实验题易错精选题 期末题型攻略（含解析）2024-2025学年物理八年级下册人教版
文档属性
| 名称 | 实验题易错精选题 期末题型攻略（含解析）2024-2025学年物理八年级下册人教版 |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.4MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-07-08 12:32:08 | ||
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文档简介
【期末题型攻略】实验题易错精选题 2024-2025学年物理八年级下册人教版（2024）
一、实验探究题
1．某同学在探究“物体所受重力大小与物体质量的关系”的实验记录如下表：
实测物体 物体质量m(kg) 重力G(N) 比值 (N/kg)
物体1 0.1 0.98 9.8
物体2 0.2 1.96 9.8
物体3 0.3 2.94 9.8
（1）在实验过程中，需要的两个测量工具是 、 ．
（2）分析表中实验数据，可以得出的结论是：物体的重力和质量成 比，你判断的依据是 ．
（3）在图中，以质量为横坐标，重力为纵坐标，根据表格中的数据，画出重力与质量之间关系的图线．
（4）该小组的同学在继续探究“影响物体重力大小的因素”实验中，进行了 “物体重力的大小跟物体形状是否有关”的探究实验，他们用橡皮泥为实验对象，用小刀将橡皮泥雕刻成各种形状进行实验，实验数据如表所示．
被测物体 形状 重力
橡皮泥 正方体 4.8 N
球 4.2 N
三棱锥 3.6 N
分析实验数据得出的实验结论是：物体重力的大小与物体的形状有关．他们的结论正确吗？
，请你对此实验过程及实验结论作出评价．评价： ．
2．小张同学做了一个实验，来验证力的三要素对力的作用效果的影响，如图所示，用一个弹性较好的钢片固定在桌边，在钢片上用细线挂钩码（小张使用的钩码规格相同），通过钢片受力而发生的形变来研究问题。
（1）通过（a）和（c）中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的 有关。
（2）通过比较（a）和 中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的作用点有关。
（3）通过比较（a）和（d）中钢片的形变程度，可以得出结论：
（4）在本实验中，小张采用的研究方法叫做 法和转换法。
3．小明同学在竖直悬挂的弹簧下加钩码，做“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验。下表是小明同学收集的实验数据。
弹力/N 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
弹簧总长度/cm 6.0 7.2 8.4 9.6 10.8 12.0
弹簧伸长量/cm 0 1.2 ____ ____ ____ ____
（1）请你帮助小明同学完成上表的空白处；
（2）在坐标系中画出弹簧伸长量与弹力的关系图；
（3）分析实验数据或从弹簧伸长量与弹力的关系图，你可得到的结论： 。
（4）支持你上述结论的依据是： 。
（5）此实验结论在实际中的一个应用是： 。
（6）在对本实验数据分析的过程中，你觉得运用图象分析的优点有哪些？（说出一点即可） 。
4．在探究“重力的大小跟什么因素有关系”的实验中，按照图甲所示，把钩码逐个挂在弹簧测力计上，分别测出它们受到的重力，并记录在下面的表格中。
质量 100 200 300 400 500
重力 1.0 3.6 4.0 5.1
（1）实验前，为了提高测量的准确程度，应在 （“竖直”或“水平”）方向上对弹簧测力计进行调零；
（2）把钩码挂在弹簧测力计下保持 时，弹簧测力计对钩码的拉力等于钩码受到的重力；
（3）第2次测量时弹簧测力计如图甲所示，示数为 N；
（4）根据表格中的实验数据，在画出重力与质量的关系图像如图乙，从图中可看出所描的点不在同一直线上，这现象称为 ；
（5）从实验我们可以得出的结论是 。
5．为了探究弹簧的伸长量与它所受拉力大小的关系，小明决定进行实验：
实验次数 1 2 3 4 5
拉力（钩码总重）F/N 0 2 4 6 8
弹簧伸长量 L/cm 0 0.80 2.10 2.40 3.20
（1）要完成实验，除了需要如图甲所示的弹簧、若干相同的钩码（每个钩码所受重力已知）、铁架台以外，还需要的测量仪器是 。进行实验后小明记录数据如下表，表中数据表明弹簧的伸长量与它所受拉力大小成正比，他的判断依据是 ，明显错误的是第 次实验；
（2）在图乙中作出弹簧伸长 L与所受拉力F的关系图像；
（3）分析数据，得出的结论是：弹性限度内，弹簧的伸长与它所受的拉力大小成正比，他的判断依据是 。
6．某实验小组的同学对两根原长都为8cm、粗细不同的A、B橡皮筋进行研究，并做成橡皮筋测力计。将橡皮筋的一端固定，另一端悬挂钩码，如图甲所示，记录橡皮筋受到的拉力大小F和橡皮筋伸长量x，根据多组测量数据做出的图线如图乙所示。
（1）当在A橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，橡皮筋A的伸长量为 cm。
（2）分别用这两根橡皮筋制成了如图丙所示两测力计，它们外壳相同，刻度线分布情况相同，则用橡皮筋 （选填“A”或“B”）制成的测力计测量的精确程度较高。
（3）若将本实验中A、B两根橡皮筋并联起来代替弹簧测力计，能够测量力的最大值为 N。
（4）实验小组同学想利用丙图中A橡皮筋测力计制作一个直接测量液体密度的“密度计”。他们用同一小桶分别盛满了2种液体，用A橡皮筋测力计分别测出液体和小桶的总重力，下表是2次测得的总重力及对应液体的密度（g取10N/kg）。则该密度计的零刻度线应标记在A橡皮筋测力计刻度板上 N的位置。
液体种类 酒精 植物油
弹簧测力计的示数F（N） 2.6 2.7
液体密度ρ(×103kg/m3) 0.8 0.9
7．小明用如图所示的实验装置探究“二力平衡的条件”。
（1）如图甲所示，在放入质量相等的钩码时，放手后小车静止；在两托盘中放入质量不相等的钩码时，放手后小车运动，这说明相互平衡的两个力 ；
（2）小明重新设计了如图乙所示改进装置，目的是减少 对小车平衡的影响；
（3）实验时，将小车扭转一个角度，松手瞬间小车不能平衡，说明相互平衡的两个力作用在 ；
（4）继续对这一问题进行探究：如图丙所示，将系于轻质卡片两端的细线分别跨过高度不同的定滑轮，细线两段分别挂上钩码，该装置 选填“能”或“不能”探究二力平衡的条件。
8．在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验：
（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 运动，根据二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小 弹簧测力计的示数；
（2）小明经过多次实验获得下表中的实验数据：
实验次数 实验条件 弹簧测力计示数F/N
1 木块 长木板 0.8
2 木块上放1个砝码 长木板 1.0
3 木块上放2个砝码 长木板 1.2
4 木块上放1个砝码 粗糙长木板 1.3
5 木块上放1个砝码 更粗糙长木板 1.7
①分析表中1、2、3三次实验数据，可以得出在 相同的情况下， 越大，滑动摩擦力越大；
②分析表中 三次实验数据，可以得出在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力 ；
（3）实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.6N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力 0.6N；（选填“大于”“小于”或“等于”）
（4）许多情况下摩擦是有用的，人们常常设法增大它；请在生活中列举一例增大摩擦的措施： 。
9．在学习牛顿第一定律时，同学们分组进行了“探究阻力对物体运动的影响”实验，如图所示。
（1）实验中每次都使同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的 ；实验中小车在 表面上受到的阻力最大．在 表面上受到的阻力最小．
（2）分析实验现象可知：在其他条件相同时，小车受到的阻力越 ，运动的距离越远；由此可以推测：如果阻力减小为零，水平面足够长，那么小车在水平面上的运动速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生改变，木块将做 。著名的牛顿第一定律是在此基础上总结出来的。这个定律是在大量实验的基础上通过推理而概括出来的， （选填“能”或“不能”）用实验直接验证。
10．在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明选择长木板、棉布、长方形木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等器材，其操作过程如图所示。
（1）实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做 运动，根据二力平衡的知识可知，此时弹簧测力计示数F (选填“大于”“等于”或“小于”)木块所受滑动摩擦力的大小。
（2）实验数据记录如下表所示，比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 (选填“有关”或“无关”)；比较 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大滑动摩擦力越大。
实验情景 甲 乙 丙 丁
测力计示数F/N 1.5 1.5 2.1 2.5
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论。
（4）小明对实验装置进行改进，如图戊所示。该装置的优点是 (选填“不需要”或“需要”)使长木板做匀速直线运动，且向左拉动长木板的过程中，弹簧测力计不动， 更方便。
11．小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。
a.如甲图所示，将木块A平放在大长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
b.如图乙所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
c.如图丙所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一码，缓缓地匀速拉动木块A， 保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
（1）由 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）由甲、乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越 (选填“大”或“小”)。
（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是 长木板做匀速直线运动(选填“需要”或“不需要”).
（4）实验拓展：如图1所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用， F -1和v-t图像分别如图2、图3所示。则物体C在第2秒时受到的摩擦力大小为 N.第4秒时受到的摩擦力大小为 N.
12．探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，如图所示。
（1）小组的同学首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次他们都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，根据 原理，可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等；
（2）分析 两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）分析甲、丙两图可知： ；
（4）某小组的同学用乙装置拉动物体A做匀速直线运动时，物体A上面砝码 摩擦力（填“受”或“不受”）。该小组的同学接着加大拉力拉着物块做直线运动，当弹簧测力计的示数为，这时物块A受到木板的摩擦力为 。
13．小明为探究“影响液体内部压强的因素”，进行了图所示的实验。
（1）为了使实验现象更明显，U 形管中的液体最好用 （选填“有色/无色”）的。如图甲、乙所示，按压压强计探头的橡皮膜，U 形管两侧液面无变化，说明压强计 （选填“漏气/不漏气”）；
（2）如图丙所示，小明将调节好的压强计的探头放入水中，保持探头所处的深度不变，多次改变 发现 U形管两侧液面的高度差相等，这说明在液体内部的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；
（3）比较图丙、丁的实验现象，图 中探头受到水的压强较大，可得出结论；
（4）将图丁中U形管中液体由水换成酒精 （），维持探头深度和朝向与丁图一致，则U形管两侧液面高度差将 （选填“变大/不变/变小”）。
14．在探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验中，小明同学用一块海绵、一张小桌子和一个砝码，做了如图所示的一系列实验。
在设计实验时，采用 法来研究压力的作用效果与压力大小和受力面积的关系，分析比较图 的实验现象，可以得出结论：当受力面积相同时，压力越 （选填“大”或“小”），压力的作用效果越明显；分析比较图 的实验现象，可以得出结论：当压力相同时，受力面积越 （选填“大”或“小”），压力的作用效果越明显。
15．小明用压强计探究“液体压强与哪些因素有关”的实验装置如图所示。
（1）压强计通过U形管两侧液面的 来反映被测压强大小，这种研究物理问题的方法是 。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是 (填选项)。
A.向U形管中注人一些水
B.将U形管中水倒出一些
C.拆下软管重新安装
（2）通过比较图甲、乙、丙三次实验现象，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强 。
（3）通过比较图 两次实验现象，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而 。
（4）通过比较图丁、戊两次实验现象，可得出结论：同一深度，液体的 越大，压强越大。
16．在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。
（1）同学们是根据 来比较压力的作用效果的；
（2）比较图甲、乙可以得到结论：受力面积一定时， ，压力的作用效果越明显；
（3）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较 两图的实验；
（4）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为p乙 p丁（选填“>”“<”或“=”）；
17．小明利用压强计等装置探究“液体内部压强的规律”。
（1）实验前检查器材，发现U形管两边液面如图甲所示，出现这种情况的原因是：U形管左侧液面上方的气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压，调节的方法是 （填字母）；
A．将右侧管中高出的液体倒出；
B．向右侧管中倒入部分液体；
C．取下软管重新安装；
（2）比较乙、丙两图，可以得到：液体的压强与 有关；
（3）小明发现用图丁装置不仅可以探究“液体内部压强的规律”，还可以用它测量未知液体的密度，于是他进行了如下操作：
①往左侧加入深度为的水，测得左侧水面到橡皮膜中心的深度为；
②接着往右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜 ；
③测得待测液体液面到容器底的深度，液面到橡皮膜中心的深度为；请你选择相关的物理量，写出待测液体密度的表达式 （水的密度用表示）。
18．小强是个善于观察与思考的学生。
（1）他发现：家里洗菜池中装满水时，提起橡皮塞比较费力。说明：水对池底的橡皮塞有 （填“压力”或“重力”、“弹力”）作用；
（2）图甲中一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶分别水平、竖直放入水中，四个方向橡皮膜 （填“内凹”或“外凸”）现象进一步证明液体内向各个方向都有压强；
（3）接着小强同学利用微小压强计探究液体内部压强的特点：
①实验前，小强发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，接下来的操作应该是 ；
A．再多加一些红墨水 B．倒出一些红墨水
C．取下软管重新安装 D．按压金属盒的橡皮膜
②小强保持乙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丙所示。比较乙、丙两次实验，小强得出了：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论 （选填“正确”或“不正确”），原因是： 。
（4）如2图所示，小明将U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通，U形管内左右两液面分别用a、b表示，用电吹风向管口吹风，则U形管内液面较高的是 （选填“a”或“b”）。
19．某同学利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶等器材验证阿基米德原理。
（1）如图，物块的重力为 N；
（2）图甲溢水杯装满水后，将物块浸没在水中，如图乙所示，物块受到的浮力为 N，通过分析得到 大小与浮力大小相等，从而验证阿基米德原理；
（3）继续实验，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，如图丙所示，通过比较F1-F3和 的大小关系，可得出结论“物块受到的浮力大小与液体密度有关”。
20．如图所示，利用实心圆柱体、弹簧测力计、烧杯、水、盐水等器材“探究浮力大小与哪些因素有关”实验，请根据图示回答问题：
（1）从图中A、B、C、D可得出：浮力的大小与 有关；
（2）从图中A、D、E可得出：浮力的大小与 有关；
（3）从图A、D可求出：D图中实心圆柱体受到水的浮力为 N，实心圆柱体的密度为 kg/m3。
21．物理兴趣小组在进行“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用弹簧测力计挂着一实心物块，进行如图1中A、B、C、D、E步骤实验，请回答下列问题：
（1）物块的重力为 N；
（2）由步骤A和步骤 （填步骤序号）可知，浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度有关；
（3）小红根据图A、B、C得出结论，物体在液体中深度越深，受到的浮力越大，小红的结论是 （选填“正确”或“错误”）的；
（4）利用图1中的测量数据，结合阿基米德原理，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知），下列物理量中不能计算出的是 （填序号）；
a.物块的体积
b.物块的密度
c.盐水的体积
d.盐水的密度
（5）小明还想用图2所示装置验证阿基米德原理：将装满水的溢水杯放在升降台上，用升降台来调节溢水杯的高度。当逐渐调高升降台时，小明发现随着重物浸入水中的体积变大，弹簧测力计甲的示数变小，乙的示数变大，若它们的变化量 ，则证明阿基米德原理成立。
22．小明利用两个不同密度的物体对浮力问题进行研究。
（1）如图所示，乙、丙、丁图烧杯中的液体为水，戊图烧杯中装的为某未知液体：
①由丙、丁、戊三个图可知，物体所受的浮力大小和浸没在液体中的深度 ，跟浸入液体的密度 （两个空均选填“有关”或“无关”）；
②物体在丙图中受到浮力是 N；
③乙图中的弹簧测力计的示数可能是 （填选项）；
A.6N B.4.4N C.3.5N D.2.8N
（2）如图所示，他用吸盘把滑轮的轴固定在水中，再用弹簧测力计通过滑轮将正方体A匀速拉入水中，从图甲到图乙的过程中，弹簧测力计的示数F与时间t的关系如图丙所示，正方体A的重力为0.6N，不计摩擦和绳重，则：
①当正方体A全部浸没中水中时所受到的浮力是 N；
②如果正方体A的体积为V，则图甲中正方体A露出水面的体积为 （用V表示）。
23．小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，相关操作如图所示，已知：。
