单元检测（三）
牛顿运动定律
B卷高考能力评价卷
(满分：100分时间：75分钟)
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目
要求
1.(2025·内蒙古赤峰·一模)如图所示，一根细线一端系在天花板上，另一端系在木箱上，木
箱内放有一个质量m=0.1kg的物块，物块与水平轻质弹簧相连，弹簧的另一端与木箱左
壁相连，此时弹簧处于伸长状态，弹簧的弹力为0.5N,物块保持静止状态.取重力加速度g
=10ms2,用剪刀把细线剪断的瞬间，物块的加速度大小是
A.a=0
B.a=5 m/s2
C.a=10 m s2
D.a=55 mfs2
2.(2025·陕西渭南统考一模)智能手机安装软件后，可利用手机上的传感器测量手机运动的加速度，带塑
胶软壳的手机从一定高度由静止释放，落到地面上，手机传感器记录了手机运动的加速度α随时间t变
化的关系，如图所示，g为当地的重力加速度，不计空气阻力.则手机第一次与地面碰撞过程中()
a
10g
t
13
A.t2时刻手机开始着地
B.t2时刻手机速度最大
C.与地面作用时间为t3一t1
D.所受最大弹力为自身重力的10倍
3.(2024·全国甲卷)如图，一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系物块P,P置于水平桌面
P
上，与桌面间存在摩擦；绳的另一端悬挂一轻盘（质量可忽略），盘中放置砝码.改变盘中
砝码总质量m,并测量P的加速度大小a,得到a一m图像.重力加速度大小为.在下列
a一m图像中，可能正确的是
()
5-----
0
0
4.(2025·菏泽二模)如图所示，两段轻绳A、B连接两个小球1、2，悬挂在天花板
上·一轻弹簧C一端连接球2，另一端固定在竖直墙壁上.两小球均处于静止状
态.轻绳A与竖直方向、轻绳B与水平方向的夹角均为30°，弹簧C沿水平方
30
向.已知重力加速度为g.则
()
1
A.球1和球2的质量之比为1：1
B.在轻绳A突然断裂的瞬间，球1的加速度方向竖直向下
C.在轻绳A突然断裂的瞬间，球1的加速度大小一定大于g
D.在轻绳A突然断裂的瞬间，球2的加速度大小为2g
-21
5.(2025·河北·二模)某冰壶比赛赛道的简化图如图所示，A、B、C、D是水平冰面直线赛道上的四个点，
其中A是掷出点，D是营垒中心，AB=BC=CD.运动员将冰壶从A点以初速度vo掷出，冰壶沿直线
AD做减速运动，经过B点时速度恰好为？，另一运动员用冰刷摩擦B、D之间的冰面以减小动摩擦因
数，冰壶恰好到达营垒中心D.若未用冰刷摩擦冰面时，冰壶与冰面之间的动摩擦因数为：，假设摩擦后
的冰面光滑程度处处相同，则摩擦后冰壶与冰面之间的动摩擦因数为
】
月防B
营垒
A号
B片
c.号
D.号
6.(2025·湖北二模)如图所示，A、B两木块放在粗糙水平面上，它们之间用
------B
不可伸长的轻绳相连，两次连接情况中轻绳倾斜方向不同，已知两木块与水
平面间的动摩擦因数分别为A和以B,且0
和F2拉着A、B一起水平向右匀速运动，则匀速运动过程中
()
A.F1B.F1>F2
C.F1=F2
D.无法确定
7.(2025·四川泸州·三模)静置于水平地面上质量为的物体，受一竖直向上的恒力F作用，从静止开
始向上运动.经时间t后撤去F,又经时间t物体刚好落回地面.不计空气阻力，重力加速度为g,则恒力
F等于
(
5
A.3mg
B.3mg
C.2mg
D.3mg
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，每题有多项符合题目
要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，
8.如图所示，原长为1的轻质弹簧，一端固定在O点，另一端与一质量为的小球相连.小球套
在竖直固定的粗糙杆上，与杆之间的动摩擦因数为0.5.杆上M、N两点与O点的距离均为1，
P点到O点的距离为21，OP与杆垂直.当小球置于杆上P点时恰好能保持静止.设最大静
摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g.小球以某一初速度从M点向下运动到N点，
在此过程中，弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是
()
A弹簧的劲度系数为
B.小球在P点下方21处的加速度大小为(3巨-4)g
C.从M点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力先变小再变大
D.从M点到P点和从P点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力做功相同
9.(2025·陕西·三模)传送带广泛的应用于物品的传输、分拣、分装等工
AB
作中，某物流公司利用如图所示的三角形传送带进行物品的分拣，传送
带以2m.s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m,且与水平
方向的夹角均为37°.现有两个货箱A、B从传送带顶端都以1ms的初
⊙37
37{⊙
速度沿传送带下滑，两货箱与传送带间的动摩擦因数都是0.5，g=10m:s2,si37°=0.6，cos37°=0.8，
下列判断正确的是
A.货箱B先到达传动带底端
B.货箱B在传送带底端时的速度大小为3ms
C.下滑过程中相对传送带的路程货箱A小于货箱B
