广东省深圳市盐田区2025年中考二模物理试题
1．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。 以勺为笔，用糖作墨，糖汁成画。如图所示，糖汁冷却成糖画的过程中涉及的物态变化及吸、放热说法中正确的是（ ）
A．熔化 放热 B．凝固 放热
C．熔化 吸热 D．凝固 吸热
2．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。下列关于糖画的说法中正确的是（ ）
A．糖画师傅用铜勺舀起糖液时，糖液能附着在勺内而不立即流下，是因为糖液比热容大
B．绘制糖画时，手持勺子末端倾倒糖浆，此时勺子属于省力杠杆
C．糖浆从勺子滴落到铜板的过程中，主要的能量转化是重力势能转化为动能
D．做好的糖画表面光滑，在阳光下闪闪发光，这是因为光在糖画表面发生了漫反射
3．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。为了避免将糖熬焦，需要更好的控制熬糖时的火候，某厂家生产了一款全自动电熬糖锅，简化电路图如图甲，其中是一个温控开关，温度过高时自动断开。下列分析正确的是（ ）
A．当闭合时，电熬糖锅处于高温加热状态。
B．图乙电能表的示数为2139kW·h
C．该电路中能接入的用电器总功率最大为2200W
D．某次熬糖时关闭家里其他用电器，测出加热1min电能表表盘转过40圈，则电熬糖锅的实际功率是800W
4．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。 机器人大秀秧歌技艺，转手绢、飞手绢、变换队形，精准度和稳定性甚至超越人类。下列说法中正确的是（ ）
A．机器人静止在舞台上时，它受到的重力和支持力是一对相互作用力
B．机器人用力将手绢抛出，说明物体间力的作用是相互的
C．机器人能根据音乐节奏跳舞，音乐声是通过空气传播到机器人的声音传感器的
D．机器人在跳舞过程中，其动力主要来源于电池提供的化学能
5．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。机器人用灵活的机械臂挥舞着手绢，精准流畅的动作，引发了观众的热烈掌声，并利用照相机记录下了精彩的瞬间。下列说法正确的是（ ）
A．照相机镜头对光有发散作用
B．机器人到镜头的距离应在一倍焦距以内
C．照相机成的像是正立缩小的实像
D．若要得到清晰、更大的机器人的像，可适当减小镜头到机器人的距离，并将镜头适当向前伸
6．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。在节目最后机器人们的“飞手绢”环节，凭借腕部电机的创新抛放线机构，精准还原传统秧歌中抛接手绢的高难度技巧。下列各图中能反映腕部电机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025·盐田模拟）深圳舰是第一艘完全由我国自主研发的战舰，采用双轴双桨双舵动力系统，当其中一个动力系统或桨出现故障时，另一个系统或桨可以继续工作，确保战舰的正常航行。下图为小军模仿军舰的动力系统设计的电路图，请完成电路连接。
8．（2025·盐田模拟）深圳舰的声呐是利用 波具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的，它的雷达是通过发射 波探测目标。
9．（2025·盐田模拟）深圳舰的最大航速为30节（1节）其速度约为 m/s，若以此速度匀速航行时受到的阻力是，则舰艇发动机的功率是 kW。
10．（2025·盐田模拟）作为南海舰队主力舰艇，深圳舰频繁参与南海区域的实弹射击，防空反导、反潜作战等实战，当主炮发射导弹时，炮膛内的高压燃气是通过 来改变导弹的内能；导弹在加速升空过程中的机械能将 （填“增大”“减小”或“不变”），惯性将 （填“增大”“减小”或“不变”）。
11．（2025·盐田模拟）杆秤是前些年菜市场测量质量的工具，盐盐找来了一个杆秤进行观察，并准备完成老师布置的跨学科任务：制作一个杆秤。
（1）杆秤的本质是一个杠杆，平衡条件为 ，用图甲所示这个杆秤称量物体时，支点是 （选填“秤砣”、“提纽”或“秤钩”）所在的位置。这个杆秤有两个提纽，当盐盐使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，但改用提纽2时杆秤能称量物体的最大质量会 （选填“大于”、“小于”或“等于”）5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，第二次秤砣在杆秤上的位置会 （选填“靠近”或“远离”）提纽的位置。
（3）如图乙所示，盐盐用一根长35cm，质量忽略不计的轻质均匀细杆制作杆秤，过程如下：
①他在细杆最左端A点处挂一质量为20g的小盆作为秤盘，在A点右端5cm处钻一个小孔B，并穿了一根细绳作为提纽。再找来一个质量为50g的钩码挂在细绳上作为秤砣，可以在秤杆上移动。
②当秤盘中不放任何物体时，调整秤砣的位置使杆秤平衡，在此时秤砣细线对应杆秤的位置上标为零刻度线，该位置离小孔B的距离为 cm；接着通过计算，盐盐在该杆秤的最右端写下了杆秤测量范围的最大值，该最大值为 g。
12．（2025·盐田模拟）田田在“测量小灯泡正常发光时电阻”的实验中，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压保持为4.5V不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样；
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在 端；闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为 时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则正常发光时的电阻 ；
（2）田田想比较与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡的正常发光时电阻的大小关系，他断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，将替换为，闭合开关后，发现电压表示数为2.3V。依据上述现象，可推断出 （选填“>”“=”或“<”），她继续完成了的测量后，验证了推断；
（3）利用原有电路，只将小灯泡替换为定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个），探究电流和电阻关系，为了能完成实验，控制电压表示数可能是______。
A．1.7V B．2.2V C．2.7V D．3.2V
13．（2025·盐田模拟）某小组在学习了“跨学科实践：制作简易活塞式抽水机”后，制作了一台简易活塞式抽水机如图1、2所示，由圆筒（可看成圆柱）、活塞、出水管、两个单向阀门A、B（只能向上开启）等组成。
（1）成员想知道此抽水机每次最大出水量（即圆筒里水的质量），于是测算出圆筒内的横截面积，圆筒高，请计算每次最大出水量，以及每次最大出水量的有用功。（）
（2）活塞被提起到最高点时，圆筒内气压接近真空。成员想求此时大气对活塞的压力是多少？于是测算出圆筒内的横截面积，并查询此时大气压强如图3所示。
14．（2025·盐田模拟）2024年以来，越来越多的巡逻机器人、机器狗（如图1）被深圳市政府投入使用，它能识别可疑物品、提供报警指引，甚至用多国语言服务外籍游客，有力支撑基础采集、巡逻防范、接警服务等警务活动。
巡逻机器狗搭载一块锂电池，其行走电机与摄像头模块可独立或同时工作。机器狗工作模式及工作数据（如表）。为了避免机器人因温度过高而烧坏，电路还并联温度报警器。图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警。图中电源电压为24V，为变阻器，为热敏电阻，其阻值随温度变化如图3所示。
电池 工作模式及工作数据
一块24V 30Ah 巡逻模式 仅电机工作 工作电压24V、功率72W
监控模式 仅摄像头工作 工作电压24V、电流1A
混合模式 电机与摄像头同时工作 /
求：
（1）要求当所测温度达到或者超过60℃时，报警器报警，不计报警器电阻，此时变阻器的阻值为多大？
（2）混合模式工作时的总电流？（不计报警器电路电流）
（3）单次任务循环包含：混合模式工作6分钟；监控模式工作18分钟。若电池电量低于10%时停止工作，求最多可执行多少次完整循环。
15．（2025·盐田模拟）鞋子面料的透水汽性会影响脚的舒适感。透水汽性是指单位时间内透过单位面积的水蒸气质量。为比较两款鞋子面料的透水汽性，小明用如图所示的两个装置进行实验。在相同规格的容器中盛放等质量的水，用恒温装置维持水温不变，面料与容器口紧密贴合。容器口的面积为，装置甲中的水温为，实验室温度为。