（1）物体浸没在水中时受到的浮力为 N；
（2）由图A、B、C所示实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与 有关；
（3）由图 所示3个实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度 则物体受到的浮力越小；
（5）小明继续利用图F所示装置进行浮力的研究。当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，乙的示数增大，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于 ；
（6）实验发现弹簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，原因可能是 （写1条即可）。
24．在研究液体压强的实验中，实验小组进行了如图所示的操作：
（1）图甲中U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用较 （选填“薄”或“厚”）一些的较好。
（2）使用前应先检查压强计的气密性，然后将其竖直放置在水平桌面上进行调整，使左右两边玻璃管中的液面 。若实验小组的小明同学在检查压强计的气密性时，用手轻压金属盒的橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计 （选填“漏气”或“不漏气”）。
（3）实验中小明同学先在装水的图乙容器中进行实验，然后换用密度大于水的硫酸铜溶液在图丙容器中进行实验，并记录了多组实验数据如下表：
序号 液体种类 金属盒的橡皮膜深度h/cm U形管中液面高度差/格
1 水 3 6
2 水 4 8
3 水 6 12
4 硫酸铜溶液 3 9
5 硫酸铜溶液 4 12
6 硫酸铜溶液 6 18
①分析表中 （选填序号）三次实验数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中实验1和4、2和5、3和6的数据可知：深度相同时，液体 越大，液体压强越大；
③根据表中数据，小明估算出硫酸铜溶液的密度为 。（已知）
（4）若在图乙中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在水中的深度使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，这是为了探究同一深度处，液体向 的压强大小关系。
（5）实验中压强计的金属盒浸没在液体中后随着深度的增加，金属盒受到的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）
25． 如图所示是某学习小组探究“动能大小跟哪些因素有关”的实验操作（甲、乙中小球质量分别为m、2m）。
（1）让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的 ；
（2）实验中通过比较 来判断小球具有动能的大小；
（3）对比甲图和乙图，该实验可得到的结论是：在速度一定时， 越大，动能越大；
（4）若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的；
（5）根据实验结论，请你给汽车司机写出一条交通警示语： 。
26．兴趣小组的同学认为车祸的危害程度与汽车的动能大小有关，于是他们进行了如下探究：（提出问题）汽车的动能大小跟什么因素有关？
（1）由“十次车祸九次快”可猜想：汽车的动能可能跟 有关；由“安全驾驶莫超载”可猜想：汽车的动能可能跟 有关；
（2）他们做了如图所示的三次实验：用金属球模拟汽车，让金属球从斜槽的某一高度由静止开始滚下，碰到水平面上的物块，将物块撞出一段距离。物块被撞得越远，说明金属球到达水平面时的动能就越大，实验中探究的动能是指 （填序号）；
A．小球在斜面上的动能 B．小球撞击木块前瞬间的动能 C．小球撞击木块后的动能
（3）分析甲、丙两图的实验现象，可以初步得到的结论是： ；
（4）本实验中水平面若绝对光滑，将 （选填“能”或“不能”）达到实验探究目的；
（5）用甲、乙两图的实验现象所得到的结论，可以解释汽车 （选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因。
27．小京为探究物体的动能大小跟哪些因素有关，由“十次车祸九次快”提出猜想一：动能的大小可能与速度有关；由“安全驾驶莫超载”提出猜想二：动能的大小可能与质量有关。
为了检验猜想是否正确，他利用如图所示的装置进行了甲、乙、丙实验，其中A、B为两个质量不相同的小球。
（1）实验中，小球到水平面时的动能是由 能转化而来的。
（2）实验中，小球到达水平面的动能大小是通过木块被推动的距离来反映的。木块被推动的距离越远，反映小球的动能越 。（选填“大”或“小”）
（3）为了检验猜想一，选用甲、乙两图进行实验，由图中的实验现象，可以得到的结论是 。
（4）为了检验猜想二，在完成图甲实验的基础上，进行了图丙的实验，但发现木块被撞后滑出了木板，为完成对比实验，在不改变木板长度的前提下，可以采用下列方法中的 （选填选项前的字母）进行调整。
A．换比A质量小的球 B．给木板上铺毛巾
C．适当降低小球的高度 D．换较重的木块
28．小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，用质量不同的两个小球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图1所示。
（1）实验中小球动能的大小是通过观察比较 反映出来的。若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的；
（2）由图1甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与 有关；
（3）小明根据图1甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与质量有关，他的看法是否正确？ （选填“正确”或“错误”），理由是 ；
（4）某同学用图2所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（）由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是 （选填“正确”或“错误”）的。
29．为了探究质量与速度相比，哪个因素对物体的动能影响更大，小明进行了如图所示的实验：让钢球从斜面由静止滚下，推动水平面上的木块，斜面底部的速度传感器可以显示钢球的速度，小明经过多次实验，得到的数据如表所示。
序号 钢球的质量m/g 钢球速度v/（） 木块移动距离s/cm
1 10.0 0.3 8.5
2 20.0 0.3 16.2
3 10.0 0.4 15.0
4 10.0 0.6 32.7
（1）除了速度传感器和刻度尺，完成此实验需要的测量器材还有 ；
（2）实验中用 反映钢球的动能大小，由 （填序号）两次实验可知：运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越 ；
（3）分析数据，初步得出结论： 对物体的动能影响更大，理由是 。
30．如图所示，小明利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干每个钩码质量相同等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向 选填“左”或“右”调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在点挂个钩码，则应在点挂 个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置移动到位置时，测力计的示数将 选填“变大”“变小”或“不变”；
（4）在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是____。
A．使测量数据更准确
B．多次测量取平均值减小误差
C．避免偶然性，使实验结论具有普遍性
31．在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示．
序号 钩码总重 G/N 钩码上升 高h/cm 拉力 F/N 绳端移动距 离s/cm 机械效率 η
1 2 10 0.8 30 83.3%
2 4 10 1.5 30
3 6 10 2.2 30 90.9%
（1）第二次数据中，滑轮组的机械效率为 %；（保留一位小数）
（2）分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越 （选填“高”或“低”）；
（3）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是____（填序号）．
A．增大绳重
B．减轻动滑轮重
C．加快物体提升的速度
32．许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一，请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
（1）甲实验中，小车在不同水平面上运动的过程中，所受阻力越 ，速度变化越慢，若阻力为零，运动的小车将 。
（2）乙实验中，两小球的质量 ，两小球到达水平面时的初始速度 （选填“相同”或“不同”）。
（3）乙实验中，若水平面是光滑的，则 （选填“能”或“不能”）完成实验探究目的。
（4）丙实验中，斜面长为3m，高为1m，物体B重4.5N。用弹簧测力计沿斜面匀速直线拉动B，实验中弹簧测力计示数如图所示，则拉力为 N，所测斜面的机械效率为 ，物体受到的摩擦力为 N。
33． 根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：
（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示。小杰通过调节杠杆右端的螺母向 选填“左”或“右”移动，使杠杆保持 并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量 。然后进行下面的实验探究。
（2）要使图乙中杠杆平衡，应在处挂 个钩码每个钩码都是相同的。
（3）当弹簧测力计由图丙的竖直方向变成倾斜方向，则杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将 选填“变大”“不变”或“变小”。
（4）小杰对实验装置进行改装如丙丁，杠杆的自重是，点和点，分别是杠杆总长度的处和处，小杰两次将重为的钩码分别挂在点和点，使钩码上升同样的高度，点杠杆左边端点，已知两次机械效率分别是和，则 不计摩擦。
（5）小杰看到爸爸利用如图的工具抬起大花盆，取出托水盘清洗，结合上面的探究，为了抬起花盆时更省力，他建议爸爸将支架向 移动一些距离选填“左”或“右”。
34．如图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时我们常把杠杆的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），直至杠杆在水平位置平衡，这样既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 。
（2）如图乙所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N。
（3）如图丙所示，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F将 ，F与其力臂的乘积变化情况是 （两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）如图丁是小利做实验的一个场景，她发现杠杆不能在水平位置平衡，于是她将支点向左移一格，此时杠杆 （选填“能”或“不能”）在水平位置平衡。
35．在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小刚用如图所示滑轮组进行了三次实验，实验数据如表所示。
实验序号 物重 物体上升的高度 拉力 绳端移动距离 机械效率
（1）本实验中用到的测量工具有 和 。
（2）在第次实验中，做的有用功是 ，额外功是 。
（3）第次实验中滑轮组的机械效率是 结果保留至。
（4）通过分析实验数据可以得出：同一滑轮组提升的物重增大，机械效率将 均选填“增大”、“减小”或“不变”。
答案解析部分
1．【答案】（1）弹簧测力计；天平
（2）正；物体的重力和它的质量的比值是一定的或质量增大几倍，重力也增大几倍
（3）
（4）结论不正确；因为实验方法有错误，在实验中没有保证橡皮泥的质量不变
【解析】【解答】（1）在实验中要用弹簧测力计测量物体的重力，用天平测量物体的质量；
（2）从表格中数据可知，重力和质量的比值不变，质量增大几倍，物体的重力也增大几倍．所以物体的重力与质量成正比；
（3）根据表格中数据进行描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：
（4）因为物体所受重力大小与质量有关，所以在探究重力大小与形状之间的关系时，应保持质量不变．该小组的同学用小刀将橡皮泥雕刻成各种形状进行实验，未保持橡皮泥的质量不变，所以得到了错误结论．
【分析】（1）测量重力和物体质量的关系时，需要利用弹簧测力计测量重力，利用天平测量质量；
（2）通过实验，探究物体受到的重力和质量成正比；
（3）根据实验数据，在坐标图像中描点作图；
（4）探究物体的重力和形状的关系，需要保持物体的质量不变。
2．【答案】（1）大小
（2）（b）
（3）力的作用效果与力的方向有关
（4）控制变量
【解析】【解答】（1）（a）和（c）所挂钩码重力相同，位置相同，对钢片拉力方向也相同，所以，通过（a）和（c）中钢片的形变程度，可以得出结论∶力的作用效果与力的大有关。
（2）（a）和（b）中所挂钩码的位置不同，重力相同，对钢片拉力方向也相同，所以，通过比较（a）和（b）中钢片的形变程度，可以得出结论∶力的作用效果与力的作用点有关。
（3）（a）和（d）中所挂钩码的重力相等，位置相同，对钢片的拉力方向不同，所以通过比较（a）和（d）中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的方向有关。
（4）实验中，采用了每次控制两个变量不变，只通过改变一个变量来探究影响力的作用效果的因素，所以采用了控制变量法。
【分析】要完整的描述一个力，需要知道力的大小、方向、作用点，要探究每一个因素对力的影响，需要用到控制变量法。
3．【答案】（1）2.4；3.6；4.8；6.0
（2）
（3）在弹性限度内，弹簧的伸长量与其受的弹力成正比。
（4）弹簧的伸长量与受的弹力的图象为正比例函数图象
（5）弹簧测力计
（6）用图象分析实验数据更直观明了
【解析】【解答】（1）弹簧的总长度减去弹簧的原长得到弹簧的伸长量，那么表格中从左到右依次为；
8.4cm-6cm=2.4cm；9.6m-6cm=3.6cm；10.8m-6cm=4.8cm；12m-6cm=6cm。
（2）方格纸上横轴表示伸长量，纵轴表示弹力，根据表格数据在对应位置描点，最后将相邻的点连接起来即可，如下图所示：
（3）根据图像可知，弹簧的伸长量与弹力的变化图像为一条通过坐标原点的斜线，那么得到：在弹性限度内，弹簧的伸长量与其受的弹力成正比。
（4）支持你上述结论的依据是：弹簧的伸长量与受的弹力的图象为正比例函数图象。
（5）此实验结论在实际中的一个应用是弹簧测力计；
（6）我觉得运用图像分析的优点为：用图象分析实验数据更直观明了。
【分析】（1）将弹簧的总长度减去弹簧的原长得到弹簧的伸长量；
（2）方格纸上横轴表示伸长量，纵轴表示弹力，根据表格数据在对应位置描点，最后将相邻的点连接起来即可；
（3）根据图像的形状分析弹簧伸长量与弹力的关系；
（4）根据对正比例函数图象的认识解答；
（5）根据弹簧测力计的工作原理解答；
（6）可从物理量关系的直观性和明了性等角度分析。
4．【答案】（1）竖直
（2）静止
（3）2
（4）误差
（5）物体所受的重力与物体质量成正比
【解析】【解答】（1）实验前，为了提高测量的准确程度，应在竖直方向上对弹簧测力计进行调零。
（2）测量物体重力时，当物体静止时，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，弹簧测力计对钩码的拉力等于钩码受到的重力。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2N。
（4）根据表格中的实验数据，在画出重力与质量的关系图像如图乙，从图中可看出所描的点不在同一直线上，这现象称为误差。
（5）从实验数据我们可以得出的结论是物体所受的重力与物体质量成正比。
【分析】（1）测量物体的重力时，拉力的方向竖直方向；
（2）测量物体的重力时，保持物体静止；
（3）根据测力计指针位置，测量拉力的大小；
（4）测量重力和质量关系时，误差不可避免；
（5）物体受到的重力和质量成正比。
5．【答案】（1）刻度尺；拉力F与弹簧伸长量的比值是定值；3
（2）
（3）在0~6N拉力作用下，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比
【解析】【解答】（1）在实验中，需要测量弹簧伸长量，所以还需要的测量仪器是刻度尺。
由表格第2、4、6组数据知，拉力F与弹簧伸长量的比值是定值为2.5，而第3级数据中，两者的比值为1.9，所以弹簧的伸长量与它所受的拉力大小成正比，而明显错误的是长3组数据。
（2）由实验结论知，当弹簧所受的拉力为4N时，弹簧的伸长量
将表格中正确的数据依次在坐标轴中描出对应的点，然后将各点用线连接，作图如下：
（3）由数据表格知，在0~6N拉力作用下，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比，据此可得出题目中的实验结论。
【分析】（1）探究弹力和伸长长度的关系时，需要利用刻度尺测量形变；在弹性限度内，弹簧受到的力和形变程度成正比；
（2）根据实验数据，在坐标图像中描点，反应弹力和形变量的关系；
（3）在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比。
6．【答案】（1）12
（2）A
（3）22.5
（4）1.8
【解析】【解答】（1）由图乙可知，A橡皮筋在受到的接力不大于10N的情况下，橡皮筋伸长量Δx与橡皮筋受到的拉力大小F变化关系为一直线，说明橡皮筋的伸长Δx与受到接力F成正比例函数的关系，即FA=kAΔxA，由图知，当FA=5N，ΔxA=10cm，代入数据得kA=0.5N/cm，因此FA=0.5ΔxA，在A橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，橡皮筋A的伸长量为
（2）由图乙可知，在测量范围内，如F=5N时，用橡皮筋A制成的测力计伸长10cm，而用橡皮筋B制成的测力计伸长5cm，所以，用橡皮筋A制成的测力测量的精确程度高。
（3）将与本实验中两根相同的橡皮筋并联起来代替弹簧测力计使用时，两根橡皮筋伸长的长度相等，由图可知，在拉力作用下B先达到最大伸长量15cm，A橡皮筋的伸长量也为15cm；当伸长量为15cm时，橡皮筋B上的力为15N，因为橡皮筋的伸长与受到的拉力成正比，所以橡皮筋A上的力为
根据二力合成可得受到的最大拉力为15N+7.5N=22.5N
（4）液体的重力G液=mg=ρ液gV
测量液体密度时，弹簧测力计的示数F=G桶+G液
测量酒精时G桶+0.8×103kg/m3×V×10N/kg=2.6N①
测量植物油时G桶+0.9×103kg/m3×V×10N/kg=2.7N②
将①②两式联立，解方程组得G桶=1.8N，该密度计的零刻度线应标记在A橡皮筋测力计刻度板上1.8 N的位置。
【分析】（1）根据橡皮筋受力的形变长度关系，计算受力后的长度大小；
（2）当橡皮筋受到的拉力形变程度越大，测量越精确；
（3）当物体受力后，形变程度较小，测量的量程较大，根据弹力范围判断最大量程；
（4）根据物体的密度和体积的乘积计算质量，计算重力，结合容器的重力计算总重力大小，从而判断容器重力的大小。
7．【答案】（1）大小相等
（2）摩擦力
（3）同一直线上
（4）能
【解析】【解答】 （1）放入质量相等的钩码时，放手后小车静止；说明此时小车受力平衡；在两托盘中放入质量不相等的钩码时，放手后小车运动，说明此时小车受力不平衡，故相互平衡的两个力要大小相等；
（2）图乙装置中，将木块换成小车，目的是减小摩擦力对小车平衡的影响；
（3）实验时，将小车扭转一个角度，松手瞬间小车不能平衡，说明相互平衡的两个力作用在同一直线上；
（4）图丙中，虽然两个定滑轮的高度不同，但定滑轮不能改变力的大小，只改变力的方向，且细线仍可以在一条直线上，因此，该装置能探究二力平衡的条件。
