第九章 第48练 专题强化:带电粒子在电场中的力电综合问题
[分值:50分]
1~5题每小题5分,共25分
1.(2024·江苏省模拟)如图所示,水平放置的轻质绝缘弹簧左端固定在竖直墙壁上,右端连接一放置在光滑绝缘水平面上的带正电小球,水平面上方存在水平向右的匀强电场。初始时弹簧处于压缩状态,将小球由静止释放,小球运动过程中弹簧始终在弹性限度内,则在小球向右运动的过程中( )
A.弹簧恢复原长时,小球的速度最大
B.弹簧恢复原长时,小球的加速度为零
C.小球运动到最右端过程,弹簧的弹性势能变化量为零
D.小球运动到最右端时,弹簧的弹性势能比初始时的大
2.(2024·江苏扬州市联考)如图所示,用绝缘细线拴一个带负电的小球,让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动,a、b两点分别是圆周的最高点和最低点,则( )
A.小球经过a点时,细线中的张力一定最小
B.小球经过a点时,电势能一定最大
C.小球经过b点时,电势不是最低
D.小球经过b点时,机械能一定最小
3.(2024·江苏常州市调研)水平地面上方有水平向右、范围足够大的匀强电场,从地面上的A点竖直向上抛出一个带电的小球,运动轨迹如图所示,B点为轨迹的最高点,空气阻力可忽略。则小球在从A到B过程中( )
A.电势能增大
B.机械能先增大后减小
C.速度先减小后增大
D.相同时间内速度变化量不同
4.(2023·江苏镇江市检测)如图所示,真空中存在一个水平向左的匀强电场,电场强度大小为E,一根不可伸长的绝缘细线长度为l,细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球,另一端固定在O点。把小球拉到使细线水平的A点,由静止释放,小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°角的B点时速度为零,重力加速度为g。以下说法中正确的是( )
A.小球在B点处于静止状态
B.小球受到的重力与静电力的关系是qE=mg
C.小球将在A、B之间往复运动,且幅度将逐渐减小
D.小球从A运动到B的过程中,静电力对其做的功为-qEl
5.(2024·江苏盐城市期末)如图所示,在电场强度大小为E的水平匀强电场中,有一足够大的绝缘光滑水平面,一根长为L的绝缘轻软细绳一端固定在平面上的O点,另一端系有一个质量为m、带电荷量为+q的小球A(可看作质点)。当小球A在水平面上静止时,细绳被拉直且与OO'重合,OO'的方向与电场方向平行。在水平面内将小球由平衡位置拉开一小段距离,保持细绳拉直,直至细绳与OO'间有一个小角度θ(θ<5°)后由静止释放,不计空气阻力,则下列说法中正确的是( )
A.小球A在运动过程中的加速度大小恒为a=
B.细绳通过OO'后小球A速度为0时,细绳与OO'的夹角大于θ
C.细绳通过OO'时小球A的速度与其质量m无关
D.小球A释放后经历的时间,细绳会与OO'重合
6题12分,7题13分,共25分
6.(12分)(2024·江苏淮安市期中)如图所示,空间中存在水平向右、电场强度大小为E=5×103 N/C的匀强电场,水平传送带BC的左端与水平面AB在B点平滑连接,右端与一个半径为R的光滑圆弧轨道CD水平相切于C点。xAB=xBC=R=1 m,传送带顺时针转动,速率恒为v=5 m/s,现将一质量为m=0.5 kg、带正电且电荷量为q=1×10-3 C的小滑块,从A点由静止释放,小滑块与AB段和BC段间的动摩擦因数均为μ=0.2,g取10 m/s2。求:
(1)(3分)小滑块运动到水平面右端B点时的速度大小;
(2)(4分)小滑块运动到圆弧轨道底端C点时所受的支持力大小;
(3)(5分)小滑块对圆弧轨道CD压力的最大值。(取1.4)
7.(13分)(2024·江苏扬州市段考)如图所示,在竖直平面内的平面直角坐标系xOy中,x轴上方有水平向右的匀强电场,x轴下方存在竖直向上、范围足够大的匀强电场,电场强度大小等于E2=。先有一质量为m、电荷量为+q(q>0)的带电绝缘小球,从y轴上的P(0,L)点由静止开始释放,运动至x轴上的B(L,0)点时,恰好无碰撞地沿切线方向进入固定在x轴下方竖直放置的四分之一圆弧形光滑绝缘细管,BC=2L。小球第3次经过x轴时与x轴交于D点(图中D点未画出),细管内径略大于小球外径,小球直径远小于细管轨道的半径,不计空气阻力,重力加速度为g。求:
(1)(3分)匀强电场电场强度E1的大小;
(2)(7分)小球从P点至D点的时间;
(3)(3分)D点的位置坐标。
参考解析
1.D [当小球受到静电力和弹簧弹力平衡时,加速度为零,小球速度有最大值,此时弹簧处于伸长状态,故A、B错误;在小球向右运动到最右端的过程,静电力做正功,根据动能定理
W电+W弹=0
可知弹簧弹力做负功,小球运动到最右端时,弹簧的弹性势能比初始时的大,故C错误,D正确。]
