湖南省武冈市部分学校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·武冈模拟）为了让同学们养成关注生活和社会的好习惯，物理老师让同学们对身边一些常见的物理量进行估测.下列估测中，最接近实际的是（ ）
A．人们散步时的速度大约1m/s
B．学生用文具盒长2.1cm
C．适合人睡眠时声音响度约70分贝
D．你正在解答的试卷宽度约为2.68cm
2．（2025·武冈模拟）下列各种现象，属于机械运动的是（ ）
A．春回大地，万物生长
B．夏日树上的荔枝由绿变红
C．金色秋天，人们从树上采摘果实
D．校园里朗朗书声声声入耳
3．（2025·武冈模拟）在冬天人们常常搓手取暖，这个过程的能量转化与四冲程内燃机的哪个冲程相同（ ）
A．吸气冲程 B．做功冲程 C．压缩冲程 D．排气冲程
4．（2025·武冈模拟）与美国、印度等国对比，我国疫情防控的成就充分体现了我国制度的优越性。为了有效防范疫情再度爆发，接种疫苗是最佳途径。在接种疫苗过程中，下列估测正确的是（ ）
A．注射器的长度约为
B．疫苗存放环境的温度约为
C．一人一次注射疫苗的剂量约为
D．注射器的针尖刺入皮肤时的压强约为
5．（2025·武冈模拟）如图所示的四种现象中，和小孔成像原理相同的是（ ）
A．树荫下的光斑 B．凸面镜扩大视野
C．铅笔“折断”了 D．桥的“倒影”
6．（2025·武冈模拟）为了防止考试作弊，监考人员利用手持式金属探测器对考生进行检查（如图甲）。当探测器靠近金属物体或电子产品时，会产生感应电流，引起探测器发出警报。图中能反映出金属探测器工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2025·武冈模拟）人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示为卫星从远地点向近地点运动的过程．针对该过程，以下说法正确的是
A．动能逐渐增大，机械能增大
B．势能逐渐减小，机械能减小
C．动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能不变
D．动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能减小
8．（2025·武冈模拟）手握酱油瓶不掉下来的原因是（ ）
A．手对瓶的摩擦力大于瓶的重力 B．手对瓶的摩擦力等于瓶的重力
C．手对瓶的压力大于瓶的重力 D．手对瓶的压力小于瓶的重力
9．（2025·武冈模拟）如图所示的现象中，下列分析正确的是（ ）
A．甲图：弹奏古筝时，手在不同位置按弦，目的是为了改变发出声音的响度
B．乙图：发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动
C．丙图：医生用B超检查胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．丁图：摩托车上装有消声器，是为了在传播过程中阻断噪声的传播
10．（2025·武冈模拟）如图是超市安装的一种刷脸自助储物柜。某顾客站在屏幕前60cm处，按下“存”按钮，屏幕上方的摄像头启动，出现人脸缩小的像，柜门打开。下列说法正确的是（ ）
A．该摄像头相当于一个凹透镜 B．该摄像头对光线具有发散作用
C．该摄像头成像原理是光的折射 D．该摄像头的焦距可能是40cm
11．（2025·武冈模拟）如图所示，小五同学设计了一种烟雾报警装置，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警。若S闭合后，当电流从0.2A变化为0.5A时，光敏电阻R的电功率从3.2W变化为2W，在此变化过程中，下列说法正确的是（ ）
A．烟雾浓度逐渐减小时，电压表的示数变大
B．电源电压为20V，R0的电阻为40Ω
C．当电压表的示数为4V时，烟雾报警器报警
D．R0消耗的电功率变化了8.4W
12．（2025·武冈模拟）如图所示，置于水平桌面上的物体A重50N，物体B重30N，动滑轮重10N，物体B在匀速下降了40cm的过程中，拉动物体A在水平桌面上匀速移动了一段距离，忽略绳重及滑轮轴上的摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．物体A移动了20cm
B．绳子拉力对物体A做的功是8J
C．物体A与桌面的滑动摩擦力为30N
D．若对物体A施加一个水平向左的力F，使物体B可以匀速上升，则力F的大小为40N
13．（2025·武冈模拟）炎热的夏天，游泳上岸后身上感觉到有点冷，这是由于身上的水 所致；吃冰激凌时，嘴里感到凉，这是由于嘴里的冰 所致。
14．（2025·武冈模拟）如图是中国“重组新型冠状病毒疫苗”的临床试验志愿者注射疫苗的情景。注射疫苗用的注射器吸取药液时，是利用 把药液吸取上来的；注射器的针头做的很尖，是为了增大使用时的 ，以便容易刺入人体。
15．（2025·武冈模拟）如图所示，这是小赵的眼睛结构，他患有 眼，应佩戴 透镜进行纠正。
16．（2025·武冈模拟）如图甲是一款网红“旋转杯”，杯子由上端开口的粗细两部分组成，杯子粗细两部分构成一个 。如图乙所示是一款网红“发光杯”，当杯内倒入的液体是 （填“导体”或“绝缘体”）时，就会连通杯底电路，使LED灯发光，看到的是它变 （填“深”或“浅”）的虚像。
17．（2025·武冈模拟）（1）所示的杠杆中，画出能使杠杆保持平衡的阻力臂及最小动力F的示意图。
（2）如图是物体A静止在斜面上，请作出物体A的重力和斜面受到的压力的示意图。
18．（2025·武冈模拟）为了探究平面镜成像特点，小丽同学准备了透明玻璃板、刻度尺、光屏和A、B两只完全相同的蜡烛，如图所示：
（1）实验中用薄玻璃板替代平面镜的目的是便于 。多次改变点燃蜡烛A的位置，发现未点燃的蜡烛B总能与蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小 ；
（2）为了判断平面镜所成像的虚实，移去蜡烛B，在此处放一光屏，此时人眼应在蜡烛 （选填“A”或“B”）一侧观察光屏的情况；
（3）若玻璃板沿水平切去一部分，使玻璃板的高度低于蜡烛A的高度，人眼通过玻璃板 （选填“能”或“不能”）看到蜡烛A完整的像。
19．（2025·武冈模拟）晶晶同学旅游时捡到一颗漂亮的鹅卵石。他从学校物理实验室借来天平（含砝码）、量筒测量这颗鹅卵石的密度，步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻线处，调节平衡螺母，使横梁平衡；
（2）将鹅卵石放在天平的左盘上，往右盘中加减砝码并移动游码，直到天平再次平衡。所放的砝码和游码的位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为 g ；
（3）如图乙，使用量筒时，正确的读数方法是 （选填①或②或③），晶晶同学测出鹅卵石的体积为；
（4）计算出该鹅卵石的密度为 g/cm3。
20．（2025·武冈模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供的器材有：
电源（电压6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（0~20Ω）、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大；