故答案为：（1）大小相等；（2）摩擦力；（3）同一直线上；（4）能
【分析】（1）物体处于平衡状态时受平衡力的作用；
（2）在实验中，应尽量减小摩擦力对小车平衡的影响；
（3）（4）相互平衡的两个力必须作用在同一直线上，否则不能平衡；定滑轮能改变力的方向，但不能省力
8．【答案】（1）匀速直线；等于
（2）接触面粗糙程度；压力；2、4、5；越大
（3）等于
（4）鞋底刻有凹凸不平的花纹；为了防止传动皮带打滑，要把皮带张紧些
【解析】【解答】（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，根据二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）①根据表格可知，实验1、2、3中接触面相同，只有砝码个数不同，那么得到：在接触面粗糙程度相同的条件下，压力越大，滑动摩擦力越大；
②探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，只改变接触面，故选实验2、4、5，且得到结论： 在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3） 实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.6N时，木块未被拉动， 此时摩擦力与拉力为一对平衡力，即摩擦力为0.6N。
（4）增大摩擦的措施：鞋底刻有凹凸不平的花纹；为了防止传动皮带打滑，要把皮带张紧些。
【分析】（1）当木块在水平面上做匀速直线运动时，受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
（2）①根据表格数据，分析实验1、2、3中哪个因素相同，哪个因素不同即可；
②根据控制变量法的要求选择对照实验。
（3）根据平衡力的知识分析解答；
（4）根据日常生活中增大摩擦的例子解答。
9．【答案】（1）速度；毛巾；木板
（2）小；匀速直线运动；不能
【解析】【解答】（1）①实验中每次都使同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的速度；
②根据图片可知，毛巾表面最粗糙，木板表面最光滑，则实验中小车在毛巾表面上受到的阻力最大．在木板表面上受到的阻力最小。
（2）①分析实验现象可知：在其他条件相同时，小车在木板上受到的阻力越小，运动的距离越远；由此可以推测：如果阻力减小为零，水平面足够长，那么小车在水平面上的运动速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生改变，木块将做匀速直线运动。
②著名的牛顿第一定律是在此基础上总结出来的。这个定律是在大量实验的基础上通过推理而概括出来的，由于无法模拟阻力为零的情形，因此不能用实验直接验证。
【分析】（1）①小车达到水平面时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，则速度越大；
②根据接触面的粗糙程度确定受到阻力大小；
（2）①根据图片分析运动距离的远近和受到阻力大小的关系；
②根据牛顿第一定律的研究方法解答。
10．【答案】（1）匀速直线；相等
（2）无关；甲、丙
（3）甲、丁
（4）不需要；读数
【解析】【解答】(1) 第1、2空， 根据二力平衡的原理，只有物体做匀速直线运动时，拉力才与滑动摩擦力大小相等。故1空填“匀速直线”，2空填“相等”；
(2) 第1空、 比较甲、乙两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关。故该空填“无关”；
第2空、 要得出“在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小”，需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，比较甲、丙两次实验即可。故该空填“甲、丙”；
(3) 第1空、 拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丁两次实验得到的结论的。故该空填“甲、丁”；
(4)第1、2空，实验改进后，物体B相对于地面是静止的，物体B受到测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不需要制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。故1空填“不需要 ”，2空填“读数”。
【分析】明确二力平衡时物体做匀速直线运动，此时拉力与滑动摩擦力相等。通过比较甲、乙实验得出滑动摩擦力与接触面积无关；通过比较甲、丙实验得出在接触面粗糙程度相同情况下压力与滑动摩擦力的关系。指出拔河比赛应用了增大接触面粗糙程度增大摩擦力，对应甲、丁实验。说明实验改进后物体 B 静止，其受平衡力，与木板速度无关，从而强调不需要木板匀速直线运动，且便于操作和读数。
11．【答案】（1）甲丙
（2）大
（3）不需要
（4）2；4
【解析】【解答】(1) 第1空、 由甲、丙两图可知：丙中压力更大，弹簧测力计示数更大，说明摩擦力更大，可得出结论当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。故该空填“ 甲丙 ”；
(2) 第1空、 由甲、乙两图可知：乙中接触面更粗糙，弹簧测力计示数更大，说明摩擦力更大，可得出结论当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。故该空填“ 大 ”；
(3) 第1空、 如丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置不需要长木板做匀速直线运动。故该空填“ 不需要 ”；
(4) 第1空、 由图3可知，物体C在第2秒时，处于静止状态，故受到平衡力作用。水平方向拉力和摩擦力是一对平衡力，由图2可知，此时拉力为2N，故摩擦力为2N。故该空填“2”；
第2、 由图3知，6~9秒物体做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，由F-t图像知此时的拉力为4N，所以滑动摩擦力也为4N；由图3知，3~6秒物体做加速直线运动，但压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，仍为4N，故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。故该空填“4”。
【分析】通过比较甲、丙两图，在接触面粗糙程度相同的情况下，改变压力大小，观察弹簧测力计示数变化，得出压力对滑动摩擦力的影响。通过比较甲、乙两图，在压力相同的情况下，改变接触面粗糙程度，观察弹簧测力计示数变化，得出接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。对于丁图装置，因为 A 相对于地面静止，根据平衡力原理，只需关注测力计拉力与摩擦力关系，无需长木板做匀速直线运动。对于物体 C 在不同时刻的摩擦力分析，根据静止或匀速直线运动时拉力与摩擦力平衡，先从图 3 确定状态，再结合图 2 中对应时刻的拉力确定摩擦力大小；同时考虑到压力和接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小不变，即便物体运动状态改变，摩擦力也保持不变。
12．【答案】（1）二力平衡
（2）甲、乙
（3）压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）不受；3.8
【解析】【解答】(1) 第1空、 当用弹簧测力计沿水平方向拉着物块 A 做匀速直线运动时，物块处于平衡状态，根据二力平衡原理，此时滑动摩擦力与拉力的大小相等。故该空填“ 二力平衡 ”；
(2) 第1空、 甲、乙两图中接触面粗糙程度相同，乙图中压力更大，且乙图中测力计示数更大，即滑动摩擦力更大，所以分析甲、乙两图可知在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。故该空填“ 甲、乙 ”；
(3) 第1空、 甲、丙两图中压力相同，丙图中接触面更粗糙，丙图中测力计示数更大，即滑动摩擦力更大，所以分析甲、丙两图可知压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。故该空填“ 压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 ”；
(4) 第1空、 物体 A 上面的砝码与物块 A 一起做匀速直线运动，相对物块 A 没有相对运动趋势，所以不受摩擦力。 故该空填“ 不受 ”；
第2空、 当弹簧测力计的示数为 3.8N 时，物块 A 仍在木板上做直线运动，由于压力和接触面粗糙程度不变，所以物块 A 受到木板的摩擦力仍为 3.8N。 故该空填“3.8”。
【分析】 首先明确实验中通过让物块做匀速直线运动，利用二力平衡原理来得出滑动摩擦力等于拉力。然后通过比较甲、乙图可得出压力对滑动摩擦力的影响；比较甲、丙图可得出接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。对于后面部分，判断物体 A 上面的砝码是否受摩擦力根据有无相对运动趋势，而当拉力变化但其他条件不变时，根据影响滑动摩擦力的因素不变可确定摩擦力大小不变。
13．【答案】有色；漏气；探头方向；丁；液体压强与液体深度有关且同种液体中，深度越深、压强越大。；变大
【解析】【解答】（1）①U形管是无色透明的，如果液体也是无色透明的，那么不易观察液面高度变化，则U形管中的液体最好选用有色液体。
②用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体没有升降或升降不灵活，说明装置是漏气的。
（2）探究液体内部的同一深度处，液体向各个方向的大小规律时，要将调节好的压强计的探头放入水中，保持探头所处的深度不变，多次改变探头方向。
（3）①比较图丙、丁的实验现象，图丁中U形管中的液体高度差最大，所以探头受到水的压强较大。
②丁中探头的深度大，且U形管中的液体高度差越大，所以可得出结论：液体压强与液体深度有关且同种液体中，深度越深、压强越大。
（4）探头在液体中的深度不变，根据可知，深度相同，压强不变，因此，若将U形管中液体由水换为酒精，因为酒精的密度小于水，所以出现U形管两侧液面高度差变大。
【分析】 （1）①液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
②检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体无变化，则说明装置漏气；
（2）（3）（4）液体压强与液体的深度和液体的密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答。
14．【答案】控制变量；甲、乙；大；乙、丙；小
【解析】【解答】压力的作用效果影响因素有压力，受力面积等，所以探究时采用的是控制变量法。
甲、乙两图，乙图中海绵受到的压力较大，其余因素相同，形变程度也较大，所以当受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。乙、丙实验中，乙图中海绵的受力面积较小，其余因素相同，乙图中海绵的形变程度较大，可以得出结论：当压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
综上 第1空、 控制变量； 第2空、甲乙； 第3空、大； 第4空、乙丙； 第5空、小。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
15．【答案】（1）高度差；转换法；C
（2）相等
（3）乙丁；增大
（4）密度
【解析】【解答】(1)压强计通过U形管两侧液面高度差来反映被测压强大小，这种研究物理问题的方法是转换法；实验前要检查装置是否漏气，故AB错误，C正确；故答案为：C。
(2)同种液体在相同深度向各个方向的压强都相等。
(3)乙、丁是同种液体，深度不同，U形管液面高度差不同，说明同一种液体的压强随深度的增加而增大。
(4)丁、戊液体道德深度相同，液体的密度不同，液体的压强不同，说明：同一深度，液体的密度越大，液体的压强越大。
【分析】(1)本实验用转换法显示液体内部的压强，U形管液面高度差越大，液体内部的压强越大；实验前要检查装置的气密性。
(2)在同一深度，液体内部朝各个方向的压强都相等。
(3)同种液体，液体的压强随深度的增加而增大。
(4)同一深度，液体的密度越大，压强越大。
16．【答案】（1）海绵的凹陷程度
（2）压力越大
（3）乙、丙
（4）=
【解析】【解答】 (1) 第1空、 海绵比较软，当受到压力时会产生凹陷，凹陷程度越大说明压力的作用效果越明显，所以同学们根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。故该空填“ 海绵的凹陷程度 ”；
(2) 第1空、 图甲和乙中，受力面积相同，乙图中砝码更多，压力更大，且海绵的凹陷程度更明显，所以可以得到受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显的结论。故该空填“ 压力越大 ”；
(3) 第1空、 要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，乙和丙图中压力相同，受力面积不同，所以应比较乙、丙两图的实验。故该空填“ 乙、丙 ”；
(4) 第1空、 图乙和图丁中，小桌和砝码对接触面的压力是相同的，受力面积也相同，根据压强的定义式（其中 p 是压强，F 是压力，S 是受力面积），可知压强相同，即 P乙=P丁。故该空填“ = ”。
【分析】 明确用海绵凹陷程度作为衡量标准；对比甲、乙，控制受力面积，得出压力越大作用效果越明显的结论；通过选择压力相同、受力面积不同的乙、丙两图来探究受力面积的影响；依据压强公式，分析压力和受力面积相同，得出压强相等的结论。
17．【答案】（1）大于；C
（2）液体的深度
（3）变平（或“恢复原状”）；
【解析】【解答】(1) 第1空、 当 U 形管两边液面出现左高右低的情况时，说明 U 形管左侧液面上方的气压大于外界大气压，才会导致这种液面差。故该空填“ 大于 ”；
第2空、 A 选项将右侧管中高出的液体倒出并不能改变左侧液面上方气压大的情况；B 选项向右侧管中倒入部分液体也无法解决根本问题；而 C 选项取下软管重新安装，可以使 U 形管内的气体与外界连通，从而使气压恢复平衡，解决液面差的问题。故该空填“C”；
(2) 第1空、 比较乙、丙两图，液体都是水，只是探头在水中的深度不同，压强计液面高度差不同，说明在液体种类相同的情况下，液体的压强与液体的深度有关。故该空填“ 液体的深度 ”；
(3) 第1空、 要使橡皮膜受到的左右压强相等，橡皮膜就会变平或恢复原状；故该空填“ 变平（或“恢复原状”） ”；
第2空、 当橡皮膜变平时，根据液体压强公式，水产生的压强为待测液体产生的压强为，因为压强相等，所以可得则待测液体密度的表达式为 。故该空填“ ”。
【分析】根据 U 形管液面的高低情况判断出气压关系，明确需要调整气压平衡来解决问题，通过分析各选项得出取下软管重新安装这一正确方法。通过对比乙丙两图中相同液体不同深度下压强计的表现，得出液体压强与深度有关的结论。先明确操作目的是使橡皮膜状态改变以达到压强相等，然后根据液体压强公式推导出当压强相等时水和待测液体的深度与密度的关系表达式，从而得出待测液体密度的表达式。
18．【答案】（1）压力
（2）内凹
（3）C；不正确；没有保持金属盒所处深度相同
（4）a
【解析】【解答】（1） 家里洗菜池中装满水时，提起橡皮塞比较费力。说明：水对池底的橡皮塞有压力。
综上 第1空、 压力；
（2）一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶水平放入水中，橡皮膜会向内陷，扎有橡皮膜的长方体塑料小桶竖直放入水中，橡皮膜都会向内陷，说明液体内向各个方向都有压强。
综上 第1空、 内凹；
（3） 压强计U形管两边红墨水的高度不相等，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压不相等，应拆除软管重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，没有控制金属盒浸入液体中的深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。
综上 第1空、C； 第2空、不正确； 第3空、 没有保持金属盒所处深度相同；
（4）在图2中，从左侧管口沿水平方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强变小；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以a侧液面将升高。
综上 第1空、 a。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
（1）由于液体受到重力作用，所以液体对池底的橡皮塞有向下压力，提起橡皮塞比较费力。
（2）一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶水平放入水中，橡皮膜会向内陷，液体左右方向都有压强，扎有橡皮膜的长方体塑料小桶竖直放入水中，橡皮膜都会向内陷，液体上下方向都有压强，说明液体内向各个方向都有压强。
（3）①[1]若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压不相等，对实验结果会造成影响，应拆除软管重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
②[2]由图可知，金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。
[3]探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。小强保持C图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面差增大，由于没有控制金属盒浸入液体中的深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。
（4）在图2中，从左侧管口沿水平方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端空气流速小、压强大；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以a侧液面将升高。
19．【答案】4；1；物块排开水的重力；F1-F5
【解析】【解答】探究浮力和排开液体的重力关系时，
（1）图甲中，物块未浸入水中时，弹簧测力计的示数F1=4N，则物块的重力为4N。
（2）图乙中，当物块浸没在水中时，受到的浮力为：F浮=F1-F3=4N-3N=1N，
物块排开水的重力为：G排=F4-F2=1.5N-0.5N=1N，可得：物块排开水的重力等于浮力的大小，从而验证了阿基米德原理。
（3）图丙中，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，物块排开水的体积与排开酒精的体积相等，通过比较F1-F5和F1-F3，即比较物块在水与酒精中的浮力大小关系，可得出结论：物块受到的浮力大小与液体密度有关。
【分析】（1）根据物体未进入水中，测力计的拉力，测量物体的重力；
（2）结合物体的重力和浸没在液体中，测力计拉力差， 计算浮力；
（3）根据物体浸没在不同液体中，利用拉力前后的差，计算浮力，判断浮力大小和液体密度的关系。
20．【答案】物体排开液体的体积；液体的密度；1；
【解析】【解答】（1）圆柱体排开水的体积不同，示数不同，浮力也不同；
（2）同一深度，排开水的体积相同，所受的浮力不同，浮力的大小与液体的密度有关。
（3）所受的浮力F浮=G-FD=4N-3N=1N
圆柱体的体积
圆柱体的质量
圆柱体的密度
【分析】根据控制变量法分析；根据公式F浮=G-FD，，，求解。
21．【答案】2.4；D、E；错误；c；相等
【解析】【解答】（1）根据A图可知，测力计的分度值为0.2N，示数为2.4N，则物块的重力G=2.4N；
（2）要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，故选D、E。
（3）图A、B、C，排开液体体积不同，深度也不同，由于没有控制排开液体体积相同，故小红的结论是错误的。
（4）a. 由图A可知，物块的重力为；
由图A、C或D，可以求出物块在水中的浮力为；
物块浸没在水中时，排开水的体积即为物块的体积，