（1）实验中，装置乙中的水温应为 ℃；
（2）分别测出两装置中容器、水和面料的总质量；30min后，再次测出相应的总质量，数据记录见表。分析数据可得：
①装置甲中透过面料1的水蒸气质量为 g；
②面料 的透水汽性更大；
③两种面料的透水汽性之差为 ；
实验装置 总质量 总质量
甲 225.00 223.12
乙 235.00 232.68
（3）实验过程中，容器的 （选填“内”或“外”）表面会有小水珠形成；
16．（2025·盐田模拟）阅读短文，回答问题。
载人飞艇
2024年3月30日，我国自主研制的“祥云”AS700载人飞艇成功完成首飞。某飞艇如图甲所示，其气囊体积巨大，采用轻质材料制作。飞艇升空靠浮力来实现，水平飞行靠燃油发动机提供动力。燃油发动机输出的能量用于做推动功和辅助功：推动功指克服空气阻力推动飞艇水平飞行做的功；辅助功指燃油发动机驱动飞艇上发电机工作所做的功，辅助功的功率恒定。
当飞艇低速水平直线飞行时，其受到的空气阻力与速度v的关系如图乙所示。飞艇部分参数见表。忽略气囊厚度及气囊外其他部分受到的浮力。
空载质量（不含氦气） 3750kg 气囊总容积
燃油发动机效率 36% 辅助功的功率
（1）气囊采用轻质材料制作是为了减小 ；
（2）飞艇的发电机利用 的原理发电；
（3）将气囊充满氦气，此时飞艇受到的浮力为 N，飞艇最多可载 位乘客升空；（每位乘客质量，，，）
（4）飞艇以6m/s的速度水平匀速直线飞行时，其受到的空气阻力为 N；若以此速度水平匀速直线飞行10min，那么发动机推动功为 J，辅助功为 J；
（5）飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，可飞行的最大距离为 km。（燃油热值）
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】糖汁冷却成糖画的过程中，糖汁放出热量，由液态变为固态，属于凝固现象，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】凝固：物质由液态变成固态的过程，凝固放热。
2．【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；机械能及其转化；比热容；杠杆及其五要素；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．糖液能附着在铜勺内而不立即流下，是因为糖分子间存在相互作用的引力，故A错误；
B．手持勺子末端倾倒糖浆时，动力臂小于阻力臂，此时勺子属于费力杠杆，故B错误；
C．糖浆从勺子滴落到铜板的过程中，质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能增大，主要的能量转化为重力势能转化为动能，故C正确；
D．糖画表面光滑，在阳光下闪闪发光，这是因为光在糖画表面发生了镜面反射，故D错误。
故选C。
【分析】A.分子间同时存在引力和斥力；
B.杠杆分类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离），费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离），等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力也不费距离）；
C.动能影响因素：质量和速度；重力势能影响因素：质量和高度；能量转化是将减小的能量转化为增大的能量；
D.一束平行光照射到光滑的物体表面后，会被平行地反射，这种反射叫做镜面反射；
一束平行光照射到凹凸不平的物体表面后，会被四面八方反射，这种反射叫做漫反射。
3．【答案】D
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A．当S1闭合时，只有R1接入电路，总电阻较大，当S1、S2都闭合时，R1、R2并联接入电路，总电阻较小，根据可知，当S1、S2都闭合时，为高温加热状态，故A错误；
B．电能表的最后一位为小数位，图乙电能表的示数为213.9kW·h，故B错误；
C．由电能表的参数可知，该电能表允许通过的最大电流为20A，额定电压为220V，则电路中能接入的用电器总功率最大为
P=UI=220V x 20A =4400W
故C错误；
D．电能表上标有 “3000r/(kW h)”，表示每消耗1kW h的电能，电能表的表盘转3000转，则电熬糖锅1min消耗的电能为：
电熬糖锅的实际功率为：
故D正确。
故选D。
【分析】A.由图甲可知，当S1闭合时，只有R1接入电路，总电阻较大；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联接入电路，总电阻较小，根据判断电路的工作状态；
B.电能表的最后一位为小数位，单位为kW·h；
C.根据该电能表允许通过的最大电流和额定电压，利用P=UI求出该电路中能接入的用电器的最大总功率；
D.由电能表的参数“3000r/(kW h)”和电能表实际转过的转数求出用电器消耗的电能，根据求出实际电功率。
4．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；声音的传播条件
【解析】【解答】A．机器人静止在舞台上时，它受到的重力和支持力都作用在机器人上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，所以重力和支持力是一对平衡力，故A错误；
B．机器人用力将手绢抛出，手绢由静止变为运动，改变了手绢的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C．机器人能根据音乐节奏跳舞，音乐声是通过空气传播到机器人的声音传感器的，故C正确；
D．机器人在跳舞过程中，电池的化学能先转化为电能，然后电动机再将电能转化为机械能，为机器人的运动提供动力，故D错误。
故选C。
【分析】A.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
B.力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
C.声音的传播需要介质，真空不能传声；
D.电动机将电能转化为机械能。
5．【答案】D
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．照相机镜头是凸透镜，对光有会聚作用，故A错误；BC．物体到照相机的镜头的距离大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故B错误；
D．根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律可知，要得到更清晰、更大的像，可适当减小镜头到机器人的距离，并将镜头适当向前伸 ，故D正确。
故选D。
【分析】1.凸透镜对光有会聚作用，凹透镜对光有发散作用；
2.凸透镜成像规律：u>v，u>2f，成倒立、缩小的实像，fu2f，应用：投影仪；
u3.根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律进行分析。
6．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用；
A．通电螺线管原理是通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B．小磁针转动的原因是因上方通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C．电流表指针偏转原因是电磁感应现象，故C不符合题意；
D．线圈转动是因为通电导体在磁场中受力的作用，故D符合题意。
故选D。
【分析】1.电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用，将电能转化为机械能；
2.通电导线周围存在磁场，磁场方向与电流方向有关；
3.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
7．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】双轴双桨双舵动力系统，其中一个系统故障时另一个可继续工作，说明这两个动力系统能独立运行，互不影响，所以这两个电动机应并联接入电路，如图所示：
【分析】并联电路中，各支路用电器独立工作，互不影响；干路开关控制所有的用电器，支路开关控制只控制所在支路的用电器。
8．【答案】超声；电磁
