3．1 不等式的性质 (教学方式：深化学习课—梯度进阶式教学)
[课时目标]
1．理解不等式的基本事实，会用作差法比较两实数(代数式)大小．
2．通过等式与不等式的差异，掌握等式和不等式的性质，能利用不等式的性质证明简单的
不等式和解简单不等式．
3．运用不等式的性质分析解决问题时，必须验证是否满足它成立的条件．
(一)不等式的基本事实
作差法比较两实数(代数式)大小
基本事实 a>b ________________；a＝b ________________；a
结论 要比较两个实数的大小，可以转化为比较它们的____与____的大小
(二)不等式的性质
1．等式的基本性质
性质 性质内容
1 如果a＝b，那么________
2 如果a＝b，b＝c，那么________
3 如果a＝b，那么a±c＝b±c
4 如果a＝b，那么ac＝bc
5 如果a＝b，c≠0，那么＝
2．不等式的性质
性质 别名 性质内容 注意
1 传递性 如果a>b，且b>c，那么a___c 不可逆
2 可加性 如果a>b，那么a＋c___b＋c 可逆
3 可乘性 如果a>b，c>0，那么_____；如果a>b，c<0，那么______ c的符号
4 同向可加性 如果a>b，c>d，那么____________ 同向
5 可乘性 如果a>b>0，c>d>0，那么________；如果a>b>0，cb>0时，an____bn，其中n∈N＋，n≥2 是否变号
6 可开方性 当a>b>0时，____，其中n∈N＋，n≥2 同正
3．不等式中常用的二级结论
(1)a>b，cb－d.
(2)a＋c>b a>b－c.
(3)a>b>0，d>c>0 >.
(4)a>b，ab>0 <；a>b，ab<0 >.
(5)a>b，n∈N*，n>1且n为奇数 an>bn，>.
(6)a>b>0，c>0 >.
|微|点|助|解|
(1)在应用不等式时，一定要搞清它们成立的前提条件．不可强化或弱化成立的条件．要克服“想当然”“显然成立”的思维定势．注意传递性是有条件的！
(2)要注意“箭头”是单向的还是双向的，也就是说每条性质是否具有可逆性．性质2是双向的，其余的在一般情况下是不可逆的．
(3)性质2是移项的依据．不等式中任何一项改变符号后，可以把它从一边移到另一边．即a＋b>c a>c－b.性质2是可逆的，即a>b a＋c>b＋c.
基础落实训练
1．判断正误(正确的画“√”，错误的画“×”)
(1)若>1，则a>b.( )
(2)a与b的差是非负实数， 可表示为a－b>0.( )
(3) x∈R，都有x2>x－1.( )
(4)a，b，c为实数，在等式中，若a＝b，则ac＝bc；在不等式中，若a>b，则ac>bc.( )
(5)a，b，c为实数，若ac2>bc2，则a>b.( )
2．与a>b等价的不等式是( )
A．|a|>|b| B．a2>b2
C.>1 D．a3>b3
3．下列说法正确的为( )
A．x与2的和是非负数，可表示为“x＋2>0”
B．小明的身高为x，小华的身高为y，则小明比小华矮可表示为“x>y”
C．△ABC的两边之和大于第三边，记三边分别为a，b，c，则可表示为“a＋b>c且a＋c>b且b＋c>a”
D．若某天的最低温度为7 ℃，最高温度为13 ℃，则这天的温度t可表示为“7 ℃4．若x<0，则x－2与2x－2的大小关系是______．
题型(一) 实数(式)的比较大小
[例1] 已知x≤1，比较3x3与3x2－x＋1的大小．
听课记录：
[变式拓展]
把本例中“x≤1”改为“x∈R”，再比较3x3与3x2－x＋1的大小．
|思|维|建|模| 作差法比较两个实数大小的基本步骤
[针对训练]
1．已知a，b都是正实数，比较＋与a＋b的大小．
题型(二) 利用不等式的性质判断命题真假
[例2] 对于实数a，b，c，下列命题中的真命题是( )
A．若a>b，则ac2>bc2
B．若a>b>0，则>
C．若a
D．若a>b，>，则a>0，b<0
听课记录：
|思|维|建|模|
利用不等式的性质判断命题真假的注意点
(1)运用不等式的性质判断时，要注意不等式成立的条件，不要弱化条件，尤其是不能想当然随意捏造性质．
(2)解有关不等式的选择题时，也可采用特殊值法进行排除，注意取值一定要遵循如下原则：一是满足题设条件；二是取值要简单，便于验证计算．
[针对训练]
2．(多选)下列四个结论正确的是( )
A．a>b，cb－d
B．a>b>0，cbd
C．a>b>0 a3>b3
D．a>b>0 >
3．(多选)已知x，y，z为实数，则下列结论正确的是( )
A．若xz2>yz2，则x>y
B．若x>y，则xz2>yz2
C．若x>y>0，z<0，则>
D．若z>y>x，则>
题型(三) 利用不等式的性质证明不等式
[例3] 设a>b>c，
求证：＋＋>0.
