广东省肇庆市四会市2025年中考二模物理试题
一、选择题：本大题7小题， 每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025·四会模拟）2024年10月30日4时27分，神舟十九号载人飞船成功发射并与在轨的“天和”核心舱实现自主交会对接。下列说法正确的是
A．火箭升空过程中，以地面为参照物，火箭是静止的
B．火箭刚开始升空的过程中，做的是匀速直线运动
C．对接成功后，空间站没有参照物，将不再做机械运动
D．对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十九号飞船是静止的
【答案】D
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：A．火箭升空过程中，以地面为参照物，火箭的位置不断变化，火箭是运动的，故A错误；
B．火箭刚开始升空的过程中，速度越来越快，做加速运动，故B错误；
C．宇宙空间一切物体都在做机械运动，一切物体都可以被选为参照物，故C错误；
D．对接成功后，神舟十九号飞船与核心舱之间没有位置的变化，以核心舱为参照物，神舟十九号飞船是静止的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）、在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）、判断运动状态是否改变，就是判断速度大小或运动方向是否改变。
2．（2025·四会模拟）下图是首次软着陆于月球背面的中国月球车——“玉免二号”。当它在电力驱动下巡视温差为200℃的月球背面时，一定不发生改变的是它的
A．密度 B．体积 C．质量 D．温度
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】 解：月球车在电力驱动下巡视月球背面时，由于温差为200℃，热胀冷缩较大，它的温度、体积、密度都将发生改变，但它所含物质的多少不变，所以质量不变，故C正确。
故选：C。
【分析】 （1）密度表示单位体积某种物质的质量，密度与物质的种类、状态和温度有关，与物体的质量和体积无关；
（2）质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变。
3．（2025·四会模拟） 如图所示的机械模型，推动硬棒 CD 或 EF， 使它们在水平面内绕轴O转动，即可将绳逐渐绕到轴O上，提升重物G. 下列说法不正确的是
A．滑轮A是定滑轮，它的作用是改变力的方向
B．滑轮B为动滑轮，它的作用是省力
C．轴O上增加的绳长等于重物上升的高度
D．硬棒CD(或EF) 及转轴组成的装置与汽车方向盘的作用相同
【答案】B
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】 解：AB、图中A、B都是定滑轮，使用时不能省力，也不能省距离，但能改变用力的方向，故A正确、B错误；
C、在重物上升的过程中，轴O上增加的绳长等于重物上升的高度，故C正确；
D、硬棒CD（或EF）及转轴组成的装置叫做轮轴，与汽车方向盘的作用相同，故D正确。
故选：B。
【分析】 （1）杠杆的分类：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
（2）定滑轮是等臂杠杆，使用时既不省力，也不费力，但可以改变力的方向。
4．（2025·四会模拟） 如图所示的锂原子模型中，a表示的是
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 解：电子在原子核外绕核作轨道运动，原子核带正电，电子带负电，a是电子，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】 核式原子结构是1911年由卢瑟福提出的一种原子结构模型，核式原子结构认为：原子的质量几乎全部集中在直径很小的核心区域，叫原子核，电子在原子核外绕核作轨道运动，原子核带正电，电子带负电。
5．（2025·四会模拟） 如图呈现的是唐代诗人张继的诗作《枫桥夜泊》，“月落乌啼霜满天”诗句中提及的“霜”形成的物态变化是
A．凝华 B．汽化 C．凝固 D．烙化
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】解：霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，属于凝华现象，故B正确。
故选：A。
【分析】物质由气态直接变成固态的现象叫凝华。
6．（2025·四会模拟）炎热夏天小红在厨房中发现，电饭锅煮饭时上方附近出现“白气”(标注为1)，打开电冰箱门时门附近也出现“白气”(标注为2)，下列关于“白气”1和2的判断， 正确的是
A．1和2两种物质都是水蒸气
B．2是电冰箱中的水蒸气遇冷形成的
C．1是电饭锅中的水蒸气遇冷形成的
D．1和2的形成过程都要吸热
【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：A.1和2两种物质都是小水珠，故A错误；
B.2是电冰箱周围的水蒸气遇冷形成的，故B错误；
C.1是电饭锅中的水蒸气遇冷形成的，故C正确；
D.1和2的形成过程都是液化都要放热，故D错误；
故选：C。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
7．（2025·四会模拟）为了提高旅客的乘车通行效率，广州火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时(相当于闭合开关)，电动机转动，打开闸门直达站台，下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计
【解析】【解答】 解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，电动机才工作，这说明两个开关相互影响，是串联的关系，然后与电动机串联，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。
二、填空题：本大题共7小题， 每空1分， 共21分。
8．（2025·四会模拟）雨过天晴，地面上会出现建筑物的影子，影子是由于 形成的。通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，如图所示，像的大小与建筑物的大小 。一些建筑物外部采用了玻璃幕墙作为装饰，强光照射到玻璃幕墙时会发生 反射，造成“光污染”。
【答案】光的直线传播；相等；镜面
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】光线照射到不透明的物体上，光线被挡住，物体背后有不被照亮的区域，形成影子，影子是由于光的直线传播形成的，水中看到建筑物的像，是平面镜成像现象，像的大小与建筑物的大小相等；光线在玻璃幕墙上被平行反射，发生镜面反射，造成“光污染”。
【分析】影子是光沿直线传播形成的；水中倒影是平面镜成像，像和物体大小相等；光污染是镜面反射现象。
9．（2025·四会模拟）如图所示是40多名孩子在北京冬奥会开幕式上用希腊语唱起《奥林匹克颂》的情景，孩子们的天籁之音是由他们的声带 产生的，我们能够从伴奏中分辨出不同乐器发出的声音，是由于它们发出声音的 不同，世界各地的部分电视用户是利用卫星接收和发射的 信号来收看现场画面的。
【答案】振动；音色；电磁波
【知识点】音调、响度与音色的区分；信息与信息传播；电磁波的传播
【解析】【解答】 解：孩子们的天籁之音是由他们的声带振动产生的；因为不同的乐器发出声音的音色不同，所以我们可以通过它们的音色判断乐器的种类；世界各地的部分电视用户是利用卫星接收和发射的电磁波信号来收看现场画面的。
故答案为：振动；音色；电磁波。
【分析】 （1）声音是由物体振动产生的。
（2）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
（3）卫星通信是一种利用人造地球卫星作为中继站来转发无线电波（电磁波）而进行的两个或多个地面站之间的通信。
10．（2025·四会模拟）小明利用撬棒把滚落在公路上的石头1移开， 如图所示。小明着力于撬棒A点，他既可以沿 AB 方向也可以沿AC方向撬动石头1，但较省力的是沿 方向，此时杠杆是 以 为支点。若石头1的结构是均匀的，当将它去掉三分之一后，剩下部分石头的密度 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
【答案】AB；支点；o；不变
【知识点】密度及其特性；杠杆的平衡分析法及其应用；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 读图可知，当小明着力于A点，沿AB方向撬动时支点为O点，沿AC方向撬动时支点为O'点，沿AB方向撬动比AC方向撬动的动力臂长，阻力臂差不多，所以较省力的是沿AB方向。 密度是物质的一种特性，不随其体积和质量而发生变化，故将石头切去一部分后，剩下部分的密度将不变。
故答案为：AB；支点；O；不变。
【分析】 要使杠杆更省力，杠杆动力臂就得更长，因此，分析出哪种用法时动力臂更长，就说明此时最省力。
密度是物质的一种特性，与物质的种类和所处状态有关，与质量、体积无关。
11．（2025·四会模拟） 如图，小明家电能表的表盘读数为 kW·h，他将电水壶单独接在电路中烧水，壶内水的质量为 1.2kg，初温为28℃， 加热 5min 水温升高了 50℃， 电能表的指示灯闪烁 60次， 在这段时间内水吸热 J，电水壶的实际功率是 W
【答案】2023.4；2.52×105；1200
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】 解：（1）小明家电能表的表盘读数为2023.4kW h；
（2）水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×1.2kg×50℃=2.52×105J；