【知识点】超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】声呐是利用超声波具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的；雷达通过发射电磁波来探测目标的位置。
【分析】1.超声波的特点：方向性好、穿透能力强、在水中传播距离远；
2.电磁波的传播不需要介质，利用电磁波可以传递信息。
9．【答案】15；
【知识点】功率计算公式的应用；速度与物体运动；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】1节≈1.8km/h=0.5m/s，深圳舰最大航行速度约为：
v=0.5m/s×30=15m/s
深圳舰匀速航行，牵引力与阻力是一对平衡力，即：
F=f=1.2×106N
则舰艇发动机的功率是：
【分析】1. 根据1节≈1.8km/h， 1m/s=3.6km/h 求出深圳舰航行的速度；
2.已知深圳舰做匀速直线运动，根据二力平衡求出牵引力，再根据求出发动机的功率。
10．【答案】热传递；增大；不变
【知识点】机械能及其转化；热传递改变物体内能；惯性及其现象
【解析】【解答】当主炮发射导弹时，炮膛内的高压燃气是通过热传递来改变导弹的内能。
导弹在加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，则机械能增大。
惯性的大小只与质量有关，由于导弹质量不变，所以惯性将不变。
【分析】1.做功和热传递都能改变物体的内能；
2.动能影响因素：物体的质量和速度；重力势能影响因素：质量和高度；
机械能等于物体的动能和势能之和；
3.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质；惯性是物体的固有属性，惯性的惟一量度是质量，质量越大，物体具有的惯性越大。
11．【答案】（1）；提纽；小于
（2）靠近
（3）2；280
【知识点】杠杆的平衡条件；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）杠杆平衡条件为：动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积，即。
由图甲可知，用这个杆秤称量物体时，称杆绕提纽所在的位置转动，所以支点是提纽所在的位置。
使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，改用提纽2时杆秤能称量物体，根据杠杆平衡条件可知，动力不变，最大动力臂减小，阻力臂增大，则最大阻力变小，所以杆秤能称量物体的最大质量减小，即会小于5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，当他第二次换用质量更大的秤砣时，根据杠杆平衡条件可知，阻力与阻力臂不变，动力变大，动力臂减小，所以第二次秤砣在杆秤上的位置会靠近提纽的位置。
（3）当秤盘中不放任何物体时，由杠杆平衡条件得，该位置离小孔B的距离为：
根据杠杆平衡条件可得，该杆秤测得的物体和秤盘最大总重为：
杆秤测量最大值为：
【分析】（1）杆秤的平衡条件为F1L1=F2L2；
支点：杠杆围绕转动的固定点；
改用提纽2时，称量物体的重力的力臂变小，秤砣重力的力臂变大，由杠杆的平衡条件进行分析。
（2）当他第二次换用质量更大的秤砣时，对应的力变大，由杠杆的平衡条件，对应的力臂变小，据此分析。
（3）根据杠杆的平衡条件求出该位置离小孔B的距离；
秤砣在最右端时，杆秤最大测量值，根据杠杆的平衡条件得出该最大值。
（1）[1]杆秤的本质是一个杠杆，杠杆平衡时动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积，即。
[2]用图甲所示这个杆秤称量物体时，杆秤绕着提纽所在的位置转动，支点是提纽所在的位置。
[3]这个杆秤有两个提纽，当盐盐使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，但改用提纽2时杆秤能称量物体，动力不变，阻力臂增大，最大动力臂减小，由杠杆平衡条件得，最大阻力变小，则杆秤测量的最大质量减小，会小于5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，阻力与阻力臂不变，动力变大，由杠杆平衡条件得，动力臂减小，则第二次秤砣在杆秤上的位置会靠近提纽的位置。
（3）[1]由杠杆平衡条件得，该位置离小孔B的距离为
[2]该杆秤测得的物体和秤盘最大总重为
杆秤测量最大值为
12．【答案】（1）A；2.5V；8.3Ω
（2）>
（3）C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置，即A端。
小灯泡额定电压为2.5V， 实验中要测量灯泡正常发光时的电阻，所以电压表的示数应等于灯泡的额定电压，即2.5V。
乙图中电流表使用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则正常发光时的电阻为：
（2）滑动变阻器接入电路中的阻值不变，灯泡两端电压小于灯泡两端电压，根据串联电路中电压和电阻成正比可知，。
（3）已知滑动变阻器的最大阻值是20Ω ，定值电阻的最大阻值是25Ω，电源电压为4.5V，根据串联分压原理可得：
解得，控制电压最小为
由于电流表选择的是小量程，所以电路中的最大电流为0.6A，则定值电阻两端设定的最大电压为：
可知定值电阻两端电压的范围为2.5V~3V，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；
当小灯泡两端电压等于额定电压时，小灯泡正常发光；
认清电流表的量程和分度值，再读数，根据求出小灯泡正常发光时的电阻；
（2）串联电路中，用电器所分的电压与电阻成正比；
（3）根据滑动变阻器和定值电阻的最大值，根据串联分压的原理求出控制电压的最小值；由电流表的最大值，根据U=IR求出控制电压的最大值，即可知控制电压的范围，进行选择。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即A端。
[2]实验中要测量灯泡正常发光时的电阻，因此电压表的示数应等于灯泡的额定电压，即2.5V。
[3]乙图中电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则正常发光时的电阻为
（2）由于串联电路中电压和电阻成正比，变阻器接入电路中的阻值不变，灯泡两端电压小于灯泡两端电压，说明。
（3）已知定值电阻的最大阻值是25Ω，变阻器的最大阻值是20Ω ，电源电压为4.5V，由串联分压原理可得
解得，控制电压最小为，由于电流表选择的是小量程，电路中的最大电流为0.6A，则定值电阻两端设定的最大电压为
因此定值电阻两端电压的范围为2.5V~3V，故C符合题意。
13．【答案】（1）解：水的体积为：
最大出水质量为：
水的重力为：
每次做功重心提升的高度为：
有用功为：
答：每次最大出水量为0.2kg，每次最大出水量的有用功为0.1J。
（2）解：由图得，此时大气压强p=1003百帕=1.003×105Pa
圆筒内活塞的横截面积
大气压力为：
答：大气对活塞的压力是30.09N。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）利用圆筒的横截面积和圆筒的高求出抽水的最大体积，根据求出最大出水质量，根据求出水的重力；
根据圆筒的高，可知每次做功重心提升的高度，根据求出最大出水量的有用功；
（2）已知此时的大气压强和圆筒内活塞的横截面积，根据求出大气对活塞的压力。
（1）水的体积
最大出水质量
水的重力
每次做功重心提升的高度
有用功
（2）由图得，此时大气压强p=1003百帕=1.003×105Pa
圆筒内活塞的横截面积
大气压力
14．【答案】（1）解：图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警，由图2可知，两电阻串联，当电路中电流时，根据欧姆定律可得，电路中总阻值为：
由图3可知，温度到达时，热敏电阻的阻值为，此时变阻器的阻值为：
答：此时变阻器的阻值为400Ω。
（2）解：由题意可知，电机与摄像头并联，巡逻模式时，通过电机的电流为：
混合模式工作时的总电流为：
答：混合模式工作时的总电流为4A。
（3）解：电池储存的电能为：
混合模式工作6分钟消耗电能为：
监控模式工作18分钟消耗电能为：
每次完整循环消耗电能为：
最多可执行完整循环次数为：
取整得次。
答：若电池电量低于10%时停止工作，求最多可执行 38次次完整循环。
【知识点】并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）图2是简化报警电路可知，两电阻串联，已知报警时电路中的电流，根据求出电路中总阻值，由图3可知，温度到达时热敏电阻的阻值，根据串联电路电阻的规律求出此时变阻器的阻值；
