广东省湛江市雷州市第五中学集团2025年中考三模物理试题
1．（2025·雷州模拟）下列关于诗词中涉及到的光现象，解释正确的是（ ）
A．瀑布喷成虹——彩虹是光的色散现象
B．绿树阴浓夏日长——“阴浓”是光的折射形成的
C．明镜可鉴形——镜子可以成像是因为光发生了折射
D．掬水月在手——月在手中是光的直线传播形成的
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A． 瀑布喷成虹—— 彩虹是由光的色散形成的，故A正确；
B． 绿树阴浓夏日长—— 树阴是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，而非折射，故B错误；
C． 明镜可鉴形—— 镜子成像是因为光发生了反射，而不是折射，故C错误；
D． 掬水月在手—— 是指月亮在水中的倒影，是由于光的反射形成的，而不是光的直线传播，故D错误。
故选A 。
【分析】分析各个选项中描述的光学现象，分析其中包含的物理原理即可。
2．（2025·雷州模拟）在综合实践活动课上，小明将长度不同的吸管一端封闭粘在一起制作成了“排箫”如题图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．小明演奏时发出的声音是吸管振动产生的
B．排箫的声音能传递信息，不能传递能量
C．排箫的振动幅度越大，发出声音的音调会更高
D．吸管长短不同，越短的音调越高
【答案】D
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．排箫属于管乐器，其发声原理是空气柱振动，故A错误；
B．排箫的声音既能传递信息，也能传递能量，故B错误；
C．振动幅度影响的是声音的响度，振动幅度越大，响度越大，故C错误；
D．在排箫中，吸管长度越短，空气柱越短，振动频率越高，音调也越高，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据声音产生的知识判断；
B. 声音既能传递信息，也能传递能量；
C.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
D.音调表示声音的高低，与频率大小有关。
3．（2025·雷州模拟）我国“华龙一号”核电技术领先全球，关于核电站和核能，下列说法正确的是（ ）
A．原子核由中子和质子构成 B．核能是可再生能源
C．核电利用的是原子核聚变 D．原子核带负电
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核裂变；原子结构
【解析】【解答】A．根据题意可知，原子核是由质子和中子组成的，故A正确；
B．核能不可能在短期内再生，属于不可再生能源，故B错误；
C．核电站是利用可控的核裂变来发电的，而不是核聚变，故C错误；
D．原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，整体原子核带正电，故D错误。
故选A。
【分析】AD.根据原子核的构成判断；
B.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
C.根据核电站的工作原理判断。
4．（2025·雷州模拟）如图甲是某品牌智能体重秤，图乙是它的电路结构图，为定值电阻，秤盘下方的电阻为压敏电阻，其阻值随所受压力增大而减小。当小明站上体重秤时（ ）
A．通过的电流变小 B．电压表示数变大
C．通过的电流不变 D．电压表示数变小
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻和压敏电阻串联，电流表测通过的电流，电压表测定值电阻两端的电压。
当体重越重时，压敏电阻阻值减小，根据R总=R+R0可知，电路总电阻减小。根据欧姆定律可知，通过电路的电流增大，通过R的电流增大。根据U=IR可知，定值电阻两端的电压增大，即电压表示数增大，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片乙确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量。根据R总=R+R0分析总电阻的变化，根据分析总电流的变化，根据U=IR确定电压表的示数变化即可。
5．（2025·雷州模拟）实心球是深圳中考体育考试项目之一。某同学实心球投掷后，球在空中运动的轨迹如图所示，球落地后滚动了一段距离后停下。忽略空气阻力，下列说法错误的是（ ）
A．体积小、质量大的实心球，是用密度较大的材料制成
B．实心球在空中运动轨迹说明力可以改变物体的运动状态
C．实心球运动到最高点时，若突然失去重力的作用，球将保持静止
D．实心球落地后滚动一段距离后最终停下，说明地面是粗糙的
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．体积小、质量大的实心球，根据m=ρv可知铅球是用密度较大的材料制成，故A正确，不符合题意；
B．实心球在空中运动时受到重力，方向竖直向下，所以轨迹是曲线，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确，不符合题意；
C．实心球运动到最高点时，具有水平方向速度，不受力的情况下，球将保持原来的速度做匀速直线运动，故C错误，符合题意；
D．实心球落地后滚动一段距离后最终停下，一定受到了地面的阻力，因而说明地面是粗糙的，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；
2、根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比；
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
6．（2025·雷州模拟）迷人的梦幻干冰香棋塔经常出现在各种庆典当中，来烘托气氛，关于白色烟雾下列说法正确的是（ ）
A．嘉宾们看到的白色烟雾是气态二氧化碳
B．嘉宾们看到的白色烟雾是水蒸气
C．嘉宾们看到的白色烟雾是液态的小水滴
D．这一过程干冰先升华吸热后又液化放热
【答案】C
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】根据题意可知，喷洒的干冰从固态直接变成气态发生升华时吸收空气中的热量，而周围空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，从而看到了白色烟雾，故C正确，而ABC错误。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
7．（2025·雷州模拟）二胡是我国的民族乐器。在校园文化艺术节上，小梦同学用二胡演奏了优美的乐曲。关于二胡演奏中的声现象，下列说法正确的是（ ）
A．二胡声是由空气振动产生的
B．手按压琴弦不同部位是为了改变音色
C．二胡声是通过空气传入人耳的
D．二胡声在空气中的传播速度是3×108 m/s
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A C．声音是由物体振动产生的，声音的传播是需要介质的，二胡声是由二胡的弦振动产生的，通过空气传播进入人耳，故A错误，C正确；
B．手按压琴弦不同部位是为了改变琴弦振动的长度来改变振动的频率，为了改变音调，故B错误；
D．声速与介质的种类和温度有关，声音在空气中的传播速度约340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】
（1）声音是由物体振动产生的，振动停止发声也停止；
（2）手按压琴弦不同位置，发声体振动的快慢不一样；
（3）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播。
（4）声音在空气中的传播速度约为340m/s。
8．（2025·雷州模拟）小明去超市买东西，发现了很多有趣的物理现象，例如停止推动购物车时，购物车还会继续前进，是因为购物车 ，购物车装上轮子是为了 摩擦（选填“增大”“减小”），购物车受到的支持力与车对地面的压力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”）。
【答案】具有惯性；减少；相互作用力
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，停止推动购物车时，购物车还会继续前进，是因为购物车具有惯性；
（2）根据题意可知，购物车装上轮子，是用滚动代替滑动，从而减小摩擦；
（3）购物车受到的支持力作用在购物车上，购物车对地面的压力作用在地面上，即二者没有作用在同一物体上，因此二者属于相互作用力，而不是平衡力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）根据减小摩擦力的方法解答；
（3）平衡力和相互作用力的不同点，前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上。
9．（2025·雷州模拟）长征二号F遥十九运载火箭以煤油、液态氢和液态氧为燃料，发射前加注燃料时，应在 （选填“低温”或“高温”）环境中进行，氢在 （选填“液”或“气”）态时氢分子无规则运动更剧烈，火箭加速升空过程中，它的机械能逐渐 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】低温；气；增大
【知识点】沸腾及沸腾条件；机械能及其转化；分子热运动
【解析】【解答】（1）发射前加注燃料时，应该保证氧气和氢气都是液态，因为液态氢与液态氧的沸点较低，所以应在低温环境中进行。
（2）根据题意可知，气态氢的温度相对较高，则氢在气态时，分子无规则运动更剧烈。
（3）火箭加速升空时，质量不变，速度增大，则动能增大；质量不变，高度增大，则重力势能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，神舟十九号载人飞船的机械能增加。
【分析】（1）液体低于沸点为液态，高于沸点为气态；
（2）分子无规则运动的剧烈程度与温度高低有关；
（3）动能与质量和速度有关，而重力势能与质量和高低有关，而“机械能=动能+重力势能”。
10．（2025·雷州模拟）如图为缓解干眼症的蒸汽眼罩装置，用超声波将药液雾化，直接向眼部给药，这是利用声能传递 ，该装置与治疗室内的电灯是 （选填“并联”或“串联”）的；矫正近视眼应佩戴 （选填“凹”或“凸”）透镜。
【答案】能量；并联；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；声与能量；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）用超声波将药液雾化，直接向眼部给药，利用超声波传递能量。
（2）根据题意可知，该装置与治疗室内的电灯互不影响，独立工作，它们是并联的。
（3）根据题意可知，对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行矫正。
【分析】（1）声波可以传递信息，声波可以传递能量；
（2）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
（3）近视眼的晶状体较厚，折光能力太强，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，据此分析解答。
11．（2025·雷州模拟）小明在烹制鸡蛋时，要将蛋黄与蛋清分离，如图，挤压矿泉水瓶，松开手蛋黄被吸进瓶子里，这是利用 的作用；煎蛋时，通过 方式使鸡蛋的内能增大；煎好后，可以闻到香味，这是因为分子在不停地做 .
