北京市西城区2025年中考二模物理试题
1．（2025·西城模拟）下列能源属于可再生能源的是（ ）
A．天然气 B．风能 C．核能 D．石油
【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．天然气一旦消耗很难在短时间内再生，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B．只要太阳存在，空气流动就不会停止，风能就可以源源不断地产生，属于可再生能源，故B符合题意；
C．核能在人类可利用的时间范围内难以再生，属于不可再生能源，故C不符合题意；
D．石油是古代海洋或湖泊中的生物经过漫长的演化形成的，和天然气一样，形成过程缓慢，在短时间内无法再生，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选B。
【分析】可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
2．（2025·西城模拟）如图所示的四个实例中，属于减小压强的是（ ）
A．吸管的一端做成尖形
B．盲道上有凸起的圆点
C．滑雪板做得宽大
D．切蛋器有很细的钢丝
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．吸管一端做成尖形，是通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B．盲道由凸起的棱和圆点组成，是在通过减小受力面积增大压强，故B不符合题意；
C．滑雪板做得宽大，是通过增大受力面积减小压强，故C符合题意；
D．切蛋器有很细的钢丝，是通过减小受力面积增大压强，故D不符合题意。
故选C。
【分析】减小压强的方法：①减小压力；②增大受力面积。
3．（2025·西城模拟）小强在空碗中放一枚硬币，然后远离碗一段距离，站到刚好看不到硬币的位置停下，如图甲所示；保持小强和碗的距离不变，小江往碗中慢慢倒入水，水面升高到一定程度时，小强又能看到碗中的硬币，如图乙所示。小强能再次看到碗中的硬币是因为（ ）
A．光始终沿直线传播
B．光在水面发生了反射
C．光由空气斜射入水中时发生了偏折
D．光由水中斜射入空气时发生了偏折
【答案】D
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，硬币位于茶碗底部，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，硬币反射的光被碗的上边缘挡住，不能看到这枚硬币。加水后，硬币反射的光在水面处发生折射，此时折射角大于入射角，折射光线偏离法线从而进入人眼，这时观察者就看见碗中的硬币了，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】根据光的折射的知识分析判断。
4．（2025·西城模拟）如图所示是某餐厅制作的特色水果，在盛装它的器皿的底部加入干冰（固态二氧化碳），其周围会形成白雾，营造云雾缭绕的景象。关于白雾的形成，下列说法正确的是（ ）
A．白雾是干冰升华形成的二氧化碳气体
B．白雾是空气中的水蒸气液化形成的小水珠
C．干冰升华放热，使周围环境温度升高形成白雾
D．水蒸气液化吸热，使周围环境温度降低形成白雾
【答案】B
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．二氧化碳气体是无色透明的，无法形成可见的白雾，故A错误；B．白雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故B正确；
C．干冰升华是吸热过程，会使周围环境温度降低而形成白雾，故C错误；
D．水蒸气液化是放热过程，会使周围环境温度升高，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据二氧化碳的物理性质判断；
B.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
CD.物体放热，则周围温度升高；物体吸热，则周围环境温度降低。
5．（2025·西城模拟）下列关于做功的叙述正确的是（ ）
A．冰壶脱手后继续在冰面上滑动时，人对冰壶不做功
B．足球在水平地面上滚动，足球受到的重力对足球做功
C．马拉着车在平路上行驶，马对车不做功
D．人推汽车但没有推动，人对汽车做功
【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A． 冰壶脱手后继续在冰面上滑动时， 不再受到人提供的力，故人对冰壶不做功，故A正确；
B．当足球在水平地面上滚动时，它没有在竖直方向没有运动一段距离，故重力不做功，故B错误；
C．马拉着车在平路上行驶时，马对车提供一个拉力，并且车也在拉力的方向上运动了一段距离，故马对车做了功，故C错误；
D．人推汽车但没有推动，就是汽车没有在力的方向移动一段距离，故人对汽车不做功，故D错误。
故选A。
【分析】做功的两个要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
6．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实例，下列说法正确的是（ ）
A．贾湖骨笛是我国迄今发现的最古老乐器，吹奏它时空气柱振动发声
B．古人用先击鼓后撞钟的模式报时，击鼓力量不同，鼓声的音调不同
C．医生用B型超声波诊断仪查看胎儿的发育情况，说明声能传递能量
D．射击运动员在射击时一定要戴上耳罩，这是为了在声源处减弱噪声
【答案】A
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．根据题意可知，吹奏贾湖骨笛时发出的声音是由其中的空气柱振动产生的，故A正确；
B．根据题意可知，击鼓力量不同，则鼓皮的振幅不同，那么鼓声的响度不同，故B错误；
C．根据题意可知，医生用B型超声波诊断仪查看胎儿的发育情况，说明声能传递信息，故C错误；
D．根据题意可知，射击运动员在射击时一定要戴上耳罩，这是为了在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据声音产生的条件判断；
B.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
C.声音可以传递信息，也可以传递能量；
D.根据减弱噪声的方法判断。
7．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实例，下列说法正确的是（ ）
A．图甲，家中安装可移动轨道插座，可以让多个用电器串联接入电路并同时工作
B．图乙，静电拖把上的除尘纸可以吸附灰尘，说明带电体能够吸引轻小的物体
C．图丙，指纹解锁是手机解锁方式之一，指纹感应区相当于电路中的用电器
D．图丁，自制简易电动机模型是利用电磁感应现象的原理工作的
【答案】B
【知识点】物体带电情况的判断；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】A．根据题意可知，家中安装的可移动轨道插座，可以让多个用电器互不影响的工作，是并联接入电路，故A错误；
B．根据题意可知，静电拖把上的除尘纸带吸附了灰尘，能够说明带电体具有吸引轻小的物体的性质，故B正确；
C．根据题意可知，指纹解锁时，指纹感应区可以控制电路的通断，相当于开关，故C错误；
D．根据题意可知，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选B。
【分析】A.用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
B.根据带电体的性质判断；
C.开关控制电路通断；
D.根据电动机的工作原理判断。
8．（2025·西城模拟）生活中有一种脚踏式垃圾箱，其简化结构如图所示。在A处向下踩动脚踏板，连杆CD便向上顶起箱盖。关于这个装置，下列说法正确的是（ ）
A．杠杆ABC是费力杠杆 B．杠杆EDF是省力杠杆
C．杠杆ABC工作时的阻力方向向上 D．杠杆EDF工作时的阻力方向向下
【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类
【解析】【解答】A．根据图片可知，B点为支点，阻力作用在C点，动力作用在A点。此时动力臂大于阻力臂，即杠杆ABC是省力杠杆，故AC错误；
B.根据图片可知，E点为支点，动力作用在D点，阻力作用在F点。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B错误；
C．杠杆ABC工作时，C点对CD产生向上的推动力，因此C点受到阻力方向向下，故C错误；
D.杠杆EDF工作时，D点对杠杆产生向上的推动力，因此F点受到阻力方向向下，故D正确。
故选D。
【分析】AB.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
CD.根据杠杆的工作过程确定阻力的方向。
9．（2025·西城模拟）依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/J/（kg·℃）-1
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一桶煤油用掉一半，桶内剩余煤油的比热容变小
B．水和砂石吸收相等的热量，水的温度升高得较多
C．水的比热容表示水的温度降低1℃放出的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，升高相同温度，煤油吸收热量少
【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】A．根据题意可知，一桶煤油用掉一半， 桶内剩余煤油的物质种类不变，因此比热容不变，故A错误；
B．根据题意可知， 质量相等的水和砂石吸收相同的热量，根据可知，水的比热容大于砂石的比热容，水的温度升高得较少，由于不知道质量的大小，无法确定温度的变化关系，故B错误；
C． 根据题意可知，水的比热容是，它表示质量为1kg的水的温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量是，故C错误；
D． 根据题意可知，水的比热容大于煤油的比热容，当二者质量相等、升高相同温度时，根据可知，水吸收的热量多，故D正确。
故选D。
【分析】A. 比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
BD.根据Q=cm△t分析判断；
C.根据比热容的物理意义判断。
10．（2025·西城模拟）某科技小组学习了流体压强与流速的关系后，为了解决“H”形地下过街通道的通风问题，设计了图中所示的四种方案，图中黑色部分为墙面凸出部分，其中有效的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】ACD．根据图片可知，过道左右两端的通风道形状相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，气压相同，不能达到预定效果，故ACD不符合题意；
B．根据图片可知，过道右端的通风道有凸起，所以风速较快，所以过道右端的气压小于左端的气压，所以空气会从过道的左端流向右端，过道中有风通过，故B符合题意。
故选B。
【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析判断。
11．（2025·西城模拟）在相距50km的甲、乙两地间沿直线架设两条输电线，已知每条输电线每1千米的电阻为0.2Ω。若输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修人员在甲地利用电源、电压表和电流表连接成如图所示的电路进行测量：当电压表的示数为4V时，电流表的示数为0.5A。由此可判断短路位置离甲地的距离为（ ）
A．40km B．30km C．20km D．10km
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据图片可知，则甲到短路处输电线的总电阻；
则甲到短路处输电线的总长度；
甲到短路处有两根导线，
则短路位置离甲地的距离为。
故选C。
【分析】首先根据欧姆定律计算出甲到短路处的电阻，然后根据“导体电阻与长度成正比”计算出导线的总长度，最后除以2得到甲到短路处的距离。
12．（2025·西城模拟）如图所示是一种吊运设备提升物体的简化模型示意图，图中虚线框里是滑轮组（未画出），滑轮组绳子的自由端由电动机拉动。用该设备将物体A匀速竖直向上提升时，电动机对滑轮组绳子自由端的拉力F1为200N，吊运设备对横杆M点的拉力比不挂物体A时增大了640N。然后，将另一个物体B以0.2m/s的速度竖直向上提升时，电动机对滑轮组绳子自由端的拉力F2为280N，吊运设备对横杆M点的拉力比不挂物体B时增大了960N。不计绳的质量，不计滑轮与轴的摩擦。下列判断正确的是（ ）
