四川省成都市棠湖外国语学校2025届中考模拟考试物理模拟二
一、单项选择题（每小题2分，共26分）
1．（2025·成都模拟）电动汽车大大方便了公众的绿色出行。电动汽车的动力装置是电动机，下列所示的四个实验中与电动机工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
2．（2025·成都模拟）北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星定位与通信系统（CNSS），是继美全球定位系统（GPS）和俄GLONASS之后第三个成熟的卫星导航系统。目前北斗卫星导航系统已应用于测绘、电信、减灾救灾等诸多领域，该系统传递信息主要依靠（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．光波
3．（2025·成都模拟）春节期间，小明和妈妈一起为家人准备年夜饭，既向父母表达了养育之恩，也让小明由烹调知识联想到了物理知识，其中认识正确的是（ ）
A．汤的香气扑鼻，说明分子在不停地做无规则运动
B．炒菜主要是通过做功的方式使菜的内能增加
C．凉拌食物与配料要搅拌才更容易入味，说明分子没有做无规则运动
D．煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容较大
4．（2025·成都模拟）成都一家甜品店新推出了的一款甜品，为了营造氛围感他们在盛水的碗里加了干冰，我们就能看到碗周围冒着大量“白气”。下列说法正确的是（ ）
A．甜品周围的“白气”就是水蒸气
B．甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气液化所形成的
C．甜品周围的“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体
D．此“白气”和霜的形成原理相同
5．（2025·成都模拟）在中考体能测试中，某同学跳远运动的几个阶段如图所示，则该同学（ ）
A．助跑阶段速度增加，但机械能不变
B．从最高点向下落的过程中，重力势能转化为动能
C．经过最高点时动能为0
D．起跳到最高点的过程中，动能增加
6．（2025·成都模拟）如图是中国古代的“记里鼓车”用于计算车辆道路里程，车行一里，木人击鼓，行十里，击镯（古代的乐器）。下列说法中错误的是（ ）
A．鼓面由于振动发声
B．人听到鼓和镯声是由空气传播的
C．人确定车行路程利用了声音传递信息
D．人区别鼓声和镯声是根据声音的响度不同
7．（2025·成都模拟）关于手机充电器，下列数据最符合实际的是（ ）
A．充电器USB接口的输出电压为5V
B．充电器的塑料外壳常温下是导体
C．充电器正常工作时电流约为20A
D．充电器正常工作的电压是110V
8．（2025·成都模拟）为了增强体质，同学们积极到户外参加体育活动。下列说法正确的是（ ）
A．静止在水平地面上的足球只受到重力的作用
B．发排球时手对球施加了力，球对手没有力的作用
C．投掷出去在空中飞行的实心球仍受到推力的作用
D．篮球撞到篮板后反弹回来，说明力可以改变物体的运动状态
9．（2025·成都模拟）很多动物为了适应生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位，对此，下列解释中不正确的是 （ ）
A．深水里的海鱼捕到岸上时会死掉，主要原因是水面上的压强比深水处小得多
B．啄木鸟的嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树干，捉到虫子
C．壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，从而利用大气压使其在天花板上也不会掉下来
D．骆驼的脚很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中自如行走
10．（2025·成都模拟）下列关于原子、能源和能量，说法错误的是（ ）
A．电子、原子核、质子是按物体尺度由小到大的顺序排列的
B．化石能源是不可再生能源
C．能量在转化过程中一定遵守能量守恒定律
D．在热传递过程中，热量能自发地从高温物体转移到低温物体
11．（2025·成都模拟）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指能跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
12．（2025·成都模拟）如图，热衷于实验探究的小曾在家里将一个浮在水面上的不锈钢碗用力向下按压，直到碗全部浸没并沉入盆底。在这个过程中，下列说法正确的是（ ）
A．碗底受到的液体压强一直不变
B．碗自由浮在水面时，受到三个力的作用
C．浮力先增大后减小，最后不变
D．碗沉在盆底时，浮力大于重力
13．（2025·成都模拟）小谢在做实验时连成了如图所示的电路，闭合开关并观察灯泡亮暗情况后，再闭合开关，小谢看到的现象是（ ）
A．两只灯泡一直都不亮
B．两只灯泡一直亮
C．两只灯泡开始都亮，后来不亮
D．两只灯泡开始都亮，后来不亮
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（2025·成都模拟）小明同学看书时眼睛离书本的距离越来越近，远处的物体越来越看不清了，这是因为远处物体成像在他视网膜的 方，需要佩戴一个凹透镜来矫正视力，因为凹透镜对光线具有 作用。
15．（2025·成都模拟）小刚选择如图甲所示的装置来探究“海波的熔化规律”，将温度计正确插入海波中，观察温度计示数如图乙所示，此时温度计的示数是 ℃；图丙是小刚绘制的海波熔化图象，由图可知海波熔化时吸收热量，温度 。
16．（2025·成都模拟）如图所示，小明用力握住水杯静止不动，此时水杯受到的重力与手对杯子的摩擦力是一对 。杯子表面的花纹是为了 摩擦力。
17．（2025·成都模拟）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课由神舟十三号载人飞船宇航员王亚平主讲，如图7所示，其中王老师将冰墩墩水平抛出后，冰墩墩在无重力的环境下开始做 运动，冰墩墩离开宇航员的手后能继续前进是因为冰墩墩具有 。
18．（2025·成都模拟）小华在家自制了一个通电螺线管如图所示。当他把这个螺线管通电并悬挂起来，发现螺线管的右端总是指向地理的 极；增加一节电池后，螺线管的磁场会 。
19．（2025·成都模拟）小明用如图所示的电路图来测量电阻R的大小，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电压表示数 ，他移动滑片多次测量求R的平均值是为了 。
20．（2025·成都模拟）如图所示是一款有低温档和高温档的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为，加热电阻，只闭合开关 时，挂烫机处于 档。挂烫机高温档工作产生的热量为 J。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．（2025·成都模拟）
（1）成语“凿壁偷光”，是指西汉匡衡凿穿墙壁引邻家之烛光读书一事（如图甲所示）。其原理可简化成如图乙所示的模型：S为邻家烛焰，ABCD是匡衡在厚墙壁上凿穿的方形孔洞，请作出邻家烛焰S在匡衡家照亮的范围（用阴影线表示），完成相应光路图。
（2）如图所示是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图，将自拍杆看作一个轻质杠杆，O点是支点。请在图中画出：
施加在A点最小的动力F1； 力F2的力臂L2。
22．（2025·成都模拟）成渝高铁客运专线全长约308km，如图13是成渝高铁客运专线地施工时的现场，一架质量为9×103kg的箱梁正在吊装施工，该箱梁在10s内仅匀速下降了0.2m，箱梁安放好后梁体与桥墩间的接触面积约为3m2，求：(g取10N/kg)。求：
（1）这段箱梁对桥墩的压强是多少
（2）在这10s内箱梁重力做的功是多少
23．（2025·成都模拟）如图所示，电源电压为6V，小灯泡标有“4V 1.6W”字样，定值电阻R=20Ω，滑动变阻器上标R0有“20Ω 1A”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）小灯泡正常工作时的电阻；
（2）当开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片处于中间时，R消耗的功率为多大；
（3）若电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~3V，当开关S、S2闭合，S1断开时，在确保电路元件安全的情况下，移动滑动变阻器R0的过程中，求整个电路总功率的变化范围。
四、实验与探究题（共14分）
24．（2025·成都模拟）在做探究并联电路电流规律的实验，小美设计的实验电路图如图甲所示。
（1） 闭合开关后，电流表的指针在图乙的位置，是因为 。
（2）小美将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流数据并记录在表格中，便立即得出了并联电路的电流规律。请你指出她实验应改进的方法 ；
（3）小美又连接了如图丙所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数 。
25．（2025·成都模拟）如图在“探究液体压强特点”的实验中（U形管所装液体是红色的水）：
（1）实验中是通过观察 来反映液体压强的大小。
（2）仪器调试好后进行实验，得到乙、丙、丁图的结果，由图可知，在同一深度，液体内部向各个方向的压强 。
（3）比较 两图，说明同一深度，液体压强还与液体密度有关。
（4）如果你和小明同学在同一个实验小组，当小明拿着压强计进行测量的时候，你应该 。
五、选择题(每小题2分，共10分．有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)
26．（2025·成都模拟） 下列说法中正确的是( )
A．教室里使用的电能是二次能源
B．煤、石油、天然气、太阳能、核能均为不可再生能源
C．能量的转化和转移是有方向性的，能量在转化或转移的过程中，总量会减少
D．目前核电站是通过聚变反应获得核能，核反应堆中发生的链式反应是可控的
27．（2025·成都模拟）如图是摄影师拍摄的成都东湖公园的美景。下列分析正确的是（ ）
A．摄像镜头离建筑物的距离越远，镜头中的图像反而越大
B．图片上的水面“反光”，是因为水本身就是光源
C．水中的倒影是光的反射所成的实像
D．人们能从不同的方向看到建筑，是因为光在建筑上发生了漫反射
28．（2025·成都模拟）为了探究某物质在固态和液态时的吸热升温情况，小明同学用酒精灯(火焰大小保持不变，加热效率不变)均匀加热0.4kg该种固体，根据实验数据绘制出的图线如图18所示，经测量BC阶段消耗热值为3.0×107J/kg的酒精10g(假设酒精完全燃烧)。已知该物质液态时的比热容为3×103J/(kg·℃)。下列说法正确的是（ ）
