。
根据表格及可得第一次水的深度为
则每次加水的体积为
当物体B漂浮时，，则物体B浸没得高度为
则浸没部分水的体积为
由题意可知，第3次加水的体积为
第3次加水后水的高度为
由可得，第3次加水后水对容器底部的压强为
（3）由题意可知，第5次加水的体积为
若容器足够高，则第5次加水后水的高度为，所以会溢出水。
上提4cm，由可得，水面下降的高度为，则第5次加水后水面的高度为
由可得水对容器底的压强为
由可得此时水对容器底部的压力为
1 / 1四川省成都市锦江区2025年中考二诊物理试题
1．（2025·锦江模拟） 下列用电器中，额定功率最接近20W的是（　　）
A．洗衣机 B．台灯 C．电饭锅 D．空调
2．（2025·锦江模拟） 随着科技的飞速发展，汽车智能化转型已取得可喜成绩，其车载语音导航助手实现“人与车”自然交互。下列有关说法正确的是（　　）
A．车主发出语音指令，语音助手就会工作，是因为它可以辨别音调
B．导航时，语音助手发出的声音属于次声；频率低于20Hz
C．出行途中，遇到较大噪声的路段可以关闭车窗，这是在声源处减弱噪声
D．语音助手能对车主指令作出回应，说明声音可以传递信息
3．（2025·锦江模拟）如图是“探究平面镜成像特点”实验示意图，为点燃的蜡烛，是通过玻璃板所成像的位置。关于该实验，下列说法正确的（　　）
A．实验中成像的大小会随蜡烛位置的改变而改变
B．若蜡烛比玻璃板大，则其所成的像一定不是完整的
C．若在处放一光屏，无法在光屏上承接到的像
D．实验时，若玻璃板与水平桌面不垂直，则蜡烛无法通过玻璃板成像
4．（2025·锦江模拟）近年来，我国在信息技术领域取得了举世瞩目的成就。关于电磁波和信息技术，下列说法错误的是（　　）
A．电磁波可以在真空中传播，传播速度约为
B．北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务
C．移动电话既能发射电磁波也能接收电磁波
D．光纤通信是利用激光在光纤中不断反射传递信息的
5．（2025·锦江模拟）在透明塑料袋中滴入几滴酒精，排尽塑料袋中空气，再用细绳扎紧袋口后，将塑料袋放入C左右的热水中，会发现塑料袋慢慢鼓胀起来；从热水中拿出来，过段时间塑料袋变瘪了。关于该实验，下列分析正确的是（　　）
A．塑料袋放入热水后，由于塑料袋的热胀冷缩，所以鼓胀起来
B．塑料袋鼓胀和变瘪过程中，塑料袋中的酒精先液化后汽化
C．塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精密度增大
D．塑料袋鼓胀和变 过程中，袋内酒精质量不变
6．（2025·锦江模拟）“以茶会友”是中国人社交的重要方式。如图，主人将一杯热气腾腾的绿茶端到客人面前，茶香四溢，令人心旷神怡。下列说法中正确的是（　　）
A．茶香四溢是因为茶分子在做无规则运动
B．茶水温度越高所含的热量越多
C．加热茶水是通过做功的方式改变茶水内能
D．茶水上方的“白气”是水汽化形成的水蒸气
7．（2025·锦江模拟） 爱思考的小薇在厨房和妈妈做饭时联想到许多物理知识，其中正确的是（　　）
A．用鸡蛋碰碗边，鸡蛋破了，说明鸡蛋对碗的力大于碗对鸡蛋的力
B．妈妈清洗完菜后，用力用掉手上的水滴，这是利用了水滴的惯性
C．静止在灶台上的锅受到的重力和灶台对它的支持力是一对相互作用力
D．用高压锅煮食物熟得更快，是因为锅内气压增大，水的沸点降低
8．（2025·锦江模拟）在探究“导体在磁场中产生电流的条件”的实验中，将导体、开关、灵敏电流表用导线连接组成电路，蹄形磁体水平放置，如图所示，下列选项中能产生感应电流的是（　　）
A．闭合开关，蹄形磁体不动，导体向上运动
B．闭合开关，蹄形磁体不动，导体向下运动
C．闭合开关，导体不动，蹄形磁体水平向右运动
D．断开开关，蹄形磁体不动，导体左右运动
9．（2025·锦江模拟）某物流公司某次使用大疆无人机在高原地区运输货物。下列关于货物机械能的说法正确的是（　　）
A．无人机上升过程中，货物的重力势能一定增大
B．无人机减速上升过程中，货物的机械能一定守恒
C．无人机悬停在山口调整姿态时，货物的机械能为零
D．无人机下降过程中，货物的动能一定增大
10．（2025·锦江模拟）如图，是某家庭电路一部分电路结构示意图，闭合开关S，灯泡L正常发光。关于该家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．导线是火线，导线是零线
B．在开关闭合的情况下，也能更换灯泡L
C．若导线间断路，仍然可以安全使用三孔插座
D．断开开关后，试电笔检测点时，氖管会发光
11．（2025·锦江模拟） 小东想利用空的塑料瓶来证明大气压强的存在，下列操作能达到目的的是（　　）
A．用注射器从密封的空塑料瓶中抽出空气，瓶子变瘪
B．将空塑料瓶从高处扔下，瓶子变瘪
C．将空塑料瓶瓶盖旋紧后浸没在深水中，瓶子变瘪
D．用手挤压空塑料瓶，瓶子变瘪
12．（2025·锦江模拟） 在2025年的春节联欢晚会上，智能机器人的精彩表演惊艳全场。以下关于机器人相关的说法，正确的是（　　）
A．机器人内部的电池工作时，将电能转化为化学能
B．机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都大
C．机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成
D．机器人工作时，通过其电路的电流越大，电阻就越大
13．（2025·锦江模拟）如图所示，在“测量物体运动的平均速度”的实验中，使小车从斜面A点静止下滑，经过B点到达C点，图中已标出小车经过A、B、C三点对应时刻。下列说法中正确的是（　　）
A．图中刻度尺的分度值为1dm
B．小车在段平均速度为
C．斜面坡度越大越便于测量时间
D．小车过A点后计时测出段平均速度将偏大
14．（2025·锦江模拟）如图是“蹦极”的示意图，将一根有弹性的绳子系在人身上，另一端固定在跳台上。人从跳台跳下，落至图中点时弹性绳刚好被拉直，图中点是人能达到的最低点。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．人在整个过程中始终受弹力
B．人受到的弹力方向都是向上的
C．从点到点，人受到的弹力大小不变
D．从点到点，人受到的弹力逐渐变小
15．（2025·锦江模拟）如图甲是“探究电流与电阻关系”的实验电路图，电源电压为4V恒定不变，定值电阻有、、、、，通过实验绘制出了如图乙所示的图象，则下列说法中正确的是（　　）
A．该实验过程中，R两端电压不断减小
B．R从换成后，应将滑片P向右移
C．本实验滑动变阻器的规格可以是“”
D．实验结论：在电压一定时，导体的电阻与电流成反比
16．（2025·锦江模拟）夜晚一场冬雨使停在马路旁的汽车覆盖一层冻冰，冻冰是雨水　 　形成的；向汽车挡风玻璃上泼洒冬季玻璃水，可以快速除冰，这是由于向冰上泼洒冬季玻璃水，可以降低冰的　 　，使冻冰在寒冷低温下快速熔化。
17．（2025·锦江模拟） 冰雪运动是人们喜爱的运动之一。滑雪运动员穿宽大的滑雪板是为了　 　对雪地的压强；滑雪运动员在匀速转弯的过程中，其运动状态　 　。
18．（2025·锦江模拟） 快递员小张在仓库里搬运纸箱。小张走动时，是鞋底与地面之间的　 　力使他向前运动。搬运过程中，纸箱与衣服摩擦，会使纸箱带上　 　，容易吸附灰尘。
19．（2025·锦江模拟）如图所示是常用的“一拖三”手机充电线，若将其USB插头连入电路同时为三台手机充电，三台手机的连接方式是　 　，你判断的理由是　 　。
