陕西省2025年中考物理真题试卷（B卷）
1．（2025·陕西）如图，是小明手握茶杯的照片。根据图中信息估测，该茶杯的高度约为( )
A．10 mm B．10 cm C．10 dm D．10m
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】据图可知，茶杯的高度和人手掌的宽度相同，大致为10cm，故B符合题意，ACD错误。
综上选B。【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的宽度为10cm。
2．（2025·陕西）古人发现，随着太阳的移动，物体的影子也会发生相应的变化。我国古代的计时仪器圭表就是根据此现象发明的。如图，是圭表计时的原理图。圭表计时用到了( )
A．光的反射 B．光的折射
C．光的直线传播 D．光的色散
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】圭表是通过影子的指向来记录时间，影子的形成属于光的直线传播，故C正确，ABD错误。
综上选C。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
3．（2025·陕西）如图，是“祖脉秦岭，诗意长安”主题文化活动的场景。活动中颂诗、乐器演奏、歌曲演唱等多种文艺创演，彰显了陕西文化特色。下列分析正确的是( )
A．现场观众听到的声音，是通过空气传入的
B．朗诵者的声带振动时，振幅越大，音调越高
C．演唱者发出的声音在传播过程中，速度不断减小
D．不同乐器发出的声音，音色相同
【答案】A
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、朗诵者的声音通过空气传播，传入人耳，故A正确。
B、物体振幅和响度有关，和音调无关，故B错误；
C、声音的传播速度和介质温度有关，所以传播过程中声音速度不变，故C错误。
D、声音的音色和发声体的材料有关，故D错误。
综上选A。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．（2025·陕西）在传统陶瓷表面涂覆一层聚合物，可制成一种新型陶瓷材料。用该材料制成的防热瓦，安装在航天器的外表面，可以保护航天器安全穿越大气层。分析该新型陶瓷材料应具备的特点，不正确的是( )
A．耐高温 B．导热性好 C．强度大 D．耐磨损
【答案】B
【知识点】新材料的特点及应用
【解析】【解答】航天器通过大气层会通过摩擦做功，使得航天器的温度升高，内能增加，防热瓦可以使航天器安全通过大气层，所以具有耐高温、耐摩擦、强度大的特点，同时导热性差，保护内部工作人员工作休息。B错误，ACD正确。
故选B。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。此过程中，内能增加，导致温度升高。
5．（2025·陕西）如图，是我国为满足森林灭火和水上救援等迫切需求而研制的大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600。工作时，它可在20秒内吸水12吨，并在4秒内倾泻完毕，能实现水源与火场之间多次往返。下列关于“鲲龙”的说法正确的是( )
A．停在水面上不工作时，处于平衡状态
B．停在水面上吸水过程中，下表面受到水的压强不变
C．在空中水平匀速飞行时，机翼上方空气流速大，压强大
D．降落过程中，重力势能不变
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；平衡状态的判断；液体压强的特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、飞机停在水面上，保持静止，根据二力平衡可知，此时物体处于平衡状态，故A正确；
B、 停在水面上吸水过程中 重力变大，浸没在水中的深度变大，根据压强公式分析可知压强变大，故B错误；
C、 机翼上方空气流速大，压强小，故C错误；
D、 降落过程中， 飞机高度下降，重力不变，所以重力势能减小，故D错误。
综上选A。
【分析】1、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
6．（2025·陕西）我国是世界上使用与发展机械最早的国家之一，为人类文明和社会进步作出了重要贡献。如图，是汉代画像石中的滑轮图，描绘了古人使用滑轮汲水操作的场景。关于图中的滑轮说法正确的是( )
A．该滑轮是动滑轮
B．该滑轮可以改变施力的方向
C．使用该滑轮可以省功
D．提升重力不同的物体时，机械效率不变
【答案】B
【知识点】定滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较
【解析】【解答】A、该滑轮轮轴固定不动，所以属于定滑轮，故A错误；
B、定滑轮可以改变力的方向，故B正确；
C、任何机械都不省功，故C错误；
D、提升的重力越大，有用功占比越大，机械效率越大，故D正确。
综上选B。
【分析】动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力，不省功；
考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
7．（2025·陕西）关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是( )
A．用电器的开关要与火线连接
B．家用电器的金属外壳需要接地
C．手机充电结束后，及时拔下充电器
D．绝缘皮破损的电线仍能安全使用
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 用电器的开关要与火线连接 ，保证开关断开后，用电器不接触电，故A正确；
B、金属外壳需接地，避免外壳漏电发生触电的危险，故B正确；
C、及时拔下充电器，可以避免电流的热效应产生过多热量引发火灾，故C正确。
D、 绝缘皮破损的电线要及时更换，避免漏电发生触电的事故，故D错误。
综上选D。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
8．（2025·陕西）为了增强学生体质，促进身心健康发展，学校开展了形式多样的体育运动。对下列各项运动中所涉及的物理知识分析正确的是( )
A．如图-1，脚蹬地的同时，地也对脚施加了力的作用
B．如图-2，乒乓球弹回过程中，运动状态保持不变
C．如图-3，毽子上升过程中，不受重力作用
D．如图-4，排球下降过程中，惯性越来越大
【答案】A
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A、根据相互作用力可知，脚对地面有力的作用，地面对脚也有力的作用，故A正确；
B、 乒乓球弹回过程中 ，受到非平衡力，所以运动状态发生改变，故B错误；
C、在地面上的物体均收到重力作用，故C错误；
D、惯性和速度符无关，和质量有关，故D错误。
综上选A。
【分析】相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
9．（2025·陕西）小明对一个电学暗箱进行了实验探究。如图所示，A、B是小灯泡L1的接线柱，C、D是小灯泡L2的接线柱，E、F是小灯泡L3的接线柱。实验操作及对应的现象如下表所示。下列分析正确的是( )
实验操作 实验现象
闭合开关S 三个小灯泡均发光
观察亮度 L1最亮
取下其中任意一个小灯泡 剩余两个小灯泡仍能发光
A．暗箱中的三个小灯泡串联
B．暗箱中的三个小灯泡规格相同
C．取下其中任意一个小灯泡，电流表示数变小
D．若用电压表分别测量三个小灯泡两端的电压，L1两端电压最大
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律
【解析】【解答】A、根据表格的内容： 取下其中任意一个小灯泡 ，其余两个发光可知，灯泡互不影响，所以灯泡为并联，故A错误；
BD、表格中显示灯泡亮度不同，又属于并联，所以电压相同，电功率不同所以通过灯泡的电流不同，所以规格不同，故BD错误；
