广东省广州市花都区2025年中考一模物理试题
1．（2025·花都模拟）《考工记》记载，周代以“尺”为长度单位，1尺分为10寸。据考据，汉代1尺约23.1厘米。某汉代竹简记载一方砚台“长三寸”，则这方砚台的长度用现代单位表示最接近的是
A．7cm B．20cm C．70cm D．1m
【答案】A
【知识点】长度的估测；长度及其测量
【解析】【解答】由周代以“尺”为长度单位，1尺分为10寸，据考据，汉代1尺约23.1厘米可知，古代一寸约为2.31cm，某汉代竹简记载一方砚台“长三寸”，即该砚台的长度为2.31cm×3=6.93cm≈7cm，故A正确。
故选：A。
【分析】根据题中古代尺和寸之间的进位关系和古今长度的对比，结合题中条件分析即可。
2．（2025·花都模拟）以下过程不发生物态变化。初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同的热量，已知甲的比热容大于乙的比热容，以下说法中正确的是
A．甲的温度升高更多 B．乙的温度升高更多
C．甲和乙升高的温度一定不同 D．甲和乙升高的温度可能相同
【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同的热量，已知甲的比热容大于乙的比热容，但不知道甲乙的质量，故无法判断甲乙的温度变化，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】根据比热容的公式可知，温度的变化与物质质量、吸收的热量及比热容有关。
3．（2025·花都模拟）下列关于能源的说法中正确的是
A．电能属于一次能源
B．核能和 地热能 都是来自于太阳辐射的能源
C．涉及热现象的能量转化和转移过程是有方向性、不可逆的
D．在太阳内部，氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的能量
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；能源与可持续发展
【解析】【解答】解：A、电能是由一次能源经过加工转换而成的能源产品，属于二次能源，如火力发电是将煤炭等一次能源的化学能转化为电能，水力发电是将水的机械能转化为电能等，故A错误。
B、核能是通过核反应从原子核释放的能量，它来自于地球内部的核燃料，与太阳辐射无关；地热能是地球内部蕴藏的热能，是地球形成时产生的，也不是来自太阳辐射，故B错误。
C、热现象的能量转化和转移过程具有方向性，例如热量只能自发地从高温物体传递到低温物体，而不能自发地从低温物体传递到高温物体；能量在转化过程中也会有一部分以热的形式散失到周围环境中，无法再完全转化为其他形式的能量，所以是不可逆的，故C正确。
D、在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的能量，而不是裂变。核聚变是轻原子核结合成较重原子核的过程，太阳就是通过氢核聚变产生光和热的，故D错误。
故选：C。
【分析】电能是由一次能源经过加工转换而成的能源产品，属于二次能源。
核能是通过核反应从原子核释放的能量，它来自于地球内部的核燃料，与太阳辐射无关；地热能是地球内部蕴藏的热能，是地球形成时产生的，也不是来自太阳辐射。
热现象的能量转化和转移过程具有方向性。
在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的能量，而不是裂变。核聚变是轻原子核结合成较重原子核的过程，太阳就是通过氢核聚变产生光和热的。
4．（2025·花都模拟）如图所示，一小球沿着虚线方向做匀速直线运动，若小球只受到两个力的作用，图中能正确表示小球可能的受力情况的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】小球做匀速直线运动，所以受到平衡力，小球受重力作用，方向竖直向下，若小球只受到两个力的作用，所以另一个力竖直向上。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力。
5．（2025·花都模拟）某物体与硅胶管原来均不带电，用物体摩擦硅胶管后，硅胶管靠近（未接触）自然下垂静止的轻质小球，其相互作用情况如图所示。以下说法中正确的是（ ）
A．轻质小球有可能不带电
B．摩擦后，硅胶管一定带负电
C．摩擦后，物体与轻质小球带异种电荷
D．摩擦后，物体与硅胶管带同种电荷
【答案】C
【知识点】物体带电情况的判断
【解析】【解答】用物体M摩擦硅胶管后，发生摩擦起电现象，物体M与硅胶管带异种电荷，硅胶管靠近轻质小球，二者相互排斥，可判断硅胶管和轻质小球带同种电荷，则物体一定与轻质小球带异种电荷，物体与硅胶管带异种电荷。故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
6．（2025·花都模拟）下列事例中与大气压的关系最小的是（ ）
A．用活塞式抽水机抽水
B．抽出罩内空气，85℃的热水可以重新沸腾
C．使玻璃板水平接触水面，稍用力向上拉，弹簧测力计示数变大
D．吸盘“吸”在光滑的墙面上
【答案】C
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；气压计和抽水机；大气压的综合应用；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．活塞式抽水机是利用大气压把水抽出的，故A不符合题意；
B．密闭钟罩内的气体被抽出时，水表面气压变小，导致水的沸点逐渐降低，水又重新沸腾，故B不符合题意；
C．测力计示数变大是因为分子间存在相互作用的引力，故C符合题意；
D．吸盘，排出了吸盘内的空气，当内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧紧地压在墙面上，故D不符合题意。
故选C。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
微观粒子的构成特点：分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
7．（2025·花都模拟）如图1所示的空气炸锅能快捷烹制食物，图2是该空气炸锅加热部分的简化电路，有低温、中温和高温三个档位，和是发热定值电阻。下列说法中正确的是（ ）
A．只闭合，该空气炸锅是高温挡
B．只闭合，该空气炸锅是低温挡
C．只闭合，该空气炸锅是高温挡
D．同时闭合和，该空气炸锅是低温挡
【答案】B
【知识点】电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】只闭合开关S2时，R1、R2串联，此时电路的总电阻最大，由可知，总功率最小，空气炸锅处于低温挡，当开关S1、S3都闭合时， R1、R2并联，此时电路的总电阻最小，由可知总功率最大，空气炸锅处于高温挡；当只闭合开关S3时，电路为R2的简单电路，空气炸锅处于中温挡。只闭合开关S1时，电路开路，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、功率的计算：公式为。
8．（2025·花都模拟）如图所示，一个装着适量液体的容器静置在水平桌面上，已知。、、三点所受到的液体压强分别为、和，它们的大小关系正确的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由图可知hBpA>pB。
故选B。
【分析】压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
9．（2025·花都模拟）图甲是某人扛着水桶静止在水平地面的情景。A是水桶的重心，点是肩膀对水桶竖直支持力的作用点，点是手对水桶竖直方向力的作用点。此时水桶可抽象为一个杠杆，为支点，为了保持这一杠杆平衡，下图情形中手施加的力最小的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】ABC．图中O为支点，阻力为水桶的重力，阻力臂大小也相同，A图中动力离支点最远，动力臂最长，动力最小；
