四川省巴中市2024年中考理综物理试题
1．（2024·巴中）下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A．一只公鸡的质量约为20kg
B．成人正常步行速度大约为10km/h
C．一支新2B铅笔的长度约为18cm
D．教室里一盏节能灯的功率约为1kW
2．（2024·巴中）某校艺术节合唱比赛中，各班在乐队的伴奏下放声高歌。下列说法正确的是（ ）
A．“放声高歌”中的“高”是指声音的音调高
B．观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的
C．观众能辨别不同的乐器声是因为它们的响度不同
D．歌声只能传递信息
3．（2024·巴中）诗文“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”对自然现象进行了生动的描述，其中看到水中的“游鱼”比实际位置浅，这是（ ）
A．光沿直线传播现象 B．光的反射现象
C．光的折射现象 D．光的色散现象
4．（2024·巴中）关于物态变化现象的描述，以下说法正确的是（ ）
A．深秋的霜是由空气中的水蒸气凝华而来
B．清晨的雾是由水蒸发而来
C．放在衣柜里的樟脑丸变小，是汽化现象
D．冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”，是汽化现象
5．（2024·巴中）如图所示，青瓦是古建筑常用的建筑材料，制瓦工艺有上千年的历史。制瓦工艺分为成坯、晒制、高温烧制等诸多流程。下列说法正确的是（ ）
A．晒制泥坯时，泥坯温度越高含有热量越多
B．高温烧制时，通过热传递的方式改变瓦片的内能
C．烧制青瓦时，燃料燃烧越充分其热值越大
D．在质地均匀的瓦上定型切割，瓦的密度变小
6．（2024·巴中）在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示位置时，在光屏上出现一个清晰烛焰的像，其成像特点是（ ）
A．倒立放大的实像 B．倒立放大的虚像
C．倒立缩小的实像 D．正立放大的虚像
7．（2024·巴中）足球是全世界参与度最广的体育运动之一，如图是几个同学踢足球的场景。下列说法正确的是（ ）
A．足球在空中运动时不受重力的作用
B．足球被踢时会微微变形，说明力可以改变物体的形状
C．足球在水平地面上滚动时，其重力做了功
D．足球离开脚后还能继续运动，是由于受到惯性作用
8．（2024·巴中）如图所示，某同学静止站立在水平地面上。下列说法正确的是（ ）
A．人对地面的压力与地面对人的支持力是一对平衡力
B．人受到的重力与地面对人的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力与地面对人的支持力是一对相互作用力
D．人受到的重力与人对地面的压力是一对相互作用力
9．（2024·巴中）一个体积为100cm3、质量为90g的球放入足够深的水中，静止后的状态及所受浮力大小为（ ）
A．漂浮 0.9N B．漂浮 1N
C．沉底 0.9N D．沉底 1N
10．（2024·巴中）自行车是人类的一项伟大发明。与自行车有关的物理知识，下列说法错误的是（ ）
A．手柄上有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B．刹车时，是通过增大刹车皮与钢圈之间的压力来增大摩擦
C．轴承上加润滑油是为了消除摩擦
D．用滚动轴承是为了减小摩擦
11．（2024·巴中）用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器，金属箔张开。下列说法正确的是（ ）
A．正电荷从丝绸转移到玻璃棒
B．玻璃棒带正电是因为得到了电子
C．摩擦起电是创造了电荷
D．验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥
12．（2024·巴中）为了减少炒菜时对油烟的吸入，厨房里安装了一台抽油烟机。抽油烟机上面的照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作。以下关于抽油烟机内部电路设计，你认为符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
13．（2024·巴中）小李做家务时，房间里的电灯突然熄灭。他用测电笔分别测试如图所示家庭简化电路中的a、b、c、d四点，测a、b两点时氖管均发光，测c、d两点时均不发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．a、b之间断路 B．b、c之间断路
C．c、d之间断路 D．b、c之间短路
14．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片逐渐向左移动。下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数增大
B．电流表示数减小
C．电压表与电流表示数的比值不变
D．电压表与电流表示数的比值变小
15．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1、V2示数之比为2∶3。下列说法正确的是（ ）
A．通过R1、R2的电流之比I1∶I2=1∶2
B．R1、R2两端的电压之比U1∶U2=2∶1
C．相同时间R1、R2消耗电功之比W1∶W2=1∶2
D．R1、R2的电功率之比P1∶P2=2∶1
16．（2024·巴中）如图所示超市出口处装有报警器，它由防盗天线、检测门、检测器等构成。结账时贴在商品上的磁性标签会被消磁，若磁性标签未被消磁，通过检测门时，检测器就会检测到标签上的磁性而产生感应电流触发电路报警。下列选项中与报警器工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
17．（2024·巴中）如图甲所示电路，电源电压不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系图像。闭合S时，电压表的示数为2V，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压为6V
B．R的电阻为5Ω
C．闭合S时，R消耗的电功率为3.6W
D．闭合S时，电路的总功率为6W
18．（2024·巴中）如图所示，小王站在水平地面上，将长为0.6米，质量可忽略不计的木棒搁在肩上，支点O距离后端A处为0.2米，A处挂一个重40N的物体，他用手竖直压住前端B处使木棒保持水平平衡。若小王的质量为50kg，双脚与地面的总接触面积约为400cm2，下列说法正确的是（ ）
A．手对木棒的压力大小为40N
B．肩对木棒的支持力大小为80N
C．地面对人的支持力大小为560N
D．人对地面的压强大小约为1.35×104Pa
19．（2024·巴中）2024年4月25日，搭载神舟十八号飞船的长征运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空。在加速上升的过程中，飞船的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；飞船与空间站成功对接后，以空间站为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的；航天员叶光富在空间站通过 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心传递信息。
20．（2024·巴中）小丽去郊游，上车时闻到汽油味，这是 现象。通过交流得知该车的发动机为汽油机，若某单缸四冲程汽油机的转速为1200r/min，在1s内汽油机对外做了 次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为 J（q汽油=4.6×107J/kg）。
21．（2024·巴中）我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。“奋斗者”号在水下5000米时，潜水器上0.1m2的表面上受到海水的压力为 N（ρ海水=1.1×103kg/m3）。如果继续下潜，潜水器所受浮力将 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
22．（2024·巴中）中医是中国医学文化的宝贵遗产。为了更好的控制煎药时的火候，某厂家生产了如图甲的一款全自动电煎药壶，它有“加热”和“保温”两个挡位，简化电路图如图乙，其中S2是一个温控开关，温度过高时自动断开。
（1）如图乙当S1和S2闭合时，电煎药壶处于 （选填“加热”或“保温”）挡。
（2）如图丙电能表的示数为 kW·h。
（3）用该电煎药壶将1kg水从20℃加热到70℃时，水吸收的热量为 J。
（4）某次煎药时关闭家里其他用电器，测出加热1min电能表表盘转过40圈，则电煎药壶实际功率为 W。
23．（2024·巴中）作图题
（1）如图，请画出入射光线经凸透镜折射后的光线。
（2）图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂L及物体所受重力的示意图。
24．（2024·巴中）某同学利用如图甲所示的装置，来探究海波熔化时温度的变化规律，绘出图乙所示的图像。
（1）图甲的实验装置应按 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装。图中温度计的示数为 ℃。
（2）由图乙可知海波是 （选填“晶体”或“非晶体”），海波的熔点是 ℃。海波在熔化过程中持续吸热，温度 （选填“升高”“降低”或“不变”），内能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
25．（2024·巴中）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华猜想浮力的大小可能与以下因素有关：I液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体的形状；Ⅳ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持以上猜想 （选填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）为了研究猜想I和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为 N。进一步计算得出A、B、C所受浮力 （选填“相等”或“不相等”），可得出初步结论：浮力的大小与物体的重力 （选填“有关”或“无关”）。
