内蒙古自治区通辽市2024年中考物理试题
1．（2024·通辽）如图是战国时期的编钟，敲击大小不同的钟能演奏出优美的乐曲。下列说法正确的是（ ）
A．编钟声是由空气振动而产生的
B．编钟声的传播速度是3×108m/s
C．敲击大小不同的钟发声的音调不同
D．奏出的优美乐曲一定不属于噪声
【答案】C
【知识点】声音的产生；声速；音调及音调与频率的关系；噪声及来源
【解析】【解答】A．编钟振动发声，故A错误；
B．编钟声的传播速度是340m/s，故B错误；
C．敲击大小不同的钟，则钟的振动快慢不同，发出声音的音调不同，故C正确；
D．噪声在物理学角度，如果影响人的工作、生活、学习，均属于噪音，所以奏出的优美乐曲可能属于噪声，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
4、噪声：影响人类休息和学习的声音统称为噪声。
2．（2024·通辽）在使用电和天然气等清洁能源时，要注意安全。下列说法正确的是（ ）
A．当发现有人触电时，应立即打电话报警
B．当发现因电起火时，应立即用水浇灭
C．当闻到燃气异味时，应立即打开电灯寻找泄漏处
D．当闻到燃气异味时，应立即打开门窗关闭燃气阀门
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．当发现有人触电时，应立即切断电源，再打电话报警 ，故A错误；
B．由于生活中的水是导体，当发现因电起火时，不能用水浇灭，以防触电，故B错误；
CD．当闻到燃气异味时，应立即打开门窗通风，关闭燃气阀门，不能立即打开电灯，原因是防止产生电火花，点燃燃气，造成爆炸事故，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 （1）当发现有人触电时，应立即切断电源；
（2）生活用水是导体，据此判断；家庭电路起火时应先切断电源，再灭火；
（3）煤气泄漏的时候，首先应该打开门窗，关闭煤气源，不能打开电灯和抽油烟机。
3．（2024·通辽）“火锅”是通辽人非常喜爱的一种美食。下列与吃火锅有关的说法正确的是（ ）
A．冰冻肉卷变软是冰熔化现象
B．锅内冒出“白气”是水的汽化现象
C．汤汁越煮越少是水升华现象
D．煮熟食材是做功改变内能的过程
【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．冰冻肉卷变软是是熔化现象，故A正确；
B．锅内冒出“白气”是是液化现象，故B错误；
C．汤汁越煮越少是汽化现象，故C错误；
D．煮熟食材是汤和食物存在温度差，食材通过热传递改变内能的过程，故D错误。
故选A。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
4、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
4．（2024·通辽）走进装有抛光不锈钢墙面的电梯，会在墙面中看到“自己”，如图。下列说法正确的是（ ）
A．“自己”是由于光的折射产生的
B．“自己”总比真实自己小一些
C．面向“自己”走，“自己”却后退
D．“自己”与水中“倒影”原理相同
【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．在墙面中看到“自己”属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A错误；
B．“自己”和真实自己大小相等，故B错误；
C．面向“自己”走，“自己”向前走，故C错误；
D．“自己”与“倒影”都属于平面镜成像，是光的反射形成的，两者原理相同，故D正确。
故选D。
【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像与物体大小相同，像和物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等。
5．（2024·通辽）小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，如图。下列关于她的机械能说法正确的是（ ）
A．动能增大，机械能增大 B．重力势能增大，机械能增大
C．动能减小，机械能不变 D．重力势能减小，机械能增大
【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，质量不变，高度升高，则动能不变，重力势能增大；所以机械能增大，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
6．（2024·通辽）某交通路口指示车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，红灯停，绿灯行，以下是红、绿灯工作时的电路简图。你认为正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】公共场所的电器均属于并联，每个可独立工作，且各有一个开关控制。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．（2024·通辽）如图是一新型手电筒。上下快速晃动时，筒内的磁体会上下运动，使筒壁上的线圈内产生感应电流，并为筒内的蓄电池充电。下列说法正确的是（ ）
A．该装置利用了电动机原理
B．上下快速晃动时电能转化为机械能
C．该装置利用了发电机原理
D．为蓄电池充电时化学能转化为电能
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】ABC．上下快速晃动时，筒内的磁体会上下运动，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，将机械能转化为电能，所以利用了发电机原理，故C正确，AB错误；
D．为蓄电池充电时，电能转化为化学能，故D错误。
故选C。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象；
（2）发电机是利用电磁感应原理来工作的，将机械能转化为电能；
（3）蓄电池充电时，将电能转化为化学能储存起来。
8．（2024·通辽）如图所示，当人驾驶电动平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（ ）
A．以电动平衡车为参照物，人是运动的
B．此时人不会向前倾是因为人没有惯性
C．人与车的总重力与地面对车的支持力是一对平衡力
D．轮胎上有花纹目的是为了减小受力面积，增大压强
【答案】C
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．以电动平衡车为参照物，人与电动平衡车之间的位置没有发生变化，所以人相对于电动平衡车是静止的，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，此时人不会向前倾，是因为人和电动平衡车一起做匀速直线运动，处于平衡状态，故B错误；
C．人与车的总重力与地面对车的支持力，这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故C正确；
D．轮胎上有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选C。
【分析】1.研究物体运动状态时，要选择合适的参照物，若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
2.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性的惟一量度是质量，质量越大，物体具有的惯性越大；
3.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
4.增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；变滚动摩擦为滑动摩擦。
9．（2024·通辽）小明家原有用电器的总功率是3800W，又新购买了电热水器和空调各一台，热水器的铭牌上标有“220V 2200W”字样，空调的铭牌上标有“220V 1900W”字样，他家的电能表如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．电热水器是利用电流热效应工作的
B．单独使用空调比单独使用热水器电能表表盘转速快
C．正常使用相同时间，热水器比空调消耗的电能多
D．小明家现有的用电器可以同时使用
【答案】B
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】A．电热水器是根据焦耳定律工作的，即利用电流的热效应工作的，故A正确，不符合题意；
B．热水器的铭牌上标有“220V 2200W”字样，空调的铭牌上标有“220V 1900W”字样，热水器功率大，所以表转速快，相同时间下，根据W=Pt计算可知热水器消耗的电能多，故B错误，符合题意，C正确，不符合题意；
D．据图可知电路中允许通过的最大电流为40A，小明家原有用电器的总功率是3800W，热水器的额定功率为2200W，空调的额定功率为1900W，根据电功率公式P=UI计算可知电路中的电流
，所以小明家现有的用电器可以同时使用，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比。
2、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，电能表正常工作电压和电流为220V 10A，最大电流为40A，某段时间所用电能为电能表示数之差。某段时间消耗电能的计算：n/3000r kW·h n为灯光闪烁次数。
3、功率公式的应用：P=W/t.