D．图中，物体重心在支点正上方，此时动力臂和阻力臂均为0，所以阻力和阻力臂的乘积为0，需要动力为0；
综上所述，手施加的力最小的是D项图中的情形，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂天平的调平。
10．（2025·花都模拟）如图是小红家中电路的一部分，图中和位置接入的是开关和灯泡。小红闭合开关后（其他用电器均断电），灯泡亮了一段时间后熄灭，她用试电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现试电笔氖管都能发光。若故障只有一处，下列说法中正确的是（ ）
A．应该在处接开关，处接灯泡
B．该故障是灯泡的灯丝烧断了
C．该故障是零线、两点间发生断路
D．若此时站在地上的人接触点，会有触电危险
【答案】D
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．为安全使用，开关必须接在火线和用电器之间，所以应该A处接灯泡，B处接开关，故A错误；
B．灯泡的灯丝烧断了，试电笔测量左孔氖管不会发光，故B错误；
C．d、e之间的零线断路，试电笔测量左孔氖管不会发光，故C错误；
D．若此时站在地上的人接触e点，与火线连通，会有触电危险，故D正确。
故选D。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
11．（2025·花都模拟）蹦极是一项极限运动。质量为的小吴参加蹦极，他从平台上点由静止开始下落，下降到点时弹性绳刚好自然伸直，到达点时速度最大，点是蹦极过程中的最低点，如图所示。（不变，且取）
（1）小吴在点受到的重力为 ；他在点时的重力 （选填“大于”“等于”或“小于”）其在点时的重力；
（2）他在点 （选填“”“”或“”）时的动能最大；
（3）他从点反弹后，能不能重新上升到点处？ ；
（4）若忽略空气阻力，他在点的机械能与在点的机械能是否相等？ 。
【答案】（1）500N；等于
（2）B
（3）不能
（4）不相等
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化；重力及其大小的计算
【解析】【解答】（1）根据重力公式G=mg计算质量为的小吴在点受到的重力；质量不变，g值不变，根据重力公式G=mg可知，小吴在点时的重力等于在点时的重力。
（2）小吴到达点时速度最大，他在B点时的动能最大。
（3）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能转化为弹性势能，存在空气阻力，小吴从点反弹后，克服重力做功，同时部分机械能转化为其他形式的能，机械能进一步减小，所以他从点反弹后，不能重新上升到点处。
（4）小吴从点由静止开始下落，机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，所以的机械能与在点的机械能也不相等。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1]质量为的小吴在点受到的重力
[2]质量不变，同一地点，g值不变，根据G=mg可知，小吴在点时的重力等于在点时的重力。
（2）动能跟质量、速度有关，质量不变，速度越大，动能越大，小吴到达点时速度最大，则他在B点时的动能最大。
（3）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，小吴的机械能减小，由于存在空气阻力，小吴从点反弹后，需要克服重力做功，部分机械能转化为其他形式的能，机械能进一步减小，所以他从点反弹后，不能重新上升到点处。
（4）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，所以即使忽略空气阻力，他在点的机械能与在点的机械能也不相等。
12．（2025·花都模拟）如图所示的长方体，其面（最小面积的面）的面积为。把该长方体放在水平地面上，其摆放的方式及它对地面对应的压强大小如表所示。
摆放方式 正放 侧放 竖放
对地面的压强
（1）长方体的重力为 ；
（2）长方体正放时对地面的压力 （选填“大于”“等于”或“小于”）它竖放时对地面的压力；
（3）把长方体正放在水平雪地上，发现雪地有明显的下陷。此时它对雪地的压强 （选填“大于”“等于”或“小于”）它正放在水平地面时对地面的压强，你的依据是： 。
【答案】（1）0.75
（2）等于
（3）等于；把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，长方体它对雪地的压力仍等于其重力，即压力不变，受力面积为长方体与雪地的接触面积，即为长方体正放时的底面积，所以受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1） 最小面积的面的面积为，竖放的压强为，根据压强公式计算该长方体竖放时对地面的压力为；
（2）长方体放置时，对地面的压力等于重力，所以正放时对地面的压力与竖放时对地面的压力相等，都等于其重力。
（3）把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，压力不变，受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
（1）该长方体竖放时对地面的压力为
（2）长方体正放时对地面的压力与竖放时对地面的压力相等，都等于其重力。
（3）把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，长方体它对雪地的压力仍等于其重力，即压力不变，受力面积为长方体与雪地的接触面积，即为长方体正放时的底面积，所以受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
13．（2025·花都模拟）如图1是小珠在测量“物块所受到的滑动摩擦力的大小”时采用的实验装置，轻质弹簧测力计一端固定在墙上，另一端拉着物块。木板在大小为的水平拉力的作用下向左移动。后，弹簧测力计的示数稳定为，此后木板在拉力的作用下继续向左移动，在此过程中物块相对于地面静止。
（1）木板是否一定要做匀速直线运动？ ；
（2）弹簧测力计示数稳定后，以木板为参照物，物块是 （选填“向左运动”“向右运动”或“静止”）的；
（3）请在图2的方框内画出弹簧测力计示数稳定后物块（以黑点表示）在水平方向上所受到的力的示意图 ；此时物块所受到的摩擦力大小为 ；
（4）当弹簧测力计示数稳定为后，弹簧测力计对物块的拉力所做的功为 ；
（5）如果对木板的水平拉力增大到，则物块所受到的摩擦力将 （选填“变大”“不变”或“变小“）。
【答案】（1）否
（2）向右运动
（3）；
（4）0
（5）不变
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块A相对于地面静止，所以木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力，所以不需要长木板做匀速直线运动。
（2）以木板为参照物，物块A相对于木板向右运动。
（3）弹簧测力计示数稳定后物块A水平方向受向左的摩擦力和向右弹簧测力计的拉力。如图所示：
根据二力平衡可知，故木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉大小相等，所以摩擦力大小为3N。
（4）物块A相对于地面静止，所以没有位移，弹簧测力计对物块A的拉力所做的功为0J。
（5）拉动过程压力、接触面的粗糙程度不变，摩擦力大小不变。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、从实验操作方面考虑，图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
3、做功的条件为物体受到力，且在力的方向上产生位移。