听课记录：
|思|维|建|模|
利用不等式的性质证明不等式的注意事项
(1)利用不等式的性质及实数大小关系的基本事实可以证明一些不等式．解决此类问题一定要在理解的基础上，记准、记熟不等式的性质并注意在解题中灵活准确地加以应用．
(2)应用不等式的性质进行推导时，应注意紧扣不等式性质成立的条件，且不可省略条件或跳步推导，更不能随意构造性质与法则．
[针对训练]
4．已知a>b>0，c(1)<；
(2)>.
题型(四) 利用不等式的性质求取值范围
[例4] 已知－1(1)求x－y的取值范围；
(2)求3x＋2y的取值范围．
听课记录：
[变式拓展]
1．若将本例条件改为－12．若将本例条件改为－1|思|维|建|模|
利用不等式的性质求取值范围的策略
(1)建立待求范围的整体与已知范围的整体的关系，最后利用一次不等式的性质进行运算，求得待求的范围．
(2)同向(异向)不等式的两边可以相加(相减)，这种转化不是等价变形，如果在解题过程中多次使用这种转化，就有可能扩大其取值范围．
[提醒] 求解这种不等式问题要特别注意不能简单地分别求出单个变量的范围，再去求其他不等式的范围．
[针对训练]
5．(1)已知1(2)已知－6不等式的性质
?课前预知教材
(一)a－b>0 a－b＝0 a－b<0 差 0
(二)1.b＝a a＝c 2.> > ac>bc
acb＋d ac>bd > >
[基础落实训练]
1．(1)× (2)× (3)√ (4)× (5)√
2．D 3.C 4.x－2>2x－2
?课堂题点研究
[题型(一)]
[例1] 解：3x3－(3x2－x＋1)
＝(3x3－3x2)＋(x－1)
＝3x2(x－1)＋(x－1)
＝(3x2＋1)(x－1)．
∵x≤1，∴x－1≤0.而3x2＋1>0，
∴(3x2＋1)(x－1)≤0，
∴3x3≤3x2－x＋1.
[变式拓展]
解：3x3－(3x2－x＋1)＝(3x3－3x2)＋(x－1)＝(3x2＋1)(x－1)．
∵3x2＋1>0，
当x>1时，x－1>0，∴3x3>3x2－x＋1；
当x＝1时，x－1＝0，∴3x3＝3x2－x＋1；
当x<1时，x－1<0，∴3x3<3x2－x＋1.
[针对训练]
1．解：＋－(a＋b)＝＝，因为a>0，b>0，所以a＋b>0，ab>0.当a＝b时，＋－(a＋b)＝0，即＋＝a＋b.当a≠b时，＋－(a＋b)>0，即＋>a＋b.所以＋≥a＋b.