【答案】大气压；热传递；无规则运动
【知识点】热传递改变物体内能；大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】（1） 如图，挤压矿泉水瓶，松开手蛋黄被吸进瓶子里， 蛋黄在大气压作用下被吸进瓶子里。
（2）煎蛋时，用火加热，鸡蛋吸收火焰的热量，则是通过热传递的方式使鸡蛋的内能增大。
（3）根据题意可知，煎好后，可以闻到香味是扩散现象，这是因为分子在不停地做无规则运动。
【分析】（1）根据大气压强的知识解答；
（2）改变内能的方法：做功和热传递；
（3）根据分子运动的知识解答。
12．（2025·雷州模拟） 家庭中的电视机、空调等用电器是通过 联的方式连接在电路中；电热水壶利用电流的 效应工作；一般不同时使用大功率用电器，是为了避免因 （填“电流”或“电压”）过大带来危险。
【答案】并；热；电流
【知识点】电流的热效应；家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】（1）家庭中的电视机、空调等用电器工作时互不影响，所以它们是通过并联的方式连接在电路中；
（2）电热水壶是利用电流的热效应工作的，工作时将消耗的电能转化成内能；
（3）家庭电路中电流过大的原因是：短路和用电器的总功率过大；家庭电路电压U=220V一定，根据公式P=UI可知，用电功率P越大，电流I就越大。
故答案为：并；热；电流。
【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的；
（2）电热器是利用电路的热效应工作，将电能转化为内能；
（3）家庭电路过大的原因：短路和用电器的总功率过大。
13．（2025·雷州模拟）嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。AB段返回器的动能 （选填“变大”“不变”或“变小”）；BC段返回器的机械能 （选填“变大”“不变”或“变小”），CD段返回器动能增加量 （选填“大于”“等于”或“小于”）重力势能的减小量。
【答案】变小；不变；小于
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】（1）由图可知，返回器在经过AB段时，是从A到B，B的高度大于A 的高度，可知返回器的质量不变，高度变大，重力势能变大，返回器的动能转化为重力势能，故返回器的动能变小。
（2）返回器从B到C这个过程中是在大气层外运动，不受空气的阻力，故机械能是守恒的，即机械能保持不变。
（3）返回器在CD段，是在大气层内加速下降，返回器质量不变，故重力势能转化为动能，由于受到空气阻力的作用，一部分重力势能转化为内能，所以返CD段返回器动能增加量小于重力势能的减小量。
故答案为：变小；不变；小于。
【分析】（1）动能的大小与质量、速度有关，质量一定时，速度越大，动能越大；
（2）重力势能的大小与质量、高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；
（3）机械能为动能和势能的和，据此分析动能、机械能的变化；物体运动过程中，不考虑空气阻力和摩擦力，机械能守恒，考虑阻力和摩擦力，则不守恒。
14．（2025·雷州模拟）通常我们说“铝比铁轻”是指铝的 （选填“密度”、“质量”或“体积”）比铁小；一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将 ；某钢瓶内装有氧气，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度将 （以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】密度；不变；变小
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，通常我们说“铝比铁轻”是指铝的密度小于铁的密度。
一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将不变；
一次气焊用去，则瓶内剩余氧气的质量减小，而剩余氧气的体积不变，由可知，剩余氧气的密度变小。
【分析】密度是物质本身的一种特性，同种物质（同种状态）密度相同，与质量、体积大小无关；
结合密度公式分析解答。
15．（2025·雷州模拟）（1）如图一束光斜射入水中，请画出反射光和折射光的大致方向；
（2）如图，神舟十八号飞船返回舱进入大气层从空中下降，点为其重心，请画出它的重力示意图；
（3）用带指示灯的开关控制阳台的电灯；闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，使用过程中发现：指示灯因断路不亮，电灯照常发亮.请在图中将电路连接完整。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）根据题意可知，首先通过过入射点O垂直界面作出法线，然后根据“反射角等于入射角”在法线右侧画出对应的反射光线。当光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此在水中法线的另一侧作出折射光线，如下图所示：
（2）根据题意可知，返回舱的重力作用在重心上，方向竖直向下，如下图所示：
（3）根据题意可知，指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯不相互影响，因此二者是并联的。闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯，即开关在干路上。为了用电的安全，开关应接在用电器和火线之间，如下图所示：
【分析】（1）根据光的折射规律和光的反射定律完成作图即可；
（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（3）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关控制它所在支路上的用电器，结合家庭电路安全用电的常识解答。
（1）过入射点O垂直界面作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在空气中法线的另一侧作出反射光线；根据折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如下图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下的，从返回舱重心O，沿竖直向下方向画一条有向线段，标上箭头，并写上字母G，如下图所示：
（3）闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯；指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯是并联的，为了用电的安全，开关应接在用电器和火线之间，故连接电路图，如下图所示：
16．（2025·雷州模拟）小明利用托盘天平和图甲所示的注射器测量鸡蛋清的密度。
接下来进行了如下操作：
A.用天平测出注射器的质量为10g；
B.用注射器吸取部分蛋清，从注射器上读出体积为16mL；
C.用天平测出蛋清和注射器的总质量为m，如图乙所示，m= g。
根据以上数据可知，蛋清的密度ρ= g/cm3，实验后，小明发现注射器的尖端还有一点小“空隙”，“空隙”里也充满了蛋清，这会导致测得的密度比真实值偏 。
【答案】26.8；1.05；大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图乙所示，标尺分度值为0.2g，则游码质量为1.8g，砝码质量为：20g+5g=25g，则蛋清和注射器的总质量为；
（2）根据题意可知，蛋清的质量为；
则蛋清的密度；
（3）根据题意可知，注射器的尖端“空隙”里也充满了蛋清，这会导致测得的体积偏小，根据，这会导致测得的密度比真实值偏大。
【分析】 （1）物体的质量等于砝码的总质量与游码对应的刻度值之和；
（2）蛋清和注射器的总质量减去注射器的质量就是蛋清的质量，从注射器上读出蛋清的体积，然后由密度公式可以求出蛋清的密度；
（3）由于针筒的刻度线前的尖端还是有一点小“空隙”，造成所测体积偏小，根据密度公式即可判断密度是偏大还是偏小。
17．（2025·雷州模拟）用题图甲所示的电路探究通过导体电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标有“5Ω；3A”“20Ω；2A”“50Ω；1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小。
（2）闭合开关后，电流表无示数，电压表有示数，若电路中只有一处故障，则可能是 。
（3）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，实验中选用滑动变阻器的铭牌上标有 字样，则电源电压为 V；移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表示数U和对应电流表示数I，如图乙所示，依据图像，得到的结论是 。
（4）在探究电流与电阻的关系时，为能用上图乙中的某一组实验数据，小明断开开关，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为 A；断开开关，换接未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为 A。
【答案】（1）
（2）电阻R断路
（3）“50Ω 1.5A”；4.2；电阻一定时，电流与电压成正比
（4）0.4；0.1
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，根据欧姆定律可知，说明滑动变阻器接入电路的电阻应增大，那么应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，即电压表并联部分之外的电路是完好的。因此故障可能是电阻R断路。
（3）①根据题意可知，电流表示数为0.07A，电压表示数为0.7V，
则电阻R的阻值为；
因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，
根据串联电路特点，此时滑动变阻器两端电压约为U滑=4.5V-0.7V=3.8V；
此时滑动变阻器接入电路的电阻约为；
所以应选用“50Ω；1.5A”的滑动变阻器。
②电源电压U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V；
③由图乙可知，电流与电压的图像是一条过原点的倾斜直线，所以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）①根据丙图可知，电流表选择0-0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。
②探究电流与电阻的关系时，控制不变的电压为U控=0.4A×5Ω=2V；
由于要用上图乙中的某一组实验数据，图乙中所使用的电阻的阻值为10Ω，则接下来应换接一个未使用过的电阻为20Ω，电路中的电流；
因此接20Ω电阻时电流表的示数为0.1A。
【分析】 （1）要使滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，即电阻变大，那么滑动变阻器要接右半段电阻丝，所以要将滑动变阻器的右下接线柱B接入电路。
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源之间是通路。
（3）①闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，由此可得电阻R的阻值；
②因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，根据串联电路特点，此时可得滑动变阻器两端电压；再由欧姆定律计算出此时滑动变阻器接入电路的电阻来选定滑动变阻器。
电源电压由U=IR（R+R滑大）计算可得。