根据阿基米德原理可得；
故a正确不符合题意；
b.物块的质量为，物块的密度为，
故b正确不符合题意；
c.由题中数据无法计算出盐水的体积，故c错误，符合题意；
d.由图A、E，可以求出物块在盐水中的浮力为；
物块浸没在水中时与浸没在盐水中，排开水的体积相同，根据阿基米德原理可得盐水的密度为
；
故d正确不符合题意。
故选c。
（5）将装满水的溢水杯放在升降台上，用升降台来调节溢水杯的高度，逐渐调高升降台，重物浸入水中的体积变大，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，所以弹簧测力计甲的示数F'=G-F浮变小；又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计乙的示数变大。弹簧测力计甲示数的变化量表示浮力大小，弹簧测力计乙示数的变化量表示排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的变化量和弹簧测力计乙的示数变化量相等，则物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，则证明阿基米德原理成立。
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针的位置读出物体的重力；
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）探究物体受到的浮力与深度的关系时，需要控制液体密度和排开液体体积相同，只改变深度；
（4）根据阿基米德原理，密度公式和浮力的计算方法，分析四个选项中哪个数值不能计算出来。
（5）验证阿基米德原理，关键是比较物体受到的浮力和排开液体的重力的大小，据此分析解答。
22．【答案】无关；有关；2.5；B；1；
【解析】【解答】（1）根据二次称重法得物体在丙图中受到浮力是
F浮= G F示=6N 3.5N=2.5N
由丙、丁、戊三个图可知，物体都完全浸没在液体中，但浸没的深度不同，而丙、丁两个图物体所受的浮力大小却相同，这说明浮力大小与浸没在液体中的深度无关。同时，物体浸没在丙、丁和戊两个不同密度的液体中，所受的浮力大小不同，说明浮力大小与浸入液体的密度有关。在丙图中，物体浸没在水中，此时弹簧测力计的示数为F示 =3.5N。由于物体受到重力G、浮力F浮 和弹簧测力计的拉力F示 三个力的作用，且这三个力平衡。
在乙图中，物体部分浸入水中，受到的浮力小于在丙图中完全浸没时的浮力2.5N，因此，弹簧测力计的示数会大于在丙图中的示数，即大于3.5N，由
F示= G F浮
知，由于有了浮力，所以弹簧测力计的示数会小于物重6N，故B符合题意。
故选B。
（2）从图丙中可以看出，当时间t达到一定值后，弹簧测力计的示数F=0.4N不再变化，说明此时正方体A已经完全浸没在水中。此时，正方体所受的浮力FA浮等于正方体的重力GA=0.6N 加弹簧测力计的示数F=0.4N，即正方体A全部浸没中水中时所受到的浮力
F浮全=F+GA=0.4N+0.6N=1N
依题意得，当正方体A全部浸没在水中时，它排开水的体积等于其自身体积V，此时受到的浮力为
F浮全 =ρ水 gV=1N……①
而图甲中正方体A露出水面的体积为V露 ，此时受到的浮力为
F浮甲 =ρ水 g(V V露 )
由乙图知，弹簧测力计在甲图开始时的示数F甲=0.2N，由图甲可得，正方体所受的浮力
F浮甲=GA+F甲
即
F浮甲=ρ水 g(V V露 )=0.6N+0.2N……②
联立①②解得
即图甲中正方体A露出水面的体积为。
【分析】(1)①丙、丁、戊三个图，明确变化的量和不变的量，根据弹簧测力计示数的变化，可得出结论；
②由可求得物体在丙图中受到浮力；
③对比丙图中弹簧测力计的示数可作出选择；
(2)①图2中使用的是定滑轮，不能省力，所以弹簧测力计的示数即为对木块的拉力，根据二力平衡知识可知求出浮力；
②根据求出甲图中物体所受浮力，由阿基米德原理可求得此时浸入水中的体积，已知正方体A的体积为V，然后可求露出水面的体积。
23．【答案】1；排开液体的体积；A、C、D；越小；排开液体受到的重力；物体碰到了溢水杯底部
【解析】【解答】（1）由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
（2）由BC两图知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，且排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，对比A、B、C，可知浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
（3）探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关时，应控制液体的密度相同，排开液体的体积相同，深度不同，故选A、C、D图进行比较；
（4）根据D、E两图可知，液体的密度不相同，排开的液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不相同，由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度越小，则物体受到的浮力越小。
（5）当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，减小的数值等于物体受到的浮力，乙的示数增大，增大的量等于排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于排开液体受到的重力。
（6）实验发现簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，即浮力大于排开液体受到的重力，原因可能是溢水杯没有装满水，导致排开液体的重力偏小。
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；（3）A、C、D；（4）越小；（5）排开液体受到的重力；（6）溢水杯没有装满。
【分析】（1）根据F浮=G-F求浮力大小；
（2）根据B、C中的相同点和不同点，根据控制变量分析。
（3）研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
（4）根据D、E中的相同点和不同点，根据控制变量分析；
（5）根据阿基米德原理分析；
（6）根据浮力大于排开液体的重力分析。
24．【答案】薄；相平；不漏气；1、2、3或4、5、6；密度；；各个方向；不变
【解析】【解答】探究液体压强的实验中，（1）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜薄一些，测量时会较灵敏，实验效果明显。
（2）压强计的探头未放入液体中时，调整U形管左右两边玻璃管中的液面相平。
按压探头处橡皮膜时，U形管两侧液面出现了明显高度差，说明压强计气密性良好，不漏气。
（3）根据表中1、2、3或4、5、6实验中，液体密度相同，深度越大，U形管两侧液面高度差越大，可知：同种液体中，深度越深，压强越大。
分析表中1和4、2和5、3和6的数据，可知：深度相同时，密度越大，U形管两侧液面高度差更大，说明：深度相同时，液体密度越大，压强越大。当探头在水中的深度为6cm，探头在硫酸铜溶液的深度为4cm时，U形管中的高度差相同，则受到的压强相等，即
则硫酸铜溶液的密度为：
计算硫酸铜溶液的密度为。
（4）在图乙中，控制深度和液体密度相同，可以探究同一深度处，液体向各个方向的压强大小关系。
（5）浮力与排开液体体积和液体密度有关，压强计的金属盒浸没在液体中的深度增加，排开液体体积和液体密度不变，金属盒受到的浮力不变。
【分析】（1）探究液体压强时，橡皮膜越薄，容易形变，实验现象明显；
（2）实验前，按压橡皮膜时，U形管出现液面高度差，装置不漏气；
（3）当U形管液面高度相同时，压强相等，结合深度和水的密度，计算未知液体的密度；
（4）当深度和液体密度相同时，改变探头方向，可以探究液体压强和方向的关系；
（5）浮力和液体密度和排开液体的体积有关；和深度无关。
25．【答案】（1）速度
（2）木块被撞击后移动的距离
（3）质量
（4）不能
（5）禁止汽车超载（合理即可）
【解析】【解答】 （1）根据控制变量法可知当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
（2）实验中通过比较木块被撞击后移动的距离来判断小球具有动能的大小；、
（3）比较步骤甲和步骤乙可知，质量不同的小球从斜面的同一高度处滚下，撞击木块后使木块在水平面运动的距离不同，质量越大的小球使木块移动的距离越远。由此得出结论：速度相同时，小球的质量越大，小球具有的动能越大。
步骤乙和实验步骤丙中，小球的质量不同，下落的高度不同，存在两个变量，根据控制变量法，没有控制小球的质量相等，所以无法判断动能大小与速度的关系，小华的该观点是错误。
（4）若水平面绝对光滑，本实验将不能达到探究目的，因为无法用木块移动的距离反映小球动能的大小；
（5）根据实验结论，给汽车司机写出一条交通警示语：禁止汽车超载。
【分析】 （1）小球开始下落时起始点的高度在这里决定了小球到达平面时速度的大小，实验中小球的质量不同，是探究动能与质量的关系，让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是使小球到达斜面底端与木块B相碰时速度相同。
（2）小球的动能大小是无法直接观察到的，所以实验中通过是比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，将看不见的转化为看得见的，这种方法在物理学中属于转换法。
（3）根据控制变量法可知要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量；
（4）从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，钢球撞击木块后，木块不受摩擦力作用，在水平方向不受外力作用，将做匀速直线运动，不能通过比较木块移动的距离来比较动能的大；
（5）当汽车超载时，即使速度不大，但是动能很大，发生撞击时破坏力也会很大，据此分析解答。
26．【答案】速度；质量；B；质量相同时，速度越大动能越大；不能；超载
【解析】【解答】(1)十次车祸九次快的快说的是速度，则汽车的动能可能跟速度有关。安全驾驶莫超载中的超载说的是质量，则汽车的动能可能跟质量有关；
(2)实验中通过木块被撞击的距离去比较小球撞击木块前具有的动能的大小，故ACD不符合题意，B符合题意；
(3)图甲、丙中，小球的质量相同，下落高度不同则碰撞时，小球的速度不同，物块在水平面移动的距离不同，则说明：质量相同时，物体的动能与速度有关，且速度越大，动能越大；
(4)本实验中是通过木块移动距离来反映小球动能大小的，水平面若绝对光滑，木块将在水平面上做匀速直线运动，因无法通过木块移动的距离去比较小球动能的大小，因此将不能达到实验探究目的；
(5)图甲、乙中，小球下落的高度相同，则小球下滑到水平面时的速度相同，甲图中小球的质量大于乙图的，撞击后，甲图中物块移动的距离大于乙图的，则说明：速度一定时，物体的质量越大，物体的动能越大。则可以说明汽车超载时，危险性大。
【分析】(1)(2)(4)物体的动能跟物体的速度和质量有关在实验过程中，通过观察物体被小球撞击的距离来判断小球动能的大小；
(3)(5)动能的大小与物体的质量和运动速度有关。
27．【答案】重力势；大；动能大小和速度有关；A
【解析】【解答】（1）小球从斜面滚下过程中，其质量不变，高度减小，则重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以实验中小球撞击木块时的动能是由小球的重力势能转化而来的；
（2）小球撞击木块时的动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，这是转换法的应用；
（3）甲、乙两图中，小球的质量相等，从不同的高度由静止滚下，到达水平面时的速度不同，速度大的小球把木块推得更远，说明速度大的小球对木块做的功多，其动能大，则可以得出结论：质量一定时，物体的速度越大，动能越大；
（4）根据控制变量法可知不能改变小球速度，也不能换用其它木块或其它水平面，但可以换比A质量小的球，以减小小球撞击木块时的动能，故选A。
故答案为：（1）重力势；（2）大；（3）质量一定时，物体的速度越大，动能越大；（4）A。
【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
（2）在甲、乙两实验中，观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法。
（3）根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定动能与变化量之间的关系。
（4）探究动能大小和物体质量的关系时，应控制物体到达水平面时的速度相同，而物体的质量不同，同时要控制木块和水平面的材料均相同；物体的动能越大，木块被撞击后移动的距离越远。
28．【答案】木块B移动的距离；不能；速度；错误；没有控制速度一定；错误
【解析】【解答】探究物体的动能大小跟哪些因素有关时，（1）实验中，小球动能的大小不同，推动木块移动的距离不同，通过木块B被撞击后移动的距离反映动能的大小，运用了转换法。
若水平面绝对光滑，木块B水平方向不受力，将做匀速直线运动，无法停下来，不能比较木块B移动的距离，不能比较小球的动能大小，不能达到探究目的。
（2）根据图1甲、乙两图，质量相同，下落高度不同，速度不同，木块移动的距离不同，则物体的动能大小与物体运动的速度有关，速度越大，动能越大。
（3）根据图1甲、丙两图，小球质量不同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同。得出结论：物体的动能大小与质量有关，结论是错误的，应控制两球滚下的高度相同，只改变它们的质量；
（4）根据图2，探究动能的大小与速度的关系，将相同质量的小球从不同高度由静止释放，通过木块在铁板和毛巾上滑行的距离，判断小球动能的大小，因木板和毛巾表面的粗糙程度不同，摩擦力不同，影响木块的滑行距离，做法错误。
【分析】（1）通过小球推动木块移动的距离，可以反映动能的大小，利用了转换法；
（2）质量相同时，可以探究动能和物体运动速度的关系；
（3）探究动能和质量的关系时，需要保持速度相同；
（4）小球推动木块时，木块运动的水平面粗糙程度相同，受到的阻力相同。
29．【答案】天平；木块被推动的距离；1、2；大；速度；物体的动能与质量成正比、与速度的平方成正比
【解析】【解答】（1）由表中数据可知，实验中需要测钢球的质量，因此实验中除了速度传感器和刻度尺，完成此实验需要的测量器材还有天平；
（2）实验中通过观察木块移动距离来反映钢球的动能大小，采用了转换法；
要探究钢球的动能大小与质量的关系，应控制钢球的速度相同，质量不同，由表中数据可知，1、2两次实验可以满足实验要求；由1、2两次实验可知，当速度相同时，质量越大，推动木块移动的距离越远，故可得出结论：运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大；
（3）由表中实验数据可知，钢球自由滚下的高度相同（即速度相同）时，质量变为原来的2倍，木块被撞后运动的距离（即动能）变约为原来的2倍，即物体的动能与质量成正比；
钢球质量相同时，钢球自由滚下的高度变为原来的2倍（即速度变为原来的2倍），木块被撞后运动的距离（即动能）变约为原来的4倍，即物体的动能与速度的平方成正比；
故速度对物体的动能影响更大。
故答案为：（1）天平；（2）木块被推动的距离；1、2；大；（3）速度；物体的动能与质量成正比，与速度的平方成正比。
【分析】 （1）根据表中数据分析回答；
（2）钢球的动能大小是通过木块移动距离来反映的，这是转换法的应用；研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据表中数据得出结论；
（3）根据控制变量法，分析表中实验数据，然后答题。
30．【答案】（1）左
（2）2
（3）变大
（4）C
【解析】【解答】(1)如图甲所示，杠杆右端下沉，说明右侧重，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。
(2)设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则3Gx2L=nGx3L，解得n=2，应在B点挂2个钩码。
(3)将弹簧测力计从①位置移动到②位置时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，由杠杆平衡条件可知，测力计的示数将变大。
(4)在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是避免偶然性，使实验结论具有普遍性，故AB不符合题意，C符合题意；故选：C。
故答案为：(1)左，(2)2，(3)变大；(4)C。
【分析】(1)实验时，使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；如果杠杆右端下沉，则应该将平衡螺母向左调节；
(2)(3)当弹簧测力计斜着拉时，其力臂变小，根据杠杆平衡条件分析出答案；
(4)在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是避免偶然性，使实验结论具有普遍性。
31．【答案】（1）88.9%
（2）高
（3）B
【解析】【解答】测量滑轮组的机械效率的实验中，
（1）根据数据，计算滑轮组的机械效率为；
（2）分析1、2、3次实验的数据，滑轮组相同，物体重力分别为2N，4N，6N，机械效率为83.3%、88.9%和90.9%，可知，使用同一滑轮组提升重物时，物体重力越大，滑轮组的机械效率越高；
（3）A.增大绳重力，相当于增大了额外功，不能提高机械效率，A不符合题意；
B.减轻动滑轮重，相当于减小额外功，能提高滑轮组的机械效率，B不符合题意；
C.加快提升的速度，有用功和额外功都不受影响，不能改变机械效率，C不符合题意。
【分析】（1）根据，计算滑轮组的机械效率的大小；
（2）动滑轮相同时，物体重力越大， 机械效率越大；
（3）提高机械效率的方法有：减小绳重、减小摩擦力，减小动滑轮的重力，增大物体的重力等。
32．【答案】（1）小；保持匀速直线运动状态
（2）不同；不同
（3）不能
（4）2.5；60%；1
【解析】【解答】（1）甲实验中，水平面由毛巾改为棉布，后改为木板，说明小车与水平面的接触面越来越粗糙，对小车的阻力越来越小；从小车在水平面上的移动距离越来越远，说明小车所受阻力越小，速度变化越慢，若阻力为零，运动的小车将保持匀速直线运动状态。
（2）乙实验中，两小球的质量不同，从木块被小球推动的距离不同，可知两小球到达水平面时的初始速度不同。
（3）乙实验中，若水平面是光滑的，就无法比较两步实验中小球动能的大小，不能完成实验探究目的。
（4）弹簧测力计示数为2.5N，所以拉力为2.5N；将B由斜面底端拉至顶端，根据功的公式，可求拉力做功W=FL=2.5N×3m=7.5N，克服重力做功W有=Gh=4.5N×1m=4.5J；根据机械效率公式，可求斜面的机械效率；W额=W-W有=7.5J-4.5J=3J，根据W额=fL，可求摩擦力。
【分析】探究阻力对运动的影响，是通过改变接触面的摩擦力改变阻力，通过观察小车在水平面上运动的距离，来表示阻力对小车运动的影响；探究动能大小与质量的关系，是通过改变物体质量，通过观察木块被小球推动的距离，来探究质量对动能的影响；斜面的摩擦力不等于拉力大小，需通过求额外功，再求摩擦力。
33．【答案】（1）右；水平；力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响
（2）1
（3）变大
（4）
（5）右
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，杠杆的右端上桥，则右端轻，那么平衡螺母应该向右调节；
②杠杆保持水平并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量力臂 ，同时消除杠杆自重对实验的影响。
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：2G×2L=nG×4L，解得：n=1；
（3）当弹簧测力计由图丙的竖直方向变成倾斜方向，则杠杆在水平位置静止时，此时动力臂减小，则动力增大，那么弹簧测力计的示数变大。
（4）相同的钩码重力为G，上升高度为h，则两次做的有用功为W有=Gh；
当钩码在A点时，OA为处，而杠杆的重力作用在C点处，则杠杆重心上升高度为2h；
此时额外功为；W额=G0h’=G×2h=Gh；
当钩码在C点时，此时杠杆上升高度与钩码高度相同，都是h，
则额外功为：W额'=G0h''=G×h=Gh；
根据得到：.
