广东省梅州市兴宁市宋声学校2025年中考二模物理试题
1．（2025·兴宁模拟）数控机床可以对金属件进行精细加工，通过打孔、切削等方式加工出精密部件。从物理学的角度来说，给金属件打孔切削的前后，没有发生改变的是（ ）
A．质量 B．体积 C．密度 D．形状
2．（2025·兴宁模拟）纳米技术是用单个原子、分子制造物质的科学技术。下列研究对象尺度最小的是（ ）
A．露珠 B．花粉颗粒 C．原子 D．质子
3．（2025·兴宁模拟）如图所示的吉林雾凇以其“冬天里的春天”般诗情画意的美，同桂林山水、云南石林、长江三峡一起被誉为我国四大自然奇观。下列对雾凇形成过程的说法正确的是（ ）
A．凝固、放热 B．凝华、放热 C．升华、吸热 D．凝华、吸热
4．（2025·兴宁模拟）如图所示，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，从漏斗口用力向下吹气并将手指移开，乒乓球不会下落。下列现象的科学道理与上述现象相同的是（ ）
A．龙卷风将物体“吸”引到空中 B．电风扇叶片容易“吸”灰尘
C．冰箱门被“吸”引而关闭 D．地球“吸”地面上的物体
5．（2025·兴宁模拟）如图所示，每块砖的质量相等，长、宽、高分别是40cm、20cm、10cm，以三种方式摆放在水平地面上。比较地面受到压强p甲、p乙、p丙的大小，正确的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是一款不需要电池的自发电门铃。当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，使门铃发出声音。这种门铃的工作原理是（ ）
A．电流的磁效应 B．电流的热效应
C．摩擦起电 D．电磁感应现象
7．（2025·兴宁模拟）如图所示的小实验，将书和直尺叠放在水平桌面上，一只手用力压住课本，另一只手抽出直尺。下列说法正确的是（ ）
A．当手压课本的力增大时，抽出直尺的力将变大
B．手对书的压力和书对手的支持力是一对平衡力
C．书受到的重力和直尺对书的支持力是一对平衡力
D．当直尺水平向左抽出时，书受到直尺对它的摩擦力水平向右
8．（2025·兴宁模拟）传统节日作为传承中华优秀历史文化的重要载体，既能让人们在节日中增长知识、受到教益，又有助于彰显文化、弘扬美德、陶冶情操。春节是中华民族的传统节日，燃放烟花是人们庆祝和祈福的常见方式，如图所示。燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生 ，从而发出巨大的声音；燃放烟花的过程中，空气中弥漫着浓浓的火药味，这属于 现象；为了不影响爷爷奶奶休息，小明选择在院子中燃放烟花，并将家中的门窗关起来，这是在 减弱噪声。
9．（2025·兴宁模拟）传统节日作为传承中华优秀历史文化的重要载体，既能让人们在节日中增长知识、受到教益，又有助于彰显文化、弘扬美德、陶冶情操。吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。煮粽子的过程中，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变粽子的内能。如图所示，赛龙舟的过程中，以龙舟为参照物，龙舟上的参赛选手是 的；选手们划龙舟的桨属于 杠杆。
10．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定了一个小塑料杯，塑料杯壁内侧有一镁片和一碳片。当往杯中倒入盐水，使镁片和碳片都浸入盐水中时，小车就能缓缓向前运动。插入镁片和碳片的盐水杯相当于电路中的 （选填“用电器”或“电源”），它工作时将 能转化为电能。驱动玩具车前进的电动机是根据 的原理工作的。
11．（2025·兴宁模拟）有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶，再给绒毛带上电，线毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带 种电荷互相 。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是 电荷。
12．（2025·兴宁模拟）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当各元件的位置如图所示时，烛焰恰好在光屏上成清晰完整的像（未画出），此时光屏上成倒立、 的实像，根据这一规律可以制成 ；保持蜡烛、凸透镜以及光屏的位置不变，仅将凸透镜换成和它材质相同、口径相同但焦距较小的另一凸透镜，光屏上原来清晰的像变模糊，这与 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相同。
13．（2025·兴宁模拟）核电站通过核反应堆中的核 （选填“聚变”或“裂变”）来加热水，将核能转化为水蒸气的 能，再通过汽轮机转化为机械能，最后带动发电机转动转化为电能，电能属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
14．（2025·兴宁模拟）如图甲所示，这是小灯泡L和定值电阻R 的I—U图像，小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压为8V，则定值电阻R 的阻值为 Ω；闭合开关S，通过定值电阻R 的电流为 A，该电路工作5 min，电流做的功为 J。
15．（2025·兴宁模拟）
（1）如图甲所示，F、O分别是凸透镜的焦点和光心，请在图中分别画出图中两条入射光线经过凸透镜后对应的折射光线；
（2）如图乙a所示，这是家用羊肉切片器，图乙b为其示意图。请在图乙b中画出施加在手柄上A 点的最小力F 及其力臂L；
（3）如图丙所示，用手指捏住瓶子，使瓶子保持静止，请画出瓶子受到的摩擦力示意图。（重心O点已标出）
16．（2025·兴宁模拟）
（1）如图甲所示，小明同学将托盘天平放在水平桌面上进行调节，你认为下一步操作是 ；正确操作后，发现指针偏向分度盘的左侧，则应将平衡螺母向 调节，使指针指在分度盘的中央；
（2）用量筒测量金属块的体积时，往量筒中倒入适量的水，水面的位置如图乙所示，再把用细线系好的金属块浸没在水中，水面升高至如图丙所示的位置，则该量筒的分度值为 mL，金属块的体积为 cm3。“适量的水”的含义是 ；
（3）如图丁所示，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，该现象说明力可以改变物体的 。把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图戊所示，将该装置从一楼拿到十楼，发现细管内水面 （选填“上升”“下降”或“不变”）。
17．（2025·兴宁模拟）小明同学在学习液体压强时，为了探究液体压强的大小与哪些因素有关，进行了如图所示的实验探究。
（1）实验前，小明用手轻压如图甲所示的U形管压强计，橡皮膜，发现U形管中液面几乎不动，说明该装置 （选填“漏气”或“不漏气”）。若压强计漏气，则接下来的正确操作是 。
A.从U形管内倒出适量液体
B.向U 形管内添加适量液体
C.拆除软管重新安装
（2）比较图乙、丙实验可初步得出结论：在同种液体中，液体压强随着 的增加而增大；比较 两图的实验可初步得出结论：液体内部压强与液体密度有关。
【拓展】
（3）完成上述实验后，小明同学又设计了如图戊所示的装置，探究液体压强与液体密度的关系。实验时，将仪器放入水槽中，观察浸入液体中的容器侧面橡皮膜的变化，换用不同液体重复实验。
①实验中需要控制相同的变量为 。
②图戊b为图戊a的正视图，某次实验结果如图戊b所示，此时仪器更接近水面的一边是 （选填“AB”“BD”“AC”或“CD”）。
18．（2025·兴宁模拟）小明利用如图甲所示的电路测量小灯泡在2.5V 电压下正常发光时的电阻，电源电压恒定不变。
（1）请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整。要求：向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，且导线不能交叉。
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到 （选填“A”或“B”）端。
（3）小明正确连接好电路闭合开关后，发现小灯泡不亮，但是电流表和电压表的指针有偏转，则接下来合理的操作是___________。
A．断开开关，更换小灯泡
B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
C．重新连接电路
D．更换滑动变阻器
（4）某次测量时，滑动变阻器的滑片移动到某一位置，电压表的示数如图乙所示，为 V，要得到小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动。
（5）小明由多次测量的数据绘出了通过小灯泡的电流和它两端电压的图像，结果发现图像不是一条直线，这是因为 ；根据图丙可得，小灯泡正常发光时的电阻为 Ω。
19．（2025·兴宁模拟）一辆汽车以25m/s的速度在某段水平公路上匀速直线行驶了1h，消耗16L汽油。已知此过程中汽车发动机的输出功率为50 kW。已知汽油的密度为，汽油的热值为。
（1）汽油完全燃烧放出的热量。
（2）汽车发动机的效率。（计算结果精确到0.1%）
（3）汽车行驶过程中所受的阻力。
20．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是某电吹风机的电路原理图，其中R1、R2为电热丝，M为电动机。已知电热丝R1的阻值为88Ω。通过闭合开关S1、S2可实现冷风、暖风和热风的转换，电吹风机的部分数据如表所示。求：