[题型(二)]
[例2] 选D 法一：∵c2≥0，∴c＝0时，有ac2＝bc2，故A为假命题；由a>b>0，有ab>0 > >，故B为假命题；
>，故C为假命题；
ab<0. ∵a>b，∴a>0且b<0，故D为真命题．
法二：特殊值排除法．取c＝0，则ac2＝bc2，故A为假命题；取a＝2，b＝1，则＝，＝1.有<，故B为假命题；取a＝－2，b＝－1，则＝，＝2，有<，故C为假命题．
[针对训练]
2．选AC 利用不等式的同向可加性可知A正确；根据不等式的性质可知acb>0可知a2>b2>0，所以<，所以D不正确．
3．选AC 因为z2≥0，若xz2>yz2，当z2＝0时，xz2＝yz2＝0，不满足条件xz2>yz2，所以z2>0，故xz2>yz2 x>y，故A正确；当z2＝0时，若x>y，有xz2＝yz2＝0，不满足xz2>yz2，故B错误；若x>y>0，则由不等式的性质有<，又z<0，则>，故C正确；当z＝5，y＝3，x＝2，则＝，＝，<，不满足>，故D错误．
[题型(三)]
[例3] 证明：因为a>b>c，
所以－c>－b.
所以a－c>a－b>0，
所以>>0.
所以＋>0.又b－c>0，
所以>0.
所以＋＋>0.
[针对训练]
4．证明：(1)因为a>b>0，－c>－d>0，所以a－c>b－d>0，所以<.
(2)由(1)得<，又m<0，所以>.
[题型(四)]
[例4] 解：(1)因为－1所以－3<－y<－2，
所以－4所以x－y的取值范围是－4(2)由－1所以3x＋2y的取值范围是1<3x＋2y<18.
[变式拓展]
1．解：因为－1所以－3＜－y<1，
所以－4又因为x所以x－y的取值范围是－42．解：设3x＋2y＝m(x＋y)＋n(x－y)，
则所以
即3x＋2y＝(x＋y)＋(x－y)，
又因为－1所以－<(x＋y)<10,1<(x－y)<，
所以－<(x＋y)＋(x－y)<，
即－<3x＋2y<.
所以3x＋2y的取值范围是－<3x＋2y<.
[针对训练]
5．解：(1)∵1∵2又1∴2a＋3b的取值范围是8<2a＋3b<32，a－b的取值范围是(－7,2)．
(2)∵2①当0≤a<8时，0≤<4；
②当－6由①②得－3<<4，即的取值范围是(－3,4)．
6 / 6(共67张PPT)
3.1
不等式的性质
(教学方式:深化学习课—梯度进阶式教学)
课时目标
1.理解不等式的基本事实,会用作差法比较两实数(代数式)大小.
2.通过等式与不等式的差异,掌握等式和不等式的性质,能利用不等式的性质证明简单的
不等式和解简单不等式.
3.运用不等式的性质分析解决问题时,必须验证是否满足它成立的条件.
CONTENTS
目录
1
2
3
课前预知教材·自主落实基础
课堂题点研究·迁移应用融通
课时跟踪检测
课前预知教材·自主落实基础
(一)不等式的基本事实
作差法比较两实数(代数式)大小
基本 事实 a>b ________;
a=b ________;
a结论 要比较两个实数的大小,可以转化为比较它们的___与__的大小
a-b>0
a-b=0
a-b<0
差
0
(二)不等式的性质
1.等式的基本性质
性质 性质内容
1 如果a=b,那么_____
2 如果a=b,b=c,那么_____
3 如果a=b,那么a±c=b±c
4 如果a=b,那么ac=bc
5
b=a
a=c
2.不等式的性质
性质 别名 性质内容 注意
1 传递性 如果a>b,且b>c,那么a___c 不可逆
2 可加性 如果a>b,那么a+c___b+c 可逆
3 可乘性 如果a>b,c>0,那么_______; 如果a>b,c<0,那么_______ c的符号
4 同向可加性 如果a>b,c>d,那么_________ 同向
>
>
ac>bc
aca+c>b+d
5 可乘性 如果a>b>0,c>d>0,那么________; 如果a>b>0,cb>0时an____bn,其中n∈N+,n≥2 是否
变号
6 可开方性 同正
续表
ac>bd
>
>
3.不等式中常用的二级结论
(1)a>b,cb-d.
(2)a+c>b a>b-c.
(3)a>b>0,d>c>0 >.
(4)a>b,ab>0 <;a>b,ab<0 >.
(5)a>b,n∈ N *,n>1且n为奇数 an>bn,>.