A．物体B受到的重力为320N
B．动滑轮受到的重力为260N
C．滑轮组提升物体A的机械效率为80%
D．拉力F2做功的功率为56W
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据题意可知，提升物体时，横杆M点的拉力增加量等于物体重力，
即物体A重力；
物体B重力
根据得到：①；
②；
联立①②两式解得：n=4，；
则机械效率为；
物体B以0.2m/s的速度竖直向上提升，绳端移动速度为；
，
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】根据题意分别确定物体A和物体B的重力，然后根据列出两个方程，联立计算出承担重力的绳子段数n和动滑轮的重力。接下来根据计算滑轮组的机械效率，根据计算拉动绳子的功率。
13．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实验，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中：将托里拆利实验的玻璃管慢慢倾斜，玻璃管内水银柱的长度不变
B．图乙中：一束太阳光透过三棱镜形成彩色光带，说明白光是由各种色光组成的
C．图丙中：撤掉玻璃板一段时间后，上方气体颜色变深，下方气体颜色变浅
D．图丁中：导线中变化的电流产生电磁波，电磁波在真空中传播的速度是3×108m/s
【答案】B,C,D
【知识点】光的色散；大气压强的测量方法；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A． 在同一地点做托里拆利实验，外界大气压强不变，根据p=ρ液gh可知，玻璃管稍倾斜一些时，水银柱的高度不变，但是长度会变长，故A错误；
B． 白光通过三棱镜后形成彩色光带，说明白光是由7种色光混合成的，故B正确；
C． 抽去中间的玻璃板，上面的空气分子运动到下面的瓶子中，下面的二氧化氮分子运动到上面的瓶子中，则过一会儿下方玻璃杯中气体颜色变浅，上方玻璃杯中的空气颜色变深，说明表明气体分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D． 迅速变化的电流周围产生电磁波，电磁波在真空中的速度是3×108m/s，故D正确。
故选BCD。
【分析】A.根据p=ρ液gh分析水银柱的长度变化；
B.根据光的色散现象的本质判断；
C.根据分子运动的知识判断；
D.根据对电磁波传播的知识判断。
14．（2025·西城模拟）下列说法正确的是（ ）
A．速滑运动员蹬冰加速通过弯道，是由于力改变了他的运动状态
B．汽车突然开动时，乘客的身体会向后仰是因为受到惯性的作用
C．竖直向上抛出的篮球，在上升过程中受到的合力方向竖直向下
D．跳高运动员用力蹬地起跳时，地对人的支持力大于人对地的压力
【答案】A,C
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】A．速滑运动员蹬冰加速通过弯道 ，此时运动员的速度和运动方向都发生改变，即运动状态发生了改变，故A正确；
B． 汽车突然开动时，乘客的身体会向后仰是因为乘客具有惯性 ，故B错误；
C．竖直向上抛出的篮球，受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，故合力的方向竖直向下，故C正确；
D．跳高运动员用力蹬地起跳时，人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，因此它们的大小相等，故D错误。
故选AC。
【分析】A.运动方向和速度大小改变，都属于运动状态改变；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
D.根据相互作用力的特点判断。
15．（2025·西城模拟）如图所示，电源两端的电压为12V且保持不变，三个电阻均为定值电阻，电阻R1与R2的比值是4∶1。当开关S1闭合、S2断开时，10s内电流通过R1产生的热量是24J；当开关S1断开、S2闭合时，电流表示数为0.3A。下列分析正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为60Ω
B．电阻R3的阻值为25Ω
C．开关S1断开、S2闭合时，电阻R3的功率为3.6W
D．开关S1断开、S2闭合时，10s内电流通过R2产生的热量是13.5J
【答案】A,B,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据图片可知，当开关S1闭合、S2断开时，电路只有电阻R1工作，
根据得到：；
解得：；
故A正确；
因为电阻R1与R2的比值是4∶1，
所以，
当开关S1断开、S2闭合时，电流表示数为0.3A，电阻R3和电阻串联，则
R2两端电压为：U2=I2R2=0.3A×15Ω=4.5V；
那么R3两端电压U3=U总-U2=12V-4.5V=7.5V；
则；
故B正确；
开关S1断开、S2闭合时， 则功率为，故C错误；
10s内电流通过R2产生的热量为，故D正确。
故选ABD。
【分析】 A.当开关S1闭合、S2断开时，电路中只有R1，知道10s内电流通过R1产生的热量是24J，利用计算R1的大小；
B.由题知，电阻R1与R2的比值是4：1，可求R2的大小；当开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，知道电流表示数为0.3A，即电路中电流大小，利用欧姆定律计算R2与R3串联的总电阻，进而求出R3的大小；
C.开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，利用P=I2R求电阻R3的功率；
D.开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，利用Q=I2Rt计算10s内电流通过R2产生的热量。
16．（2025·西城模拟）按要求填空。
（1）图甲中，木块A的长度为 cm。
（2）在调节天平的过程中，天平的指针如图乙所示，此时应将平衡螺母向 侧移动（填“左”或“右”）。
（3）图丙中，用调好的天平测出一个苹果的质量为 g。
【答案】（1）3.20
（2）左
（3）171.2
【知识点】质量的测量与天平的使用；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，刻度尺的分度值是1mm，所以物体长度为；
（2）由图可知，托盘天平的指针偏右，说明左判轻右盘重，则此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（3）根据丙图可知，标尺分度值为0.2g，则游码质量为1.2g，砝码质量为：100g=50g
+20g=170g，那么苹果的质量为.
【分析】（1）根据甲图确定刻度尺的分度值，根据“测量值=准确值+估读值”分别记录两个刻度值，然后相减即可。
（2） 要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动 ；
（3） 苹果的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
（1）由图知、刻度尺的分度值是1mm，此图是以5.00cm作为“零”刻度，末端刻度值为8.20cm，所以物体长度为
（2）在称量物体的质量之前，要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；由图可知，托盘天平的指针偏右，此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（3）苹果的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，即
17．（2025·西城模拟）在探究某种物质的熔化规律时，小刚记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
物质的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 50 53 56
(1)根据表中的实验数据可以判断该物质是 ；（选填“晶体”或“非晶体”）
(2)该物质的温度达到时，其状态是 。（选填“固态”或“液态”）
【答案】晶体；液态
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据表格数据可知，该物质在第4-8分钟，温度保持不变，即有熔点，所以该物质为晶体。
（2）根据表格数据可知，53℃高于熔点48℃，则此时其状态是液态。
【分析】（1）晶体有熔点，而非晶体没有熔点；
（2）晶体熔化前为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。
18．（2025·西城模拟）按要求完成实验。
（1）图甲所示是一束光贴着垂直于平面镜的纸板，沿AO方向射到平面镜上的O点，再沿OB方向射出的情景，ON是法线。当入射光线与镜面的夹角减小10 时，反射角变化的具体情况是 。
（2）利用图乙所示的装置及蜡烛等器材探究平面镜成像的特点，其中平板透明薄玻璃与水平纸面垂直。将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小 cm。
（3）如图丙所示，跟主光轴平行的光经过凸透镜A折射后，会聚于主光轴上位置1处；将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，由此可判断出透镜B的种类， （选填“近”或“远”）视眼应用透镜B制作的眼镜进行矫正。
【答案】（1）反射角增大10
（2）4
（3）近
【知识点】光的反射定律；近视眼的成因与矫正办法；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，入射光线与镜面的夹角之和始终等于90°不变。当入射光线与镜面的夹角减小10°时，入射角变大10°，根据“反射角等于入射角”可知，此时反射角变大10°。
（2）将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，蜡烛的像到玻璃板的距离也减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小4cm。
（3）根据图片可知，将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，此时光线延迟会聚，由此可判断出透镜B是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼。
【分析】（1）根据“反射角等于入射角”分析解答；
（2）根据平面镜成像“物像等距”的规律解答；
（3）光线提前相交为会聚，靠后相交为发散，据此确定透镜的种类，进而确定矫正眼病的种类。
（1）当入射角逐渐减小时，由于在光的反射中，反射角等于入射角，则反射角会减小，当入射光线与镜面的夹角减小10°时，入射角变大10°，反射角变化的具体情况是；反射角变大10°。
（2）平面镜成像时，像距等于物距，将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，蜡烛的像到玻璃板的距离也减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小4cm。
（3）跟主光轴平行的光经过凸透镜A折射后，会聚于主光轴上位置1处；将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，光线延迟会聚，由此可判断出透镜B是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼。
19．（2025·西城模拟）某实验小组进行了有关电磁现象的实验。
（1）在如图甲所示实验中，当导线通电时，观察到放置在直导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，观察到小磁针又回到原位，这说明电流周围 。
（2）在如图乙所示实验中，保持水平放置的蹄形磁体不动时，闭合开关，灵敏电流计指针 （选填“发生”或“不发生”）偏转；当位于磁体N、S极之间的导体AB沿竖直方向运动时，灵敏电流计指针不发生偏转；当导体AB沿水平方向运动时，灵敏电流计的指针发生偏转。这说明闭合电路的一部分导体在磁场中做 运动时，导体中就有感应电流产生。
【答案】（1）存在磁场
（2）不发生；切割磁感线
