广东省广州市海珠区2025年中考一模物理试题
1．（2025·海珠模拟）如图所示，我国古代把女子一菲长称作“咫”。一咫的长度约（ ）
A．2m B．2dm C．5cm D．5mm
2．（2025·海珠模拟）无人机收到遥控器发出的845MHz的电磁波信号后，开始竖直上升，此过程的“s-t”关系如图甲所示。无人机所拍视频用的电磁波信号传输回地面。结合图乙，以下正确的是（ ）
A．遥控器发射电磁波的频率大于传输视频电磁波的频率
B．两种电磁波都是无线电波
C．两种电磁波在真空中的传播速度不相等
D．在阶段，无人机所受的合力不为零
3．（2025·海珠模拟）在无其它声音干扰的操场中，扬声器持续发出一个音调、响度不变的声音，用分贝仪测出各处声音强弱的等级，分贝仪与扬声器距离用s表示，它们的关系如图所示。在声音传播过程中（ ）
A．扬声器发声体的振幅减小
B．扬声器发声体每秒振动的次数减少
C．s越远，声音的频率越小
D．s越远，测得声音强弱的等级越小
4．（2025·海珠模拟）向前直线行驶的车内，小明连拍两张照片如图甲、乙所示。拍照过程中车可能（ ）
A．向西减速 B．向东减速 C．向西加速 D．向东加速
5．（2025·海珠模拟）如图所示，在磁场中的矩形铜线框处于静止状态。闭合开关后，AB段导体受到向上的磁场力，则（ ）
A．电路中M处的电流大于Q处的电流
B．CD段导体受到磁场力的方向向下
C．矩形铜线框一定发生转动
D．若只将电源正负极对调，CD段受到磁场力的方向一定向下
6．（2025·海珠模拟）C是球形水滴的球心，入射球形水滴的光线与C点所在的一个圆在同一平面上，它进入并穿过水滴的传播径迹可能是（ ）
A．① B．② C．③ D．④
7．（2025·海珠模拟）图甲所示的家庭电路，空气开关额定最大电流为20A，人若不小心接触火线，经人体流入大地的电流超过30mA时漏电保护器会自动断开，起保护作用。某人电阻为1100Ω，他徒手赤脚去检修电路。下列说法正确的是（ ）
A．若发生图乙的情况，漏电保护器一定自动断开
B．若发生图丙的情况，漏电保护器一定自动断开
C．若发生图丙的情况，空气开关一定自动断开
D．在N处加装开关控制用电器，符合安全用电原则
8．（2025·海珠模拟）小艳自制的简易气压计，如图所示。右管的上方混有少量空气，被汞柱密封。不考虑气温变化、管壁对汞柱的阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．此时大气压强相当25cm高的汞柱产生的压强
B．此时大气压强等于管内甲处的气压
C．当乙处有水平方向的气流吹过，汞柱会下降
D．此装置从白云山脚到山顶，汞柱会上升
9．（2025·海珠模拟）路灯利用电磁继电器控制，原理如图所示。此电路实现了，白天，光敏电阻受到光照时，太阳能电池板给蓄电池充电；晚上，蓄电池给电灯供电照明。电源电压恒定，电磁铁线圈的电阻忽略不计，以下判断正确的是（ ）
A．太阳能是不可再生能源
B．白天，太阳能电池板把太阳能转化为化学能
C．受光照时，的阻值变小
D．晚上，电磁铁的磁性较强
10．（2025·海珠模拟）图甲所示的电路中，电源电压恒为6V，灯泡L标有“6V 3W”，超导部件与流过它的电流I的关系如图乙所示。电路通电10s。以下判断错误的是（ ）
A．L的实际功率为3W B．产生的电热为0J
C．若被短接，L会变亮 D．若灯被短接，电源不会被短路
11．（2025·海珠模拟）甲、乙电动机用相同时间，把相同物体匀速提升2m，甲电动机做的有用功和额外功如图所示。乙电动机做的总功为3750J。
（1）物体重 N，甲电动机做的总功为 J；
（2）乙电动机做的额外功为 J；
（3）甲电动机的效率 乙电动机的效率。（选填“小于”“等于”或“大于”）
12．（2025·海珠模拟）将一杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所示。已知
（1）上述过程发生的物态变化是 ；
（2） 图杯中物质的分子无规则运动最剧烈；
（3）杯中物质从乙到丙吸热为，从丙到丁吸热为，则： （选填“<”“=”或“>”）；
（4）从丙到丁，水增加的内能为 J；
（5）从甲到丁的过程，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，这说明能量在转移过程中具有 性。
13．（2025·海珠模拟）如图甲所示，溢水杯装有4℃的水，此时水刚好不流出。已知水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图乙所示。不考虑水的物态变化和溢水杯的热胀冷缩。（g取）
（1）杯中水温上升到15℃的过程中，杯底受到水的压强如何变化？答： 。
（2）当水温为15℃时，在水中放入体积为的物体，物体在水中悬浮。（不考虑物体热胀冷缩）
①物体所受浮力 N；
②若水温降至0℃，物体静止时会 （选填“沉底”“悬浮”或“漂浮”），物体所受浮力 （选填“<”“=”或“>”）。
14．（2025·海珠模拟）如图，MN是一个发光物体，在凸透镜右侧移动光屏，能观察到一个等大的实像，O是凸透镜的光心，光线a平行于主光轴。
（1）该透镜的焦距为 cm；
（2）画出：①M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像；
②光线b经过凸透镜的折射光线；
③MN在平面镜中的像；
（3）将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到放大的实像。新凸透镜焦距f的取值范围是 。
15．（2025·海珠模拟）如图甲所示，用竖直向下的力压脚踏式翻盖垃圾桶，使其保持静止。此时垃圾桶可简化为图乙的组合杠杆。水平静止的AB是以（图中未画出）为支点的杠杆（AB质量忽略不计，每格的长度相同）。是以为支点的杠杆，它的重心在O点。直杆对C处的力为F．已知为7.5N，直杆对B处竖直向下的阻力为15N．
（1）画出：所受的重力G及其力臂l．
（2）所受的重力G F（选填“<”“=”或“>”）。
（3）支点为图乙中的 点。
16．（2025·海珠模拟）图甲是模拟地磅简化电路图，电源电压恒为3V，R2是定值电阻。力敏电阻R1上方紧密连接一质量不计的水平绝缘板，检测时将货车模型静置其上，R1的阻值随所受压力F变化关系如图乙所示。（g取10N/kg）
（1）图甲电路中，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，电压表示数越 。
（2）计算：把电压表改接到定值电阻R2两端（如图丙所示），将电压表2V刻度线设为货车模型总质量最大值2kg的刻度线，超过此刻度线代表货车超载。
①当模型总质量为2kg时，R1的阻值。
②R2的阻值。
17．（2025·海珠模拟）如图甲所示，在水平地面上有一重的物体，受到绳子竖直向上的拉力，此时地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为p。电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升60s后，功率逐步减小，70s时功率为0W。此过程物体的“v-t”关系如图乙所示。忽略空气阻力。
（1）计算：压强p。
（2）计算：前60s，拉力对物体做的功。
（3）第60s时物体的机械能为；第70s时物体的机械能为。则 （选填“<”“=”或“>”），判断依据 。
（4）0~10s，钢索对物体的拉力 （选填“变小”“不变”或“变大”），判断依据 。