（3）600imp/（kW h）表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁600次，则电能表的指示灯闪烁60次消耗的电能：；
电热水壶的实际功率：。
故答案为：2023.4；2.52×105；1200。
【分析】 （1）电能表的读数最后一位是小数；单位是kW h；
（1）根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；
（2）600imp/（kW h）表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁600次，据此求出电能表的指示灯闪烁60次消耗的电能，根据求出电热水壶的实际功率。
12．（2025·四会模拟）下图是"三峡引领号”—全球首台抗台风型漂浮式海上风电机组及基础平台，是引领我国海上风电行业走向深海的重大成果。风能是 (填"可再生”或“不可再生")能源。风力发电将空气的 能转化为电能，电能是 (选填"一”或“二”)次能源。
【答案】再生；机械能；二
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类
【解析】【解答】 解：风能是能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源；风力发电时，空气流动带动扇叶转动，将空气的机械能转化为电能；电能不能够从自然界直接获取，需要由一次能源转化而来，属于二次能源。
故答案为：可再生；机械能；二。
【分析】 像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；风力发电时，空气流动带动扇叶转动，将空气的机械能转化为电能；可从自然界直接获取的能源叫一次能源。
13．（2025·四会模拟）小明同学学完电与磁的相关知识后，自己动手制作了如图甲所示的装置，用手按压小人使小人在平板上往复跳动，小灯泡便会一闪一闪，当小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做 运动，电路中产生 ，所以小灯泡发光。在研究地磁场方向时，如乙图所示，发现司南的长柄静止时总是指向南方，则长柄相当于指南针的 极。
【答案】切割磁感线；感应电流；南
【知识点】磁场；电磁感应
【解析】【解答】解：小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，此时线圈相当于电源，给小灯泡供电，小灯泡发光。 地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向地理南方，指向地球南方的叫做磁体的南极，用S表示，而地磁的北极在地理的南极附近，故长柄所指的方向是地球磁场的北极，所以长柄相当于指南针的南极 。
故答案为：切割磁感线；感应电流；南。
【分析】 小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，此时线圈相当于电源。指南针是受到地磁场的作用而指向南北的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；
14．（2025·四会模拟） 如甲图所示，验电器的金属球A、金属杆C、金属箔D通过部件B固定在金属外壳上。当带负电荷的橡胶棒接触验电器的一瞬间，金属箔D张开，这是由于 ，这一瞬间电流的方向是 (选填“从A到D”或“从D到A")。如乙图所示为某汽油机的模型结构图，该图呈现的是汽油机的 冲程。
【答案】同种电荷相互排斥；从D到A；压缩
【知识点】热机的四个冲程；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 解：当带负电荷的橡胶棒接触验电器的一瞬间，金属箔D张开，是由于金属箔带了同种电荷，同种电荷相互排斥；
负电荷从橡胶棒转移到金属箔片，则电流方向是从D到A。
由图可知，汽油机的两个气门都关闭，活塞向上运动，为压缩冲程。
故答案为：同种电荷相互排斥；从D到A， 压缩。
【分析】 验电器是根据同种电荷相互排斥制成的；正电荷定向移动的方向为电流的方向。
根据气门的开闭情况、活塞的运动情况分析是哪个冲程。
三、作图题：本题7分。
15．（2025·四会模拟）
（1）如图所示，小球漂浮在水面上，请画出小球受到的浮力和重力的示意图。
（2）如图所示， A为水底的物体， A是岸边儿童看到A的像，请你按作光路图的要求在图中作出过O点的入射光线和折射光线。
（3）如图所示， 两灯泡的额定电压均为220V，要求开关只控制两灯泡，灯泡都能正常发光，请将电路连接完整。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 解：（1）小球漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，二者大小相等，作用点在小球几何中心，由此画出小受到的浮力和重力的示意图如图所示：
（2）水底的物体A反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是A'点，连接眼睛与O点即为折射光线，连接AO即为入射光线，如图所示：
（3）家庭电路电压为220V，两灯泡的额定电压均为220V，因两灯都能正常工作，则两灯应并联；开关S控制两灯，S接在干路上，根据安全用电原则，S要控制火线；
三孔插座不受开关S控制，按“左零右火上接地”的原则连入电路中，如下图所示：
【分析】（1）小球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于小球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
（2） 水底的物体A反射的光线从水中斜射入空气时发生折射，折射光线向水面偏折，人逆着折射光线看去，看到的池底位置比实际位置高，池底看起来比实际位置浅。
（3）家庭电路电压为220V，根据灯的额定电压和并联电路电压的规律，确定两灯并联；开关与待测电路串联，为了安全，开关应控制火线；三孔插座按“左零右火上接地”的原则连入电路中。
四、实验题：本大题3小题， 第16小题7分， 第17小题6分，第18小题7分，共20分。
16．（2025·四会模拟） 按要求填空，
（1）如甲图所示，所测木块的长度为 cm。如乙图所示的停表示数为 s， 如丙图所示的温度计的示数为 ℃。
（2）物理兴趣小组的同学在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：
①如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，该凸透镜的焦距是 cm
②调整后，把烛焰放在距凸透镜 26cm处时(如图乙)，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、 的实像： 就是利用这一成像规律工作的。如果将蜡烛在乙图的基础上适当靠近透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向 (选填“靠近"或“远离")透镜的方向移动。
【答案】（1）1.85；40；-16
（2）11.0；缩小；照相机；远离
【知识点】凸透镜成像的应用；时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】解：（1）由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，木块左侧与3.00cm对齐，右侧与4.85对齐，所以木块的长度为L=4.85cm-3.00cm=1.85cm；
由图乙所示秒表可知，在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在40s处，即秒表的读数为40s；
丙图中温度计一个大格表示10℃，一个大格里面有10个小格，分度值是1℃，液柱最高处在0℃以下，故示数是-16℃；
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，由图甲可知，凸透镜的焦距是41.0cm-30.0cm=11.0cm。
烛焰放在距凸透镜26cm处时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一成像规律工作的；
如果将蜡烛在乙图的基础上靠近透镜，此时物距减小，仍要在光屏上得到清晰的像，则像距要增大，即光屏应向远离透镜的方向移动。
故答案为：（1）1.85；40；-16；（2）11.0；缩小；照相机；远离。
【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
读取停表的示数，首先要知道大表盘和小表盘的分度值，然后看指针在什么位置，秒表分针与秒针的示数之和是秒表的示数，从而得出示数。
读温度计的示数时，先分清分度值，再分清液面在0℃以下还是以上，最后读出该温度计的示数。
（2）通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距。
利用物距与焦距的关系，结合凸透镜成像的规律，即可确定物距为26厘米时的成像性质。
凸透镜成实像时，物近像远像变大。
17．（2025·四会模拟）如甲图所示，是用伏安法测量电阻R时所设计的电路图。
（1）请用公式写出测量电阻的原理： ；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到最 (选填"左"或“右")端；
（3）当滑片P调节在某处时，电流表、电压表指针如图乙所示，则被测电阻值大小约为 Q(保留一位小数)，为了测量值更接近真实值，还应该 。
（4）在完成以上实验后，小明还测量了某小灯泡的电阻，井绘出了电流随电压变化的图像(如图丙所示)，通过分析图像发现灯丝的电阻是变化的，这是因为灯丝的电阻跟灯丝的 有关。经观察，小灯泡在 2.5V的电压下正常发光，则此时小灯泡的电阻为 Ω。
【答案】（1）
（2）右
（3）2.2；多次测量取平均值
（4）温度；10