③在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）①根据丙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
②探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变。
（1）滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻应增大，所以应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，即电压表并联部分之外的电路是完好的。因此，故障可能是电阻R断路。
（3）[1]闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，由此可得电阻R的阻值为
因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，根据串联电路特点，此时滑动变阻器两端电压约为U滑=4.5V-0.7V=3.8V
此时滑动变阻器接入电路的电阻约为
所以应选用“50Ω；1.5A”的滑动变阻器。
[2]电源电压U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V
[3]由图乙可知，电流与电压的图像是一条过原点的倾斜直线，所以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[1]如图丙所示，电流表接小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。
[2]探究电流与电阻的关系时，控制不变的电压为U控=0.4A×5Ω=2V
由于要用上图乙中的某一组实验数据，图乙中所使用的电阻的阻值为10Ω，则接下来应换接一个未使用过的电阻为20Ω，电路中的电流
因此接20Ω电阻时电流表的示数为0.1A。
18．（2025·雷州模拟）小明想鉴别一块翡翠是否真实，他查到翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，于是他设计了实验测量某一玉石的密度，如图所示。
（1）将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的 处，若天平的横梁静止时，指针位置如图甲所示，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使横梁在水平位置平衡；
（2）将石块放在左盘中，在另一盘中加减砝码，并移动游码使横梁重新平衡.盘中砝码质量和游码的位置如图乙所示，则石块质量为 g；
（3）用细线吊着石块将其放入盛水的量筒中，量筒中前、后两次液面的位置如图丙所示，石块的体积是 ；
（4）该玉石 （选填“是”或“不是”）纯翡翠；
（5）小元进行了下列操作也测出了该玉石的密度：
①用天平测出石块的质量；
②在烧杯中装适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量；
③将石块浸没在水中，在烧杯的水面处做一个标记；
④取出石块，向烧杯中加水至标记处，用天平测出此时烧杯和水的总质量，则石块密度的表达式为 （水的密度为，用含、、、的式子表达）。
【答案】（1）零刻度线；右
（2）27.4
（3）10
（4）不是
（5）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据题意可知，应将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；根据甲图可知，天平指针左偏，说明左端沉右端轻，则应将平衡螺母向右调节。
（2）根据乙图可知，砝码的质量为：20g+5g=25g，游码的质量为2.4g，则图乙中石块的质量m=25g+2.4g=27.4g；
（3）根据图丙可知，水的体积50mL，水和石块的总体积为60mL，则石块的体积V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）根据题意可知，石块的密度，
翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，
所以该玉石不是纯翡翠。
（5）由题意知，后来加入水的质量为m'水=m3-m2，
后来加入水的体积即为小石块的体积，则该小石块密度的表达式为。
【分析】 （1）根据天平的使用方法解答。平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）确定天平标尺的分度值，物体的质量等于砝码质量加游码（以左侧）对应的刻度值；
（3）量筒的分度值为1cm3，石块的体积等于水和石块的总体积减去水的体积；
（4）根据求出石块的密度，然后与翡翠的密度比较即可；
（5）在没有量筒的情况下，根据等效替代法，石块的体积等于添入水的体积，求出添入水的质量，根据计算出加入水的体积，根据计算出小石块的密度。
（1）[1][2]根据天平的使用方法，应将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；图甲中天平指针左偏，说明左端沉，则应将平衡螺母向右调节，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）图乙中石块的质量m=20g+5g+2.4g=27.4g
（3）图丙中水的体积50mL，水和石块的总体积为60mL，则石块的体积V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）石块的密度
翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，所以该玉石不是纯翡翠。
（5）由题意知，后来加入水的质量为m'水=m3-m2
后来加入水的体积即为小石块的体积
则该小石块密度的表达式为
19．（2025·雷州模拟）小明进行测量电阻的实验，如图所示。
（1）如图甲所示，请用笔画线代替导线将电路图补充完整 ；
（2）电路连线时开关应 ．闭合开关，小明移动滑动变阻器的滑片到某位置时，电压表的示数如图乙所示，为 V，记录数据，移动滑片，继续做两次实验，部分数据如下表。根据实验数据可知定值电阻的阻值为 。
实验次数 电压 电流 电阻 电阻平均值
1
0.25
2 2.00 0.20
3 1.50 0.15
（3）小明把定值电阻换成小灯泡继续实验，将实验数据绘制成图像如图丙所示，可知小灯泡的电阻 （选填“是”或“不是”）定值电阻，原因是灯丝电阻受 影响。
（4）小明认为不用电流表，也可以测出另一个定值电阻的阻值，已知滑动变阻器的型号为“；2A”，实验步骤如下：
①在图甲基础上去掉电流表，电源负极连接到电阻左端，把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
②用电压表先测量定值电阻两端电压为1.00V，接着测量滑动变阻器两端电压为1.80V；
③计算出定值电阻的阻值为 。
【答案】（1）
（2）断开；2.5；10
（3）不是；温度
（4）11
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器应该与定值电阻串联，切变阻器“一上一下”的原则连入电路中，如下所示：
（2）①为了避免电路时通时断烧毁用电器，因此连接电路时开关应该断开。
②根据乙图可知，电压表选用的0-3V量程，分度值为0.1V，示数为2.5V。
③根据欧姆定律可得；
；
；
求平均值得。
（3）根据丙图可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，灯泡的电阻不是定值电阻，原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）滑动变阻器与电阻串联，根据欧姆定律可知电路中电流为；则定值电阻。
【分析】 （1）根据变阻器“一上一下”的原则连入电路中；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②首先确定电压表的分度值，然后读出电压表的示数；
③利用分别求出三次实验的电阻，然后求平均值；
（3）由图丙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，知道灯丝电阻受温度的影响；
（4）电压表测滑动变阻器和定值电阻的电压，由欧姆定律和串联电路的电流特点可得出定值电阻的电阻。
（1）根据变阻器“一上一下”的原则连入电路中，滑动变阻器以最大阻值接入电路，滑片在最右端，因此将左下接线柱接入电路。如下所示：
（2）[1]为了保护电路，连接电路时开关应该断开。
[2]由图可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.5V。
[3]根据欧姆定律可得
求平均值得
（3）[1][2]由图丙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，则灯泡的电阻不是定值电阻，电压越大、电流越大，小灯泡越亮，温度越高。原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；则滑动变阻器与电阻串联，根据欧姆定律可知电路中电流为
则定值电阻
20．（2025·雷州模拟）某款具有加热和保温档电饭煲的简化电路如图所示，工作电压为220V，、为阻值一定的电热丝，。当开关，都闭合时，电饭煲处于加热档，此时加热功率为880W。求：
（1）加热档工作时，电路中的电流；
（2）加热档工作100s，电路消耗的电能；
（3）保温档工作时的电功率。
【答案】（1）解：根据题意可知，加热功率为880W，
则加热档工作时，电路中的电流为。
（2）解：根据题意可知，加热档工作100s，电路消耗的电能为。
（3）解：当开关，都闭合时，电饭煲处于加热档，此时只有R2工作，
R2的阻值为；
当只闭合S1时，电路总电阻较大，为保温档，
此时电路总电阻为；
保温档工作时的电功率为。
【知识点】电阻的串联；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据P=UI求出加热档工作时，电路中的电流；
（2）根据W=Pt求出加热档工作100s电路消耗的电能；
（3）当开关S1，S2都闭合时，电饭煲处于加热档，由图可知，此时只有R2工作，根据欧姆定律求出R2的阻值；当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，电路中电阻较大，电源电压一定，由可知此时电功率较小，电饭煲处于保温状态，根据串联电路的特点求出电路中的总电阻，根据求出保温档工作时的电功率。
（1）加热挡工作时，电路中的电流为
（2）加热挡工作100s，电路消耗的电能为
（3）当开关，都闭合时，电饭煲处于加热挡，此时只有R2工作，R2的阻值为
当只闭合S1时，电路总电阻较大，为保温挡，此时电路总电阻为
保温挡工作时的电功率为
21．（2025·雷州模拟）小明设计了一个监测某圆柱形水箱水量的装置，其简化原理图如图甲所示。杠杆OAB始终保持水平，O为支点，。电源电压为6V，定值电阻，压敏电阻R的阻值随压力的变化关系如图乙所示。物块C是正方体，其边长为10cm、质量为0.8kg，水箱底面积为。弹簧受到的拉力与其伸长量x之间的关系如图丙所示。水箱无水时，物块C下表面与水箱底部的距离为4cm。当水箱水位低于临界水位时，电压表示数达到某设定值，触发报警。忽略杠杆、压杆和弹簧的质量。
（1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆OAB属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
（2）压敏电阻受到的压力变大时，其阻值变 。
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，弹簧受到的拉力变 ，电压表的示数变 。
（4）当电压表示数为3.00V时，水箱内水的体积为 L。
（5）该装置在长时间使用后，临界水位更低时才会触发报警，其原因可能是 （写出1个即可）。
【答案】（1）省力
