湖南省衡阳市成龙大联考2025年中考一模物理试题
1．（2025·衡阳模拟）春节是我国的传统文化节日，春节期间，各种庆祝活动精彩纷呈，下列现象与光的知识对应错误的是（ ）
A．夜晚广场上的激光束能清晰可见，是因为光在均匀空气中沿直线传播
B．人们在河边欣赏水中烟花的倒影，这是光的反射现象
C．小朋友手持的荧光棒发光，其原理与月亮发光的原理相同
D．透过红色的灯笼纸看灯光，灯光变红，是因为红色灯笼纸吸收了其他颜色的光，只允许红光通过
【答案】C
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的反射；物体的颜色
【解析】【解答】A．夜晚广场上的激光束能清晰可见，是因为光沿直线传播形成清晰的光路，故A正确，不符合题意；
B．人们在河边欣赏水中烟花的倒影，是由于光在水面发生反射形成的虚像，故B正确，不符合题意；
C．小朋友手持的荧光棒发光，属于主动发光，而月亮是反射太阳光，属于被动发光，两者原理不同，故C错误，符合题意；
D．透过红色的灯笼纸看灯光，红色灯笼纸吸收了其他颜色的光，只允许红光通过，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、光源：能自身发出光线，如太阳、手电筒、萤火虫。
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅。
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
4、物体呈现某种颜色是因为物体反射该颜色，吸收其他颜色。
2．（2025·衡阳模拟）在长沙的小吃街，远远就能闻到臭豆腐的独特气味。以下关于这一现象的说法正确的是（ ）
A．只有温度高时，才能闻到臭豆腐的气味
B．闻到臭豆腐的气味，是因为分子间存在引力
C．闻到臭豆腐的气味，是因为分子在不停地做无规则运动
D．把臭豆腐密封起来，就不会闻到气味，说明分子运动停止了
【答案】C
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】能远远就能闻到臭豆腐的味道，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，且温度越高，分子热运动越剧烈，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3．（2025·衡阳模拟）三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，是一项非常先进的太阳能光电转换技术，它的光电转换效率超30%，比传统的硅基ROSA薄膜太阳能发电效率提高一倍以上，广泛应用于航天、军事、可穿戴设备等领域。关于三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能电池板所用材料三结砷化镓是超导体
B．太阳能电池板面积越大，发电效率越高
C．太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能
D．太阳能电池板工作的效率超30%，表明太阳能有将近70%转化为电能
【答案】C
【知识点】热机的效率；能量的转化或转移；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能电池板是半导体，故A错误；
B．太阳能电池板的光电转换效率与电池板的面积无关，表明太阳能电池板能把至少30%的太阳能转化为电能，故BD错误；
C．太阳能电池板工作时把光能转化成电能，电能在转换为化学能的形式储存在电池中，故C正确；
故选C。
【分析】1、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
2、半导体的应用：常用作发光二极管。
4．（2025·衡阳模拟）小阳在做物态变化的实验中，某物质其温度随时间变化的关系如图所示。关于该物质，下列说法中正确的是（ ）
A．该物质cd段温度不变是因为停止了加热
B．50℃时该物质可能处于液态
C．该物质是晶体，熔点为80 ℃
D．该物质在ab段内能保持不变
【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A．该物质cd段温度不变是液体沸腾的特点，不断吸热但是温度保持不变，故A错误；
B.50℃时该物质处于熔化状态，所以可能处于液态，也可以处于固态，也可以是固液共存态，故B正确；
C．该物质有固定的熔化温度，为晶体，晶体的熔点为50℃，故C错误；
D．该物质在ab段熔化，吸收热量，内能增大，故D错误。
故选B。
【分析】1、沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变。
2、晶体：有固定熔点：如冰、海波、无固定熔点：蜡烛、玻璃。
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
5．（2025·衡阳模拟）国内一些快递公司已经开始尝试启用无人机配送快递上门的业务，无人机快递物流与其他新兴技术相结合，如人工智能、物联网等，能实现更加智能化和高效的配送服务，对提高物流效率、降低成本、提升用户体验等方面具有巨大潜力。如图为正在运输货物的无人机，下列说法正确的是（ ）
A．无人机匀速上升时，货物的机械能保持不变
B．无人机水平匀速飞行时，无人机对货物持续做功
C．无人机悬停在空中时，货物的机械能一定为零
D．无人机在下降过程中，重力对货物做功
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．无人机匀速上升过程中，质量不变，速度不变，高度变大，所以动能不变，重力势能变大，所以无人机及货物机械能逐渐变大，故A错误；
B．无人机水平匀速飞行时，拉力的方向向上，移动方向为水平，所以无人机对货物的拉力不做功，故B错误；
C．无人机在某一高度悬停时，因为货物具有重力势能，货物的机械能一定不为零，故C错误；
D．无人机在下降过程中，货物受到的重力竖直向下，且在竖直方向存在移动距离，所以货物所受重力对货物做功，故D正确。
故选D。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
做功的条件：物体受到力，且在力的方向产生了位移。
6．（2025·衡阳模拟）图中是人脸识别门禁闸机，常用于图书馆和宿舍门口，只有人脸信息符合时，电动机才能转动打开闸门，和该人脸识别门禁闸机原理相同的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意知，人脸识别机工作时需要身份信息开关和人脸信息开关同时闭合，说明两开关相互影响，即两开关、电动机串联，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．（2025·衡阳模拟）我国的AI技术和机器人技术领先世界，对机器人进行AI强化学习，不但能让机器人完美听懂音乐，而且能够让人形机器人自主地在舞台上翩翩起舞，创造人机共舞的和谐场景，将传统文化与机器人技术整合得恰到好处，下列关于AI和机器人技术说法错误的是（ ）
A．机器人能听懂音乐，其实是利用麦克风接收声音，麦克风的工作原理是利用电磁感应将声信号转化为电信号
B．机器人利用3D激光雷达判断周围距离，避免与同伴发生碰撞，其实是利用超声波工作的
C．机器人利用深度相机感知周边事物，其实是凸透镜成像的原理
D．机器人能分辨不同乐器的声音，是因为不同乐器发声的音色不同
【答案】B
【知识点】凸透镜成像的应用；音色；动圈式话筒的构造和原理；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．麦克风的工作原理是声音振动使得麦克风线圈做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应将声信号转化为电信号，故A正确，不符合题意；
