【精品解析】四川省成都市武侯区2025年中考二模物理试题

四川省成都市武侯区2025年中考二模物理试题
1．（2025·武侯模拟）电磁波无处不在，在生产生活中有广泛的应用。关于电磁波，下列说法正确的是（　　）
A．电磁波像声波一样，传播时需要介质
B．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
C．微波炉工作时主要利用电磁波的信息特征
D．北斗导航系统利用电磁波来提供定位服务
【答案】D
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．声波传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B．电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，而340m/s是声音在15℃空气中的传播速度，故B错误；
C．微波炉主要利用电磁波的能量特征，使食物中的分子运动加剧，从而加热食物，故C错误；
D．北斗导航系统利用电磁波来传递信息，从而为用户提供定位、导航等服务，故D正确。
故选D。
【分析】电磁波可以在真空中传播，真空中，电磁波的速度为3×108m/s，电磁波可以传递能量，可以传递信息。
2．（2025·武侯模拟）在这科技日新月异的时代，智能手机已成为人们生活中不可缺少的一部分。下列关于智能手机的说法中正确的是（　　）
A．质量约为 2kg B．厚度约为 5cm
C．电池的工作电压约为 3.7V D．待机时电流约为 0.2A
【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；电流的大小；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A、智能手机的质量约为200g=0.2kg，A错误；
B、智能手机的厚度约为5mm=0.5cm，B错误；
C、手机电池的工作电压约为3.7V，C正确；
D、手机待机时，电流较小，约20mA=0.02A，D错误。
故选C。
【分析】根据手机的质量、厚度、电压和电流，结合实际数据解答。
3．（2025·武侯模拟）掌握安全用电常识是每个公民应具备的基本素养。下列做法符合安全用电原则的是
A．手机充电器长期插在电源插座上
B．有人触电时应先切断电源再抢救
C．空气开关跳闸可马上复位恢复供电
D．户外游玩遇雷雨天气在大树下避雨
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、手机充电器不使用时，要及时与电源断开，不能长期插在电源插座上，A错误；
B、有人触电时，必须先切断电源再抢救，避免他人触电，B正确；
C、空气开关跳闸，则电路中发生短路或总功率过大，必须检修后，再恢复供电，C错误；
D、户外遇雷雨天气，不能在大树下避雨，高大的树木易被雷击，发生触电事故，D错误。
故选B。
【分析】不使用的用电器，要及时断开电源；发生人体触电时，要及时断开开关；电流过大时，开关开关跳闸，要检修后再闭合开关；不能在大树下避雨，易发生触电事故。
4．（2025·武侯模拟）出土于湖北省崇阳县的商代铜鼓是我国目前发现的最早的铜鼓，如图所示，轻敲鼓面，仍能发出清脆的鼓声。关于鼓声，下列说法正确的是（　　）
A．越用力敲击鼓面，鼓声的响度越大
B．越用力敲击鼓面，鼓声传播速度越快
C．不同力度敲击鼓面，鼓声音色发生改变
D．轻轻敲击鼓面时，鼓声的振动频率较低
【答案】A
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音色
【解析】【解答】A．越用力敲击鼓面，鼓面振动的幅度越大，即振幅越大，所以鼓声的响度越大，故A正确；
B．越用力敲击鼓面，介质的种类和温度不变，则鼓声传播速度不变，故B错误；
C．不同力度敲击鼓面，发声体材料和结构不变，鼓声音色不发生改变，故C错误；
D．轻轻敲击鼓面时，鼓面的振动频率不变，鼓声的振动频率不变，故D错误。
故选A。
【分析】（1）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大；
（2）声音的传播速度取决于介质的种类和温度；
（3）音色是发声体的声音品质，由发声体材料和结构决定；
（4）音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
5．（2025·武侯模拟）2024年12月26日，我国新一代战机在成都市区上空成功首飞，新战机采用超扁平设计，外形科幻，如图所示。关于新战机的飞行过程，下列分析正确的是（　　）
A．以地面为参照物，新战机是静止的
B．以驾驶舱为参照物，飞行员是运动的
C．以新战机为参照物，地面楼房是运动的
D．以飞行员为参照物，空中白云是静止的
【答案】C
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．新战机飞行过程中，若以地面为参照物，战机和地面的位置在不断发生变化，战机是运动的，故A错误，不符合题意；
B．以驾驶舱为参照物，飞行员与驾驶舱之间位置没有发生变化，飞行员是静止的，故B错误，不符合题意；
C．以新战机为参照物，地面楼房和新战机之间的位置在不断发生变化，地面楼房是运动的，故C正确，符合题意；
D．以飞行员为参照物，空中白云和飞行员之间的位置在不断发生变化，空中白云是运动的，故D错误，不符合题意。
故选C。
【分析】判断物体的运动与静止时，要看被研究物体与所选的参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
6．（2025·武侯模拟）2024年11月4日，我国神舟十八号载人飞船返回舱在经历了制动离轨、自由滑行、减速下降、点火缓冲等多个阶段后，最终在东风着陆场成功着陆，如图所示。关于降落过程下列说法正确的是（　　）
A．减速下降阶段，返回舱的重力势能减小
B．减速下降阶段，返回舱的动能不变
C．点火缓冲阶段，返回舱的重力势能不变
D．点火缓冲阶段，返回舱的动能增加
【答案】A
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；机械能及其转化
【解析】【解答】A．减速下降阶段，返回舱的质量不变，高度降低，重力势能减小，故A正确，符合题意；
B．减速下降阶段，返回舱的质量不变，速度减小，动能减小，故B错误，不符合题意；
C．点火缓冲阶段，返回舱的质量不变，高度降低，重力势能减小，故C错误，不符合题意；
D．点火缓冲阶段，返回舱的质量不变，速度减小，动能减小，故D错误，不符合题意。
故选A。
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度；
（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度；
（3）机械能是动能与势能的和。
7．（2025·武侯模拟）积极发展核能是我国能源战略的重大举措。关于核能，下列说法正确的是
A．核能是可再生能源 B．核能是二次能源
C．利用核能发电会产生大量烟尘 D．核废料具有放射性需谨慎处理
【答案】D
【知识点】能源及其分类；核能
【解析】【解答】A、核能不能在短时间内得到补充，是不可再生能源，A错误；
B、核能的原料是从自然界直接获得的，是一次能源，二次能源是一次能源加工得到的能源，C错误；
C、核能是利用原子核内部释放的能量，利用核能发电，不会产生烟尘，C错误；
D、核废料具有放射性，对人体危害大，需谨慎处理，且现在的科技手段还不能消除其危害，D正确。
故选D。
【分析】核能是一次能源，且不可再生；核能具有放射性，需要合理处理。
8．（2025·武侯模拟）小红同学发现厨房是一个充满物态变化的“实验室”。关于烹饪过程涉及的各种物态变化，下列说法错误的是（　　）
A．水沸腾时壶嘴冒出的“白气”，是水蒸气液化形成的
B．冰箱冷冻室内结出的霜，是水蒸气凝华成的小冰晶
C．水中的食盐搅拌后消失，是固态食盐熔化为液态
D．在食材解冻的过程中，食材中的冰熔化需要吸热
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 A．水沸腾时产生大量高温水蒸气，遇到温度较低的空气放热液化形成小水滴，即我们看到的“白气”，故A正确。
B．冰箱冷冻室内温度很低，室内的水蒸气遇到温度极低的冷冻室壁，会直接由气态凝华成固态的小冰晶，形成霜，故B正确。
C．水中的食盐搅拌后消失，是因为食盐溶解在水中，不是固态食盐熔化为液态，故C错误。
D．食材解冻过程中，由固态变为液态，是熔化过程，故D正确。
故答案为：C。
【分析】根据物态变化的特点和物态变化过程中吸放热关系进行分析。
9．（2025·武侯模拟）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，小亮将点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，他通过玻璃板能够看到蜡烛A在玻璃板后面所成的像。关于探究过程中的问题，下列分析正确的是（　　）
A．蜡烛A所成的像可以用光屏承接
B．蜡烛A靠近玻璃板时像的大小不变
C．需要用刻度尺测量像和蜡烛A的高度
D．多次改变蜡烛A的位置是为了减小误差
【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】A．蜡烛A所成的像为虚像，虚像不可以用光屏承接，故A错误；
B．平面镜成的像与物大小相等，靠近玻璃板时蜡烛A的大小不变，故像的大小不变，故B正确；
C．实验中，当镜后的蜡烛与像重合时，说明像与物大小相等，不需要用刻度尺测量像和蜡烛A的高度，故C错误；
D．多次改变蜡烛A的位置是为了得出普遍性的结论，不是为了减小误差，故D错误。
故选B。
【分析】 （1）蜡烛A所成的像为虚像，虚像不能用光屏承接；
（2）平面镜成的像与物大小相等；
（3）实验中，当镜后的蜡烛与像重合时，可知像与物大小相等；
（4）多次改变蜡烛A的位置是为了得出普遍性的结论，避免偶然性。
10．（2025·武侯模拟）篮球场上同学们正在进行激烈的比赛，小壮投篮后，篮球沿抛物线轨迹飞向篮筐，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．篮球脱手后，小明的手对篮球没有做功
B．篮球离手后仍能飞行，因其受惯性作用
C．篮球下落过程中受到平衡力的作用
D．篮球上升过程中没有受到力的作用
【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A，篮球脱手后，小明的手对篮球没有力的作用，所以小明的手对篮球没有做功，故A正确；
B．篮球离手后仍能飞行是因篮球具有惯性，故B错误；
C．篮球下落过程中速度越来越快，受到非平衡力的作用，故C错误；
D．篮球上升过程中受到自身的重力和空气阻力的作用，故D错误。
故选A。
【分析】（1）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用；
（3）处于非平衡状态的物体受到的力不是平衡力；
（4）地球附近的一切物体都受到重力的作用。
11．（2025·武侯模拟）碳纤维的密度仅为钢材的，但强度高达钢材的7~9倍，且耐高温、耐腐蚀。我国自主研发的全球最大智能货运无人机“龙城壹号”就凭借碳纤维材料实现了机身减重约40%。下列关于“龙城壹号”的优越性能描述与密度有关的是（　　）
A．提升电磁屏蔽性能，优化飞行控制系统的稳定性
B．利用耐腐蚀性，延长其在恶劣环境中的使用寿命
C．通过轻量化设计，使其最大载货量提升至5吨
D．增强机身导电性能，便于集成智能传感器模块
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A.提升电磁屏蔽性能，可以阻挡电磁波的传播，减少其对设备内部电路的影响，与密度无关，故A不符合题意；
B.利用耐腐蚀性，延长其在恶劣环境中的使用寿命，与密度无关，故B不符合题意；
C.轻量化是指该材料与同体积的其它材料相比质量小，即材料的密度小，故C符合题意；
D.增强机身导电性能，便于集成智能传感器模块，与密度无关，故D不符合题意。
故选C。
【分析】某种物质的质量和其体积的比值叫这种物质的密度，根据m=ρV分析机身减重的原因是这种材料的密度小。
12．（2025·武侯模拟）小周用如图所示的实验装置探究磁场对电流的作用。闭合开关S，原本静止的轻质硬直导体AB水平向右运动。要使导体AB水平向左运动，下列措施可行的是（　　）
A．将导体AB的两端对调 B．将磁体的N、S极对调
C．将变阻器的接线位置对调 D．将开关S的接线位置对调
【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A．将导体AB的两端对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故A不符合题意；
B．将蹄形磁体的N、S极对调，只有磁场方向改变，导体AB的运动方向改变，故B符合题意；
C．将变阻器的接线位置对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故C不符合题意；
D，将开关S的接线位置对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故D不符合题意。
故选B。
【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向。如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变。
13．（2025·武侯模拟）杜甫在《茅屋为秋风所破歌》中写道：“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅。”诗中描述的“秋风卷走茅草”现象，主要说明了（　　）
A．力可以改变物体的形状 B．力可以改变物体的运动状态
C．力的作用是相互的 D．物体的运动需要力来维持