C、电流表位于干路，电流等于之路电流之和，取下一个灯泡，该支路电流为0，所以干路的电流变小，故C正确；
【分析】1、并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，
2、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．（2025·陕西）研学活动中，小明捡到一块石头。他用电子秤和玻璃杯测量其密度，测量过程如图所示。下列判断不正确的是(不计绳子的质量和体积，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg) ( )
A．根据本次实验数据，可得出石头密度最准确的测量值为3.125g/cm3
B．从水中取出石头时，带出了1g的水
C．从水中取出石头时，带出的水不会影响密度的测量值
D．石头沉在水底时，杯底对石头的支持力为0.24N
【答案】D
【知识点】浮力大小的计算；等体积密度计算
【解析】【解答】A、据图可知石头的质量为75g，添加水的质量为357g-（408g-75g）=24g，根据密度公式计算添加水的体积为，所以石头的体积为24cm3，根据密度公式计算石头的密度为，故A正确。
B、水和石头的总质量为408g，所以水的质量为408g-75g=333g，有步骤3可知，此时称的示数为332g，所以带出水的质量为333g-332g=1g，故B正确；
C、不计算带出水的质量，最终是将水加到标记处，计算是加水的差值，所以不会导致最终测量结果发生偏差，故C错误；
D、石头的重力G=mg=75×10-2N，石头的体积为24cm3，受到的浮力，所以支持力F=75N-24N=51N，故D错误。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、利用水测量待测物体的密度：要保证水的体积和物体的体积相同，根据密度公式计算待测物体的密度。
11．（2025·陕西）小明每天坚持跑步，若他在周长为400米的跑道上跑了3圈，用时10分钟。则本次跑步的平均速度为 m/s，他在跑步过程中相对操场旁边的大树是 (选填“运动”或“静止”)的。
【答案】2；运动
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】跑步3圈，每圈400m，所以跑步的长度为3×400m=1200m，用时10min，时间10×60s=600s，根据速度公式计算，跑步时和大树的运动状态不同，所以二者相对运动。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
12．（2025·陕西）如图，是搭载热成像仪和实时图像传输器的防火巡查无人机。其搭载的热成像仪通过物体辐射的 (选填“红外线”或“紫外线”)检测林场温度并形成图像，图像传输器利用 (选填“超声波”或“电磁波”)将这些图像传输给操作终端。
【答案】红外线；电磁波
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】热成像仪本质是利用红外线检测物体的温度的一种仪器，远距离通讯通过电磁波进行传输。
【分析】红外线：是频率比红光低的不可见光，常见用处有测温、遥控电器。
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
13．（2025·陕西）干冰是固态的二氧化碳，在常温下可以直接变成气态的二氧化碳，这种物态变化叫作 。如图，将干冰放在试管中，试管周围会出现大量的“白气”，这是因为干冰直接变成气态二氧化碳的过程中，从空气中 (选填“吸收”或“放出”)大量的热，导致周围空气的温度降低，从而使空气中的水蒸气遇冷 (填物态变化的名称)形成小水滴，这些小水滴浮在空气中，形成了我们看到的“白气”。
【答案】升华；吸收；液化
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】固态的二氧化碳直接变为气态的过程为升华，该过程吸热，导致周围温度降低，水蒸气遇冷液化形成水滴。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
2、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
14．（2025·陕西）“笔、墨、纸、砚”合称文房四宝。大诗人李白是这样写砚台的：“一方在手转乾坤，清风紫毫酒一樽”。如图，在研磨的过程中，手用力下压墨条，是通过增大 来增大摩擦力的。当墨条向左运动时，受到向 的摩擦力。空气中弥漫着墨香味，这是扩散现象，其本质原因是分子在永不停息地做 。
【答案】压力；右；无规则运动
【知识点】摩擦力的大小；摩擦力的方向；分子热运动
【解析】【解答】手用力下压墨条，通过增加大压力增加摩擦力，墨条向左运动，摩擦力作为阻力，阻碍物体运动，受到向右的摩擦力，闻到墨香，属于扩散现象，本质为分子做无规则运动。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
15．（2025·陕西）如图-1，是室内自动换气系统的电路图。控制电路的电源电压为3V，R0为电阻箱，RK的阻值与烟雾浓度K的关系如图-2所示。当电磁铁线圈中的电流I≥0.03A时，衔铁被吸下，电风扇转动，开始排气。
（1）电磁铁工作时，利用了通电导体周围存在 ，其上端为 极。
（2）当烟雾浓度升高时，控制电路中线圈的电流 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）控制电路的电源电压低于3V时，若保持空气质量的标准不变，R0的阻值应 (选填“增大”“减小”或“不变”)。
【答案】（1）磁场；S
（2）变大
（3）减小
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）电磁铁的工作原理为通电导体周围存在磁场，根据安培定则可知，电磁铁上端为S极，下端为N极。
（2）据图2可知，随着K的增加，气敏电阻的阻值会减小，电源电压不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路的电流变大。
（3）电源电压减小时，需要气敏电阻更小才能达到报警时的电流，题目要求空气质量不变，所以气敏电阻的阻值不变，只能降低定值电阻的阻值。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．（2025·陕西）
（1）如图-1，请根据平面镜成像特点，画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'。
（2）如图-2，请用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：小灯泡L1与L2串联，电压表测量小灯泡L1两端的电压。
【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；电路的构成及电路图
【解析】【解答】（1）过AB两点做关于平面镜对称的A'B'，连接A'B'即为AB在平面镜中的像。
（2）两灯泡串联，所以首尾依次相连，电压表测量 L1两端的电压 ，所以和其并联，据此作图：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
17．（2025·陕西）请完成下列填空。
（1）如图-1，体温计的示数为 ℃。
（2）如图-2，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，观察到棉花燃烧，此现象表明 (选填“做功”或“热传递”)可以改变物体的内能。
（3）如图-3(a)，在“探究光的反射定律”的实验中，将一块平面镜放在水平桌面上，再把一张纸板立在平面镜上，使纸板上的ON线与平面镜 。如图-3(b)，将纸板NOF沿ON线向前或向后翻折，可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一 。
【答案】（1）36.5
（2）做功