②比较序号 的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
（3）为了研究猜想Ⅲ，将两块相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分别做成不同形状，进行如图丙所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。同学小珍认为该结论不可靠，主要原因是 。
（4）小珍觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图丁所示操作：
①在量筒中加入适量的水，此时读数为V1；
②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入量筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为V2；
③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为V3。
橡皮泥的密度为ρ= （用ρ水、V1、V2、V3表示）。
26．（2024·巴中）图甲是小明探究电流与电压、电阻的关系的实验电路图，选用的实验器材有电源（3V）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、滑动变阻器（20Ω 2A）、阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω三个定值电阻、开关导线若干。
（1）探究电流与电压的关系
①根据图甲将图乙实物电路连接完整（要求滑片向左移动时电流表示数变大）；
②探究电流与电压的关系时要保持 不变；
③实验中滑动变阻器的作用是 和 ；
（2）探究电流与电阻的关系
①在实验中，首先确定一个保持不变的电压值U，当AB间的电阻R由5Ω换成10Ω时，保持滑片位置不变，闭合开关后将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端移动，使电压表示数为U；
②当AB间换接20Ω电阻时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电压表示数都无法达到U。为了完成实验，U的取值不能小于 V；
③下表为实验得到的数据。请分析，第3组实验数据不符合“导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”的实验规律，是由 （选填“测量错误”或“测量误差”）造成的。
实验序号 R/Ω I/A
1 5 0.40
2 10 0.20
3 20 0.11
27．（2024·巴中）图甲所示的塔吊是施工建设中最常见的设备，其结构可简化为图乙所示的滑轮组模型。已知物体质量为300kg，在绳子自由端施加1250N拉力，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。求：
（1）绳子拉力端移动的距离；
（2）拉力的功率；
（3）在此过程中滑轮组的机械效率。
28．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压12V保持不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大阻值为18Ω。当S闭合S1、S2都断开，移动滑片P使灯泡恰好正常发光。保持滑片P的位置不变，再闭合S1、S2，电流表示数变化了1.5A。（不考虑灯泡电阻的变化）求：
（1）灯泡正常工作时的电流；
（2）灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）在保证电路安全的前提下，当S闭合S1、S2都断开时，调节滑动变阻器使电路的最大功率为P1；当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器使电路最小功率为P2。计算P1与P2的比值。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电功率
【解析】【解答】根据题意可知，一只公鸡的质量约为3kg，成人正常步行速度大约为，一支新2B铅笔的长度与20cm的刻度尺长度接近，约为18cm，教室里一盏节能灯的功率约为40W，
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据对物体质量、速度、长度和功率的认识判断。
2．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．根据题意可知，“放声高歌”中的“高”是声音的响度，故A错误；
B．根据题意可知，观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的，故B正确；
C．根据题意可知，观众能辨别不同的乐器声，是因为它们的音色不同，故C错误；
D．根据题意可知，歌声传递的是信息，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的大小叫响度，声音的高低叫音调；
B.声音的传播需要介质；
C.声音的特点叫音色；
D. 声音能够传递信息和能量。
3．【答案】C
【知识点】光的反射
【解析】【解答】根据题意可知，水中鱼反射出的光从水中进入空气中时发生折射，折射光线向远离法线的方向偏折，此时会看到水中的“游鱼”比实际位置浅。
故选C。
【分析】根据光的折射的知识分析判断。
4．【答案】A
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．根据题意可知，霜是空气中的水蒸气遇冷从气态直接变成固态发生凝华形成的冰晶，故A正确；
B．根据题意可知，雾是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B错误；
C．根据题意可知，放在衣柜里的樟脑丸从固态直接变成气态发生升华现象而变小，故C错误；
D．根据题意可知，冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D错误。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称即可。
5．【答案】B
【知识点】密度及其特性；热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值
【解析】【解答】A．热量只能通过吸收（或者放出）来描述，故A错误；
B．高温烧制时，瓦片和火焰存在温度差，所以通过热传递的方法增加瓦片的内能，故B正确；
C．燃料的热值与燃料是否充分燃烧、质量都无关，故C错误；
D．密度和物体的种类有关，砖头切割，密度不变，故D错误。
故选B。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
6．【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】根据图片可知，此时像距大于物距，则光屏上成倒立、放大的实像，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】比较像距和物距的大小，从而确定成像的特点。
7．【答案】B
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A．足球在空中运动时，同样受到重力的作用。故A错误；
B．当足球被踢时发生微微变形。这说明力确实可以改变物体的形状。故B正确；
C．当足球在水平地面上滚动时，重力方向是竖直向下的，而足球是在水平方向上移动的。因此重力并没有在足球移动的方向上做功。故C错误；
D．足球离开脚后还能继续运动，是因为它具有惯性，会保持原来的运动状态不变。故D错误。
故选B。
【分析】A.对足球进行受力分析即可；
B.根据力的作用效果判断；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
8．【答案】B
【知识点】平衡力和相互作用力的区分
【解析】【解答】A．人对地面的压力作用在地面上，地面对他的支持力作用在人身上，即分别作用在不同物体上，不是一对平衡力，故A错误；
BC．人受到的重力竖直向下，地面对人的支持力竖直向上，二者大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确，C错误；
D．人所受的重力和人对地面的压力，二者的方向都是竖直向下的，即二力方向相同，因此不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】平衡力和相互作用力的共同点：大小相等、方向相反，作用在同一直线上。不同点：前者作用在同一物体上，后者作用在两个不同的物体上。
9．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，球的平均密度为：；则球的密度小于水的密度，
那么球最终在水面漂浮，此时它受到的浮力等于重力，
即F浮力=G=mg=0.09kg×10N/kg=0.9N。
故选A。
【分析】根据密度公式计算车球的平均密度，然后与水的密度比较，从而确定最终的浮沉状态，并计算球受到的浮力即可。
10．【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．手柄上有凹凸不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故A正确不符合题意；
B．刹车时通过增加压力的方式增大摩擦力，故B正确不符合题意；
C．轴承上加润滑油，是通过接触面分离减小摩擦力，故C错误符合题意；
D．用滚动轴承是变滚动为滑动减小摩擦力，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】根据增大摩擦力和减小摩擦力的知识分析判断。
11．【答案】D
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，即玻璃棒失去电子，丝绸得到电子而带负电，故AB错误；
C．摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故C错误；
D．根据题意可知，验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥，故D正确。
故选D。
【分析】AB.相互摩擦的两个物体，得到电子的带正电，失去电子的带负电；
C.根据摩擦起电的本质判断；