【答案】B
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】秋风卷走茅草，即茅草在风力的作用下位置改变，即运动状态改变，可知，力可以改变物体的运动状态，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】物体受力，运动状态发生改变，是力可以改变物体的运动状态。
14．（2025·武侯模拟）四川地形复杂，既有高海拔的雪山，也有美丽的草原和深水湖泊。下列物理情境描述错误的是（　　）
A．自驾川西草原时，为避免车轮陷入泥地应选择车胎宽度较小的轮胎
B．贡嘎雪山主峰的大气压强比成都平原的低是因为海拔越高气压越低
C．由于液体压强随深度增加而增大，二滩水电站大坝设计成上窄下宽
D．甘孜州平均海拔3500m，气压偏低导致当地水的沸点低于100℃
【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．为避免车轮陷入泥地，应在压力一定时，应选择车胎宽度较大的轮胎来增大车对泥地的受力面积，减小车对底面的压强，故A错误，符合题意；
B．大气压随海拔的升高而降低，贡嘎雪山主峰的大气压强比成都平原的低是因为海拔越高气压越低，故B正确，不符合题意；
C．根据P=ρgh可知，液体压强随液体深度的增加而增大，水电站大坝设计成上窄下宽的目的是使大坝底部能够承受更大的压强，故C正确，不符合题意；
D．气压越低，沸点越低，甘孜州平均海拔3500m，气压偏低导致当地水的沸点低于100℃，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（2）大气压随高度的增加而减小；
（3）在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；
（4）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
15．（2025·武侯模拟）某科技小组设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度减弱而增大。当有烟雾遮挡射向R的激光时，会导致某一电表的示数增加达到设定值，从而触发该装置报警。关于此过程，下列分析正确的是（　　）
A．电流表的示数增大 B．报警装置是由电流表改装的
C．两电表示数的比值保持不变 D．定值电阻R0消耗的功率减小
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AC．由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测光敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由欧姆定律可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，根据串联电路分压关系可知，电压表示数变大，故两电表示数的比值变化的，故AC错误；
B．因电流表示数变小，由U=IR知道，定值电阻的电压变小，根据串联电路电压规律可知，光敏电阻的电压变大，即电压表示数变大，所以报警装置是用电压表改装的，故B错误；
D．根据可知， R0阻值不变，电路中的电流减小，故定值电阻R0消耗的功率减小，故D正确。
故选D。
【分析】（1）（3）分析电路的连接及电表测量的物理量，根据光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，确定当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，即电流表的示数减小，由欧姆定律确定两电表示数的比值是变化的；
（2）根据电流表示数变小，由U=IR得出定值电阻的电压变化，从而得出光敏电阻的电压变大，结合题意可知确定报警装置是用电压表改装的；
（3）根据可知，由电路中的电流减小，确定定值电阻R0消耗的功率变化。
16．（2025·武侯模拟）春天来了，校园里处处生机盎然。小花在操场上闻到阵阵花香，这是因为分子在不停地做　 　；午后的阳光照在单杠上一段时间后，单杠温度升高，这是通过　 　的方式改变了物体的内能。
【答案】无规则运动；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】小花在操场上闻到阵阵花香，这是分子在不停地无规则运动；
午后的阳光照在单杠上一段时间后，单杠温度升高，这是通过热传递方式改变单杠的内能。
故答案为：无规则运动；热传递。
【分析】（1）扩散现象表明，一切物质的分子都在不停的做无规则运动；
（2） 做功和热传递都可以改变物体的内能。
17．（2025·武侯模拟）科学用眼每一天，清晰“视”界伴终身。我们的眼睛里有一套精巧的变焦系统，当同学们登山远眺时，眼睛里的晶状体会变薄，焦距变　 　，使远处的风景恰好成像在视网膜上：如果小明同学观察远处物体时，物体通过晶状体所成的像落在视网膜的前方，此时需要佩戴一个焦距合适的　 　透镜进行矫正。
【答案】大；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】登山远眺时，物距更大，眼睛的晶状体折光能力要变弱，需变薄，焦距变大，使远处物体成像在视网膜上：观察远处物体时，像成在视网膜的前方，则晶状体太厚，折射能力强，需要佩戴一个焦距合适的凹透镜进行矫正。故第1空填：大；第2空填：凹。
【分析】眼睛看远处的物体，物距大，晶状体要变薄，焦距变大，近视眼成像在视网膜前，利用凹透镜矫正。
18．（2025·武侯模拟）如图所示，学校物理兴趣小组自制了一个带有电磁铁的木船模型，闭合开关S，电磁铁的A端是　 　极；将模型放入水中漂浮，由于受地磁场的作用，船头会指向地理的　 　方。
【答案】S；北
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由图可知，通电螺线管上电流的方向为从上往下，用右手握住螺线管，四指指向电流环绕的方向，大拇指所指的B端为电磁铁的N极，则A端为电磁铁的S极；
地磁的两极与地理的两极相反，地磁场的N极在地理南极附近，地磁场的S极在地理的北极左右；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，故船头指向北方。
故答案为：S；北。
【分析】根据安培定则可判断电磁铁的极性；地磁的两极与地理的两极相反，根据磁极间的相互作用可做出判断。
19．（2025·武侯模拟）船闸是长江上常见的水利设施，它是利用　 　原理工作的。随着生态的修复和水利工程的修建，长江下游江水的含沙量明显降低，一艘货轮从长江上游穿过葛洲坝抵达上海，不考虑质量变化，货轮受到的浮力　 　。
【答案】连通器；不变
【知识点】连通器原理及其应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】船闸的上端是开口的，下端是连通的，所以船闸是利用连通器原理工作的；
长江下游江水的含沙量明显降低，一艘货轮从长江上游穿过葛洲坝抵达上海，始终漂浮，浮力等于重力，不考虑质量变化，重力不变，则货轮受到的浮力不变。
故答案为；连通器；不变。
【分析】（1）连通器的特点：上端开口、下端连通的容器；
（2）物体漂浮时，浮力等于重力。
20．（2025·武侯模拟）某款轻便节能的电动自行车如图所示，只要将车钥匙插入锁孔旋转一下，车子就通电了，车钥匙相当于电路中的　 　；骑行时电动车的两个转向灯能独立工作，由此可知两个转向灯的连接方式是　 　。
【答案】开关；并联
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】将车钥匙插入锁孔旋转一下，车子就通电了，车钥匙相当于电路中的开关；
骑行时电动车的两个转向灯能独立工作，由此可知两个转向灯的连接方式是并联。
【分析】（1）开关串联在电路中，能起到控制电路中电流通断的作用；
（2）并联电路各支路互不影响。
21．（2025·武侯模拟）如图甲所示，小明在进行“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做　 　运动；接着在木块上加一个砝码，重复上面的操作，如图乙所示，比较两次实验的结果可以得出滑动摩擦力的大小与　 　有关。
【答案】匀速直线；压力大小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】实验中，滑动摩擦力的大小不能直接测出来，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，则木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数；
在木块A上面加一个砝码，接触面积的粗糙程度相同，改变了压力大小，探究摩擦力大小与压力大小的关系，比较两次实验的结果得出滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
【分析】（1）实验中，必须沿水平方向匀速直线拉动木块，由二力平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数；
（2）滑动摩擦力的影响因素与压力、接触面的粗糙程度有关，利用控制变量法分析。
22．（2025·武侯模拟）小明同学利用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系。根据实验数据绘制的电流—电压图像如图乙所示，实验中所用定值电阻的阻值为　 　Ω；小明多次调节滑动变阻器改变电压表示数的目的是　 　。
【答案】5；避免偶然性，寻找普遍规律
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】如图乙所示，当电压为2.5V时，电流为0.5A，实验中所用定值电阻的阻值为：
小明多次调节滑动变阻器改变电压表示数的目的是避免偶然性，寻找普遍规律。
【分析】根据实验数据绘制的电流-电压图像得出当电压为2.5V时电流大小，由欧姆定律得出实验中所用定值电阻的阻值；
根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律要多次测量。
23．（2025·武侯模拟）炎热的夏天，小华将调配好的牛奶糖水放入冰箱冷冻室自制雪糕，牛奶糖水从液态变为固态叫做　 　；小华吹风扇感到凉爽是因为体表汗液　 　吸热。（以上两空均填物态变化名称）
【答案】凝固；汽化
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】凝固指，所以，牛奶糖水从液态变为固态叫做凝固。
小华吹风扇时感到凉爽是因为体表汗液汽化吸热。
【分析】（1）物质由液态转变成固态叫凝固，凝固要放热；
（2）物质由液态转变成气态叫汽化，汽化要吸热。
24．（2025·武侯模拟）如图所示是“探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关”的实验装置。若选择乙装置，则探究的是电流通过导体产生的热量与　 　的关系；已知甲装置中电源电压恒为3V，若阻值为10Ω的电阻丝要产生48J的热量，则需要通电　 　min。
【答案】电流；2
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联分流可知，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，由焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻和通电时间相同，若选择乙装置，则探究的是电流通过导体产生的热量与电流的关系；
甲图知，开关闭合后，两电阻串联，电路中总电阻为：
则通过电路中的电流为：
由得，需要通电的时间为：
【分析】根据Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；
根据欧姆定律计算电路中的电流，结合Q=I2Rt分析计算需要通电时间。
25．（2025·武侯模拟）（1）“望江楼，望江流，望江楼上望江流。”诗中描绘的望江楼临江而立，游客观景时发现水中也有一座“望江楼”，如图甲所示。图乙中A点代表楼顶飞檐，C点代表游客眼睛，请在乙图中画出A点在水中的像A'及游客看到A点像的光路图。
（2）如图所示，一个拉杆式行李箱可看成一个杠杆，O为支点，A点是游客提拉行李箱的作用点。请画出行李箱静止时施加在A点的最小作用力F的示意图及其力臂。
【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）作A关于水面的对称点A'，即A的像点，连接像点A'与眼睛C与镜面相交于点O，即为入射点，连接AO即为入射光线，OC反射光线，标出箭头表示光的方向，如图所示：
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，动力最小，即动力臂最长，当OA为动力臂时，动力臂时最大的，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F，OA即为动力臂L1，动力的方向斜向上。如图所示：
【分析】（1）根据平面镜成像的特点可知，A与水中的像关于水平面对称，据此先确定像的位置A'，连接像与人的眼睛确定入射点，再完成光路图；
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
（1）作A关于水面的对称点A’，即A的像点，连接像点与眼睛B与镜面相交于点O，即为入射点，连接AO是入射光线，OC反射光线。如图所示：
（2）动力最小，即动力臂最长，连接支点O与A点，当OA为动力臂时，动力臂时最大的，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F，OA即为动力臂L1，动力的方向斜向上。如图所示：
