四川省凉山州2025年中考物理真题
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·凉山） 对生活中有关物理量的估测，符合实际的是（ ）
A．洗热水澡时的水温约为80℃
B．中学物理课本宽约为18cm
C．教室内饮水机加热时的功率约为5W
D．初中生从一楼走到五楼的时间约为3s
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；功率的概念；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A、洗热水澡时的水温约为40℃，故A不符合实际；
B、中学物理课本宽约为18cm，故B符合实际；
C、教室内饮水机加热时的功率约为500W，故C不符合实际；
D、初中生从一楼走到五楼的时间约为30s，故D不符合实际。
故答案为：B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．（2025·凉山） 下列电路元件与所对应的符号不相符的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A、电流表的符号是，故A错误；
B、灯泡的符号正确，故B正确；
C、电池的符号正确，故C正确；
D、开关的符号正确，故D正确。
故答案为：A。
【分析】根据常见的元件符号进行分析。
3．（2025·凉山） 如图所示的几种物态变化，属于凝固的是（ ）
A．露珠的形成
B．冰糕的制作
C．霜打枝头
D．冰雪消融
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、露珠的形成是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，是从气态变成液态，属于液化现象，故A不符合题意。
B、冰糕的制作是将液态的原料冷却变成固态，符合物质从液态变成固态的凝固定义，属于凝固现象，故B符合题意。
C、霜打枝头是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，是从气态直接变成固态，属于凝华现象，故C不符合题意。
D、冰雪消融是冰或雪由固态变成液态的水，属于熔化现象，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
4．（2025·凉山） 月琴是凉山具有代表性的乐器之一（如图）。演奏时，左手按弦，右手弹奏，琴声清脆悦耳。下列有关说法不正确的是（ ）
A．月琴演奏时发出的声音是由琴弦振动产生的
B．现场听众听到的声音是通过空气传入人耳的
C．演奏时右手拨弦的力越大，琴声传播得越快
D．演奏时改变左手按弦的位置，是为了改变声音的音调
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、声音是由物体振动产生的，月琴演奏时发出的声音是由琴弦振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，现场听众听到的声音是通过空气传入人耳的，故B正确；
C、演奏时右手拨弦的力越大，响度越大，响度的大小与发声体的振幅及距发声体的远近有关，与声音的传播速度无关，故C错误；
D、音调的高低与发声体振动快慢有关，演奏时改变左手按弦的位置，是为了改变声音的音调，故D正确。
故答案为：C。
【分析】声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；响度的大小与发声体的振幅及距发声体的远近有关，振幅越大，越近，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
5．（2025·凉山） 2025年5月14日，长征二号丁运载火箭成功将太空计算卫星星座（12颗计算卫星）送入预定轨道，如图所示，这标志着我国首个整轨互联的太空计算星座正式进入组网阶段。下列说法正确的是（ ）
A．十二颗卫星在太空中用超声波传递信息
B．十二颗卫星进入预定轨道前后，质量会发生改变
C．若在长征二号丁运载火箭加速升空时，所有外力消失，火箭将保持静止
D．长征二号丁运载火箭的发动机与轿车的汽油机都是热机
【答案】D
【知识点】质量及其特性；热机；力的作用效果；超声波与次声波
【解析】【解答】A、在太空中用电磁波传递信息，超声波的传播需要介质，故A错误；
B、质量不随位置的改变而改变，故B错误；
C、根据牛顿第一定律，若在长征二号丁运载火箭加速升空时，所有外力消失，火箭将做匀速直线运动，故C错误；
D、运载火箭的发动机是火箭喷气发动机与轿车的汽油机一样都属于热机，工作时将内能转化为机械能，故D正确。
故答案为：D。
【分析】卫星在太空中是用电磁波来传递信息的。质量不随形状、位置、温度和状态的变化而变化。根据牛顿第一定律进行分析。火箭和汽油机都属于热机。
6．（2025·凉山） 我国的无人机技术现已处于国际领先水平。物理兴趣小组的同学们把无人机内部电路简化为由S1、S2控制的简单电路，当闭合开关S1时指示灯亮起，再闭合开关S2时电动机启动，无人机起飞。下列选项与上述无人机简易电路相符的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A.由电路图可知，开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机工作，故A符合题意；
B.由电路图可知，指示灯和电动机串联，故B不符合题意；
C.由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时指示灯亮起，故C不符合题意；
D.由电路图可知，开关S1闭合时电动机和指示灯都工作，再闭合S2时会造成电源短路，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】由题意可知，当开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，说明指示灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路，据此结合电路图得出答案。
7．（2025·凉山） 西昌湿地公园内有由甲、乙、丙三块石头堆叠而成的艺术作品（如图），下列说法中正确的是（ ）
A．乙受到的重力大小等于丙对它支持力的大小
B．甲对乙的压力与乙受到的重力是相互作用力
C．甲受到的重力与乙对甲的作用力是平衡力
D．地面受到丙的压力，是由于地面发生弹性形变后要恢复原状所产生
【答案】C
【知识点】弹力；重力及其大小的计算；平衡力和相互作用力的区分
【解析】【解答】A、由题知，叠放在一起的甲、乙、丙三块石头均处于静止状态，由平衡条件可知，丙对乙的支持力等于甲、乙的重力之和，所以乙受到的重力小于丙对它支持力的大小，故A错误；
B、甲对乙的压力与乙受到的重力是方向相同，大小不相等，所以二者不是相互作用力，故B错误；
C、甲受到的重力与乙对甲的支持力同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；
D、物体由于发生了弹性形变，要恢复原状，则会对使其发生弹性形变的物体施加弹力，因此地面受到丙的压力，是由于丙发生弹性形变后要恢复原状所产生的，故D错误。
故答案为：C。
【分析】由题意知，乙受到自身的重力、甲对乙的作用力，丙对乙的作用力，即可分析判断；相互作用力的特点：两个受力物体（相互的），两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；物体由于弹性形变而产生的力叫做弹力，弹力是由于施力物体发生形变对受力物体的力，弹力是直接接触的力。
8．（2025·凉山） 甲、乙两车同时同地在水平路面上向北沿直线行驶，它们的s-t图像如图所示。已知甲车总重，若甲车0~8s内的牵引力大小恒为，则（ ）
A．乙车速度大小为10m/s
B．0~6s内，以甲车为参照物，乙车向北运动
C．0~6s内，甲车重力做功为
D．0~6s内，甲车牵引力功率为
【答案】D
【知识点】功率的计算；速度与物体运动；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知，乙车速度大小为，故A错误；
B．由图可知，甲车速度大小为，甲的速度大于乙的速度，甲、乙两车同时同地在水平路面上向北沿直线行驶，0~6s内，以甲车为参照物，乙车向南运动，故B错误；
C.0~6s内，甲车的重力的方向始终竖直向下，而甲车在竖直方向没有移动，因此不做功，故C错误；
D．若甲车0~8s内的牵引力大小恒为1.6×103N，则0~6s内，甲车牵引力的功率为P甲=F甲v甲=1.6×103N×10m/s=1.6×104W
故D正确。
故答案为：D。
【分析】根据题图中的相关数据计算乙车的速度。物体相对参照物的位置变化了，物体是运动的，物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。根据功的公式W＝Fs进行计算。根据P＝Fv进行计算。
9．（2025·凉山） 《天工开物》中记录了我国古代劳动者煮海水制盐的方法，对用于制盐的海水密度有严格要求。关于海水等级的测评，《熬波图咏》中谈到，可以用莲子制备成四颗不同标准的“浮子”来测定海水等级。测定时，浮起的“浮子”数量越多，待测海水的等级越高（一等海水密度最大等级最高、二、三、四、五等依次次之）。若将以上四颗“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，“浮子”的沉浮情况如图所示，下列选项正确的是（ ）
A．竹管内待测的海水为一等海水
B．①号“浮子”的重力比其它三颗“浮子”大
C．①号“浮子”的密度比其它三颗“浮子”大
D．若竹管内改盛四等海水，①号“浮子”所受浮力不变
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】ABC、根据浮沉条件知，1号沉底，其密度大于液体的密度，而2、3、4漂浮，密度都小于液体的密度，根据漂浮时浮力等于重力，F浮＝ρ水gV排＝G＝ρgV；