18．（2025·海珠模拟）小明利用M木块和一些钩码来探究“滑动摩擦力f与压力F”的大小关系。利用弹簧测力计，在水平地面进行实验，通过正确操作得到图乙的数据图像。
（1）实验过程中，测力计水平拉动M木块做匀速直线运动，测力计示数为0.8N，如图甲所示。此时木块对地面压力 ；
（2）分析图乙数据，得到实验结论常量（设为μ），则比值 ；
（3）如图丙所示，把一个重13N的物体放在M木块上，在相同的地面上拉动M木块，小明通过上述结论合理猜想：
M木块受到地面的滑动摩擦力为 N；
用图甲测力计能否验证小明的猜想？答： ，判断依据 ；
（4）如图丁所示的P木块，材料与M木块相同，但质量、表面粗糙程度与M均不同，请仅利用弹簧测力计，判断哪个木块表面更粗糙。
小明补充的实验步骤如下：
在相同的地面，用测力计水平拉动P木块做匀速直线运动，测得摩擦力为；
结合图甲实验，小明补充的实验步骤能否实现实验目的？
答： ；
若能，请在方框内写出实验结论；若不能，请写出正确的实验步骤（可图文结合）。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】大拇指和中指张开的长度为20cm=2dm，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．【答案】B
【知识点】力的合成与应用；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．遥控器发射电磁波的频率为845MHz，换算单位之后为，小于，故A错误；
B． 遥控器发出的845MHz的电磁波 ， 遥控器发出的845MHz的电磁波 ，两种电磁波都小于，都是无线电波，故B正确；
C．电磁波在真空中的传播速度与光的传播速度相同，故C错误；
D．在阶段，物体做匀速直线运动，物体受到了平衡力，所受的合力为零，故D错误。
故选B。
【分析】激光是电磁波，在真空中的传播速度是3×108m/s；波长、波速、频率之间的关系为c=λf，无线电波的频率越高，波长越短。
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
3．【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】AB． 扬声器持续发出一个音调、响度不变的声音 ，所以发声体的振动频率和振动幅度不变，故AB不符合题意；
CD．声音在传播过程中，声音的频率与距离无关；响度与距离有关，距离发声体越远，响度越小，故C不符合题意，故D符合题意。
故选D。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A．由图可知，以广州塔为参照物，车是向西行驶的，当车突然减速时，广州塔的位置相对于吊环应向右移动，故A不符合题意；
B．以广州塔为参照物，若车是向东行驶的，当车突然减速时，由于惯性吊环应向右倾，广州塔相对于吊环的位置向左移动，故B符合题意；
C．以广州塔为参照物，若车是向西行驶的，当车突然加速时，由于惯性吊环应向右倾，广州塔的位置相对于吊环应向右移动，故C不符合题意；
D．以广州塔为参照物，若车是向东行驶的，当车突然加速时，由于惯性，吊环应向左倾，广州塔的位置相对于吊环向左移动，故D不符合题意。
故选B。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
5．【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A．电路中M与Q都并联在干路中，电流相等，故A错误；
B．闭合开关后，AB段导体电流方向是A到B，受到向上的磁场力。CD段导体中电流方向是C到D，电流方向相同，所以CD段导体受到磁场力的方向也向上，故B错误；
C．据B分析可知，AB段和CD段受到的磁场力方向相同，所以线框一定不发生转动，故C错误；
D．只将电源正负极对调，电流方向发生变化，所以CD段受到磁场力的方向一定向下，故D正确。
故选D。
【分析】通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，受力的方向和通电导线的电流方向有关，和磁场的方向有关。
电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
6．【答案】B
【知识点】光的折射规律
【解析】【解答】根据光的折射规律可知，光从空气中斜射入球形水滴时，折射角小于入射角。然后在球形水滴中传播方向不变。光从球形水滴垂直射入空气中时，折射角大于入射角。故它进入并穿过水滴的传播径迹可能是②。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
7．【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A．图乙中，人站在地上，单手接触火线，电流经过人体流入大地，电流超过30mA时，漏电保护器会自动断开，故A正确；
B．图丙中，人单手接触火线，另一只手接触零线，没有电流经过人体流入大地，漏电保护器不会自动断开，故B错误；
C．图丙中，人站在干燥椅子上，单手接触火线，另一只手接触零线，人和用电器并联，若此时电路总电流不超过空气开关额定最大电流20A，空气开关不会自动断开，故C错误；
D．在M处（零线）加装开关控制用电器，符合安全用电原则，故D错误。
故选A。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线。右孔接火线。
漏电保护器可以安装在用电器两端或者干路上，保护电路；
空气开关只能安装在干路上，电路电流过大时，空气开关断开，保护电路。
8．【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】AB．当玻璃管中混入少量空气时，少量空气存在气压，空气的压强与水银柱压强之和等于外界大气压；即管内的气压与25cm高的汞柱产生的压强之和等于外界大气压，故AB错误；
C．当乙处有水平方向的气流吹过，压强变小，汞柱会下降，故C正确；
D．此装置从白云山脚到山顶，海拔升高，外界大气压强减小，汞柱会下降，故D错误。
故选C。
【分析】1、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
3、试管内部存在空气，空气也会存在气压。
9．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电路的动态分析；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．太阳能是可再生能源，可以在自然界里源源不断地得到，故A错误；
B．白天蓄电池将太阳能转化为电能，电能再转化为化学能储存，故B错误；
C．白天，光敏电阻受到光照时，此时衔铁在下部，由此可知，白天电磁铁的磁性较强，即控制电路中的电流较大，R光敏的阻值变小，故C正确；
D．晚上，光照减小，光敏电阻的阻值增大，电磁铁的磁性随着电流的减弱而减弱，故D错误。
故选C。
【分析】可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
10．【答案】C
【知识点】电路的三种状态；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】灯泡L和超导部件首位依次相连，属于串联，电流表测电路电流。电源电压恒为6V，等于灯泡的额定电压，根据电功率公式计算可知灯泡的额定电流为，即电路中最大电流为0.5A，由乙图可知，超导部件阻值为零。