26．（2025·武侯模拟）成都武侯祠古建筑修缮现场需一些砂石。华西建筑工程队用卡车运输砂石，某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min。已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍，g取10N/kg。求：
（1）该时段卡车匀速行驶时的速度为多少m/s？
（2）卡车匀速行驶时发动机的输出功率是多少W？
【答案】（1）解：某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min，该时段卡车匀速行驶时的速度为：
。
答： 该时段卡车匀速行驶时的速度为6m/s。
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍。
故汽车牵引力为：
发动机的输出功率是：
。
答：卡车匀速行驶时发动机的输出功率是
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算
【解析】【分析】（1）根据计算该时段卡车匀速行驶时的速度；
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍，求出汽车牵引力的大小，根据计算发动机的输出功率。
（1）某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min，该时段卡车匀速行驶时的速度为。
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍。
故汽车牵引力为
发动机的输出功率是。
27．（2025·武侯模拟）2024年6月，国家卫健委等16个部门启动“体重管理年”三年行动。为响应国家号召，动态监测自己的体重情况，某科技创新小组同学利用所学知识做了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路图如图甲所示。已知电源电压为12V，定值电阻R0=10Ω，RV为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电流表量程为0~0.6A，踏板重力不计，g取10N/kg。求：
（1）闭合开关，体重计空载时电路的总功率是多少W？
（2）此体重计所能测量的最大体重是多少kg？
【答案】（1）解：由图甲可知，闭合开关S，定值电阻R0与压敏电阻Rv串联，电流表测电路的电流，由图乙可知当体重计空载时，RV=90Ω，由串联电阻的规律可知电路的总功率为：
答： 闭合开关，体重计空载时电路的总功率是1.44W。
（2）已知电流表量程为0～0.6A，当电路中的电流最大为Imax=0.6A时，体重计测量最大体重，此时压敏电阻的阻值为：
由题图乙可知，所能测量的最大重力为1200N，最大质量为：
答：此体重秤能测量的最大体重是。
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，体重秤空载时，，根据计算电路的电功率；
（2）根据电流表的量程为0～0.6A可知，当电路中的电流最大为Imax=0.6A时，体重计测量最大体重，根据可知此时压敏电阻的阻值，由题图乙可知，所能测量的最大重力为1200N，根据求出最大质量。
（1）体重秤空载时，由图乙知
电路的电功率
（2）电路允许通过的最大电流
根据图乙可得，
此体重秤能测量的最大体重是
28．（2025·武侯模拟）在“探究串联电路的电压关系”的实验中，小聪和小明一起设计了如图甲所示的实验电路图。
（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格　 　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡；
（2）小聪把电压表接在A、B之间，闭合开关，电压表示数如图乙所示。为了使实验结果更准确，接下来小聪应该：断开开关，　 　；
（3）他们继续进行实验，得到的三组数据如表所示：
实验小组 L1两端电压/V L2两端电压/V 串联总电压/V
1 1.4 1.5 2.9
2 1.2 1.5 2.8
3 1.6 1.2 2.8
小明觉得实验数据中有一组不合理，小聪却认为三组数据都是合理的。你认为　 　（选填“小聪”或“小明”）的观点是正确的；
（4）为了优化实验过程，小明设计了如图丙所示的电路。他的思路是：只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压；只闭合开关S和S2，电压表就可以测L2的电压。你是否赞同该设计方案？并说出你的理由。
答：　 　。
【答案】（1）不同
（2）换接电压表0~3V小量程
（3）小聪
（4）不赞同该设计方案；理由：总有一次测量，电流从电压表负接线柱流入。
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格不同的小灯泡；
（2）从图乙可以看到，电压表的量程是0~15V，分度值为0.5V，读数是2V，没超过3V，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，换接电压表0~3V小量程；
（3） 根据表中数据，考虑到误差因素可得出：串联的总电压等于各部分电路两端的电压之和，小聪的观点是正确的；
（4）只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压；只闭合开关S和S2，电压表就可以测L2的电压。不赞同该设计方案；理由：总有一次测量，电流从电压表负接线柱流入。
【分析】（1）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是数量足够多；
（2）电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大；
（3）测量电压过程中总存在误差；
（4）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转。
（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格不同的小灯泡并进行多次实验。
（2）从图乙可以看到，电压表的量程是0~15V，分度值为0.5V，读数是2V，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，更换电压表的量程，改为0~3V。
（3）实验中误差是不可避免的，由表可知，总体上串联总电压等于L1两端电压和L2两端电压之和，三组数据均合理，小聪的观点是正确的。
（4）只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压，若此时电压表连接正确，只闭合开关S和S2时，电压表的正负接线柱就接反了，无法测得L2的电压，所以不赞同该设计方案。
29．（2025·武侯模拟）小亮利用如图所示的装置来探究影响浮力大小的因素。（g取10N/kg）
（1）甲图中，物块静止时受到的重力与弹簧测力计对物块的拉力是一对　 　力。
（2）物块浸没在水中时受到的浮力为　 　N。
（3）比较甲丁戊三图可知，在排开液体体积相同的情况下，物块所受浮力大小与液体的　 　有关。
（4）同组的小张同学通过甲乙丙三次实验得出结论：物块所受浮力大小与物块所处的深度有关。小张同学得出这个错误结论的原因是　 　。
（5）同学们在学习了阿基米德原理后，结合图中的测量数据及水的密度还计算出了其他一些物理量，下列不能通过以上方法计算得出的是___________。
A．物块的密度 B．物块的体积 C．盐水的密度 D．盐水的体积
【答案】（1）平衡
（2）2
（3）密度
（4）没有控制排开液体的体积相同
（5）D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）甲图中物块静止时，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在同一个物体上，属于一对“平衡力”；
（2）从甲图可知物块重力为G=3N，从丙图可知物块浸没在水中时弹簧测力计示数为F拉=1N，由称重法得浮力为：
（3）比较丁和戊可知在排开液体体积相同的情况下，液体密度不同，受到的拉力不同，根据称重法可知，物体受到的浮力不同，说明浮力大小与液体的密度有关；
（4）小张得出物块所受浮力大小与物块所处的深度有关的错误原因在于：实验中没有控制排开液体的体积相同；
（5）AB．根据甲、丁两图可知物体在水中受到的浮力，根据可得物块的体积，物块的质量为，物块的密度为，故AB可以通过计算求出，不符合题意；
CD．根据甲、戌两图可知物体在盐水中受到的浮力，浸没时排开液体的体积相等等于物体的体积可得盐水的密度，而盐水的质量等不可知，因此无法得到盐水的体积，故C可以通过计算求出，不符合题意，D符合题意。
故选D。
故答案为：（1）平衡；（2）2；（3）密度；（4）没有控制物体排开液体的体积相同；（5）D。
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）利用称重法F浮=G-F拉求浮力；
（3）物块所受浮力大小与液体密度有关；
（4）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否关系，需要控制液体的密度相同，排开的液体的体积相同，据此进行分析；
（5）根据称重法测浮力可知物块受到水的浮力，再根据物块的体积求物块的质量，物体的密度；根据阿基米德公式求盐水的密度。
（1）甲图中物块静止时，重力与弹簧测力计的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，属于一对“平衡力”。
（2）从甲图可知物块重力为3N，从丙图可知物块浸没在水中时弹簧测力计示数为1 N，由称重法得浮力为
（3）比较丁（示数1 N）和戊（示数0.8 N）可知在排开液体体积相同的情况下，浮力随液体密度增大而增大，故浮力大小与液体的“密度”有关。
（4）小张得出“浮力随深度而变”的错误原因在于：实验中没有保持“浸入（或排开）液体体积相同”，物块浸入深度改变的同时排开液体的体积也发生了变化。
（5）A．根据甲、丁两图可知物体在水中受到的浮力，根据可得物块的体积，故A不符合题意；
B．根据甲可知物体的重力，根据G=mg可知物体的质量，结合A选项可得出物块的密度，故B不符合题意；
CD．根据甲、戌两图可知物体在盐水中受到的浮力，由A已知物体的体积，根据可得盐水的密度，而盐水的质量等不可知，因此无法得到盐水的体积，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
30．（2025·武侯模拟）近年来，我国在能源、信息与材料等领域取得了巨大突破。下列说法错误的是
A．光伏发电是利用半导体材料的光伏效应将太阳能转化为电能
B．目前我国特高压输电线已经使用了超导材料、显著降低了能耗
C．5G 通信技术通过电磁波传递信息，具有高速率、低延迟的特点
D．我国最先进的“华龙一号”核反应堆通过可控核裂变反应发电
【答案】B
【知识点】核能；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、光伏发电时，将太阳能转化为电能，利用半导体材料的光伏效应，A正确；
B、超导材料电阻为零，电流通过时不产生热量，能降低能耗，但目前没有常温下的超导体，B错误；
C、电磁波的速度快，5G通信技术通过电磁波传递信息，具有高速率、低延迟的特点，C正确；
D、我国的“华龙一号”核反应堆，是通过可控核裂变反应发电的，D正确。
故选B。
【分析】光伏发电利用了半导体的光电效应；目前没有常温下的超导体；电磁波的速度快，传递信息更便捷；核电站利用核裂变释放能量。
31．（2025·武侯模拟）春天来了，小华和家人到龙泉山踏春，行至半山腰，他们惊喜地发现一泓清潭，岸边的桃花摇曳生姿，潭水中的桃花倒影在粼粼波光中格外美丽。关于此美景下列说法正确的是（　　）
A．人能看到桃花是因为桃花是光源可以发光
B．潭水中桃花的倒影是光的折射形成的虚像
C．潭水波光粼粼是因为阳光在水面发生折射
D．桃花在人眼视网膜上成倒立、缩小的实像
【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．桃花不能够自行发光，所以桃花不是光源，人能看到桃花是因为桃花反射的光进入人的眼睛，故A错误；
B．潭水中桃花的倒影是光的反射形成的虚像 ，故B错误；
C．潭水波光粼粼是因为阳光在水面发生反射 ，故C错误；
D．人眼是相当于照相机，桃花在人眼视网膜上成倒立、缩小的实像。故D正确。
故选D。
【分析】（1）本身能够发光的物体叫光源；
（2）倒影是光的反射形成的虚像；
（3）镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，其他方向上几乎没有反射光线；
（4）凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用是投影仪；u＜f，成正立、放大的虚像，应用是放大镜。
32．（2025·武侯模拟）小明同学用如图甲所示装置加热质量为100g的冰，直至水沸腾。根据实验记录的数据，小明绘制了如图乙所示的温度随时间变化的图像。已知0~2min消耗酒精的质量为0.4g，c冰=2.1×103J/（kg ℃），c水=4.2×103J/（kg ℃），q酒精=3×107J/kg。若单位时间内物质吸收热量相等，下列分析正确的是（　　）
A．BC段是熔化过程，温度不变，内能不变
B．0~12min，物质共吸收热量4.2×103J
C．通过计算可得图乙中tx的值为32
D．该酒精灯的加热效率为30%
【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】A．BC段是冰的熔化过程，冰是晶体，在熔化时吸收热量，温度不变，内能增大，故A错误；