D.根据验电器的工作原理判断。
12．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作，这说明它们之间互不影响，照明灯和电动机应该并联连接。照明灯和电动机都能单独控制，则两个支路上各有一个开关与它们串联。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
13．【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】根据图片可知，开关闭合后，a、b两点与火线相连，则用测电笔测试火线上的a、b点时氖管发光，说明火线和a、b之间正常。d点与零线相连，则测试零线上的d点时氖管不发光，说明零线正常。用测电笔测试c点时，氖管不发光，说明c没有与火线相连，可能是b、c之间断路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】一般情况下，测电笔接触火线时发光，接触零线时不发光，据此结合现象分析故障的种类和位置即可。
14．【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压。
AB．当滑动变阻器滑片逐渐向左移动，它连入的电阻变小。根据R总=R1+R2可知，电路的总电阻减小。根据欧姆定律可知，电流变大。根据串联电压与电阻成正比的规律可知，滑动变阻器分得的电压减小，故电压表示数减小，故AB错误；
CD．根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值表示滑动变阻器的电阻，则二者的比值变小，故D正确，C错误。
故选D。
【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，根据欧姆定律和串并联电路特点分析判断即可。
15．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，闭合开关S，R1、R2串联，电压表V1测R2的电压，V2测总电压。
A．串联电路中通过两电阻的电流相等，即，故A错误；
B．在串联电路中，电压与电阻成正比，即R1、R2两端的电压之比为
，
故B错误；
C．根据W=UIt可知，相同时间R1、R2消耗电功之比，
故C正确；
D．根据P=UI可知，R1、R2的电功率之比，
故D错误。
故选C。
【分析】A. 根据图片可知，闭合开关S，R1、R2串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量电源电压；根据串联电路的电流特点可知通过R1、R2的电流之比；
B.根据串联电路的电压特点和电压表V1、V2示数之比可知R1、R2两端的电压之比；
C.根据W=UIt求出相同时间电流对R1、R2做的消耗电能之比；
D.根据P=UI计算电功率之比。
16．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】磁性标签未消除时，检测器就会检测到标签上的磁性，触发电路报警，可知，报警器的工作原理是电磁感应；
AB．两图中，导线有电流通过，产生磁场，利用的是电流的磁效应，故AB不符合题意；
C．图中有电源，导体通电后在磁场中受力运动，为电动机原理图，即通电导线在磁场中受到力的作用，故C不符合题意；
D．图中，闭合电路的部分导体切割磁感线，产生感应电流，利用的是电磁感应原理，故D符合题意。
故选D。
【分析】电流通过导体产生磁场， 是电流的磁效应；电流在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理；闭合电路的部分导体切割磁感线，导体有电流产生，是电磁感应现象。
17．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AB．根据图甲可知，闭合S时，R与L串联，电压表测L电压，
此时电压表示数为2V，根据乙图可知此时电流为0.6A；
图中R电压4V时，电流为0.4A，电阻为；
此时R的电压为U=I'R=0.6A×10Ω=6V；
电源电压为U电=UL+U=2V+6V=8V，
故AB错误；
C．R消耗的电功率为P=UI=6V×0.6A=3.6W，
故C正确；
D．电路的总功率为P=U电I=8V×0.6A=4.8W
故D错误。
故选C。
【分析】AB.闭合S时，R与L串联，电压表测L电压，此时电压表示数为2V，根据乙图可知此时电流为0.6A；根据电阻R不变，任取一组数据用欧姆定律计算电阻，
根据串联电路的特点确定R的电流，根据欧姆定律计算电压，根据串联电路电压规律可以求出电源电压；
CD.根据P=UI计算R的功率与总功率。
18．【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：，
即，
解得：F=20N，
故A错误；
B．木棒对肩膀的压力等于手的压力和物体重力之和，即，
由于力的作用是相互的，所以肩对木棒的支持力 大小等于木棒对肩膀的压力，大小为60N，
故B错误；
C．人的重力，
地面对人的支持力等于人的重力加上物体的重力，大小为，
故C错误；
D．人对地面的压力大小F=540N，人对地面的压强为，
故D正确。
故选D。
【分析】 A.利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2求手压木棒的压力；
B.木棒对肩膀的压力等于木棒B端受到的拉力与物体重力之和，由于力的作用是相互的，肩对木棒的支持力大小等于木棒对肩膀的压力；
C.把人和物体看做一个整体，人对地面的压力大小等于人的重力加上物体重力；
D.根据压强公式得出人对地面的压强。
19．【答案】增大；静止；电磁波
【知识点】机械能及其转化；运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】火箭加速上升时，质量一定，速度变大，动能变大；高度升高，重力势能增加，机械能增加。
飞船与空间站成功对接后，飞船相对于空间站没有位置变化，飞船是静止的。
真空不能传声，航天员在空间站与地面指挥中心传递信息，利用电磁波。故第1空填：增大；第2空填：静止；第3空填：电磁波。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，总机械能变大；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；航天员和地面联系，利用电磁波。
20．【答案】扩散；10；2.3×107
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】（1） 小丽去郊游 ，她能够闻到汽油的味道，这是汽油分子在空气中发生扩散现象。
（2）四冲程汽油机飞轮的转速 1200r/min ，即每分钟转动1200圈，则每秒钟转动圈数：，因此每秒对外做功次数：；
（3）汽油放出的热量。
【分析】（1）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
（2）四冲程内燃机一个工作循环中，对外做功1次，飞轮传动2圈；
（3）根据计算汽油放出的热量。
21．【答案】5.5×106；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“奋斗者”受到的海水压强为
；
潜水器上0.1m2的表面上受到海水的压力为。
（2）潜水器完全浸没在液体中，它排开水的体积始终等于自身体积，即排开液体的体积不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，则浮力不变。
【分析】（1）根据液体压强公式计算“奋斗号”受到的海水压强，根据F=pS计算受到的海水压力；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析潜水器受到浮力的大小变化。
22．【答案】（1）加热
（2）2022.8
（3）2.1×105
（4）800
【知识点】燃料的热值；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当S1和S2闭合时，R1和R2并联，此时总电阻最小；
当当S1闭合，S2断开时，只有R2单独工作，此时总电阻最大；
根据可知，前者电功率最大，电煎药壶处于加热状态；后者电功率最小，电煎药处于保温状态。
（2）根据丙图可知，电能表的示数为2022.8kW·h。
（3）水吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×（70℃-20℃）=2.1×105J；
（4） 电煎药壶消耗的电能为；电煎药壶实际功率为：。
【分析】 （1）先判断当S1和S2闭合时，电路是并联还是串联，再根据判断总功率大小，然后判断电路处于什么档位；
（2）根据图示判断电能表的示数；
（3）根据公式Q=cmΔt计算吸收的热量；
（4）先根据计算出消耗的电能，再根据计算电功率。
（1）当S1和S2闭合时，电路是并联电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电功率最大，电煎药壶处于加热状态
（2）图丙电能表的示数为2022.8kW·h。
（3）水吸收的热量为
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×（70℃-20℃）=2.1×105J
（4）加热1min电能表表盘转过40圈，消耗的电能为
电煎药壶实际功率为：
23．【答案】（1）
（2）
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据图片可知，过光心的光线经凸透镜折射后不改变方向，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，如下图所示：
（2）根据图片可知，物体受到的重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上。O点为杠杆的支点，过支点O做力F的作用线的垂线，该垂线段为F的力臂L，如下图所示：
【分析】（1）根据凸透镜的三条特殊光线完成作图；
（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段。力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）根据凸透镜特殊光线知道，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后不改变方向