A．电源电压恒为6V，超导部件阻值为零，灯泡L实际功率等于额定功率，为3W，故A正确，不符合题意；
B．超导部件阻值为零，根据焦耳定律计算产生的电热为0J，故B正确，不符合题意；
C．超导部件阻值为零，被短接，对L不会影响，L亮度不变，故C错误，符合题意；
D．超导部件阻值为零，若灯被短接，电路中电阻为0，电流会大于0.6A，超导部件阻值会变为，电源不会被短路，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
4、超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体。超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
11．【答案】（1）1500；4000
（2）750
（3）小于
【知识点】机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）甲电动机做的有用功为3000J，根据有用功公式可知，物体重。
[2]根据效率公式可知，甲电动机做的总功为。
（2）乙电动机做的总功为3750J，乙电动机做的额外功为总功和有用功的差值，即。
（3）分析可知甲机械效率为75%，，所以甲电动机的效率小于乙电动机的效率。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率。
（1）[1]由图像可知，甲电动机做的有用功为3000J，根据可知，物体重。
[2]根据，可知，甲电动机做的总功为。
（2）乙电动机做的总功为3750J，乙电动机做的额外功。
（3）由于，而，所以甲电动机的效率小于乙电动机的效率。
12．【答案】（1）熔化
（2）丁
（3）>
（4）8400
（5）方向
【知识点】熔化与熔化吸热特点；比热容；能量的转化或转移；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）将一杯冰粒放在恒温环境下，固态的冰变成液态的水，是熔化现象。
（2）温度越高，分子运动越剧烈，丁图杯中水的温度最高，所以分子无规则运动最剧烈。
（3）杯中物质从乙到丙，吸热为，从丙到丁吸热为，由于质量相同的水，升高相同的温度吸收的热量相同，则>。
（4）根据热量的计算公式可知从丙到丁，水增加的内能为。
（5）从甲到丁的过程，存在温度差，通过热传递传递热量，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，说明能量在转移过程中具有方向性。
【分析】1、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
2、热量的计算：公式为；
3、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源产生的能量不能充分利用，以其它能量的形式损失掉。能量在转化中具有方向性；能重复利用或循环获得的能量是可再生的，否则是不可再生的。
（1）将一杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所示，固态的冰变成液态的水，是熔化现象。
（2）温度越高，分子运动越剧烈，丁图杯中水的温度最高，物质的分子无规则运动最剧烈。
（3）杯中物质从乙到丙，经历了冰的熔化过程和水的升温10℃-0℃=10℃过程，吸热为，从丙到丁经历了水的升温20℃-10℃=10℃过程，吸热为，由于质量相同的水，升高相同的温度吸收的热量相同，则>。
（4）从丙到丁，水增加的内能为。
（5）从甲到丁的过程，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，但不能自发地从低温物体转移到高温物体，这说明能量在转移过程中具有方向性。
13．【答案】（1）变小
（2）9.992；漂浮；=
【知识点】液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当水温上升到15℃的过程中，水的密度减小，质量不变，体积变大，所以水会溢出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知水对杯底的压强减小。
（2）物体受到的浮力F浮15℃=ρ液gV排=0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=9.992N
水温降低到0℃，密度增加，根据浮力公式计算可知所以浮力大于物体重力，导致物体漂浮，最终使得重力等于浮力。悬浮和漂浮时的浮力均等于重力，物体的重力不变，所以两种情况下的浮力相等。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
（1）溢水杯中装满水，当水温上升到15℃的过程中，根据图像知，密度减小，体积变大，故溢出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知水对杯底的压强减小。
（2）[1]根据浮力公式计算物体受到的浮力F浮15℃=ρ液gV排=0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=9.992N
[2]水温降低到0℃，密度增加，所以浮力变大，大于物体重力，导致物体漂浮，此时重力等于浮力。
[3]物体的重力不变，悬浮和漂浮时的浮力均等于重力，所以两种情况下的浮力相等。
14．【答案】（1）10.0
（2）
（3）
【知识点】主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）由图可知，光线a平行于主光轴，经凸透镜，光线会经过焦点，光心O到这一点的距离为焦距，则该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm。
（2）过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，光线经光心后的光线与光线c交于点M'，当u=2f时，成等大、倒立的实像，由此画出光线b经过凸透镜折射后的光线；根据平面镜成像关于平面镜对称的特点，作出端点M、N关于平面镜的对称点M'、N'，用虚线连接M'、N'即为物体MN的像，如图所示：
（3）原凸透镜的焦距为10.0cm，将另一凸透镜替换图中凸透镜，在新透镜右侧能观察到放大的实像，所以f<2f，新凸透镜焦距f的取值范围是10.0cm<20.0cm。
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）由图可知，光线a平行于主光轴，经凸透镜折射后与主光轴的交点即为焦点，光心O到这一点的距离为焦距，则该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm
（2）过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此画出光线经光心后的光线与光线c交于点M'，即为M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像M'；由凸透镜成像特点知，当u=2f时，成等大、倒立的实像，所以发光N点发出的光线b经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，由此画出光线b经过凸透镜折射后的光线；根据平面镜成像的特点，先作出端点M、N关于平面镜的对称点M'、N'，用虚线连接M'、N'即为物体MN的像，如图所示：
