2025年广东省深圳市罗湖区中考二模物理试题
一、物理与传统文化
1．（2025·罗湖模拟）元宵节（又称上元节）是我国传统节日，2008年被列入第二批国家级非物质文化遗产名录。元宵节吃汤圆是传统的习俗，弘扬中国传统文化是我们义不容辞的责任，请回答下列问题。
（1）小明发现煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，主要原因是（ ）
A．硬度高 B．可导电 C．密度小 D．隔热好
（2）小明在厨房煮汤圆时，妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，于是提醒小明关小火，这一现象利用了声音（ ）
A．可以传递能量 B．可以传递信息
C．可以在真空中传播 D．传播的速度与温度有关
（3）下列关于煮汤圆过程中的现象说法正确的是（ ）
A．从冰箱拿出冷冻的汤圆，汤圆表面马上覆盖一层白霜是由于水蒸气液化形成
B．煮汤圆是通过热传递的方式增加汤圆的内能
C．煮汤圆时，汤圆在上下翻滚说明分子在做无规则运动
D．煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶出的过程与汽油机排气冲程相似
【答案】（1）D
（2）B
（3）B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；声与信息
【解析】【解答】（1）ABCD、小明发现煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，主要原因是塑料的隔热性好，可以避免烫伤。故ABC错误，D正确。
故选：D。
（2）ABCD、小明在厨房煮汤圆时，妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，于是提醒小明关小火，这一现象利用了声音可以传递信息。故ACD错误，B正确。
故选B。
（3） A、液化是指物质由气态变为液态的过程，凝华是指物质由气态直接变为固态的过程。当冷冻的汤圆从冰箱中拿出时，其温度很低，周围空气中的水蒸气遇冷会直接变成小冰晶附着在汤圆表面，这是凝华现象，故A错误。
B、煮汤圆时，汤圆从热水中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变汤圆的内能，故B正确。
C、煮汤圆时，汤圆在上下翻滚是宏观物体的机械运动，不是分子的运动。分子在做无规则运动是微观层面的现象，肉眼是无法直接观察到的，故C错误。
D、煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶起的过程是水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，与汽油机的做功冲程相似。在汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能。而汽油机的排气冲程是将燃烧后的废气排出气缸的过程，没有能量转化，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）塑料的导热性能差，属于热的不良导体。
（2）声可以传递信息，声可以传递能量。
（3）凝华是指物质由气态直接变为固态的过程。煮汤圆是通过热传递的方式增加汤圆的内能。
煮汤圆时，汤圆在上下翻滚是宏观物体的机械运动，不是分子的运动。在汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能。
（1）煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，是为了防止锅把手烫手，是利用塑料隔热性好的特点，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（2）妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，说明声音可以传递信息，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）A．从冰箱拿出冷冻的汤圆，汤圆表面马上覆盖一层白霜是由于水蒸气凝华形成的，故A错误；
B．煮汤圆时，汤圆吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式增加汤圆的内能，故B正确；
C．煮汤圆时，汤圆在上下翻滚，可以表现出锅中水的沸腾程度，并不能说明分子在做无规则运动，故C错误；
D．煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶出的过程是内能转化为机械能，与汽油机做功冲程相似，故D错误。
故选B。
二、物理与科学技术
2．（2025·罗湖模拟）我国的AI技术和机器人技术领先世界。2025年的春晚舞台上，宇树科技自主研发的机器人登上了春晚舞台并完成了精彩的扭秧歌表演，请回答下列问题。
（1）下列有关机器人说法正确的是（ ）
A．该机器人的身高约为180dm
B．制造机器人的控制芯片核心材料是超导体
C．给机器人充电时，主要将化学能转化为电能
D．机器人的动力装置是电动机，其工作原理是通电导线在磁场中受力的作用
（2）如图，机器人的机械臂与人的手臂原理类似，下列选项中工具在使用时与机械臂工作时属于同一类杠杆的是（ ）
A．筷子夹食物
B．托盘天平测质量
C．羊角锤拔钉子
D．核桃夹夹核桃
（3）该机器人的部分参数如下表所示，下列说法正确的是（ ）（）
整机质量：47kg 电池容量：15A·h
最大充电电压：65V 输出功率为：500W
与地面接触总面积：
A．机器人的重力为47N
B．机器人对水平地面的压强为
C．机器人能工作最长时间为1.95h
D．机器人充满电储存的能量为
【答案】（1）D
（2）A
（3）C
【知识点】杠杆的分类；电功率的计算；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）A、该机器人的身高约为180cm，故A错误；
B、制造机器人的控制芯片核心材料是半导体，故B错误；
C、给机器人充电时，主要将电能转化为化学能储存在电池中，故C错误；
D、电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，故D正确。
故选：D。
（2）由图可知，人的手臂支点在肘关节，转动时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；
CD．羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都属于省力杠杆，故CD不符合题意。
故选：A。
（3）A．由题可知机器人的质量为m=47kg，故机器人的重力为G=mg=47kg×10N/kg=470N
故A错误；
B．因为机器人对水平地面的压力等于自身的重力，即F=G=470N
故机器人对水平地面的压强为
故B错误；
CD．由题中电池容量可知，机器人充满电储存的电能为W=UIt=65V×15A×3600s=3.51×106J=0.975kW·h
机器人输出功率为500W，故由功率计算公式，可得机器人能工作最长时间为
故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据生活经验和对长度单位的认识进行分析；制作芯片的材料主要是半导体；
电池在充电时，电能转化为化学能，放电时化学能又转化为电能；电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动。
（2）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（3）根据G=mg求出机器人的重力；
机器人对水平地面的压力等于自身的重力，利用求出机器人对水平地面的压强；
根据W=UIt求出机器人充满电储存的电能，利用求出机器人能工作最长时间。
（1）A．该机器人的身高约为180cm=18dm
故A错误；
B．制造机器人的控制芯片核心材料是半导体，故B错误；
C．给机器人充电时，主要将电能转化为化学能储存在电池中，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，将电能转化为机械能，故D正确。
故选D。
（2）机械臂的功能类似于人的手臂，使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；
CD．羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都属于省力杠杆，故CD不符合题意。
故选A。
（3）A．由表中数据可知，机器人的重力为G=mg=47kg×10N/kg=470N
故A错误；
B．机器人对水平地面的压力等于自身的重力，即F=G=470N
则机器人对水平地面的压强为
故B错误；
CD．由表中数据可知，机器人充满电储存的电能为W=UIt=65V×15A×3600s=3.51×106J=0.975kW·h
机器人能工作最长时间为
故C正确，D错误。
故选C。
三、非选择题（共10题，51分）
3．（2025·罗湖模拟）小明正在学习智能显示眼镜的光学原理，了解到其核心部件是微型投影仪和半透半反镜。如图乙所示，微型投影仪发射的光线AO经镜面反射，请在图乙中画出其反射光线，并标出反射角的度数。