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）实验中，使用电压表测出定值电阻的两端电压，用电流表测出电路中电流，根据可得出定值电阻的阻值，所以，测量电阻的原理是。
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应调到最大，即应将滑动变阻器的滑片P移动至最右端。
（3）电压表使用0～3V量程，每一小格代表0.1V，分度值为0.1V，故电压表读数为0.8V。
电流表使用0～0.6A量程，一大格代表0.2A，一小格代表0.02A，分度值为0.02A，电流表示数为0.36A。则被测电阻为为了测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值，从而减小误差。
（4）图3可知，当灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，根据P=UI可知，小灯泡的实际功率增大，亮度增加，温度升高，根据欧姆定律可知，灯泡的灯丝电阻也增大。所以，通过分析图像发现灯丝的电阻是变化的，这是因为灯丝的电阻跟灯丝的温度有关。
由图3可知，小灯两端电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，则灯丝此时的电阻为：。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.8；2.2；多次测量取平均值；（4）温度；10。
【分析】 （1）伏安法测电阻的实验原理是；
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；
（3）根据电压表和电流表接入电路的量程读取电压和电流值，根据欧姆定律计算电阻的阻值，为了测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值减小误差；
（4）灯泡的电阻受温度影响很大，根据图3读取相应的电压和电流值，根据欧姆定律计算灯泡的电阻。
18．（2025·四会模拟）小华同学利用U形管压强计探究液体内部压强的特点，具体操作如图所示：
（1）安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，接下来应通过_______（选填正确答案前字母）的方法使U形管左右两侧液面________，之后才能进行实验探究；
A．摇晃U形管
B．拆除软管重新安装
C．往左侧管中加入适量红墨水
（2）实验前，要检查装置气密性，方法是用手指轻轻按压探头上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，则说明该装置 （选填“漏气”或“不漏气”）；
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，这说明：同种液体， ；
（4）小华按图乙和丁所示进行液体压强与液体密度关系的实验探究，得出“液体内部压强与液体密度有关”的结论，你认为小华的操作是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 ；
（5）小华将压强计进行改装，在U形管另一端也连接上探头，实验现象如图戊所示，不同液体内部在同一深度处， （选填“左”或“右”）侧液体产生的压强大。
【答案】（1）B
（2）不漏气
（3）深度越深压强越大
（4）错误；没有控制液体的深度相等
（5）左
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 解：（1）安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，说明软管内气体压强和外界气压不相等，需要重新安装软管，使U形管左右两侧液面相平。摇晃U 形管，不能改变软管内气体压强，不能改变高度差；往左侧管中加入适量红墨水，不能操作，不能消除U形管的高度差，故选：B。
（2）使用前应检查装置是否漏气，用手指轻按金属盒上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，说明装置不漏气。
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，说明液体产生的压强变大，实验得到同种液体的压强随液体深度增加而增大。
（4）液体的深度是指橡皮膜到液面的距离，图乙和丁很明显看出橡皮膜所在的深度不相等，无法探究液体内部压强跟液体密度的关系，故操作错误，是因为没有控制液体的深度相等。
（5）如图戊所示，U形管两侧液体产生的压强和软管内气体压强之和相等，由于U形管左侧液面低，U形管左侧液体压强小，左侧软管气体压强大，所以左侧容器液体产生的压强大。
故答案为：（1）B；（2）不漏气；（3）深度越深压强越大；（4）错误；没有控制液体的深度相等；（5）左。【分析】 （1）U形管内液面左低右高，可知左管液面上方气压大于大气压强，据此分析。
（2）用手轻按金属盒橡皮膜，U形管液面变化明显，说明仪器不漏气，如果液面不变化，说明装置漏气。
（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大。
（4）液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟液体密度的关系时，控制液体的深度相等。
（5）U形管两侧液体产生的压强和软管内气体压强之和相等。
（1）[1][2]安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，说明软管内气体压强和外界气压不相等，需要重新安装软管，使U形管左右两侧液面相平。摇晃U形管，不能改变软管内气体压强，不能改变高度差；往左侧管中加入适量红墨水，不能消除U形管的高度差，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（2）使用前应检查装置是否漏气，用手指轻按金属盒上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，说明装置不漏气。
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，说明液体产生的压强变大，实验得到同种液体的压强随液体深度增加而增大。
（4）[1][2]液体的深度是指橡皮膜到液面的距离，图乙和丁很明显看出橡皮膜所在的深度不相等，无法探究液体内部压强跟液体密度的关系，故操作错误，是因为没有控制液体的深度相等。
（5）如图戊所示，U形管两侧液体产生的强和软管内气体压强之和相等，由于U形管左侧液面低，U形管左侧液体压强小，左侧软管气体压强大，所以左侧容器液体产生的压强大。
五、计算题：本大题2小题， 第19小 6分， 第20小7分， 共13分。
19．（2025·四会模拟）跳伞是一项极具挑战性的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一名重力为 500N 的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示， 经 15s 下落210m后， 开始竖直向下做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s。
（1）求运动员下落的平均速度：
（2）求运动员的重力做的功：
（3）求匀速下降时运动员的重力做功的功率：
【答案】（1）解：由题可知，运动员在0～15s下落的路程为s前=210m，
由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，
则运动员在15～30s通过的路程为s后=vt后=6m/s×15 s=90m；
运动员通过的总路程为s=s前+s后=210m+90m=300m，
总时间为t=30s，
则整个过程中运动员下落的平均速度；
（2）解：运动员的重力做的功为：W=Fs=Gs=500N×300m=150000J；
（3）解： 匀速下降时，重力做功的功率：。
【知识点】功率的计算；速度与物体运动；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式求运动员下落的平均速度；
（2）根据W=Fs=Gs算出运动员的重力做的功；
（3）由看求得匀速下降时重力做功的功率；
20．（2025·四会模拟） 如图甲所示是一款电热暖脚器，可通过旋钮来实现高、低温档位切换，其内部简化电路如图乙所示，图中R1、R2均为加热电阻(阻值不变)，该暖脚器高温挡的功率是440W， 低温的功率是 110W。求：
（1）低温档位时电路中电流是多少
（2）该暖脚器在高温挡连续工作Smin 产生的热量是多少
（3）加热电阻R1的阻值是多少
【答案】（1）解：由P=UI可知，低温挡时电路中的电流：；
（2）解： 该暖脚器在高温挡连续工作5min产生的热量：Q=W=P高t=440W×5×60s=1.32×105J；
（3）解： 由图乙可知，当旋转开关旋至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，暖脚器处于低温挡；
当旋转开关旋至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，暖脚器处于高温挡；
由可知，R1、R2的串联总电阻：，
R2的阻值：，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R-R2=440Ω-110Ω=330Ω。
【知识点】电功率；电功率的计算；焦耳定律；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据P=UI求出低温挡时电路中的电流；
（2）根据Q=W=Pt求出该暖脚器在高温挡连续工作5min产生的热量；
（3）由图乙可知，当旋转开关旋至1时，R1、R2串联，当旋转开关旋至2时，只有R2工作，根据串联电路的电阻特点和可知高温挡和低温挡的电路连接，根据低温挡功率和可求出R1、R2的串联总电阻，根据高温挡功率和可求出R2的阻值，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值。