【知识点】通电直导线周围的磁场；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1） 在如图甲所示实验中，当导线通电时，观察到放置在直导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，观察到小磁针又回到原位，这说明电流周围存在磁场。
（2）①在乙图中，闭合开关后，导体不做切割磁感线运动，电路中不会产生感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转。
②当导体AB沿水平方向运动时，导体做切割磁感线运动，灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中有感应电流产生。所以闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就有感应电流产生。
【分析】（1）根据奥斯特实验的本质解答；
（2）①②产生感应电流的条件：①闭合电路的部分导体；②在磁场中做切割磁感线运动。
（1）甲图是奥斯特实验，当导线通电时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到力的作用，这个力是由通电导线产生的。切断电流，小磁针回到原位，表明电流存在时周围产生了一种特殊物质对小磁针有力的作用，这种特殊物质就是磁场，所以说明电流周围存在磁场。
（2）[1]乙图是探究电磁感应现象的实验。闭合开关后，若导体不做切割磁感线运动，电路中不会产生感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转。因为此时导体没有做切割磁感线的有效运动，没有满足电磁感应现象产生的条件。
[2]当导体AB沿水平方向运动时，导体做切割磁感线运动，灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中有感应电流产生。所以闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就有感应电流产生。
20．（2025·西城模拟）在学习了液体的压强知识后，小云猜想：液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离有关。她利用液体压强计、水、圆桶等两套相同的器材进行对比验证，实验情况如图所示。
（1）小明指出小云所做的实验有错误，其错误是 。
（2）小明在小云原有实验的基础上稍作改进，帮助小云得到正确结论。小明提出的修改方案是 。
【答案】（1）没有控制探头在水中的深度不变
（2）从左侧的圆桶中抽取5cm深的水
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，要探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，需要控制控制液体的密度和该点到液面的深度不变，只改变该点到容器底的距离。根据图片可知，实验没有控制探头在液体中的深度相同。
（2）根据图片可知，左侧探头的深度为：19cm-7cm=12cm，右侧探头的深度：19cm-12cm=7cm，若要保持左右探头的深度相同，则可以从左侧的圆桶中抽取5cm深的水。
【分析】（1）根据控制变量法的要求分析解答；
（2）想办法保证左右两侧探头所在的深度相同即可。
（1）要探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，需要控制其他可能影响液体压强的因素不变，即控制液体的密度和该点到液面的深度不变，只改变该点到容器底的距离。而图中实验没有控制探头在液体中的深度相同，所以实验存在错误。
（2）为了得到正确结论，需要控制探头到液面的深度相同，只改变探头到容器底的距离。可以通过改变水的深度来实现，比如从左侧的圆桶中抽取5cm深的水，使两个圆桶中探头到液面的深度相同，然后再比较不同点到容器底距离时的液体压强。
21．（2025·西城模拟）小华想通过实验探究浮力的大小是否与液体的密度有关。实验室里有器材：①体积为50cm3的铁块、②体积为50cm3的木块、③装有适量水的烧杯、④装有适量酒精的烧杯；⑤弹簧测力计、⑥量筒、⑦细线。（已知ρ水和ρ酒精，且ρ铁>ρ水>ρ酒精>ρ木）
（1）要完成实验，小华应选用的器材有 。（选填序号）
（2）请简述小华测量浮力的过程： 。
（3）请你帮助小华设计实验数据记录表格。
【答案】（1）①③④⑤⑦
（2）用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据F浮=G-F拉算出铁块受到的浮力F浮。
（3）
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1） 探究浮力大小是否与液体密度有关，就需要控制物体浸没的体积相同，所以需要选择铁块。要改变液体的密度，所以要选水和酒精。实验中要测量出物体的浮力，需要用到公式F浮=G-F拉，所以需要弹簧测力测量重力和拉力，利用细线把物体体挂在测力上。所以需要的器材：①③④⑤⑦。
（2） 小华测量浮力的过程： 用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据算出铁块受到的浮力F浮。
（3）根据实验目的可知，要记录铁块重力、在水中弹簧测力计的示数、在水中受到的浮力、在酒精中弹簧测力计的示数、在酒精中受到的浮力等内容。表格如下：
【分析】 （1）根据控制变量法，确定要控制的变量和要改变的变量，从而选择需要的实验器材。
（2）测量物体浸没在密度不同的液体中所受浮力，再比较浮力大小。
（3）根据浮力计算公式记录所需的数据，设计表格。
（1）探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制物体排开液体体积相同、物体自身情况相同，改变液体密度。体积为的铁块可作为研究对象；装有适量水和酒精的烧杯提供不同密度液体；弹簧测力计用于测量浮力；细线用于悬挂铁块，木块会漂浮在水和酒精表面，排开液体体积不好控制相同，量筒在此实验用不到。所以选①③④⑤⑦ 。
（2）用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据算出铁块受到的浮力F浮。
（3）为了记录实验数据，需要设计一个表格，包含铁块重力、在水中弹簧测力计的示数、在水中受到的浮力、在酒精中弹簧测力计的示数、在酒精中受到的浮力等内容。表格如下：
ρ液/(kg·m-3)
G/N
F拉/ N
F浮/N
22．（2025·西城模拟）小亮用“伏安法”测量额定电压为1.5V小灯泡正常发光时的电阻。
（1）请你用笔画线代替导线，帮助小亮完成图甲所示电路连接，要求：开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表的示数等于电源电压，电流表无示数，说明电路中 （选填“滑动变阻器”或“小灯泡”）处有 （选填“断路”或“短路”）故障。
（3）排除故障后，改变滑动变阻器接入电路的电阻值，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为 Ω。
【答案】（1）
（2）小灯泡；断路
（3）7.5
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以滑动变阻器必须选择右下接线柱，上方接左或接右均可，如下图所示：
（2）电压表的示数等于电源电压，说明电压表与电源正负极之间都是连通的。发现电流表无示数，电路中没有电流，说明电路故障为断路，那么断路的位置应该在电压表的正负接线柱之间，说明电路中小灯泡处有断路故障。
（3）如图乙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则电流表的示数，此时小灯泡的电阻为。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器接线柱的选择情况即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（3）根据乙图确定电流表的示数，根据计算灯泡的电阻。
（1）滑动变阻器的连接方法是：必须选择“一上一下”接线柱，本题要求开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以滑动变阻器必须选择右下接线柱，上方接左或接右均可。电路如图所示：
（2）[1][2]闭合开关，发现电流表无示数，电路中没有电流，说明电路故障为断路，电压表的示数等于电源电压，说明电压表测电源电压，电压表与电源正负极之间都是连通的，断路的位置应该在电压表的正负接线柱之间，说明电路中小灯泡处有断路故障。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，，此时小灯泡的电阻为
23．（2025·西城模拟）小军利用一台电子台秤、一个装有适量水的烧杯和一根细线测量一块矿石的密度。
（1）他设计的实验步骤如下，请你帮他补充完整：
①将电子台秤放在水平桌面上，将矿石放在电子台秤上，记录电子台秤的示数为m1；
②取下矿石，将装有适量水的烧杯放在电子台秤上，记录电子台秤的示数为m2；
③ ，水始终未溢出，此时记录电子台秤的示数为m3。
（2）请你根据实验步骤写出计算矿石的密度的表达式为ρ石= 。（用m1、m2、m3和ρ水表示）
【答案】（1）将细线系在矿石上，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处
（2）
【知识点】设计实验测密度
【解析】【解答】（1）根据题意可知，题目中没有量筒，矿石体积不能直接测量，金属块的体积的测量采用等效代替的方法是将矿石浸没在水中并在水面做标记，当矿石取出，往烧杯内加水到达标记处，矿石的体积和加入水的体积相等，因而该步骤是：将矿石用细线系好浸没烧杯的水中，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处，用天平称出其总质量m3。
（2）根据题意可知，添加水的质量为；
则添加水的体积；
矿石的体积等于添加水的体积，则矿石的密度为。
【分析】 （1）由①知矿石对电子台秤的压力等于重力；
由②知将烧杯、水看作是一个整体，则烧杯和水对电子秤的压力为两者重力之和；
由③知将烧杯、水和矿石看作是一个整体，整体在竖直方向上受到向下的总重力和向上的拉力；结合称重法求得矿石受到的浮力；
（2）根矿石的体积等于添加水的体积，根据计算添加水的体积，进一步利用密度计算公式求得矿石的密度。
（1）②测量烧杯和水的总质量， ③ 没有量筒，矿石体积不能直接测量，金属块的体积的测量采用等效代替的方法是 将矿石浸没在水中并在水面做标记，当矿石取出，往烧杯内加水到达标记处，矿石的体积和加入水的体积相等，因而该步骤是将矿石用细线系好浸没烧杯的水中，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处，用天平称出其总质量m3。
（2）添加水的质量为
添加水的体积
矿石的体积等于添加水的体积，则矿石的密度为
24．（2025·西城模拟）小安设计了一种测量身高的电路装置，她用导线将电源、保护电阻R0、开关S、一根电阻为R的均匀直金属杆ab和电流表连接成图甲所示电路，金属杆ab竖直放置，电路中的MN部分可以按照人的身高上下移动。电源两端电压为U且保持不变，在电流表的表盘上刻上相应的高度，将其改装成“身高表”。忽略电路中的MN部分的电阻，请你尝试分析：
（1）如图乙所示，如果电流表表盘上所标c、d为身高刻度，则c点的身高刻度 （选填“大于”“等于”或“小于”）d点的身高刻度。
（2）小安用他设计的装置分别测量了两位同学的身高，发现两位同学的身高有差值，但对应的“身高表”的变化太小，即电流表示数的变化太小。小安想提高“身高表”的灵敏度，请你运用所学知识给小安提出改进意见，并分析说明理由。
【答案】（1）大于
（2）若电路中电流的实际变化量一定，使用更灵敏的电流表，其能够检测到更小的电流变化，相同的电流变化下，更灵敏的电流表指针偏转角度更大，从而更清晰地显示出因身高变化而引起的电流变化，进而提高“身高表”的灵敏度。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 （1）由图可知，保护电阻R0与金属杆ab串联，电路中的电流。金属杆ab均匀，其电阻与长度成正比，人的身高越高，MN部分越向上移动，金属杆接入电路的电阻Rab越大，电路总电阻越大，电源电压不变，电路中电流越小。因为c点对应的电流小于d点对应的电流，所以c点对应的金属杆接入电路电阻更大，即c点的身高刻度大于d点的身高刻度。
（2）我的改进意见为：改用更灵敏的电流表。若电路中电流的实际变化量一定，使用更灵敏的电流表，其能够检测到更小的电流变化，相同的电流变化下，更灵敏的电流表指针偏转角度更大，从而更清晰地显示出因身高变化而引起的电流变化，进而提高“身高表”的灵敏度。