10．（2024·通辽）小明家有一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量。下列说法正确的是（ ）
A．定盘星是秤杆的支点
B．杆秤是一种等臂杠杆
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是支点，故A错误；
B．杆秤使用时，杆秤动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C．根据杠杆平衡条件有，、不变，所挂物体加重时，G物变大，变大，即秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡，故C正确；
D．根据杠杆平衡条件有，使用已磨损的秤砣测量时，即变小，、不变，所以变大，则测量值比真实值偏大，故D错误。
故选C。
【分析】（1） 根据支点的定义分析；
（2）根据动力臂与阻力臂的关系判断出杠杆的类型；
（3）根据杠杆的平衡条件分析物体加重时，秤砣移动的方向；
（4）根据杠杆的平衡条件分析秤砣磨损后的误差关系。
11．（2024·通辽）“奋斗者”号载人潜水器（如图）成功潜入海底10909m，刷新了中国载人潜水的新纪录。潜水器总质量36t（包含下方安装的压载铁质量2t），观测窗面积0.03m2。潜入海底待科研任务结束后，抛掉压载铁，潜水器上浮至海面（忽略部件受到海水压力后的体积变化和下潜、上浮过程中海水对它的阻力，取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。关于潜水器说法正确的有（ ）
A．下潜时所受海水的压强逐渐变大
B．上浮至海面所受海水的浮力先增大后减小
C．抛掉压载铁后，上浮时所受海水的浮力为3.4×105N
D．10000m深度时，海水对观测窗的压力为3×106N
【答案】A,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．潜水器在下潜过程中，深度h逐渐增大，根据分析可知所受海水的压强也逐渐变大。故A正确；
B．潜水器在上浮至海面过程中，排开海水的体积先不变，后变小，液体的密度不变，根据浮力的公式
分析可知所受海水的浮力先保持不变后减小。故B错误；
C．抛掉压载铁后，上浮时所受海水的浮力大于物体的重力，即
故C错误；
D．在10000m深度时，根据压强公式计算海水对观测窗的压力为F=pS=ρ海水ghS=1.0×103kg/m3×10N/kg×10000m×0.03m2=3×106N，故D正确。
故选 AD。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
3、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力.
12．（2024·通辽）如图甲所示电路，电源电压恒定，将滑动变阻器的滑片P从最右端开始移动至灯泡正常发光为止，并根据电流表和电压表的示数绘制I-U的关系图像如图乙。则下列说法正确的有（ ）
A．曲线a是电流表与电压表V2示数的关系图像
B．电源电压为11V
C．灯泡的额定电压为3V
D．灯泡的额定功率为4.8W
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A．滑片向左移动，滑动变阻器接入电路中电阻变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变小，电压电源不变，由串联电路的电压规律可知灯泡两端的电压变大，电路中总电阻变小，电路中的电流变大，则曲线a为灯泡的电压、电流关系图，曲线b为滑动变阻器的电压、电流关系图，即曲线a是电流表与电压表V1示数的关系图像，曲线b是电流表与电压表V2示数的关系图像，故A错误；
B．由图像可知，当电流为0.2A时，灯泡电压为UL=2V，变阻器电压为UP=9V，则电源电压为：
故B正确；
C．将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，由乙图可知，当灯泡正常发光时，电路电流为I额=0.6A，滑动变阻器两端的电压为Up'=3V，此时灯泡的额定电压为：
灯泡的额定功率为
故C错误，D正确。
故选BD。
【分析】（1）由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测的是滑动变阻器的电压，V1测的是灯泡的电压。当滑片从滑动变阻器最右端向左移动时，根据串联分压原理可知，V2的示数减小，V1的示数增大，根据图乙可以判断ab分别是谁的图象；
（2）由图乙可知，当滑动变阻器的滑片在最右端时，对应电流是0.2A，可知此时滑动变阻器和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律求出电源电压；
（3）将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，由乙图可知，当灯泡正常发光时，电路电流为I额，滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律可知灯泡的额定电压；
（4）根据P=UI计算灯泡的额定功率。
13．（2024·通辽）近年来，通辽城乡许多街道都安装了太阳能LED灯，LED灯是用 材料制成的，太阳能属于 次能源。
【答案】半导体；一
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用
【解析】【解答】发光二极管是由半导体材料制成的，LED灯是用半导体材料制成的。
太阳能是从自然界中直接获取的，则太阳能是一次能源。故第1空填：半导体；第2空填：一。
【分析】电子产品中，使用了大量的半导体元件，发光二极管是半导体材料；太阳能属于一次能源。
14．（2024·通辽）如图甲，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这一现象说明力可以 ，把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图乙所示。将该装置从一楼拿到十楼，会发现细管内水面 （选填“上升”、“下降”或“不变”）。
【答案】改变物体的形状；上升
【知识点】力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高， 说明力可以改变物体的形状。该装置从一楼拿到十楼，大气压强随高度的增加而逐渐减小，玻璃瓶内部的气压大小是不变的，玻璃管内水柱在玻璃瓶内部的气压作用下上升。
【分析】压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
15．（2024·通辽）课外活动中，某同学将刚喝完水的空矿泉水瓶的瓶盖拧上，握住上下两部分，用力拧成如图所示的形状，会看到瓶盖被弹出，并发出爆响声，同时瓶口内出现白雾。拧瓶子过程中瓶盖未弹出前跟汽油机 冲程类似，瓶盖被弹出时，瓶内气体内能会 而导致温度降低，出现白雾。
【答案】压缩；减少
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】拧瓶子过程中瓶盖未弹出前，压缩瓶内空气，瓶内空气的内能增加，跟汽油机的压缩冲程能量转化相同，将机械能转化为内能；
瓶盖被弹出时，瓶内气体对瓶盖做功，内能减少，温度降低，瓶内温度高的水蒸气遇冷液化形成小水滴，出现白雾。
故答案为：压缩；减小。
【分析】（1）拧瓶子的过程中，压缩气体做功，机械能转化为内能；
（2）改变内能的方法有做功和热传递；当气体膨胀做功时，将内能转化为机械能，内能减小，温度降低。
16．（2024·通辽）如图所示是一只金雕抓起绵羊在半空中展翅滑翔的罕见画面，金雕翅膀呈机翼状可以为其提供向上的升力而不掉落，尖锐的爪子是它抓起猎物的利器。请你就此情景提出一个物理问题并用所学物理知识予以解答。
物理问题： ？
物理解答： 。
【答案】滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是运动的还是静止的？；物理解答：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是静止的。
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】滑翔过程中，金雕和绵羊在半空中一起运动，则以绵羊为参照物，金雕的位置不发生变化，所以金雕是静止的。
物理问题：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是运动的还是静止的？
物理解答：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是静止的。
【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
17．（2024·通辽）一束光从玻璃斜射入空气中时，在玻璃与空气的交界面上发生了反射和折射，反射光线OC如图所示，请在图中画出入射光线AO和折射光线OB的大致方向。
【答案】
【知识点】光的反射；作光的反射光路图；光的折射规律；作光的折射光路图
【解析】【解答】根据反射角等于入射角画出入射光线AO，在法线的右侧空气中画出折射光线OB，光从玻璃斜射入空气中时折射角大于入射角，如图所示：
【分析】 根据光的反射定律和折射规律作图即可。