【答案】
【知识点】光的反射定律；作光的反射光路图
【解析】【解答】入射光线与镜面的交点为入射点，过入射点画出与镜面垂直的法线（用虚线表示），由光的反射定律可知，反射角等于入射角，入射光线与平面镜夹角为20°，所以入射角为90°-20°=70°，则反射角也为70°，在法右侧画出一条与法线夹角为70°的光线，如图所示：
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
4．（2025·罗湖模拟）2025年1月20日，中国研发制造了具有“人造太阳”之称的全超导托卡马克实验装置(EAST)，其反应原理与太阳类似，即通过氢核 (选填“聚变”或“裂变”)释放巨大的核能，核能属于 (选填“一次”或“二次”)能源。
【答案】聚变；一次
【知识点】核能；核聚变；核裂变
【解析】【解答】
（1）太阳内部是通过氢核的聚变释放巨大核能的，“人造太阳” 全超导托卡马克实验装置（EAST）反应原理与太阳类似，所以此处应填 “聚变”；一次能源是指自然界中本来就有未经加工转换的能源，核能直接取自自然界，属于一次能源，所以此处应填 “一次” 。
故答案为：聚变；一次。
【分析】
本题主要考查对核能相关概念的记忆和理解。学生需要准确记忆太阳内部能量产生方式是氢核聚变，以及一次能源和二次能源的定义，然后根据这些知识直接进行填空。
5．（2025·罗湖模拟）如图所示，智慧食堂AI视觉结算是一套基于人工智能技术，它利用摄像头和图像识别算法，实时快速识别菜品，帮助顾客实现快速结算。摄像头的镜头相当于一个 透镜，菜品要距透镜的2倍焦距以 （选填“内”或“外”）才能识别。
【答案】凸；外
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】第1空，第2空，摄像头成倒立缩小的实像，故其镜头相当于一个凸透镜；由凸透镜规律可知，菜品要距透镜的2倍焦距以外才能识别，此时成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；外。【分析】当u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机。
6．（2025·罗湖模拟）如图所示，比亚迪发布的全液冷“兆瓦闪充”技术在充电领域引起了巨大反响。为了提高冷却效果，液冷冷却液应该选用 大的液体。该充电柱最大输出功率可以达到1000kW，它支持最高充电电压达到1000V，则最高输出电流为 A。若按宣传的充电“1秒2公里”，每公里只需花费0.15元，则该充电桩的计费为元 /kW·h。
【答案】比热容；1000；1.08
【知识点】比热容；电功率的计算
【解析】【解答】（1）因为水的比热容较大，质量相同的水和其他物质相比，升高相同的温度时，吸收的热量较多，所以冷却效果好；
（2）根据P=UI可得最高输出电流：；（3）充电桩最大功率1000kW，充电“1秒2公里”，一秒消耗的电能；
已知每公里只需花费0.15元，则充电“1秒”花费0.15元×2=0.3元，
充电桩的计费为：。
故答案为：比热容；1000；1.08。
【分析】（1）质量和升高的温度相同时，比热容大的物质吸热多，据此分析；
（2）根据P=UI即可求出最高输出电流，
（3）充电桩最大功率1000千瓦，充一秒可以跑2公里，只花费0.15元，据此算出一秒时间内消耗的电能，就可以计算充电桩的充电价格。
四、物理探究与实践
7．（2025·罗湖模拟）小明学习了摩擦力的相关知识后，通过实验比较款式不同，质量不同的A、B两只运动鞋的鞋底粗糙程度。
（1）要测量鞋子A在橡胶垫上受到的滑动摩擦力的大小，应先将弹簧测力计在 方向上调零。之后，小明用弹簧测力计水平拉动鞋子A，使它沿橡胶垫做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数如图甲所示，可知鞋子A受到的摩擦力为 N；
（2）小明经思考后改用图乙所示方法测鞋子B摩擦力，拉动运动鞋下的橡胶垫，实验过程中 （选填“需要”或“不需要”）匀速拉动橡胶垫；
（3）用图乙所示的方法测出了鞋子B在橡胶垫上受到的摩擦力为1.3N，于是小明得出结论：鞋子A比鞋子B的鞋底更粗糙，同学认为小明的研究方法有误，未控制鞋底所受 相同；
（4）为了更精准的测量运动鞋的滑动摩擦力，小明利用拉力传感器代替图乙中的弹簧测力计进行实验，得到拉力与时间的关系如图丙所示，2至5秒出现示数不稳定可能原因是： 。
【答案】（1）水平；1.8
（2）不需要
（3）压力
（4）接触面的粗糙程度不同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，因实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，且在水平方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在水平方向上调零；图甲中弹簧测力计的分度值为0.1N，其示数为1.8N；
（2）拉动鞋下的橡胶垫并发生相对运动时，鞋相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到橡胶垫施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，与橡胶垫的运动状态无关，故不需要匀速拉动橡胶垫；
（3）由于两双运动鞋的质量不相等，则压力不同，不能通过摩擦力的大小显示粗糙程度，故结论是错误的；没有控制压力大小相等；
（4）根据影响滑动摩擦力大小的因素，弹簧测力计的示数不稳定，压力大小不变，故原因是可能是选择的橡胶垫表面粗糙程度不均匀。
故答案为：（1）水平；1.8；（2）不需要；（3）压力；（4）接触面的粗糙程度。【分析】 （1）弹簧测力计必须沿着测量力的方向调零，实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动读数，据此分析；根据弹簧测力计分度值读数；
（2）如图乙所示，鞋相对地面处于静止状态，根据二力平衡条件分析；
（3）根据控制变量法结合摩擦力的大小有关因素分析；
（4）通过受力分析得出砝码所受摩擦力大小。
（1）[1][2]实验中要用弹簧测力计水平拉动鞋子A，使它沿橡胶垫做匀速直线运动，所以应先将弹簧测力计在水平方向上调零。此时弹簧测力计的示数如图甲所示，分度值为0.1N，示数为1.8N，根据二力平衡可知鞋子A受到的摩擦力为1.8N。
（2）如图乙，拉动运动鞋下的橡胶垫时，鞋子始终静止，受力平衡，弹簧测力计对鞋子的拉力和鞋子收到的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以不需要匀速拉动橡胶垫。
（3）对比图甲和图乙，没有控制压力大小相同，所以不能得出A、B两只运动鞋的鞋底粗糙程度的关系。
（4）2至5秒出现示数不稳定可能原因是接触面的粗糙程度不同，鞋子受到的滑动摩擦力有变化。
8．（2025·罗湖模拟）某班同学利用图甲所示的电路测量约为5Ω的定值电阻的阻值。电源为两节新干电池，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。
（1）请你根据电路图用笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于最 （选填“A”或“B”）端；
（3）完成电路连接后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障可能为 。
（4）排除故障之后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，多次实验所测量的结果如下表所示，则的阻值为 Ω。
实验序号 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻/Ω
1 1.0 0.20 ______
2 1.5 0.30
3 2.0 0.40
（5）下列与本次实验中多次测量数据目的相同的是（ ）
A．测量物体的长度时，进行多次测量
B．探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量
C．探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数
（6）电流表发生故障，实验中小明挑选标有“，1A”字样的滑动变阻器进行实验，设计了如图丙所示的电路。接下来小明的实验操作是：（电源电压不变）
①闭合开关S，调节滑片至最左端时，读出电压表的示数为；
②闭合开关S，调节滑片至最右端时，读出电压表的示数为；
③未知电阻 （用题目给出的。表示）。
【答案】（1）
（2）B
（3）滑动变阻器断路
（4）
（5）A
（6）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量约为5Ω的定值电阻Rx的阻值，电源为两节新干电池，即为3V，由欧姆定律可知，电路的最大电流不超过：
故电流表选用小量程0-0.6A与电阻串联，如下所示：
（2） 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处，即B端。