(6)a>b>0,c>0 >.
|微|点|助|解|
(1)在应用不等式时,一定要搞清它们成立的前提条件.不可强化或弱化成立的条件.要克服“想当然”“显然成立”的思维定势.注意传递性是有条件的!
(2)要注意“箭头”是单向的还是双向的,也就是说每条性质是否具有可逆性.性质2是双向的,其余的在一般情况下是不可逆的.
(3)性质2是移项的依据.不等式中任何一项改变符号后,可以把它从一边移到另一边.即a+b>c a>c-b.性质2是可逆的,即a>b a+c>b+c.
基础落实训练
1.判断正误(正确的画“√”,错误的画“×”)
(1)若>1,则a>b. ( )
(2)a与b的差是非负实数, 可表示为a-b>0. ( )
(3) x∈R,都有x2>x-1. ( )
(4)a,b,c为实数,在等式中,若a=b,则ac=bc;在不等式中,若a>b,则ac>bc.( )
(5)a,b,c为实数,若ac2>bc2,则a>b. ( )
×
×
√
×
√
2.与a>b等价的不等式是 ( )
A.|a|>|b| B.a2>b2
C.>1 D.a3>b3
解析:可利用赋值法.令a=1,b=-2,满足a>b,但|a|<|b|,a2√
3.下列说法正确的为 ( )
A.x与2的和是非负数,可表示为“x+2>0”
B.小明的身高为x,小华的身高为y,则小明比小华矮可表示为“x>y”
C.△ABC的两边之和大于第三边,记三边分别为a,b,c,则可表示为“a+b>c且a+c>b且b+c>a”
D.若某天的最低温度为7 ℃,最高温度为13 ℃,则这天的温度t可表示为“7 ℃√
解析:对于A,应表示为“x+2≥0”;对于B,应表示为“x4.若x<0,则x-2与2x-2的大小关系是 .
解析:因为x-2-(2x-2)=-x>0,所以x-2>2x-2.
x-2>2x-2
课堂题点研究·迁移应用融通
题型(一) 实数(式)的比较大小
[例1] 已知x≤1,比较3x3与3x2-x+1的大小.
解:3x3-(3x2-x+1)=(3x3-3x2)+(x-1)=3x2(x-1)+(x-1)=(3x2+1)(x-1).
∵x≤1,∴x-1≤0.而3x2+1>0,
∴(3x2+1)(x-1)≤0,
∴3x3≤3x2-x+1.
变式拓展
把本例中“x≤1”改为“x∈R”,再比较3x3与3x2-x+1的大小.
解:3x3-(3x2-x+1)=(3x3-3x2)+(x-1)=(3x2+1)(x-1).∵3x2+1>0,
当x>1时,x-1>0,
∴3x3>3x2-x+1;
当x=1时,x-1=0,
∴3x3=3x2-x+1;
当x<1时,x-1<0,
∴3x3<3x2-x+1.
|思|维|建|模| 作差法比较两个实数大小的基本步骤
1.已知a,b都是正实数,比较+与a+b的大小.
解:+-(a+b)==,因为a>0,b>0,所以a+b>0,
ab>0.当a=b时,+-(a+b)=0,即+=a+b.当a≠b时,+-(a+b)>0,即+>a+b.所以+≥a+b.
针对训练
[例2] 对于实数a,b,c,下列命题中的真命题是 ( )
A.若a>b,则ac2>bc2
B.若a>b>0,则>
C.若a
D.若a>b,>,则a>0,b<0
题型(二) 利用不等式的性质判断命题真假
√
解析:法一:∵c2≥0,∴c=0时,有ac2=bc2,故A为假命题;由a>b>0,有ab>0 > >,故B为假命题;
>,故C为假命题;
ab<0.
∵a>b,∴a>0且b<0,故D为真命题.
法二:特殊值排除法.取c=0,则ac2=bc2,故A为假命题;取a=2,b=1,则=,=1.有<,故B为假命题;取a=-2,b=-1,则=,=2,有<,故C为假命题.
|思|维|建|模|
利用不等式的性质判断命题真假的注意点
(1)运用不等式的性质判断时,要注意不等式成立的条件,不要弱化条件,尤其是不能想当然随意捏造性质.