BC.0~2min冰吸收热量为：
，
由于单位时间内物质吸收热量相等，0 ~12min吸收的热量是0~2min吸收热量的6倍，所以0~12min物质吸收热量为：
冰熔化成水质量不变，仍为0.1kg，CD段水从0℃升高到100℃，水吸收的热量为：
即水吸收的热量为冰吸收热量的10倍，因为单位时间吸热相等，故水吸收热量的时间为冰吸吸收热量时间的10倍为20min。
所以0~tx总共用时：
故B错误，C正确；
D.0~2min消耗酒精的质量为0.4g，酒精完全燃烧放出热量为：
该酒精灯的加热效率为：
，
故D错误。
故选C。
【分析】（1）晶体在熔化过程中，继续吸热，内能增加，温度保持不变；
（2）由图乙可知0～2min内冰升高的温度，根据Q吸=cmΔt求出冰吸收的热量，由于单位时间内物质吸收热量相等，据此求出0 12min，物质共吸收的热量；
（3）根据Q吸=cmΔt求出水从0℃加热到100℃吸收的热量，根据单位时间内物质吸收热量相等可以求出吸热需要的时间，据求tx的值；
（4）根据Q放=mq求出0.4g酒精完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出酒精灯的加热效率。
33．（2025·武侯模拟）如图所示，工人师傅利用滑轮组拉动重16000N的汽车，使汽车以0.4m/s的速度匀速向左运动10s。已知人对绳子的拉力F=850N，绳子A受到的拉力为1500N，每个滑轮均重100N，g取10N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．拉力F的功率为680W B．滑轮组的机械效率为93.75%
C．滑轮组对汽车做64000J有用功 D．该滑轮组的额外功为800J
【答案】A,D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】A． 由图可知，动滑轮上绳子的段数n=2，绳子自由端的速度为：
v绳=2v车=2×0.4m/s=0.8m/s，
拉力F的功率为：
，
故A正确；
B．绳子A受到的拉力为1500N，根据二力平衡条件可知，汽车受到的摩擦力f=FA=1500N。则滑轮组的机械效率为：
故B错误；
C.10s内汽车行驶的距离为：
滑轮组对汽车做的有用功为：
故C错误；
D．人对绳子的拉力做的总功为：
该滑轮组的额外功为：
故D正确。
故选AD。
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，根据v绳=nv物求出自由端绳子移动的速度，利用求出拉力F的功率；
（2）根据求出滑轮组的机械效率；
（3）根据速度公式s=vt求出汽车行驶的距离；克服摩擦力做的功为有用功，利用W有=fs求出滑轮组对汽车做的有用功；
（4）根据求出人对绳子的拉力做的总功，利用W总=W有+W额求出该滑轮组的额外功。
34．（2025·武侯模拟）如图甲所示电路，电源电压不变，定值电阻R2的阻值为20Ω，小灯泡额定电压为4V，其电流﹣电压图像如图乙所示。只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯L正常发光。只闭合开关S2和S3，开关S4接A，电压表示数为2V。只闭合开关S1和S3，开关S4接B，调节滑动变阻器R1的滑片，使电路总功率P达到最小。闭合所有开关，开关S4接B，调节滑动变阻器R1的滑片，可使电流表示数I达到最大值或最小值。关于该电路下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为10V B．R1最大阻值为10Ω
C．P的最小值为5W D．I的最大值为1A
【答案】A,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．只闭合开关S2和S3，开关S4接A，此时定值电阻R2和灯泡L串联，电压表与灯泡并联，测灯泡两端电压，即此时灯泡电压为UL1=2V，由图乙可知，此时电路电流为I1=0.4A，则定值电阻两端的电压为：
根据串联电路电压特点可知，电源电压为：
故A正确；
B．只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，此时滑动变阻器R1与灯泡L串联，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯泡正常发光，此时灯泡两端电压为UL2=4V，由图乙可知，此时电路中电流为I2=0.6A，电源电压为U=10V，根据串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压为：
UR1=U-UL2=10V-4V=6V
滑动变阻器R1的滑片位于中点，此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
则滑动变阻器最大阻值为：
故B错误；
C．只闭合开关S1和S3，开关S4接B，此时灯泡L被短路，滑动变阻器R1与电流表串联在电路中，根据可知，电源电压一定时，电路中电阻越大，电功率越小，所以当滑动变阻器阻值为最大值时，电路总功率最小，所以P的最小值为：
故C正确；
D．闭合所有开关，开关S4接B，此时滑动变阻器R1与定值电阻R2并联接入电路中，电流表测量干路电流，要使电流表示数I达到最大值，则需要将滑动变阻器移至最小值，当滑动变阻器阻值为0时，此时定值电阻被短路，无法测出电流最大值，故D错误。
故选AC。
【分析】（1）由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路中电压的关系求解电源电压。
（2）只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路的特点以及欧姆定律求解电阻。
（3）只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，根据 求电功率。
（4）闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器阻值为最小值0时，此时定值电阻被短路，无法测出电流最大值。
35．（2025·武侯模拟）如图甲所示的家用便携式挂烫机深受当代年轻人的喜爱，挂烫机加水通电后，将常温水变为高温高压的水蒸气，高温水蒸气接触衣物后会软化纤维组织，配合拉、压等动作让衣物平整。跨学科实践小组的同学们将其拆解后发现核心元件是由开关、电热丝组成，经研究后画出其简化电路如图乙所示。
（1）挂烫机在工作时的能量转化过程是　 　；
（2）同学们认真研究了如图乙所示电路，结合如图丙所示的挂烫机铭牌，做出如下分析，其中不合理的是________；
A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是汽化现象
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后液化成小水珠会放热
C．挂烫机功率为550W时，开关S与触点“2”、“3”接触，R1与R2串联
D．挂烫机功率为2200W时，开关S与触点“3”、“4”接触，R1与R2并联
（3）在标准大气压下，将水箱注满20℃的水，使挂烫机在高温挡正常工作4min30s，不考虑热量和水量的损失，水箱里的水温度可达到　 　℃；
（4）小丽关闭家中其他用电器，只让挂烫机处于工作状态，观察到标有“Nimp/（kW h）”电能表的指示灯在tmin内闪烁了n次，则挂烫机的实际电功率P=　 　W。
【答案】（1）电能转化为内能
（2）D
（3）100
（4）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容；能量的转化或转移；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）挂烫机在工作时的能量转化过程是电能转化为内能；
（2）A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是汽化现象，故A正确，不符合题意；
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后遇冷液化成小水珠放热，故B正确，不符合题意；
CD．当开关S与触点“2”、“3”接触时，R1与R2串联，此时总电阻较大，根据可知，此时的总功率较小，为低温挡，功率为550W；开关S与触点“3”、“4”接触时，R1短路，单独工作，此时总电阻较小，根据可知，总功率较大，为高温挡，功率为2200W，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
（3）挂烫机在高温挡正常工作t=4min30s=270s，放出的热量为：
水箱里水的质量为：
不考虑热量和水量的损失，水箱里的水升高的温度为：
由于标准大气压下水的沸点是100℃，而，所以水的末温为100℃；
（4）挂烫机消耗的电能为：
，
则挂烫机的实际电功率：
。
【分析】（1）电热器在工作时的能量转化过程是电能转化为内能；
（2）物质由液态变为气态的过程叫汽化；
液化是放热过程；
分析开关转换时电路的连接，结合串联电路的规律及分析；
（3）由密度公式得出装满水的质量，根据W=Pt得出使挂烫机在高温挡正常工作4min30s电流做的功，不考虑热量和水量的损失，根据吸热公式得出水箱里的水升高的温度，结合标准大气压下水的沸点为100℃得出水可升高到的温度大小；
（4）根据标有Nimp/（kW h）电能表的含义得出指示灯在tmin内闪烁了n次挂烫机消耗的电能，由电功率公式得出挂烫机的实际电功率。
（1）挂烫机是利用电流的热效应工作的，在工作时将电能转化为内能。
（2）A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是物质由液态变为气态，属于汽化现象，故A不符合题意；
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后遇冷液化成小水珠，液化放热，故B不符合题意；
CD．分析电路可知，开关S与触点“2”、“3”接触时，R1与R2串联，此时总电阻较大，根据，总功率较小，为低温挡，功率为550W；开关S与触点“3”、“4”接触时，单独工作，此时总电阻较小，根据，总功率较大，为高温挡，功率为2200W，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
（3）挂烫机在高温挡正常工作4min30s放出的热量为
水的质量为
不考虑热量和水量的损失，水箱里的水升高的温度为
标准大气压下水的沸点是100℃，而，所以水的末温为100℃。
（4）挂烫机消耗的电能为，则挂烫机的实际电功率
36．（2025·武侯模拟）小武在实验室找到三样实验器材：一个长方体物块A，如图甲所示，重10N，底面积为250cm2，高4cm；一个足够高的薄壁轻质容器，内装3kg的水，水深10cm；一个形如“⊥”的物块B，下底面积是上底面积的2倍。（g取10N/kg）
（1）求物块A的密度。
（2）如图乙所示，将A用细线系住缓慢放入容器内的水中，A的下表面始终平行于水面，忽略液体扰动、吸水等次要因素。从A下表面刚接触水面开始，到A下表面受到水的压强为300Pa时结束。求此过程中物块A重力做的功。
（3）如图丙所示，将物块A叠放在B正上方，对B施加一个竖直向上的力F，直到B刚好离开地面。此过程中A对B的压强为p1，B对地面的压强为p2，
Δp=∣p1-p2∣，Δp随F的变化关系如图丁所示。求丁图中Δp0的大小。
【答案】（1）解：物块A的质量为：
由题意知，A的体积为：
物块A的密度：
答： 物块A的密度1g/cm3；
（2）A下表面受到水的压强为300Pa时下表面距水面的深度为：
可知A未浸没，所以A排开水体积：
容器中水的体积：
容器底面积：
水面上升的高度：
物体A重心下降高度：
A的重力做功：
答：此过程中物块A重力做的功0.05J；
（3）由图丁分析可知，当p达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为P2为0，则A对B的压强为P1=500Pa
因此B与A的接触面积为：
B的底面积是上底面积的2倍，则：
当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，为0，则B对地面的压强为P2为500Pa，则B对地面的压力为：
根据力的平衡关系可知：
当F为0时，B对地面的压强为：
故图中的大小为：
答：丁图中Δp0的大小300Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式求出物块A的密度；
（2）根据p=ρ水gh求出A下表面距水面的深度，据此求出A重心下降的高度，利用W=Gh求出物块A重力做的功；
（3）由图丁分析可知，当Δp达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为P2为0，则A对B的压强为P1=500Pa，由可得B与A的接触面积，B的底面积是上底面积的2倍，当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，Δp为0，可知B对地面的压强，由 可得B对地面的压力，根据力的平衡关系求出B的重力。
（1）物块A的质量
由题意知，A的体积为
物块A的密度
（2）A下表面受到水的压强为300Pa时下表面距水面的深度为
可知A未浸没，所以A排开水体积
容器中水的体积
容器底面积
水面上升的高度
物体A重心下降高度
A的重力做功
（3）由图丁分析可知，当p达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为p2为0，则A对B的压强为p1=500Pa
因此B与A的接触面积为
B的底面积是上底面积的2倍，则
当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，为0，则B对地面的压强为p2为500Pa，则B对地面的压力为