【分析】（1）根据乙图比较c、d两点电流大小，然后根据欧姆定律分析对应电阻大小，从而确定变阻器接入阻值的变化，再根据“电阻大小与长度成正比”分析身高大小；
（2）当身高变化相同时，电流表的指针偏转角度越大，则灵敏度越高，据此分析解答。
（1）由图甲可知，金属杆ab与保护电阻R0串联，电流表测电路中的电流。根据，电源电压U不变。当身高越高时，MN向上移动，金属杆接入电路的电阻越大，电路总电阻越大，电流I越小。观察图乙电流表，c点对应的电流小于d点对应的电流，所以c点对应的身高更高，即c点的身高刻度大于d点的身高刻度。
（2）根据欧姆定律，在电源电压U不变时，换用阻值更大的金属杆，在身高变化导致金属杆接入电路电阻变化相同时，电路总电阻变化量更大，电流变化量也就更大；换用阻值更小的保护电阻R0 ，在金属杆接入电路电阻变化时，电路总电阻受金属杆电阻变化的影响更显著，总电阻变化量更大，从而电流变化量更大。这样在身高有差值时，电流表示数变化更明显，能提高 “身高表” 的灵敏度。理由如下：
设高、矮两位同学测量身高时，金属杆ab接入电路的电阻分别为、。因为金属杆ab与保护电阻R0串联，R总=R1+R0、R'总=R2+R0
所以ΔI=I'-I=
当R1、R2、（R1-R2）一定，若增大U或减小R0，则ΔI增大，即提高了“身高表”的灵敏度。
25．（2025·西城模拟）请阅读《潮汐发电输出功率有多大？》并回答。
潮汐发电输出功率有多大？
在海湾边可以见到海水的涨落现象，一般每天两次，早上的称为潮，晚上的称为汐。这种现象主要是由月球、太阳对海水的吸引力以及地球自转效应所造成的。涨潮时，海水汹涌而来，水位逐渐升高；落潮时，海水奔腾而去，水位持续下降。海水在运动时所具有的机械能统称为潮汐能。潮汐能是一种清洁、可再生能源。我国总共约32000多公里的海岸线中蕴藏着丰富的潮汐能资源。如何利用潮汐能为人类服务呢？潮汐发电就是其中一种很好的方式：在海湾建筑堤坝、闸门和厂房，围成水库引导海水流动，流动的海水推动水轮发电机组发电。潮汐发电的功率到底与什么因素有关？以涨潮为例，涨潮一次，海水将流入水库一次。我们可建构如图所示的模型图。在这个过程中，海洋这一侧水面到水道的深度为h1，水库这一侧水面到水道的深度为h2，水道口横截面积为S，左侧水道口到水轮机的长度为l，则水在水道处产生向右的压强差Δp，产生的压力F=ΔpS，压力推动水流过l距离做功W=Fl=ΔpSl=ΔpV，其中V就是流过水轮机的海水体积。因此，水库内外海水高度差越大，流过水轮机的海水就越多，海水经过水道对水轮机做功也就越多。由于水道中的海水流量（单位时间内通过水道中特定截面的流体体积）可以测量，再结合水库内外的海水的高度差，则可算出一定时间内水流做的功，再结合水轮发电机组的发电效率，由此就可以计算出发电的功率。请根据上述材料，回答下列问题：
（1）潮汐发电是将潮汐能转化为 能的过程。
（2）某次涨潮时，某潮汐发电站两侧海水的高度差为4m，经过水道的海水流量为8m3/s，水轮发电机组的发电效率为80%，则1min内压力推动海水做功 J，水轮发电机组的发电功率为 kW。（设ρ海水=1×103kg/m3，g取10N/kg）
（3）涨潮发电时，随着海水不断进入水库，水轮发电机组的发电功率会 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】（1）电
（2）1.92×107；256
（3）变小
【知识点】能量的转化或转移；液体压强的计算；电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，潮汐发电，即利用潮汐的力量推动发电机转动，从而将潮汐能转化为电能。
（2）①根据p=ρ液gh可知，海水在水道处产生的压强差；
压力推动海水做功。
②水轮发电机组所发的电能；
水轮发电机组的发电功率。
（3）根据图片可知，随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，压力推动海水做功越来越小，则水轮发电机组的发电功率会变小。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）①根据p=ρ液gh计算海水在水道处产生的压强差，根据计算压力推动海水做的功。
②根据计算水轮发电机组所发的电能，然后根据计算水轮发电机组的发电功率。
（3），随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，据此分析海水做功大小，进而确定发电机的发电功率变化。
（1）潮汐发电是将潮汐能转化为电能，产生电能。
（2）[1]海水在水道处产生的压强差
压力推动海水做功
[2]水轮发电机组的发电效率为80%，则水轮发电机组所发的电能
水轮发电机组的发电功率
（3）涨潮发电时，随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，压力推动海水做功越来越小，则水轮发电机组的发电功率会变小。
26．（2025·西城模拟）如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA∶OB＝3∶2，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力FB，杆AB在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F。已知小强重为650N，不计杆重与绳重。
（1）求力FB。
（2）画出小强的受力示意图。
（3）求压力F。
【答案】（1）解：根据图片可知，以O点为支点，杠杆的动力臂l1=OB，杠杆的动力为小强在B端施加的竖直向下的力FB，即F1= FB，杠杆的阻力臂l2=OA，杠杆的阻力大小等于配重的重力，即 F2=G配=300N
根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：。
（2）
（3）解：根据题意客舟，小强静止时处于平衡状态，
即F支+F拉＝G；
那么小强受到的支持力F支＝G－F拉＝=650N–450N=200N；
根据力的作用是相互的，此时他对水平地面的压力为F= F支=200N。
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（2）根据题意可知，小强受到竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F支和杠杆对手竖直向上的拉力F拉，三者都作用在人的重心上，如下图所示：
【分析】 （1）杠杆A端受到的拉力等于配重的重力，知道力臂关系，利用杠杆平衡条件求B端受到的拉力；
（2）对小强进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，根据力的示意图的画法作图（可以不标出力的大小）；
（3）求出了小强在B端施加竖直方向的力FB，由于力的作用是相互的，可求小强受到竖直向上的拉力F拉，由（2）小强的受力示意图可得：G=F拉+F支，小强受到水平地面的支持力F支=G-F拉，由于力的作用是相互的，可求小强对水平地面的压力。
（1）以O点为支点，杠杆的动力臂l1=OB，杠杆的动力为小强在B端施加的竖直向下的力FB，即F1= FB，杠杆的阻力臂l2=OA，杠杆的阻力大小等于配重的重力，即 F2=G配=300N
根据杠杆平衡条件根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2
可得：
（2）小强受到三个力：竖直向下的重力G＝650N（作用点在重心）；竖直向上的支持力F支=200N（作用点在脚底，大小根据三力平衡所得）；杠杆对手竖直向上的拉力F拉= FB=450N（根据力的作用是相互的来分析，此力作用在手部）。如图所示：
（3）小强静止，处于平衡状态，他受到的三个力的合力为0， 即F支+F拉＝G
故F支＝G－F拉＝=650N–450N=200N
根据力的作用是相互的，此时他对水平地面的压力为F= F支=650N–450N=200N
27．（2025·西城模拟）在如图甲所示的电路中，电源两端电压U保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关S，在调节滑动变阻器R的滑片P从一端到另一端的过程中，电压表V1、V2的示数随电流表A示数的变化情况如图乙所示。求：
（1）电阻R2的阻值。
（2）电阻R1的阻值。
（3）电源两端电压U。
【答案】（1）解：根据甲图可知，滑动变阻器、定值电阻R1、定值电阻R2三电阻串联，电压表V1测量两和两端的总电压，电压表V2测量两端的电压，电流表测量电路中的电流；
当滑片P向左移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大个，根据欧姆定律可知，两端的电压变大，则电压表V2示数变大。
由此可知，图象中上半部分为和的I﹣U图象，下半部分为的I﹣U图象，
则电阻的阻值。
（2）解：根据乙图可知，当滑动变阻器R的滑片P在最左端时的示数为，电流为；
根据U总=U1+U2得到：①；
当滑动变阻器R的滑片P在最右端时的示数为，电流为，
根据U总=U1+U2得到：②
①②联立解得：，U总=8V。
（3）解：根据（2）中的分析可知，电源电压为8V。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）根据图片确定电路的串并联关系以及电压表所测的物理量，根据欧姆定律分析电流增大时两个电压表的示数变化规律，进而确定与乙图中图像的对应关系，最后根据计算R2的阻值。
（2）（3）根据乙图确定变阻器的滑片在最左端和最右端时电压表V1的示数和电流表的示数，然后根据U总=U1+U2结合欧姆定律列方程计算即可。
（1）分析电路图，滑动变阻器、定值电阻R1、定值电阻R2三电阻串联，电压表V1测量两和两端的总电压，电压表V2测量两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑片P向左移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，、两端的电压变大，电压表V2示数变大，电压表V1示数变小，两端的电压变小，和两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分为和的I﹣U图象，下半部分为的I﹣U图象，则电阻的阻值
（2）由图象可知，当滑动变阻器R的滑片P在最左端时的示数为，电流为；当滑动变阻器R的滑片P在最右端时的示数为，电流为，由串联电路电压规律和欧姆定律得
解得
（3）电源两端电压
1 / 1北京市西城区2025年中考二模物理试题
1．（2025·西城模拟）下列能源属于可再生能源的是（ ）
A．天然气 B．风能 C．核能 D．石油
2．（2025·西城模拟）如图所示的四个实例中，属于减小压强的是（ ）
A．吸管的一端做成尖形
B．盲道上有凸起的圆点
C．滑雪板做得宽大
D．切蛋器有很细的钢丝
3．（2025·西城模拟）小强在空碗中放一枚硬币，然后远离碗一段距离，站到刚好看不到硬币的位置停下，如图甲所示；保持小强和碗的距离不变，小江往碗中慢慢倒入水，水面升高到一定程度时，小强又能看到碗中的硬币，如图乙所示。小强能再次看到碗中的硬币是因为（ ）
A．光始终沿直线传播
B．光在水面发生了反射
C．光由空气斜射入水中时发生了偏折
D．光由水中斜射入空气时发生了偏折
4．（2025·西城模拟）如图所示是某餐厅制作的特色水果，在盛装它的器皿的底部加入干冰（固态二氧化碳），其周围会形成白雾，营造云雾缭绕的景象。关于白雾的形成，下列说法正确的是（ ）
A．白雾是干冰升华形成的二氧化碳气体
B．白雾是空气中的水蒸气液化形成的小水珠
C．干冰升华放热，使周围环境温度升高形成白雾
D．水蒸气液化吸热，使周围环境温度降低形成白雾
5．（2025·西城模拟）下列关于做功的叙述正确的是（ ）
A．冰壶脱手后继续在冰面上滑动时，人对冰壶不做功
B．足球在水平地面上滚动，足球受到的重力对足球做功
C．马拉着车在平路上行驶，马对车不做功
D．人推汽车但没有推动，人对汽车做功
6．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实例，下列说法正确的是（ ）
A．贾湖骨笛是我国迄今发现的最古老乐器，吹奏它时空气柱振动发声
B．古人用先击鼓后撞钟的模式报时，击鼓力量不同，鼓声的音调不同
C．医生用B型超声波诊断仪查看胎儿的发育情况，说明声能传递能量
D．射击运动员在射击时一定要戴上耳罩，这是为了在声源处减弱噪声
7．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实例，下列说法正确的是（ ）
A．图甲，家中安装可移动轨道插座，可以让多个用电器串联接入电路并同时工作