18．（2024·通辽）冰壶比赛中，推出去的冰壶最终会慢慢停下来。如图是正在水平向右运动的冰壶，请画出此时冰壶的受力示意图。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】正在水平向右运动冰壶，受到竖直向下的重力和地面对其竖直向上的支持力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用点在物体的重心；在水平方向，被推出去的冰壶由于惯性继续向前运动，因此只受到水平向左的摩擦力，如图所示：
【分析】 对冰壶进行受力分析，根据力的示意图的作法作图即可。
19．（2024·通辽）小明在烧水和煮豆浆时发现豆浆比水先沸腾。他猜想原因可能是：A.豆浆的沸点比水低；B.豆浆的比热容比水小；于是通过图甲所示的两套相同实验装置进行探究。
（1）烧杯中装有初温和 均相等的豆浆和水；
（2）小明根据实验数据绘制了豆浆和水的温度随时间变化图像a、b，如图乙所示，通过比较a、b可知，猜想 是错误的，由图像可求， [水的比热容是4.2×103J/（kg ℃）]。
（3）实验中小明还发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，但通过分析图像，判断出82℃时豆浆并未沸腾，他判断的依据是 。
【答案】（1）质量
（2）A；3.15×103
（3）豆浆的温度未达到沸点保持不变
【知识点】探究水的沸腾实验；热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）根据控制变量法可知，实验中需要控制烧杯中豆浆和水的质量和初温相同；
（2）根据图乙可知，水和豆浆的沸点都为99℃，沸点相同，所以猜想A：豆浆的沸点比水低是错误的；
实验中通过两套相同的实验装置进行探究，则相同时间水和豆浆吸收热量相等，由乙图可知，加热4min，图像a升温快，是豆浆的温度变化图像，图像b升温慢，是水的温度变化图像，水由30℃升高到60℃，豆浆由30℃升高到70℃，则：
即
代入数据可得：
（3）液体沸腾时，温度到达沸点，不断吸热，温度不变；实验中她发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，通过图象可知，82℃时豆浆继续吸热，温度继续升高，所以判断出82℃时豆浆并未沸腾，他判断的依据是豆浆的温度未达到沸点保持不变。
故答案为： （1）质量；（2）A；3.15×103；（3）豆浆的温度未达到沸点保持不变。
【分析】 （1）根据控制变量法分析；
（2）根据图乙得出水和豆浆的沸点都为99℃，沸点相同；相同的加热器在相同时间内放出的热量相同，水和豆浆吸收的热量也相同，算出图像知加热4min水升高的温度和豆浆升高的温度，根据Q吸水=Q吸豆浆，即c水mΔt水=c豆浆mΔt豆浆算出豆浆的比热容；
（3）沸腾的特点是达到沸点，继续吸热，温度不变。
（1）质量的多少影响加热至沸腾的时间，由控制变量法可知，实验中需要控制质量相同，所以通过图甲中两套相同的实验装置进行探究时，烧杯中要装有质量相等的水和豆浆。
（2）[1]根据图乙可知，水和豆浆的沸点都为99℃，所以豆浆的沸点比水低的猜想是错误的，故猜想A是错误的。
[2]实验中通过两套相同的实验装置进行探究，则相同时间水和豆浆吸收热量相等，由乙图可知，加热4min，图像a升温快，图像b升温慢，所以图像b是水的温度变化图像，水由30℃升高到60℃，豆浆由30℃升高到70℃，则
即
代入数据可得
（3）液体沸腾时，继续吸热，温度到达沸点保持不变，实验中她发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，通过图象判断，82℃时豆浆继续吸热，温度继续升高，所以判断出82℃时豆浆并未沸腾，故判断的依据是豆浆的温度未达到沸点保持不变。
20．（2024·通辽）小明在做凸透镜成像实验中。
（1）如图甲四种利用太阳光测凸透镜焦距的操作，其中正确的是 ；
（2）小明测得凸透镜焦距为10cm，用图乙的装置开始实验，此时光屏上可见清晰的像，保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上再次得到清晰的像，应把光屏向 移动，像的大小将 ；
（3）基于（2）的实验探究，当手持照相机走近拍摄景物时，应将镜头适当向 （填“前调”或“后调”）。
【答案】（1）C
（2）右；变大
（3）前调
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在测量凸透镜焦距的实验中，需要凸透镜要正对太阳光，太阳光平行于凸透镜的主光轴，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，根据物近像远像变大可知，应把光屏向右移动，像的大小将变大。
（3）当手持照相机走近拍摄景物时，物距减小，根据物近像远像变大可知，为了得到清晰的像，需要增大像距。应将镜头适当向前调，以增大像距，从而得到清晰的像。
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）在测量凸透镜焦距的实验中，需要确保太阳光平行于凸透镜的主光轴，并且凸透镜要正对太阳光。这样，太阳光经过凸透镜折射后，会聚在主光轴上的一点，这个点就是凸透镜的焦点。故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）[1][2]此时，物距为25cm，大于两倍焦距，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像，像距（光屏到凸透镜的距离）在一倍焦距和二倍焦距之间。保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，此时物距减小，物近像远像变大，所以应把光屏向右移动，像的大小将变大。
（3）当手持照相机走近拍摄景物时，即物距减小，为了得到清晰的像，需要增大像距。在照相机中，镜头和感光元件（相当于光屏）之间的距离是可以调整的。因此，应将镜头适当向前调，以增大像距，从而得到清晰的像。
21．（2024·通辽）某物理学习小组在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
表乙
实验次数 1 3 4
电阻R/Ω 5 10 15
电流I/A 0.60 0.26 0.20
（1）请用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片P向右移动，电路中的电流变大）；
（2）连接好电路，闭合开关发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障可能是定值电阻R （选填“断路”或“短路”）；
（3）实验时改变 的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制 保持不变，测出多组数据进行分析，得出结论；
（4）表乙是实验数据记录表格，分析可知实验操作存在的问题是 ；
（5）完成实验后该组同学又想到了用“等效替代法”测量一个额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，设计了图丙所示的电路，其中为电阻箱；请把下面步骤②中未完成的操作补充完整；
①将开关S与a连接，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额；
② ，使电压表示数仍为U额，读出电阻箱阻值即为小灯泡正常发光时的电阻。
【答案】（1）
（2）断路
（3）定值电阻R；定值电阻R两端电压
（4）第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持不变
（5）将开关S与b连接，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，所以滑动变阻器的电阻变小，变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图示数：
（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，发现电压表示数接近于电源电压，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以故障可能是与电压表并联的定值电阻R断路了。
（3）在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，应控制定值电阻两端电压不变，改变定值电阻R的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制定值电阻R两端电压保持不变。
（4）分析表中的数据发现，第1、4次实验中，根据欧姆定律计算定值电阻R两端电压
；第3次实验中，定值电阻R两端电压
，则第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持3V不变。
（5）②分析电路图可知，将开关S与a连接，滑动变阻器与灯泡首尾依次相连，属于串联，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额，则灯泡正常发光；将开关S与b连接，滑动变阻器与变阻箱串联，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻，直至电压表示数仍为U额，通过变阻器的组织表示小灯泡正常发光时的电阻。
【分析】变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处；
电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路。