A．该物质在B点时的内能等于在A点时的内能
B．该物质在AB段共吸收了4.8×105J的热量
C．该物质在固态时的比热容为1.2×103J/(kg·℃)
D．在BC阶段的加热效率为20%
29．（2025·成都模拟）如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮均重20N，滑轮组下端挂有一个物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，此时测力计的示数为100N，滑轮组的机械效率为η。在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时B上升的速度为3cm/s。滑轮与轴的摩擦、绳的质量等次要因素都忽略不计，g取10N/kg。则下列说法正确的是（ ）
A．物体A所受的滑动摩擦力为40N B．拉力F的大小为80N
C．拉力F做功的功率为7.65W D．滑轮组的机械效率η为60%
30．（2025·成都模拟）如图所示的电路，已知电源电压不变，灯泡L标有“3V 0.3A”字样，其阻值会随温度变化。将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为P2；闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，已知P1︰P2=1︰9。下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为6V
B．滑动变阻器的最大阻值为38Ω
C．电功率P2的大小为0.15W
D．当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为1︰45
六、综合题(6题4分，7题6分，共10分)
31．（2025·成都模拟）“无接触”式的生活方式悄然走进我们的生活。图21左为某款无接触式的热风干手器，当手伸入舱内时，即可吹出温度为35~45℃的热风。其电路由控制电路和工作电路两部分构成，可简化为图中所示，其中控制电路中的R为光敏电阻。已知该款干手器工作电路中的加热电阻丝阻值为88Ω。
（1）当手伸入舱内时，光敏电阻R的阻值要 ，衔铁才能被吸下，工作电路开始工作；当干手器工作时，发热功率为 W。
（2）下列操作能够提高热风温度的是____（选填相应选项的字母）；
A．在加热电阻丝左端串联一个同规格的加热电阻丝
B．在加热电阻丝两端并联一个同规格的加热电阻丝
C．换用电功率更大的电动机
（3）利用如图所示的家庭电路电能表，不使用其它用电器情况下，想要测出电动机的功率，还需要什么器材 。
32．（2025·成都模拟）如图所示，一个质量为300g薄壁长方体容器放在水平硬板CD上，容器底面长15cm，宽10cm，容器高度为20cm，装有10cm深的水。一根原长为10cm的轻质的细弹簧AB吊着长方体木块静止，木块下表面刚好与水面接触。弹簧上端A连接着固定不动的支架，下端B连接在木块上表面的中心处，弹簧每拉长或者压缩1cm 需要0.5N，木块的重力为2.5N，底面长5cm，宽5cm，高度为20cm。现将水平硬板CD缓慢向上移动，木块始终保持竖直方向，弹簧均在弹性限度内，木块不吸水，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，常数g取10N/kg 。求：
（1）木块的密度；
（2）当木块下表面刚接触容器底部时，水对容器底部压力；
（3）当硬板向上移动22cm时，容器对硬板的压强值。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】电动机工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；
A．奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，A不符合题意；
B．图中探究电磁铁磁性强弱的影响因素，B不符合题意；
C．电磁感应的实验图，属于发电机的原理，C不符合题意；
D．电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】电动机工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
2．【答案】A
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】无线远距离通信，依靠的介质主要为电磁波，次声波和超声波均不能在真空中传播，光波不能作为传递多种信息的介质，故A正确，BCD错误。
综上选A。
【分析】信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息，如手机、北斗导航，RTK等坐标定位。
3．【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A、做饭，闻到香味，属于扩散现象，原理为分子在做无规则运动，故A正确；
B、菜炒熟，是因为菜和铁锅之间存在温度差，通过热传递将菜炒熟，故B错误；
C、 凉拌食物与配料要搅拌才更容易入味，说明分子做无规则运动 ，故C错误；
D、铁等金属的导热性强，常用于煎锅，说明其加热一段时间，温度变化较快，比热容较小，故D错误。
综上选A。
【分析】1、金属的导热性强，说明其比热容较低。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．【答案】B
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】ABC、甜品周围的白气，是通过水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故AC错误，B正确。
D、霜的形成是气体直接凝华为固体，和白气的形成原理不同，故D错误。
综上选B。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
2、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜，雪。
5．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A、 助跑阶段速度增加， 速度增加，高度不变，所以动能变大，重力势能不变，所以机械能变大，故A错误；
B、 从最高点向下落的过程中，高度减小，速度增加，所以重力势能转换为动能。故B正确。
C、经过最高点，人在竖直方向的速度为0，在水平方向存在速度，所以动能不为0，故C错误。
D、 起跳到最高点的过程中，速度逐渐减小，高度逐渐增加，所以动能减小，重力势能增加，故D错误。
综上选B。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
6．【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A、鼓面振动，发出声音，故A正确，不符合题意。
B、 人听到鼓和镯声，传播介质为空气，故B正确，不符合题意。
CD、 车行一里，木人击鼓，行十里，击镯 ，不同的音色代表不同的行进里程，所以利用了声音传递信息，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
7．【答案】A
【知识点】导体与绝缘体；电压和电压的单位换算；电功率的计算
【解析】【解答】A、 充电器的输出电压为5V，故A符合题意。
B、 塑料在常温下属于绝缘体，故B不符合题意。
C、 充电器功率为66W，根据功率公式P=UI计算正常工作时电流约为0.3A，故C不符合题意。
D、 充电器正常工作的电压是220V ，故D不符合题意。
综上选A。
【分析】1、导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体；绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨。
2、功率的计算：公式为P=UI。
3、家庭用电器的额定电压为220V。
8．【答案】D
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、 静止在水平地面上的足球，受到平衡力的作用力，所以不可能只受到重力的作用 ，故A错误。
B、 发排球时手对球施加了力，根据力作用的相互性可知球对手有力的作用，故B错误。
C、 投掷出去在空中飞行的实心球，已经离开施力物体，所以不受推力的作用 ，故C错误。
D、 篮球撞到篮板后受到篮板的作用力运动方向发生改变而反弹回来，所以 力可以改变物体的运动状态 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
9．【答案】D
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、 深水里的海鱼由于进化适应了深海的高压， 到岸上时水面上的压强比深水处小得多 ，所以会死掉，故A正确，不符合题意。
B、 啄木鸟的嘴很尖细 ，在压力一定下，通过减小受力面积而增加压强，B正确，不符合题意。
C、壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，进而可以在墙壁上行走，原理为吸盘内部的空气少，压强小于大气压，在大气压的作用下，使其闭合吸在墙上，故C正确，不符合题意。
D、 骆驼的脚很大，在压力相同的情况下，通过增加受力面积，减小压强，从而使其在沙漠中自如行走，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
3、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
10．【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能；能量守恒；能源及其分类；原子结构
【解析】【解答】A、物体尺度由小到大为核外电子，质子、原子核，故A错误，符合题意。
B、 化石能源不能源源不断的从自然界获取，属于不可再生能源，故B正确，不符合题意。
C、 根据能量守恒定律，能量在转化过程中一定遵守能量守恒定律 ，故C正确，不符合题意。
D、 在热传递过程中，热量能自发地从高温物体转移到低温物体 ，故D正确，不符合题意。
综上选A。
【分析】1、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
3、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
11．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、湿布是导体，擦拭用电器可能发生漏电，危害人体健康，故A不符合题意。