（3）垂直；平面
【知识点】温度及温度计的使用与读数；光的反射定律；做功改变物体内能
【解析】【解答】（1）体温计的分度为0.1℃，示数为36.5℃。
（2） 用力将活塞迅速下压 ，机械能转换为空气内能，通过做功增加物体内能。
（3）在“探究光的反射定律”的实验中，应该将纸板和平面镜垂直放置，探究三线是否共面，将 纸板NOF沿ON线向前或向后翻折 即可。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系）
实验步骤：将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ； 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
3、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
18．（2025·陕西）小明在探究杠杆的平衡条件时，用到了铁架台、带有均匀刻度的轻质杠杆、细线、弹簧测力计、钩码若干(每个钩码重0.5N)等实验器材。
（1）实验操作中，为了便于测量，常把杠杆调至水平位置平衡。若调节时发现杠杆的右端下落，此时应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节。
（2）如图-1，杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆左右两侧分别挂上不同数量的钩码，改变钩码所挂位置，使杠杆重新在水平位置平衡，多次实验并记录数据，如下表所示。
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 15 1.5 10
2 1.5 10 1.5 10
3 2.0 5 0.5 20
…
分析实验数据可以得出，杠杆的平衡条件是 。
（3）小明进一步改进了实验方案，增加了弹簧测力计，并将固定挂钩改为可移动的挂环，如图-2所示。这样做的优点是 。
（4）如图-3，园林工人操作车载起重机拉起一棵大树，绳端作用在 (选填“A”或“B”)处更省力。
【答案】（1）左
（2）动力×动力臂=阻力×阻力臂
（3）方便操作，使结论更具有普遍性
（4）A
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）右端下移，为了杠杆保持平衡，应该向左移动平衡螺母。
（2）分析表格数据可知，动力臂和动力的乘积与阻力和阻力臂的乘积相同，即F1L1=F2L2，
（3） 将固定挂钩改为可移动的挂环 可以方便的读数以及改变力臂的大小，使得结论更具有普遍性。
（4）在A处的力臂更大，阻力阻力臂不改变的情况下，根据杠杆平衡可知，此时动力最小。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响。
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
19．（2025·陕西）在测量小灯泡电阻的实验中，小明设计了如图-1所示的电路。已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为3V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
数据序号 1 2 3 4 5
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流I/A 0.14 0.18 0.22 0.24
电阻R/Ω 3.6 5.6 6.8 8.3
（1）该实验的原理是 。
（2）连接电路时，开关应处于 状态，且将滑动变阻器的滑片P移至图-1中所示的 (选填“a”或“b”)端，电压表应选择 (选填“0～3V”或“0～15V”)的量程。
（3）正确连接电路，闭合开关，移动滑片P的过程中，小灯泡不发光，电流表、电压表均无示数；直至移动滑片P到图-1中M点时，小灯泡突然发光，电流表、电压表均有明显示数，小明立即断开开关，查找原因。出现以上现象的原因可能是____(填选项字母)。
A．滑动变阻器短路
B．滑动变阻器M点右侧附近有断路
C．滑动变阻器M点左侧附近有断路
（4）排除故障后，改变滑片P的位置，记录电压表的示数U和电流表的示数I，并计算出对应的阻值。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图-2所示，其读数为 A。
（5）请结合表中信息分析，能否用该实验的器材探究电流与电压的关系，并说明理由 。
【答案】（1）
（2）断开；b；0-3V
（3）B
（4）0.28
（5）不能。因为探究电流和电压的关系，需要控制定值电阻不变，通过调节变阻器的电阻来改变定值电阻两端电压，而题目中的灯泡电阻不是定值，故不能完成实验
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电阻的实验原理为欧姆定律，即；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关处于断开，变阻器电阻处于最大阻值处，即b端，电源电压为3V，电压表选择0-3V的量程。
（3）电表无示数，灯泡不工作，表明电路出现断路，将变阻器移动M处，变阻器左端接入电路后，电路恢复正常，所以变阻器M右端有断路。B蒸气，AC错误。
故选B。
（4）电流表量程为0-0.6A，示数为0.28A.
（5）探究电流和电压的关系，需要控制定值电阻不变，调节变阻器的电阻，进而改变定值电阻两端电压，题目中的灯泡电阻不是定值，所以不能完成该实验。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针不偏转 ，表明存在断路，结合信息具体判断断路位置。
20．（2025·陕西）小明发现，向水中加入食盐能使沉入水底的鸡蛋上浮至漂浮，加入的食盐越多，鸡蛋排开盐水的体积就越小。于是提出问题：能否利用漂浮的物体排开液体的体积与液体密度之间的关系制成密度计 小明用大烧杯、金属丝、刻度尺、食盐、水、密度已知的不同液体、直杆(轻质均匀的圆柱体)等器材进行实验探究。(水的密度为1 g/cm3)
（1）如图-1，小明将直杆放入水中，直杆倾倒后漂浮在水面上，此时直杆受到的浮力 重力。
（2）为了让直杆能立在水中，小明将金属丝缠绕在直杆的不同位置，分别放入水中，直杆在水中所处的状态如图-2所示。分析①、②、③可知：要使直杆竖直漂浮在水中，应在直杆的 位置缠绕金属丝；分析③、④、⑤三幅图可知：当金属丝缠绕的位置一定时，适当 (选填“增加”或“减少”)金属丝的缠绕量，直杆更容易竖直漂浮在水中。
（3）直杆竖直漂浮在密度不同的液体中时，浸在液体中的深度也不同。因此，将直杆上液面所对应的位置，标注为该液体的密度。则在图-3中的a点标注的密度值为 g/cm3。
（4）将直杆放入密度已知的不同液体中，当直杆在液体中稳定竖直漂浮时，在直杆上液面所在的位置做标记，并测量出直杆浸入液面以下部分的长度H；将数据记录在下表中，并将对应的密度值标注在直杆上，制成密度计。
液体密度ρ/(g·cm-3) 0.8 0.9 1.0 1.1 1.2
浸入液面以下部分的长度H/cm 15.95 14.22 12.80 11.64 10.67
分析表中数据可知：此密度计所标刻度的位置越靠上，对应液体的密度值越 (选填“大”或“小”)，刻度线分布越 (选填“疏”或“密”)。
（5）如图-4，是A、B两支密度计在水中漂浮时的情景，若要测量密度稍小于水的另一种液体的密度，选 (选填“A”或“B”)密度计测量更准确。(A、B放入另一种液体中，均不会沉入底部)
【答案】（1）等于
（2）底部；增加
（3）1
（4）小；疏
（5）A
【知识点】浮力的应用——密度计；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）物体漂浮在水面上，所以浮力等于重力；
（2）据图可知，金属丝缠绕在底部，使得杆竖直放置，由分析可知，缠绕金属丝的数量越多，更容易使杆竖直漂浮。
（3）在水中漂浮，此时密度计的密度等于水的密度1g/cm3.