串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即滑动变阻器的电阻变小，所以变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图示数：
（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，说明电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，则电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以故障可能是与电压表并联的定值电阻R断路了。
（3）[1][2]在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，由控制变量法可知，应控制定值电阻两端电压不变，改变定值电阻的阻值，所以实验时改变定值电阻R的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制定值电阻R两端电压保持不变。
（4）分析表中的数据发现，第1、4次实验中，定值电阻R两端电压
即控制定值电阻R两端电压保持3V不变，第3次实验中，定值电阻R两端电压
则第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持3V不变。
（5）②分析电路图可知，将开关S与a连接，滑动变阻器与灯泡串联，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额，则灯泡正常发光；将开关S与b连接，滑动变阻器与变阻箱串联，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻，直至电压表示数仍为U额，则变阻箱的电阻等于小灯泡正常发光时的电阻。
22．（2024·通辽）小明、小刚和小强分别用三种不同的方法测量物体的密度，进行了如下实验设计与操作：
（1）小明用调节好的天平测量萝卜块的质量，天平平衡时，如图甲所示，m= g；将萝卜块浸没在有水的量筒中，如图乙所示，则萝卜块的密度为 kg/m3；
（2）小刚用隔板将一容器分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜封闭，橡皮膜形状如图丙；
①向隔板左侧倒入酱油，发现橡皮膜向右凸，量出液面到橡皮膜中心的深度为10cm；
②向隔板右侧倒入水，直至橡皮膜 （选填“向左凸”、“继续向右凸”或“恢复原状”）为止；量出水面至橡皮膜中心的深度为11cm，则酱油的密度为 kg/m3（）；
（3）小强用弹簧测力计挂着石块，做了如图丁两个图的测量，读出弹簧测力计示数分别为F1、F2，则石块受到的浮力表达式F浮= ，密度表达式 （以上两空用F1、F2、等符号表示）。
【答案】（1）13.2；1.32×103
（2）恢复原状；1.1×103
（3）F1-F2；
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）游码对应的刻度为3.2g，砝码为10g，所以萝卜块的质量；量筒中水的体积为50mL，量筒中水和萝卜块的总体积为60mL，萝卜块的体积V萝卜=60mL-50mL=10mL=10cm3，根据密度公式计算萝卜块的密度
。
（2）橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入11cm水，即，由液体压强公式可得，所以
。
（3）由图丁可知，石块未浸没在液体中，弹簧测力计示数为F1，石块的重力G=F1；弹簧测力计挂着石块浸没在水中，弹簧测力计示数为F2，根据称重法可得，石块受到的浮力
根据阿基米德原理可得石块的体积，结合密度公式计算石块的密度
。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
4、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
（1）[1]由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度为3.2g，则萝卜块的质量
[2]由乙图可知，量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL，量筒中水和萝卜块的总体积为60mL，则萝卜块的体积
V萝卜=60mL-50mL=10mL=10cm3
则萝卜块的密度
（2）[1]向隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入水，直至橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，由液体压强公式，便于计算酱油的密度。
[2]向隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入11cm水，橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，即
由液体压强公式可得
代入数据可得酱油的密度
（3）[1]由图丁可知，弹簧测力计挂着石块，弹簧测力计示数为F1，则石块的重力
G=F1
弹簧测力计挂着石块浸没在水中，弹簧测力计示数为F2，则由称重法可得，石块受到的浮力
[2]由阿基米德原理可得石块的体积
石块的密度
23．（2024·通辽）夏季经常见到洒水车在路面上洒水，给路面降温。某洒水车的部分参数如下表所示，求：
项目 数值
空载质量/t 4
满载装水量/t 20
满载时车轮与地面总接触面积/m2 0.6
正常洒水流量/（t/h） 40
（1）装满水的洒水车对水平地面的压强（g取10N/kg）；
（2）装满水的洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力的功率是240kW，此时洒水车受到的阻力；
（3）洒水车以5m/s的速度匀速直线行驶，并按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程。
【答案】（1）解；由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力：
则装满水的洒水车对水平地面的压强：
答：装满水的洒水车对水平地面的压强为4×105Pa；
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力：
答：洒水车受到的阻力为20000N；
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间：
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程：
答：按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程为9000m。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据计算装满水的洒水车对水平地面的压力，根据计算装满水的洒水车对水平地面的压强；
（2）根据二力平衡可知，阻力等于牵引力，根据求出牵引力的功率为240kW时，洒水车受到的阻力；
（3）根据洒水车满载装水量20t和正常洒水流量40t/h，求出洒水时间，根据求最多可以连续洒水的路程。
（1）由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力
则装满水的洒水车对水平地面的压强
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由
可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程
24．（2024·通辽）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射成功。查阅资料了解到，飞船在发射前需要检验飞船舱体的气密性。科技人员设计了图甲模拟检测电路，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随环境气压变化的规律如图乙。将R置于舱体内，舱体位于真空室中，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa。求：
（1）舱体不漏气时，R0两端的电压；
（2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能；
（3）电压表示数为8V时，舱体内的气压值。
【答案】（1）解：根据乙图可知，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，压敏电阻的阻值R=10Ω，
根据乙图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，
串联电路中的电流；
则R0两端的电压。
答：R0两端的电压为10V。
（2）解：舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能。
答： 舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能1440J。
（3）解：电压表测量R0两端电压，电压表示数为8V时，串联电路中的电流；
压敏电阻的阻值；
由图乙可知，压敏电阻的阻值为25Ω时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