(2)解有关不等式的选择题时,也可采用特殊值法进行排除,注意取值一定要遵循如下原则:一是满足题设条件;二是取值要简单,便于验证计算.
针对训练
2.(多选)下列四个结论正确的是 ( )
A.a>b,cb-d B.a>b>0,cbd
C.a>b>0 a3>b3 D.a>b>0 >
解析:利用不等式的同向可加性可知A正确;根据不等式的性质可知acb>0可知a2>b2>0,所以<,所以D不正确.
√
√
3.(多选)已知x,y,z为实数,则下列结论正确的是 ( )
A.若xz2>yz2,则x>y
B.若x>y,则xz2>yz2
C.若x>y>0,z<0,则>
D.若z>y>x,则>
√
√
解析:因为z2≥0,若xz2>yz2,当z2=0时,xz2=yz2=0,不满足条件xz2>yz2,所以z2>0,故xz2>yz2 x>y,故A正确;当z2=0时,若x>y,有xz2=yz2=0,不满足xz2>yz2,故B错误;若x>y>0,则由不等式的性质有<,又z<0,则>,故C正确;当z=5,y=3,x=2,则=,=,<,不满足>,故D错误.
题型(三) 利用不等式的性质证明不等式
[例3] 设a>b>c,求证:++>0.
证明:因为a>b>c,所以-c>-b.
所以a-c>a-b>0,所以>>0.
所以+>0.又b-c>0,
所以>0.所以++>0.
|思|维|建|模|
利用不等式的性质证明不等式的注意事项
(1)利用不等式的性质及实数大小关系的基本事实可以证明一些不等式.解决此类问题一定要在理解的基础上,记准、记熟不等式的性质并注意在解题中灵活准确地加以应用.
(2)应用不等式的性质进行推导时,应注意紧扣不等式性质成立的条件,且不可省略条件或跳步推导,更不能随意构造性质与法则.
4.已知a>b>0,c(1)<;
证明:因为a>b>0,-c>-d>0,
所以a-c>b-d>0,所以<.
针对训练
(2)>.
证明:由(1)得<,
又m<0,所以>.
[例4] 已知-1(1)求x-y的取值范围;
解:因为-1所以x-y的取值范围是-4题型(四) 利用不等式的性质求取值范围
(2)求3x+2y的取值范围.
解:由-1所以3x+2y的取值范围是1<3x+2y<18.
1.若将本例条件改为-1解:因为-1所以-3<-y<1,所以-4又因为x所以x-y的取值范围是-4变式拓展
2.若将本例条件改为-1解:设3x+2y=m(x+y)+n(x-y),
则所以
即3x+2y=(x+y)+(x-y),
又因为-1所以-<(x+y)<10,1<(x-y)<,
所以-<(x+y)+(x-y)<,
即-<3x+2y<.
所以3x+2y的取值范围是-<3x+2y<.
|思|维|建|模|
利用不等式的性质求取值范围的策略
(1)建立待求范围的整体与已知范围的整体的关系,最后利用一次不等式的性质进行运算,求得待求的范围.
(2)同向(异向)不等式的两边可以相加(相减),这种转化不是等价变形,如果在解题过程中多次使用这种转化,就有可能扩大其取值范围.
[提醒] 求解这种不等式问题要特别注意不能简单地分别求出单个变量的范围,再去求其他不等式的范围.
5.(1)已知1解:∵1∴2<2a<8,6<3b<24,∴8<2a+3b<32.
∵2针对训练
又1∴1+(-8)即-7∴2a+3b的取值范围是8<2a+3b<32,a-b的取值范围是(-7,2).
(2)已知-6解:∵2①当0≤a<8时,0≤<4;
②当-6由①②得-3<<4,
即的取值范围是(-3,4).
课时跟踪检测
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A级——达标评价
1.某高速公路对行驶的各种车辆的最大限速为120 km/h.行驶过程中,同一车道上的车间距d不得小于10 m,用不等式表示为( )
A.v≤120(km/h),或d≥10(m)
B.v≤120(km/h),且d≥10(m)
C.v≤120(km/h)
D.d≥10(m)
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解析:最大限速为120 km/h,即v≤120(km/h),车间距不得小于10 m,即d≥10(m),高速公路行驶车辆需兼顾速度和车间距两个条件,所以两条件间用“且”,故选B.