（3）由于原凸透镜的焦距为10.0cm，所以将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到放大的实像，即此时物距在一倍焦距与二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，则f15．【答案】（1）
（2）<
（3）M
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）重力的方向竖直向下，作用点在重心，即为阻力，力臂垂直于力的作用线，力臂为支点到力的作用线的垂直距离，如图所示：
（2）杠杆O2CD，支点是O2，动力作用在C点，此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，所以G（3）根据杠杆平衡条件可知，F1O1A=F2O1B，代入数据计算，则支点O1为M点。
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂天平的调平：
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
（1）重力的方向竖直向下，作用点在重心，力臂为支点到力的作用线的垂直距离，如图所示：
（2）对于杠杆O2CD，支点是O2，动力作用在C点，阻力作用在盖子的重心O点，则动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，所以G（3）根据杠杆平衡条件可知，F1O1A=F2O1B，则 ，由图可知，，则支点O1为M点。
16．【答案】（1）小
（2）；
【知识点】重力及其大小的计算；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由甲图可知，力敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测力敏电阻R1两端的电压。物体放置在水面上，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，R1的阻值越小，电路中的总电阻越小，根据串联分压可知，R1分得的电压越小，即电压表示数越小。
（2）把电压表改接到定值电阻R2两端时，电压表测R2两端的电压。当模型总质量为2kg时，对水平地面的压力等于重力，即，力敏电阻R1的阻值。
货车模型总质量最大值2kg时，电压表示数为2V，根据串联电路电压规律计算可知电阻R1两端的电压为U1=U-U2=3V-2V=1V，根据串联分压可得，R2=1000Ω。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）由甲图可知，力敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测力敏电阻R1两端的电压。物体放置在水面上，压力等于重力，根据F=G=mg可知，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，R1所受压力F越大，由乙图可知，R1的阻值越小，电路中的总电阻越小，根据串联正比分压可知，R1分得的电压越小，即电压表示数越小。
（2）把电压表改接到定值电阻R2两端时，R1、R2仍串联，电压表测R2两端的电压。
[1]当模型总质量为2kg时，对水平地面的压力为
由图乙得，力敏电阻R1的阻值。
[2]当货车模型总质量最大值2kg时，电压表示数为2V，即R2两端的电压为2V，电阻R1两端的电压为U1=U-U2=3V-2V=1V
根据串联正比分压可得
解得R2=1000Ω。
17．【答案】（1）解：地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为。
（2）解：电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升持续的时间为60s，在这60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J
（3）<；拉力对物体做功的过程中，电能转化为物体的机械能
（4）变小；根据，0~10s内P不变，v增大，所以F变小
【知识点】功率计算公式的应用；机械能及其转化；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，根据压强公式计算对地面压强为；
（2）电动机钢索的拉力以恒定功率30kW工作60s，根据W=Pt计算60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J。
（3）从60s到70s的过程中，电动机将电能转化为机械能，所以机械能增加，第60s时物体的机械能为E1小于第70s时物体的机械能E2，即E1（4）由乙图可知，0~10s内，电动机功率恒定，物体的速度变大，根据可知，钢索对物体的拉力变小。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
功率的计算：公式为W=Pt；P=Fv。
（1）地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为
（2）电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升持续的时间为60s，在这60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J
（3）[1][2]从60s到70s的过程中，电动机钢索的拉力对物体做功，将电能转化为机械能，所以第60s时物体的机械能为E1小于第70s时物体的机械能E2，即E1（4）[1][2]由乙图可知，0~10s内，物体的速度变大，电动机功率恒定，根据可知，钢索对物体的拉力变小。
18．【答案】（1）2
（2）0.4
（3）6；不能验证小明的猜想；力6N超出弹簧测力计的测量范围
（4）不能；把M放在P上方，用测力计水平拉P做匀速直线运动，读出测力计示数F1。P放在M上方，用测力计水平拉M做匀速直线运动，读出测力计示数F2.
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块做匀速直线运动时，根据二力平衡条件可知，测力计对木块的拉力大小等于木块受到的滑动摩擦力大小，由图乙可知，当测力计示数为0.8N，即滑动摩擦力大小为0.8N时，此时木块对地面压力F等于2N。
（2）由图乙可知，摩擦力和压力的图像为一条倾斜的直线，数据代入可得；
（3）把一个重13N的物体放在M木块上，接触面的粗糙程度不变，所以摩擦系数不变，为0.4，此时木块对地面压力FM=13N+2N=15N；M木块受到地面的滑动摩擦力fM=15N×0.4=6N。
（4）因为匀速直线拉物体时，拉力6N超出弹簧测力计的测量范围，所以图甲测力计不能验证小明的猜想。
（5）判断哪个木块表面更粗糙，变量为接触面的粗糙程度，小明补充的实验步骤改变了压力，不能实现实验目的。正确的实验步骤是把M放在P上方，用测力计水平拉P做匀速直线运动，读出测力计示数F1。P放在M上方，用测力计水平拉M做匀速直线运动，读出测力计示数F2.