20．（2025·锦江模拟）如图是小明自制的一种测定风速的装置．当有风吹过探头时，由于探头上、下表面空气流速不同，产生上下表面的压强差，探头带动杠杆转动，使得滑片移动．当风速减小时，在弹簧的作用下，滑片向　 　移动．若将电压表改装为测定风速大小的仪表，要求风速增大时，电压表示数变大，则电压表应并联在　 　（选填“”或“”）的两端．
21．（2025·锦江模拟）如图所示，斜面长4m，高1.5m。小南将重80N的木箱由斜面底端匀速推到顶端，推力大小为50N，使用斜面　 　省力（选填“能”或“不能”），木箱受到的摩擦力大小为　 　N。
22．（2025·锦江模拟）如图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极。当运动员蹲在起跑器上后，裁判员老师闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则判定该运动员抢跑。
23．（2025·锦江模拟）小明测量石头挂件“福兔”的密度。正确使用用天平测它的质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码位置如图所示，将它放入量筒并倒入适量水，如图所示。取出挂件，量筒中剩余水的体积为30mL，挂件密度为　 　g/cm3，测得挂件的密度值与真实值相比　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
24．（2025·锦江模拟）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻且R1=20Ω。闭合开关、，电流表示数为，再断开开关，电流表示数变化了0.2A。电源电压为　 　V。若开关、同时闭合，通电1min定值电阻R2产生的热量为　 　J。
25．（2025·锦江模拟）（1）如图所示，水池的侧壁上安装了一盏小射灯A，是水池中平静的水面位置，射灯A发出的光经水面反射后，反射光恰好经过凸透镜的左焦点，再经凸透镜折射后平行射出。请画出该光的完整光路图（要求保留必要的作图痕迹）；
（2）如图是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图。若将自拍杆看作一个轻质杠杆，点是支点。请在图中画出阻力的力 和施加在点最小的动力。
26．（2025·锦江模拟）如图所示，某款机器人重800N，在某次测试中，该机器人先用100N的力在2s内将箱子匀速抬高1m，随后托着箱子在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，已知该机器人受到的阻力为其对地面压力的0.05倍，求：
（1）机器人对箱子做的功；
（2）机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率。
27．（2025·锦江模拟）如图是小明设计的模拟货物称重的电路，货物对压力传感器的压力变化会使压敏电阻的阻值改变，进而改变电流表示数（电流表改装成压力指示表）。已知电源电压恒定，为保护电阻，电压表量程为，电流表量程为．当压力为0N时，闭合开关，电流表示数为0.2A。当电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开。压敏电阻的阻值与所受压力的对应关系如下表。请回答下列问题：
0 4 8 12 16 20 24 28 32
20 18 16 14 12 10 8 6 4
（1）电源电压是多少？
（2）若要使压力指示表能显示的压力范围为，需在电路中增加一个多大阻值的电阻？增加的电阻应接在、两点中的哪一点？阐述选择的依据。
28．（2025·锦江模拟）小华用图甲所示的电路测量“小灯泡正常发光时的电阻”，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，其电阻约为。
（1）该实验的原理是　 　；
（2）正确连接好电路后，闭合开关，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，发现灯泡不亮，两电表的指针始终处于乙图的位置，出现这种情况的原因可能是______（选填字母符号）；
A．小灯泡灯丝断 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，小华测量数据如下表所示，则：
序号 1 2 3 4
发光情况 不亮 较暗 明亮 更明亮
电压U/V 0.2 1.5 2.5 3.0
电流I/A 0.1 0.2 0.28 0.3
①灯泡L正常发光时的电阻为　 　；（保留一位小数）
②小华同学分析数据后发现：通过灯泡的电流与其两端电压不成正比，造成一现象的原因是　 　。
29．（2025·锦江模拟）小聪和小明用弹簧测力计和实心圆柱体A探究“浮力的大小与哪些因素有关”，如图甲、、、、是他们的实验情景及步骤（g取）。
（1）通过　 　两次实验，可以探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系。
（2）分析实验步骤、、、，可以说明浮力大小跟　 　有关。
（3）要探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，应该选择　 　两次实验。
（4）在利用某种液体进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图乙所示弹簧测力计读数与圆柱体A下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为　 　。
（5）小聪和小明又找来薄铜片，探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，他们的实验步骤如下：
步骤一：将铜片放入盛水的容器中，铜片下沉至容器底；
步骤二：将铜片弯成“碗状”再放入盛水的容器中，“铜碗”漂浮在水面上；
小明得出结论：物体受到的浮力与其形状有关。小聪认为小明得出的结论错误，原因是　 　。
30．（2025·锦江模拟）我国发布了“十四五”可再生能源发展规划，确立了到2025年实现可再生能源年发电量达到3.3万亿千瓦时左右的目标。下列关于能量和能源的认识，错误的是（　　）
A．为实现“十四五”能源发展规划，应大力发展煤炭和天然气发电
B．因为能量的转化和转移是有方向的，所以存在能源危机
C．核电站的能量转化为：核能内能机械能电能
D．太阳能是一次能源，且是可再生能源
31．（2025·锦江模拟）龙泉山的桃花如云似霞，与山间错落有致的新居交相辉映，绘就了一幅乡村振兴的美丽画卷，如图是游客在龙泉山用手机拍摄的照片。下列说法正确的是（　　）
A．桃花呈红色是因为它吸收了红光，反射了其他颜色的光
B．游客能看到远处整洁的新居，说明新居是光源
C．在拍摄照片时，景物应在手机镜头一倍焦距和二倍焦距之间
D．桃树在地上的影子，是由于光的直线传播形成的
32．（2025·锦江模拟）小悦用同一酒精灯分别加热质量为0.6kg的水和质量为1.2kg的液体A，得到的实验数据作出如图所示图象。若酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，且加热效率为，，，下列说法中正确的是（　　）
A．，水比液体A吸收的热量多
B．液体A的末温比水的高，液体A的吸热能力更强
C．液体A的比热容为
D．该酒精灯每分钟消耗酒精质量为6g