（2）由题意可知，电机与摄像头并联，已知巡逻模式时的电压和电功率，根据求出通过电机的电流，根据并联电路电流的规律求出混合模式工作时的总电流；
（3）由电池的电压和容量，根据求出电池储存的电能，根据求出混合模式工作6分钟消耗电能，根据求出监控模式工作18分钟消耗电能，进而求出每次完整循环消耗电能，根据求出最多可执行完整循环。
（1）图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警，由图2可知，两电阻串联，当电路中电流时，根据欧姆定律可得，电路中总阻值为
由图3可知，温度到达时，热敏电阻的阻值为，此时变阻器的阻值
（2）由题意可知，电机与摄像头并联，巡逻模式时，通过电机的电流
混合模式工作时的总电流
（3）电池储存的电能
混合模式工作6分钟消耗电能
监控模式工作18分钟消耗电能
每次完整循环消耗电能
最多可执行完整循环
取整得次。
15．【答案】（1）37
（2）1.88；2；22
（3）内
【知识点】液化及液化放热；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）本实验探究不同面料透水汽性，根据控制变量法可知，除面料外，其他影响因素都要相同，所以装置乙中的水温应与装置甲相同，为37℃。
（2）①由表格数据可知，装置甲的总质量，30min后总质量，所以透过面料1的水蒸气质量为：
②装置乙总质量，30min后总质量，所以透过面料2的水蒸气质量为：
可知，相同时间、相同面积，透过面料2的水蒸气质量更大，所以面料2的透水汽性更大。
③两种面料透水汽性之差为：
（3）实验过程中，容器内水温为37℃，室温为23℃，容器外温度较低，容器内水汽化形成的水蒸气上升遇到温度较低的容器壁，在容器的内表面遇冷液化成小水珠。
【分析】（1）根据控制变量法可知，装置乙中的水温应与装置甲中的水温相同；
（2）①根据装置甲中30min前、后水和面料的总质量之差，求出装置甲中透过面料1的水蒸气质量；
②分别求出两种面料的透水汽性进行比较；
③根据②的计算结果求出两种面料的透水汽性之差；
（3）要判断水珠出现在容易的内侧还是外侧，要看内外的温度高低情况。
（1）本实验探究不同面料透水汽性，根据控制变量法，除面料不同外，其他影响水汽透过的因素都要相同，水温会影响水汽蒸发，所以装置乙中的水温应与装置甲相同，为37℃。
（2）[1]装置甲中，开始总质量，30min后总质量，那么透过面料1的水蒸气质量
[2]装置乙中，开始总质量，30min后总质量，透过面料2的水蒸气质量
相同时间30min（0.5h）、相同面积下，透过面料2的水蒸气质量更大，所以面料2的透水汽性更大。
[3]面料1透水汽性
面料2透水汽性
两种面料透水汽性之差
（3）容器内水温37℃，室温23℃，容器外温度低，容器内水汽化形成的水蒸气上升遇到温度较低的容器壁，遇冷液化成小水珠，所以容器的内表面会有小水珠形成。
16．【答案】（1）重力
（2）电磁感应
（3）；7
（4）；；
（5）16.2
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；阿基米德原理；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）气囊采用轻质材料制作，是为了减小气囊的质量，从而减小飞艇的重力，使飞艇更容易升空；
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的；
（3）飞艇浸没在空气中，所以V排=V气囊=4200m3，飞艇受到的浮力为：
F浮=ρ空气gV排=1.2kg/m3×10N/kg×4200m3=5.04×104N
飞艇自身的重力为：
G艇=m艇g=3750kg×10N/kg=3.75×104N
氦气的质量为：
m氦=ρ氦气V气囊=0.2kg/m3×4200m3=840kg
氦气的重力为：
G氦=m氦g=840kg×10N/kg=8.4×103N
设最多可载n位乘客，则G人=nmg，飞艇的总重力G总等于飞艇自身的重力G艇、氦气的重力G氦和乘客的总重力G人之和，即F浮=G艇+G氦+G人，可得：
5.04×104N=3.75×104N+8.4×103N+n×60kg×10N/kg
解得n=7.5，因为乘客数量必须为整数，所以飞艇最多可载7位乘客升空。
（4）当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv
由图乙可知，当v=12m/s时，F阻=6×103N，则
当v=6m/s时，
因为飞艇以6m/s的速度水平匀速直线飞行，所以发动机的推动力F推=F阻=3000N，飞行时间t=10min=600s，飞行的路程为：
s=vt=6m/s×600s=3600m
发动机推动功为：
W推=F推s=3000N×3600m=1.08×107J
辅助功为：
W辅=P辅t=5×104W×600s=3×107J
（5）燃油完全燃烧放出的热量为：
Q放=m油q油=10kg×4.5×107J/kg=4.5×108J
发动机做的总功为：
由图乙可知，飞艇受到的空气阻力F阻=500N·s/m×v，根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t。由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得， 所以可得W=F阻s+P辅t，代入数据有
整理可得飞艇飞行的距离为：
由数学知识可知，当时，即v=10m/s时，分母有最小值，此时距离s有最大值， 则飞行的最大距离为：
【分析】 （1）在体积一定时，物体的密度越小，质量越小；
（2）发电机是利用电磁感应原理来工作的；
（3）根据F浮=ρ空gV排求出飞艇受到的浮力；
对飞艇进行受力分析，利用力的平衡关系求出乘客的总重，据此求出乘客的人数；
（4）根据图乙分别求出以12m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到空气的阻力，据此求出推力；利用W=Fs=Fvt求出推动功，用W=Pt求辅助功；
（5）根据Q放=mq求出燃油完全燃烧放出的热量，利用效率公式求出发动机输出的能量为（即发动机所做的总功）；根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t，由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得，据此建立方程，进一步得到飞艇飞行的距离s的表达式，由数学知识求出飞艇可飞行的最大距离。
（1）根据G=mg可知，在g一定时，质量m越小，重力G越小。气囊采用轻质材料制作，是为了减小气囊的质量，从而减小飞艇的自重，使飞艇更容易升空。
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
（3）[1]因为飞艇浸没在空气中，所以V排=V气囊=4200m3
根据阿基米德原理可得飞艇受到的浮力F浮=ρ空气gV排=1.2kg/m3×10N/kg×4200m3=5.04×104N
[2]飞艇的总重力G总等于飞艇自身的重力G艇、氦气的重力G氦和乘客的总重力G人之和，当飞艇刚好能升空时，F浮=G总。飞艇自身的重力G艇=m艇g=3750kg×10N/kg=3.75×104N
氦气的质量m氦=ρ氦气V气囊=0.2kg/m3×4200m3=840kg
氦气的重力G氦=m氦g=840kg×10N/kg=8.4×103N
设最多可载n位乘客，则G人=nmg，由F浮=G艇+G氦+G人可得5.04×104N=3.75×104N+8.4×103N+n×60kg×10N/kg
解得n=7.5，因为乘客数量必须为整数，所以飞艇最多可载7位乘客升空。
（4）[1]由图乙可知，当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv，当v=12m/s时，F阻=6×103N，则
当v=6m/s时，
[2]因为飞艇水平匀速直线飞行，所以发动机的推动力F推=F阻=3000N
飞行时间t=10min=600s
飞行的路程s=vt=6m/s×600s=3600m
发动机推动功W推=F推s=3000N×3600m=1.08×107J
[3]辅助功W辅=P辅t=5×104W×600s=3×107J
（5）燃油完全燃烧放出的热量Q放=m油q油=10kg×4.5×107J/kg=4.5×108J
发动机做的总功
由图乙可知，飞艇受到的空气阻力F阻=500N·s/m×v，根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t。由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得， 所以可得W=F阻s+P辅t，代入数据有
整理可得飞艇飞行的距离