根据力的平衡关系可知，
当F为0时，B对地面的压强为
故图中的大小为
1 / 1四川省成都市武侯区2025年中考二模物理试题
1．（2025·武侯模拟）电磁波无处不在，在生产生活中有广泛的应用。关于电磁波，下列说法正确的是（　　）
A．电磁波像声波一样，传播时需要介质
B．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
C．微波炉工作时主要利用电磁波的信息特征
D．北斗导航系统利用电磁波来提供定位服务
2．（2025·武侯模拟）在这科技日新月异的时代，智能手机已成为人们生活中不可缺少的一部分。下列关于智能手机的说法中正确的是（　　）
A．质量约为 2kg B．厚度约为 5cm
C．电池的工作电压约为 3.7V D．待机时电流约为 0.2A
3．（2025·武侯模拟）掌握安全用电常识是每个公民应具备的基本素养。下列做法符合安全用电原则的是
A．手机充电器长期插在电源插座上
B．有人触电时应先切断电源再抢救
C．空气开关跳闸可马上复位恢复供电
D．户外游玩遇雷雨天气在大树下避雨
4．（2025·武侯模拟）出土于湖北省崇阳县的商代铜鼓是我国目前发现的最早的铜鼓，如图所示，轻敲鼓面，仍能发出清脆的鼓声。关于鼓声，下列说法正确的是（　　）
A．越用力敲击鼓面，鼓声的响度越大
B．越用力敲击鼓面，鼓声传播速度越快
C．不同力度敲击鼓面，鼓声音色发生改变
D．轻轻敲击鼓面时，鼓声的振动频率较低
5．（2025·武侯模拟）2024年12月26日，我国新一代战机在成都市区上空成功首飞，新战机采用超扁平设计，外形科幻，如图所示。关于新战机的飞行过程，下列分析正确的是（　　）
A．以地面为参照物，新战机是静止的
B．以驾驶舱为参照物，飞行员是运动的
C．以新战机为参照物，地面楼房是运动的
D．以飞行员为参照物，空中白云是静止的
6．（2025·武侯模拟）2024年11月4日，我国神舟十八号载人飞船返回舱在经历了制动离轨、自由滑行、减速下降、点火缓冲等多个阶段后，最终在东风着陆场成功着陆，如图所示。关于降落过程下列说法正确的是（　　）
A．减速下降阶段，返回舱的重力势能减小
B．减速下降阶段，返回舱的动能不变
C．点火缓冲阶段，返回舱的重力势能不变
D．点火缓冲阶段，返回舱的动能增加
7．（2025·武侯模拟）积极发展核能是我国能源战略的重大举措。关于核能，下列说法正确的是
A．核能是可再生能源 B．核能是二次能源
C．利用核能发电会产生大量烟尘 D．核废料具有放射性需谨慎处理
8．（2025·武侯模拟）小红同学发现厨房是一个充满物态变化的“实验室”。关于烹饪过程涉及的各种物态变化，下列说法错误的是（　　）
A．水沸腾时壶嘴冒出的“白气”，是水蒸气液化形成的
B．冰箱冷冻室内结出的霜，是水蒸气凝华成的小冰晶
C．水中的食盐搅拌后消失，是固态食盐熔化为液态
D．在食材解冻的过程中，食材中的冰熔化需要吸热
9．（2025·武侯模拟）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，小亮将点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，他通过玻璃板能够看到蜡烛A在玻璃板后面所成的像。关于探究过程中的问题，下列分析正确的是（　　）
A．蜡烛A所成的像可以用光屏承接
B．蜡烛A靠近玻璃板时像的大小不变
C．需要用刻度尺测量像和蜡烛A的高度
D．多次改变蜡烛A的位置是为了减小误差
10．（2025·武侯模拟）篮球场上同学们正在进行激烈的比赛，小壮投篮后，篮球沿抛物线轨迹飞向篮筐，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．篮球脱手后，小明的手对篮球没有做功
B．篮球离手后仍能飞行，因其受惯性作用
C．篮球下落过程中受到平衡力的作用
D．篮球上升过程中没有受到力的作用
11．（2025·武侯模拟）碳纤维的密度仅为钢材的，但强度高达钢材的7~9倍，且耐高温、耐腐蚀。我国自主研发的全球最大智能货运无人机“龙城壹号”就凭借碳纤维材料实现了机身减重约40%。下列关于“龙城壹号”的优越性能描述与密度有关的是（　　）
A．提升电磁屏蔽性能，优化飞行控制系统的稳定性
B．利用耐腐蚀性，延长其在恶劣环境中的使用寿命
C．通过轻量化设计，使其最大载货量提升至5吨
D．增强机身导电性能，便于集成智能传感器模块
12．（2025·武侯模拟）小周用如图所示的实验装置探究磁场对电流的作用。闭合开关S，原本静止的轻质硬直导体AB水平向右运动。要使导体AB水平向左运动，下列措施可行的是（　　）
A．将导体AB的两端对调 B．将磁体的N、S极对调
C．将变阻器的接线位置对调 D．将开关S的接线位置对调
13．（2025·武侯模拟）杜甫在《茅屋为秋风所破歌》中写道：“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅。”诗中描述的“秋风卷走茅草”现象，主要说明了（　　）
A．力可以改变物体的形状 B．力可以改变物体的运动状态
C．力的作用是相互的 D．物体的运动需要力来维持
14．（2025·武侯模拟）四川地形复杂，既有高海拔的雪山，也有美丽的草原和深水湖泊。下列物理情境描述错误的是（　　）
A．自驾川西草原时，为避免车轮陷入泥地应选择车胎宽度较小的轮胎
B．贡嘎雪山主峰的大气压强比成都平原的低是因为海拔越高气压越低
C．由于液体压强随深度增加而增大，二滩水电站大坝设计成上窄下宽
D．甘孜州平均海拔3500m，气压偏低导致当地水的沸点低于100℃
15．（2025·武侯模拟）某科技小组设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度减弱而增大。当有烟雾遮挡射向R的激光时，会导致某一电表的示数增加达到设定值，从而触发该装置报警。关于此过程，下列分析正确的是（　　）
A．电流表的示数增大 B．报警装置是由电流表改装的
C．两电表示数的比值保持不变 D．定值电阻R0消耗的功率减小
16．（2025·武侯模拟）春天来了，校园里处处生机盎然。小花在操场上闻到阵阵花香，这是因为分子在不停地做　 　；午后的阳光照在单杠上一段时间后，单杠温度升高，这是通过　 　的方式改变了物体的内能。
17．（2025·武侯模拟）科学用眼每一天，清晰“视”界伴终身。我们的眼睛里有一套精巧的变焦系统，当同学们登山远眺时，眼睛里的晶状体会变薄，焦距变　 　，使远处的风景恰好成像在视网膜上：如果小明同学观察远处物体时，物体通过晶状体所成的像落在视网膜的前方，此时需要佩戴一个焦距合适的　 　透镜进行矫正。
18．（2025·武侯模拟）如图所示，学校物理兴趣小组自制了一个带有电磁铁的木船模型，闭合开关S，电磁铁的A端是　 　极；将模型放入水中漂浮，由于受地磁场的作用，船头会指向地理的　 　方。
19．（2025·武侯模拟）船闸是长江上常见的水利设施，它是利用　 　原理工作的。随着生态的修复和水利工程的修建，长江下游江水的含沙量明显降低，一艘货轮从长江上游穿过葛洲坝抵达上海，不考虑质量变化，货轮受到的浮力　 　。
20．（2025·武侯模拟）某款轻便节能的电动自行车如图所示，只要将车钥匙插入锁孔旋转一下，车子就通电了，车钥匙相当于电路中的　 　；骑行时电动车的两个转向灯能独立工作，由此可知两个转向灯的连接方式是　 　。
21．（2025·武侯模拟）如图甲所示，小明在进行“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做　 　运动；接着在木块上加一个砝码，重复上面的操作，如图乙所示，比较两次实验的结果可以得出滑动摩擦力的大小与　 　有关。
22．（2025·武侯模拟）小明同学利用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系。根据实验数据绘制的电流—电压图像如图乙所示，实验中所用定值电阻的阻值为　 　Ω；小明多次调节滑动变阻器改变电压表示数的目的是　 　。
23．（2025·武侯模拟）炎热的夏天，小华将调配好的牛奶糖水放入冰箱冷冻室自制雪糕，牛奶糖水从液态变为固态叫做　 　；小华吹风扇感到凉爽是因为体表汗液　 　吸热。（以上两空均填物态变化名称）
24．（2025·武侯模拟）如图所示是“探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关”的实验装置。若选择乙装置，则探究的是电流通过导体产生的热量与　 　的关系；已知甲装置中电源电压恒为3V，若阻值为10Ω的电阻丝要产生48J的热量，则需要通电　 　min。
25．（2025·武侯模拟）（1）“望江楼，望江流，望江楼上望江流。”诗中描绘的望江楼临江而立，游客观景时发现水中也有一座“望江楼”，如图甲所示。图乙中A点代表楼顶飞檐，C点代表游客眼睛，请在乙图中画出A点在水中的像A'及游客看到A点像的光路图。
（2）如图所示，一个拉杆式行李箱可看成一个杠杆，O为支点，A点是游客提拉行李箱的作用点。请画出行李箱静止时施加在A点的最小作用力F的示意图及其力臂。
26．（2025·武侯模拟）成都武侯祠古建筑修缮现场需一些砂石。华西建筑工程队用卡车运输砂石，某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min。已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍，g取10N/kg。求：
（1）该时段卡车匀速行驶时的速度为多少m/s？
（2）卡车匀速行驶时发动机的输出功率是多少W？
27．（2025·武侯模拟）2024年6月，国家卫健委等16个部门启动“体重管理年”三年行动。为响应国家号召，动态监测自己的体重情况，某科技创新小组同学利用所学知识做了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路图如图甲所示。已知电源电压为12V，定值电阻R0=10Ω，RV为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电流表量程为0~0.6A，踏板重力不计，g取10N/kg。求：
（1）闭合开关，体重计空载时电路的总功率是多少W？
（2）此体重计所能测量的最大体重是多少kg？
28．（2025·武侯模拟）在“探究串联电路的电压关系”的实验中，小聪和小明一起设计了如图甲所示的实验电路图。
（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格　 　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡；
（2）小聪把电压表接在A、B之间，闭合开关，电压表示数如图乙所示。为了使实验结果更准确，接下来小聪应该：断开开关，　 　；
（3）他们继续进行实验，得到的三组数据如表所示：
实验小组 L1两端电压/V L2两端电压/V 串联总电压/V
1 1.4 1.5 2.9
2 1.2 1.5 2.8
3 1.6 1.2 2.8
小明觉得实验数据中有一组不合理，小聪却认为三组数据都是合理的。你认为　 　（选填“小聪”或“小明”）的观点是正确的；
（4）为了优化实验过程，小明设计了如图丙所示的电路。他的思路是：只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压；只闭合开关S和S2，电压表就可以测L2的电压。你是否赞同该设计方案？并说出你的理由。
答：　 　。
29．（2025·武侯模拟）小亮利用如图所示的装置来探究影响浮力大小的因素。（g取10N/kg）
（1）甲图中，物块静止时受到的重力与弹簧测力计对物块的拉力是一对　 　力。
（2）物块浸没在水中时受到的浮力为　 　N。
（3）比较甲丁戊三图可知，在排开液体体积相同的情况下，物块所受浮力大小与液体的　 　有关。
（4）同组的小张同学通过甲乙丙三次实验得出结论：物块所受浮力大小与物块所处的深度有关。小张同学得出这个错误结论的原因是　 　。
（5）同学们在学习了阿基米德原理后，结合图中的测量数据及水的密度还计算出了其他一些物理量，下列不能通过以上方法计算得出的是___________。
A．物块的密度 B．物块的体积 C．盐水的密度 D．盐水的体积
30．（2025·武侯模拟）近年来，我国在能源、信息与材料等领域取得了巨大突破。下列说法错误的是
A．光伏发电是利用半导体材料的光伏效应将太阳能转化为电能
B．目前我国特高压输电线已经使用了超导材料、显著降低了能耗
C．5G 通信技术通过电磁波传递信息，具有高速率、低延迟的特点
D．我国最先进的“华龙一号”核反应堆通过可控核裂变反应发电
31．（2025·武侯模拟）春天来了，小华和家人到龙泉山踏春，行至半山腰，他们惊喜地发现一泓清潭，岸边的桃花摇曳生姿，潭水中的桃花倒影在粼粼波光中格外美丽。关于此美景下列说法正确的是（　　）
A．人能看到桃花是因为桃花是光源可以发光
B．潭水中桃花的倒影是光的折射形成的虚像
C．潭水波光粼粼是因为阳光在水面发生折射
D．桃花在人眼视网膜上成倒立、缩小的实像
32．（2025·武侯模拟）小明同学用如图甲所示装置加热质量为100g的冰，直至水沸腾。根据实验记录的数据，小明绘制了如图乙所示的温度随时间变化的图像。已知0~2min消耗酒精的质量为0.4g，c冰=2.1×103J/（kg ℃），c水=4.2×103J/（kg ℃），q酒精=3×107J/kg。若单位时间内物质吸收热量相等，下列分析正确的是（　　）
A．BC段是熔化过程，温度不变，内能不变
B．0~12min，物质共吸收热量4.2×103J
C．通过计算可得图乙中tx的值为32
D．该酒精灯的加热效率为30%
33．（2025·武侯模拟）如图所示，工人师傅利用滑轮组拉动重16000N的汽车，使汽车以0.4m/s的速度匀速向左运动10s。已知人对绳子的拉力F=850N，绳子A受到的拉力为1500N，每个滑轮均重100N，g取10N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．拉力F的功率为680W B．滑轮组的机械效率为93.75%