33．（2025·锦江模拟）小聪同学用如图所示的滑轮组提升重物A，他通过细绳用的拉力将重物匀速提升1.8m，所用时间为10s，此过程中固定在地面的细绳的拉力恒为110N，不计绳重和机械之间的摩擦，每个滑轮的重力均为10N，下列说法中正确的是（　　）
A．物体A的重力为220N
B．细绳的拉力为340N
C．拉力做功的功率为40.8W
D．该滑轮组在使用过程中的机械效率为
34．（2025·锦江模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为，电压表的量程为，电压表的量程为，小灯泡L标有“，”字样，灯泡的电阻不变。当闭合开关、、且的滑片在最左端时，灯泡正常发光，电流表的示数为；当闭合开关、，断开，将的滑片置于距左端处，的滑片在最右端时，电压表的示数为；当闭合开关，断开、，在电路安全的前提下移动的滑片，当的滑片在距左端处时，电压表的示数为：已知。在电路安全的条件下，下列说法正确的是（　　）
A．的最大阻值为
B．当闭合开关，断开、，功率最大值为0.375W
C．当闭合开关，断开、，接入电路的阻值范围为
D．通过开关的断开、闭合和移动滑片，电路总功率最大值为4.5W
35．（2025·锦江模拟）物理兴趣小组开展了“电动自行车”项目化学习活动，请帮助完成下列内容：
（1）通过走访，小组同学发现有市民直接从自家楼上私拉接线板为电动自行车“飞线充电”（图甲）。“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，可能导致电路　 　，引发火灾。
（2）正常充电时，电动自行车电池充电时间不宜过长，为了保证充电安全，兴趣小组同学设计了如图乙所示的定时充电器为电动自行车充电。当定时器中有电流通过时，充电器就会被断开。针对该定时充电器的设计方案，下面说法正确的是______。
A．充电时，定时器与充电器串联
B．充电时，定时器在电路中相当于一根导线
C．停止充电时，充电器在电路中处于被短路状态
（3）有的电动自行车上有加速按钮，当把这个按钮按下时，电动机转速增大，能体现此设计的电路是　 　图（选填“丙”或“丁”）。
（4）某辆电动自行车在水平路面上以正常速度匀速行驶时，其电池组提供给电动机的电压为36V，通过电动机的电流为5A，电动机工作10min消耗的电能为　 　J。
36．（2025·锦江模拟）如图所示，薄壁圆柱形容器A置于水平地面，容器底面积为、高为20cm。其内部中央竖直放置着一个底面积为、体积为、质量为3.2kg的圆柱形物体B（不吸水）。现往容器中加水，每次加水的体积均相同（加水过程中，物体B始终保持竖直），加水后，水对容器底部的压强的大小如下表所示。g取，，求：
加水次数 第1次 第2次 ……
水对容器底部的压强 600 1200 ……
（1）物体B的高度。
（2）第3次加水后水对容器底部的压强。
（3）第5次加水后，待物体B静止时，再将其竖直提高4cm，此时水对容器底部的压力。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】电功率
【解析】【解答】A、洗衣机的功率在300W左右，A错误；
B、台灯的功率在20W左右，B错误；
C、电饭锅和空调的功率较高，在1000W左右，CD错误；
综上选B。
【分析】电学基本常识：电压：提供电源装置，一节干电池为1.5V，额定功率为用电器正常工作时的电功率，计算公式P额=U额I额，常见电器的电功率为灯泡20W， 家用微波炉的额定功率一般约为500W。
2．【答案】D
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、 语音助手通过音色辨别声音，进而开展工作，A错误；
B、 语音助手发出的声音 人耳可以听到，不属于次声波，B错误；
C、 出行途中，遇到较大噪声的路段可以关闭车窗 ，属于在传播过程中减弱噪音，C错误；
D、 语音助手能对车主指令作出回应，说明声音可以传递信息 ，D正确。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
3．【答案】C
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 A、平面镜成的像与物大小相等，实验中成像的大小不会随蜡烛A位置的改变而改变，故A错误；
B、由平面镜成像的特点可知，像与物体的大小相同，与镜子的大小无关，故B错误；
C、虚像不能成在光屏上，若在B处放一光屏，无法在光屏上承接到A的像，故C正确；
D、实验时，若玻璃板与水平桌面不垂直，由平面镜成的像与物关于镜面对称可知，成的像偏高或偏低，故D错误。
故选C。
【分析】 A.平面镜成的像与物大小相等；
B.由平面镜成像的特点作图分析；
C.虚像不能成在光屏上；
D.平面镜成的像与物关于镜面对称，据此分析。
4．【答案】A
【知识点】电磁波的产生；移动通信；光纤通信；卫星中继通信
【解析】【解答】A.电磁波可以在真空中传播，传播速度约为3×108m/s，而声音在15℃的空气中传播速度才是340m/s，故A错误符合题意；
B.北斗卫星导航系统是通过电磁波来提供定位服务的，卫星与地面之间通过电磁波传递信息，故B正确不合题意；C.移动电话既能发射电磁波，将信息传递出去，也能接收电磁波，获取来自其他设备的信息，故C正确不合题意；
D.光纤通信是利用激光在光纤中不断反射传递信息的，激光在光纤内通过全反射原理，沿着光纤传输到另一端，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】A.根据电磁波的传播速度的知识判断；
B.根据电磁波的特点和应用判断；
C.根据移动电话的功能判断；
D.利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出．这样就把它携带的信息传递到了远方．这种通信方式叫做光线通信。
5．【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】AB.液态的酒精由于受热会发生汽化现象，形成蒸气，体积变大，故塑料袋会膨胀；从热水中拿出塑料袋，温度降低，袋内的酒精蒸汽会发生液化现象，形成液态酒精，体积减小，故塑料袋会变瘪。则塑料袋鼓胀和变瘪过程中，塑料袋中的酒精先汽化后液化，故AB错误。CD.根据质量的属性可知，塑料袋鼓胀和变瘪过程中，袋内酒精质量不变；塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精质量不变，体积变大，根据可知，其密度变小，故C错误、D正确。
故选D。
【分析】 AB.由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；液化过程中放热，汽化过程中需要吸热。
CD.塑料袋鼓胀过程中，袋内酒精质量不变，体积变大，根据密度公式分析其密度变化。
6．【答案】A
【知识点】液化及液化放热；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 A．因为分子在不停地做无规则运动，茶的香味分子运动到人的鼻孔，所以我们可以闻到茶的香味，故A正确；
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．加热茶水时，水从水壶中吸热，是通过热传递的方式改变水的内能，故C错误；
D．茶水上方的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故D错误。
故选A。
【分析】 A.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