额定电压 220 V
额定功率 冷风 132 W
暖风
热风 1 782 W
（1）电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）电热丝R2的阻值。
（3）吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
21．（2025·兴宁模拟）学习了浮力知识后，小明利用电子秤和已知密度为的小木块来测量一未知液体的密度，如图所示。实验步骤如下：
①如图甲所示，在容器内装入适量的该未知液体，记下此时电子秤的示数为m1；
②如图乙所示，将小木块轻轻放入该液体中，木块漂浮，记下此时电子秤的示数为m2；
③如图丙所示，用细针将小木块压入该液体中完全浸入，记下此时电子秤的示数为m3。实验中液体均未溢出，完成下列填空：（用m1、m2、m3、表示）
（1）小木块的质量m= 。
（2）小木块的体积
（3）小木块浸没在该液体中时，排开液体的质量= 。
（4）该未知液体的密度= 。
（5）实验结束后，小明发现木块会吸收液体，为了减小木块吸收液体带来的误差，请你结合小明的实验方案，提出一种改进方法： 。
22．（2025·兴宁模拟）阅读短文，回答下列问题。
智能医疗机器人
如图所示，这是一款具有自主测温、摄像、避障、消毒、咨询宣导等功能的智能医疗机器人，在医疗场所能发挥重要的辅助作用，可以有效地减轻医护人员的工作负担。它可以利用镜头对就诊人员进行人脸识别，并可将人体辐射的红外线会聚到探测器上，通过处理系统转变为热图像，实现对人体的体温监测。 当监测到体温异常人员时，系统会自动语音提示，并把相关信息通过无线网络传输到诊疗系统中。机器人在行走过程中可发射、接收超声波（或激光），以获得障碍物信息并巧妙避障。 当感知到前方有障碍物时，机器人会依靠减速器自动减速，并重新调整行驶路线。
（1）当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递 ；该机器人进行人脸识别时，摄像头的成像原理与生活中 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；
（2）下列关于机器人的说法正确的有________；
A．机器人发出的超声波是人耳听不到的声音
B．当被拍摄的人远离机器人镜头时，人经镜头成的像会变大
C．机器人发现体温为39℃的人时会自动语音提示
（3）机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用 （选填“超声波”或“激光”）才能较好地感知到障碍物；当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成像的大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”），此过程中，机器人相对于它在玻璃中所成的像是 （选填“运动”或“静止”）的；
（4）智能机器人底盘呈正方形，边长为 60 cm，工作时的行走速度约为 1m /s，要对一个长6.6m、宽3.6m 的空房间进行消毒，它沿 3.6m的宽边从一侧走到另一侧需要 s。
23．（2025·兴宁模拟）“芒种”前后是麦子成熟收割的时间，需要及时把麦子归仓。现在很多地方都用联合收割机收割麦子，某收割机的参数如表所示。（g取10 N/kg）
割幅/m 2.2/2.5
履带接地总面积/m2 3.6
喂入量/（kg·s- ） 3/4/4.5
功率/kW 60
发动机效率 40%
油箱容积/L 72
满油时整机质量/kg 2 880
（1）满油时收割机对水平地面的压强是 Pa；
（2）如图甲所示，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了 牵引力。收割一块地的麦子，耗时0.5h，该收割机做功 J，在此过程中消耗 kg柴油；（柴油的热值为，计算结果保留一位小数）
（3）“喂入量”是指收割机在单位时间内收获的作物量，它受很多因素的影响。某次收割时作业速度与喂入量之间的关系如图乙所示。当作业速度为4km/h时，喂入量是 kg/s，出现这一结果，除了受收割机的作业速度影响外，你认为作物的 也会对喂入量产生影响。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】密度是物体的基本属性，给金属件打孔切削前后，金属件的形状、体积、质量改变，但是物体的种类不变，所以密度不变，ABD错误，C正确。
综上选C。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；
2、质量物体的基本属性，和形状、位置无关。
2．【答案】D
【知识点】科学探索；原子结构
【解析】【解答】物质是由分子和原子组成，分子包括原子，原子由原子核与核外电子构成，质子与中子组成原子核。所以尺度最小的是质子。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
3．【答案】B
【知识点】升华及升华吸热
【解析】【解答】雾凇是由水蒸气直接凝华为固态小冰晶，该过程放热。故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
3、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
4、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜，雪；
5、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小；
6、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融。
4．【答案】A
【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系；物体带电情况的判断；磁场
【解析】【解答】在倒置的漏斗里放一个乒乓球，从漏斗口用力向下吹气并将手指移开，乒乓球不会下落，原理为漏斗内的空气流速变快，压强小于大气压，在大气压作用下，乒乓球不掉落。
A．龙卷风将物体“吸”引到空中，是因为龙卷风内空气流速快，压强小于大气压，在大气压作用下，物体被“吸”引到空中，故A符合题意；
B．电风扇叶片容易“吸”灰尘，是因为叶片转动过程中发生电荷的转移而携带电量，带电吸引不带电的轻小物体，故B不符合题意；
C．冰箱由于异名磁极相互吸引导致门被“吸”引而关闭，故C不符合题意；
D．地球由于相互作用力，而“吸”地面上的物体，故D不符合题意。
故选A。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
5．【答案】D
【知识点】固体密度的测量；压强的大小及其计算
【解析】【解答】每块砖的质量相等，三种方式对地面的压力都等于3块砖的总重力，所以压力相等，三种摆放方式的受力面积分别为S甲=40cm×3×10cm=1200cm2；S乙=40cm×10cm=400cm2；S丙=40cm×20cm=800cm2，可知地面受到压强大小关系为p乙>p丙>p甲，D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
6．【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】ABCD．门铃是通过磁体运动产生电流，本质为电磁感应原理，通过切割磁感线是的产生感应电流，不是电流的磁效应，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
7．【答案】A
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．当手压课本的力增大时，接触面粗糙程度不变，导致直尺与课本间的摩擦力会变大，所以抽出直尺的力将变大，故A正确；
B．手对书的压力和书对手的支持力是一对相互作用力，故B错误；
C．书受到的重力小于直尺对书的支持力，不是一对平衡力，故C错误；
D．当直尺水平向左抽出时，书相对于直尺向右运动，受到水平向左的摩擦力，故D错误。
故选A。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
8．【答案】振动；扩散；传播过程中
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生振动，从而发出巨大的声音。弥漫着浓浓的火药味，属于扩散现象。不影响爷爷奶奶休息，小明选择在院子中燃放烟花，并将家中的门窗关起来，这是在传播过程中减弱噪声。
【分析】1、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播。
9．【答案】热传递；静止；费力
【知识点】热传递改变物体内能；参照物及其选择；杠杆的分类
【解析】【解答】煮粽子时，粽子过热传递的方式吸收热量。龙舟上的参赛选手与龙舟的运动状态一致，没有发生变化，故选手是静止的。滑桨时，桨的末端为支点，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，属于费力杠杆。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
10．【答案】电源；化学；通电导体在磁场中受力运动
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】插入镁片和碳片的盐水杯可为小车提供电能，相当于电路中的电源，将化学能转化为电能。电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理工作的。