（5）根据戊图可知，支架为支点，花盆的重力为阻力，F为动力。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，要减小动力，需要增大动力臂，减小阻力臂，即支架向右移动。
【分析】（1）①平衡螺母总是向轻的那端调节；
②当杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重力被支点承担，不会对平衡产生影响，且此时钩码悬挂点到支点之间的距离为力臂，通过刻度可以直接读取出来。
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
（3）主要分析动力臂的变化，进而确定动力的大小变化；
（4）根据W有=Gh计算有用功，根据W额=G0h'计算额外功，根据计算机械效率的比值；
（5）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
34．【答案】（1）右；测量力臂的大小
（2）1.5
（3）变大；不变
（4）不能
【解析】【解答】（1）第1空，杠杠右侧高，所以应向右调平衡螺母；第2空，让杠杠在水平位置平衡， 既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 又方便测量力臂；
（2）2个钩码质量为100g，所受重力为：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，根据杠杠平衡条件：F1L1=F2L2，可得， 所以弹簧测力计示数为1.5N；
（3）第1空，由可知，当F2L2不变时，将弹簧测力计绕B从a位置缓慢转到b位置， 对应的动力臂变小，故F变大；第2空杠杠 处于平衡状态， F与其力臂的乘积等于钩码重力和力臂的乘积，所以F与其力臂的乘积不变；
（4）将支点向左移一格 ，杠杠自身重力会对杠杆的平衡产生影响，所以不能在水平位置平衡。
【分析】（1）调节杠杠平衡时，哪一端高，向哪一端调平衡螺母；杠杠在水平位置平衡一是消除杠杠自身重力对杠杠平衡的影响，又因为钩码对杠杠的拉力与杠杠垂直，方便测量力臂；
（2）根据杠杠平衡条件分析计算；
（3）杠杠的平衡条件：F1L1=F2L2，分析杠杠中各个物理量的变化情况，代入平衡条件公式分析即可；
（4）支点不在杠杠中心位置，杠杠的平衡会受到杠杠重力的影响。
35．【答案】（1）弹簧测力计；刻度尺
（2）1.8；0.54
（3）80.8%
（4）增大
【解析】【解答】（1）测量滑轮组的机械效率实验中，用到的工具时，弹簧测力计和刻度尺。
（2）有用功是W有=Gh=6N×0.3m=1.8J，总功是W总=FS=2.6N×0.9m=2.34J，额外功等于总功减去有用功，即W额=W总-W有=2.34J-1.8J=0.54J。
（3）第③次实验中的机械效率为。
（4）同一滑轮组提升的重物重力越大，机械效率越高。
【分析】（1）匀速拉动绳子上升，可以直接从弹簧测力计上读出拉力的大小，刻度尺测出物体上升的高度。
（2）额外动和有用功的和等于总功。
（3）克服重力做功为有用功，拉力做功为总功，机械效率等于有用功除以总功。
（4）增加物重可以提高滑轮组的机械效率
一、实验探究题
1．某同学在探究“物体所受重力大小与物体质量的关系”的实验记录如下表：
实测物体 物体质量m(kg) 重力G(N) 比值 (N/kg)
物体1 0.1 0.98 9.8
物体2 0.2 1.96 9.8
物体3 0.3 2.94 9.8
（1）在实验过程中，需要的两个测量工具是 、 ．
（2）分析表中实验数据，可以得出的结论是：物体的重力和质量成 比，你判断的依据是 ．
（3）在图中，以质量为横坐标，重力为纵坐标，根据表格中的数据，画出重力与质量之间关系的图线．
（4）该小组的同学在继续探究“影响物体重力大小的因素”实验中，进行了 “物体重力的大小跟物体形状是否有关”的探究实验，他们用橡皮泥为实验对象，用小刀将橡皮泥雕刻成各种形状进行实验，实验数据如表所示．
被测物体 形状 重力
橡皮泥 正方体 4.8 N
球 4.2 N
三棱锥 3.6 N
分析实验数据得出的实验结论是：物体重力的大小与物体的形状有关．他们的结论正确吗？
，请你对此实验过程及实验结论作出评价．评价： ．
2．小张同学做了一个实验，来验证力的三要素对力的作用效果的影响，如图所示，用一个弹性较好的钢片固定在桌边，在钢片上用细线挂钩码（小张使用的钩码规格相同），通过钢片受力而发生的形变来研究问题。
（1）通过（a）和（c）中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的 有关。
（2）通过比较（a）和 中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的作用点有关。
（3）通过比较（a）和（d）中钢片的形变程度，可以得出结论：
（4）在本实验中，小张采用的研究方法叫做 法和转换法。
3．小明同学在竖直悬挂的弹簧下加钩码，做“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验。下表是小明同学收集的实验数据。
弹力/N 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
弹簧总长度/cm 6.0 7.2 8.4 9.6 10.8 12.0
弹簧伸长量/cm 0 1.2 ____ ____ ____ ____
（1）请你帮助小明同学完成上表的空白处；
（2）在坐标系中画出弹簧伸长量与弹力的关系图；
（3）分析实验数据或从弹簧伸长量与弹力的关系图，你可得到的结论： 。
（4）支持你上述结论的依据是： 。
（5）此实验结论在实际中的一个应用是： 。
（6）在对本实验数据分析的过程中，你觉得运用图象分析的优点有哪些？（说出一点即可） 。
4．在探究“重力的大小跟什么因素有关系”的实验中，按照图甲所示，把钩码逐个挂在弹簧测力计上，分别测出它们受到的重力，并记录在下面的表格中。
质量 100 200 300 400 500
重力 1.0 3.6 4.0 5.1
（1）实验前，为了提高测量的准确程度，应在 （“竖直”或“水平”）方向上对弹簧测力计进行调零；
（2）把钩码挂在弹簧测力计下保持 时，弹簧测力计对钩码的拉力等于钩码受到的重力；
（3）第2次测量时弹簧测力计如图甲所示，示数为 N；
（4）根据表格中的实验数据，在画出重力与质量的关系图像如图乙，从图中可看出所描的点不在同一直线上，这现象称为 ；
（5）从实验我们可以得出的结论是 。
5．为了探究弹簧的伸长量与它所受拉力大小的关系，小明决定进行实验：
实验次数 1 2 3 4 5
拉力（钩码总重）F/N 0 2 4 6 8
弹簧伸长量 L/cm 0 0.80 2.10 2.40 3.20
（1）要完成实验，除了需要如图甲所示的弹簧、若干相同的钩码（每个钩码所受重力已知）、铁架台以外，还需要的测量仪器是 。进行实验后小明记录数据如下表，表中数据表明弹簧的伸长量与它所受拉力大小成正比，他的判断依据是 ，明显错误的是第 次实验；
（2）在图乙中作出弹簧伸长 L与所受拉力F的关系图像；
（3）分析数据，得出的结论是：弹性限度内，弹簧的伸长与它所受的拉力大小成正比，他的判断依据是 。
6．某实验小组的同学对两根原长都为8cm、粗细不同的A、B橡皮筋进行研究，并做成橡皮筋测力计。将橡皮筋的一端固定，另一端悬挂钩码，如图甲所示，记录橡皮筋受到的拉力大小F和橡皮筋伸长量x，根据多组测量数据做出的图线如图乙所示。
（1）当在A橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，橡皮筋A的伸长量为 cm。
（2）分别用这两根橡皮筋制成了如图丙所示两测力计，它们外壳相同，刻度线分布情况相同，则用橡皮筋 （选填“A”或“B”）制成的测力计测量的精确程度较高。
（3）若将本实验中A、B两根橡皮筋并联起来代替弹簧测力计，能够测量力的最大值为 N。
（4）实验小组同学想利用丙图中A橡皮筋测力计制作一个直接测量液体密度的“密度计”。他们用同一小桶分别盛满了2种液体，用A橡皮筋测力计分别测出液体和小桶的总重力，下表是2次测得的总重力及对应液体的密度（g取10N/kg）。则该密度计的零刻度线应标记在A橡皮筋测力计刻度板上 N的位置。
液体种类 酒精 植物油
弹簧测力计的示数F（N） 2.6 2.7
液体密度ρ(×103kg/m3) 0.8 0.9
7．小明用如图所示的实验装置探究“二力平衡的条件”。
（1）如图甲所示，在放入质量相等的钩码时，放手后小车静止；在两托盘中放入质量不相等的钩码时，放手后小车运动，这说明相互平衡的两个力 ；
（2）小明重新设计了如图乙所示改进装置，目的是减少 对小车平衡的影响；
（3）实验时，将小车扭转一个角度，松手瞬间小车不能平衡，说明相互平衡的两个力作用在 ；
（4）继续对这一问题进行探究：如图丙所示，将系于轻质卡片两端的细线分别跨过高度不同的定滑轮，细线两段分别挂上钩码，该装置 选填“能”或“不能”探究二力平衡的条件。
8．在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验：
（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 运动，根据二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小 弹簧测力计的示数；
（2）小明经过多次实验获得下表中的实验数据：
实验次数 实验条件 弹簧测力计示数F/N
1 木块 长木板 0.8
2 木块上放1个砝码 长木板 1.0
3 木块上放2个砝码 长木板 1.2
4 木块上放1个砝码 粗糙长木板 1.3
5 木块上放1个砝码 更粗糙长木板 1.7
①分析表中1、2、3三次实验数据，可以得出在 相同的情况下， 越大，滑动摩擦力越大；
②分析表中 三次实验数据，可以得出在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力 ；
（3）实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.6N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力 0.6N；（选填“大于”“小于”或“等于”）
（4）许多情况下摩擦是有用的，人们常常设法增大它；请在生活中列举一例增大摩擦的措施： 。
9．在学习牛顿第一定律时，同学们分组进行了“探究阻力对物体运动的影响”实验，如图所示。
（1）实验中每次都使同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的 ；实验中小车在 表面上受到的阻力最大．在 表面上受到的阻力最小．
（2）分析实验现象可知：在其他条件相同时，小车受到的阻力越 ，运动的距离越远；由此可以推测：如果阻力减小为零，水平面足够长，那么小车在水平面上的运动速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生改变，木块将做 。著名的牛顿第一定律是在此基础上总结出来的。这个定律是在大量实验的基础上通过推理而概括出来的， （选填“能”或“不能”）用实验直接验证。
10．在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明选择长木板、棉布、长方形木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等器材，其操作过程如图所示。
（1）实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做 运动，根据二力平衡的知识可知，此时弹簧测力计示数F (选填“大于”“等于”或“小于”)木块所受滑动摩擦力的大小。
（2）实验数据记录如下表所示，比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 (选填“有关”或“无关”)；比较 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大滑动摩擦力越大。
实验情景 甲 乙 丙 丁
测力计示数F/N 1.5 1.5 2.1 2.5
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论。
（4）小明对实验装置进行改进，如图戊所示。该装置的优点是 (选填“不需要”或“需要”)使长木板做匀速直线运动，且向左拉动长木板的过程中，弹簧测力计不动， 更方便。
11．小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。
a.如甲图所示，将木块A平放在大长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
b.如图乙所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
c.如图丙所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一码，缓缓地匀速拉动木块A， 保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
（1）由 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）由甲、乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越 (选填“大”或“小”)。
（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是 长木板做匀速直线运动(选填“需要”或“不需要”).
（4）实验拓展：如图1所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用， F -1和v-t图像分别如图2、图3所示。则物体C在第2秒时受到的摩擦力大小为 N.第4秒时受到的摩擦力大小为 N.
12．探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，如图所示。
（1）小组的同学首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次他们都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，根据 原理，可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等；
（2）分析 两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）分析甲、丙两图可知： ；
（4）某小组的同学用乙装置拉动物体A做匀速直线运动时，物体A上面砝码 摩擦力（填“受”或“不受”）。该小组的同学接着加大拉力拉着物块做直线运动，当弹簧测力计的示数为，这时物块A受到木板的摩擦力为 。
13．小明为探究“影响液体内部压强的因素”，进行了图所示的实验。
（1）为了使实验现象更明显，U 形管中的液体最好用 （选填“有色/无色”）的。如图甲、乙所示，按压压强计探头的橡皮膜，U 形管两侧液面无变化，说明压强计 （选填“漏气/不漏气”）；
（2）如图丙所示，小明将调节好的压强计的探头放入水中，保持探头所处的深度不变，多次改变 发现 U形管两侧液面的高度差相等，这说明在液体内部的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；
（3）比较图丙、丁的实验现象，图 中探头受到水的压强较大，可得出结论；
（4）将图丁中U形管中液体由水换成酒精 （），维持探头深度和朝向与丁图一致，则U形管两侧液面高度差将 （选填“变大/不变/变小”）。
14．在探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验中，小明同学用一块海绵、一张小桌子和一个砝码，做了如图所示的一系列实验。
在设计实验时，采用 法来研究压力的作用效果与压力大小和受力面积的关系，分析比较图 的实验现象，可以得出结论：当受力面积相同时，压力越 （选填“大”或“小”），压力的作用效果越明显；分析比较图 的实验现象，可以得出结论：当压力相同时，受力面积越 （选填“大”或“小”），压力的作用效果越明显。
15．小明用压强计探究“液体压强与哪些因素有关”的实验装置如图所示。
（1）压强计通过U形管两侧液面的 来反映被测压强大小，这种研究物理问题的方法是 。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是 (填选项)。
A.向U形管中注人一些水
B.将U形管中水倒出一些
C.拆下软管重新安装
（2）通过比较图甲、乙、丙三次实验现象，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强 。
（3）通过比较图 两次实验现象，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而 。
（4）通过比较图丁、戊两次实验现象，可得出结论：同一深度，液体的 越大，压强越大。
16．在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。
（1）同学们是根据 来比较压力的作用效果的；
（2）比较图甲、乙可以得到结论：受力面积一定时， ，压力的作用效果越明显；
（3）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较 两图的实验；
（4）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为p乙 p丁（选填“>”“<”或“=”）；
17．小明利用压强计等装置探究“液体内部压强的规律”。
（1）实验前检查器材，发现U形管两边液面如图甲所示，出现这种情况的原因是：U形管左侧液面上方的气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压，调节的方法是 （填字母）；
A．将右侧管中高出的液体倒出；
B．向右侧管中倒入部分液体；
C．取下软管重新安装；
（2）比较乙、丙两图，可以得到：液体的压强与 有关；
（3）小明发现用图丁装置不仅可以探究“液体内部压强的规律”，还可以用它测量未知液体的密度，于是他进行了如下操作：
①往左侧加入深度为的水，测得左侧水面到橡皮膜中心的深度为；
②接着往右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜 ；
③测得待测液体液面到容器底的深度，液面到橡皮膜中心的深度为；请你选择相关的物理量，写出待测液体密度的表达式 （水的密度用表示）。
18．小强是个善于观察与思考的学生。
（1）他发现：家里洗菜池中装满水时，提起橡皮塞比较费力。说明：水对池底的橡皮塞有 （填“压力”或“重力”、“弹力”）作用；
（2）图甲中一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶分别水平、竖直放入水中，四个方向橡皮膜 （填“内凹”或“外凸”）现象进一步证明液体内向各个方向都有压强；
（3）接着小强同学利用微小压强计探究液体内部压强的特点：
①实验前，小强发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，接下来的操作应该是 ；
A．再多加一些红墨水 B．倒出一些红墨水
C．取下软管重新安装 D．按压金属盒的橡皮膜
②小强保持乙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丙所示。比较乙、丙两次实验，小强得出了：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论 （选填“正确”或“不正确”），原因是： 。
（4）如2图所示，小明将U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通，U形管内左右两液面分别用a、b表示，用电吹风向管口吹风，则U形管内液面较高的是 （选填“a”或“b”）。
19．某同学利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶等器材验证阿基米德原理。
（1）如图，物块的重力为 N；
（2）图甲溢水杯装满水后，将物块浸没在水中，如图乙所示，物块受到的浮力为 N，通过分析得到 大小与浮力大小相等，从而验证阿基米德原理；
（3）继续实验，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，如图丙所示，通过比较F1-F3和 的大小关系，可得出结论“物块受到的浮力大小与液体密度有关”。
20．如图所示，利用实心圆柱体、弹簧测力计、烧杯、水、盐水等器材“探究浮力大小与哪些因素有关”实验，请根据图示回答问题：
（1）从图中A、B、C、D可得出：浮力的大小与 有关；
（2）从图中A、D、E可得出：浮力的大小与 有关；
（3）从图A、D可求出：D图中实心圆柱体受到水的浮力为 N，实心圆柱体的密度为 kg/m3。
21．物理兴趣小组在进行“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用弹簧测力计挂着一实心物块，进行如图1中A、B、C、D、E步骤实验，请回答下列问题：
（1）物块的重力为 N；
（2）由步骤A和步骤 （填步骤序号）可知，浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度有关；
（3）小红根据图A、B、C得出结论，物体在液体中深度越深，受到的浮力越大，小红的结论是 （选填“正确”或“错误”）的；
（4）利用图1中的测量数据，结合阿基米德原理，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知），下列物理量中不能计算出的是 （填序号）；
a.物块的体积
b.物块的密度
c.盐水的体积
d.盐水的密度
（5）小明还想用图2所示装置验证阿基米德原理：将装满水的溢水杯放在升降台上，用升降台来调节溢水杯的高度。当逐渐调高升降台时，小明发现随着重物浸入水中的体积变大，弹簧测力计甲的示数变小，乙的示数变大，若它们的变化量 ，则证明阿基米德原理成立。