漂浮时如果物体的浸入的体积占总体积的比例越大，物体的密度就越接近液体的密度，即密度越大，ρ2＞ρ3＞ρ4；密度关系ρ1＞ρ2＞ρ3＞ρ4；
根据G＝mg＝ρVg，已知密度关系，但不知道体积关系，故无法比较重力大小，
图中2号接近悬浮，密度在1、2之间，所以该海水为二等海水；故AB错误，C正确；
D、图中1号沉底，改盛四等海水，液体的密度更小，因而还是沉底，故排开液体的体积不变，但液体密度变小，根据阿基米德原理知，浮力减小，故D错误。
故答案为：C。
【分析】由图乙可知4个浮子在海水中的浮沉情况，根据浮沉分析其密度与液体密度关系解答；根据G＝mg＝ρVg比较重力，根据浮子的浮沉确定密度等级；根据阿基米德原理分析①号“浮子”所受浮力。
10．（2025·凉山） 传感器在“物联网”中担负着信息采集的重要任务，可以实现“提醒”和“报警”功能。某型号的温度自动报警装置由热敏电阻作为传感器制作而成，其简易电路图如下。已知热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，若电源电压保持不变，滑动变阻器R的滑片P在某位置不变，闭合开关S1和S2，此时装置未报警。下列说法正确的是（ ）
A．该装置中电磁铁的工作原理与发电机工作原理相同
B．若温度升高，流过电磁铁的电流变小，电磁铁磁性变弱
C．若温度降低到一定程度，该报警器会发送报警信息
D．若滑动变阻器R的滑片P向左移动一段距离，则报警的最低温度将会升高
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、电磁铁是通电流之后具有磁性，断电流时没有磁性，是根据电流的磁效应工作的，发电机是根据电磁感应原理工作的，原理不同，故A错误。
B、若温度升高，热敏电阻R1的阻值减小，控制电路中的总电阻减小，电压一定时，由欧姆定律可知，控制电路中的总电流增大，电磁铁的磁性变强，故B错误；
C、若温度降低到一定程度，热敏电阻R1的阻值增大，控制电路中的总电阻增大，电压一定时，由欧姆定律可知，控制电路中的电流减小，电磁铁的磁性变弱，控制电路中弹簧的形变量减小，ab间处于断开状态，报警信息发送装置不会发送报警信息，故C错误；
D、若滑动变阻器R的滑片P向左移动一段距离，滑动变阻器R接入电路中的电阻变大，此时报警的电流不变，则热敏电阻R1的阻值减小，对应的报警的最低温度将会升高，故D正确。
故答案为：D。
【分析】电磁铁的工作原理是电流的磁效应；发电机的工作原理是电磁感应。电磁铁的磁性与电流大小与线圈匝数有关；温度降低，热敏电阻R1的阻值增大，分析电磁铁磁性的变化，从而分析工作电路中报警信息发送装置来解答；滑动变阻器R接入电路中的电阻变大，此时报警的电流不变，热敏电阻R1的阻值减小，而热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，据此分析作答。
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共24分）
11．（2025·凉山） 彭彭一家人去吃火锅，未到店就闻到火锅的香味，这是 现象。把火锅煮开，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大火锅的内能。
【答案】扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】未到火锅店就闻到香味，是因为火锅中的香味分子在不停地做无规则运动，通过空气扩散到周围环境中，使人能闻到香味，这是典型的扩散现象，说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动。把火锅煮开，是通过火焰或电磁炉等热源将热量传递给火锅，使火锅内的汤和食材温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式改变物体的内能。
【分析】不同物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。改变物体内能有做功和热传递两种方式。做功是其他形式的能与内能的相互转化，热传递是内能的转移。
12．（2025·凉山） 光伏发电产业是我国低碳经济的亮点之一。光伏发电使用的太阳能板（如图）主要是将太阳能转化为 能，太阳能来自于太阳内部的核 （选填“聚”或“裂”）变。
【答案】电；聚
【知识点】能量的转化或转移；核聚变
【解析】【解答】太阳能电池板将太阳能转化电能，再通过蓄电池将电能转化为化学能储存起来；
由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应。
【分析】太阳能电池将太阳能转化为电能；太阳的能量来自于它内部发生的核聚变。
13．（2025·凉山） 随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装率不断提高。据了解，充电桩输出电压的范围是300-600V，峰值功率高达500kW。如图所示，充电站内各充电桩是 （选填“串联”或“并联”）的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的 ；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接 线；若充电桩起火， 用水灭火。
【答案】并联；用电器；地；不能
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】充电站内各充电桩是并联的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的用电器；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接地线；若充电桩起火，应首先切断电源，生活用水是导体，不能用水灭火。
【分析】充电桩之间互不影响，是并联的。充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的用电器。有金属外壳的用电器要接地线。充电桩失火不能用水灭火。
14．（2025·凉山） 每年冬天，凉山州某滑雪场吸引大量的游客前来游玩。如图所示，在滑雪场内，滑雪爱好者穿上滑雪板后对雪地的压强会 （选填“增大”“减小”或“不变”）；当滑雪爱好者沿坡道往下滑时，速度越来越快，这是因为力能改变物体的 。
【答案】减小；运动状态
【知识点】力的作用效果；压强大小比较
【解析】【解答】在滑雪场内，滑雪爱好者穿上滑雪板后对雪地的压强会减小；当滑雪爱好者沿坡道往下滑时，速度越来越快，这是因为力能改变物体的运动状态。
【分析】在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强。力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
15．（2025·凉山） 如图所示，该实验是托里拆利第一次测出大气压强值的实验，水银对玻璃管中A点的压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）水银槽上方的大气压强。利用图中数据可计算出该地的大气压强为 Pa。（）
【答案】小于；1.02×105
【知识点】液体压强的计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，图中A点小于水银柱的总高度750mm，故水银对玻璃管中A点的压强小于水银槽上方的大气压强（大气压）；该地的大气压强为p大气＝ρ水银gh水银＝13.6×103kg/m3×9.8N/kg×750mm＝99960Pa。
【分析】在托里拆利实验中，玻璃管内外液面的高度差反映了大气压的大小；大气压的大小与高度有关；根据p大气＝ρ水银gh水银来解答。
16．（2025·凉山） 2025年5月10日，代号“鲲龙”的水陆两栖飞机AG600，批产首架机总装下线。这是我国自主研制的全球最大的水陆两栖特种用途飞机。“鲲龙”飞行时机翼上方受到空气的压力 下方受到空气的压力（选填“大于”“小于”或“等于”）。如图甲所示，匀速飞行的“鲲龙”在投水灭火时，其动能会 （选填“变大”“变小”或“不变”）。“鲲龙”执行海上救援任务时，可一次性救援50名遇险人员。在海上救援时，“鲲龙”静止在水面，如图乙所示，若此时遇险人员被救上“鲲龙”，它受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】小于；变小；变大
【知识点】动能的影响因素；流体压强与流速的关系；浮力大小的计算
【解析】【解答】因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力；由于机翼上方的压强小于下方压强，则机翼上方的压力小于飞机下方的压力。匀速飞行的“鲲龙”在投水灭火时，质量变小，速度不变，故动能变小。飞机漂浮在水面上，当遇险人员被救上“鲲龙”后，总重力变大，由物体的漂浮条件可知，飞机所受浮力的变大。
【分析】机翼的升力：机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，空气的流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力。动能的大小与质量和速度有关；飞机漂浮在水面上，当遇险人员被救上“鲲龙”后，总重力变大，由物体的漂浮条件可知飞机所受浮力的变化。
17．（2025·凉山） 如图所示，保持物块A与B位置不动，缓慢向两侧移动铁架台，整个装置静止后，弹簧测力计甲、乙的示数分别为5N和3.5N，则A所受摩擦力的方向水平向 （选填“左”或“右”）；地面对B的摩擦力大小为 N，方向水平向 （选填“左”或“右”）。
【答案】左；1.5；左
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力的大小；摩擦力的方向