B、 使用试电笔时，手指必须接触笔尾金属体，故B不符合题意。
C、 手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下 ，防止发生漏电等事故，故C符合题意。
D、 将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用 ，金属外壳发生漏电会危害人体健康，故D不符合题意。
故选C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
12．【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【解答】A、 碗全部浸没并沉入盆底，所以碗浸没的深度逐渐增加，压强一直增加，故A错误。
B、碗漂浮在水中，受到平衡力，重力等于浮力，故B错误。
C、碗浸没在盆底过程中，浸没体积逐渐增加，全部浸没之后，浸没体积不变，根据浮力公式分析可知，所以浮力先增加后减小，故C正确。
D、 碗沉在盆底时，重力 等于浮力和支持力的和，所以重力大于浮力，故D错误。
综上选C。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
13．【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电路故障的判断
【解析】【解答】 闭合开关，L1、L2属于串联，电路接通，灯泡L1，L2变亮，在闭合S2后，L1两端直接被导线相连，被短路，所以L1熄灭。D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作。
14．【答案】前；发散
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 远处的物体越来越看不清了， 是由于远处的物体形成的像在视网膜之前，该同学患有近视眼，需要佩戴近视眼金（凹透镜）对光线有发散作用进行矫正。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
15．【答案】41；不变
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】据图可知，温度计分度值为1摄氏度，示数为41℃，由图丙可知，海波熔化时吸收热量，温度保持不变。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、正确使用方法：在测量物体的温度时，首先要估测待测物体的温度，选择合适的温度计，进行测量，测量时温度计的玻璃泡要与被测液体充分接触，且等待一段时间，待示数稳定后读数
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
16．【答案】平衡力；增大
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】杯子静止受到平衡力，所以重力和摩擦力属于平衡力，杯子表面的花纹是在压力一定下，通过增加接触面粗糙程度，增加摩擦力。
【分析】1、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
17．【答案】匀速直线运动；惯性
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】 冰墩墩在无重力的环境下，受力平衡，由于惯性会保持扔出的速度做匀速直线运动。
【分析】牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动。
18．【答案】北；增强
【知识点】地磁场；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，结合异性磁极相互吸引可知，右端指向地磁的S极，为地理的北极，通电螺线管的磁场强度和电流大小有关，电流越大，磁场越强，所以增加一块电池，电流增加，所以磁场增加。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。
19．【答案】变小；减小误差
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】 滑动变阻器的滑片P向右滑动， 接入电路的电阻变大，根据串联分压可知，此时定值电阻两端分压减小，所以电压表示数减小，进行试验，多次重复做实验获取平衡值是为了避免偶然误差，增加试验的可信度。
【分析】试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性
串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
20．【答案】低温；660000J
【知识点】焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】 只闭合开关 时， 电路为R1的简单电路，电路电阻较大，根据电功率公式计算可知，此时电功率较低处于低温档位。高温档位时，两个电阻并联，并联后的电阻为，根据电功公式。
【分析】电功率的计算：公式为，所以电压相同时，电功率和电阻成反比；
电功的计算：公式为W=Pt。
21．【答案】（1）
（2）
【知识点】光的直线传播及其应用；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）凿壁偷光的原理为光的直线传播，蜡烛为点光源，从一点发出的光沿着直线传播，所以上下两束光线沿着方形孔洞传播，形成照亮的范围，据此作图：
（2）根据杠杆平衡可知，动力最小则动力臂最大，动力臂最大为沿着杆的方向，过A做垂直杆方向直线，即为最小动力，阻力为F2，阻力臂和阻力的方向相互垂直，过O做垂直F2的垂线，即为阻力臂。据此作图：
【分析】1、光的直线传播：光在同种均匀介质中传播的现象，如激光射线、影子的形成、日食、小孔成像；
2、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂；力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
22．【答案】（1）解：根据重力公式计算可知 质量为9×103kg的箱梁 的重力G=mg=9×103kg×10N/kg=9×104N，根据压强公式计算 这段箱梁对桥墩的压强。
（2）解： 箱梁 的重力为=9×104N，下降了0.2m ，根据重力做功公式计算可知重力做功W=9×104N×0.2m=1.8×104J。
【知识点】压强的大小及其计算；是否做功的判断
【解析】【分析】（1）静止的箱梁对地面的压力等于重力，结合重力公式G=mg计算箱梁的重力，根据压强公式F=Ps计算 箱梁对桥墩的压强 。
（2）结合重力公式W=Gh计算 箱梁重力做的功。
23．【答案】（1）解：小灯泡标有“4V 1.6W”字样，根据电功率公式计算小灯泡正常工作时的电阻：
（2）解：变阻器和R串联，根据串联电路电阻公式计算电路的总电阻为R总=10Ω+20Ω=30Ω，则电流I=6V/30Ω=0.2A因此R消耗的电功率为P=(0.2A)2×20Ω=0.8W
（3）解：当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电流；因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，所以电路中的最大电流；此时电路中的总功率最大P=6V 0.4A=2.4W；移动滑动变阻器向右，电路中电流变小，电压表示数变大，当电压表示数为3V时，电路中的电流最小。此时电流I=(6V-3V)/10Ω=0.3A，此时电路中的总功率最大P=6V 0.3A=1.8W。所以电路中的总功率变化范围是1.8W——2.4W
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）小灯泡标有“4V 1.6W”字样，根据电功率公式计算小灯泡正常工作时的电阻。
（2） 当开关S、S1闭合，S2断开 ，此时电路变阻器和R串联，结合电阻的串联计算电路总电阻为R总=R+R0，根据欧姆定律U=IR计算电路的电流，根据P=I2R计算R消耗的电功率。
（3）当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器R0首尾依次相连，属于串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电功率公式P=UI计算灯泡正常发光时的电流；因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的最大电流；电路此时有最大总功率最大P=UImax；移动滑动变阻器向右，电路中电流变小，电压表示数变大，当电压表示数为3V时，电路中的电流最小。结合欧姆定律U=IR计算此时电流，此时电路中的总功率最小。
24．【答案】（1）电流表连线时候没有正进负出
（2）换用不同规格的灯泡多次实验
（3）不变
【知识点】电流表的连接；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）闭合开关电流表指针反向偏转，原因为正负接线柱反接。
（2） 测出了一组电流数据并记录在表格中，便立即得出了并联电路的电流规律 ，为了避免偶然因素，实验具有普遍性，需要换用不同规格的灯泡多次实验。
（3）据图可知，开关闭合前A1测量L1电流，闭合后A1仍然测量L1电流，所以A1示数不变。
【分析】1、试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性。
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
25．【答案】（1）U形管中的液面高度差
（2）相同
（3）丁戊
（4）观察现象，记录数据
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）液体压强大小无法明确观察，所以试验中将U型管两端液柱的高度差转换为压强的大小。
（2）乙丙丁的试验变量为金属盒的朝向，液面高度差不变，所以 在同一深度，液体内部向各个方向的压强 相同。
（3）探究 液体压强还与液体密度 关系，变量为液体密度，所以选择比较丁戊。
（4）为了使得试验更具有说服力，需要一个人做实验的同时，另一个人记录试验数据。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变。
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
26．【答案】A
【知识点】能量守恒；能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】A、电能的产生需要消耗其他形式的能量，所以电能是二次能源，故A正确。