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是 ；
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为4V；将5Ω电阻换成10Ω，按规范调整电路，继续操作，使电压表示数仍为4V，此时滑动变阻器接入电路的阻值比上一次 ；
（4）将测得的数据在图丙中描点连线，发现有一组数据错误，究其原因可能是 ；
（5）仅用电阻箱（最小倍率是×1）替换滑动变阻器，仍控制定值电阻两端电压为4V，利用上述器材能否完成实验探究，简述你的判断依据： 。
21．（2025·武冈模拟）水环境质量是生态文明建设的重要篇章。如图所示，一艘保洁船正在开展湖上环卫作业。保洁船的总质量为600kg，该船以1000N的牵引力在湖上匀速行驶9km用时30min。（，g取10N/kg）求：
（1）某废弃物悬浮在水面下1m深处时所受水的压强；
（2）保洁船静止在湖面上时，排开水的体积；
（3）保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率。
22．（2025·武冈模拟）小明家的电水壶的内部电路如图甲所示，其中为电热丝，S是电源开关，是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如图乙所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S闭合，断开时，电路中的电流。
（2）当开关S和均闭合时，的电功率。
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】时间及其测量；长度的估测
【解析】【解答】A、人散步时，走两步的距离大约是1m，时间差不多是1s.故A估测比较接近事实，A符合题意；
B、文具盒长度与手掌张开差不多，应该在20cm左右，B不符合题意；
C、从课本中列出的噪声标准中可以看到，65分贝是工业中心区白天的噪声大小，C不符合题意；
D、试卷宽度与手掌张开差不多，应该在20cm左右，D不符合题意，
故答案为：A.
【分析】本题考查学生对生活中的现象的估测能力。
2．【答案】C
【知识点】机械运动
【解析】【解答】A．春回大地，万物生长是植物的生长变化，但是位置没有改变，因此不属于机械运动，A不符合题意；
B．夏日树上的荔枝由绿变红是生物的变化，但是位置没有改变，因此不属于机械运动，B不符合题意；
C．金色秋天，人们采摘果实，果实相对于地面位置发生变化，因此属于机械运动，C符合题意；
D．校园里朗朗的读书声声声入耳，是声音的传播，因此不属于机械运动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】物体位置的变化，是机械运动。
3．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】搓手取暖，将机械能转化为内能，与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化相同。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．注射器的长度约为6cm，A不符合题意；
B．疫苗存放环境的温度约为 ，B不符合题意；
C．一人一次注射疫苗的剂量约为 ，C不符合题意；
D．针尖的面积大约是4×10-4cm2，压力大约是2×10-5N，注射器的针尖刺入皮肤时的压强 =500Pa
D符合题意。
故答案为：D。
【分析】对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
5．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；凸面镜和凹面镜；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】小孔成像的原理为光的直线传播
A．树荫下的光斑是光沿直线传播，故A正确，符合题意；
BD．凸面镜成像、桥的“倒影”的原理为光的反射，故BD错误，不符合题意；
C．铅笔“折断”的原理光的折射，故C错误，不符合题意；
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
6．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】当线圈靠近金属物体时，闭合电路的部分导体在切割磁感线，故在金属中会产生电流。
AB．奥斯特实验装置、探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，原理为电流的磁效应，故AB不符合题意；
C．图为探究电磁感应原理的实验装置，故C符合题意；
D．图反映通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。
故选C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
7．【答案】C
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】由于卫星在远地点时，高度较大，具有较大的势能，近地点时速度较大，具有较大的动能，所以卫星由远地点向近地点运动的过程中，势能逐渐减小，动能逐渐增大，其总和即机械能是不变的，故C是正确的．ABD错误；
综上选C。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
8．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】用手握酱油瓶静止不动，此时受力平衡，所以重力等于摩擦力，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
9．【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A． 弹奏古筝时，手在不同位置按弦， 是为了改变弦的振动频率，从而改变发出声音的音调，故A错误；
B．发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球被弹开，说明发声体在振动，故B正确；
C．医生用B超检查胎儿的发育情况，是因为声音可以传递信息，故C错误；
D．丁图中的摩托车上装有消声器，是在声源处阻断噪声的传播，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的高低叫音调，与发声体的频率大小有关；
B.根据声音产生的知识判断；
C.声音可以传递信息，也可以传递能量；
D.根据减弱噪声的途径和方法判断。
10．【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】ABC．摄像头的镜头相当于一个凸透镜，成像原理为光的折射，该透镜对光线有会聚作用。故ABC错误；
D．某顾客站在屏幕前60cm处，处于摄像头二倍焦距以外，此时，所以，故D错误。
故选C。
【分析】物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