【解析】【解答】弹簧测力计甲、乙的示数分别为5N和3.5N，则弹簧测力计对A的拉力为5N，方向向右；A水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为5N；摩擦力水平向左；以B为研究对象，它受到向左的拉力为3.5N，同时受到地面对它的摩擦力和物体A对它的摩擦力，二者之和为5N，所以地面对物体B的摩擦力为5N﹣3.5N＝1.5N，方向水平向左。
【分析】物体A处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小；根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向；对B进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小。
18．（2025·凉山） 在如图甲所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为20Ω。闭合开关S，两电流表的指针均指在如图乙所示的位置。则电源电压为 V，定值电阻R2的阻值为 Ω。
【答案】16；80
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】据图可知，电路是两电阻并联，电流表A1测R2支路电流，电流表A2测干路电流，闭合开关S，两电流表的指针均指在如图乙所示的位置，说明电流表A1选用小量程，分度值是0.02A，读数为0.2A；电流表A2选择的是大量程，分度值是0.1A，读数为1A，根据并联电路电流规律可得R1支路电流为
电源电压为
定值电阻R2的阻值为
【分析】由电路图可知，闭合开关，R1与R2并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。根据并联电路的电流特点结合两电流表的指针都指在同一位置确定两电流表的量程，根据分度值读出干路电流和R1支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律可知定值电阻R2的阻值。
19．（2025·凉山） 用如图甲所示的滑轮组提升物体A。已知被提升物体A的重力为900N，卷扬机施加在绳子自由端的拉力F将物体A以0.5m/s的速度匀速提高了5m。拉力F做的功随时间的变化图象如图乙所示（不计绳重和滑轮与轴的摩擦）。此过程滑轮组提升重物的机械效率为 %，动滑轮的重力为 N。
【答案】90；100
【知识点】速度公式及其应用；滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】滑轮组提升重物所做的有用功W有用=Gh=900N×5m=4500J，货物以0.5m/s的速度匀速提升到5m的高度，由可知，运动的时间
由图乙可知，此时10s拉力做的总功是5000J，所以滑轮组提升重物的机械效率
由图甲知通过动滑轮绳子段数n=2，所以绳子自由端移动的距离s=2h=2×5m=10m
由W总=Fs可得拉力
不计绳重和滑轮与轴的摩擦，分析动滑轮的受力情况可得，动滑轮的重力
G动=2F-G=2×500N-900N=100N
【分析】已知物体M的重力，根据公式W＝Gh计算拉力F对所提升物体M做的有用功。由货物上升的高度和速度，由速度公式计算出物体上升的时间，由图乙可知此时拉力做的功，即总功，再据机械效率的计算公式计算即可。由图甲知通过动滑轮绳子段数n，由s＝nh、W＝Fs可以计算出绳子自由端的拉力，在不计绳子的重、摩擦时计算出动滑轮的重力。
20．（2025·凉山） 在如图所示的电路中，电源电压恒定，电压表量程为0～15V，定值电阻R1、R2的阻值分别为10Ω和20Ω。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，电压表示数为3V，电阻R1的电功率为P1；当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，定值电阻R2的电功率为P2。若P1∶P2=1∶8，则电源电压为 V，电路最小电功率为 W。
【答案】4；0.16
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】设电源电压为。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，电压表测滑动变阻器电压，表示数为3V，根据串联电压规律，电压为，则电阻R1的电功率为
当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，、并联，定值电阻R2的电功率为
若P1∶P2=1∶8，则有
解得电源电压。
当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，根据串联分压原理则有
解得滑动变阻器R的最大阻值，则当滑动变阻器R的最大阻值接入电路时，电阻总电阻最大，根据，电路总功率最小为
【分析】只闭合S时，R1与RP串联，闭合S1、S2且P移到最左端时，R2与R1并联，由P1：P2＝1：8和R1＝10Ω，R2＝20Ω 解方程得到电源电压的值。只闭合S1时，由串联电压规律得到R1两端电压，由串联分压原理得到滑动变阻器的最大阻值，当R1与RP串联时且RP阻值最大时，符合条件。由串联电阻规律得到此时电路总电阻，得到电路最小电功率。
三、作图题（本大题共3小题，每题2分，共6分）
21．（2025·凉山） 如图所示，一条光线从空气斜射向水面时发生了反射与折射，OA为反射光线。请在图中画出：①入射光线；②折射光线的大致位置。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】如图所示，当一束光线从空气斜射到水面时发生反射与折射；先作出法线，然后据反射角等于入射角，作出入射光线；根据折射角小于入射角，作出折射角，如下图：
【分析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射，光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。
22．（2025·凉山） 如图甲所示，人们用盘子夹可以既方便又安全的取出蒸食物的盘子。盘子夹的一侧可简化为图乙所示的杠杆，O为支点。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
【答案】
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】图中支点在O点，当OA作为动力臂l1时，动力臂是最长的，根据杠杆平衡条件可知，此时的动力是最小的；动力的方向应该垂直OA向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图；如下所示：
【分析】根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；力臂是指从支点到力的作用线的距离。
23．（2025·凉山） 如图所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整，并在括号中用符号标出螺线管的磁极（要求：闭合开关，向左移动滑片P，螺线管磁性变强）。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；滑动变阻器的接法
【解析】【解答】闭合开关，将滑片P向左移动，螺线管磁性变强，说明变阻器与电磁铁相互影响，两者串联，且此时变阻器接入电路电阻变小，通过电磁铁的电流变大，则变阻器的A端接入电路中；
由图可知，电流从右侧往下流入螺线管，根据安培定则，螺线管右侧为N极，左侧为S极，如下图：
【分析】滑动变阻器遵循一上一下接线原则；分析图中电流方向，根据安培定则即可判断通电螺线管磁性的磁极。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共16分）
24．（2025·凉山） 物理兴趣小组的同学们用一个焦距未知的凸透镜来完成“探究凸透镜成像规律”的实验，装置如图所示。
（1）同学们用平行光作为光源，移动光屏直至在光屏上得到一个最小最亮的光斑，如图甲所示，则凸透镜焦距为 cm（要求估读）；
（2）实验前，应将烛焰、凸透镜和光屏的中心调在 ；
（3）在图乙所示的位置，光屏上可以呈现清晰的像，该像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像；
（4）凸透镜位置不变，将蜡烛从图乙所示位置向右移到30cm刻度线处，把光屏向 移动，才可在光屏上再次呈现清晰的像；
（5）在图乙所示情景下，在凸透镜左边适当位置放置一个透镜镜片后，须将光屏向左移动才能再次出现倒立清晰的实像，则该镜片可用来矫正 （选填“近”或“远”）视眼。
【答案】（1）10.0
（2）同一高度
（3）缩小
（4）右
（5）远
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝30.0cm﹣20.0cm＝10.0cm；
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心大致在同一高度；
（3）由图乙可知，物距为50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm，物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像，物近像远像变大，凸透镜位置不变，将蜡烛从图乙所示位置向右移到30cm刻度线处，物距减小，像距增大，把光屏向右移动，才可在光屏上再次呈现清晰的像；
（5）在图乙所示情景下，在凸透镜左边适当位置放置一个透镜镜片后，须将光屏向左移动才能再次出现倒立清晰的实像，说明该透镜对光有会聚作用，凸透镜对光有会聚作用，远视眼配戴凸透镜。
【分析】（1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心大致在同一高度；
（3）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析；