（2）过支点O做力F的作用线的垂线，该垂线段为F的力臂L；重力的方向时竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此做出重力的示意图，如下图
24．【答案】（1）自下而上；38
（2）晶体；48；不变；增大
【知识点】熔化和凝固的探究实验；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1） 在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定烧杯的高度，按照自下而上的顺序组装；
②根据甲图可知，温度计的分度值为1℃，则温度计的示数为38℃。
（2）①根据乙图可知，海波在熔化过程中温度保持不变，即具有熔点，则海波是晶体。
②由于海波是晶体，所以它在熔化过程中会持续吸热，但是温度却保持不变。同时，由于吸收了热量，所以海波的内能是增大的。
【分析】 1）因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；根据温度计的分度值和液柱位置读数；
（2）①晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变。
② 物体吸收热量，则内能增大；放出热量，则内能减小。
（1）[1]关于实验装置的组装顺序，为了保证实验的安全和准确性，我们应该按照“自下而上”的顺序进行组装。这是因为如果先安装上面的部分，那么在安装下面的部分时可能会因为空间限制或者调整需要而频繁移动上面的部分，导致实验装置的不稳定或者误差增大。
[2]根据图甲中温度计的分度值（每个小格代表1℃）和液柱的位置，我们可以读出温度计的示数为38℃。
（2）[1][2]从图像中我们可以看出，海波在熔化过程中温度保持在一个恒定的值不变，这个值就是海波的熔点，为48℃。具有这种熔化特性的物质我们称之为晶体。因此，海波是晶体。
[3][4]由于海波是晶体，所以它在熔化过程中会持续吸热，但是温度却保持不变。同时，由于吸收了热量，所以海波的内能是增大的。
25．【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；无关；ade
（3）没有保持橡皮泥排开液体体积相同
（4）ρ水
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）将易拉罐浸入水中越深，则易拉罐排开水的体积越大，而手会感觉越吃力，说明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力与排开液体的体积有关，即猜想Ⅳ正确；
（2）①A的重力为4N，a中测力计的示数为3N，则此时A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力为4.5N，b中测力计的示数为3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力为5N，b中测力计的示数为4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，
由此可知浮力的大小与重力无关。
②探究浮力大小与液体密度的关系时，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体密度，故选a、d、e；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的体积为V=V3-V1，
橡皮泥的密度为。
【分析】 （1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）①根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；
②浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的体积增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水的体积，质量、体积求出，可求出密度。
（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的体积为
V=V3-V1
橡皮泥的密度为
26．【答案】（1）；电阻；保护电路；改变电阻两端电压，便于多次测量寻找普遍规律
（2）右；1.5；测量误差
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，滑片向左移动时电流表示数变大，则滑动变阻器接入的阻值减小，那么应该连接左下端的接线柱，如下图所示：
②根据控制变量法的要求可知，探究电流与电压的关系时需要控制定值电阻不变，从而比较定值电阻两端电流与电压的关系。
③探究电流与电压的关系时，滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端电压。
（2）①在实验中，电压表的示数保持不变，则变阻器的电压也保持不变。根据串联电路分压规律，定值电阻与变阻器接入的阻值的比值不变。 当AB间的电阻R由5Ω换成10Ω时定值电阻变大，则需要向右移动滑动变阻器。
②根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，
此时电路中电流为；
则电压表最小值为。
③第三组数据理论值为0.10A，但表中测出来的数据为0.11A，偏差值较小，是由于读数造成的测量误差。
【分析】（1）①根据电流表的示数变化确定变阻器接入的阻值变化，进而确定变阻器选择的接线柱即可；
②根据控制变量法的要求解答；
③根据实验中滑动变阻器的作用解答。
（2）①根据串联电路的分压规律分析变阻器接入阻值的变化即可；
②根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，根据计算电路电流，根据计算电压表的最小值。
③将理论值和实测数据对比分析误差产生的原因。
（1）[1]滑片向左移动时电流表示数变大，则滑动 变阻器应该连接左下端，如图所示：
[2]探究电流与电压的关系时需要控制定值电阻不变，从而比较定值电阻两端电流与电压的关系。
[3][4]连接电路时滑动变阻器需要处于阻值最大处，起 到保护电路的作用；探究电流与电压的关系时，通过多次调节滑动变阻器，从而改变定值电阻两端电压，获得多组实验数据；故滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端电压。
（2）[1]根据串联电路分压规律，每次更换大的电阻后，电压表示数会变大，需要增大滑动变阻器的阻值才能保持电阻两端电压不变，故需要向右移动滑动变阻器。
[2]根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动 变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，此时电路中电流为
则电压表最小值为
[3]第三组数据理论值为0.10A，但表中测出来的数据为0.11A，偏差值较小，是由于读数造成的测量误差。
27．【答案】（1）解：根据乙图可知，滑轮组承担重力的绳子段数n=3，
则绳子拉力端移动的速度；
绳子拉力端移动的距离。
答：绳子移动的距离为15m。
（2）解：根据题意可知，拉力F的功率；
答：拉力的功率为1875W。
（3）解：根据题意可知，拉力所做的功；
有用功为；
机械效率。
答： 滑轮组的机械效率 为80%。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算绳端移动的速度；根据速度公式计算距离；
（2）由公式P=Fv计算拉力F的功率；
（3）利用公式W有=Gh求出有用功，由公式可计算出滑轮组的机械效率。
（1）图中绳子股数n=3，绳子拉力端移动的速度
移动的距离
（2）拉力F的功率
（3）拉力所做的功
有用功为
机械效率
28．【答案】（1）解：根据“6V 3W”可知，
灯泡正常工作时的电流为。
答： 灯泡正常工作时的电流为0.5A 。
（2）解：当S闭合S1、S2都断开，灯泡与滑动变阻器串联，
灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压为
；
则滑动变阻器接入电路的阻值。
答： 灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值为12Ω 。
（3）解：当S闭合S1、S2都断开时，电路中最大电流为0.5A，
电路的最大功率为；
当S、S1、S2都闭合时，灯泡短路，R和R0并联在电路中，
此时电路中的电流为；
通过滑动变阻器的电流为；
则通过R0的电流为；
调节滑动变阻器，使得通过它的最小电流为；
则电路中的最小电流为；
电路最小功率为；
P1与P2的比值。
答：P1与P2的比值为。
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作时的电流；
（2）当S闭合S1、S2都断开，灯泡L与滑动变阻器串联，已知灯泡的额定电压和电源电压，根据串联电路电压规律可以求出滑动变阻器两端的电压，又知灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流规律可知通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律公式可以求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）当S闭合S1、S2都断开时，灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据公式P=UI可以求出此时的最大功率；
当S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0和滑动变阻器R并联，电流表示数变化了1.5A，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电流规律可以求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求得R0的阻值，当滑动变阻器的滑片滑到最右端时，电路中的电流最小，求出此时的最小电流值，再利用公式P=UI求电路的最小功率，最后计算P1与P2的比值。
（1）题意可得，灯泡正常工作时的电流为
（2）当S闭合S1、S2都断开，灯泡与滑动变阻器串联，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压为
则滑动变阻器接入电路的阻值
（3）当S闭合S1、S2都断开时，电路中最大电流为0.5A，电路的最大功率为