（1）如图所示的实验装置，木块A相对于地面静止，根据二力平衡可知，木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉力为一对平衡力，弹簧测力计的示数不变。则该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。
（2）弹簧测力计示数稳定后，以木板为参照物，物块A相对于木板向右运动。
（3）弹簧测力计示数稳定后物块A水平方向受向左的摩擦力和向右弹簧测力计的拉力。如图所示：
此时物块A受力平衡，故木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉大小相等，故此时物块A所受到的摩擦力大小为3N。
（4）物块A相对于地面静止，故当弹簧测力计示数稳定为3N后，弹簧测力计对物块A的拉力所做的功为0J。
（5）拉动过程压力、接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小不变，如果对木板的水平拉力F增大到10N，则物块A所受到的摩擦力将不变。
14．（2025·花都模拟）电磁铁通电后，小磁针保持静止，如图所示。图中画出了电磁铁与另一磁极之间的磁感线。表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分（图中的“”为导线的剖面图）。
（1）图中磁极应该是 （选填“N”或“S”）极；
（2）图中小磁针被涂黑的一端是 （选填“N”或“S”）极；
（3）当导线在磁场中沿着图12中的方向左右运动时，闭合电路中 （选填“能”或“不能”）产生感应电流；
（4）请在图中电源两端的括号里标出其正负极 （用“+”和“-”表示）。
【答案】（1）S
（2）
（3）不能
（4）
【知识点】磁场；产生感应电流的条件；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）磁极A的磁感线指向A，所以磁极A与电磁铁的右端为异名磁极，电磁铁右端为N极，所以磁极A是S极。
（2）磁极A的磁感线指向右，所以回到电磁铁的左端，所以小磁针N极和磁感线方向一致，所以白色为N，黑色为S。
（3）当导线a在磁场中左右运动时，不切割磁感线，不能产生感应电流。
（4）根据右手螺旋定则，可判断出电流从电源的右端流出，所以电源右端为正极，左端为负极。如图所示
【分析】1、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
2、磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极；
3、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。由图中磁感线的方向可知，磁极A与电磁铁的右端为异名磁极，电磁铁右端为N极，所以磁极A是S极。
（2）根据异名磁极相互吸引，小磁针所在位置的磁感线方向是向右的，所以小磁针涂黑的一端为S极（小磁针静止时N极的指向与磁感线方向相同）。
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。当导线a在磁场中左右运动时，其运动方向与磁感线方向相同或相反，即不切割磁感线，不能产生感应电流。
（4）根据右手螺旋定则，已知电磁铁右端为N极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极（右端），则四指弯曲方向为电流方向，可判断出电流从电源的右端流出，所以电源右端为正极，左端为负极。如图所示
15．（2025·花都模拟）小王利用如图1所示的仪器进行实验。弹簧测力计的读数均为指针稳定后的示数。
（1）由图1可得，物块浸没在甲液体中所受到的浮力 （选填“大于”“等于”或“小于”）其浸没在乙液体中所受到的浮力；
（2）甲液体的密度 （选填“大于”“等于”或“小于”）乙液体的密度；
（3）若乙液体的密度为，则物块的体积为 ；（取）
（4）如图2所示的三幅图像中，能表示浮力大小与物块浸入液体深度的关系的是 ；能表示容器底部所受液体的压力大小与物块浸入液体深度的关系的是 。（均填字母）
【答案】（1）小于
（2）小于
（3）
（4）C；B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图可知物体的重力G=4N，根据称重法可知物体浸没在甲液体中时受到的浮力为；同理可得，物体浸没在乙液体中时受到的浮力为，所以浸没在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中所受到的浮力。
（2）没在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中所受到的浮力，排开液体的体积相同，根据可知，甲液体的密度小于乙液体的密度。
（3）根据可知得物体的体积
（4）物体完全浸没后，深度变大，物体排开液体的体积不变，浮力不变，故能表示浮力大小与物块浸入液体深度h的关系的是C；放入物体后，h变大，液体对容器底的压力变大，物体浸没后，物体排开液体的体积不变，液体对容器底的压力不再变化，故B符合题意。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
（1）由图可知物体的重力G=4N
由图甲可知物体浸没在甲液体中时弹簧测力计的示数为2N，则物体浸没在甲液体中时受到的浮力为
同理可得，物体浸没在乙液体中时受到的浮力为
故物块浸没在甲液体中所受到的浮力小于其浸没在乙液体中所受到的浮力。
（2）浸没时排开液体的体积等于物体的体积，根据可知，甲液体的密度小于乙液体的密度。
（3）根据可知得物体的体积
（4）[1][2]在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大，由此可知：当液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，所受浮力越大，物体完全浸没后，深度变大，物体排开液体的体积不变，浮力不变，故能表示浮力大小与物块浸入液体深度h的关系的是C；不放物体时，液体对容器底有一定的压力，放入物体后，h变大，物体排开液体的体积越大，液体对容器底的压力变大，物体浸没后，物体排开液体的体积不变，液体对容器底的压力不再变化，故B符合题意。
16．（2025·花都模拟）小明利用如图1所示的滑轮组（绕线并没有画出）把重物匀速提升，用时，拉力为。已知每个滑轮重40N；重物M和绳子自由端的路程随时间变化的图像如图2所示；整个过程中，有用功和额外功的大小如图3所示。
（1）图2中表示绳子自由端的路程随时间变化的图线是 （选填“A”或“B”）；
（2）结合图2所示的图像，请在图1中正确画出此次滑轮组的绕线方式 ；
（3）求重物的重力 ；
（4）求滑轮组的机械效率 ；
（5）以下是小彬和小杜两位同学计算拉力大小的解题思路：
小彬：先算出重物以及动滑轮的总重力，然后数出吊着动滑轮的绳子段数，最后利用公式求出拉力的大小。 小杜：先根据图3算出总功，再根据图2得出绳子自由端移动的距离，最后利用公式求出拉力的大小。
你认为哪一位同学算出来的拉力的大小是正确的？并说明另一位同学的问题所在 。
【答案】（1）A
（2）
（3）200N
（4）80%
（5）小杜正确；小彬的算法是在忽略绳重及摩擦等情况下才适用，题目中并没有说忽略这些因素
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）滑轮组可以省力，但费距离，所以相同时间，绳子移动的距离大，所以图2中上面的倾斜直线A是绳子自由端的s-t图像，而下面的倾斜直线B是物体的s-t图像，故绳子自由端的路程随时间变化的图线是A。
（2）由图2可知，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=3m，物体移动的距离h=1m，所以动滑轮缠绕绳子股数，绳子应从动滑轮起头，依次缠绕。如图所示：
（3）由图3可知，有用功为，根据做功公式计算重物M的重力为；
（4）滑轮组做的额外功为，所以总功为，结合效率公式计算滑轮组的机械效率为；
