电磁感应新题型
电磁感应新题型
题组
用时：
哥错记录：
一、选择题
的阻尼运动，其位移随时间变化的图像如图3所
1.(2024·浙江1月选考)下列说法正确的是
示。已知t=0时速度为o,方向向下，t1、t2时
)
刻的振幅分别为A1、A2。平台和三个线圈的总
A.相同温度下，黑体吸收能力最强，但辐射能力
质量为，弹簧的劲度系数为k,每个线圈半径为
最弱
r、电阻为R。当弹簧形变量为△x时，其弹性势
B.具有相同动能的中子和电子，其德布罗意波长
相同
能为k(△x)2。不计空气阻力，求：
C电磁场是真实存在的物质，电磁波具有动量
(1)平台静止时弹簧的伸长量△x0;
和能量
(2)t=0时，每个线圈所受到安培力F的大小；
D.自然光经玻璃表面反射后，透过偏振片观察，
(3)在0t1时间内，每个线圈产生的焦耳热Q:
转动偏振片时可观察到明暗变化
(4)在t~t2时间内，弹簧弹力冲量I弹的大小。
2.(2023·6月浙江卷)如图所
示，质量为M、电阻为R、长
为L的导体棒，通过两根长
均为、质量不计的导电细
试报探」
杆连在等高的两固定点上，
固定点间距也为L.细杆通
过开关S可与直流电源E。
竖I
或理想二极管串接.在导体
左
平台
棒所在空间存在磁感应强度
右
方向竖直向上、大小为B的
相磁场
匀强磁场，不计空气阻力和其它电阻.开关$接
线
1,当导体棒静止时，细杆与竖直方向的夹角固定
点9=：然后开关S接2，棒从右侧开始运动完
图2
图3
成一次振动的过程中
A电源电动势E,=MR
2BL
R棒消耗的熊耳热Q-(1-号）Mg
C.从左向右运动时，最大摆角小于开
D.棒两次过最低点时感应电动势大小相等
二、非选择题
3.(2024·浙江1月选考)如图1所示，扫描隧道显
微镜减振装置由绝缘减振平台和磁阻尼减振器
组成。平台通过三根关于OO”轴对称分布的相
同轻杆悬挂在轻质弹簧的下端O,弹簧上端固定
悬挂在O点，三个相同的关于OO”轴对称放置
的减振器位于平台下方。如图2所示，每个减振
器由通过绝缘轻杆固定在平台下表面的线圈和
固定在桌面上能产生辐向磁场的铁磁体组成，辐
向磁场分布关于线圈中心竖直轴对称，线圈所在
处磁感应强度大小均为B。处于静止状态的平
台受到外界微小扰动，线圈在磁场中做竖直方向
73详解答案
根据左手定则可知导体棒从右向左
地前做平抛运动，h=gt,x=,解得x=1.2m,A错误；
运动时，产生的感应电动势与二极管
由于破场方向整直向下，离开导轨后导体棒@在水平方向做
相反，没有机栈能损失，导体棒从左
匀速直钱运动，又由E=BL,可知，导体棒 做平地运动过
向右运动时，产生的感应电动势与二
BIL
程中感应电动势不变，B正确：导体棒在导轨上运动过程
极管正方向相同，部分机械能转化为
中，感应电动势平均值为E=她，回路中平均感应电流1
焦耳热
当导体棒运动到最低点速度为零时
E
△中
,通过导体棒的电荷量g=I△，解得g=.5R一5R
BLx
导体棒损失的机枝能转化为焦耳热
Mg
1.16C,导体棒b与电阻R并联，所以通过电阻R的电荷量
为Q=(1-2)Mg
q=号=0.58C,D正确.