11．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0首尾依次相连，属于串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，烟雾浓度逐渐减小时，R的阻值变小，根据串联分压可知，光敏电阻的电压减小，即电压表示数变小，故A错误；
BD．串联电路中各处的电流相等，且I1=0.2A时P1=3.2W，I2=0.5A时P2=2W，由P=I2R可得，光敏电阻的阻值分别为，，根据欧姆定律以及电阻的串联计算电源的电压U=I1(R+R0)=I2(R'+R0)，代入数据计算可知R0=40Ω，U=24V，R0消耗的电功率的变化量ΔP0=P0'-P0=I22R0-I12R0=(0.5A)2×40Ω-(0.2A)2×40Ω=8.4W，故B错误，D正确；
C．当电压表的示数为4V时，根据串联电路电压规律可知R0两端的电压U0=U-UR=24V-4V=20V，根据欧姆定律计算可知此时电路中的电流，所以，此时烟雾报警器不报警，故C错误。
故选D。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电功率的计算：公式为P=I2R。
12．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知，动滑轮缠绕绳子数为2，所以拉力移动的距离为物体上升高度的2倍，物体B下降了40cm，A移动的距离为，故A错误；
B．物体B重30N，动滑轮重10N，根据拉力公式计算拉动A的力的大小为
，结合做功公式计算拉力对物体A做的功为
，故B错误；
C．物体A在水平方向上做匀速直线运动，所以摩擦力等于拉力，即，故C错误；
D．用一水平向左的力F拉动物体A，对A进行受力分析可知A受到：向左的拉力F、向右的物体B的拉力和向右的摩擦力，物体B匀速上升，物体A也匀速移动，这时物体A受到平衡力，则拉力为，，故D正确。
故选D。
【分析】1、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
3、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
4、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
13．【答案】蒸发吸热；熔化吸热
【知识点】熔化与熔化吸热特点；蒸发及其现象
【解析】【解答】夏天游泳后，上岸的人会感到冷是由于身上的水蒸发吸热的缘故。冰棒由固态变成液态，是熔化过程，该过程会吸热，使人体的温度降低，人会感到凉快。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融。
14．【答案】大气压；压强
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】用注射器吸取药液时，用手向后拉动活塞，针管内部气体减小，压强变小，药液是在大气压的作用下，通过针头进入针管里。注射器的针头做得很尖，通过减小受力面积来增大压强的。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．【答案】近视；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】由图可知，远处的物体成像在视网膜的前方，属于近视眼。应佩戴发散透镜即凹透镜，使光线推迟会聚。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
16．【答案】连通器；导体；浅
【知识点】光的折射现象及其应用；连通器原理及其应用；导体与绝缘体
【解析】【解答】由图可知，旋转杯上端开口中间端连通，是连通器。杯中液体会连通杯底电路，使得LED发光，说明该液体容易导电是导体。LED灯发出的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，折射光线进入人眼时的像属于虚像。
【分析】导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体；绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨；
连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
17．【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；压力及重力与压力的区别；力臂的画法
【解析】【解答】（1）向上起杆的阻力为物体的重力，物体重力竖直向下，阻力臂和重力作用线相互垂直，动力最小对应最大动力臂，当力F的方向与杆垂直时，动力臂最长，据此可画出最小的动力F，如下图所示：
（2）物体重力方向竖直向下，压力垂直斜面，指向被压物体，示意图如下：
【分析】力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
压力：物体由于（通常为接触），产生的形变，回复原来物理状态的力为弹力，即为支持力，支持力作用于物体接触面之间，垂直接触面向下。
（1）由O点到重力作用线的距离是阻力臂L2，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向垂直于杠杆向上，要使动力最小，就要使动力臂L1最长，当力F的方向与杆垂直时，动力臂最长，据此可画出最小的动力F，如下图所示：
（2）过物体重心画带一条箭头的线段，方向竖直向下，画出重力，符号为G；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点垂直于斜面向下画出压力，标出箭头表示力的方向，符号为F，示意图如下：
18．【答案】确定像的位置；相等；B；能
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）薄玻璃板有透光性，能看清玻璃板后的物体，便于确定像的位置。多次改变点燃蜡烛A的位置，蜡烛B总能与蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小。
（2）虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在此处放一光屏，此时人眼应在蜡烛B一侧观察光屏的情况。
（3）玻璃板沿水平切去一部分，平面镜成像时的特点为像与物大小相等，所以像仍完整，故人眼通过玻璃板能看到蜡烛A完整的像。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
19．【答案】27.2；②；2.72
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（2）砝码质量为25g，游码示数为2.2g，鹅卵石的质量为27.2g。
（3）使用量筒时，视线应该平视液面，正确的读数方法是②这种方式。
（4）由前面步骤测出了鹅卵石的质量和体积，根据密度公式计算该鹅卵石的密度为
。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
20．【答案】（1）
（2）定值电阻短路
（3）大
（4）电流表选用小量程，但按大量程读数，造成读数错误