22．小明利用两个不同密度的物体对浮力问题进行研究。
（1）如图所示，乙、丙、丁图烧杯中的液体为水，戊图烧杯中装的为某未知液体：
①由丙、丁、戊三个图可知，物体所受的浮力大小和浸没在液体中的深度 ，跟浸入液体的密度 （两个空均选填“有关”或“无关”）；
②物体在丙图中受到浮力是 N；
③乙图中的弹簧测力计的示数可能是 （填选项）；
A.6N B.4.4N C.3.5N D.2.8N
（2）如图所示，他用吸盘把滑轮的轴固定在水中，再用弹簧测力计通过滑轮将正方体A匀速拉入水中，从图甲到图乙的过程中，弹簧测力计的示数F与时间t的关系如图丙所示，正方体A的重力为0.6N，不计摩擦和绳重，则：
①当正方体A全部浸没中水中时所受到的浮力是 N；
②如果正方体A的体积为V，则图甲中正方体A露出水面的体积为 （用V表示）。
23．小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，相关操作如图所示，已知：。
（1）物体浸没在水中时受到的浮力为 N；
（2）由图A、B、C所示实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与 有关；
（3）由图 所示3个实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度 则物体受到的浮力越小；
（5）小明继续利用图F所示装置进行浮力的研究。当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，乙的示数增大，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于 ；
（6）实验发现弹簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，原因可能是 （写1条即可）。
24．在研究液体压强的实验中，实验小组进行了如图所示的操作：
（1）图甲中U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用较 （选填“薄”或“厚”）一些的较好。
（2）使用前应先检查压强计的气密性，然后将其竖直放置在水平桌面上进行调整，使左右两边玻璃管中的液面 。若实验小组的小明同学在检查压强计的气密性时，用手轻压金属盒的橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计 （选填“漏气”或“不漏气”）。
（3）实验中小明同学先在装水的图乙容器中进行实验，然后换用密度大于水的硫酸铜溶液在图丙容器中进行实验，并记录了多组实验数据如下表：
序号 液体种类 金属盒的橡皮膜深度h/cm U形管中液面高度差/格
1 水 3 6
2 水 4 8
3 水 6 12
4 硫酸铜溶液 3 9
5 硫酸铜溶液 4 12
6 硫酸铜溶液 6 18
①分析表中 （选填序号）三次实验数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中实验1和4、2和5、3和6的数据可知：深度相同时，液体 越大，液体压强越大；
③根据表中数据，小明估算出硫酸铜溶液的密度为 。（已知）
（4）若在图乙中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在水中的深度使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，这是为了探究同一深度处，液体向 的压强大小关系。
（5）实验中压强计的金属盒浸没在液体中后随着深度的增加，金属盒受到的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）
25． 如图所示是某学习小组探究“动能大小跟哪些因素有关”的实验操作（甲、乙中小球质量分别为m、2m）。
（1）让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的 ；
（2）实验中通过比较 来判断小球具有动能的大小；
（3）对比甲图和乙图，该实验可得到的结论是：在速度一定时， 越大，动能越大；
（4）若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的；
（5）根据实验结论，请你给汽车司机写出一条交通警示语： 。
26．兴趣小组的同学认为车祸的危害程度与汽车的动能大小有关，于是他们进行了如下探究：（提出问题）汽车的动能大小跟什么因素有关？
（1）由“十次车祸九次快”可猜想：汽车的动能可能跟 有关；由“安全驾驶莫超载”可猜想：汽车的动能可能跟 有关；
（2）他们做了如图所示的三次实验：用金属球模拟汽车，让金属球从斜槽的某一高度由静止开始滚下，碰到水平面上的物块，将物块撞出一段距离。物块被撞得越远，说明金属球到达水平面时的动能就越大，实验中探究的动能是指 （填序号）；
A．小球在斜面上的动能 B．小球撞击木块前瞬间的动能 C．小球撞击木块后的动能
（3）分析甲、丙两图的实验现象，可以初步得到的结论是： ；
（4）本实验中水平面若绝对光滑，将 （选填“能”或“不能”）达到实验探究目的；
（5）用甲、乙两图的实验现象所得到的结论，可以解释汽车 （选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因。
27．小京为探究物体的动能大小跟哪些因素有关，由“十次车祸九次快”提出猜想一：动能的大小可能与速度有关；由“安全驾驶莫超载”提出猜想二：动能的大小可能与质量有关。
为了检验猜想是否正确，他利用如图所示的装置进行了甲、乙、丙实验，其中A、B为两个质量不相同的小球。
（1）实验中，小球到水平面时的动能是由 能转化而来的。
（2）实验中，小球到达水平面的动能大小是通过木块被推动的距离来反映的。木块被推动的距离越远，反映小球的动能越 。（选填“大”或“小”）
（3）为了检验猜想一，选用甲、乙两图进行实验，由图中的实验现象，可以得到的结论是 。
（4）为了检验猜想二，在完成图甲实验的基础上，进行了图丙的实验，但发现木块被撞后滑出了木板，为完成对比实验，在不改变木板长度的前提下，可以采用下列方法中的 （选填选项前的字母）进行调整。
A．换比A质量小的球 B．给木板上铺毛巾
C．适当降低小球的高度 D．换较重的木块
28．小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，用质量不同的两个小球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图1所示。
（1）实验中小球动能的大小是通过观察比较 反映出来的。若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的；
（2）由图1甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与 有关；
（3）小明根据图1甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与质量有关，他的看法是否正确？ （选填“正确”或“错误”），理由是 ；
（4）某同学用图2所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（）由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是 （选填“正确”或“错误”）的。
29．为了探究质量与速度相比，哪个因素对物体的动能影响更大，小明进行了如图所示的实验：让钢球从斜面由静止滚下，推动水平面上的木块，斜面底部的速度传感器可以显示钢球的速度，小明经过多次实验，得到的数据如表所示。
序号 钢球的质量m/g 钢球速度v/（） 木块移动距离s/cm
1 10.0 0.3 8.5
2 20.0 0.3 16.2
3 10.0 0.4 15.0
4 10.0 0.6 32.7
（1）除了速度传感器和刻度尺，完成此实验需要的测量器材还有 ；
（2）实验中用 反映钢球的动能大小，由 （填序号）两次实验可知：运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越 ；
（3）分析数据，初步得出结论： 对物体的动能影响更大，理由是 。
30．如图所示，小明利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干每个钩码质量相同等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向 选填“左”或“右”调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在点挂个钩码，则应在点挂 个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置移动到位置时，测力计的示数将 选填“变大”“变小”或“不变”；
（4）在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是____。
A．使测量数据更准确
B．多次测量取平均值减小误差
C．避免偶然性，使实验结论具有普遍性
31．在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示．
序号 钩码总重 G/N 钩码上升 高h/cm 拉力 F/N 绳端移动距 离s/cm 机械效率 η
1 2 10 0.8 30 83.3%
2 4 10 1.5 30
3 6 10 2.2 30 90.9%
（1）第二次数据中，滑轮组的机械效率为 %；（保留一位小数）
（2）分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越 （选填“高”或“低”）；
（3）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是____（填序号）．
A．增大绳重
B．减轻动滑轮重
C．加快物体提升的速度
32．许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一，请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
（1）甲实验中，小车在不同水平面上运动的过程中，所受阻力越 ，速度变化越慢，若阻力为零，运动的小车将 。
（2）乙实验中，两小球的质量 ，两小球到达水平面时的初始速度 （选填“相同”或“不同”）。
（3）乙实验中，若水平面是光滑的，则 （选填“能”或“不能”）完成实验探究目的。
（4）丙实验中，斜面长为3m，高为1m，物体B重4.5N。用弹簧测力计沿斜面匀速直线拉动B，实验中弹簧测力计示数如图所示，则拉力为 N，所测斜面的机械效率为 ，物体受到的摩擦力为 N。
33． 根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：
（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示。小杰通过调节杠杆右端的螺母向 选填“左”或“右”移动，使杠杆保持 并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量 。然后进行下面的实验探究。
（2）要使图乙中杠杆平衡，应在处挂 个钩码每个钩码都是相同的。
（3）当弹簧测力计由图丙的竖直方向变成倾斜方向，则杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将 选填“变大”“不变”或“变小”。
（4）小杰对实验装置进行改装如丙丁，杠杆的自重是，点和点，分别是杠杆总长度的处和处，小杰两次将重为的钩码分别挂在点和点，使钩码上升同样的高度，点杠杆左边端点，已知两次机械效率分别是和，则 不计摩擦。
（5）小杰看到爸爸利用如图的工具抬起大花盆，取出托水盘清洗，结合上面的探究，为了抬起花盆时更省力，他建议爸爸将支架向 移动一些距离选填“左”或“右”。
34．如图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时我们常把杠杆的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），直至杠杆在水平位置平衡，这样既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 。
（2）如图乙所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N。
（3）如图丙所示，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F将 ，F与其力臂的乘积变化情况是 （两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）如图丁是小利做实验的一个场景，她发现杠杆不能在水平位置平衡，于是她将支点向左移一格，此时杠杆 （选填“能”或“不能”）在水平位置平衡。
35．在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小刚用如图所示滑轮组进行了三次实验，实验数据如表所示。
实验序号 物重 物体上升的高度 拉力 绳端移动距离 机械效率
（1）本实验中用到的测量工具有 和 。
（2）在第次实验中，做的有用功是 ，额外功是 。
（3）第次实验中滑轮组的机械效率是 结果保留至。
（4）通过分析实验数据可以得出：同一滑轮组提升的物重增大，机械效率将 均选填“增大”、“减小”或“不变”。
答案解析部分
1．【答案】（1）弹簧测力计；天平
（2）正；物体的重力和它的质量的比值是一定的或质量增大几倍，重力也增大几倍
（3）
（4）结论不正确；因为实验方法有错误，在实验中没有保证橡皮泥的质量不变
【解析】【解答】（1）在实验中要用弹簧测力计测量物体的重力，用天平测量物体的质量；
（2）从表格中数据可知，重力和质量的比值不变，质量增大几倍，物体的重力也增大几倍．所以物体的重力与质量成正比；
（3）根据表格中数据进行描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：
（4）因为物体所受重力大小与质量有关，所以在探究重力大小与形状之间的关系时，应保持质量不变．该小组的同学用小刀将橡皮泥雕刻成各种形状进行实验，未保持橡皮泥的质量不变，所以得到了错误结论．
【分析】（1）测量重力和物体质量的关系时，需要利用弹簧测力计测量重力，利用天平测量质量；
（2）通过实验，探究物体受到的重力和质量成正比；
（3）根据实验数据，在坐标图像中描点作图；
（4）探究物体的重力和形状的关系，需要保持物体的质量不变。
2．【答案】（1）大小
（2）（b）
（3）力的作用效果与力的方向有关
（4）控制变量
【解析】【解答】（1）（a）和（c）所挂钩码重力相同，位置相同，对钢片拉力方向也相同，所以，通过（a）和（c）中钢片的形变程度，可以得出结论∶力的作用效果与力的大有关。
（2）（a）和（b）中所挂钩码的位置不同，重力相同，对钢片拉力方向也相同，所以，通过比较（a）和（b）中钢片的形变程度，可以得出结论∶力的作用效果与力的作用点有关。
（3）（a）和（d）中所挂钩码的重力相等，位置相同，对钢片的拉力方向不同，所以通过比较（a）和（d）中钢片的形变程度，可以得出结论：力的作用效果与力的方向有关。
（4）实验中，采用了每次控制两个变量不变，只通过改变一个变量来探究影响力的作用效果的因素，所以采用了控制变量法。
【分析】要完整的描述一个力，需要知道力的大小、方向、作用点，要探究每一个因素对力的影响，需要用到控制变量法。
3．【答案】（1）2.4；3.6；4.8；6.0
（2）
（3）在弹性限度内，弹簧的伸长量与其受的弹力成正比。
（4）弹簧的伸长量与受的弹力的图象为正比例函数图象
（5）弹簧测力计
（6）用图象分析实验数据更直观明了
【解析】【解答】（1）弹簧的总长度减去弹簧的原长得到弹簧的伸长量，那么表格中从左到右依次为；
8.4cm-6cm=2.4cm；9.6m-6cm=3.6cm；10.8m-6cm=4.8cm；12m-6cm=6cm。
（2）方格纸上横轴表示伸长量，纵轴表示弹力，根据表格数据在对应位置描点，最后将相邻的点连接起来即可，如下图所示：
（3）根据图像可知，弹簧的伸长量与弹力的变化图像为一条通过坐标原点的斜线，那么得到：在弹性限度内，弹簧的伸长量与其受的弹力成正比。
（4）支持你上述结论的依据是：弹簧的伸长量与受的弹力的图象为正比例函数图象。
（5）此实验结论在实际中的一个应用是弹簧测力计；
（6）我觉得运用图像分析的优点为：用图象分析实验数据更直观明了。
【分析】（1）将弹簧的总长度减去弹簧的原长得到弹簧的伸长量；
（2）方格纸上横轴表示伸长量，纵轴表示弹力，根据表格数据在对应位置描点，最后将相邻的点连接起来即可；
（3）根据图像的形状分析弹簧伸长量与弹力的关系；
（4）根据对正比例函数图象的认识解答；
（5）根据弹簧测力计的工作原理解答；
（6）可从物理量关系的直观性和明了性等角度分析。
4．【答案】（1）竖直
（2）静止
（3）2
（4）误差
（5）物体所受的重力与物体质量成正比
【解析】【解答】（1）实验前，为了提高测量的准确程度，应在竖直方向上对弹簧测力计进行调零。
（2）测量物体重力时，当物体静止时，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，弹簧测力计对钩码的拉力等于钩码受到的重力。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2N。
（4）根据表格中的实验数据，在画出重力与质量的关系图像如图乙，从图中可看出所描的点不在同一直线上，这现象称为误差。
（5）从实验数据我们可以得出的结论是物体所受的重力与物体质量成正比。
【分析】（1）测量物体的重力时，拉力的方向竖直方向；
（2）测量物体的重力时，保持物体静止；
（3）根据测力计指针位置，测量拉力的大小；
（4）测量重力和质量关系时，误差不可避免；
（5）物体受到的重力和质量成正比。
5．【答案】（1）刻度尺；拉力F与弹簧伸长量的比值是定值；3
（2）
（3）在0~6N拉力作用下，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比
【解析】【解答】（1）在实验中，需要测量弹簧伸长量，所以还需要的测量仪器是刻度尺。
由表格第2、4、6组数据知，拉力F与弹簧伸长量的比值是定值为2.5，而第3级数据中，两者的比值为1.9，所以弹簧的伸长量与它所受的拉力大小成正比，而明显错误的是长3组数据。
（2）由实验结论知，当弹簧所受的拉力为4N时，弹簧的伸长量
将表格中正确的数据依次在坐标轴中描出对应的点，然后将各点用线连接，作图如下：
（3）由数据表格知，在0~6N拉力作用下，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比，据此可得出题目中的实验结论。
【分析】（1）探究弹力和伸长长度的关系时，需要利用刻度尺测量形变；在弹性限度内，弹簧受到的力和形变程度成正比；
（2）根据实验数据，在坐标图像中描点，反应弹力和形变量的关系；
（3）在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受到的拉力正比。
6．【答案】（1）12
（2）A
（3）22.5
（4）1.8
【解析】【解答】（1）由图乙可知，A橡皮筋在受到的接力不大于10N的情况下，橡皮筋伸长量Δx与橡皮筋受到的拉力大小F变化关系为一直线，说明橡皮筋的伸长Δx与受到接力F成正比例函数的关系，即FA=kAΔxA，由图知，当FA=5N，ΔxA=10cm，代入数据得kA=0.5N/cm，因此FA=0.5ΔxA，在A橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，橡皮筋A的伸长量为
（2）由图乙可知，在测量范围内，如F=5N时，用橡皮筋A制成的测力计伸长10cm，而用橡皮筋B制成的测力计伸长5cm，所以，用橡皮筋A制成的测力测量的精确程度高。
（3）将与本实验中两根相同的橡皮筋并联起来代替弹簧测力计使用时，两根橡皮筋伸长的长度相等，由图可知，在拉力作用下B先达到最大伸长量15cm，A橡皮筋的伸长量也为15cm；当伸长量为15cm时，橡皮筋B上的力为15N，因为橡皮筋的伸长与受到的拉力成正比，所以橡皮筋A上的力为
根据二力合成可得受到的最大拉力为15N+7.5N=22.5N
（4）液体的重力G液=mg=ρ液gV
测量液体密度时，弹簧测力计的示数F=G桶+G液
测量酒精时G桶+0.8×103kg/m3×V×10N/kg=2.6N①
测量植物油时G桶+0.9×103kg/m3×V×10N/kg=2.7N②
将①②两式联立，解方程组得G桶=1.8N，该密度计的零刻度线应标记在A橡皮筋测力计刻度板上1.8 N的位置。
【分析】（1）根据橡皮筋受力的形变长度关系，计算受力后的长度大小；
（2）当橡皮筋受到的拉力形变程度越大，测量越精确；
（3）当物体受力后，形变程度较小，测量的量程较大，根据弹力范围判断最大量程；
（4）根据物体的密度和体积的乘积计算质量，计算重力，结合容器的重力计算总重力大小，从而判断容器重力的大小。
7．【答案】（1）大小相等
（2）摩擦力
（3）同一直线上
（4）能
【解析】【解答】 （1）放入质量相等的钩码时，放手后小车静止；说明此时小车受力平衡；在两托盘中放入质量不相等的钩码时，放手后小车运动，说明此时小车受力不平衡，故相互平衡的两个力要大小相等；
（2）图乙装置中，将木块换成小车，目的是减小摩擦力对小车平衡的影响；
（3）实验时，将小车扭转一个角度，松手瞬间小车不能平衡，说明相互平衡的两个力作用在同一直线上；
（4）图丙中，虽然两个定滑轮的高度不同，但定滑轮不能改变力的大小，只改变力的方向，且细线仍可以在一条直线上，因此，该装置能探究二力平衡的条件。
故答案为：（1）大小相等；（2）摩擦力；（3）同一直线上；（4）能
【分析】（1）物体处于平衡状态时受平衡力的作用；
（2）在实验中，应尽量减小摩擦力对小车平衡的影响；
（3）（4）相互平衡的两个力必须作用在同一直线上，否则不能平衡；定滑轮能改变力的方向，但不能省力