【分析】完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
11．【答案】异；吸引；负
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】给绒毛带上电，线毛就会飞向胶布，说明绒毛和胶布带异种电荷，异种电荷相互吸引。绒毛运动方向与电流的方向相反，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，所以绒毛带的是负电荷。
【分析】异种电荷相互吸引，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
12．【答案】缩小；照相机；近视眼
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】图中物距大于像距，此时光屏上成倒立、缩小的实像，照相机工作时成倒立、缩小的实像，点可以制成照相机。保持蜡烛、凸透镜的位置不变，将凸透镜换成和它材质相同、口径相同但焦距较小的另一凸透镜，凸透镜焦距变小，提前会聚成像，像距减小，与近视眼的成因相同。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
13．【答案】裂变；内；二次
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】核电站通过核裂变释放出核能加热水，将核能转化为水蒸气的内能。电能需要消耗其他形式的能量获取，属于二次能源。
【分析】一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
14．【答案】20；0.3；720
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【解答】定值电阻R的电阻不变，电压和电流成正比，所以I-U关系图像是一条直线，曲线A是灯泡L的I-U关系图像。当定值电阻R的电压为8V时，其电流为0.4A，根据欧姆定律公式计算定值电阻R 的阻值为；该电路为串联电路，电源电压为8V，闭合开关S，当电流为I=0.3A时，根据欧姆定律以及串联电路电压规律计算可知电源电压，分析可知通过定值电阻R 的电流为0.3A。根据做功公式可得电流做的功为。
【分析】1、电功的计算：公式为W=UIt。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；二力平衡的条件及其应用；力臂的画法
【解析】【解答】（1）透过透镜的光线，有三条光线较为特殊，过光心的光线，传播方向不改变；过焦点的光线，折射光线平行于主光轴。作图如下：
（2）最小动力对应最大动力臂，题目重OA为最大的动力臂L，过A点垂直向下用力，为最小的动力F。作图如下：
（3）瓶子的重力方向竖直向下，瓶子静止，所以瓶子所受的竖直向下的重力与手对瓶子的摩擦力是一对平衡力，作图如下：
【分析】1、透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）图甲中，过光心的光线，经凸透镜后，传播方向不改变；过焦点的光线，经凸透镜后，折射光线平行于主光轴。作图如下：
（2）图乙的b中，连接OA，则OA为最大的动力臂L，过A点垂直向下用力，为最小的动力F。作图如下：
（3）图丙中，用手捏住瓶子，瓶子静止，则瓶子所受的竖直向下的重力与手对瓶子的摩擦力是一对平衡力，所以瓶子受到的摩擦力竖直向上，作用在重心O上，作图如下：
16．【答案】（1）将游码归零；右
（2）2；10；能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程
（3）形状；上升
【知识点】固体密度的测量；力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）使用托盘天平时，要先将游码归零；指针偏向分度盘的左侧，应将平衡螺母向右调节。
（2）由图可知，量筒分度值为。水的体积为20mL，加入物体后示数为，则金属块的体积为，“适量的水”的含义是能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程。
（3）双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，说明力可以改变物体的形状。将装置从一楼拿到十楼，海拔升高，外界大气压减小，水被内部气压压出，所以细管内水面上升。
【分析】1、天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
3、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
（1）[1][2]使用托盘天平时，将托盘天平放在水平桌面上后要先将游码归零；正确操作后，发现指针偏向分度盘的左侧，说明左端重，则应将平衡螺母向右调节，给右端增重，使指针指在分度盘的中央。
（2）[1][2]由图可知，量筒分5格，则分度值为。图丙中示数为，则金属块的体积为
[3]用量筒测量金属块的体积时，往量筒中倒入适量的水，“适量的水”的含义是能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程。
（3）[1]双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这是因为玻璃瓶被挤压后发生形变，内部的水被挤出，该现象说明力可以改变物体的形状。
[2]把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图戊所示，这就变成了一个简易的气压计，将该装置从一楼拿到十楼，海拔升高，外界大气压减小，瓶内的水被内部气压压出，所以细管内水面上升。
17．【答案】漏气；C；液体深度；丙、丁；深度；AB
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；所以需要将软管取下，再重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（2）乙、丙两次实验，变量为金属盒所处的深度，丙中金属盒所处的深度大，丙中液体产生压强大，由此可知：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大。研究液体的压强与液体的密度的关系，变量为液体密度，所以要控制液体的深度相同，比较丙、丁两次实验可以初步得出结论：液体的压强与液体的密度有关。
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，将仪器放入水槽中，需要控制相同的变量为浸入的深度。橡皮膜形变越大，压强越大，图中AB面形变最小，说明在接近水面的一边。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
18．【答案】（1）
（2）A
（3）B
（4）1.7；左
（5）灯泡的电阻随温度的改变而改变；10
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）灯泡与滑动变阻器串联，调节电路的电流和灯泡电压，电压表并联在灯泡两端，电流表测量电路电流。向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，说明接入电路中的电阻变小，则滑动变阻器的A端接入电路中，如图所示：
（2）闭合开关前，为了保护电路，所以滑动变阻器的滑片 P 移到阻值最大的B端。
（3）电流表和电压表的指针有偏转，说明电路中有电流，且灯泡两端有电压，灯泡不亮的原因可能是灯泡的电功率太小，故进下来应移动滑动变阻器的滑片，增大通过灯泡的电流，观察小灯泡是否发光，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）由图乙得，电压表的分度值为0.1V，示数为1.7V。小于额定电压，所以变阻器要减小分压，即滑片向左端移动，减小滑动变阻器接入电路中的电阻。
（5）灯泡的电阻随温度的改变而改变，通过灯泡的电流以及两端的电压发生改变时，灯泡的温度改变，电阻改变，故小灯泡的电流和它两端电压的图像不是一条直线。小灯泡正常发光时的电流为0.25A，由欧姆定律得，小灯泡正常发光时的电阻为。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）实验中，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路电流。向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，说明此时滑动变阻器接入电路中的电阻变小，则滑动变阻器的A端接入电路中，如图所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到阻值最大的B端。
（3）小明正确连接好电路闭合开关后，发现小灯泡不亮，但是电流表和电压表的指针有偏转，说明电路中有电流，且灯泡两端有电压，说明电路不可能存在断路现象，灯泡没有短路，则灯泡不亮的原因可能是灯泡的电压、电流太小，电功率太小，故进下来应移动滑动变阻器的滑片，增大通过灯泡的电流，观察小灯泡是否发光，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[1]由图乙得，电压表的分度值为0.1V，示数为1.7V。
[2]灯泡两端的电压小于额定电压，则要得到小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向左端移动，减小滑动变阻器接入电路中的电阻。