（5）将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，可看出该透镜对光线有会聚作用，据此分析透镜的类型；物体所成的像在视网膜前方，为近视眼，物体所成的像在视网膜后方，为远视眼，据此分析此镜片所能矫正的视力缺陷类型。
25．（2025·凉山） 小东想知道家中酱油的密度，于是他采用下列两种方式进行测量。
（1）他用天平和量筒进行酱油密度的测量，步骤如下：
①小东将天平放置在水平桌面上，将游码移到标尺零刻度处，天平指针如图甲所示。要使天平横梁平衡，应将平衡螺母向 调节；
②在烧杯中倒入适量的酱油，用调好的天平测出烧杯和酱油的总质量120g；
③将烧杯中的部分酱油倒入量筒中，体积如图丙所示；
④再次用天平测出烧杯和剩余酱油的总质量，如图乙所示，记为 g；
⑤小东根据以上实验所测数据，计算出酱油的密度为 kg/m3；
（2）经思考，小东想到用浮力相关知识也能粗略测出酱油密度，于是他找来图丁、戊、己中的实验器材，进行测量，步骤如下：
①用细线系住物体，如图丁，用弹簧测力计测出该物体受到的重力G为3N，并记录；
②将物体浸没在水中，如图戊，弹簧测力计示数F1为2N，并记录；
③再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，并记录；
④利用上述测量出的物理量和已知量，可以计算该物体浸没在水中时所受浮力为 N；酱油的密度ρ酱油= （用ρ水、G、F1、F2表示）。
【答案】（1）右；54；1.1×103
（2）1；
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，游码放在标尺的左端零刻度线处，此时，若发现指针指在分度盘的中央零刻度线的左边，应将平衡螺母向右调节。
④由图乙可知，烧杯和剩余酱油的总质量m剩=50g+4g=54g
⑤由图丙可知，倒出的酱油的体积V=60mL=60cm3，倒出的酱油的质量m=m总-m剩=120g-54g=66g，酱油的密度
（2）根据称重法可知，物体浸没在水中时所受浮力F浮水=G-F=3N-2N=1N
由F浮=ρ液V排g可得，物体排开水的体积，即物体的体积
再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，则该物体在酱油中受到的浮力F浮酱油=G-F2
因为物体在酱油中和在水中都是全部浸没，所以V排酱油=V排水=V
由F浮酱油=ρ酱油V排酱油g可得，酱油的密度表达式
【分析】（1） ① 天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；为使横梁平衡，相对于指针的偏转，调节规律是“左偏右调”；
④被测物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的刻度；
⑤烧杯和酱油的总质量减去烧杯和剩余酱油的总质量即为倒出的酱油的质量，由图丙读出酱油的体积，由密度公式可求得酱油的密度；
（2）该物体浸没在水中时所受浮力为F浮＝G﹣F拉，由F浮＝ρ水gV排可求得物体体积，将该物体取出擦干后浸没在酱油中，V排酱油＝V，由图丁、图己求得该物体在酱油中受到的浮力，由F浮酱油＝ρ酱油gV排酱油可求得酱油的密度表达式。
26．（2025·凉山） 为了完成“探究电流与导体两端电压的关系”的实验，小雨和同学们准备了以下器材：电压恒定的电源（6V）、定值电阻（10Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～15V）、滑动变阻器（50Ω，1A）等。
（1）本实验主要应用的物理研究方法为 ；连接电路前，应将开关 ；
（2）小雨按图甲连接好电路后，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，电流表几乎无示数，电路故障为____（选填答案序号）；
A．电流表处存在断路 B．滑动变阻器短路 C．定值电阻R断路
（3）小雨根据实验数据绘制的I-U图象，如图乙所示，分析图象初步得到结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 比；
（4）另一同学在实验过程中误将定值电阻接成了小灯泡，所绘制的图象如丙图所示，发现图象并不是一条直线，原因是 ；
（5）做完该实验后，小雨又找来阻值分别为5Ω、15Ω、20Ω、25Ω的四个定值电阻，用来做“探究电流与电阻的关系”的实验，该实验需要控制定值电阻两端的电压不变，为了保证完成该实验，小雨能选取的定值电阻两端的电压范围是 V～3V。
【答案】（1）控制变量法；断开
（2）C
（3）正
（4）灯泡电阻随温度升高而变大
（5）2
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）导体中的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关，探究电流与导体两端电压的关系，需要导体的电阻不变，本实验运用了控制变量法；
为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障为定值电阻R断路，故选：C；
（3）由图乙可知，I﹣U图像是经过原点的直线，所以，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（4）小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，是因为小灯泡灯丝的电阻是变化的，灯丝电压的升高时，灯丝的温度升高，灯丝电阻变大；
（5）将25Ω的定值电阻接入电路，并将滑动变阻器（50Ω，1A）的滑片移到阻值最大处，根据串联分压原理则有
解得
所以小雨能选取的定值电阻两端的电压至少为2V，选取的定值电阻两端的电压范围是2～3V。
【分析】（1）当研究的物理问题受多个因素影响时，要研究该物理问题与某个因素的关系，需要控制其他因素不变，这种研究问题的方法叫控制变量法；为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）分析图乙，图像为经过坐标原点的直线，据此可知电流与电压中的关系；
（4）从影响电阻大小的因素方面考虑；
（5）当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中变阻器的最大电阻为25Ω，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻25Ω电阻进行实验时，变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
五、计算题（27题6分，28题8分，共14分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
27．（2025·凉山） 电热暖手宝是生活中常见的取暖设备。某款电热暖手宝的主要参数如下图所示，其正常工作4min，恰好将袋内液体从10℃加热至32℃[袋内液体的比热容取]。求：
主要参数
袋内液体质量：1kg
额定电压：220V
额定功率：550W
（1）电热暖手宝正常工作时的电流；
（2）袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量；
（3）该过程中、电热暖手宝的加热效率。
【答案】（1）解： 根据参数可知，电热暖手宝正常工作时的电流为
（2）解： 袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量为
（3）解： 该过程中、电热暖手宝消耗的电能为
电热暖手宝的加热效率为
【知识点】功率的计算；欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算；比热容相关的比例计算
【解析】【分析】（1）由P＝UI得到暖手宝正常工作时的电流。
（2）由Q＝cmΔt得到袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量。
（3）由W＝Pt得到暖手宝消耗的电能，由效率公式得到该过程中电热暖手宝的加热效率。
28．（2025·凉山） 如图甲所示，在上、下截面均为圆形的锥形瓶内，装有一定量的水。已知锥形瓶上部分是横截面积为的圆筒，且粗细均匀，底面积为。现将质量为32g，边长为2cm的正方体合金块放入锥形瓶内，水未溢出，如图乙。求：
（1）合金块的重力大小；
（2）合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小；
（3）如图乙，稳定后，合金块对锥形瓶底的压强；
（4）合金块放入锥形瓶前后，水对锥形瓶底的压力变化量。
【答案】（1）解： 合金块的重力为
（2）解： 合金块放入锥形瓶内浸没。排开水的体积与金属块的体积相等为
合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力为
（3）解： 图乙中合金块对锥形瓶底的压力为
合金块对锥形瓶底的压强为
（4）解： 合金块放入锥形瓶前后，液面上升的高度为
水对锥形瓶底的压强变化为
水对锥形瓶底的压力变化量为
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）已知正方体合金块的质量，根据G＝mg求合金块的重力；
（2）已知正方体合金块的边长，根据V＝L3求合金块的体积，合金浸没在水中，排开水的体积等于它的体积，根据F浮＝ρ液gV排求合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小；
（3）根据力的平衡条件求瓶底对合金块的支持力，根据力的相互性可知合金块对瓶底的压力，根据求合金块对锥形瓶底的压强；
（4）合金块放入锥形瓶后，根据V=Sh求水面高度的变化量，根据p=P液gh求水对瓶底的压强变化 量，根据求水对锥形瓶底的压力变化量。
1 / 1四川省凉山州2025年中考物理真题