(4)据表分析可知，液体密度越小，浸入液面一下的长度越长，所以此时密度计靠上，随着密度的减小，H的变化越大，所以对应的刻度值越疏散。
（5）A密度缠绕的金属丝数量少，在测量 密度稍小于水的另一种液体的密度 ，排开液体体积相同时，浸入液体深度变化更大，更精确。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
21．（2025·陕西）如图所示，质量为1.8kg的书本，静止放置在水平桌面上，与桌面的接触面积为0.06m2。(g取10 N/kg)
（1）书本的重力是多少
（2）静止在水平桌面上的书本对桌面的压强是多少
【答案】（1）解：书本的质量为1.8kg，重力为G=mg=1.8kg×10N/kg=18N
（2）解：书本对桌面的接触面积为0.06m2，压强为
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据书本的质量以及重力公式G=mg计算书本的重力；
（2）结合书本对桌面的接触面积，根据压强公式计算 静止在水平桌面上的书本对桌面的压强 。
22．（2025·陕西）劳动实践小组为温室育苗基地制作了一个保温箱，其电路如图-1所示。
（1）电热丝R1的阻值为220Ω，则电路中的电流是多少
（2）已知保温箱内空气的质量为11 kg，图-1所示电路工作300s产生的热量，可使保温箱内空气的温度升高多少 [不计热损失，空气的比热容为1.0×103J/(kg·℃)]
（3）现增加一个阻值为44Ω的电热丝R2，根据实际需求，利用电热丝R1与R2，为保温箱设计两个档位，高温挡的电功率为1100W，低温挡的电功率为220W。请根据需求，在图-2的虚线框内将电路连接完整。
【答案】（1）解：电流的电流
（2）（2）结合焦耳定律计算300s产生的热量Q=UIt=220V×1A×300s=6.6×104J，结合热量公式计算使得空气的温度升高
（3）解：根据计算高温档位的电阻，低温挡的电阻，分析可知，低温的电阻等于 R1的阻值 ，高温档位的电阻等于 R2，所以电路设计如下
【知识点】欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)根据欧姆定律U=IR计算电路的电流；
（2）结合电功公式W=UIt计算300s电路产生的热量；结合热量的公式Q=cmΔt计算空气升高的温度。
（3）结合计算高温档位和低温档位的电阻，结合已给电阻的阻值，判断不同档位对应的电阻。
23．（2025·陕西）火电站利用煤炭燃烧时产生的热量，通过汽轮机带动发电机发电，若火电站的煤电转化效率 (为火电站发出的电能，为消耗的煤炭完全燃烧时所放出的热量)，则煤炭燃烧越充分，煤电转化效率越高。有关研究表明，基于“富氧燃烧”技术的“碳—氢—风—电”能源耦合模型，可有效地提高新能源与传统能源的综合利用。如图所示，风电站给电网供电后，将富余的电能输送给制氢厂，通过电解水装置制造的氢气，经加氢站到达用户端；将电解水制氢时产生的氧气输送给火电站，使煤炭实现“富氧燃烧”，提高火电站的煤电转化效率。
（1）某风电站总装机功率为105kW，平均每天工作时长以10h计。若风电站以总装机功率工作时，1天所发出的电能中，有8.2×105kW·h的电能供给电网，富余的电能全部用于电解水制氢(每产生1m3氢气消耗3.6kW·h的电能)，产生的氢气完全燃烧时，释放的热量为多少 (氢气的热值为1.28×107J/m3)
（2）假设火电站通过“富氧燃烧”技术，使煤炭完全燃烧，可实现每消耗0.31kg的标准煤，发出1kW·h的电能，则“富氧燃烧”条件下，煤电转化效率是多少
（3）若采用“富氧燃烧”技术后，煤电转化效率相比技术革新之前提高了4%，则同样发出1kW·h的电能，相比应用“富氧燃烧”技术前，能节约多少千克标准煤。(标准煤的热值为2.9×107J/kg)
【答案】（1）解：根据W=Pt计算风电站产生电能W= 105kW× 10h = 106kW·h，提供电解水制氢的电能为W1= 106kW·h- 8.2×105kW·h =1.8×105kW·h.所以可以获得氢气的体积V=，根据Q=Vq计算释放的热量Q=
（2）解：根据Q=mq计算标准煤释放热量Q=0.31kg× 2.9×107J/kg =0.899×107J，效率
（3）解：技术革新之前的转化效率为36%，消耗的煤炭的能量，根据Q=mq计算消耗的煤炭的质量m=，所以节约了煤炭质量m=0.345kg-0.31kg=0.035kg。
【知识点】燃料的热值；电功与热量的综合计算；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【分析】（1）根据W=Pt计算风电站产生电能W，提供电解水制氢的电能为W1= W-W电.根据题目信息计算获得氢气的体积V，根据Q=Vq计算释放的热量Q。
（2）据Q=mq计算标准煤释放热量Q，结合效率公式计算转换的效率；
（3）根据效率公式计算转换前的煤炭需要提供的能量，结合Q=mq计算需要的煤炭质量，据此计算节约的差值。
1 / 1陕西省2025年中考物理真题试卷（B卷）
1．（2025·陕西）如图，是小明手握茶杯的照片。根据图中信息估测，该茶杯的高度约为( )
A．10 mm B．10 cm C．10 dm D．10m
2．（2025·陕西）古人发现，随着太阳的移动，物体的影子也会发生相应的变化。我国古代的计时仪器圭表就是根据此现象发明的。如图，是圭表计时的原理图。圭表计时用到了( )
A．光的反射 B．光的折射
C．光的直线传播 D．光的色散
3．（2025·陕西）如图，是“祖脉秦岭，诗意长安”主题文化活动的场景。活动中颂诗、乐器演奏、歌曲演唱等多种文艺创演，彰显了陕西文化特色。下列分析正确的是( )
A．现场观众听到的声音，是通过空气传入的
B．朗诵者的声带振动时，振幅越大，音调越高
C．演唱者发出的声音在传播过程中，速度不断减小
D．不同乐器发出的声音，音色相同
4．（2025·陕西）在传统陶瓷表面涂覆一层聚合物，可制成一种新型陶瓷材料。用该材料制成的防热瓦，安装在航天器的外表面，可以保护航天器安全穿越大气层。分析该新型陶瓷材料应具备的特点，不正确的是( )
A．耐高温 B．导热性好 C．强度大 D．耐磨损
5．（2025·陕西）如图，是我国为满足森林灭火和水上救援等迫切需求而研制的大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600。工作时，它可在20秒内吸水12吨，并在4秒内倾泻完毕，能实现水源与火场之间多次往返。下列关于“鲲龙”的说法正确的是( )
A．停在水面上不工作时，处于平衡状态
B．停在水面上吸水过程中，下表面受到水的压强不变
C．在空中水平匀速飞行时，机翼上方空气流速大，压强大
D．降落过程中，重力势能不变
6．（2025·陕西）我国是世界上使用与发展机械最早的国家之一，为人类文明和社会进步作出了重要贡献。如图，是汉代画像石中的滑轮图，描绘了古人使用滑轮汲水操作的场景。关于图中的滑轮说法正确的是( )