B、太阳能可以从自然源源不断的获取，属于可再生能源，故B错误。
C、能量的转化或者转移遵循守恒定律，故C错误。
D、 目前核电站是通过裂变反应获得核能 ，故D错误。
综上选A。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
3、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
4、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
27．【答案】D
【知识点】光的反射定律；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、 摄像镜头离建筑物的距离越远， 根据物近像远像变大可知，镜头的像变大，故A错误。
B、水面“反光现象为光的反射现象，水不是光源，故B错误。
C、 水中的倒影是光的反射所成的虚像，故C错误。
D、 人们能从不同的方向看到建筑，是因为光在建筑上发生了漫反射 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影
2、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
28．【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【解答】A、该物质AB端不断吸热，所以B的内能大于A，故A错误。
B、BC端，液体升高温度为50摄氏度，比热容为 3×103J/(kg·℃) ，质量为0.4kg，根据热量公式Q=cmΔt计算可知吸收热量Q= 3×103J/(kg·℃)×0.4kg×50℃=6×104J，故B错误。
C、BC端加热时间为OA端的两倍，故吸收的热量为3×104J，此时温度升高40℃，根据比热容公式计算该物质的比热容C=，故C错误。
D、BC端吸收热量为6×104J，根据热值公式计算可知酒精完全燃烧释放的热量Q=10×10-3kg× 3.0×107J/kg =3×105J。加热效率，故D错误。
综上选D。
【分析】热量的计算：公式为Q=cmΔt。
物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式为Q=mq。
29．【答案】A,C
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．对图示中滑轮组的定滑轮进行受力分析知，此定滑轮受到测力计向上的拉力及绳子向下的两个拉力、滑轮的重力的作用，处于静止，所以有2F1+G轮=F示
即2F1+20N=100N
解得绳子端的拉力F1=40N
物体A水平方向受到绳子的拉力及摩擦力作用做匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，它们的大小相等，A所受的滑动摩擦力f=F1=40N
A符合题意；
B．不计摩擦及绳的质量等次要因素，滑轮组承重绳子为3根，物体B的重力GB=3F1-G轮=3×40N-20N=100N
给B下加挂15N的物体C后，滑轮组提升物体的总重力GBC=GB+GC=100N+15N=115N
绳子端的拉力
整个过程中，A对桌面压力、接触面的粗糙程度不变，所受的滑动摩擦力也不变。当A受到水平向左拉力，而向左匀速直线运动时，受到的滑动摩擦力方向向右，则有F=F2+f=45N+40N=85N
B不符合题意；
C．B上升的速度为3cm/s时，绳子端移动的速度，即A移动的速度v=3vB=3×3cm/s=9cm/s=0.09m/s
拉力F做功的功率P=Fv=85N×0.09m/s=7.65W
C符合题意；
D．物体B下加挂物体C前，滑轮组的机械效率
D不符合题意。
故答案为：AC。
【分析】由图可知，两段绳子向下拉测力计，测力计的示数等于绳子上拉力的2倍加上一个滑轮重力，由此可得滑轮组上每段绳子的拉力；n=3，不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=（GB+G动），可求出B的重力；因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力的大小。
用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，此时水平向左的拉力F=f+（GB+GC+G动）；拉力端移动速度等于物体升高速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功功率。
匀速提升物体B时，利用计算出滑轮组的机械效率。
30．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，滑动变阻器接入阻值为0，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，根据串联电路电压规律可得①
R1的功率为②
闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电阻R1、R2串联，灯泡L被短路，电压表测量R2两端的电压。电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，根据串联电路电压规律可得③
联立①③可得U=4.5V，R1=5Ω，A不符合题意；
C．将R1=5Ω代入②可得
C不符合题意；
B．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，电压表测R2两端的电压。电压表的示数为3.8V，R1的功率为④
由于，所以④除以②得
解得R2大=38Ω，B符合题意；
D．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，此时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，此时电路中电流最小，最小电流为
灯泡两端的电压为UL小=U-3.8V-0.1A×5Ω=4.5V-3.8V-0.5V=0.2V
所以灯泡的最小功率为PL小=UL小I小=0.2V×0.1A=0.02W
当滑片移到最左端时，只闭合S1，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，灯泡功率最大，最大功率为PL大=U额I额=3V×0.3A=0.9W
所以当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为
D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】首先画出电路三个过程的电路图，明确各过程串联和并联，明确电压表和电流表测量的电流，知道功率之比求出电流之比，知道滑动变阻器的电压和电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大电阻。
利用第二和第三过程的电源电压相等列出等式求出R1的电阻和电源电压；根据P=UI=I2R求只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率；有电流通过灯泡L的情况下，说明是只闭合S1的情况下，求出两种情况下的灯泡的最大功率和最小功率即可。
31．【答案】（1）减小；550W
（2）B
（3）秒表
【知识点】功率的计算；焦耳定律；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】(1)要使得衔铁被吸引下，需要增加螺线管的磁性，所以增加电路的电流，所以 当手伸入舱内时，光敏电阻R的阻值要 减小。根据电功率公式计算可知 发热功率为。
（2）A、串联加热电阻丝，电阻增加，电压不变，根据电功率公式计算可知电功率减小，故A错误；
B、并联一个电阻丝，使得电路的电阻减小，结合电功率公式计算可知，此时电功率增加，B正确。
C、电动机的更换和热效应没有关系，C错误。
故选B。
（3）电能表是测量电能的工具，所以可以测量某段时间内，电动机消耗的电能，但是需要是用秒表计算某段时间，从而计算功率。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、电功率的计算：公式为=。
32．【答案】（1）解： m木=G木/g =0.25kg，V木=5×10-4m3，ρ木=m木/V木=0.25kg / 5×10-4m3 = 0. 5×103 kg /m3
（2）解： S木=2.5×10-3m2 S容=1.5×10-2m2依题意，当木块下表面相对于容器底下降10cm接触容器底时，水面相对容器底上升高度h水面上升=10cm × S木 /（ S容- S木）= 2cm，所以这时水深12cm，p水=ρ水gh水=1200Pa，水对容器底部压力F水= p水S容= 18N。
（3）解： CD向上移动，木块受浮力增大，拉力会减小，木块会上升。木块所受拉力为0后，如果CD继续上升，弹簧会对木块有向下的压力。CD向上移动过程中，木块接触容器底前，弹簧缩短，水面相对于容器底升高；木块接触容器底后，弹簧缩短，水面相对于容器底不再升高。CD上升至木块下表面刚接触容器底这个过程中，由（2）结论可知末状态时，木块浸入水中12cm，F浮= ρ水gV排=3N，这时，弹簧对木块向下的压力F压= F浮 - G木=0.5N，弹簧会缩短：h弹簧缩短=1cm，初始状态弹簧拉力为木块重力：h弹簧伸长=5cm。所以弹簧长度总的缩短量为：h弹=1cm+5cm=6cm。末状态时，容器底相对于木块下表面上升10cm，所以硬板CD向上移动的距离h=6cm+10cm=16cm，当CD再向上移动6cm达到22cm时，弹簧压力再增大F增=6cm × ( 0.5N/cm )=3N，这时容器对硬板的压强值p1 = （G容+G水+G木+0.5N+3N）/ S容=1600Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据重力公式计算物体的质量，结合密度公式m=ρv计算物体密度。
（2）S木=2.5×10-3m2 ，S容=1.5×10-2m2当木块下表面相对于容器底下降10cm接触容器底时，水面相对容器底上升高度h水面上升=10cm × S木 /（ S容- S木），结合压强公式p水=ρ水gh水计算水对容器底部的压强，结合F=Ps计算水对容器底部的压力。
（3）CD向上移动，木块受浮力增大，木块会上升。木块所受拉力为0后，CD继续上升，弹簧产生向下的压力。CD向上移动过程中，弹簧缩短，水面相对于容器底升高；木块接触容器底后，弹簧缩短，水面相对于容器底不再升高。CD上升至木块下表面刚接触容器底，木块浸入水中12cm，结合浮力公式F浮= ρ水gV排计算所受浮力，结合受力分析计算弹簧对木块向下的压力F压= F浮 - G木；初始状态弹簧拉力为木块重力，受到重力时弹簧缩短1cm，据此计算弹簧长度总的缩短量，末状态时，容器底相对于木块下表面上升10cm，据此分析硬板CD向上移动的距离，当CD再向上移动6cm，据此计算弹簧压力，根据压强公式F=Ps计算这时容器对硬板的压强值。