B．机器人利用3D激光雷达判断周围距离，激光雷达属于电磁波，故B错误，符合题意；
C．机器人利用深度相机感知周边事物，利用的是凸透镜成像的原理，故C正确，不符合题意；
D．机器人能分辨不同乐器的声音，是因为不同乐器发声的音色不同，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2、激光是电磁波，在真空中的传播速度是3×108m/s；波长、波速、频率之间的关系为c=λf，无线电波的频率越高，波长越短。
3、透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息。
8．（2025·衡阳模拟）随着新能源电动汽车的发展，为了方便给电车充电，市政部门修建了多个充电站，配备了大量的充电桩，如图所示。下列关于充电桩使用符合安全用电原则的是（ ）
A．充电枪连接线处绝缘层破损后继续使用
B．在雷雨天气，可以正常使用充电桩为电动汽车充电
C．充电桩的金属外壳必须要与大地相连接
D．充电时，车辆与充电桩之间的连接线可以随意拉伸或缠绕
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．充电枪连接线处绝缘层破损后如果继续使用，会造成触电事故，故A不符合题意；
B．雷雨天气，使用充电桩为电动汽车充电，可能会导致发生触电事故，故B不符合题意；
C．充电桩的金属外壳与大地相连，防止外壳漏电，故C符合题意；
D．车辆与充电桩之间的连接线随意拉伸，如果导线之间存在绝缘皮破损等情况，容易造成触电事故，故D不符合题意。
故选C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
9．（2025·衡阳模拟）电动按摩器是利用内置电池或者电源推动按摩头振动 ，对人体进行按摩的保健电器。下图所示的四个实验能够说明其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动按摩器的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．图中导体ab中磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，原理为电磁感应，故A不符合题意；
B．图中存在电源，导体在磁场中受到力的作用会运动，故B符合题意；
C．图中导线通电后，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故C不符合题意；
D．图中两个电磁铁串联，变量为缠绕的匝数，匝数多的电磁铁吸引大头针的个数较多，说明磁性较强，探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
10．（2025·衡阳模拟）小明帮妈妈洗菜时发现，放在盆中的茄子浮在水面如图甲所示，而土豆沉在盆底如图乙所示，他用所学的物理知识对此现象作出一些分析，其中正确的是（ ）
A．茄子受到的浮力小于它受到的重力
B．茄子的密度大于土豆的密度
C．放入土豆前后水对盆底的压强不变
D．土豆排开水的重力小于自身的重力
【答案】D
【知识点】液体压强的特点；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，茄子处于漂浮状态，则茄子受到的浮力等于它受到的重力，故A错误；
B．根据浮沉条件可知，茄子处于漂浮状态，则茄子的密度小于水的密度；土豆处于沉底状态，土豆的密度大于水的密度，因此茄子的密度小于土豆的密度，故B错误；
C．放入土豆后，水面升高，即水的深度变大，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，放入土豆后水对盆底的压强变大，故C错误；
D．土豆处于沉底状态，土豆受到的浮力小于自身的重力。根据阿基米德原理F浮力=G排可知，土豆受到的浮力等于土豆排开水的重力，所以土豆排开水的重力小于自身的重力，故D正确。
故选D。
【分析】根据物体的浮沉条件，结合液体压强公式，以及阿基米德原理F浮力=G排，对各个选项分析判断。
11．（2025·衡阳模拟）如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，水位计（电表改装）显示的数据反映水位升降情况。水位最低时，滑杆P位于R的b端处。灯泡L是指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻。下列判断正确的是（ ）
A．水位计中的电压表也可以直接替换为电流表
B．水位上升时，浮子所受的浮力变大
C．当水位上升时，电压表示数变小，指示灯变亮
D．当电压表示数变大时，指示灯变暗，则表明水位上升
【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】A． 设计的水位计工作原理为通过电压表示数反应水位，水位计中的电压表直接替换为电流表，滑动变阻器会被短路，示数不会随着水位的升降发生变化，故A错误；
B．水位上升时，浮子处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，重力不变，所以浮力大小不变，故B错误；
CD．当水位上升时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据串联分压可知，变阻器分压变大，所以电压表示数变大，电路中的总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知道，电路中的电流变小；由U=IR知道，根据P=UI知道，灯泡的实际功率变小，灯变暗，故C错误，D正确；
故选D。
【分析】1、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
3、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比。
12．（2025·衡阳模拟）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，定值电阻R1两端的电压与滑动变阻器接入电路的电阻R2的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为20 Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为2 V
C．滑片P移到a端时， R2的电流为0.1A
D．当滑片P移到中点时，此时R1的电流为0.3A
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、据题可知，滑动变阻器R2接入电路中的电阻为0，此时电路为R1的简单电路，此时电源电压等于R1的电压，为6V，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=20Ω，电压表的示数U1=2V，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压U2=U-U1=6V-2V=4V，结合欧姆定律计算可知通过R2中的电流为；同理计算，A错误；
BC、 滑片P移到b端时 ，此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻为0，两端电压为0，滑片P移到a端时 ，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=20Ω，此时电路的电流为0.2A，BC错误；
D、当滑片P移到中点，R2'=10Ω时，电压表的示数U1'=3V，根据欧姆定律计算通过R1的电流为，故D正确。
故选D。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压.