B.热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；
C.做功和热传递都可以改变物体的内能；
D.液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
7．【答案】B
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A、根据相互作用力可知， 用鸡蛋碰碗边，鸡蛋对碗的力等于碗对鸡蛋的力 ，A错误；
B、 妈妈清洗完菜后，用力用掉手上的水滴， 水滴原来和手保持相对静止，甩手时，由于惯性，水滴保持静止，从而和手产生相对位移，B正确；
C、 静止在灶台上的锅受到的重力和灶台对它的支持力是一对平衡力，C错误；
D、 用高压锅煮食物熟得更快，是因为锅内气压增大，水的沸点增加，D错误。
综上选B。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
8．【答案】C
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】AB.蹄形磁体不动，铜棒ab竖直向上或向下运动，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故AB错误；C.铜棒ab不动，蹄形磁体水平向右运动，导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C正确；
D.断开开关，此时电路不闭合，不会产生感应电流，故D错误。
故选C。
【分析】 闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流。
9．【答案】A
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】 A.无人机上升过程中，高度增大，货物的重力势能一定增大，故A正确；
B.无人机减速上升过程中，速度减小，因此动能减小；高度增大，因此重力势能增大；增加的量不一定等于减小的量，因此货物的机械能不一定守恒，故B错误；
C.无人机悬停在山口调整姿态时，距离地面的高度不为零，因此重力势能不为零，货物的机械能也不为零，故C错误；
D.无人机下降过程中，速度不一定增大，因此货物的动能不一定增大，故D错误。
故选A。
【分析】 机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。
10．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．三孔插座接线时“左零右火中间地”，导线是火线，导线是地线，故A错误；
B．根据图片可知，在开关闭合的情况下，此时灯泡和火线接通，更换灯泡容易发生触电，故B错误；
C．若导线间断路，三孔插座与地线断开，不再具有防触电的能力，故C错误；
D．断开开关后，点与火线接通，因此试电笔检测点时氖管会发光，故D正确。
故选D。
【分析】 A.开关应该接在火线与用电器之间，且三孔插座左零右火上接地；
B.人之间或间接接触火线后构成通路，会造成触电事故；
C.根据三孔插座的接线方法判断；
D.根据测电笔的使用方法判断。
11．【答案】A
【知识点】力的作用效果；液体压强的计算；大气压强的存在
【解析】【解答】A、 用注射器从密封的空塑料瓶中抽出空气，瓶内体积减小，压强小于外界气压，所以瓶子变瘪 ，A正确；
BD、 将空塑料瓶从高处扔下，瓶子在力的作用下变瘪，BD错误；
C、 将空塑料瓶瓶盖旋紧后浸没在深水中，瓶子在水压下变瘪，C错误；
综上选A。
【分析】1、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
12．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；影响电阻大小的因素；半导体特点及作用
【解析】【解答】A、 机器人内部的电池工作时，将电能转化为机械能，A错误；
B、 机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都小 ，B错误；
C、 机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成 ，C正确；
D、电阻和电流无关，D错误。
综上选C。
【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
2、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如机器器人内部的电池工作时，将电能转化为机械能；
3、半导体的应用：常用作发光二极管。
13．【答案】D
【知识点】刻度尺的使用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】A.由图示可知，刻度尺的分度值为1cm，故A错误；B.小车在BC段的路程sBC=6.00dm-1.00dm=5.00dm=50.0cm，
所用时间tBC=15：35：23-15：35：22=1s，
BC段平均速度，故B错误；
C.实验中为了方便计时，应使斜面的坡度较小，故C错误；
D.如果小车过了A点才开始计时，计时开始会晚一些，测量的时间会偏小一些，根据速度公式可知，在路程不变时，时间偏小，测得的平均速度会偏大，故D正确。
故选D。
【分析】A.分度值就是在测量仪器所能读出的最小值，指测量工具上相邻的两个刻度之间的最小格的数值；
B.从图中得出小车在BC段的路程和所用时间，利用速度公式得出平均速度；
C.实验中，应使斜面的坡度较小，这样小车滑下的速度较小，时间较长，便于测量；
D.如果过了A点才开始计时，测量的时间会偏小，测得的平均速度会偏大。
14．【答案】B
【知识点】弹力
【解析】【解答】A.在A点之前弹性绳没有发生弹性形变，所以没有对人施加弹力，故A错误；B.弹性绳的形变方向始终向下，所以绳子对人的弹力始终向上，故B正确；
CD.从A点到B点弹性绳形变量不断增加，所以人受到的弹力在不断变大，故CD错误。
故选B。
【分析】A. 弹力产生的条件是相互接触和发生弹性形变；
B. 弹力的方向与物体发生的形变方向相反；
CD. 弹力的大小与物体的弹性形变有关。
15．【答案】B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据乙图，利用U=IR计算可知，在探究电流与电阻关系时，要控制电阻两端电压2.5V不变，故A错误；
B．R从5Ω换成10Ω后，定值电阻阻值变大，根据串联电路电压与电阻成正比可知，要保持它的电压不变，此时变阻器接入的阻值也要变大，即需增大滑动变阻器接入电阻，即滑片P向右移动，故B正确；
C．由图乙可知，实验中控制R两端电压为UR=0.5A×5Ω=2.5V，最小电流为0.1A，
则滑动变阻器分压U滑=U总-U=4V 2.5V=1.5V。
则滑动变阻器接入电阻，
故C错误；
D．实验探究的是电流与电阻的关系，实验结论应为“电压一定时，电流与电阻成反比”，而非“电阻与电流成反比”，故D错误。
故选B。
【分析】 A.探究电流与电阻关系的实验中，通过改变滑动变阻器的阻值，保持电阻两端电压不变；
B.根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
C.根据串联分压可知滑动变阻器分得的电压，根据图像确定电路的最小电流，当定值电阻为25Ω时，由可得滑动变阻器的阻值；