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2.设M=2a(a-2),N=(a+1)(a-3),则 ( )
A.M>N B.M≥N
C.M解析:因为M-N=2a(a-2)-(a+1)(a-3)=2a2-4a-(a2-2a-3)=a2-2a+3=(a-1)2+2>0恒成立,所以M>N.
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3.已知实数0A.a2>>a>-a B.a>a2>>-a
C.>a>a2>-a D.>a2>a>-a
解析:∵01,-1<-a<0,0a>a2>-a.
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4.若实数α,β满足-<α<β<-,则α-β的取值范围是( )
A. B.
C. D.
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解析:∵-<α<β<-,
∴-<α<-,<-β<,α-β<0,
∴-<α-β<0.
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5.(多选)已知a,b,c,d均为实数,则下列命题正确的是 ( )
A.若a>b,c>d则a-d>b-c
B.若a>b,c>d则ac>bd
C.若a>b,c>d>0,则>
D.若ab>0,bc-ad>0,则>
√
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解析:若c>d,则-d>-c,又a>b,则a-d>b-c,A选项正确;若a=2,b=1,c=-1,
d=-2,满足a>b,c>d,但ac=bd=-2,ac>bd不成立,B选项错误;若a=-1,
b=-2,c=2,d=1,满足a>b,c>d>0,但==-1,>不成立,C选项错误;bc-ad>0,则bc>ad,又ab>0,∴>,即>,D选项正确.故选A、D.
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6.已知x<1,则x2+2与3x的大小关系为 .
解析:x2+2-3x=(x-1)(x-2).当x<1时,x-1<0,x-2<0,所以(x-1)(x-2)>0,即x2+2-3x>0,所以x2+2>3x.
x2+2>3x
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7.能说明“若a>b,则<”为假命题的一组a,b的值依次为 .
解析:只要保证a为正b为负即可满足要求.
当a>0>b时,>0>.
1,-1(答案不唯一)
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8.已知-1≤x解析:∵-1≤x[-4,0)
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9.(8分)(1)比较a2+b2与2(2a-b)-5的大小;
解:∵a2+b2-[2(2a-b)-5]=(a-2)2+(b+1)2≥0,∴a2+b2≥2(2a-b)-5,
当且仅当a=2,b=-1时,等号成立.
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(2)已知a>0,b>0,求证:(a2+b2)2≥4a2b2,当且仅当a=b时等号成立.
解:证明:(a2+b2)2-4a2b2=a4+b4+2a2b2-4a2b2=a4+b4-2a2b2=(a2-b2)2≥0,当且仅当a2=b2时取等号.
又∵a>0,b>0,
∴当且仅当a=b时取等号,
即(a2+b2)2≥4a2b2,当且仅当a=b时等号成立.
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10.(10分)已知a>b>0,c证明:--=.
∵c-d>0.
又∵a>b>0,∴-ac>-bd>0,
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即-ac-(-bd)>0.
又cd>0,∴>0,∴ - ->0,
∴->->0,∴>,
即->-,∴<.
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B级——重点培优
11.(多选)若0A.a3>ab2 B.a+C.a+2b>4 D.<
√
√
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解析:因为05,即a+2b<4,C错误;因为016
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12.已知x>y>z,x+y+z=0,则下列不等式一定成立的是 ( )
A.xy>yz B.xz>yz
C.xy>xz D.x|y|>z|y|
解析:因为x>y>z,x+y+z=0,所以3x>x+y+z=0,3z0,z<0.所以由可得xy>xz.
√
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13.有外表一样、重量不同的四个小球,它们的重量分别是a,b,c,d,已知a+b=c+d,a+d>b+c,a+cA.d>b>a>c B.b>c>d>a
C.d>b>c>a D.c>a>d>b
解析:∵a+b=c+d,a+d>b+c,∴a+d+(a+b)>b+c+(c+d),即a>c.∴bb>a>c.
√
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14.请根据矩形图表信息,补齐不等:+≥
.