当S、S1、S2都闭合时，灯泡短路，R和R0并联在电路中，此时电路中的电流为
通过滑动变阻器的电流为
则通过R0的电流为
调节滑动变阻器，使得通过它的最小电流为
则电路中的最小电流为
电路最小功率为
P1与P2的比值
1 / 1四川省巴中市2024年中考理综物理试题
1．（2024·巴中）下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A．一只公鸡的质量约为20kg
B．成人正常步行速度大约为10km/h
C．一支新2B铅笔的长度约为18cm
D．教室里一盏节能灯的功率约为1kW
【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电功率
【解析】【解答】根据题意可知，一只公鸡的质量约为3kg，成人正常步行速度大约为，一支新2B铅笔的长度与20cm的刻度尺长度接近，约为18cm，教室里一盏节能灯的功率约为40W，
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据对物体质量、速度、长度和功率的认识判断。
2．（2024·巴中）某校艺术节合唱比赛中，各班在乐队的伴奏下放声高歌。下列说法正确的是（ ）
A．“放声高歌”中的“高”是指声音的音调高
B．观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的
C．观众能辨别不同的乐器声是因为它们的响度不同
D．歌声只能传递信息
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．根据题意可知，“放声高歌”中的“高”是声音的响度，故A错误；
B．根据题意可知，观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的，故B正确；
C．根据题意可知，观众能辨别不同的乐器声，是因为它们的音色不同，故C错误；
D．根据题意可知，歌声传递的是信息，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的大小叫响度，声音的高低叫音调；
B.声音的传播需要介质；
C.声音的特点叫音色；
D. 声音能够传递信息和能量。
3．（2024·巴中）诗文“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”对自然现象进行了生动的描述，其中看到水中的“游鱼”比实际位置浅，这是（ ）
A．光沿直线传播现象 B．光的反射现象
C．光的折射现象 D．光的色散现象
【答案】C
【知识点】光的反射
【解析】【解答】根据题意可知，水中鱼反射出的光从水中进入空气中时发生折射，折射光线向远离法线的方向偏折，此时会看到水中的“游鱼”比实际位置浅。
故选C。
【分析】根据光的折射的知识分析判断。
4．（2024·巴中）关于物态变化现象的描述，以下说法正确的是（ ）
A．深秋的霜是由空气中的水蒸气凝华而来
B．清晨的雾是由水蒸发而来
C．放在衣柜里的樟脑丸变小，是汽化现象
D．冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”，是汽化现象
【答案】A
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．根据题意可知，霜是空气中的水蒸气遇冷从气态直接变成固态发生凝华形成的冰晶，故A正确；
B．根据题意可知，雾是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B错误；
C．根据题意可知，放在衣柜里的樟脑丸从固态直接变成气态发生升华现象而变小，故C错误；
D．根据题意可知，冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D错误。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称即可。
5．（2024·巴中）如图所示，青瓦是古建筑常用的建筑材料，制瓦工艺有上千年的历史。制瓦工艺分为成坯、晒制、高温烧制等诸多流程。下列说法正确的是（ ）
A．晒制泥坯时，泥坯温度越高含有热量越多
B．高温烧制时，通过热传递的方式改变瓦片的内能
C．烧制青瓦时，燃料燃烧越充分其热值越大
D．在质地均匀的瓦上定型切割，瓦的密度变小
【答案】B
【知识点】密度及其特性；热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值
【解析】【解答】A．热量只能通过吸收（或者放出）来描述，故A错误；
B．高温烧制时，瓦片和火焰存在温度差，所以通过热传递的方法增加瓦片的内能，故B正确；
C．燃料的热值与燃料是否充分燃烧、质量都无关，故C错误；
D．密度和物体的种类有关，砖头切割，密度不变，故D错误。
故选B。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
6．（2024·巴中）在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示位置时，在光屏上出现一个清晰烛焰的像，其成像特点是（ ）
A．倒立放大的实像 B．倒立放大的虚像
C．倒立缩小的实像 D．正立放大的虚像
【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】根据图片可知，此时像距大于物距，则光屏上成倒立、放大的实像，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】比较像距和物距的大小，从而确定成像的特点。
7．（2024·巴中）足球是全世界参与度最广的体育运动之一，如图是几个同学踢足球的场景。下列说法正确的是（ ）
A．足球在空中运动时不受重力的作用
B．足球被踢时会微微变形，说明力可以改变物体的形状
C．足球在水平地面上滚动时，其重力做了功
D．足球离开脚后还能继续运动，是由于受到惯性作用
【答案】B
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A．足球在空中运动时，同样受到重力的作用。故A错误；
B．当足球被踢时发生微微变形。这说明力确实可以改变物体的形状。故B正确；
C．当足球在水平地面上滚动时，重力方向是竖直向下的，而足球是在水平方向上移动的。因此重力并没有在足球移动的方向上做功。故C错误；
D．足球离开脚后还能继续运动，是因为它具有惯性，会保持原来的运动状态不变。故D错误。
故选B。
【分析】A.对足球进行受力分析即可；
B.根据力的作用效果判断；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
8．（2024·巴中）如图所示，某同学静止站立在水平地面上。下列说法正确的是（ ）
A．人对地面的压力与地面对人的支持力是一对平衡力
B．人受到的重力与地面对人的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力与地面对人的支持力是一对相互作用力
D．人受到的重力与人对地面的压力是一对相互作用力
【答案】B
【知识点】平衡力和相互作用力的区分
【解析】【解答】A．人对地面的压力作用在地面上，地面对他的支持力作用在人身上，即分别作用在不同物体上，不是一对平衡力，故A错误；
BC．人受到的重力竖直向下，地面对人的支持力竖直向上，二者大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确，C错误；
D．人所受的重力和人对地面的压力，二者的方向都是竖直向下的，即二力方向相同，因此不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】平衡力和相互作用力的共同点：大小相等、方向相反，作用在同一直线上。不同点：前者作用在同一物体上，后者作用在两个不同的物体上。
9．（2024·巴中）一个体积为100cm3、质量为90g的球放入足够深的水中，静止后的状态及所受浮力大小为（ ）
A．漂浮 0.9N B．漂浮 1N
C．沉底 0.9N D．沉底 1N
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，球的平均密度为：；则球的密度小于水的密度，
那么球最终在水面漂浮，此时它受到的浮力等于重力，
即F浮力=G=mg=0.09kg×10N/kg=0.9N。
故选A。
【分析】根据密度公式计算车球的平均密度，然后与水的密度比较，从而确定最终的浮沉状态，并计算球受到的浮力即可。
10．（2024·巴中）自行车是人类的一项伟大发明。与自行车有关的物理知识，下列说法错误的是（ ）
A．手柄上有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B．刹车时，是通过增大刹车皮与钢圈之间的压力来增大摩擦
C．轴承上加润滑油是为了消除摩擦
D．用滚动轴承是为了减小摩擦
【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．手柄上有凹凸不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故A正确不符合题意；
B．刹车时通过增加压力的方式增大摩擦力，故B正确不符合题意；
C．轴承上加润滑油，是通过接触面分离减小摩擦力，故C错误符合题意；
D．用滚动轴承是变滚动为滑动减小摩擦力，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】根据增大摩擦力和减小摩擦力的知识分析判断。
11．（2024·巴中）用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器，金属箔张开。下列说法正确的是（ ）
A．正电荷从丝绸转移到玻璃棒
B．玻璃棒带正电是因为得到了电子
C．摩擦起电是创造了电荷
D．验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥
【答案】D
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，即玻璃棒失去电子，丝绸得到电子而带负电，故AB错误；
C．摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故C错误；
D．根据题意可知，验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥，故D正确。
故选D。
【分析】AB.相互摩擦的两个物体，得到电子的带正电，失去电子的带负电；
C.根据摩擦起电的本质判断；