1 / 1四川省成都市棠湖外国语学校2025届中考模拟考试物理模拟二
一、单项选择题（每小题2分，共26分）
1．（2025·成都模拟）电动汽车大大方便了公众的绿色出行。电动汽车的动力装置是电动机，下列所示的四个实验中与电动机工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】电动机工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；
A．奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，A不符合题意；
B．图中探究电磁铁磁性强弱的影响因素，B不符合题意；
C．电磁感应的实验图，属于发电机的原理，C不符合题意；
D．电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】电动机工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
2．（2025·成都模拟）北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星定位与通信系统（CNSS），是继美全球定位系统（GPS）和俄GLONASS之后第三个成熟的卫星导航系统。目前北斗卫星导航系统已应用于测绘、电信、减灾救灾等诸多领域，该系统传递信息主要依靠（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．光波
【答案】A
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】无线远距离通信，依靠的介质主要为电磁波，次声波和超声波均不能在真空中传播，光波不能作为传递多种信息的介质，故A正确，BCD错误。
综上选A。
【分析】信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息，如手机、北斗导航，RTK等坐标定位。
3．（2025·成都模拟）春节期间，小明和妈妈一起为家人准备年夜饭，既向父母表达了养育之恩，也让小明由烹调知识联想到了物理知识，其中认识正确的是（ ）
A．汤的香气扑鼻，说明分子在不停地做无规则运动
B．炒菜主要是通过做功的方式使菜的内能增加
C．凉拌食物与配料要搅拌才更容易入味，说明分子没有做无规则运动
D．煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容较大
【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A、做饭，闻到香味，属于扩散现象，原理为分子在做无规则运动，故A正确；
B、菜炒熟，是因为菜和铁锅之间存在温度差，通过热传递将菜炒熟，故B错误；
C、 凉拌食物与配料要搅拌才更容易入味，说明分子做无规则运动 ，故C错误；
D、铁等金属的导热性强，常用于煎锅，说明其加热一段时间，温度变化较快，比热容较小，故D错误。
综上选A。
【分析】1、金属的导热性强，说明其比热容较低。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．（2025·成都模拟）成都一家甜品店新推出了的一款甜品，为了营造氛围感他们在盛水的碗里加了干冰，我们就能看到碗周围冒着大量“白气”。下列说法正确的是（ ）
A．甜品周围的“白气”就是水蒸气
B．甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气液化所形成的
C．甜品周围的“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体
D．此“白气”和霜的形成原理相同
【答案】B
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】ABC、甜品周围的白气，是通过水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故AC错误，B正确。
D、霜的形成是气体直接凝华为固体，和白气的形成原理不同，故D错误。
综上选B。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
2、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜，雪。
5．（2025·成都模拟）在中考体能测试中，某同学跳远运动的几个阶段如图所示，则该同学（ ）
A．助跑阶段速度增加，但机械能不变
B．从最高点向下落的过程中，重力势能转化为动能
C．经过最高点时动能为0
D．起跳到最高点的过程中，动能增加
【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A、 助跑阶段速度增加， 速度增加，高度不变，所以动能变大，重力势能不变，所以机械能变大，故A错误；
B、 从最高点向下落的过程中，高度减小，速度增加，所以重力势能转换为动能。故B正确。
C、经过最高点，人在竖直方向的速度为0，在水平方向存在速度，所以动能不为0，故C错误。
D、 起跳到最高点的过程中，速度逐渐减小，高度逐渐增加，所以动能减小，重力势能增加，故D错误。
综上选B。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
6．（2025·成都模拟）如图是中国古代的“记里鼓车”用于计算车辆道路里程，车行一里，木人击鼓，行十里，击镯（古代的乐器）。下列说法中错误的是（ ）
A．鼓面由于振动发声
B．人听到鼓和镯声是由空气传播的
C．人确定车行路程利用了声音传递信息
D．人区别鼓声和镯声是根据声音的响度不同
【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A、鼓面振动，发出声音，故A正确，不符合题意。
B、 人听到鼓和镯声，传播介质为空气，故B正确，不符合题意。
CD、 车行一里，木人击鼓，行十里，击镯 ，不同的音色代表不同的行进里程，所以利用了声音传递信息，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
7．（2025·成都模拟）关于手机充电器，下列数据最符合实际的是（ ）
A．充电器USB接口的输出电压为5V
B．充电器的塑料外壳常温下是导体
C．充电器正常工作时电流约为20A
D．充电器正常工作的电压是110V
【答案】A
【知识点】导体与绝缘体；电压和电压的单位换算；电功率的计算
【解析】【解答】A、 充电器的输出电压为5V，故A符合题意。
B、 塑料在常温下属于绝缘体，故B不符合题意。
C、 充电器功率为66W，根据功率公式P=UI计算正常工作时电流约为0.3A，故C不符合题意。
D、 充电器正常工作的电压是220V ，故D不符合题意。
综上选A。
【分析】1、导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体；绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨。
2、功率的计算：公式为P=UI。
3、家庭用电器的额定电压为220V。
8．（2025·成都模拟）为了增强体质，同学们积极到户外参加体育活动。下列说法正确的是（ ）
A．静止在水平地面上的足球只受到重力的作用
B．发排球时手对球施加了力，球对手没有力的作用
C．投掷出去在空中飞行的实心球仍受到推力的作用
D．篮球撞到篮板后反弹回来，说明力可以改变物体的运动状态
【答案】D
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、 静止在水平地面上的足球，受到平衡力的作用力，所以不可能只受到重力的作用 ，故A错误。
B、 发排球时手对球施加了力，根据力作用的相互性可知球对手有力的作用，故B错误。
C、 投掷出去在空中飞行的实心球，已经离开施力物体，所以不受推力的作用 ，故C错误。
D、 篮球撞到篮板后受到篮板的作用力运动方向发生改变而反弹回来，所以 力可以改变物体的运动状态 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
9．（2025·成都模拟）很多动物为了适应生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位，对此，下列解释中不正确的是 （ ）
A．深水里的海鱼捕到岸上时会死掉，主要原因是水面上的压强比深水处小得多
B．啄木鸟的嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树干，捉到虫子
C．壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，从而利用大气压使其在天花板上也不会掉下来
D．骆驼的脚很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中自如行走
【答案】D
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、 深水里的海鱼由于进化适应了深海的高压， 到岸上时水面上的压强比深水处小得多 ，所以会死掉，故A正确，不符合题意。
B、 啄木鸟的嘴很尖细 ，在压力一定下，通过减小受力面积而增加压强，B正确，不符合题意。
C、壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，进而可以在墙壁上行走，原理为吸盘内部的空气少，压强小于大气压，在大气压的作用下，使其闭合吸在墙上，故C正确，不符合题意。
D、 骆驼的脚很大，在压力相同的情况下，通过增加受力面积，减小压强，从而使其在沙漠中自如行走，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
3、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
10．（2025·成都模拟）下列关于原子、能源和能量，说法错误的是（ ）
A．电子、原子核、质子是按物体尺度由小到大的顺序排列的
B．化石能源是不可再生能源
C．能量在转化过程中一定遵守能量守恒定律
D．在热传递过程中，热量能自发地从高温物体转移到低温物体
【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能；能量守恒；能源及其分类；原子结构
【解析】【解答】A、物体尺度由小到大为核外电子，质子、原子核，故A错误，符合题意。
B、 化石能源不能源源不断的从自然界获取，属于不可再生能源，故B正确，不符合题意。
C、 根据能量守恒定律，能量在转化过程中一定遵守能量守恒定律 ，故C正确，不符合题意。