答： 电压表示数为8V时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，根据计算串联电路的电流，根据计算R0的电压；
（2）根据Q=I2Rt计算消耗的电功率；
（3）电压表示数为8V时，根据计算串联电路的电流，然后根据计算压敏电阻的阻值，最后根据图乙确定舱内的气压值。
（1）由图乙可知，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，压敏电阻的阻值
R=10Ω
分析甲图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，串联电路中的电流
则R0两端的电压
（2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能
（3）电压表测量R0两端电压，电压表示数为8V时，串联电路中的电流
压敏电阻的阻值
由图乙可知，压敏电阻的阻值为25Ω时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
1 / 1内蒙古自治区通辽市2024年中考物理试题
1．（2024·通辽）如图是战国时期的编钟，敲击大小不同的钟能演奏出优美的乐曲。下列说法正确的是（ ）
A．编钟声是由空气振动而产生的
B．编钟声的传播速度是3×108m/s
C．敲击大小不同的钟发声的音调不同
D．奏出的优美乐曲一定不属于噪声
2．（2024·通辽）在使用电和天然气等清洁能源时，要注意安全。下列说法正确的是（ ）
A．当发现有人触电时，应立即打电话报警
B．当发现因电起火时，应立即用水浇灭
C．当闻到燃气异味时，应立即打开电灯寻找泄漏处
D．当闻到燃气异味时，应立即打开门窗关闭燃气阀门
3．（2024·通辽）“火锅”是通辽人非常喜爱的一种美食。下列与吃火锅有关的说法正确的是（ ）
A．冰冻肉卷变软是冰熔化现象
B．锅内冒出“白气”是水的汽化现象
C．汤汁越煮越少是水升华现象
D．煮熟食材是做功改变内能的过程
4．（2024·通辽）走进装有抛光不锈钢墙面的电梯，会在墙面中看到“自己”，如图。下列说法正确的是（ ）
A．“自己”是由于光的折射产生的
B．“自己”总比真实自己小一些
C．面向“自己”走，“自己”却后退
D．“自己”与水中“倒影”原理相同
5．（2024·通辽）小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，如图。下列关于她的机械能说法正确的是（ ）
A．动能增大，机械能增大 B．重力势能增大，机械能增大
C．动能减小，机械能不变 D．重力势能减小，机械能增大
6．（2024·通辽）某交通路口指示车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，红灯停，绿灯行，以下是红、绿灯工作时的电路简图。你认为正确的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2024·通辽）如图是一新型手电筒。上下快速晃动时，筒内的磁体会上下运动，使筒壁上的线圈内产生感应电流，并为筒内的蓄电池充电。下列说法正确的是（ ）
A．该装置利用了电动机原理
B．上下快速晃动时电能转化为机械能
C．该装置利用了发电机原理
D．为蓄电池充电时化学能转化为电能
8．（2024·通辽）如图所示，当人驾驶电动平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（ ）
A．以电动平衡车为参照物，人是运动的
B．此时人不会向前倾是因为人没有惯性
C．人与车的总重力与地面对车的支持力是一对平衡力
D．轮胎上有花纹目的是为了减小受力面积，增大压强
9．（2024·通辽）小明家原有用电器的总功率是3800W，又新购买了电热水器和空调各一台，热水器的铭牌上标有“220V 2200W”字样，空调的铭牌上标有“220V 1900W”字样，他家的电能表如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．电热水器是利用电流热效应工作的
B．单独使用空调比单独使用热水器电能表表盘转速快
C．正常使用相同时间，热水器比空调消耗的电能多
D．小明家现有的用电器可以同时使用
10．（2024·通辽）小明家有一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量。下列说法正确的是（ ）
A．定盘星是秤杆的支点
B．杆秤是一种等臂杠杆
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
11．（2024·通辽）“奋斗者”号载人潜水器（如图）成功潜入海底10909m，刷新了中国载人潜水的新纪录。潜水器总质量36t（包含下方安装的压载铁质量2t），观测窗面积0.03m2。潜入海底待科研任务结束后，抛掉压载铁，潜水器上浮至海面（忽略部件受到海水压力后的体积变化和下潜、上浮过程中海水对它的阻力，取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。关于潜水器说法正确的有（ ）
A．下潜时所受海水的压强逐渐变大
B．上浮至海面所受海水的浮力先增大后减小
C．抛掉压载铁后，上浮时所受海水的浮力为3.4×105N
D．10000m深度时，海水对观测窗的压力为3×106N
12．（2024·通辽）如图甲所示电路，电源电压恒定，将滑动变阻器的滑片P从最右端开始移动至灯泡正常发光为止，并根据电流表和电压表的示数绘制I-U的关系图像如图乙。则下列说法正确的有（ ）
A．曲线a是电流表与电压表V2示数的关系图像
B．电源电压为11V
C．灯泡的额定电压为3V
D．灯泡的额定功率为4.8W
13．（2024·通辽）近年来，通辽城乡许多街道都安装了太阳能LED灯，LED灯是用 材料制成的，太阳能属于 次能源。
14．（2024·通辽）如图甲，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这一现象说明力可以 ，把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图乙所示。将该装置从一楼拿到十楼，会发现细管内水面 （选填“上升”、“下降”或“不变”）。
15．（2024·通辽）课外活动中，某同学将刚喝完水的空矿泉水瓶的瓶盖拧上，握住上下两部分，用力拧成如图所示的形状，会看到瓶盖被弹出，并发出爆响声，同时瓶口内出现白雾。拧瓶子过程中瓶盖未弹出前跟汽油机 冲程类似，瓶盖被弹出时，瓶内气体内能会 而导致温度降低，出现白雾。
16．（2024·通辽）如图所示是一只金雕抓起绵羊在半空中展翅滑翔的罕见画面，金雕翅膀呈机翼状可以为其提供向上的升力而不掉落，尖锐的爪子是它抓起猎物的利器。请你就此情景提出一个物理问题并用所学物理知识予以解答。
物理问题： ？
物理解答： 。
17．（2024·通辽）一束光从玻璃斜射入空气中时，在玻璃与空气的交界面上发生了反射和折射，反射光线OC如图所示，请在图中画出入射光线AO和折射光线OB的大致方向。
18．（2024·通辽）冰壶比赛中，推出去的冰壶最终会慢慢停下来。如图是正在水平向右运动的冰壶，请画出此时冰壶的受力示意图。
19．（2024·通辽）小明在烧水和煮豆浆时发现豆浆比水先沸腾。他猜想原因可能是：A.豆浆的沸点比水低；B.豆浆的比热容比水小；于是通过图甲所示的两套相同实验装置进行探究。
（1）烧杯中装有初温和 均相等的豆浆和水；
（2）小明根据实验数据绘制了豆浆和水的温度随时间变化图像a、b，如图乙所示，通过比较a、b可知，猜想 是错误的，由图像可求， [水的比热容是4.2×103J/（kg ℃）]。
（3）实验中小明还发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，但通过分析图像，判断出82℃时豆浆并未沸腾，他判断的依据是 。
20．（2024·通辽）小明在做凸透镜成像实验中。
（1）如图甲四种利用太阳光测凸透镜焦距的操作，其中正确的是 ；
（2）小明测得凸透镜焦距为10cm，用图乙的装置开始实验，此时光屏上可见清晰的像，保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上再次得到清晰的像，应把光屏向 移动，像的大小将 ；
（3）基于（2）的实验探究，当手持照相机走近拍摄景物时，应将镜头适当向 （填“前调”或“后调”）。
21．（2024·通辽）某物理学习小组在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
表乙
实验次数 1 3 4
电阻R/Ω 5 10 15
电流I/A 0.60 0.26 0.20
（1）请用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片P向右移动，电路中的电流变大）；
（2）连接好电路，闭合开关发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障可能是定值电阻R （选填“断路”或“短路”）；
（3）实验时改变 的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制 保持不变，测出多组数据进行分析，得出结论；
（4）表乙是实验数据记录表格，分析可知实验操作存在的问题是 ；
（5）完成实验后该组同学又想到了用“等效替代法”测量一个额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，设计了图丙所示的电路，其中为电阻箱；请把下面步骤②中未完成的操作补充完整；