D.当电阻两端电压一定时，电流与电阻成反比。
16．【答案】凝固；熔点
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔点和凝固点
【解析】【解答】冻冰是由液态雨水凝固为固态形成的向冻冰上泼洒冬季玻璃水，说明泼洒冬季玻璃水，可以降低冰的熔点。
【分析】凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰。
17．【答案】减小；发生改变
【知识点】物体运动状态的变化；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 滑雪运动员穿宽大的滑雪板 ，是通过增加受力面积，减小压强， 滑雪运动员在匀速转弯的过程中，速度方向改变，运动状态改变。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
2、运动状态包括速度和方向，其中之一改变，运动状态改变。
18．【答案】摩擦；电荷
【知识点】摩擦力的大小；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 小张走动时，鞋底相对地面向后，所以地面对鞋子由向前的摩擦力， 纸箱与衣服摩擦，会使纸箱带上电荷，吸引灰尘。
【分析】电荷作用规律：异性电荷相互吸引，同种电荷相互排斥； 毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电，丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电
摩擦力的方向和物体的运动方向相反。
19．【答案】并联；三台手机同时充电时互不影响
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意可知，三台手机同时充电时互不影响，所以可以判断出三个手机是并联。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
20．【答案】上；R2
【知识点】流体压强与流速的关系；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据流体压强和流速的关系确定压强差的方向，进而确定风速减小时，滑片P移动的方向；（2）根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可知电路中的电流变化和定值电阻R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知滑动变阻器R1两端的电压变化，从而确定电压表的位置。
【解答】 （1）流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大，探头上凸下平，当有风吹过探头时，由于探头上表面空气流速大压强小，下表面空气流速小压强大，空气在探头的上、下表面产生一个向上的压强差，探头向上运动带动杠杆转动，使得滑片P向下移动。
当风速减小时，探头的上、下表面受到的空气压强差减小，在弹簧的作用下，探头向下运动，带动杠杆使滑片P向上移动；
（2）由电路图可知，闭合开关，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，结合上述分析可知，当风速增大时，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；电源电压一定，由欧姆定律可知电路中的电流变大，由U=IR可知，定值电阻R2两端的电压变大；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器R1两端的电压变小，所以要求风速增大时，电压表示数变大，则电压表应并联在R2的两端。
21．【答案】能；20
【知识点】斜面的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，木箱的重力为80N，推力为50N，则推力小于重力，则使用斜面可以省力。
（2）根据题意可知，小南做的总功为；
小南做的有用功为；
小南做的额外功为；
木箱受到的摩擦力大小为。
【分析】 （1）比较木箱重力和推力大小，从而判断斜面是否省力。
（2）知道木块重力、斜面高，利用W有用=Gh求拉力做的有用功；知道拉力大小、斜面长，利用W总=Fs求拉力做的总功；根据W总=W有用+W额求克服摩擦力做的额外功，根据W额=fs求木块与斜面间的摩擦力。
22．【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据右手安培定则可知，电磁铁的上端为N极。将衔铁吸下，灯L2所在电路接通，则抢跑指示灯L2亮。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
23．【答案】2.8；偏小
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】由图可知，砝码总质量为15g，游码1.8g，所以挂件的质量游码和砝码的质量之和，即
；挂件和水的总体积为36mL，则挂件的体积，根据密度公式计算挂件的密度
；取挂件时，沾有水导致挂件体积偏大，造成所测挂件密度偏小。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
24．【答案】8；96
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，闭合开关S1、S2，电阻R1和R2并联。 电流表测量干路电流I=0.6A。断开开关S2，电路变为只有R1单独工作。
根据并联电路的电流规律可知，电流表示数变化量就是通过R2的电流，
即通过R2的电流I2=0.2A，
此时通过R1的电流I1=I-I2=0.6A 0.2A=0.4A，
电源电压为。
（2）根据题意可知，R2的阻值
通电1min定值电阻R2产生的热量为。
【分析】 91由图可知，先闭合开关 S1、S2，R1、R2并联，电流表测干路中的电流；再断开开关S2，根据并联电路的特点可知通过R2的电流，根据并联电路的电流规律可知通过R1的电流，根据欧姆定律可得电源电压；
（2）根据计算R2的阻值，Q=I2Rt计算通电1min定值电阻R2产生的热量。
25．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力臂的画法
【解析】【解答】（1） 根据平面镜成像特点，先作出A点关于平面镜的对称点，即为A的像点A'，再连接A'与凸透镜的左焦点F交水面于点O，即为光线在水面的反射点，连接AO即为水面的入射光线；再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
（2） 延长力F2的作用线，过支点O作力F2作用线的垂线段，垂线段的长即为力F2的力臂L2；要动力最小，则动力臂应最长，连接支点O与A点，则OA为最长的动力臂；阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向斜向上，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如图所示：
【分析】（1） 物和像关于平面镜对称，据此确定像点的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与凸透镜上发生折射时的折射点，画出反射光线和入射光线，再根据过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴画出折射光线。