A．该滑轮是动滑轮
B．该滑轮可以改变施力的方向
C．使用该滑轮可以省功
D．提升重力不同的物体时，机械效率不变
7．（2025·陕西）关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是( )
A．用电器的开关要与火线连接
B．家用电器的金属外壳需要接地
C．手机充电结束后，及时拔下充电器
D．绝缘皮破损的电线仍能安全使用
8．（2025·陕西）为了增强学生体质，促进身心健康发展，学校开展了形式多样的体育运动。对下列各项运动中所涉及的物理知识分析正确的是( )
A．如图-1，脚蹬地的同时，地也对脚施加了力的作用
B．如图-2，乒乓球弹回过程中，运动状态保持不变
C．如图-3，毽子上升过程中，不受重力作用
D．如图-4，排球下降过程中，惯性越来越大
9．（2025·陕西）小明对一个电学暗箱进行了实验探究。如图所示，A、B是小灯泡L1的接线柱，C、D是小灯泡L2的接线柱，E、F是小灯泡L3的接线柱。实验操作及对应的现象如下表所示。下列分析正确的是( )
实验操作 实验现象
闭合开关S 三个小灯泡均发光
观察亮度 L1最亮
取下其中任意一个小灯泡 剩余两个小灯泡仍能发光
A．暗箱中的三个小灯泡串联
B．暗箱中的三个小灯泡规格相同
C．取下其中任意一个小灯泡，电流表示数变小
D．若用电压表分别测量三个小灯泡两端的电压，L1两端电压最大
10．（2025·陕西）研学活动中，小明捡到一块石头。他用电子秤和玻璃杯测量其密度，测量过程如图所示。下列判断不正确的是(不计绳子的质量和体积，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg) ( )
A．根据本次实验数据，可得出石头密度最准确的测量值为3.125g/cm3
B．从水中取出石头时，带出了1g的水
C．从水中取出石头时，带出的水不会影响密度的测量值
D．石头沉在水底时，杯底对石头的支持力为0.24N
11．（2025·陕西）小明每天坚持跑步，若他在周长为400米的跑道上跑了3圈，用时10分钟。则本次跑步的平均速度为 m/s，他在跑步过程中相对操场旁边的大树是 (选填“运动”或“静止”)的。
12．（2025·陕西）如图，是搭载热成像仪和实时图像传输器的防火巡查无人机。其搭载的热成像仪通过物体辐射的 (选填“红外线”或“紫外线”)检测林场温度并形成图像，图像传输器利用 (选填“超声波”或“电磁波”)将这些图像传输给操作终端。
13．（2025·陕西）干冰是固态的二氧化碳，在常温下可以直接变成气态的二氧化碳，这种物态变化叫作 。如图，将干冰放在试管中，试管周围会出现大量的“白气”，这是因为干冰直接变成气态二氧化碳的过程中，从空气中 (选填“吸收”或“放出”)大量的热，导致周围空气的温度降低，从而使空气中的水蒸气遇冷 (填物态变化的名称)形成小水滴，这些小水滴浮在空气中，形成了我们看到的“白气”。
14．（2025·陕西）“笔、墨、纸、砚”合称文房四宝。大诗人李白是这样写砚台的：“一方在手转乾坤，清风紫毫酒一樽”。如图，在研磨的过程中，手用力下压墨条，是通过增大 来增大摩擦力的。当墨条向左运动时，受到向 的摩擦力。空气中弥漫着墨香味，这是扩散现象，其本质原因是分子在永不停息地做 。
15．（2025·陕西）如图-1，是室内自动换气系统的电路图。控制电路的电源电压为3V，R0为电阻箱，RK的阻值与烟雾浓度K的关系如图-2所示。当电磁铁线圈中的电流I≥0.03A时，衔铁被吸下，电风扇转动，开始排气。
（1）电磁铁工作时，利用了通电导体周围存在 ，其上端为 极。
（2）当烟雾浓度升高时，控制电路中线圈的电流 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）控制电路的电源电压低于3V时，若保持空气质量的标准不变，R0的阻值应 (选填“增大”“减小”或“不变”)。
16．（2025·陕西）
（1）如图-1，请根据平面镜成像特点，画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'。
（2）如图-2，请用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：小灯泡L1与L2串联，电压表测量小灯泡L1两端的电压。
17．（2025·陕西）请完成下列填空。
（1）如图-1，体温计的示数为 ℃。
（2）如图-2，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，观察到棉花燃烧，此现象表明 (选填“做功”或“热传递”)可以改变物体的内能。
（3）如图-3(a)，在“探究光的反射定律”的实验中，将一块平面镜放在水平桌面上，再把一张纸板立在平面镜上，使纸板上的ON线与平面镜 。如图-3(b)，将纸板NOF沿ON线向前或向后翻折，可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一 。
18．（2025·陕西）小明在探究杠杆的平衡条件时，用到了铁架台、带有均匀刻度的轻质杠杆、细线、弹簧测力计、钩码若干(每个钩码重0.5N)等实验器材。
（1）实验操作中，为了便于测量，常把杠杆调至水平位置平衡。若调节时发现杠杆的右端下落，此时应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节。
（2）如图-1，杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆左右两侧分别挂上不同数量的钩码，改变钩码所挂位置，使杠杆重新在水平位置平衡，多次实验并记录数据，如下表所示。
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 15 1.5 10
2 1.5 10 1.5 10
3 2.0 5 0.5 20
…
分析实验数据可以得出，杠杆的平衡条件是 。
（3）小明进一步改进了实验方案，增加了弹簧测力计，并将固定挂钩改为可移动的挂环，如图-2所示。这样做的优点是 。
（4）如图-3，园林工人操作车载起重机拉起一棵大树，绳端作用在 (选填“A”或“B”)处更省力。
19．（2025·陕西）在测量小灯泡电阻的实验中，小明设计了如图-1所示的电路。已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为3V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
数据序号 1 2 3 4 5
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流I/A 0.14 0.18 0.22 0.24
电阻R/Ω 3.6 5.6 6.8 8.3
（1）该实验的原理是 。