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·凉山） 对生活中有关物理量的估测，符合实际的是（ ）
A．洗热水澡时的水温约为80℃
B．中学物理课本宽约为18cm
C．教室内饮水机加热时的功率约为5W
D．初中生从一楼走到五楼的时间约为3s
2．（2025·凉山） 下列电路元件与所对应的符号不相符的是（ ）
A． B．
C． D．
3．（2025·凉山） 如图所示的几种物态变化，属于凝固的是（ ）
A．露珠的形成
B．冰糕的制作
C．霜打枝头
D．冰雪消融
4．（2025·凉山） 月琴是凉山具有代表性的乐器之一（如图）。演奏时，左手按弦，右手弹奏，琴声清脆悦耳。下列有关说法不正确的是（ ）
A．月琴演奏时发出的声音是由琴弦振动产生的
B．现场听众听到的声音是通过空气传入人耳的
C．演奏时右手拨弦的力越大，琴声传播得越快
D．演奏时改变左手按弦的位置，是为了改变声音的音调
5．（2025·凉山） 2025年5月14日，长征二号丁运载火箭成功将太空计算卫星星座（12颗计算卫星）送入预定轨道，如图所示，这标志着我国首个整轨互联的太空计算星座正式进入组网阶段。下列说法正确的是（ ）
A．十二颗卫星在太空中用超声波传递信息
B．十二颗卫星进入预定轨道前后，质量会发生改变
C．若在长征二号丁运载火箭加速升空时，所有外力消失，火箭将保持静止
D．长征二号丁运载火箭的发动机与轿车的汽油机都是热机
6．（2025·凉山） 我国的无人机技术现已处于国际领先水平。物理兴趣小组的同学们把无人机内部电路简化为由S1、S2控制的简单电路，当闭合开关S1时指示灯亮起，再闭合开关S2时电动机启动，无人机起飞。下列选项与上述无人机简易电路相符的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025·凉山） 西昌湿地公园内有由甲、乙、丙三块石头堆叠而成的艺术作品（如图），下列说法中正确的是（ ）
A．乙受到的重力大小等于丙对它支持力的大小
B．甲对乙的压力与乙受到的重力是相互作用力
C．甲受到的重力与乙对甲的作用力是平衡力
D．地面受到丙的压力，是由于地面发生弹性形变后要恢复原状所产生
8．（2025·凉山） 甲、乙两车同时同地在水平路面上向北沿直线行驶，它们的s-t图像如图所示。已知甲车总重，若甲车0~8s内的牵引力大小恒为，则（ ）
A．乙车速度大小为10m/s
B．0~6s内，以甲车为参照物，乙车向北运动
C．0~6s内，甲车重力做功为
D．0~6s内，甲车牵引力功率为
9．（2025·凉山） 《天工开物》中记录了我国古代劳动者煮海水制盐的方法，对用于制盐的海水密度有严格要求。关于海水等级的测评，《熬波图咏》中谈到，可以用莲子制备成四颗不同标准的“浮子”来测定海水等级。测定时，浮起的“浮子”数量越多，待测海水的等级越高（一等海水密度最大等级最高、二、三、四、五等依次次之）。若将以上四颗“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，“浮子”的沉浮情况如图所示，下列选项正确的是（ ）
A．竹管内待测的海水为一等海水
B．①号“浮子”的重力比其它三颗“浮子”大
C．①号“浮子”的密度比其它三颗“浮子”大
D．若竹管内改盛四等海水，①号“浮子”所受浮力不变
10．（2025·凉山） 传感器在“物联网”中担负着信息采集的重要任务，可以实现“提醒”和“报警”功能。某型号的温度自动报警装置由热敏电阻作为传感器制作而成，其简易电路图如下。已知热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，若电源电压保持不变，滑动变阻器R的滑片P在某位置不变，闭合开关S1和S2，此时装置未报警。下列说法正确的是（ ）
A．该装置中电磁铁的工作原理与发电机工作原理相同
B．若温度升高，流过电磁铁的电流变小，电磁铁磁性变弱
C．若温度降低到一定程度，该报警器会发送报警信息
D．若滑动变阻器R的滑片P向左移动一段距离，则报警的最低温度将会升高
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共24分）
11．（2025·凉山） 彭彭一家人去吃火锅，未到店就闻到火锅的香味，这是 现象。把火锅煮开，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大火锅的内能。
12．（2025·凉山） 光伏发电产业是我国低碳经济的亮点之一。光伏发电使用的太阳能板（如图）主要是将太阳能转化为 能，太阳能来自于太阳内部的核 （选填“聚”或“裂”）变。
13．（2025·凉山） 随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装率不断提高。据了解，充电桩输出电压的范围是300-600V，峰值功率高达500kW。如图所示，充电站内各充电桩是 （选填“串联”或“并联”）的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的 ；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接 线；若充电桩起火， 用水灭火。
14．（2025·凉山） 每年冬天，凉山州某滑雪场吸引大量的游客前来游玩。如图所示，在滑雪场内，滑雪爱好者穿上滑雪板后对雪地的压强会 （选填“增大”“减小”或“不变”）；当滑雪爱好者沿坡道往下滑时，速度越来越快，这是因为力能改变物体的 。
15．（2025·凉山） 如图所示，该实验是托里拆利第一次测出大气压强值的实验，水银对玻璃管中A点的压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）水银槽上方的大气压强。利用图中数据可计算出该地的大气压强为 Pa。（）
16．（2025·凉山） 2025年5月10日，代号“鲲龙”的水陆两栖飞机AG600，批产首架机总装下线。这是我国自主研制的全球最大的水陆两栖特种用途飞机。“鲲龙”飞行时机翼上方受到空气的压力 下方受到空气的压力（选填“大于”“小于”或“等于”）。如图甲所示，匀速飞行的“鲲龙”在投水灭火时，其动能会 （选填“变大”“变小”或“不变”）。“鲲龙”执行海上救援任务时，可一次性救援50名遇险人员。在海上救援时，“鲲龙”静止在水面，如图乙所示，若此时遇险人员被救上“鲲龙”，它受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
17．（2025·凉山） 如图所示，保持物块A与B位置不动，缓慢向两侧移动铁架台，整个装置静止后，弹簧测力计甲、乙的示数分别为5N和3.5N，则A所受摩擦力的方向水平向 （选填“左”或“右”）；地面对B的摩擦力大小为 N，方向水平向 （选填“左”或“右”）。
18．（2025·凉山） 在如图甲所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为20Ω。闭合开关S，两电流表的指针均指在如图乙所示的位置。则电源电压为 V，定值电阻R2的阻值为 Ω。
19．（2025·凉山） 用如图甲所示的滑轮组提升物体A。已知被提升物体A的重力为900N，卷扬机施加在绳子自由端的拉力F将物体A以0.5m/s的速度匀速提高了5m。拉力F做的功随时间的变化图象如图乙所示（不计绳重和滑轮与轴的摩擦）。此过程滑轮组提升重物的机械效率为 %，动滑轮的重力为 N。
20．（2025·凉山） 在如图所示的电路中，电源电压恒定，电压表量程为0～15V，定值电阻R1、R2的阻值分别为10Ω和20Ω。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，电压表示数为3V，电阻R1的电功率为P1；当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，定值电阻R2的电功率为P2。若P1∶P2=1∶8，则电源电压为 V，电路最小电功率为 W。
三、作图题（本大题共3小题，每题2分，共6分）
21．（2025·凉山） 如图所示，一条光线从空气斜射向水面时发生了反射与折射，OA为反射光线。请在图中画出：①入射光线；②折射光线的大致位置。
22．（2025·凉山） 如图甲所示，人们用盘子夹可以既方便又安全的取出蒸食物的盘子。盘子夹的一侧可简化为图乙所示的杠杆，O为支点。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
23．（2025·凉山） 如图所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整，并在括号中用符号标出螺线管的磁极（要求：闭合开关，向左移动滑片P，螺线管磁性变强）。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共16分）
24．（2025·凉山） 物理兴趣小组的同学们用一个焦距未知的凸透镜来完成“探究凸透镜成像规律”的实验，装置如图所示。
（1）同学们用平行光作为光源，移动光屏直至在光屏上得到一个最小最亮的光斑，如图甲所示，则凸透镜焦距为 cm（要求估读）；
（2）实验前，应将烛焰、凸透镜和光屏的中心调在 ；
（3）在图乙所示的位置，光屏上可以呈现清晰的像，该像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像；
（4）凸透镜位置不变，将蜡烛从图乙所示位置向右移到30cm刻度线处，把光屏向 移动，才可在光屏上再次呈现清晰的像；
（5）在图乙所示情景下，在凸透镜左边适当位置放置一个透镜镜片后，须将光屏向左移动才能再次出现倒立清晰的实像，则该镜片可用来矫正 （选填“近”或“远”）视眼。
25．（2025·凉山） 小东想知道家中酱油的密度，于是他采用下列两种方式进行测量。
（1）他用天平和量筒进行酱油密度的测量，步骤如下：
①小东将天平放置在水平桌面上，将游码移到标尺零刻度处，天平指针如图甲所示。要使天平横梁平衡，应将平衡螺母向 调节；
②在烧杯中倒入适量的酱油，用调好的天平测出烧杯和酱油的总质量120g；
③将烧杯中的部分酱油倒入量筒中，体积如图丙所示；