由数学知识可知，当时，即v=10m/s时，分母有最小值，此时距离s有最大值， 则飞行的最大距离为
1 / 1广东省深圳市盐田区2025年中考二模物理试题
1．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。 以勺为笔，用糖作墨，糖汁成画。如图所示，糖汁冷却成糖画的过程中涉及的物态变化及吸、放热说法中正确的是（ ）
A．熔化 放热 B．凝固 放热
C．熔化 吸热 D．凝固 吸热
【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】糖汁冷却成糖画的过程中，糖汁放出热量，由液态变为固态，属于凝固现象，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】凝固：物质由液态变成固态的过程，凝固放热。
2．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。下列关于糖画的说法中正确的是（ ）
A．糖画师傅用铜勺舀起糖液时，糖液能附着在勺内而不立即流下，是因为糖液比热容大
B．绘制糖画时，手持勺子末端倾倒糖浆，此时勺子属于省力杠杆
C．糖浆从勺子滴落到铜板的过程中，主要的能量转化是重力势能转化为动能
D．做好的糖画表面光滑，在阳光下闪闪发光，这是因为光在糖画表面发生了漫反射
【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；机械能及其转化；比热容；杠杆及其五要素；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．糖液能附着在铜勺内而不立即流下，是因为糖分子间存在相互作用的引力，故A错误；
B．手持勺子末端倾倒糖浆时，动力臂小于阻力臂，此时勺子属于费力杠杆，故B错误；
C．糖浆从勺子滴落到铜板的过程中，质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能增大，主要的能量转化为重力势能转化为动能，故C正确；
D．糖画表面光滑，在阳光下闪闪发光，这是因为光在糖画表面发生了镜面反射，故D错误。
故选C。
【分析】A.分子间同时存在引力和斥力；
B.杠杆分类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离），费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离），等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力也不费距离）；
C.动能影响因素：质量和速度；重力势能影响因素：质量和高度；能量转化是将减小的能量转化为增大的能量；
D.一束平行光照射到光滑的物体表面后，会被平行地反射，这种反射叫做镜面反射；
一束平行光照射到凹凸不平的物体表面后，会被四面八方反射，这种反射叫做漫反射。
3．（2025·盐田模拟）糖画是一种传统手工艺，被列为非物质文化遗产，制作过程主要有熬糖、绘制糖画和冷却定型三个步骤。为了避免将糖熬焦，需要更好的控制熬糖时的火候，某厂家生产了一款全自动电熬糖锅，简化电路图如图甲，其中是一个温控开关，温度过高时自动断开。下列分析正确的是（ ）
A．当闭合时，电熬糖锅处于高温加热状态。
B．图乙电能表的示数为2139kW·h
C．该电路中能接入的用电器总功率最大为2200W
D．某次熬糖时关闭家里其他用电器，测出加热1min电能表表盘转过40圈，则电熬糖锅的实际功率是800W
【答案】D
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A．当S1闭合时，只有R1接入电路，总电阻较大，当S1、S2都闭合时，R1、R2并联接入电路，总电阻较小，根据可知，当S1、S2都闭合时，为高温加热状态，故A错误；
B．电能表的最后一位为小数位，图乙电能表的示数为213.9kW·h，故B错误；
C．由电能表的参数可知，该电能表允许通过的最大电流为20A，额定电压为220V，则电路中能接入的用电器总功率最大为
P=UI=220V x 20A =4400W
故C错误；
D．电能表上标有 “3000r/(kW h)”，表示每消耗1kW h的电能，电能表的表盘转3000转，则电熬糖锅1min消耗的电能为：
电熬糖锅的实际功率为：
故D正确。
故选D。
【分析】A.由图甲可知，当S1闭合时，只有R1接入电路，总电阻较大；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联接入电路，总电阻较小，根据判断电路的工作状态；
B.电能表的最后一位为小数位，单位为kW·h；
C.根据该电能表允许通过的最大电流和额定电压，利用P=UI求出该电路中能接入的用电器的最大总功率；
D.由电能表的参数“3000r/(kW h)”和电能表实际转过的转数求出用电器消耗的电能，根据求出实际电功率。
4．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。 机器人大秀秧歌技艺，转手绢、飞手绢、变换队形，精准度和稳定性甚至超越人类。下列说法中正确的是（ ）
A．机器人静止在舞台上时，它受到的重力和支持力是一对相互作用力
B．机器人用力将手绢抛出，说明物体间力的作用是相互的
C．机器人能根据音乐节奏跳舞，音乐声是通过空气传播到机器人的声音传感器的
D．机器人在跳舞过程中，其动力主要来源于电池提供的化学能
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；声音的传播条件
【解析】【解答】A．机器人静止在舞台上时，它受到的重力和支持力都作用在机器人上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，所以重力和支持力是一对平衡力，故A错误；
B．机器人用力将手绢抛出，手绢由静止变为运动，改变了手绢的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C．机器人能根据音乐节奏跳舞，音乐声是通过空气传播到机器人的声音传感器的，故C正确；
D．机器人在跳舞过程中，电池的化学能先转化为电能，然后电动机再将电能转化为机械能，为机器人的运动提供动力，故D错误。
故选C。
【分析】A.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
B.力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
C.声音的传播需要介质，真空不能传声；
D.电动机将电能转化为机械能。
5．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。机器人用灵活的机械臂挥舞着手绢，精准流畅的动作，引发了观众的热烈掌声，并利用照相机记录下了精彩的瞬间。下列说法正确的是（ ）
A．照相机镜头对光有发散作用
B．机器人到镜头的距离应在一倍焦距以内
C．照相机成的像是正立缩小的实像
D．若要得到清晰、更大的机器人的像，可适当减小镜头到机器人的距离，并将镜头适当向前伸
【答案】D
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．照相机镜头是凸透镜，对光有会聚作用，故A错误；BC．物体到照相机的镜头的距离大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故B错误；
D．根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律可知，要得到更清晰、更大的像，可适当减小镜头到机器人的距离，并将镜头适当向前伸 ，故D正确。
故选D。
【分析】1.凸透镜对光有会聚作用，凹透镜对光有发散作用；
2.凸透镜成像规律：u>v，u>2f，成倒立、缩小的实像，fu2f，应用：投影仪；
u3.根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律进行分析。
6．（2025·盐田模拟）2025年蛇年春晚，一场前所未有的机器人舞蹈表演《秧BOT》点燃了全国观众的热情。16台UnitreeH1机器人与16位舞蹈演员同台共舞，完美融合传统东北秧歌与最前沿的AI科技，创造了一场别开生面的视觉奇观，也让世界看到了中国的发展和进步。在节目最后机器人们的“飞手绢”环节，凭借腕部电机的创新抛放线机构，精准还原传统秧歌中抛接手绢的高难度技巧。下列各图中能反映腕部电机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用；