13．（2025·衡阳模拟）如图是静电复印机的工作流程图，在复印时带电的碳粉能够被吸附到感光鼓表面，是因为感光鼓表面的静电与碳粉之间的静电相互作用。根据静电的相互作用规律，当感光鼓表面带有正电荷时，碳粉通常带有 电荷，从而被吸引到感光鼓表面。这种静电相互作用遵循的规律是： 。
【答案】负；异种电荷相互吸引
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】根据静电的相互作用规律，异种电荷相互吸引，所以当感光鼓表面带有正电荷时，碳粉通常带有负电荷，从而被吸引到感光鼓表面。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
14．（2025·衡阳模拟）如图所示图1中的智能手表可以通过运动软件APP监测自己的运动情况。当小南绕操场跑一圈时，软件截屏如图2所示，则他这段时间内的平均速度是 m/s。软件的“配速”指的是跑每公里所需要的时间，若他跑步的速度是2.5m/s，则他跑步的配速是 s。
【答案】2；400
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】根据路程和时间，计算平均速度是：，
配速是指跑每公里所需要的时间，根据跑步的速度是2.5m/s，他跑步的配速是
。
【分析】根据，计算速度；根据路程和速度，利用，计算时间。
15．（2025·衡阳模拟）小丽查阅资料得知，太阳能电池板的发电功率约每平方米200 W。若她家装了一块1.25m2的太阳能电池板，一天光照8h，其产生的电能为 J。这些能量相当于 kg煤完全燃烧释放的能量。[不计能量损失，煤的热值]
【答案】7.2×106；0.24
【知识点】燃料的热值；电功率的计算
【解析】【解答】太阳能电池板的功率P= 200×1.25 W= 250 W，根据功率公式W=Pt产生的电能W=Pt=250W×8×3600s=7.2×106J；不计能量损失，则Q放=W=7.2×106J，结合热值公式计算煤的质量。
【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式Q=mq。
功的计算：公式为W=Pt。
16．（2025·衡阳模拟）如图甲所示是小明设计的振动发电装置，它由一个能提供辐向磁场（磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布，如图乙所示）的永磁体和一个套在该永磁体槽中的线圈组成，使线圈沿轴线做左右往复运动，便有电流通过小灯泡。
（1）该装置是利用 原理制成的；
（2）通过小灯泡的电流是 （选填“直流电”或“交流电”）；
（3）其中电能属于 （选填“一次能源”或“二次能源”）。
【答案】（1）电磁感应
（2）交流电
（3）二次能源
【知识点】能源及其分类；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）发电机的原理为闭合线圈做左右往复运动，线圈切割磁感线会产生感应电流，使灯泡发光，所以原理为电磁感应。
（2）通过小灯泡的电流为交流电，原因为电流的大小和方向随时间发生周期性的变化。
（3）电能属于二次能源，需要消耗内能、机械能等其它的能源才能得到。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能.
（1）线圈沿轴线做左右往复运动，线圈切割磁感线会产生感应电流，使灯泡发光，该装置是利用电磁感应原理制成的。
（2）通过小灯泡的电流的大小和方向随时间发生周期性的变化，是交流电。
（3）电能需要消耗其它的能源才能得到，属于二次能源。
17．（2025·衡阳模拟）（1）请根据如图所示的实物图，画出相应的电路图；
（2）如图所示，物块漂浮在水面上，请画出物块所受浮力的示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因；根据实物图画电路图
【解析】【解答】（1）由实物图可知，灯泡L1与L2并联，L2和电流表A1串联，电源、开关S、电流表A2依次串联在干路中；如图所示：
（2）物块漂浮时，重力和浮力属于平衡力，重力方向竖直向下，浮力竖直向上，二者大小相等，作用点位于物体重心，如图所示：
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）由实物图可知，电源、开关S、电流表A2依次串联在干路中；灯泡L1与L2并联，L2所在支路串联电流表A1，如图所示：
（2）物块漂浮时，浮力F浮与重力平衡，方向竖直向上；浮力作用点可画在物块重心（几何中心），用带箭头的线段标注“F浮”，箭头方向竖直向上，如图所示：
18．（2025·衡阳模拟）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验中记录的数据如表所示。
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度℃ 40 44 48 52 56
乙的温度℃ 20 32 44 56 68
（1）实验中取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中；用相同的电加热器加热，加热过程中甲、乙两种液体吸收热量的多少是通过 来判断的；通过 来比较两种液体的吸热能力；
（2）根据表中数据若两种物质是比热容较大的水和另一种液体，则 是水，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，则另一种液体的比热容为 J/(kg·℃)。
【答案】（1）加热时间；升高温度
（2）甲；1.4×103
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）使用相同的加热装置，液体吸收的热量通过加热的时间来转换，比较吸热能力可以通过比较升高的温度来比较两种液体的吸热能力，升高的温度越高，吸热能力越弱。
（2）水的比热容大，所以吸收相同的热量，水的温度变化量低，对应甲，所以甲是水。加热4min，水，温度变化了16℃，而乙的温度变化了48℃，据Q吸＝cmΔt得，所以乙的比热容为。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
（1）[1]本实验运用转换法，在加热方式相同的情况下，将液体吸收的热量转换为加热的时间。
[2]本实验所用液体的质量相等，加热时间相同，即吸收的热量相同，可以通过比较升高的温度来比较两种液体的吸热能力，升高的温度越高，吸热能力越弱。
（2）[1]由表可知，等质量的甲、乙两种液体，吸收相同的热量，甲升高的温度小，所以甲的吸热能力强，而水的比热容较大，所以甲是水。
[2]同时加热4min，即吸收相同热量时，甲液体（水）的温度40℃升高到56℃，温度变化了16℃，而乙的温度从20℃升高到68℃，温度变化了48℃，据Q吸＝cmΔt得
故另一种液体（乙）的比热容为
19．（2025·衡阳模拟）小成和小珍同学用下图的器材一起做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验，请完成下列操作过程。
（1）安装完实验器材后，小珍发现U形管两侧液面出现如图甲所示情况，接下来小珍要怎样操作才能解决这个问题： ；
（2）小成通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体， ，压强越大；
（3）小成继续探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论，小珍认为他的操作得出的结论是错误的，你认为小珍判断的理由是： ；
（4）实验结束后，小珍用身边的刻度尺测出图丙中探头在水中的深度为4.50cm，请你计算该处水的压强为 Pa。（）
【答案】（1）拆除橡胶管重新安装
（2）深度越大
（3）没有控制液体的深度相同
（4）450
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，为了便于实验，所以应该将U型管液面调整相平，需要拆除橡胶管重新安装。
（2）丙、丁两图可知，变量为探头深度大，丁深度，U形管两管液面的高度差大，可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。