（5）因题中没有不计绳重和摩擦的条件，应根据求出拉力F的大小，故小杜计算拉力F的大小是正确，小彬同学忽略了绳重和摩擦对拉力的影响，所以错误。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
（1）由滑轮组的特点可知，滑轮组可以省力，但费距离，所以图2中上面的倾斜直线A是绳子自由端的s-t图像，而下面的倾斜直线B是物体的s-t图像，故绳子自由端的路程随时间变化的图线是A。
（2）由图2可知，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=3m
物体移动的距离h=1m
根据s=nh可知，绳子股数
根据奇动偶定可知，绳子应从动滑轮起头，依次缠绕。如图所示：
（3）由图3可知，滑轮组克服重力做的有用功为
则重物M的重力为
（4）由图3可知，滑轮组做的额外功为
则滑轮组的机械效率为
（5）不计绳重和摩擦，可以根据求出拉力F的大小；因题中没有不计绳重和摩擦，应根据求出拉力F的大小，故小杜计算拉力F的大小是正确，小彬计算拉力F的大小是错误的，因小彬同学忽略了绳重和摩擦对拉力的影响。
17．（2025·花都模拟）小李同学设计了一款智能猫咪窝，其简化电路图如图1所示。、均为的定值电阻，为压敏电阻，其阻值随着压力的增大而减小。和为恒压电源。当猫咪进入猫窝时，标有“；”的红灯正常发光，小风扇工作，此时电流表的示数为；当猫咪离开猫窝时，额定电压为的绿灯发光，此时电流表的示数如图2所示。
（1）小李在选择衔铁材料时，能否使用铝片？ ；
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，与衔铁连接的触点应和 （选填“”或“”）触点接通；
（3）求红灯正常发光时的电流 ；
（4）当猫咪进入猫窝时，求小风扇工作所消耗的电能 ；
（5）图2所示的电流表示数为 ；
（6）当猫咪离开猫窝时，绿灯是否正常发光 ？（请写出你的分析计算过程）
【答案】（1）不能
（2）b
（3）0.3A
（4）76J
（5）0.26
（6）所以能正常发光
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；磁场
【解析】【解答】（1）铝片不是磁性材料不能被电磁铁吸引，所以小李在选择衔铁材料时，不能使用铝片。
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，红灯L1和小风扇M工作，所以a触点应与b触点接通。
（3）标有“；”的红灯正常发光，根据功率公式计算红灯正常发光时的电流；
（4）由图可知，当猫咪进入猫窝时，红灯与小风扇并联，此时红灯正常发光，电源电压为；电流表测该电路的干路电流，根据并联电路电路规律计算可知通过小风扇M的电流为；根据电功公式计算小风扇M工作100s所消耗的电能为。
（5）由图2可知，电流表选的是0~0.6A，示数为0.26A。
(6)由题意可知，当猫咪离开猫窝时，绿灯L2发光，此时a触点应与c触点接通，R2和灯泡L2串联，R2两端的电压为；根据串联电路电压规律计算L2两端的电压为，与L2的额定电压相等，所以绿灯L2是正常发光。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和
3、电功的计算：公式为W=UIt，电功率的计算：公式为P=UI。
（1）小李在选择衔铁材料时，不能使用铝片，因为铝片不能被电磁铁吸引。
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，红灯L1，正常发光，小风扇M工作，说明与衔铁连接的a触点应与b触点接通。
（3）红灯正常发光时的电流
（4）由图可知，当猫咪进入猫窝时，红灯山与小风扇M并联，此时红灯工作，正常发光，电流表测该电路的干路电流，则电源电压为
则通过小风扇M的电流为
小风扇M工作100s所消耗的电能为
（5）由图2可知，电流表选的是0~0.6A，分度值为0.02A，此时电流表示数为0.26A。
（6）由题意可知，当猫咪离开猫窝时，额定电压为2.5V的绿灯L2发光，此时与衔铁连接的a触点应与c触点接通，R2和灯泡L2串联，此时R2两端的电压为
则灯泡L2两端的电压为
与灯泡L2的额定电压相等，则绿灯L2是正常发光。
18．（2025·花都模拟）小亮想利用如图1所示的密度计测量液体的密度，其测量单位为。
（1）如图2所示，小亮把密度计放进甲液体，密度计竖直 （选填“漂浮”或“悬浮”）在液体中，此时液面与密度计的A刻度刚好相平。若密度计的A刻度为0.7，则甲液体的密度为 ；
（2）若将该密度计放入密度比甲液体大的乙液体中，静止时，液面与密度计的刻度刚好相平，则应该在A的 （选填“上方”或“下方”），此时密度计受到的浮力 （选填“＞”“＜”或“＝”）其在甲液体中受到的浮力；
（3）小亮觉得密度计非常有趣，于是他利用一根直径为、长的圆柱形吸管、小铁珠、热熔胶枪等，制成如图3所示的简易密度计（其质量为）。小亮把自制的密度计竖直放进某种液体中，密度计出现如图4所示的沉底现象。于是，小亮重新制作了规格如表所示的另外4支密度计，其中有可能可以测出这种液体密度的是 （填编号）。
密度计编号 直径 长度 质量
① 2 20 10
② 0.5 20 10
③ 1 20 20
④ 1 20 5
【答案】（1）漂浮；
（2）下方；＝
（3）①④
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）据图可知密度计在液体中是竖直漂浮的。物体漂浮时的密度等于液体的密度，A刻度为0.7，其单位是，换算单位可得甲液体的密度为
（2）根据阿基米德原理，密度计在不同液体中都是漂浮状态，所以密度计在乙液体中受到的浮力；由可知，在浮力相等时，液体密度越大，排开液体的体积越小，乙液体密度比甲液体大，所以密度计在乙液体中浸入的深度较浅，B应该在A的下方。
（3）①号密度计直径变为原来的2倍，则体积变为原来的4倍，质量不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。②号密度计直径变为原来的，体积变为原来的，根据密度公式计算可知质量不变，其平均密度变为原来的4倍。③号密度计质量变为原来的2倍，体积不变，根据密度公式计算可知平均密度变为原来的2倍，不能测出这种液体密度。④号密度计质量变为原来的，体积不变，根据密度公式计算可知其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。故有可能可以测出这种液体密度的是①④。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）[1][2]密度计在液体中是竖直漂浮的。因为密度计的刻度是按照液体密度与水的密度的比例来标注的，已知A刻度为0.7，其单位是，换算单位可得甲液体的密度为
（2）[1][2]根据阿基米德原理，密度计在不同液体中都是漂浮状态，浮力都等于重力，所以密度计在乙液体中受到的浮力
因为乙液体密度比甲液体大，由可知，在浮力相等时，液体密度越大，排开液体的体积越小，所以密度计在乙液体中浸入的深度较浅，B应该在A的下方。对于自制密度计，根据物体的浮沉条件，当密度计沉底时，说明液体密度小于密度计的平均密度。原密度计的体积
其质量m=10g，则原密度计的平均密度
要使密度计能漂浮在液体中从而测量液体密度，需要减小密度计的平均密度。根据减小质量；或在质量不变的情况下增加体积来实现。
（3）①号密度计直径变为原来的2倍，则体积变为原来的4倍，质量不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。②号密度计直径变为原来的，则体积变为原来的，质量不变，其平均密度变为原来的4倍，不能测出这种液体密度。③号密度计质量变为原来的2倍，体积不变，其平均密度变为原来的2倍，不能测出这种液体密度。④号密度计质量变为原来的，体积不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。故有可能可以测出这种液体密度的是①④。
1 / 1广东省广州市花都区2025年中考一模物理试题
