湖南省长沙市长沙大学附属中学2024-2025学年高二下学期6月月考数学试卷(含解析)

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名称 湖南省长沙市长沙大学附属中学2024-2025学年高二下学期6月月考数学试卷(含解析)
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资源类型 教案
版本资源 通用版
科目 数学
更新时间 2025-06-27 16:55:11

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文档简介

湖南省长沙市长沙大学附属中学2024-2025学年高二下学期6月月考数学试题
一、单选题
1.已知集合,,则( )
A. B. C. D.
2.已知两个非零向量与的夹角为,我们把数量叫作向量与的叉乘的模,记作,即.若向量,,则( )
A. B.10 C. D.2
3.已知函数,则( )
A.1 B.2 C.3 D.4
4.下图为抗战胜利纪功碑暨人民解放纪念碑,简称“解放碑”,位于重庆市渝中区,是抗战胜利的精神象征,是中国唯一一座纪念中华民族抗日战争胜利的纪念碑.如图:在解放碑的水平地面上的点A处测得其顶点P的仰角为45°、点B处测得其顶点P的仰角为30°,若米,且,则解放碑的高度为( )
A.米 B.55米 C.米 D.米
5.已知函数是定义在上的减函数,且为奇函数,对任意的,不等式恒成立,则实数的取值范围是( )
A. B.
C. D.
6.若对任意正实数都有,则实数的取值范围为( )
A. B.
C. D.
7.如图,在扇形中,半径,圆心角,是上的动点(点不与、及的中点重合),矩形内接于扇形,且.,设矩形的面积与的关系为,则最大值为( )

A. B. C. D.
8.已知函数,直线是曲线的一条切线,则的取值范围是( )
A. B.
C. D.
二、多选题
9.在复平面内,复数 对应点满足.点与关于轴对称.则复数为( )
A. B.
C. D.
10.在棱长为正方体中,点是线段上的动点,则下列判断正确的是( )
A.无论点在线段的什么位置,三棱锥的体积为定值
B.无论点在线段的什么位置,都有
C.当时,与异面
D.若直线与平面所成的角为,则的最大值为
11.通过等式(,)我们可以得到很多函数模型,例如将a视为自变量x,b视为常数,那么c就是a(即x)的函数,记为y,则,也就是我们熟悉的幂函数.事实上,由这个等式还可以得到更多的函数模型.若令,(e是自然对数的底数),将a视为自变量x(,),则b为x的函数,记为,下列关于函数的叙述中正确的有( )
A.
B.,
C.若,且m,n均不等于1,,则
D.若对任意,不等式恒成立,则实数m的值为0
三、填空题
12.2024年10月21日,第52个梅森素数被发现,这也是迄今为止发现的最大素数.集合以这52个梅森素数为元素,其非空真子集有 个.
13.如图,四边形的顶点都在圆上,且经过圆的圆心,若圆的半径为,,四边形的面积为,则 .
14.设函数,若恰有个零点,.
则下述结论中:
①若恒成立,则的值有且仅有个;
②在上单调递增;
③存在和,使得对任意恒成立;
④“”是“方程在恰有五个解”的必要条件.
所有正确结论的编号是 ;
四、解答题
15.已知函数.
(1)求的最小正周期和单调增区间;
(2)若函数在存在零点,求实数a的取值范围.
16.已知复数,其中,为虚数单位.
(1)若为纯虚数,求的值;
(2)定义,是否存在,使得 若存在,求出;若不存在,说明理由.
17.某公司为一家制冷设备厂设计生产一种长方形薄板,其周长为4米,这种薄板须沿其对角线折叠后使用.如图所示,为长方形薄板,沿折叠后,交于点,当凹多边形的面积最大时制冷效果最好.

(1)设米,用x表示图中DP的长度,并写出x的取值范围;
(2)若要求制冷效果最好,应怎样设计薄板的长和宽
18.已知数列为等差数列,,且数列是公比为2的等比数列,.
(1)求,的通项公式;
(2)若数列满足,将中的项按原有顺序依次插入到数列中,使与之间插入2项,形成新数列,求此新数列前面20项的和.
19.布洛卡点是三角形内部的一特殊的点,由法国数学家亨利·布洛卡于19世纪提出,它通过等角条件联系三角形边与顶点,其角度和位置揭示了三角形的对称性与比例特性,是经典几何学中兼具美学与实用价值的点.其定义如下:设P是内一点,若,则称点P为△ABC的布洛卡点,角θ为△ABC的布洛卡角.如图,在△ABC中,记它的三个内角分别为A,B,C,其对边分别为a,b,c,△ABC的面积为S,点P为△ABC的布洛卡点,其布洛卡角为θ,请完成以下各题:
(1)若,且,求A和;
(2)若求的值.
参考答案
1.B
【详解】,
而,故,
故选:B.
2.B
【详解】若向量,,则,
,则,
.
故选:B
3.B
【详解】,故.
故选:B
4.A
【详解】设,由已知,,,,
则,又,
在中:,则
解得或(舍去),所以解放碑的高度为米.
故选:A.
5.B
【详解】令,则,
由,可得,
即,.
因为是定义在上的减函数,所以也是定义在上的减函数,
故,即.
因为,所以,即实数的取值范围是.
故选:B
6.A
【详解】化简不等式可得,即:,
令(),则对任意的,,
所以,设,,
则,令,
所以,所以在上单调递减,
又因为,
所以,,
所以当时,,当时,,
所以在上单调递增,在上单调递减,
所以,
所以,解得:,即:的取值范围为.
故选:A.
7.A
【详解】依题意,在中,,
由正弦定理得,即,