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律计算可知变阻箱两端的电压为2V，结合分压原理可知定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，所以无法完成实验。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）“探究电流与电阻的关系”实验原理为欧姆定律，变阻器串联进入电路，接线原则为一上一下， 滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大 ，所以把滑动变阻器左下接线柱接入，电压表并联在定值电阻两端，据此作图：
（2）闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，故障就可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）在“探究电流与电阻的关系”实验中，需要保持定值电阻两端的电压保持不变；若将5Ω电阻换成10Ω，根据串联电路分压可知，需要适当增大滑动变阻器两端的电压，即增加变阻器两端电阻。
（4）由图丙可知，错误的一组数据应该是当定值电阻为20Ω时，出现这种情况的原因可能是电流表改用0~0.6A量程接入电路，按0~3A量程读数。
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律计算可知变阻箱两端的电压为2V，结合分压原理可知定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，所以无法完成实验。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电路的故障分析： 题目中电压表指针几乎没有偏转，电流表指针迅速偏转 ，所以和电压表并联的用电器短路。
（1）在“探究电流与电阻的关系”实验中，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测通过定值电阻的电流，电压表测定值电阻两端的电压，所以电压表与定值电阻并联；题目要求变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，所以把滑动变阻器左下接线柱接入，如下图所示：
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，说明有电流通过，没有断路的情况；电压表无示数，若不是电压表本身损坏，故障就可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）在“探究电流与电阻的关系”实验中，需要采用控制变量法使定值电阻两端的电压保持不变；若将5Ω电阻换成10Ω，根据串联电路分压规律可知，更换较大的定值电阻后，定值电阻两端的电压会增大，为了使定值电阻两端的电压保持在4V不变，就需要适当增大滑动变阻器两端的电压，方法是适当增大滑动变阻器接入电路的电阻。
（4）由图丙可知，错误的一组数据应该是当定值电阻为20Ω时，通过的电流为1A，出现这种情况的原因可能是电流表改用0~0.6A量程接入电路，但仍按0~3A量程读数，造成读数错误。
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，则变阻箱两端的电压为2V，根据分压原理可知在串联电路中电压之比等于电阻之比；因为定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，所以电阻箱接入电路的阻值是定值电阻阻值的一半；当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，用来替换变阻器的电阻箱最小倍率是×1，所以无法完成实验。
21．【答案】解：（1）废弃物悬浮在水面下1m深处所受水的压强
（2）保洁船静止在湖面上时，所受的浮力等于自身的重力，据阿基米德原理得，排开水的体积
（3）牵引力所做的功
牵引力做功的功率
答：（1）某废弃物悬浮在水面下1m深处时所受水的压强为；
（2）保洁船静止时在湖面上时，排开水的体积为0.6m3；
（3）保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为5000W。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算废弃物悬浮在水面下1m深处所受水的压强；
（2）保洁船静止在湖面上时，浮力等于重力，据阿基米德原理分析排开水的体积；
（3）根据W=Fs计算牵引力所做的功，结合功率公式计算牵引力做功的功率。
22．【答案】解：（1）当开关S闭合，断开时，电路是由R2组成的简单电路；当开关S和S0均闭合时，电路是由R2和R1组成的并联电路，由于并联电路电阻比并联的任何一个电阻的阻值都小，根据可知，电水壶处于加热状态；当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，则；
（2）当开关S和均闭合，电路是由R2组成的简单电路，此时电水壶处于加热状态，功率等于两电阻功率之和，R1的电功率为；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
答：（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流为0.2A；
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率为836W；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能为4.4×104J。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当开关S闭合，断开时，电路中只有R2；当开关S和S0均闭合时，电路是由R2和R1组成的并联电路，根据可知，电水壶处于加热状态；当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，根据功率公式计算电路的电流。
（2）当开关S和均闭合，电路是由R2和R1组成的并联电路，此时电水壶处于加热状态，根据功率规律计算R1的电功率；
（3）在加热状态下，根据电功公式计算该电水壶工作50s消耗的电能。
1 / 1湖南省武冈市部分学校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·武冈模拟）为了让同学们养成关注生活和社会的好习惯，物理老师让同学们对身边一些常见的物理量进行估测.下列估测中，最接近实际的是（ ）
A．人们散步时的速度大约1m/s
B．学生用文具盒长2.1cm
C．适合人睡眠时声音响度约70分贝
D．你正在解答的试卷宽度约为2.68cm
【答案】A
【知识点】时间及其测量；长度的估测
【解析】【解答】A、人散步时，走两步的距离大约是1m，时间差不多是1s.故A估测比较接近事实，A符合题意；
B、文具盒长度与手掌张开差不多，应该在20cm左右，B不符合题意；
C、从课本中列出的噪声标准中可以看到，65分贝是工业中心区白天的噪声大小，C不符合题意；
D、试卷宽度与手掌张开差不多，应该在20cm左右，D不符合题意，
故答案为：A.