（2）小
（3）大；大
（4）8.3
（5）电源电压减小
【知识点】阿基米德原理；杠杆及其五要素；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据图片可知，阻力作用在A点，动力作用在B点，OB为动力臂，OA为阻力臂。因为OB＞OA，杠杆OAB属于省力杠杆。
（2）根据乙图可知，压敏电阻R的阻值随压力F1的增大而减小。
（3）根据题意可知，当水位下降时，物块C受到的浮力变小，则弹簧受到的拉力变大，那么弹簧的形变变大。
根据杠杆平衡条件F1×OA=F2×OB得到：，
所以F1也变大，那么压敏电阻的阻值变小。
电压表测量定值电阻两端的电压，压敏电阻阻值变小，根据串联电路电压与电阻成正比得到，压敏电阻分得电压变小，
根据U总=U0+U可知，定值电阻两端的电压变大，故电压表示数变大。
（4）当电压表的示数为3V时，
根据串联分压得；
；
解得：R=R0=20Ω；
根据图乙知：此时F1=2N；根据杠杆平衡条件得；
物块C此时受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排；
0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排；
解得：V排=7×10-4m3；
物块C浸入水中的深度；
物体的重力为；
由图丙知，当GC=8N时，弹簧的伸长量为8cm=0.08m，
当F2=1N时，弹簧的伸长量为1cm=0.01m，
故此时物块C下表面与水箱底部的距离为4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m；
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m；
水箱内水的体积V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L。
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小，若仍要定值电阻两端电压为3V时触发报警，则需要压敏电阻阻值更小，即压敏电阻所受压力更大，物块C所受浮力更小，临界水位更低。
【分析】 （1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆在A处受到的支持力为阻力，分析动力臂和阻力臂的大小关系，从而确定杠杆类型；
（2）由图乙分析解答；
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，对弹簧拉力变大，根据杠杆平衡条件分析F1的大小变化，进而得出压敏电阻R的阻值所受的压力变化，压敏电阻的阻值变化，
分析检测电路，根据串并联电路规律分析电压表示数变化；
（4）根据串联分压R分阻值，根据图乙得此时F1，根据杠杆平衡条件得F2，根据称重法和阿基米德原理得此时物块C排开水的体积V排，进而得出物块C浸入水中的深度h，结合图丙找出此时弹簧的伸长量，
从而确定物块C下表面与水箱底部的距离，再得出此时水面深度h，最终根据V=Sh-V排求出水箱内水的体积；
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小。
（1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆平衡时，OB为动力臂，OA为阻力臂，又因OA=AB，所以OB＞OA，杠杆OAB属于省力杠杆。
（2）由图乙知：压敏电阻R的阻值随压力F1的增大而减小。
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，弹簧的形变变大，受到的拉力变大，根据杠杆平衡条件F1×OA=F2×OB
则
因为F2变大，所以F1也变大，根据物体间力的作用是相互的，F1等于压敏电阻R的阻值所受的压力，即压敏电阻R的阻值所受的压力变大，压敏电阻的阻值变小，检测电路为串联电路，电压表测量定值电阻两端的电压，压敏电阻阻值变小，分得电压变小，电源电压不变，则定值电阻两端的电压变大，故电压表示数变大。
（4）电源电压为6V，电压表示数为3V，即定值电阻两端电压为3V，根据串联分压得
代入数据得
可得R=R0=20Ω
根据图乙知：此时F1=2N；根据杠杆平衡条件得
物块C此时受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排
则有0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排
解之得V排=7×10-4m3
物块C浸入水中的深度
物体的重力为
由图丙知，当GC=8N时，弹簧的伸长量为8cm=0.08m，当F2=1N时，弹簧的伸长量为1cm=0.01m，故此时物块C下表面与水箱底部的距离为4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m
水箱内水的体积V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小，若仍要定值电阻两端电压为3V时触发报警，则需要压敏电阻阻值更小，即压敏电阻所受压力更大，物块C所受浮力更小，临界水位更低。
22．（2025·雷州模拟）厨房中有很多物理知识。
（1）比如对于较名贵的补品，一般会使用“隔水炖”的做法，以有效锁住营养成分。其原理如图，烧杯中的水沸腾，而试管中的水 （选填“会”或“不会”）沸腾，原因是 ；如果要使试管中在水沸腾，可以采用以下哪些方法 ；
①用密封性能良好的盖子盖住烧杯，但不盖试管；
②用密封性能良好的盖子盖住试管，但不盖烧杯；
③用火力更大酒精灯加热；
④用密封性能良好的盖子盖住试管，并往外抽气；
⑤用密封性能良好的盖子盖住烧杯，并往外抽气。
（2）图是一种家用消毒柜的结构图。紫外线灯可发出波长为254nm的紫外线。图为紫外线的三个波段示意图，其中UVC对人体伤害最大。UVC能通过石英玻璃，普通玻璃可有效阻碍UVC的传播。
① 波长为254nm的紫外线属于 波段（选填“UVC”“UVB”“UVA”）；
② 波长为254nm的紫外线从紫外线灯的密封透明灯管内透出，对柜内的物品进行杀菌消毒，柜门透明部分的材料应选 ，透明灯管的材料应选 。（选填“石英玻璃”“普通玻璃”）
【答案】不会；温度达到沸点后不能继续吸热；①④；UVC；普通玻璃；石英玻璃
【知识点】沸腾及沸腾条件；紫外线；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）根据题意可知，试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，内外水的温度相同，但是不能从烧杯中继续吸热，所以试管中的水不会沸腾。
①用密封性能良好的盖子盖住烧杯，但不盖试管，当烧杯内水沸腾时，气压增大，水的沸点会升高，烧杯内水沸腾时温度高于试管内水的沸点，试管内水能沸腾，故①符合题意；
②用密封性能良好的盖子盖住试管，但不盖烧杯，烧杯内水沸腾时，试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度相同，不能继续吸热，试管中的水不会沸腾，故②不符合题意；
③用火力更大酒精灯加热，不能提高水的沸点，试管中的水不会沸腾，故③不符合题意。
④用密封性能良好的盖子盖住试管，并往外抽气，试管内气压减小，水的沸点降低，烧杯内水沸腾后水的沸点高于试管内水的沸点，试管内水能沸腾，故④符合题意；
⑤用密封性能良好的盖子盖住烧杯，并往外抽气，烧杯内气压减小，水的沸点降低，低于试管内水的沸点，试管中的水不会沸腾，故④不符合题意。
故选①④。
（2）①根据图片可知，波长为254nm的紫外线，属于UVC波段。
②我们需要通过柜门透明部分观察柜内食物加热情况，不能让波长为254nm的紫外线通过柜门透明部分，柜门透明部分需要选用普通玻璃；波长为254nm的紫外线需要通过透明灯管传到食物，透明灯管需要需要石英玻璃。
【分析】 （1）液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热。
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低．但液体沸腾时温度保持不变。
（2）①与图片对照即可；
②根据不同玻璃的特点分析解答。
23．（2025·雷州模拟）阅读短文，回答问题。
牛顿冷却定律
当一个物体表面的温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，与物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做 ；
（2）将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是________（选填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均匀降低
（3）散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是________（选填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下两种方式，你认为冷却效果较好的是________（选填字母）；
A．先将烧开的热奶茶倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶
B．先将烧开的热奶茶倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min
（5）一个物体的温度为，周围环境的温度保持不变，此时物体的散热快慢为q。当物体温度降低到时，散热快慢为 ；（用含有q的关系式表示）
（6）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是，周围环境温度保持不变，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示，已知水的比热容为，盐水的密度为，则盐水的比热容为 。
【答案】（1）热传递
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知识点】功率的概念；热传递改变物体内能；比热容；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体向周围散热，即发生热传递，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）根据图乙可知，将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）根据题意可知，温差越大则散热越快，则第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得；
解得：；
当物体温度降低到时，散热快慢为。
（6）水放出的热量
；
盐水放出的热量
；
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
；
解得：。
【分析】 （1）改变物体的内能的方式有做功和热传递两种。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢；
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。逐项分析得出答案；
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
（5）由牛顿冷却定律可分析得出答案；
（6）根据Q放=cmΔt得出水和盐水放出的热量表达式，水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，据此得出盐水的比热容。
（1）物体向周围散热，即发生热传递，内能减少，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢，所以将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得