D、 在热传递过程中，热量能自发地从高温物体转移到低温物体 ，故D正确，不符合题意。
综上选A。
【分析】1、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
3、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
11．（2025·成都模拟）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指能跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、湿布是导体，擦拭用电器可能发生漏电，危害人体健康，故A不符合题意。
B、 使用试电笔时，手指必须接触笔尾金属体，故B不符合题意。
C、 手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下 ，防止发生漏电等事故，故C符合题意。
D、 将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用 ，金属外壳发生漏电会危害人体健康，故D不符合题意。
故选C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
12．（2025·成都模拟）如图，热衷于实验探究的小曾在家里将一个浮在水面上的不锈钢碗用力向下按压，直到碗全部浸没并沉入盆底。在这个过程中，下列说法正确的是（ ）
A．碗底受到的液体压强一直不变
B．碗自由浮在水面时，受到三个力的作用
C．浮力先增大后减小，最后不变
D．碗沉在盆底时，浮力大于重力
【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【解答】A、 碗全部浸没并沉入盆底，所以碗浸没的深度逐渐增加，压强一直增加，故A错误。
B、碗漂浮在水中，受到平衡力，重力等于浮力，故B错误。
C、碗浸没在盆底过程中，浸没体积逐渐增加，全部浸没之后，浸没体积不变，根据浮力公式分析可知，所以浮力先增加后减小，故C正确。
D、 碗沉在盆底时，重力 等于浮力和支持力的和，所以重力大于浮力，故D错误。
综上选C。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
13．（2025·成都模拟）小谢在做实验时连成了如图所示的电路，闭合开关并观察灯泡亮暗情况后，再闭合开关，小谢看到的现象是（ ）
A．两只灯泡一直都不亮
B．两只灯泡一直亮
C．两只灯泡开始都亮，后来不亮
D．两只灯泡开始都亮，后来不亮
【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电路故障的判断
【解析】【解答】 闭合开关，L1、L2属于串联，电路接通，灯泡L1，L2变亮，在闭合S2后，L1两端直接被导线相连，被短路，所以L1熄灭。D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作。
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（2025·成都模拟）小明同学看书时眼睛离书本的距离越来越近，远处的物体越来越看不清了，这是因为远处物体成像在他视网膜的 方，需要佩戴一个凹透镜来矫正视力，因为凹透镜对光线具有 作用。
【答案】前；发散
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 远处的物体越来越看不清了， 是由于远处的物体形成的像在视网膜之前，该同学患有近视眼，需要佩戴近视眼金（凹透镜）对光线有发散作用进行矫正。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
15．（2025·成都模拟）小刚选择如图甲所示的装置来探究“海波的熔化规律”，将温度计正确插入海波中，观察温度计示数如图乙所示，此时温度计的示数是 ℃；图丙是小刚绘制的海波熔化图象，由图可知海波熔化时吸收热量，温度 。
【答案】41；不变
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】据图可知，温度计分度值为1摄氏度，示数为41℃，由图丙可知，海波熔化时吸收热量，温度保持不变。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、正确使用方法：在测量物体的温度时，首先要估测待测物体的温度，选择合适的温度计，进行测量，测量时温度计的玻璃泡要与被测液体充分接触，且等待一段时间，待示数稳定后读数
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
16．（2025·成都模拟）如图所示，小明用力握住水杯静止不动，此时水杯受到的重力与手对杯子的摩擦力是一对 。杯子表面的花纹是为了 摩擦力。
【答案】平衡力；增大
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】杯子静止受到平衡力，所以重力和摩擦力属于平衡力，杯子表面的花纹是在压力一定下，通过增加接触面粗糙程度，增加摩擦力。
【分析】1、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
17．（2025·成都模拟）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课由神舟十三号载人飞船宇航员王亚平主讲，如图7所示，其中王老师将冰墩墩水平抛出后，冰墩墩在无重力的环境下开始做 运动，冰墩墩离开宇航员的手后能继续前进是因为冰墩墩具有 。
【答案】匀速直线运动；惯性
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】 冰墩墩在无重力的环境下，受力平衡，由于惯性会保持扔出的速度做匀速直线运动。
【分析】牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动。
18．（2025·成都模拟）小华在家自制了一个通电螺线管如图所示。当他把这个螺线管通电并悬挂起来，发现螺线管的右端总是指向地理的 极；增加一节电池后，螺线管的磁场会 。
【答案】北；增强
【知识点】地磁场；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，结合异性磁极相互吸引可知，右端指向地磁的S极，为地理的北极，通电螺线管的磁场强度和电流大小有关，电流越大，磁场越强，所以增加一块电池，电流增加，所以磁场增加。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。
19．（2025·成都模拟）小明用如图所示的电路图来测量电阻R的大小，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电压表示数 ，他移动滑片多次测量求R的平均值是为了 。
【答案】变小；减小误差
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】 滑动变阻器的滑片P向右滑动， 接入电路的电阻变大，根据串联分压可知，此时定值电阻两端分压减小，所以电压表示数减小，进行试验，多次重复做实验获取平衡值是为了避免偶然误差，增加试验的可信度。
【分析】试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性
串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
20．（2025·成都模拟）如图所示是一款有低温档和高温档的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为，加热电阻，只闭合开关 时，挂烫机处于 档。挂烫机高温档工作产生的热量为 J。
【答案】低温；660000J
【知识点】焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】 只闭合开关 时， 电路为R1的简单电路，电路电阻较大，根据电功率公式计算可知，此时电功率较低处于低温档位。高温档位时，两个电阻并联，并联后的电阻为，根据电功公式。
【分析】电功率的计算：公式为，所以电压相同时，电功率和电阻成反比；
电功的计算：公式为W=Pt。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．（2025·成都模拟）
（1）成语“凿壁偷光”，是指西汉匡衡凿穿墙壁引邻家之烛光读书一事（如图甲所示）。其原理可简化成如图乙所示的模型：S为邻家烛焰，ABCD是匡衡在厚墙壁上凿穿的方形孔洞，请作出邻家烛焰S在匡衡家照亮的范围（用阴影线表示），完成相应光路图。
（2）如图所示是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图，将自拍杆看作一个轻质杠杆，O点是支点。请在图中画出：
施加在A点最小的动力F1； 力F2的力臂L2。
【答案】（1）
（2）
【知识点】光的直线传播及其应用；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）凿壁偷光的原理为光的直线传播，蜡烛为点光源，从一点发出的光沿着直线传播，所以上下两束光线沿着方形孔洞传播，形成照亮的范围，据此作图：
（2）根据杠杆平衡可知，动力最小则动力臂最大，动力臂最大为沿着杆的方向，过A做垂直杆方向直线，即为最小动力，阻力为F2，阻力臂和阻力的方向相互垂直，过O做垂直F2的垂线，即为阻力臂。据此作图：
【分析】1、光的直线传播：光在同种均匀介质中传播的现象，如激光射线、影子的形成、日食、小孔成像；
2、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂；力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
22．（2025·成都模拟）成渝高铁客运专线全长约308km，如图13是成渝高铁客运专线地施工时的现场，一架质量为9×103kg的箱梁正在吊装施工，该箱梁在10s内仅匀速下降了0.2m，箱梁安放好后梁体与桥墩间的接触面积约为3m2，求：(g取10N/kg)。求：
（1）这段箱梁对桥墩的压强是多少
（2）在这10s内箱梁重力做的功是多少
【答案】（1）解：根据重力公式计算可知 质量为9×103kg的箱梁 的重力G=mg=9×103kg×10N/kg=9×104N，根据压强公式计算 这段箱梁对桥墩的压强。
（2）解： 箱梁 的重力为=9×104N，下降了0.2m ，根据重力做功公式计算可知重力做功W=9×104N×0.2m=1.8×104J。
【知识点】压强的大小及其计算；是否做功的判断