D.根据验电器的工作原理判断。
12．（2024·巴中）为了减少炒菜时对油烟的吸入，厨房里安装了一台抽油烟机。抽油烟机上面的照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作。以下关于抽油烟机内部电路设计，你认为符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作，这说明它们之间互不影响，照明灯和电动机应该并联连接。照明灯和电动机都能单独控制，则两个支路上各有一个开关与它们串联。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
13．（2024·巴中）小李做家务时，房间里的电灯突然熄灭。他用测电笔分别测试如图所示家庭简化电路中的a、b、c、d四点，测a、b两点时氖管均发光，测c、d两点时均不发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．a、b之间断路 B．b、c之间断路
C．c、d之间断路 D．b、c之间短路
【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】根据图片可知，开关闭合后，a、b两点与火线相连，则用测电笔测试火线上的a、b点时氖管发光，说明火线和a、b之间正常。d点与零线相连，则测试零线上的d点时氖管不发光，说明零线正常。用测电笔测试c点时，氖管不发光，说明c没有与火线相连，可能是b、c之间断路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】一般情况下，测电笔接触火线时发光，接触零线时不发光，据此结合现象分析故障的种类和位置即可。
14．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片逐渐向左移动。下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数增大
B．电流表示数减小
C．电压表与电流表示数的比值不变
D．电压表与电流表示数的比值变小
【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压。
AB．当滑动变阻器滑片逐渐向左移动，它连入的电阻变小。根据R总=R1+R2可知，电路的总电阻减小。根据欧姆定律可知，电流变大。根据串联电压与电阻成正比的规律可知，滑动变阻器分得的电压减小，故电压表示数减小，故AB错误；
CD．根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值表示滑动变阻器的电阻，则二者的比值变小，故D正确，C错误。
故选D。
【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，根据欧姆定律和串并联电路特点分析判断即可。
15．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1、V2示数之比为2∶3。下列说法正确的是（ ）
A．通过R1、R2的电流之比I1∶I2=1∶2
B．R1、R2两端的电压之比U1∶U2=2∶1
C．相同时间R1、R2消耗电功之比W1∶W2=1∶2
D．R1、R2的电功率之比P1∶P2=2∶1
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，闭合开关S，R1、R2串联，电压表V1测R2的电压，V2测总电压。
A．串联电路中通过两电阻的电流相等，即，故A错误；
B．在串联电路中，电压与电阻成正比，即R1、R2两端的电压之比为
，
故B错误；
C．根据W=UIt可知，相同时间R1、R2消耗电功之比，
故C正确；
D．根据P=UI可知，R1、R2的电功率之比，
故D错误。
故选C。
【分析】A. 根据图片可知，闭合开关S，R1、R2串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量电源电压；根据串联电路的电流特点可知通过R1、R2的电流之比；
B.根据串联电路的电压特点和电压表V1、V2示数之比可知R1、R2两端的电压之比；
C.根据W=UIt求出相同时间电流对R1、R2做的消耗电能之比；
D.根据P=UI计算电功率之比。
16．（2024·巴中）如图所示超市出口处装有报警器，它由防盗天线、检测门、检测器等构成。结账时贴在商品上的磁性标签会被消磁，若磁性标签未被消磁，通过检测门时，检测器就会检测到标签上的磁性而产生感应电流触发电路报警。下列选项中与报警器工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】磁性标签未消除时，检测器就会检测到标签上的磁性，触发电路报警，可知，报警器的工作原理是电磁感应；
AB．两图中，导线有电流通过，产生磁场，利用的是电流的磁效应，故AB不符合题意；
C．图中有电源，导体通电后在磁场中受力运动，为电动机原理图，即通电导线在磁场中受到力的作用，故C不符合题意；
D．图中，闭合电路的部分导体切割磁感线，产生感应电流，利用的是电磁感应原理，故D符合题意。
故选D。
【分析】电流通过导体产生磁场， 是电流的磁效应；电流在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理；闭合电路的部分导体切割磁感线，导体有电流产生，是电磁感应现象。
17．（2024·巴中）如图甲所示电路，电源电压不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系图像。闭合S时，电压表的示数为2V，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压为6V
B．R的电阻为5Ω
C．闭合S时，R消耗的电功率为3.6W
D．闭合S时，电路的总功率为6W
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AB．根据图甲可知，闭合S时，R与L串联，电压表测L电压，
此时电压表示数为2V，根据乙图可知此时电流为0.6A；
图中R电压4V时，电流为0.4A，电阻为；
此时R的电压为U=I'R=0.6A×10Ω=6V；
电源电压为U电=UL+U=2V+6V=8V，
故AB错误；
C．R消耗的电功率为P=UI=6V×0.6A=3.6W，
故C正确；
D．电路的总功率为P=U电I=8V×0.6A=4.8W
故D错误。
故选C。
【分析】AB.闭合S时，R与L串联，电压表测L电压，此时电压表示数为2V，根据乙图可知此时电流为0.6A；根据电阻R不变，任取一组数据用欧姆定律计算电阻，
根据串联电路的特点确定R的电流，根据欧姆定律计算电压，根据串联电路电压规律可以求出电源电压；
CD.根据P=UI计算R的功率与总功率。
18．（2024·巴中）如图所示，小王站在水平地面上，将长为0.6米，质量可忽略不计的木棒搁在肩上，支点O距离后端A处为0.2米，A处挂一个重40N的物体，他用手竖直压住前端B处使木棒保持水平平衡。若小王的质量为50kg，双脚与地面的总接触面积约为400cm2，下列说法正确的是（ ）
A．手对木棒的压力大小为40N
B．肩对木棒的支持力大小为80N
C．地面对人的支持力大小为560N
D．人对地面的压强大小约为1.35×104Pa
【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：，
即，
解得：F=20N，
故A错误；
B．木棒对肩膀的压力等于手的压力和物体重力之和，即，
由于力的作用是相互的，所以肩对木棒的支持力 大小等于木棒对肩膀的压力，大小为60N，
故B错误；
C．人的重力，
地面对人的支持力等于人的重力加上物体的重力，大小为，
故C错误；
D．人对地面的压力大小F=540N，人对地面的压强为，
故D正确。
故选D。
【分析】 A.利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2求手压木棒的压力；
B.木棒对肩膀的压力等于木棒B端受到的拉力与物体重力之和，由于力的作用是相互的，肩对木棒的支持力大小等于木棒对肩膀的压力；
C.把人和物体看做一个整体，人对地面的压力大小等于人的重力加上物体重力；
D.根据压强公式得出人对地面的压强。
19．（2024·巴中）2024年4月25日，搭载神舟十八号飞船的长征运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空。在加速上升的过程中，飞船的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；飞船与空间站成功对接后，以空间站为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的；航天员叶光富在空间站通过 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心传递信息。
【答案】增大；静止；电磁波
【知识点】机械能及其转化；运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】火箭加速上升时，质量一定，速度变大，动能变大；高度升高，重力势能增加，机械能增加。
飞船与空间站成功对接后，飞船相对于空间站没有位置变化，飞船是静止的。
真空不能传声，航天员在空间站与地面指挥中心传递信息，利用电磁波。故第1空填：增大；第2空填：静止；第3空填：电磁波。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，总机械能变大；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；航天员和地面联系，利用电磁波。
20．（2024·巴中）小丽去郊游，上车时闻到汽油味，这是 现象。通过交流得知该车的发动机为汽油机，若某单缸四冲程汽油机的转速为1200r/min，在1s内汽油机对外做了 次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为 J（q汽油=4.6×107J/kg）。
【答案】扩散；10；2.3×107
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】（1） 小丽去郊游 ，她能够闻到汽油的味道，这是汽油分子在空气中发生扩散现象。
（2）四冲程汽油机飞轮的转速 1200r/min ，即每分钟转动1200圈，则每秒钟转动圈数：，因此每秒对外做功次数：；
（3）汽油放出的热量。
【分析】（1）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