解得
当物体温度降低到时，散热快慢为
（6）水放出的热量
盐水放出的热量
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
解得
1 / 1广东省湛江市雷州市第五中学集团2025年中考三模物理试题
1．（2025·雷州模拟）下列关于诗词中涉及到的光现象，解释正确的是（ ）
A．瀑布喷成虹——彩虹是光的色散现象
B．绿树阴浓夏日长——“阴浓”是光的折射形成的
C．明镜可鉴形——镜子可以成像是因为光发生了折射
D．掬水月在手——月在手中是光的直线传播形成的
2．（2025·雷州模拟）在综合实践活动课上，小明将长度不同的吸管一端封闭粘在一起制作成了“排箫”如题图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．小明演奏时发出的声音是吸管振动产生的
B．排箫的声音能传递信息，不能传递能量
C．排箫的振动幅度越大，发出声音的音调会更高
D．吸管长短不同，越短的音调越高
3．（2025·雷州模拟）我国“华龙一号”核电技术领先全球，关于核电站和核能，下列说法正确的是（ ）
A．原子核由中子和质子构成 B．核能是可再生能源
C．核电利用的是原子核聚变 D．原子核带负电
4．（2025·雷州模拟）如图甲是某品牌智能体重秤，图乙是它的电路结构图，为定值电阻，秤盘下方的电阻为压敏电阻，其阻值随所受压力增大而减小。当小明站上体重秤时（ ）
A．通过的电流变小 B．电压表示数变大
C．通过的电流不变 D．电压表示数变小
5．（2025·雷州模拟）实心球是深圳中考体育考试项目之一。某同学实心球投掷后，球在空中运动的轨迹如图所示，球落地后滚动了一段距离后停下。忽略空气阻力，下列说法错误的是（ ）
A．体积小、质量大的实心球，是用密度较大的材料制成
B．实心球在空中运动轨迹说明力可以改变物体的运动状态
C．实心球运动到最高点时，若突然失去重力的作用，球将保持静止
D．实心球落地后滚动一段距离后最终停下，说明地面是粗糙的
6．（2025·雷州模拟）迷人的梦幻干冰香棋塔经常出现在各种庆典当中，来烘托气氛，关于白色烟雾下列说法正确的是（ ）
A．嘉宾们看到的白色烟雾是气态二氧化碳
B．嘉宾们看到的白色烟雾是水蒸气
C．嘉宾们看到的白色烟雾是液态的小水滴
D．这一过程干冰先升华吸热后又液化放热
7．（2025·雷州模拟）二胡是我国的民族乐器。在校园文化艺术节上，小梦同学用二胡演奏了优美的乐曲。关于二胡演奏中的声现象，下列说法正确的是（ ）
A．二胡声是由空气振动产生的
B．手按压琴弦不同部位是为了改变音色
C．二胡声是通过空气传入人耳的
D．二胡声在空气中的传播速度是3×108 m/s
8．（2025·雷州模拟）小明去超市买东西，发现了很多有趣的物理现象，例如停止推动购物车时，购物车还会继续前进，是因为购物车 ，购物车装上轮子是为了 摩擦（选填“增大”“减小”），购物车受到的支持力与车对地面的压力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”）。
9．（2025·雷州模拟）长征二号F遥十九运载火箭以煤油、液态氢和液态氧为燃料，发射前加注燃料时，应在 （选填“低温”或“高温”）环境中进行，氢在 （选填“液”或“气”）态时氢分子无规则运动更剧烈，火箭加速升空过程中，它的机械能逐渐 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
10．（2025·雷州模拟）如图为缓解干眼症的蒸汽眼罩装置，用超声波将药液雾化，直接向眼部给药，这是利用声能传递 ，该装置与治疗室内的电灯是 （选填“并联”或“串联”）的；矫正近视眼应佩戴 （选填“凹”或“凸”）透镜。
11．（2025·雷州模拟）小明在烹制鸡蛋时，要将蛋黄与蛋清分离，如图，挤压矿泉水瓶，松开手蛋黄被吸进瓶子里，这是利用 的作用；煎蛋时，通过 方式使鸡蛋的内能增大；煎好后，可以闻到香味，这是因为分子在不停地做 .
12．（2025·雷州模拟） 家庭中的电视机、空调等用电器是通过 联的方式连接在电路中；电热水壶利用电流的 效应工作；一般不同时使用大功率用电器，是为了避免因 （填“电流”或“电压”）过大带来危险。
13．（2025·雷州模拟）嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。AB段返回器的动能 （选填“变大”“不变”或“变小”）；BC段返回器的机械能 （选填“变大”“不变”或“变小”），CD段返回器动能增加量 （选填“大于”“等于”或“小于”）重力势能的减小量。
14．（2025·雷州模拟）通常我们说“铝比铁轻”是指铝的 （选填“密度”、“质量”或“体积”）比铁小；一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将 ；某钢瓶内装有氧气，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度将 （以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
15．（2025·雷州模拟）（1）如图一束光斜射入水中，请画出反射光和折射光的大致方向；
（2）如图，神舟十八号飞船返回舱进入大气层从空中下降，点为其重心，请画出它的重力示意图；
（3）用带指示灯的开关控制阳台的电灯；闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，使用过程中发现：指示灯因断路不亮，电灯照常发亮.请在图中将电路连接完整。
16．（2025·雷州模拟）小明利用托盘天平和图甲所示的注射器测量鸡蛋清的密度。
接下来进行了如下操作：
A.用天平测出注射器的质量为10g；
B.用注射器吸取部分蛋清，从注射器上读出体积为16mL；
C.用天平测出蛋清和注射器的总质量为m，如图乙所示，m= g。
根据以上数据可知，蛋清的密度ρ= g/cm3，实验后，小明发现注射器的尖端还有一点小“空隙”，“空隙”里也充满了蛋清，这会导致测得的密度比真实值偏 。
17．（2025·雷州模拟）用题图甲所示的电路探究通过导体电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标有“5Ω；3A”“20Ω；2A”“50Ω；1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小。
（2）闭合开关后，电流表无示数，电压表有示数，若电路中只有一处故障，则可能是 。
（3）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，实验中选用滑动变阻器的铭牌上标有 字样，则电源电压为 V；移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表示数U和对应电流表示数I，如图乙所示，依据图像，得到的结论是 。
（4）在探究电流与电阻的关系时，为能用上图乙中的某一组实验数据，小明断开开关，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为 A；断开开关，换接未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为 A。
18．（2025·雷州模拟）小明想鉴别一块翡翠是否真实，他查到翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，于是他设计了实验测量某一玉石的密度，如图所示。
（1）将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的 处，若天平的横梁静止时，指针位置如图甲所示，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使横梁在水平位置平衡；
（2）将石块放在左盘中，在另一盘中加减砝码，并移动游码使横梁重新平衡.盘中砝码质量和游码的位置如图乙所示，则石块质量为 g；
（3）用细线吊着石块将其放入盛水的量筒中，量筒中前、后两次液面的位置如图丙所示，石块的体积是 ；
（4）该玉石 （选填“是”或“不是”）纯翡翠；
（5）小元进行了下列操作也测出了该玉石的密度：
①用天平测出石块的质量；
②在烧杯中装适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量；
③将石块浸没在水中，在烧杯的水面处做一个标记；
④取出石块，向烧杯中加水至标记处，用天平测出此时烧杯和水的总质量，则石块密度的表达式为 （水的密度为，用含、、、的式子表达）。
19．（2025·雷州模拟）小明进行测量电阻的实验，如图所示。
（1）如图甲所示，请用笔画线代替导线将电路图补充完整 ；
（2）电路连线时开关应 ．闭合开关，小明移动滑动变阻器的滑片到某位置时，电压表的示数如图乙所示，为 V，记录数据，移动滑片，继续做两次实验，部分数据如下表。根据实验数据可知定值电阻的阻值为 。
实验次数 电压 电流 电阻 电阻平均值
1
0.25
2 2.00 0.20
3 1.50 0.15
（3）小明把定值电阻换成小灯泡继续实验，将实验数据绘制成图像如图丙所示，可知小灯泡的电阻 （选填“是”或“不是”）定值电阻，原因是灯丝电阻受 影响。
（4）小明认为不用电流表，也可以测出另一个定值电阻的阻值，已知滑动变阻器的型号为“；2A”，实验步骤如下：
①在图甲基础上去掉电流表，电源负极连接到电阻左端，把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
②用电压表先测量定值电阻两端电压为1.00V，接着测量滑动变阻器两端电压为1.80V；
③计算出定值电阻的阻值为 。
20．（2025·雷州模拟）某款具有加热和保温档电饭煲的简化电路如图所示，工作电压为220V，、为阻值一定的电热丝，。当开关，都闭合时，电饭煲处于加热档，此时加热功率为880W。求：
（1）加热档工作时，电路中的电流；
（2）加热档工作100s，电路消耗的电能；
（3）保温档工作时的电功率。
21．（2025·雷州模拟）小明设计了一个监测某圆柱形水箱水量的装置，其简化原理图如图甲所示。杠杆OAB始终保持水平，O为支点，。电源电压为6V，定值电阻，压敏电阻R的阻值随压力的变化关系如图乙所示。物块C是正方体，其边长为10cm、质量为0.8kg，水箱底面积为。弹簧受到的拉力与其伸长量x之间的关系如图丙所示。水箱无水时，物块C下表面与水箱底部的距离为4cm。当水箱水位低于临界水位时，电压表示数达到某设定值，触发报警。忽略杠杆、压杆和弹簧的质量。
（1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆OAB属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
（2）压敏电阻受到的压力变大时，其阻值变 。
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，弹簧受到的拉力变 ，电压表的示数变 。
（4）当电压表示数为3.00V时，水箱内水的体积为 L。
（5）该装置在长时间使用后，临界水位更低时才会触发报警，其原因可能是 （写出1个即可）。
22．（2025·雷州模拟）厨房中有很多物理知识。
（1）比如对于较名贵的补品，一般会使用“隔水炖”的做法，以有效锁住营养成分。其原理如图，烧杯中的水沸腾，而试管中的水 （选填“会”或“不会”）沸腾，原因是 ；如果要使试管中在水沸腾，可以采用以下哪些方法 ；
①用密封性能良好的盖子盖住烧杯，但不盖试管；
②用密封性能良好的盖子盖住试管，但不盖烧杯；
③用火力更大酒精灯加热；
④用密封性能良好的盖子盖住试管，并往外抽气；
⑤用密封性能良好的盖子盖住烧杯，并往外抽气。
（2）图是一种家用消毒柜的结构图。紫外线灯可发出波长为254nm的紫外线。图为紫外线的三个波段示意图，其中UVC对人体伤害最大。UVC能通过石英玻璃，普通玻璃可有效阻碍UVC的传播。
① 波长为254nm的紫外线属于 波段（选填“UVC”“UVB”“UVA”）；