1．（2025·花都模拟）《考工记》记载，周代以“尺”为长度单位，1尺分为10寸。据考据，汉代1尺约23.1厘米。某汉代竹简记载一方砚台“长三寸”，则这方砚台的长度用现代单位表示最接近的是
A．7cm B．20cm C．70cm D．1m
2．（2025·花都模拟）以下过程不发生物态变化。初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同的热量，已知甲的比热容大于乙的比热容，以下说法中正确的是
A．甲的温度升高更多 B．乙的温度升高更多
C．甲和乙升高的温度一定不同 D．甲和乙升高的温度可能相同
3．（2025·花都模拟）下列关于能源的说法中正确的是
A．电能属于一次能源
B．核能和 地热能 都是来自于太阳辐射的能源
C．涉及热现象的能量转化和转移过程是有方向性、不可逆的
D．在太阳内部，氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的能量
4．（2025·花都模拟）如图所示，一小球沿着虚线方向做匀速直线运动，若小球只受到两个力的作用，图中能正确表示小球可能的受力情况的是（ ）
A． B．
C． D．
5．（2025·花都模拟）某物体与硅胶管原来均不带电，用物体摩擦硅胶管后，硅胶管靠近（未接触）自然下垂静止的轻质小球，其相互作用情况如图所示。以下说法中正确的是（ ）
A．轻质小球有可能不带电
B．摩擦后，硅胶管一定带负电
C．摩擦后，物体与轻质小球带异种电荷
D．摩擦后，物体与硅胶管带同种电荷
6．（2025·花都模拟）下列事例中与大气压的关系最小的是（ ）
A．用活塞式抽水机抽水
B．抽出罩内空气，85℃的热水可以重新沸腾
C．使玻璃板水平接触水面，稍用力向上拉，弹簧测力计示数变大
D．吸盘“吸”在光滑的墙面上
7．（2025·花都模拟）如图1所示的空气炸锅能快捷烹制食物，图2是该空气炸锅加热部分的简化电路，有低温、中温和高温三个档位，和是发热定值电阻。下列说法中正确的是（ ）
A．只闭合，该空气炸锅是高温挡
B．只闭合，该空气炸锅是低温挡
C．只闭合，该空气炸锅是高温挡
D．同时闭合和，该空气炸锅是低温挡
8．（2025·花都模拟）如图所示，一个装着适量液体的容器静置在水平桌面上，已知。、、三点所受到的液体压强分别为、和，它们的大小关系正确的是（ ）
A． B． C． D．
9．（2025·花都模拟）图甲是某人扛着水桶静止在水平地面的情景。A是水桶的重心，点是肩膀对水桶竖直支持力的作用点，点是手对水桶竖直方向力的作用点。此时水桶可抽象为一个杠杆，为支点，为了保持这一杠杆平衡，下图情形中手施加的力最小的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2025·花都模拟）如图是小红家中电路的一部分，图中和位置接入的是开关和灯泡。小红闭合开关后（其他用电器均断电），灯泡亮了一段时间后熄灭，她用试电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现试电笔氖管都能发光。若故障只有一处，下列说法中正确的是（ ）
A．应该在处接开关，处接灯泡
B．该故障是灯泡的灯丝烧断了
C．该故障是零线、两点间发生断路
D．若此时站在地上的人接触点，会有触电危险
11．（2025·花都模拟）蹦极是一项极限运动。质量为的小吴参加蹦极，他从平台上点由静止开始下落，下降到点时弹性绳刚好自然伸直，到达点时速度最大，点是蹦极过程中的最低点，如图所示。（不变，且取）
（1）小吴在点受到的重力为 ；他在点时的重力 （选填“大于”“等于”或“小于”）其在点时的重力；
（2）他在点 （选填“”“”或“”）时的动能最大；
（3）他从点反弹后，能不能重新上升到点处？ ；
（4）若忽略空气阻力，他在点的机械能与在点的机械能是否相等？ 。
12．（2025·花都模拟）如图所示的长方体，其面（最小面积的面）的面积为。把该长方体放在水平地面上，其摆放的方式及它对地面对应的压强大小如表所示。
摆放方式 正放 侧放 竖放
对地面的压强
（1）长方体的重力为 ；
（2）长方体正放时对地面的压力 （选填“大于”“等于”或“小于”）它竖放时对地面的压力；
（3）把长方体正放在水平雪地上，发现雪地有明显的下陷。此时它对雪地的压强 （选填“大于”“等于”或“小于”）它正放在水平地面时对地面的压强，你的依据是： 。
13．（2025·花都模拟）如图1是小珠在测量“物块所受到的滑动摩擦力的大小”时采用的实验装置，轻质弹簧测力计一端固定在墙上，另一端拉着物块。木板在大小为的水平拉力的作用下向左移动。后，弹簧测力计的示数稳定为，此后木板在拉力的作用下继续向左移动，在此过程中物块相对于地面静止。
（1）木板是否一定要做匀速直线运动？ ；
（2）弹簧测力计示数稳定后，以木板为参照物，物块是 （选填“向左运动”“向右运动”或“静止”）的；
（3）请在图2的方框内画出弹簧测力计示数稳定后物块（以黑点表示）在水平方向上所受到的力的示意图 ；此时物块所受到的摩擦力大小为 ；
（4）当弹簧测力计示数稳定为后，弹簧测力计对物块的拉力所做的功为 ；
（5）如果对木板的水平拉力增大到，则物块所受到的摩擦力将 （选填“变大”“不变”或“变小“）。
14．（2025·花都模拟）电磁铁通电后，小磁针保持静止，如图所示。图中画出了电磁铁与另一磁极之间的磁感线。表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分（图中的“”为导线的剖面图）。
（1）图中磁极应该是 （选填“N”或“S”）极；
（2）图中小磁针被涂黑的一端是 （选填“N”或“S”）极；
（3）当导线在磁场中沿着图12中的方向左右运动时，闭合电路中 （选填“能”或“不能”）产生感应电流；
（4）请在图中电源两端的括号里标出其正负极 （用“+”和“-”表示）。
15．（2025·花都模拟）小王利用如图1所示的仪器进行实验。弹簧测力计的读数均为指针稳定后的示数。
（1）由图1可得，物块浸没在甲液体中所受到的浮力 （选填“大于”“等于”或“小于”）其浸没在乙液体中所受到的浮力；
（2）甲液体的密度 （选填“大于”“等于”或“小于”）乙液体的密度；
（3）若乙液体的密度为，则物块的体积为 ；（取）
（4）如图2所示的三幅图像中，能表示浮力大小与物块浸入液体深度的关系的是 ；能表示容器底部所受液体的压力大小与物块浸入液体深度的关系的是 。（均填字母）
16．（2025·花都模拟）小明利用如图1所示的滑轮组（绕线并没有画出）把重物匀速提升，用时，拉力为。已知每个滑轮重40N；重物M和绳子自由端的路程随时间变化的图像如图2所示；整个过程中，有用功和额外功的大小如图3所示。
（1）图2中表示绳子自由端的路程随时间变化的图线是 （选填“A”或“B”）；
（2）结合图2所示的图像，请在图1中正确画出此次滑轮组的绕线方式 ；
（3）求重物的重力 ；
（4）求滑轮组的机械效率 ；
（5）以下是小彬和小杜两位同学计算拉力大小的解题思路：
小彬：先算出重物以及动滑轮的总重力，然后数出吊着动滑轮的绳子段数，最后利用公式求出拉力的大小。 小杜：先根据图3算出总功，再根据图2得出绳子自由端移动的距离，最后利用公式求出拉力的大小。
你认为哪一位同学算出来的拉力的大小是正确的？并说明另一位同学的问题所在 。
17．（2025·花都模拟）小李同学设计了一款智能猫咪窝，其简化电路图如图1所示。、均为的定值电阻，为压敏电阻，其阻值随着压力的增大而减小。和为恒压电源。当猫咪进入猫窝时，标有“；”的红灯正常发光，小风扇工作，此时电流表的示数为；当猫咪离开猫窝时，额定电压为的绿灯发光，此时电流表的示数如图2所示。
（1）小李在选择衔铁材料时，能否使用铝片？ ；
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，与衔铁连接的触点应和 （选填“”或“”）触点接通；
（3）求红灯正常发光时的电流 ；
（4）当猫咪进入猫窝时，求小风扇工作所消耗的电能 ；
（5）图2所示的电流表示数为 ；
（6）当猫咪离开猫窝时，绿灯是否正常发光 ？（请写出你的分析计算过程）
18．（2025·花都模拟）小亮想利用如图1所示的密度计测量液体的密度，其测量单位为。