（2）四冲程内燃机一个工作循环中，对外做功1次，飞轮传动2圈；
（3）根据计算汽油放出的热量。
21．（2024·巴中）我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。“奋斗者”号在水下5000米时，潜水器上0.1m2的表面上受到海水的压力为 N（ρ海水=1.1×103kg/m3）。如果继续下潜，潜水器所受浮力将 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】5.5×106；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“奋斗者”受到的海水压强为
；
潜水器上0.1m2的表面上受到海水的压力为。
（2）潜水器完全浸没在液体中，它排开水的体积始终等于自身体积，即排开液体的体积不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，则浮力不变。
【分析】（1）根据液体压强公式计算“奋斗号”受到的海水压强，根据F=pS计算受到的海水压力；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析潜水器受到浮力的大小变化。
22．（2024·巴中）中医是中国医学文化的宝贵遗产。为了更好的控制煎药时的火候，某厂家生产了如图甲的一款全自动电煎药壶，它有“加热”和“保温”两个挡位，简化电路图如图乙，其中S2是一个温控开关，温度过高时自动断开。
（1）如图乙当S1和S2闭合时，电煎药壶处于 （选填“加热”或“保温”）挡。
（2）如图丙电能表的示数为 kW·h。
（3）用该电煎药壶将1kg水从20℃加热到70℃时，水吸收的热量为 J。
（4）某次煎药时关闭家里其他用电器，测出加热1min电能表表盘转过40圈，则电煎药壶实际功率为 W。
【答案】（1）加热
（2）2022.8
（3）2.1×105
（4）800
【知识点】燃料的热值；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当S1和S2闭合时，R1和R2并联，此时总电阻最小；
当当S1闭合，S2断开时，只有R2单独工作，此时总电阻最大；
根据可知，前者电功率最大，电煎药壶处于加热状态；后者电功率最小，电煎药处于保温状态。
（2）根据丙图可知，电能表的示数为2022.8kW·h。
（3）水吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×（70℃-20℃）=2.1×105J；
（4） 电煎药壶消耗的电能为；电煎药壶实际功率为：。
【分析】 （1）先判断当S1和S2闭合时，电路是并联还是串联，再根据判断总功率大小，然后判断电路处于什么档位；
（2）根据图示判断电能表的示数；
（3）根据公式Q=cmΔt计算吸收的热量；
（4）先根据计算出消耗的电能，再根据计算电功率。
（1）当S1和S2闭合时，电路是并联电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电功率最大，电煎药壶处于加热状态
（2）图丙电能表的示数为2022.8kW·h。
（3）水吸收的热量为
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×（70℃-20℃）=2.1×105J
（4）加热1min电能表表盘转过40圈，消耗的电能为
电煎药壶实际功率为：
23．（2024·巴中）作图题
（1）如图，请画出入射光线经凸透镜折射后的光线。
（2）图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂L及物体所受重力的示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据图片可知，过光心的光线经凸透镜折射后不改变方向，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，如下图所示：
（2）根据图片可知，物体受到的重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上。O点为杠杆的支点，过支点O做力F的作用线的垂线，该垂线段为F的力臂L，如下图所示：
【分析】（1）根据凸透镜的三条特殊光线完成作图；
（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段。力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）根据凸透镜特殊光线知道，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后不改变方向
（2）过支点O做力F的作用线的垂线，该垂线段为F的力臂L；重力的方向时竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此做出重力的示意图，如下图
24．（2024·巴中）某同学利用如图甲所示的装置，来探究海波熔化时温度的变化规律，绘出图乙所示的图像。
（1）图甲的实验装置应按 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装。图中温度计的示数为 ℃。
（2）由图乙可知海波是 （选填“晶体”或“非晶体”），海波的熔点是 ℃。海波在熔化过程中持续吸热，温度 （选填“升高”“降低”或“不变”），内能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】（1）自下而上；38
（2）晶体；48；不变；增大
【知识点】熔化和凝固的探究实验；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1） 在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定烧杯的高度，按照自下而上的顺序组装；
②根据甲图可知，温度计的分度值为1℃，则温度计的示数为38℃。
（2）①根据乙图可知，海波在熔化过程中温度保持不变，即具有熔点，则海波是晶体。
②由于海波是晶体，所以它在熔化过程中会持续吸热，但是温度却保持不变。同时，由于吸收了热量，所以海波的内能是增大的。
【分析】 1）因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；根据温度计的分度值和液柱位置读数；
（2）①晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变。
② 物体吸收热量，则内能增大；放出热量，则内能减小。
（1）[1]关于实验装置的组装顺序，为了保证实验的安全和准确性，我们应该按照“自下而上”的顺序进行组装。这是因为如果先安装上面的部分，那么在安装下面的部分时可能会因为空间限制或者调整需要而频繁移动上面的部分，导致实验装置的不稳定或者误差增大。
[2]根据图甲中温度计的分度值（每个小格代表1℃）和液柱的位置，我们可以读出温度计的示数为38℃。
（2）[1][2]从图像中我们可以看出，海波在熔化过程中温度保持在一个恒定的值不变，这个值就是海波的熔点，为48℃。具有这种熔化特性的物质我们称之为晶体。因此，海波是晶体。
[3][4]由于海波是晶体，所以它在熔化过程中会持续吸热，但是温度却保持不变。同时，由于吸收了热量，所以海波的内能是增大的。
25．（2024·巴中）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华猜想浮力的大小可能与以下因素有关：I液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体的形状；Ⅳ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持以上猜想 （选填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）为了研究猜想I和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为 N。进一步计算得出A、B、C所受浮力 （选填“相等”或“不相等”），可得出初步结论：浮力的大小与物体的重力 （选填“有关”或“无关”）。
②比较序号 的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
（3）为了研究猜想Ⅲ，将两块相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分别做成不同形状，进行如图丙所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。同学小珍认为该结论不可靠，主要原因是 。
（4）小珍觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图丁所示操作：
①在量筒中加入适量的水，此时读数为V1；
②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入量筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为V2；
③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为V3。
橡皮泥的密度为ρ= （用ρ水、V1、V2、V3表示）。
【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；无关；ade
（3）没有保持橡皮泥排开液体体积相同
（4）ρ水
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）将易拉罐浸入水中越深，则易拉罐排开水的体积越大，而手会感觉越吃力，说明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力与排开液体的体积有关，即猜想Ⅳ正确；
（2）①A的重力为4N，a中测力计的示数为3N，则此时A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力为4.5N，b中测力计的示数为3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力为5N，b中测力计的示数为4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，
由此可知浮力的大小与重力无关。