B．图乙，静电拖把上的除尘纸可以吸附灰尘，说明带电体能够吸引轻小的物体
C．图丙，指纹解锁是手机解锁方式之一，指纹感应区相当于电路中的用电器
D．图丁，自制简易电动机模型是利用电磁感应现象的原理工作的
8．（2025·西城模拟）生活中有一种脚踏式垃圾箱，其简化结构如图所示。在A处向下踩动脚踏板，连杆CD便向上顶起箱盖。关于这个装置，下列说法正确的是（ ）
A．杠杆ABC是费力杠杆 B．杠杆EDF是省力杠杆
C．杠杆ABC工作时的阻力方向向上 D．杠杆EDF工作时的阻力方向向下
9．（2025·西城模拟）依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/J/（kg·℃）-1
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一桶煤油用掉一半，桶内剩余煤油的比热容变小
B．水和砂石吸收相等的热量，水的温度升高得较多
C．水的比热容表示水的温度降低1℃放出的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，升高相同温度，煤油吸收热量少
10．（2025·西城模拟）某科技小组学习了流体压强与流速的关系后，为了解决“H”形地下过街通道的通风问题，设计了图中所示的四种方案，图中黑色部分为墙面凸出部分，其中有效的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2025·西城模拟）在相距50km的甲、乙两地间沿直线架设两条输电线，已知每条输电线每1千米的电阻为0.2Ω。若输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修人员在甲地利用电源、电压表和电流表连接成如图所示的电路进行测量：当电压表的示数为4V时，电流表的示数为0.5A。由此可判断短路位置离甲地的距离为（ ）
A．40km B．30km C．20km D．10km
12．（2025·西城模拟）如图所示是一种吊运设备提升物体的简化模型示意图，图中虚线框里是滑轮组（未画出），滑轮组绳子的自由端由电动机拉动。用该设备将物体A匀速竖直向上提升时，电动机对滑轮组绳子自由端的拉力F1为200N，吊运设备对横杆M点的拉力比不挂物体A时增大了640N。然后，将另一个物体B以0.2m/s的速度竖直向上提升时，电动机对滑轮组绳子自由端的拉力F2为280N，吊运设备对横杆M点的拉力比不挂物体B时增大了960N。不计绳的质量，不计滑轮与轴的摩擦。下列判断正确的是（ ）
A．物体B受到的重力为320N
B．动滑轮受到的重力为260N
C．滑轮组提升物体A的机械效率为80%
D．拉力F2做功的功率为56W
13．（2025·西城模拟）关于图中所示的四个实验，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中：将托里拆利实验的玻璃管慢慢倾斜，玻璃管内水银柱的长度不变
B．图乙中：一束太阳光透过三棱镜形成彩色光带，说明白光是由各种色光组成的
C．图丙中：撤掉玻璃板一段时间后，上方气体颜色变深，下方气体颜色变浅
D．图丁中：导线中变化的电流产生电磁波，电磁波在真空中传播的速度是3×108m/s
14．（2025·西城模拟）下列说法正确的是（ ）
A．速滑运动员蹬冰加速通过弯道，是由于力改变了他的运动状态
B．汽车突然开动时，乘客的身体会向后仰是因为受到惯性的作用
C．竖直向上抛出的篮球，在上升过程中受到的合力方向竖直向下
D．跳高运动员用力蹬地起跳时，地对人的支持力大于人对地的压力
15．（2025·西城模拟）如图所示，电源两端的电压为12V且保持不变，三个电阻均为定值电阻，电阻R1与R2的比值是4∶1。当开关S1闭合、S2断开时，10s内电流通过R1产生的热量是24J；当开关S1断开、S2闭合时，电流表示数为0.3A。下列分析正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为60Ω
B．电阻R3的阻值为25Ω
C．开关S1断开、S2闭合时，电阻R3的功率为3.6W
D．开关S1断开、S2闭合时，10s内电流通过R2产生的热量是13.5J
16．（2025·西城模拟）按要求填空。
（1）图甲中，木块A的长度为 cm。
（2）在调节天平的过程中，天平的指针如图乙所示，此时应将平衡螺母向 侧移动（填“左”或“右”）。
（3）图丙中，用调好的天平测出一个苹果的质量为 g。
17．（2025·西城模拟）在探究某种物质的熔化规律时，小刚记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
物质的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 50 53 56
(1)根据表中的实验数据可以判断该物质是 ；（选填“晶体”或“非晶体”）
(2)该物质的温度达到时，其状态是 。（选填“固态”或“液态”）
18．（2025·西城模拟）按要求完成实验。
（1）图甲所示是一束光贴着垂直于平面镜的纸板，沿AO方向射到平面镜上的O点，再沿OB方向射出的情景，ON是法线。当入射光线与镜面的夹角减小10 时，反射角变化的具体情况是 。
（2）利用图乙所示的装置及蜡烛等器材探究平面镜成像的特点，其中平板透明薄玻璃与水平纸面垂直。将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小 cm。
（3）如图丙所示，跟主光轴平行的光经过凸透镜A折射后，会聚于主光轴上位置1处；将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，由此可判断出透镜B的种类， （选填“近”或“远”）视眼应用透镜B制作的眼镜进行矫正。
19．（2025·西城模拟）某实验小组进行了有关电磁现象的实验。
（1）在如图甲所示实验中，当导线通电时，观察到放置在直导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，观察到小磁针又回到原位，这说明电流周围 。
（2）在如图乙所示实验中，保持水平放置的蹄形磁体不动时，闭合开关，灵敏电流计指针 （选填“发生”或“不发生”）偏转；当位于磁体N、S极之间的导体AB沿竖直方向运动时，灵敏电流计指针不发生偏转；当导体AB沿水平方向运动时，灵敏电流计的指针发生偏转。这说明闭合电路的一部分导体在磁场中做 运动时，导体中就有感应电流产生。
20．（2025·西城模拟）在学习了液体的压强知识后，小云猜想：液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离有关。她利用液体压强计、水、圆桶等两套相同的器材进行对比验证，实验情况如图所示。
（1）小明指出小云所做的实验有错误，其错误是 。
（2）小明在小云原有实验的基础上稍作改进，帮助小云得到正确结论。小明提出的修改方案是 。
21．（2025·西城模拟）小华想通过实验探究浮力的大小是否与液体的密度有关。实验室里有器材：①体积为50cm3的铁块、②体积为50cm3的木块、③装有适量水的烧杯、④装有适量酒精的烧杯；⑤弹簧测力计、⑥量筒、⑦细线。（已知ρ水和ρ酒精，且ρ铁>ρ水>ρ酒精>ρ木）
（1）要完成实验，小华应选用的器材有 。（选填序号）
（2）请简述小华测量浮力的过程： 。
（3）请你帮助小华设计实验数据记录表格。
22．（2025·西城模拟）小亮用“伏安法”测量额定电压为1.5V小灯泡正常发光时的电阻。
（1）请你用笔画线代替导线，帮助小亮完成图甲所示电路连接，要求：开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表的示数等于电源电压，电流表无示数，说明电路中 （选填“滑动变阻器”或“小灯泡”）处有 （选填“断路”或“短路”）故障。
（3）排除故障后，改变滑动变阻器接入电路的电阻值，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为 Ω。
23．（2025·西城模拟）小军利用一台电子台秤、一个装有适量水的烧杯和一根细线测量一块矿石的密度。
（1）他设计的实验步骤如下，请你帮他补充完整：
①将电子台秤放在水平桌面上，将矿石放在电子台秤上，记录电子台秤的示数为m1；
②取下矿石，将装有适量水的烧杯放在电子台秤上，记录电子台秤的示数为m2；
③ ，水始终未溢出，此时记录电子台秤的示数为m3。
（2）请你根据实验步骤写出计算矿石的密度的表达式为ρ石= 。（用m1、m2、m3和ρ水表示）
24．（2025·西城模拟）小安设计了一种测量身高的电路装置，她用导线将电源、保护电阻R0、开关S、一根电阻为R的均匀直金属杆ab和电流表连接成图甲所示电路，金属杆ab竖直放置，电路中的MN部分可以按照人的身高上下移动。电源两端电压为U且保持不变，在电流表的表盘上刻上相应的高度，将其改装成“身高表”。忽略电路中的MN部分的电阻，请你尝试分析：
（1）如图乙所示，如果电流表表盘上所标c、d为身高刻度，则c点的身高刻度 （选填“大于”“等于”或“小于”）d点的身高刻度。
（2）小安用他设计的装置分别测量了两位同学的身高，发现两位同学的身高有差值，但对应的“身高表”的变化太小，即电流表示数的变化太小。小安想提高“身高表”的灵敏度，请你运用所学知识给小安提出改进意见，并分析说明理由。
25．（2025·西城模拟）请阅读《潮汐发电输出功率有多大？》并回答。
潮汐发电输出功率有多大？
在海湾边可以见到海水的涨落现象，一般每天两次，早上的称为潮，晚上的称为汐。这种现象主要是由月球、太阳对海水的吸引力以及地球自转效应所造成的。涨潮时，海水汹涌而来，水位逐渐升高；落潮时，海水奔腾而去，水位持续下降。海水在运动时所具有的机械能统称为潮汐能。潮汐能是一种清洁、可再生能源。我国总共约32000多公里的海岸线中蕴藏着丰富的潮汐能资源。如何利用潮汐能为人类服务呢？潮汐发电就是其中一种很好的方式：在海湾建筑堤坝、闸门和厂房，围成水库引导海水流动，流动的海水推动水轮发电机组发电。潮汐发电的功率到底与什么因素有关？以涨潮为例，涨潮一次，海水将流入水库一次。我们可建构如图所示的模型图。在这个过程中，海洋这一侧水面到水道的深度为h1，水库这一侧水面到水道的深度为h2，水道口横截面积为S，左侧水道口到水轮机的长度为l，则水在水道处产生向右的压强差Δp，产生的压力F=ΔpS，压力推动水流过l距离做功W=Fl=ΔpSl=ΔpV，其中V就是流过水轮机的海水体积。因此，水库内外海水高度差越大，流过水轮机的海水就越多，海水经过水道对水轮机做功也就越多。由于水道中的海水流量（单位时间内通过水道中特定截面的流体体积）可以测量，再结合水库内外的海水的高度差，则可算出一定时间内水流做的功，再结合水轮发电机组的发电效率，由此就可以计算出发电的功率。请根据上述材料，回答下列问题：
（1）潮汐发电是将潮汐能转化为 能的过程。
（2）某次涨潮时，某潮汐发电站两侧海水的高度差为4m，经过水道的海水流量为8m3/s，水轮发电机组的发电效率为80%，则1min内压力推动海水做功 J，水轮发电机组的发电功率为 kW。（设ρ海水=1×103kg/m3，g取10N/kg）
（3）涨潮发电时，随着海水不断进入水库，水轮发电机组的发电功率会 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
26．（2025·西城模拟）如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA∶OB＝3∶2，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力FB，杆AB在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F。已知小强重为650N，不计杆重与绳重。
（1）求力FB。
（2）画出小强的受力示意图。
（3）求压力F。
27．（2025·西城模拟）在如图甲所示的电路中，电源两端电压U保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关S，在调节滑动变阻器R的滑片P从一端到另一端的过程中，电压表V1、V2的示数随电流表A示数的变化情况如图乙所示。求：
（1）电阻R2的阻值。
（2）电阻R1的阻值。
（3）电源两端电压U。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．天然气一旦消耗很难在短时间内再生，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B．只要太阳存在，空气流动就不会停止，风能就可以源源不断地产生，属于可再生能源，故B符合题意；
C．核能在人类可利用的时间范围内难以再生，属于不可再生能源，故C不符合题意；