（3）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度，也改变了液体深度，理由是没有控制液体的深度相同。
（4）根据压强公式计算探头在水中的深度为4.5cm时受到的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.045m=450Pa。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
（1）实验前，小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，则接下来他应该拆除橡胶管重新安装。
（2）比较丙、丁两图可知，液体密度相同，丁中探头深度大，U形管两管液面的高度差大，液体压强也大，故可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。
（3）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度，故错误，理由是没有控制液体的深度相同。
（4）探头在水中的深度为4.5cm时受到的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.045m=450Pa
20．（2025·衡阳模拟）物理课上，同学们分成若干小组完成“伏安法测电阻”实验，有如下器材：电压表、电流表、开关、电压为6V的电源、“3.8V 0.4A”的小灯泡若干、未知阻值的定值电阻若干、标有“20Ω 1.5A”的滑动变阻器、导线若干；
（1）潘建奇同学用小灯泡作为待测导体，接好最后一根导线，灯泡立即发出耀眼的光并很快熄灭，则他一定是将导线接在了如图甲中滑动变阻器的 （选填“A”或“B”）接线柱上了；
（2）苏雅善同学，按如图乙所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数、电流表示数如图丙所示，则此次测量被测电阻Rx= ；
（3）叶哲轩同学，按照如图乙所示电路正确连接电路，进行多次实验，实验数据记录在表格中，根据实验数据判断哲轩选择的待测导体是 （选填“定值电阻”或“小灯泡”）；
实验次数 1 2 3 4
电压/V 0.5 1 1.5 2
电流/A 0.1 0.18 0.28 0.4
电阻/Ω 5 5.6 5.4 5
（4）黄心悦同学的电流表坏了无法读数，她设计了如图丁所示的电路测量未知电阻Rx的大小（R0阻值已知）；下面是她的实验过程，请你帮她完成实验；
①闭合开关S和S2，断开S1，读出此时电压表的示数为U1；
②闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U2；
③未知电阻阻值的表达式为：Rx= （用R0、U1、U2表示）。
【答案】A；8Ω；定值电阻；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 接好最后一根导线，灯泡立即发出耀眼的光并很快熄灭 ，说明开关没有断开，且电路电流较大，所以滑动变阻器接入阻值很小，当滑动变阻器接在A处时，电阻为0。
（2）由图可知，电压表接入电路的是小量程，示数为2.4V；电流表接入电路的是小量程，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，此次测量被测电阻。
（3）被测导体的电阻是不变的，灯泡的电阻是变化的，所以这组同学选择的待测导体是定值电阻。
（4）①中，两电阻串联，电压表测电源电压；②电压表测定值电阻两端的电压，根据串联电路总电压等于各部分电压之和可知，则待测电阻的电压Ux=U1-U2；结合串联分压可知，所以
。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
21．（2025·衡阳模拟）如图是一种电压力锅的简易原理图。S1为电源开关，R1为加热电阻，其阻值为44Ω，L为指示灯，R2为保温电阻，保温时，S2接b，此保温电路的功率为100 W。
（1）已知锅内水为3L，初温为25℃，烧开时水温为100℃，求水吸收的热量[，]；
（2）电压力锅处于加热状态时，通过R1的电流是多少？电压力锅加热10 min，消耗的电能是多少？
【答案】（1）解：水的体积，由可知，，水吸收的热量
。
（2）解：根据题意可知，当电压力锅处于加热状态时S1闭合、S2接a，由图可知，此时通过R1的电流
电压力锅加热10 min，消耗的电能W=UIt=220 V×5A×10×60s=6.6×106J。
【知识点】密度公式及其应用；比热容；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）水的体积，由可知水的质量，根据热量计算公式计算水吸收的热量；
（2）根据题意可知，S1闭合、S2接a，电压力锅处于加热状态，根据欧姆定律计算此时通过R1的电流，加热10 min，根据W=UIt计算消耗的电能。
（1）水的体积
由可知，
水吸收的热量
（2）根据题意可知，当电压力锅处于加热状态时S1闭合、S2接a，由图可知，此时通过R1的电流
电压力锅加热10 min，消耗的电能W=UIt=220 V×5A×10×60s=6.6×106J
22．（2025·衡阳模拟）为了测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。设测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，电池的储能SOC为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，P与SOC的关系如图所示。充满后，立即停止充电。当SOC达到70%时，充电桩显示屏的部分即时信息如下表所示。
充电电压/V 充电电流/A 充电时长/min 充电度数/（kW·h） 充电费用/元
400 45 24.0 28.80
（1）在SOC从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是 。当SOC为70%时，充电电流为 A；
（2）若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为多少元 ？
（3）设SOC从70%增至80%所需时间为t1，从80%增至90%所需时间为t2，且，求测试全过程的充电总时间 。
【答案】（1）先变大后不变；100
（2）50.4元
（3）109min
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）由图可知，在SOC从30%增至55%的过程中，充电功率变大， SOC从55%增至70%的过程中充电功率不变，所以充电功率的变化规律为先变大后不变。
[2]由图可知当SOC为70%时充电功率，根据可知则此时充电电流
（2）电费标准为，SOC从30%增至70%的过程中消耗电能，所以电池总储能，充电前SOC为30%，则实际充电消耗的电能，所以支付电费：。
（3）SOC从80%增至90%过程中，，这阶段充电消耗电能，结合电功率公式W=Pt计算可知充电时间，依题意SOC从90%增至100%的充电过程中，充电功率始终保持15 kW，充电时间，则，所以SOC从70%增至100%的充电时间为t=；SOC从30%增至70%的时间为45 min，则全过程充电时间。
【分析】1、电功的计算：公式为W=Pt，本题中已知储能的百分比，所以总储能可通过百分占比进行计算。
2、电功率的计算：公式为P==UI。
（1）[1]由图可知，在SOC从30%增至55%的过程中，充电功率变大， SOC从55%增至70%的过程中充电功率不变，因此SOC从30%增至70%的过程中，充电功率先变大后不变；
[2]由图可知当SOC为70%时充电功率，根据可知则此时充电电流
（2）由显示屏的部分即时信息可知电费标准为，测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能且SOC从30%增至70%的过程中，消耗电能，则电池总储能，又因为充电前SOC为30%，则实际充电消耗的电能，需支付电费：
（3）由图可知，SOC从80%增至90%过程中，充电功率，这阶段充电消耗电能