C．滑轮组对汽车做64000J有用功 D．该滑轮组的额外功为800J
34．（2025·武侯模拟）如图甲所示电路，电源电压不变，定值电阻R2的阻值为20Ω，小灯泡额定电压为4V，其电流﹣电压图像如图乙所示。只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯L正常发光。只闭合开关S2和S3，开关S4接A，电压表示数为2V。只闭合开关S1和S3，开关S4接B，调节滑动变阻器R1的滑片，使电路总功率P达到最小。闭合所有开关，开关S4接B，调节滑动变阻器R1的滑片，可使电流表示数I达到最大值或最小值。关于该电路下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为10V B．R1最大阻值为10Ω
C．P的最小值为5W D．I的最大值为1A
35．（2025·武侯模拟）如图甲所示的家用便携式挂烫机深受当代年轻人的喜爱，挂烫机加水通电后，将常温水变为高温高压的水蒸气，高温水蒸气接触衣物后会软化纤维组织，配合拉、压等动作让衣物平整。跨学科实践小组的同学们将其拆解后发现核心元件是由开关、电热丝组成，经研究后画出其简化电路如图乙所示。
（1）挂烫机在工作时的能量转化过程是　 　；
（2）同学们认真研究了如图乙所示电路，结合如图丙所示的挂烫机铭牌，做出如下分析，其中不合理的是________；
A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是汽化现象
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后液化成小水珠会放热
C．挂烫机功率为550W时，开关S与触点“2”、“3”接触，R1与R2串联
D．挂烫机功率为2200W时，开关S与触点“3”、“4”接触，R1与R2并联
（3）在标准大气压下，将水箱注满20℃的水，使挂烫机在高温挡正常工作4min30s，不考虑热量和水量的损失，水箱里的水温度可达到　 　℃；
（4）小丽关闭家中其他用电器，只让挂烫机处于工作状态，观察到标有“Nimp/（kW h）”电能表的指示灯在tmin内闪烁了n次，则挂烫机的实际电功率P=　 　W。
36．（2025·武侯模拟）小武在实验室找到三样实验器材：一个长方体物块A，如图甲所示，重10N，底面积为250cm2，高4cm；一个足够高的薄壁轻质容器，内装3kg的水，水深10cm；一个形如“⊥”的物块B，下底面积是上底面积的2倍。（g取10N/kg）
（1）求物块A的密度。
（2）如图乙所示，将A用细线系住缓慢放入容器内的水中，A的下表面始终平行于水面，忽略液体扰动、吸水等次要因素。从A下表面刚接触水面开始，到A下表面受到水的压强为300Pa时结束。求此过程中物块A重力做的功。
（3）如图丙所示，将物块A叠放在B正上方，对B施加一个竖直向上的力F，直到B刚好离开地面。此过程中A对B的压强为p1，B对地面的压强为p2，
Δp=∣p1-p2∣，Δp随F的变化关系如图丁所示。求丁图中Δp0的大小。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．声波传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B．电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，而340m/s是声音在15℃空气中的传播速度，故B错误；
C．微波炉主要利用电磁波的能量特征，使食物中的分子运动加剧，从而加热食物，故C错误；
D．北斗导航系统利用电磁波来传递信息，从而为用户提供定位、导航等服务，故D正确。
故选D。
【分析】电磁波可以在真空中传播，真空中，电磁波的速度为3×108m/s，电磁波可以传递能量，可以传递信息。
2．【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；电流的大小；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A、智能手机的质量约为200g=0.2kg，A错误；
B、智能手机的厚度约为5mm=0.5cm，B错误；
C、手机电池的工作电压约为3.7V，C正确；
D、手机待机时，电流较小，约20mA=0.02A，D错误。
故选C。
【分析】根据手机的质量、厚度、电压和电流，结合实际数据解答。
3．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、手机充电器不使用时，要及时与电源断开，不能长期插在电源插座上，A错误；
B、有人触电时，必须先切断电源再抢救，避免他人触电，B正确；
C、空气开关跳闸，则电路中发生短路或总功率过大，必须检修后，再恢复供电，C错误；
D、户外遇雷雨天气，不能在大树下避雨，高大的树木易被雷击，发生触电事故，D错误。
故选B。
【分析】不使用的用电器，要及时断开电源；发生人体触电时，要及时断开开关；电流过大时，开关开关跳闸，要检修后再闭合开关；不能在大树下避雨，易发生触电事故。
4．【答案】A
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音色
【解析】【解答】A．越用力敲击鼓面，鼓面振动的幅度越大，即振幅越大，所以鼓声的响度越大，故A正确；
B．越用力敲击鼓面，介质的种类和温度不变，则鼓声传播速度不变，故B错误；
C．不同力度敲击鼓面，发声体材料和结构不变，鼓声音色不发生改变，故C错误；
D．轻轻敲击鼓面时，鼓面的振动频率不变，鼓声的振动频率不变，故D错误。
故选A。
【分析】（1）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大；
（2）声音的传播速度取决于介质的种类和温度；
（3）音色是发声体的声音品质，由发声体材料和结构决定；
（4）音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
5．【答案】C
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．新战机飞行过程中，若以地面为参照物，战机和地面的位置在不断发生变化，战机是运动的，故A错误，不符合题意；
B．以驾驶舱为参照物，飞行员与驾驶舱之间位置没有发生变化，飞行员是静止的，故B错误，不符合题意；
C．以新战机为参照物，地面楼房和新战机之间的位置在不断发生变化，地面楼房是运动的，故C正确，符合题意；
D．以飞行员为参照物，空中白云和飞行员之间的位置在不断发生变化，空中白云是运动的，故D错误，不符合题意。
故选C。
【分析】判断物体的运动与静止时，要看被研究物体与所选的参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
6．【答案】A
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；机械能及其转化
【解析】【解答】A．减速下降阶段，返回舱的质量不变，高度降低，重力势能减小，故A正确，符合题意；
B．减速下降阶段，返回舱的质量不变，速度减小，动能减小，故B错误，不符合题意；
C．点火缓冲阶段，返回舱的质量不变，高度降低，重力势能减小，故C错误，不符合题意；
D．点火缓冲阶段，返回舱的质量不变，速度减小，动能减小，故D错误，不符合题意。
故选A。
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度；
（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度；
（3）机械能是动能与势能的和。
7．【答案】D
【知识点】能源及其分类；核能
【解析】【解答】A、核能不能在短时间内得到补充，是不可再生能源，A错误；
B、核能的原料是从自然界直接获得的，是一次能源，二次能源是一次能源加工得到的能源，C错误；
C、核能是利用原子核内部释放的能量，利用核能发电，不会产生烟尘，C错误；
D、核废料具有放射性，对人体危害大，需谨慎处理，且现在的科技手段还不能消除其危害，D正确。
故选D。
【分析】核能是一次能源，且不可再生；核能具有放射性，需要合理处理。
8．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 A．水沸腾时产生大量高温水蒸气，遇到温度较低的空气放热液化形成小水滴，即我们看到的“白气”，故A正确。
B．冰箱冷冻室内温度很低，室内的水蒸气遇到温度极低的冷冻室壁，会直接由气态凝华成固态的小冰晶，形成霜，故B正确。
C．水中的食盐搅拌后消失，是因为食盐溶解在水中，不是固态食盐熔化为液态，故C错误。
D．食材解冻过程中，由固态变为液态，是熔化过程，故D正确。
故答案为：C。
【分析】根据物态变化的特点和物态变化过程中吸放热关系进行分析。
9．【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】A．蜡烛A所成的像为虚像，虚像不可以用光屏承接，故A错误；
B．平面镜成的像与物大小相等，靠近玻璃板时蜡烛A的大小不变，故像的大小不变，故B正确；
C．实验中，当镜后的蜡烛与像重合时，说明像与物大小相等，不需要用刻度尺测量像和蜡烛A的高度，故C错误；
D．多次改变蜡烛A的位置是为了得出普遍性的结论，不是为了减小误差，故D错误。
故选B。
【分析】 （1）蜡烛A所成的像为虚像，虚像不能用光屏承接；
（2）平面镜成的像与物大小相等；
（3）实验中，当镜后的蜡烛与像重合时，可知像与物大小相等；
（4）多次改变蜡烛A的位置是为了得出普遍性的结论，避免偶然性。
10．【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A，篮球脱手后，小明的手对篮球没有力的作用，所以小明的手对篮球没有做功，故A正确；
B．篮球离手后仍能飞行是因篮球具有惯性，故B错误；
C．篮球下落过程中速度越来越快，受到非平衡力的作用，故C错误；
D．篮球上升过程中受到自身的重力和空气阻力的作用，故D错误。
故选A。
【分析】（1）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用；
（3）处于非平衡状态的物体受到的力不是平衡力；
（4）地球附近的一切物体都受到重力的作用。
11．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A.提升电磁屏蔽性能，可以阻挡电磁波的传播，减少其对设备内部电路的影响，与密度无关，故A不符合题意；
B.利用耐腐蚀性，延长其在恶劣环境中的使用寿命，与密度无关，故B不符合题意；
C.轻量化是指该材料与同体积的其它材料相比质量小，即材料的密度小，故C符合题意；
D.增强机身导电性能，便于集成智能传感器模块，与密度无关，故D不符合题意。
故选C。
【分析】某种物质的质量和其体积的比值叫这种物质的密度，根据m=ρV分析机身减重的原因是这种材料的密度小。
12．【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A．将导体AB的两端对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故A不符合题意；
B．将蹄形磁体的N、S极对调，只有磁场方向改变，导体AB的运动方向改变，故B符合题意；
C．将变阻器的接线位置对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故C不符合题意；
D，将开关S的接线位置对调，电流方向和磁场方向都不变，导体AB的运动方向不变，故D不符合题意。
故选B。
【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向。如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变。
13．【答案】B
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】秋风卷走茅草，即茅草在风力的作用下位置改变，即运动状态改变，可知，力可以改变物体的运动状态，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】物体受力，运动状态发生改变，是力可以改变物体的运动状态。
14．【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．为避免车轮陷入泥地，应在压力一定时，应选择车胎宽度较大的轮胎来增大车对泥地的受力面积，减小车对底面的压强，故A错误，符合题意；
B．大气压随海拔的升高而降低，贡嘎雪山主峰的大气压强比成都平原的低是因为海拔越高气压越低，故B正确，不符合题意；
C．根据P=ρgh可知，液体压强随液体深度的增加而增大，水电站大坝设计成上窄下宽的目的是使大坝底部能够承受更大的压强，故C正确，不符合题意；
D．气压越低，沸点越低，甘孜州平均海拔3500m，气压偏低导致当地水的沸点低于100℃，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（2）大气压随高度的增加而减小；
（3）在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；
（4）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
15．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AC．由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测光敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由欧姆定律可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，根据串联电路分压关系可知，电压表示数变大，故两电表示数的比值变化的，故AC错误；