（3）完成电路连接后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；可知a、b之外的电路和和b、c之外的电路为通路，接在a、c之间，电压表无示数，可知a、c之外的电路为断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障可能为变阻器断路。
（4）排除故障之后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，多次实验所测量的结果如表所示，由欧姆定律，第1次实验的电阻为：
第二次
第三次。
为减小误差，取平均值作为测量结果，则Rx的阻值为
。
（5） （5）本次实验中多次测量数据目的是取平均值减小误差：
A.测量物体的长度时，进行多次测量，目的是取平均值减小误差：
B.探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量，是为了得出普遍性的规律；
C.探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数，是为了得出普遍性的规律；
故选：A。
（6）在①中，闭合开关S，调节滑片至最左端时，变阻器连入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U1；即电源电压；在②中，闭合开关S，调节滑片至最右端时，待测电阻与变阻器的最大电阻串联，电压表测待测电阻的电压，读出电压表的示数为U2；由串联电路电压的规律，此时滑动变阻器的电压为
由欧姆定律可得通过电路的电流
③由欧姆定律可得未知电阻。
故答案为：（1）见解析； （2）B；（3）变阻器断路；（4）5；（5）A； （6）。
【分析】 （1）测量约为5Ω的定值电阻Rx的阻值，电源电压为3V，由欧姆定律可知电路的最大电流，确定电流表选用小量程与电阻串联。
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处。
（3）本实验中，电压表有示数，则电压表之外的电路为通路，否则不断路。
（4）由欧姆定律得出第1次实验的电阻；同理，第2、3次电阻的大小，为减小误差，取平均值作为测量结果。
（5）本次实验中多次测量数据目的是取平均值减小误差，分析每个选项，找出符合题意的答案。
（6）分析变阻移动时电路的连接及电压表测电阻的电压，由串联电路电压的规律得出两电阻串联时变阻器的电压，由分压原理得出未知电阻Rx。
（1）电流表应串联接入电路，电源为2节干电池，未知电阻的阻值大约为5Ω，由欧姆定律可得通过电路的最大电流
所以电流表选择0~0.6A的量程。如图所示
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处。由图可知，应位于最B端，此时滑动变阻器接入电路的电阻丝最长。
（3）把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明a、电源、b之间是通路，电流表、待测电阻、c也是通路，根据接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
（4）根据，分别计算三次测量的电阻值第一次
第二次
第三次。
则Rx的阻值为。
（5）本次实验多次测量数据的目的是求平均值减小误差。测量物体的长度时，进行多次测量是为了求平均值减小误差，与本次实验目的相同；探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量是为了寻找普遍规律，与本次实验目的不同；探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数是为了寻找普遍规律，与本次实验目的不同。故BC不符合题意。A符合题意。
故选A。
（6）①闭合开关S，调节滑片至最左端时，读出电压表的示数为，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为定值电阻的简单电路，电压表示数即电源电压；
②闭合开关S，调节滑片至最右端时，读出电压表的示数为，此时定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压
由欧姆定律可得通过电路的电流
③由欧姆定律可得未知电阻。
五、物理与工程实践
9．（2025·罗湖模拟）深圳“东进战略”重大工程春风隧道即将建成通车，隧道长4.8km，汽车限速60km/h。某燃油车匀速通过隧道时的牵引力为，牵引力做的功可认为是发动机输出的有用功，汽车屏幕显示通过隧道消耗汽油0.5kg，（汽油热值）求：
（1）按交通规则行驶，汽车通过隧道至少需要的时间；
（2）汽车匀速通过隧道，牵引力做的功；
（3）汽车的汽油机效率。
【答案】（1）汽车通过隧道至少所需时间
（2）牵引力做功
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
则汽油机的效率
【知识点】燃料的热值；热机的效率；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据速度公式即可求出汽车通过隧道需要的时间；
（2）利用功的定义式W=Fs进行计算牵引力做的功；
（3）用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率。
（1）汽车通过隧道至少所需时间
（2）牵引力做功
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
则汽油机的效率
10．（2025·罗湖模拟）2025年的“体重管理年”掀起全民健身热潮，小明受健身器材握力计启发，设计了“简易握力器”，其原理如图甲所示，通过电流表示数大小判断握力大小。电源电压为9V，电流表的量程为0~0.6A，定值电阻的阻值为5Ω，压敏电阻R的阻值与压力F的关系如图乙所示。求：
（1）当R不受力时，电路中的电流及消耗的电功率；
（2）成年人的握力可达1000N，请通过计算，评价该握力器是否合格？若不合格，请简单说明改进建议。
【答案】（1）由图可知，电阻R与R0串联，电流表测电路中的电流，当压力时，电阻，此时电路的总电阻
电路的电流为
由得消耗的电功率
（2）当压力时，电阻，此时与串联，此时电路的总电阻
电流表的量程为0~0.6A，，超出了电流表量程，该握力器不合格。为了能够测量1000N的握力，可以增大电流表量程或增大定值电阻的阻值或降低电源电压。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）当R不受力时由图乙可知，当R不受力时，R=40Ω。根据串联电路总电阻等于各电阻之和，可得此时电路总电阻，根据欧姆定律，计算电路中的电流，根据电功率公式P=I2R可得R0消耗的电功率。
（2）当成年人握力F=1000N时由图乙可知，此时R=5Ω。计算电路总电阻，根据欧姆定律可得此时电路中的电流，因为0.9A＞0.6A，超过了电流表的量程，所以该握力器不合格。更换大量程电流表：若有合适的大量程电流表，可直接更换，使电流表能测量出握力为1000N时的电流。
（1）由图可知，电阻R与R0串联，电流表测电路中的电流，当压力时，电阻，此时电路的总电阻
电路的电流为
由得消耗的电功率
（2）当压力时，电阻，此时与串联，此时电路的总电阻
电流表的量程为0~0.6A，，超出了电流表量程，该握力器不合格。为了能够测量1000N的握力，可以增大电流表量程或增大定值电阻的阻值或降低电源电压。
11．（2025·罗湖模拟）每年春季深圳都会迎来梅雨天气，为了让家里的衣服更快干。小明家购买了一个烘衣机，如图甲所示，小明对它进行研究，发现其控制电路原理如图乙所示。
（1）烘衣机能迅速除去潮气，提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的 （填写一种物态变化名称）；
（2）烘衣机具有消毒功能，它的杀菌灯能放射 （选填“红外线”或“紫外线”）：
（3）烘衣机有冷风、暖风和热风三个不同档位，图乙所示的电路中。若使用冷风挡时，电路消耗的电功率为40W。若使用热风挡时，电路工作50秒共消耗电能 J；
（4）请对小明安全使用烘衣机提出一个建议 。
【答案】（1）汽化
（2）紫外线
（3）4.6×104
（4）为了用电安全，建议使用三孔插座。
【知识点】影响蒸发快慢的因素；紫外线；电功率的计算；安全用电原则；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）烘衣机能迅速除去潮气，是通过提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的蒸发，而蒸发现象属于汽化现象。
（2）烘衣机具有消毒功能，是因为它的杀菌灯能放射的紫外线有消毒功能；。
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，热风挡工作时，电路的总功率
热风挡工作50秒共消耗的电能W=P热t=920W×50s=4.6×104J
（4）使用烘衣机时，为了用电安全，建议使用三孔插座。
故答案为：（1）汽化；（2）紫外线；（4）4.6×104；使用三孔插座。
【分析】 （1）物质由液态变为气态的过程叫做汽化；汽化有两种方式：蒸发和沸腾；影响蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流速；
（2）紫外线有消毒功能；