此过程充电时间
依题意SOC从90%增至100%的充电过程中，充电功率始终保持15 kW，则此过程充电时间，又，则，SOC从70%增至100%的充电时间为；由表可知SOC从30%增至70%的时间为45 min，则全过程充电时间
1 / 1湖南省衡阳市成龙大联考2025年中考一模物理试题
1．（2025·衡阳模拟）春节是我国的传统文化节日，春节期间，各种庆祝活动精彩纷呈，下列现象与光的知识对应错误的是（ ）
A．夜晚广场上的激光束能清晰可见，是因为光在均匀空气中沿直线传播
B．人们在河边欣赏水中烟花的倒影，这是光的反射现象
C．小朋友手持的荧光棒发光，其原理与月亮发光的原理相同
D．透过红色的灯笼纸看灯光，灯光变红，是因为红色灯笼纸吸收了其他颜色的光，只允许红光通过
2．（2025·衡阳模拟）在长沙的小吃街，远远就能闻到臭豆腐的独特气味。以下关于这一现象的说法正确的是（ ）
A．只有温度高时，才能闻到臭豆腐的气味
B．闻到臭豆腐的气味，是因为分子间存在引力
C．闻到臭豆腐的气味，是因为分子在不停地做无规则运动
D．把臭豆腐密封起来，就不会闻到气味，说明分子运动停止了
3．（2025·衡阳模拟）三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，是一项非常先进的太阳能光电转换技术，它的光电转换效率超30%，比传统的硅基ROSA薄膜太阳能发电效率提高一倍以上，广泛应用于航天、军事、可穿戴设备等领域。关于三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能电池板所用材料三结砷化镓是超导体
B．太阳能电池板面积越大，发电效率越高
C．太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能
D．太阳能电池板工作的效率超30%，表明太阳能有将近70%转化为电能
4．（2025·衡阳模拟）小阳在做物态变化的实验中，某物质其温度随时间变化的关系如图所示。关于该物质，下列说法中正确的是（ ）
A．该物质cd段温度不变是因为停止了加热
B．50℃时该物质可能处于液态
C．该物质是晶体，熔点为80 ℃
D．该物质在ab段内能保持不变
5．（2025·衡阳模拟）国内一些快递公司已经开始尝试启用无人机配送快递上门的业务，无人机快递物流与其他新兴技术相结合，如人工智能、物联网等，能实现更加智能化和高效的配送服务，对提高物流效率、降低成本、提升用户体验等方面具有巨大潜力。如图为正在运输货物的无人机，下列说法正确的是（ ）
A．无人机匀速上升时，货物的机械能保持不变
B．无人机水平匀速飞行时，无人机对货物持续做功
C．无人机悬停在空中时，货物的机械能一定为零
D．无人机在下降过程中，重力对货物做功
6．（2025·衡阳模拟）图中是人脸识别门禁闸机，常用于图书馆和宿舍门口，只有人脸信息符合时，电动机才能转动打开闸门，和该人脸识别门禁闸机原理相同的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025·衡阳模拟）我国的AI技术和机器人技术领先世界，对机器人进行AI强化学习，不但能让机器人完美听懂音乐，而且能够让人形机器人自主地在舞台上翩翩起舞，创造人机共舞的和谐场景，将传统文化与机器人技术整合得恰到好处，下列关于AI和机器人技术说法错误的是（ ）
A．机器人能听懂音乐，其实是利用麦克风接收声音，麦克风的工作原理是利用电磁感应将声信号转化为电信号
B．机器人利用3D激光雷达判断周围距离，避免与同伴发生碰撞，其实是利用超声波工作的
C．机器人利用深度相机感知周边事物，其实是凸透镜成像的原理
D．机器人能分辨不同乐器的声音，是因为不同乐器发声的音色不同
8．（2025·衡阳模拟）随着新能源电动汽车的发展，为了方便给电车充电，市政部门修建了多个充电站，配备了大量的充电桩，如图所示。下列关于充电桩使用符合安全用电原则的是（ ）
A．充电枪连接线处绝缘层破损后继续使用
B．在雷雨天气，可以正常使用充电桩为电动汽车充电
C．充电桩的金属外壳必须要与大地相连接
D．充电时，车辆与充电桩之间的连接线可以随意拉伸或缠绕
9．（2025·衡阳模拟）电动按摩器是利用内置电池或者电源推动按摩头振动 ，对人体进行按摩的保健电器。下图所示的四个实验能够说明其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2025·衡阳模拟）小明帮妈妈洗菜时发现，放在盆中的茄子浮在水面如图甲所示，而土豆沉在盆底如图乙所示，他用所学的物理知识对此现象作出一些分析，其中正确的是（ ）
A．茄子受到的浮力小于它受到的重力
B．茄子的密度大于土豆的密度
C．放入土豆前后水对盆底的压强不变
D．土豆排开水的重力小于自身的重力
11．（2025·衡阳模拟）如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，水位计（电表改装）显示的数据反映水位升降情况。水位最低时，滑杆P位于R的b端处。灯泡L是指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻。下列判断正确的是（ ）
A．水位计中的电压表也可以直接替换为电流表
B．水位上升时，浮子所受的浮力变大
C．当水位上升时，电压表示数变小，指示灯变亮
D．当电压表示数变大时，指示灯变暗，则表明水位上升
12．（2025·衡阳模拟）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，定值电阻R1两端的电压与滑动变阻器接入电路的电阻R2的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为20 Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为2 V
C．滑片P移到a端时， R2的电流为0.1A
D．当滑片P移到中点时，此时R1的电流为0.3A
13．（2025·衡阳模拟）如图是静电复印机的工作流程图，在复印时带电的碳粉能够被吸附到感光鼓表面，是因为感光鼓表面的静电与碳粉之间的静电相互作用。根据静电的相互作用规律，当感光鼓表面带有正电荷时，碳粉通常带有 电荷，从而被吸引到感光鼓表面。这种静电相互作用遵循的规律是： 。
14．（2025·衡阳模拟）如图所示图1中的智能手表可以通过运动软件APP监测自己的运动情况。当小南绕操场跑一圈时，软件截屏如图2所示，则他这段时间内的平均速度是 m/s。软件的“配速”指的是跑每公里所需要的时间，若他跑步的速度是2.5m/s，则他跑步的配速是 s。
15．（2025·衡阳模拟）小丽查阅资料得知，太阳能电池板的发电功率约每平方米200 W。若她家装了一块1.25m2的太阳能电池板，一天光照8h，其产生的电能为 J。这些能量相当于 kg煤完全燃烧释放的能量。[不计能量损失，煤的热值]
16．（2025·衡阳模拟）如图甲所示是小明设计的振动发电装置，它由一个能提供辐向磁场（磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布，如图乙所示）的永磁体和一个套在该永磁体槽中的线圈组成，使线圈沿轴线做左右往复运动，便有电流通过小灯泡。
（1）该装置是利用 原理制成的；
（2）通过小灯泡的电流是 （选填“直流电”或“交流电”）；
（3）其中电能属于 （选填“一次能源”或“二次能源”）。
17．（2025·衡阳模拟）（1）请根据如图所示的实物图，画出相应的电路图；
（2）如图所示，物块漂浮在水面上，请画出物块所受浮力的示意图。
18．（2025·衡阳模拟）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验中记录的数据如表所示。
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度℃ 40 44 48 52 56
乙的温度℃ 20 32 44 56 68
（1）实验中取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中；用相同的电加热器加热，加热过程中甲、乙两种液体吸收热量的多少是通过 来判断的；通过 来比较两种液体的吸热能力；