六、综合能力题：本大题3小题，每小恩6分， 共18分。
21．（2025·四会模拟）“曹冲称象”是家喻户晓的典故，兴趣小组受此启发，找来一个上端开口的空透明圆筒，底部用细线系一块质量适当的铁块，然后将其静止放置在水中，如甲图所示，此时圆筒浸入水中的深度为5cm，水面与圆筒A点相平。利用此装置标上刻度后放入水中，可以方便地测量出物体的质量。在圆筒内放上一个物体后，如乙图所示，圆筒浸入水中的深度为10cm水面与圆筒B点相平。已知圆筒底面积为10cm2，圆筒和铁块总重为0.6N， 装置始终处于漂浮状态，圆筒始终竖直。(g=10N/kg)则：
（1）图甲中圆筒和铁块受到的总浮力是 N，它们浸入水中的总体积是 m3：
（2）图乙中圆筒底部受到水的压强是 Pa， 受到水的压力为 N；
（3）为方便测量，圆筒A点应标上 kg刻度线：
（4）利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为 kg
【答案】（1）0.6；6×10-5
（2）1000；1
（3）0
（4）0.05
【知识点】压强的大小及其计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）图1中圆筒和铁块处于漂浮状态，受到的总浮力等于总重力，即F浮=G=0.6N；
它们浸入水中的总体积：；
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
受到水的压力为：F=pS=1000Pa×10×10-4m2=1N；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
（4）图2中圆筒受到的浮力：ΔF浮圆筒=ρ水gΔV排圆筒=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×（10-5）×10-6m3=0.5N，
利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为。
故答案为：（1）0.6；6×10-5；（2）1000；1；（3）0；（4）0.05。
【分析】（1）图1中圆筒和铁块处于漂浮状态，受到的总浮力等于总重力；
根据计算它们浸入水中的总条件；
（2）根据p=ρ水gh计算图2中圆筒底部受到水的压强，根据F=pS计算受到水的压力；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
（4）根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算图2中圆筒受到的浮力的变化量，进一步计算利用此装置测量时圆筒B点的刻度线对应的质量。
22．（2025·四会模拟）如图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车—木翼双龙。请你回答下面的问题：
（1）过山车的小列车首先是依靠电动机将其推上长为 50m、高 30m的斜面顶端A点， 当小列车在顶端静止时，小列车的 (选填“动”“重力势”或“弹性势")能最大，越过顶点，此后小车靠 完成整个翻滚穿越过程：
（2）小列车从顶端向下运动过程中，在A、B、C、D四处中机械能最大的是 处：
（3）电动机通过斜面把小列车推上高处是利用了斜面能够 (选填“省力”“省功”或“省距离”)的特点：
（4）如果电动机输出 45kW 的功率，做功将重为 3x104N 的桑客和小列车匀速推上斜面顶需要32s， 那么此时斜面的机械效率为 %，小列车与斜面的摩擦力是 N(不考虑空气阻力)。
【答案】（1）重力势；惯性
（2）A
（3）省力
（4）62.5；1.08×104
【知识点】能量的转化或转移；惯性及其现象；斜面的机械效率；功的计算及应用；斜面及其应用
【解析】【解答】解：（1）当小列车在顶端静止时，小列车的高度最高，速度最小，重力势能最大，动能最小；
由于小列车具有惯性，越过顶点，小车靠惯性完成整个翻滚穿越过程；
（2）小列车与轨道间有摩擦力，小列车从顶端向下运动过程中，小列车克服摩擦做功，部分机械能转化为内能，机械能逐渐减少，所以A点的机械能最大；
（3）使用斜面能够省力，但是费距离，小列车被推上高处利用了斜面能省力的特点，使用任何机械都不能省功。
（4）克服乘客和小列车重力做的功是有用功，则有用功：W有=Gh=3×104N×30m=9×105J，
电动机输出的总功：W总=Pt=45×103W×32s=1.44×106J，
所以斜面的机械效率：；
额外功：W额=W总-W有用=1.44×106J-9×105J=5.4×105J，
小列车与斜面的摩擦力：。
故答案为：（1）重力势；惯性；（2）A；（3）省力；（4）62.5；1.08×104。
【分析】 （1）质量一定时，物体的高度越高，重力势能越大，速度越大，动能越大；物体由于具有惯性，会保持原来的运动状态不变；
（2）小列车与轨道间有摩擦力，小列车从顶端向下运动过程中，小列车克服摩擦做功，部分机械能转化为内能，机械能逐渐减少；
（3）使用斜面能够省力、费距离，使用任何机械都不能省功；
（4）根据W=Gh求克服乘客和小列车重力做的有用功，根据W=Pt求电动机输出的总功；根据求斜面的机械效率；根据W额=W总-W有求克服小列车与斜面摩擦力的额外功，根据W=fs求小列车与斜面的摩擦力。
23．（2025·四会模拟）阅读短文，回答问题，
高速动车均安装了烟雾报警器，一旦有烟雾产生，烟雾报警系统就会报警，列车随即自动减速甚至停车。小明在查阅资料后，设计了一只“烟雾报警器”(电路如图所示)。该报警器由“控制电路”和“工作电路”所组成，其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁(线圈阻值Ro-12Ω)、电源U=6V、开关等组成：“工作电路”由蓄电池、电铃、导线等组成。小明的设计思路是：当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，工作电路接通， 电铃报警，已知该光敏电阻的阻值R与光照强度E之间的关系如表所示。
光照强度 E/cd 1 2 3 4 5 6
光敏电阻R/Ω 36 18 12 9 7.2 6
（1）当车厢的烟雾浓度增大，光敏电阻的阻值将 (填“增大”或"减小”)：
（2）电磁继电器的工作原理是： ，电磁铁的下端为 极：
（3）根据上述报警器的工作原理判断，电铃应接在 (填“甲”或“乙”)处：
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在 6cd时， 闭合控制电路的开关， 5min 后， 电流通过电磁铁的线圈产生的热量为 J；
（5）闭合控制电路的开关，当线圈中的电流大于或等于250mA时，继电器的衔铁被吸合，则光敏电阻接收到的光照强度需要在 cd上。
【答案】（1）增大
（2）电流的磁效应；N
（3）甲
（4）400
（5）3
【知识点】焦耳定律的应用；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】解：（1）当进入车厢的烟雾浓度增大，射向光敏电阻的光照强减小，根据表格中的数据得到：光敏电阻阻值增大；
（2）电磁继电器工作原理：电磁铁通电时，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使动触点和静触点接触，工作电路工作；电磁铁断电后，电磁铁会失去磁性，衔铁在弹簧的作用下被拉起来，断开工作电路；利用了电流的磁效应来工作；
根据安培定则，电磁继电器中的电磁铁下端为N极，上端为S极；
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；电铃应该在甲处；
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，由表格数据知，此时光敏电阻的阻值R=6Ω，
此时控制电路中的电流，
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为：；
（5）闭合控制电路的开关，如果当线圈中的电流大于或等于250mA时，继电器的衔铁被吸合，此时控制电路的总电阻为："；
线圈电阻为R0=12Ω，线圈和光敏电阻串联，根据串联电路的电阻特点，此时光敏电阻为：R=R总-R0=24Ω-12Ω=12Ω，对照表格，则光敏电阻接收到的光照强度需要在3cd以上。
故答案为：（1）增大；（2）电流的磁效应；N；（3）甲；（4）400；（5）3。
【分析】 （1）根据表格中的数据分析可知：光敏电阻随光照强度的增大而减小；
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的。电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁；当电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起；根据安培定则来判断电磁铁的极性；
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；
（4）光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，由表格数据知此时光敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据Q=I2Rt求出电流通过电磁铁线圈产生的热量。
（5）根据欧姆定律计算出此时电路中的最大电阻，再根据串联电路的电阻规律得到光敏电阻的阻值，最后对照表格中的数据确定光照强度；要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，说明光照强度增强，则光敏电阻的阻值减小。
1 / 1广东省肇庆市四会市2025年中考二模物理试题