D.下滑过程中，两货箱在传送带上的划痕长度相同
—22参考答案
单元检测（一）运动的描述匀变速直线运动
x=wt一
2a2,代入教据解得x=50m,公交车在最初6s内
通过的位移与最后6s内通过的位移之差为△x=x1一x2,代
A卷高频考点练清卷
入数据解得△x=24m,故ABC错误，D正确.
1.C研究入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题
5.A对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度不变，木板从
的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故A错
静止释狱到下瑞到达A点的过程，有L=a,木板从静止
误：研究空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究
释放到上瑞到达A点的过程，当木板长度为L时，有2L=
问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故
2ai,当木板长度为2L时，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B错误；研究百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和
体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看
△12=t2一t0,联立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
为质点，故C正确：研究运动员通过某个攀岩支，点的动作
正确
时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽
6.解析：(1)设物体的加速度为a,根据位移差公式△x=aT可
略，此时运动员不能够看为质点，故D错误.故选：C.
2
2.C速度是描述物体运动快慢的物理量，即物体的空间位
3X0-x0
得物体的加速度为4=
置随时间变化的快慢，BD错误；根据x与1的关系式可
to
3to2
知，1=0时，质点位于x=1m处，t=1s时，质点位于x=
AC段的平均速度等于这一过程的中间时刻的速度，可得
6m处，因此质点在第1s内的位移为5m,A错误，C
2
正确，
物体在B,点时的速度为UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)选择向西为正方向，如题图所示，最后6s的住
设物体在A点时的速度为A,则可得
移为△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均连度为==20m=20m8,大小为20m6,」
(2)根据速度时间关系可得物体在C点时的速度为
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全过程的位移为△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
时间为△t=5s十58十4s十6s=20s
则可得物体在CD段的平均速度为=C十D=0
24t
平均速度为==0m=1,5m/s,大小为1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C匀变速直线运动平均速度等于初末速度的平均值，则
(3)全过程的路程为△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：专5=10ms,T=5m因ST间的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的两倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率为0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的时间是RS段的时间的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度减小量是RS段的4倍，则有：vs一VT=4(VR一
4.D设公交车开始减速的速度为%，运动总时间为，则公交
vs),联立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正确，ABD错误.
车在最初减连6s内通过的位移为西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度为a,E到N的距离为L,从E到N有v至=
18m),把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运
2aL,从N到A有v员=2a·9L,联立可得vA=3E,故A
动，最后68内通过的位移为=2a,代入数据解得x2一
错误：根据逵度一时间公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过
的位号之比为21：9，则南以上有g18-号又有0=助
E一0_E=1,所以汽车通过AE段的时间等于21，故B
at,代入数据解得=10mst=10s,则公交车的总位移为
错误：根据匀变速直线运动的推论有四E-4E=2如E,
2
125