A．通电螺线管原理是通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B．小磁针转动的原因是因上方通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C．电流表指针偏转原因是电磁感应现象，故C不符合题意；
D．线圈转动是因为通电导体在磁场中受力的作用，故D符合题意。
故选D。
【分析】1.电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用，将电能转化为机械能；
2.通电导线周围存在磁场，磁场方向与电流方向有关；
3.电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
7．（2025·盐田模拟）深圳舰是第一艘完全由我国自主研发的战舰，采用双轴双桨双舵动力系统，当其中一个动力系统或桨出现故障时，另一个系统或桨可以继续工作，确保战舰的正常航行。下图为小军模仿军舰的动力系统设计的电路图，请完成电路连接。
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】双轴双桨双舵动力系统，其中一个系统故障时另一个可继续工作，说明这两个动力系统能独立运行，互不影响，所以这两个电动机应并联接入电路，如图所示：
【分析】并联电路中，各支路用电器独立工作，互不影响；干路开关控制所有的用电器，支路开关控制只控制所在支路的用电器。
8．（2025·盐田模拟）深圳舰的声呐是利用 波具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的，它的雷达是通过发射 波探测目标。
【答案】超声；电磁
【知识点】超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】声呐是利用超声波具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的；雷达通过发射电磁波来探测目标的位置。
【分析】1.超声波的特点：方向性好、穿透能力强、在水中传播距离远；
2.电磁波的传播不需要介质，利用电磁波可以传递信息。
9．（2025·盐田模拟）深圳舰的最大航速为30节（1节）其速度约为 m/s，若以此速度匀速航行时受到的阻力是，则舰艇发动机的功率是 kW。
【答案】15；
【知识点】功率计算公式的应用；速度与物体运动；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】1节≈1.8km/h=0.5m/s，深圳舰最大航行速度约为：
v=0.5m/s×30=15m/s
深圳舰匀速航行，牵引力与阻力是一对平衡力，即：
F=f=1.2×106N
则舰艇发动机的功率是：
【分析】1. 根据1节≈1.8km/h， 1m/s=3.6km/h 求出深圳舰航行的速度；
2.已知深圳舰做匀速直线运动，根据二力平衡求出牵引力，再根据求出发动机的功率。
10．（2025·盐田模拟）作为南海舰队主力舰艇，深圳舰频繁参与南海区域的实弹射击，防空反导、反潜作战等实战，当主炮发射导弹时，炮膛内的高压燃气是通过 来改变导弹的内能；导弹在加速升空过程中的机械能将 （填“增大”“减小”或“不变”），惯性将 （填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】热传递；增大；不变
【知识点】机械能及其转化；热传递改变物体内能；惯性及其现象
【解析】【解答】当主炮发射导弹时，炮膛内的高压燃气是通过热传递来改变导弹的内能。
导弹在加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，则机械能增大。
惯性的大小只与质量有关，由于导弹质量不变，所以惯性将不变。
【分析】1.做功和热传递都能改变物体的内能；
2.动能影响因素：物体的质量和速度；重力势能影响因素：质量和高度；
机械能等于物体的动能和势能之和；
3.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质；惯性是物体的固有属性，惯性的惟一量度是质量，质量越大，物体具有的惯性越大。
11．（2025·盐田模拟）杆秤是前些年菜市场测量质量的工具，盐盐找来了一个杆秤进行观察，并准备完成老师布置的跨学科任务：制作一个杆秤。
（1）杆秤的本质是一个杠杆，平衡条件为 ，用图甲所示这个杆秤称量物体时，支点是 （选填“秤砣”、“提纽”或“秤钩”）所在的位置。这个杆秤有两个提纽，当盐盐使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，但改用提纽2时杆秤能称量物体的最大质量会 （选填“大于”、“小于”或“等于”）5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，第二次秤砣在杆秤上的位置会 （选填“靠近”或“远离”）提纽的位置。
（3）如图乙所示，盐盐用一根长35cm，质量忽略不计的轻质均匀细杆制作杆秤，过程如下：
①他在细杆最左端A点处挂一质量为20g的小盆作为秤盘，在A点右端5cm处钻一个小孔B，并穿了一根细绳作为提纽。再找来一个质量为50g的钩码挂在细绳上作为秤砣，可以在秤杆上移动。
②当秤盘中不放任何物体时，调整秤砣的位置使杆秤平衡，在此时秤砣细线对应杆秤的位置上标为零刻度线，该位置离小孔B的距离为 cm；接着通过计算，盐盐在该杆秤的最右端写下了杆秤测量范围的最大值，该最大值为 g。
【答案】（1）；提纽；小于
（2）靠近
（3）2；280
【知识点】杠杆的平衡条件；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）杠杆平衡条件为：动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积，即。
由图甲可知，用这个杆秤称量物体时，称杆绕提纽所在的位置转动，所以支点是提纽所在的位置。
使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，改用提纽2时杆秤能称量物体，根据杠杆平衡条件可知，动力不变，最大动力臂减小，阻力臂增大，则最大阻力变小，所以杆秤能称量物体的最大质量减小，即会小于5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，当他第二次换用质量更大的秤砣时，根据杠杆平衡条件可知，阻力与阻力臂不变，动力变大，动力臂减小，所以第二次秤砣在杆秤上的位置会靠近提纽的位置。
（3）当秤盘中不放任何物体时，由杠杆平衡条件得，该位置离小孔B的距离为：
根据杠杆平衡条件可得，该杆秤测得的物体和秤盘最大总重为：
杆秤测量最大值为：
【分析】（1）杆秤的平衡条件为F1L1=F2L2；
支点：杠杆围绕转动的固定点；
改用提纽2时，称量物体的重力的力臂变小，秤砣重力的力臂变大，由杠杆的平衡条件进行分析。
（2）当他第二次换用质量更大的秤砣时，对应的力变大，由杠杆的平衡条件，对应的力臂变小，据此分析。
（3）根据杠杆的平衡条件求出该位置离小孔B的距离；
秤砣在最右端时，杆秤最大测量值，根据杠杆的平衡条件得出该最大值。
（1）[1]杆秤的本质是一个杠杆，杠杆平衡时动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积，即。
[2]用图甲所示这个杆秤称量物体时，杆秤绕着提纽所在的位置转动，支点是提纽所在的位置。
[3]这个杆秤有两个提纽，当盐盐使用提纽1时杆秤最大能称量5kg的物体，当他使用同一个秤砣，但改用提纽2时杆秤能称量物体，动力不变，阻力臂增大，最大动力臂减小，由杠杆平衡条件得，最大阻力变小，则杆秤测量的最大质量减小，会小于5kg。
（2）若某次称量时盐盐只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，阻力与阻力臂不变，动力变大，由杠杆平衡条件得，动力臂减小，则第二次秤砣在杆秤上的位置会靠近提纽的位置。
（3）[1]由杠杆平衡条件得，该位置离小孔B的距离为
[2]该杆秤测得的物体和秤盘最大总重为
杆秤测量最大值为
12．（2025·盐田模拟）田田在“测量小灯泡正常发光时电阻”的实验中，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压保持为4.5V不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样；
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在 端；闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为 时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则正常发光时的电阻 ；