B．因电流表示数变小，由U=IR知道，定值电阻的电压变小，根据串联电路电压规律可知，光敏电阻的电压变大，即电压表示数变大，所以报警装置是用电压表改装的，故B错误；
D．根据可知， R0阻值不变，电路中的电流减小，故定值电阻R0消耗的功率减小，故D正确。
故选D。
【分析】（1）（3）分析电路的连接及电表测量的物理量，根据光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，确定当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，即电流表的示数减小，由欧姆定律确定两电表示数的比值是变化的；
（2）根据电流表示数变小，由U=IR得出定值电阻的电压变化，从而得出光敏电阻的电压变大，结合题意可知确定报警装置是用电压表改装的；
（3）根据可知，由电路中的电流减小，确定定值电阻R0消耗的功率变化。
16．【答案】无规则运动；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】小花在操场上闻到阵阵花香，这是分子在不停地无规则运动；
午后的阳光照在单杠上一段时间后，单杠温度升高，这是通过热传递方式改变单杠的内能。
故答案为：无规则运动；热传递。
【分析】（1）扩散现象表明，一切物质的分子都在不停的做无规则运动；
（2） 做功和热传递都可以改变物体的内能。
17．【答案】大；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】登山远眺时，物距更大，眼睛的晶状体折光能力要变弱，需变薄，焦距变大，使远处物体成像在视网膜上：观察远处物体时，像成在视网膜的前方，则晶状体太厚，折射能力强，需要佩戴一个焦距合适的凹透镜进行矫正。故第1空填：大；第2空填：凹。
【分析】眼睛看远处的物体，物距大，晶状体要变薄，焦距变大，近视眼成像在视网膜前，利用凹透镜矫正。
18．【答案】S；北
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由图可知，通电螺线管上电流的方向为从上往下，用右手握住螺线管，四指指向电流环绕的方向，大拇指所指的B端为电磁铁的N极，则A端为电磁铁的S极；
地磁的两极与地理的两极相反，地磁场的N极在地理南极附近，地磁场的S极在地理的北极左右；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，故船头指向北方。
故答案为：S；北。
【分析】根据安培定则可判断电磁铁的极性；地磁的两极与地理的两极相反，根据磁极间的相互作用可做出判断。
19．【答案】连通器；不变
【知识点】连通器原理及其应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】船闸的上端是开口的，下端是连通的，所以船闸是利用连通器原理工作的；
长江下游江水的含沙量明显降低，一艘货轮从长江上游穿过葛洲坝抵达上海，始终漂浮，浮力等于重力，不考虑质量变化，重力不变，则货轮受到的浮力不变。
故答案为；连通器；不变。
【分析】（1）连通器的特点：上端开口、下端连通的容器；
（2）物体漂浮时，浮力等于重力。
20．【答案】开关；并联
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】将车钥匙插入锁孔旋转一下，车子就通电了，车钥匙相当于电路中的开关；
骑行时电动车的两个转向灯能独立工作，由此可知两个转向灯的连接方式是并联。
【分析】（1）开关串联在电路中，能起到控制电路中电流通断的作用；
（2）并联电路各支路互不影响。
21．【答案】匀速直线；压力大小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】实验中，滑动摩擦力的大小不能直接测出来，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，则木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数；
在木块A上面加一个砝码，接触面积的粗糙程度相同，改变了压力大小，探究摩擦力大小与压力大小的关系，比较两次实验的结果得出滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
【分析】（1）实验中，必须沿水平方向匀速直线拉动木块，由二力平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数；
（2）滑动摩擦力的影响因素与压力、接触面的粗糙程度有关，利用控制变量法分析。
22．【答案】5；避免偶然性，寻找普遍规律
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】如图乙所示，当电压为2.5V时，电流为0.5A，实验中所用定值电阻的阻值为：
小明多次调节滑动变阻器改变电压表示数的目的是避免偶然性，寻找普遍规律。
【分析】根据实验数据绘制的电流-电压图像得出当电压为2.5V时电流大小，由欧姆定律得出实验中所用定值电阻的阻值；
根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律要多次测量。
23．【答案】凝固；汽化
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】凝固指，所以，牛奶糖水从液态变为固态叫做凝固。
小华吹风扇时感到凉爽是因为体表汗液汽化吸热。
【分析】（1）物质由液态转变成固态叫凝固，凝固要放热；
（2）物质由液态转变成气态叫汽化，汽化要吸热。
24．【答案】电流；2
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联分流可知，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，由焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻和通电时间相同，若选择乙装置，则探究的是电流通过导体产生的热量与电流的关系；
甲图知，开关闭合后，两电阻串联，电路中总电阻为：
则通过电路中的电流为：
由得，需要通电的时间为：
【分析】根据Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；
根据欧姆定律计算电路中的电流，结合Q=I2Rt分析计算需要通电时间。
25．【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）作A关于水面的对称点A'，即A的像点，连接像点A'与眼睛C与镜面相交于点O，即为入射点，连接AO即为入射光线，OC反射光线，标出箭头表示光的方向，如图所示：
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，动力最小，即动力臂最长，当OA为动力臂时，动力臂时最大的，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F，OA即为动力臂L1，动力的方向斜向上。如图所示：
【分析】（1）根据平面镜成像的特点可知，A与水中的像关于水平面对称，据此先确定像的位置A'，连接像与人的眼睛确定入射点，再完成光路图；
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
（1）作A关于水面的对称点A’，即A的像点，连接像点与眼睛B与镜面相交于点O，即为入射点，连接AO是入射光线，OC反射光线。如图所示：
（2）动力最小，即动力臂最长，连接支点O与A点，当OA为动力臂时，动力臂时最大的，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F，OA即为动力臂L1，动力的方向斜向上。如图所示：
26．【答案】（1）解：某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min，该时段卡车匀速行驶时的速度为：
。
答： 该时段卡车匀速行驶时的速度为6m/s。
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍。
故汽车牵引力为：
发动机的输出功率是：
。
答：卡车匀速行驶时发动机的输出功率是
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算
【解析】【分析】（1）根据计算该时段卡车匀速行驶时的速度；
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍，求出汽车牵引力的大小，根据计算发动机的输出功率。
（1）某时段卡车匀速行驶1.8km，用时5min，该时段卡车匀速行驶时的速度为。
（2）已知卡车自重6.8t，满载时砂石质量为13.2t，匀速行驶时卡车所受阻力为总重力的0.1倍。
故汽车牵引力为
发动机的输出功率是。
27．【答案】（1）解：由图甲可知，闭合开关S，定值电阻R0与压敏电阻Rv串联，电流表测电路的电流，由图乙可知当体重计空载时，RV=90Ω，由串联电阻的规律可知电路的总功率为：
答： 闭合开关，体重计空载时电路的总功率是1.44W。
（2）已知电流表量程为0～0.6A，当电路中的电流最大为Imax=0.6A时，体重计测量最大体重，此时压敏电阻的阻值为：
由题图乙可知，所能测量的最大重力为1200N，最大质量为：
答：此体重秤能测量的最大体重是。
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，体重秤空载时，，根据计算电路的电功率；
（2）根据电流表的量程为0～0.6A可知，当电路中的电流最大为Imax=0.6A时，体重计测量最大体重，根据可知此时压敏电阻的阻值，由题图乙可知，所能测量的最大重力为1200N，根据求出最大质量。
（1）体重秤空载时，由图乙知
电路的电功率
（2）电路允许通过的最大电流
根据图乙可得，
此体重秤能测量的最大体重是
28．【答案】（1）不同
（2）换接电压表0~3V小量程
（3）小聪
（4）不赞同该设计方案；理由：总有一次测量，电流从电压表负接线柱流入。
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格不同的小灯泡；
（2）从图乙可以看到，电压表的量程是0~15V，分度值为0.5V，读数是2V，没超过3V，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，换接电压表0~3V小量程；
（3） 根据表中数据，考虑到误差因素可得出：串联的总电压等于各部分电路两端的电压之和，小聪的观点是正确的；
（4）只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压；只闭合开关S和S2，电压表就可以测L2的电压。不赞同该设计方案；理由：总有一次测量，电流从电压表负接线柱流入。
【分析】（1）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是数量足够多；
（2）电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大；
（3）测量电压过程中总存在误差；
（4）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转。
（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯L1、L2应该选择规格不同的小灯泡并进行多次实验。
（2）从图乙可以看到，电压表的量程是0~15V，分度值为0.5V，读数是2V，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，更换电压表的量程，改为0~3V。
（3）实验中误差是不可避免的，由表可知，总体上串联总电压等于L1两端电压和L2两端电压之和，三组数据均合理，小聪的观点是正确的。
（4）只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压，若此时电压表连接正确，只闭合开关S和S2时，电压表的正负接线柱就接反了，无法测得L2的电压，所以不赞同该设计方案。
29．【答案】（1）平衡
（2）2
（3）密度
（4）没有控制排开液体的体积相同
（5）D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）甲图中物块静止时，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在同一个物体上，属于一对“平衡力”；
（2）从甲图可知物块重力为G=3N，从丙图可知物块浸没在水中时弹簧测力计示数为F拉=1N，由称重法得浮力为：
（3）比较丁和戊可知在排开液体体积相同的情况下，液体密度不同，受到的拉力不同，根据称重法可知，物体受到的浮力不同，说明浮力大小与液体的密度有关；
（4）小张得出物块所受浮力大小与物块所处的深度有关的错误原因在于：实验中没有控制排开液体的体积相同；
（5）AB．根据甲、丁两图可知物体在水中受到的浮力，根据可得物块的体积，物块的质量为，物块的密度为，故AB可以通过计算求出，不符合题意；
CD．根据甲、戌两图可知物体在盐水中受到的浮力，浸没时排开液体的体积相等等于物体的体积可得盐水的密度，而盐水的质量等不可知，因此无法得到盐水的体积，故C可以通过计算求出，不符合题意，D符合题意。
故选D。
故答案为：（1）平衡；（2）2；（3）密度；（4）没有控制物体排开液体的体积相同；（5）D。