（5）[1]灯泡的电阻随温度的改变而改变，灯泡两端的电压、通过灯泡的电流改变时，灯泡的电功率改变，灯泡的温度改变，灯泡的电阻改变，故小灯泡的电流和它两端电压的图像不是一条直线。
[2]由图丙可得，小灯泡正常发光时的电流为0.25A，由欧姆定律得，小灯泡正常发光时的电阻为
19．【答案】（1）解：由得，燃烧的汽油的质量为，汽油完全燃烧放出的热量
。
（2）解：由得，汽车做的功为，汽车发动机的效率。
（3）解：由得，汽车受到的牵引力为，由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力。
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）由密度公式计算燃烧的汽油的质量，根据热值公式计算汽油完全燃烧放出的热量。
（2）由功率公式得汽车做的功，根据效率公式计算汽车发动机的效率。
（3）由得汽车受到的牵引力，由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力等于牵引力，即。
（1）由得，燃烧的汽油的质量为
汽油完全燃烧放出的热量
（2）由得，汽车做的功为
汽车发动机的效率
（3）由得，汽车受到的牵引力为
由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力
20．【答案】（1）解：当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路为电动机的简单电路，电路吹冷风；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电路电阻大，电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率大，吹热风。电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）解：电热丝R2的电功率为，由得，电热丝R2的阻值为。
（3）解：由得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路中只有电动机；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电阻大，根据电功率公式计算可知电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率最大，吹热风。根据功率公式计算电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）电热丝R2的电功率为，根据电功率公式计算得电热丝R2的阻值；
（3）由功率公式得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
（1）当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路为电动机的简单电路，电路吹冷风；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电路电阻大，电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率大，吹热风。电吹风机吹暖风时的额定功率
（2）电热丝R2的电功率为
由得，电热丝R2的阻值为
（3）由得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能
21．【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
（5）在木块表面裹一层体积不计的塑料薄膜
【知识点】密度公式及其应用；物体的浮沉条件及其应用；物理常识
【解析】【解答】（1） 在容器内装入适量的该未知液体，记下此时电子秤的示数为m1 ， 将小木块轻轻放入该液体中，木块漂浮，记下此时电子秤的示数为m2 ，所以小木块的质量；
（2）木块的密度为 ，根据密度公式计算，小木块的体积；
（3）小木块浸没在液体中， 用细针将小木块压入该液体中完全浸入，记下此时电子秤的示数为m3 ，排开的水的质量为；
（4）木块完全浸没，所以小木块的体积等于排开的液体的体积，即，根据密度公式计算可知未知液体的密度；
（5）减小木块吸收液体，可以在木块表面裹塑料薄膜，防止木块吸收液体。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）小木块的质量
（2）由得，小木块的体积
（3）小木块浸没在液体中，排开的水的质量为
（4）此时小木块的体积等于排开的液体的体积，即
该未知液体的密度
（5）为了减小木块吸收液体带来的误差，可以在木块表面裹一层体积不计的塑料薄膜，防止木块吸收液体。
22．【答案】（1）信息；照相机
（2）A；C
（3）超声波；不变；运动
（4）3
【知识点】速度公式及其应用；超声波与次声波；声与信息；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递信息。机器人进行人脸识别时，与照相机的原理相同。
（2）A．机器人发出的超声波人耳听不见，频率高于人的听觉范围，故A正确；
B．根据凸透镜成实像物远像近像变小的规律，当被拍摄的人远离机器人镜头时，物距变大，则像距变小，人经镜头成的像会变小，故B错误；
C．当人的体温为39℃，超过37℃，机器人会自动语音报警并识别，故C正确。
故选AC。
（3）机器人在行走过程中通过超声波获得障碍物信息并巧妙避障。机器人在玻璃中成像是平面镜成像，在玻璃中所成的像的大小不变；平面镜成像中，像距等于物距，机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像也靠近玻璃，机器人和玻璃的运动状态不一致，所以二者是运动的。
（4）机器人沿3.6m的宽边从一侧走到另一侧走过的路程，根据速度公式计算时间为。
【分析】1、超声波可以传递信息，例子有：雷达、以及B超；
2、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像；
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
（1）[1]声音可以传递信息和能量。当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递信息。
[2]该机器人进行人脸识别时，物距大于镜头二倍焦距，摄像头成倒立、缩小的实像，与照相机的原理相同。
（2）A．人耳听觉范围是20Hz~20000Hz，超声波的频率高于人的听觉范围，机器人发出的超声波人耳听不见，故A正确；
B．根据凸透镜成实像规律，当被拍摄的人远离机器人镜头时，物距变大，则像距变小，人经镜头成的像会变小，故B错误；
C．人的正常体温为37℃左右，当人的体温为39℃，超过人体正常温度，机器人会自动语音报警并识别，故C正确。
故选AC。
（3）[1]机器人在行走过程中可发射、接收超声波（或激光），以获得障碍物信息并巧妙避障。因为玻璃等透明障碍物透光性好，所以机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用超声波才能较好地感知到障碍物。
[2][3]机器人在玻璃中成像是平面镜成像，成像特点是：像与物大小相等，故当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像的大小不变；平面镜成像中，像距等于物距，所以当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像也靠近玻璃，机器人相对于它在玻璃中所成的像的位置改变，是运动的。
（4）机器人沿3.6m的宽边从一侧走到另一侧走过的路程
所以时间为
23．【答案】（1）解：满油时收割机对水平地面的压力为
则满油时收割机对水平地面的压强。
（2）增大；收割机做功；柴油完全燃烧放出的热量为，则柴油质量为
（3）2.4；籽粒含水率
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）满油时收割机对水平地面的压力等于重力，即，根据压强公式计算满油时收割机对水平地面的压强。
（2）根据功率公式计算可知收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，可以增大牵引力。根据做功公式计算收割机做功
结合热机功率计算柴油完全燃烧放出的热量为，根据热值公式计算柴油质量为。
（3）由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度和喂入量成正比关系，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、功率的计算：公式为P=Fv，W=Pt；
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。公式为Q=mq。
4、效率的计算：公式为。
（1）满油时收割机对水平地面的压力为
则满油时收割机对水平地面的压强
（2）[1]根据，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了增大牵引力。
[2]收割机做功
[3]柴油完全燃烧放出的热量为
则柴油质量为
（3）[1]由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。