④再次用天平测出烧杯和剩余酱油的总质量，如图乙所示，记为 g；
⑤小东根据以上实验所测数据，计算出酱油的密度为 kg/m3；
（2）经思考，小东想到用浮力相关知识也能粗略测出酱油密度，于是他找来图丁、戊、己中的实验器材，进行测量，步骤如下：
①用细线系住物体，如图丁，用弹簧测力计测出该物体受到的重力G为3N，并记录；
②将物体浸没在水中，如图戊，弹簧测力计示数F1为2N，并记录；
③再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，并记录；
④利用上述测量出的物理量和已知量，可以计算该物体浸没在水中时所受浮力为 N；酱油的密度ρ酱油= （用ρ水、G、F1、F2表示）。
26．（2025·凉山） 为了完成“探究电流与导体两端电压的关系”的实验，小雨和同学们准备了以下器材：电压恒定的电源（6V）、定值电阻（10Ω）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～15V）、滑动变阻器（50Ω，1A）等。
（1）本实验主要应用的物理研究方法为 ；连接电路前，应将开关 ；
（2）小雨按图甲连接好电路后，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，电流表几乎无示数，电路故障为____（选填答案序号）；
A．电流表处存在断路 B．滑动变阻器短路 C．定值电阻R断路
（3）小雨根据实验数据绘制的I-U图象，如图乙所示，分析图象初步得到结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 比；
（4）另一同学在实验过程中误将定值电阻接成了小灯泡，所绘制的图象如丙图所示，发现图象并不是一条直线，原因是 ；
（5）做完该实验后，小雨又找来阻值分别为5Ω、15Ω、20Ω、25Ω的四个定值电阻，用来做“探究电流与电阻的关系”的实验，该实验需要控制定值电阻两端的电压不变，为了保证完成该实验，小雨能选取的定值电阻两端的电压范围是 V～3V。
五、计算题（27题6分，28题8分，共14分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
27．（2025·凉山） 电热暖手宝是生活中常见的取暖设备。某款电热暖手宝的主要参数如下图所示，其正常工作4min，恰好将袋内液体从10℃加热至32℃[袋内液体的比热容取]。求：
主要参数
袋内液体质量：1kg
额定电压：220V
额定功率：550W
（1）电热暖手宝正常工作时的电流；
（2）袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量；
（3）该过程中、电热暖手宝的加热效率。
28．（2025·凉山） 如图甲所示，在上、下截面均为圆形的锥形瓶内，装有一定量的水。已知锥形瓶上部分是横截面积为的圆筒，且粗细均匀，底面积为。现将质量为32g，边长为2cm的正方体合金块放入锥形瓶内，水未溢出，如图乙。求：
（1）合金块的重力大小；
（2）合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小；
（3）如图乙，稳定后，合金块对锥形瓶底的压强；
（4）合金块放入锥形瓶前后，水对锥形瓶底的压力变化量。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；功率的概念；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A、洗热水澡时的水温约为40℃，故A不符合实际；
B、中学物理课本宽约为18cm，故B符合实际；
C、教室内饮水机加热时的功率约为500W，故C不符合实际；
D、初中生从一楼走到五楼的时间约为30s，故D不符合实际。
故答案为：B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A、电流表的符号是，故A错误；
B、灯泡的符号正确，故B正确；
C、电池的符号正确，故C正确；
D、开关的符号正确，故D正确。
故答案为：A。
【分析】根据常见的元件符号进行分析。
3．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、露珠的形成是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，是从气态变成液态，属于液化现象，故A不符合题意。
B、冰糕的制作是将液态的原料冷却变成固态，符合物质从液态变成固态的凝固定义，属于凝固现象，故B符合题意。
C、霜打枝头是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，是从气态直接变成固态，属于凝华现象，故C不符合题意。
D、冰雪消融是冰或雪由固态变成液态的水，属于熔化现象，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
4．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、声音是由物体振动产生的，月琴演奏时发出的声音是由琴弦振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，现场听众听到的声音是通过空气传入人耳的，故B正确；
C、演奏时右手拨弦的力越大，响度越大，响度的大小与发声体的振幅及距发声体的远近有关，与声音的传播速度无关，故C错误；
D、音调的高低与发声体振动快慢有关，演奏时改变左手按弦的位置，是为了改变声音的音调，故D正确。
故答案为：C。
【分析】声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；响度的大小与发声体的振幅及距发声体的远近有关，振幅越大，越近，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
5．【答案】D
【知识点】质量及其特性；热机；力的作用效果；超声波与次声波
【解析】【解答】A、在太空中用电磁波传递信息，超声波的传播需要介质，故A错误；
B、质量不随位置的改变而改变，故B错误；
C、根据牛顿第一定律，若在长征二号丁运载火箭加速升空时，所有外力消失，火箭将做匀速直线运动，故C错误；
D、运载火箭的发动机是火箭喷气发动机与轿车的汽油机一样都属于热机，工作时将内能转化为机械能，故D正确。
故答案为：D。
【分析】卫星在太空中是用电磁波来传递信息的。质量不随形状、位置、温度和状态的变化而变化。根据牛顿第一定律进行分析。火箭和汽油机都属于热机。
6．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A.由电路图可知，开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机工作，故A符合题意；
B.由电路图可知，指示灯和电动机串联，故B不符合题意；
C.由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时指示灯亮起，故C不符合题意；
D.由电路图可知，开关S1闭合时电动机和指示灯都工作，再闭合S2时会造成电源短路，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】由题意可知，当开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，说明指示灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路，据此结合电路图得出答案。
7．【答案】C
【知识点】弹力；重力及其大小的计算；平衡力和相互作用力的区分
【解析】【解答】A、由题知，叠放在一起的甲、乙、丙三块石头均处于静止状态，由平衡条件可知，丙对乙的支持力等于甲、乙的重力之和，所以乙受到的重力小于丙对它支持力的大小，故A错误；
B、甲对乙的压力与乙受到的重力是方向相同，大小不相等，所以二者不是相互作用力，故B错误；
C、甲受到的重力与乙对甲的支持力同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；
D、物体由于发生了弹性形变，要恢复原状，则会对使其发生弹性形变的物体施加弹力，因此地面受到丙的压力，是由于丙发生弹性形变后要恢复原状所产生的，故D错误。
故答案为：C。
【分析】由题意知，乙受到自身的重力、甲对乙的作用力，丙对乙的作用力，即可分析判断；相互作用力的特点：两个受力物体（相互的），两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；物体由于弹性形变而产生的力叫做弹力，弹力是由于施力物体发生形变对受力物体的力，弹力是直接接触的力。
8．【答案】D
【知识点】功率的计算；速度与物体运动；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知，乙车速度大小为，故A错误；
B．由图可知，甲车速度大小为，甲的速度大于乙的速度，甲、乙两车同时同地在水平路面上向北沿直线行驶，0~6s内，以甲车为参照物，乙车向南运动，故B错误；
C.0~6s内，甲车的重力的方向始终竖直向下，而甲车在竖直方向没有移动，因此不做功，故C错误；
D．若甲车0~8s内的牵引力大小恒为1.6×103N，则0~6s内，甲车牵引力的功率为P甲=F甲v甲=1.6×103N×10m/s=1.6×104W
故D正确。
故答案为：D。
【分析】根据题图中的相关数据计算乙车的速度。物体相对参照物的位置变化了，物体是运动的，物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。根据功的公式W＝Fs进行计算。根据P＝Fv进行计算。
9．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】ABC、根据浮沉条件知，1号沉底，其密度大于液体的密度，而2、3、4漂浮，密度都小于液体的密度，根据漂浮时浮力等于重力，F浮＝ρ水gV排＝G＝ρgV；