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）利用称重法F浮=G-F拉求浮力；
（3）物块所受浮力大小与液体密度有关；
（4）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否关系，需要控制液体的密度相同，排开的液体的体积相同，据此进行分析；
（5）根据称重法测浮力可知物块受到水的浮力，再根据物块的体积求物块的质量，物体的密度；根据阿基米德公式求盐水的密度。
（1）甲图中物块静止时，重力与弹簧测力计的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，属于一对“平衡力”。
（2）从甲图可知物块重力为3N，从丙图可知物块浸没在水中时弹簧测力计示数为1 N，由称重法得浮力为
（3）比较丁（示数1 N）和戊（示数0.8 N）可知在排开液体体积相同的情况下，浮力随液体密度增大而增大，故浮力大小与液体的“密度”有关。
（4）小张得出“浮力随深度而变”的错误原因在于：实验中没有保持“浸入（或排开）液体体积相同”，物块浸入深度改变的同时排开液体的体积也发生了变化。
（5）A．根据甲、丁两图可知物体在水中受到的浮力，根据可得物块的体积，故A不符合题意；
B．根据甲可知物体的重力，根据G=mg可知物体的质量，结合A选项可得出物块的密度，故B不符合题意；
CD．根据甲、戌两图可知物体在盐水中受到的浮力，由A已知物体的体积，根据可得盐水的密度，而盐水的质量等不可知，因此无法得到盐水的体积，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
30．【答案】B
【知识点】核能；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、光伏发电时，将太阳能转化为电能，利用半导体材料的光伏效应，A正确；
B、超导材料电阻为零，电流通过时不产生热量，能降低能耗，但目前没有常温下的超导体，B错误；
C、电磁波的速度快，5G通信技术通过电磁波传递信息，具有高速率、低延迟的特点，C正确；
D、我国的“华龙一号”核反应堆，是通过可控核裂变反应发电的，D正确。
故选B。
【分析】光伏发电利用了半导体的光电效应；目前没有常温下的超导体；电磁波的速度快，传递信息更便捷；核电站利用核裂变释放能量。
31．【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．桃花不能够自行发光，所以桃花不是光源，人能看到桃花是因为桃花反射的光进入人的眼睛，故A错误；
B．潭水中桃花的倒影是光的反射形成的虚像 ，故B错误；
C．潭水波光粼粼是因为阳光在水面发生反射 ，故C错误；
D．人眼是相当于照相机，桃花在人眼视网膜上成倒立、缩小的实像。故D正确。
故选D。
【分析】（1）本身能够发光的物体叫光源；
（2）倒影是光的反射形成的虚像；
（3）镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，其他方向上几乎没有反射光线；
（4）凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用是投影仪；u＜f，成正立、放大的虚像，应用是放大镜。
32．【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】A．BC段是冰的熔化过程，冰是晶体，在熔化时吸收热量，温度不变，内能增大，故A错误；
BC.0~2min冰吸收热量为：
，
由于单位时间内物质吸收热量相等，0 ~12min吸收的热量是0~2min吸收热量的6倍，所以0~12min物质吸收热量为：
冰熔化成水质量不变，仍为0.1kg，CD段水从0℃升高到100℃，水吸收的热量为：
即水吸收的热量为冰吸收热量的10倍，因为单位时间吸热相等，故水吸收热量的时间为冰吸吸收热量时间的10倍为20min。
所以0~tx总共用时：
故B错误，C正确；
D.0~2min消耗酒精的质量为0.4g，酒精完全燃烧放出热量为：
该酒精灯的加热效率为：
，
故D错误。
故选C。
【分析】（1）晶体在熔化过程中，继续吸热，内能增加，温度保持不变；
（2）由图乙可知0～2min内冰升高的温度，根据Q吸=cmΔt求出冰吸收的热量，由于单位时间内物质吸收热量相等，据此求出0 12min，物质共吸收的热量；
（3）根据Q吸=cmΔt求出水从0℃加热到100℃吸收的热量，根据单位时间内物质吸收热量相等可以求出吸热需要的时间，据求tx的值；
（4）根据Q放=mq求出0.4g酒精完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出酒精灯的加热效率。
33．【答案】A,D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】A． 由图可知，动滑轮上绳子的段数n=2，绳子自由端的速度为：
v绳=2v车=2×0.4m/s=0.8m/s，
拉力F的功率为：
，
故A正确；
B．绳子A受到的拉力为1500N，根据二力平衡条件可知，汽车受到的摩擦力f=FA=1500N。则滑轮组的机械效率为：
故B错误；
C.10s内汽车行驶的距离为：
滑轮组对汽车做的有用功为：
故C错误；
D．人对绳子的拉力做的总功为：
该滑轮组的额外功为：
故D正确。
故选AD。
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，根据v绳=nv物求出自由端绳子移动的速度，利用求出拉力F的功率；
（2）根据求出滑轮组的机械效率；
（3）根据速度公式s=vt求出汽车行驶的距离；克服摩擦力做的功为有用功，利用W有=fs求出滑轮组对汽车做的有用功；
（4）根据求出人对绳子的拉力做的总功，利用W总=W有+W额求出该滑轮组的额外功。
34．【答案】A,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．只闭合开关S2和S3，开关S4接A，此时定值电阻R2和灯泡L串联，电压表与灯泡并联，测灯泡两端电压，即此时灯泡电压为UL1=2V，由图乙可知，此时电路电流为I1=0.4A，则定值电阻两端的电压为：
根据串联电路电压特点可知，电源电压为：
故A正确；
B．只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，此时滑动变阻器R1与灯泡L串联，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯泡正常发光，此时灯泡两端电压为UL2=4V，由图乙可知，此时电路中电流为I2=0.6A，电源电压为U=10V，根据串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压为：
UR1=U-UL2=10V-4V=6V
滑动变阻器R1的滑片位于中点，此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
则滑动变阻器最大阻值为：
故B错误；
C．只闭合开关S1和S3，开关S4接B，此时灯泡L被短路，滑动变阻器R1与电流表串联在电路中，根据可知，电源电压一定时，电路中电阻越大，电功率越小，所以当滑动变阻器阻值为最大值时，电路总功率最小，所以P的最小值为：
故C正确；
D．闭合所有开关，开关S4接B，此时滑动变阻器R1与定值电阻R2并联接入电路中，电流表测量干路电流，要使电流表示数I达到最大值，则需要将滑动变阻器移至最小值，当滑动变阻器阻值为0时，此时定值电阻被短路，无法测出电流最大值，故D错误。
故选AC。
【分析】（1）由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路中电压的关系求解电源电压。
（2）只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路的特点以及欧姆定律求解电阻。
（3）只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，根据 求电功率。
（4）闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器阻值为最小值0时，此时定值电阻被短路，无法测出电流最大值。
35．【答案】（1）电能转化为内能
（2）D
（3）100
（4）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容；能量的转化或转移；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）挂烫机在工作时的能量转化过程是电能转化为内能；
（2）A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是汽化现象，故A正确，不符合题意；
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后遇冷液化成小水珠放热，故B正确，不符合题意；
CD．当开关S与触点“2”、“3”接触时，R1与R2串联，此时总电阻较大，根据可知，此时的总功率较小，为低温挡，功率为550W；开关S与触点“3”、“4”接触时，R1短路，单独工作，此时总电阻较小，根据可知，总功率较大，为高温挡，功率为2200W，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
（3）挂烫机在高温挡正常工作t=4min30s=270s，放出的热量为：
水箱里水的质量为：
不考虑热量和水量的损失，水箱里的水升高的温度为：
由于标准大气压下水的沸点是100℃，而，所以水的末温为100℃；
（4）挂烫机消耗的电能为：
，
则挂烫机的实际电功率：
。
【分析】（1）电热器在工作时的能量转化过程是电能转化为内能；
（2）物质由液态变为气态的过程叫汽化；
液化是放热过程；
分析开关转换时电路的连接，结合串联电路的规律及分析；
（3）由密度公式得出装满水的质量，根据W=Pt得出使挂烫机在高温挡正常工作4min30s电流做的功，不考虑热量和水量的损失，根据吸热公式得出水箱里的水升高的温度，结合标准大气压下水的沸点为100℃得出水可升高到的温度大小；
（4）根据标有Nimp/（kW h）电能表的含义得出指示灯在tmin内闪烁了n次挂烫机消耗的电能，由电功率公式得出挂烫机的实际电功率。
（1）挂烫机是利用电流的热效应工作的，在工作时将电能转化为内能。
（2）A．加水通电时，常温水变为高温高压的水蒸气是物质由液态变为气态，属于汽化现象，故A不符合题意；
B．挂烫衣物时，高温水蒸气接触衣物后遇冷液化成小水珠，液化放热，故B不符合题意；
CD．分析电路可知，开关S与触点“2”、“3”接触时，R1与R2串联，此时总电阻较大，根据，总功率较小，为低温挡，功率为550W；开关S与触点“3”、“4”接触时，单独工作，此时总电阻较小，根据，总功率较大，为高温挡，功率为2200W，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
（3）挂烫机在高温挡正常工作4min30s放出的热量为
水的质量为
不考虑热量和水量的损失，水箱里的水升高的温度为
标准大气压下水的沸点是100℃，而，所以水的末温为100℃。
（4）挂烫机消耗的电能为，则挂烫机的实际电功率
36．【答案】（1）解：物块A的质量为：
由题意知，A的体积为：
物块A的密度：
答： 物块A的密度1g/cm3；
（2）A下表面受到水的压强为300Pa时下表面距水面的深度为：
可知A未浸没，所以A排开水体积：
容器中水的体积：
容器底面积：
水面上升的高度：
物体A重心下降高度：
A的重力做功：
答：此过程中物块A重力做的功0.05J；
（3）由图丁分析可知，当p达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为P2为0，则A对B的压强为P1=500Pa
因此B与A的接触面积为：
B的底面积是上底面积的2倍，则：
当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，为0，则B对地面的压强为P2为500Pa，则B对地面的压力为：
根据力的平衡关系可知：
当F为0时，B对地面的压强为：
故图中的大小为：
答：丁图中Δp0的大小300Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式求出物块A的密度；
（2）根据p=ρ水gh求出A下表面距水面的深度，据此求出A重心下降的高度，利用W=Gh求出物块A重力做的功；
（3）由图丁分析可知，当Δp达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为P2为0，则A对B的压强为P1=500Pa，由可得B与A的接触面积，B的底面积是上底面积的2倍，当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，Δp为0，可知B对地面的压强，由 可得B对地面的压力，根据力的平衡关系求出B的重力。
（1）物块A的质量
由题意知，A的体积为
物块A的密度
（2）A下表面受到水的压强为300Pa时下表面距水面的深度为
可知A未浸没，所以A排开水体积
容器中水的体积
容器底面积
水面上升的高度
物体A重心下降高度
A的重力做功
（3）由图丁分析可知，当p达到最大500Pa时，此时B对地面的压强为p2为0，则A对B的压强为p1=500Pa
因此B与A的接触面积为
B的底面积是上底面积的2倍，则
当对B施加一个竖直向上的力F为12N时，为0，则B对地面的压强为p2为500Pa，则B对地面的压力为
根据力的平衡关系可知，
当F为0时，B对地面的压强为
故图中的大小为
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