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力。
2、根据本实验数据可知，在接触面不变下，物体对桌面的压力和摩擦力的比值为定值，接触面的粗糙程度为摩擦系数。
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
（1）木块做匀速直线运动时，木块受力平衡，根据二力平衡条件可知，测力计对木块的拉力大小等于木块受到的滑动摩擦力大小，所以测力计示数等于滑动摩擦力的大小，由图乙可知，当测力计示数为0.8N，即滑动摩擦力大小为0.8N时，此时木块对地面压力F等于2N。
（2）由图乙可知，此图像为一条倾斜的直线，将图乙中的数据代入可得
（3）[1]把一个重13N的物体放在M木块上，在相同的地面上拉动M木块，接触面的粗糙程度不变，此时木块对地面压力FM=13N+2N=15N
M木块受到地面的滑动摩擦力fM=15N×0.4=6N
（4）[2][3]用图甲测力计不能验证小明的猜想，因为匀速直线拉物体时，拉力6N超出弹簧测力计的测量范围。
1 / 1广东省广州市海珠区2025年中考一模物理试题
1．（2025·海珠模拟）如图所示，我国古代把女子一菲长称作“咫”。一咫的长度约（ ）
A．2m B．2dm C．5cm D．5mm
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】大拇指和中指张开的长度为20cm=2dm，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．（2025·海珠模拟）无人机收到遥控器发出的845MHz的电磁波信号后，开始竖直上升，此过程的“s-t”关系如图甲所示。无人机所拍视频用的电磁波信号传输回地面。结合图乙，以下正确的是（ ）
A．遥控器发射电磁波的频率大于传输视频电磁波的频率
B．两种电磁波都是无线电波
C．两种电磁波在真空中的传播速度不相等
D．在阶段，无人机所受的合力不为零
【答案】B
【知识点】力的合成与应用；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．遥控器发射电磁波的频率为845MHz，换算单位之后为，小于，故A错误；
B． 遥控器发出的845MHz的电磁波 ， 遥控器发出的845MHz的电磁波 ，两种电磁波都小于，都是无线电波，故B正确；
C．电磁波在真空中的传播速度与光的传播速度相同，故C错误；
D．在阶段，物体做匀速直线运动，物体受到了平衡力，所受的合力为零，故D错误。
故选B。
【分析】激光是电磁波，在真空中的传播速度是3×108m/s；波长、波速、频率之间的关系为c=λf，无线电波的频率越高，波长越短。
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
3．（2025·海珠模拟）在无其它声音干扰的操场中，扬声器持续发出一个音调、响度不变的声音，用分贝仪测出各处声音强弱的等级，分贝仪与扬声器距离用s表示，它们的关系如图所示。在声音传播过程中（ ）
A．扬声器发声体的振幅减小
B．扬声器发声体每秒振动的次数减少
C．s越远，声音的频率越小
D．s越远，测得声音强弱的等级越小
【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】AB． 扬声器持续发出一个音调、响度不变的声音 ，所以发声体的振动频率和振动幅度不变，故AB不符合题意；
CD．声音在传播过程中，声音的频率与距离无关；响度与距离有关，距离发声体越远，响度越小，故C不符合题意，故D符合题意。
故选D。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．（2025·海珠模拟）向前直线行驶的车内，小明连拍两张照片如图甲、乙所示。拍照过程中车可能（ ）
A．向西减速 B．向东减速 C．向西加速 D．向东加速
【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A．由图可知，以广州塔为参照物，车是向西行驶的，当车突然减速时，广州塔的位置相对于吊环应向右移动，故A不符合题意；
B．以广州塔为参照物，若车是向东行驶的，当车突然减速时，由于惯性吊环应向右倾，广州塔相对于吊环的位置向左移动，故B符合题意；
C．以广州塔为参照物，若车是向西行驶的，当车突然加速时，由于惯性吊环应向右倾，广州塔的位置相对于吊环应向右移动，故C不符合题意；
D．以广州塔为参照物，若车是向东行驶的，当车突然加速时，由于惯性，吊环应向左倾，广州塔的位置相对于吊环向左移动，故D不符合题意。
故选B。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
5．（2025·海珠模拟）如图所示，在磁场中的矩形铜线框处于静止状态。闭合开关后，AB段导体受到向上的磁场力，则（ ）
A．电路中M处的电流大于Q处的电流
B．CD段导体受到磁场力的方向向下
C．矩形铜线框一定发生转动
D．若只将电源正负极对调，CD段受到磁场力的方向一定向下
【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A．电路中M与Q都并联在干路中，电流相等，故A错误；
B．闭合开关后，AB段导体电流方向是A到B，受到向上的磁场力。CD段导体中电流方向是C到D，电流方向相同，所以CD段导体受到磁场力的方向也向上，故B错误；
C．据B分析可知，AB段和CD段受到的磁场力方向相同，所以线框一定不发生转动，故C错误；
D．只将电源正负极对调，电流方向发生变化，所以CD段受到磁场力的方向一定向下，故D正确。
故选D。
【分析】通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，受力的方向和通电导线的电流方向有关，和磁场的方向有关。
电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
6．（2025·海珠模拟）C是球形水滴的球心，入射球形水滴的光线与C点所在的一个圆在同一平面上，它进入并穿过水滴的传播径迹可能是（ ）
A．① B．② C．③ D．④
【答案】B
【知识点】光的折射规律
【解析】【解答】根据光的折射规律可知，光从空气中斜射入球形水滴时，折射角小于入射角。然后在球形水滴中传播方向不变。光从球形水滴垂直射入空气中时，折射角大于入射角。故它进入并穿过水滴的传播径迹可能是②。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
7．（2025·海珠模拟）图甲所示的家庭电路，空气开关额定最大电流为20A，人若不小心接触火线，经人体流入大地的电流超过30mA时漏电保护器会自动断开，起保护作用。某人电阻为1100Ω，他徒手赤脚去检修电路。下列说法正确的是（ ）
A．若发生图乙的情况，漏电保护器一定自动断开
B．若发生图丙的情况，漏电保护器一定自动断开
C．若发生图丙的情况，空气开关一定自动断开
D．在N处加装开关控制用电器，符合安全用电原则
【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A．图乙中，人站在地上，单手接触火线，电流经过人体流入大地，电流超过30mA时，漏电保护器会自动断开，故A正确；
B．图丙中，人单手接触火线，另一只手接触零线，没有电流经过人体流入大地，漏电保护器不会自动断开，故B错误；
C．图丙中，人站在干燥椅子上，单手接触火线，另一只手接触零线，人和用电器并联，若此时电路总电流不超过空气开关额定最大电流20A，空气开关不会自动断开，故C错误；
D．在M处（零线）加装开关控制用电器，符合安全用电原则，故D错误。
故选A。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线。右孔接火线。
漏电保护器可以安装在用电器两端或者干路上，保护电路；