①将开关S与a连接，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额；
② ，使电压表示数仍为U额，读出电阻箱阻值即为小灯泡正常发光时的电阻。
22．（2024·通辽）小明、小刚和小强分别用三种不同的方法测量物体的密度，进行了如下实验设计与操作：
（1）小明用调节好的天平测量萝卜块的质量，天平平衡时，如图甲所示，m= g；将萝卜块浸没在有水的量筒中，如图乙所示，则萝卜块的密度为 kg/m3；
（2）小刚用隔板将一容器分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜封闭，橡皮膜形状如图丙；
①向隔板左侧倒入酱油，发现橡皮膜向右凸，量出液面到橡皮膜中心的深度为10cm；
②向隔板右侧倒入水，直至橡皮膜 （选填“向左凸”、“继续向右凸”或“恢复原状”）为止；量出水面至橡皮膜中心的深度为11cm，则酱油的密度为 kg/m3（）；
（3）小强用弹簧测力计挂着石块，做了如图丁两个图的测量，读出弹簧测力计示数分别为F1、F2，则石块受到的浮力表达式F浮= ，密度表达式 （以上两空用F1、F2、等符号表示）。
23．（2024·通辽）夏季经常见到洒水车在路面上洒水，给路面降温。某洒水车的部分参数如下表所示，求：
项目 数值
空载质量/t 4
满载装水量/t 20
满载时车轮与地面总接触面积/m2 0.6
正常洒水流量/（t/h） 40
（1）装满水的洒水车对水平地面的压强（g取10N/kg）；
（2）装满水的洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力的功率是240kW，此时洒水车受到的阻力；
（3）洒水车以5m/s的速度匀速直线行驶，并按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程。
24．（2024·通辽）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射成功。查阅资料了解到，飞船在发射前需要检验飞船舱体的气密性。科技人员设计了图甲模拟检测电路，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随环境气压变化的规律如图乙。将R置于舱体内，舱体位于真空室中，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa。求：
（1）舱体不漏气时，R0两端的电压；
（2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能；
（3）电压表示数为8V时，舱体内的气压值。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】声音的产生；声速；音调及音调与频率的关系；噪声及来源
【解析】【解答】A．编钟振动发声，故A错误；
B．编钟声的传播速度是340m/s，故B错误；
C．敲击大小不同的钟，则钟的振动快慢不同，发出声音的音调不同，故C正确；
D．噪声在物理学角度，如果影响人的工作、生活、学习，均属于噪音，所以奏出的优美乐曲可能属于噪声，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
4、噪声：影响人类休息和学习的声音统称为噪声。
2．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．当发现有人触电时，应立即切断电源，再打电话报警 ，故A错误；
B．由于生活中的水是导体，当发现因电起火时，不能用水浇灭，以防触电，故B错误；
CD．当闻到燃气异味时，应立即打开门窗通风，关闭燃气阀门，不能立即打开电灯，原因是防止产生电火花，点燃燃气，造成爆炸事故，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 （1）当发现有人触电时，应立即切断电源；
（2）生活用水是导体，据此判断；家庭电路起火时应先切断电源，再灭火；
（3）煤气泄漏的时候，首先应该打开门窗，关闭煤气源，不能打开电灯和抽油烟机。
3．【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．冰冻肉卷变软是是熔化现象，故A正确；
B．锅内冒出“白气”是是液化现象，故B错误；
C．汤汁越煮越少是汽化现象，故C错误；
D．煮熟食材是汤和食物存在温度差，食材通过热传递改变内能的过程，故D错误。
故选A。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
4、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
4．【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．在墙面中看到“自己”属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A错误；
B．“自己”和真实自己大小相等，故B错误；
C．面向“自己”走，“自己”向前走，故C错误；
D．“自己”与“倒影”都属于平面镜成像，是光的反射形成的，两者原理相同，故D正确。
故选D。
【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像与物体大小相同，像和物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等。
5．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，质量不变，高度升高，则动能不变，重力势能增大；所以机械能增大，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
6．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】公共场所的电器均属于并联，每个可独立工作，且各有一个开关控制。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】ABC．上下快速晃动时，筒内的磁体会上下运动，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，将机械能转化为电能，所以利用了发电机原理，故C正确，AB错误；
D．为蓄电池充电时，电能转化为化学能，故D错误。
故选C。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象；
（2）发电机是利用电磁感应原理来工作的，将机械能转化为电能；
（3）蓄电池充电时，将电能转化为化学能储存起来。
8．【答案】C
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．以电动平衡车为参照物，人与电动平衡车之间的位置没有发生变化，所以人相对于电动平衡车是静止的，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，此时人不会向前倾，是因为人和电动平衡车一起做匀速直线运动，处于平衡状态，故B错误；
C．人与车的总重力与地面对车的支持力，这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故C正确；
D．轮胎上有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选C。
【分析】1.研究物体运动状态时，要选择合适的参照物，若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
2.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性的惟一量度是质量，质量越大，物体具有的惯性越大；
3.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
4.增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；变滚动摩擦为滑动摩擦。
9．【答案】B
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】A．电热水器是根据焦耳定律工作的，即利用电流的热效应工作的，故A正确，不符合题意；
B．热水器的铭牌上标有“220V 2200W”字样，空调的铭牌上标有“220V 1900W”字样，热水器功率大，所以表转速快，相同时间下，根据W=Pt计算可知热水器消耗的电能多，故B错误，符合题意，C正确，不符合题意；
D．据图可知电路中允许通过的最大电流为40A，小明家原有用电器的总功率是3800W，热水器的额定功率为2200W，空调的额定功率为1900W，根据电功率公式P=UI计算可知电路中的电流
，所以小明家现有的用电器可以同时使用，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比。
2、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，电能表正常工作电压和电流为220V 10A，最大电流为40A，某段时间所用电能为电能表示数之差。某段时间消耗电能的计算：n/3000r kW·h n为灯光闪烁次数。
3、功率公式的应用：P=W/t.