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，根据求出R1、R2的电功率，据此求出使用热风挡时电路的总功率，根据W=Pt求出电路工作50秒共消耗的电能；
（4）为了用电安全，建议使用三孔插座。
（1）烘衣机能迅速除去潮气，提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的蒸发，蒸发现象属于汽化现象。
（2）紫外线有消毒功能，烘衣机具有消毒功能，它的杀菌灯能放射紫外线。
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，热风挡工作时，电路的总功率
热风挡工作50秒共消耗的电能W=P热t=920W×50s=4.6×104J
（4）使用烘衣机时，把衣服扭干水或手干燥插插头，避免发生触电事故。
12．（2025·罗湖模拟）罗湖某学校科学项目式学习小组的同学在实验室做测量液体密度的实验。
（1）将托盘天平放置在水平台面上，游码移至标尺左端的零刻度处，分度盘如图1所示，则应将平衡螺母向 调节，直到指针指在分度盘中央。
（2）测量液体的密度，以下正确的操作步骤应该是
A．用天平测出剩余液体和烧杯的总质量记为。
B．将部分液体倒入量筒中，用量筒测出液体的体积记为V，示数如图2所示。
C．用天平测出液体和烧杯的总质量记为，示数如图3所示。
（3）所测液体的密度 。
小组为更方便的测量液体密度，开展了以下项目式研究。
项目一：利用吸管、细铁丝、石蜡、记号笔和不同种密度的液体等制作了一个简易密度计。制作时，小组先将吸管两端剪平，在其下端加适当的配重，并将这一端用蜡封起来。如图4，将其置于纯水中，在吸管上标出水面的位置1；取出吸管，量出标记至吸管下端的距离H。如图5，再将简易密度计置于待测液体中，在吸管上标记液面位置2：取出吸管，量出标记至吸管下端的距离。
（4）在吸管下端增加适当的配重是为让吸管竖直 在液体中；
（5）密度计在水与待测液体中的所受浮力分别为和，则 ，待测液体密度 （选填“>”“<”或“=”）。
（6）待测液体密度 （用、h及H表示）；
（7）小组成员记录了该密度计在不同液体中静止时，密度计浸入液体的深度h，并填写在表格中。
实验序号 液体密度 浸入深度h（cm）
1 0.8 12.5
2 0.9 11.1
3 1.0 10.0
4 1.1 9.0
5 1.2 8.3
利用表中数据，描绘出液体密度与浸入深度的关系图线如图所示，通过分析可知此“液体密度计”的刻度 （选填“是”或“不是”）均匀的，原因是 ；
项目二：小组成员发现估读时误差较大，于是通过查阅资料，小组利用杆秤制作了一种刻度均匀的密度计。
【设计制作】
①模仿杆秤结构，用杯子代替秤钩，用细木条制作一根轻质（自身质量忽略不计）无刻度“密度秤”；
②如图7，绑紧空杯子，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时，用笔将此时秤砣的悬挂点A标记为“0”刻度；
③杯中加水至a处，重复②中步骤，此时秤砣的悬挂点B标记为“”；
④将AB两点之间长度等分，以其中1等份为标准，在整根秤杆上均匀地标上刻度。
【产品检验】
（8）在杯子中加入某待测液体至a处后，提起提纽，移动秤砣至C处，秤杆在水平位置平衡，此时刻度如图8，请读出密度为 。
【分析评估】
（9）检验测量时，若杯子外壁沾有待测液体，将导致测量结果 。
项目三：小组成员想设计一个可显示读数的密度计，通过电流表示数反映液体密度，于是设计了如图9所示的电路。电路中电源电压，电流表选用0～0.6A量程，定值电阻的阻值为10Ω，R是力敏电阻，其阻值与所受压力的关系如图所示。已知A点悬挂的重物质量为0.8kg，体积为，力臂．（）
（10）将重物浸没于液体中时，则此密度计所能测量液体密度的范围是 。
（11）为了提高液体密度的测量范围，小组成员通过咨询deepseek，它给出以下建议，其中不可行的是 。
A．换量程更大的电流表 B．将支点O往右边移动
C．减小电源电压 D．增大的阻值
【答案】左；CBA；；漂浮；=；>；；不是；液体密度与浸入深度不成线性关系；；偏大；；
【知识点】液体密度的测量；阿基米德原理；浮力的利用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 （1）将托盘天平放置在水平台面上，游码移至标尺左端的零刻度处，调节天平平衡时，天平的指针向右偏，则应向左调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央；
（2）为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，实验顺序为：CBA；
（3）由图2知，量筒的分度值是2mL，量筒中液体的体积为30mL；由图3知，标尺分度值0.2g，所以烧杯和液体的总质量为m2=50g+20g+4g=74g；则所测液体的密度为：
；
（4）在吸管下端增加适当的配重是为让吸管竖直漂浮在液体中，利用漂浮时浮力等于重力的条件测量液体密度；
（5）第5空，密度计在水和待测液体中都漂浮，所受浮力都等于自身重力，故密度计在水和待测液体中所受浮力相等，即：F1=F2；
第6空，根据阿基米德原理可知：ρ水gV排水=ρ液gV排液，因h＜H，即V排水＞V排液，故ρ液＞ρ水；
（6）设密度计横截面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，由（5）可知，ρ水gV排水=ρ液gV排液，即ρ水gSH=ρ液gSh，
故待测液体密度为： ；
（7）第8空，第9空，由图6可知，由可得， 液体密度与浸入深度不成线性关系，说明“液体密度计”的刻度不是均匀的；
（8）根据图8， 密度秤是模仿杆秤结构制作的，且刻度均匀。分度值为， 则该液体的密度为1.17g/cm3；
（9）当杯子外壁沾有液体时，杯子的整体质量会变大，对杠杆的拉力变大，阻力臂和秤砣质量不变，动力臂会增大，会造成测量结果也偏大；
（10）当重物悬浮在液体中时，因为重物的重力 ，悬浮时最大浮力，此时A点受到的拉力为0，压敏电阻受到的压力为0，即液体的最大密度为：；
由图及杠杆平衡条件可得
因为，所以。
电流表量程为0～0.6A时，当时，
图9可知，此时。则
解得，重物体积为，则
（11） 要提高液体密度的测量范围，根据阿基米德原理可知，应减小重物受到的浮力；
A、换量程更大的电流表，即允许通过的最大电流变大，根据欧姆定律可知，电路总电阻变小，力敏电阻阻值变小，由图9可知，压力FB变大，A点的拉力变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故A不符合题意；
B、将支点O往右边移动，动力臂变大，阻力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，A点的拉力变小，浮力变大，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变大，则液体密度的测量范围变小，故B符合题意；
C、减小电源电压，根据欧姆定律可知，电路总电阻变小，力敏电阻阻值变小，由图（10）可知，压力FB变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故C不符合题意；
D、增大R0的阻值，根据电阻的串联可知，力敏电阻阻值变小，压力FB变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故D不符合题意；
故选：B。
故答案为：（1）左；（2）CBA；（3）1.1；（4）漂浮；（5）=；＞；（6）；（7）不是；液体密度与浸入深度不成线性关系；（8）1.17；（9）偏大；（10）0.6～2.0g/cm3；（11）B。
【分析】 （1）调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘右侧，则向左调节平衡螺母，如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；
（2）为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，设计合理的实验顺序；
（3）称量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，用两次质量差得出倒入量筒中液体的质量；观察量筒分度值，读出量筒内液体体积；根据密度公式计算；
（4）密度计是利用漂浮条件测量液体的密度；
（5）（6）密度计在水和待测液体中都漂浮，所受浮力都等于自身重力；已知浮力和排开液体体积的大小关系，根据阿基米德原理可知待测液体密度与水的密度的大小关系；
（7）根据图6分析回答；
（8）根据图8，读出液体的密度值；
（9）当杯子外壁沾有液体时，杯子的整体质量会变大，对杠杆的拉力变大，阻力臂和秤砣质量不变，动力臂会增大，据此分析；
（10）当重物悬浮在液体中时，A点受到的拉力为0，则力敏电阻受到的压力为0，此时液体密度等于重物的密度，根据密度公式求出液体的最大密度；
根据电流表量程确定电路中最大电流，利用欧姆定律结合电阻的串联求出力敏电阻，由图（10）确定力敏电阻受到的压力，根据杠杆的平衡条件求出A端受到的拉力，利用力的平衡关系求出重物受到的浮力，根据阿基米德原理求出液体最小密度；
（11）要提高液体密度的测量范围，根据阿基米德原理可知，应减小重物受到的浮力，据此分析。