一、选择题：本大题7小题， 每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025·四会模拟）2024年10月30日4时27分，神舟十九号载人飞船成功发射并与在轨的“天和”核心舱实现自主交会对接。下列说法正确的是
A．火箭升空过程中，以地面为参照物，火箭是静止的
B．火箭刚开始升空的过程中，做的是匀速直线运动
C．对接成功后，空间站没有参照物，将不再做机械运动
D．对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十九号飞船是静止的
2．（2025·四会模拟）下图是首次软着陆于月球背面的中国月球车——“玉免二号”。当它在电力驱动下巡视温差为200℃的月球背面时，一定不发生改变的是它的
A．密度 B．体积 C．质量 D．温度
3．（2025·四会模拟） 如图所示的机械模型，推动硬棒 CD 或 EF， 使它们在水平面内绕轴O转动，即可将绳逐渐绕到轴O上，提升重物G. 下列说法不正确的是
A．滑轮A是定滑轮，它的作用是改变力的方向
B．滑轮B为动滑轮，它的作用是省力
C．轴O上增加的绳长等于重物上升的高度
D．硬棒CD(或EF) 及转轴组成的装置与汽车方向盘的作用相同
4．（2025·四会模拟） 如图所示的锂原子模型中，a表示的是
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
5．（2025·四会模拟） 如图呈现的是唐代诗人张继的诗作《枫桥夜泊》，“月落乌啼霜满天”诗句中提及的“霜”形成的物态变化是
A．凝华 B．汽化 C．凝固 D．烙化
6．（2025·四会模拟）炎热夏天小红在厨房中发现，电饭锅煮饭时上方附近出现“白气”(标注为1)，打开电冰箱门时门附近也出现“白气”(标注为2)，下列关于“白气”1和2的判断， 正确的是
A．1和2两种物质都是水蒸气
B．2是电冰箱中的水蒸气遇冷形成的
C．1是电饭锅中的水蒸气遇冷形成的
D．1和2的形成过程都要吸热
7．（2025·四会模拟）为了提高旅客的乘车通行效率，广州火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时(相当于闭合开关)，电动机转动，打开闸门直达站台，下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
二、填空题：本大题共7小题， 每空1分， 共21分。
8．（2025·四会模拟）雨过天晴，地面上会出现建筑物的影子，影子是由于 形成的。通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，如图所示，像的大小与建筑物的大小 。一些建筑物外部采用了玻璃幕墙作为装饰，强光照射到玻璃幕墙时会发生 反射，造成“光污染”。
9．（2025·四会模拟）如图所示是40多名孩子在北京冬奥会开幕式上用希腊语唱起《奥林匹克颂》的情景，孩子们的天籁之音是由他们的声带 产生的，我们能够从伴奏中分辨出不同乐器发出的声音，是由于它们发出声音的 不同，世界各地的部分电视用户是利用卫星接收和发射的 信号来收看现场画面的。
10．（2025·四会模拟）小明利用撬棒把滚落在公路上的石头1移开， 如图所示。小明着力于撬棒A点，他既可以沿 AB 方向也可以沿AC方向撬动石头1，但较省力的是沿 方向，此时杠杆是 以 为支点。若石头1的结构是均匀的，当将它去掉三分之一后，剩下部分石头的密度 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
11．（2025·四会模拟） 如图，小明家电能表的表盘读数为 kW·h，他将电水壶单独接在电路中烧水，壶内水的质量为 1.2kg，初温为28℃， 加热 5min 水温升高了 50℃， 电能表的指示灯闪烁 60次， 在这段时间内水吸热 J，电水壶的实际功率是 W
12．（2025·四会模拟）下图是"三峡引领号”—全球首台抗台风型漂浮式海上风电机组及基础平台，是引领我国海上风电行业走向深海的重大成果。风能是 (填"可再生”或“不可再生")能源。风力发电将空气的 能转化为电能，电能是 (选填"一”或“二”)次能源。
13．（2025·四会模拟）小明同学学完电与磁的相关知识后，自己动手制作了如图甲所示的装置，用手按压小人使小人在平板上往复跳动，小灯泡便会一闪一闪，当小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做 运动，电路中产生 ，所以小灯泡发光。在研究地磁场方向时，如乙图所示，发现司南的长柄静止时总是指向南方，则长柄相当于指南针的 极。
14．（2025·四会模拟） 如甲图所示，验电器的金属球A、金属杆C、金属箔D通过部件B固定在金属外壳上。当带负电荷的橡胶棒接触验电器的一瞬间，金属箔D张开，这是由于 ，这一瞬间电流的方向是 (选填“从A到D”或“从D到A")。如乙图所示为某汽油机的模型结构图，该图呈现的是汽油机的 冲程。
三、作图题：本题7分。
15．（2025·四会模拟）
（1）如图所示，小球漂浮在水面上，请画出小球受到的浮力和重力的示意图。
（2）如图所示， A为水底的物体， A是岸边儿童看到A的像，请你按作光路图的要求在图中作出过O点的入射光线和折射光线。
（3）如图所示， 两灯泡的额定电压均为220V，要求开关只控制两灯泡，灯泡都能正常发光，请将电路连接完整。
四、实验题：本大题3小题， 第16小题7分， 第17小题6分，第18小题7分，共20分。
16．（2025·四会模拟） 按要求填空，
（1）如甲图所示，所测木块的长度为 cm。如乙图所示的停表示数为 s， 如丙图所示的温度计的示数为 ℃。
（2）物理兴趣小组的同学在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：
①如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，该凸透镜的焦距是 cm
②调整后，把烛焰放在距凸透镜 26cm处时(如图乙)，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、 的实像： 就是利用这一成像规律工作的。如果将蜡烛在乙图的基础上适当靠近透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向 (选填“靠近"或“远离")透镜的方向移动。
17．（2025·四会模拟）如甲图所示，是用伏安法测量电阻R时所设计的电路图。
（1）请用公式写出测量电阻的原理： ；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到最 (选填"左"或“右")端；
（3）当滑片P调节在某处时，电流表、电压表指针如图乙所示，则被测电阻值大小约为 Q(保留一位小数)，为了测量值更接近真实值，还应该 。
（4）在完成以上实验后，小明还测量了某小灯泡的电阻，井绘出了电流随电压变化的图像(如图丙所示)，通过分析图像发现灯丝的电阻是变化的，这是因为灯丝的电阻跟灯丝的 有关。经观察，小灯泡在 2.5V的电压下正常发光，则此时小灯泡的电阻为 Ω。
18．（2025·四会模拟）小华同学利用U形管压强计探究液体内部压强的特点，具体操作如图所示：
（1）安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，接下来应通过_______（选填正确答案前字母）的方法使U形管左右两侧液面________，之后才能进行实验探究；
A．摇晃U形管
B．拆除软管重新安装
C．往左侧管中加入适量红墨水
（2）实验前，要检查装置气密性，方法是用手指轻轻按压探头上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，则说明该装置 （选填“漏气”或“不漏气”）；
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，这说明：同种液体， ；
（4）小华按图乙和丁所示进行液体压强与液体密度关系的实验探究，得出“液体内部压强与液体密度有关”的结论，你认为小华的操作是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 ；
（5）小华将压强计进行改装，在U形管另一端也连接上探头，实验现象如图戊所示，不同液体内部在同一深度处， （选填“左”或“右”）侧液体产生的压强大。
五、计算题：本大题2小题， 第19小 6分， 第20小7分， 共13分。
19．（2025·四会模拟）跳伞是一项极具挑战性的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一名重力为 500N 的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示， 经 15s 下落210m后， 开始竖直向下做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s。
（1）求运动员下落的平均速度：
（2）求运动员的重力做的功：
（3）求匀速下降时运动员的重力做功的功率：
20．（2025·四会模拟） 如图甲所示是一款电热暖脚器，可通过旋钮来实现高、低温档位切换，其内部简化电路如图乙所示，图中R1、R2均为加热电阻(阻值不变)，该暖脚器高温挡的功率是440W， 低温的功率是 110W。求：
（1）低温档位时电路中电流是多少
（2）该暖脚器在高温挡连续工作Smin 产生的热量是多少
（3）加热电阻R1的阻值是多少
六、综合能力题：本大题3小题，每小恩6分， 共18分。
21．（2025·四会模拟）“曹冲称象”是家喻户晓的典故，兴趣小组受此启发，找来一个上端开口的空透明圆筒，底部用细线系一块质量适当的铁块，然后将其静止放置在水中，如甲图所示，此时圆筒浸入水中的深度为5cm，水面与圆筒A点相平。利用此装置标上刻度后放入水中，可以方便地测量出物体的质量。在圆筒内放上一个物体后，如乙图所示，圆筒浸入水中的深度为10cm水面与圆筒B点相平。已知圆筒底面积为10cm2，圆筒和铁块总重为0.6N， 装置始终处于漂浮状态，圆筒始终竖直。(g=10N/kg)则：