10．【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是支点，故A错误；
B．杆秤使用时，杆秤动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C．根据杠杆平衡条件有，、不变，所挂物体加重时，G物变大，变大，即秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡，故C正确；
D．根据杠杆平衡条件有，使用已磨损的秤砣测量时，即变小，、不变，所以变大，则测量值比真实值偏大，故D错误。
故选C。
【分析】（1） 根据支点的定义分析；
（2）根据动力臂与阻力臂的关系判断出杠杆的类型；
（3）根据杠杆的平衡条件分析物体加重时，秤砣移动的方向；
（4）根据杠杆的平衡条件分析秤砣磨损后的误差关系。
11．【答案】A,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．潜水器在下潜过程中，深度h逐渐增大，根据分析可知所受海水的压强也逐渐变大。故A正确；
B．潜水器在上浮至海面过程中，排开海水的体积先不变，后变小，液体的密度不变，根据浮力的公式
分析可知所受海水的浮力先保持不变后减小。故B错误；
C．抛掉压载铁后，上浮时所受海水的浮力大于物体的重力，即
故C错误；
D．在10000m深度时，根据压强公式计算海水对观测窗的压力为F=pS=ρ海水ghS=1.0×103kg/m3×10N/kg×10000m×0.03m2=3×106N，故D正确。
故选 AD。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
3、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力.
12．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A．滑片向左移动，滑动变阻器接入电路中电阻变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变小，电压电源不变，由串联电路的电压规律可知灯泡两端的电压变大，电路中总电阻变小，电路中的电流变大，则曲线a为灯泡的电压、电流关系图，曲线b为滑动变阻器的电压、电流关系图，即曲线a是电流表与电压表V1示数的关系图像，曲线b是电流表与电压表V2示数的关系图像，故A错误；
B．由图像可知，当电流为0.2A时，灯泡电压为UL=2V，变阻器电压为UP=9V，则电源电压为：
故B正确；
C．将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，由乙图可知，当灯泡正常发光时，电路电流为I额=0.6A，滑动变阻器两端的电压为Up'=3V，此时灯泡的额定电压为：
灯泡的额定功率为
故C错误，D正确。
故选BD。
【分析】（1）由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测的是滑动变阻器的电压，V1测的是灯泡的电压。当滑片从滑动变阻器最右端向左移动时，根据串联分压原理可知，V2的示数减小，V1的示数增大，根据图乙可以判断ab分别是谁的图象；
（2）由图乙可知，当滑动变阻器的滑片在最右端时，对应电流是0.2A，可知此时滑动变阻器和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律求出电源电压；
（3）将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，由乙图可知，当灯泡正常发光时，电路电流为I额，滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律可知灯泡的额定电压；
（4）根据P=UI计算灯泡的额定功率。
13．【答案】半导体；一
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用
【解析】【解答】发光二极管是由半导体材料制成的，LED灯是用半导体材料制成的。
太阳能是从自然界中直接获取的，则太阳能是一次能源。故第1空填：半导体；第2空填：一。
【分析】电子产品中，使用了大量的半导体元件，发光二极管是半导体材料；太阳能属于一次能源。
14．【答案】改变物体的形状；上升
【知识点】力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高， 说明力可以改变物体的形状。该装置从一楼拿到十楼，大气压强随高度的增加而逐渐减小，玻璃瓶内部的气压大小是不变的，玻璃管内水柱在玻璃瓶内部的气压作用下上升。
【分析】压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
15．【答案】压缩；减少
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】拧瓶子过程中瓶盖未弹出前，压缩瓶内空气，瓶内空气的内能增加，跟汽油机的压缩冲程能量转化相同，将机械能转化为内能；
瓶盖被弹出时，瓶内气体对瓶盖做功，内能减少，温度降低，瓶内温度高的水蒸气遇冷液化形成小水滴，出现白雾。
故答案为：压缩；减小。
【分析】（1）拧瓶子的过程中，压缩气体做功，机械能转化为内能；
（2）改变内能的方法有做功和热传递；当气体膨胀做功时，将内能转化为机械能，内能减小，温度降低。
16．【答案】滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是运动的还是静止的？；物理解答：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是静止的。
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】滑翔过程中，金雕和绵羊在半空中一起运动，则以绵羊为参照物，金雕的位置不发生变化，所以金雕是静止的。
物理问题：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是运动的还是静止的？
物理解答：滑翔过程中以绵羊为参照物，金雕是静止的。
【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
17．【答案】
【知识点】光的反射；作光的反射光路图；光的折射规律；作光的折射光路图
【解析】【解答】根据反射角等于入射角画出入射光线AO，在法线的右侧空气中画出折射光线OB，光从玻璃斜射入空气中时折射角大于入射角，如图所示：
【分析】 根据光的反射定律和折射规律作图即可。
18．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】正在水平向右运动冰壶，受到竖直向下的重力和地面对其竖直向上的支持力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用点在物体的重心；在水平方向，被推出去的冰壶由于惯性继续向前运动，因此只受到水平向左的摩擦力，如图所示：
【分析】 对冰壶进行受力分析，根据力的示意图的作法作图即可。
19．【答案】（1）质量
（2）A；3.15×103
（3）豆浆的温度未达到沸点保持不变
【知识点】探究水的沸腾实验；热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）根据控制变量法可知，实验中需要控制烧杯中豆浆和水的质量和初温相同；
（2）根据图乙可知，水和豆浆的沸点都为99℃，沸点相同，所以猜想A：豆浆的沸点比水低是错误的；
实验中通过两套相同的实验装置进行探究，则相同时间水和豆浆吸收热量相等，由乙图可知，加热4min，图像a升温快，是豆浆的温度变化图像，图像b升温慢，是水的温度变化图像，水由30℃升高到60℃，豆浆由30℃升高到70℃，则：
即
代入数据可得：
（3）液体沸腾时，温度到达沸点，不断吸热，温度不变；实验中她发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，通过图象可知，82℃时豆浆继续吸热，温度继续升高，所以判断出82℃时豆浆并未沸腾，他判断的依据是豆浆的温度未达到沸点保持不变。
故答案为： （1）质量；（2）A；3.15×103；（3）豆浆的温度未达到沸点保持不变。
【分析】 （1）根据控制变量法分析；
（2）根据图乙得出水和豆浆的沸点都为99℃，沸点相同；相同的加热器在相同时间内放出的热量相同，水和豆浆吸收的热量也相同，算出图像知加热4min水升高的温度和豆浆升高的温度，根据Q吸水=Q吸豆浆，即c水mΔt水=c豆浆mΔt豆浆算出豆浆的比热容；
（3）沸腾的特点是达到沸点，继续吸热，温度不变。
（1）质量的多少影响加热至沸腾的时间，由控制变量法可知，实验中需要控制质量相同，所以通过图甲中两套相同的实验装置进行探究时，烧杯中要装有质量相等的水和豆浆。
（2）[1]根据图乙可知，水和豆浆的沸点都为99℃，所以豆浆的沸点比水低的猜想是错误的，故猜想A是错误的。
[2]实验中通过两套相同的实验装置进行探究，则相同时间水和豆浆吸收热量相等，由乙图可知，加热4min，图像a升温快，图像b升温慢，所以图像b是水的温度变化图像，水由30℃升高到60℃，豆浆由30℃升高到70℃，则
即
代入数据可得
（3）液体沸腾时，继续吸热，温度到达沸点保持不变，实验中她发现豆浆在82℃时就产生了大量气泡，通过图象判断，82℃时豆浆继续吸热，温度继续升高，所以判断出82℃时豆浆并未沸腾，故判断的依据是豆浆的温度未达到沸点保持不变。
20．【答案】（1）C
（2）右；变大
（3）前调
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在测量凸透镜焦距的实验中，需要凸透镜要正对太阳光，太阳光平行于凸透镜的主光轴，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，根据物近像远像变大可知，应把光屏向右移动，像的大小将变大。
（3）当手持照相机走近拍摄景物时，物距减小，根据物近像远像变大可知，为了得到清晰的像，需要增大像距。应将镜头适当向前调，以增大像距，从而得到清晰的像。
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）在测量凸透镜焦距的实验中，需要确保太阳光平行于凸透镜的主光轴，并且凸透镜要正对太阳光。这样，太阳光经过凸透镜折射后，会聚在主光轴上的一点，这个点就是凸透镜的焦点。故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）[1][2]此时，物距为25cm，大于两倍焦距，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像，像距（光屏到凸透镜的距离）在一倍焦距和二倍焦距之间。保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，此时物距减小，物近像远像变大，所以应把光屏向右移动，像的大小将变大。