[2]由图乙可知，在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度随喂入量变化而变化，且成正比关系，当作业速度一定时，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。
1 / 1广东省梅州市兴宁市宋声学校2025年中考二模物理试题
1．（2025·兴宁模拟）数控机床可以对金属件进行精细加工，通过打孔、切削等方式加工出精密部件。从物理学的角度来说，给金属件打孔切削的前后，没有发生改变的是（ ）
A．质量 B．体积 C．密度 D．形状
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】密度是物体的基本属性，给金属件打孔切削前后，金属件的形状、体积、质量改变，但是物体的种类不变，所以密度不变，ABD错误，C正确。
综上选C。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；
2、质量物体的基本属性，和形状、位置无关。
2．（2025·兴宁模拟）纳米技术是用单个原子、分子制造物质的科学技术。下列研究对象尺度最小的是（ ）
A．露珠 B．花粉颗粒 C．原子 D．质子
【答案】D
【知识点】科学探索；原子结构
【解析】【解答】物质是由分子和原子组成，分子包括原子，原子由原子核与核外电子构成，质子与中子组成原子核。所以尺度最小的是质子。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
3．（2025·兴宁模拟）如图所示的吉林雾凇以其“冬天里的春天”般诗情画意的美，同桂林山水、云南石林、长江三峡一起被誉为我国四大自然奇观。下列对雾凇形成过程的说法正确的是（ ）
A．凝固、放热 B．凝华、放热 C．升华、吸热 D．凝华、吸热
【答案】B
【知识点】升华及升华吸热
【解析】【解答】雾凇是由水蒸气直接凝华为固态小冰晶，该过程放热。故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
3、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
4、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜，雪；
5、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小；
6、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融。
4．（2025·兴宁模拟）如图所示，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，从漏斗口用力向下吹气并将手指移开，乒乓球不会下落。下列现象的科学道理与上述现象相同的是（ ）
A．龙卷风将物体“吸”引到空中 B．电风扇叶片容易“吸”灰尘
C．冰箱门被“吸”引而关闭 D．地球“吸”地面上的物体
【答案】A
【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系；物体带电情况的判断；磁场
【解析】【解答】在倒置的漏斗里放一个乒乓球，从漏斗口用力向下吹气并将手指移开，乒乓球不会下落，原理为漏斗内的空气流速变快，压强小于大气压，在大气压作用下，乒乓球不掉落。
A．龙卷风将物体“吸”引到空中，是因为龙卷风内空气流速快，压强小于大气压，在大气压作用下，物体被“吸”引到空中，故A符合题意；
B．电风扇叶片容易“吸”灰尘，是因为叶片转动过程中发生电荷的转移而携带电量，带电吸引不带电的轻小物体，故B不符合题意；
C．冰箱由于异名磁极相互吸引导致门被“吸”引而关闭，故C不符合题意；
D．地球由于相互作用力，而“吸”地面上的物体，故D不符合题意。
故选A。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
5．（2025·兴宁模拟）如图所示，每块砖的质量相等，长、宽、高分别是40cm、20cm、10cm，以三种方式摆放在水平地面上。比较地面受到压强p甲、p乙、p丙的大小，正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】固体密度的测量；压强的大小及其计算
【解析】【解答】每块砖的质量相等，三种方式对地面的压力都等于3块砖的总重力，所以压力相等，三种摆放方式的受力面积分别为S甲=40cm×3×10cm=1200cm2；S乙=40cm×10cm=400cm2；S丙=40cm×20cm=800cm2，可知地面受到压强大小关系为p乙>p丙>p甲，D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
6．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是一款不需要电池的自发电门铃。当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，使门铃发出声音。这种门铃的工作原理是（ ）
A．电流的磁效应 B．电流的热效应
C．摩擦起电 D．电磁感应现象
【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】ABCD．门铃是通过磁体运动产生电流，本质为电磁感应原理，通过切割磁感线是的产生感应电流，不是电流的磁效应，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
7．（2025·兴宁模拟）如图所示的小实验，将书和直尺叠放在水平桌面上，一只手用力压住课本，另一只手抽出直尺。下列说法正确的是（ ）
A．当手压课本的力增大时，抽出直尺的力将变大
B．手对书的压力和书对手的支持力是一对平衡力
C．书受到的重力和直尺对书的支持力是一对平衡力
D．当直尺水平向左抽出时，书受到直尺对它的摩擦力水平向右
【答案】A
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．当手压课本的力增大时，接触面粗糙程度不变，导致直尺与课本间的摩擦力会变大，所以抽出直尺的力将变大，故A正确；
B．手对书的压力和书对手的支持力是一对相互作用力，故B错误；
C．书受到的重力小于直尺对书的支持力，不是一对平衡力，故C错误；
D．当直尺水平向左抽出时，书相对于直尺向右运动，受到水平向左的摩擦力，故D错误。
故选A。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
8．（2025·兴宁模拟）传统节日作为传承中华优秀历史文化的重要载体，既能让人们在节日中增长知识、受到教益，又有助于彰显文化、弘扬美德、陶冶情操。春节是中华民族的传统节日，燃放烟花是人们庆祝和祈福的常见方式，如图所示。燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生 ，从而发出巨大的声音；燃放烟花的过程中，空气中弥漫着浓浓的火药味，这属于 现象；为了不影响爷爷奶奶休息，小明选择在院子中燃放烟花，并将家中的门窗关起来，这是在 减弱噪声。
【答案】振动；扩散；传播过程中
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生振动，从而发出巨大的声音。弥漫着浓浓的火药味，属于扩散现象。不影响爷爷奶奶休息，小明选择在院子中燃放烟花，并将家中的门窗关起来，这是在传播过程中减弱噪声。
【分析】1、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播。
9．（2025·兴宁模拟）传统节日作为传承中华优秀历史文化的重要载体，既能让人们在节日中增长知识、受到教益，又有助于彰显文化、弘扬美德、陶冶情操。吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。煮粽子的过程中，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变粽子的内能。如图所示，赛龙舟的过程中，以龙舟为参照物，龙舟上的参赛选手是 的；选手们划龙舟的桨属于 杠杆。
【答案】热传递；静止；费力
【知识点】热传递改变物体内能；参照物及其选择；杠杆的分类
【解析】【解答】煮粽子时，粽子过热传递的方式吸收热量。龙舟上的参赛选手与龙舟的运动状态一致，没有发生变化，故选手是静止的。滑桨时，桨的末端为支点，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，属于费力杠杆。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
10．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定了一个小塑料杯，塑料杯壁内侧有一镁片和一碳片。当往杯中倒入盐水，使镁片和碳片都浸入盐水中时，小车就能缓缓向前运动。插入镁片和碳片的盐水杯相当于电路中的 （选填“用电器”或“电源”），它工作时将 能转化为电能。驱动玩具车前进的电动机是根据 的原理工作的。
【答案】电源；化学；通电导体在磁场中受力运动
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】插入镁片和碳片的盐水杯可为小车提供电能，相当于电路中的电源，将化学能转化为电能。电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理工作的。
【分析】完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