（2） 力臂是支点到力的作用线的距离；
根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。力的作用点给出时，以支点到动力作用点间距离为力臂是最长力臂，据此可解决此题。
（1）过水面作射灯A的对称点为射灯的像点，光的反射光线与像点在同一条直线上，连接像点与凸透镜左侧的焦点，该连线与水面的交点为反射点，反射点与射灯A的连线为入射光线；根据凸透镜的特殊光线，过焦点的光线经过凸透镜会平行于主光轴，作图如下图所示：
（2）当AO之间的连线作为力臂时，力臂是最大的，此时的动力最小，过A点作垂直于AO向上的线段，即为最小动力；过O点作阻力F2作用线的垂线，即为阻力力臂l2，如图所示：
26．【答案】（1）解：机器人对箱子做的功为；
（2）解：用100牛的力将箱子匀速向上抬高，此时箱子箱子受到的重力和向上的提力是一对平衡力吗，即二者大小相等，
则箱子所受的重力为；
机器人在水平地面上运动时对地面的压力为；
机器人在水平地面上匀速运动，受到的牵引力与阻力是一对平衡力，
则牵引力为；
已知机器人在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，
则水平方向的速度为；
机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据W=Fs得到机器人对箱子做的功；
（2）根据机器人受到的阻力始终为其重力的0.05倍求出机器人受到的阻力，根据二力平衡条件求出机器人的牵引力，根据得到机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率。
（1）机器人对箱子施加的力是竖直向上的，将箱子匀速抬高1m，因此在竖直方向上对箱子做功，则机器人对箱子做的功为
（2）用100牛的力将箱子匀速向上抬高，此时箱子处于平衡状态，箱子受到的重力和向上的提力是一对平衡力、大小相等，则箱子所受的重力为
机器人在水平地面上运动时对地面的压力为
机器人在水平地面上匀速运动，受到的牵引力与阻力是一对平衡力，则牵引力为
已知机器人在水平地面上以恒定速度运动20s，前进30m，则水平方向的速度为
机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为
27．【答案】（1）解：根据表格数据可知，当压力F=0N时，压敏电阻R=20Ω，保护电阻R0=2.5Ω，电流表示数I=0.2A，
则总电阻R总=R+R0=20Ω+2.5Ω=22.5Ω
电源电压U=IR总=0.2A×22.5Ω=4.5V。
（2）解： 由表格即可知当压力F=32N时压力传感器R的阻值为R'=4Ω，
当电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开，此时电路的总电阻；
根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得需要串联的电阻阻值为：
R串=R总-R'-R0=15Ω-4Ω-2.5Ω=8.5Ω，
增加的电阻若接在a点，则当F=0N时压力传感器R的阻值为R'=20Ω，
根据串联分压关系知：UV：（U-UV）=（R'+R串）：R0，
即UV：（4.5V-UV）=（8.5Ω+20Ω）：2.5Ω，解
得：UV≈4.1V，超过电压表的量程，故不可行；
当接在b点，则当F=0N时压力传感器R的阻值为R'=20Ω，根据串联分压关系知：U'V：（U-U'V）=R'：（R0+R串），
即U'V：（4.5V-U'V）=20Ω：（8.5Ω+2.5Ω），
解得：U'V≈2.9V；
若要使压力指示表能显示的压力范围为0～32N，需在电路中增加一个8.5Ω的电阻，增加的电阻应接在b点，接在a点时压力为0时，电压表超过量程，b点不超过量程。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 由图可知，压力传感器与定值电阻R0串联，电压表测量压力传感器两端电压，电流表测量电路中的电流；
（1）当压力为0N时压力传感器R的阻值，根据欧姆定律结合串联电路的特点计算电源电压；
（2）由表格即可得出压力为32N时压力传感器R的阻值，然后利用欧姆定律计算开关断开时的总电阻，根据电阻的串联特点计算增加电阻Rab的阻值，然后根据R两端电压，确定采取的措施。
（1）由表格数据可知，当压力F=0N时，压敏电阻R=20Ω，保护电阻R0=2.5Ω，电流表示数I=0.2A。 电源电压U恒定。电路为串联电路，总电阻R总=R+R0=20Ω+2.5Ω=22.5Ω
电源电压U=IR总=0.2A×22.5Ω=4.5V
（2）原电路中，当压力F=32N时，压敏电阻R'=4Ω，电路中电流
由于电路中的电流达到0.3A时，保护开关S自动断开。 需在电路中增加电阻以限制电流不超过 0.3A。此时电路总电阻
需增加的电阻
增加的电阻若接在a点，则当F=0N时，压力传感器R的阻值为R=20Ω， 则总电阻R总″=R+R增R0=20Ω+8.5Ω+2.5Ω=31Ω
电路中电流为
根据可得电压表示数U″=I″(R+R增)=0.15A×(20Ω+8.5Ω)=4.275V＞3V
即超过电压表量程，所以不能在a点接入电阻，需要在b点接入电阻。
28．【答案】（1）
（2）A
（3）8.9；灯泡电阻受温度的影响发生改变
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，测量灯泡电阻的实验原理是。
（2）根据乙图可知，此时电路中无电流，电压表示数超过量程。串联电路中无电流，说明电路发生断路，则电压表串联接入电路，测电源电压，因此电路发生的故障是灯泡断路，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（3）①灯泡正常发光时的电阻为；
②通过灯泡的电流与其两端电压不成正比的原因为：由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变。
【分析】 （1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式；
（2）电压表有示数说明电压表两接线柱与电源连接的部分是通路，电流表无示数说明电路断路，由此分析故障原因；
（3）①根据表格确定灯泡的额定电流，根据计算灯泡正常发光时的电阻；
②根据欧姆定律计算电阻，灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（1）实验中利用电流表和电压表，结合公式计算得出灯泡的电阻，因此测量灯泡电阻的实验原理是。
（2）据乙图可知，电路中无电流，串联电路中无电流，说明电路发生断路，电压表示数较大，则电压表串联接入电路，测电源电压，因此电路发生的故障是灯泡断路，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（3）[1]据表可知，灯泡正常发光时电路中的电流是0.28A，则灯泡正常发光时的电阻为
[2]由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此通过灯泡的电流与其两端电压不成正比。
29．【答案】（1）c和d
（2）排开液体的体积
（3）c和e
（4）800
（5） 形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