（2）田田想比较与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡的正常发光时电阻的大小关系，他断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，将替换为，闭合开关后，发现电压表示数为2.3V。依据上述现象，可推断出 （选填“>”“=”或“<”），她继续完成了的测量后，验证了推断；
（3）利用原有电路，只将小灯泡替换为定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个），探究电流和电阻关系，为了能完成实验，控制电压表示数可能是______。
A．1.7V B．2.2V C．2.7V D．3.2V
【答案】（1）A；2.5V；8.3Ω
（2）>
（3）C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置，即A端。
小灯泡额定电压为2.5V， 实验中要测量灯泡正常发光时的电阻，所以电压表的示数应等于灯泡的额定电压，即2.5V。
乙图中电流表使用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则正常发光时的电阻为：
（2）滑动变阻器接入电路中的阻值不变，灯泡两端电压小于灯泡两端电压，根据串联电路中电压和电阻成正比可知，。
（3）已知滑动变阻器的最大阻值是20Ω ，定值电阻的最大阻值是25Ω，电源电压为4.5V，根据串联分压原理可得：
解得，控制电压最小为
由于电流表选择的是小量程，所以电路中的最大电流为0.6A，则定值电阻两端设定的最大电压为：
可知定值电阻两端电压的范围为2.5V~3V，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；
当小灯泡两端电压等于额定电压时，小灯泡正常发光；
认清电流表的量程和分度值，再读数，根据求出小灯泡正常发光时的电阻；
（2）串联电路中，用电器所分的电压与电阻成正比；
（3）根据滑动变阻器和定值电阻的最大值，根据串联分压的原理求出控制电压的最小值；由电流表的最大值，根据U=IR求出控制电压的最大值，即可知控制电压的范围，进行选择。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即A端。
[2]实验中要测量灯泡正常发光时的电阻，因此电压表的示数应等于灯泡的额定电压，即2.5V。
[3]乙图中电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则正常发光时的电阻为
（2）由于串联电路中电压和电阻成正比，变阻器接入电路中的阻值不变，灯泡两端电压小于灯泡两端电压，说明。
（3）已知定值电阻的最大阻值是25Ω，变阻器的最大阻值是20Ω ，电源电压为4.5V，由串联分压原理可得
解得，控制电压最小为，由于电流表选择的是小量程，电路中的最大电流为0.6A，则定值电阻两端设定的最大电压为
因此定值电阻两端电压的范围为2.5V~3V，故C符合题意。
13．（2025·盐田模拟）某小组在学习了“跨学科实践：制作简易活塞式抽水机”后，制作了一台简易活塞式抽水机如图1、2所示，由圆筒（可看成圆柱）、活塞、出水管、两个单向阀门A、B（只能向上开启）等组成。
（1）成员想知道此抽水机每次最大出水量（即圆筒里水的质量），于是测算出圆筒内的横截面积，圆筒高，请计算每次最大出水量，以及每次最大出水量的有用功。（）
（2）活塞被提起到最高点时，圆筒内气压接近真空。成员想求此时大气对活塞的压力是多少？于是测算出圆筒内的横截面积，并查询此时大气压强如图3所示。
【答案】（1）解：水的体积为：
最大出水质量为：
水的重力为：
每次做功重心提升的高度为：
有用功为：
答：每次最大出水量为0.2kg，每次最大出水量的有用功为0.1J。
（2）解：由图得，此时大气压强p=1003百帕=1.003×105Pa
圆筒内活塞的横截面积
大气压力为：
答：大气对活塞的压力是30.09N。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）利用圆筒的横截面积和圆筒的高求出抽水的最大体积，根据求出最大出水质量，根据求出水的重力；
根据圆筒的高，可知每次做功重心提升的高度，根据求出最大出水量的有用功；
（2）已知此时的大气压强和圆筒内活塞的横截面积，根据求出大气对活塞的压力。
（1）水的体积
最大出水质量
水的重力
每次做功重心提升的高度
有用功
（2）由图得，此时大气压强p=1003百帕=1.003×105Pa
圆筒内活塞的横截面积
大气压力
14．（2025·盐田模拟）2024年以来，越来越多的巡逻机器人、机器狗（如图1）被深圳市政府投入使用，它能识别可疑物品、提供报警指引，甚至用多国语言服务外籍游客，有力支撑基础采集、巡逻防范、接警服务等警务活动。
巡逻机器狗搭载一块锂电池，其行走电机与摄像头模块可独立或同时工作。机器狗工作模式及工作数据（如表）。为了避免机器人因温度过高而烧坏，电路还并联温度报警器。图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警。图中电源电压为24V，为变阻器，为热敏电阻，其阻值随温度变化如图3所示。
电池 工作模式及工作数据
一块24V 30Ah 巡逻模式 仅电机工作 工作电压24V、功率72W
监控模式 仅摄像头工作 工作电压24V、电流1A
混合模式 电机与摄像头同时工作 /
求：
（1）要求当所测温度达到或者超过60℃时，报警器报警，不计报警器电阻，此时变阻器的阻值为多大？
（2）混合模式工作时的总电流？（不计报警器电路电流）
（3）单次任务循环包含：混合模式工作6分钟；监控模式工作18分钟。若电池电量低于10%时停止工作，求最多可执行多少次完整循环。
【答案】（1）解：图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警，由图2可知，两电阻串联，当电路中电流时，根据欧姆定律可得，电路中总阻值为：
由图3可知，温度到达时，热敏电阻的阻值为，此时变阻器的阻值为：
答：此时变阻器的阻值为400Ω。
（2）解：由题意可知，电机与摄像头并联，巡逻模式时，通过电机的电流为：
混合模式工作时的总电流为：
答：混合模式工作时的总电流为4A。
（3）解：电池储存的电能为：
混合模式工作6分钟消耗电能为：
监控模式工作18分钟消耗电能为：
每次完整循环消耗电能为：
最多可执行完整循环次数为：
取整得次。
答：若电池电量低于10%时停止工作，求最多可执行 38次次完整循环。
【知识点】并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）图2是简化报警电路可知，两电阻串联，已知报警时电路中的电流，根据求出电路中总阻值，由图3可知，温度到达时热敏电阻的阻值，根据串联电路电阻的规律求出此时变阻器的阻值；
（2）由题意可知，电机与摄像头并联，已知巡逻模式时的电压和电功率，根据求出通过电机的电流，根据并联电路电流的规律求出混合模式工作时的总电流；
（3）由电池的电压和容量，根据求出电池储存的电能，根据求出混合模式工作6分钟消耗电能，根据求出监控模式工作18分钟消耗电能，进而求出每次完整循环消耗电能，根据求出最多可执行完整循环。
（1）图2是简化报警电路，当电路中电流超过30mA时报警器就报警，由图2可知，两电阻串联，当电路中电流时，根据欧姆定律可得，电路中总阻值为
由图3可知，温度到达时，热敏电阻的阻值为，此时变阻器的阻值
（2）由题意可知，电机与摄像头并联，巡逻模式时，通过电机的电流
混合模式工作时的总电流
（3）电池储存的电能
混合模式工作6分钟消耗电能
监控模式工作18分钟消耗电能
每次完整循环消耗电能
最多可执行完整循环
取整得次。
15．（2025·盐田模拟）鞋子面料的透水汽性会影响脚的舒适感。透水汽性是指单位时间内透过单位面积的水蒸气质量。为比较两款鞋子面料的透水汽性，小明用如图所示的两个装置进行实验。在相同规格的容器中盛放等质量的水，用恒温装置维持水温不变，面料与容器口紧密贴合。容器口的面积为，装置甲中的水温为，实验室温度为。
（1）实验中，装置乙中的水温应为 ℃；
（2）分别测出两装置中容器、水和面料的总质量；30min后，再次测出相应的总质量，数据记录见表。分析数据可得：
①装置甲中透过面料1的水蒸气质量为 g；
②面料 的透水汽性更大；
③两种面料的透水汽性之差为 ；
实验装置 总质量 总质量
甲 225.00 223.12
乙 235.00 232.68
（3）实验过程中，容器的 （选填“内”或“外”）表面会有小水珠形成；
【答案】（1）37
（2）1.88；2；22
（3）内
【知识点】液化及液化放热；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）本实验探究不同面料透水汽性，根据控制变量法可知，除面料外，其他影响因素都要相同，所以装置乙中的水温应与装置甲相同，为37℃。