（2）根据表中数据若两种物质是比热容较大的水和另一种液体，则 是水，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，则另一种液体的比热容为 J/(kg·℃)。
19．（2025·衡阳模拟）小成和小珍同学用下图的器材一起做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验，请完成下列操作过程。
（1）安装完实验器材后，小珍发现U形管两侧液面出现如图甲所示情况，接下来小珍要怎样操作才能解决这个问题： ；
（2）小成通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体， ，压强越大；
（3）小成继续探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论，小珍认为他的操作得出的结论是错误的，你认为小珍判断的理由是： ；
（4）实验结束后，小珍用身边的刻度尺测出图丙中探头在水中的深度为4.50cm，请你计算该处水的压强为 Pa。（）
20．（2025·衡阳模拟）物理课上，同学们分成若干小组完成“伏安法测电阻”实验，有如下器材：电压表、电流表、开关、电压为6V的电源、“3.8V 0.4A”的小灯泡若干、未知阻值的定值电阻若干、标有“20Ω 1.5A”的滑动变阻器、导线若干；
（1）潘建奇同学用小灯泡作为待测导体，接好最后一根导线，灯泡立即发出耀眼的光并很快熄灭，则他一定是将导线接在了如图甲中滑动变阻器的 （选填“A”或“B”）接线柱上了；
（2）苏雅善同学，按如图乙所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数、电流表示数如图丙所示，则此次测量被测电阻Rx= ；
（3）叶哲轩同学，按照如图乙所示电路正确连接电路，进行多次实验，实验数据记录在表格中，根据实验数据判断哲轩选择的待测导体是 （选填“定值电阻”或“小灯泡”）；
实验次数 1 2 3 4
电压/V 0.5 1 1.5 2
电流/A 0.1 0.18 0.28 0.4
电阻/Ω 5 5.6 5.4 5
（4）黄心悦同学的电流表坏了无法读数，她设计了如图丁所示的电路测量未知电阻Rx的大小（R0阻值已知）；下面是她的实验过程，请你帮她完成实验；
①闭合开关S和S2，断开S1，读出此时电压表的示数为U1；
②闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U2；
③未知电阻阻值的表达式为：Rx= （用R0、U1、U2表示）。
21．（2025·衡阳模拟）如图是一种电压力锅的简易原理图。S1为电源开关，R1为加热电阻，其阻值为44Ω，L为指示灯，R2为保温电阻，保温时，S2接b，此保温电路的功率为100 W。
（1）已知锅内水为3L，初温为25℃，烧开时水温为100℃，求水吸收的热量[，]；
（2）电压力锅处于加热状态时，通过R1的电流是多少？电压力锅加热10 min，消耗的电能是多少？
22．（2025·衡阳模拟）为了测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。设测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，电池的储能SOC为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，P与SOC的关系如图所示。充满后，立即停止充电。当SOC达到70%时，充电桩显示屏的部分即时信息如下表所示。
充电电压/V 充电电流/A 充电时长/min 充电度数/（kW·h） 充电费用/元
400 45 24.0 28.80
（1）在SOC从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是 。当SOC为70%时，充电电流为 A；
（2）若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为多少元 ？
（3）设SOC从70%增至80%所需时间为t1，从80%增至90%所需时间为t2，且，求测试全过程的充电总时间 。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的反射；物体的颜色
【解析】【解答】A．夜晚广场上的激光束能清晰可见，是因为光沿直线传播形成清晰的光路，故A正确，不符合题意；
B．人们在河边欣赏水中烟花的倒影，是由于光在水面发生反射形成的虚像，故B正确，不符合题意；
C．小朋友手持的荧光棒发光，属于主动发光，而月亮是反射太阳光，属于被动发光，两者原理不同，故C错误，符合题意；
D．透过红色的灯笼纸看灯光，红色灯笼纸吸收了其他颜色的光，只允许红光通过，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、光源：能自身发出光线，如太阳、手电筒、萤火虫。
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅。
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
4、物体呈现某种颜色是因为物体反射该颜色，吸收其他颜色。
2．【答案】C
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】能远远就能闻到臭豆腐的味道，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，且温度越高，分子热运动越剧烈，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
3．【答案】C
【知识点】热机的效率；能量的转化或转移；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能电池板是半导体，故A错误；
B．太阳能电池板的光电转换效率与电池板的面积无关，表明太阳能电池板能把至少30%的太阳能转化为电能，故BD错误；
C．太阳能电池板工作时把光能转化成电能，电能在转换为化学能的形式储存在电池中，故C正确；
故选C。
【分析】1、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
2、半导体的应用：常用作发光二极管。
4．【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A．该物质cd段温度不变是液体沸腾的特点，不断吸热但是温度保持不变，故A错误；
B.50℃时该物质处于熔化状态，所以可能处于液态，也可以处于固态，也可以是固液共存态，故B正确；
C．该物质有固定的熔化温度，为晶体，晶体的熔点为50℃，故C错误；
D．该物质在ab段熔化，吸收热量，内能增大，故D错误。
故选B。
【分析】1、沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变。
2、晶体：有固定熔点：如冰、海波、无固定熔点：蜡烛、玻璃。
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
5．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．无人机匀速上升过程中，质量不变，速度不变，高度变大，所以动能不变，重力势能变大，所以无人机及货物机械能逐渐变大，故A错误；
B．无人机水平匀速飞行时，拉力的方向向上，移动方向为水平，所以无人机对货物的拉力不做功，故B错误；
C．无人机在某一高度悬停时，因为货物具有重力势能，货物的机械能一定不为零，故C错误；
D．无人机在下降过程中，货物受到的重力竖直向下，且在竖直方向存在移动距离，所以货物所受重力对货物做功，故D正确。
故选D。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
做功的条件：物体受到力，且在力的方向产生了位移。
6．【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意知，人脸识别机工作时需要身份信息开关和人脸信息开关同时闭合，说明两开关相互影响，即两开关、电动机串联，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．【答案】B