（1）图甲中圆筒和铁块受到的总浮力是 N，它们浸入水中的总体积是 m3：
（2）图乙中圆筒底部受到水的压强是 Pa， 受到水的压力为 N；
（3）为方便测量，圆筒A点应标上 kg刻度线：
（4）利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为 kg
22．（2025·四会模拟）如图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车—木翼双龙。请你回答下面的问题：
（1）过山车的小列车首先是依靠电动机将其推上长为 50m、高 30m的斜面顶端A点， 当小列车在顶端静止时，小列车的 (选填“动”“重力势”或“弹性势")能最大，越过顶点，此后小车靠 完成整个翻滚穿越过程：
（2）小列车从顶端向下运动过程中，在A、B、C、D四处中机械能最大的是 处：
（3）电动机通过斜面把小列车推上高处是利用了斜面能够 (选填“省力”“省功”或“省距离”)的特点：
（4）如果电动机输出 45kW 的功率，做功将重为 3x104N 的桑客和小列车匀速推上斜面顶需要32s， 那么此时斜面的机械效率为 %，小列车与斜面的摩擦力是 N(不考虑空气阻力)。
23．（2025·四会模拟）阅读短文，回答问题，
高速动车均安装了烟雾报警器，一旦有烟雾产生，烟雾报警系统就会报警，列车随即自动减速甚至停车。小明在查阅资料后，设计了一只“烟雾报警器”(电路如图所示)。该报警器由“控制电路”和“工作电路”所组成，其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁(线圈阻值Ro-12Ω)、电源U=6V、开关等组成：“工作电路”由蓄电池、电铃、导线等组成。小明的设计思路是：当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，工作电路接通， 电铃报警，已知该光敏电阻的阻值R与光照强度E之间的关系如表所示。
光照强度 E/cd 1 2 3 4 5 6
光敏电阻R/Ω 36 18 12 9 7.2 6
（1）当车厢的烟雾浓度增大，光敏电阻的阻值将 (填“增大”或"减小”)：
（2）电磁继电器的工作原理是： ，电磁铁的下端为 极：
（3）根据上述报警器的工作原理判断，电铃应接在 (填“甲”或“乙”)处：
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在 6cd时， 闭合控制电路的开关， 5min 后， 电流通过电磁铁的线圈产生的热量为 J；
（5）闭合控制电路的开关，当线圈中的电流大于或等于250mA时，继电器的衔铁被吸合，则光敏电阻接收到的光照强度需要在 cd上。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：A．火箭升空过程中，以地面为参照物，火箭的位置不断变化，火箭是运动的，故A错误；
B．火箭刚开始升空的过程中，速度越来越快，做加速运动，故B错误；
C．宇宙空间一切物体都在做机械运动，一切物体都可以被选为参照物，故C错误；
D．对接成功后，神舟十九号飞船与核心舱之间没有位置的变化，以核心舱为参照物，神舟十九号飞船是静止的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）、在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）、判断运动状态是否改变，就是判断速度大小或运动方向是否改变。
2．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】 解：月球车在电力驱动下巡视月球背面时，由于温差为200℃，热胀冷缩较大，它的温度、体积、密度都将发生改变，但它所含物质的多少不变，所以质量不变，故C正确。
故选：C。
【分析】 （1）密度表示单位体积某种物质的质量，密度与物质的种类、状态和温度有关，与物体的质量和体积无关；
（2）质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变。
3．【答案】B
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】 解：AB、图中A、B都是定滑轮，使用时不能省力，也不能省距离，但能改变用力的方向，故A正确、B错误；
C、在重物上升的过程中，轴O上增加的绳长等于重物上升的高度，故C正确；
D、硬棒CD（或EF）及转轴组成的装置叫做轮轴，与汽车方向盘的作用相同，故D正确。
故选：B。
【分析】 （1）杠杆的分类：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
（2）定滑轮是等臂杠杆，使用时既不省力，也不费力，但可以改变力的方向。
4．【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 解：电子在原子核外绕核作轨道运动，原子核带正电，电子带负电，a是电子，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】 核式原子结构是1911年由卢瑟福提出的一种原子结构模型，核式原子结构认为：原子的质量几乎全部集中在直径很小的核心区域，叫原子核，电子在原子核外绕核作轨道运动，原子核带正电，电子带负电。
5．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】解：霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，属于凝华现象，故B正确。
故选：A。
【分析】物质由气态直接变成固态的现象叫凝华。
6．【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：A.1和2两种物质都是小水珠，故A错误；
B.2是电冰箱周围的水蒸气遇冷形成的，故B错误；
C.1是电饭锅中的水蒸气遇冷形成的，故C正确；
D.1和2的形成过程都是液化都要放热，故D错误；
故选：C。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
7．【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计
【解析】【解答】 解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，电动机才工作，这说明两个开关相互影响，是串联的关系，然后与电动机串联，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。
8．【答案】光的直线传播；相等；镜面
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】光线照射到不透明的物体上，光线被挡住，物体背后有不被照亮的区域，形成影子，影子是由于光的直线传播形成的，水中看到建筑物的像，是平面镜成像现象，像的大小与建筑物的大小相等；光线在玻璃幕墙上被平行反射，发生镜面反射，造成“光污染”。
【分析】影子是光沿直线传播形成的；水中倒影是平面镜成像，像和物体大小相等；光污染是镜面反射现象。
9．【答案】振动；音色；电磁波
【知识点】音调、响度与音色的区分；信息与信息传播；电磁波的传播
【解析】【解答】 解：孩子们的天籁之音是由他们的声带振动产生的；因为不同的乐器发出声音的音色不同，所以我们可以通过它们的音色判断乐器的种类；世界各地的部分电视用户是利用卫星接收和发射的电磁波信号来收看现场画面的。
故答案为：振动；音色；电磁波。
【分析】 （1）声音是由物体振动产生的。
（2）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
（3）卫星通信是一种利用人造地球卫星作为中继站来转发无线电波（电磁波）而进行的两个或多个地面站之间的通信。
10．【答案】AB；支点；o；不变
【知识点】密度及其特性；杠杆的平衡分析法及其应用；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 读图可知，当小明着力于A点，沿AB方向撬动时支点为O点，沿AC方向撬动时支点为O'点，沿AB方向撬动比AC方向撬动的动力臂长，阻力臂差不多，所以较省力的是沿AB方向。 密度是物质的一种特性，不随其体积和质量而发生变化，故将石头切去一部分后，剩下部分的密度将不变。
故答案为：AB；支点；O；不变。
【分析】 要使杠杆更省力，杠杆动力臂就得更长，因此，分析出哪种用法时动力臂更长，就说明此时最省力。
密度是物质的一种特性，与物质的种类和所处状态有关，与质量、体积无关。
11．【答案】2023.4；2.52×105；1200
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】 解：（1）小明家电能表的表盘读数为2023.4kW h；
（2）水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×1.2kg×50℃=2.52×105J；
（3）600imp/（kW h）表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁600次，则电能表的指示灯闪烁60次消耗的电能：；
电热水壶的实际功率：。
故答案为：2023.4；2.52×105；1200。
【分析】 （1）电能表的读数最后一位是小数；单位是kW h；
（1）根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；
（2）600imp/（kW h）表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁600次，据此求出电能表的指示灯闪烁60次消耗的电能，根据求出电热水壶的实际功率。
12．【答案】再生；机械能；二
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类