（2）①由表格数据可知，装置甲的总质量，30min后总质量，所以透过面料1的水蒸气质量为：
②装置乙总质量，30min后总质量，所以透过面料2的水蒸气质量为：
可知，相同时间、相同面积，透过面料2的水蒸气质量更大，所以面料2的透水汽性更大。
③两种面料透水汽性之差为：
（3）实验过程中，容器内水温为37℃，室温为23℃，容器外温度较低，容器内水汽化形成的水蒸气上升遇到温度较低的容器壁，在容器的内表面遇冷液化成小水珠。
【分析】（1）根据控制变量法可知，装置乙中的水温应与装置甲中的水温相同；
（2）①根据装置甲中30min前、后水和面料的总质量之差，求出装置甲中透过面料1的水蒸气质量；
②分别求出两种面料的透水汽性进行比较；
③根据②的计算结果求出两种面料的透水汽性之差；
（3）要判断水珠出现在容易的内侧还是外侧，要看内外的温度高低情况。
（1）本实验探究不同面料透水汽性，根据控制变量法，除面料不同外，其他影响水汽透过的因素都要相同，水温会影响水汽蒸发，所以装置乙中的水温应与装置甲相同，为37℃。
（2）[1]装置甲中，开始总质量，30min后总质量，那么透过面料1的水蒸气质量
[2]装置乙中，开始总质量，30min后总质量，透过面料2的水蒸气质量
相同时间30min（0.5h）、相同面积下，透过面料2的水蒸气质量更大，所以面料2的透水汽性更大。
[3]面料1透水汽性
面料2透水汽性
两种面料透水汽性之差
（3）容器内水温37℃，室温23℃，容器外温度低，容器内水汽化形成的水蒸气上升遇到温度较低的容器壁，遇冷液化成小水珠，所以容器的内表面会有小水珠形成。
16．（2025·盐田模拟）阅读短文，回答问题。
载人飞艇
2024年3月30日，我国自主研制的“祥云”AS700载人飞艇成功完成首飞。某飞艇如图甲所示，其气囊体积巨大，采用轻质材料制作。飞艇升空靠浮力来实现，水平飞行靠燃油发动机提供动力。燃油发动机输出的能量用于做推动功和辅助功：推动功指克服空气阻力推动飞艇水平飞行做的功；辅助功指燃油发动机驱动飞艇上发电机工作所做的功，辅助功的功率恒定。
当飞艇低速水平直线飞行时，其受到的空气阻力与速度v的关系如图乙所示。飞艇部分参数见表。忽略气囊厚度及气囊外其他部分受到的浮力。
空载质量（不含氦气） 3750kg 气囊总容积
燃油发动机效率 36% 辅助功的功率
（1）气囊采用轻质材料制作是为了减小 ；
（2）飞艇的发电机利用 的原理发电；
（3）将气囊充满氦气，此时飞艇受到的浮力为 N，飞艇最多可载 位乘客升空；（每位乘客质量，，，）
（4）飞艇以6m/s的速度水平匀速直线飞行时，其受到的空气阻力为 N；若以此速度水平匀速直线飞行10min，那么发动机推动功为 J，辅助功为 J；
（5）飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，可飞行的最大距离为 km。（燃油热值）
【答案】（1）重力
（2）电磁感应
（3）；7
（4）；；
（5）16.2
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；阿基米德原理；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）气囊采用轻质材料制作，是为了减小气囊的质量，从而减小飞艇的重力，使飞艇更容易升空；
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的；
（3）飞艇浸没在空气中，所以V排=V气囊=4200m3，飞艇受到的浮力为：
F浮=ρ空气gV排=1.2kg/m3×10N/kg×4200m3=5.04×104N
飞艇自身的重力为：
G艇=m艇g=3750kg×10N/kg=3.75×104N
氦气的质量为：
m氦=ρ氦气V气囊=0.2kg/m3×4200m3=840kg
氦气的重力为：
G氦=m氦g=840kg×10N/kg=8.4×103N
设最多可载n位乘客，则G人=nmg，飞艇的总重力G总等于飞艇自身的重力G艇、氦气的重力G氦和乘客的总重力G人之和，即F浮=G艇+G氦+G人，可得：
5.04×104N=3.75×104N+8.4×103N+n×60kg×10N/kg
解得n=7.5，因为乘客数量必须为整数，所以飞艇最多可载7位乘客升空。
（4）当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv
由图乙可知，当v=12m/s时，F阻=6×103N，则
当v=6m/s时，
因为飞艇以6m/s的速度水平匀速直线飞行，所以发动机的推动力F推=F阻=3000N，飞行时间t=10min=600s，飞行的路程为：
s=vt=6m/s×600s=3600m
发动机推动功为：
W推=F推s=3000N×3600m=1.08×107J
辅助功为：
W辅=P辅t=5×104W×600s=3×107J
（5）燃油完全燃烧放出的热量为：
Q放=m油q油=10kg×4.5×107J/kg=4.5×108J
发动机做的总功为：
由图乙可知，飞艇受到的空气阻力F阻=500N·s/m×v，根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t。由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得， 所以可得W=F阻s+P辅t，代入数据有
整理可得飞艇飞行的距离为：
由数学知识可知，当时，即v=10m/s时，分母有最小值，此时距离s有最大值， 则飞行的最大距离为：
【分析】 （1）在体积一定时，物体的密度越小，质量越小；
（2）发电机是利用电磁感应原理来工作的；
（3）根据F浮=ρ空gV排求出飞艇受到的浮力；
对飞艇进行受力分析，利用力的平衡关系求出乘客的总重，据此求出乘客的人数；
（4）根据图乙分别求出以12m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到空气的阻力，据此求出推力；利用W=Fs=Fvt求出推动功，用W=Pt求辅助功；
（5）根据Q放=mq求出燃油完全燃烧放出的热量，利用效率公式求出发动机输出的能量为（即发动机所做的总功）；根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t，由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得，据此建立方程，进一步得到飞艇飞行的距离s的表达式，由数学知识求出飞艇可飞行的最大距离。
（1）根据G=mg可知，在g一定时，质量m越小，重力G越小。气囊采用轻质材料制作，是为了减小气囊的质量，从而减小飞艇的自重，使飞艇更容易升空。
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
（3）[1]因为飞艇浸没在空气中，所以V排=V气囊=4200m3
根据阿基米德原理可得飞艇受到的浮力F浮=ρ空气gV排=1.2kg/m3×10N/kg×4200m3=5.04×104N
[2]飞艇的总重力G总等于飞艇自身的重力G艇、氦气的重力G氦和乘客的总重力G人之和，当飞艇刚好能升空时，F浮=G总。飞艇自身的重力G艇=m艇g=3750kg×10N/kg=3.75×104N
氦气的质量m氦=ρ氦气V气囊=0.2kg/m3×4200m3=840kg
氦气的重力G氦=m氦g=840kg×10N/kg=8.4×103N
设最多可载n位乘客，则G人=nmg，由F浮=G艇+G氦+G人可得5.04×104N=3.75×104N+8.4×103N+n×60kg×10N/kg
解得n=7.5，因为乘客数量必须为整数，所以飞艇最多可载7位乘客升空。
（4）[1]由图乙可知，当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv，当v=12m/s时，F阻=6×103N，则
当v=6m/s时，
[2]因为飞艇水平匀速直线飞行，所以发动机的推动力F推=F阻=3000N
飞行时间t=10min=600s
飞行的路程s=vt=6m/s×600s=3600m
发动机推动功W推=F推s=3000N×3600m=1.08×107J
[3]辅助功W辅=P辅t=5×104W×600s=3×107J
（5）燃油完全燃烧放出的热量Q放=m油q油=10kg×4.5×107J/kg=4.5×108J
发动机做的总功
由图乙可知，飞艇受到的空气阻力F阻=500N·s/m×v，根据题意可知W=W推+W辅，且辅助功的功率恒定，则W辅=P辅t。由题知推动功W推=F阻s，根据速度公式可得， 所以可得W=F阻s+P辅t，代入数据有
整理可得飞艇飞行的距离
由数学知识可知，当时，即v=10m/s时，分母有最小值，此时距离s有最大值， 则飞行的最大距离为
1 / 1