【解析】【分析】（1）静止的箱梁对地面的压力等于重力，结合重力公式G=mg计算箱梁的重力，根据压强公式F=Ps计算 箱梁对桥墩的压强 。
（2）结合重力公式W=Gh计算 箱梁重力做的功。
23．（2025·成都模拟）如图所示，电源电压为6V，小灯泡标有“4V 1.6W”字样，定值电阻R=20Ω，滑动变阻器上标R0有“20Ω 1A”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）小灯泡正常工作时的电阻；
（2）当开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片处于中间时，R消耗的功率为多大；
（3）若电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~3V，当开关S、S2闭合，S1断开时，在确保电路元件安全的情况下，移动滑动变阻器R0的过程中，求整个电路总功率的变化范围。
【答案】（1）解：小灯泡标有“4V 1.6W”字样，根据电功率公式计算小灯泡正常工作时的电阻：
（2）解：变阻器和R串联，根据串联电路电阻公式计算电路的总电阻为R总=10Ω+20Ω=30Ω，则电流I=6V/30Ω=0.2A因此R消耗的电功率为P=(0.2A)2×20Ω=0.8W
（3）解：当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电流；因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，所以电路中的最大电流；此时电路中的总功率最大P=6V 0.4A=2.4W；移动滑动变阻器向右，电路中电流变小，电压表示数变大，当电压表示数为3V时，电路中的电流最小。此时电流I=(6V-3V)/10Ω=0.3A，此时电路中的总功率最大P=6V 0.3A=1.8W。所以电路中的总功率变化范围是1.8W——2.4W
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）小灯泡标有“4V 1.6W”字样，根据电功率公式计算小灯泡正常工作时的电阻。
（2） 当开关S、S1闭合，S2断开 ，此时电路变阻器和R串联，结合电阻的串联计算电路总电阻为R总=R+R0，根据欧姆定律U=IR计算电路的电流，根据P=I2R计算R消耗的电功率。
（3）当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器R0首尾依次相连，属于串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电功率公式P=UI计算灯泡正常发光时的电流；因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的最大电流；电路此时有最大总功率最大P=UImax；移动滑动变阻器向右，电路中电流变小，电压表示数变大，当电压表示数为3V时，电路中的电流最小。结合欧姆定律U=IR计算此时电流，此时电路中的总功率最小。
四、实验与探究题（共14分）
24．（2025·成都模拟）在做探究并联电路电流规律的实验，小美设计的实验电路图如图甲所示。
（1） 闭合开关后，电流表的指针在图乙的位置，是因为 。
（2）小美将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流数据并记录在表格中，便立即得出了并联电路的电流规律。请你指出她实验应改进的方法 ；
（3）小美又连接了如图丙所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数 。
【答案】（1）电流表连线时候没有正进负出
（2）换用不同规格的灯泡多次实验
（3）不变
【知识点】电流表的连接；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）闭合开关电流表指针反向偏转，原因为正负接线柱反接。
（2） 测出了一组电流数据并记录在表格中，便立即得出了并联电路的电流规律 ，为了避免偶然因素，实验具有普遍性，需要换用不同规格的灯泡多次实验。
（3）据图可知，开关闭合前A1测量L1电流，闭合后A1仍然测量L1电流，所以A1示数不变。
【分析】1、试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性。
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
25．（2025·成都模拟）如图在“探究液体压强特点”的实验中（U形管所装液体是红色的水）：
（1）实验中是通过观察 来反映液体压强的大小。
（2）仪器调试好后进行实验，得到乙、丙、丁图的结果，由图可知，在同一深度，液体内部向各个方向的压强 。
（3）比较 两图，说明同一深度，液体压强还与液体密度有关。
（4）如果你和小明同学在同一个实验小组，当小明拿着压强计进行测量的时候，你应该 。
【答案】（1）U形管中的液面高度差
（2）相同
（3）丁戊
（4）观察现象，记录数据
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）液体压强大小无法明确观察，所以试验中将U型管两端液柱的高度差转换为压强的大小。
（2）乙丙丁的试验变量为金属盒的朝向，液面高度差不变，所以 在同一深度，液体内部向各个方向的压强 相同。
（3）探究 液体压强还与液体密度 关系，变量为液体密度，所以选择比较丁戊。
（4）为了使得试验更具有说服力，需要一个人做实验的同时，另一个人记录试验数据。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变。
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
五、选择题(每小题2分，共10分．有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)
26．（2025·成都模拟） 下列说法中正确的是( )
A．教室里使用的电能是二次能源
B．煤、石油、天然气、太阳能、核能均为不可再生能源
C．能量的转化和转移是有方向性的，能量在转化或转移的过程中，总量会减少
D．目前核电站是通过聚变反应获得核能，核反应堆中发生的链式反应是可控的
【答案】A
【知识点】能量守恒；能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】A、电能的产生需要消耗其他形式的能量，所以电能是二次能源，故A正确。
B、太阳能可以从自然源源不断的获取，属于可再生能源，故B错误。
C、能量的转化或者转移遵循守恒定律，故C错误。
D、 目前核电站是通过裂变反应获得核能 ，故D错误。
综上选A。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
3、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
4、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
27．（2025·成都模拟）如图是摄影师拍摄的成都东湖公园的美景。下列分析正确的是（ ）
A．摄像镜头离建筑物的距离越远，镜头中的图像反而越大
B．图片上的水面“反光”，是因为水本身就是光源
C．水中的倒影是光的反射所成的实像
D．人们能从不同的方向看到建筑，是因为光在建筑上发生了漫反射
【答案】D
【知识点】光的反射定律；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、 摄像镜头离建筑物的距离越远， 根据物近像远像变大可知，镜头的像变大，故A错误。
B、水面“反光现象为光的反射现象，水不是光源，故B错误。
C、 水中的倒影是光的反射所成的虚像，故C错误。
D、 人们能从不同的方向看到建筑，是因为光在建筑上发生了漫反射 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影
2、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
28．（2025·成都模拟）为了探究某物质在固态和液态时的吸热升温情况，小明同学用酒精灯(火焰大小保持不变，加热效率不变)均匀加热0.4kg该种固体，根据实验数据绘制出的图线如图18所示，经测量BC阶段消耗热值为3.0×107J/kg的酒精10g(假设酒精完全燃烧)。已知该物质液态时的比热容为3×103J/(kg·℃)。下列说法正确的是（ ）
A．该物质在B点时的内能等于在A点时的内能
B．该物质在AB段共吸收了4.8×105J的热量
C．该物质在固态时的比热容为1.2×103J/(kg·℃)
D．在BC阶段的加热效率为20%
【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【解答】A、该物质AB端不断吸热，所以B的内能大于A，故A错误。
B、BC端，液体升高温度为50摄氏度，比热容为 3×103J/(kg·℃) ，质量为0.4kg，根据热量公式Q=cmΔt计算可知吸收热量Q= 3×103J/(kg·℃)×0.4kg×50℃=6×104J，故B错误。
C、BC端加热时间为OA端的两倍，故吸收的热量为3×104J，此时温度升高40℃，根据比热容公式计算该物质的比热容C=，故C错误。
D、BC端吸收热量为6×104J，根据热值公式计算可知酒精完全燃烧释放的热量Q=10×10-3kg× 3.0×107J/kg =3×105J。加热效率，故D错误。
综上选D。
【分析】热量的计算：公式为Q=cmΔt。
物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式为Q=mq。
29．（2025·成都模拟）如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮均重20N，滑轮组下端挂有一个物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，此时测力计的示数为100N，滑轮组的机械效率为η。在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时B上升的速度为3cm/s。滑轮与轴的摩擦、绳的质量等次要因素都忽略不计，g取10N/kg。则下列说法正确的是（ ）
A．物体A所受的滑动摩擦力为40N B．拉力F的大小为80N
C．拉力F做功的功率为7.65W D．滑轮组的机械效率η为60%
【答案】A,C
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．对图示中滑轮组的定滑轮进行受力分析知，此定滑轮受到测力计向上的拉力及绳子向下的两个拉力、滑轮的重力的作用，处于静止，所以有2F1+G轮=F示
即2F1+20N=100N
解得绳子端的拉力F1=40N