D．石油是古代海洋或湖泊中的生物经过漫长的演化形成的，和天然气一样，形成过程缓慢，在短时间内无法再生，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选B。
【分析】可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
2．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．吸管一端做成尖形，是通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B．盲道由凸起的棱和圆点组成，是在通过减小受力面积增大压强，故B不符合题意；
C．滑雪板做得宽大，是通过增大受力面积减小压强，故C符合题意；
D．切蛋器有很细的钢丝，是通过减小受力面积增大压强，故D不符合题意。
故选C。
【分析】减小压强的方法：①减小压力；②增大受力面积。
3．【答案】D
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，硬币位于茶碗底部，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，硬币反射的光被碗的上边缘挡住，不能看到这枚硬币。加水后，硬币反射的光在水面处发生折射，此时折射角大于入射角，折射光线偏离法线从而进入人眼，这时观察者就看见碗中的硬币了，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】根据光的折射的知识分析判断。
4．【答案】B
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．二氧化碳气体是无色透明的，无法形成可见的白雾，故A错误；B．白雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故B正确；
C．干冰升华是吸热过程，会使周围环境温度降低而形成白雾，故C错误；
D．水蒸气液化是放热过程，会使周围环境温度升高，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据二氧化碳的物理性质判断；
B.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
CD.物体放热，则周围温度升高；物体吸热，则周围环境温度降低。
5．【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A． 冰壶脱手后继续在冰面上滑动时， 不再受到人提供的力，故人对冰壶不做功，故A正确；
B．当足球在水平地面上滚动时，它没有在竖直方向没有运动一段距离，故重力不做功，故B错误；
C．马拉着车在平路上行驶时，马对车提供一个拉力，并且车也在拉力的方向上运动了一段距离，故马对车做了功，故C错误；
D．人推汽车但没有推动，就是汽车没有在力的方向移动一段距离，故人对汽车不做功，故D错误。
故选A。
【分析】做功的两个要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
6．【答案】A
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．根据题意可知，吹奏贾湖骨笛时发出的声音是由其中的空气柱振动产生的，故A正确；
B．根据题意可知，击鼓力量不同，则鼓皮的振幅不同，那么鼓声的响度不同，故B错误；
C．根据题意可知，医生用B型超声波诊断仪查看胎儿的发育情况，说明声能传递信息，故C错误；
D．根据题意可知，射击运动员在射击时一定要戴上耳罩，这是为了在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据声音产生的条件判断；
B.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
C.声音可以传递信息，也可以传递能量；
D.根据减弱噪声的方法判断。
7．【答案】B
【知识点】物体带电情况的判断；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】A．根据题意可知，家中安装的可移动轨道插座，可以让多个用电器互不影响的工作，是并联接入电路，故A错误；
B．根据题意可知，静电拖把上的除尘纸带吸附了灰尘，能够说明带电体具有吸引轻小的物体的性质，故B正确；
C．根据题意可知，指纹解锁时，指纹感应区可以控制电路的通断，相当于开关，故C错误；
D．根据题意可知，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选B。
【分析】A.用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
B.根据带电体的性质判断；
C.开关控制电路通断；
D.根据电动机的工作原理判断。
8．【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类
【解析】【解答】A．根据图片可知，B点为支点，阻力作用在C点，动力作用在A点。此时动力臂大于阻力臂，即杠杆ABC是省力杠杆，故AC错误；
B.根据图片可知，E点为支点，动力作用在D点，阻力作用在F点。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B错误；
C．杠杆ABC工作时，C点对CD产生向上的推动力，因此C点受到阻力方向向下，故C错误；
D.杠杆EDF工作时，D点对杠杆产生向上的推动力，因此F点受到阻力方向向下，故D正确。
故选D。
【分析】AB.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
CD.根据杠杆的工作过程确定阻力的方向。
9．【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】A．根据题意可知，一桶煤油用掉一半， 桶内剩余煤油的物质种类不变，因此比热容不变，故A错误；
B．根据题意可知， 质量相等的水和砂石吸收相同的热量，根据可知，水的比热容大于砂石的比热容，水的温度升高得较少，由于不知道质量的大小，无法确定温度的变化关系，故B错误；
C． 根据题意可知，水的比热容是，它表示质量为1kg的水的温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量是，故C错误；
D． 根据题意可知，水的比热容大于煤油的比热容，当二者质量相等、升高相同温度时，根据可知，水吸收的热量多，故D正确。
故选D。
【分析】A. 比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
BD.根据Q=cm△t分析判断；
C.根据比热容的物理意义判断。
10．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】ACD．根据图片可知，过道左右两端的通风道形状相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，气压相同，不能达到预定效果，故ACD不符合题意；
B．根据图片可知，过道右端的通风道有凸起，所以风速较快，所以过道右端的气压小于左端的气压，所以空气会从过道的左端流向右端，过道中有风通过，故B符合题意。
故选B。
【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析判断。
11．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据图片可知，则甲到短路处输电线的总电阻；
则甲到短路处输电线的总长度；
甲到短路处有两根导线，
则短路位置离甲地的距离为。
故选C。
【分析】首先根据欧姆定律计算出甲到短路处的电阻，然后根据“导体电阻与长度成正比”计算出导线的总长度，最后除以2得到甲到短路处的距离。
12．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据题意可知，提升物体时，横杆M点的拉力增加量等于物体重力，
即物体A重力；
物体B重力
根据得到：①；
②；
联立①②两式解得：n=4，；
则机械效率为；
物体B以0.2m/s的速度竖直向上提升，绳端移动速度为；
，
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】根据题意分别确定物体A和物体B的重力，然后根据列出两个方程，联立计算出承担重力的绳子段数n和动滑轮的重力。接下来根据计算滑轮组的机械效率，根据计算拉动绳子的功率。
13．【答案】B,C,D
【知识点】光的色散；大气压强的测量方法；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A． 在同一地点做托里拆利实验，外界大气压强不变，根据p=ρ液gh可知，玻璃管稍倾斜一些时，水银柱的高度不变，但是长度会变长，故A错误；
B． 白光通过三棱镜后形成彩色光带，说明白光是由7种色光混合成的，故B正确；
C． 抽去中间的玻璃板，上面的空气分子运动到下面的瓶子中，下面的二氧化氮分子运动到上面的瓶子中，则过一会儿下方玻璃杯中气体颜色变浅，上方玻璃杯中的空气颜色变深，说明表明气体分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D． 迅速变化的电流周围产生电磁波，电磁波在真空中的速度是3×108m/s，故D正确。
故选BCD。
【分析】A.根据p=ρ液gh分析水银柱的长度变化；
B.根据光的色散现象的本质判断；
C.根据分子运动的知识判断；
D.根据对电磁波传播的知识判断。
14．【答案】A,C
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】A．速滑运动员蹬冰加速通过弯道 ，此时运动员的速度和运动方向都发生改变，即运动状态发生了改变，故A正确；
B． 汽车突然开动时，乘客的身体会向后仰是因为乘客具有惯性 ，故B错误；
C．竖直向上抛出的篮球，受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，故合力的方向竖直向下，故C正确；
D．跳高运动员用力蹬地起跳时，人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，因此它们的大小相等，故D错误。
故选AC。
【分析】A.运动方向和速度大小改变，都属于运动状态改变；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
D.根据相互作用力的特点判断。
15．【答案】A,B,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据图片可知，当开关S1闭合、S2断开时，电路只有电阻R1工作，
根据得到：；
解得：；
故A正确；
因为电阻R1与R2的比值是4∶1，
所以，
当开关S1断开、S2闭合时，电流表示数为0.3A，电阻R3和电阻串联，则
R2两端电压为：U2=I2R2=0.3A×15Ω=4.5V；
那么R3两端电压U3=U总-U2=12V-4.5V=7.5V；
则；
故B正确；
开关S1断开、S2闭合时， 则功率为，故C错误；
10s内电流通过R2产生的热量为，故D正确。
故选ABD。
【分析】 A.当开关S1闭合、S2断开时，电路中只有R1，知道10s内电流通过R1产生的热量是24J，利用计算R1的大小；
B.由题知，电阻R1与R2的比值是4：1，可求R2的大小；当开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，知道电流表示数为0.3A，即电路中电流大小，利用欧姆定律计算R2与R3串联的总电阻，进而求出R3的大小；
C.开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，利用P=I2R求电阻R3的功率；
D.开关S1断开、S2闭合时，R2与R3串联，利用Q=I2Rt计算10s内电流通过R2产生的热量。
16．【答案】（1）3.20
（2）左
（3）171.2
【知识点】质量的测量与天平的使用；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，刻度尺的分度值是1mm，所以物体长度为；
（2）由图可知，托盘天平的指针偏右，说明左判轻右盘重，则此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（3）根据丙图可知，标尺分度值为0.2g，则游码质量为1.2g，砝码质量为：100g=50g
+20g=170g，那么苹果的质量为.