（2）连接电路时，开关应处于 状态，且将滑动变阻器的滑片P移至图-1中所示的 (选填“a”或“b”)端，电压表应选择 (选填“0～3V”或“0～15V”)的量程。
（3）正确连接电路，闭合开关，移动滑片P的过程中，小灯泡不发光，电流表、电压表均无示数；直至移动滑片P到图-1中M点时，小灯泡突然发光，电流表、电压表均有明显示数，小明立即断开开关，查找原因。出现以上现象的原因可能是____(填选项字母)。
A．滑动变阻器短路
B．滑动变阻器M点右侧附近有断路
C．滑动变阻器M点左侧附近有断路
（4）排除故障后，改变滑片P的位置，记录电压表的示数U和电流表的示数I，并计算出对应的阻值。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图-2所示，其读数为 A。
（5）请结合表中信息分析，能否用该实验的器材探究电流与电压的关系，并说明理由 。
20．（2025·陕西）小明发现，向水中加入食盐能使沉入水底的鸡蛋上浮至漂浮，加入的食盐越多，鸡蛋排开盐水的体积就越小。于是提出问题：能否利用漂浮的物体排开液体的体积与液体密度之间的关系制成密度计 小明用大烧杯、金属丝、刻度尺、食盐、水、密度已知的不同液体、直杆(轻质均匀的圆柱体)等器材进行实验探究。(水的密度为1 g/cm3)
（1）如图-1，小明将直杆放入水中，直杆倾倒后漂浮在水面上，此时直杆受到的浮力 重力。
（2）为了让直杆能立在水中，小明将金属丝缠绕在直杆的不同位置，分别放入水中，直杆在水中所处的状态如图-2所示。分析①、②、③可知：要使直杆竖直漂浮在水中，应在直杆的 位置缠绕金属丝；分析③、④、⑤三幅图可知：当金属丝缠绕的位置一定时，适当 (选填“增加”或“减少”)金属丝的缠绕量，直杆更容易竖直漂浮在水中。
（3）直杆竖直漂浮在密度不同的液体中时，浸在液体中的深度也不同。因此，将直杆上液面所对应的位置，标注为该液体的密度。则在图-3中的a点标注的密度值为 g/cm3。
（4）将直杆放入密度已知的不同液体中，当直杆在液体中稳定竖直漂浮时，在直杆上液面所在的位置做标记，并测量出直杆浸入液面以下部分的长度H；将数据记录在下表中，并将对应的密度值标注在直杆上，制成密度计。
液体密度ρ/(g·cm-3) 0.8 0.9 1.0 1.1 1.2
浸入液面以下部分的长度H/cm 15.95 14.22 12.80 11.64 10.67
分析表中数据可知：此密度计所标刻度的位置越靠上，对应液体的密度值越 (选填“大”或“小”)，刻度线分布越 (选填“疏”或“密”)。
（5）如图-4，是A、B两支密度计在水中漂浮时的情景，若要测量密度稍小于水的另一种液体的密度，选 (选填“A”或“B”)密度计测量更准确。(A、B放入另一种液体中，均不会沉入底部)
21．（2025·陕西）如图所示，质量为1.8kg的书本，静止放置在水平桌面上，与桌面的接触面积为0.06m2。(g取10 N/kg)
（1）书本的重力是多少
（2）静止在水平桌面上的书本对桌面的压强是多少
22．（2025·陕西）劳动实践小组为温室育苗基地制作了一个保温箱，其电路如图-1所示。
（1）电热丝R1的阻值为220Ω，则电路中的电流是多少
（2）已知保温箱内空气的质量为11 kg，图-1所示电路工作300s产生的热量，可使保温箱内空气的温度升高多少 [不计热损失，空气的比热容为1.0×103J/(kg·℃)]
（3）现增加一个阻值为44Ω的电热丝R2，根据实际需求，利用电热丝R1与R2，为保温箱设计两个档位，高温挡的电功率为1100W，低温挡的电功率为220W。请根据需求，在图-2的虚线框内将电路连接完整。
23．（2025·陕西）火电站利用煤炭燃烧时产生的热量，通过汽轮机带动发电机发电，若火电站的煤电转化效率 (为火电站发出的电能，为消耗的煤炭完全燃烧时所放出的热量)，则煤炭燃烧越充分，煤电转化效率越高。有关研究表明，基于“富氧燃烧”技术的“碳—氢—风—电”能源耦合模型，可有效地提高新能源与传统能源的综合利用。如图所示，风电站给电网供电后，将富余的电能输送给制氢厂，通过电解水装置制造的氢气，经加氢站到达用户端；将电解水制氢时产生的氧气输送给火电站，使煤炭实现“富氧燃烧”，提高火电站的煤电转化效率。
（1）某风电站总装机功率为105kW，平均每天工作时长以10h计。若风电站以总装机功率工作时，1天所发出的电能中，有8.2×105kW·h的电能供给电网，富余的电能全部用于电解水制氢(每产生1m3氢气消耗3.6kW·h的电能)，产生的氢气完全燃烧时，释放的热量为多少 (氢气的热值为1.28×107J/m3)
（2）假设火电站通过“富氧燃烧”技术，使煤炭完全燃烧，可实现每消耗0.31kg的标准煤，发出1kW·h的电能，则“富氧燃烧”条件下，煤电转化效率是多少
（3）若采用“富氧燃烧”技术后，煤电转化效率相比技术革新之前提高了4%，则同样发出1kW·h的电能，相比应用“富氧燃烧”技术前，能节约多少千克标准煤。(标准煤的热值为2.9×107J/kg)
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】据图可知，茶杯的高度和人手掌的宽度相同，大致为10cm，故B符合题意，ACD错误。
综上选B。【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的宽度为10cm。
2．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】圭表是通过影子的指向来记录时间，影子的形成属于光的直线传播，故C正确，ABD错误。
综上选C。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
3．【答案】A
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、朗诵者的声音通过空气传播，传入人耳，故A正确。
B、物体振幅和响度有关，和音调无关，故B错误；
C、声音的传播速度和介质温度有关，所以传播过程中声音速度不变，故C错误。
D、声音的音色和发声体的材料有关，故D错误。
综上选A。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．【答案】B
【知识点】新材料的特点及应用
【解析】【解答】航天器通过大气层会通过摩擦做功，使得航天器的温度升高，内能增加，防热瓦可以使航天器安全通过大气层，所以具有耐高温、耐摩擦、强度大的特点，同时导热性差，保护内部工作人员工作休息。B错误，ACD正确。
故选B。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。此过程中，内能增加，导致温度升高。
5．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；平衡状态的判断；液体压强的特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、飞机停在水面上，保持静止，根据二力平衡可知，此时物体处于平衡状态，故A正确；