而,因此当,即时,.
故选:A
8.C
【详解】设切点为,,
曲线在切点处的切线方程为,
整理得,所以.
令,则.
当时,,单调递减;
当时,,单调递增.故,
则的取值范围是.
故选:C.
9.CD
【详解】由于复数 对应点满足
所以,所以,或
又点与关于轴对称,所以点或
所以复数为或.
故选:CD.
10.BCD
【详解】以点为坐标原点,、、所在直线分别为、、轴建立如下图所示的空间直角坐标系,
则、、、、、、、、,其中.
对于A选项,因为平面平面,平面,平面,
,故点到平面的距离等于点到平面的距离,即为,
,因此,,A错;
对于B选项,,,则,故,B对;
对于C选项,,,
若,则,无解,故与不可能平行,
若,设点,
,,因为,则,则,
,,
因为,则,解得.
所以,当时,即当时,与异面,C对;
对于D选项,设平面的法向量为,,,
则,取,可得,
,点到平面的距离为,
由已知可得,当取最小值时,取最大值,此时取最大值,
且,当且仅当时,等号成立,
故的最大值为,故的最大值为,D对.
故选:BCD.
11.ACD
【详解】由题意知,则,
对于A,,A正确;
对于B,,,不妨取,则,B错误;
对于C,,且m,n均不等于1,
由得,即,结合可知,
则,故,
当且仅当,即时等号成立,C正确;
对于D,当时,,则由恒成立,
得恒成立,即恒成立,
令,则,
设,由于在上单调递减,故,
则,故;
当时,,结合题意可知得恒成立,
即恒成立,
此时令,同理可得,
由于在上单调递增,在上单调递减,
故,则,故,
综合上述可知m的值为0,D正确,
故选:ACD
12.
【详解】因为集合中有52个元素,所以集合的非空真子集的个数为.
故答案为:.
13.
【详解】连接、,因为圆的半径为,,则是等边三角形,
所以,
四边形的面积

解得.
因为,所以,则,
所以是等边三角形,所以.
故答案为:
14.①③④
【详解】恰有个零点,,,函数的图像如图:

①如图,即有两个交点,正确;
②结合右图,且当时,在递增,错误;
③,,
,存在为最小值,为最大值,正确;
④结合右图,若方程在内恰有五个解,需满足,即,同时结合左图,当,不一定有五个解,正确.
故答案为:①③④.
15.(1),
(2)
【详解】(1)对于函数

所以函数的最小正周期为,
令,则,
∴函数的单调递增区间为.
(2)令,即,则,
∵在存在零点,则方程在上有解,
若时,则,可得,
∴,得
故实数的取值范围是.
16.(1);(2)不存在
【详解】(1)由于为纯虚数,
所以.
(2)依题意,
即,,


所以,解得.
17.(1)
(2)长为米,宽为米时,制冷效果最好
【详解】(1)由题意,,.
因,故.
设,则.因△ADP≌△CB'P,故.
由,得.
(2)记凹多边形的面积为S,则
求导得,
当时,;当时,.
故函数S在上递增,在上递减.
所以当时,S取得最大值.
故当薄板长为米,宽为米时,制冷效果最好.
18.(1),
(2)
【详解】(1)设的公差为,所以,
所以,所以,
又因为,所以.
(2)将及其后中的两项看成一组,故需要组再加上第组的前两项,
所以
.
19.(1),
(2)3
【详解】(1)∵,∴,∵,,
∴,
∴,∴,即,又,
由勾股定理得,则.
在中,设,则,
由正弦定理可得,
所以,化简可得.
综上,,.
(2)
,所以.
在,,中,分别由余弦定理得:
,,,
三式相加整理得:,
由上面可得,
所以,
先求,
在中,由正弦定理可得,
所以,
同理可得,,
所以
再求.
在中,由余弦定理以及三角形的面积公式可得,
,,
三式相加可得:,
由(2)可知,所以;
所以
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