物体A水平方向受到绳子的拉力及摩擦力作用做匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，它们的大小相等，A所受的滑动摩擦力f=F1=40N
A符合题意；
B．不计摩擦及绳的质量等次要因素，滑轮组承重绳子为3根，物体B的重力GB=3F1-G轮=3×40N-20N=100N
给B下加挂15N的物体C后，滑轮组提升物体的总重力GBC=GB+GC=100N+15N=115N
绳子端的拉力
整个过程中，A对桌面压力、接触面的粗糙程度不变，所受的滑动摩擦力也不变。当A受到水平向左拉力，而向左匀速直线运动时，受到的滑动摩擦力方向向右，则有F=F2+f=45N+40N=85N
B不符合题意；
C．B上升的速度为3cm/s时，绳子端移动的速度，即A移动的速度v=3vB=3×3cm/s=9cm/s=0.09m/s
拉力F做功的功率P=Fv=85N×0.09m/s=7.65W
C符合题意；
D．物体B下加挂物体C前，滑轮组的机械效率
D不符合题意。
故答案为：AC。
【分析】由图可知，两段绳子向下拉测力计，测力计的示数等于绳子上拉力的2倍加上一个滑轮重力，由此可得滑轮组上每段绳子的拉力；n=3，不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=（GB+G动），可求出B的重力；因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力的大小。
用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，此时水平向左的拉力F=f+（GB+GC+G动）；拉力端移动速度等于物体升高速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功功率。
匀速提升物体B时，利用计算出滑轮组的机械效率。
30．（2025·成都模拟）如图所示的电路，已知电源电压不变，灯泡L标有“3V 0.3A”字样，其阻值会随温度变化。将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为P2；闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，已知P1︰P2=1︰9。下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为6V
B．滑动变阻器的最大阻值为38Ω
C．电功率P2的大小为0.15W
D．当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为1︰45
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，滑动变阻器接入阻值为0，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，根据串联电路电压规律可得①
R1的功率为②
闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电阻R1、R2串联，灯泡L被短路，电压表测量R2两端的电压。电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，根据串联电路电压规律可得③
联立①③可得U=4.5V，R1=5Ω，A不符合题意；
C．将R1=5Ω代入②可得
C不符合题意；
B．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，电压表测R2两端的电压。电压表的示数为3.8V，R1的功率为④
由于，所以④除以②得
解得R2大=38Ω，B符合题意；
D．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，此时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，此时电路中电流最小，最小电流为
灯泡两端的电压为UL小=U-3.8V-0.1A×5Ω=4.5V-3.8V-0.5V=0.2V
所以灯泡的最小功率为PL小=UL小I小=0.2V×0.1A=0.02W
当滑片移到最左端时，只闭合S1，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，灯泡功率最大，最大功率为PL大=U额I额=3V×0.3A=0.9W
所以当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为
D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】首先画出电路三个过程的电路图，明确各过程串联和并联，明确电压表和电流表测量的电流，知道功率之比求出电流之比，知道滑动变阻器的电压和电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大电阻。
利用第二和第三过程的电源电压相等列出等式求出R1的电阻和电源电压；根据P=UI=I2R求只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率；有电流通过灯泡L的情况下，说明是只闭合S1的情况下，求出两种情况下的灯泡的最大功率和最小功率即可。
六、综合题(6题4分，7题6分，共10分)
31．（2025·成都模拟）“无接触”式的生活方式悄然走进我们的生活。图21左为某款无接触式的热风干手器，当手伸入舱内时，即可吹出温度为35~45℃的热风。其电路由控制电路和工作电路两部分构成，可简化为图中所示，其中控制电路中的R为光敏电阻。已知该款干手器工作电路中的加热电阻丝阻值为88Ω。
（1）当手伸入舱内时，光敏电阻R的阻值要 ，衔铁才能被吸下，工作电路开始工作；当干手器工作时，发热功率为 W。
（2）下列操作能够提高热风温度的是____（选填相应选项的字母）；
A．在加热电阻丝左端串联一个同规格的加热电阻丝
B．在加热电阻丝两端并联一个同规格的加热电阻丝
C．换用电功率更大的电动机
（3）利用如图所示的家庭电路电能表，不使用其它用电器情况下，想要测出电动机的功率，还需要什么器材 。
【答案】（1）减小；550W
（2）B
（3）秒表
【知识点】功率的计算；焦耳定律；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】(1)要使得衔铁被吸引下，需要增加螺线管的磁性，所以增加电路的电流，所以 当手伸入舱内时，光敏电阻R的阻值要 减小。根据电功率公式计算可知 发热功率为。
（2）A、串联加热电阻丝，电阻增加，电压不变，根据电功率公式计算可知电功率减小，故A错误；
B、并联一个电阻丝，使得电路的电阻减小，结合电功率公式计算可知，此时电功率增加，B正确。
C、电动机的更换和热效应没有关系，C错误。
故选B。
（3）电能表是测量电能的工具，所以可以测量某段时间内，电动机消耗的电能，但是需要是用秒表计算某段时间，从而计算功率。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、电功率的计算：公式为=。
32．（2025·成都模拟）如图所示，一个质量为300g薄壁长方体容器放在水平硬板CD上，容器底面长15cm，宽10cm，容器高度为20cm，装有10cm深的水。一根原长为10cm的轻质的细弹簧AB吊着长方体木块静止，木块下表面刚好与水面接触。弹簧上端A连接着固定不动的支架，下端B连接在木块上表面的中心处，弹簧每拉长或者压缩1cm 需要0.5N，木块的重力为2.5N，底面长5cm，宽5cm，高度为20cm。现将水平硬板CD缓慢向上移动，木块始终保持竖直方向，弹簧均在弹性限度内，木块不吸水，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，常数g取10N/kg 。求：
（1）木块的密度；
（2）当木块下表面刚接触容器底部时，水对容器底部压力；
（3）当硬板向上移动22cm时，容器对硬板的压强值。
【答案】（1）解： m木=G木/g =0.25kg，V木=5×10-4m3，ρ木=m木/V木=0.25kg / 5×10-4m3 = 0. 5×103 kg /m3
（2）解： S木=2.5×10-3m2 S容=1.5×10-2m2依题意，当木块下表面相对于容器底下降10cm接触容器底时，水面相对容器底上升高度h水面上升=10cm × S木 /（ S容- S木）= 2cm，所以这时水深12cm，p水=ρ水gh水=1200Pa，水对容器底部压力F水= p水S容= 18N。
（3）解： CD向上移动，木块受浮力增大，拉力会减小，木块会上升。木块所受拉力为0后，如果CD继续上升，弹簧会对木块有向下的压力。CD向上移动过程中，木块接触容器底前，弹簧缩短，水面相对于容器底升高；木块接触容器底后，弹簧缩短，水面相对于容器底不再升高。CD上升至木块下表面刚接触容器底这个过程中，由（2）结论可知末状态时，木块浸入水中12cm，F浮= ρ水gV排=3N，这时，弹簧对木块向下的压力F压= F浮 - G木=0.5N，弹簧会缩短：h弹簧缩短=1cm，初始状态弹簧拉力为木块重力：h弹簧伸长=5cm。所以弹簧长度总的缩短量为：h弹=1cm+5cm=6cm。末状态时，容器底相对于木块下表面上升10cm，所以硬板CD向上移动的距离h=6cm+10cm=16cm，当CD再向上移动6cm达到22cm时，弹簧压力再增大F增=6cm × ( 0.5N/cm )=3N，这时容器对硬板的压强值p1 = （G容+G水+G木+0.5N+3N）/ S容=1600Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据重力公式计算物体的质量，结合密度公式m=ρv计算物体密度。
（2）S木=2.5×10-3m2 ，S容=1.5×10-2m2当木块下表面相对于容器底下降10cm接触容器底时，水面相对容器底上升高度h水面上升=10cm × S木 /（ S容- S木），结合压强公式p水=ρ水gh水计算水对容器底部的压强，结合F=Ps计算水对容器底部的压力。
（3）CD向上移动，木块受浮力增大，木块会上升。木块所受拉力为0后，CD继续上升，弹簧产生向下的压力。CD向上移动过程中，弹簧缩短，水面相对于容器底升高；木块接触容器底后，弹簧缩短，水面相对于容器底不再升高。CD上升至木块下表面刚接触容器底，木块浸入水中12cm，结合浮力公式F浮= ρ水gV排计算所受浮力，结合受力分析计算弹簧对木块向下的压力F压= F浮 - G木；初始状态弹簧拉力为木块重力，受到重力时弹簧缩短1cm，据此计算弹簧长度总的缩短量，末状态时，容器底相对于木块下表面上升10cm，据此分析硬板CD向上移动的距离，当CD再向上移动6cm，据此计算弹簧压力，根据压强公式F=Ps计算这时容器对硬板的压强值。
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