B、 停在水面上吸水过程中 重力变大，浸没在水中的深度变大，根据压强公式分析可知压强变大，故B错误；
C、 机翼上方空气流速大，压强小，故C错误；
D、 降落过程中， 飞机高度下降，重力不变，所以重力势能减小，故D错误。
综上选A。
【分析】1、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
6．【答案】B
【知识点】定滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较
【解析】【解答】A、该滑轮轮轴固定不动，所以属于定滑轮，故A错误；
B、定滑轮可以改变力的方向，故B正确；
C、任何机械都不省功，故C错误；
D、提升的重力越大，有用功占比越大，机械效率越大，故D正确。
综上选B。
【分析】动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力，不省功；
考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
7．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 用电器的开关要与火线连接 ，保证开关断开后，用电器不接触电，故A正确；
B、金属外壳需接地，避免外壳漏电发生触电的危险，故B正确；
C、及时拔下充电器，可以避免电流的热效应产生过多热量引发火灾，故C正确。
D、 绝缘皮破损的电线要及时更换，避免漏电发生触电的事故，故D错误。
综上选D。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
8．【答案】A
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A、根据相互作用力可知，脚对地面有力的作用，地面对脚也有力的作用，故A正确；
B、 乒乓球弹回过程中 ，受到非平衡力，所以运动状态发生改变，故B错误；
C、在地面上的物体均收到重力作用，故C错误；
D、惯性和速度符无关，和质量有关，故D错误。
综上选A。
【分析】相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
9．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律
【解析】【解答】A、根据表格的内容： 取下其中任意一个小灯泡 ，其余两个发光可知，灯泡互不影响，所以灯泡为并联，故A错误；
BD、表格中显示灯泡亮度不同，又属于并联，所以电压相同，电功率不同所以通过灯泡的电流不同，所以规格不同，故BD错误；
C、电流表位于干路，电流等于之路电流之和，取下一个灯泡，该支路电流为0，所以干路的电流变小，故C正确；
【分析】1、并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，
2、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．【答案】D
【知识点】浮力大小的计算；等体积密度计算
【解析】【解答】A、据图可知石头的质量为75g，添加水的质量为357g-（408g-75g）=24g，根据密度公式计算添加水的体积为，所以石头的体积为24cm3，根据密度公式计算石头的密度为，故A正确。
B、水和石头的总质量为408g，所以水的质量为408g-75g=333g，有步骤3可知，此时称的示数为332g，所以带出水的质量为333g-332g=1g，故B正确；
C、不计算带出水的质量，最终是将水加到标记处，计算是加水的差值，所以不会导致最终测量结果发生偏差，故C错误；
D、石头的重力G=mg=75×10-2N，石头的体积为24cm3，受到的浮力，所以支持力F=75N-24N=51N，故D错误。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、利用水测量待测物体的密度：要保证水的体积和物体的体积相同，根据密度公式计算待测物体的密度。
11．【答案】2；运动
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】跑步3圈，每圈400m，所以跑步的长度为3×400m=1200m，用时10min，时间10×60s=600s，根据速度公式计算，跑步时和大树的运动状态不同，所以二者相对运动。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
12．【答案】红外线；电磁波
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】热成像仪本质是利用红外线检测物体的温度的一种仪器，远距离通讯通过电磁波进行传输。
【分析】红外线：是频率比红光低的不可见光，常见用处有测温、遥控电器。
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
13．【答案】升华；吸收；液化
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】固态的二氧化碳直接变为气态的过程为升华，该过程吸热，导致周围温度降低，水蒸气遇冷液化形成水滴。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
2、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
14．【答案】压力；右；无规则运动
【知识点】摩擦力的大小；摩擦力的方向；分子热运动
【解析】【解答】手用力下压墨条，通过增加大压力增加摩擦力，墨条向左运动，摩擦力作为阻力，阻碍物体运动，受到向右的摩擦力，闻到墨香，属于扩散现象，本质为分子做无规则运动。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
15．【答案】（1）磁场；S
（2）变大
（3）减小
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）电磁铁的工作原理为通电导体周围存在磁场，根据安培定则可知，电磁铁上端为S极，下端为N极。
（2）据图2可知，随着K的增加，气敏电阻的阻值会减小，电源电压不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路的电流变大。
（3）电源电压减小时，需要气敏电阻更小才能达到报警时的电流，题目要求空气质量不变，所以气敏电阻的阻值不变，只能降低定值电阻的阻值。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；电路的构成及电路图