【分析】（1）根据甲图确定刻度尺的分度值，根据“测量值=准确值+估读值”分别记录两个刻度值，然后相减即可。
（2） 要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动 ；
（3） 苹果的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
（1）由图知、刻度尺的分度值是1mm，此图是以5.00cm作为“零”刻度，末端刻度值为8.20cm，所以物体长度为
（2）在称量物体的质量之前，要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；由图可知，托盘天平的指针偏右，此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（3）苹果的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，即
17．【答案】晶体；液态
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据表格数据可知，该物质在第4-8分钟，温度保持不变，即有熔点，所以该物质为晶体。
（2）根据表格数据可知，53℃高于熔点48℃，则此时其状态是液态。
【分析】（1）晶体有熔点，而非晶体没有熔点；
（2）晶体熔化前为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。
18．【答案】（1）反射角增大10
（2）4
（3）近
【知识点】光的反射定律；近视眼的成因与矫正办法；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，入射光线与镜面的夹角之和始终等于90°不变。当入射光线与镜面的夹角减小10°时，入射角变大10°，根据“反射角等于入射角”可知，此时反射角变大10°。
（2）将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，蜡烛的像到玻璃板的距离也减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小4cm。
（3）根据图片可知，将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，此时光线延迟会聚，由此可判断出透镜B是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼。
【分析】（1）根据“反射角等于入射角”分析解答；
（2）根据平面镜成像“物像等距”的规律解答；
（3）光线提前相交为会聚，靠后相交为发散，据此确定透镜的种类，进而确定矫正眼病的种类。
（1）当入射角逐渐减小时，由于在光的反射中，反射角等于入射角，则反射角会减小，当入射光线与镜面的夹角减小10°时，入射角变大10°，反射角变化的具体情况是；反射角变大10°。
（2）平面镜成像时，像距等于物距，将蜡烛到玻璃的距离减小2cm，蜡烛的像到玻璃板的距离也减小2cm，则蜡烛的像到蜡烛的距离减小4cm。
（3）跟主光轴平行的光经过凸透镜A折射后，会聚于主光轴上位置1处；将透镜B放在虚线示意的位置处后，原本应该会聚于位置1处的光会聚于位置2处，光线延迟会聚，由此可判断出透镜B是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼。
19．【答案】（1）存在磁场
（2）不发生；切割磁感线
【知识点】通电直导线周围的磁场；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1） 在如图甲所示实验中，当导线通电时，观察到放置在直导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，观察到小磁针又回到原位，这说明电流周围存在磁场。
（2）①在乙图中，闭合开关后，导体不做切割磁感线运动，电路中不会产生感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转。
②当导体AB沿水平方向运动时，导体做切割磁感线运动，灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中有感应电流产生。所以闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就有感应电流产生。
【分析】（1）根据奥斯特实验的本质解答；
（2）①②产生感应电流的条件：①闭合电路的部分导体；②在磁场中做切割磁感线运动。
（1）甲图是奥斯特实验，当导线通电时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到力的作用，这个力是由通电导线产生的。切断电流，小磁针回到原位，表明电流存在时周围产生了一种特殊物质对小磁针有力的作用，这种特殊物质就是磁场，所以说明电流周围存在磁场。
（2）[1]乙图是探究电磁感应现象的实验。闭合开关后，若导体不做切割磁感线运动，电路中不会产生感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转。因为此时导体没有做切割磁感线的有效运动，没有满足电磁感应现象产生的条件。
[2]当导体AB沿水平方向运动时，导体做切割磁感线运动，灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中有感应电流产生。所以闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就有感应电流产生。
20．【答案】（1）没有控制探头在水中的深度不变
（2）从左侧的圆桶中抽取5cm深的水
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，要探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，需要控制控制液体的密度和该点到液面的深度不变，只改变该点到容器底的距离。根据图片可知，实验没有控制探头在液体中的深度相同。
（2）根据图片可知，左侧探头的深度为：19cm-7cm=12cm，右侧探头的深度：19cm-12cm=7cm，若要保持左右探头的深度相同，则可以从左侧的圆桶中抽取5cm深的水。
【分析】（1）根据控制变量法的要求分析解答；
（2）想办法保证左右两侧探头所在的深度相同即可。
（1）要探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，需要控制其他可能影响液体压强的因素不变，即控制液体的密度和该点到液面的深度不变，只改变该点到容器底的距离。而图中实验没有控制探头在液体中的深度相同，所以实验存在错误。
（2）为了得到正确结论，需要控制探头到液面的深度相同，只改变探头到容器底的距离。可以通过改变水的深度来实现，比如从左侧的圆桶中抽取5cm深的水，使两个圆桶中探头到液面的深度相同，然后再比较不同点到容器底距离时的液体压强。
21．【答案】（1）①③④⑤⑦
（2）用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据F浮=G-F拉算出铁块受到的浮力F浮。
（3）
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1） 探究浮力大小是否与液体密度有关，就需要控制物体浸没的体积相同，所以需要选择铁块。要改变液体的密度，所以要选水和酒精。实验中要测量出物体的浮力，需要用到公式F浮=G-F拉，所以需要弹簧测力测量重力和拉力，利用细线把物体体挂在测力上。所以需要的器材：①③④⑤⑦。
（2） 小华测量浮力的过程： 用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据算出铁块受到的浮力F浮。
（3）根据实验目的可知，要记录铁块重力、在水中弹簧测力计的示数、在水中受到的浮力、在酒精中弹簧测力计的示数、在酒精中受到的浮力等内容。表格如下：
【分析】 （1）根据控制变量法，确定要控制的变量和要改变的变量，从而选择需要的实验器材。
（2）测量物体浸没在密度不同的液体中所受浮力，再比较浮力大小。
（3）根据浮力计算公式记录所需的数据，设计表格。
（1）探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制物体排开液体体积相同、物体自身情况相同，改变液体密度。体积为的铁块可作为研究对象；装有适量水和酒精的烧杯提供不同密度液体；弹簧测力计用于测量浮力；细线用于悬挂铁块，木块会漂浮在水和酒精表面，排开液体体积不好控制相同，量筒在此实验用不到。所以选①③④⑤⑦ 。
（2）用弹簧测力计先测出铁块受到的重力G，再测出铁块浸没在液体中时受到的拉力F拉，根据算出铁块受到的浮力F浮。
（3）为了记录实验数据，需要设计一个表格，包含铁块重力、在水中弹簧测力计的示数、在水中受到的浮力、在酒精中弹簧测力计的示数、在酒精中受到的浮力等内容。表格如下：
ρ液/(kg·m-3)
G/N
F拉/ N
F浮/N
22．【答案】（1）
（2）小灯泡；断路
（3）7.5
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以滑动变阻器必须选择右下接线柱，上方接左或接右均可，如下图所示：
（2）电压表的示数等于电源电压，说明电压表与电源正负极之间都是连通的。发现电流表无示数，电路中没有电流，说明电路故障为断路，那么断路的位置应该在电压表的正负接线柱之间，说明电路中小灯泡处有断路故障。
（3）如图乙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则电流表的示数，此时小灯泡的电阻为。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器接线柱的选择情况即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（3）根据乙图确定电流表的示数，根据计算灯泡的电阻。
（1）滑动变阻器的连接方法是：必须选择“一上一下”接线柱，本题要求开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以滑动变阻器必须选择右下接线柱，上方接左或接右均可。电路如图所示：