（3）当手持照相机走近拍摄景物时，即物距减小，为了得到清晰的像，需要增大像距。在照相机中，镜头和感光元件（相当于光屏）之间的距离是可以调整的。因此，应将镜头适当向前调，以增大像距，从而得到清晰的像。
21．【答案】（1）
（2）断路
（3）定值电阻R；定值电阻R两端电压
（4）第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持不变
（5）将开关S与b连接，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，所以滑动变阻器的电阻变小，变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图示数：
（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，发现电压表示数接近于电源电压，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以故障可能是与电压表并联的定值电阻R断路了。
（3）在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，应控制定值电阻两端电压不变，改变定值电阻R的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制定值电阻R两端电压保持不变。
（4）分析表中的数据发现，第1、4次实验中，根据欧姆定律计算定值电阻R两端电压
；第3次实验中，定值电阻R两端电压
，则第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持3V不变。
（5）②分析电路图可知，将开关S与a连接，滑动变阻器与灯泡首尾依次相连，属于串联，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额，则灯泡正常发光；将开关S与b连接，滑动变阻器与变阻箱串联，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻，直至电压表示数仍为U额，通过变阻器的组织表示小灯泡正常发光时的电阻。
【分析】变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处；
电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路。
串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即滑动变阻器的电阻变小，所以变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图示数：
（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，说明电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，则电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以故障可能是与电压表并联的定值电阻R断路了。
（3）[1][2]在“探究导体中电流与电阻的关系”实验中，由控制变量法可知，应控制定值电阻两端电压不变，改变定值电阻的阻值，所以实验时改变定值电阻R的阻值，通过移动滑动变阻器的滑片P来控制定值电阻R两端电压保持不变。
（4）分析表中的数据发现，第1、4次实验中，定值电阻R两端电压
即控制定值电阻R两端电压保持3V不变，第3次实验中，定值电阻R两端电压
则第3次实验中，没有控制定值电阻R两端电压保持3V不变。
（5）②分析电路图可知，将开关S与a连接，滑动变阻器与灯泡串联，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U额，则灯泡正常发光；将开关S与b连接，滑动变阻器与变阻箱串联，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节变阻箱的电阻，直至电压表示数仍为U额，则变阻箱的电阻等于小灯泡正常发光时的电阻。
22．【答案】（1）13.2；1.32×103
（2）恢复原状；1.1×103
（3）F1-F2；
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）游码对应的刻度为3.2g，砝码为10g，所以萝卜块的质量；量筒中水的体积为50mL，量筒中水和萝卜块的总体积为60mL，萝卜块的体积V萝卜=60mL-50mL=10mL=10cm3，根据密度公式计算萝卜块的密度
。
（2）橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入11cm水，即，由液体压强公式可得，所以
。
（3）由图丁可知，石块未浸没在液体中，弹簧测力计示数为F1，石块的重力G=F1；弹簧测力计挂着石块浸没在水中，弹簧测力计示数为F2，根据称重法可得，石块受到的浮力
根据阿基米德原理可得石块的体积，结合密度公式计算石块的密度
。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
4、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
（1）[1]由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度为3.2g，则萝卜块的质量
[2]由乙图可知，量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积为50mL，量筒中水和萝卜块的总体积为60mL，则萝卜块的体积
V萝卜=60mL-50mL=10mL=10cm3
则萝卜块的密度
（2）[1]向隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入水，直至橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，由液体压强公式，便于计算酱油的密度。
[2]向隔板左侧倒入10cm酱油，向隔板右侧倒入11cm水，橡皮膜恢复原状，则橡皮膜左右两侧液体压强相等，即
由液体压强公式可得
代入数据可得酱油的密度
（3）[1]由图丁可知，弹簧测力计挂着石块，弹簧测力计示数为F1，则石块的重力
G=F1
弹簧测力计挂着石块浸没在水中，弹簧测力计示数为F2，则由称重法可得，石块受到的浮力
[2]由阿基米德原理可得石块的体积
石块的密度
23．【答案】（1）解；由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力：
则装满水的洒水车对水平地面的压强：
答：装满水的洒水车对水平地面的压强为4×105Pa；
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力：
答：洒水车受到的阻力为20000N；
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间：
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程：
答：按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程为9000m。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据计算装满水的洒水车对水平地面的压力，根据计算装满水的洒水车对水平地面的压强；
（2）根据二力平衡可知，阻力等于牵引力，根据求出牵引力的功率为240kW时，洒水车受到的阻力；
（3）根据洒水车满载装水量20t和正常洒水流量40t/h，求出洒水时间，根据求最多可以连续洒水的路程。
（1）由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力
则装满水的洒水车对水平地面的压强
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由
可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程
24．【答案】（1）解：根据乙图可知，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，压敏电阻的阻值R=10Ω，
根据乙图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，
串联电路中的电流；
则R0两端的电压。
答：R0两端的电压为10V。
（2）解：舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能。
答： 舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能1440J。
（3）解：电压表测量R0两端电压，电压表示数为8V时，串联电路中的电流；
压敏电阻的阻值；
由图乙可知，压敏电阻的阻值为25Ω时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
答： 电压表示数为8V时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，根据计算串联电路的电流，根据计算R0的电压；
（2）根据Q=I2Rt计算消耗的电功率；
（3）电压表示数为8V时，根据计算串联电路的电流，然后根据计算压敏电阻的阻值，最后根据图乙确定舱内的气压值。
（1）由图乙可知，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，压敏电阻的阻值
R=10Ω
分析甲图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端电压，电源电压12V保持不变，R0为50Ω的定值电阻，串联电路中的电流
则R0两端的电压
（2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能
（3）电压表测量R0两端电压，电压表示数为8V时，串联电路中的电流
压敏电阻的阻值
由图乙可知，压敏电阻的阻值为25Ω时，舱体内的气压值为0.6×105Pa。
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