【知识点】阿基米德原理；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，探究浮力大小与浸没深度的关系时，需要控制排开液体的体积和液体密度相同，只改变物体所在的深度。故选c和d。
（2）根据图片可知，a、b、c中物体排开液体的体积不断改变，则弹簧测力计的示数不断改变，即浮力不断改变，那么得到结论：浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（3）探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，需要选择物体浸入相同体积，只有液体密度不同，故应选择c和e。
（4）根据图片ad可知， 圆柱体A浸没在水中所受浮力为：F浮A=G-F拉=2N-1.5N=0.5N；
圆柱体A的体积；
由图乙可知，物体浸没在某种液体中所受浮力；
由阿基米德原理可求某种液体的密度。
（5）根据题意可知，铜片 弯成“碗状”后，能排开更多水，浮力增大是因为排开水的体积增大，那么小明得出错误结论的原因是：形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
【分析】（1）（2）（3）（5）利用控制变量法进行分析；
（4）由称重法F浮=G-F示求圆柱体A浸没在水中所受浮力大小为0.5N，根据阿基米德原理得出圆柱体排开液体的体积，由图乙可知，圆柱体A浸没在液体中所受浮力，浸没时，圆柱体排开液体的体积相同，据此根据阿基米德原理得出液体密度。
（1）探究浮力大小与浸没深度的关系。需要选择物体完全浸没但深度不同的两次实验，且液体的密度相等。 c和d都浸没在水中，深度不同，弹簧测力计的示数相同，说明物体所受浮力大小与浸没深度无关。
（2）a：物体在空气中，测物体重力G。 b：物体部分浸入水中，测力计示数减小，说明物体受浮力。 c：物体浸没在水中，测力计示数进一步减小，浮力增大。 d：物体浸没后深度增加，测力计示数不再变化，浮力不再增大。 结论：浮力大小与物体排开液体的体积有关，跟浸没在液体中的深度无关。
（3）探究物体所受浮力大小与液体密度的关系，需要选择物体浸入相同体积但液体密度不同的两次实验。 由图可知，应选择c和e。
（4）由图甲a和d可得圆柱体A的体积
由图乙可知，物体浸没在某种液体中所受浮力
由阿基米德原理可求某种液体的密度
（5）铜片下沉是因为其密度大于水，浮力小于重力。 弯成“碗状”后，能排开更多水，浮力增大是因为排开水的体积增大，而非形状本身。 小明得出错误结论的原因是：形状改变的同时排开液体的体积也改变了，没有控制排开液体的体积相同。
30．【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A．根据题意可知，煤炭和天然气都是化石能源，大幅使用会增大环境污染，不符合“十四五”可再生能源发展规划，故A错误符合题意；
B．能量的转化和转移是有方向的，每一次能量的利用，都会导致可以利用能源的不断减小，所以存在能源危机，故B正确不符合题意；
C．核电站发电时， 核能内能机械能电能，故C正确不符合题意；
D．太阳能是可以直接获取的能源，属于一次能源，且太阳能可以在短时间内得到补充，是可再生能源，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】A.不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
B.能量的转化和转移是有方向的，要节约能源；
C.核电站是在核反应堆中利用可控的核裂变来进行工作，最终将核能转化为电能的；
D.从自然界直接获取的为一次能源，可以在自然界源源不断地得到的能源称为可再生能源。
31．【答案】D
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；物体的颜色
【解析】【解答】A． 桃花呈红色是因为它反射红光，吸收其他颜色的光， 故A错误；
B． 新居本身不发光，因此不是光源，故B错误；
C．手机镜头的成像原理类似于照相机，拍摄照片时，景物在二倍焦距以外以获得清晰的缩小实像。故C错误；
D．影子的形成是由于光的直线传播形成，故D正确。
故选D。
【分析】A.不透明物体的颜色由其反射的色光决定。
B.光源是指能够自行发光的物体；
C.根据凸透镜成像的规律和应用的知识判断；
D.根据光沿直线传播的知识判断。
32．【答案】C
【知识点】比热容；燃料的热值；热机的效率；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．根据题意可知，0 ~6min，加热时间相同，则酒精灯放出热量相同，那么水和液体A吸收的热量相等，故A错误；
B．根据图片可知，液体A的末温高，则液体A升温快，则A的吸热能力弱，而水的吸热能力更强，故B错误；
C．根据图片可知，水从2min加热到10min温度升高20℃，液体A从0min加热到8min温度升高40℃。加热时间均为8min，则吸收的热量相同。
由Q吸=cmΔt得到：，则液体A的比热容，
故C正确；
D．水在8min吸收的热量；
酒精燃烧放出的热量；
酒精每分钟消耗的质量；
故D错误。
故选C。
【分析】A.同一酒精灯相同时间燃烧释放的热量相同，因此相同时间内两种液体吸收的热量相同；
B.根据Q=cm△t可知，吸收相同的热量时，温度升高越多，则吸热能力越弱；
C.相同时间内水和液体吸收相同的热量，根据图像确定升高的温度，根据Q=cm△t列式计算即可；
D.根据Q=cm△t计算水吸收的热量，根据计算酒精放出的热量，最后根据计算酒精每分钟放出的热量。
33．【答案】B,C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，承担重物的动滑轮绳子的股数n＝2，每段绳子拉力为110N，根据公式可得，物体A的重力：，
故A错误；
B．根据力的平衡条件可知，以中间的大动滑轮为研究对象，细绳b的拉力等于下面3股绳子的拉力加上中间滑轮的重力，则拉力，
故B正确；
C．重物A匀速提升的高度hA＝1.8m，由动滑轮的特点可知绳子a移动的距离sa＝2hA，由图可知，中间的滑轮受到3股绳子向下的拉力，而细绳b的拉力F1作用在该滑轮的挂钩上，此时费力但省距离，因此绳子b移动的距离，
拉力F1做的总功，
拉力F1做功的功率为，
故C正确；
D．使用滑轮组时，所做的有用功，
该滑轮组在使用过程中的机械效率为，
故D错误。
故选BC。
【分析】 A.由图知，承担下面动滑轮绳子的股数n=2，不计绳重和摩擦，根据求物体A的重力；
B.以中间的动滑轮为研究对象，根据力的平衡条件可知，细绳b的拉力等于下面3股绳子的拉力加上中间滑轮的重力，即F1=3F2+G轮，据此求出拉力F1的大小；
C.由动滑轮的特点可知绳子a移动的距离：sa=2hA；由图可知，中间的滑轮受到3股绳子向下的拉力，而细绳b的拉力F1作用在该滑轮的挂钩上，此时费力但省距离，因此绳子b移动的距离，据此求出绳子b移动的距离，根据W总=F1s求出拉力F1做的总功，根据求拉力F1做功的功率；
D.先根据W有=GAhA求出有用功，然后根据求出该滑轮组在使用过程中的机械效率。
34．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，当闭合开关S1、S2、S3且R2的滑片在最左端时，电阻R1和灯泡并联，电阻R2的电阻为0，电流表测量干路电流，因为灯泡正常发光，