8．【答案】（1）匀速直线；等于
（2）接触面粗糙程度；压力；2、4、5；越大
（3）等于
（4）鞋底刻有凹凸不平的花纹；为了防止传动皮带打滑，要把皮带张紧些
【解析】【解答】（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，根据二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）①根据表格可知，实验1、2、3中接触面相同，只有砝码个数不同，那么得到：在接触面粗糙程度相同的条件下，压力越大，滑动摩擦力越大；
②探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，只改变接触面，故选实验2、4、5，且得到结论： 在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3） 实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.6N时，木块未被拉动， 此时摩擦力与拉力为一对平衡力，即摩擦力为0.6N。
（4）增大摩擦的措施：鞋底刻有凹凸不平的花纹；为了防止传动皮带打滑，要把皮带张紧些。
【分析】（1）当木块在水平面上做匀速直线运动时，受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
（2）①根据表格数据，分析实验1、2、3中哪个因素相同，哪个因素不同即可；
②根据控制变量法的要求选择对照实验。
（3）根据平衡力的知识分析解答；
（4）根据日常生活中增大摩擦的例子解答。
9．【答案】（1）速度；毛巾；木板
（2）小；匀速直线运动；不能
【解析】【解答】（1）①实验中每次都使同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的速度；
②根据图片可知，毛巾表面最粗糙，木板表面最光滑，则实验中小车在毛巾表面上受到的阻力最大．在木板表面上受到的阻力最小。
（2）①分析实验现象可知：在其他条件相同时，小车在木板上受到的阻力越小，运动的距离越远；由此可以推测：如果阻力减小为零，水平面足够长，那么小车在水平面上的运动速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生改变，木块将做匀速直线运动。
②著名的牛顿第一定律是在此基础上总结出来的。这个定律是在大量实验的基础上通过推理而概括出来的，由于无法模拟阻力为零的情形，因此不能用实验直接验证。
【分析】（1）①小车达到水平面时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，则速度越大；
②根据接触面的粗糙程度确定受到阻力大小；
（2）①根据图片分析运动距离的远近和受到阻力大小的关系；
②根据牛顿第一定律的研究方法解答。
10．【答案】（1）匀速直线；相等
（2）无关；甲、丙
（3）甲、丁
（4）不需要；读数
【解析】【解答】(1) 第1、2空， 根据二力平衡的原理，只有物体做匀速直线运动时，拉力才与滑动摩擦力大小相等。故1空填“匀速直线”，2空填“相等”；
(2) 第1空、 比较甲、乙两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关。故该空填“无关”；
第2空、 要得出“在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小”，需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，比较甲、丙两次实验即可。故该空填“甲、丙”；
(3) 第1空、 拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丁两次实验得到的结论的。故该空填“甲、丁”；
(4)第1、2空，实验改进后，物体B相对于地面是静止的，物体B受到测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不需要制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。故1空填“不需要 ”，2空填“读数”。
【分析】明确二力平衡时物体做匀速直线运动，此时拉力与滑动摩擦力相等。通过比较甲、乙实验得出滑动摩擦力与接触面积无关；通过比较甲、丙实验得出在接触面粗糙程度相同情况下压力与滑动摩擦力的关系。指出拔河比赛应用了增大接触面粗糙程度增大摩擦力，对应甲、丁实验。说明实验改进后物体 B 静止，其受平衡力，与木板速度无关，从而强调不需要木板匀速直线运动，且便于操作和读数。
11．【答案】（1）甲丙
（2）大
（3）不需要
（4）2；4
【解析】【解答】(1) 第1空、 由甲、丙两图可知：丙中压力更大，弹簧测力计示数更大，说明摩擦力更大，可得出结论当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。故该空填“ 甲丙 ”；
(2) 第1空、 由甲、乙两图可知：乙中接触面更粗糙，弹簧测力计示数更大，说明摩擦力更大，可得出结论当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。故该空填“ 大 ”；
(3) 第1空、 如丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置不需要长木板做匀速直线运动。故该空填“ 不需要 ”；
(4) 第1空、 由图3可知，物体C在第2秒时，处于静止状态，故受到平衡力作用。水平方向拉力和摩擦力是一对平衡力，由图2可知，此时拉力为2N，故摩擦力为2N。故该空填“2”；
第2、 由图3知，6~9秒物体做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，由F-t图像知此时的拉力为4N，所以滑动摩擦力也为4N；由图3知，3~6秒物体做加速直线运动，但压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，仍为4N，故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。故该空填“4”。
【分析】通过比较甲、丙两图，在接触面粗糙程度相同的情况下，改变压力大小，观察弹簧测力计示数变化，得出压力对滑动摩擦力的影响。通过比较甲、乙两图，在压力相同的情况下，改变接触面粗糙程度，观察弹簧测力计示数变化，得出接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。对于丁图装置，因为 A 相对于地面静止，根据平衡力原理，只需关注测力计拉力与摩擦力关系，无需长木板做匀速直线运动。对于物体 C 在不同时刻的摩擦力分析，根据静止或匀速直线运动时拉力与摩擦力平衡，先从图 3 确定状态，再结合图 2 中对应时刻的拉力确定摩擦力大小；同时考虑到压力和接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小不变，即便物体运动状态改变，摩擦力也保持不变。
12．【答案】（1）二力平衡
（2）甲、乙
（3）压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）不受；3.8
【解析】【解答】(1) 第1空、 当用弹簧测力计沿水平方向拉着物块 A 做匀速直线运动时，物块处于平衡状态，根据二力平衡原理，此时滑动摩擦力与拉力的大小相等。故该空填“ 二力平衡 ”；
(2) 第1空、 甲、乙两图中接触面粗糙程度相同，乙图中压力更大，且乙图中测力计示数更大，即滑动摩擦力更大，所以分析甲、乙两图可知在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。故该空填“ 甲、乙 ”；
(3) 第1空、 甲、丙两图中压力相同，丙图中接触面更粗糙，丙图中测力计示数更大，即滑动摩擦力更大，所以分析甲、丙两图可知压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。故该空填“ 压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 ”；
(4) 第1空、 物体 A 上面的砝码与物块 A 一起做匀速直线运动，相对物块 A 没有相对运动趋势，所以不受摩擦力。 故该空填“ 不受 ”；
第2空、 当弹簧测力计的示数为 3.8N 时，物块 A 仍在木板上做直线运动，由于压力和接触面粗糙程度不变，所以物块 A 受到木板的摩擦力仍为 3.8N。 故该空填“3.8”。
【分析】 首先明确实验中通过让物块做匀速直线运动，利用二力平衡原理来得出滑动摩擦力等于拉力。然后通过比较甲、乙图可得出压力对滑动摩擦力的影响；比较甲、丙图可得出接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。对于后面部分，判断物体 A 上面的砝码是否受摩擦力根据有无相对运动趋势，而当拉力变化但其他条件不变时，根据影响滑动摩擦力的因素不变可确定摩擦力大小不变。
13．【答案】有色；漏气；探头方向；丁；液体压强与液体深度有关且同种液体中，深度越深、压强越大。；变大
【解析】【解答】（1）①U形管是无色透明的，如果液体也是无色透明的，那么不易观察液面高度变化，则U形管中的液体最好选用有色液体。
②用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体没有升降或升降不灵活，说明装置是漏气的。
（2）探究液体内部的同一深度处，液体向各个方向的大小规律时，要将调节好的压强计的探头放入水中，保持探头所处的深度不变，多次改变探头方向。
（3）①比较图丙、丁的实验现象，图丁中U形管中的液体高度差最大，所以探头受到水的压强较大。
②丁中探头的深度大，且U形管中的液体高度差越大，所以可得出结论：液体压强与液体深度有关且同种液体中，深度越深、压强越大。
（4）探头在液体中的深度不变，根据可知，深度相同，压强不变，因此，若将U形管中液体由水换为酒精，因为酒精的密度小于水，所以出现U形管两侧液面高度差变大。
【分析】 （1）①液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
②检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体无变化，则说明装置漏气；
（2）（3）（4）液体压强与液体的深度和液体的密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答。
14．【答案】控制变量；甲、乙；大；乙、丙；小
【解析】【解答】压力的作用效果影响因素有压力，受力面积等，所以探究时采用的是控制变量法。
甲、乙两图，乙图中海绵受到的压力较大，其余因素相同，形变程度也较大，所以当受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。乙、丙实验中，乙图中海绵的受力面积较小，其余因素相同，乙图中海绵的形变程度较大，可以得出结论：当压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
综上 第1空、 控制变量； 第2空、甲乙； 第3空、大； 第4空、乙丙； 第5空、小。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
15．【答案】（1）高度差；转换法；C
（2）相等
（3）乙丁；增大
（4）密度
【解析】【解答】(1)压强计通过U形管两侧液面高度差来反映被测压强大小，这种研究物理问题的方法是转换法；实验前要检查装置是否漏气，故AB错误，C正确；故答案为：C。
(2)同种液体在相同深度向各个方向的压强都相等。
(3)乙、丁是同种液体，深度不同，U形管液面高度差不同，说明同一种液体的压强随深度的增加而增大。
(4)丁、戊液体道德深度相同，液体的密度不同，液体的压强不同，说明：同一深度，液体的密度越大，液体的压强越大。
【分析】(1)本实验用转换法显示液体内部的压强，U形管液面高度差越大，液体内部的压强越大；实验前要检查装置的气密性。
(2)在同一深度，液体内部朝各个方向的压强都相等。
(3)同种液体，液体的压强随深度的增加而增大。
(4)同一深度，液体的密度越大，压强越大。
16．【答案】（1）海绵的凹陷程度
（2）压力越大
（3）乙、丙
（4）=
【解析】【解答】 (1) 第1空、 海绵比较软，当受到压力时会产生凹陷，凹陷程度越大说明压力的作用效果越明显，所以同学们根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。故该空填“ 海绵的凹陷程度 ”；
(2) 第1空、 图甲和乙中，受力面积相同，乙图中砝码更多，压力更大，且海绵的凹陷程度更明显，所以可以得到受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显的结论。故该空填“ 压力越大 ”；
(3) 第1空、 要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，乙和丙图中压力相同，受力面积不同，所以应比较乙、丙两图的实验。故该空填“ 乙、丙 ”；
(4) 第1空、 图乙和图丁中，小桌和砝码对接触面的压力是相同的，受力面积也相同，根据压强的定义式（其中 p 是压强，F 是压力，S 是受力面积），可知压强相同，即 P乙=P丁。故该空填“ = ”。
【分析】 明确用海绵凹陷程度作为衡量标准；对比甲、乙，控制受力面积，得出压力越大作用效果越明显的结论；通过选择压力相同、受力面积不同的乙、丙两图来探究受力面积的影响；依据压强公式，分析压力和受力面积相同，得出压强相等的结论。
17．【答案】（1）大于；C
（2）液体的深度
（3）变平（或“恢复原状”）；
【解析】【解答】(1) 第1空、 当 U 形管两边液面出现左高右低的情况时，说明 U 形管左侧液面上方的气压大于外界大气压，才会导致这种液面差。故该空填“ 大于 ”；
第2空、 A 选项将右侧管中高出的液体倒出并不能改变左侧液面上方气压大的情况；B 选项向右侧管中倒入部分液体也无法解决根本问题；而 C 选项取下软管重新安装，可以使 U 形管内的气体与外界连通，从而使气压恢复平衡，解决液面差的问题。故该空填“C”；
(2) 第1空、 比较乙、丙两图，液体都是水，只是探头在水中的深度不同，压强计液面高度差不同，说明在液体种类相同的情况下，液体的压强与液体的深度有关。故该空填“ 液体的深度 ”；
(3) 第1空、 要使橡皮膜受到的左右压强相等，橡皮膜就会变平或恢复原状；故该空填“ 变平（或“恢复原状”） ”；
第2空、 当橡皮膜变平时，根据液体压强公式，水产生的压强为待测液体产生的压强为，因为压强相等，所以可得则待测液体密度的表达式为 。故该空填“ ”。
【分析】根据 U 形管液面的高低情况判断出气压关系，明确需要调整气压平衡来解决问题，通过分析各选项得出取下软管重新安装这一正确方法。通过对比乙丙两图中相同液体不同深度下压强计的表现，得出液体压强与深度有关的结论。先明确操作目的是使橡皮膜状态改变以达到压强相等，然后根据液体压强公式推导出当压强相等时水和待测液体的深度与密度的关系表达式，从而得出待测液体密度的表达式。
18．【答案】（1）压力
（2）内凹
（3）C；不正确；没有保持金属盒所处深度相同
（4）a
【解析】【解答】（1） 家里洗菜池中装满水时，提起橡皮塞比较费力。说明：水对池底的橡皮塞有压力。
综上 第1空、 压力；
（2）一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶水平放入水中，橡皮膜会向内陷，扎有橡皮膜的长方体塑料小桶竖直放入水中，橡皮膜都会向内陷，说明液体内向各个方向都有压强。
综上 第1空、 内凹；
（3） 压强计U形管两边红墨水的高度不相等，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压不相等，应拆除软管重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，没有控制金属盒浸入液体中的深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。
综上 第1空、C； 第2空、不正确； 第3空、 没有保持金属盒所处深度相同；
（4）在图2中，从左侧管口沿水平方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强变小；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以a侧液面将升高。
综上 第1空、 a。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
（1）由于液体受到重力作用，所以液体对池底的橡皮塞有向下压力，提起橡皮塞比较费力。
（2）一个两端扎有橡皮膜的长方体塑料小桶水平放入水中，橡皮膜会向内陷，液体左右方向都有压强，扎有橡皮膜的长方体塑料小桶竖直放入水中，橡皮膜都会向内陷，液体上下方向都有压强，说明液体内向各个方向都有压强。
（3）①[1]若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压不相等，对实验结果会造成影响，应拆除软管重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
②[2]由图可知，金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。
[3]探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。小强保持C图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面差增大，由于没有控制金属盒浸入液体中的深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。
（4）在图2中，从左侧管口沿水平方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端空气流速小、压强大；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以a侧液面将升高。
19．【答案】4；1；物块排开水的重力；F1-F5
【解析】【解答】探究浮力和排开液体的重力关系时，
（1）图甲中，物块未浸入水中时，弹簧测力计的示数F1=4N，则物块的重力为4N。
（2）图乙中，当物块浸没在水中时，受到的浮力为：F浮=F1-F3=4N-3N=1N，
物块排开水的重力为：G排=F4-F2=1.5N-0.5N=1N，可得：物块排开水的重力等于浮力的大小，从而验证了阿基米德原理。
（3）图丙中，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，物块排开水的体积与排开酒精的体积相等，通过比较F1-F5和F1-F3，即比较物块在水与酒精中的浮力大小关系，可得出结论：物块受到的浮力大小与液体密度有关。
【分析】（1）根据物体未进入水中，测力计的拉力，测量物体的重力；
（2）结合物体的重力和浸没在液体中，测力计拉力差， 计算浮力；
（3）根据物体浸没在不同液体中，利用拉力前后的差，计算浮力，判断浮力大小和液体密度的关系。
20．【答案】物体排开液体的体积；液体的密度；1；
【解析】【解答】（1）圆柱体排开水的体积不同，示数不同，浮力也不同；
（2）同一深度，排开水的体积相同，所受的浮力不同，浮力的大小与液体的密度有关。
（3）所受的浮力F浮=G-FD=4N-3N=1N
圆柱体的体积
圆柱体的质量
圆柱体的密度
【分析】根据控制变量法分析；根据公式F浮=G-FD，，，求解。
21．【答案】2.4；D、E；错误；c；相等
【解析】【解答】（1）根据A图可知，测力计的分度值为0.2N，示数为2.4N，则物块的重力G=2.4N；
（2）要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，故选D、E。
（3）图A、B、C，排开液体体积不同，深度也不同，由于没有控制排开液体体积相同，故小红的结论是错误的。
（4）a. 由图A可知，物块的重力为；
由图A、C或D，可以求出物块在水中的浮力为；
物块浸没在水中时，排开水的体积即为物块的体积，
根据阿基米德原理可得；
故a正确不符合题意；
b.物块的质量为，物块的密度为，
故b正确不符合题意；
c.由题中数据无法计算出盐水的体积，故c错误，符合题意；
d.由图A、E，可以求出物块在盐水中的浮力为；
物块浸没在水中时与浸没在盐水中，排开水的体积相同，根据阿基米德原理可得盐水的密度为
；
故d正确不符合题意。
故选c。
（5）将装满水的溢水杯放在升降台上，用升降台来调节溢水杯的高度，逐渐调高升降台，重物浸入水中的体积变大，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，所以弹簧测力计甲的示数F'=G-F浮变小；又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计乙的示数变大。弹簧测力计甲示数的变化量表示浮力大小，弹簧测力计乙示数的变化量表示排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的变化量和弹簧测力计乙的示数变化量相等，则物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，则证明阿基米德原理成立。
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针的位置读出物体的重力；
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）探究物体受到的浮力与深度的关系时，需要控制液体密度和排开液体体积相同，只改变深度；
（4）根据阿基米德原理，密度公式和浮力的计算方法，分析四个选项中哪个数值不能计算出来。
（5）验证阿基米德原理，关键是比较物体受到的浮力和排开液体的重力的大小，据此分析解答。