② 波长为254nm的紫外线从紫外线灯的密封透明灯管内透出，对柜内的物品进行杀菌消毒，柜门透明部分的材料应选 ，透明灯管的材料应选 。（选填“石英玻璃”“普通玻璃”）
23．（2025·雷州模拟）阅读短文，回答问题。
牛顿冷却定律
当一个物体表面的温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，与物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做 ；
（2）将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是________（选填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均匀降低
（3）散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是________（选填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下两种方式，你认为冷却效果较好的是________（选填字母）；
A．先将烧开的热奶茶倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶
B．先将烧开的热奶茶倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min
（5）一个物体的温度为，周围环境的温度保持不变，此时物体的散热快慢为q。当物体温度降低到时，散热快慢为 ；（用含有q的关系式表示）
（6）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是，周围环境温度保持不变，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示，已知水的比热容为，盐水的密度为，则盐水的比热容为 。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A． 瀑布喷成虹—— 彩虹是由光的色散形成的，故A正确；
B． 绿树阴浓夏日长—— 树阴是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，而非折射，故B错误；
C． 明镜可鉴形—— 镜子成像是因为光发生了反射，而不是折射，故C错误；
D． 掬水月在手—— 是指月亮在水中的倒影，是由于光的反射形成的，而不是光的直线传播，故D错误。
故选A 。
【分析】分析各个选项中描述的光学现象，分析其中包含的物理原理即可。
2．【答案】D
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．排箫属于管乐器，其发声原理是空气柱振动，故A错误；
B．排箫的声音既能传递信息，也能传递能量，故B错误；
C．振动幅度影响的是声音的响度，振动幅度越大，响度越大，故C错误；
D．在排箫中，吸管长度越短，空气柱越短，振动频率越高，音调也越高，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据声音产生的知识判断；
B. 声音既能传递信息，也能传递能量；
C.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关；
D.音调表示声音的高低，与频率大小有关。
3．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核裂变；原子结构
【解析】【解答】A．根据题意可知，原子核是由质子和中子组成的，故A正确；
B．核能不可能在短期内再生，属于不可再生能源，故B错误；
C．核电站是利用可控的核裂变来发电的，而不是核聚变，故C错误；
D．原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，整体原子核带正电，故D错误。
故选A。
【分析】AD.根据原子核的构成判断；
B.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
C.根据核电站的工作原理判断。
4．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻和压敏电阻串联，电流表测通过的电流，电压表测定值电阻两端的电压。
当体重越重时，压敏电阻阻值减小，根据R总=R+R0可知，电路总电阻减小。根据欧姆定律可知，通过电路的电流增大，通过R的电流增大。根据U=IR可知，定值电阻两端的电压增大，即电压表示数增大，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片乙确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量。根据R总=R+R0分析总电阻的变化，根据分析总电流的变化，根据U=IR确定电压表的示数变化即可。
5．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．体积小、质量大的实心球，根据m=ρv可知铅球是用密度较大的材料制成，故A正确，不符合题意；
B．实心球在空中运动时受到重力，方向竖直向下，所以轨迹是曲线，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确，不符合题意；
C．实心球运动到最高点时，具有水平方向速度，不受力的情况下，球将保持原来的速度做匀速直线运动，故C错误，符合题意；
D．实心球落地后滚动一段距离后最终停下，一定受到了地面的阻力，因而说明地面是粗糙的，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；
2、根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比；
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
6．【答案】C
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】根据题意可知，喷洒的干冰从固态直接变成气态发生升华时吸收空气中的热量，而周围空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，从而看到了白色烟雾，故C正确，而ABC错误。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
7．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A C．声音是由物体振动产生的，声音的传播是需要介质的，二胡声是由二胡的弦振动产生的，通过空气传播进入人耳，故A错误，C正确；
B．手按压琴弦不同部位是为了改变琴弦振动的长度来改变振动的频率，为了改变音调，故B错误；
D．声速与介质的种类和温度有关，声音在空气中的传播速度约340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】
（1）声音是由物体振动产生的，振动停止发声也停止；
（2）手按压琴弦不同位置，发声体振动的快慢不一样；
（3）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播。
（4）声音在空气中的传播速度约为340m/s。
8．【答案】具有惯性；减少；相互作用力
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，停止推动购物车时，购物车还会继续前进，是因为购物车具有惯性；
（2）根据题意可知，购物车装上轮子，是用滚动代替滑动，从而减小摩擦；
（3）购物车受到的支持力作用在购物车上，购物车对地面的压力作用在地面上，即二者没有作用在同一物体上，因此二者属于相互作用力，而不是平衡力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）根据减小摩擦力的方法解答；
（3）平衡力和相互作用力的不同点，前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上。
9．【答案】低温；气；增大
【知识点】沸腾及沸腾条件；机械能及其转化；分子热运动
【解析】【解答】（1）发射前加注燃料时，应该保证氧气和氢气都是液态，因为液态氢与液态氧的沸点较低，所以应在低温环境中进行。
（2）根据题意可知，气态氢的温度相对较高，则氢在气态时，分子无规则运动更剧烈。
（3）火箭加速升空时，质量不变，速度增大，则动能增大；质量不变，高度增大，则重力势能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，神舟十九号载人飞船的机械能增加。
【分析】（1）液体低于沸点为液态，高于沸点为气态；
（2）分子无规则运动的剧烈程度与温度高低有关；
（3）动能与质量和速度有关，而重力势能与质量和高低有关，而“机械能=动能+重力势能”。
10．【答案】能量；并联；凹
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；声与能量；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）用超声波将药液雾化，直接向眼部给药，利用超声波传递能量。
（2）根据题意可知，该装置与治疗室内的电灯互不影响，独立工作，它们是并联的。
（3）根据题意可知，对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行矫正。
【分析】（1）声波可以传递信息，声波可以传递能量；
（2）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
（3）近视眼的晶状体较厚，折光能力太强，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，据此分析解答。
11．【答案】大气压；热传递；无规则运动
【知识点】热传递改变物体内能；大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】（1） 如图，挤压矿泉水瓶，松开手蛋黄被吸进瓶子里， 蛋黄在大气压作用下被吸进瓶子里。
（2）煎蛋时，用火加热，鸡蛋吸收火焰的热量，则是通过热传递的方式使鸡蛋的内能增大。
（3）根据题意可知，煎好后，可以闻到香味是扩散现象，这是因为分子在不停地做无规则运动。
【分析】（1）根据大气压强的知识解答；
（2）改变内能的方法：做功和热传递；
（3）根据分子运动的知识解答。
12．【答案】并；热；电流
【知识点】电流的热效应；家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】（1）家庭中的电视机、空调等用电器工作时互不影响，所以它们是通过并联的方式连接在电路中；
（2）电热水壶是利用电流的热效应工作的，工作时将消耗的电能转化成内能；
（3）家庭电路中电流过大的原因是：短路和用电器的总功率过大；家庭电路电压U=220V一定，根据公式P=UI可知，用电功率P越大，电流I就越大。
故答案为：并；热；电流。
【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的；
（2）电热器是利用电路的热效应工作，将电能转化为内能；
（3）家庭电路过大的原因：短路和用电器的总功率过大。
13．【答案】变小；不变；小于
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】（1）由图可知，返回器在经过AB段时，是从A到B，B的高度大于A 的高度，可知返回器的质量不变，高度变大，重力势能变大，返回器的动能转化为重力势能，故返回器的动能变小。
（2）返回器从B到C这个过程中是在大气层外运动，不受空气的阻力，故机械能是守恒的，即机械能保持不变。
（3）返回器在CD段，是在大气层内加速下降，返回器质量不变，故重力势能转化为动能，由于受到空气阻力的作用，一部分重力势能转化为内能，所以返CD段返回器动能增加量小于重力势能的减小量。