（2）[1][2]闭合开关，发现电流表无示数，电路中没有电流，说明电路故障为断路，电压表的示数等于电源电压，说明电压表测电源电压，电压表与电源正负极之间都是连通的，断路的位置应该在电压表的正负接线柱之间，说明电路中小灯泡处有断路故障。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，，此时小灯泡的电阻为
23．【答案】（1）将细线系在矿石上，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处
（2）
【知识点】设计实验测密度
【解析】【解答】（1）根据题意可知，题目中没有量筒，矿石体积不能直接测量，金属块的体积的测量采用等效代替的方法是将矿石浸没在水中并在水面做标记，当矿石取出，往烧杯内加水到达标记处，矿石的体积和加入水的体积相等，因而该步骤是：将矿石用细线系好浸没烧杯的水中，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处，用天平称出其总质量m3。
（2）根据题意可知，添加水的质量为；
则添加水的体积；
矿石的体积等于添加水的体积，则矿石的密度为。
【分析】 （1）由①知矿石对电子台秤的压力等于重力；
由②知将烧杯、水看作是一个整体，则烧杯和水对电子秤的压力为两者重力之和；
由③知将烧杯、水和矿石看作是一个整体，整体在竖直方向上受到向下的总重力和向上的拉力；结合称重法求得矿石受到的浮力；
（2）根矿石的体积等于添加水的体积，根据计算添加水的体积，进一步利用密度计算公式求得矿石的密度。
（1）②测量烧杯和水的总质量， ③ 没有量筒，矿石体积不能直接测量，金属块的体积的测量采用等效代替的方法是 将矿石浸没在水中并在水面做标记，当矿石取出，往烧杯内加水到达标记处，矿石的体积和加入水的体积相等，因而该步骤是将矿石用细线系好浸没烧杯的水中，用手提着细线使矿石浸没在烧杯内的水中，不接触烧杯，用记号笔在水面位置标记，取出矿石，添加水到标记处，用天平称出其总质量m3。
（2）添加水的质量为
添加水的体积
矿石的体积等于添加水的体积，则矿石的密度为
24．【答案】（1）大于
（2）若电路中电流的实际变化量一定，使用更灵敏的电流表，其能够检测到更小的电流变化，相同的电流变化下，更灵敏的电流表指针偏转角度更大，从而更清晰地显示出因身高变化而引起的电流变化，进而提高“身高表”的灵敏度。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 （1）由图可知，保护电阻R0与金属杆ab串联，电路中的电流。金属杆ab均匀，其电阻与长度成正比，人的身高越高，MN部分越向上移动，金属杆接入电路的电阻Rab越大，电路总电阻越大，电源电压不变，电路中电流越小。因为c点对应的电流小于d点对应的电流，所以c点对应的金属杆接入电路电阻更大，即c点的身高刻度大于d点的身高刻度。
（2）我的改进意见为：改用更灵敏的电流表。若电路中电流的实际变化量一定，使用更灵敏的电流表，其能够检测到更小的电流变化，相同的电流变化下，更灵敏的电流表指针偏转角度更大，从而更清晰地显示出因身高变化而引起的电流变化，进而提高“身高表”的灵敏度。
【分析】（1）根据乙图比较c、d两点电流大小，然后根据欧姆定律分析对应电阻大小，从而确定变阻器接入阻值的变化，再根据“电阻大小与长度成正比”分析身高大小；
（2）当身高变化相同时，电流表的指针偏转角度越大，则灵敏度越高，据此分析解答。
（1）由图甲可知，金属杆ab与保护电阻R0串联，电流表测电路中的电流。根据，电源电压U不变。当身高越高时，MN向上移动，金属杆接入电路的电阻越大，电路总电阻越大，电流I越小。观察图乙电流表，c点对应的电流小于d点对应的电流，所以c点对应的身高更高，即c点的身高刻度大于d点的身高刻度。
（2）根据欧姆定律，在电源电压U不变时，换用阻值更大的金属杆，在身高变化导致金属杆接入电路电阻变化相同时，电路总电阻变化量更大，电流变化量也就更大；换用阻值更小的保护电阻R0 ，在金属杆接入电路电阻变化时，电路总电阻受金属杆电阻变化的影响更显著，总电阻变化量更大，从而电流变化量更大。这样在身高有差值时，电流表示数变化更明显，能提高 “身高表” 的灵敏度。理由如下：
设高、矮两位同学测量身高时，金属杆ab接入电路的电阻分别为、。因为金属杆ab与保护电阻R0串联，R总=R1+R0、R'总=R2+R0
所以ΔI=I'-I=
当R1、R2、（R1-R2）一定，若增大U或减小R0，则ΔI增大，即提高了“身高表”的灵敏度。
25．【答案】（1）电
（2）1.92×107；256
（3）变小
【知识点】能量的转化或转移；液体压强的计算；电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，潮汐发电，即利用潮汐的力量推动发电机转动，从而将潮汐能转化为电能。
（2）①根据p=ρ液gh可知，海水在水道处产生的压强差；
压力推动海水做功。
②水轮发电机组所发的电能；
水轮发电机组的发电功率。
（3）根据图片可知，随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，压力推动海水做功越来越小，则水轮发电机组的发电功率会变小。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）①根据p=ρ液gh计算海水在水道处产生的压强差，根据计算压力推动海水做的功。
②根据计算水轮发电机组所发的电能，然后根据计算水轮发电机组的发电功率。
（3），随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，据此分析海水做功大小，进而确定发电机的发电功率变化。
（1）潮汐发电是将潮汐能转化为电能，产生电能。
（2）[1]海水在水道处产生的压强差
压力推动海水做功
[2]水轮发电机组的发电效率为80%，则水轮发电机组所发的电能
水轮发电机组的发电功率
（3）涨潮发电时，随着海水不断进入水库，水库两侧海水的高度差越来越小，压力推动海水做功越来越小，则水轮发电机组的发电功率会变小。
26．【答案】（1）解：根据图片可知，以O点为支点，杠杆的动力臂l1=OB，杠杆的动力为小强在B端施加的竖直向下的力FB，即F1= FB，杠杆的阻力臂l2=OA，杠杆的阻力大小等于配重的重力，即 F2=G配=300N
根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：。
（2）
（3）解：根据题意客舟，小强静止时处于平衡状态，
即F支+F拉＝G；
那么小强受到的支持力F支＝G－F拉＝=650N–450N=200N；
根据力的作用是相互的，此时他对水平地面的压力为F= F支=200N。
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（2）根据题意可知，小强受到竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F支和杠杆对手竖直向上的拉力F拉，三者都作用在人的重心上，如下图所示：
【分析】 （1）杠杆A端受到的拉力等于配重的重力，知道力臂关系，利用杠杆平衡条件求B端受到的拉力；
（2）对小强进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，根据力的示意图的画法作图（可以不标出力的大小）；
（3）求出了小强在B端施加竖直方向的力FB，由于力的作用是相互的，可求小强受到竖直向上的拉力F拉，由（2）小强的受力示意图可得：G=F拉+F支，小强受到水平地面的支持力F支=G-F拉，由于力的作用是相互的，可求小强对水平地面的压力。
（1）以O点为支点，杠杆的动力臂l1=OB，杠杆的动力为小强在B端施加的竖直向下的力FB，即F1= FB，杠杆的阻力臂l2=OA，杠杆的阻力大小等于配重的重力，即 F2=G配=300N
根据杠杆平衡条件根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2
可得：
（2）小强受到三个力：竖直向下的重力G＝650N（作用点在重心）；竖直向上的支持力F支=200N（作用点在脚底，大小根据三力平衡所得）；杠杆对手竖直向上的拉力F拉= FB=450N（根据力的作用是相互的来分析，此力作用在手部）。如图所示：
（3）小强静止，处于平衡状态，他受到的三个力的合力为0， 即F支+F拉＝G
故F支＝G－F拉＝=650N–450N=200N
根据力的作用是相互的，此时他对水平地面的压力为F= F支=650N–450N=200N
27．【答案】（1）解：根据甲图可知，滑动变阻器、定值电阻R1、定值电阻R2三电阻串联，电压表V1测量两和两端的总电压，电压表V2测量两端的电压，电流表测量电路中的电流；
当滑片P向左移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大个，根据欧姆定律可知，两端的电压变大，则电压表V2示数变大。
由此可知，图象中上半部分为和的I﹣U图象，下半部分为的I﹣U图象，
则电阻的阻值。
（2）解：根据乙图可知，当滑动变阻器R的滑片P在最左端时的示数为，电流为；
根据U总=U1+U2得到：①；
当滑动变阻器R的滑片P在最右端时的示数为，电流为，
根据U总=U1+U2得到：②
①②联立解得：，U总=8V。
（3）解：根据（2）中的分析可知，电源电压为8V。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）根据图片确定电路的串并联关系以及电压表所测的物理量，根据欧姆定律分析电流增大时两个电压表的示数变化规律，进而确定与乙图中图像的对应关系，最后根据计算R2的阻值。
（2）（3）根据乙图确定变阻器的滑片在最左端和最右端时电压表V1的示数和电流表的示数，然后根据U总=U1+U2结合欧姆定律列方程计算即可。
（1）分析电路图，滑动变阻器、定值电阻R1、定值电阻R2三电阻串联，电压表V1测量两和两端的总电压，电压表V2测量两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑片P向左移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，、两端的电压变大，电压表V2示数变大，电压表V1示数变小，两端的电压变小，和两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分为和的I﹣U图象，下半部分为的I﹣U图象，则电阻的阻值
（2）由图象可知，当滑动变阻器R的滑片P在最左端时的示数为，电流为；当滑动变阻器R的滑片P在最右端时的示数为，电流为，由串联电路电压规律和欧姆定律得
解得
（3）电源两端电压
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