22．【答案】无关；有关；2.5；B；1；
【解析】【解答】（1）根据二次称重法得物体在丙图中受到浮力是
F浮= G F示=6N 3.5N=2.5N
由丙、丁、戊三个图可知，物体都完全浸没在液体中，但浸没的深度不同，而丙、丁两个图物体所受的浮力大小却相同，这说明浮力大小与浸没在液体中的深度无关。同时，物体浸没在丙、丁和戊两个不同密度的液体中，所受的浮力大小不同，说明浮力大小与浸入液体的密度有关。在丙图中，物体浸没在水中，此时弹簧测力计的示数为F示 =3.5N。由于物体受到重力G、浮力F浮 和弹簧测力计的拉力F示 三个力的作用，且这三个力平衡。
在乙图中，物体部分浸入水中，受到的浮力小于在丙图中完全浸没时的浮力2.5N，因此，弹簧测力计的示数会大于在丙图中的示数，即大于3.5N，由
F示= G F浮
知，由于有了浮力，所以弹簧测力计的示数会小于物重6N，故B符合题意。
故选B。
（2）从图丙中可以看出，当时间t达到一定值后，弹簧测力计的示数F=0.4N不再变化，说明此时正方体A已经完全浸没在水中。此时，正方体所受的浮力FA浮等于正方体的重力GA=0.6N 加弹簧测力计的示数F=0.4N，即正方体A全部浸没中水中时所受到的浮力
F浮全=F+GA=0.4N+0.6N=1N
依题意得，当正方体A全部浸没在水中时，它排开水的体积等于其自身体积V，此时受到的浮力为
F浮全 =ρ水 gV=1N……①
而图甲中正方体A露出水面的体积为V露 ，此时受到的浮力为
F浮甲 =ρ水 g(V V露 )
由乙图知，弹簧测力计在甲图开始时的示数F甲=0.2N，由图甲可得，正方体所受的浮力
F浮甲=GA+F甲
即
F浮甲=ρ水 g(V V露 )=0.6N+0.2N……②
联立①②解得
即图甲中正方体A露出水面的体积为。
【分析】(1)①丙、丁、戊三个图，明确变化的量和不变的量，根据弹簧测力计示数的变化，可得出结论；
②由可求得物体在丙图中受到浮力；
③对比丙图中弹簧测力计的示数可作出选择；
(2)①图2中使用的是定滑轮，不能省力，所以弹簧测力计的示数即为对木块的拉力，根据二力平衡知识可知求出浮力；
②根据求出甲图中物体所受浮力，由阿基米德原理可求得此时浸入水中的体积，已知正方体A的体积为V，然后可求露出水面的体积。
23．【答案】1；排开液体的体积；A、C、D；越小；排开液体受到的重力；物体碰到了溢水杯底部
【解析】【解答】（1）由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
（2）由BC两图知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，且排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，对比A、B、C，可知浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
（3）探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关时，应控制液体的密度相同，排开液体的体积相同，深度不同，故选A、C、D图进行比较；
（4）根据D、E两图可知，液体的密度不相同，排开的液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不相同，由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度越小，则物体受到的浮力越小。
（5）当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，减小的数值等于物体受到的浮力，乙的示数增大，增大的量等于排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于排开液体受到的重力。
（6）实验发现簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，即浮力大于排开液体受到的重力，原因可能是溢水杯没有装满水，导致排开液体的重力偏小。
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；（3）A、C、D；（4）越小；（5）排开液体受到的重力；（6）溢水杯没有装满。
【分析】（1）根据F浮=G-F求浮力大小；
（2）根据B、C中的相同点和不同点，根据控制变量分析。
（3）研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
（4）根据D、E中的相同点和不同点，根据控制变量分析；
（5）根据阿基米德原理分析；
（6）根据浮力大于排开液体的重力分析。
24．【答案】薄；相平；不漏气；1、2、3或4、5、6；密度；；各个方向；不变
【解析】【解答】探究液体压强的实验中，（1）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜薄一些，测量时会较灵敏，实验效果明显。
（2）压强计的探头未放入液体中时，调整U形管左右两边玻璃管中的液面相平。
按压探头处橡皮膜时，U形管两侧液面出现了明显高度差，说明压强计气密性良好，不漏气。
（3）根据表中1、2、3或4、5、6实验中，液体密度相同，深度越大，U形管两侧液面高度差越大，可知：同种液体中，深度越深，压强越大。
分析表中1和4、2和5、3和6的数据，可知：深度相同时，密度越大，U形管两侧液面高度差更大，说明：深度相同时，液体密度越大，压强越大。当探头在水中的深度为6cm，探头在硫酸铜溶液的深度为4cm时，U形管中的高度差相同，则受到的压强相等，即
则硫酸铜溶液的密度为：
计算硫酸铜溶液的密度为。
（4）在图乙中，控制深度和液体密度相同，可以探究同一深度处，液体向各个方向的压强大小关系。
（5）浮力与排开液体体积和液体密度有关，压强计的金属盒浸没在液体中的深度增加，排开液体体积和液体密度不变，金属盒受到的浮力不变。
【分析】（1）探究液体压强时，橡皮膜越薄，容易形变，实验现象明显；
（2）实验前，按压橡皮膜时，U形管出现液面高度差，装置不漏气；
（3）当U形管液面高度相同时，压强相等，结合深度和水的密度，计算未知液体的密度；
（4）当深度和液体密度相同时，改变探头方向，可以探究液体压强和方向的关系；
（5）浮力和液体密度和排开液体的体积有关；和深度无关。
25．【答案】（1）速度
（2）木块被撞击后移动的距离
（3）质量
（4）不能
（5）禁止汽车超载（合理即可）
【解析】【解答】 （1）根据控制变量法可知当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
（2）实验中通过比较木块被撞击后移动的距离来判断小球具有动能的大小；、
（3）比较步骤甲和步骤乙可知，质量不同的小球从斜面的同一高度处滚下，撞击木块后使木块在水平面运动的距离不同，质量越大的小球使木块移动的距离越远。由此得出结论：速度相同时，小球的质量越大，小球具有的动能越大。
步骤乙和实验步骤丙中，小球的质量不同，下落的高度不同，存在两个变量，根据控制变量法，没有控制小球的质量相等，所以无法判断动能大小与速度的关系，小华的该观点是错误。
（4）若水平面绝对光滑，本实验将不能达到探究目的，因为无法用木块移动的距离反映小球动能的大小；
（5）根据实验结论，给汽车司机写出一条交通警示语：禁止汽车超载。
【分析】 （1）小球开始下落时起始点的高度在这里决定了小球到达平面时速度的大小，实验中小球的质量不同，是探究动能与质量的关系，让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是使小球到达斜面底端与木块B相碰时速度相同。
（2）小球的动能大小是无法直接观察到的，所以实验中通过是比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，将看不见的转化为看得见的，这种方法在物理学中属于转换法。
（3）根据控制变量法可知要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量；
（4）从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，钢球撞击木块后，木块不受摩擦力作用，在水平方向不受外力作用，将做匀速直线运动，不能通过比较木块移动的距离来比较动能的大；
（5）当汽车超载时，即使速度不大，但是动能很大，发生撞击时破坏力也会很大，据此分析解答。
26．【答案】速度；质量；B；质量相同时，速度越大动能越大；不能；超载
【解析】【解答】(1)十次车祸九次快的快说的是速度，则汽车的动能可能跟速度有关。安全驾驶莫超载中的超载说的是质量，则汽车的动能可能跟质量有关；
(2)实验中通过木块被撞击的距离去比较小球撞击木块前具有的动能的大小，故ACD不符合题意，B符合题意；
(3)图甲、丙中，小球的质量相同，下落高度不同则碰撞时，小球的速度不同，物块在水平面移动的距离不同，则说明：质量相同时，物体的动能与速度有关，且速度越大，动能越大；
(4)本实验中是通过木块移动距离来反映小球动能大小的，水平面若绝对光滑，木块将在水平面上做匀速直线运动，因无法通过木块移动的距离去比较小球动能的大小，因此将不能达到实验探究目的；
(5)图甲、乙中，小球下落的高度相同，则小球下滑到水平面时的速度相同，甲图中小球的质量大于乙图的，撞击后，甲图中物块移动的距离大于乙图的，则说明：速度一定时，物体的质量越大，物体的动能越大。则可以说明汽车超载时，危险性大。
【分析】(1)(2)(4)物体的动能跟物体的速度和质量有关在实验过程中，通过观察物体被小球撞击的距离来判断小球动能的大小；
(3)(5)动能的大小与物体的质量和运动速度有关。
27．【答案】重力势；大；动能大小和速度有关；A
【解析】【解答】（1）小球从斜面滚下过程中，其质量不变，高度减小，则重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以实验中小球撞击木块时的动能是由小球的重力势能转化而来的；
（2）小球撞击木块时的动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，这是转换法的应用；
（3）甲、乙两图中，小球的质量相等，从不同的高度由静止滚下，到达水平面时的速度不同，速度大的小球把木块推得更远，说明速度大的小球对木块做的功多，其动能大，则可以得出结论：质量一定时，物体的速度越大，动能越大；
（4）根据控制变量法可知不能改变小球速度，也不能换用其它木块或其它水平面，但可以换比A质量小的球，以减小小球撞击木块时的动能，故选A。
故答案为：（1）重力势；（2）大；（3）质量一定时，物体的速度越大，动能越大；（4）A。
【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
（2）在甲、乙两实验中，观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法。
（3）根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定动能与变化量之间的关系。
（4）探究动能大小和物体质量的关系时，应控制物体到达水平面时的速度相同，而物体的质量不同，同时要控制木块和水平面的材料均相同；物体的动能越大，木块被撞击后移动的距离越远。
28．【答案】木块B移动的距离；不能；速度；错误；没有控制速度一定；错误
【解析】【解答】探究物体的动能大小跟哪些因素有关时，（1）实验中，小球动能的大小不同，推动木块移动的距离不同，通过木块B被撞击后移动的距离反映动能的大小，运用了转换法。
若水平面绝对光滑，木块B水平方向不受力，将做匀速直线运动，无法停下来，不能比较木块B移动的距离，不能比较小球的动能大小，不能达到探究目的。
（2）根据图1甲、乙两图，质量相同，下落高度不同，速度不同，木块移动的距离不同，则物体的动能大小与物体运动的速度有关，速度越大，动能越大。
（3）根据图1甲、丙两图，小球质量不同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同。得出结论：物体的动能大小与质量有关，结论是错误的，应控制两球滚下的高度相同，只改变它们的质量；
（4）根据图2，探究动能的大小与速度的关系，将相同质量的小球从不同高度由静止释放，通过木块在铁板和毛巾上滑行的距离，判断小球动能的大小，因木板和毛巾表面的粗糙程度不同，摩擦力不同，影响木块的滑行距离，做法错误。
【分析】（1）通过小球推动木块移动的距离，可以反映动能的大小，利用了转换法；
（2）质量相同时，可以探究动能和物体运动速度的关系；
（3）探究动能和质量的关系时，需要保持速度相同；
（4）小球推动木块时，木块运动的水平面粗糙程度相同，受到的阻力相同。
29．【答案】天平；木块被推动的距离；1、2；大；速度；物体的动能与质量成正比、与速度的平方成正比
【解析】【解答】（1）由表中数据可知，实验中需要测钢球的质量，因此实验中除了速度传感器和刻度尺，完成此实验需要的测量器材还有天平；
（2）实验中通过观察木块移动距离来反映钢球的动能大小，采用了转换法；
要探究钢球的动能大小与质量的关系，应控制钢球的速度相同，质量不同，由表中数据可知，1、2两次实验可以满足实验要求；由1、2两次实验可知，当速度相同时，质量越大，推动木块移动的距离越远，故可得出结论：运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大；
（3）由表中实验数据可知，钢球自由滚下的高度相同（即速度相同）时，质量变为原来的2倍，木块被撞后运动的距离（即动能）变约为原来的2倍，即物体的动能与质量成正比；
钢球质量相同时，钢球自由滚下的高度变为原来的2倍（即速度变为原来的2倍），木块被撞后运动的距离（即动能）变约为原来的4倍，即物体的动能与速度的平方成正比；
故速度对物体的动能影响更大。
故答案为：（1）天平；（2）木块被推动的距离；1、2；大；（3）速度；物体的动能与质量成正比，与速度的平方成正比。
【分析】 （1）根据表中数据分析回答；
（2）钢球的动能大小是通过木块移动距离来反映的，这是转换法的应用；研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据表中数据得出结论；
（3）根据控制变量法，分析表中实验数据，然后答题。
30．【答案】（1）左
（2）2
（3）变大
（4）C
【解析】【解答】(1)如图甲所示，杠杆右端下沉，说明右侧重，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。
(2)设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则3Gx2L=nGx3L，解得n=2，应在B点挂2个钩码。
(3)将弹簧测力计从①位置移动到②位置时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，由杠杆平衡条件可知，测力计的示数将变大。
(4)在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是避免偶然性，使实验结论具有普遍性，故AB不符合题意，C符合题意；故选：C。
故答案为：(1)左，(2)2，(3)变大；(4)C。
【分析】(1)实验时，使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；如果杠杆右端下沉，则应该将平衡螺母向左调节；
(2)(3)当弹簧测力计斜着拉时，其力臂变小，根据杠杆平衡条件分析出答案；
(4)在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是避免偶然性，使实验结论具有普遍性。
31．【答案】（1）88.9%
（2）高
（3）B
【解析】【解答】测量滑轮组的机械效率的实验中，
（1）根据数据，计算滑轮组的机械效率为；
（2）分析1、2、3次实验的数据，滑轮组相同，物体重力分别为2N，4N，6N，机械效率为83.3%、88.9%和90.9%，可知，使用同一滑轮组提升重物时，物体重力越大，滑轮组的机械效率越高；
（3）A.增大绳重力，相当于增大了额外功，不能提高机械效率，A不符合题意；
B.减轻动滑轮重，相当于减小额外功，能提高滑轮组的机械效率，B不符合题意；
C.加快提升的速度，有用功和额外功都不受影响，不能改变机械效率，C不符合题意。
【分析】（1）根据，计算滑轮组的机械效率的大小；
（2）动滑轮相同时，物体重力越大， 机械效率越大；
（3）提高机械效率的方法有：减小绳重、减小摩擦力，减小动滑轮的重力，增大物体的重力等。
32．【答案】（1）小；保持匀速直线运动状态
（2）不同；不同
（3）不能
（4）2.5；60%；1
【解析】【解答】（1）甲实验中，水平面由毛巾改为棉布，后改为木板，说明小车与水平面的接触面越来越粗糙，对小车的阻力越来越小；从小车在水平面上的移动距离越来越远，说明小车所受阻力越小，速度变化越慢，若阻力为零，运动的小车将保持匀速直线运动状态。
（2）乙实验中，两小球的质量不同，从木块被小球推动的距离不同，可知两小球到达水平面时的初始速度不同。
（3）乙实验中，若水平面是光滑的，就无法比较两步实验中小球动能的大小，不能完成实验探究目的。
（4）弹簧测力计示数为2.5N，所以拉力为2.5N；将B由斜面底端拉至顶端，根据功的公式，可求拉力做功W=FL=2.5N×3m=7.5N，克服重力做功W有=Gh=4.5N×1m=4.5J；根据机械效率公式，可求斜面的机械效率；W额=W-W有=7.5J-4.5J=3J，根据W额=fL，可求摩擦力。
【分析】探究阻力对运动的影响，是通过改变接触面的摩擦力改变阻力，通过观察小车在水平面上运动的距离，来表示阻力对小车运动的影响；探究动能大小与质量的关系，是通过改变物体质量，通过观察木块被小球推动的距离，来探究质量对动能的影响；斜面的摩擦力不等于拉力大小，需通过求额外功，再求摩擦力。
33．【答案】（1）右；水平；力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响
（2）1
（3）变大
（4）
（5）右
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，杠杆的右端上桥，则右端轻，那么平衡螺母应该向右调节；
②杠杆保持水平并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量力臂 ，同时消除杠杆自重对实验的影响。
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：2G×2L=nG×4L，解得：n=1；
（3）当弹簧测力计由图丙的竖直方向变成倾斜方向，则杠杆在水平位置静止时，此时动力臂减小，则动力增大，那么弹簧测力计的示数变大。
（4）相同的钩码重力为G，上升高度为h，则两次做的有用功为W有=Gh；
当钩码在A点时，OA为处，而杠杆的重力作用在C点处，则杠杆重心上升高度为2h；
此时额外功为；W额=G0h’=G×2h=Gh；
当钩码在C点时，此时杠杆上升高度与钩码高度相同，都是h，
则额外功为：W额'=G0h''=G×h=Gh；
根据得到：.
（5）根据戊图可知，支架为支点，花盆的重力为阻力，F为动力。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，要减小动力，需要增大动力臂，减小阻力臂，即支架向右移动。
【分析】（1）①平衡螺母总是向轻的那端调节；
②当杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重力被支点承担，不会对平衡产生影响，且此时钩码悬挂点到支点之间的距离为力臂，通过刻度可以直接读取出来。
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
（3）主要分析动力臂的变化，进而确定动力的大小变化；
（4）根据W有=Gh计算有用功，根据W额=G0h'计算额外功，根据计算机械效率的比值；
（5）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
34．【答案】（1）右；测量力臂的大小
（2）1.5
（3）变大；不变
（4）不能
【解析】【解答】（1）第1空，杠杠右侧高，所以应向右调平衡螺母；第2空，让杠杠在水平位置平衡， 既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 又方便测量力臂；
（2）2个钩码质量为100g，所受重力为：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，根据杠杠平衡条件：F1L1=F2L2，可得， 所以弹簧测力计示数为1.5N；
（3）第1空，由可知，当F2L2不变时，将弹簧测力计绕B从a位置缓慢转到b位置， 对应的动力臂变小，故F变大；第2空杠杠 处于平衡状态， F与其力臂的乘积等于钩码重力和力臂的乘积，所以F与其力臂的乘积不变；
（4）将支点向左移一格 ，杠杠自身重力会对杠杆的平衡产生影响，所以不能在水平位置平衡。
【分析】（1）调节杠杠平衡时，哪一端高，向哪一端调平衡螺母；杠杠在水平位置平衡一是消除杠杠自身重力对杠杠平衡的影响，又因为钩码对杠杠的拉力与杠杠垂直，方便测量力臂；
（2）根据杠杠平衡条件分析计算；
（3）杠杠的平衡条件：F1L1=F2L2，分析杠杠中各个物理量的变化情况，代入平衡条件公式分析即可；
（4）支点不在杠杠中心位置，杠杠的平衡会受到杠杠重力的影响。
35．【答案】（1）弹簧测力计；刻度尺
（2）1.8；0.54
（3）80.8%
（4）增大
【解析】【解答】（1）测量滑轮组的机械效率实验中，用到的工具时，弹簧测力计和刻度尺。
（2）有用功是W有=Gh=6N×0.3m=1.8J，总功是W总=FS=2.6N×0.9m=2.34J，额外功等于总功减去有用功，即W额=W总-W有=2.34J-1.8J=0.54J。
（3）第③次实验中的机械效率为。
（4）同一滑轮组提升的重物重力越大，机械效率越高。
【分析】（1）匀速拉动绳子上升，可以直接从弹簧测力计上读出拉力的大小，刻度尺测出物体上升的高度。
（2）额外动和有用功的和等于总功。
（3）克服重力做功为有用功，拉力做功为总功，机械效率等于有用功除以总功。
（4）增加物重可以提高滑轮组的机械效率