故答案为：变小；不变；小于。
【分析】（1）动能的大小与质量、速度有关，质量一定时，速度越大，动能越大；
（2）重力势能的大小与质量、高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；
（3）机械能为动能和势能的和，据此分析动能、机械能的变化；物体运动过程中，不考虑空气阻力和摩擦力，机械能守恒，考虑阻力和摩擦力，则不守恒。
14．【答案】密度；不变；变小
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，通常我们说“铝比铁轻”是指铝的密度小于铁的密度。
一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将不变；
一次气焊用去，则瓶内剩余氧气的质量减小，而剩余氧气的体积不变，由可知，剩余氧气的密度变小。
【分析】密度是物质本身的一种特性，同种物质（同种状态）密度相同，与质量、体积大小无关；
结合密度公式分析解答。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）根据题意可知，首先通过过入射点O垂直界面作出法线，然后根据“反射角等于入射角”在法线右侧画出对应的反射光线。当光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此在水中法线的另一侧作出折射光线，如下图所示：
（2）根据题意可知，返回舱的重力作用在重心上，方向竖直向下，如下图所示：
（3）根据题意可知，指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯不相互影响，因此二者是并联的。闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯，即开关在干路上。为了用电的安全，开关应接在用电器和火线之间，如下图所示：
【分析】（1）根据光的折射规律和光的反射定律完成作图即可；
（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（3）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关控制它所在支路上的用电器，结合家庭电路安全用电的常识解答。
（1）过入射点O垂直界面作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在空气中法线的另一侧作出反射光线；根据折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如下图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下的，从返回舱重心O，沿竖直向下方向画一条有向线段，标上箭头，并写上字母G，如下图所示：
（3）闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯；指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯是并联的，为了用电的安全，开关应接在用电器和火线之间，故连接电路图，如下图所示：
16．【答案】26.8；1.05；大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图乙所示，标尺分度值为0.2g，则游码质量为1.8g，砝码质量为：20g+5g=25g，则蛋清和注射器的总质量为；
（2）根据题意可知，蛋清的质量为；
则蛋清的密度；
（3）根据题意可知，注射器的尖端“空隙”里也充满了蛋清，这会导致测得的体积偏小，根据，这会导致测得的密度比真实值偏大。
【分析】 （1）物体的质量等于砝码的总质量与游码对应的刻度值之和；
（2）蛋清和注射器的总质量减去注射器的质量就是蛋清的质量，从注射器上读出蛋清的体积，然后由密度公式可以求出蛋清的密度；
（3）由于针筒的刻度线前的尖端还是有一点小“空隙”，造成所测体积偏小，根据密度公式即可判断密度是偏大还是偏小。
17．【答案】（1）
（2）电阻R断路
（3）“50Ω 1.5A”；4.2；电阻一定时，电流与电压成正比
（4）0.4；0.1
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，根据欧姆定律可知，说明滑动变阻器接入电路的电阻应增大，那么应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，即电压表并联部分之外的电路是完好的。因此故障可能是电阻R断路。
（3）①根据题意可知，电流表示数为0.07A，电压表示数为0.7V，
则电阻R的阻值为；
因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，
根据串联电路特点，此时滑动变阻器两端电压约为U滑=4.5V-0.7V=3.8V；
此时滑动变阻器接入电路的电阻约为；
所以应选用“50Ω；1.5A”的滑动变阻器。
②电源电压U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V；
③由图乙可知，电流与电压的图像是一条过原点的倾斜直线，所以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）①根据丙图可知，电流表选择0-0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。
②探究电流与电阻的关系时，控制不变的电压为U控=0.4A×5Ω=2V；
由于要用上图乙中的某一组实验数据，图乙中所使用的电阻的阻值为10Ω，则接下来应换接一个未使用过的电阻为20Ω，电路中的电流；
因此接20Ω电阻时电流表的示数为0.1A。
【分析】 （1）要使滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，即电阻变大，那么滑动变阻器要接右半段电阻丝，所以要将滑动变阻器的右下接线柱B接入电路。
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源之间是通路。
（3）①闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，由此可得电阻R的阻值；
②因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，根据串联电路特点，此时可得滑动变阻器两端电压；再由欧姆定律计算出此时滑动变阻器接入电路的电阻来选定滑动变阻器。
电源电压由U=IR（R+R滑大）计算可得。
③在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）①根据丙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
②探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变。
（1）滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻应增大，所以应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，即电压表并联部分之外的电路是完好的。因此，故障可能是电阻R断路。
（3）[1]闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，由此可得电阻R的阻值为
因为电源由3节干电池组成，每节电压略小于1.5V，根据串联电路特点，此时滑动变阻器两端电压约为U滑=4.5V-0.7V=3.8V
此时滑动变阻器接入电路的电阻约为
所以应选用“50Ω；1.5A”的滑动变阻器。
[2]电源电压U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V
[3]由图乙可知，电流与电压的图像是一条过原点的倾斜直线，所以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[1]如图丙所示，电流表接小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。
[2]探究电流与电阻的关系时，控制不变的电压为U控=0.4A×5Ω=2V
由于要用上图乙中的某一组实验数据，图乙中所使用的电阻的阻值为10Ω，则接下来应换接一个未使用过的电阻为20Ω，电路中的电流
因此接20Ω电阻时电流表的示数为0.1A。
18．【答案】（1）零刻度线；右
（2）27.4
（3）10
（4）不是
（5）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据题意可知，应将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；根据甲图可知，天平指针左偏，说明左端沉右端轻，则应将平衡螺母向右调节。
（2）根据乙图可知，砝码的质量为：20g+5g=25g，游码的质量为2.4g，则图乙中石块的质量m=25g+2.4g=27.4g；
（3）根据图丙可知，水的体积50mL，水和石块的总体积为60mL，则石块的体积V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）根据题意可知，石块的密度，
翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，
所以该玉石不是纯翡翠。
（5）由题意知，后来加入水的质量为m'水=m3-m2，
后来加入水的体积即为小石块的体积，则该小石块密度的表达式为。
【分析】 （1）根据天平的使用方法解答。平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）确定天平标尺的分度值，物体的质量等于砝码质量加游码（以左侧）对应的刻度值；
（3）量筒的分度值为1cm3，石块的体积等于水和石块的总体积减去水的体积；
（4）根据求出石块的密度，然后与翡翠的密度比较即可；
（5）在没有量筒的情况下，根据等效替代法，石块的体积等于添入水的体积，求出添入水的质量，根据计算出加入水的体积，根据计算出小石块的密度。
（1）[1][2]根据天平的使用方法，应将托盘放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；图甲中天平指针左偏，说明左端沉，则应将平衡螺母向右调节，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）图乙中石块的质量m=20g+5g+2.4g=27.4g
（3）图丙中水的体积50mL，水和石块的总体积为60mL，则石块的体积V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）石块的密度
翡翠由于内部结构致密，密度比一般玉石大，密度，所以该玉石不是纯翡翠。
（5）由题意知，后来加入水的质量为m'水=m3-m2
后来加入水的体积即为小石块的体积
则该小石块密度的表达式为
19．【答案】（1）
（2）断开；2.5；10
（3）不是；温度
（4）11
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器应该与定值电阻串联，切变阻器“一上一下”的原则连入电路中，如下所示：
（2）①为了避免电路时通时断烧毁用电器，因此连接电路时开关应该断开。
②根据乙图可知，电压表选用的0-3V量程，分度值为0.1V，示数为2.5V。
③根据欧姆定律可得；
；
；
求平均值得。
（3）根据丙图可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，灯泡的电阻不是定值电阻，原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）滑动变阻器与电阻串联，根据欧姆定律可知电路中电流为；则定值电阻。