根据楞次定律可知导体棒完成一次振动速度为零时，导体棒
7.BCDA.两导线受到的安培力是相互作用力，大小相等，故
高度高于最低点，所以棒消耗的焦耳热QQ
A错误：B.导线所受的安培力可以用F=ILB计算，因为破
(1-2)Mg
场与导线垂直，故B正确，C.移走导线b前，b的电流较大，则
巾点磁场方向与b产生磁场方向同向，向里，移走后，p点磁
故B错误：根据B选项分析可知，导体棒运动过程中，机械能
场方向与a产生磁场方向相同，向外，故C正确：D.在离两导
钱所在的平面有一定距离的有限空间内，两导线在任意点产
转化为焦耳热，所以从左向右运动时，最大摆角小于不，故C
生的磁场均不在同一条直线上，故不存在磁感应强度为容的
正确：
位置.故D正确.故选BCD.
根据B选项分析，导体棒第二次经过最低点时的速度小于第
8.解(1)感应电动势E=BLh
一次经过最低点时的连度，根据E=BL
感应电流I=2求
E
可知棒两次过最低，点时感应电动势大小不相等，故D错误！
故选C
由平街条件得ngsin0=BI1
3.解析(1)平台静止时，根据平衡条件得1g=k△x
联立解得=2 ngRsin0
B2L2
解得。=
(2)棒b释放瞬间，由牛顿第二定律得mgsin0十BIL=ma
(2)t=0时，每个线图产生的感应电动势
解得ao=2gsin0.
E=Bl=B·2xr·h
(3)a、b棒作为整体，根据动量定理得
根据闭合电路欧姆定律得I=
E_B·2πr·西
2 ngsin0·to=2v-m
R
解得v=glosin0+mgRsin0
B2L2
每个线图所受安培力大小为F=B=4B产现
R
由法拉第电磁感应定律得E=BL△虹
(3)△x'=△x0-A1·
to
平均感应电流7=E=BLA
由能量守恒定律得
2R=2R
合m6+(4)P=mgA+(ax)+Q
1
电荷量q=正。=BLA
2R
解得Q=m-之A
对棒b,根据动量定理得ngsin日·to十BIL1o=mv
即ngsin0+to十BLg=v
每个线图产生的焦耳热Q=3Q=合(m听-kA好)
民立解得△x=2m2gR2sim0
B4L4
(4)以向上方向为正方向，在一红时间内，由动量定理得
9.解析(1)感应电动势E=Blu
IA+1弹一IG=0
代入数据得E=0.8V.
其中1G=mg(t2一
(2)感应电流1=
1A=3XΣF·=
3B2·4π22(A1-A2）
R
拉力的大小等于安培力的大小，安培力F=B
=12Bx22(A1-A2)
F=B,代入数搭得F=O.8N
R
R
12B2x2r2(A1-A2)
(3)运动时间1=2
解得I#=g(t红一）
R
焦耳定律Q=I严R:
答案(1)四（2)4Br2
2(3)合(m哈-A)
Q=2B1巴，代入数据得Q=0.321.
(4)mg(12-41)-
12B2x22(A1-A2)
R
答案(1)0.8V(2)0.8N(3)0.32J
电磁感应新题型
专题十二
交变电流
题组
题组
1.CD
相同温度下，黑体吸收能力和辐射能力都最强，A错
1,C根据题意可知，磁场区城变化前线图产生的感应电动势
为e=Esin ot,由题图丙可知，磁场区域变化后，当Esin ot
氓；Ek=,德布罗意波长入=力，联立解得=
h
，中
、/2mE
时，线图的树边开怡切制磁感线，即当线圈旋转弩时开
子的质量与电子质量不同，故具有相同动能的中子和电子的
2
德布罗意波长不同，B错误：电磁场是真实存在的物质，电耐
始切割磁感线，由几何关系可知磁场区城平行于x轴的边长
波具有动量和能量，C正确；自然光经玻璃袁面反射后成为
变为d=2dcos开=d,C正确。
偏振光，透过偏振片规察，转动偏振片可观察到明暗变化，D
正确。
2,A如图所示画出降压
2.C当开关接1时，对导体棒受力分析如图所示
变压器的等效电路图，
极据几何关系可得Mg=BIL
设降压变压器原、副线
Mg
图的匝数比为k:1(k
效为
解得1
BL
1),则输电线路上的电
根据欧姆定律I=
Eo
流1=R十R转子日
1
解得E。=,故A错误；
在破场中转动时产生的
BL
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