【知识点】凸透镜成像的应用；音色；动圈式话筒的构造和原理；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．麦克风的工作原理是声音振动使得麦克风线圈做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应将声信号转化为电信号，故A正确，不符合题意；
B．机器人利用3D激光雷达判断周围距离，激光雷达属于电磁波，故B错误，符合题意；
C．机器人利用深度相机感知周边事物，利用的是凸透镜成像的原理，故C正确，不符合题意；
D．机器人能分辨不同乐器的声音，是因为不同乐器发声的音色不同，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2、激光是电磁波，在真空中的传播速度是3×108m/s；波长、波速、频率之间的关系为c=λf，无线电波的频率越高，波长越短。
3、透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息。
8．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．充电枪连接线处绝缘层破损后如果继续使用，会造成触电事故，故A不符合题意；
B．雷雨天气，使用充电桩为电动汽车充电，可能会导致发生触电事故，故B不符合题意；
C．充电桩的金属外壳与大地相连，防止外壳漏电，故C符合题意；
D．车辆与充电桩之间的连接线随意拉伸，如果导线之间存在绝缘皮破损等情况，容易造成触电事故，故D不符合题意。
故选C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
9．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动按摩器的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．图中导体ab中磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，原理为电磁感应，故A不符合题意；
B．图中存在电源，导体在磁场中受到力的作用会运动，故B符合题意；
C．图中导线通电后，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故C不符合题意；
D．图中两个电磁铁串联，变量为缠绕的匝数，匝数多的电磁铁吸引大头针的个数较多，说明磁性较强，探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
10．【答案】D
【知识点】液体压强的特点；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，茄子处于漂浮状态，则茄子受到的浮力等于它受到的重力，故A错误；
B．根据浮沉条件可知，茄子处于漂浮状态，则茄子的密度小于水的密度；土豆处于沉底状态，土豆的密度大于水的密度，因此茄子的密度小于土豆的密度，故B错误；
C．放入土豆后，水面升高，即水的深度变大，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，放入土豆后水对盆底的压强变大，故C错误；
D．土豆处于沉底状态，土豆受到的浮力小于自身的重力。根据阿基米德原理F浮力=G排可知，土豆受到的浮力等于土豆排开水的重力，所以土豆排开水的重力小于自身的重力，故D正确。
故选D。
【分析】根据物体的浮沉条件，结合液体压强公式，以及阿基米德原理F浮力=G排，对各个选项分析判断。
11．【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】A． 设计的水位计工作原理为通过电压表示数反应水位，水位计中的电压表直接替换为电流表，滑动变阻器会被短路，示数不会随着水位的升降发生变化，故A错误；
B．水位上升时，浮子处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，重力不变，所以浮力大小不变，故B错误；
CD．当水位上升时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据串联分压可知，变阻器分压变大，所以电压表示数变大，电路中的总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知道，电路中的电流变小；由U=IR知道，根据P=UI知道，灯泡的实际功率变小，灯变暗，故C错误，D正确；
故选D。
【分析】1、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
3、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比。
12．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、据题可知，滑动变阻器R2接入电路中的电阻为0，此时电路为R1的简单电路，此时电源电压等于R1的电压，为6V，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=20Ω，电压表的示数U1=2V，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压U2=U-U1=6V-2V=4V，结合欧姆定律计算可知通过R2中的电流为；同理计算，A错误；
BC、 滑片P移到b端时 ，此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻为0，两端电压为0，滑片P移到a端时 ，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=20Ω，此时电路的电流为0.2A，BC错误；
D、当滑片P移到中点，R2'=10Ω时，电压表的示数U1'=3V，根据欧姆定律计算通过R1的电流为，故D正确。
故选D。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压.
13．【答案】负；异种电荷相互吸引
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】根据静电的相互作用规律，异种电荷相互吸引，所以当感光鼓表面带有正电荷时，碳粉通常带有负电荷，从而被吸引到感光鼓表面。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
14．【答案】2；400
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】根据路程和时间，计算平均速度是：，
配速是指跑每公里所需要的时间，根据跑步的速度是2.5m/s，他跑步的配速是
。
【分析】根据，计算速度；根据路程和速度，利用，计算时间。
15．【答案】7.2×106；0.24
【知识点】燃料的热值；电功率的计算
【解析】【解答】太阳能电池板的功率P= 200×1.25 W= 250 W，根据功率公式W=Pt产生的电能W=Pt=250W×8×3600s=7.2×106J；不计能量损失，则Q放=W=7.2×106J，结合热值公式计算煤的质量。
【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式Q=mq。
功的计算：公式为W=Pt。
16．【答案】（1）电磁感应
（2）交流电
（3）二次能源
【知识点】能源及其分类；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）发电机的原理为闭合线圈做左右往复运动，线圈切割磁感线会产生感应电流，使灯泡发光，所以原理为电磁感应。
（2）通过小灯泡的电流为交流电，原因为电流的大小和方向随时间发生周期性的变化。
（3）电能属于二次能源，需要消耗内能、机械能等其它的能源才能得到。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能.