【分析】本题考查学生对生活中的现象的估测能力。
2．（2025·武冈模拟）下列各种现象，属于机械运动的是（ ）
A．春回大地，万物生长
B．夏日树上的荔枝由绿变红
C．金色秋天，人们从树上采摘果实
D．校园里朗朗书声声声入耳
【答案】C
【知识点】机械运动
【解析】【解答】A．春回大地，万物生长是植物的生长变化，但是位置没有改变，因此不属于机械运动，A不符合题意；
B．夏日树上的荔枝由绿变红是生物的变化，但是位置没有改变，因此不属于机械运动，B不符合题意；
C．金色秋天，人们采摘果实，果实相对于地面位置发生变化，因此属于机械运动，C符合题意；
D．校园里朗朗的读书声声声入耳，是声音的传播，因此不属于机械运动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】物体位置的变化，是机械运动。
3．（2025·武冈模拟）在冬天人们常常搓手取暖，这个过程的能量转化与四冲程内燃机的哪个冲程相同（ ）
A．吸气冲程 B．做功冲程 C．压缩冲程 D．排气冲程
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】搓手取暖，将机械能转化为内能，与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化相同。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．（2025·武冈模拟）与美国、印度等国对比，我国疫情防控的成就充分体现了我国制度的优越性。为了有效防范疫情再度爆发，接种疫苗是最佳途径。在接种疫苗过程中，下列估测正确的是（ ）
A．注射器的长度约为
B．疫苗存放环境的温度约为
C．一人一次注射疫苗的剂量约为
D．注射器的针尖刺入皮肤时的压强约为
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．注射器的长度约为6cm，A不符合题意；
B．疫苗存放环境的温度约为 ，B不符合题意；
C．一人一次注射疫苗的剂量约为 ，C不符合题意；
D．针尖的面积大约是4×10-4cm2，压力大约是2×10-5N，注射器的针尖刺入皮肤时的压强 =500Pa
D符合题意。
故答案为：D。
【分析】对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
5．（2025·武冈模拟）如图所示的四种现象中，和小孔成像原理相同的是（ ）
A．树荫下的光斑 B．凸面镜扩大视野
C．铅笔“折断”了 D．桥的“倒影”
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；凸面镜和凹面镜；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】小孔成像的原理为光的直线传播
A．树荫下的光斑是光沿直线传播，故A正确，符合题意；
BD．凸面镜成像、桥的“倒影”的原理为光的反射，故BD错误，不符合题意；
C．铅笔“折断”的原理光的折射，故C错误，不符合题意；
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
6．（2025·武冈模拟）为了防止考试作弊，监考人员利用手持式金属探测器对考生进行检查（如图甲）。当探测器靠近金属物体或电子产品时，会产生感应电流，引起探测器发出警报。图中能反映出金属探测器工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】当线圈靠近金属物体时，闭合电路的部分导体在切割磁感线，故在金属中会产生电流。
AB．奥斯特实验装置、探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，原理为电流的磁效应，故AB不符合题意；
C．图为探究电磁感应原理的实验装置，故C符合题意；
D．图反映通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。
故选C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
7．（2025·武冈模拟）人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示为卫星从远地点向近地点运动的过程．针对该过程，以下说法正确的是
A．动能逐渐增大，机械能增大
B．势能逐渐减小，机械能减小
C．动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能不变
D．动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能减小
【答案】C
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】由于卫星在远地点时，高度较大，具有较大的势能，近地点时速度较大，具有较大的动能，所以卫星由远地点向近地点运动的过程中，势能逐渐减小，动能逐渐增大，其总和即机械能是不变的，故C是正确的．ABD错误；
综上选C。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
8．（2025·武冈模拟）手握酱油瓶不掉下来的原因是（ ）
A．手对瓶的摩擦力大于瓶的重力 B．手对瓶的摩擦力等于瓶的重力
C．手对瓶的压力大于瓶的重力 D．手对瓶的压力小于瓶的重力
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】用手握酱油瓶静止不动，此时受力平衡，所以重力等于摩擦力，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
9．（2025·武冈模拟）如图所示的现象中，下列分析正确的是（ ）
A．甲图：弹奏古筝时，手在不同位置按弦，目的是为了改变发出声音的响度
B．乙图：发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动
C．丙图：医生用B超检查胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．丁图：摩托车上装有消声器，是为了在传播过程中阻断噪声的传播
【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A． 弹奏古筝时，手在不同位置按弦， 是为了改变弦的振动频率，从而改变发出声音的音调，故A错误；
B．发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球被弹开，说明发声体在振动，故B正确；
C．医生用B超检查胎儿的发育情况，是因为声音可以传递信息，故C错误；