【解析】【解答】 解：风能是能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源；风力发电时，空气流动带动扇叶转动，将空气的机械能转化为电能；电能不能够从自然界直接获取，需要由一次能源转化而来，属于二次能源。
故答案为：可再生；机械能；二。
【分析】 像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；风力发电时，空气流动带动扇叶转动，将空气的机械能转化为电能；可从自然界直接获取的能源叫一次能源。
13．【答案】切割磁感线；感应电流；南
【知识点】磁场；电磁感应
【解析】【解答】解：小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，此时线圈相当于电源，给小灯泡供电，小灯泡发光。 地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向地理南方，指向地球南方的叫做磁体的南极，用S表示，而地磁的北极在地理的南极附近，故长柄所指的方向是地球磁场的北极，所以长柄相当于指南针的南极 。
故答案为：切割磁感线；感应电流；南。
【分析】 小人在平板上往复跳动时，固定在地面上的弹簧线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，此时线圈相当于电源。指南针是受到地磁场的作用而指向南北的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；
14．【答案】同种电荷相互排斥；从D到A；压缩
【知识点】热机的四个冲程；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 解：当带负电荷的橡胶棒接触验电器的一瞬间，金属箔D张开，是由于金属箔带了同种电荷，同种电荷相互排斥；
负电荷从橡胶棒转移到金属箔片，则电流方向是从D到A。
由图可知，汽油机的两个气门都关闭，活塞向上运动，为压缩冲程。
故答案为：同种电荷相互排斥；从D到A， 压缩。
【分析】 验电器是根据同种电荷相互排斥制成的；正电荷定向移动的方向为电流的方向。
根据气门的开闭情况、活塞的运动情况分析是哪个冲程。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 解：（1）小球漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，二者大小相等，作用点在小球几何中心，由此画出小受到的浮力和重力的示意图如图所示：
（2）水底的物体A反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是A'点，连接眼睛与O点即为折射光线，连接AO即为入射光线，如图所示：
（3）家庭电路电压为220V，两灯泡的额定电压均为220V，因两灯都能正常工作，则两灯应并联；开关S控制两灯，S接在干路上，根据安全用电原则，S要控制火线；
三孔插座不受开关S控制，按“左零右火上接地”的原则连入电路中，如下图所示：
【分析】（1）小球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于小球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
（2） 水底的物体A反射的光线从水中斜射入空气时发生折射，折射光线向水面偏折，人逆着折射光线看去，看到的池底位置比实际位置高，池底看起来比实际位置浅。
（3）家庭电路电压为220V，根据灯的额定电压和并联电路电压的规律，确定两灯并联；开关与待测电路串联，为了安全，开关应控制火线；三孔插座按“左零右火上接地”的原则连入电路中。
16．【答案】（1）1.85；40；-16
（2）11.0；缩小；照相机；远离
【知识点】凸透镜成像的应用；时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】解：（1）由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，木块左侧与3.00cm对齐，右侧与4.85对齐，所以木块的长度为L=4.85cm-3.00cm=1.85cm；
由图乙所示秒表可知，在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在40s处，即秒表的读数为40s；
丙图中温度计一个大格表示10℃，一个大格里面有10个小格，分度值是1℃，液柱最高处在0℃以下，故示数是-16℃；
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，由图甲可知，凸透镜的焦距是41.0cm-30.0cm=11.0cm。
烛焰放在距凸透镜26cm处时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一成像规律工作的；
如果将蜡烛在乙图的基础上靠近透镜，此时物距减小，仍要在光屏上得到清晰的像，则像距要增大，即光屏应向远离透镜的方向移动。
故答案为：（1）1.85；40；-16；（2）11.0；缩小；照相机；远离。
【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
读取停表的示数，首先要知道大表盘和小表盘的分度值，然后看指针在什么位置，秒表分针与秒针的示数之和是秒表的示数，从而得出示数。
读温度计的示数时，先分清分度值，再分清液面在0℃以下还是以上，最后读出该温度计的示数。
（2）通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距。
利用物距与焦距的关系，结合凸透镜成像的规律，即可确定物距为26厘米时的成像性质。
凸透镜成实像时，物近像远像变大。
17．【答案】（1）
（2）右
（3）2.2；多次测量取平均值
（4）温度；10
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）实验中，使用电压表测出定值电阻的两端电压，用电流表测出电路中电流，根据可得出定值电阻的阻值，所以，测量电阻的原理是。
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应调到最大，即应将滑动变阻器的滑片P移动至最右端。
（3）电压表使用0～3V量程，每一小格代表0.1V，分度值为0.1V，故电压表读数为0.8V。
电流表使用0～0.6A量程，一大格代表0.2A，一小格代表0.02A，分度值为0.02A，电流表示数为0.36A。则被测电阻为为了测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值，从而减小误差。
（4）图3可知，当灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，根据P=UI可知，小灯泡的实际功率增大，亮度增加，温度升高，根据欧姆定律可知，灯泡的灯丝电阻也增大。所以，通过分析图像发现灯丝的电阻是变化的，这是因为灯丝的电阻跟灯丝的温度有关。
由图3可知，小灯两端电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，则灯丝此时的电阻为：。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.8；2.2；多次测量取平均值；（4）温度；10。
【分析】 （1）伏安法测电阻的实验原理是；
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；
（3）根据电压表和电流表接入电路的量程读取电压和电流值，根据欧姆定律计算电阻的阻值，为了测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值减小误差；
（4）灯泡的电阻受温度影响很大，根据图3读取相应的电压和电流值，根据欧姆定律计算灯泡的电阻。
18．【答案】（1）B
（2）不漏气
（3）深度越深压强越大
（4）错误；没有控制液体的深度相等
（5）左
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 解：（1）安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，说明软管内气体压强和外界气压不相等，需要重新安装软管，使U形管左右两侧液面相平。摇晃U 形管，不能改变软管内气体压强，不能改变高度差；往左侧管中加入适量红墨水，不能操作，不能消除U形管的高度差，故选：B。
（2）使用前应检查装置是否漏气，用手指轻按金属盒上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，说明装置不漏气。
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，说明液体产生的压强变大，实验得到同种液体的压强随液体深度增加而增大。
（4）液体的深度是指橡皮膜到液面的距离，图乙和丁很明显看出橡皮膜所在的深度不相等，无法探究液体内部压强跟液体密度的关系，故操作错误，是因为没有控制液体的深度相等。
（5）如图戊所示，U形管两侧液体产生的压强和软管内气体压强之和相等，由于U形管左侧液面低，U形管左侧液体压强小，左侧软管气体压强大，所以左侧容器液体产生的压强大。
故答案为：（1）B；（2）不漏气；（3）深度越深压强越大；（4）错误；没有控制液体的深度相等；（5）左。【分析】 （1）U形管内液面左低右高，可知左管液面上方气压大于大气压强，据此分析。
（2）用手轻按金属盒橡皮膜，U形管液面变化明显，说明仪器不漏气，如果液面不变化，说明装置漏气。
（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大。
（4）液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟液体密度的关系时，控制液体的深度相等。