11．（2025·兴宁模拟）有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶，再给绒毛带上电，线毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带 种电荷互相 。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是 电荷。
【答案】异；吸引；负
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】给绒毛带上电，线毛就会飞向胶布，说明绒毛和胶布带异种电荷，异种电荷相互吸引。绒毛运动方向与电流的方向相反，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，所以绒毛带的是负电荷。
【分析】异种电荷相互吸引，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
12．（2025·兴宁模拟）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当各元件的位置如图所示时，烛焰恰好在光屏上成清晰完整的像（未画出），此时光屏上成倒立、 的实像，根据这一规律可以制成 ；保持蜡烛、凸透镜以及光屏的位置不变，仅将凸透镜换成和它材质相同、口径相同但焦距较小的另一凸透镜，光屏上原来清晰的像变模糊，这与 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相同。
【答案】缩小；照相机；近视眼
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】图中物距大于像距，此时光屏上成倒立、缩小的实像，照相机工作时成倒立、缩小的实像，点可以制成照相机。保持蜡烛、凸透镜的位置不变，将凸透镜换成和它材质相同、口径相同但焦距较小的另一凸透镜，凸透镜焦距变小，提前会聚成像，像距减小，与近视眼的成因相同。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
13．（2025·兴宁模拟）核电站通过核反应堆中的核 （选填“聚变”或“裂变”）来加热水，将核能转化为水蒸气的 能，再通过汽轮机转化为机械能，最后带动发电机转动转化为电能，电能属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
【答案】裂变；内；二次
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】核电站通过核裂变释放出核能加热水，将核能转化为水蒸气的内能。电能需要消耗其他形式的能量获取，属于二次能源。
【分析】一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
14．（2025·兴宁模拟）如图甲所示，这是小灯泡L和定值电阻R 的I—U图像，小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压为8V，则定值电阻R 的阻值为 Ω；闭合开关S，通过定值电阻R 的电流为 A，该电路工作5 min，电流做的功为 J。
【答案】20；0.3；720
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【解答】定值电阻R的电阻不变，电压和电流成正比，所以I-U关系图像是一条直线，曲线A是灯泡L的I-U关系图像。当定值电阻R的电压为8V时，其电流为0.4A，根据欧姆定律公式计算定值电阻R 的阻值为；该电路为串联电路，电源电压为8V，闭合开关S，当电流为I=0.3A时，根据欧姆定律以及串联电路电压规律计算可知电源电压，分析可知通过定值电阻R 的电流为0.3A。根据做功公式可得电流做的功为。
【分析】1、电功的计算：公式为W=UIt。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．（2025·兴宁模拟）
（1）如图甲所示，F、O分别是凸透镜的焦点和光心，请在图中分别画出图中两条入射光线经过凸透镜后对应的折射光线；
（2）如图乙a所示，这是家用羊肉切片器，图乙b为其示意图。请在图乙b中画出施加在手柄上A 点的最小力F 及其力臂L；
（3）如图丙所示，用手指捏住瓶子，使瓶子保持静止，请画出瓶子受到的摩擦力示意图。（重心O点已标出）
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；二力平衡的条件及其应用；力臂的画法
【解析】【解答】（1）透过透镜的光线，有三条光线较为特殊，过光心的光线，传播方向不改变；过焦点的光线，折射光线平行于主光轴。作图如下：
（2）最小动力对应最大动力臂，题目重OA为最大的动力臂L，过A点垂直向下用力，为最小的动力F。作图如下：
（3）瓶子的重力方向竖直向下，瓶子静止，所以瓶子所受的竖直向下的重力与手对瓶子的摩擦力是一对平衡力，作图如下：
【分析】1、透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）图甲中，过光心的光线，经凸透镜后，传播方向不改变；过焦点的光线，经凸透镜后，折射光线平行于主光轴。作图如下：
（2）图乙的b中，连接OA，则OA为最大的动力臂L，过A点垂直向下用力，为最小的动力F。作图如下：
（3）图丙中，用手捏住瓶子，瓶子静止，则瓶子所受的竖直向下的重力与手对瓶子的摩擦力是一对平衡力，所以瓶子受到的摩擦力竖直向上，作用在重心O上，作图如下：
16．（2025·兴宁模拟）
（1）如图甲所示，小明同学将托盘天平放在水平桌面上进行调节，你认为下一步操作是 ；正确操作后，发现指针偏向分度盘的左侧，则应将平衡螺母向 调节，使指针指在分度盘的中央；
（2）用量筒测量金属块的体积时，往量筒中倒入适量的水，水面的位置如图乙所示，再把用细线系好的金属块浸没在水中，水面升高至如图丙所示的位置，则该量筒的分度值为 mL，金属块的体积为 cm3。“适量的水”的含义是 ；
（3）如图丁所示，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，该现象说明力可以改变物体的 。把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图戊所示，将该装置从一楼拿到十楼，发现细管内水面 （选填“上升”“下降”或“不变”）。
【答案】（1）将游码归零；右
（2）2；10；能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程
（3）形状；上升
【知识点】固体密度的测量；力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）使用托盘天平时，要先将游码归零；指针偏向分度盘的左侧，应将平衡螺母向右调节。
（2）由图可知，量筒分度值为。水的体积为20mL，加入物体后示数为，则金属块的体积为，“适量的水”的含义是能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程。
（3）双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，说明力可以改变物体的形状。将装置从一楼拿到十楼，海拔升高，外界大气压减小，水被内部气压压出，所以细管内水面上升。
【分析】1、天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
3、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
（1）[1][2]使用托盘天平时，将托盘天平放在水平桌面上后要先将游码归零；正确操作后，发现指针偏向分度盘的左侧，说明左端重，则应将平衡螺母向右调节，给右端增重，使指针指在分度盘的中央。
（2）[1][2]由图可知，量筒分5格，则分度值为。图丙中示数为，则金属块的体积为
[3]用量筒测量金属块的体积时，往量筒中倒入适量的水，“适量的水”的含义是能够淹没金属块且金属块浸没后不超量程。
（3）[1]双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这是因为玻璃瓶被挤压后发生形变，内部的水被挤出，该现象说明力可以改变物体的形状。
[2]把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图戊所示，这就变成了一个简易的气压计，将该装置从一楼拿到十楼，海拔升高，外界大气压减小，瓶内的水被内部气压压出，所以细管内水面上升。
17．（2025·兴宁模拟）小明同学在学习液体压强时，为了探究液体压强的大小与哪些因素有关，进行了如图所示的实验探究。
（1）实验前，小明用手轻压如图甲所示的U形管压强计，橡皮膜，发现U形管中液面几乎不动，说明该装置 （选填“漏气”或“不漏气”）。若压强计漏气，则接下来的正确操作是 。
A.从U形管内倒出适量液体
B.向U 形管内添加适量液体
C.拆除软管重新安装
（2）比较图乙、丙实验可初步得出结论：在同种液体中，液体压强随着 的增加而增大；比较 两图的实验可初步得出结论：液体内部压强与液体密度有关。
【拓展】
（3）完成上述实验后，小明同学又设计了如图戊所示的装置，探究液体压强与液体密度的关系。实验时，将仪器放入水槽中，观察浸入液体中的容器侧面橡皮膜的变化，换用不同液体重复实验。
①实验中需要控制相同的变量为 。
②图戊b为图戊a的正视图，某次实验结果如图戊b所示，此时仪器更接近水面的一边是 （选填“AB”“BD”“AC”或“CD”）。
【答案】漏气；C；液体深度；丙、丁；深度；AB