D．丁图中的摩托车上装有消声器，是在声源处阻断噪声的传播，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的高低叫音调，与发声体的频率大小有关；
B.根据声音产生的知识判断；
C.声音可以传递信息，也可以传递能量；
D.根据减弱噪声的途径和方法判断。
10．（2025·武冈模拟）如图是超市安装的一种刷脸自助储物柜。某顾客站在屏幕前60cm处，按下“存”按钮，屏幕上方的摄像头启动，出现人脸缩小的像，柜门打开。下列说法正确的是（ ）
A．该摄像头相当于一个凹透镜 B．该摄像头对光线具有发散作用
C．该摄像头成像原理是光的折射 D．该摄像头的焦距可能是40cm
【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】ABC．摄像头的镜头相当于一个凸透镜，成像原理为光的折射，该透镜对光线有会聚作用。故ABC错误；
D．某顾客站在屏幕前60cm处，处于摄像头二倍焦距以外，此时，所以，故D错误。
故选C。
【分析】物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
11．（2025·武冈模拟）如图所示，小五同学设计了一种烟雾报警装置，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警。若S闭合后，当电流从0.2A变化为0.5A时，光敏电阻R的电功率从3.2W变化为2W，在此变化过程中，下列说法正确的是（ ）
A．烟雾浓度逐渐减小时，电压表的示数变大
B．电源电压为20V，R0的电阻为40Ω
C．当电压表的示数为4V时，烟雾报警器报警
D．R0消耗的电功率变化了8.4W
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0首尾依次相连，属于串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，烟雾浓度逐渐减小时，R的阻值变小，根据串联分压可知，光敏电阻的电压减小，即电压表示数变小，故A错误；
BD．串联电路中各处的电流相等，且I1=0.2A时P1=3.2W，I2=0.5A时P2=2W，由P=I2R可得，光敏电阻的阻值分别为，，根据欧姆定律以及电阻的串联计算电源的电压U=I1(R+R0)=I2(R'+R0)，代入数据计算可知R0=40Ω，U=24V，R0消耗的电功率的变化量ΔP0=P0'-P0=I22R0-I12R0=(0.5A)2×40Ω-(0.2A)2×40Ω=8.4W，故B错误，D正确；
C．当电压表的示数为4V时，根据串联电路电压规律可知R0两端的电压U0=U-UR=24V-4V=20V，根据欧姆定律计算可知此时电路中的电流，所以，此时烟雾报警器不报警，故C错误。
故选D。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电功率的计算：公式为P=I2R。
12．（2025·武冈模拟）如图所示，置于水平桌面上的物体A重50N，物体B重30N，动滑轮重10N，物体B在匀速下降了40cm的过程中，拉动物体A在水平桌面上匀速移动了一段距离，忽略绳重及滑轮轴上的摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．物体A移动了20cm
B．绳子拉力对物体A做的功是8J
C．物体A与桌面的滑动摩擦力为30N
D．若对物体A施加一个水平向左的力F，使物体B可以匀速上升，则力F的大小为40N
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知，动滑轮缠绕绳子数为2，所以拉力移动的距离为物体上升高度的2倍，物体B下降了40cm，A移动的距离为，故A错误；
B．物体B重30N，动滑轮重10N，根据拉力公式计算拉动A的力的大小为
，结合做功公式计算拉力对物体A做的功为
，故B错误；
C．物体A在水平方向上做匀速直线运动，所以摩擦力等于拉力，即，故C错误；
D．用一水平向左的力F拉动物体A，对A进行受力分析可知A受到：向左的拉力F、向右的物体B的拉力和向右的摩擦力，物体B匀速上升，物体A也匀速移动，这时物体A受到平衡力，则拉力为，，故D正确。
故选D。
【分析】1、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
3、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
4、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
13．（2025·武冈模拟）炎热的夏天，游泳上岸后身上感觉到有点冷，这是由于身上的水 所致；吃冰激凌时，嘴里感到凉，这是由于嘴里的冰 所致。
【答案】蒸发吸热；熔化吸热
【知识点】熔化与熔化吸热特点；蒸发及其现象
【解析】【解答】夏天游泳后，上岸的人会感到冷是由于身上的水蒸发吸热的缘故。冰棒由固态变成液态，是熔化过程，该过程会吸热，使人体的温度降低，人会感到凉快。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融。
14．（2025·武冈模拟）如图是中国“重组新型冠状病毒疫苗”的临床试验志愿者注射疫苗的情景。注射疫苗用的注射器吸取药液时，是利用 把药液吸取上来的；注射器的针头做的很尖，是为了增大使用时的 ，以便容易刺入人体。
【答案】大气压；压强
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】用注射器吸取药液时，用手向后拉动活塞，针管内部气体减小，压强变小，药液是在大气压的作用下，通过针头进入针管里。注射器的针头做得很尖，通过减小受力面积来增大压强的。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．（2025·武冈模拟）如图所示，这是小赵的眼睛结构，他患有 眼，应佩戴 透镜进行纠正。
【答案】近视；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】由图可知，远处的物体成像在视网膜的前方，属于近视眼。应佩戴发散透镜即凹透镜，使光线推迟会聚。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
16．（2025·武冈模拟）如图甲是一款网红“旋转杯”，杯子由上端开口的粗细两部分组成，杯子粗细两部分构成一个 。如图乙所示是一款网红“发光杯”，当杯内倒入的液体是 （填“导体”或“绝缘体”）时，就会连通杯底电路，使LED灯发光，看到的是它变 （填“深”或“浅”）的虚像。
【答案】连通器；导体；浅
【知识点】光的折射现象及其应用；连通器原理及其应用；导体与绝缘体