所以电阻R1两端的电压和电源电压均为6V，
通过灯泡的电流，
由并联电路的电流规律可得通过电阻R1的电流I1=I-IL=0.75A-0.5A=0.25A，
由欧姆定律公式可得电阻R1的电阻，
故A错误；
B．根据图片可知，当闭合开关S1、S2，断开S3，将R2的滑片置于距左端处，R2的滑片在最右端时，此时R1和的R2串联接入电路，根据欧姆定律可得电路中电流，
则滑动变阻器R2两端的电压，
当闭合开关S3，断开S1、S2，在电路安全的前提下移动R2的滑片，当R2的滑片在距左端处时，灯泡L和的R2串联接入电路，同理可得通过电路中的电流，
此时滑动变阻器R2两端的电压，
因为，则，
解得：R2=36Ω；
当闭合开关S2，断开S1、S3，此时R1和R2串联接入电路，若R2处于阻值最大处，由欧姆定律可得电路中的电流，
此时电阻R2两端的电压U2右=I小R2=0.1A×36Ω=3.6V，
其电压超过电压表的量程，所以其两端电压最大为3V，则此时电路中的最小电流，
当R2的滑片移至最左端时，电路中的最大电流，
所以电路中的电流范围为0.125A~0.25A，
根据电功率公式可得电阻R2消耗的电功率P2=U'2I2=(U-U'1)I'2=(6V-24Ω×I'2) I'2，
当I'2=0.125A时，电阻R2有最大功率且最大功率P大=U2I2=3V×0.125A=0.375W，
故B正确；
C．当闭合开关S3，断开开关S1、S2，此时灯泡L和电阻R2串联接入电路，灯泡安全，当电阻R2的滑片向右移动时，电阻R2两端的电压逐渐变大，而电压表V2的量程为0~3V，当电压表达到最大值时，灯泡两端的电压为3V，
根据欧姆定律可得通过灯泡的电流，
则根据欧姆定律可得R2的最大电阻，
所以此时电阻R2接入电路的阻值范围为0~12Ω，故C错误；
D．由公式可知，电路中的阻值越小，电路消耗的电功率越大，则当开关均闭合时，将电阻R2的滑片移到最左端时，此时灯泡正常发光，整个电路中的总电阻最小，
所以电路的最大功率，
故D正确。
故选BD。
【分析】 A.当闭合开关S1、S2、S3且R2的滑片在最左端时，灯泡正常发光，此时灯泡L和滑动变阻器R1并联接入电路，因此电源电压大小等于小灯泡的额定电压，可以求得此时滑动变阻器R1接入电路的阻值最大；
B.当闭合开关S1、S2，断开S3，将R2的滑片置于距左端处，R1的滑片在最右端时，此时R1和串联接入电路；当闭合开关S3，断开S1、S2，在电路安全的前提下移动R2的滑片，当R2的滑片在距左端处时，灯泡L和R2串联接入电路；当闭合开关S2，断开S1、S3，此时R1和R2串联接入电路，假若R2可以滑到最右端；可以求得R2功率最大值；
C.当闭合开关S3，断开S1、S2，此时灯泡L和电阻R2串联接入电路，灯泡安全，则当R2的滑片P向右移动时，R2两端的电压逐渐变大，电压表V2的量程为0～3V，当电压表达到最大值时，灯泡两端的电压也为3V；可以求得此时R2接入电路的阻值范围；
D.由电功率公式可知，当电路中的电阻越小时，电路消耗的电功率越大，则当开关均闭合时，将R2的滑片移到最左端时，此时灯泡正常发光，整个电路的总电阻最小，此时电路的电功率最大，据此解答。
35．【答案】（1）短路
（2）C
（3）丙
（4）108000
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算
【解析】【解答】（1）“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，雨水是导体，可能导致电路短路。
（2）根据乙图可知，定时器和充电器并联后再与指示灯串联在电路中，定时器起到开关的作用。停止充电时，定时器有电流通过，从而将充电器短路，实现停止充电的目的。
故C正确，AB错误。
故选C。
（3）根据丙图可知，定值电阻与电动机串联，加速按钮与定值电阻并联。按下加速按钮时将定值电阻短路，此时只有电动机接入电路，电动机两端电压等于电源电压。电动机两端电压增大，通过的电流变大，因此电动机转速增大，因此能体现加速设计的电路是丙图。
（4）电动机消耗电能W=UIt=36V×5A×10×60s=108000J。
【分析】 （1）“飞线充电”时，若有雨水进入插线板内部，可能导致电路短路，引发火灾。
（2）根据题目信息，充满电后充电器不工作可知被短路。
（3）根据电路图分析解答，通过改变电阻的大小来改变电路中电流的大小；电流越大，电动车运行的速度越大。
（4）根据W=UIt得出电动机工作10min消耗的电能。
（1）私拉接线板为电动自行车充电存在安全隐患，尤其是雨水进入插线板内部时。 雨水是导体，可能导致电路短路，引发火灾。
（2）由图乙可知，定时器和充电器并联后再与指示灯串联在电路中，定时器起到开关的作用，充电器充电时，定时器断开，定时器在电路中相当于一个断开的开关。停止充电时，定时器有电流通过，定时器是导通的，此时充电器被定时器短接，无电流通过，实现停止充电的目的。综上，故C正确，AB错误。
故选C。
（3） 按下加速按钮时，电动机转速增大，说明通过电动机的电流增大。图丙中，定值电阻与电动机串联，加速按钮与定值电阻并联。按下加速按钮时将定值电阻短路，此时只有电动机接入电路，电动机两端电压等于电源电压。电动机两端电压增大，通过的电流变大，因此电动机转速增大；图丁中，定值电阻和电动机并联，由并联电路的特点可知，按下加速按钮对电动机无影响。因此能体现加速设计的电路是丙图。
（4）电动机消耗电能W=UIt=36V×5A×10×60s=108000J
36．【答案】（1）解：物体B的高度为。
（2）解：圆柱形物体B的密度为
则物体B漂浮。
第一次水的深度为；
则每次加水的体积为
当物体B漂浮时，，
则物体B浸没得高度为
则浸没部分水的体积为；
由题意可知，第3次加水的体积为；
第3次加水后水的高度为；
由可得，第3次加水后水对容器底部的压强为。
（3）解：由题意可知，第5次加水的体积为
若容器足够高，则第5次加水后水的高度为，所以会溢出水。
上提4cm，由可得，
水面下降的高度为，
则第5次加水后水面的高度为
由可得水对容器底的压强为
由可得此时水对容器底部的压力为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求出物体B的高度；
（2）根据出物体B的密度，据此判断物体B浮沉状态；根据表格及p=ρ液gh可得第一次水的深度，据此求出每次加水的体积；当物体B漂浮时，根据阿基米德原理求出物体B浸没的高度，据此求出浸没部分水的体积；因每次加水的体积相同，根据体积关系求出第3次加水后水的深度，利用p=ρ液gh求出第3次加水后水对容器底部的压强。（3）根据题意求出第5次加水的体积，利用体积关系求出加水后水的深度，据此判断水是否溢出；上提4cm，由SBhB=（S容-SB）Δh水求出水下降的高度，据此求出水的深度，利用p=ρ液gh求出水对容器底部的压强，根据求出水对容器底部的压力。
（1）由可得物体B的高度为
（2）圆柱形物体B的密度为
则物体B漂浮。
根据表格及可得第一次水的深度为
则每次加水的体积为
当物体B漂浮时，，则物体B浸没得高度为
则浸没部分水的体积为
由题意可知，第3次加水的体积为
第3次加水后水的高度为
由可得，第3次加水后水对容器底部的压强为
（3）由题意可知，第5次加水的体积为
若容器足够高，则第5次加水后水的高度为，所以会溢出水。
上提4cm，由可得，水面下降的高度为，则第5次加水后水面的高度为
由可得水对容器底的压强为
由可得此时水对容器底部的压力为
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