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；所以需要将软管取下，再重新安装，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（2）乙、丙两次实验，变量为金属盒所处的深度，丙中金属盒所处的深度大，丙中液体产生压强大，由此可知：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大。研究液体的压强与液体的密度的关系，变量为液体密度，所以要控制液体的深度相同，比较丙、丁两次实验可以初步得出结论：液体的压强与液体的密度有关。
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，将仪器放入水槽中，需要控制相同的变量为浸入的深度。橡皮膜形变越大，压强越大，图中AB面形变最小，说明在接近水面的一边。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
18．（2025·兴宁模拟）小明利用如图甲所示的电路测量小灯泡在2.5V 电压下正常发光时的电阻，电源电压恒定不变。
（1）请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整。要求：向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，且导线不能交叉。
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到 （选填“A”或“B”）端。
（3）小明正确连接好电路闭合开关后，发现小灯泡不亮，但是电流表和电压表的指针有偏转，则接下来合理的操作是___________。
A．断开开关，更换小灯泡
B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
C．重新连接电路
D．更换滑动变阻器
（4）某次测量时，滑动变阻器的滑片移动到某一位置，电压表的示数如图乙所示，为 V，要得到小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动。
（5）小明由多次测量的数据绘出了通过小灯泡的电流和它两端电压的图像，结果发现图像不是一条直线，这是因为 ；根据图丙可得，小灯泡正常发光时的电阻为 Ω。
【答案】（1）
（2）A
（3）B
（4）1.7；左
（5）灯泡的电阻随温度的改变而改变；10
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）灯泡与滑动变阻器串联，调节电路的电流和灯泡电压，电压表并联在灯泡两端，电流表测量电路电流。向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，说明接入电路中的电阻变小，则滑动变阻器的A端接入电路中，如图所示：
（2）闭合开关前，为了保护电路，所以滑动变阻器的滑片 P 移到阻值最大的B端。
（3）电流表和电压表的指针有偏转，说明电路中有电流，且灯泡两端有电压，灯泡不亮的原因可能是灯泡的电功率太小，故进下来应移动滑动变阻器的滑片，增大通过灯泡的电流，观察小灯泡是否发光，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）由图乙得，电压表的分度值为0.1V，示数为1.7V。小于额定电压，所以变阻器要减小分压，即滑片向左端移动，减小滑动变阻器接入电路中的电阻。
（5）灯泡的电阻随温度的改变而改变，通过灯泡的电流以及两端的电压发生改变时，灯泡的温度改变，电阻改变，故小灯泡的电流和它两端电压的图像不是一条直线。小灯泡正常发光时的电流为0.25A，由欧姆定律得，小灯泡正常发光时的电阻为。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）实验中，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路电流。向左移动滑动变阻器的滑片P 时，电流表的示数变大，说明此时滑动变阻器接入电路中的电阻变小，则滑动变阻器的A端接入电路中，如图所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到阻值最大的B端。
（3）小明正确连接好电路闭合开关后，发现小灯泡不亮，但是电流表和电压表的指针有偏转，说明电路中有电流，且灯泡两端有电压，说明电路不可能存在断路现象，灯泡没有短路，则灯泡不亮的原因可能是灯泡的电压、电流太小，电功率太小，故进下来应移动滑动变阻器的滑片，增大通过灯泡的电流，观察小灯泡是否发光，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[1]由图乙得，电压表的分度值为0.1V，示数为1.7V。
[2]灯泡两端的电压小于额定电压，则要得到小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向左端移动，减小滑动变阻器接入电路中的电阻。
（5）[1]灯泡的电阻随温度的改变而改变，灯泡两端的电压、通过灯泡的电流改变时，灯泡的电功率改变，灯泡的温度改变，灯泡的电阻改变，故小灯泡的电流和它两端电压的图像不是一条直线。
[2]由图丙可得，小灯泡正常发光时的电流为0.25A，由欧姆定律得，小灯泡正常发光时的电阻为
19．（2025·兴宁模拟）一辆汽车以25m/s的速度在某段水平公路上匀速直线行驶了1h，消耗16L汽油。已知此过程中汽车发动机的输出功率为50 kW。已知汽油的密度为，汽油的热值为。
（1）汽油完全燃烧放出的热量。
（2）汽车发动机的效率。（计算结果精确到0.1%）
（3）汽车行驶过程中所受的阻力。
【答案】（1）解：由得，燃烧的汽油的质量为，汽油完全燃烧放出的热量
。
（2）解：由得，汽车做的功为，汽车发动机的效率。
（3）解：由得，汽车受到的牵引力为，由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力。
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）由密度公式计算燃烧的汽油的质量，根据热值公式计算汽油完全燃烧放出的热量。
（2）由功率公式得汽车做的功，根据效率公式计算汽车发动机的效率。
（3）由得汽车受到的牵引力，由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力等于牵引力，即。
（1）由得，燃烧的汽油的质量为
汽油完全燃烧放出的热量
（2）由得，汽车做的功为
汽车发动机的效率
（3）由得，汽车受到的牵引力为
由二力平衡得，汽车行驶过程中所受的阻力
20．（2025·兴宁模拟）如图所示，这是某电吹风机的电路原理图，其中R1、R2为电热丝，M为电动机。已知电热丝R1的阻值为88Ω。通过闭合开关S1、S2可实现冷风、暖风和热风的转换，电吹风机的部分数据如表所示。求：
额定电压 220 V
额定功率 冷风 132 W
暖风
热风 1 782 W
（1）电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）电热丝R2的阻值。
（3）吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
【答案】（1）解：当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路为电动机的简单电路，电路吹冷风；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电路电阻大，电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率大，吹热风。电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）解：电热丝R2的电功率为，由得，电热丝R2的阻值为。
（3）解：由得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路中只有电动机；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电阻大，根据电功率公式计算可知电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率最大，吹热风。根据功率公式计算电吹风机吹暖风时的额定功率。
（2）电热丝R2的电功率为，根据电功率公式计算得电热丝R2的阻值；
（3）由功率公式得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能。
（1）当闭合开关S1，S2接触点1、2时，电路为电动机的简单电路，电路吹冷风；当闭合开关S1，S2接触点2、3时，R1与电动机并联，电路电阻大，电路功率小，吹暖风；当闭合开关S1，S2接触点3、4时，R1、R2、电动机并联，电路电阻小，电路功率大，吹热风。电吹风机吹暖风时的额定功率
（2）电热丝R2的电功率为
由得，电热丝R2的阻值为
（3）由得，吹暖风时，1min内电吹风机消耗的电能
21．（2025·兴宁模拟）学习了浮力知识后，小明利用电子秤和已知密度为的小木块来测量一未知液体的密度，如图所示。实验步骤如下：
①如图甲所示，在容器内装入适量的该未知液体，记下此时电子秤的示数为m1；
②如图乙所示，将小木块轻轻放入该液体中，木块漂浮，记下此时电子秤的示数为m2；
③如图丙所示，用细针将小木块压入该液体中完全浸入，记下此时电子秤的示数为m3。实验中液体均未溢出，完成下列填空：（用m1、m2、m3、表示）