【分析】 （1）根据变阻器“一上一下”的原则连入电路中；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②首先确定电压表的分度值，然后读出电压表的示数；
③利用分别求出三次实验的电阻，然后求平均值；
（3）由图丙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，知道灯丝电阻受温度的影响；
（4）电压表测滑动变阻器和定值电阻的电压，由欧姆定律和串联电路的电流特点可得出定值电阻的电阻。
（1）根据变阻器“一上一下”的原则连入电路中，滑动变阻器以最大阻值接入电路，滑片在最右端，因此将左下接线柱接入电路。如下所示：
（2）[1]为了保护电路，连接电路时开关应该断开。
[2]由图可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.5V。
[3]根据欧姆定律可得
求平均值得
（3）[1][2]由图丙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，则灯泡的电阻不是定值电阻，电压越大、电流越大，小灯泡越亮，温度越高。原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；则滑动变阻器与电阻串联，根据欧姆定律可知电路中电流为
则定值电阻
20．【答案】（1）解：根据题意可知，加热功率为880W，
则加热档工作时，电路中的电流为。
（2）解：根据题意可知，加热档工作100s，电路消耗的电能为。
（3）解：当开关，都闭合时，电饭煲处于加热档，此时只有R2工作，
R2的阻值为；
当只闭合S1时，电路总电阻较大，为保温档，
此时电路总电阻为；
保温档工作时的电功率为。
【知识点】电阻的串联；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据P=UI求出加热档工作时，电路中的电流；
（2）根据W=Pt求出加热档工作100s电路消耗的电能；
（3）当开关S1，S2都闭合时，电饭煲处于加热档，由图可知，此时只有R2工作，根据欧姆定律求出R2的阻值；当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，电路中电阻较大，电源电压一定，由可知此时电功率较小，电饭煲处于保温状态，根据串联电路的特点求出电路中的总电阻，根据求出保温档工作时的电功率。
（1）加热挡工作时，电路中的电流为
（2）加热挡工作100s，电路消耗的电能为
（3）当开关，都闭合时，电饭煲处于加热挡，此时只有R2工作，R2的阻值为
当只闭合S1时，电路总电阻较大，为保温挡，此时电路总电阻为
保温挡工作时的电功率为
21．【答案】（1）省力
（2）小
（3）大；大
（4）8.3
（5）电源电压减小
【知识点】阿基米德原理；杠杆及其五要素；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据图片可知，阻力作用在A点，动力作用在B点，OB为动力臂，OA为阻力臂。因为OB＞OA，杠杆OAB属于省力杠杆。
（2）根据乙图可知，压敏电阻R的阻值随压力F1的增大而减小。
（3）根据题意可知，当水位下降时，物块C受到的浮力变小，则弹簧受到的拉力变大，那么弹簧的形变变大。
根据杠杆平衡条件F1×OA=F2×OB得到：，
所以F1也变大，那么压敏电阻的阻值变小。
电压表测量定值电阻两端的电压，压敏电阻阻值变小，根据串联电路电压与电阻成正比得到，压敏电阻分得电压变小，
根据U总=U0+U可知，定值电阻两端的电压变大，故电压表示数变大。
（4）当电压表的示数为3V时，
根据串联分压得；
；
解得：R=R0=20Ω；
根据图乙知：此时F1=2N；根据杠杆平衡条件得；
物块C此时受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排；
0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排；
解得：V排=7×10-4m3；
物块C浸入水中的深度；
物体的重力为；
由图丙知，当GC=8N时，弹簧的伸长量为8cm=0.08m，
当F2=1N时，弹簧的伸长量为1cm=0.01m，
故此时物块C下表面与水箱底部的距离为4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m；
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m；
水箱内水的体积V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L。
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小，若仍要定值电阻两端电压为3V时触发报警，则需要压敏电阻阻值更小，即压敏电阻所受压力更大，物块C所受浮力更小，临界水位更低。
【分析】 （1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆在A处受到的支持力为阻力，分析动力臂和阻力臂的大小关系，从而确定杠杆类型；
（2）由图乙分析解答；
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，对弹簧拉力变大，根据杠杆平衡条件分析F1的大小变化，进而得出压敏电阻R的阻值所受的压力变化，压敏电阻的阻值变化，
分析检测电路，根据串并联电路规律分析电压表示数变化；
（4）根据串联分压R分阻值，根据图乙得此时F1，根据杠杆平衡条件得F2，根据称重法和阿基米德原理得此时物块C排开水的体积V排，进而得出物块C浸入水中的深度h，结合图丙找出此时弹簧的伸长量，
从而确定物块C下表面与水箱底部的距离，再得出此时水面深度h，最终根据V=Sh-V排求出水箱内水的体积；
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小。
（1）将杠杆OAB在B处受到的拉力视为动力，则杠杆平衡时，OB为动力臂，OA为阻力臂，又因OA=AB，所以OB＞OA，杠杆OAB属于省力杠杆。
（2）由图乙知：压敏电阻R的阻值随压力F1的增大而减小。
（3）当水位下降时，物块C受到的浮力变小，弹簧的形变变大，受到的拉力变大，根据杠杆平衡条件F1×OA=F2×OB
则
因为F2变大，所以F1也变大，根据物体间力的作用是相互的，F1等于压敏电阻R的阻值所受的压力，即压敏电阻R的阻值所受的压力变大，压敏电阻的阻值变小，检测电路为串联电路，电压表测量定值电阻两端的电压，压敏电阻阻值变小，分得电压变小，电源电压不变，则定值电阻两端的电压变大，故电压表示数变大。
（4）电源电压为6V，电压表示数为3V，即定值电阻两端电压为3V，根据串联分压得
代入数据得
可得R=R0=20Ω
根据图乙知：此时F1=2N；根据杠杆平衡条件得
物块C此时受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排
则有0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排
解之得V排=7×10-4m3
物块C浸入水中的深度
物体的重力为
由图丙知，当GC=8N时，弹簧的伸长量为8cm=0.08m，当F2=1N时，弹簧的伸长量为1cm=0.01m，故此时物块C下表面与水箱底部的距离为4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m
水箱内水的体积V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L
（5）该装置在长时间使用后，电源电压可能会变小，若仍要定值电阻两端电压为3V时触发报警，则需要压敏电阻阻值更小，即压敏电阻所受压力更大，物块C所受浮力更小，临界水位更低。
22．【答案】不会；温度达到沸点后不能继续吸热；①④；UVC；普通玻璃；石英玻璃
【知识点】沸腾及沸腾条件；紫外线；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）根据题意可知，试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，内外水的温度相同，但是不能从烧杯中继续吸热，所以试管中的水不会沸腾。
①用密封性能良好的盖子盖住烧杯，但不盖试管，当烧杯内水沸腾时，气压增大，水的沸点会升高，烧杯内水沸腾时温度高于试管内水的沸点，试管内水能沸腾，故①符合题意；
②用密封性能良好的盖子盖住试管，但不盖烧杯，烧杯内水沸腾时，试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度相同，不能继续吸热，试管中的水不会沸腾，故②不符合题意；
③用火力更大酒精灯加热，不能提高水的沸点，试管中的水不会沸腾，故③不符合题意。
④用密封性能良好的盖子盖住试管，并往外抽气，试管内气压减小，水的沸点降低，烧杯内水沸腾后水的沸点高于试管内水的沸点，试管内水能沸腾，故④符合题意；
⑤用密封性能良好的盖子盖住烧杯，并往外抽气，烧杯内气压减小，水的沸点降低，低于试管内水的沸点，试管中的水不会沸腾，故④不符合题意。
故选①④。
（2）①根据图片可知，波长为254nm的紫外线，属于UVC波段。
②我们需要通过柜门透明部分观察柜内食物加热情况，不能让波长为254nm的紫外线通过柜门透明部分，柜门透明部分需要选用普通玻璃；波长为254nm的紫外线需要通过透明灯管传到食物，透明灯管需要需要石英玻璃。
【分析】 （1）液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热。
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低．但液体沸腾时温度保持不变。
（2）①与图片对照即可；
②根据不同玻璃的特点分析解答。
23．【答案】（1）热传递
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知识点】功率的概念；热传递改变物体内能；比热容；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体向周围散热，即发生热传递，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）根据图乙可知，将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）根据题意可知，温差越大则散热越快，则第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得；
解得：；
当物体温度降低到时，散热快慢为。
（6）水放出的热量
；
盐水放出的热量
；
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
；
解得：。
【分析】 （1）改变物体的内能的方式有做功和热传递两种。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢；
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。逐项分析得出答案；
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
（5）由牛顿冷却定律可分析得出答案；
（6）根据Q放=cmΔt得出水和盐水放出的热量表达式，水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，据此得出盐水的比热容。
（1）物体向周围散热，即发生热传递，内能减少，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢，所以将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得
解得
当物体温度降低到时，散热快慢为
（6）水放出的热量
盐水放出的热量
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
解得
1 / 1