1 / 12025年广东省深圳市罗湖区中考二模物理试题
一、物理与传统文化
1．（2025·罗湖模拟）元宵节（又称上元节）是我国传统节日，2008年被列入第二批国家级非物质文化遗产名录。元宵节吃汤圆是传统的习俗，弘扬中国传统文化是我们义不容辞的责任，请回答下列问题。
（1）小明发现煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，主要原因是（ ）
A．硬度高 B．可导电 C．密度小 D．隔热好
（2）小明在厨房煮汤圆时，妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，于是提醒小明关小火，这一现象利用了声音（ ）
A．可以传递能量 B．可以传递信息
C．可以在真空中传播 D．传播的速度与温度有关
（3）下列关于煮汤圆过程中的现象说法正确的是（ ）
A．从冰箱拿出冷冻的汤圆，汤圆表面马上覆盖一层白霜是由于水蒸气液化形成
B．煮汤圆是通过热传递的方式增加汤圆的内能
C．煮汤圆时，汤圆在上下翻滚说明分子在做无规则运动
D．煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶出的过程与汽油机排气冲程相似
二、物理与科学技术
2．（2025·罗湖模拟）我国的AI技术和机器人技术领先世界。2025年的春晚舞台上，宇树科技自主研发的机器人登上了春晚舞台并完成了精彩的扭秧歌表演，请回答下列问题。
（1）下列有关机器人说法正确的是（ ）
A．该机器人的身高约为180dm
B．制造机器人的控制芯片核心材料是超导体
C．给机器人充电时，主要将化学能转化为电能
D．机器人的动力装置是电动机，其工作原理是通电导线在磁场中受力的作用
（2）如图，机器人的机械臂与人的手臂原理类似，下列选项中工具在使用时与机械臂工作时属于同一类杠杆的是（ ）
A．筷子夹食物
B．托盘天平测质量
C．羊角锤拔钉子
D．核桃夹夹核桃
（3）该机器人的部分参数如下表所示，下列说法正确的是（ ）（）
整机质量：47kg 电池容量：15A·h
最大充电电压：65V 输出功率为：500W
与地面接触总面积：
A．机器人的重力为47N
B．机器人对水平地面的压强为
C．机器人能工作最长时间为1.95h
D．机器人充满电储存的能量为
三、非选择题（共10题，51分）
3．（2025·罗湖模拟）小明正在学习智能显示眼镜的光学原理，了解到其核心部件是微型投影仪和半透半反镜。如图乙所示，微型投影仪发射的光线AO经镜面反射，请在图乙中画出其反射光线，并标出反射角的度数。
4．（2025·罗湖模拟）2025年1月20日，中国研发制造了具有“人造太阳”之称的全超导托卡马克实验装置(EAST)，其反应原理与太阳类似，即通过氢核 (选填“聚变”或“裂变”)释放巨大的核能，核能属于 (选填“一次”或“二次”)能源。
5．（2025·罗湖模拟）如图所示，智慧食堂AI视觉结算是一套基于人工智能技术，它利用摄像头和图像识别算法，实时快速识别菜品，帮助顾客实现快速结算。摄像头的镜头相当于一个 透镜，菜品要距透镜的2倍焦距以 （选填“内”或“外”）才能识别。
6．（2025·罗湖模拟）如图所示，比亚迪发布的全液冷“兆瓦闪充”技术在充电领域引起了巨大反响。为了提高冷却效果，液冷冷却液应该选用 大的液体。该充电柱最大输出功率可以达到1000kW，它支持最高充电电压达到1000V，则最高输出电流为 A。若按宣传的充电“1秒2公里”，每公里只需花费0.15元，则该充电桩的计费为元 /kW·h。
四、物理探究与实践
7．（2025·罗湖模拟）小明学习了摩擦力的相关知识后，通过实验比较款式不同，质量不同的A、B两只运动鞋的鞋底粗糙程度。
（1）要测量鞋子A在橡胶垫上受到的滑动摩擦力的大小，应先将弹簧测力计在 方向上调零。之后，小明用弹簧测力计水平拉动鞋子A，使它沿橡胶垫做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数如图甲所示，可知鞋子A受到的摩擦力为 N；
（2）小明经思考后改用图乙所示方法测鞋子B摩擦力，拉动运动鞋下的橡胶垫，实验过程中 （选填“需要”或“不需要”）匀速拉动橡胶垫；
（3）用图乙所示的方法测出了鞋子B在橡胶垫上受到的摩擦力为1.3N，于是小明得出结论：鞋子A比鞋子B的鞋底更粗糙，同学认为小明的研究方法有误，未控制鞋底所受 相同；
（4）为了更精准的测量运动鞋的滑动摩擦力，小明利用拉力传感器代替图乙中的弹簧测力计进行实验，得到拉力与时间的关系如图丙所示，2至5秒出现示数不稳定可能原因是： 。
8．（2025·罗湖模拟）某班同学利用图甲所示的电路测量约为5Ω的定值电阻的阻值。电源为两节新干电池，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。
（1）请你根据电路图用笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于最 （选填“A”或“B”）端；
（3）完成电路连接后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障可能为 。
（4）排除故障之后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，多次实验所测量的结果如下表所示，则的阻值为 Ω。
实验序号 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻/Ω
1 1.0 0.20 ______
2 1.5 0.30
3 2.0 0.40
（5）下列与本次实验中多次测量数据目的相同的是（ ）
A．测量物体的长度时，进行多次测量
B．探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量
C．探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数
（6）电流表发生故障，实验中小明挑选标有“，1A”字样的滑动变阻器进行实验，设计了如图丙所示的电路。接下来小明的实验操作是：（电源电压不变）
①闭合开关S，调节滑片至最左端时，读出电压表的示数为；
②闭合开关S，调节滑片至最右端时，读出电压表的示数为；
③未知电阻 （用题目给出的。表示）。
五、物理与工程实践
9．（2025·罗湖模拟）深圳“东进战略”重大工程春风隧道即将建成通车，隧道长4.8km，汽车限速60km/h。某燃油车匀速通过隧道时的牵引力为，牵引力做的功可认为是发动机输出的有用功，汽车屏幕显示通过隧道消耗汽油0.5kg，（汽油热值）求：
（1）按交通规则行驶，汽车通过隧道至少需要的时间；
（2）汽车匀速通过隧道，牵引力做的功；
（3）汽车的汽油机效率。
10．（2025·罗湖模拟）2025年的“体重管理年”掀起全民健身热潮，小明受健身器材握力计启发，设计了“简易握力器”，其原理如图甲所示，通过电流表示数大小判断握力大小。电源电压为9V，电流表的量程为0~0.6A，定值电阻的阻值为5Ω，压敏电阻R的阻值与压力F的关系如图乙所示。求：
（1）当R不受力时，电路中的电流及消耗的电功率；
（2）成年人的握力可达1000N，请通过计算，评价该握力器是否合格？若不合格，请简单说明改进建议。
11．（2025·罗湖模拟）每年春季深圳都会迎来梅雨天气，为了让家里的衣服更快干。小明家购买了一个烘衣机，如图甲所示，小明对它进行研究，发现其控制电路原理如图乙所示。
（1）烘衣机能迅速除去潮气，提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的 （填写一种物态变化名称）；
（2）烘衣机具有消毒功能，它的杀菌灯能放射 （选填“红外线”或“紫外线”）：
（3）烘衣机有冷风、暖风和热风三个不同档位，图乙所示的电路中。若使用冷风挡时，电路消耗的电功率为40W。若使用热风挡时，电路工作50秒共消耗电能 J；
（4）请对小明安全使用烘衣机提出一个建议 。
12．（2025·罗湖模拟）罗湖某学校科学项目式学习小组的同学在实验室做测量液体密度的实验。
（1）将托盘天平放置在水平台面上，游码移至标尺左端的零刻度处，分度盘如图1所示，则应将平衡螺母向 调节，直到指针指在分度盘中央。
（2）测量液体的密度，以下正确的操作步骤应该是
A．用天平测出剩余液体和烧杯的总质量记为。
B．将部分液体倒入量筒中，用量筒测出液体的体积记为V，示数如图2所示。
C．用天平测出液体和烧杯的总质量记为，示数如图3所示。
（3）所测液体的密度 。
小组为更方便的测量液体密度，开展了以下项目式研究。
项目一：利用吸管、细铁丝、石蜡、记号笔和不同种密度的液体等制作了一个简易密度计。制作时，小组先将吸管两端剪平，在其下端加适当的配重，并将这一端用蜡封起来。如图4，将其置于纯水中，在吸管上标出水面的位置1；取出吸管，量出标记至吸管下端的距离H。如图5，再将简易密度计置于待测液体中，在吸管上标记液面位置2：取出吸管，量出标记至吸管下端的距离。
（4）在吸管下端增加适当的配重是为让吸管竖直 在液体中；
（5）密度计在水与待测液体中的所受浮力分别为和，则 ，待测液体密度 （选填“>”“<”或“=”）。
（6）待测液体密度 （用、h及H表示）；
（7）小组成员记录了该密度计在不同液体中静止时，密度计浸入液体的深度h，并填写在表格中。
实验序号 液体密度 浸入深度h（cm）
1 0.8 12.5