（1）如图2所示，小亮把密度计放进甲液体，密度计竖直 （选填“漂浮”或“悬浮”）在液体中，此时液面与密度计的A刻度刚好相平。若密度计的A刻度为0.7，则甲液体的密度为 ；
（2）若将该密度计放入密度比甲液体大的乙液体中，静止时，液面与密度计的刻度刚好相平，则应该在A的 （选填“上方”或“下方”），此时密度计受到的浮力 （选填“＞”“＜”或“＝”）其在甲液体中受到的浮力；
（3）小亮觉得密度计非常有趣，于是他利用一根直径为、长的圆柱形吸管、小铁珠、热熔胶枪等，制成如图3所示的简易密度计（其质量为）。小亮把自制的密度计竖直放进某种液体中，密度计出现如图4所示的沉底现象。于是，小亮重新制作了规格如表所示的另外4支密度计，其中有可能可以测出这种液体密度的是 （填编号）。
密度计编号 直径 长度 质量
① 2 20 10
② 0.5 20 10
③ 1 20 20
④ 1 20 5
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】长度的估测；长度及其测量
【解析】【解答】由周代以“尺”为长度单位，1尺分为10寸，据考据，汉代1尺约23.1厘米可知，古代一寸约为2.31cm，某汉代竹简记载一方砚台“长三寸”，即该砚台的长度为2.31cm×3=6.93cm≈7cm，故A正确。
故选：A。
【分析】根据题中古代尺和寸之间的进位关系和古今长度的对比，结合题中条件分析即可。
2．【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同的热量，已知甲的比热容大于乙的比热容，但不知道甲乙的质量，故无法判断甲乙的温度变化，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】根据比热容的公式可知，温度的变化与物质质量、吸收的热量及比热容有关。
3．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；能源与可持续发展
【解析】【解答】解：A、电能是由一次能源经过加工转换而成的能源产品，属于二次能源，如火力发电是将煤炭等一次能源的化学能转化为电能，水力发电是将水的机械能转化为电能等，故A错误。
B、核能是通过核反应从原子核释放的能量，它来自于地球内部的核燃料，与太阳辐射无关；地热能是地球内部蕴藏的热能，是地球形成时产生的，也不是来自太阳辐射，故B错误。
C、热现象的能量转化和转移过程具有方向性，例如热量只能自发地从高温物体传递到低温物体，而不能自发地从低温物体传递到高温物体；能量在转化过程中也会有一部分以热的形式散失到周围环境中，无法再完全转化为其他形式的能量，所以是不可逆的，故C正确。
D、在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的能量，而不是裂变。核聚变是轻原子核结合成较重原子核的过程，太阳就是通过氢核聚变产生光和热的，故D错误。
故选：C。
【分析】电能是由一次能源经过加工转换而成的能源产品，属于二次能源。
核能是通过核反应从原子核释放的能量，它来自于地球内部的核燃料，与太阳辐射无关；地热能是地球内部蕴藏的热能，是地球形成时产生的，也不是来自太阳辐射。
热现象的能量转化和转移过程具有方向性。
在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的能量，而不是裂变。核聚变是轻原子核结合成较重原子核的过程，太阳就是通过氢核聚变产生光和热的。
4．【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】小球做匀速直线运动，所以受到平衡力，小球受重力作用，方向竖直向下，若小球只受到两个力的作用，所以另一个力竖直向上。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力。
5．【答案】C
【知识点】物体带电情况的判断
【解析】【解答】用物体M摩擦硅胶管后，发生摩擦起电现象，物体M与硅胶管带异种电荷，硅胶管靠近轻质小球，二者相互排斥，可判断硅胶管和轻质小球带同种电荷，则物体一定与轻质小球带异种电荷，物体与硅胶管带异种电荷。故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
6．【答案】C
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；气压计和抽水机；大气压的综合应用；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．活塞式抽水机是利用大气压把水抽出的，故A不符合题意；
B．密闭钟罩内的气体被抽出时，水表面气压变小，导致水的沸点逐渐降低，水又重新沸腾，故B不符合题意；
C．测力计示数变大是因为分子间存在相互作用的引力，故C符合题意；
D．吸盘，排出了吸盘内的空气，当内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧紧地压在墙面上，故D不符合题意。
故选C。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
微观粒子的构成特点：分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
7．【答案】B
【知识点】电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】只闭合开关S2时，R1、R2串联，此时电路的总电阻最大，由可知，总功率最小，空气炸锅处于低温挡，当开关S1、S3都闭合时， R1、R2并联，此时电路的总电阻最小，由可知总功率最大，空气炸锅处于高温挡；当只闭合开关S3时，电路为R2的简单电路，空气炸锅处于中温挡。只闭合开关S1时，电路开路，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、功率的计算：公式为。
8．【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由图可知hBpA>pB。
故选B。
【分析】压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
9．【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】ABC．图中O为支点，阻力为水桶的重力，阻力臂大小也相同，A图中动力离支点最远，动力臂最长，动力最小；
D．图中，物体重心在支点正上方，此时动力臂和阻力臂均为0，所以阻力和阻力臂的乘积为0，需要动力为0；
综上所述，手施加的力最小的是D项图中的情形，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂天平的调平。
10．【答案】D
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．为安全使用，开关必须接在火线和用电器之间，所以应该A处接灯泡，B处接开关，故A错误；
B．灯泡的灯丝烧断了，试电笔测量左孔氖管不会发光，故B错误；
C．d、e之间的零线断路，试电笔测量左孔氖管不会发光，故C错误；
D．若此时站在地上的人接触e点，与火线连通，会有触电危险，故D正确。
故选D。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
11．【答案】（1）500N；等于
（2）B
（3）不能
（4）不相等
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化；重力及其大小的计算
【解析】【解答】（1）根据重力公式G=mg计算质量为的小吴在点受到的重力；质量不变，g值不变，根据重力公式G=mg可知，小吴在点时的重力等于在点时的重力。
（2）小吴到达点时速度最大，他在B点时的动能最大。
（3）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能转化为弹性势能，存在空气阻力，小吴从点反弹后，克服重力做功，同时部分机械能转化为其他形式的能，机械能进一步减小，所以他从点反弹后，不能重新上升到点处。