2.D [带负电的小球受向上的静电力,向下的重力,若静电力大于重力,则两个力的合力向上,则小球经过a点时,速度最大,此时线中的张力最大,故A错误;沿着电场线方向电势降低,b点所在位置的电势最低,则带负电荷小球在b点的电势能最大,故B、C错误;因小球运动过程中只有静电力和重力做功,则电势能与机械能之和守恒,则小球经过b点时,电势能最大,则机械能最小,故D正确。]
3.C [由运动轨迹可知,小球带正电,则小球在从A到B过程中静电力做正功,电势能减小,机械能增大,故A、B错误;运动过程中,开始时,小球所受合力与速度夹角为钝角,合外力做负功,故小球动能减小,然后小球所受合力与速度夹角为锐角,合外力做正功,小球动能增大,故C正确;小球的合外力固定不变,则加速度固定不变,则相同时间内小球的速度变化量相同,故D错误。]
4.D [小球在B点速度为零,所需向心力为零,但合力不为零,不可能处于静止状态,故A错误;对小球从A到B的过程,根据动能定理有mglsin θ-qEl(1-cos θ)=0-0,解得mg=qE,故B错误;根据能量守恒定律可知,小球将在A、B之间往复运动,且幅度不变,故C错误;小球从A运动到B的过程中,静电力对其做的功为W=-qEl(1-cos θ)=-qEl,故D正确。]
5.D [在水平方向上,小球除了受静电力外,还受到绳子拉力作用,因此加速度不再是,A错误;由于运动的对称性,细绳通过OO'后小球A速度减小为0时,细绳与OO'的夹角仍为θ,B错误;根据动能定理 EqL(1-cos θ)=mv2,小球A通过OO'时,质量越大, 速度越小,C错误;小球A的运动与单摆的运动类似,其等效重力加速度g'=,代入单摆的振动周期公式,可得 T=2π,小球A经t= 恰好与OO'时重合,D正确。]
6.(1)4 m/s (2)22.5 N (3)28.5 N
解析 (1)小滑块从A点运动到B点的过程,由动能定理得qExAB-μmgxAB=m-0,
解得vB=4 m/s。
(2)小滑块滑上传送带时,因传送带速率大于滑块速率,所以滑块受到的滑动摩擦力水平向右,由牛顿第二定律得Eq+μmg=ma1,解得a1=12 m/s2,滑块加速到与传送带共速时,有v2-=2a1x,解得此加速过程滑块的位移大小为x1=0.375 m,小滑块速率大于传送带速率后,滑块受到的滑动摩擦力水平向左,由牛顿第二定律得Eq-μmg=ma2,解得a2=8 m/s2,由运动学公式有-v2=2a2(xBC-x1),解得滑块运动到C点时的速度大小vC= m/s,滑块在C点时,由牛顿第二定律得FNC-mg=m,解得FNC=22.5 N。
(3)由于Eq=mg,所以等效重力大小为mg'=mg,方向与水平方向成45°角斜向右下方,当滑块从C点开始沿圆弧轨道运动的弧长对应的圆心角θ=45°时,滑块的速度最大,对轨道压力最大,在该点,对滑块有FN-mg'=m,从C点到速度最大位置,由动能定理得mg'R(1-cos 45°)=mv'2-m,联立解得FN=28.5 N,根据牛顿第三定律可知,小滑块对圆弧轨道CD压力的最大值FN'=FN=28.5 N。
7.(1) (2)3
(3)(11L,0)
解析 (1)小球由静止释放后在重力和静电力的作用下做匀加速直线运动,小球从B点沿切线方向进入,根据几何关系,此时速度方向与竖直方向的夹角为45°,即加速度方向与竖直方向的夹角为45°,则有
tan 45°=
解得E1=
(2)从P到B的过程中,小球做匀加速直线运动,根据动能定理得
mgL+qE1L=m
根据位移的表达式有L=t1
解得vB=2,t1=
从B到C的过程中,由于qE2=mg
即静电力与重力平衡,则小球做匀速圆周运动,根据几何关系有2Rcos 45°=2L
从B到C的过程中经历的时间t2=·
解得t2=
小球从C点抛出时的速度
vC=vB=2
方法一:从C到D的过程中,小球做类平抛运动,沿着合力方向做初速度为0的匀加速直线运动,沿着垂直合力方向做匀速直线运动,落到x轴时,位移和合力方向的夹角为45°,则有
tan 45°=
其中ma=
解得t3=2
方法二:将小球的运动分解为水平方向和竖直方向,分别为匀加速直线运动和竖直上抛运动,在竖直方向上mg=ma⊥
v⊥=vCsin 45°
则从C到D的过程中,运动时间
t3=2=2
则小球从P点至D点的时间
t=t1+t2+t3
解得t=3
(3)方法一:由(2)分析可得,从C到D的过程中,小球做类平抛运动,垂直合力方向上
x'=vCt3=4L
运动位移大小xCD==8L
则D点距离O点的长度xD=L+2L+xCD=11L
可得D点的位置坐标为(11L,0)。
方法二:将小球的运动分解为水平方向和竖直方向,分别为匀加速直线运动和竖直上抛运动,
小球水平方向的加速度大小
a∥==g
水平方向做匀加速直线运动,有xCD=vCt3cos 45°+a∥
解得xCD=8L
则D点距离O点的长度xD=L+2L+xCD=11L
可得D点的位置坐标为(11L,0)。