（1）线圈沿轴线做左右往复运动，线圈切割磁感线会产生感应电流，使灯泡发光，该装置是利用电磁感应原理制成的。
（2）通过小灯泡的电流的大小和方向随时间发生周期性的变化，是交流电。
（3）电能需要消耗其它的能源才能得到，属于二次能源。
17．【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因；根据实物图画电路图
【解析】【解答】（1）由实物图可知，灯泡L1与L2并联，L2和电流表A1串联，电源、开关S、电流表A2依次串联在干路中；如图所示：
（2）物块漂浮时，重力和浮力属于平衡力，重力方向竖直向下，浮力竖直向上，二者大小相等，作用点位于物体重心，如图所示：
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
（1）由实物图可知，电源、开关S、电流表A2依次串联在干路中；灯泡L1与L2并联，L2所在支路串联电流表A1，如图所示：
（2）物块漂浮时，浮力F浮与重力平衡，方向竖直向上；浮力作用点可画在物块重心（几何中心），用带箭头的线段标注“F浮”，箭头方向竖直向上，如图所示：
18．【答案】（1）加热时间；升高温度
（2）甲；1.4×103
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）使用相同的加热装置，液体吸收的热量通过加热的时间来转换，比较吸热能力可以通过比较升高的温度来比较两种液体的吸热能力，升高的温度越高，吸热能力越弱。
（2）水的比热容大，所以吸收相同的热量，水的温度变化量低，对应甲，所以甲是水。加热4min，水，温度变化了16℃，而乙的温度变化了48℃，据Q吸＝cmΔt得，所以乙的比热容为。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
（1）[1]本实验运用转换法，在加热方式相同的情况下，将液体吸收的热量转换为加热的时间。
[2]本实验所用液体的质量相等，加热时间相同，即吸收的热量相同，可以通过比较升高的温度来比较两种液体的吸热能力，升高的温度越高，吸热能力越弱。
（2）[1]由表可知，等质量的甲、乙两种液体，吸收相同的热量，甲升高的温度小，所以甲的吸热能力强，而水的比热容较大，所以甲是水。
[2]同时加热4min，即吸收相同热量时，甲液体（水）的温度40℃升高到56℃，温度变化了16℃，而乙的温度从20℃升高到68℃，温度变化了48℃，据Q吸＝cmΔt得
故另一种液体（乙）的比热容为
19．【答案】（1）拆除橡胶管重新安装
（2）深度越大
（3）没有控制液体的深度相同
（4）450
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，为了便于实验，所以应该将U型管液面调整相平，需要拆除橡胶管重新安装。
（2）丙、丁两图可知，变量为探头深度大，丁深度，U形管两管液面的高度差大，可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。
（3）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度，也改变了液体深度，理由是没有控制液体的深度相同。
（4）根据压强公式计算探头在水中的深度为4.5cm时受到的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.045m=450Pa。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
（1）实验前，小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，则接下来他应该拆除橡胶管重新安装。
（2）比较丙、丁两图可知，液体密度相同，丁中探头深度大，U形管两管液面的高度差大，液体压强也大，故可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。
（3）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度，故错误，理由是没有控制液体的深度相同。
（4）探头在水中的深度为4.5cm时受到的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.045m=450Pa
20．【答案】A；8Ω；定值电阻；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 接好最后一根导线，灯泡立即发出耀眼的光并很快熄灭 ，说明开关没有断开，且电路电流较大，所以滑动变阻器接入阻值很小，当滑动变阻器接在A处时，电阻为0。
（2）由图可知，电压表接入电路的是小量程，示数为2.4V；电流表接入电路的是小量程，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，此次测量被测电阻。
（3）被测导体的电阻是不变的，灯泡的电阻是变化的，所以这组同学选择的待测导体是定值电阻。
（4）①中，两电阻串联，电压表测电源电压；②电压表测定值电阻两端的电压，根据串联电路总电压等于各部分电压之和可知，则待测电阻的电压Ux=U1-U2；结合串联分压可知，所以
。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
21．【答案】（1）解：水的体积，由可知，，水吸收的热量
。
（2）解：根据题意可知，当电压力锅处于加热状态时S1闭合、S2接a，由图可知，此时通过R1的电流
电压力锅加热10 min，消耗的电能W=UIt=220 V×5A×10×60s=6.6×106J。
【知识点】密度公式及其应用；比热容；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）水的体积，由可知水的质量，根据热量计算公式计算水吸收的热量；
（2）根据题意可知，S1闭合、S2接a，电压力锅处于加热状态，根据欧姆定律计算此时通过R1的电流，加热10 min，根据W=UIt计算消耗的电能。
（1）水的体积
由可知，
水吸收的热量
（2）根据题意可知，当电压力锅处于加热状态时S1闭合、S2接a，由图可知，此时通过R1的电流
电压力锅加热10 min，消耗的电能W=UIt=220 V×5A×10×60s=6.6×106J
22．【答案】（1）先变大后不变；100
（2）50.4元
（3）109min
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）由图可知，在SOC从30%增至55%的过程中，充电功率变大， SOC从55%增至70%的过程中充电功率不变，所以充电功率的变化规律为先变大后不变。
[2]由图可知当SOC为70%时充电功率，根据可知则此时充电电流
（2）电费标准为，SOC从30%增至70%的过程中消耗电能，所以电池总储能，充电前SOC为30%，则实际充电消耗的电能，所以支付电费：。
（3）SOC从80%增至90%过程中，，这阶段充电消耗电能，结合电功率公式W=Pt计算可知充电时间，依题意SOC从90%增至100%的充电过程中，充电功率始终保持15 kW，充电时间，则，所以SOC从70%增至100%的充电时间为t=；SOC从30%增至70%的时间为45 min，则全过程充电时间。
【分析】1、电功的计算：公式为W=Pt，本题中已知储能的百分比，所以总储能可通过百分占比进行计算。
2、电功率的计算：公式为P==UI。
（1）[1]由图可知，在SOC从30%增至55%的过程中，充电功率变大， SOC从55%增至70%的过程中充电功率不变，因此SOC从30%增至70%的过程中，充电功率先变大后不变；
[2]由图可知当SOC为70%时充电功率，根据可知则此时充电电流
（2）由显示屏的部分即时信息可知电费标准为，测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能且SOC从30%增至70%的过程中，消耗电能，则电池总储能，又因为充电前SOC为30%，则实际充电消耗的电能，需支付电费：
（3）由图可知，SOC从80%增至90%过程中，充电功率，这阶段充电消耗电能
此过程充电时间
依题意SOC从90%增至100%的充电过程中，充电功率始终保持15 kW，则此过程充电时间，又，则，SOC从70%增至100%的充电时间为；由表可知SOC从30%增至70%的时间为45 min，则全过程充电时间
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