（4）小吴从点由静止开始下落，机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，所以的机械能与在点的机械能也不相等。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1]质量为的小吴在点受到的重力
[2]质量不变，同一地点，g值不变，根据G=mg可知，小吴在点时的重力等于在点时的重力。
（2）动能跟质量、速度有关，质量不变，速度越大，动能越大，小吴到达点时速度最大，则他在B点时的动能最大。
（3）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，小吴的机械能减小，由于存在空气阻力，小吴从点反弹后，需要克服重力做功，部分机械能转化为其他形式的能，机械能进一步减小，所以他从点反弹后，不能重新上升到点处。
（4）小吴从点由静止开始下落，A点后弹性绳发生形变，小吴的机械能一部分转化为弹性绳的弹性势能，所以即使忽略空气阻力，他在点的机械能与在点的机械能也不相等。
12．【答案】（1）0.75
（2）等于
（3）等于；把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，长方体它对雪地的压力仍等于其重力，即压力不变，受力面积为长方体与雪地的接触面积，即为长方体正放时的底面积，所以受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1） 最小面积的面的面积为，竖放的压强为，根据压强公式计算该长方体竖放时对地面的压力为；
（2）长方体放置时，对地面的压力等于重力，所以正放时对地面的压力与竖放时对地面的压力相等，都等于其重力。
（3）把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，压力不变，受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
（1）该长方体竖放时对地面的压力为
（2）长方体正放时对地面的压力与竖放时对地面的压力相等，都等于其重力。
（3）把长方体正放在水平雪地上与把正放在水平地面上相比，长方体它对雪地的压力仍等于其重力，即压力不变，受力面积为长方体与雪地的接触面积，即为长方体正放时的底面积，所以受力面积不变，根据可知，把长方体正放在水平雪地上对雪地的压强等于它正放在水平地面时对地面的压强。
13．【答案】（1）否
（2）向右运动
（3）；
（4）0
（5）不变
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块A相对于地面静止，所以木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力，所以不需要长木板做匀速直线运动。
（2）以木板为参照物，物块A相对于木板向右运动。
（3）弹簧测力计示数稳定后物块A水平方向受向左的摩擦力和向右弹簧测力计的拉力。如图所示：
根据二力平衡可知，故木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉大小相等，所以摩擦力大小为3N。
（4）物块A相对于地面静止，所以没有位移，弹簧测力计对物块A的拉力所做的功为0J。
（5）拉动过程压力、接触面的粗糙程度不变，摩擦力大小不变。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、从实验操作方面考虑，图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
3、做功的条件为物体受到力，且在力的方向上产生位移。
（1）如图所示的实验装置，木块A相对于地面静止，根据二力平衡可知，木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉力为一对平衡力，弹簧测力计的示数不变。则该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。
（2）弹簧测力计示数稳定后，以木板为参照物，物块A相对于木板向右运动。
（3）弹簧测力计示数稳定后物块A水平方向受向左的摩擦力和向右弹簧测力计的拉力。如图所示：
此时物块A受力平衡，故木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉大小相等，故此时物块A所受到的摩擦力大小为3N。
（4）物块A相对于地面静止，故当弹簧测力计示数稳定为3N后，弹簧测力计对物块A的拉力所做的功为0J。
（5）拉动过程压力、接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小不变，如果对木板的水平拉力F增大到10N，则物块A所受到的摩擦力将不变。
14．【答案】（1）S
（2）
（3）不能
（4）
【知识点】磁场；产生感应电流的条件；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）磁极A的磁感线指向A，所以磁极A与电磁铁的右端为异名磁极，电磁铁右端为N极，所以磁极A是S极。
（2）磁极A的磁感线指向右，所以回到电磁铁的左端，所以小磁针N极和磁感线方向一致，所以白色为N，黑色为S。
（3）当导线a在磁场中左右运动时，不切割磁感线，不能产生感应电流。
（4）根据右手螺旋定则，可判断出电流从电源的右端流出，所以电源右端为正极，左端为负极。如图所示
【分析】1、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
2、磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极；
3、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。由图中磁感线的方向可知，磁极A与电磁铁的右端为异名磁极，电磁铁右端为N极，所以磁极A是S极。
（2）根据异名磁极相互吸引，小磁针所在位置的磁感线方向是向右的，所以小磁针涂黑的一端为S极（小磁针静止时N极的指向与磁感线方向相同）。
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。当导线a在磁场中左右运动时，其运动方向与磁感线方向相同或相反，即不切割磁感线，不能产生感应电流。
（4）根据右手螺旋定则，已知电磁铁右端为N极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极（右端），则四指弯曲方向为电流方向，可判断出电流从电源的右端流出，所以电源右端为正极，左端为负极。如图所示
15．【答案】（1）小于
（2）小于
（3）
（4）C；B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图可知物体的重力G=4N，根据称重法可知物体浸没在甲液体中时受到的浮力为；同理可得，物体浸没在乙液体中时受到的浮力为，所以浸没在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中所受到的浮力。
（2）没在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中所受到的浮力，排开液体的体积相同，根据可知，甲液体的密度小于乙液体的密度。
（3）根据可知得物体的体积
（4）物体完全浸没后，深度变大，物体排开液体的体积不变，浮力不变，故能表示浮力大小与物块浸入液体深度h的关系的是C；放入物体后，h变大，液体对容器底的压力变大，物体浸没后，物体排开液体的体积不变，液体对容器底的压力不再变化，故B符合题意。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
（1）由图可知物体的重力G=4N
由图甲可知物体浸没在甲液体中时弹簧测力计的示数为2N，则物体浸没在甲液体中时受到的浮力为