（5）U形管两侧液体产生的压强和软管内气体压强之和相等。
（1）[1][2]安装后，小华发现U形管内液面左低右高如图甲所示，说明软管内气体压强和外界气压不相等，需要重新安装软管，使U形管左右两侧液面相平。摇晃U形管，不能改变软管内气体压强，不能改变高度差；往左侧管中加入适量红墨水，不能消除U形管的高度差，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（2）使用前应检查装置是否漏气，用手指轻按金属盒上的橡皮膜，如果U形管中液面升降灵活，说明装置不漏气。
（3）小华将探头放入水中，并逐渐增大探头在水中的深度，发现U形管两侧液面高度差逐渐变大，说明液体产生的压强变大，实验得到同种液体的压强随液体深度增加而增大。
（4）[1][2]液体的深度是指橡皮膜到液面的距离，图乙和丁很明显看出橡皮膜所在的深度不相等，无法探究液体内部压强跟液体密度的关系，故操作错误，是因为没有控制液体的深度相等。
（5）如图戊所示，U形管两侧液体产生的强和软管内气体压强之和相等，由于U形管左侧液面低，U形管左侧液体压强小，左侧软管气体压强大，所以左侧容器液体产生的压强大。
19．【答案】（1）解：由题可知，运动员在0～15s下落的路程为s前=210m，
由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，
则运动员在15～30s通过的路程为s后=vt后=6m/s×15 s=90m；
运动员通过的总路程为s=s前+s后=210m+90m=300m，
总时间为t=30s，
则整个过程中运动员下落的平均速度；
（2）解：运动员的重力做的功为：W=Fs=Gs=500N×300m=150000J；
（3）解： 匀速下降时，重力做功的功率：。
【知识点】功率的计算；速度与物体运动；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式求运动员下落的平均速度；
（2）根据W=Fs=Gs算出运动员的重力做的功；
（3）由看求得匀速下降时重力做功的功率；
20．【答案】（1）解：由P=UI可知，低温挡时电路中的电流：；
（2）解： 该暖脚器在高温挡连续工作5min产生的热量：Q=W=P高t=440W×5×60s=1.32×105J；
（3）解： 由图乙可知，当旋转开关旋至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，暖脚器处于低温挡；
当旋转开关旋至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，暖脚器处于高温挡；
由可知，R1、R2的串联总电阻：，
R2的阻值：，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R-R2=440Ω-110Ω=330Ω。
【知识点】电功率；电功率的计算；焦耳定律；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据P=UI求出低温挡时电路中的电流；
（2）根据Q=W=Pt求出该暖脚器在高温挡连续工作5min产生的热量；
（3）由图乙可知，当旋转开关旋至1时，R1、R2串联，当旋转开关旋至2时，只有R2工作，根据串联电路的电阻特点和可知高温挡和低温挡的电路连接，根据低温挡功率和可求出R1、R2的串联总电阻，根据高温挡功率和可求出R2的阻值，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值。
21．【答案】（1）0.6；6×10-5
（2）1000；1
（3）0
（4）0.05
【知识点】压强的大小及其计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）图1中圆筒和铁块处于漂浮状态，受到的总浮力等于总重力，即F浮=G=0.6N；
它们浸入水中的总体积：；
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
受到水的压力为：F=pS=1000Pa×10×10-4m2=1N；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
（4）图2中圆筒受到的浮力：ΔF浮圆筒=ρ水gΔV排圆筒=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×（10-5）×10-6m3=0.5N，
利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为。
故答案为：（1）0.6；6×10-5；（2）1000；1；（3）0；（4）0.05。
【分析】（1）图1中圆筒和铁块处于漂浮状态，受到的总浮力等于总重力；
根据计算它们浸入水中的总条件；
（2）根据p=ρ水gh计算图2中圆筒底部受到水的压强，根据F=pS计算受到水的压力；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
（4）根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算图2中圆筒受到的浮力的变化量，进一步计算利用此装置测量时圆筒B点的刻度线对应的质量。
22．【答案】（1）重力势；惯性
（2）A
（3）省力
（4）62.5；1.08×104
【知识点】能量的转化或转移；惯性及其现象；斜面的机械效率；功的计算及应用；斜面及其应用
【解析】【解答】解：（1）当小列车在顶端静止时，小列车的高度最高，速度最小，重力势能最大，动能最小；
由于小列车具有惯性，越过顶点，小车靠惯性完成整个翻滚穿越过程；
（2）小列车与轨道间有摩擦力，小列车从顶端向下运动过程中，小列车克服摩擦做功，部分机械能转化为内能，机械能逐渐减少，所以A点的机械能最大；
（3）使用斜面能够省力，但是费距离，小列车被推上高处利用了斜面能省力的特点，使用任何机械都不能省功。
（4）克服乘客和小列车重力做的功是有用功，则有用功：W有=Gh=3×104N×30m=9×105J，
电动机输出的总功：W总=Pt=45×103W×32s=1.44×106J，
所以斜面的机械效率：；
额外功：W额=W总-W有用=1.44×106J-9×105J=5.4×105J，
小列车与斜面的摩擦力：。
故答案为：（1）重力势；惯性；（2）A；（3）省力；（4）62.5；1.08×104。
【分析】 （1）质量一定时，物体的高度越高，重力势能越大，速度越大，动能越大；物体由于具有惯性，会保持原来的运动状态不变；
（2）小列车与轨道间有摩擦力，小列车从顶端向下运动过程中，小列车克服摩擦做功，部分机械能转化为内能，机械能逐渐减少；
（3）使用斜面能够省力、费距离，使用任何机械都不能省功；
（4）根据W=Gh求克服乘客和小列车重力做的有用功，根据W=Pt求电动机输出的总功；根据求斜面的机械效率；根据W额=W总-W有求克服小列车与斜面摩擦力的额外功，根据W=fs求小列车与斜面的摩擦力。
23．【答案】（1）增大
（2）电流的磁效应；N
（3）甲
（4）400
（5）3
【知识点】焦耳定律的应用；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】解：（1）当进入车厢的烟雾浓度增大，射向光敏电阻的光照强减小，根据表格中的数据得到：光敏电阻阻值增大；
（2）电磁继电器工作原理：电磁铁通电时，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使动触点和静触点接触，工作电路工作；电磁铁断电后，电磁铁会失去磁性，衔铁在弹簧的作用下被拉起来，断开工作电路；利用了电流的磁效应来工作；
根据安培定则，电磁继电器中的电磁铁下端为N极，上端为S极；
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；电铃应该在甲处；
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，由表格数据知，此时光敏电阻的阻值R=6Ω，
此时控制电路中的电流，
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为：；
（5）闭合控制电路的开关，如果当线圈中的电流大于或等于250mA时，继电器的衔铁被吸合，此时控制电路的总电阻为："；
线圈电阻为R0=12Ω，线圈和光敏电阻串联，根据串联电路的电阻特点，此时光敏电阻为：R=R总-R0=24Ω-12Ω=12Ω，对照表格，则光敏电阻接收到的光照强度需要在3cd以上。
故答案为：（1）增大；（2）电流的磁效应；N；（3）甲；（4）400；（5）3。
【分析】 （1）根据表格中的数据分析可知：光敏电阻随光照强度的增大而减小；
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的。电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁；当电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起；根据安培定则来判断电磁铁的极性；
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；
（4）光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，由表格数据知此时光敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据Q=I2Rt求出电流通过电磁铁线圈产生的热量。
（5）根据欧姆定律计算出此时电路中的最大电阻，再根据串联电路的电阻规律得到光敏电阻的阻值，最后对照表格中的数据确定光照强度；要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，说明光照强度增强，则光敏电阻的阻值减小。
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