【解析】【解答】由图可知，旋转杯上端开口中间端连通，是连通器。杯中液体会连通杯底电路，使得LED发光，说明该液体容易导电是导体。LED灯发出的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，折射光线进入人眼时的像属于虚像。
【分析】导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体；绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨；
连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
17．（2025·武冈模拟）（1）所示的杠杆中，画出能使杠杆保持平衡的阻力臂及最小动力F的示意图。
（2）如图是物体A静止在斜面上，请作出物体A的重力和斜面受到的压力的示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；压力及重力与压力的区别；力臂的画法
【解析】【解答】（1）向上起杆的阻力为物体的重力，物体重力竖直向下，阻力臂和重力作用线相互垂直，动力最小对应最大动力臂，当力F的方向与杆垂直时，动力臂最长，据此可画出最小的动力F，如下图所示：
（2）物体重力方向竖直向下，压力垂直斜面，指向被压物体，示意图如下：
【分析】力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
压力：物体由于（通常为接触），产生的形变，回复原来物理状态的力为弹力，即为支持力，支持力作用于物体接触面之间，垂直接触面向下。
（1）由O点到重力作用线的距离是阻力臂L2，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向垂直于杠杆向上，要使动力最小，就要使动力臂L1最长，当力F的方向与杆垂直时，动力臂最长，据此可画出最小的动力F，如下图所示：
（2）过物体重心画带一条箭头的线段，方向竖直向下，画出重力，符号为G；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点垂直于斜面向下画出压力，标出箭头表示力的方向，符号为F，示意图如下：
18．（2025·武冈模拟）为了探究平面镜成像特点，小丽同学准备了透明玻璃板、刻度尺、光屏和A、B两只完全相同的蜡烛，如图所示：
（1）实验中用薄玻璃板替代平面镜的目的是便于 。多次改变点燃蜡烛A的位置，发现未点燃的蜡烛B总能与蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小 ；
（2）为了判断平面镜所成像的虚实，移去蜡烛B，在此处放一光屏，此时人眼应在蜡烛 （选填“A”或“B”）一侧观察光屏的情况；
（3）若玻璃板沿水平切去一部分，使玻璃板的高度低于蜡烛A的高度，人眼通过玻璃板 （选填“能”或“不能”）看到蜡烛A完整的像。
【答案】确定像的位置；相等；B；能
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）薄玻璃板有透光性，能看清玻璃板后的物体，便于确定像的位置。多次改变点燃蜡烛A的位置，蜡烛B总能与蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小。
（2）虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在此处放一光屏，此时人眼应在蜡烛B一侧观察光屏的情况。
（3）玻璃板沿水平切去一部分，平面镜成像时的特点为像与物大小相等，所以像仍完整，故人眼通过玻璃板能看到蜡烛A完整的像。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
19．（2025·武冈模拟）晶晶同学旅游时捡到一颗漂亮的鹅卵石。他从学校物理实验室借来天平（含砝码）、量筒测量这颗鹅卵石的密度，步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻线处，调节平衡螺母，使横梁平衡；
（2）将鹅卵石放在天平的左盘上，往右盘中加减砝码并移动游码，直到天平再次平衡。所放的砝码和游码的位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为 g ；
（3）如图乙，使用量筒时，正确的读数方法是 （选填①或②或③），晶晶同学测出鹅卵石的体积为；
（4）计算出该鹅卵石的密度为 g/cm3。
【答案】27.2；②；2.72
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（2）砝码质量为25g，游码示数为2.2g，鹅卵石的质量为27.2g。
（3）使用量筒时，视线应该平视液面，正确的读数方法是②这种方式。
（4）由前面步骤测出了鹅卵石的质量和体积，根据密度公式计算该鹅卵石的密度为
。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
20．（2025·武冈模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供的器材有：
电源（电压6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（0~20Ω）、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大；
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是 ；
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为4V；将5Ω电阻换成10Ω，按规范调整电路，继续操作，使电压表示数仍为4V，此时滑动变阻器接入电路的阻值比上一次 ；
（4）将测得的数据在图丙中描点连线，发现有一组数据错误，究其原因可能是 ；
（5）仅用电阻箱（最小倍率是×1）替换滑动变阻器，仍控制定值电阻两端电压为4V，利用上述器材能否完成实验探究，简述你的判断依据： 。
【答案】（1）
（2）定值电阻短路
（3）大
（4）电流表选用小量程，但按大量程读数，造成读数错误
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律计算可知变阻箱两端的电压为2V，结合分压原理可知定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，所以无法完成实验。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）“探究电流与电阻的关系”实验原理为欧姆定律，变阻器串联进入电路，接线原则为一上一下， 滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大 ，所以把滑动变阻器左下接线柱接入，电压表并联在定值电阻两端，据此作图：