同理可得，物体浸没在乙液体中时受到的浮力为
故物块浸没在甲液体中所受到的浮力小于其浸没在乙液体中所受到的浮力。
（2）浸没时排开液体的体积等于物体的体积，根据可知，甲液体的密度小于乙液体的密度。
（3）根据可知得物体的体积
（4）[1][2]在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大，由此可知：当液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，所受浮力越大，物体完全浸没后，深度变大，物体排开液体的体积不变，浮力不变，故能表示浮力大小与物块浸入液体深度h的关系的是C；不放物体时，液体对容器底有一定的压力，放入物体后，h变大，物体排开液体的体积越大，液体对容器底的压力变大，物体浸没后，物体排开液体的体积不变，液体对容器底的压力不再变化，故B符合题意。
16．【答案】（1）A
（2）
（3）200N
（4）80%
（5）小杜正确；小彬的算法是在忽略绳重及摩擦等情况下才适用，题目中并没有说忽略这些因素
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）滑轮组可以省力，但费距离，所以相同时间，绳子移动的距离大，所以图2中上面的倾斜直线A是绳子自由端的s-t图像，而下面的倾斜直线B是物体的s-t图像，故绳子自由端的路程随时间变化的图线是A。
（2）由图2可知，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=3m，物体移动的距离h=1m，所以动滑轮缠绕绳子股数，绳子应从动滑轮起头，依次缠绕。如图所示：
（3）由图3可知，有用功为，根据做功公式计算重物M的重力为；
（4）滑轮组做的额外功为，所以总功为，结合效率公式计算滑轮组的机械效率为；
（5）因题中没有不计绳重和摩擦的条件，应根据求出拉力F的大小，故小杜计算拉力F的大小是正确，小彬同学忽略了绳重和摩擦对拉力的影响，所以错误。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
（1）由滑轮组的特点可知，滑轮组可以省力，但费距离，所以图2中上面的倾斜直线A是绳子自由端的s-t图像，而下面的倾斜直线B是物体的s-t图像，故绳子自由端的路程随时间变化的图线是A。
（2）由图2可知，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=3m
物体移动的距离h=1m
根据s=nh可知，绳子股数
根据奇动偶定可知，绳子应从动滑轮起头，依次缠绕。如图所示：
（3）由图3可知，滑轮组克服重力做的有用功为
则重物M的重力为
（4）由图3可知，滑轮组做的额外功为
则滑轮组的机械效率为
（5）不计绳重和摩擦，可以根据求出拉力F的大小；因题中没有不计绳重和摩擦，应根据求出拉力F的大小，故小杜计算拉力F的大小是正确，小彬计算拉力F的大小是错误的，因小彬同学忽略了绳重和摩擦对拉力的影响。
17．【答案】（1）不能
（2）b
（3）0.3A
（4）76J
（5）0.26
（6）所以能正常发光
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；磁场
【解析】【解答】（1）铝片不是磁性材料不能被电磁铁吸引，所以小李在选择衔铁材料时，不能使用铝片。
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，红灯L1和小风扇M工作，所以a触点应与b触点接通。
（3）标有“；”的红灯正常发光，根据功率公式计算红灯正常发光时的电流；
（4）由图可知，当猫咪进入猫窝时，红灯与小风扇并联，此时红灯正常发光，电源电压为；电流表测该电路的干路电流，根据并联电路电路规律计算可知通过小风扇M的电流为；根据电功公式计算小风扇M工作100s所消耗的电能为。
（5）由图2可知，电流表选的是0~0.6A，示数为0.26A。
(6)由题意可知，当猫咪离开猫窝时，绿灯L2发光，此时a触点应与c触点接通，R2和灯泡L2串联，R2两端的电压为；根据串联电路电压规律计算L2两端的电压为，与L2的额定电压相等，所以绿灯L2是正常发光。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和
3、电功的计算：公式为W=UIt，电功率的计算：公式为P=UI。
（1）小李在选择衔铁材料时，不能使用铝片，因为铝片不能被电磁铁吸引。
（2）由题目可得，当猫咪进入猫窝时，红灯L1，正常发光，小风扇M工作，说明与衔铁连接的a触点应与b触点接通。
（3）红灯正常发光时的电流
（4）由图可知，当猫咪进入猫窝时，红灯山与小风扇M并联，此时红灯工作，正常发光，电流表测该电路的干路电流，则电源电压为
则通过小风扇M的电流为
小风扇M工作100s所消耗的电能为
（5）由图2可知，电流表选的是0~0.6A，分度值为0.02A，此时电流表示数为0.26A。
（6）由题意可知，当猫咪离开猫窝时，额定电压为2.5V的绿灯L2发光，此时与衔铁连接的a触点应与c触点接通，R2和灯泡L2串联，此时R2两端的电压为
则灯泡L2两端的电压为
与灯泡L2的额定电压相等，则绿灯L2是正常发光。
18．【答案】（1）漂浮；
（2）下方；＝
（3）①④
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）据图可知密度计在液体中是竖直漂浮的。物体漂浮时的密度等于液体的密度，A刻度为0.7，其单位是，换算单位可得甲液体的密度为
（2）根据阿基米德原理，密度计在不同液体中都是漂浮状态，所以密度计在乙液体中受到的浮力；由可知，在浮力相等时，液体密度越大，排开液体的体积越小，乙液体密度比甲液体大，所以密度计在乙液体中浸入的深度较浅，B应该在A的下方。
（3）①号密度计直径变为原来的2倍，则体积变为原来的4倍，质量不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。②号密度计直径变为原来的，体积变为原来的，根据密度公式计算可知质量不变，其平均密度变为原来的4倍。③号密度计质量变为原来的2倍，体积不变，根据密度公式计算可知平均密度变为原来的2倍，不能测出这种液体密度。④号密度计质量变为原来的，体积不变，根据密度公式计算可知其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。故有可能可以测出这种液体密度的是①④。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）[1][2]密度计在液体中是竖直漂浮的。因为密度计的刻度是按照液体密度与水的密度的比例来标注的，已知A刻度为0.7，其单位是，换算单位可得甲液体的密度为
（2）[1][2]根据阿基米德原理，密度计在不同液体中都是漂浮状态，浮力都等于重力，所以密度计在乙液体中受到的浮力
因为乙液体密度比甲液体大，由可知，在浮力相等时，液体密度越大，排开液体的体积越小，所以密度计在乙液体中浸入的深度较浅，B应该在A的下方。对于自制密度计，根据物体的浮沉条件，当密度计沉底时，说明液体密度小于密度计的平均密度。原密度计的体积
其质量m=10g，则原密度计的平均密度
要使密度计能漂浮在液体中从而测量液体密度，需要减小密度计的平均密度。根据减小质量；或在质量不变的情况下增加体积来实现。
（3）①号密度计直径变为原来的2倍，则体积变为原来的4倍，质量不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。②号密度计直径变为原来的，则体积变为原来的，质量不变，其平均密度变为原来的4倍，不能测出这种液体密度。③号密度计质量变为原来的2倍，体积不变，其平均密度变为原来的2倍，不能测出这种液体密度。④号密度计质量变为原来的，体积不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。故有可能可以测出这种液体密度的是①④。
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