2 0.9 11.1
3 1.0 10.0
4 1.1 9.0
5 1.2 8.3
利用表中数据，描绘出液体密度与浸入深度的关系图线如图所示，通过分析可知此“液体密度计”的刻度 （选填“是”或“不是”）均匀的，原因是 ；
项目二：小组成员发现估读时误差较大，于是通过查阅资料，小组利用杆秤制作了一种刻度均匀的密度计。
【设计制作】
①模仿杆秤结构，用杯子代替秤钩，用细木条制作一根轻质（自身质量忽略不计）无刻度“密度秤”；
②如图7，绑紧空杯子，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时，用笔将此时秤砣的悬挂点A标记为“0”刻度；
③杯中加水至a处，重复②中步骤，此时秤砣的悬挂点B标记为“”；
④将AB两点之间长度等分，以其中1等份为标准，在整根秤杆上均匀地标上刻度。
【产品检验】
（8）在杯子中加入某待测液体至a处后，提起提纽，移动秤砣至C处，秤杆在水平位置平衡，此时刻度如图8，请读出密度为 。
【分析评估】
（9）检验测量时，若杯子外壁沾有待测液体，将导致测量结果 。
项目三：小组成员想设计一个可显示读数的密度计，通过电流表示数反映液体密度，于是设计了如图9所示的电路。电路中电源电压，电流表选用0～0.6A量程，定值电阻的阻值为10Ω，R是力敏电阻，其阻值与所受压力的关系如图所示。已知A点悬挂的重物质量为0.8kg，体积为，力臂．（）
（10）将重物浸没于液体中时，则此密度计所能测量液体密度的范围是 。
（11）为了提高液体密度的测量范围，小组成员通过咨询deepseek，它给出以下建议，其中不可行的是 。
A．换量程更大的电流表 B．将支点O往右边移动
C．减小电源电压 D．增大的阻值
答案解析部分
1．【答案】（1）D
（2）B
（3）B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；声与信息
【解析】【解答】（1）ABCD、小明发现煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，主要原因是塑料的隔热性好，可以避免烫伤。故ABC错误，D正确。
故选：D。
（2）ABCD、小明在厨房煮汤圆时，妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，于是提醒小明关小火，这一现象利用了声音可以传递信息。故ACD错误，B正确。
故选B。
（3） A、液化是指物质由气态变为液态的过程，凝华是指物质由气态直接变为固态的过程。当冷冻的汤圆从冰箱中拿出时，其温度很低，周围空气中的水蒸气遇冷会直接变成小冰晶附着在汤圆表面，这是凝华现象，故A错误。
B、煮汤圆时，汤圆从热水中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变汤圆的内能，故B正确。
C、煮汤圆时，汤圆在上下翻滚是宏观物体的机械运动，不是分子的运动。分子在做无规则运动是微观层面的现象，肉眼是无法直接观察到的，故C错误。
D、煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶起的过程是水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，与汽油机的做功冲程相似。在汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能。而汽油机的排气冲程是将燃烧后的废气排出气缸的过程，没有能量转化，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）塑料的导热性能差，属于热的不良导体。
（2）声可以传递信息，声可以传递能量。
（3）凝华是指物质由气态直接变为固态的过程。煮汤圆是通过热传递的方式增加汤圆的内能。
煮汤圆时，汤圆在上下翻滚是宏观物体的机械运动，不是分子的运动。在汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能。
（1）煮汤圆的锅把手通常用塑料制成，是为了防止锅把手烫手，是利用塑料隔热性好的特点，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（2）妈妈在客厅听到“咕嘟咕嘟”的声音，立刻知道水开了，说明声音可以传递信息，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）A．从冰箱拿出冷冻的汤圆，汤圆表面马上覆盖一层白霜是由于水蒸气凝华形成的，故A错误；
B．煮汤圆时，汤圆吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式增加汤圆的内能，故B正确；
C．煮汤圆时，汤圆在上下翻滚，可以表现出锅中水的沸腾程度，并不能说明分子在做无规则运动，故C错误；
D．煮汤圆时，锅盖被水蒸气顶出的过程是内能转化为机械能，与汽油机做功冲程相似，故D错误。
故选B。
2．【答案】（1）D
（2）A
（3）C
【知识点】杠杆的分类；电功率的计算；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）A、该机器人的身高约为180cm，故A错误；
B、制造机器人的控制芯片核心材料是半导体，故B错误；
C、给机器人充电时，主要将电能转化为化学能储存在电池中，故C错误；
D、电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，故D正确。
故选：D。
（2）由图可知，人的手臂支点在肘关节，转动时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；
CD．羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都属于省力杠杆，故CD不符合题意。
故选：A。
（3）A．由题可知机器人的质量为m=47kg，故机器人的重力为G=mg=47kg×10N/kg=470N
故A错误；
B．因为机器人对水平地面的压力等于自身的重力，即F=G=470N
故机器人对水平地面的压强为
故B错误；
CD．由题中电池容量可知，机器人充满电储存的电能为W=UIt=65V×15A×3600s=3.51×106J=0.975kW·h
机器人输出功率为500W，故由功率计算公式，可得机器人能工作最长时间为
故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据生活经验和对长度单位的认识进行分析；制作芯片的材料主要是半导体；
电池在充电时，电能转化为化学能，放电时化学能又转化为电能；电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动。
（2）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（3）根据G=mg求出机器人的重力；
机器人对水平地面的压力等于自身的重力，利用求出机器人对水平地面的压强；
根据W=UIt求出机器人充满电储存的电能，利用求出机器人能工作最长时间。
（1）A．该机器人的身高约为180cm=18dm
故A错误；
B．制造机器人的控制芯片核心材料是半导体，故B错误；
C．给机器人充电时，主要将电能转化为化学能储存在电池中，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，将电能转化为机械能，故D正确。
故选D。
（2）机械臂的功能类似于人的手臂，使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；
CD．羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都属于省力杠杆，故CD不符合题意。
故选A。
（3）A．由表中数据可知，机器人的重力为G=mg=47kg×10N/kg=470N
故A错误；
B．机器人对水平地面的压力等于自身的重力，即F=G=470N
则机器人对水平地面的压强为
故B错误；
CD．由表中数据可知，机器人充满电储存的电能为W=UIt=65V×15A×3600s=3.51×106J=0.975kW·h
机器人能工作最长时间为
故C正确，D错误。
故选C。
3．【答案】
【知识点】光的反射定律；作光的反射光路图
【解析】【解答】入射光线与镜面的交点为入射点，过入射点画出与镜面垂直的法线（用虚线表示），由光的反射定律可知，反射角等于入射角，入射光线与平面镜夹角为20°，所以入射角为90°-20°=70°，则反射角也为70°，在法右侧画出一条与法线夹角为70°的光线，如图所示：
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
4．【答案】聚变；一次
【知识点】核能；核聚变；核裂变
【解析】【解答】
（1）太阳内部是通过氢核的聚变释放巨大核能的，“人造太阳” 全超导托卡马克实验装置（EAST）反应原理与太阳类似，所以此处应填 “聚变”；一次能源是指自然界中本来就有未经加工转换的能源，核能直接取自自然界，属于一次能源，所以此处应填 “一次” 。
故答案为：聚变；一次。
【分析】
本题主要考查对核能相关概念的记忆和理解。学生需要准确记忆太阳内部能量产生方式是氢核聚变，以及一次能源和二次能源的定义，然后根据这些知识直接进行填空。