②探究浮力大小与液体密度的关系时，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体密度，故选a、d、e；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的体积为V=V3-V1，
橡皮泥的密度为。
【分析】 （1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）①根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；
②浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的体积增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水的体积，质量、体积求出，可求出密度。
（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的体积为
V=V3-V1
橡皮泥的密度为
26．（2024·巴中）图甲是小明探究电流与电压、电阻的关系的实验电路图，选用的实验器材有电源（3V）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、滑动变阻器（20Ω 2A）、阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω三个定值电阻、开关导线若干。
（1）探究电流与电压的关系
①根据图甲将图乙实物电路连接完整（要求滑片向左移动时电流表示数变大）；
②探究电流与电压的关系时要保持 不变；
③实验中滑动变阻器的作用是 和 ；
（2）探究电流与电阻的关系
①在实验中，首先确定一个保持不变的电压值U，当AB间的电阻R由5Ω换成10Ω时，保持滑片位置不变，闭合开关后将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端移动，使电压表示数为U；
②当AB间换接20Ω电阻时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电压表示数都无法达到U。为了完成实验，U的取值不能小于 V；
③下表为实验得到的数据。请分析，第3组实验数据不符合“导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”的实验规律，是由 （选填“测量错误”或“测量误差”）造成的。
实验序号 R/Ω I/A
1 5 0.40
2 10 0.20
3 20 0.11
【答案】（1）；电阻；保护电路；改变电阻两端电压，便于多次测量寻找普遍规律
（2）右；1.5；测量误差
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，滑片向左移动时电流表示数变大，则滑动变阻器接入的阻值减小，那么应该连接左下端的接线柱，如下图所示：
②根据控制变量法的要求可知，探究电流与电压的关系时需要控制定值电阻不变，从而比较定值电阻两端电流与电压的关系。
③探究电流与电压的关系时，滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端电压。
（2）①在实验中，电压表的示数保持不变，则变阻器的电压也保持不变。根据串联电路分压规律，定值电阻与变阻器接入的阻值的比值不变。 当AB间的电阻R由5Ω换成10Ω时定值电阻变大，则需要向右移动滑动变阻器。
②根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，
此时电路中电流为；
则电压表最小值为。
③第三组数据理论值为0.10A，但表中测出来的数据为0.11A，偏差值较小，是由于读数造成的测量误差。
【分析】（1）①根据电流表的示数变化确定变阻器接入的阻值变化，进而确定变阻器选择的接线柱即可；
②根据控制变量法的要求解答；
③根据实验中滑动变阻器的作用解答。
（2）①根据串联电路的分压规律分析变阻器接入阻值的变化即可；
②根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，根据计算电路电流，根据计算电压表的最小值。
③将理论值和实测数据对比分析误差产生的原因。
（1）[1]滑片向左移动时电流表示数变大，则滑动 变阻器应该连接左下端，如图所示：
[2]探究电流与电压的关系时需要控制定值电阻不变，从而比较定值电阻两端电流与电压的关系。
[3][4]连接电路时滑动变阻器需要处于阻值最大处，起 到保护电路的作用；探究电流与电压的关系时，通过多次调节滑动变阻器，从而改变定值电阻两端电压，获得多组实验数据；故滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端电压。
（2）[1]根据串联电路分压规律，每次更换大的电阻后，电压表示数会变大，需要增大滑动变阻器的阻值才能保持电阻两端电压不变，故需要向右移动滑动变阻器。
[2]根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动 变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，此时电路中电流为
则电压表最小值为
[3]第三组数据理论值为0.10A，但表中测出来的数据为0.11A，偏差值较小，是由于读数造成的测量误差。
27．（2024·巴中）图甲所示的塔吊是施工建设中最常见的设备，其结构可简化为图乙所示的滑轮组模型。已知物体质量为300kg，在绳子自由端施加1250N拉力，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。求：
（1）绳子拉力端移动的距离；
（2）拉力的功率；
（3）在此过程中滑轮组的机械效率。
【答案】（1）解：根据乙图可知，滑轮组承担重力的绳子段数n=3，
则绳子拉力端移动的速度；
绳子拉力端移动的距离。
答：绳子移动的距离为15m。
（2）解：根据题意可知，拉力F的功率；
答：拉力的功率为1875W。
（3）解：根据题意可知，拉力所做的功；
有用功为；
机械效率。
答： 滑轮组的机械效率 为80%。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算绳端移动的速度；根据速度公式计算距离；
（2）由公式P=Fv计算拉力F的功率；
（3）利用公式W有=Gh求出有用功，由公式可计算出滑轮组的机械效率。
（1）图中绳子股数n=3，绳子拉力端移动的速度
移动的距离
（2）拉力F的功率
（3）拉力所做的功
有用功为
机械效率
28．（2024·巴中）如图所示电路，电源电压12V保持不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大阻值为18Ω。当S闭合S1、S2都断开，移动滑片P使灯泡恰好正常发光。保持滑片P的位置不变，再闭合S1、S2，电流表示数变化了1.5A。（不考虑灯泡电阻的变化）求：
（1）灯泡正常工作时的电流；
（2）灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）在保证电路安全的前提下，当S闭合S1、S2都断开时，调节滑动变阻器使电路的最大功率为P1；当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器使电路最小功率为P2。计算P1与P2的比值。
【答案】（1）解：根据“6V 3W”可知，
灯泡正常工作时的电流为。
答： 灯泡正常工作时的电流为0.5A 。
（2）解：当S闭合S1、S2都断开，灯泡与滑动变阻器串联，
灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压为
；
则滑动变阻器接入电路的阻值。
答： 灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值为12Ω 。
（3）解：当S闭合S1、S2都断开时，电路中最大电流为0.5A，
电路的最大功率为；
当S、S1、S2都闭合时，灯泡短路，R和R0并联在电路中，
此时电路中的电流为；
通过滑动变阻器的电流为；
则通过R0的电流为；
调节滑动变阻器，使得通过它的最小电流为；
则电路中的最小电流为；
电路最小功率为；
P1与P2的比值。
答：P1与P2的比值为。
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作时的电流；
（2）当S闭合S1、S2都断开，灯泡L与滑动变阻器串联，已知灯泡的额定电压和电源电压，根据串联电路电压规律可以求出滑动变阻器两端的电压，又知灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流规律可知通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律公式可以求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）当S闭合S1、S2都断开时，灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据公式P=UI可以求出此时的最大功率；
当S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0和滑动变阻器R并联，电流表示数变化了1.5A，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电流规律可以求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求得R0的阻值，当滑动变阻器的滑片滑到最右端时，电路中的电流最小，求出此时的最小电流值，再利用公式P=UI求电路的最小功率，最后计算P1与P2的比值。
（1）题意可得，灯泡正常工作时的电流为
（2）当S闭合S1、S2都断开，灯泡与滑动变阻器串联，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压为
则滑动变阻器接入电路的阻值
（3）当S闭合S1、S2都断开时，电路中最大电流为0.5A，电路的最大功率为
当S、S1、S2都闭合时，灯泡短路，R和R0并联在电路中，此时电路中的电流为
通过滑动变阻器的电流为
则通过R0的电流为
调节滑动变阻器，使得通过它的最小电流为
则电路中的最小电流为
电路最小功率为
P1与P2的比值
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