（1）小木块的质量m= 。
（2）小木块的体积
（3）小木块浸没在该液体中时，排开液体的质量= 。
（4）该未知液体的密度= 。
（5）实验结束后，小明发现木块会吸收液体，为了减小木块吸收液体带来的误差，请你结合小明的实验方案，提出一种改进方法： 。
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
（5）在木块表面裹一层体积不计的塑料薄膜
【知识点】密度公式及其应用；物体的浮沉条件及其应用；物理常识
【解析】【解答】（1） 在容器内装入适量的该未知液体，记下此时电子秤的示数为m1 ， 将小木块轻轻放入该液体中，木块漂浮，记下此时电子秤的示数为m2 ，所以小木块的质量；
（2）木块的密度为 ，根据密度公式计算，小木块的体积；
（3）小木块浸没在液体中， 用细针将小木块压入该液体中完全浸入，记下此时电子秤的示数为m3 ，排开的水的质量为；
（4）木块完全浸没，所以小木块的体积等于排开的液体的体积，即，根据密度公式计算可知未知液体的密度；
（5）减小木块吸收液体，可以在木块表面裹塑料薄膜，防止木块吸收液体。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）小木块的质量
（2）由得，小木块的体积
（3）小木块浸没在液体中，排开的水的质量为
（4）此时小木块的体积等于排开的液体的体积，即
该未知液体的密度
（5）为了减小木块吸收液体带来的误差，可以在木块表面裹一层体积不计的塑料薄膜，防止木块吸收液体。
22．（2025·兴宁模拟）阅读短文，回答下列问题。
智能医疗机器人
如图所示，这是一款具有自主测温、摄像、避障、消毒、咨询宣导等功能的智能医疗机器人，在医疗场所能发挥重要的辅助作用，可以有效地减轻医护人员的工作负担。它可以利用镜头对就诊人员进行人脸识别，并可将人体辐射的红外线会聚到探测器上，通过处理系统转变为热图像，实现对人体的体温监测。 当监测到体温异常人员时，系统会自动语音提示，并把相关信息通过无线网络传输到诊疗系统中。机器人在行走过程中可发射、接收超声波（或激光），以获得障碍物信息并巧妙避障。 当感知到前方有障碍物时，机器人会依靠减速器自动减速，并重新调整行驶路线。
（1）当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递 ；该机器人进行人脸识别时，摄像头的成像原理与生活中 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；
（2）下列关于机器人的说法正确的有________；
A．机器人发出的超声波是人耳听不到的声音
B．当被拍摄的人远离机器人镜头时，人经镜头成的像会变大
C．机器人发现体温为39℃的人时会自动语音提示
（3）机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用 （选填“超声波”或“激光”）才能较好地感知到障碍物；当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成像的大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”），此过程中，机器人相对于它在玻璃中所成的像是 （选填“运动”或“静止”）的；
（4）智能机器人底盘呈正方形，边长为 60 cm，工作时的行走速度约为 1m /s，要对一个长6.6m、宽3.6m 的空房间进行消毒，它沿 3.6m的宽边从一侧走到另一侧需要 s。
【答案】（1）信息；照相机
（2）A；C
（3）超声波；不变；运动
（4）3
【知识点】速度公式及其应用；超声波与次声波；声与信息；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递信息。机器人进行人脸识别时，与照相机的原理相同。
（2）A．机器人发出的超声波人耳听不见，频率高于人的听觉范围，故A正确；
B．根据凸透镜成实像物远像近像变小的规律，当被拍摄的人远离机器人镜头时，物距变大，则像距变小，人经镜头成的像会变小，故B错误；
C．当人的体温为39℃，超过37℃，机器人会自动语音报警并识别，故C正确。
故选AC。
（3）机器人在行走过程中通过超声波获得障碍物信息并巧妙避障。机器人在玻璃中成像是平面镜成像，在玻璃中所成的像的大小不变；平面镜成像中，像距等于物距，机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像也靠近玻璃，机器人和玻璃的运动状态不一致，所以二者是运动的。
（4）机器人沿3.6m的宽边从一侧走到另一侧走过的路程，根据速度公式计算时间为。
【分析】1、超声波可以传递信息，例子有：雷达、以及B超；
2、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像；
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
（1）[1]声音可以传递信息和能量。当监测到体温异常人员时，机器人可以语音提示，说明声音可传递信息。
[2]该机器人进行人脸识别时，物距大于镜头二倍焦距，摄像头成倒立、缩小的实像，与照相机的原理相同。
（2）A．人耳听觉范围是20Hz~20000Hz，超声波的频率高于人的听觉范围，机器人发出的超声波人耳听不见，故A正确；
B．根据凸透镜成实像规律，当被拍摄的人远离机器人镜头时，物距变大，则像距变小，人经镜头成的像会变小，故B错误；
C．人的正常体温为37℃左右，当人的体温为39℃，超过人体正常温度，机器人会自动语音报警并识别，故C正确。
故选AC。
（3）[1]机器人在行走过程中可发射、接收超声波（或激光），以获得障碍物信息并巧妙避障。因为玻璃等透明障碍物透光性好，所以机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用超声波才能较好地感知到障碍物。
[2][3]机器人在玻璃中成像是平面镜成像，成像特点是：像与物大小相等，故当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像的大小不变；平面镜成像中，像距等于物距，所以当机器人靠近玻璃时，它在玻璃中所成的像也靠近玻璃，机器人相对于它在玻璃中所成的像的位置改变，是运动的。
（4）机器人沿3.6m的宽边从一侧走到另一侧走过的路程
所以时间为
23．（2025·兴宁模拟）“芒种”前后是麦子成熟收割的时间，需要及时把麦子归仓。现在很多地方都用联合收割机收割麦子，某收割机的参数如表所示。（g取10 N/kg）
割幅/m 2.2/2.5
履带接地总面积/m2 3.6
喂入量/（kg·s- ） 3/4/4.5
功率/kW 60
发动机效率 40%
油箱容积/L 72
满油时整机质量/kg 2 880
（1）满油时收割机对水平地面的压强是 Pa；
（2）如图甲所示，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了 牵引力。收割一块地的麦子，耗时0.5h，该收割机做功 J，在此过程中消耗 kg柴油；（柴油的热值为，计算结果保留一位小数）
（3）“喂入量”是指收割机在单位时间内收获的作物量，它受很多因素的影响。某次收割时作业速度与喂入量之间的关系如图乙所示。当作业速度为4km/h时，喂入量是 kg/s，出现这一结果，除了受收割机的作业速度影响外，你认为作物的 也会对喂入量产生影响。
【答案】（1）解：满油时收割机对水平地面的压力为
则满油时收割机对水平地面的压强。
（2）增大；收割机做功；柴油完全燃烧放出的热量为，则柴油质量为
（3）2.4；籽粒含水率
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）满油时收割机对水平地面的压力等于重力，即，根据压强公式计算满油时收割机对水平地面的压强。
（2）根据功率公式计算可知收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，可以增大牵引力。根据做功公式计算收割机做功
结合热机功率计算柴油完全燃烧放出的热量为，根据热值公式计算柴油质量为。
（3）由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度和喂入量成正比关系，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。
【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、功率的计算：公式为P=Fv，W=Pt；
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。公式为Q=mq。
4、效率的计算：公式为。
（1）满油时收割机对水平地面的压力为
则满油时收割机对水平地面的压强
（2）[1]根据，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了增大牵引力。
[2]收割机做功
[3]柴油完全燃烧放出的热量为
则柴油质量为
（3）[1]由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。
[2]由图乙可知，在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度随喂入量变化而变化，且成正比关系，当作业速度一定时，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。
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