空气开关只能安装在干路上，电路电流过大时，空气开关断开，保护电路。
8．（2025·海珠模拟）小艳自制的简易气压计，如图所示。右管的上方混有少量空气，被汞柱密封。不考虑气温变化、管壁对汞柱的阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．此时大气压强相当25cm高的汞柱产生的压强
B．此时大气压强等于管内甲处的气压
C．当乙处有水平方向的气流吹过，汞柱会下降
D．此装置从白云山脚到山顶，汞柱会上升
【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】AB．当玻璃管中混入少量空气时，少量空气存在气压，空气的压强与水银柱压强之和等于外界大气压；即管内的气压与25cm高的汞柱产生的压强之和等于外界大气压，故AB错误；
C．当乙处有水平方向的气流吹过，压强变小，汞柱会下降，故C正确；
D．此装置从白云山脚到山顶，海拔升高，外界大气压强减小，汞柱会下降，故D错误。
故选C。
【分析】1、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
3、试管内部存在空气，空气也会存在气压。
9．（2025·海珠模拟）路灯利用电磁继电器控制，原理如图所示。此电路实现了，白天，光敏电阻受到光照时，太阳能电池板给蓄电池充电；晚上，蓄电池给电灯供电照明。电源电压恒定，电磁铁线圈的电阻忽略不计，以下判断正确的是（ ）
A．太阳能是不可再生能源
B．白天，太阳能电池板把太阳能转化为化学能
C．受光照时，的阻值变小
D．晚上，电磁铁的磁性较强
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电路的动态分析；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．太阳能是可再生能源，可以在自然界里源源不断地得到，故A错误；
B．白天蓄电池将太阳能转化为电能，电能再转化为化学能储存，故B错误；
C．白天，光敏电阻受到光照时，此时衔铁在下部，由此可知，白天电磁铁的磁性较强，即控制电路中的电流较大，R光敏的阻值变小，故C正确；
D．晚上，光照减小，光敏电阻的阻值增大，电磁铁的磁性随着电流的减弱而减弱，故D错误。
故选C。
【分析】可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
10．（2025·海珠模拟）图甲所示的电路中，电源电压恒为6V，灯泡L标有“6V 3W”，超导部件与流过它的电流I的关系如图乙所示。电路通电10s。以下判断错误的是（ ）
A．L的实际功率为3W B．产生的电热为0J
C．若被短接，L会变亮 D．若灯被短接，电源不会被短路
【答案】C
【知识点】电路的三种状态；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】灯泡L和超导部件首位依次相连，属于串联，电流表测电路电流。电源电压恒为6V，等于灯泡的额定电压，根据电功率公式计算可知灯泡的额定电流为，即电路中最大电流为0.5A，由乙图可知，超导部件阻值为零。
A．电源电压恒为6V，超导部件阻值为零，灯泡L实际功率等于额定功率，为3W，故A正确，不符合题意；
B．超导部件阻值为零，根据焦耳定律计算产生的电热为0J，故B正确，不符合题意；
C．超导部件阻值为零，被短接，对L不会影响，L亮度不变，故C错误，符合题意；
D．超导部件阻值为零，若灯被短接，电路中电阻为0，电流会大于0.6A，超导部件阻值会变为，电源不会被短路，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
4、超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体。超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
11．（2025·海珠模拟）甲、乙电动机用相同时间，把相同物体匀速提升2m，甲电动机做的有用功和额外功如图所示。乙电动机做的总功为3750J。
（1）物体重 N，甲电动机做的总功为 J；
（2）乙电动机做的额外功为 J；
（3）甲电动机的效率 乙电动机的效率。（选填“小于”“等于”或“大于”）
【答案】（1）1500；4000
（2）750
（3）小于
【知识点】机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）甲电动机做的有用功为3000J，根据有用功公式可知，物体重。
[2]根据效率公式可知，甲电动机做的总功为。
（2）乙电动机做的总功为3750J，乙电动机做的额外功为总功和有用功的差值，即。
（3）分析可知甲机械效率为75%，，所以甲电动机的效率小于乙电动机的效率。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率。
（1）[1]由图像可知，甲电动机做的有用功为3000J，根据可知，物体重。
[2]根据，可知，甲电动机做的总功为。
（2）乙电动机做的总功为3750J，乙电动机做的额外功。
（3）由于，而，所以甲电动机的效率小于乙电动机的效率。
12．（2025·海珠模拟）将一杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所示。已知
（1）上述过程发生的物态变化是 ；
（2） 图杯中物质的分子无规则运动最剧烈；
（3）杯中物质从乙到丙吸热为，从丙到丁吸热为，则： （选填“<”“=”或“>”）；
（4）从丙到丁，水增加的内能为 J；
（5）从甲到丁的过程，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，这说明能量在转移过程中具有 性。
【答案】（1）熔化
（2）丁
（3）>
（4）8400
（5）方向
【知识点】熔化与熔化吸热特点；比热容；能量的转化或转移；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）将一杯冰粒放在恒温环境下，固态的冰变成液态的水，是熔化现象。
（2）温度越高，分子运动越剧烈，丁图杯中水的温度最高，所以分子无规则运动最剧烈。
（3）杯中物质从乙到丙，吸热为，从丙到丁吸热为，由于质量相同的水，升高相同的温度吸收的热量相同，则>。
（4）根据热量的计算公式可知从丙到丁，水增加的内能为。
（5）从甲到丁的过程，存在温度差，通过热传递传递热量，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，说明能量在转移过程中具有方向性。
【分析】1、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
2、热量的计算：公式为；
3、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源产生的能量不能充分利用，以其它能量的形式损失掉。能量在转化中具有方向性；能重复利用或循环获得的能量是可再生的，否则是不可再生的。
（1）将一杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所示，固态的冰变成液态的水，是熔化现象。
（2）温度越高，分子运动越剧烈，丁图杯中水的温度最高，物质的分子无规则运动最剧烈。
（3）杯中物质从乙到丙，经历了冰的熔化过程和水的升温10℃-0℃=10℃过程，吸热为，从丙到丁经历了水的升温20℃-10℃=10℃过程，吸热为，由于质量相同的水，升高相同的温度吸收的热量相同，则>。
（4）从丙到丁，水增加的内能为。
（5）从甲到丁的过程，热量自发地从温度较高的空气传递到温度较低的杯中物质，但不能自发地从低温物体转移到高温物体，这说明能量在转移过程中具有方向性。
13．（2025·海珠模拟）如图甲所示，溢水杯装有4℃的水，此时水刚好不流出。已知水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图乙所示。不考虑水的物态变化和溢水杯的热胀冷缩。（g取）