漂浮时如果物体的浸入的体积占总体积的比例越大，物体的密度就越接近液体的密度，即密度越大，ρ2＞ρ3＞ρ4；密度关系ρ1＞ρ2＞ρ3＞ρ4；
根据G＝mg＝ρVg，已知密度关系，但不知道体积关系，故无法比较重力大小，
图中2号接近悬浮，密度在1、2之间，所以该海水为二等海水；故AB错误，C正确；
D、图中1号沉底，改盛四等海水，液体的密度更小，因而还是沉底，故排开液体的体积不变，但液体密度变小，根据阿基米德原理知，浮力减小，故D错误。
故答案为：C。
【分析】由图乙可知4个浮子在海水中的浮沉情况，根据浮沉分析其密度与液体密度关系解答；根据G＝mg＝ρVg比较重力，根据浮子的浮沉确定密度等级；根据阿基米德原理分析①号“浮子”所受浮力。
10．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、电磁铁是通电流之后具有磁性，断电流时没有磁性，是根据电流的磁效应工作的，发电机是根据电磁感应原理工作的，原理不同，故A错误。
B、若温度升高，热敏电阻R1的阻值减小，控制电路中的总电阻减小，电压一定时，由欧姆定律可知，控制电路中的总电流增大，电磁铁的磁性变强，故B错误；
C、若温度降低到一定程度，热敏电阻R1的阻值增大，控制电路中的总电阻增大，电压一定时，由欧姆定律可知，控制电路中的电流减小，电磁铁的磁性变弱，控制电路中弹簧的形变量减小，ab间处于断开状态，报警信息发送装置不会发送报警信息，故C错误；
D、若滑动变阻器R的滑片P向左移动一段距离，滑动变阻器R接入电路中的电阻变大，此时报警的电流不变，则热敏电阻R1的阻值减小，对应的报警的最低温度将会升高，故D正确。
故答案为：D。
【分析】电磁铁的工作原理是电流的磁效应；发电机的工作原理是电磁感应。电磁铁的磁性与电流大小与线圈匝数有关；温度降低，热敏电阻R1的阻值增大，分析电磁铁磁性的变化，从而分析工作电路中报警信息发送装置来解答；滑动变阻器R接入电路中的电阻变大，此时报警的电流不变，热敏电阻R1的阻值减小，而热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，据此分析作答。
11．【答案】扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】未到火锅店就闻到香味，是因为火锅中的香味分子在不停地做无规则运动，通过空气扩散到周围环境中，使人能闻到香味，这是典型的扩散现象，说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动。把火锅煮开，是通过火焰或电磁炉等热源将热量传递给火锅，使火锅内的汤和食材温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式改变物体的内能。
【分析】不同物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。改变物体内能有做功和热传递两种方式。做功是其他形式的能与内能的相互转化，热传递是内能的转移。
12．【答案】电；聚
【知识点】能量的转化或转移；核聚变
【解析】【解答】太阳能电池板将太阳能转化电能，再通过蓄电池将电能转化为化学能储存起来；
由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应。
【分析】太阳能电池将太阳能转化为电能；太阳的能量来自于它内部发生的核聚变。
13．【答案】并联；用电器；地；不能
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】充电站内各充电桩是并联的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的用电器；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接地线；若充电桩起火，应首先切断电源，生活用水是导体，不能用水灭火。
【分析】充电桩之间互不影响，是并联的。充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的用电器。有金属外壳的用电器要接地线。充电桩失火不能用水灭火。
14．【答案】减小；运动状态
【知识点】力的作用效果；压强大小比较
【解析】【解答】在滑雪场内，滑雪爱好者穿上滑雪板后对雪地的压强会减小；当滑雪爱好者沿坡道往下滑时，速度越来越快，这是因为力能改变物体的运动状态。
【分析】在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强。力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
15．【答案】小于；1.02×105
【知识点】液体压强的计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，图中A点小于水银柱的总高度750mm，故水银对玻璃管中A点的压强小于水银槽上方的大气压强（大气压）；该地的大气压强为p大气＝ρ水银gh水银＝13.6×103kg/m3×9.8N/kg×750mm＝99960Pa。
【分析】在托里拆利实验中，玻璃管内外液面的高度差反映了大气压的大小；大气压的大小与高度有关；根据p大气＝ρ水银gh水银来解答。
16．【答案】小于；变小；变大
【知识点】动能的影响因素；流体压强与流速的关系；浮力大小的计算
【解析】【解答】因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力；由于机翼上方的压强小于下方压强，则机翼上方的压力小于飞机下方的压力。匀速飞行的“鲲龙”在投水灭火时，质量变小，速度不变，故动能变小。飞机漂浮在水面上，当遇险人员被救上“鲲龙”后，总重力变大，由物体的漂浮条件可知，飞机所受浮力的变大。
【分析】机翼的升力：机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，空气的流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力。动能的大小与质量和速度有关；飞机漂浮在水面上，当遇险人员被救上“鲲龙”后，总重力变大，由物体的漂浮条件可知飞机所受浮力的变化。
17．【答案】左；1.5；左
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力的大小；摩擦力的方向
【解析】【解答】弹簧测力计甲、乙的示数分别为5N和3.5N，则弹簧测力计对A的拉力为5N，方向向右；A水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为5N；摩擦力水平向左；以B为研究对象，它受到向左的拉力为3.5N，同时受到地面对它的摩擦力和物体A对它的摩擦力，二者之和为5N，所以地面对物体B的摩擦力为5N﹣3.5N＝1.5N，方向水平向左。
【分析】物体A处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小；根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向；对B进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小。
18．【答案】16；80
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】据图可知，电路是两电阻并联，电流表A1测R2支路电流，电流表A2测干路电流，闭合开关S，两电流表的指针均指在如图乙所示的位置，说明电流表A1选用小量程，分度值是0.02A，读数为0.2A；电流表A2选择的是大量程，分度值是0.1A，读数为1A，根据并联电路电流规律可得R1支路电流为
电源电压为
定值电阻R2的阻值为
【分析】由电路图可知，闭合开关，R1与R2并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。根据并联电路的电流特点结合两电流表的指针都指在同一位置确定两电流表的量程，根据分度值读出干路电流和R1支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律可知定值电阻R2的阻值。
19．【答案】90；100
【知识点】速度公式及其应用；滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】滑轮组提升重物所做的有用功W有用=Gh=900N×5m=4500J，货物以0.5m/s的速度匀速提升到5m的高度，由可知，运动的时间
由图乙可知，此时10s拉力做的总功是5000J，所以滑轮组提升重物的机械效率
由图甲知通过动滑轮绳子段数n=2，所以绳子自由端移动的距离s=2h=2×5m=10m
由W总=Fs可得拉力
不计绳重和滑轮与轴的摩擦，分析动滑轮的受力情况可得，动滑轮的重力
G动=2F-G=2×500N-900N=100N
【分析】已知物体M的重力，根据公式W＝Gh计算拉力F对所提升物体M做的有用功。由货物上升的高度和速度，由速度公式计算出物体上升的时间，由图乙可知此时拉力做的功，即总功，再据机械效率的计算公式计算即可。由图甲知通过动滑轮绳子段数n，由s＝nh、W＝Fs可以计算出绳子自由端的拉力，在不计绳子的重、摩擦时计算出动滑轮的重力。
20．【答案】4；0.16
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】设电源电压为。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，电压表测滑动变阻器电压，表示数为3V，根据串联电压规律，电压为，则电阻R1的电功率为
当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，、并联，定值电阻R2的电功率为
若P1∶P2=1∶8，则有