5．【答案】凸；外
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】第1空，第2空，摄像头成倒立缩小的实像，故其镜头相当于一个凸透镜；由凸透镜规律可知，菜品要距透镜的2倍焦距以外才能识别，此时成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；外。【分析】当u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机。
6．【答案】比热容；1000；1.08
【知识点】比热容；电功率的计算
【解析】【解答】（1）因为水的比热容较大，质量相同的水和其他物质相比，升高相同的温度时，吸收的热量较多，所以冷却效果好；
（2）根据P=UI可得最高输出电流：；（3）充电桩最大功率1000kW，充电“1秒2公里”，一秒消耗的电能；
已知每公里只需花费0.15元，则充电“1秒”花费0.15元×2=0.3元，
充电桩的计费为：。
故答案为：比热容；1000；1.08。
【分析】（1）质量和升高的温度相同时，比热容大的物质吸热多，据此分析；
（2）根据P=UI即可求出最高输出电流，
（3）充电桩最大功率1000千瓦，充一秒可以跑2公里，只花费0.15元，据此算出一秒时间内消耗的电能，就可以计算充电桩的充电价格。
7．【答案】（1）水平；1.8
（2）不需要
（3）压力
（4）接触面的粗糙程度不同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，因实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，且在水平方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在水平方向上调零；图甲中弹簧测力计的分度值为0.1N，其示数为1.8N；
（2）拉动鞋下的橡胶垫并发生相对运动时，鞋相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到橡胶垫施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，与橡胶垫的运动状态无关，故不需要匀速拉动橡胶垫；
（3）由于两双运动鞋的质量不相等，则压力不同，不能通过摩擦力的大小显示粗糙程度，故结论是错误的；没有控制压力大小相等；
（4）根据影响滑动摩擦力大小的因素，弹簧测力计的示数不稳定，压力大小不变，故原因是可能是选择的橡胶垫表面粗糙程度不均匀。
故答案为：（1）水平；1.8；（2）不需要；（3）压力；（4）接触面的粗糙程度。【分析】 （1）弹簧测力计必须沿着测量力的方向调零，实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动读数，据此分析；根据弹簧测力计分度值读数；
（2）如图乙所示，鞋相对地面处于静止状态，根据二力平衡条件分析；
（3）根据控制变量法结合摩擦力的大小有关因素分析；
（4）通过受力分析得出砝码所受摩擦力大小。
（1）[1][2]实验中要用弹簧测力计水平拉动鞋子A，使它沿橡胶垫做匀速直线运动，所以应先将弹簧测力计在水平方向上调零。此时弹簧测力计的示数如图甲所示，分度值为0.1N，示数为1.8N，根据二力平衡可知鞋子A受到的摩擦力为1.8N。
（2）如图乙，拉动运动鞋下的橡胶垫时，鞋子始终静止，受力平衡，弹簧测力计对鞋子的拉力和鞋子收到的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以不需要匀速拉动橡胶垫。
（3）对比图甲和图乙，没有控制压力大小相同，所以不能得出A、B两只运动鞋的鞋底粗糙程度的关系。
（4）2至5秒出现示数不稳定可能原因是接触面的粗糙程度不同，鞋子受到的滑动摩擦力有变化。
8．【答案】（1）
（2）B
（3）滑动变阻器断路
（4）
（5）A
（6）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量约为5Ω的定值电阻Rx的阻值，电源为两节新干电池，即为3V，由欧姆定律可知，电路的最大电流不超过：
故电流表选用小量程0-0.6A与电阻串联，如下所示：
（2） 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处，即B端。
（3）完成电路连接后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；可知a、b之外的电路和和b、c之外的电路为通路，接在a、c之间，电压表无示数，可知a、c之外的电路为断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障可能为变阻器断路。
（4）排除故障之后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，多次实验所测量的结果如表所示，由欧姆定律，第1次实验的电阻为：
第二次
第三次。
为减小误差，取平均值作为测量结果，则Rx的阻值为
。
（5） （5）本次实验中多次测量数据目的是取平均值减小误差：
A.测量物体的长度时，进行多次测量，目的是取平均值减小误差：
B.探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量，是为了得出普遍性的规律；
C.探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数，是为了得出普遍性的规律；
故选：A。
（6）在①中，闭合开关S，调节滑片至最左端时，变阻器连入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U1；即电源电压；在②中，闭合开关S，调节滑片至最右端时，待测电阻与变阻器的最大电阻串联，电压表测待测电阻的电压，读出电压表的示数为U2；由串联电路电压的规律，此时滑动变阻器的电压为
由欧姆定律可得通过电路的电流
③由欧姆定律可得未知电阻。
故答案为：（1）见解析； （2）B；（3）变阻器断路；（4）5；（5）A； （6）。
【分析】 （1）测量约为5Ω的定值电阻Rx的阻值，电源电压为3V，由欧姆定律可知电路的最大电流，确定电流表选用小量程与电阻串联。
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处。
（3）本实验中，电压表有示数，则电压表之外的电路为通路，否则不断路。
（4）由欧姆定律得出第1次实验的电阻；同理，第2、3次电阻的大小，为减小误差，取平均值作为测量结果。
（5）本次实验中多次测量数据目的是取平均值减小误差，分析每个选项，找出符合题意的答案。
（6）分析变阻移动时电路的连接及电压表测电阻的电压，由串联电路电压的规律得出两电阻串联时变阻器的电压，由分压原理得出未知电阻Rx。
（1）电流表应串联接入电路，电源为2节干电池，未知电阻的阻值大约为5Ω，由欧姆定律可得通过电路的最大电流
所以电流表选择0~0.6A的量程。如图所示
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处。由图可知，应位于最B端，此时滑动变阻器接入电路的电阻丝最长。
（3）把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明a、电源、b之间是通路，电流表、待测电阻、c也是通路，根据接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
（4）根据，分别计算三次测量的电阻值第一次
第二次
第三次。
则Rx的阻值为。
（5）本次实验多次测量数据的目的是求平均值减小误差。测量物体的长度时，进行多次测量是为了求平均值减小误差，与本次实验目的相同；探究串联电路电压特点的实验中，换用不同规格的小灯泡多次测量是为了寻找普遍规律，与本次实验目的不同；探究光的反射定律时，多次测量入射角和对应的反射角的度数是为了寻找普遍规律，与本次实验目的不同。故BC不符合题意。A符合题意。
故选A。
（6）①闭合开关S，调节滑片至最左端时，读出电压表的示数为，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为定值电阻的简单电路，电压表示数即电源电压；
②闭合开关S，调节滑片至最右端时，读出电压表的示数为，此时定值电阻和滑动变阻器的最大阻值串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压
由欧姆定律可得通过电路的电流
③由欧姆定律可得未知电阻。
9．【答案】（1）汽车通过隧道至少所需时间
（2）牵引力做功
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
则汽油机的效率
【知识点】燃料的热值；热机的效率；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据速度公式即可求出汽车通过隧道需要的时间；
（2）利用功的定义式W=Fs进行计算牵引力做的功；
（3）用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率。
（1）汽车通过隧道至少所需时间