（1）杯中水温上升到15℃的过程中，杯底受到水的压强如何变化？答： 。
（2）当水温为15℃时，在水中放入体积为的物体，物体在水中悬浮。（不考虑物体热胀冷缩）
①物体所受浮力 N；
②若水温降至0℃，物体静止时会 （选填“沉底”“悬浮”或“漂浮”），物体所受浮力 （选填“<”“=”或“>”）。
【答案】（1）变小
（2）9.992；漂浮；=
【知识点】液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当水温上升到15℃的过程中，水的密度减小，质量不变，体积变大，所以水会溢出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知水对杯底的压强减小。
（2）物体受到的浮力F浮15℃=ρ液gV排=0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=9.992N
水温降低到0℃，密度增加，根据浮力公式计算可知所以浮力大于物体重力，导致物体漂浮，最终使得重力等于浮力。悬浮和漂浮时的浮力均等于重力，物体的重力不变，所以两种情况下的浮力相等。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
（1）溢水杯中装满水，当水温上升到15℃的过程中，根据图像知，密度减小，体积变大，故溢出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知水对杯底的压强减小。
（2）[1]根据浮力公式计算物体受到的浮力F浮15℃=ρ液gV排=0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=9.992N
[2]水温降低到0℃，密度增加，所以浮力变大，大于物体重力，导致物体漂浮，此时重力等于浮力。
[3]物体的重力不变，悬浮和漂浮时的浮力均等于重力，所以两种情况下的浮力相等。
14．（2025·海珠模拟）如图，MN是一个发光物体，在凸透镜右侧移动光屏，能观察到一个等大的实像，O是凸透镜的光心，光线a平行于主光轴。
（1）该透镜的焦距为 cm；
（2）画出：①M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像；
②光线b经过凸透镜的折射光线；
③MN在平面镜中的像；
（3）将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到放大的实像。新凸透镜焦距f的取值范围是 。
【答案】（1）10.0
（2）
（3）
【知识点】主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）由图可知，光线a平行于主光轴，经凸透镜，光线会经过焦点，光心O到这一点的距离为焦距，则该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm。
（2）过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，光线经光心后的光线与光线c交于点M'，当u=2f时，成等大、倒立的实像，由此画出光线b经过凸透镜折射后的光线；根据平面镜成像关于平面镜对称的特点，作出端点M、N关于平面镜的对称点M'、N'，用虚线连接M'、N'即为物体MN的像，如图所示：
（3）原凸透镜的焦距为10.0cm，将另一凸透镜替换图中凸透镜，在新透镜右侧能观察到放大的实像，所以f<2f，新凸透镜焦距f的取值范围是10.0cm<20.0cm。
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）由图可知，光线a平行于主光轴，经凸透镜折射后与主光轴的交点即为焦点，光心O到这一点的距离为焦距，则该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm
（2）过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此画出光线经光心后的光线与光线c交于点M'，即为M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像M'；由凸透镜成像特点知，当u=2f时，成等大、倒立的实像，所以发光N点发出的光线b经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，由此画出光线b经过凸透镜折射后的光线；根据平面镜成像的特点，先作出端点M、N关于平面镜的对称点M'、N'，用虚线连接M'、N'即为物体MN的像，如图所示：
（3）由于原凸透镜的焦距为10.0cm，所以将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到放大的实像，即此时物距在一倍焦距与二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，则f15．（2025·海珠模拟）如图甲所示，用竖直向下的力压脚踏式翻盖垃圾桶，使其保持静止。此时垃圾桶可简化为图乙的组合杠杆。水平静止的AB是以（图中未画出）为支点的杠杆（AB质量忽略不计，每格的长度相同）。是以为支点的杠杆，它的重心在O点。直杆对C处的力为F．已知为7.5N，直杆对B处竖直向下的阻力为15N．
（1）画出：所受的重力G及其力臂l．
（2）所受的重力G F（选填“<”“=”或“>”）。
（3）支点为图乙中的 点。
【答案】（1）
（2）<
（3）M
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）重力的方向竖直向下，作用点在重心，即为阻力，力臂垂直于力的作用线，力臂为支点到力的作用线的垂直距离，如图所示：
（2）杠杆O2CD，支点是O2，动力作用在C点，此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，所以G（3）根据杠杆平衡条件可知，F1O1A=F2O1B，代入数据计算，则支点O1为M点。
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂天平的调平：
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
（1）重力的方向竖直向下，作用点在重心，力臂为支点到力的作用线的垂直距离，如图所示：
（2）对于杠杆O2CD，支点是O2，动力作用在C点，阻力作用在盖子的重心O点，则动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，所以G（3）根据杠杆平衡条件可知，F1O1A=F2O1B，则 ，由图可知，，则支点O1为M点。
16．（2025·海珠模拟）图甲是模拟地磅简化电路图，电源电压恒为3V，R2是定值电阻。力敏电阻R1上方紧密连接一质量不计的水平绝缘板，检测时将货车模型静置其上，R1的阻值随所受压力F变化关系如图乙所示。（g取10N/kg）
（1）图甲电路中，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，电压表示数越 。
（2）计算：把电压表改接到定值电阻R2两端（如图丙所示），将电压表2V刻度线设为货车模型总质量最大值2kg的刻度线，超过此刻度线代表货车超载。
①当模型总质量为2kg时，R1的阻值。
②R2的阻值。
【答案】（1）小
（2）；
【知识点】重力及其大小的计算；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由甲图可知，力敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测力敏电阻R1两端的电压。物体放置在水面上，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，R1的阻值越小，电路中的总电阻越小，根据串联分压可知，R1分得的电压越小，即电压表示数越小。