【解析】【解答】（1）过AB两点做关于平面镜对称的A'B'，连接A'B'即为AB在平面镜中的像。
（2）两灯泡串联，所以首尾依次相连，电压表测量 L1两端的电压 ，所以和其并联，据此作图：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
17．【答案】（1）36.5
（2）做功
（3）垂直；平面
【知识点】温度及温度计的使用与读数；光的反射定律；做功改变物体内能
【解析】【解答】（1）体温计的分度为0.1℃，示数为36.5℃。
（2） 用力将活塞迅速下压 ，机械能转换为空气内能，通过做功增加物体内能。
（3）在“探究光的反射定律”的实验中，应该将纸板和平面镜垂直放置，探究三线是否共面，将 纸板NOF沿ON线向前或向后翻折 即可。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系）
实验步骤：将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ； 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
3、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
18．【答案】（1）左
（2）动力×动力臂=阻力×阻力臂
（3）方便操作，使结论更具有普遍性
（4）A
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）右端下移，为了杠杆保持平衡，应该向左移动平衡螺母。
（2）分析表格数据可知，动力臂和动力的乘积与阻力和阻力臂的乘积相同，即F1L1=F2L2，
（3） 将固定挂钩改为可移动的挂环 可以方便的读数以及改变力臂的大小，使得结论更具有普遍性。
（4）在A处的力臂更大，阻力阻力臂不改变的情况下，根据杠杆平衡可知，此时动力最小。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响。
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
19．【答案】（1）
（2）断开；b；0-3V
（3）B
（4）0.28
（5）不能。因为探究电流和电压的关系，需要控制定值电阻不变，通过调节变阻器的电阻来改变定值电阻两端电压，而题目中的灯泡电阻不是定值，故不能完成实验
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电阻的实验原理为欧姆定律，即；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关处于断开，变阻器电阻处于最大阻值处，即b端，电源电压为3V，电压表选择0-3V的量程。
（3）电表无示数，灯泡不工作，表明电路出现断路，将变阻器移动M处，变阻器左端接入电路后，电路恢复正常，所以变阻器M右端有断路。B蒸气，AC错误。
故选B。
（4）电流表量程为0-0.6A，示数为0.28A.
（5）探究电流和电压的关系，需要控制定值电阻不变，调节变阻器的电阻，进而改变定值电阻两端电压，题目中的灯泡电阻不是定值，所以不能完成该实验。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针不偏转 ，表明存在断路，结合信息具体判断断路位置。
20．【答案】（1）等于
（2）底部；增加
（3）1
（4）小；疏
（5）A
【知识点】浮力的应用——密度计；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）物体漂浮在水面上，所以浮力等于重力；
（2）据图可知，金属丝缠绕在底部，使得杆竖直放置，由分析可知，缠绕金属丝的数量越多，更容易使杆竖直漂浮。
（3）在水中漂浮，此时密度计的密度等于水的密度1g/cm3.
(4)据表分析可知，液体密度越小，浸入液面一下的长度越长，所以此时密度计靠上，随着密度的减小，H的变化越大，所以对应的刻度值越疏散。
（5）A密度缠绕的金属丝数量少，在测量 密度稍小于水的另一种液体的密度 ，排开液体体积相同时，浸入液体深度变化更大，更精确。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
21．【答案】（1）解：书本的质量为1.8kg，重力为G=mg=1.8kg×10N/kg=18N
（2）解：书本对桌面的接触面积为0.06m2，压强为
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据书本的质量以及重力公式G=mg计算书本的重力；
（2）结合书本对桌面的接触面积，根据压强公式计算 静止在水平桌面上的书本对桌面的压强 。
22．【答案】（1）解：电流的电流
（2）（2）结合焦耳定律计算300s产生的热量Q=UIt=220V×1A×300s=6.6×104J，结合热量公式计算使得空气的温度升高
（3）解：根据计算高温档位的电阻，低温挡的电阻，分析可知，低温的电阻等于 R1的阻值 ，高温档位的电阻等于 R2，所以电路设计如下
【知识点】欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)根据欧姆定律U=IR计算电路的电流；
（2）结合电功公式W=UIt计算300s电路产生的热量；结合热量的公式Q=cmΔt计算空气升高的温度。
（3）结合计算高温档位和低温档位的电阻，结合已给电阻的阻值，判断不同档位对应的电阻。
23．【答案】（1）解：根据W=Pt计算风电站产生电能W= 105kW× 10h = 106kW·h，提供电解水制氢的电能为W1= 106kW·h- 8.2×105kW·h =1.8×105kW·h.所以可以获得氢气的体积V=，根据Q=Vq计算释放的热量Q=
（2）解：根据Q=mq计算标准煤释放热量Q=0.31kg× 2.9×107J/kg =0.899×107J，效率
（3）解：技术革新之前的转化效率为36%，消耗的煤炭的能量，根据Q=mq计算消耗的煤炭的质量m=，所以节约了煤炭质量m=0.345kg-0.31kg=0.035kg。
【知识点】燃料的热值；电功与热量的综合计算；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【分析】（1）根据W=Pt计算风电站产生电能W，提供电解水制氢的电能为W1= W-W电.根据题目信息计算获得氢气的体积V，根据Q=Vq计算释放的热量Q。
（2）据Q=mq计算标准煤释放热量Q，结合效率公式计算转换的效率；
（3）根据效率公式计算转换前的煤炭需要提供的能量，结合Q=mq计算需要的煤炭质量，据此计算节约的差值。
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