解得电源电压。
当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，根据串联分压原理则有
解得滑动变阻器R的最大阻值，则当滑动变阻器R的最大阻值接入电路时，电阻总电阻最大，根据，电路总功率最小为
【分析】只闭合S时，R1与RP串联，闭合S1、S2且P移到最左端时，R2与R1并联，由P1：P2＝1：8和R1＝10Ω，R2＝20Ω 解方程得到电源电压的值。只闭合S1时，由串联电压规律得到R1两端电压，由串联分压原理得到滑动变阻器的最大阻值，当R1与RP串联时且RP阻值最大时，符合条件。由串联电阻规律得到此时电路总电阻，得到电路最小电功率。
21．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】如图所示，当一束光线从空气斜射到水面时发生反射与折射；先作出法线，然后据反射角等于入射角，作出入射光线；根据折射角小于入射角，作出折射角，如下图：
【分析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射，光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。
22．【答案】
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】图中支点在O点，当OA作为动力臂l1时，动力臂是最长的，根据杠杆平衡条件可知，此时的动力是最小的；动力的方向应该垂直OA向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图；如下所示：
【分析】根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；力臂是指从支点到力的作用线的距离。
23．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；滑动变阻器的接法
【解析】【解答】闭合开关，将滑片P向左移动，螺线管磁性变强，说明变阻器与电磁铁相互影响，两者串联，且此时变阻器接入电路电阻变小，通过电磁铁的电流变大，则变阻器的A端接入电路中；
由图可知，电流从右侧往下流入螺线管，根据安培定则，螺线管右侧为N极，左侧为S极，如下图：
【分析】滑动变阻器遵循一上一下接线原则；分析图中电流方向，根据安培定则即可判断通电螺线管磁性的磁极。
24．【答案】（1）10.0
（2）同一高度
（3）缩小
（4）右
（5）远
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝30.0cm﹣20.0cm＝10.0cm；
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心大致在同一高度；
（3）由图乙可知，物距为50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm，物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像，物近像远像变大，凸透镜位置不变，将蜡烛从图乙所示位置向右移到30cm刻度线处，物距减小，像距增大，把光屏向右移动，才可在光屏上再次呈现清晰的像；
（5）在图乙所示情景下，在凸透镜左边适当位置放置一个透镜镜片后，须将光屏向左移动才能再次出现倒立清晰的实像，说明该透镜对光有会聚作用，凸透镜对光有会聚作用，远视眼配戴凸透镜。
【分析】（1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心大致在同一高度；
（3）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析；
（5）将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，可看出该透镜对光线有会聚作用，据此分析透镜的类型；物体所成的像在视网膜前方，为近视眼，物体所成的像在视网膜后方，为远视眼，据此分析此镜片所能矫正的视力缺陷类型。
25．【答案】（1）右；54；1.1×103
（2）1；
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，游码放在标尺的左端零刻度线处，此时，若发现指针指在分度盘的中央零刻度线的左边，应将平衡螺母向右调节。
④由图乙可知，烧杯和剩余酱油的总质量m剩=50g+4g=54g
⑤由图丙可知，倒出的酱油的体积V=60mL=60cm3，倒出的酱油的质量m=m总-m剩=120g-54g=66g，酱油的密度
（2）根据称重法可知，物体浸没在水中时所受浮力F浮水=G-F=3N-2N=1N
由F浮=ρ液V排g可得，物体排开水的体积，即物体的体积
再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，则该物体在酱油中受到的浮力F浮酱油=G-F2
因为物体在酱油中和在水中都是全部浸没，所以V排酱油=V排水=V
由F浮酱油=ρ酱油V排酱油g可得，酱油的密度表达式
【分析】（1） ① 天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；为使横梁平衡，相对于指针的偏转，调节规律是“左偏右调”；
④被测物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的刻度；
⑤烧杯和酱油的总质量减去烧杯和剩余酱油的总质量即为倒出的酱油的质量，由图丙读出酱油的体积，由密度公式可求得酱油的密度；
（2）该物体浸没在水中时所受浮力为F浮＝G﹣F拉，由F浮＝ρ水gV排可求得物体体积，将该物体取出擦干后浸没在酱油中，V排酱油＝V，由图丁、图己求得该物体在酱油中受到的浮力，由F浮酱油＝ρ酱油gV排酱油可求得酱油的密度表达式。
26．【答案】（1）控制变量法；断开
（2）C
（3）正
（4）灯泡电阻随温度升高而变大
（5）2
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）导体中的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关，探究电流与导体两端电压的关系，需要导体的电阻不变，本实验运用了控制变量法；
为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障为定值电阻R断路，故选：C；
（3）由图乙可知，I﹣U图像是经过原点的直线，所以，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（4）小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，是因为小灯泡灯丝的电阻是变化的，灯丝电压的升高时，灯丝的温度升高，灯丝电阻变大；
（5）将25Ω的定值电阻接入电路，并将滑动变阻器（50Ω，1A）的滑片移到阻值最大处，根据串联分压原理则有
解得
所以小雨能选取的定值电阻两端的电压至少为2V，选取的定值电阻两端的电压范围是2～3V。
【分析】（1）当研究的物理问题受多个因素影响时，要研究该物理问题与某个因素的关系，需要控制其他因素不变，这种研究问题的方法叫控制变量法；为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）分析图乙，图像为经过坐标原点的直线，据此可知电流与电压中的关系；
（4）从影响电阻大小的因素方面考虑；
（5）当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中变阻器的最大电阻为25Ω，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻25Ω电阻进行实验时，变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
27．【答案】（1）解： 根据参数可知，电热暖手宝正常工作时的电流为
（2）解： 袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量为
（3）解： 该过程中、电热暖手宝消耗的电能为
电热暖手宝的加热效率为
【知识点】功率的计算；欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算；比热容相关的比例计算
【解析】【分析】（1）由P＝UI得到暖手宝正常工作时的电流。
（2）由Q＝cmΔt得到袋内液体从10℃加热至32℃吸收的热量。
（3）由W＝Pt得到暖手宝消耗的电能，由效率公式得到该过程中电热暖手宝的加热效率。
28．【答案】（1）解： 合金块的重力为
（2）解： 合金块放入锥形瓶内浸没。排开水的体积与金属块的体积相等为
合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力为
（3）解： 图乙中合金块对锥形瓶底的压力为
合金块对锥形瓶底的压强为
（4）解： 合金块放入锥形瓶前后，液面上升的高度为
水对锥形瓶底的压强变化为
水对锥形瓶底的压力变化量为
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）已知正方体合金块的质量，根据G＝mg求合金块的重力；
（2）已知正方体合金块的边长，根据V＝L3求合金块的体积，合金浸没在水中，排开水的体积等于它的体积，根据F浮＝ρ液gV排求合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小；
（3）根据力的平衡条件求瓶底对合金块的支持力，根据力的相互性可知合金块对瓶底的压力，根据求合金块对锥形瓶底的压强；
（4）合金块放入锥形瓶后，根据V=Sh求水面高度的变化量，根据p=P液gh求水对瓶底的压强变化 量，根据求水对锥形瓶底的压力变化量。
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