（2）把电压表改接到定值电阻R2两端时，电压表测R2两端的电压。当模型总质量为2kg时，对水平地面的压力等于重力，即，力敏电阻R1的阻值。
货车模型总质量最大值2kg时，电压表示数为2V，根据串联电路电压规律计算可知电阻R1两端的电压为U1=U-U2=3V-2V=1V，根据串联分压可得，R2=1000Ω。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）由甲图可知，力敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测力敏电阻R1两端的电压。物体放置在水面上，压力等于重力，根据F=G=mg可知，静置在水平绝缘板上的货车模型总质量越大，R1所受压力F越大，由乙图可知，R1的阻值越小，电路中的总电阻越小，根据串联正比分压可知，R1分得的电压越小，即电压表示数越小。
（2）把电压表改接到定值电阻R2两端时，R1、R2仍串联，电压表测R2两端的电压。
[1]当模型总质量为2kg时，对水平地面的压力为
由图乙得，力敏电阻R1的阻值。
[2]当货车模型总质量最大值2kg时，电压表示数为2V，即R2两端的电压为2V，电阻R1两端的电压为U1=U-U2=3V-2V=1V
根据串联正比分压可得
解得R2=1000Ω。
17．（2025·海珠模拟）如图甲所示，在水平地面上有一重的物体，受到绳子竖直向上的拉力，此时地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为p。电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升60s后，功率逐步减小，70s时功率为0W。此过程物体的“v-t”关系如图乙所示。忽略空气阻力。
（1）计算：压强p。
（2）计算：前60s，拉力对物体做的功。
（3）第60s时物体的机械能为；第70s时物体的机械能为。则 （选填“<”“=”或“>”），判断依据 。
（4）0~10s，钢索对物体的拉力 （选填“变小”“不变”或“变大”），判断依据 。
【答案】（1）解：地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为。
（2）解：电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升持续的时间为60s，在这60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J
（3）<；拉力对物体做功的过程中，电能转化为物体的机械能
（4）变小；根据，0~10s内P不变，v增大，所以F变小
【知识点】功率计算公式的应用；机械能及其转化；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，根据压强公式计算对地面压强为；
（2）电动机钢索的拉力以恒定功率30kW工作60s，根据W=Pt计算60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J。
（3）从60s到70s的过程中，电动机将电能转化为机械能，所以机械能增加，第60s时物体的机械能为E1小于第70s时物体的机械能E2，即E1（4）由乙图可知，0~10s内，电动机功率恒定，物体的速度变大，根据可知，钢索对物体的拉力变小。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
功率的计算：公式为W=Pt；P=Fv。
（1）地面受到物体的压力为，受力面积为2m2，它对地面压强为
（2）电动机钢索的拉力以恒定功率30kW将物体从静止开始竖直向上提升持续的时间为60s，在这60s的时间内拉力对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J
（3）[1][2]从60s到70s的过程中，电动机钢索的拉力对物体做功，将电能转化为机械能，所以第60s时物体的机械能为E1小于第70s时物体的机械能E2，即E1（4）[1][2]由乙图可知，0~10s内，物体的速度变大，电动机功率恒定，根据可知，钢索对物体的拉力变小。
18．（2025·海珠模拟）小明利用M木块和一些钩码来探究“滑动摩擦力f与压力F”的大小关系。利用弹簧测力计，在水平地面进行实验，通过正确操作得到图乙的数据图像。
（1）实验过程中，测力计水平拉动M木块做匀速直线运动，测力计示数为0.8N，如图甲所示。此时木块对地面压力 ；
（2）分析图乙数据，得到实验结论常量（设为μ），则比值 ；
（3）如图丙所示，把一个重13N的物体放在M木块上，在相同的地面上拉动M木块，小明通过上述结论合理猜想：
M木块受到地面的滑动摩擦力为 N；
用图甲测力计能否验证小明的猜想？答： ，判断依据 ；
（4）如图丁所示的P木块，材料与M木块相同，但质量、表面粗糙程度与M均不同，请仅利用弹簧测力计，判断哪个木块表面更粗糙。
小明补充的实验步骤如下：
在相同的地面，用测力计水平拉动P木块做匀速直线运动，测得摩擦力为；
结合图甲实验，小明补充的实验步骤能否实现实验目的？
答： ；
若能，请在方框内写出实验结论；若不能，请写出正确的实验步骤（可图文结合）。
【答案】（1）2
（2）0.4
（3）6；不能验证小明的猜想；力6N超出弹簧测力计的测量范围
（4）不能；把M放在P上方，用测力计水平拉P做匀速直线运动，读出测力计示数F1。P放在M上方，用测力计水平拉M做匀速直线运动，读出测力计示数F2.
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块做匀速直线运动时，根据二力平衡条件可知，测力计对木块的拉力大小等于木块受到的滑动摩擦力大小，由图乙可知，当测力计示数为0.8N，即滑动摩擦力大小为0.8N时，此时木块对地面压力F等于2N。
（2）由图乙可知，摩擦力和压力的图像为一条倾斜的直线，数据代入可得；
（3）把一个重13N的物体放在M木块上，接触面的粗糙程度不变，所以摩擦系数不变，为0.4，此时木块对地面压力FM=13N+2N=15N；M木块受到地面的滑动摩擦力fM=15N×0.4=6N。
（4）因为匀速直线拉物体时，拉力6N超出弹簧测力计的测量范围，所以图甲测力计不能验证小明的猜想。
（5）判断哪个木块表面更粗糙，变量为接触面的粗糙程度，小明补充的实验步骤改变了压力，不能实现实验目的。正确的实验步骤是把M放在P上方，用测力计水平拉P做匀速直线运动，读出测力计示数F1。P放在M上方，用测力计水平拉M做匀速直线运动，读出测力计示数F2.
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力。
2、根据本实验数据可知，在接触面不变下，物体对桌面的压力和摩擦力的比值为定值，接触面的粗糙程度为摩擦系数。
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
（1）木块做匀速直线运动时，木块受力平衡，根据二力平衡条件可知，测力计对木块的拉力大小等于木块受到的滑动摩擦力大小，所以测力计示数等于滑动摩擦力的大小，由图乙可知，当测力计示数为0.8N，即滑动摩擦力大小为0.8N时，此时木块对地面压力F等于2N。
（2）由图乙可知，此图像为一条倾斜的直线，将图乙中的数据代入可得
（3）[1]把一个重13N的物体放在M木块上，在相同的地面上拉动M木块，接触面的粗糙程度不变，此时木块对地面压力FM=13N+2N=15N
M木块受到地面的滑动摩擦力fM=15N×0.4=6N
（4）[2][3]用图甲测力计不能验证小明的猜想，因为匀速直线拉物体时，拉力6N超出弹簧测力计的测量范围。
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