（2）牵引力做功
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
则汽油机的效率
10．【答案】（1）由图可知，电阻R与R0串联，电流表测电路中的电流，当压力时，电阻，此时电路的总电阻
电路的电流为
由得消耗的电功率
（2）当压力时，电阻，此时与串联，此时电路的总电阻
电流表的量程为0~0.6A，，超出了电流表量程，该握力器不合格。为了能够测量1000N的握力，可以增大电流表量程或增大定值电阻的阻值或降低电源电压。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）当R不受力时由图乙可知，当R不受力时，R=40Ω。根据串联电路总电阻等于各电阻之和，可得此时电路总电阻，根据欧姆定律，计算电路中的电流，根据电功率公式P=I2R可得R0消耗的电功率。
（2）当成年人握力F=1000N时由图乙可知，此时R=5Ω。计算电路总电阻，根据欧姆定律可得此时电路中的电流，因为0.9A＞0.6A，超过了电流表的量程，所以该握力器不合格。更换大量程电流表：若有合适的大量程电流表，可直接更换，使电流表能测量出握力为1000N时的电流。
（1）由图可知，电阻R与R0串联，电流表测电路中的电流，当压力时，电阻，此时电路的总电阻
电路的电流为
由得消耗的电功率
（2）当压力时，电阻，此时与串联，此时电路的总电阻
电流表的量程为0~0.6A，，超出了电流表量程，该握力器不合格。为了能够测量1000N的握力，可以增大电流表量程或增大定值电阻的阻值或降低电源电压。
11．【答案】（1）汽化
（2）紫外线
（3）4.6×104
（4）为了用电安全，建议使用三孔插座。
【知识点】影响蒸发快慢的因素；紫外线；电功率的计算；安全用电原则；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）烘衣机能迅速除去潮气，是通过提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的蒸发，而蒸发现象属于汽化现象。
（2）烘衣机具有消毒功能，是因为它的杀菌灯能放射的紫外线有消毒功能；。
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，热风挡工作时，电路的总功率
热风挡工作50秒共消耗的电能W=P热t=920W×50s=4.6×104J
（4）使用烘衣机时，为了用电安全，建议使用三孔插座。
故答案为：（1）汽化；（2）紫外线；（4）4.6×104；使用三孔插座。
【分析】 （1）物质由液态变为气态的过程叫做汽化；汽化有两种方式：蒸发和沸腾；影响蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流速；
（2）紫外线有消毒功能；
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，根据求出R1、R2的电功率，据此求出使用热风挡时电路的总功率，根据W=Pt求出电路工作50秒共消耗的电能；
（4）为了用电安全，建议使用三孔插座。
（1）烘衣机能迅速除去潮气，提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的蒸发，蒸发现象属于汽化现象。
（2）紫外线有消毒功能，烘衣机具有消毒功能，它的杀菌灯能放射紫外线。
（3）由图乙可知，只闭合S时，只有电动机M工作，烘衣机使用冷风的挡，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2和电动机M并联，烘衣机使用热风挡，热风挡工作时，电路的总功率
热风挡工作50秒共消耗的电能W=P热t=920W×50s=4.6×104J
（4）使用烘衣机时，把衣服扭干水或手干燥插插头，避免发生触电事故。
12．【答案】左；CBA；；漂浮；=；>；；不是；液体密度与浸入深度不成线性关系；；偏大；；
【知识点】液体密度的测量；阿基米德原理；浮力的利用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 （1）将托盘天平放置在水平台面上，游码移至标尺左端的零刻度处，调节天平平衡时，天平的指针向右偏，则应向左调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央；
（2）为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，实验顺序为：CBA；
（3）由图2知，量筒的分度值是2mL，量筒中液体的体积为30mL；由图3知，标尺分度值0.2g，所以烧杯和液体的总质量为m2=50g+20g+4g=74g；则所测液体的密度为：
；
（4）在吸管下端增加适当的配重是为让吸管竖直漂浮在液体中，利用漂浮时浮力等于重力的条件测量液体密度；
（5）第5空，密度计在水和待测液体中都漂浮，所受浮力都等于自身重力，故密度计在水和待测液体中所受浮力相等，即：F1=F2；
第6空，根据阿基米德原理可知：ρ水gV排水=ρ液gV排液，因h＜H，即V排水＞V排液，故ρ液＞ρ水；
（6）设密度计横截面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，由（5）可知，ρ水gV排水=ρ液gV排液，即ρ水gSH=ρ液gSh，
故待测液体密度为： ；
（7）第8空，第9空，由图6可知，由可得， 液体密度与浸入深度不成线性关系，说明“液体密度计”的刻度不是均匀的；
（8）根据图8， 密度秤是模仿杆秤结构制作的，且刻度均匀。分度值为， 则该液体的密度为1.17g/cm3；
（9）当杯子外壁沾有液体时，杯子的整体质量会变大，对杠杆的拉力变大，阻力臂和秤砣质量不变，动力臂会增大，会造成测量结果也偏大；
（10）当重物悬浮在液体中时，因为重物的重力 ，悬浮时最大浮力，此时A点受到的拉力为0，压敏电阻受到的压力为0，即液体的最大密度为：；
由图及杠杆平衡条件可得
因为，所以。
电流表量程为0～0.6A时，当时，
图9可知，此时。则
解得，重物体积为，则
（11） 要提高液体密度的测量范围，根据阿基米德原理可知，应减小重物受到的浮力；
A、换量程更大的电流表，即允许通过的最大电流变大，根据欧姆定律可知，电路总电阻变小，力敏电阻阻值变小，由图9可知，压力FB变大，A点的拉力变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故A不符合题意；
B、将支点O往右边移动，动力臂变大，阻力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，A点的拉力变小，浮力变大，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变大，则液体密度的测量范围变小，故B符合题意；
C、减小电源电压，根据欧姆定律可知，电路总电阻变小，力敏电阻阻值变小，由图（10）可知，压力FB变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故C不符合题意；
D、增大R0的阻值，根据电阻的串联可知，力敏电阻阻值变小，压力FB变大，浮力变小，根据阿基米德原理可知，所测液体最小密度变小，则液体密度的测量范围变大，故D不符合题意；
故选：B。
故答案为：（1）左；（2）CBA；（3）1.1；（4）漂浮；（5）=；＞；（6）；（7）不是；液体密度与浸入深度不成线性关系；（8）1.17；（9）偏大；（10）0.6～2.0g/cm3；（11）B。
【分析】 （1）调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘右侧，则向左调节平衡螺母，如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；
（2）为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，设计合理的实验顺序；
（3）称量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，用两次质量差得出倒入量筒中液体的质量；观察量筒分度值，读出量筒内液体体积；根据密度公式计算；
（4）密度计是利用漂浮条件测量液体的密度；
（5）（6）密度计在水和待测液体中都漂浮，所受浮力都等于自身重力；已知浮力和排开液体体积的大小关系，根据阿基米德原理可知待测液体密度与水的密度的大小关系；
（7）根据图6分析回答；
（8）根据图8，读出液体的密度值；
（9）当杯子外壁沾有液体时，杯子的整体质量会变大，对杠杆的拉力变大，阻力臂和秤砣质量不变，动力臂会增大，据此分析；
（10）当重物悬浮在液体中时，A点受到的拉力为0，则力敏电阻受到的压力为0，此时液体密度等于重物的密度，根据密度公式求出液体的最大密度；
根据电流表量程确定电路中最大电流，利用欧姆定律结合电阻的串联求出力敏电阻，由图（10）确定力敏电阻受到的压力，根据杠杆的平衡条件求出A端受到的拉力，利用力的平衡关系求出重物受到的浮力，根据阿基米德原理求出液体最小密度；
（11）要提高液体密度的测量范围，根据阿基米德原理可知，应减小重物受到的浮力，据此分析。
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