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解析:由勾股定理知,AB==,
AC=,BC=,
如题图中的△ABC,根据三角形的两边之和大于第三边,知AB≤AC+BC,当且仅当A,B,C三点共线时,等号成立,所以+≥
.
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15.若a,b同时满足下列两个条件:①a+b>ab;②>.请写出一组a,b的值 .
解析:容易发现,若将①式转化为②式,需使(a+b)ab<0,即a+b与ab异号,显然应使a+b>0,ab<0.当a<0,b>0时,需使a+b>0,则|a|<|b|,可取a=-1,b=2;当a>0,b<0时,需使a+b>0,则|a|>|b|,可取a=2,b=-1.综上,取任意异号两数,且正数的绝对值大于负数的绝对值皆为合理答案.
a=-1,b=2(答案不唯一)
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16.(12分)已知a,b,c为三角形的三边长,求证:
(1)a2+b2+c2≥ab+bc+ca;
证明:a,b,c为三角形的三边长,而2(a2+b2+c2)-2(ab+bc+ca)=a2+b2-2ab+b2+c2-2bc+a2+c2-2ac=(a-b)2+(b-c)2+(a-c)2,显然(a-b)2≥0,(b-c)2≥0,(a-c)2≥0,即(a-b)2+(b-c)2+(a-c)2≥0,当且仅当a=b=c时取等号,因此2(a2+b2+c2)≥2(ab+bc+ca),所以a2+b2+c2≥ab+bc+ca.
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(2)(a+b+c)2<4ab+4bc+4ca.
证明:a,b,c为三角形的三边长,则016课时跟踪检测(十) 不等式的性质
(满分100分，A级选填小题每题5分，B级选填小题每题6分)
A级——达标评价
1．某高速公路对行驶的各种车辆的最大限速为120 km/h.行驶过程中，同一车道上的车间距d不得小于10 m，用不等式表示为( )
A．v≤120(km/h)，或d≥10(m)
B．v≤120(km/h)，且d≥10(m)
C．v≤120(km/h)
D．d≥10(m)
2．设M＝2a(a－2)，N＝(a＋1)(a－3)，则( )
A．M>N B．M≥N
C．M3．已知实数0A．a2>>a>－a B．a>a2>>－a
C.>a>a2>－a D.>a2>a>－a
4．若实数α，β满足－<α<β<－，则α－β的取值范围是( )
A. B.
C. D.
5．(多选)已知a，b，c，d均为实数，则下列命题正确的是( )
A．若a>b，c>d则a－d>b－c
B．若a>b，c>d则ac>bd
C．若a>b，c>d>0，则>
D．若ab>0，bc－ad>0，则>
6．已知x<1，则x2＋2与3x的大小关系为________．
7．能说明“若a>b，则<”为假命题的一组a，b的值依次为________．
8．已知－1≤x9．(8分)(1)比较a2＋b2与2(2a－b)－5的大小；
(2)已知a>0，b>0，求证：(a2＋b2)2≥4a2b2，当且仅当a＝b时等号成立．
10．(10分)已知a＞b＞0，c＜d＜0，求证： ＜.
B级——重点培优
11．(多选)若0A．a3>ab2 B．a＋C．a＋2b>4 D.<
12．已知x>y>z，x＋y＋z＝0，则下列不等式一定成立的是( )
A．xy>yz B．xz>yz
C．xy>xz D．x|y|>z|y|
13．有外表一样、重量不同的四个小球，它们的重量分别是a，b，c，d，已知a＋b＝c＋d，a＋d>b＋c，a＋cA．d>b>a>c B．b>c>d>a
C．d>b>c>a D．c>a>d>b
14．请根据矩形图表信息，补齐不等式：＋≥________.
15．若a，b同时满足下列两个条件：①a＋b>ab；②>.请写出一组a，b的值________．
16．(12分)已知a，b，c为三角形的三边长，求证：
(1)a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca；
(2)(a＋b＋c)2<4ab＋4bc＋4ca.
课时跟踪检测(十)
1．选B 最大限速为120 km/h，即v≤120(km/h)，车间距不得小于10 m，即d≥10(m)，高速公路行驶车辆需兼顾速度和车间距两个条件，所以两条件间用“且”，故选B.