（2）闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，故障就可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）在“探究电流与电阻的关系”实验中，需要保持定值电阻两端的电压保持不变；若将5Ω电阻换成10Ω，根据串联电路分压可知，需要适当增大滑动变阻器两端的电压，即增加变阻器两端电阻。
（4）由图丙可知，错误的一组数据应该是当定值电阻为20Ω时，出现这种情况的原因可能是电流表改用0~0.6A量程接入电路，按0~3A量程读数。
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律计算可知变阻箱两端的电压为2V，结合分压原理可知定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，所以无法完成实验。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电路的故障分析： 题目中电压表指针几乎没有偏转，电流表指针迅速偏转 ，所以和电压表并联的用电器短路。
（1）在“探究电流与电阻的关系”实验中，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测通过定值电阻的电流，电压表测定值电阻两端的电压，所以电压表与定值电阻并联；题目要求变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，所以把滑动变阻器左下接线柱接入，如下图所示：
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，说明有电流通过，没有断路的情况；电压表无示数，若不是电压表本身损坏，故障就可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）在“探究电流与电阻的关系”实验中，需要采用控制变量法使定值电阻两端的电压保持不变；若将5Ω电阻换成10Ω，根据串联电路分压规律可知，更换较大的定值电阻后，定值电阻两端的电压会增大，为了使定值电阻两端的电压保持在4V不变，就需要适当增大滑动变阻器两端的电压，方法是适当增大滑动变阻器接入电路的电阻。
（4）由图丙可知，错误的一组数据应该是当定值电阻为20Ω时，通过的电流为1A，出现这种情况的原因可能是电流表改用0~0.6A量程接入电路，但仍按0~3A量程读数，造成读数错误。
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，则变阻箱两端的电压为2V，根据分压原理可知在串联电路中电压之比等于电阻之比；因为定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，所以电阻箱接入电路的阻值是定值电阻阻值的一半；当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，用来替换变阻器的电阻箱最小倍率是×1，所以无法完成实验。
21．（2025·武冈模拟）水环境质量是生态文明建设的重要篇章。如图所示，一艘保洁船正在开展湖上环卫作业。保洁船的总质量为600kg，该船以1000N的牵引力在湖上匀速行驶9km用时30min。（，g取10N/kg）求：
（1）某废弃物悬浮在水面下1m深处时所受水的压强；
（2）保洁船静止在湖面上时，排开水的体积；
（3）保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率。
【答案】解：（1）废弃物悬浮在水面下1m深处所受水的压强
（2）保洁船静止在湖面上时，所受的浮力等于自身的重力，据阿基米德原理得，排开水的体积
（3）牵引力所做的功
牵引力做功的功率
答：（1）某废弃物悬浮在水面下1m深处时所受水的压强为；
（2）保洁船静止时在湖面上时，排开水的体积为0.6m3；
（3）保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为5000W。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算废弃物悬浮在水面下1m深处所受水的压强；
（2）保洁船静止在湖面上时，浮力等于重力，据阿基米德原理分析排开水的体积；
（3）根据W=Fs计算牵引力所做的功，结合功率公式计算牵引力做功的功率。
22．（2025·武冈模拟）小明家的电水壶的内部电路如图甲所示，其中为电热丝，S是电源开关，是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如图乙所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S闭合，断开时，电路中的电流。
（2）当开关S和均闭合时，的电功率。
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
【答案】解：（1）当开关S闭合，断开时，电路是由R2组成的简单电路；当开关S和S0均闭合时，电路是由R2和R1组成的并联电路，由于并联电路电阻比并联的任何一个电阻的阻值都小，根据可知，电水壶处于加热状态；当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，则；
（2）当开关S和均闭合，电路是由R2组成的简单电路，此时电水壶处于加热状态，功率等于两电阻功率之和，R1的电功率为；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
答：（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流为0.2A；
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率为836W；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能为4.4×104J。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当开关S闭合，断开时，电路中只有R2；当开关S和S0均闭合时，电路是由R2和R1组成的并联电路，根据可知，电水壶处于加热状态；当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，根据功率公式计算电路的电流。
（2）当开关S和均闭合，电路是由R2和R1组成的并联电路，此时电水壶处于加热状态，根据功率规律计算R1的电功率；
（3）在加热状态下，根据电功公式计算该电水壶工作50s消耗的电能。
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