2．选A 因为M－N＝2a(a－2)－(a＋1)·(a－3)＝2a2－4a－(a2－2a－3)＝a2－2a＋3＝(a－1)2＋2>0恒成立，所以M>N.
3．选C ∵01，－1<－a<0,0a>a2>－a.
4．选D ∵－<α<β<－，∴－<α<－，<－β<，α－β<0，∴－<α－β<0.
5．选AD 若c>d，则－d>－c，又a>b，则a－d>b－c，A选项正确；若a＝2，b＝1，c＝－1，d＝－2，满足a>b，c>d，但ac＝bd＝－2，ac>bd不成立，B选项错误；若a＝－1，b＝－2，c＝2，d＝1，满足a>b，c>d>0，但＝＝－1，>不成立，C选项错误；bc－ad>0，则bc>ad，又ab>0，∴>，即>，D选项正确．故选A、D.
6．解析：x2＋2－3x＝(x－1)(x－2)．当x<1时，x－1<0，x－2<0，所以(x－1)(x－2)>0，即x2＋2－3x>0，所以x2＋2>3x.
答案：x2＋2>3x
7．解析：只要保证a为正b为负即可满足要求．当a>0>b时，>0>.
答案：1，－1(答案不唯一)
8．解析：∵－1≤x又x答案：[－4,0)
9．解：(1)∵a2＋b2－[2(2a－b)－5]
＝(a－2)2＋(b＋1)2≥0，
∴a2＋b2≥2(2a－b)－5，
当且仅当a＝2，b＝－1时，等号成立．
(2)证明：(a2＋b2)2－4a2b2＝a4＋b4＋2a2b2－4a2b2＝a4＋b4－2a2b2＝(a2－b2)2≥0，当且仅当a2＝b2时取等号．
又∵a>0，b>0，
∴当且仅当a＝b时取等号，
即(a2＋b2)2≥4a2b2，当且仅当a＝b时等号成立．
10．证明：－－＝.
∵c＜d＜0，∴－c＞－d＞0.
又∵a＞b＞0，∴－ac＞－bd＞0，
即－ac－(－bd)＞0.
又cd＞0，∴＞0，
∴－－＞0，
∴－＞－＞0，∴ ＞ ，
即－＞－，∴ ＜ .
11．选BD 因为05，即a＋2b<4，C错误；因为012．选C 因为x>y>z，x＋y＋z＝0，所以3x>x＋y＋z＝0,3z0，z<0.所以由可得xy>xz.
13．选A ∵a＋b＝c＋d，a＋d>b＋c，∴a＋d＋(a＋b)>b＋c＋(c＋d)，即a>c.∴bb>a>c.
14．解析：由勾股定理知，AB＝＝，AC＝，BC＝，如题图中的△ABC，根据三角形的两边之和大于第三边，知AB≤AC＋BC，当且仅当A，B，C三点共线时，等号成立，所以＋≥ .
答案：
15．解析：容易发现，若将①式转化为②式，需使(a＋b)ab<0，即a＋b与ab异号，显然应使a＋b>0，ab<0.当a<0，b>0时，需使a＋b>0，则|a|<|b|，可取a＝－1，b＝2；当a>0，b<0时，需使a＋b>0，则|a|>|b|，可取a＝2，b＝－1.综上，取任意异号两数，且正数的绝对值大于负数的绝对值皆为合理答案．
答案：a＝－1，b＝2(答案不唯一)
16．证明：(1)a，b，c为三角形的三边长，而2(a2＋b2＋c2)－2(ab＋bc＋ca)＝a2＋b2－2ab＋b2＋c2－2bc＋a2＋c2－2ac＝(a－b)2＋(b－c)2＋(a－c)2，显然(a－b)2≥0，(b－c)2≥0，(a－c)2≥0，即(a－b)2＋(b－c)2＋(a－c)2≥0，当且仅当a＝b＝c时取等号，因此2(a2＋b2＋c2)≥2(ab＋bc＋ca)，所以a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca.
(2)a，b，c为三角形的三边长，则01 / 2